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高中总复习物理实验专项练习卷答案
一．选择题
1．解析：在双缝干涉实验的装置中，缝的宽度跟光的波长相差不多.在双缝分别放上红色和绿色滤光片之后，由于红光和绿光的频率不相等，在光屏上不能再出现干涉条纹了.但由于满足产生明显衍射现象的条件，所以在屏上将同时出现红光和绿光的衍射条纹.故正确的选项为C.
答案：C
2．解析：实验要求入射球与被碰球的半径相同，但它们的质量应不同，入射球的质量应大于被碰球的质量，这样就不至于出现入射小球的反弹，从而减小实验的误差.所以选项A的说法是错误的.
让入射小球与被碰小球连续10次相碰的目的是为了减小实验的偶然误差，这就要求入射小球每次都要从斜槽上的同一位置滚下，然后用画圆找圆心的方法求平均落点.若每次小球都从不同的位置滚下，找平均落点是没有任何意义的.选项B的说法是错误的.
对图示情况，首先要搞清楚M、P、N分别是谁的落点.还要知道，不管是入射小球还是
被碰小球，它们出射的起始位置都是O点.图中是入射小球不发生碰撞时飞出的水平距离；是被碰小球飞出的水平距离；是入射小球碰撞后飞出的水平距离.由于它们都是从同一高度做平抛运动，运动的时间相同，故可以用水平位移代表水平速度，则应有
m1=m1+m2，选项D正确.还要知道，虽然两小球相碰时入射小球离出射点为
2r，但入射小球做平抛运动的出射点仍是O点.所以选项C中的表达式是错误的.
本题的正确选项只有D.
答案：D
3．CD
4．AC
5．解析：R与R g串联.设当电流表指针偏转满刻度时的电流为I，则
I（R1+R g）=E ①
当电流表指针偏转一半时
I（R2+R g）=E ②
由①②得R g=R2-2R1.
答案：A
6．ACD
解析：误差不可避免，只能相对减小，A正确.据系统误差特点知：多次重做同一实验，系统误差总是同样的偏大或偏小，B错.由偶然误差特点知：C、D选项正确.
7．A
解析：游标卡尺存在零误差.工件长L=10.5 mm-0.6 mm=9.9 mm(其中0.6 mm是游标卡尺的零误差），A选项正确.
8．B
解析：结点的位置不变，说明A、B两弹簧秤中拉力的合力前后不变，当保持A的大小不变，减小α角时，由图中情况画出平行四边形可知，合力不变时必须减小B的拉力，减小β角.B正确.
9．CD
解析：注意电磁打点计时器与电火花打点计时器在结构及使用方法上的区别.
10．CD
解析：由平抛知识可知：x=v0t y=gt2,所以v0=x.
显然需测数据是x、y，即C、D选项正确.
11．B
解析：根据T=2π得到：g=.
12．D
解析：由该实验原理可知：该电场的等势线分布状况如图所示，且φb＞φO＞φa.因此另一探针由a点沿直线移到b点的过程中，两探针间的电势差先减后增，即电流表的指针与零刻度的夹角是先变小后变大，D正确.
13．ACD
解析：该实验原理是部分电路欧姆定律和电阻定律，造成实验误差与电池内电阻无关，与电表内阻及测量工具测量的偶然误差有关.正确选项为A、C、D.
14．AD
解析：电压表V2是测量内电压，故其电流从电源负极流向正极，A对.滑动变阻器触头左移时，外电阻变小，总电流增大，则外电压U1减小，内电压U2增大，B错.I增大时，电源总功率P=Iε一定增大，但滑动变阻器消耗的功率（输出功率）可能增大，可能减小（当外电阻等于电源内阻时，输出功率最大），故C错.电源消耗的化学能W=εIt=εq，故D对.正确选项为AD.
15．B
解析：分别作出测量的光路和实际光路,比较的值即可.
16．解析：电流表示数变化较大时，说明电压表的分流作用较为明显，即R x和电压表内阻R V相差不大，不满足R V＞＞R x，因而用电流表内接法——S应接N点.若电压表示数有明显变化，说明电流表内阻的分压作用较大，即R x和电流表内阻R A相差不大，不能满足R A＜＜R x，应采用电流表外接电路,即S应接M点.
答案：BC
17．①AB ②C
解析：本实验中应以需研究的一根弹簧为实验对象，在弹性限度内通过增减砝码的数目，以改变对弹簧的拉力，来探索弹力与弹簧伸长的关系，所以①应选AB；②在选择以L-L0作为弹簧的伸长量x时，由于弹簧自身重力的作用。

应选C图。

二．非选择题
18．解析：两次调整灵敏电流计示数均为零，说明左边电路中和右边电路相连接的两点间电势差等于E2，即
=E2
整理即得R x=.
答案：
19．解析：由题图甲读得所用双缝间距d=0.25 mm.(5×0.05 mm)图乙中双缝的位置L1=100.0 mm，毛玻璃屏的位置L2=938.2 mm，则双缝到屏的间距L=838.2 mm。

图丙中手轮的初始读数为a1=0.300 mm，转动手轮，分划板中心刻线移动到第7条明条纹中
心时手轮读数a2=14.700 mm，则相邻亮条纹间的距离Δx=mm= 2.400 mm.所以λ=Δx=×2.400×10-3m=7.16×10-7m
答案：7.16×10-7 m
20
．(1)平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动
(2)P球会砸中Q球平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动
(3)3.57×10-2(或) 0.7
解析:(1)平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动.
(2)P球会砸中Q球;平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动.
(3)由竖直分运动,Δy=gT2,1.25×10-2=9.8T2
所以T=3.57×10-2 s(或s)
由x=v·t知小球平抛初速度v0=m/s=0.7 m/s.
21．1 500 750750 碰撞过程动量守恒
解析：由图知=10 cm/s,′=5.0 cm/′=7.5 cm/s
则入射小球碰前动量=150 g·cm/s,方向为正方向
则入射小球碰后动量：′=′=75 g·cm/s,方向为正方向
被碰小球碰后动量′=′=75 g·cm/s,方向为正方向
由=′+′可得碰撞过程动量守恒.
22．解析：(1)从表中数据可看出，灯泡两端电压可以零调节，这说明滑动变阻器应选用分压接法，故应选用甲图.
(2)在方格纸上根据U-I数据描点、连线，其U-I图象如图.随U和I的增大，图线上各点与坐标原点连线的切线斜率越来越大，故其电阻变大.
(3)因流过电阻R的电流是流过灯泡b电流的两倍，由并联电路分流特点可知：灯泡电阻为电阻R的两倍，即：R灯=2R，则灯泡b与R的并联电阻R并=R，而灯泡a的电阻为2R，
由串联电路电压分配关系可知：b灯两端电压为0.75 V,a灯两端电压为2.25 V，由U-I图象可看出，当U=0.75 V时，I=0.13 A.
答案：(1)甲(2)U-I曲线如上图变大(3)0.13
23．（1）D B （2）偏小（3）串 3 900
解析：本题测量电流表内阻采用的为半偏法，应理解其原理、R和R′选取的原则以及操作步骤中应注意的事项.
24．（1）金属圆柱形电极（2）指零（3）右（4）ABCE
解析：（1）金属圆柱形电极其中A为正极，B为负极.本实验运用了模拟法，即用恒定电流场来代替静电场，这两个电极等效于两个等量异种点电荷.
（2）指零要使灵敏电流计G的指针偏转，则必须有电流流过灵敏电流计，这要求两探针所接触的两点间存在电势差.反之，当灵敏电流计G的指针指零时，就表明探针所接触的两点恰是等势点.
（3）略
（4）等量异种电荷所形成电场的等势线是以电极连线的中垂线（可规定为零等势线）为对称轴的对称图形，正、负电荷也处于对称位置.这个对称图形的基础必须是相等电势差的等势线，如果不是相差一定的电势的等势线，则没有上述对称关系.另一种对称是以两电荷的连线为对称轴，上面一半等势线和下面一半等势线相对称，这也是一种对称关系.故ABCE 正确.
25．①A点至桌面的高度h1、出口至地面O点的高度h2、球的落地点P至O点距离s
②s2=4h1h2
解析：本题要验证钢球从斜槽滑下机械能守恒,根据题中给出的实验步骤来看,必须验证钢球
下落过程中表达式mgh=mv2成立.即需计算势能的减少量mgh和动能的增加量mv2,并
进行比较.所以需测量的数据有：
A点至桌面的高度h1;
出口至地面O点的高度h2;
球的落地点P至O点距离s.
据平抛运动规律,可知球平抛运动的水平速度
v===s①
若钢球从斜槽下滑时机械能守恒
则有：mgh1=mv2②
①②联立解得：s2=4h1h2
上式即为所求的机械能守恒表达式.
26．答案：（1）①S 左端的“0”②欧姆挡的×1 ③T，右端的“0”
（2）20.0 k（写成20 k也给分）
（3）如图所示
（4）0.700 mm
27．连线如图所示
28．交流 4 V—6 V 0.02 29．2.37 3.05 0.34。