河北省黄骅中学高一物理上学期第三次月考试题
高一物理上学期第三次月考试题高一全册物理试题_01
应对市爱护阳光实验学校下期高一年级第三次月考物理试卷(班)总分：100分考试时间：90分钟一、此题共16个小题，每题3分，共48分。
在每题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的。
请将正确选项的序号填在题后的括号内。
1. 在力学单位制中属于导出单位的是( )A．千克 B．秒 C．米 D．米每秒2 如下图为某列车车厢内可实时显示相关信息的显示屏的照片。
图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量。
以下说法中正确的选项是A. 甲处表示时间，乙处表示平均速度B. 甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C. 甲处表示时刻，乙处表示平均速度D. 甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度3．在物理，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的“物理模型〞，并将其作为研究对象，是经常采用的一种方法。
质点就是这种物理模型之一。
以下有关质点的说法正确的选项是A．只有细小的物体才能看成质点B．研究地球公转的规律时，可以把地球看成质点C．物体在任何情况下都能看成质点D 研究地球自转的规律时，可以把地球看成质点4. .如下图，在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方向拉一木块做匀速直线运动，弹簧测力计的示数为20N ，木块受到的摩擦力大小是A.10NB.20NC.15ND.25N5．以下关于在粗糙斜面上自由下滑物体的受力分析示意图中，正确的选项是A． B．C． D．6、如下图，一只蜗牛沿着葡萄枝缓慢爬行，假设葡萄枝的倾角为α，那么葡萄枝对重为G的蜗牛的作用力为A．G sinαB．G cosαC． G D．小于G7.作用在同一个物体上的两个共点力，一个力的大小是3N，另一个力的大小是4N，它们合力的大小可能是A． 10 N B. 8N C. 5 N D. 08、将一物体竖直上抛，一段时间后物体又落回抛出点。
不计空气阻力，那么在这段时间内，物体速度的大小随时间变化的图像为9．关于惯性，以下说法中正确的选项是A．物体只有静止或做匀速直线运动时才有惯性B．物体只有受外力作用时才有惯性C．物体的速度大时惯性大D．惯性是物体的固有属性，其大小仅与物体质量有关10. 静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力，在力刚开始作用的瞬间，以下说法中正确的选项是( )A.物体静止，但立即获得加速度和速度B.物体立即获得加速度，但速度仍为零C.物体立即获得速度，但加速度仍为零D.物体的速度和加速度均为零11. 在利用打点计时器探究加速度与力、质量关系的中，以下做法正确的选项是A. 平衡摩擦力时，将重物用细绳通过滑轮系在小车上B. 每次改变小车的质量时，不需要重平衡摩擦力C. 时，先放开小车，后接通电源D.“重物的质量远小于小车的质量〞这一条件如不满足，对探究过程也不会产生影响12“自由落体〞演示装置如下图，当牛顿管被抽成真空．．后，将其迅速倒置，管内轻重不同的物体从顶部下落到底端的过程中，以下说法正确的选项是A．时间相同，加速度相同 B．时间相同，加速度不同C．时间不同，加速度相同 D．时间不同，加速度不同13．力F1单独作用于一物体时，使物体产生的加速度大小为a1＝2m/s2，力F2单独作用于同一物体时，使物体产生的加速度大小为a2＝4m/s2。
2022年河北省沧州市黄骅镇黄骅中学高一物理模拟试题含解析
2022年河北省沧州市黄骅镇黄骅中学高一物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔为5s，两次经过一个较高点B的时间间隔为3s，则AB之间的距离是（g 取10 m / s2）（）A．80 m B．40 mC．20 m D．初速度未知，无法确定参考答案：C2. 甲抽水机每秒把30kg的水抽到10m高的水塔，乙抽水机每秒把15kg的水抽到20m高的水塔。
则：A．甲抽水机的功率较大 B．甲乙两抽水机的功率相等C．半小时内乙抽水机做的功较多 D．半小时内甲抽水机做的功较多参考答案：B3. （多选题）质量为M的人站在地面上，用绳通过定滑轮将质量为m的重物从地面向上拉动，如图所示，若重物以加速度a上升，则人对地面的压力为（）A．（M﹣m）g﹣ma B．（M+m）g﹣ma C．（M+m）g+ma D．Mg﹣ma参考答案：A解：以物体为研究对象，根据牛顿第二定律得T﹣mg=ma 解得，绳子的拉力T=m（g+a）再以人为研究对象，根据平衡条件得地面对人的支持力为N=Mg﹣T=Mg﹣m（g+a）=（M﹣m）g﹣ma根据牛顿第三定律得知，人对地面的压力大小N′=N=（M﹣m）g﹣ma，故A正确故选：A4. 将一只小球竖直向上抛出,小球运动时受到空气阻力的大小与速度大小成正比,下列描绘小球在上升过程中的加速度大小a及速度大小v与时间t关系的图像,可能正确的是( )参考答案：BD5. 倾角为的斜面长L，在顶点A水平抛出一个物体，它刚好落在这个斜面的底端B，则抛出物体的初速度为（）A、 B、C、 D、参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示为测定导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为2.8cm的遮光板。
滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字毫秒计（图中未画出）记录了遮光板通过第一个光电门的时间为△t1=0.28s，则滑块通过第一个光电门的速度为 cm/s，通过第二个光电门的时间为△t2=0.14s，则滑块通过第二个光电门的速度为 cm/s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为△t=3.57s，滑块的加速度为 cm/s 2（保留两位有效数字）。
河北省黄骅中学高一分班考试物理试卷_图文
河北省黄骅中学高一分班考试物理试卷_图文一、选择题1．下列估测的数据中最符合实际的是（）A．唐山夏季的最高气温为25℃B．医用外科口罩的长度约为30cmC．人正常步行的速度约为1.2m/sD．我国国歌演奏一遍的时间约为5min2．无线电充是一种增加手机续航时间的方式，无线电充的技术原理：电流流过充电座的“送电线圈”产生磁场，当手机中的“受电线圈”靠近该磁场时就会产生感应电流，从而给手机电池充电，如图所示。
下列图中，与“受电线圈”处用到的实验原理相同的是（）A．B．C．D．3．下列说法中正确的是（）A．运动速度越大的物体，其惯性越大B．一个物体的内能增大，其温度不一定会升高C．做功可以改变物体的内能，但一定要消耗机械能D．物体受到外力的作用，其运动状态一定会发生改变4．生活处处有物理，爱动脑的小张同学对图作出的解释错误的是（）A．吸管的一端一般是斜的，目的是为了增大压力B．在输液时，要将液瓶挂高是为了增大压强C．茶壶盖上有个小孔，目的是为了平衡气压D．船闸设计成上图形式，是利用了连通器原理5．有6位同学用一把刻度尺测量同一本《科学》课本的长度，测得数据分别为26.02厘米，26.09厘米、26.10厘米、26.00厘米和26.08厘米、31.38厘米。
下列测量结果最接近真实值的是（）A．26.058厘米B．26.06厘米C．26.95厘米D．无法确定，因为真实值未知6．下列现象中，属于光的反射的是A．开凿隧道时，利用激光束引导掘进方向B．用凸面镜扩大视野C．放大镜使光会聚D．手影的形成7．通电导体在磁场中受到力的作用。
某段导体通以图甲所示方向的电流时，该导体受力的方向为垂直纸面向里；电荷的定向移动形成电流，运动的电荷在磁场中也受到力的作用，如果电子沿图乙中虚线方向快速进入磁场，则它在磁场中受力的方向为()A．垂直纸面向里B．垂直纸面向外C．沿纸面竖直向上D．沿纸面竖直向下8．小明家有额定电压相同的微波炉和电视机各一台，按照每度电0.55元的计费标准，将这两个用电器正常工作1h所用的电费绘制成了如图所示的柱状图，对小明家的这两个用电器，下列判断正确的是（）A．微波炉正常工作时的电压大于电视机正常工作时的电压B．微波炉正常工作时的电流等于电视机正常工作时的电流C．微波炉正常工作时的电功率大于电视机正常工作时的电功率D．每月在微波炉上用的电费一定比在电视机上用的电费多9．关于信息和能源的说法中正确的是（）A．目前建成的核能发电站利用了核聚变原理B．电磁波的频率越高，在真空中传播越快C．我国自主建立的北斗卫星导航系统是利用电磁波传递信息D．化石能源、电能是直接从自然界获得的能源，称为一次能源10．如图甲所示，弹簧测力计下挂有一个圆柱体，把它从盛水的烧杯中缓慢提升，直到全部露出水面，该过程中弹簧测力计读数F随圆柱体上升高度h的关系如图乙所示，下列说法正确的是（）A．圆柱体的体积是400cm3B．圆柱体的密度是1.5g/cm3C．圆柱体受到的重力是6ND．圆柱体的高是5cm11．以下对四种体育活动中，涉及的物理知识描述正确的是（）A．跳远——起跳后最终会落向地面说明人具有惯性B．举重——运动员的重力和地面对运动员的支持力是一对平衡力C．射箭——箭被射出的过程弓的弹性势能转化为箭的动能D．打球——竖直上升的排球运动到最高点时，所受的合力为零12．下列数据最接近生活实际的是（）A．一个玻璃杯的质量约为5kgB．普通医用罩的面积约为150cm2C．复兴号高铁正常运行速度约为10m/sD．家用电风扇正常工作时的电流约为5A13．下列做法中，正确的是（）A．离开房间随手关灯B．发现有人触电时，立刻用小刀或剪子将电线切断C．在飞机场附近放风筝D．半夜看电视时保持大音量14．为了检测学校周围声音的强弱，某同学利用声敏电阻制作了一个可以检测声音强度的仪器，电路图如图，电源电压保持不变，R1是一个声敏电阻，声敏电阻随着声音强度的增大而减小。
高一物理上学期第三次月考试卷高一全册物理试题_
应对市爱护阳光实验学校二中高一〔上〕第三次月考物理试卷一、选择题〔此题共14小题，每题4分，共56分．1-10题只有一个选项正确，11-14小题有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答者得0分〕1．在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持运动的原因〞这个观点的物理学家及建立惯性律的物理学家分别是〔〕A．亚里士多德、伽利略B．伽利略、牛顿C．伽利略、爱因斯坦D．亚里士多德、牛顿2．以下给的物理量是标量的是〔〕A．时间B．加速度C．力 D．速度3．以下说法中正确的选项是〔〕A．两个物体只要接触就会产生弹力B．放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的C．滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反D．外形规那么的物体的重心必与其几何中心重合4．关于物体的惯性，正确的说法是〔〕A．同一物体在地球外表比在月球外表惯性大B．冰壶在冰面上运动的阻力很小，能在较长时间内维持运动而不停下来，所以惯性比拟大C．绕地球运行的宇宙飞船内的物体处于失重状态，因此飞船内的物体没有惯性D．在同样大小的外力作用下，运动状态越难改变的物体惯性越大5．足球运发动已将足球踢向空中，如下图，以下描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的选项是〔G为重力，F为脚对球的作用力，F f为空气阻力〕〔〕A ．B ．C ．D ．6．关于运动和力，以下说法正确的选项是〔〕A．物体所受合力为零时，速度一为零B．物体所受合力为零时，加速度一为零C．物体在恒力作用下，速度一不会发生变化D．物体运动的速度方向总跟合力的方向一致7．一物体m受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如下图，在滑动过程中，物体m受到的力是〔〕A．重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B．重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力D．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力8．如下图，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1〔m+M〕g D．μ1Mg+μ2Mg9．一辆，以速度为v0=12m/s的速度，突然发现前面有石块，便以大小为6m/s2的加速度刹车，那么刹车后3s内的位移为〔〕A．9 m B．12 m C．21 m D．8 m10．L型木板P〔上外表光滑〕放在固斜面上，轻质弹簧一端固在木板上，另一端与置于木板上外表的滑块Q相连，如下图．假设P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．那么木板P的受力个数为〔〕A．3 B．4 C．5 D．611．如下图，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱物体A，A在左端紧靠直墙，A与竖起墙之间放着一光滑圆球B，整个装置处于静止状态，假设把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，那么〔〕A．B对墙的压力增大B．A与B之间的作用力增大C．地面对A的摩擦力减小D．A对地面的压力不变12．如下图，一倾角为θ的斜面体静止在粗糙的水平地面上．物体A在水平推力F的作用下沿斜面匀速下滑的过程中，斜面体始终保持静止．物体A与斜面间无摩擦，那么〔〕A．物体所受重力的大小为FtanθB ．物体所受重力的大小为C．地面对斜面体的摩擦力水平向左D．地面对斜面体的摩擦力水平向右13．力F1单独作用于一个物体上时，物体加速度为2m/s2；力F2单独作用于同一物体时，物体加速度为4m/s2；当力F1和F2共同作用于该物体时，物体的加速度大小可能是〔〕A．2m/s2 B．4m/s2 C．6m/s2 D．8m/s214．如下图，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m，使M、m 两物块在桌上一起向右加速，那么M、m间的相互作用力为〔〕A ．B ．C．假设桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，那么M、m 间的相互作用力为+μMgD．假设桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，那么M、m间的相互作用力仍为二、题〔共10分〕15．如下图，在“研究力的合成〞中，得到了如下图的图形，图中P为橡皮条的固点，用两只弹簧秤或用一只弹簧秤时，都将橡皮条与细线的结点拉到O点，其中力是直接测得的合力；力是理论得到的合力．某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须长．B．使用两个弹簧测力计示数一要相．C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行．D．中一要记录力的大小和方向．其中正确的选项是．〔填入相的字母〕16．如图是某同学在“研究物体做匀变速直线运动规律〞的中，在小车的牵引下用打点计时器打出的一条纸带，图中A、B、C、D、E是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．那么小车运动的加速度大小a= m/s2，打纸带上C点时小车的瞬时速度大小v C=m/s．三、计算题〔共34分〕17．由静止开始做匀加速直线运动的，第1s内通过0.4m位移，问：〔1〕在1s末的速度为多大？〔2〕在前2s内通过的位移为多大？18．如图悬挂在天花板下重6N的小球，在均匀的水平风力作用下偏离了竖直方向θ=37°角．求风对小球的作用力和绳子的拉力．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕19．如下图，物块的质量m=30kg，细绳一端与物块相连，另一端绕过光滑的轻质滑轮，当人用100N的力斜向下拉绳子时，滑轮两侧细绳与水平方向的夹角均为30°，物体在水平面上保持静止，滑轮上端的悬绳竖直〔取g=10m/s2〕．求：〔1〕地面对物体的弹力大小和摩擦力大小；〔2〕滑轮上方竖直悬绳的拉力大小．20．如图：质量为5kg的物体与水平地面间的动摩擦因数μ=0.2，现用F=25N 与水平方成θ=37°的力拉物体，使物体由静止加速运动，10s后撤去拉力．求：〔1〕物体在两个阶段的加速度各是多大？〔g取10m/s2〕〔2〕物体从运动到停止总的位移．二中高一〔上〕第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共14小题，每题4分，共56分．1-10题只有一个选项正确，11-14小题有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答者得0分〕1．在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持运动的原因〞这个观点的物理学家及建立惯性律的物理学家分别是〔〕A．亚里士多德、伽利略B．伽利略、牛顿C．伽利略、爱因斯坦D．亚里士多德、牛顿【考点】牛顿第一律；伽利略研究自由落体运动的和推理方法；物理学史．【分析】物理常识的理解和记忆，对于每个物理学家，他的主要的奉献是什么要了解．【解答】解：亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才会运动，但这是不对的；伽利略推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体运动状态的原因；牛顿提出了物体的运动律，其中的牛顿第一律即为惯性律；爱因斯坦提出了光子说很好的解释了光电效的规律．所以B正确．应选B．【点评】此题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况．2．以下给的物理量是标量的是〔〕A．时间B．加速度C．力 D．速度【考点】矢量和标量．【专题】性思想；归纳法；直线运动规律专题．【分析】标量是只有大小没有方向的物理量，矢量是既有大小又有方向的物理量．【解答】解：标量是只有大小没有方向的物理量，时间是标量．而矢量是既有大小又有方向的物理量．加速度、力和速度都是矢量，故A正确，BCD错误．应选：A【点评】此题是一个根底题目，就是看学生对矢量和标量这两个根本概念的理解和掌握情况．3．以下说法中正确的选项是〔〕A．两个物体只要接触就会产生弹力B．放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的C．滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反D．外形规那么的物体的重心必与其几何中心重合【考点】滑动摩擦力；物体的弹性和弹力．【专题】摩擦力专题．【分析】弹力产生的条件是接触且发生挤压；滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反；质量分布均匀，形状规那么的物体重心为几何中心．【解答】解：A、接触不一有弹力，还需挤压产生形变．故A错误．B、放在桌面上的物体受到的支持力的施力物体是桌面，桌面发生形变要恢复原状而产生了支持力．故B正确．C、滑动摩擦力的方向与物体的相对运动方向相反，与运动方向可能相同，可能相反．故C错误．D、质量分布不均匀，形状规那么的物体，重心与几何中心不重合．故D错误．应选B．【点评】此题的易错点是滑动摩擦力的方向，知道滑动摩擦力与相对运动方向相反，理解“相对〞的含义．4．关于物体的惯性，正确的说法是〔〕A．同一物体在地球外表比在月球外表惯性大B．冰壶在冰面上运动的阻力很小，能在较长时间内维持运动而不停下来，所以惯性比拟大C．绕地球运行的宇宙飞船内的物体处于失重状态，因此飞船内的物体没有惯性D．在同样大小的外力作用下，运动状态越难改变的物体惯性越大【考点】惯性．【专题】性思想；推理法；牛顿运动律综合专题．【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．【解答】解：A、同一物体质量不变，在地球外表与在月球外表惯性一样大，A 错误；B、惯性大小与物体的质量有关，与受力情况无关，B错误；C、宇宙飞船内的物体处于完全失重状态，但物体的质量仍在，有惯性，C错误；D、物体的惯性只与物体的质量有关，质量越大，其惯性就越大，运动状态越难改变，故D正确；应选：D．【点评】惯性是物理的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯混在一起．5．足球运发动已将足球踢向空中，如下图，以下描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的选项是〔G为重力，F为脚对球的作用力，F f为空气阻力〕〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物体受力分析，明确物体和周围几个物体相接触，即每个力找到施力物体．【解答】解：足球飞在空中时，一受重力，且竖直向下；同时由于空气的作用，受到空气阻力；方向与运动方向相反；应选：B．【点评】此题解答时学生易错选D答案，原因是没有真正惯性的意义，同时注意在受力分析时养成找施力物体的习惯．6．关于运动和力，以下说法正确的选项是〔〕A．物体所受合力为零时，速度一为零B．物体所受合力为零时，加速度一为零C．物体在恒力作用下，速度一不会发生变化D．物体运动的速度方向总跟合力的方向一致【考点】牛顿第一律．【分析】物体所受合力为零时，速度不一为零，可以做匀速直线运动，合力为零时，加速度一为零，平抛运动的受力恒，但做匀变速曲线运动，匀速圆周运动的合力与速度方向垂直．【解答】解：A、物体所受合力为零时，速度不一为零，可以做匀速直线运动，A错误；B、根据F=ma知物体所受合力为零时，加速度一为零，B正确；C、平抛运动的受力恒，但做匀变速曲线运动，C错误；D、匀速圆周运动的合力与速度方向垂直，D错误；应选：B【点评】此题考查了运动和受力的关系，知道物体的加速度与速度之间无必然联系．7．一物体m受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如下图，在滑动过程中，物体m受到的力是〔〕A．重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B．重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力C．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力D．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力【考点】牛顿第二律；力的合成与分解的运用．【分析】受力分析的一般步骤和方法是求解力学问题的一个关键，在整个高中物理学习的全过程中占有极重要的地位，对物体进行受力分析，通常可按以下方法和步骤进行：1．明确研究对象，亦即是确我们是要分析哪个物体的受力情况．2．隔离物体分析．亦即将所确的研究对象从周围物体中隔离出来，进而分析周围有哪些物体对它施加力的作用，方向如何，并将这些力一一画在受力图上，在画支持力、压力和摩擦力的方向时容易出错，要熟记：弹力的方向一与接触面或接触点的切面垂直，摩擦力的方向一沿着接触面与物体相对运动〔或趋势〕方向相反．3．分析受力的顺序：一重、二弹、三摩擦，沿接触面或点逐个去找．有时根据概念或条件与判断．此题可按照受力分析的一般步骤对物体受力分析．【解答】解：物体受到撞击力后在惯性的作用下沿斜面向上运动，物体并不受冲力的作用，所以对物体受力分析，重力竖直向下，斜面对物体的支持力垂直斜面向上，和沿斜面向下的滑动摩擦力，所以B正确．应选B．【点评】对物体受力分析，关键要按照顺序找力，要找受到的力，每个力都要能找到受力物体，有时还要结合物体的运动情况分析受到的力．8．如下图，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1〔m+M〕g D．μ1Mg+μ2Mg【考点】滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】摩擦力专题．【分析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力．【解答】解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=μ2N=μ2mg；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有：f2=f1，得：f2=μ2mg．应选：B．【点评】此题关键要分清楚静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力随外力的变化而变化，滑动摩擦力与正压力成正比．9．一辆，以速度为v0=12m/s的速度，突然发现前面有石块，便以大小为6m/s2的加速度刹车，那么刹车后3s内的位移为〔〕A．9 m B．12 m C．21 m D．8 m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出速度减为零的时间，判断是否停止，再结合位移公式求出刹车后的位移．【解答】解：速度减为零的时间，那么刹车后3s内的位移于2s内的位移，x=．应选：B．【点评】此题考查了运动的刹车问题，是道易错题，注意速度减为零后不再运动．10．L型木板P〔上外表光滑〕放在固斜面上，轻质弹簧一端固在木板上，另一端与置于木板上外表的滑块Q相连，如下图．假设P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．那么木板P的受力个数为〔〕A．3 B．4 C．5 D．6【考点】物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】先对物体Q受力分析，由共点力平衡条件可知，弹簧对Q有弹力，故弹簧对P有沿斜面向下的弹力；再对物体P受力分析，即可得到其受力个数．【解答】解：P、Q一起沿斜面匀速下滑时，由于木板P上外表光滑，滑块Q受到重力、P的支持力和弹簧沿斜面向上的弹力．根据牛顿第三律，物体Q必对物体P有压力，同时弹簧对P也一有向下的弹力，因而木板P受到重力、斜面的支持力、斜面的摩擦力、Q的压力和弹簧沿斜面向下的弹力，所以选项C正确；应选：C．【点评】对物体受力分析，通常要用隔离法，按照先力，然后重力、弹力、摩擦力的顺序分析．11．如下图，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱物体A，A在左端紧靠直墙，A与竖起墙之间放着一光滑圆球B，整个装置处于静止状态，假设把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，那么〔〕A．B对墙的压力增大B．A与B之间的作用力增大C．地面对A的摩擦力减小D．A对地面的压力不变【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球进行受力分析，根据A物体移动可得出小球B受A支持力方向的变化，由几何关系可得出各力的变化，对整体进行分析可得出水平向上摩擦力及竖直向上的压力的变化．【解答】解：A、B、对小球B受力分析，作出平行四边形，如下图：A滑动前，B球受墙壁及A的弹力的合力与重力大小相，方向相反；如图中实线所示；而将A向外平移后，B受弹力的方向将上移，如虚线所示，但B仍受力平衡，由图可知A球对B的弹力及墙壁对球的弹力均减小；故A错误，B错误；C、以AB为整体分析，水平方向上受墙壁的弹力和地面的摩擦力而处于平衡状态，弹力减小，故摩擦力减小，故C正确；D、竖直方向上受重力及地面的支持力，两物体的重力不变，故A对地面的压力不变，故D正确；应选：CD．【点评】此题注意图析法及整体法的用，灵活选择研究对象可以对解决物理题目起到事半功倍的效果．12．如下图，一倾角为θ的斜面体静止在粗糙的水平地面上．物体A在水平推力F的作用下沿斜面匀速下滑的过程中，斜面体始终保持静止．物体A与斜面间无摩擦，那么〔〕A．物体所受重力的大小为FtanθB ．物体所受重力的大小为C．地面对斜面体的摩擦力水平向左D．地面对斜面体的摩擦力水平向右【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】根据沿斜面匀速下滑的过程中，结合受力分析，与平衡条件与三角知识，并依据滑动摩擦力的方向，即可求解．【解答】解：A、物体A在水平推力F的作用下沿斜面匀速下滑的过程中，对A 的受力分析，那么有：平行斜面方向，Fcosθ=Gsinθ；垂直斜面的方向，N=Fsinθ+Gcosθ；解得：G=，故A错误，B正确；C、将A与斜面当作整体，那么受到水平推力，因此地面对斜面有向左的静摩擦力，故C正确，D错误；应选：BC．【点评】考查受力分析与力的平行四边形那么的用，掌握三角知识的内容，注意整体法来分析静摩擦力是解题的关键．13．力F1单独作用于一个物体上时，物体加速度为2m/s2；力F2单独作用于同一物体时，物体加速度为4m/s2；当力F1和F2共同作用于该物体时，物体的加速度大小可能是〔〕A．2m/s2 B．4m/s2 C．6m/s2 D．8m/s2【考点】牛顿第二律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】设物体为质量为m，根据牛顿第二律分别列出前两种情况下的表达式，确F1和F2共同作用于该物体时合力范围，再求出加速度的范围进行选择．【解答】解：设物体为质量为m，根据牛顿第二律得F1=ma1，F2=ma2那么F1和F2共同作用于该物体时合力范围为F2﹣F1≤F合≤F2+F1，代入得2m≤F合≤6m又由牛顿第二律得加速度的范围为2m/s2≤a≤6m/s2应选：ABC【点评】此题考查用牛顿第二律解题的根本能力，关键是确合力的范围，得出加速度的范围．14．如下图，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，那么M、m间的相互作用力为〔〕A ．B ．C．假设桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，那么M、m 间的相互作用力为+μMgD．假设桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，那么M、m间的相互作用力仍为【考点】牛顿运动律的用-连接体．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】以整体为研究对象，根据牛顿第二律求出加速度，再以M为研究对象，求出N对M的作用力．【解答】解：A、B根据牛顿第二律得对整体；a=对M：N=Ma=．故A错误，B正确．C、D根据牛顿第二律得对整体：a==对M：N﹣μMg=Ma得到N=μMg+Ma=．故C错误，D正确．应选BD【点评】此题是连接类型的问题，关键是灵活选择研究对象．对于粗糙情况，不能想当然选择C，实际上两种情况下MN间作用力大小相．二、题〔共10分〕15．如下图，在“研究力的合成〞中，得到了如下图的图形，图中P为橡皮条的固点，用两只弹簧秤或用一只弹簧秤时，都将橡皮条与细线的结点拉到O点，其中力F4是直接测得的合力；力F3是理论得到的合力．某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须长．B．使用两个弹簧测力计示数一要相．C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行．D．中一要记录力的大小和方向．其中正确的选项是CD ．〔填入相的字母〕【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；性思想；图析法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】直接测量的合力与橡皮条在同一直线上，理论得出的合力与橡皮条不一在同一直线上，分析图示情景答题；过程要记录两测力计拉力的大小与方向，注意测力计与木板平行，根据考前须知分析答题．【解答】解：由图示情景可知，F4力与橡皮条PO在同一直线上，那么F4是直接测出的合力，F3是理论得出的合力；A、为了准确测量测力计的拉力，两根细绳要足够长，但两根细绳没有必要长，故A错误．B、两测力计的示数要适当的大些，但两个弹簧测力计示数不一要相，故B错误．C、为减小误差，在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行，故C正确．D、中一要记录力的大小和方向，故D正确，应选CD；故答案为：F4；F3；CD．【点评】此题考查了数据处理、考前须知，知道原理与考前须知是解题的关键，掌握根底知识即可解题，平时要注意根底知识的学习与掌握．16．如图是某同学在“研究物体做匀变速直线运动规律〞的中，在小车的牵引下用打点计时器打出的一条纸带，图中A、B、C、D、E是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．那么小车运动的加速度大小a= 0 m/s2，打纸带上C点时小车的瞬时速度大小v C= 0.51 m/s．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：由题意可知：△x=aT2，其中△x=c m，T=0.1s，故带入数据解得：a=0m/s2；打纸带上C点时小车的瞬时速度大小为：故答案为：0，0.51．【点评】此题借助考查了匀变速直线的规律以及推论的用，在平时练习中要根底知识的理解与用，提高解决问题能力．三、计算题〔共34分〕17．由静止开始做匀加速直线运动的，第1s内通过0.4m位移，问：〔1〕在1s末的速度为多大？〔2〕在前2s内通过的位移为多大？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】〔1〕小车做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系求出加速度，根据速度时间公式求出速度；〔2〕根据匀加速直线运动位移时间公式即可求解．【解答】解：〔1〕小车做初速度为零的匀加速直线运动由s=v0t+at2解得：a=0.8m/s2所以v1=at1=0.8m/s〔2〕根据匀变速直线运动位移时间公式得：s2=at2=1.6m答：〔1〕在1s末的速度为0.8m/s；〔2〕在前2s内通过的位移为1.6m【点评】此题主要考查了初速度为0的匀加速直线运动的根本规律，难度不大，属于根底题．18．如图悬挂在天花板下重6N的小球，在均匀的水平风力作用下偏离了竖直方向θ=37°角．求风对小球的作用力和绳子的拉力．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】简答题；性思想；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球受力分析，受重力、拉力和风力处于平衡，根据共点力平衡求出风对小球的作用力和绳子的拉力．【解答】解：小球的受力如图，根据共点力平衡得：风对小球作用力：F=Gtan θ=6×=Ν绳子对小球拉力：T=Ν答：风对小球的作用力为Ν，绳子的拉力Ν．【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析，根据共点力平衡，运用平行四边形那么进行求解．。
河北高一高中物理月考试卷带答案解析
河北高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，在光滑的轨道上，小球滑下经过圆弧部分的最高点A时，恰好不脱离轨道，此时小球受到的作用力有（）A．重力、弹力、和向心力B．重力和弹力C．重力和向心力D．重力2.下列说法符合史实的（）A．牛顿发现了行星的运动规律B．开普勒发现了万有引力定律C．卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D．牛顿发现了海王星和冥王星3.设行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比R3/T2=K为常数，此常数的大小（）A．只与恒星质量有关B．与恒星质量和行星质量均有关C．只与行星质量有关D．与恒星和行星的速度有关4.人造卫星在太空绕地球运行中，若天线偶然折断，天线将（）A．继续和卫星一起沿轨道运行B．做平抛运动，落向地球C．由于惯性，沿轨道切线方向做匀速直线运动，远离地球D．做自由落体运动，落向地球5.关于第一宇宙速度，下列说法中不正确的是（）A．第一宇宙速度是发射人造地球卫星的最小速度B．第一宇宙速度是人造地球卫星环绕运行的最大速度C．第一宇宙速度是地球同步卫星环绕运行的速度D．地球的第一宇宙速度由地球的质量和半径决定6.天文学家发现了某恒星有一颗行星在圆形轨道上绕其运动，并测出了行星的轨道半径和运行周期．由此可推算出（）A．行星的质量B．行星的半径C．恒星的质量D．恒星的半径7.某星球的质量是地球质量的，其半径是地球半径的，该星球表面的重力加速度是地球表面重力加速度的（）A．B．C．D．8.如图所示，是同一轨道平面内的三颗人造地球卫星，下列说法正确的是（ ）A ．根据v=，可知v A ＜vB ＞v CB ．根据万有引力定律，可知F A ＞F B ＞FC C ．角速度ωA ＞ωB ＞ωCD ．向心加速度a A ＜a B ＜a C9.1989年10月18日，人类发射的“伽利略”号木星探测器进入太空，于1995年12月7日到达木星附近，然后绕木星运转并不断发回拍摄到的照片，人类发射该探测器的发射速度应为（ ） A ．等于7.9 km/sB ．大于7.9 km/s 而小于11.2 km/sC ．大于11.2 km/s 而小于16.7 km/sD ．大于16.7 km/s10.甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的是（ ） A ．甲的加速度大于乙的加速度 B ．乙的速度大于第一宇宙速度 C ．甲的周期大于乙的周期D ．甲在运行时能经过北极的正上方11.如图所示，“嫦娥一号”探月卫星被月球捕获后，首先稳定在椭圆轨道Ⅰ上运动，其中P 、Q 两点分别是轨道Ⅰ的近月点和远月点，Ⅱ是卫星绕月做圆周运动的轨道，轨道Ⅰ和Ⅱ在P 点相切，则（ ）A ．卫星在轨道Ⅰ上运动，P 点的速度大于Q 点的速度B ．卫星在轨道Ⅰ上运动，P 点的加速度小于Q 点的加速度C ．卫星沿轨道Ⅰ运动到P 点时的加速度大于沿轨道Ⅱ运动到P 点时的加速度D ．卫星要从轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ，需在P 点加速12.如图，地球赤道上山丘e ，近地资源卫星p 和同步通信卫星q 均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动．设e 、p 、q 做匀速圆周运动的速率分别为υe 、υp 、υq ，向心加速度分别为a e 、a p 、a q ，则（ ）A ．a e ＜a q ＜a pB ．a e ＞a p ＞a qC ．υe ＜υp ＜υqD ．υp ＞υq ＞υe13.对于万有引力的表达式F=G，下列说法正确的是（ ）A ．公式中的G 为万有引力常量，它是由实验得出的，而不是人为规定的B ．当r 趋近于零时，万有引力趋近于无穷大C ．m 1和m 2受到的引力总是大小相等，而与m 1、m 2是否相等无关D ．m 1与m 2受到的引力总是大小相等、方向相反，是一对平衡力14.下列几组数据中能算出地球质量的是（万有引力常量G是已知的）（）A．地球绕太阳运行的周期T和地球中心离太阳中心的距离rB．月球绕地球运行的周期T和地球的半径rC．月球绕地球运动的角速度和月球中心离地球中心的距离rD．月球绕地球运动的周期T和轨道半径r15.有一宇宙飞船到了某行星上（该行星没有自转运动），以速度v接近行星表面匀速飞行，测出运动的周期为T，已知引力常量为G，则可得（）A．该行星的半径为B．该行星的平均密度为C．无法测出该行星的质量D．该行星表面的重力加速度为16.2012年5月26日，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，成功地将“中星2A”地球同步卫星送入太空，为我国广大用户提供广播电视及宽带多媒体等传输业务．下列关于地球同步卫星的说法中不正确的是（）A．可以定点在北京的正上方，离地心的距离按需要选择不同的值B．只能定点在赤道的正上方，且离地心的距离是一定的C．运行的线速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间D．质量不同的地球同步卫星，运行速度不同17.乘坐游乐园的过山车时，质量为m的人随车在竖直平面内沿圆周轨道运动（见图），下列说法正确的是（）A．车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，若没有保险带，人一定会掉下去B．人在最高点时对座位仍可能产生压力，但压力一定小于mgC．人在最低点时处于超重状态D．人在最低点时对座位的压力大于mg二、填空题1.放在地球表面上的两个物体甲和乙，甲放在南沙群岛（赤道附近），乙放在北京．它们随地球自转做匀速圆周运动时，甲的角速度乙的角速度（选填“大于”、“等于”或“小于”）：甲的线速度乙的线速度（选填“大于”、“等于”或“小于”）．2.充分利用地球自转的速度，人造卫星发射时，火箭都是从向（填东、南、西、北）发射．考虑这个因素，火箭发射场应建在纬度较（填高或低）的地方较好．三、计算题长L=0.5m、质量可忽略的杆，其一端固定于O点，另一端连有质量m=2kg的小球，它绕O点在竖直平面内做圆周运动．当通过最高点时，如图所示，求下列情况下，杆受到的力（计算出大小，并说明是拉力还是压力，g取10m/s2）：（1）当v=1m/s时，杆受到的力多大，是什么力？（2）当v=4m/s时，杆受到的力多大，是什么力？河北高一高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.如图所示，在光滑的轨道上，小球滑下经过圆弧部分的最高点A时，恰好不脱离轨道，此时小球受到的作用力有（）A．重力、弹力、和向心力B．重力和弹力C．重力和向心力D．重力【答案】D【解析】因为小球恰好通过最高点，此时靠重力提供向心力，小球仅受重力作用．故D正确，A、B、C错误．故选D．2.下列说法符合史实的（）A．牛顿发现了行星的运动规律B．开普勒发现了万有引力定律C．卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D．牛顿发现了海王星和冥王星【答案】C【解析】A、开普勒发现了行星的运动规律．故A错误；B、牛顿发现了万有引力定律．故B错误；C、卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量．故C正确；D、亚当斯发现的海王星．故D错误．故选：C3.设行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比R3/T2=K为常数，此常数的大小（）A．只与恒星质量有关B．与恒星质量和行星质量均有关C．只与行星质量有关D．与恒星和行星的速度有关【答案】A【解析】A、式中的k只与恒星的质量有关，与行星质量无关，故A正确；B、式中的k只与恒星的质量有关，与行星质量无关，故B错误；C、式中的k只与恒星的质量有关，故C错误；D、式中的k只与恒星的质量有关，与行星质量无关，故D错误；故选：A4.人造卫星在太空绕地球运行中，若天线偶然折断，天线将（）A．继续和卫星一起沿轨道运行B．做平抛运动，落向地球C．由于惯性，沿轨道切线方向做匀速直线运动，远离地球D．做自由落体运动，落向地球【答案】A【解析】当地球对卫星的万有引力提供向心力时，质量为m人造卫星在地面附近绕地球做匀速圆周运动时，由：G=m得，v=．天线的线速度不变，其受到得万有引力恰好为天线提供绕地球做圆周运动的向卫星的天线偶然折断了，质量为m心力，G=m，解得v=．所以天线继续和卫星一起沿轨道做匀速圆周运动．故A正确，B、C、D错误．故选：A．5.关于第一宇宙速度，下列说法中不正确的是（）A．第一宇宙速度是发射人造地球卫星的最小速度B．第一宇宙速度是人造地球卫星环绕运行的最大速度C．第一宇宙速度是地球同步卫星环绕运行的速度D．地球的第一宇宙速度由地球的质量和半径决定【答案】C【解析】A、在近地面发射人造卫星时，若发射速度等于第一宇宙速度，重力恰好等于向心力，做匀速圆周运动，若发射速度大于第一宇宙速度，重力不足提供向心力，做离心运动，即会在椭圆轨道运动，故A正确．B、人造卫星在圆轨道上运行时，运行速度为，由此可知轨轨道半径越小，速度越大，由于第一宇宙速度对应的轨道半径为近地轨道半径，半径最小，故第一宇宙速度是卫星在圆轨道上运行的最大速度，故B正确；C、地球同步卫星的轨道要比近地轨道卫星的半径大，根据可知第一宇宙速度大于同步卫星环绕运行的速度，故C错误；D、根据公式可知，当轨道半径与地球半径相等等时，为第一宇宙速度，因此第一宇宙速度由地球的质量和半径决定，故D正确．本题选错误的，故选C．6.天文学家发现了某恒星有一颗行星在圆形轨道上绕其运动，并测出了行星的轨道半径和运行周期．由此可推算出（）A．行星的质量B．行星的半径C．恒星的质量D．恒星的半径【答案】C【解析】行星绕恒星做圆周运动，根据万有引力提供向心力，知道轨道半径和周期，可以求出恒星的质量，行星是环绕天体，在分析时质量约去，不可能求出行星的质量．故C正确，A、B、D错误．故选C．7.某星球的质量是地球质量的，其半径是地球半径的，该星球表面的重力加速度是地球表面重力加速度的（）A．B．C．D．【答案】D【解析】设任一天体的质量为M，半径为R，质量为m的物体在天体表面时，天体对物体的万有引力近似等于物体的重力，则有mg=得g=则得星球表面的重力加速度与地球表面重力加速度之比为g星：g地=：=9：2，即星球表面的重力加速度是地球表面重力加速度的倍．故选D8.如图所示，是同一轨道平面内的三颗人造地球卫星，下列说法正确的是（）A ．根据v=，可知v A ＜vB ＞v CB ．根据万有引力定律，可知F A ＞F B ＞FC C ．角速度ωA ＞ωB ＞ωCD ．向心加速度a A ＜a B ＜a C【答案】C【解析】由图示可知，卫星轨道半径间的关系为：r A ＜r B ＜r C ； A 、卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G =m，解得：v=，由于：r A ＜r B＜r C ，则v A ＞v B ＞v C ，故A 错误； B 、万有引力提供向心力，F=G，由于不知道卫星间的质量关系，无法判断引力间的关系，故B 错误；C 、卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G =mω2r ，解得：ω=，由于：r A ＜r B＜r C ，则ωA ＞ωB ＞ωC ，故C 正确；D 、卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=ma ，解得：a=，由于：r A ＜r B ＜r C ，则a A ＞a B ＞a C ，故D 错误； 故选：C ．9.1989年10月18日，人类发射的“伽利略”号木星探测器进入太空，于1995年12月7日到达木星附近，然后绕木星运转并不断发回拍摄到的照片，人类发射该探测器的发射速度应为（ ） A ．等于7.9 km/sB ．大于7.9 km/s 而小于11.2 km/sC ．大于11.2 km/s 而小于16.7 km/sD ．大于16.7 km/s【答案】C【解析】第一宇宙速度为 7.9km/s ，第二宇宙速度为 11.2km/s ，第三宇宙速度为 16.7km/s ， 由题意可知：木星探测器的发射速度大于11.2km/s 且小于16.7km/s ；故C 正确，ABD 错误； 故选：C ．10.甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的是（ ） A ．甲的加速度大于乙的加速度 B ．乙的速度大于第一宇宙速度 C ．甲的周期大于乙的周期D ．甲在运行时能经过北极的正上方【答案】C【解析】人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m 、轨道半径为r 、地球质量为M ；A 、由牛顿第二定律得：G =ma ，解得：a=，由于r 甲＞r 乙，则甲的加速度小于乙的加速度，故A 错误；B 、由牛顿第二定律得：G =m，v=，由于乙的轨道半径大于地球半径，则乙的速度小于第一宇宙速度，故B 错误；C 、由牛顿第二定律得：G=m （）2r ，T=2π，由于r 甲＞r 乙，则甲的周期大于乙的周期，故C 正确；D 、地球同步卫星只能位于赤道平面内，不可能经过北极正上方，故D 错误； 故选：C ．11.如图所示，“嫦娥一号”探月卫星被月球捕获后，首先稳定在椭圆轨道Ⅰ上运动，其中P 、Q 两点分别是轨道Ⅰ的近月点和远月点，Ⅱ是卫星绕月做圆周运动的轨道，轨道Ⅰ和Ⅱ在P 点相切，则（ ）A ．卫星在轨道Ⅰ上运动，P 点的速度大于Q 点的速度B ．卫星在轨道Ⅰ上运动，P 点的加速度小于Q 点的加速度C ．卫星沿轨道Ⅰ运动到P 点时的加速度大于沿轨道Ⅱ运动到P 点时的加速度D ．卫星要从轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ，需在P 点加速【答案】A【解析】A 、根据开普勒第二定律得知“嫦娥一号”卫星在P 点的线速度大于Q 点的线速度，故A 正确． B 、根据万有引力定律和牛顿第二定律得：G=ma ，卫星的加速度为a=，a ∝，则知在p 点的加速度大于Q 点的加速度．故B 错误．C 、卫星在轨道Ⅱ上P 点的所受的万有引力等于在轨道I 运动到P 点的万有引力，根据牛顿第二定律，知加速度相等，故C 错误．D 、卫星由轨道Ⅰ到达P 点时必须减速，使其受到的万有引力大于需要的向心力，而做近心运动，使轨道半径降低，从而进入轨道Ⅱ，故D 错误． 故选：A ．12.如图，地球赤道上山丘e ，近地资源卫星p 和同步通信卫星q 均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动．设e 、p 、q 做匀速圆周运动的速率分别为υe 、υp 、υq ，向心加速度分别为a e 、a p 、a q ，则（ ）A ．a e ＜a q ＜a pB ．a e ＞a p ＞a qC ．υe ＜υp ＜υqD ．υp ＞υq ＞υe【答案】AD【解析】1、对于A 、B 选项： 对于p 和q 来说有=ma可得a=由于R p ＜R q 则a p ＞a q 根据a=ω2R由于R q ＞R e 可得a q ＞a e 故a p ＞a q ＞a e 故A 正确，B 错误． 2、对于C 、D 选项：对于卫星来说根据万有引力提供向心力有=解得；故卫星的轨道半R 径越大，卫星的线速度v 越小．由于近地资源卫星p 的轨道半径小于同步通信卫星q 的轨道半径， 故同步卫星q 的线速度v q 小于近地资源卫星p 的线速度v p ， 即v q ＜v p ．由于同步通信卫星q 和赤道上的山丘e 的角速度相同，到地心的距离R q ＞R e 即ωe =ωq 根据v=ωR 可得 v e =ωe R e v q =ωq R q 即v q ＞v e 故υp ＞υq ＞υe 故C 错，D 正确． 故选AD ．13.对于万有引力的表达式F=G，下列说法正确的是（ ）A ．公式中的G 为万有引力常量，它是由实验得出的，而不是人为规定的B．当r趋近于零时，万有引力趋近于无穷大C．m1和m2受到的引力总是大小相等，而与m1、m2是否相等无关D．m1与m2受到的引力总是大小相等、方向相反，是一对平衡力【答案】AC【解析】A、公式中的G为万有引力常量，它是由实验得出的，不是人为规定的，故A正确．B、万有引力的应用条件为两质点间的作用力，当r趋近于零时，两物体不能再看做质点，故B错误．C、m1与m2受到的引力总是大小相等、方向相反，是一对相互作用力，与它们的质量是否相等无关．故C正确．D、m1与m2受到的引力总是大小相等、方向相反，是一对作用力和反作用力，故D错误．故选：AC．14.下列几组数据中能算出地球质量的是（万有引力常量G是已知的）（）A．地球绕太阳运行的周期T和地球中心离太阳中心的距离rB．月球绕地球运行的周期T和地球的半径rC．月球绕地球运动的角速度和月球中心离地球中心的距离rD．月球绕地球运动的周期T和轨道半径r【答案】CD【解析】根据旋转天体绕中心天体运行的模型，根据万有引力等于向心力，由旋转天体公转半径和周期可求出中心天体的质量．A、已知地球绕太阳运行的周期和地球的轨道半径只能求出太阳的质量，而不能求出地球的质量，故A错误．B、已知月球绕地球运行的周期和地球的半径，不知道月球绕地球的轨道半径，所以不能求地球的质量，故B错误．C、已知月球绕地球运动的角速度和轨道半径，由得知，可以算出地球质量M，故C正确．D、由求得地球质量为，故D正确．答案：CD15.有一宇宙飞船到了某行星上（该行星没有自转运动），以速度v接近行星表面匀速飞行，测出运动的周期为T，已知引力常量为G，则可得（）A．该行星的半径为B．该行星的平均密度为C．无法测出该行星的质量D．该行星表面的重力加速度为【答案】ABD【解析】A．根据周期与线速度的关系T=可得：R=，故A正确；C．根据万有引力提供向心力=m可得：M=，故C错误；B．由M=πR3•ρ得：ρ=，故B正确；D．行星表面的万有引力等于重力，=m=mg得：g=，故D正确．故选：ABD16.2012年5月26日，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，成功地将“中星2A”地球同步卫星送入太空，为我国广大用户提供广播电视及宽带多媒体等传输业务．下列关于地球同步卫星的说法中不正确的是（）A．可以定点在北京的正上方，离地心的距离按需要选择不同的值B．只能定点在赤道的正上方，且离地心的距离是一定的C．运行的线速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间D．质量不同的地球同步卫星，运行速度不同【答案】AC【解析】A、同步卫星与地球自转同步，万有引力完全提供圆周运动向心力，故卫星轨道与地球赤道平面共面，即卫星只可以定点在赤道上空，不可能定点在北京上空，故A不正确；B、同步卫星只能定点在赤道上空，据万有引力提供圆周运动向心力可知当卫星周期一定时，卫星的轨道半径相同，故B正确；C、据万有引力提供圆周运动向心力由此可得卫星轨道半径越大运行速度越小，而第一宇宙速度是绕地球圆周运动的最大速度，故同步卫星的运行速度小于第一宇宙速度，故C不正确；D、由C知，v=，由于卫星距地面高度一定，故卫星的线速度大小相等，方向不同，故D正确．本题选择不正确的是，故选：AC．17.乘坐游乐园的过山车时，质量为m的人随车在竖直平面内沿圆周轨道运动（见图），下列说法正确的是（）A．车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，若没有保险带，人一定会掉下去B．人在最高点时对座位仍可能产生压力，但压力一定小于mgC．人在最低点时处于超重状态D．人在最低点时对座位的压力大于mg【答案】CD【解析】A、当人与保险带间恰好没有作用力，由重力提供向心力时，临界速度为v=．当速度v≥时，没有保险带，人也不会掉下来．故A错误．B、当人在最高点的速度v＞人对座位就产生压力．压力可以大于mg；故B错误；C、人在最低点时，加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析可知，人处于超重状态，人对座位的压力大于mg．故CD正确．故选：CD．二、填空题1.放在地球表面上的两个物体甲和乙，甲放在南沙群岛（赤道附近），乙放在北京．它们随地球自转做匀速圆周运动时，甲的角速度乙的角速度（选填“大于”、“等于”或“小于”）：甲的线速度乙的线速度（选填“大于”、“等于”或“小于”）．【答案】等于，大于【解析】甲与乙均绕地轴做匀速圆周运动，在相同的时间转过的角度相等，所以甲、乙角速度相等．由角速度与线速度关系公式v=ωr，甲的转动半径较大，故甲的线速度较大，2.充分利用地球自转的速度，人造卫星发射时，火箭都是从向（填东、南、西、北）发射．考虑这个因素，火箭发射场应建在纬度较（填高或低）的地方较好．【答案】西、东、低【解析】题目要求充分利用地球的自转，因为从空间看，地球是自西向东自转的，所以要充分利用自转的速度，在发射卫星时要沿着地球自转的方向发射卫星，即从西向东发射．由于要充利用自转的速度，所以在地球上发射卫星的地点，自转的线速度越大越好，根据v=rω可知，地球上各点自转的ω是一样的，那么需要更大的线速度则在自转半径最大的地方建立发射场就好，又因为地球是围绕地轴在转动的，转动半径随纬度的增加而减小，故要使发射时自转线速度最大，则自转半径最大，而自转半径最大处在赤道即纬度最低的地方．三、计算题长L=0.5m、质量可忽略的杆，其一端固定于O点，另一端连有质量m=2kg的小球，它绕O点在竖直平面内做圆周运动．当通过最高点时，如图所示，求下列情况下，杆受到的力（计算出大小，并说明是拉力还是压力，g取10m/s2）：（1）当v=1m/s时，杆受到的力多大，是什么力？（2）当v=4m/s时，杆受到的力多大，是什么力？【答案】（1）当v=1m/s时，杆受到的力大小为16N，方向向下，是压力．（2）当v=4m/s时，杆受到的力大小为44N，方向向上，是拉力【解析】对小球受力分析，假设杆子对小球的作用力方向竖直向上大小为F：根据牛顿第二定律：mg﹣F=（1）当v=1m/s时，解得：F=mg﹣=16N故杆子对小球的作用力大小为16N，方向向上．根据牛顿第三定律小球对杆子的作用力为向下的压力，大小为16N．（2）当v=4m/s时，解得：F=mg﹣=﹣44N，负号表示力F的方向与题目假设的方向相反，故杆子对小球的作用力大小为44N，方向向下．根据牛顿第三定律小球对杆子的作用力为向上的拉力，大小为44N．。
高一物理上学期第三次月考试卷高一全册物理试题_00001
应对市爱护阳光实验学校省一中〔河〕高一〔上〕第三次月考物理试卷一、单项选择题〔在每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕每题4分，共40分1．关于力的下述说法中正确的选项是( )A．力是物体对物体的作用B．只有直接接触的物体间才有力的作用C．力可以离开物体而存在D．力的大小可以用天平测量2．两个力的合力F为50N，其中一个力F1为30N，那么另一个力F2的大小可能是( )A．10N B．15N C．80N D．85N3．如下图，弹簧秤一端固在墙壁上，另一端与小木块A相连，当用力加速抽出长木板B的过程中，观察到弹簧秤的示数为3.0N，假设匀速抽出木板B，弹簧秤的示数大小( )A．一大于3.0N B．一小于3.0N C．一于3.0N D．一为零4．如下图，细绳MO与NO所能承受的最大拉力相同，长度MO＞NO，那么在不断增加重物G重力的过程中〔绳OC不会断〕( )A．ON绳先被拉断B．OM绳先被拉断C．ON绳和OM绳同时被拉断D．因无具体数据，故无法判断哪条绳先被拉断5．如下图，物体在水平力F1=15N、F2=6N的作用下，静止在水平面上，假设F2保持不变，当F1减小至10N时，物体受到的摩擦力( )A．增大至10N B．增大至16N C．减小至6N D．减小至4N6．如下图，A、B两物体重力都于10N，各接触面间的动摩擦因数都于0.3，同时有F=2N的两个水平力分别作用在A和B上，A和B均静止，那么地面对B和B对A的摩擦力分别为( )A．6N，3N B．1N，1N C．0，3N D．0，2N7．一根弹簧原长10cm，挂上2N的钩码时，弹簧伸长1cm．当这根弹簧挂上6N 的重物时，弹簧伸长了〔在弹性形变时〕( )A．3cm B．13cm C．4cm D．14cm8．如下图，质量为m的木块在置于水平桌面上的木板上滑行，木板静止，它的质量为M=3m，木板与木块间的动摩擦因数为μ，那么木板受桌面的摩擦力大小为( )A．μmg B．2μmg C．3μmg D．4μmg9．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为( )A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 10．如图是某同学对颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图，一根绳绕过两个滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎〔图中是用手指代替颈椎做〕，整个装置在同一竖直平面内．如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是( )①只增加绳的长度②只增加重物的重量③只将手指向下移动④只将手指向上移动．A．①②B．②③C．③④D．②④二、不项选择题〔每题有一个或多个选项符合题意〕每题4分，共20分11．作用在同一点的两个力F1=3N，F2=5N．改变两个力的夹角，它们的合力大小可能是( )A．0N B．2N C．5N D．10N12．一个物体所受重力在以下哪些情况下要发生变化( )A．把它从赤道拿到南极B．把它送到月球上去C．把它放到水里D．改变它的运动状态13．如下图，用水平力F把一铁块紧压在竖直墙壁上静止不动，当F增大时( )A．墙对铁块的弹力增大B．墙对铁块的摩擦力增大C．墙对铁块的摩擦力不变D．墙与铁块间的摩擦力减小14．质量为m的圆球放在光滑斜面和光滑的竖直挡板之间，如图，当斜面倾角α由零逐渐增大时〔保持挡板竖直〕，斜面和挡板对圆球的弹力大小的变化是( )A．斜面的弹力由零逐渐变大 B．斜面的弹力由mg逐渐变大C．挡板的弹力由零逐渐变大 D．挡板的弹力由mg逐渐变大15．用手握住一个油瓶〔瓶始终处于竖直方向〕，如下图．以下说法正确的选项是( )A．瓶中油越多，手必须握得越紧B ．手握得越紧，油瓶受到的摩擦力越大C ．不管手握得有多紧，油瓶受到的摩擦力总是一的D ．以上说法都正确三、题〔共18分〕16．下表是某同学为探索弹力和弹簧伸长的关系所测的几组数据：弹力F/N 0.5 1.0 2.0弹簧秤的伸长X/cm 5.0 1〔1〕请你在图中的坐标纸上做出F﹣x图象．〔2〕写出曲线所代表的函数〔x用m做单位〕17．在做<探究求合力的方法>时，橡皮筋的一端固在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮筋的另一端拉到某一确的O点，以下操作中错误的选项是( ) A．同一次过程中，O点位置允许变动B．中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计刻度C．中，先将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点D．中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间夹角取900以便于算出合力大小18．将橡皮筋的一端固在A点，另一端拴上两根细绳，每根细绳分别连着一个量程为5N、最小刻度为0.1N的弹簧测力计．沿着两个不同的方向拉弹簧测力计．当橡皮筋的活动端拉到O点时，两根细绳相互垂直，如图1所示．这时弹簧测力计的读数可从图中读出．〔1〕由图可读得两个相互垂直的拉力的大小分别为__________N和__________N〔只需读到0.1N〕．〔2〕在方格纸〔如图2〕上按作图法的要求画出这两个力及它们的合力．19．重力为G的物体A，静止在倾角为θ的斜面B上，求：〔1〕对物体A受力分析，画出示意图〔2〕求物体A的合力是多少；利用量G和θ，求出A受到的其他力的大小．20．有一个木箱质量m=60kg，静止在水平地面上，工人推木箱，假设动摩擦因数为µ=0.3，最大静摩擦力于滑动摩擦力．求：〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10N/kg 〕〔1〕当沿水平方向推力F1=150N 时，此木箱所受的摩擦力大小f1〔2〕当与水平成37°的斜向上的推力F2=400N时，此木箱所受的摩擦力大小f2．省一中〔河〕高一〔上〕第三次月考物理试卷一、单项选择题〔在每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕每题4分，共40分1．关于力的下述说法中正确的选项是( )A．力是物体对物体的作用B．只有直接接触的物体间才有力的作用C．力可以离开物体而存在D．力的大小可以用天平测量【考点】力的概念及其矢量性．【分析】力是一个物体对另一个物体的作用，不相互接触的物体之间也可能有力的作用，力不可以离开物体而存在．力的大小可以用测力计测量．【解答】解：A、力是一个物体对另一个物体的作用．故A正确． B、不相互接触的物体之间也可能有力的作用，比方重力、电场力和磁场力．故B错误．C、力是一个物体对另一个物体的作用，不可以离开物体而存在．故C错误．D、天平是测量物体质量的，力的大小可以用测力计测量．故D错误．应选A【点评】此题力的根本知识，力有接触力和不接触力，力具有物质性学习力必须掌握的知识．2．两个力的合力F为50N，其中一个力F1为30N，那么另一个力F2的大小可能是( )A．10N B．15N C．80N D．85N【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】根据两个分力的合力在两个分力之差与两个分力之和之间，分析另一个分力的大小可能值．【解答】解：有两个共点力的合力大小为50N，假设其中一个分为大小为30N，另一个分力的大小在20N≤F≤80N范围，所以可能为80N．应选C．【点评】此题求解分力的范围与确两个力的合力范围方法相同．基此题．也可以采用代入法，将各个选项代入题干检验，选择符合题意的．3．如下图，弹簧秤一端固在墙壁上，另一端与小木块A相连，当用力加速抽出长木板B的过程中，观察到弹簧秤的示数为3.0N，假设匀速抽出木板B，弹簧秤的示数大小( )A．一大于3.0N B．一小于3.0N C．一于3.0N D．一为零【考点】共点力平衡的条件及其用；滑动摩擦力．【分析】此题以A为研究对象，A在水平方向上受摩擦力及弹簧秤的拉力而处于静止，故可知二力为平衡力；根据滑动摩擦力的影响因素可知摩擦力的大小与运动状态无关，那么可由平衡条件可知弹簧弹力的变化．【解答】解：当用力加速抽出木板B时，A物体保持静止，故可知A受B的摩擦力f=F=3.0N；因A对B物体的压力不变，故A、B间的摩擦力不会发生变化，故匀速拉动时摩擦力也为3.0N；物体A在弹簧秤的作用下仍保持静止，故弹簧秤对A的拉力仍为3.0N，即弹簧秤的示数大小仍于3.0N；应选C．【点评】此题的关键在于摩擦力大小的判断，明确滑动摩擦力的大小与动摩擦因数和正压力的有关，与物体的运动状态无关．4．如下图，细绳MO与NO所能承受的最大拉力相同，长度MO＞NO，那么在不断增加重物G重力的过程中〔绳OC不会断〕( )A．ON绳先被拉断B．OM绳先被拉断C．ON绳和OM绳同时被拉断D．因无具体数据，故无法判断哪条绳先被拉断【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】将拉重物的绳子OC上的拉力按作用效果分解，沿N0方向上的分力于NO绳的拉力，沿MO绳方向上的分力于MO绳的拉力，比拟两拉力的大小，从而判断哪根绳先断．【解答】解：物体对O点拉力于物体重力，此力有两个效果：一是使NO绳拉紧；二是使OM绳拉紧．按效果把物体对O点的拉力分解，如以下图所示，由此可知NO绳受的力大于MO绳受的力．当重力逐渐增大，NO绳先到达最大拉力，NO绳先断．故A正确，B、C、D错误．应选：A．【点评】解决此题的关键通过平行四边形那么确出NO绳、MO绳的拉力大小，从而判断出哪个绳先断．5．如下图，物体在水平力F1=15N、F2=6N的作用下，静止在水平面上，假设F2保持不变，当F1减小至10N时，物体受到的摩擦力( )A．增大至10N B．增大至16N C．减小至6N D．减小至4N【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】静摩擦力和滑动摩擦力的计算方法不同，我们需要先计算最大静摩擦力，通过判断物体运动还是静止来求解摩擦力的大小．【解答】解：物体在水平力F1=15N、F2=6N的作用下，静止在水平面上，根据平衡条件知，此时物体受到水平面的摩擦力f=F1﹣F2=9N，当F1减小为10N时，F1、F2的合力为4N，故不能使物体发生滑动，物体将保持静止状态，故此时物体受到的摩擦力为4N．故ABC错误，D正确．应选：D．【点评】静摩擦力随外力的变化而变化，但是有一个最大值，判断静摩擦力的大小通常要结合物体运动情况，根据平衡条件或牛顿第二运动律列式求解6．如下图，A、B两物体重力都于10N，各接触面间的动摩擦因数都于0.3，同时有F=2N的两个水平力分别作用在A和B上，A和B均静止，那么地面对B和B对A的摩擦力分别为( )A．6N，3N B．1N，1N C．0，3N D．0，2N【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】当水平拉力小于最大静摩擦力时，物体处于静止，摩擦力于拉力；当水平拉力大于最大静摩擦力时，物体开始滑动，那么受到的滑动摩擦力于动摩擦力因数与正压力的乘积．【解答】解：对物体A，因为F作用，从而受到物体B给A物体的静摩擦力．大小于F的大小，即为2N．对物体B，水平方向受到F=2N作用外还受到A对B的静摩擦力2N，两个方向相反，所以地面对B的摩擦力为零．应选：D【点评】区别静摩擦力与滑动摩擦力，和大小的计算．静摩擦力的大小于引起它有运动趋势的外力，而滑动摩擦力于μF N．同时分析B物体受到的摩擦力可以将A与B作为整体来研究，因为A与B均处于静止状态．7．一根弹簧原长10cm，挂上2N的钩码时，弹簧伸长1cm．当这根弹簧挂上6N 的重物时，弹簧伸长了〔在弹性形变时〕( )A．3cm B．13cm C．4cm D．14cm 【考点】胡克律．【分析】根据胡克律求出弹簧的劲度系数，再结合胡克律求出弹簧的伸长量．【解答】解：根据胡克律得，F1=kx1，即2=k×0.01，解得k=200N/m，当弹簧挂上6N的重物时，弹簧弹力为6N ，那么弹簧伸长量．故A正确，B、C、D错误．应选：A．【点评】解决此题的关键掌握胡克律，知道在公式F=kx中，x表示形变量．8．如下图，质量为m的木块在置于水平桌面上的木板上滑行，木板静止，它的质量为M=3m，木板与木块间的动摩擦因数为μ，那么木板受桌面的摩擦力大小为( )A．μmg B．2μmg C．3μmg D．4μmg【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题【分析】先对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向左的滑动摩擦力；再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向右的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向左的静摩擦力；然后根据共点力平衡条件判断．【解答】解：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力F N和向左的滑动摩擦力f1，有f1=μF NF N=mg故f1=μmg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力F N、小滑块对其向右的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力F N′和向左的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有f1=f2故f2=μmg应选：A．【点评】滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力随外力的变化而变化，故静摩擦力通常可以根据共点力平衡条件求解，或者结合运动状态，然后根据牛顿第二律列式求解．9．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为( )A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】受力分析方法专题．【分析】由物体B静止，求出绳子的拉力．以A为研究对象，根据平衡条件求出地面对A的作用力的大小．【解答】解：以B为研究对象，根据平衡条件绳子的拉力F=mg．再以A为研究对象，得到F+F N=Mg，得到F N=Mg﹣F=〔M﹣m〕g，故B正确；应选：B．【点评】此题采用的是隔离法．当物体处于平衡状态时，采用隔离都可以求解．当几个物体都处于平衡状态时，也可以采用整体法．10．如图是某同学对颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图，一根绳绕过两个滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎〔图中是用手指代替颈椎做〕，整个装置在同一竖直平面内．如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是( )①只增加绳的长度②只增加重物的重量③只将手指向下移动④只将手指向上移动．A．①②B．②③C．③④D．②④【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】如图是某同学对颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图，一根绳绕过两个滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎〔图中是用手指代替颈椎做〕，整个装置在同一竖直平面内．如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法【解答】解：A、对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，拉力于悬挂物体的重量mg，如图三个力的合力为零，两个拉力的大小恒，夹角越大，合力越小，夹角越小，合力越大；①增加细线长度时，由于两个细线拉力也不变，动滑轮位置不变，故三个力大小方向都不变，故①错误；②增加重物的重力，两个拉力变大，动滑轮位置不变，那么两拉力夹角不变，故合力变大，故手要用较大的力，故②正确；③手指向下移动，两个拉力大小不变，夹角变小，故两拉力合力变大，故手要用较大的力，故③正确；④手指向上移动，两个拉力大小不变，夹角变大，故两拉力合力变小，故手要用较小的力，故④错误；应选：B．【点评】此题关键是对动滑轮受力分析，根据三力平衡条件，结合力的合成的平行四边形法那么进行分析讨论．二、不项选择题〔每题有一个或多个选项符合题意〕每题4分，共20分11．作用在同一点的两个力F1=3N，F2=5N．改变两个力的夹角，它们的合力大小可能是( )A．0N B．2N C．5N D．10N【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】作用在同一点的两个力F1，F2的合力范围是≤F≤F1+F2．【解答】解：作用在同一点的两个力F1，F2的合力范围是≤F≤F1+F2．两个力F1=3N，F2=5N．合力范围2N是≤F≤8N．应选BC．【点评】作用在同一点的两个力F1，F2的合力范围是≤F≤F1+F2．两分力同向时合力为F1+F2．两分力反向时合力为．12．一个物体所受重力在以下哪些情况下要发生变化( )A．把它从赤道拿到南极B．把它送到月球上去C．把它放到水里D．改变它的运动状态【考点】重力．【分析】重力G=mg，根据重力加速度的变化判断重力的变化．【解答】解：A、从赤道拿到两极，重力加速度变大，那么重力变大．故A正确．B、拿到月球上去，重力加速度减小，那么重力减小．故B正确．C、放到水里，重力加速度不变，那么重力不变．故C错误．D、改变运动状态，重力加速度不变，那么重力不变．故D错误．应选AB．【点评】解决此题的关键知道重力的公式，以及知道影响重力加速度的因素．13．如下图，用水平力F把一铁块紧压在竖直墙壁上静止不动，当F增大时( )A．墙对铁块的弹力增大B．墙对铁块的摩擦力增大C．墙对铁块的摩擦力不变D．墙与铁块间的摩擦力减小【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】当重力小于最大静摩擦力时，物体处于静止，摩擦力大小于外力大小；当重力大于最大静摩擦力时，物体处于滑动，那么摩擦力于动摩擦力因数与正压力的乘积．【解答】解：用水平力F压铁块于竖直墙壁上不动，设墙壁对铁块的压力为N，对铁块的摩擦力为f，当F增大时，它的反作用力即墙壁对铁块的压力为N也增大．而铁块的摩擦力是由铁块的重力引起的，所以摩擦力不变．应选：AC【点评】区别静摩擦力与滑动摩擦力，且大小的计算．静摩擦力的大小于引起它有运动趋势的外力，而滑动摩擦力于μF N．同时知道作用力与反作用力跟平衡力的关系．14．质量为m的圆球放在光滑斜面和光滑的竖直挡板之间，如图，当斜面倾角α由零逐渐增大时〔保持挡板竖直〕，斜面和挡板对圆球的弹力大小的变化是( )A．斜面的弹力由零逐渐变大 B．斜面的弹力由mg逐渐变大C．挡板的弹力由零逐渐变大 D．挡板的弹力由mg逐渐变大【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，由平衡条件求得斜面对球的支持力大小和挡板对小球的支持力，即可得解．【解答】解：以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图如图，由平衡条件得：斜面对球的支持力大小F2=＞mg，故当α增大时F2从mg逐渐增大，故B 正确A错误．挡板对小球的弹力 F1=mgtanα，当α为零时，F1为零；当α增大时F1从零逐渐增大，故C正确D错误；应选：BC．【点评】此题关键是对小球受力分析，然后根据平衡条件并运用函数法分析，也可以用图解法．15．用手握住一个油瓶〔瓶始终处于竖直方向〕，如下图．以下说法正确的选项是( )A．瓶中油越多，手必须握得越紧B ．手握得越紧，油瓶受到的摩擦力越大C ．不管手握得有多紧，油瓶受到的摩擦力总是一的D ．以上说法都正确【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】油瓶始终处于竖直方向且静止不动时，受的重力和静摩擦力平衡，受握的紧，最大了最大静摩擦力，而瓶子受的摩擦力仍然于瓶子的重力．【解答】解：A、油瓶始终处于竖直方向且静止不动，受重力和静摩擦力平衡，所以当瓶中油的质量增大时，手握瓶摩擦力增大，为防止大于最大静摩擦力，因此手必须握得越紧，故A正确；B、手握得越紧，油瓶受到的最大静摩擦力越大，而静摩擦力总是一的，B错误；C、不管手握得多紧，油瓶受到的摩擦力总是一的，于油瓶的重力，C正确；D、由上分析可知，故D错误；应选：AC．【点评】此题考查了静摩擦力和最大静摩擦力的用和区别，注意最大静摩擦力的判断．三、题〔共18分〕16．下表是某同学为探索弹力和弹簧伸长的关系所测的几组数据：弹力F/N 0.5 1.0 2.0弹簧秤的伸长X/cm 5.0 1〔1〕请你在图中的坐标纸上做出F﹣x图象．〔2〕写出曲线所代表的函数〔x用m做单位〕【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题．【分析】根据弹簧弹力和弹簧的形变量作出F﹣x图线，求出图线的斜率，得出曲线所代表的函数．【解答】解：〔1〕根据表的数据描点作图，如下图．〔2〕图线的斜率k=，那么F=21x．故答案为：〔1〕如图〔2〕由图象得F=21x．【点评】在物理经常用图象处理物理问题，用图象的好处是：直观、方便．用图象处理时，要注意：①图象斜率的意义〔或曲线切线斜率的意义〕；②图象与纵轴、横轴交点的物理意义．17．在做<探究求合力的方法>时，橡皮筋的一端固在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮筋的另一端拉到某一确的O点，以下操作中错误的选项是( ) A．同一次过程中，O点位置允许变动B．中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计刻度C．中，先将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点D．中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间夹角取900以便于算出合力大小【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；平行四边形法那么图解法专题．【分析】根据合力与分力的关系是效的，分析橡皮筯的结点位置要求．按原理和方法分析要求．【解答】解：A、本研究合力与分力的关系，合力与分力是效的，同一次过程中，O点位置不能变动，以保证橡皮筯伸长的长度相同，效果相同．故A错误．B、本是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边那么，为了减小误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都与木板平行，否那么，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大．读数时视线必须与刻度尺垂直，防止视觉误差．故B正确．C、本只要到达效果相同，对弹簧称拉力的大小没有要求，不需要将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程．故C错误．D、本只要使两次效果相同就行，两个弹簧称拉力的方向没有限制．故D 错误；此题选错误的，应选ACD．【点评】本采用是效替代的思维方法．中要保证一个合力与两个分力效果相同，结点O的位置必须相同．18．将橡皮筋的一端固在A点，另一端拴上两根细绳，每根细绳分别连着一个量程为5N、最小刻度为0.1N的弹簧测力计．沿着两个不同的方向拉弹簧测力计．当橡皮筋的活动端拉到O点时，两根细绳相互垂直，如图1所示．这时弹簧测力计的读数可从图中读出．〔1〕由图可读得两个相互垂直的拉力的大小分别为4.0N和N〔只需读到0.1N〕．〔2〕在方格纸〔如图2〕上按作图法的要求画出这两个力及它们的合力．【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；平行四边形法那么图解法专题．【分析】〔1〕先得出弹簧秤的最小分度，再由指针的位置读出拉力的示数；〔2〕画力的图示注意先选择适宜的标度，再由标度表示出力的大小，由细线的方向得出力的方向；根据作图的方法作图即可．【解答】解：〔1〕由图可知，弹簧秤的最小分度为0.1N；那么读得：F1=4.0 N，F2= N．〔2〕取如下图的两格表示1.0N，那么可得出F1、F2，由上图得出两力的方向；作出平行四边形，即其对角线的长度表示力的大小，箭头的指向表示力的方向，故答案如下图：求得F=N；故答案为；〔1〕4.0；；〔2〕如下图．【点评】此题考查弹簧秤的读数及作力的图示，都属对根底技能的考查；注意读数时要注意精度及题目的要求．19．重力为G的物体A，静止在倾角为θ的斜面B上，求：〔1〕对物体A受力分析，画出示意图〔2〕求物体A的合力是多少；利用量G和θ，求出A受到的其他力的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】〔1〕以物体为研究对象，物体受到三个作用，作出力图．〔2〕物体静止的斜面上，所受的合力为零，根据平衡条件求出A受到的其他力的大小．【解答】解：〔1〕如图，物体A受到3个力作用：重力G，支持力F N和静摩擦力f〔2〕物体A静止，那么合力为零，可得：支持力：F N=Gcosθ静摩擦力：f=Gsinθ答：〔1〕物体A受到3个力：重力G，支持力F N和静摩擦力f，画出示意图如图．〔2〕物体A的合力是零；支持力为Gcosθ和静摩擦力为Gsinθ．【点评】受力分析是学习力学的根本功，作出力图是处理物体平衡问题的关键．20．有一个木箱质量m=60kg，静止在水平地面上，工人推木箱，假设动摩擦因数为µ=0.3，最大静摩擦力于滑动摩擦力．求：〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10N/kg 〕〔1〕当沿水平方向推力F1=150N 时，此木箱所受的摩擦力大小f1〔2〕当与水平成37°的斜向上的推力F2=400N时，此木箱所受的摩擦力大小f2．【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】〔1〕直接用初中知识二力平衡即可求解；〔2〕受力分析后，进行正交分解，用平衡条件即可求解；【解答】解：〔1〕木箱保持静止，水平方向二力平衡，那么木箱受到静摩擦力为：f1=F1=150N〔2〕木箱滑动起来，受力如下图：。
精编2021届高三物理上学期第三次月考试题(含解析)
2021届高三物理上学期第三次月考试题（含解析）一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.如图所示，一恒力F 与水平方向夹角为θ，作用在置于光滑水平面上，质量为m 的物体上，作用时间为t ，则力F 的冲量为（）A. FtB. mgtC. FcosθtD.(mg-Fsinθ)t 【答案】A 【解析】【详解】根据冲量的定义式，得F 的冲量为Ft ，A 对，BCD 错。
2.一个质量为M ，底面长为b 的三角形劈静止于光滑的水平桌面上，如图，有一质量为m 的物块由斜面顶部无初速度滑到底部时，最新劈移动距离s 的下列说法中正确的是（）A. 若斜面光滑，()mbs M m =＋B. 若斜面光滑，下滑过程中系统动量守恒，机械能守恒C. 若斜面粗糙，()mbs M m =＋D. 若斜面粗糙，下滑过程中系统动量守恒，机械能不守恒 【答案】AC 【解析】 【分析】水平方向动量守恒，人船模型【详解】A ．若斜面光滑，下滑过程中，设物块水平位移大小x ，斜劈水平移动距离s ，则x +s =b ，水平方向动量守恒：12mv Mv =1x v t=2s v t=联立可得：()mbs M m =＋，A 正确；B ．下滑过程中系统水平方向动量守恒，竖直方向由于重力作用，动量不守恒，B 错误；C ．若斜面粗糙，水平方向也是动量守恒，同理可得()mbs M m =＋，C 正确；D ．斜面粗糙，无初速度下滑，由于重力作用，竖直方向动量不守恒，D 错误。
故选AC 。
3.一辆质量为m 的汽车在平直公路上，以恒定功率P 行驶，经过时间t ，运动距离为x ，速度从v 1增加到v 2，已知所受阻力大小恒为f ，则下列表达式正确的是（ ） A. x=122v v +t B. P=fv 1C.1P v ﹣2P v =12()m v v t- D. Pt ﹣fx=12mv 22﹣12mv 12【答案】D 【解析】汽车以恒定功率P 行驶，则Pf ma v-=，物体做加速度减小的加速，最终匀速。
高一物理上学期第三次月考试卷高一全册物理试题_03
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第三次月考物理试卷一、选择题〔此题共有12个小题，每题4分，共48分．其中9、10、11、12四题为多项选择题．选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分．〕1．关于伽俐略对自由落体运动的研究，以下哪个过程是他的探究过程〔〕A．猜测﹣﹣问题﹣﹣数学推理﹣﹣验证﹣﹣合理外推﹣﹣得出结论B．猜测﹣﹣问题﹣﹣验证﹣﹣数学推理﹣﹣合理外推﹣﹣得出结论C．问题﹣﹣猜测﹣﹣验证﹣﹣数学推理﹣﹣合理外推﹣﹣得出结论D．问题﹣﹣猜测﹣﹣数学推理﹣﹣验证﹣﹣合理外推﹣﹣得出结论2．如下图，物体A分别与水平面、竖直墙面以及物体B紧密接触，所有接触面均光滑，A，B均静止，那么〔〕A．物体A受三个弹力作用B．物体A受两个弹力作用C．物体B受两个弹力作用D．物体A和物体B均只受一个弹力作用3．物体在做以下各种运动的过程中，运动状态保持不变的是〔〕A．匀速直线运动B．匀变速直线运动C．自由落体运动D．竖直上抛运动4．质量为m的木块沿倾角为θ的斜面匀速下滑，如下图，那么斜面对物体的作用力方向是〔〕A．沿斜面向上B．垂直于斜面向上C．沿斜面向下D．竖直向上5．做匀变速直线运动的物体位移随时间的变化规律为x=24t ﹣m，根据这一关系式可以知道，物体速度为零的时刻是〔〕A．24 s B．16 s C．8 s D． s6．一个铁钉与一根鸡毛同时从同一高度下落，总是铁钉先落地，这是因为最终的原因是〔〕A．铁钉比鸡毛重B．铁钉比鸡毛密度大C．鸡毛受到的空气阻力大D．铁钉下落的加速度比鸡毛下落的加速度大7．如下图，为某物体的速度～时间图象，t2=2t1，t3=3t1．假设将该物体的运动过程的位移～时间图象表示出来，以下四幅图象中正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．8．运发动双手握住竖直的竹竿匀速上攀和匀速下滑时，它所受到的摩擦力分别为F上和F下，以下说法正确的选项是〔〕A．F上向上，F下向下，F上=F下B．F上向下，F下向上，F上＞F下C．F上向上，F下向上，F上=F下D．F上向上，F下向下，F上＞F下9．将一物体以20m/s的初速度竖直向上抛出，从抛出开始计时，当物体运动至抛出点上方15m处所经历的时间是〔〕A．1s B．2s C．3s D．4s10．某物体沿一直线运动，其v﹣t图象如下图，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．第2s内和第3s内速度方向相反B．第2s内和第3s内的加速度方向相反C．第3s内速度方向与加速度方向相反D．第5s内速度方向与加速度方向相反11．如下图，A、B两物体在拉力F的作用下一起以相同的速度沿F方向做匀速运动，关于A物体和B物体所受的摩擦力，以下说法正确的选项是〔〕A．B物体不受摩擦力B．B物体受到静摩擦力，且方向与F方向相反C．B物体受到A物体对它的静摩擦力，且方向与F方向相同D．A物体受到地面对它的滑动摩擦力，且方向与F方向相反12．如下图，重50N的物体A放在倾角为37°的粗糙斜面上，有一根原长为10cm，劲度系数为800N/m的弹簧，其一端固在斜面顶端，另一端放置物体A后，弹簧长度伸长为14cm，现用一测力计沿斜面向下拉物体，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为20N，当弹簧的长度仍为14cm时，测力计的读数不可能为〔〕A．10 N B．20 N C．40 N D．0 N二、题〔每空2分，共16分〕13．a．某同学测重力加速度的步骤如下：〔1〕将打点计时器固在铁架台上．〔2〕将接有重物的纸带沿竖直方向穿过打点计时器的限位孔．〔3〕先，再释放纸带．〔4〕获得点迹清晰的几条纸带．b．为了测得重物下落的加速度，需要的器材有A．天平 B．秒表 C．刻度尺c．电火花计时器的工作电源为．d．打出的纸带如下图，与重物相连的是纸带的端〔填甲或乙〕．e．纸带上1﹣9各点为计时点，那么下落重物的加速度为m/s2．14．“研究共点力的合成〞的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O 为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据结果画出的图示．〔1〕图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是力．〔2〕〔单项选择题〕本采用的主要方法是A．理想法 B．效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法〔3〕〔多项选择题〕中可减小误差的措施有A．两个分力F1、F2的大小要尽量大些B．两个分力F1、F2间夹角要尽量大些C．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳贴近木板且与木板平面平行D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些．15．一些同学乘坐火车外出旅游．当火车在一段平直轨道上匀加速行驶时，一同学提议说：“我们能否用身边的器材测出火车的加速度？〞许多同学参与了测量工作，测量过程如下：他们看着窗外相隔100m的路标，用手表记录到火车从第一根路标运动到第二根路标的时间为5s．假设火车经过第一根路标时的速度v0=15m/s，请根据他们的测量情况，求：〔1〕火车加速度a的大小．〔2〕火车到达第二根路标时速度v 的大小．16．一个质量为2kg的物体，静止在水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.5．求：〔g取10m/s2〕〔1〕当物体受到5N的水平拉力时，物体依然静止，此时地面对物体的摩擦力是多大？〔2〕当物体相对于地面运动时，地面对物体的摩擦力是多大？〔3〕给物体施加一个与水平方向成37°斜向右上的拉力，使物体在水平面上匀速向右运动，拉力大小是多少？〔sin37°=0.6 cos37°=0.8〕17．用穿过钢管的绳索吊起钢管，钢管重×104N，长2m厚度可略去不计，如下图，绳索能承受的最大拉力为×104N，绳索全长至少要多长？18．直线公路上有一列车队以10m/s的速度正在匀速向前行驶，相邻车间距为25m，后面有一辆摩托车以20m/s的速度同向行驶，当它距离车队最后一辆车25m时开始刹车，以0.5m/s2的加速度做匀减速运动，摩托车在车队旁边行驶而过，设车队车辆数足够多，摩托车和本身长度忽略不计，求：〔1〕摩托车从开始减速到停下的距离和所用时间．〔2〕摩托车从赶上最后一辆车到离开最后一辆车，共经历多长时间？〔3〕摩托车最多赶上几辆？最多与车队中相遇几次？一中高一〔上〕第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共有12个小题，每题4分，共48分．其中9、10、11、12四题为多项选择题．选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分．〕1．关于伽俐略对自由落体运动的研究，以下哪个过程是他的探究过程〔〕A．猜测﹣﹣问题﹣﹣数学推理﹣﹣验证﹣﹣合理外推﹣﹣得出结论B．猜测﹣﹣问题﹣﹣验证﹣﹣数学推理﹣﹣合理外推﹣﹣得出结论C．问题﹣﹣猜测﹣﹣验证﹣﹣数学推理﹣﹣合理外推﹣﹣得出结论D．问题﹣﹣猜测﹣﹣数学推理﹣﹣验证﹣﹣合理外推﹣﹣得出结论【考点】伽利略研究自由落体运动的和推理方法．【专题】性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据伽利略对落体运动规律的研究，了解伽利略所开创的研究问题的方法和思维过程，即可正此题．【解答】解：伽利略在研究物体下落规律时，首先是提出问题即对亚里士多德的观点提出疑问，然后进行了猜测即落体是一种最简单的变速运动，而最简单的变速运动就是速度变化是均匀的，接着进行了，伽利略对结果进行数学推理，然后进行合理的外推得出结论，故ABC错误，D正确．应选：D【点评】伽利略将可靠的事实和理论思维结合起来，以事实为根底，开辟了崭的研究物理的方法道路，开展了人类的思维方式和研究方法．2．如下图，物体A分别与水平面、竖直墙面以及物体B紧密接触，所有接触面均光滑，A，B均静止，那么〔〕A．物体A受三个弹力作用B．物体A受两个弹力作用C．物体B受两个弹力作用D．物体A和物体B均只受一个弹力作用【考点】物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】明确弹力产生的条件，根据假设法可明确两物体是否受墙壁和对方的弹力．【解答】解：假设整体受墙壁的弹力，那么整体将不能处于静止状态；同理可知，AB均不可能受对方弹力作用；故它们均只受地面的支持力一个弹力；故只有D正确；应选：D．【点评】此题考查弹力的产生及判断，要注意掌握整体法以及假设法的正确用．3．物体在做以下各种运动的过程中，运动状态保持不变的是〔〕A．匀速直线运动B．匀变速直线运动C．自由落体运动D．竖直上抛运动【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】运动状态保持不变，指的是物体速度的大小和方向都不能发生变化，否那么物体的运动状态就变了．【解答】解：物体的运动状态保持不变，那么物体速度的大小和方向都不能发生变化；A、物体做匀速直线运动，它的速度的大小和方向都不变，所以A正确；B、匀变速直线运动，速度的大小发生了变化，所以B错误；C、自由落体运动，物体是在做匀变速运动，速度的大小在变化，所以C错误；D、和C选项类似，竖直上抛运动也是匀变速运动，速度的大小在变化，所以D 错误；应选：A．【点评】此题就考查学生对物体运动状态是否变化的理解，无论速度的大小还是方向，只要有一个发生变化，那么运动状态就变了．4．质量为m的木块沿倾角为θ的斜面匀速下滑，如下图，那么斜面对物体的作用力方向是〔〕A．沿斜面向上B．垂直于斜面向上C．沿斜面向下D．竖直向上【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对木块进行受力分析：找出各力的受力方向进行判断即可．【解答】解：静止在斜面上的木块受到三个力的作用：沿斜面向上的摩擦力〔木块有向下滑动的趋势〕、垂直斜面指向木块的支持力、木块自身的重力；而前面两个力都是斜面对木块的作用力，所以它们的合力与重力大小相，方向相反．应选项ABC错，D正确；应选：D【点评】会对木块进行受力分析，能找出各力的受力方向是解题的关键．5．做匀变速直线运动的物体位移随时间的变化规律为x=24t ﹣m，根据这一关系式可以知道，物体速度为零的时刻是〔〕A．24 s B．16 s C．8 s D． s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式得出物体的初速度和加速度，结合速度时间公式求出物体速度为零的时刻．【解答】解：根据得物体的初速度为：v0=24m/s，加速度为：a=﹣3m/s2，根据v=v0+at得，速度为零的时刻为：t=．应选：C．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式，并能灵活运用，根底题．6．一个铁钉与一根鸡毛同时从同一高度下落，总是铁钉先落地，这是因为最终的原因是〔〕A．铁钉比鸡毛重B．铁钉比鸡毛密度大C．鸡毛受到的空气阻力大D．铁钉下落的加速度比鸡毛下落的加速度大【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】铁钉和鸡毛的位移相，根据牛顿第二律比拟出加速度，可知运动的时间的长短．【解答】解：根据牛顿第二律得，a=，根据位移时间公式得x=，解得t=．可知铁钉的运动时间短，是因为铁钉的下落的加速度大于鸡毛下落的加速度．故D正确，A、B、C错误．应选：D．【点评】解决此题的关键抓住位移相，结合运动学公式可知运动时间长短的原因．7．如下图，为某物体的速度～时间图象，t2=2t1，t3=3t1．假设将该物体的运动过程的位移～时间图象表示出来，以下四幅图象中正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】由速度﹣时间图象可以看出物体在第一段时间内做匀速直线运动，第二段时间内速度为零，第三段时间内做反方向的匀速直线运动，结合速度﹣时间图象、位移﹣时间图象规律解题．【解答】解：由速度﹣时间图象可知：物体在0到t1时间内做向正方向的匀速直线运动，t1到t2时间内速度为零，t2到t3时间内做反方向的匀速直线运动，与第一段时间内速度大小相同，因为位移时间图象的斜率表示速度，斜率的正负表示速度的方向；A、图象中第一段时间内的速度为负值，故A错误．B、图象中第三段时间内物体的速度为正值，故B错误．C、由位移时间图象可以看出，物体在0到t1时间内做向正方向的匀速直线运动，t1到t2时间内速度为零，t2到t3时间内做反方向的匀速直线运动，故C正确．D、由其图象可以看出第二段位移为零，而实际上此时位移不为零，故D错误．应选：C【点评】此题关键要正确分析物体的运动情况，理解位移﹣时间图象点和斜率的物理意义．8．运发动双手握住竖直的竹竿匀速上攀和匀速下滑时，它所受到的摩擦力分别为F上和F下，以下说法正确的选项是〔〕A．F上向上，F下向下，F上=F下B．F上向下，F下向上，F上＞F下C．F上向上，F下向上，F上=F下D．F上向上，F下向下，F上＞F下【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】运发动匀速上攀和匀速下滑时，合外力都为零，受到的力是平衡力．根据平衡条件，分析即可．【解答】解：运发动用双手握住竖直的竹竿匀速攀上时，受力平衡，竖直方向受到重力和静摩擦力，根据平衡条件可知：F上向上，而且有 F上=G；运发动用双手握住竖直的竹竿匀速滑下时，受到的滑动摩擦力F下向上，因为匀速运动，根据平衡条件有：F下=G．所以F上=F下．应选：C．【点评】此题考查学生对物体的受力分析，以及用二力平衡知识解决实际问题的能力．9．将一物体以20m/s的初速度竖直向上抛出，从抛出开始计时，当物体运动至抛出点上方15m处所经历的时间是〔〕A．1s B．2s C．3s D．4s 【考点】竖直上抛运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体做竖直上抛运动，由于匀变速直线运动的位移公式可以求出物体的运动时间．【解答】解：物体做竖直上抛云，以竖直向上为正方向，由题意可知：v0=20m/s，a=﹣g=﹣10m/s2，h=15m，由匀变速直线运动的位移公式得：h=v0t+at2，即：15=20t ﹣×10×t2，解得：t=1s或t=3s；应选：AC．【点评】此题考查了求物体的运动时间，知道物体的运动性质、用匀变速直线运动的位移公式即可正确解题．10．某物体沿一直线运动，其v﹣t图象如下图，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．第2s内和第3s内速度方向相反B．第2s内和第3s内的加速度方向相反C．第3s内速度方向与加速度方向相反D．第5s内速度方向与加速度方向相反【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】速度时间图线中速度的正负表示运动的方向，图线的斜率表示加速度．【解答】解：A、第2s内和第3s内速度都为正值，速度方向相同．故A错误．B、第2s内和第3s内图线的斜率一正一负，加速度方向相反．故B正确．C、第3s内做匀减速直线运动，速度方向和加速度方向相反．故C正确．D、第5s内反向做匀减速直线运动，加速度方向与速度方向相反．故D正确．应选BCD．【点评】解决此题的关键理清速度时间图线的物理意义，知道图线斜率表示的含义．11．如下图，A、B两物体在拉力F的作用下一起以相同的速度沿F方向做匀速运动，关于A物体和B物体所受的摩擦力，以下说法正确的选项是〔〕A．B物体不受摩擦力B．B物体受到静摩擦力，且方向与F方向相反C．B物体受到A物体对它的静摩擦力，且方向与F方向相同D．A物体受到地面对它的滑动摩擦力，且方向与F方向相反【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】性思想；整体法和隔离法；摩擦力专题．【分析】物体均做匀速直线运动，受力平衡，根据共点力平衡条件可判断摩擦力的有无及方向．【解答】解：A、B做匀速直线运动，受力平衡，竖直方向重力和支持力平衡，水平方向不受外力，那么没有相对于A的运动趋势，所以B不受摩擦力，故A 正确，BC错误；D、对A受力分析可知，A竖直方向重力和支持力平衡，水平方向拉力F和地面对它的滑动摩擦力平衡，那么A物体受到地面对它的滑动摩擦力，且方向与F 方向相反，故D正确．应选：AD 【点评】静摩擦力的有无及方向判断是摩擦力中的，一般是根据共点力的平衡或牛顿第二律进行分析；必要时可以采用假设法．12．如下图，重50N的物体A放在倾角为37°的粗糙斜面上，有一根原长为10cm，劲度系数为800N/m的弹簧，其一端固在斜面顶端，另一端放置物体A后，弹簧长度伸长为14cm，现用一测力计沿斜面向下拉物体，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为20N，当弹簧的长度仍为14cm时，测力计的读数不可能为〔〕A．10 N B．20 N C．40 N D．0 N【考点】胡克律．【专题】性思想；控制变量法；弹力的存在及方向的判专题．【分析】对物体受力分析，明确重力的分力及弹力的大小；根据摩擦力可能情况进行分析，明确拉力的范围【解答】解：弹簧的弹力F=kx=800×〔0.14﹣0.1〕=32N；重力沿斜面向下的分力为G1=Gsin37°=50×0.6=30N；物体要在拉力作用下能平衡，那么拉力最大为32+20﹣30=22N；最小为零；故不可能是C；应选：C【点评】此题要注意明确因重力的分力大于弹簧的弹力，故加上F后静摩擦力只能向上，大小在2N到22N之间二、题〔每空2分，共16分〕13．a．某同学测重力加速度的步骤如下：〔1〕将打点计时器固在铁架台上．〔2〕将接有重物的纸带沿竖直方向穿过打点计时器的限位孔．〔3〕先接通电源，再释放纸带．〔4〕获得点迹清晰的几条纸带．b．为了测得重物下落的加速度，需要的器材有 CA．天平 B．秒表 C．刻度尺c．电火花计时器的工作电源为220V ．d．打出的纸带如下图，与重物相连的是纸带的乙端〔填甲或乙〕．e．纸带上1﹣9各点为计时点，那么下落重物的加速度为m/s2．【考点】测匀变速直线运动的加速度．【专题】题；量思想；推理法；自由落体运动专题．【分析】时先接通电源，再释放纸带，电火花打点计时器的工作电压为220V，根据的原理确所需测量的物理量，从而确需要的器材．根据连续相时间内的位移之差是一恒量求出重物下落的加速度．【解答】解：时先接通电源，再释放纸带．测量重力加速度的大小，不要测量质量，那么不需要天平，由于打点计时器可以记录时间，所以不需要秒表，需要用刻度尺测量纸带上点迹间的距离．应选：C．电火花打点计时器的工作电压为220V．因为纸带在重物的拉动下，速度越来越大，相时间内的位移越来越大，可知纸带的乙端与重物相连．根据得，下落的重力加速度g==m/s2．故答案为：先接通电源，C，220V，乙，【点评】解决此题的关键知道的原理以及考前须知，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度．14．“研究共点力的合成〞的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O 为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据结果画出的图示．〔1〕图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是力F′．〔2〕〔单项选择题〕本采用的主要方法是 BA．理想法 B．效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法〔3〕〔多项选择题〕中可减小误差的措施有ACDA．两个分力F1、F2的大小要尽量大些B．两个分力F1、F2间夹角要尽量大些C．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳贴近木板且与木板平面平行D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些．【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题．【分析】此题根据“验证力的平行四边形那么〞的原理及考前须知进行分析解答．【解答】解：〔1〕中F是通过平行四边形那么作图得出的，而F′是通过用一根细线拉动橡皮筋，使与两个力拉时的效果相同得出的，故F'一是沿AO方向的；〔2〕本是通过一个力与两力效果相同得了的合力，故运用了效替代的方法，故B正确；〔3〕是通过作图得出结果，故为了减小误差让拉力尽量大些，故A正确；而夹角太大将会导至合力过小，故夹角不能太大，故B错误；为了防止出现分力的情况，让各力尽量贴近木板，且与木板平行，故C正确；为了准确记下拉力的方向，故采用两点描线时两点尽量距离大一些，故细绳长些，故D正确；应选ACD．【点评】问题一要紧扣的原理和需要注意的事项进行掌握，并能根据原理进行设计性．15．一些同学乘坐火车外出旅游．当火车在一段平直轨道上匀加速行驶时，一同学提议说：“我们能否用身边的器材测出火车的加速度？〞许多同学参与了测量工作，测量过程如下：他们看着窗外相隔100m的路标，用手表记录到火车从第一根路标运动到第二根路标的时间为5s．假设火车经过第一根路标时的速度v0=15m/s，请根据他们的测量情况，求：〔1〕火车加速度a的大小．〔2〕火车到达第二根路标时速度v 的大小．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】〔1〕距离为100m的路标，用的时间为5s，根据位移时间的关系式可以求得加速度的大小；〔2〕根据速度时间关系式可以气的速度的大小．【解答】解：〔1〕设火车的加速度为a 、根据匀变速直线运动的位移公式得：代入数据解得：a=2m/s2〔2〕设火车经过第二根路标时的速度为v2，根据匀变速直线运动的速度公式得：v2=v1+at代入数据得：v2=25 m/s答：〔1〕火车加速度a的大小为2m/s2．〔2〕火车到达第二根路标时速度v 的大小为25m/s．【点评】此题就是对位移和速度公式的考查，掌握住公式时关键，根据公式直接求解即可，难度不大．16．一个质量为2kg的物体，静止在水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.5．求：〔g取10m/s2〕〔1〕当物体受到5N的水平拉力时，物体依然静止，此时地面对物体的摩擦力是多大？〔2〕当物体相对于地面运动时，地面对物体的摩擦力是多大？〔3〕给物体施加一个与水平方向成37°斜向右上的拉力，使物体在水平面上匀速向右运动，拉力大小是多少？〔sin37°=0.6 cos37°=0.8〕【考点】共点力平衡的条件及其用；摩擦力的判断与计算．【专题】量思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】〔1〕当物体相对静止时，存在静摩擦力，由二力平衡即可求出摩擦力；〔2〕当物体发生相对运动时，存在滑动摩擦力，滑动摩擦力那么采用f=μN 公式计算其大小；〔3〕对物体进行受力分析，然后将各个力沿水平方向与竖直方向分解即可．【解答】解：〔1〕当物体受到5N的水平拉力时，物体依然静止，由二力平衡f=F=5N〔2〕当物体相对于地面运动时，由f=μF N=μmg=10N〔3〕对物体进行受力可知：水平方向：Fcos37°﹣f=0竖直方向：F N+Fsin37°=mgF=μF N得：F===N答：〔1〕当物体受到5N的水平拉力时，物体依然静止，此时地面对物体的摩擦力是5N；〔2〕当物体相对于地面运动时，地面对物体的摩擦力是10N；〔3〕给物体施加一个与水平方向成37°斜向右上的拉力，使物体在水平面上匀速向右运动，拉力大小是N．【点评】该题考查共点力的平衡，做好此类题目的关键是分析物体是否发生了相对运动，假设发生了，那么为滑动摩擦力，否那么为静摩擦力．17．用穿过钢管的绳索吊起钢管，钢管重×104N，长2m厚度可略去不计，如下图，绳索能承受的最大拉力为×104N，绳索全长至少要多长？【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】这根绳索的长度越小时，所受的拉力越大，当绳索承受的拉力到达最大值时，绳索长度到达最短，根据平衡条件求出此时两绳索间的夹角，即可由几何知识求出绳索的长度，即为最短长度．【解答】解：以排污管重为研究对象，分析受力情况：重力、两侧绳索的拉力，根据三力汇交原理，作出受力图如图．当绳索承受的拉力到达最大值时，设两绳索的夹角为2θ．根据平衡条件得：2T m cosθ=mg得：cosθ=，sinθ=0.8那么这根绳索最短长度为：L=．答：绳索全长至少要m．【点评】此题利用三力汇交原理作出力图是解题的关键，根据平衡条件和几何知识结合求解．18．直线公路上有一列车队以10m/s的速度正在匀速向前行驶，相邻车间距为25m，后面有一辆摩托车以20m/s的速度同向行驶，当它距离车队最后一辆车25m时开始刹车，以0.5m/s2的加速度做匀减速运动，摩托车在车队旁边行驶而过，设车队车辆数足够多，摩托车和本身长度忽略不计，求：〔1〕摩托车从开始减速到停下的距离和所用时间．〔2〕摩托车从赶上最后一辆车到离开最后一辆车，共经历多长时间？〔3〕摩托车最多赶上几辆？最多与车队中相遇几次？。
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黄骅中学2016－2017年度第一学期高中一年级第三次月考物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷1至3 页，第Ⅱ卷4至7页。
共100分。
考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（客观题共48 分）一、选择题（共48分，每题4分，其中1---8题为单选，9—12题为多选，错选或不选得0分，选不全得2分）1．伽利略用实验和推理推翻了流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动关系的理论，开启了物理学发展的新纪元．下列说法与事实不相符的是（）A．根据亚里士多德的论断，力是改变物体运动状态的原因B．笛卡尔经研究指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向C．伽利略通过数学推算，并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间的平方成正比D．牛顿总结伽利略等前人的经验，得出了牛顿第一定律2．甲、乙两人站在水平地面上手拉手比力气，关于这个过程中作用于双方手的力的关系，下列说法中正确的是（）A．当甲拉着乙一起做加速运动时，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力B．当甲拉着乙一起做减速运动时，甲对乙的拉力小于乙对甲的拉力C．只有当甲拉着乙一起做匀速运动，甲对乙的拉力才等于乙对甲的拉力D．无论怎样运动，甲对乙的拉力总是等于乙对甲的拉力3．关于力、加速度、速度的说法中正确的是（）A．质量不变的物体受到的合外力越大，加速度就越大，速度也就越大B．质量不变的物体受到的合外力越大，加速度就越大，速度反而越小C．质量不变的物体受到的合外力越大，速度就越大，加速度是不能确定的D．质量不变的物体受到的合外力越大，加速度就越大，速度不能确定4．汽车刹车后，在平直公路上做匀减速直线运动，其运动情况经仪器监控扫描，输入计算机后得到该运动的汽车位移时间的关系为x=10t﹣t2（m），则该汽车在前6s内经过的路程为（）A．26m B．25m C．24m D．50m5．质点做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，该质点（）A．在第1秒末速度方向发生了改变B．在第2秒末加速度方向发生了改变C．在前2秒内发生的位移为零D．第3秒末和第5秒末的位置相同6．一根轻质弹簧一端固定，用大小为F1的力压弹簧的另一端，平衡时长度为l1；改用大小为F2的力拉弹簧，平衡时长度为l2．弹簧的拉伸或压缩均在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为（）A．B． C．D．7．小球A和B的质量均为m，长度相同的四根细线如图所示连接，它们均被拉直，且P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则Q、A间水平细线对球的拉力大小为（）A． mg B．mg C． mg D． mg8．如图所示，小球用细绳系住，放在倾角为θ的固定光滑斜面上．当细绳由水平方向逐渐向上偏移的过程中（小球始终静止在斜面上），绳对球的拉力F和斜面对小球的支持力F N将（）A．F逐渐增大，F N逐渐减小B．F先增大后减小，F N逐渐减小C．F逐渐增大，F N逐渐增大D．F先减小后增大，F N逐渐减小9、下列关于摩擦力的说法中正确的是（）A ．静止的物体可以受到滑动摩擦力B ．运动的物体可以受到静摩擦力C ．静止的物体一定不受滑动摩擦力D ．滑动摩擦力的方向一定跟物体相对运动的方向相反10、如图，一方形容器被水平力F 压在竖直墙面上，现缓慢地向容器中加水，容器始终处于静止状态，则（ ）A ．容器受到的摩擦力大小不变B ．容器受到的摩擦力逐渐增大C ．水平力F 的大小可能不变D ．水平力F 必须逐渐增大11、一质点做匀速直线运动。
现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则（ ）A. 质点速度的方向总是与该恒力的方向相同B. 质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直C. 质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同D. 质点单位时间内速率的变化量总是不变12、如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m 、2m 和3m 的三个木块，其中质量为2m 和3m 的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为F T ．现用水平拉力F 拉质量为3m 的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以下说法正确的是（ ）A ．质量为2m 的木块受到四个力的作用B ．当F 逐渐增大到F T 时，轻绳刚好被拉断C ．当F 逐渐增大到1.5F T 时，轻绳还不会被拉断D ．轻绳刚要被拉断时，质量为m 和2m 的木块间的摩擦力为31F T第Ⅱ卷（共 52分）注意事项：第Ⅱ卷共4 页，用钢笔或圆珠笔将答案直接写在试题卷上。
二、填空题（每空2分，共14分）13．在做“验证力的平行四边形定则”的实验时：（1）下列叙述正确的是（）A. 同一次实验过程，结点的位置必须都拉到同一位置O点，不能随意变动B. 用两只弹簧测力计拉橡皮条时，应使两细绳之间的夹角总为90°，以便于算出合力的大小C. 力的夹角越大越好D. 必须使分力与合力在同一平面内(2)如果实验情况如图①所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O 为橡皮条与细绳的结点，OB 和O C 为细绳．图②是在白纸上根据实验结果画出的图．图②中的F与F′两力中，方向一定沿A O 方向的是14．(16分)如图所示为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置图。
图中A为小车，质量为m1，连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器B，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上，P的质量为m2，C为弹簧测力计，实验时改变P的质量，读出测力计不同读数F，不计绳与滑轮的摩擦。
(1)电火花打点计时器工作电压为________流(选填“交、直”)________V。
(2)下列说法正确的是( )A．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平 B．实验时应先接通电源后释放小车C．实验中m2应远小于m1 D．测力计的读数始终为m2g/2(3)下图为某次实验得到的纸带，纸带上标出了所选的四个计数点之间的距离，相邻计数点间还有四个点没有画出。
由此可求得小车的加速度的大小是______ m/s2(交流电的频率为50 Hz，结果保留二位有效数字)。
(4)某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a F 图像，可能是下图中的( )三、计算题（共四题，共计38分）15、（8分）一辆轿车违章超车,以108 km/h 的速度驶入左侧逆行车道时,猛然发现正前方80 m 处一辆卡车正以72 km/h 的速度迎面驶来,两车司机同时刹车,刹车的加速度大小都是10 m/s 2,两司机的反应时间都是Δt.为避免相撞,Δt 最大不超过多少?16、（8分）如图所示，细绳OA 的O 端与质量m=1kg 的重物相连，A 端与轻质圆环（重力不计）相连，圆环套在水平棒上可以滑动；定滑轮固定在B 处，跨过定滑轮的细绳，两端分别与重物m 、重物G 相连，若两条细绳间的夹角φ=90°，OA 与水平杆的夹角θ=53°圆环恰好没有滑动，不计滑轮大小，整个系统处于静止状态，滑动摩擦力等于最大静摩擦力．（已知sin53°=0.8；cos53°=0.6）求：（1）圆环与棒间的动摩擦因数μ；（2）重物G 的质量M ．17、（10分）质量为m=20kg 的物体，在大小恒定的水平外力F 的作用下，沿水平面做直线运动。
0 ~ 2.0s 内F 与运动方向相反，2.0 ~ 4.0s 内F 与运动方向相同，物体的速度一时间图象如图所示，已知g 取10m/s 2。
求：（1）物体在前4秒内的位移多少？（2）物体与水平面间的动摩擦数。
18、（12分）如图所示，倾角为30°的光滑斜面的下端有一水平传送带，传送带正以3m/s 速度运动，运动方向如图所示。
一个质量为m 的物体(物体可以视为质点)，从h =3.2m 高处由静止沿斜面下滑，物体经过A 点时，不管是从斜面到传送带还是从传送带到斜面，都不计其速率变化。
物体与传送带间的动摩擦因数为0.5 ，重力加速度g =10m/s 2，则：(1) 物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要多长时间；(2) 物体在传送带上向左运动的最远距离（传送带足够长）； (3) 物体第一次通过传送带返回A 点后，沿斜面上滑的最大距离为多少。
30v物理答案1—8ADDBDACD9—12 ABD BC BC CD13、（1）AD （2）F'14、(1)交220 V (2)B (3)0.50 (4)C15、解:设轿车、卡车刹车时的初速度分别为v1、v2,则v1=108 km/h=30 m/s,v2=72 km/h=20 m/s, (1分) 从刹车开始到停下两车行驶的位移大小分别为s1、s2.由匀变速运动的公式得:s1=221302210va=⨯m=45 m (2分)s2=222202210va=⨯m=20 m (2分)若两车恰好不相撞，则：s1+v1Δt+s2+v2Δt=s (2分)整理并代入数据得:Δt=0.3 s (1分)保证两车一定不相撞,司机的反应时间最长不能超过0.3 s16、解：（1）因为圆环将要开始滑动，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有f=μN．对环进行受力分析，则有：μN=F T cosθ (2分)N=F T sinθ (2分)代入数据解得：μ= 0.75．（1分）（2）对重物m：Mg=mgcosθ (2分)所以：M =0.6kg (1分)17、解：由图象可知：前4秒内位移9m （2分）（0~2）s内物体做匀减速直线运动，加速度为，（1分）（ 2分）（2~4）s 内物体做匀减速直线运动，加速度，（1分）（2分）又， （1分） 所以解得： （1分）18、由牛顿第二定律1030sin ma mg =得21/5s m a = -----------2分由几何关系和运动学公式2102130sin t a h =得s t 6.1= -----------2分s m t a v /811== ---------1分传送带上2ma mg =μ得22/5s m a = -----------1分运动学公式22112a v x =m x 4.61= ----------2分反向加速到与传送带速度v 相等2222a v x =m m x 4.69.02〈= ----------2分返回A 点时速度与传送带速度v 相等冲上斜面1232a v x =m x9.03---------2分。