长沙市高一上学期物理第二次月考试卷
高一物理上学期第二次月考试卷(含解析)高一全册物理试题11
应对市爱护阳光实验学校上一中2021～2021度高第二次月考物理试卷一、单项选择题〔此题共8小题，每题4分，共32分，选出每题给出的选项中的仅有一个正确的选项〕1．一人将一木箱匀速推上一粗糙斜面，在此过程中，木箱所受的合力为〔〕A．于人的推力B．于摩擦力C．于零D．于下滑力2．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力可能选取的数值为〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、8N3．如下图是山区村民用斧头劈柴的剖面图，图中BC边为斧头背，AB、AC边是斧头的刃面．要使斧头更容易劈开木柴，那么〔〕A．BC边短一些，AB边也短一些 B．BC边些，AB边短一些C．BC边短一些，AB边些 D．BC边些，AB边也些4．如下图，一物体受到1N、2N、3N、4N四个力作用正沿着3N力的方向作匀速直线运动，现保持1N、3N、4N三个力的方向和大小不变，而将2N的力绕O点旋转300°，此时作用在物体上的合力大小为〔〕A．1N B．2N C．3N D．4 N5．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为〔〕A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 6．光滑的球放在倾角为θ的斜面上，被一个竖直挡板PQ挡住而静止．挡板PQ可以绕Q轴转动，如下图．当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小变化是〔〕A．F1和F2都逐渐减小B．F1逐渐减小，F2逐渐增大C．F1逐渐增大，F2先减小D．F1逐渐减小，F2先减小后增大7．如下图，把重为8N的物体放在倾角θ=30°的粗糙斜面上并静止，物体的上端与固在斜面上的轻质弹簧相连，弹簧与斜面平行，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，以下对弹簧的弹力的分析正确的选项是〔〕A．可能为13 N，方向沿斜面向上B．可能为5 N，方向沿斜面向下C．可能为1 N，方向沿斜面向下D．弹力不可能为零8．如下图，可以视为质点的小球A、B球被轻绳连接后，挂在光滑的圆柱上恰好处于静止状态，圆心为O点，∠AOB=90°，OB与竖直方向的夹角α=300，那么A、B球的质量之比为〔〕A．1：2 B ．：2 C．1： D ．：1二、不项选择题〔本大题共4小题，每题5分，共20分．选对但不全得3分，全选对得5分〕9．在高速公路上，一辆大客车正以100km/h的速度匀速行驶在一段平直的路面上，以下关于大客车的情况描述正确的选项是〔〕A．大客车处于平衡状态B．大客车受到重力、支持力两个力作用C．大客车受到重力、支持力、牵引力三个力作用D．大客车受到重力、支持力、牵引力、阻力四个力作用10．如下图，位于斜面上的物块M在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态．那么斜面作用于物块的静摩擦力的〔〕A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小不可能于零D．大小可能于F11．力F的一个分力F1跟F成30°角，大小未知，另一分力F2的大小为，方向未知．那么F1大小可能是〔〕A ．B ．C ．D ．12．如下图，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数皆为0.2，现在人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速运动，那么〔〕A．人拉绳的力是200N B．人拉绳的力是100NC．人的脚给木块摩擦力向右 D．人的脚给木块摩擦力向左三、探究题〔此题共2小题，共22分．〕13．在“验证力的平行四边形那么〞的中〔1〕采用的方法是A．理想法B．效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法以下是某同学在做该的一些看法，其中正确的选项是〔填相的字母〕．A．拉橡皮筋的绳线要细长，中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行B．拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角取90°以便于算出合力大小D．中，橡皮筋该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E．中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点〔3〕中的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，OB和OC为绳线．O为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是〔填F或F′〕14．如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕为完成，还需要的一个器材是：图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的图线，由此可求出弹簧的劲度系数k为N/m．四、计算题〔此题共4小题，共30分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕15．小车从静止开始以1m/s2的加速度，车后相距x0=25m处，与车运动方向相同的某人同时开始以6m/s的速度匀速追车，问能否追上？假设追不上，求人、车间的最小距离是多少？16．如下图，用绳AC和BC吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，AC绳能承受的最大拉力为150N，而BC绳能承受的最大拉力为100N，求物体最大重力不能超过多少？17．如下图，质量为m，横截面积为直角三角形的物块ABC，∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块在垂直于斜面BC 的推力作用下，沿墙面匀速滑行．试表示出力F的大小．18．滑板运动是一项非常刺激的水上运动〔如下图〕，研究说明，在进行滑板运动时，水对滑板的作用力N垂直于板面，大小为kv2，其中v为滑板速率〔水可视为静止〕．某次运动中，在水平牵引力F作用下，当滑板和水面的夹角θ=37°时，滑板做匀速直线运动，相的k=40kg/m，人和滑板的总质量为80kg，〔重力加速度g取10m/s2，sin 37°=0.6，忽略空气阻力〕．试求：〔1〕水平牵引力F的大小；滑板的速率v=？上一中2021～2021度高第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共8小题，每题4分，共32分，选出每题给出的选项中的仅有一个正确的选项〕1．一人将一木箱匀速推上一粗糙斜面，在此过程中，木箱所受的合力为〔〕A．于人的推力B．于摩擦力C．于零D．于下滑力【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体在运动的过程中始终匀速，不要被粗糙斜面影响判断，只要匀速物体就受力平衡，即：合外力为零．【解答】解：木箱被匀速推上一粗糙斜面，注意是匀速，所以物体受力平衡，即：所受的合外力始终为零．应选C．【点评】此题是一个易错题，主要考察的是审题能力，抓住主要问题，不要被一些外在因素迷惑即可．2．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力可能选取的数值为〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、8N【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成．【分析】两个力F1与F2的合力的范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；由于物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，处于平衡状态，合力为零，故三个力中的两个力的合力一与第三个力值、反向、共线．【解答】解：三力中某两个力的合力|F1﹣F2|≤F1、2合≤F1+F2，假设另一个力F3的大小在F1、2合的取值范围内，那么这三个力的合力可能为零，物体就处于平衡状态．A、10N≤F1、2合≤20N，F3=6N不在这范围内，故A错误．B、3N≤F1、2合≤9N，F3=4N在这范围内，故B正确．C、1N≤F1、2合≤3N，F3=10N不在这范围内，故C错误．D、5N≤F1、2合≤7N，F3=8N不在这范围内，故D错误．应选：B【点评】此题考查合力大小的计算，在方向未知的情况下找出两个力合成的最大值和最小值，明确三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力值、反向、共线．3．如下图是山区村民用斧头劈柴的剖面图，图中BC边为斧头背，AB、AC边是斧头的刃面．要使斧头更容易劈开木柴，那么〔〕A．BC边短一些，AB边也短一些 B．BC边些，AB边短一些C．BC边短一些，AB边些 D．BC边些，AB边也些【考点】力的分解．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】在劈柴时，斧头的重力通过斧面对木柴的积压形成对木柴向外的力，由分解方法可知如何更容易劈开木柴．【解答】解：如下图：斧头的重力形成对木柴两端的挤压力，两力与斧头的AB、BC边相互垂直；那么可知当BC边短一些，AB边些时两力之间的夹角更大，那么两分力更大；故C正确；应选C．【点评】在受力分析时一要注意平行四边形的作用，根据图形才能正确的找出力的变化关系．4．如下图，一物体受到1N、2N、3N、4N四个力作用正沿着3N力的方向作匀速直线运动，现保持1N、3N、4N三个力的方向和大小不变，而将2N的力绕O点旋转300°，此时作用在物体上的合力大小为〔〕A．1N B．2N C．3N D．4 N【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体受多力平衡，那么多力的合力为零；那么1N、3N、4N三个力的合力与2N大小相方向相反；那么将2N转动后，其他三力的合力不变，那么变成了转后的2N与其他三力的合力的合成，那么由平行四边形那么可求得合力．【解答】解：由题意可知，四力的合力为零，那么可知1N、3N、4N三个力的合力2N；与2N大小相方向相反；那么2N的力绕O点旋转300°，其他三力的合力不变，那么现在变为2N的两个力，其夹角成120°，因此这两个力的合力大小为2N，故B正确，ACD错误；应选：B【点评】此题中用了力的合成中的一个结论：当多力合成其合力为零时，任一力与其他各力的合力大小相方向相反．5．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为〔〕A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】受力分析方法专题．【分析】由物体B静止，求出绳子的拉力．以A为研究对象，根据平衡条件求出地面对A的作用力的大小．【解答】解：以B为研究对象，根据平衡条件绳子的拉力F=mg．再以A为研究对象，得到F+F N=Mg，得到F N=Mg﹣F=〔M﹣m〕g，故B正确；应选：B．【点评】此题采用的是隔离法．当物体处于平衡状态时，采用隔离都可以求解．当几个物体都处于平衡状态时，也可以采用整体法．6．光滑的球放在倾角为θ的斜面上，被一个竖直挡板PQ挡住而静止．挡板PQ可以绕Q轴转动，如下图．当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小变化是〔〕A．F1和F2都逐渐减小B．F1逐渐减小，F2逐渐增大C．F1逐渐增大，F2先减小D．F1逐渐减小，F2先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以球为研究对象，分析斜面和挡板对球的支持力如何变化，就能确球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小如何变化．分析小球受力情况，作出力图，运用图解法，分析两个支持力的变化情况．【解答】解：以球为研究对象，分析受力情况，如图，小球受到重力G、斜面的支持力F1和挡板的支持力F2，由平衡条件得知，F1和F2的合力与G大小相、方向相反，作出三个位置力的合成图如图，由图看出，F1逐渐减小，F2先减小后增大，当F1和F2垂直时，F2最小．故D正确．应选D【点评】此题运用图解法，分析动态平衡问题，比拟直观简便，也可以采用函数法，由数学知识分析力的变化．7．如下图，把重为8N的物体放在倾角θ=30°的粗糙斜面上并静止，物体的上端与固在斜面上的轻质弹簧相连，弹簧与斜面平行，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，以下对弹簧的弹力的分析正确的选项是〔〕A．可能为13 N，方向沿斜面向上B．可能为5 N，方向沿斜面向下C．可能为1 N，方向沿斜面向下D．弹力不可能为零【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】将重力按照作用效果分解为平行斜面的下滑分力和垂直斜面的垂直分力，当最大静摩擦力平行斜面向下行斜面向上时，分别求解出对的弹簧弹力，得到弹簧弹力的作用范围．【解答】解：将重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力为Gsin30°=4N，垂直斜面的垂直分力为Gcos30°=4N；当最大静摩擦力平行斜面向下时，物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，弹簧弹力为拉力，大小为f=f m+Gsin30°=9N；当最大静摩擦力平行斜面向上时，物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，弹簧弹力为推力，大小为f=f m﹣Gsin30°=1N；故弹簧弹力可以是不大于1N推力或者不大于9N的拉力，也可以没有弹力；故ABD错误，C正确；应选C．【点评】此题关键是根据平衡条件求解出物体即将上滑和即将下滑的两种临界情况的弹簧弹力，难度中．8．如下图，可以视为质点的小球A、B球被轻绳连接后，挂在光滑的圆柱上恰好处于静止状态，圆心为O点，∠AOB=90°，OB与竖直方向的夹角α=300，那么A、B球的质量之比为〔〕A．1：2 B ．：2 C．1：D ．：1【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】选A为研究对象，受力分析用平衡条件进行分析，求出A受的绳子的拉力，再对B进行受力分析，求出B受的绳子的拉力，进行比拟求解．【解答】解：分别选A和B为研究对象受力分析如图：由左图得：T=Fsin60°=G A sin60°=…①由右图得：T=F′sinα=G B sin30°=…②由①②两式得：m A：m B=1：应选C【点评】受力平衡类的题目处理时一要注意用的条件就是平衡，合外力为零；所以只需要选择适宜的研究对象进行正确的受力分析，用平衡条件即可．二、不项选择题〔本大题共4小题，每题5分，共20分．选对但不全得3分，全选对得5分〕9．在高速公路上，一辆大客车正以100km/h的速度匀速行驶在一段平直的路面上，以下关于大客车的情况描述正确的选项是〔〕A．大客车处于平衡状态B．大客车受到重力、支持力两个力作用C．大客车受到重力、支持力、牵引力三个力作用D．大客车受到重力、支持力、牵引力、阻力四个力作用【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【分析】大客车做匀速直线运动，加速度为零，受力平衡，处于平衡状态，对大客车受力分析即可．【解答】解：大客车做匀速直线运动，加速度为零，处于平衡状态，故A正确；B、大客车受到重力、地面的支持力，水平方向有牵引力和阻力，共四个力作用，故D正确，BC错误．应选：AD【点评】静止和匀速直线运动都处于平衡状态，合力都为零，要求同学们能正确对物体进行受力分析，难道不大，属于根底题．10．如下图，位于斜面上的物块M在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态．那么斜面作用于物块的静摩擦力的〔〕A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小不可能于零D．大小可能于F【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】根据推力F的大小与重力分力的大小确摩擦力的方向，注意分析推力与重力沿斜面向下分力的大小关系．【解答】解：A、当F大于Mgsinθ，由于沿斜面方向平衡，那么静摩擦力方向沿斜面向下．当F小于Mgsinθ，由于沿斜面方向平衡，那么静摩擦力方向沿斜面向上，AB正确C、当F与重力向下的分力相时，摩擦力大小可以为零；故C错误．D、假设F为重力沿斜面向下分力的一半，那么摩擦力可以于F；故D正确；应选：ABD．【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析，通过沿斜面方向平衡进行分析．11．力F的一个分力F1跟F成30°角，大小未知，另一分力F2的大小为，方向未知．那么F1大小可能是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】力的合成遵循平行四边形那么，根据平行四边形那么求出F1的大小．【解答】解：由题意可知，F2的大小为，大于，因此有两种分解结果；根据平行四边形那么得，如图，又因一个分力F1跟F成30°角，且F2的大小为，通过几何关系得，F1=F或F1=．故B、C正确，A、D错误．应选：BC．【点评】解决此题的关键知道合力一，分力的方向，因为F2大于该分力的最小值，所以有两解．12．如下图，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数皆为0.2，现在人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速运动，那么〔〕A．人拉绳的力是200N B．人拉绳的力是100NC．人的脚给木块摩擦力向右 D．人的脚给木块摩擦力向左【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先后对人和木块整体、木块受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．【解答】解：A、B、对人和木块整体受力分析，受重力〔M+m〕g、地面支持力N、绳子的拉力2F，向后的滑动摩擦力f，根据共点力平衡条件，有2F﹣f=0N﹣〔M+m〕g=0其中f=μN解得f=200NF=100N故A错误，B正确；C、D、对木块受力分析，受重力Mg、人对木块的向下的压力、地面的支持力、绳子的拉力F、向后的滑动摩擦力以及人的静摩擦力，根据共点力平衡条件，人对木块的静摩擦力、拉力与地面的滑动摩擦力三力平衡，故人的脚给木块摩擦力向前，为100N；故C正确，D错误；应选BC．【点评】此题关键先后对人和木块整体、木块受力分析，然后根据共点力平衡条件进行分析计算．三、探究题〔此题共2小题，共22分．〕13．在“验证力的平行四边形那么〞的中〔1〕采用的方法是 BA．理想法B．效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法以下是某同学在做该的一些看法，其中正确的选项是AB 〔填相的字母〕．A．拉橡皮筋的绳线要细长，中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行B．拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角取90°以便于算出合力大小D．中，橡皮筋该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E．中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点〔3〕中的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，OB和OC为绳线．O为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是F′〔填F或F′〕【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；性思想；分析法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】〔1、3〕该采用了“效替代〞的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值〞和“值〞的区别．明确原理，了解误差的存在以及具体的操作细节，从减小误差的角度进行分析即可正．【解答】解：〔1〕该中采用的方法是效替代法．故B正确，A、C、D错误．应选：B．A、拉橡皮筋的绳线要细长，便于确拉力的方向；要准确地表示出拉力的大小和方向，故中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行，故A正确；B、为减小读数的误差，拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些；读数时视线要正对弹簧秤刻度，故B正确；C、平行四边形那么中两个分力的夹角是任意的，故拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角是任意的，故C错误；D、中，两个分力的大小不一相同，故合力不一在其角平分线上，故D错误；E、在中，拉力不需太大，也不要太小，不需要先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，故E错误．应选：AB．〔3〕F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形那么得到的值．方向一沿AO方向的是F′．故答案为：〔1〕B；AB；〔3〕F′【点评】此题关键是明确思想、原理、误差的来源，要亲手做，才能更好地体会中的一些实际问题，能从多个角度来理解和分析，提高分析解决问题的能力．14．如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕为完成，还需要的一个器材是：刻度尺图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的图线，由此可求出弹簧的劲度系数k为20 N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题；弹力的存在及方向的判专题．【分析】本的目的探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系，得到的F ﹣t图象，可由图象得出弹簧的劲度系数．【解答】解：①需要测弹簧的长度、形变量，故还需要的器材有：刻度尺②有图象可知，斜率表示弹簧的劲度系数，k==20N/m；故答案为〔1〕刻度尺 20【点评】此题考查了胡克律，弹簧的弹力与形变量的关系．要注意正确理解图象的性质．四、计算题〔此题共4小题，共30分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕15．小车从静止开始以1m/s2的加速度，车后相距x0=25m处，与车运动方向相同的某人同时开始以6m/s的速度匀速追车，问能否追上？假设追不上，求人、车间的最小距离是多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】车做匀加速运动，自行车做匀速运动，当自行车的速度与车的速度相时，假设自行车没有追上车，那么就追不上车．根据速度公式，求出两车速度相所经历的时间，由位移公式求出两车的位移，判断自行车能否追上车．当两车的速度相时，相距最小．由位移公式求解最小距离．【解答】解：人与车两者速度相时，是人追上车的临界条件．两者速度相时，有v=at，t== s=6 s，人的位移：x1=vt=6×6 m=36 m，车的位移x2= m=18 m．x2+x0=18 m+25 m=43 m＞x1=36 m，因此人追不上车．最小距离为：△x=x2+x0﹣x1=43 m﹣36 m=7m．答：人不能追上车，人、车间的最小距离是7m．【点评】此题是追及问题，关键要寻找两车之间的关系，抓住隐含的临界条件：速度相是关键．16．如下图，用绳AC和BC吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，AC绳能承受的最大拉力为150N，而BC绳能承受的最大拉力为100N，求物体最大重力不能超过多少？【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对结点受力分析后，用平衡条件求解出AC绳和BC绳上的拉力关系，根据两绳所能承受的最大拉力判断谁先断，按照最小的求解即可．【解答】解：以重物为研究对象．受力如右图所示，由平衡条件得：T AC sin30°﹣T BC sin60°=0①T AC cos30°+T BC cos60°﹣G=0②由式①可知T AC =T BC当T BC=100N时，T AC=173N，AC将断．而当T AC=150N时，T BC=8N＜100N将T AC=150N，T BC=8N代入式②解得G=17N所以重物的最大重力不能超过17 N．答：物体最大重力不能超过17N【点评】此题为平衡条件的用，受力分析后根据临界条件进行判断即可．17．如下图，质量为m，横截面积为直角三角形的物块ABC，∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块在垂直于斜面BC 的推力作用下，沿墙面匀速滑行．试表示出力F的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】简答题；性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物块受力分析，首先受重力、墙的支持力、力F以及滑动摩擦力，分向上和向下两种情况，结合平衡条件求解F．【解答】解：假设物块向上匀速滑行，对物块受力分析，受到重力、弹力、推力F以及向下的滑动摩擦力，如下图：根据平衡条件得：Fsinα﹣f﹣G=0Fcosα=Nf=μN解得：F=解：假设物块向下匀速滑行，对物块受力分析，受到重力、弹力、推力F以及向上的滑动摩擦力，如下图：根据平衡条件得：G﹣Fsinα﹣f=0Fcosα=Nf=μN解得：F=答：力F 的大小为或．【点评】此题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解，注意要分两种情况，难度适中．。
高一物理第二次月考试卷及答案
第二次月考高一年级物理试卷一、选择题部分（1-16小题为单选，每小题2.5分；17-22小题为双项选择，每小题4分，双项选择如果有错误选项该小题不得分，如果选择一个答案正确得2分，选择题部分总分64分）1、下面物理量中属于矢量的是（）A. 速率B. 动能C. 向心力D. 功率2、下列关于物理学家及其贡献正确的是（）A．开普勒通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律B．牛顿通过扭秤实验测出了万有引力常量C．哥白尼创立地心说，托勒密创立了日心说。
D．伽利略总结出牛顿运动定律和万有引力定律，建立完整的经典力学体系3、关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．变速运动一定是曲线运动 B．曲线运动一定是变速运动C．速率不变的曲线运动是匀速运动 D．曲线运动也可以是速度不变的运动4、下列几种运动中，不属于．．．匀变速运动的是（）A．斜下抛运动 B．斜上抛运动 C．平抛运动 D．匀速圆周运动5、下列说法正确的是（）A. 物体做曲线运动，加速度一定不为零B. 速度变化量Δv越大，加速度就越大C. 物体有加速度，动能一定会发生变化D. 合外力做功越多，物体速度越大6、关于人对物体做功，下列说法中错误的是（）A．人用手拎着水桶在水平地面上匀速行走，人对水桶做了功B．人用手拎着水桶从3楼匀速下至l楼，人对水桶做了功C．人用手拎着水桶从1楼上至3楼，人对水桶做了功D．人用手拎着水桶站在原地不动，虽然站立时间很久，但人对水桶没有做功7、一个人乘船过河，船的速度恒定，且船头始终垂直指向对岸，当到达河中间时，水流速度突然变大，则他游到对岸的时间与预定的时间相比（）A. 不变B. 减小C. 增加D. 无法确定8、下列说法中正确的是（）A. 摩擦力方向一定与物体运动的方向相反，一定做负功B. 地球虽大，且有自转，但有时仍可被看作质点C. 加速度恒定的物体一定做匀变速直线运动D. 马拉车加速前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力9、关于运动的合成和分解，下列说法中正确的是（）A．合速度大小等于分速度大小之和B．物体的两个分运动若是直线运动，则它的合运动一定是直线运动C．合运动和分运动具有等时性D．若合运动是曲线运动，则其分运动中至少有一个是曲线运动10、一辆卡车在丘陵地区匀速行驶，地形如图所示，由于轮胎太旧，途中爆胎，爆胎可能性最大的地段应是（）A ．a 处B ．从a 向b 运动的过程中C ．c 处D ．d 处11、如图，有一空心圆锥面开口向上放置着，圆锥面绕竖直方向的几何对称轴匀速转动，在光滑圆锥面内表面有一物体m 与壁保持相对静止，则物体m 所受的力有（ ）A. 重力、弹力、下滑力共三个力B. 重力、弹力共两个力C. 重力、弹力、向心力共三个力D. 重力、弹力、离心力共三个力12、质量为m 的小球在竖直平面内的圆形轨道内侧运动，若经最高点不脱离轨道的临界速度为v ，则当小球以2v 速度经过最高点时，小球对轨道压力的大小为（ ）A ．0B ．mgC ．3mgD ．5mg13、对于万有引力定律的表达式F =G 221rm m ，下面说法中正确的是（ ） A ．公式中G 为引力常量，它是由实验测得的，而不是人为规定的B ．当r 趋近于零时，万有引力趋近于无穷大C ．m 1与m 2受到的引力大小与m 1、m 2的质量大小有关D ．m 1与m 2受到的引力总是大小相等，方向相反的，是一对平衡力14、关于开普勒第三定律中的公式k TR 23，下列说法中正确的是（ ） A.地球围绕太阳运动的k 值与金星围绕太阳运动的k 值不相同,B.月亮围绕地球运行的k 值与水星国围绕太阳运动k 值相同C.月亮围绕地球运动的k 值与人造卫星围绕地球运动的k 相同,D.这个公式不适用于嫦娥一号和其它环月飞行器绕月球运动15、如图所示，A 、B 、C 三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知m A ＝m B <m C ，则三颗卫星（ ）A ．线速度大小关系：v A <vB =vC B ．加速度大小关系：a A >a B =a CC ．向心力大小关系：F A =F B <F CD 周期大小关系：T a >T b =T c16、一名宇航员来到某星球上，如果该星球的质量为地球的一半，它的直径也为地球的一半，那么这名宇航员在该星球上的重力是他在地球上重力的（ ）A ．4倍B ．0.5倍C ．0.25倍D ．2倍17、对于不同的地球同步卫星，下列物理量相同的是（ ）A. 质量B.高度C. 向心力D. 线速度的大小18、下列关于功的叙述中，正确的是（ ）A ．力和位移是做功的二要素，只要有力、有位移，就一定有功B ．功等于力和位移的乘积C ．功等于力和力方向上的位移的乘积D ．功等于位移和位移方向上的力的乘积19、关于功的正负，下列叙述中正确的是（ ）A ．正功表示功的方向与物体运动方向相同，负功为相反B ．正功表示功大于零，负功表示功小于零C ．正功表示力和位移两者之间夹角小于90°，负功表示力和位移两者之间的夹角大于90°D ．正功表示做功的力为动力，负功表示做功的力为阻力20、关于功和能的关系，下列说法中正确的是（ ）A ．物体具有对外做功的本领就具有能B ．功是能转化多少的量度C ．物体能量变化多少，就做了多少功D ．功和能具有相同的单位，它们的意义完全相同21、起重机吊钩挂着一木箱，木箱正在匀减速下降，这个过程中（ ）A ．木箱的重力做负功B ．钢索对木箱的拉力做正功C ．钢索对木箱的拉力做负功D ．木箱的重力势能和动能都减少22、下列说法中正确的是（ ）A．选择不同的参考平面，物体的重力势能的数值是不同的B．物体克服重力做功，物体的重力势能增加C．重力对物体做正功，物体的重力势能增加D．重力势能为负值的物体，肯定比重力势能为正值的物体做功要少二、填空题部分（每空2分，总分6分）23、如图是某同学用频闪照相研究平抛运动时拍下的照片，背景方格纸的边长相等，A、B、C、D是同一小球在频闪照相中拍下的四个连续的不同位置时的照片，则：①在水平方向上A、B、C、D四点之间的间距，（大小关系）这说明了；②若已知背景方格的边长为2.5cm，则相机的快门速度为s.三、计算题部分（总共4小题，总分30分，计算题要写解题步骤，只写结果不得分）24、一质量为10kg的物体在长为5m的绳子牵引下，在竖直平面内作圆周运动，通过最低的速度为10m/s，求此时对绳子的拉力。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题1
应对市爱护阳光实验学校二中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．以下物理量不是矢量的是〔〕A．力 B．加速度C．位移D．速率2．甲、乙两物体在同一水平面上作匀变速直线运动，甲做加速运动，经过1s 速度由5m/s增加到10m/s；乙做减速运动，经过8s速度由20m/s减小到0，那么〔〕A．乙的速度变化量大，甲的加速度大B．乙的速度变化量大，乙的加速度大C．甲的速度变化量大，甲的加速度大D．甲的速度变化量大，乙的加速度大3．用如下图的方法可以测出一个人的反时间：受测者将手放在直尺的某一刻度处，看到直尺下落，立即抓住直尺，记下此时的刻度．如果直尺下落的距离△h=20.00cm，那么受测者的反时间t为〔g取10m/s2〕〔〕A．0.2s B．0.14s C．0.04s D．0.02s4．如下图，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1〔m+M〕g D．μ1Mg+μ2mg 5．如图中，光滑接触面对球和棒的弹力分析正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．6．如下图为某质点做直线运动的速度υ随时间t变化的图象，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．3s末物体的加速度为零B．0～1s内物体的加速度小于3s～5s内的加速度C．2s末，物体离出发点最远D．5s末，物体回到出发点7．驾驶员手册规具有良好刹车性能的在以72km/h的速度行驶时，可以在52m 的距离内被刹住；在以36km/h的速率行驶时，可以在18m的距离内被刹住，假设对于这两种速率驾驶员所允许的反时间〔在反时间内驾驶员来不及刹车，车速不变〕及刹车的加速度大小都相同，那么允许驾驶员的反时间约为〔〕A．1.0 S B． S C． s D．2 S8．以下说法中正确的选项是〔〕A．电视台每天晚上7点开始播报闻联播，这里的“晚上7点〞表示的是时间B．只有静止的物体才能被选作参考系C．研究“歼11〞飞机在空中飞行的轨迹时，可以把飞机看成质点D．路程于位移的大小9．如下图，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，以下说法正确的有〔〕A．篮子底面受到的压力大于篮球的重力B．篮子底面受到的压力小于篮球的重力C．篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力D．篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力10．如下图，水平地面上固着总长为L的斜面，一小物块〔可视为质点〕从斜面顶端O点由静止开始下滑，到达斜面底端的B点时速度大小为v，所用时间为t；假设小物块到达斜面上某一点A 时速度大小为v，OA距离为L A，由O到A的时间为t A．以下说法正确的选项是〔〕A．L A =B．L A =C．t A =D．t A =二、题〔本大题有2小题，第11小题8分，第12小题10分，共18分．请把答案写在答题卡上．〕11．如图1所示为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，所打出的纸带如图2所示〔附有刻度尺〕，纸带上相邻两点对的时间间隔为0.02s．从纸带上记录的点迹情况可知，A、E两点迹之间的距离为cm，小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为m/s；小车在布面上运动的加速度大小为m/s2．12．在“探究求合力的方法〞中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤．〔1〕为完成，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数得到的数据如表：弹力F〔N〕0.50 1.00 0 2.00 0 3.00 0伸长量x〔×10﹣2 m〕0.74 0 0 2 0 8 2 根据表中数据在图作出F﹣x图象并求得该弹簧的劲度系数k=N/m；〔结果保存两位有效数字〕〔2〕某次中，弹簧秤的指针位置如图乙所示，其读数为N〔3〕对两次拉伸橡皮条的要求中，以下哪些说法是正确的〔填字母代号〕．A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置〔4〕同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小误差有益的说法是〔填字母代号〕．A．两细绳必须长B．弹簧秤、细绳、橡皮条都与木板平行C．用两弹簧同时拉细绳时两细绳必须垂直以便计算出合力D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要近些．三、计算题〔本大题有3小题，第13小题10分，第14小题16分，第15小题16分，共4213．如下图，一个重10N的光滑重球被一根细绳挂在竖直墙壁上的A点，绳子和墙壁的夹角θ为37°，取cos37°=0.8，sin37°=0.6．〔1〕分析重球的受力并在图上画出重球的受力〔2〕求绳子对重球的拉力T的大小．〔3〕求墙壁对重球的支持力N的大小．14．自O点由静止开始在平直公路上做匀加速直线运动，途中6s时间内依次经过P、Q两根电线杆．P、Q相距60m，车经过Q点时的速度为15m/s．求：〔1〕经过P点时的速度是多少？〔2〕的加速度为多少？〔3〕O、P两点间距离为多少？15．如下图，半径为R、质量为M的均匀球靠竖直墙放置，左下方有一厚为h、质量为m的木块．假设不计摩擦，用至少多大的水平力F推木块才能使球离开地面？此时木块对地的压力为多大？二中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．以下物理量不是矢量的是〔〕A．力 B．加速度C．位移D．速率【考点】矢量和标量．【分析】物理量按有没有方向分为矢量和标量两类，矢量是指既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．【解答】解：A、B、C力、加速度和位移都既有大小又有方向，是矢量，故ABC错误．D、速率是速度的大小，不是矢量，是标量，故D正确．应选：D．【点评】对于物理量的矢标性属于根本内容，要掌握标量与矢量的区别，知道标量没有方向，而矢量有方向．2．甲、乙两物体在同一水平面上作匀变速直线运动，甲做加速运动，经过1s 速度由5m/s增加到10m/s；乙做减速运动，经过8s速度由20m/s减小到0，那么〔〕A．乙的速度变化量大，甲的加速度大B．乙的速度变化量大，乙的加速度大C．甲的速度变化量大，甲的加速度大D．甲的速度变化量大，乙的加速度大【考点】加速度；牛顿第二律．【分析】根据甲乙初末速度得出速度变化量，结合加速度的义式求出加速度，从而比拟大小．【解答】解：甲的速度变化量△v1=10﹣5m/s=5m/s，加速度，乙的速度变化量△v2=0﹣20m/s=﹣20m/s，加速度，可知乙速度变化量大，甲的加速度大，故A正确，B、C、D错误．应选：A．【点评】解决此题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的正负表示方向，不表示大小．3．用如下图的方法可以测出一个人的反时间：受测者将手放在直尺的某一刻度处，看到直尺下落，立即抓住直尺，记下此时的刻度．如果直尺下落的距离△h=20.00cm，那么受测者的反时间t为〔g取10m/s2〕〔〕A．0.2s B．0.14s C．0.04s D．0.02s【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】直尺做自由落体运动，下落时间于受测者的反时间；由自由落体规律可求得下落时间．【解答】解：由运动学可得：h=gt2解得：t===0.2s故人的反映时间为0.2s．应选：A．【点评】此题要知道什么是人的反映时间，即人从发现情况到采取措施所用的时间．并明确物体做自由落体运动．4．如下图，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为〔〕A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1〔m+M〕g D．μ1Mg+μ2mg【考点】牛顿第二律；滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力．【解答】解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=μ2N=μ2mg；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有f2=f1，因而f2=μ2mg．应选B．【点评】此题关键要分清楚静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力随外力的变化而变化，滑动摩擦力与正压力成正比．5．如图中，光滑接触面对球和棒的弹力分析正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】受力分析方法专题．【分析】常见的弹力有三种：拉力、支持力和压力，绳子拉力沿着绳子指向绳收缩的方向；压力和支持力与接触面垂直．分析物体的受力情况，确出弹力的方向．【解答】解：A、球受到墙壁的弹力和台阶的弹力，两个弹力都与接触面垂直，所以墙壁的弹力垂直于墙壁向右，台阶对球的弹力通过球心，故A正确．B、假设斜壁对小球有弹力，那么小球受到重力、地面向上的弹力和斜壁斜向下的弹力，三个力的合力不为零，那么小球将向右滚动，与题不符，故斜壁对小球没有弹力，小球只受地面向上的弹力，故B错误．C、槽对杆的底端的弹力方向指向球心，故C错误．D、假设斜面对小球有弹力，那么小球受到重力、竖直向上的拉力和垂直于斜面向上的支持力，三个力的合力不为零，那么小球将向左摆动，与题不符，故斜面对小球没有弹力，故D错误．应选：A【点评】分析受力情况时，常常产生两种错误：多力或少力，可采用假设法判断可疑的力．6．如下图为某质点做直线运动的速度υ随时间t变化的图象，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．3s末物体的加速度为零B．0～1s内物体的加速度小于3s～5s内的加速度C．2s末，物体离出发点最远D．5s末，物体回到出发点【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】速度时间图象的斜率于加速度、由图象与时间轴围成的“面积〞表示位移，在时间轴上方图形面积的表示位移为正，下方的图形面积表示位移为负，根据这些知识进行分析．【解答】解：A、在2﹣5s时间内，图线的斜率不变，物体做匀变速直线运动，加速度不变，所以3s末物体的加速度不为零，故A错误．B、根据图象的斜率于加速度，可知0～1s内图线的斜率大小于3s～5s内图线的斜率大小，说明这两段时间内物体的加速度大小相，故B错误．C、物体在0﹣3s内沿正向运动，3s﹣5s内沿负向运动，所以在3s末，物体离出发点最远，故C错误．D、根据“面积〞大小表示位移可知，0﹣3s内位移为：x1=×〔1+3〕×3m=6m，3s﹣5s内位移为：x2=﹣×6×2m=6m，5s末的位移为：x=x1+x2=0，说明5s末，物体回到出发点．故D正确．应选：D．【点评】此题分析时关键抓住速度图象的斜率表示加速度、“面积〞表示位移来理解图象的物理意义，根据位移的大小分析离出发点的位移．7．驾驶员手册规具有良好刹车性能的在以72km/h的速度行驶时，可以在52m 的距离内被刹住；在以36km/h的速率行驶时，可以在18m的距离内被刹住，假设对于这两种速率驾驶员所允许的反时间〔在反时间内驾驶员来不及刹车，车速不变〕及刹车的加速度大小都相同，那么允许驾驶员的反时间约为〔〕A．1.0 S B． S C． s D．2 S【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】假设驾驶员的反时间为t，在反时间内做匀速直线运动，然后做匀减速直线运动到停止，两过程刹车位移可分别列式，即可解除驾驶员的反时间．【解答】解：假设驾驶员的反时间为t，在第一个过程中，反时间内做匀速直线运动速度v1，所以反时间内的位移x1=v1t…①然后做匀减速直线运动到停止，由位移速度关系式得：0﹣=﹣2ax2…②全过程位移：X1=x1+x2=52m…③在第二个过程中，反时间内做匀速直线运动速度v2，所以反时间内的位移x3=v2t…④然后做匀减速直线运动到停止，由位移速度关系式得：0﹣=﹣2ax4 …⑤全过程位移：X2=x3+x4=18m…⑥由①②③④⑤⑥解得：t=1.0s应选A【点评】分析清楚物体运动的过程，先是匀速直线运动，后是匀减速直线运动，分过程用运动规律求解即可，此题的难度适中．8．以下说法中正确的选项是〔〕A．电视台每天晚上7点开始播报闻联播，这里的“晚上7点〞表示的是时间B．只有静止的物体才能被选作参考系C．研究“歼11〞飞机在空中飞行的轨迹时，可以把飞机看成质点D．路程于位移的大小【考点】质点的认识；位移与路程；时间与时刻．【分析】时间对时间轴上的段，时刻对时间轴上点．参考系是选来做参考的假静止的物体，实际可以是运动的．物体的大小和形状相对所研究的问题可以忽略时，可以看做质点．路程是轨迹的长度，位移是从初位置到末位置的有向线段．【解答】解：A、晚上7点表示时间轴上的点，表示时刻，故A错误．B、静止和运动的物体都可以看做参考系，故B错误．C、研究“歼11〞飞机在空中飞行的轨迹时，飞机的大小和形状都可以忽略不计，故可以看做质点，故C正确．D、路程是轨迹的长度，位移是从初位置到末位置的有向线段，故路程可能大于位移的大小，故D错误；应选：C．【点评】此题关键是明确时间和时刻的区别、物体能看做质点的条件、参考系的选择原那么、位移和路程的区别，概念多，要记住．9．如下图，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，以下说法正确的有〔〕A．篮子底面受到的压力大于篮球的重力B．篮子底面受到的压力小于篮球的重力C．篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力D．篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对篮球受力分析，根据平衡条件表示出篮球的受各个力大小．【解答】解：对篮球受力分析，并运用合成法如图：根据几何知识，篮子底部对篮球的支持力N1=mgcosθ根据牛顿第三律那么篮子底面受到的压力为mgcosθ＜mg，故A错误B正确；篮子右面对篮球的支持力N2=mgsinθ根据牛顿第三律那么篮子右面受到的压力为mgsinθ＜mg，故C错误D正确；应选：BD．【点评】此题首先要对篮球受力分析，根据共点力平衡条件列式求解出篮球受到的支持力表达式，再根据牛顿第三律进行讨论．10．如下图，水平地面上固着总长为L的斜面，一小物块〔可视为质点〕从斜面顶端O点由静止开始下滑，到达斜面底端的B点时速度大小为v，所用时间为t；假设小物块到达斜面上某一点A 时速度大小为v，OA距离为L A，由O到A的时间为t A．以下说法正确的选项是〔〕A．L A =B．L A =C．t A =D．t A =【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】根据速度时间公式求出O到A的时间和O到B的时间关系．根据匀变速直线运动的位移时间公式求出OA距离和OB距离的关系，【解答】解：根据v=at知，A点的速度是B 点速度的一半，那么，故C 正确，D错误．根据x=知，0到A的时间是O到B时间的一半，那么OA间的位移是OB间位移的，可知，故A错误，B正确．应选：BC．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式，并能灵活运用，根底题．二、题〔本大题有2小题，第11小题8分，第12小题10分，共18分．请把答案写在答题卡上．〕11．如图1所示为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，所打出的纸带如图2所示〔附有刻度尺〕，纸带上相邻两点对的时间间隔为0.02s．从纸带上记录的点迹情况可知，A、E两点迹之间的距离为0 cm，小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为0.925 m/s；小车在布面上运动的加速度大小为 5 m/s2．【考点】打点计时器中纸带的处理．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】从刻度尺上直接读出AE之间的距离，匀速运动的速度于位移除以时间，根据匀变速直线运动的推论求解加速度．【解答】解：从刻度尺上直接读出AE之间的距离为：x AE=10﹣6.00cm=0cm由图可知匀速运动时，0.02s内的位移为：x=10﹣15=5cm所以小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为：v=小车做匀减速运动相时间内的位移之差为：△x=1.6﹣cm=0.2cma==故答案为：0，0.925，5【点评】此题主要考查了匀速运动的速度公式，匀变速运动的根本推论〔相时间内的位移之差是个值〕，难度不大，属于根底题．12．在“探究求合力的方法〞中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤．〔1〕为完成，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数得到的数据如表：弹力F〔N〕0.50 1.00 0 2.00 0 3.00 0伸长量x〔×10﹣2 m〕0.74 0 0 2 0 8 2根据表中数据在图作出F﹣x图象并求得该弹簧的劲度系数k= 54 N/m；〔结果保存两位有效数字〕〔2〕某次中，弹簧秤的指针位置如图乙所示，其读数为0 N〔3〕对两次拉伸橡皮条的要求中，以下哪些说法是正确的BD 〔填字母代号〕．A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置〔4〕同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小误差有益的说法是 B 〔填字母代号〕．A．两细绳必须长B．弹簧秤、细绳、橡皮条都与木板平行C．用两弹簧同时拉细绳时两细绳必须垂直以便计算出合力D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要近些．【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；性思想；推理法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】〔1〕通过描点法作出图象，图象的斜率表示k；〔2〕读数时要估读一位，画出力的图示，作出平行四边形，对角线表示合力；〔3〕根据合力与分力的关系是效的，分析橡皮条两次拉伸长度关系和橡皮条和绳的结点的位置关系．〔4〕根据操作过程是纸面上，力的图示也画在白纸上，分析对弹簧秤、细绳、橡皮条的要求．从数学上考虑如何减小误差．【解答】解：〔1〕根据描点法作出图象如下图：根据图象得：k=N/m〔2〕弹簧秤的读数为：F=2+0.10N=0N 〔3〕A、B本的目的是为了验证力的平行四边形那么，即研究合力与分力的关系．根据合力与分力是效的，本橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同．故A错误，B正确．C、D在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，说明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力效，而弹簧称不必拉到相同刻度．故C错误，D正确．应选：BD〔4〕A、B本是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边那么，为了减小误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都与木板平行，否那么，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大．两细绳长度不需要相同．故A错误，B正确．C、两只弹簧秤拉橡皮筋时，不能通过三角函数，计算出合力的大小．故C错误．D、弹簧秤标记同一细绳方向的两点要远些，作图时产生的角度误差会减小．故D错误．应选：B故答案为：〔1〕如下图；54；〔2〕0；〔3〕BD；〔4〕B．【点评】“验证力的平行四边形那么〞中，我们要知道分力和合力的效果是同的，这要求同学们对于根底知识要熟练掌握并能正确用，对根底理解．对于中的，学生尽量要到室进行实际操作，只有这样才能体会具体操作细节的意义，解答问题时才能更加有把握．三、计算题〔本大题有3小题，第13小题10分，第14小题16分，第15小题16分，共4213．如下图，一个重10N的光滑重球被一根细绳挂在竖直墙壁上的A点，绳子和墙壁的夹角θ为37°，取cos37°=0.8，sin37°=0.6．〔1〕分析重球的受力并在图上画出重球的受力〔2〕求绳子对重球的拉力T的大小．〔3〕求墙壁对重球的支持力N的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】〔1〕圆球受到重力G、细绳的拉力T和墙壁的弹力N作用，作出圆球的受力示意图；〔2〕根据平衡条件求解绳子对圆球的拉力大小；〔3〕根据平衡条件求解墙壁对圆球的弹力大小．【解答】解：〔1〕如下图，重球受到重力G，绳子的拉力T，墙壁的支持力N，力的示意图如图；〔2〕据共点力的平衡条件有：绳子对重球的拉力：T==N=1N〔3〕墙壁对重球的支持力：N=Gtan37°=10×N= N答：〔1〕受力示意图如下图；〔2〕绳子对重球的拉力1N；〔2〕墙壁对重球的支持力 N．【点评】此题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出受力的示意图，要培养良好的作图习惯．14．自O点由静止开始在平直公路上做匀加速直线运动，途中6s时间内依次经过P、Q两根电线杆．P、Q相距60m，车经过Q点时的速度为15m/s．求：〔1〕经过P点时的速度是多少？〔2〕的加速度为多少？〔3〕O、P两点间距离为多少？【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】〔1〕〔2〕设的加速度为a，经过P点的速度为v P，经过Q点的速度为v Q．根据匀变速直线运动的规律有：x PQ=v P t+at2①v Q=v P+at②联立两式解得速度和加速度；〔3〕结合P点的速度，根据匀变速直线运动的速度位移公式求出OP的距离．【解答】解：设的加速度为a，经过P点的速度为v P，经过Q点的速度为v Q，O、P两点间距离为x OP．根据匀变速直线运动的规律有：x PQ=v P t+at2…①v Q=v P+at…②v P2=2ax OP…③由①②可得：v P=5 m/s，a=m/s2=1.67 m/s2③可得：x OP ==m=m=m= m答：〔1〕经过P点时的速度是5m/s；〔2〕的加速度为1.67 m/s2；〔3〕O、P两点间距离为m．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．15．如下图，半径为R、质量为M的均匀球靠竖直墙放置，左下方有一厚为h、质量为m的木块．假设不计摩擦，用至少多大的水平力F推木块才能使球离开地面？此时木块对地的压力为多大？【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先以球为研究对象，求临界状态木块对球的弹力大小；再以木块为研究对象，求水平力F的大小．【解答】解：球刚好离开地面时，球和木块的受力情况如图甲和乙所示．由图甲，根据平衡条件有：N1sinα﹣Mg=0①又由几何关系有：sinα=由图乙，根据平衡条件有：F﹣N2cosα=0②F2﹣N2sinα﹣mg=0③根据牛顿第三律有：N1=N2④联立①②③④解得：F=，F2=〔M+m〕g根据牛顿第三律知，木块对地面的压力为〔M+m〕g 答：当F=时，才能使球离开地面，此时木块对地面的压力为〔M+m〕g．【点评】分析有关临界问题的关键是找出临界条件，再进行受力分析，然后根据平衡条件或牛顿第二律列式求解即可．。
湖南省长沙一中2022-2021学年高一上学期第二次月考物理试卷
2022-2021学年湖南省长沙一中高一（上）其次次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1--8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．）1．如图所示为锥形齿轮的传动示意图，大齿轮带动小齿轮转动，已知A、B分别为大、小齿轮边缘处的两点，A、B线速度大小分别为v1、v2，向心加速度大小分别为a1、a2，则（）A．v1=v2，a1＜a2 B．v1=v2，a1＞a2 C．v1=v2，a1=a2D．v1＜v2，a1=a22．A、B两物体在同始终线上运动的v﹣t图象如图所示．已知在第3s末两物体相遇，则下列说法正确的是（）A．两物体从同一地点动身B．动身时A在B前方3m处C．两物体运动过程中，A的加速度大于B的加速度D．第3s末两物体相遇之后，两物体可能再相遇3．抱负变压器连接电路如图甲所示，已知原、副线圈匝数比为5：1，当输入电压波形如图乙时，电流表读数为2A，则（）A．电压表读数为200V B．电压表读数为56.4VC．输入功率为80W D．输入功率为112.8W4．如图，放在光滑斜面上的物块，受到平行斜面对下的力F作用，沿斜面对下运动，斜面体在粗糙水平地面上保持静止．下列说法正确的是（）A．地面对斜面体的支持力大于斜面体和物块的重力之和B．地面对斜面体的摩擦力的方向水平向左C．若F反向，地面对斜面体的支持力不变D．若F增大，地面对斜面体的摩擦力也增大5．位于赤道上随地球自转的物体P和地球的同步通信卫星Q均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动．已知地球同步通信卫星的轨道半径为r，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g．仅利用以上已知条件不能求出（）A．地球同步通信卫星的运行速率B．第一宇宙速度C．赤道上随地球自转的物体的向心加速度D．万有引力常量6．如图，在斜面顶端的A点以速度v平抛一小球，经t1时间落到斜面上B点处，若在A 点将此小球以速度水平抛出，经t2时间落到斜面上的C点处，以下推断正确的是（）A．AB：AC=3：1 B．AB：AC=9：1 C．t1：t2=9：1 D．t1：t2=：17．如图所示是某离子速度选择器的原理示意图，在一半径为R的圆柱形筒内有磁感应强度为B的匀强磁场，方向平行于轴线．在圆柱形筒上某始终径两端开有小孔a、b分别作为入射孔和出射孔．现有一束质量为m、电荷量为q的正离子，以角度α入射，不经碰撞而直接从小孔b射出，这束离子的速度大小是（）A ．B ．C ．D ．8．起重机通过钢绳使静置于地面的质量为m的重物竖直上升到h高处时，物体开头以速度v匀速上升，钢绳对重物的牵引力的功率恒为P，已知重物从地面运动到h高处所用时间为t．在重物从地面运动到h高处的过程中（）A．钢绳拉力对重物做功为mghB ．钢绳拉力对重物做功为mv2C．合力对重物做功为PtD．钢绳拉力对重物做功为mgvt9．如图甲所示，物体原来静止在水平面上，现用一水平力F拉物体，在F从0开头渐渐增大的过程中，物体先静止后做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，最大静摩擦力略大于滑动摩擦力．依据图乙中的数据可计算出（g=10m/s2）（）A．物体的质量为2 kgB．物体的质量为0.5 kgC．物体与水平面间的动摩擦因数为0.3D．物体与水平面间的动摩擦因数为0.3510．将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球四周，金属球表面的电势处处相等．如图为部分电场线的分布状况，但其中有一条电场线不行能存在．关于电场中a、b、c、d四点的状况，下列说法正确的是（）A．a、b两点的电场强度相同B．c点所在的电场线不行能存在C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在d点的小D．检验电荷+q仅在电场力的作用下从a点移到d点的过程中，动能减小11．如图所示电路中，电流表、电压表为抱负电表，当R2的滑片向右滑动时（）A．电压表读数变大B．电流表读数减小C．R1消耗的功率变大D ．电压表读数的变化量与电流表读数的变化量之比不变12．如图所示，平行金属导轨与水平面间的夹角为θ，导轨电阻不计，并与阻值为R的定值电阻相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度大小为B．有一质量为m、长为l的导体棒从ab位置获得平行于斜面的、大小为v的初速度向上运动，最远到达a'b'的位置，滑行的距离为s，导体棒的电阻也为R，与导轨之间的动摩擦因数为μ．则（）A ．上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B．上滑过程中通过电阻R 的电量为C ．上滑过程中导体棒克服安培力做的功为mv2﹣mgs（sin θ+μcos θ）D ．上滑过程中导体棒损失的机械能为mv2﹣mgssin θ二、填空题（本题共2小题，每空2分，共16分）13．在如图试验装置中，充电后的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接，B极板接地．（1）若极板B 稍向上移动一点，则将观看到静电计指针偏角（填“变大”或“变小”），此试验说明平行板电容器的电容随而增大；（2）若极板B稍向左移动一点，则将观看到静电计指针偏角（填“变大”或“变小”），此试验说明平行板电容器的电容随而增大．14．某试验小组接受如图1所示的装置来探究“功与速度变化的关系”｡试验中，小车遇到制动装置时，钩码尚未到达地面｡试验的部分步骤如下：（1）将一块一端带有定滑轮的长木板固定在桌面上，在长木板的另一端固定打点计时器；（2）把纸带穿过打点计时器的限位孔，连在小车后端，用细线跨过定滑轮连接小车和钩码；（3）把小车拉到靠近打点计时器的位置，接通电源，从静止开头释放小车，得到一条纸带；（4）关闭电源，通过分析小车位移与速度的变化关系来争辩合外力对小车所做的功与速度变化的关系｡图2是试验中得到的一条纸带，点O为纸带上的起始点，A、B、C是纸带的三个计数点，相邻两个计数点间均有4个点未画出，用刻度尺测得A、B、C到O的距离如图2所示，已知所用交变电源的频率为50Hz，问：（1）打B点时刻，小车的瞬时速度v B=m/s｡（结果保留两位有效数字）（2）本试验中，若钩码下落高度为h1时合外力对小车所做的功W0，则当钩码下落h2时，合外力对小车所做的功为｡（用h1、h2、w0表示）（3）试验中，该小组同学画出小车位移x与速度v的关系图象如图3所示｡依据该图外形，某同学对W与v 的关系作出的猜想，确定不正确的是（填写选项字母代号）A．W∝v B．W∝v2C．W∝D．W∝v3（4）在本试验中，下列做法能有效地减小试验误差的是（填写选项字母代号）A．把长木板右端适当垫高，以平衡摩擦力B．试验中把握钩码的质量，使其远小于小车的总质量C．调整滑轮高度，使拉小车的细线和长木板平行D．先让小车运动再接通打点计时器．三、计算题（本题共3小题，16题12分、17题12分、18题12分，共36分，要求有必要的文字说明、公式和解答过程）15．（附加题）一列火车质量是1000t，由静止开头以额定功率沿平直轨道向某一方向运动，经1min前进900m 时达到最大速度．设火车所受阻力恒定为车重的0.05倍，g取10m/s2，求：（1）火车行驶的最大速度；（2）火车的额定功率；（3）当火车的速度为10m/s时火车的加速度．16．如图为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出（初速度可忽视不计），经灯丝与A板间的电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L，电子的质量为m，电荷量为e，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力．（1）求电子穿过A板时速度的大小；（2）求电子从偏转电场射出时的侧移量y；（3）若要使电子打在荧光屏上P点的上方，可实行哪些措施？17．如图所示，固定斜面的倾角θ=30°，物体A与斜面之间的动摩擦因数为μ，轻弹簧下端固定在斜面底端，弹簧处于原长时上端位于C点，用一根不行伸长的轻绳通过轻质光滑的定滑轮连接物体A和B，滑轮右侧绳子与斜面平行，A的质量为2m，B的质量为m，初始时物体A到C点的距离为L．现给A、B一初速度v0使A开头沿斜面对下运动，B向上运动，物体A将弹簧压缩到最短后又恰好能回到C点．已知重力加速度为g，不计空气阻力，求此过程中：（1）物体A向下运动刚到达C点时的速度；（2）弹簧的最大压缩量；（3）弹簧中的最大弹性势能．2022-2021学年湖南省长沙一中高一（上）其次次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1--8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．）1．如图所示为锥形齿轮的传动示意图，大齿轮带动小齿轮转动，已知A、B分别为大、小齿轮边缘处的两点，A、B线速度大小分别为v1、v2，向心加速度大小分别为a1、a2，则（）A．v1=v2，a1＜a2 B．v1=v2，a1＞a2 C．v1=v2，a1=a2D．v1＜v2，a1=a2【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】大齿轮带动小齿轮转动，轮子边缘上的点在相同时间内走过的弧长相同，则线速度大小相等，结合半径大小关系比较向心加速度的大小关系．【解答】解：大齿轮带动小齿轮转动，轮子边缘上的点在相同时间内走过的弧长相同，则线速度大小相等，即v1=v2；依据a=可知，r1＞r2，则a1＜a2．所以选项A正确，BCD错误．故选：A．2．A、B两物体在同始终线上运动的v﹣t图象如图所示．已知在第3s末两物体相遇，则下列说法正确的是（）A．两物体从同一地点动身B．动身时A在B前方3m处C．两物体运动过程中，A的加速度大于B的加速度D．第3s末两物体相遇之后，两物体可能再相遇【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】由图象与坐标轴所围的“面积”读出两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可推断出两物体动身点不同，动身时相距的距离等于位移之差．由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B 的加速度．3s末两个物体相遇后，A的速度大于B的速度，A的加速度也大于B的加速度，两物体不行能再相遇．【解答】解：A、由速度图象的“面积”表示位移，可知，两物体在3s内的位移不等，而在第3s末两个物体相遇，可知两物体动身点不同．故A错误．B、A、B两物体在3s内的位移分别为x A =×4×3m=6m，x B =×6×3m=9m，已知在第3s末两物体相遇，则动身时A在B前方3m处．故B正确．C、由B图象的斜率大于A图象的斜率，可知B的加速度大于A的加速度．故C错误．D、3s末两个物体相遇后，A的速度始终小于B的速度，所以两物体不行能再相遇．故D错误．故选：B3．抱负变压器连接电路如图甲所示，已知原、副线圈匝数比为5：1，当输入电压波形如图乙时，电流表读数为2A，则（）A．电压表读数为200V B．电压表读数为56.4VC．输入功率为80W D．输入功率为112.8W【考点】变压器的构造和原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】由图乙可以求出输入电压的最大值，然后求出其有效值，由变压器的变压比求出副线圈电压，然后求出电压表示数，由P=UI求出输出功率，由于变压器为抱负变压器，输入功率等于输出功率．【解答】解：AB、由图可知，输入电压的有效值为：U1==200V；变压器的输出电压为：，电压表示数为40V，故AB错误；变压器的输入功率为：P1=P2=U2I2=40V×2A=80W，故C正确，D错误；故选：C4．如图，放在光滑斜面上的物块，受到平行斜面对下的力F作用，沿斜面对下运动，斜面体在粗糙水平地面上保持静止．下列说法正确的是（）A．地面对斜面体的支持力大于斜面体和物块的重力之和B．地面对斜面体的摩擦力的方向水平向左C．若F反向，地面对斜面体的支持力不变D．若F增大，地面对斜面体的摩擦力也增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】依据光滑斜面上物体对斜面只有压力，与物体运动状态，及运动方向无关，并依据摩擦力的方向与相对运动趋势方向相反，即可求解．【解答】解：滑块受到重力、斜面的支持力和拉力的作用，垂直于斜面的方向：N=mcosθ；以斜面体为争辩对象，斜面体受到重力、支持力和滑块的压力、地面的摩擦力的作用，如图所示：A、地面对斜面体的支持力：FN=Mg+Ncosθ=Mg+mgcos2θ＜Mg+mg．故A错误；B、由受力图可知，斜面体受到的摩擦力的方向向右．故B错误；CD、无论滑块下滑还是上滑，滑块对斜面体的压力不变，故斜面体受到的支持力和静摩擦力都不变，故C正确，D错误；故选：C5．位于赤道上随地球自转的物体P和地球的同步通信卫星Q均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动．已知地球同步通信卫星的轨道半径为r，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g．仅利用以上已知条件不能求出（）A．地球同步通信卫星的运行速率B．第一宇宙速度C．赤道上随地球自转的物体的向心加速度D．万有引力常量【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】地球同步卫星绕地球做圆周运动，周期与地球自转的周期相等，应用万有引力公式、牛顿其次定律运动学公式分析答题即可．【解答】解：A 、依据结合可以求出地球同步通信卫星的运行速率，故A正确；B 、第一宇宙速度是卫星绕地球表面运动的速度，依据求出v即可，故B正确；C、依据地球同步通信卫星的运行速率求出角速度，而赤道上随地球自转的物体的角速度与同步通信卫星角速度相同，再依据a=ω2R求出向心加速度，故C正确；D、依据题目供应条件不能求出万有引力常量，故D错误．本题选不能求出的故选：D6．如图，在斜面顶端的A点以速度v平抛一小球，经t1时间落到斜面上B点处，若在A 点将此小球以速度水平抛出，经t2时间落到斜面上的C点处，以下推断正确的是（）A．AB：AC=3：1 B．AB：AC=9：1 C．t1：t2=9：1 D．t1：t2=：1【考点】平抛运动．【分析】依据竖直位移和水平位移的关系得出运动时间的表达式，结合初速度之比求出运动时间之比．依据初速度和时间，结合平行四边形定则求出抛出点和落地点间的距离表达式，从而得出AB和AC的距离之比．【解答】解：依据tanθ=得，小球平抛运动的时间t=，由于抛出的初速度之比为3：1，则运动的时间之比t1：t2=3：1，故C错误，D错误．落地点与抛出点间的距离s=，由于初速度之比为3：1，则AB：AC=9：1，故B正确，A错误．故选：B．7．如图所示是某离子速度选择器的原理示意图，在一半径为R的圆柱形筒内有磁感应强度为B的匀强磁场，方向平行于轴线．在圆柱形筒上某始终径两端开有小孔a、b分别作为入射孔和出射孔．现有一束质量为m、电荷量为q的正离子，以角度α入射，不经碰撞而直接从小孔b射出，这束离子的速度大小是（）A ．B ．C ．D ．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】由题，离子束不经碰撞而直接从出身孔射出，即可依据几何学问画出轨迹，由几何关系求出轨迹的半径，即可由牛顿其次定律求速度v．【解答】解：离子从小孔a射入磁场，与ab方向的夹角为α，则离子从小孔b离开磁场时速度与ab的夹角也为α，过入射速度和出射速度方向作垂线，得到轨迹的圆心O′，画出轨迹如图，由几何学问得到轨迹所对应的圆心角θ=2α，则离子的轨迹半径r=由牛顿其次定律得：qvB=m得：v==；选项D正确，ABC错误故选：D8．起重机通过钢绳使静置于地面的质量为m的重物竖直上升到h高处时，物体开头以速度v匀速上升，钢绳对重物的牵引力的功率恒为P，已知重物从地面运动到h高处所用时间为t．在重物从地面运动到h高处的过程中（）A．钢绳拉力对重物做功为mghB ．钢绳拉力对重物做功为mv2C．合力对重物做功为PtD．钢绳拉力对重物做功为mgvt【考点】功能关系．【分析】重加速物上升的过程中受重力和拉力，由动能定理可求得拉力做功．并由得到合力做功．拉力的功率恒定，依据P=Fv可知，拉力不断减小，重物做加速度不断减小的加速运动，匀速运动时拉力等于重力，依据匀速运动状态求得拉力的功率与重力的关系．【解答】解：AB、重物加速上升的过程中，受重力和拉力，依据动能定理，有：﹣mgh+W F =mv2，解得：钢绳拉力对重物做功W F=mgh +mv2，故AB错误；C、据动能定理知，合力做功等于动能的增加量，为W合=mv2，拉力的功率恒定，则拉力对重物做功也可以表示为W F=Pt，由上式比较可知，W合＜Pt，故C错误；D、重物匀速上升的速度为v，此时有：F=mg；拉力的功率为P=Fv=mgv，重物从地面运动到h高处所用时间为t，拉力做功为：W F=Pt=mgvt；故D正确；故选：D9．如图甲所示，物体原来静止在水平面上，现用一水平力F拉物体，在F从0开头渐渐增大的过程中，物体先静止后做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，最大静摩擦力略大于滑动摩擦力．依据图乙中的数据可计算出（g=10m/s2）（）A．物体的质量为2 kgB．物体的质量为0.5 kgC．物体与水平面间的动摩擦因数为0.3 D．物体与水平面间的动摩擦因数为0.35【考点】牛顿其次定律；加速度．【分析】对物体受力分析，依据牛顿其次定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息即可求解．【解答】解：物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，依据牛顿其次定律得：F﹣μmg=ma，解得：a=﹣μg，由a与F图线，得到：0.5=﹣10μ…①，4=﹣10μ…②，①②联立得，m=2kg，μ=0.3，故AC正确，BD错误．故选：AC10．将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球四周，金属球表面的电势处处相等．如图为部分电场线的分布状况，但其中有一条电场线不行能存在．关于电场中a、b、c、d四点的状况，下列说法正确的是（）A．a、b两点的电场强度相同B．c点所在的电场线不行能存在C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在d点的小D．检验电荷+q仅在电场力的作用下从a点移到d点的过程中，动能减小【考点】电场线．【分析】电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从Q动身到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，从而即可求解．【解答】解：A：电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，故A错误；B：电场线是假想的，实际不存在．故B正确；C：电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较d点小，故C正确；D：由上知，检验电荷+q仅在电场力的作用下从a点移到d点的过程中，电场力做正功，动能增加．故D错误．故选：BC．11．如图所示电路中，电流表、电压表为抱负电表，当R2的滑片向右滑动时（）A．电压表读数变大B．电流表读数减小C．R1消耗的功率变大D ．电压表读数的变化量与电流表读数的变化量之比不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当R2的滑片向右滑动时，首先分析电路中总电阻的变化，由闭合欧姆定律可求得电路中电流变化，就知道了电流表读数的变化状况．接着分析路端电压的变化和分析R1电压的变化，即可知道电压表读数的变化．依据闭合电路欧姆定律列式，分析如何变化．【解答】解：AB、当R2的滑片向右滑动时，其有效电阻变小，外电路总电阻变小，则总电流变大，电流表读数增大．由欧姆定律可知：电源的内电压和R1电压均增大，所以电压表读数变小．故AB错误．C、流过R1的电流增大，则R1消耗的功率变大，故C正确．D、依据闭合电路欧姆定律得U=E﹣Ir得=r，不变，故D正确．故选：CD12．如图所示，平行金属导轨与水平面间的夹角为θ，导轨电阻不计，并与阻值为R的定值电阻相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度大小为B．有一质量为m、长为l的导体棒从ab位置获得平行于斜面的、大小为v的初速度向上运动，最远到达a'b'的位置，滑行的距离为s，导体棒的电阻也为R，与导轨之间的动摩擦因数为μ．则（）A ．上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B．上滑过程中通过电阻R 的电量为C ．上滑过程中导体棒克服安培力做的功为mv2﹣mgs（sin θ+μcos θ）D ．上滑过程中导体棒损失的机械能为mv2﹣mgssin θ【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．【分析】导体棒向上做减速运动，开头时速度最大，产生的感应电流最大，受到的安培力最大，由E=Blv、I=、F A=BIl求出最大安培力．求出感应电动势与感应电流，然后由电流定义式可以求出电荷量．由能量守恒定律争辩热量．回路中产生的热量等于导体棒克服安培力做的功．【解答】解：A、导体棒开头运动时速度最大，产生的感应电动势和感应电流最大，所受的安培力最大，由E=Blv、I=、F A=BIl得：最大安培力为F max =，故A正确．B、由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势：E===，感应电流I=，通过导体棒的电量q=I△t，解得：q=，故B错误；C、依据能量守恒可知，上滑过程中导体棒的动能减小，转化为焦耳热、摩擦生热和重力势能，则克服安培力所做的功Q=mv2﹣mgs（sinθ+μcosθ），故C正确．D、上滑过程动能增加，而重力势能减小，故损失的机械能W=mv2﹣mgssinθ，故D正确．故选：ACD．二、填空题（本题共2小题，每空2分，共16分）13．在如图试验装置中，充电后的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接，B极板接地．（1）若极板B稍向上移动一点，则将观看到静电计指针偏角变大（填“变大”或“变小”），此试验说明平行板电容器的电容随极板正对面积增大而增大；（2）若极板B稍向左移动一点，则将观看到静电计指针偏角变大（填“变大”或“变小”），此试验说明平行板电容器的电容随板间距离减小而增大．【考点】电容器的动态分析．【分析】（1）若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，依据电容的打算式，分析电容的变化．电容器的电量不变，由电容的定义式分析板间电压的变化，再推断静电计指针偏角的变化．（2）若极板B稍向左移动一点，再用同样的思路进行分析．【解答】解：（1）若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，依据电容的打算式可知，电容C变小．电容器的电量Q不变，由电容的定义式得到，板间电压U变大．此试验说明平行板电容器的电容随极板正对面积增大而增大；（2）若极板B稍向左移动一点，板间距离增大，依据电容的打算式可知，电容C变小．电容器的电量Q不变，由电容的定义式得到，板间电压U变大．此试验说明平行板电容器的电容随极板减小而增大．故答案为：（1）变大；极板正对面积增大（2）变大；板间距离减小14．某试验小组接受如图1所示的装置来探究“功与速度变化的关系”｡试验中，小车遇到制动装置时，钩码尚未到达地面｡试验的部分步骤如下：（1）将一块一端带有定滑轮的长木板固定在桌面上，在长木板的另一端固定打点计时器；（2）把纸带穿过打点计时器的限位孔，连在小车后端，用细线跨过定滑轮连接小车和钩码；（3）把小车拉到靠近打点计时器的位置，接通电源，从静止开头释放小车，得到一条纸带；（4）关闭电源，通过分析小车位移与速度的变化关系来争辩合外力对小车所做的功与速度变化的关系｡图2是试验中得到的一条纸带，点O为纸带上的起始点，A、B、C是纸带的三个计数点，相邻两个计数点间均有4个点未画出，用刻度尺测得A、B、C到O的距离如图2所示，已知所用交变电源的频率为50Hz，问：（1）打B点时刻，小车的瞬时速度v B =0.40m/s｡（结果保留两位有效数字）（2）本试验中，若钩码下落高度为h1时合外力对小车所做的功W0，则当钩码下落h 2时，合外力对小车所做的功为｡（用h1、h2、w0表示）（3）试验中，该小组同学画出小车位移x与速度v的关系图象如图3所示｡依据该图外形，某同学对W与v 的关系作出的猜想，确定不正确的是AC（填写选项字母代号）A．W∝v B．W∝v2C．W∝D．W∝v3（4）在本试验中，下列做法能有效地减小试验误差的是ABC（填写选项字母代号）A．把长木板右端适当垫高，以平衡摩擦力B．试验中把握钩码的质量，使其远小于小车的总质量C．调整滑轮高度，使拉小车的细线和长木板平行D．先让小车运动再接通打点计时器．【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】（1）依据匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻瞬时速度求解B点速度．（2）依据功的公式求出合力对小车做功的大小．（3）依据图象为过原点的曲线，结合数学函数学问分析．（4）依据试验的原理确定误差形成的缘由，从而确定有效减小误差的方法．【解答】解：（1）匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻瞬时速度，故有：=0.40m/s（2）依据功的定义，有：W0=mgh1W=mgh2解得：W=（3）图象为过原点的曲线，故W与v肯定不是正比关系，也肯定不是反比关系．故AC正确，BD错误故选：AC（4）AB、本试验探究“功与速度变化的关系”的试验，要使钩码的重力等于小车的合外力，就必需先平衡摩擦力，保证钩码的质量远小于小车的总质量，所以AB都正确，C、调整滑轮高度，使拉小车的细线和长木板平行，让力的方向和位移方向在同始终线上，可以减小误差，故C正确，D、应当先接通电源，后放开小车，所以D错误．故选：ABC．故答案为：（1）0.40；（2）；（3）AC；（4）ABC．三、计算题（本题共3小题，16题12分、17题12分、18题12分，共36分，要求有必要的文字说明、公式和解答过程）15．（附加题）一列火车质量是1000t，由静止开头以额定功率沿平直轨道向某一方向运动，经1min前进900m 时达到最大速度．设火车所受阻力恒定为车重的0.05倍，g取10m/s2，求：（1）火车行驶的最大速度；（2）火车的额定功率；（3）当火车的速度为10m/s时火车的加速度．【考点】动能定理的应用；牛顿其次定律；功率、平均功率和瞬时功率．【分析】（1）从静止开头到达到最大速度的过程中运用动能定理可以得到一个方程，再结合P额=fv m，即可求得最大速度；（2）火车的额定功率可以依据P额=fv m求得；（3）依据公式P额=Fv求得此时的牵引力，再依据牛顿其次定律求出加速度．【解答】解：（1）从静止开头到达到最大速度的过程中运用动能定理得：，当牵引力等于阻力时，火车速度达到最大值，所以可得：P额=Fv m=fv m=kmgv m联列以上两式代入数据解得火车行驶的最大速度为：v m=30m/s（2）火车的额定功率为：P额=kmgv m=0.05×1 000×103×10×30W=1.5×107W（3）由牛顿其次定律：，解得当火车的速度为10m/s时火车的加速度m/s2﹣0.05×10m/s2=1 m/s2答：（1）火车行驶的最大速度为30m/s；（2）火车的额定功率为1.5×107W；（3）当火车的速度为10m/s时火车的加速度为1 m/s2．。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_4
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、单项选择题：〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确．〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．分析跳高运发动的过杆技术时，可把运发动看成质点B．质点某时刻的加速度不为零，那么该时刻的速度也不为零C．当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时可以把子弹看做质点D．做把戏溜冰的运发动一不能看作质点2．关于路程和位移，以下说法中正确的选项是〔〕A．在某一段时间内物体运动的位移为零，那么该物体一是静止的B．运发动铅球成绩为0m，指的是位移大小为0mC．在直线运动中物体的位移大小不一于其路程D．在曲线运动中物体的位移大小不一小于其路程3．关于时间和时刻，以下说法不正确的选项是〔〕A．物体在5s时指的是物体在5s末这一时刻B．物体在5s内指的是物体在4s末到5s末这1s的时间C．物体在第3s内指的是物体在2s末到3s末这1s的时间D．第4s末就是第5s初，指的是时刻4．关于速度、速度的变化量、速度的变化率、加速度的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．物体加速度表示增加的速度B．物体速度变化量越大，那么加速度越大C．物体速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大D．加速度很大时，运动物体的速度一很快变大5．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度﹣时间图象如下图．在0～t2时间内，以下说法中正确的选项是〔〕A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是6．一小木块以初速度5m/s自由冲上光滑的斜面，2s末速度大小变为1m/s，那么这段时间内小木块的加速度大小〔〕A．一为2 m/s2B．一为3 m/s2C．可能大于2m/s2D．可能小于2 m/s27．一质点做匀加速直线运动，通过第一段8m位移所用的时间为2s，紧接着通过下一段10m位移所用时间为1s．那么该质点运动的加速度为〔〕A．5m/s2 B．4m/s2 C．3m/s2 D．2m/s28．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔为4.0s，两次经过一个较高点B时间间隔为2.0s，那么AB之间的距离是〔g取10m/s2〕〔〕A．15m B．20mC．60m D．初速度未知，无法确9．小物块以一的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab 的中点，如下图，物体由a到b的总时间为t0，那么它从a到e所用的时间为〔〕A ． t0B ． t0 C．〔﹣1〕t0D ． t010．A、B两车沿同一直线向同一方向运动，A车的速度v A=4m/s，B车的速度v B=10m/s．当B车运动至A车前方7m处时，B车以a=2m/s2的加速度开始刹车，从该时刻开始计时，那么A车追上B车所需要时间为〔〕A．5s B．6s C．7s D．8s二、多项选择题：〔此题共6小题，每题4分，共24分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕11．关于做匀变速直线运动的物体，以下说法正确的选项是〔〕A．在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：4：9B．一质点的位置坐标函数是x=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2C．加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同D．任意两个相时间间隔内物体的位移之差都相12．一物体沿直线运动，其v﹣t图象如下图，那么关于该物体的运动情况，下述正确的选项是〔〕A．第1s末物体的位移和速度都不改变方向B．第2s末物体的加速度和速度都改变方向C．前4s内物体的位移为零D．第1s末、第3s末、第5s末物体的速度相同13．A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．A、B两质点在4s末速度相B．A、B两质点在8s内通过的路程相C．前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点相遇D．A质点一直做匀速运动，B质点先加速后减速，8s末回到出发点14．一石块从30m高处开始做自由落体运动，〔g=10m/s2，取竖直向下为正方向〕那么石块下落后〔〕A．第1s内的位移为5m B．第3s末的速度为30m/sC．第2s内的平均速度为10m/s D．3s内的平均速度为10m/s15．如下图，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员〔〕A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中平均速度之比为1：2D．减速过程的加速度大小为4m/s216．物体沿一直线做匀加速直线运动，它在第2s内的位移为4.0m，第3s内的位移为6.0m，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s内的位移是56mC．它的初速度为零D．它在第2s末的速度为 5.0m/s三、题〔此题共1小题，每空2分，共12分．〕17．某同学用如下图的装置研究小车在斜面上的运动．〔1〕中，除电火花打点计时器〔含纸带、墨粉纸〕、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有．〔填选项代号〕A．电压为4～6V的50Hz交流电源B．电压为220V的50Hz交流电源C．刻度尺D．停表E．天平F．重锤〔2〕以下中操作步骤中正确的选项是：A．先接通电源，后释放纸带 B．先释放纸带，后接通电源C．小车要靠近打点计时器释放 D．用天平秤出小车的质量〔3〕中所用电源的频率为50Hz．选取适宜的纸带如以下图，以每5个点为一个记数点，分别记0、1、2…用刻度尺测得S1=0cm；S2=7.09cm；S3=18cm；S4=20.18cm；根据纸带中所给的信息，当打点计时器打下点“2〞时的瞬时速度为v2=_ m/s，小车加速度的计算公式为：a= 〔每两个计数点间的时间间隔可用T表示〕，计算结果为 a= m/s2．〔计算结果保存三位有效数字〕〔4〕如果当时交变电流的频率是f=51Hz，那么加速度的测量值〔选填：偏大、偏小或相〕18．一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的v﹣t图象如下图，求：〔1〕摩托车在0﹣20s这段时间的加速度大小；〔2〕摩托车在50s末的加速度大小〔3〕摩托车在0﹣75s这段时间的平均速度大小．19．在光滑水平面上有A、B两个物体，B在前，A在后，A正以6m/s的速度向右匀速运动，B静止；当A、B之间距离为18m时A物体做匀减速直线运动，B 物体做匀加速直线运动，经过4s，物体B的速度到达3m/s，此后A、B均做匀速直线运动，A、B又继续运动4s，A恰好追上B，在这一过程中，求〔1〕B物体做匀加速直线运动的加速度的大小〔2〕在A物体追上B物体之前，B物体运动的位移大小〔3〕A物体做匀减速直线运动的加速度的大小．20．一质点由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为a1，经时间t后做匀减速直线运动，加速度大小为a2，假设再经时间2t恰能回到出发点，求：〔1〕a l：a2为多少？〔2〕质点运动后0﹣t内和t﹣3t内质点通过的路程之比．一中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确．〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．分析跳高运发动的过杆技术时，可把运发动看成质点B．质点某时刻的加速度不为零，那么该时刻的速度也不为零C．当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时可以把子弹看做质点D．做把戏溜冰的运发动一不能看作质点【考点】质点的认识．【分析】把物体看成质点的条件：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度与速度无关，加速度大说明速度变化快，速度的变化率大．【解答】解：A、分析跳高运发动的过杆技术时，要看运发动的动作，所以不能看成质点，故A错误；B、质点某时刻的加速度不为零，那么速度可能为零，如自由落体运动的开始，故B错误；C、当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时，子弹的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故C正确；D、研究做把戏溜冰的运发动溜冰时间时，可以看成质点，故D错误；应选：C【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．2．关于路程和位移，以下说法中正确的选项是〔〕A．在某一段时间内物体运动的位移为零，那么该物体一是静止的B．运发动铅球成绩为0m，指的是位移大小为0mC．在直线运动中物体的位移大小不一于其路程D．在曲线运动中物体的位移大小不一小于其路程【考点】位移与路程．【分析】位移代表初末位置有向线段，路程表示路径长度．位移与路程没有必然联系，位移为零，路程可以不是零．【解答】解：A、位移代表初末位置有向线段，路程表示路径长度．位移为零，路程可以不是零．如物体做圆周运动一周，回到出发点，此时位移为零，而物体不是静止的，故A错误．B、运发动铅球成绩为0m，指的是水平方向的位移大小为0m，故B错误．C、只有在单向直线运动中，物体的位移大小才于其路程，故C正确．D、曲线运动轨迹长度一大于初末位置之间有向线段的长度，所以在曲线运动中物体的位移大小一小于其路程，故D错误．应选：C【点评】掌握位移和路程的区别和联系，只有在单向直线运动中，物体的位移大小于其路程．3．关于时间和时刻，以下说法不正确的选项是〔〕A．物体在5s时指的是物体在5s末这一时刻B．物体在5s内指的是物体在4s末到5s末这1s的时间C．物体在第3s内指的是物体在2s末到3s末这1s的时间D．第4s末就是第5s初，指的是时刻【考点】时间与时刻．【分析】首先知道时间是指时间的长度，在时间轴上对一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对的是一个点．【解答】解：A、物体在5s时指的是物体在5s末时，指的是时刻，故A正确；B、物体在5s内指的是物体在0到第5s末这5s的时间，故B不正确；C、物体在第3s内指的是物体在第2s末到第3s末这1s的时间，故C正确；D、第4s末就是第5s初，指的是时刻，故D正确；此题选择不正确的，应选：B．【点评】时间是指时间的长度，在时间轴上对一段距离，对物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对的是一个点，对物体的位置．4．关于速度、速度的变化量、速度的变化率、加速度的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．物体加速度表示增加的速度B．物体速度变化量越大，那么加速度越大C．物体速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大D．加速度很大时，运动物体的速度一很快变大【考点】加速度；速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是物体速度变化量和所用时间的比值，加速度反物体速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，加速度不是增加的速度，故A错误；B、物体速度变化量大，加速度不一大，还要看时间，故B错误；C、加速度反物体速度变化快慢的物理量，速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大，故C正确；D、加速度很大，速度变化快，但速度不一很快变大，故D错误．应选：C【点评】掌握加速度的概念及其物理意义是正确解题的关键，知道加速度不是增加的速度，难度不大，属于根底题．5．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度﹣时间图象如下图．在0～t2时间内，以下说法中正确的选项是〔〕A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，切线的斜率表示加速度；图象与坐标轴围成的面积表示位移，两个物体同一地点同时开始沿同一直线运动，相遇的要求在同一时刻到达同一位置；匀变速直线运动的平均速度为．【解答】解：A、由图象可知I物体做加速度越来越小的加速运动，所受的合外力不断减小，II物体做匀减速直线运动所受的合外力不变，故A错误；B、图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知在t1时刻两物体面积差最大，相距最远，故B正确；C、图象与坐标轴围成的面积表示位移，那么t2时刻Ⅰ的位移大于Ⅱ的位移，没有相遇，故C错误；D 、Ⅱ物体做匀减速直线运动，平均速度大小于，Ⅰ物体做变加速直线运动，根据图线与时间轴所围面积表示位移可知，其位移大于以相同的初速度和末速度做匀加速运动的位移，所以其平均速度大小大于，故D错误；应选：B【点评】该题考查了速度﹣时间图象相关知识点，要求同学们能根据图象判断物体的运动情况，从图中读取有用信息解题，难度不大．6．一小木块以初速度5m/s自由冲上光滑的斜面，2s末速度大小变为1m/s，那么这段时间内小木块的加速度大小〔〕A．一为2 m/s2B．一为3 m/s2C．可能大于2m/s2D．可能小于2 m/s2【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】讨论物体的末速度的可能性，再由速度公式即可求解加速度．【解答】解：设沿斜面向上为正方向，假设末速度沿斜面向上，那么由速度公式v=v0+at可得：a==﹣2m/s2；假设末速度沿斜面向下，那么a′==﹣3m/s；故C正确，ABD错误；应选：C【点评】此题考查速度公式的用，要注意分析题意中的可能情况，明确物体速度可能向上也可能向下．7．一质点做匀加速直线运动，通过第一段8m位移所用的时间为2s，紧接着通过下一段10m位移所用时间为1s．那么该质点运动的加速度为〔〕A．5m/s2 B．4m/s2 C．3m/s2 D．2m/s2【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出两段过程中中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出质点运动的加速度．【解答】解：第一段中间时刻的瞬时速度，第二段中间时刻的瞬时速度，两个中间时刻的时间间隔△t=1+0.5s=s，那么加速度a=．应选：B．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．8．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔为4.0s，两次经过一个较高点B时间间隔为2.0s，那么AB之间的距离是〔g取10m/s2〕〔〕A．15m B．20mC．60m D．初速度未知，无法确【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据竖直上抛运动的对称性求出最高点到A和B的时间，结合位移时间公式求出AB之间的距离．【解答】解：根据竖直上抛运动的对称性，知最高点到较低点A的时间为2s，到较高点B的时间为1s，那么AB 之间的距离=．应选：A．【点评】解决此题的关键知道竖直上抛运动在上升过程和下降过程中的对称性，结合运动学公式灵活求解，根底题．9．小物块以一的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab 的中点，如下图，物体由a到b的总时间为t0，那么它从a到e所用的时间为〔〕A ． t0B ． t0 C．〔﹣1〕t0D ． t0【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】采用逆向思维，结合位移时间公式求出eb和ab的时间之比，求出e 到b的时间，从而得出a到e的时间．【解答】解：采用逆向思维，根据，，因为e为ab 的中点，那么：，可知a到e 的时间为： =．应选：D．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，以及掌握逆向思维在运动的运用，根底题．10．A、B两车沿同一直线向同一方向运动，A车的速度v A=4m/s，B车的速度v B=10m/s．当B车运动至A车前方7m处时，B车以a=2m/s2的加速度开始刹车，从该时刻开始计时，那么A车追上B车所需要时间为〔〕A．5s B．6s C．7s D．8s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】根据速度时间公式求出B速度减为零的时间，求出此时A、B的位移，判断是否追上，假设未追上，结合匀速运动的位移公式求出继续追及的时间，从而得出总时间．【解答】解：B 车速度减为零的时间为：，此时B 车的位移为：，A车的位移为：x A=v A t1=4×5m=20m，因为x A＜x B+7m，此时A车还未追上B车，还需追及的时间为：，那么追及的时间为：t=t1+t2=5+3=8s．应选：D．【点评】此题考查了运动的追及问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解，此题要注意是在B速度减为零前追上，还是速度减为零后追上．二、多项选择题：〔此题共6小题，每题4分，共24分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕11．关于做匀变速直线运动的物体，以下说法正确的选项是〔〕A．在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：4：9B．一质点的位置坐标函数是x=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2C．加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同D．任意两个相时间间隔内物体的位移之差都相【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据初速度为零的匀加速直线运动的推论得出1s内、2s内、3s内的位移之比．根据位移时间公式得出物体的初速度和加速度．匀减速直线运动的物体，速度随时间均匀减小．【解答】解：A、初速度为零时，1s内、2s内、3s内通过位移之比为1：4：9，故A错误．B、根据x=v0t+at2=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2，故B正确．C、加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同，故C正确．D、匀变速直线运动的物体，任意两个连续相时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，故D错误．应选：BC【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，根底题．12．一物体沿直线运动，其v﹣t图象如下图，那么关于该物体的运动情况，下述正确的选项是〔〕A．第1s末物体的位移和速度都不改变方向B．第2s末物体的加速度和速度都改变方向C．前4s内物体的位移为零D．第1s末、第3s末、第5s末物体的速度相同【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】v﹣t图象的识别和用，v﹣t图可以看出速度大小和方向的变化，速度是矢量，正负代表方向，故方向变化发生在和时间轴相交处，即图线从时间轴的上部穿到下部，或从下部穿到上部，速度的方向才发生变化．位移可根据图象与坐标轴围成的面积分析．【解答】解：A、第1s末物体的速度没有改变，那么位移方向也不变，故A正确．B、第2s末物体的速度方向改变，但2﹣3s内加速度方向不变，即第2s末物体的加速度方向不变，故B错误．C、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，那么知前4s内物体的位移为零，故C正确．D、根据图象可知，1s末和5s末的速度为正，但3s末速度为负，那么第1s末、第3s末、第5s末物体的速度不相同，故D错误．应选：AC．【点评】图象的识别，要看清坐标轴，其次要看斜率，交点位置，和它们表示的含义，以此来解题．13．A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．A、B两质点在4s末速度相B．A、B两质点在8s内通过的路程相C．前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点相遇D．A质点一直做匀速运动，B质点先加速后减速，8s末回到出发点【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移时间图线的斜率表示瞬时速度，根据纵坐标的变化量表示位移．速度时间图线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴围成的面积表示位移．速度的正负表示速度的方向．【解答】解：A、x﹣t图象中，斜率表示速度大小，4s末二者的斜率不同，所以速度不同，故A错误；B、根据图象可知，B运动的路程s B=20+20=40m，A运动的路程s A=40﹣0=40m，路程相，故B正确；C、前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点的位移相同，到达同一位置相遇，故C正确；D、由图象斜率知，B质点先减速后加速，8s末回到出发点，故D错误；应选：BC【点评】此题是位移﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义：斜率于物体的速度，来分析物体的运动情况．14．一石块从30m高处开始做自由落体运动，〔g=10m/s2，取竖直向下为正方向〕那么石块下落后〔〕A．第1s内的位移为5m B．第3s末的速度为30m/sC．第2s内的平均速度为10m/s D．3s内的平均速度为10m/s【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】物体做自由落体运动，根据位移时间公式和速度时间公式求的位移和时间，结合位移与时间的比值为平均速度【解答】解：A、第1s 内的位移为：，故A正确；B、物体下落的时间为：t=，故3s末已经落地，故3s末速度为零，故B错误；C、前2s 内的位移为：，故第2s内的平均速度为：v=，故C错误；D、3s内的平均速度为v=，故D正确；应选：AD【点评】记住并理解自由落体的位移公、速度与位移的关系公式均速度的公式是解此题的关键．还要知道第几秒的位移表示什么，怎么求．此题属于中档题15．如下图，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员〔〕A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中平均速度之比为1：2D．减速过程的加速度大小为4m/s2【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】由平均速度公式求解最大速度．根据速度公式研究加速与减速过程的时间之比．根据牛顿第二律研究摩擦力之比．【解答】解：A、C、设下滑过程中的最大速度为v ， 1=， =，故平均速度相，那么消防队员下滑的总位移：x==，解得：v===8m/s，故AC错误．B、设加速与减速过程的时间分别为t1、t2，加速度大小分别为a1、a2，那么v=a1t1，v=a2t2，解得：t1：t2=a2：a1=1：2．故B正确．D、由t1：t2=1：2，又t1+t2=3s，得到t1=1s，t2=2s，a1===8m/s2，a2===4m/s2，故D正确．应选：BD【点评】此题运用牛顿第二律运动学公式结合分析多过程问题，也可以采用图象法分析最大速度，根据动能理研究摩擦力关系．16．物体沿一直线做匀加速直线运动，它在第2s内的位移为4.0m，第3s内的位移为6.0m，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s内的位移是56mC．它的初速度为零D．它在第2s末的速度为 5.0m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的规律及其推论进行分析求解即可．【解答】解：A、据△x=aT2可得加速度a==2m/s2，故A正确；B、根据匀变速直线运动规律的推论△x=aT2可知，x2﹣x1=x3﹣x2，可得第1s内的位移为2m，2s﹣7s内位移x′=v2t+at2=5×5=50m，前7s内位移x=2+4+6+50=62m，故B错误；C、由B知第1a内的位移为2m，根据x=v at2，可知物体的初速度不为零，故C错误；D、第2s到第3s内的总位移为10m，时间为2s，根据平均速度义可知，平均速度为5m/s，于中间时刻的速度，即2s末的速度大小为5m/s，故D正确．应选：AD【点评】掌握匀变速直线运动的速度时间关系位移时间关系及其推论△x=aT2是正确解题的关键．三、题〔此题共1小题，每空2分，共12分．〕17．某同学用如下图的装置研究小车在斜面上的运动．〔1〕中，除电火花打点计时器〔含纸带、墨粉纸〕、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有BC ．〔填选项代号〕A．电压为4～6V的50Hz交流电源B．电压为220V的50Hz交流电源C．刻度尺D．停表E．天平F．重锤〔2〕以下中操作步骤中正确的选项是：ACA．先接通电源，后释放纸带 B．先释放纸带，后接通电源C．小车要靠近打点计时器释放 D．用天平秤出小车的质量〔3〕中所用电源的频率为50Hz．选取适宜的纸带如以下图，以每5个点为一个记数点，分别记0、1、2…用刻度尺测得S1=0cm；S2=7.09cm；S3=18cm；S4=20.18cm；根据纸带中所给的信息，当打点计时器打下点“2〞时的瞬时速度为v2=_ 0.504 m/s，小车加速度的计算公式为：a= 〔每两个计数点间的时间间隔可用T表示〕，计算结果为 a= 0 m/s2．〔计算结果保存三位有效数字〕〔4〕如果当时交变电流的频率是f=51Hz，那么加速度的测量值偏小〔选填：偏大、偏小或相〕【考点】探究小车速度随时间变化的规律；测匀变速直线运动的加速度．【专题】题．【分析】〔1〕根据的原理确所需测量的物理量，从而确所需的器材．〔2〕根据的考前须知选出正确的选项，注意该不需要测量小车的质量．〔3〕根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出计数点2的瞬时速度，根据连续相时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度．〔4〕根据周期的测量误差，结合△x=aT2判断加速度的测量误差．【解答】解：〔1〕电火花打点计时器采用220V、50Hz的交流电源，打点计时器可以记录时间，所以不需要秒表，该不需要测量质量，所以不需要天平，由于要测量纸带上点迹间的距离，所以需要刻度尺．应选：BC．〔2〕A、时先接通电源，后释放纸带，故A正确，B错误．C、为了有效使用纸带，小车靠靠近打点计时器处释放，故C正确．D、该不需要测量小车的质量，故D错误．应选：AC．〔3〕计数点2的瞬时速度m/s=0.504m/s．。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_2
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共12小题，每题4分.在每题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．以20m/s的速度做匀速运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么，刹车后2s内与6s内的位移之比为( )A．1：3 B．3：1 C．3：4 D．2：32．某人在塔顶处使一小球做自由落体运动到达地面，假设把小球在空中运动的时间分为相的3段，且在第一段时间的位移是m，那么小球在第三段时间的位移是( )A．m B．m C．9.0m D．1m3．关力的以下说法中正确的选项是( )A．有的力有施力物体，有的力没有施力物体B．任何物体受到力的作用后形状都要发生改变C．任何物体受到力的作用后运动状态形状都要发生改变D．影响力的作用效果的因素有力的大小、方向和作用点4．大小为20N、30N和40N的三个力的合力大小不可能为( )A．10N B．40N C．70N D．100N5．一辆停在水平地面上，以下关于和地面受力的说法正确的选项是( ) A．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；未发生弹性形变，所以不受弹力B．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；受向上的弹力，是因为发生了弹性形变C．受向上的弹力，是因为地面发生了弹性形变；地面受向下的弹力，是因为发生了弹性形变D．以上说法均不正确6．在水平传送带上的物体P，随传送带一起沿水平方向匀速运动，并且P与传送带保证相对静止，如下图，此时传送带对物体P的摩擦力( )A．方向可能向左B．方向一向左C．方向一向右D．一为零7．物体静止在斜面上，假设斜面倾角增大〔物体仍静止〕，物体受到的斜面的支持力和摩擦力的变化情况是( )A．支持力增大，摩擦力增大 B．支持力增大，摩擦力减小C．支持力减小，摩擦力增大 D．支持力减小，摩擦力减小8．如下图，质量为m的物体A以一的初速度v沿粗糙斜面上滑，物体A在上滑过程中受到的力有( )A．向上的冲力、重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力B．重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力C．重力、对斜面的正压力、沿斜面向下的摩擦力D．重力、斜面的支持力、下滑力9．在平直公路上行驶的a车和b车，其位移﹣时间图象分别为图中直线a和曲线b，由图可知，以下说法正确的选项是( )A．b车运动方向始终不变B．在t1时刻a车的位移于b车的位移C．t1到t2时间内a车与b车的平均速度相D．a车做匀加速直线运动10．将10N的力分解为两个分力F1、F2，那么F1、F2的值可能是以下的哪一组？( )A．F1=F2=20N B．F1=12N，F2=3N C．F1=6N，F2=3N D．F1=F2=10N11．以下关于物体惯性的说法，错误的选项是( )A．只有做匀速直线运动的物体和静止的物体才有惯性B．物体在粗糙面上运动时惯性小，在光滑面上运动时惯性大C．速度大的物体比速度小的物体难停下来，所以速度大的物体惯性大D．质量为2Kg的铁块比质量为1Kg的木块惯性大12．做匀加速直线运动的质点先后经过A、B、C三点，AB=BC，质点在AB段和BC段平均速度分别为20m/s，30m/s，根据以上条件可以求出( )A．质点在AC段运动的时间B．质点的加速度C．质点在AC段的平均速度D．质点在C点的瞬时速度二、填空题〔每空3分，共计15分〕13．一小孩用80N的水平推力推重力为200N的木箱，木箱不动，当小孩用110N 的水平推力恰能推动木箱，当木箱被推动以后，小孩只需要用100N的水平力就可以使木箱沿水平地面匀速，那么：木箱不动时受到的摩擦力是__________N，木箱与地面之间的最大静摩擦力是__________N，木箱与地面之间的动摩擦因数是__________．14．在做<研究匀变速直线运动>的时，某同学得到一条纸带，如下图，并且每隔四个计时点取一个计数点，每两个计数点间的距离为s，且s1=0.96cm，s2=8cm，s3=0cm，s4=2cm，s5=4cm，s6=10.56cm，电磁打点计时器的电源频率为50Hz．计算此纸带的加速度大小a=__________m/s2，打第四个计数点时纸带的速度大小v=__________m/s．15．在高速公路上，有时会发生“追尾〞事故﹣﹣后面的撞上前面的．请分析一下，我国高速公路的最高车速限制为108km/h．设某人驾车正以最高时速沿平直高速公路行驶，该车刹车时产生的加速度大小为5m/s2，司机的反时间〔从意识到该停车到操作刹车的时间〕为0.5．计算行驶时的平安车距至少为多少？16．画出以下静止物体A所受弹力的示意图．17．如下图，质量为25kg的小孩坐在5kg的雪橇上，大人用与水平方向成37°斜向上的大小为100N的拉力拉雪橇，使雪橇沿水平地面做匀速运动，〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕地面对雪橇的支持力大小；〔2〕雪橇与水平地面间的动摩擦因数的大小．18．轻弹簧AB长35cm，A端固在重50N的物体上，该物体放在倾角为30°的斜面上，如下图．手执B端，使弹簧与斜面平行．当弹簧和物体沿斜面匀速下滑时，弹簧长变为40cm；当弹簧和物体沿斜面匀速上滑时，弹簧长度变为50cm，试求：〔1〕弹簧的劲度系数k；〔2〕物体与斜面间的动摩擦因数μ．一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共12小题，每题4分.在每题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．以20m/s的速度做匀速运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么，刹车后2s内与6s内的位移之比为( )A．1：3 B．3：1 C．3：4 D．2：3【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出速度减为零的时间，判断是否停止，再结合位移公式求出刹车后的位移，从而得出位移之比．【解答】解：速度减为零的时间，那么2s 内的位移=30m，刹车后6s内的位移于4s 内的位移，那么，那么x2：x6=3：4．应选：C．【点评】此题考查了运动的刹车问题，是道易错题，注意速度减为零后不再运动．2．某人在塔顶处使一小球做自由落体运动到达地面，假设把小球在空中运动的时间分为相的3段，且在第一段时间的位移是m，那么小球在第三段时间的位移是( )A．m B．m C．9.0m D．1m【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】初速度为零的匀加速直线运动，在连续相的时间间隔内通过的位移之比x1：x2：x3：…=1：3：5：…【解答】解：自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动；初速度为零的匀加速直线运动，在连续相的时间间隔内通过的位移之比x1：x2：x3：…=1：3：5：…；故，解得h3=5h1=5×=9.0m；应选：C．【点评】此题关键是记住“速度为零的匀加速直线运动，在连续相的时间间隔内通过的位移之比x1：x2：x3：…=1：3：5：…〞的结论，根底题．3．关力的以下说法中正确的选项是( )A．有的力有施力物体，有的力没有施力物体B．任何物体受到力的作用后形状都要发生改变C．任何物体受到力的作用后运动状态形状都要发生改变D．影响力的作用效果的因素有力的大小、方向和作用点【考点】力的概念及其矢量性．【分析】〔1〕力有两个作用效果：①使物体发生形变②改变物体的运动状态③所以发生形变的物体必然受到力的作用④但有力的作用不一会改变物体的运动状态，当物体受到多个力的作用时，而这多个力的合力为0时，力的作用就不会改变物体的运动状态，物体只会保持原来的运动状态．〔3〕力是物体间的相互作用，一个物体施力的同时也受到另一个物体的反作用力；相互接触的物体之间不一有力的作用，不相互接触的物体之间可能存在力的作用．〔4〕影响力的作用效果的因素力的三要素．【解答】解：A、力是物体对物体的作用，力不能脱离物体而存在，必须存在施力物体和受力物体，故A错误；B、力有两个作用效果：①使物体发生形变②改变物体的运动状态，物体受到力的作用后形状不一发生改变．故B错误；C、但有力的作用不一会改变物体的运动状态，当物体受到多个力的作用时，而这多个力的合力为0时，力的作用就不会改变物体的运动状态，物体只会保持原来的运动状态，故C错误；D、影响力的作用效果的因素力的三要素，故D正确．应选：D．【点评】此题考查了学生对力的概念的理解，属于根底知识的考查，比拟简单4．大小为20N、30N和40N的三个力的合力大小不可能为( )A．10N B．40N C．70N D．100N【考点】力的合成．【专题】性思想；合成分解法；受力分析方法专题．【分析】两个共点力F1与F2合成，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；合成两个力后再与第三个力合成即可．【解答】解：三力同向时合力最大，于30N+40N+20N=90N；30N与40N合成最小10N，最大70N，可以于20N，故三力的合力可以为零；故合力范围为：90N≥F≥0；所以不可能的是D．应选：D．【点评】判断最小合力的方法是，假设合力能为零，那么零为最小合力，假设合力不能为零，那么最小合力于最大的力和两个较小的力之差．5．一辆停在水平地面上，以下关于和地面受力的说法正确的选项是( ) A．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；未发生弹性形变，所以不受弹力B．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；受向上的弹力，是因为发生了弹性形变C．受向上的弹力，是因为地面发生了弹性形变；地面受向下的弹力，是因为发生了弹性形变D．以上说法均不正确【考点】力的概念及其矢量性．【分析】物体发生形变后，要恢复原状，对与它接触的物体有力的作用，这就是弹力．是施力物体发生弹性形变对受力物体的力．【解答】解：A、地面受向下的弹力，是因为发生了形变，从而对地面产生了向下的压力；故A错误；B、地面受到的弹力是因为的形变；而受到的弹力是因为地面的形变，故B错误，C正确；D、因C正确，故D错误；应选：C．【点评】弹力是因为施力物体发生形变后要恢复原状，从而产生了对受力物体的作用力．6．在水平传送带上的物体P，随传送带一起沿水平方向匀速运动，并且P与传送带保证相对静止，如下图，此时传送带对物体P的摩擦力( )A．方向可能向左B．方向一向左C．方向一向右D．一为零【考点】滑动摩擦力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】摩擦力专题．【分析】物体和传送带一起运动，根据摩擦力产生的条件进行分析，明确物体是否受到摩擦力．【解答】解：传送带向右做匀速运动时，物体和传送带之间没有相对运动的趋势，所以物体不受摩擦力作用，故D正确；应选：D．【点评】物体间有没有摩擦力关键在于明确能否满足条件，此题中二者没有相对运动，故一没有摩擦力．7．物体静止在斜面上，假设斜面倾角增大〔物体仍静止〕，物体受到的斜面的支持力和摩擦力的变化情况是( )A．支持力增大，摩擦力增大 B．支持力增大，摩擦力减小C．支持力减小，摩擦力增大 D．支持力减小，摩擦力减小【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【分析】此题要分析物体的运动情况，再研究受力情况．由题意，木板倾角θ由很小缓慢增大的过程中，物体相对于木板静止．根据物体垂直于木板方向力平衡，得到支持力F N和重力、θ的关系式．物体受到静摩擦力，由平衡条件研究其变化情况．【解答】解：木板倾角θ由很小缓慢增大的过程中，由于物体仍处于静止，那么物体的合力为零，那么有F N=Mgcosθ，θ增大，F N减小；F f=Mgsinθ，θ增大，F f增大．故C正确，ABD错误．应选C【点评】对于摩擦力，要根据物体的状态，区分是静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力由平衡条件研究，滑动摩擦力可以公式F f=μF N研究．8．如下图，质量为m的物体A以一的初速度v沿粗糙斜面上滑，物体A在上滑过程中受到的力有( )A．向上的冲力、重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力B．重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力C．重力、对斜面的正压力、沿斜面向下的摩擦力D．重力、斜面的支持力、下滑力【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】受力分析的一般步骤和方法是求解力学问题的一个关键，在整个高中物理学习的全过程中占有极重要的地位，对物体进行受力分析，通常可按以下方法和步骤进行：1．明确研究对象，亦即是确我们是要分析哪个物体的受力情况．2．隔离物体分析．亦即将所确的研究对象从周围物体中隔离出来，进而分析周围有哪些物体对它施加力的作用，方向如何，并将这些力一一画在受力图上，在画支持力、压力和摩擦力的方向时容易出错，要熟记：弹力的方向一与接触面或接触点的切面垂直，摩擦力的方向一沿着接触面与物体相对运动〔或趋势〕方向相反．3．分析受力的顺序：一重、二弹、三摩擦，沿接触面或点逐个去找．有时根据概念或条件与判断．此题可按照受力分析的一般步骤对物体受力分析．【解答】解：地球外表的一切物体均受重力，故物体必受重力；物体与斜面体相互挤压，故斜面对物体一有支持力，方向垂直于斜面向上；物体相对于粗糙斜面向上滑动，一与斜面体间有摩擦力，摩擦力阻碍物体间的相对滑动，物体相对于斜面体向上滑动，故一受到沿斜面向下的滑动摩擦力；物体依靠惯性运动，没有向上的冲力，也找不到施力物体，重力有使物体下滑的趋势，无下滑力，同样也找不到施力物体；应选：B．【点评】对物体受力分析，关键要按照顺序找力，要找受到的力，每个力都要能找到受力物体，有时还要结合物体的运动情况分析受到的力．9．在平直公路上行驶的a车和b车，其位移﹣时间图象分别为图中直线a和曲线b，由图可知，以下说法正确的选项是( )A．b车运动方向始终不变B．在t1时刻a车的位移于b车的位移C．t1到t2时间内a车与b车的平均速度相D．a车做匀加速直线运动【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】参照思想；图析法；运动的图像专题．【分析】根据图象切线的斜率表示速度确运动的方向，结合位置坐标比拟位移的大小，根据位移和时间的比值比拟平均速度的大小关系．【解答】解：A、在s﹣t图象中，切线的斜率表示速度，b图象的斜率先正后负，说明b车先沿正向运动，后沿负向运动，故A错误．B、t1时刻，两车的位置坐标相，可知两车的位移相，故B正确．C、t1到t2时间内，两车的位移相，时间相，那么平均速度相，故C正确．D、图线切线斜率表示瞬时速度，知a的速度不变，做匀速直线运动，故D错误．应选：BC【点评】解决此题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线切线斜率表示瞬时速度．结合几何知识研究图象的物理意义．10．将10N的力分解为两个分力F1、F2，那么F1、F2的值可能是以下的哪一组？( )A．F1=F2=20N B．F1=12N，F2=3N C．F1=6N，F2=3N D．F1=F2=10N【考点】力的分解．【专题】性思想；合成分解法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】根据合力F和两分力F1、F2之间的关系|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，求出两个力的合力范围，判断哪一组合力不可能为10N．【解答】解：A、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，20N和20N的合力范围为，可能为10N．故A正确．B、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，12N和3N的合力范围为，可能为10N．故B正确．C、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，6N和3N的合力范围为，不可能为10N．故C错误．D、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，10N和10N的合力范围为，可能为10N．故D正确．应选：ABD．【点评】此题考查合力和分力之间的关系．合力F和两分力F1、F2之间的关系为|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|．11．以下关于物体惯性的说法，错误的选项是( )A．只有做匀速直线运动的物体和静止的物体才有惯性B．物体在粗糙面上运动时惯性小，在光滑面上运动时惯性大C．速度大的物体比速度小的物体难停下来，所以速度大的物体惯性大D．质量为2Kg的铁块比质量为1Kg的木块惯性大【考点】惯性．【专题】性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】物体的惯性大小取决于物体质量大小，质量越大，惯性越大，与物体的速度无关．一切物体都有惯性．【解答】解：A、一切物体都有惯性，与物体所处的运动状态无关．故A错误；B、惯性是物体固有属性，与物体的受力情况无关．故B错误；C、惯性是物体固有属性，与物体的速度无关．故C错误；D、物体的惯性大小取决于物体质量大小，质量越大，惯性越大，质量为2Kg的铁块比质量为1Kg的木块惯性大，故D正确．此题选错误的，应选：ABC【点评】此题考查对惯性概念的理解能力，比拟简单．抓住惯性是物体固有属性，与物体所处的运动状态无关．12．做匀加速直线运动的质点先后经过A、B、C三点，AB=BC，质点在AB段和BC段平均速度分别为20m/s，30m/s，根据以上条件可以求出( )A．质点在AC段运动的时间B．质点的加速度C．质点在AC段的平均速度D．质点在C点的瞬时速度【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】设AB=BC=x，运动的时间分别为：t1和t2，根据运动学公式列出方程，看能不能根据条件求解即可．【解答】解：A、设AB=BC=x，加速度为a，运动到A点的速度为v0，运动的时间分别为：t1和t2，那么有：=20m/s=30m/sx=v0t1+at122x=v0〔t1+t2〕+a〔t1+t2〕25个未知数，4个方程，故无法求解质点在AC段运动的时间t、质点的加速度a、质点在AC段的发生位移2x，故AB错误；C、质点在AC 段的平均速度为==24m/s，故C正确D、根据匀变速直线运动规律得一段过程中平均速度于该过程中初末速度和的一半，即=，质点在这个过程：==24m/s质点在AB 段：==20m/s质点在BC 段：==30m/s解得v C=34m/s．应选CD．【点评】此题要注意AC 段的平均速度不于=25m/s，平均速度为总位移除以总时间，很多同做错．二、填空题〔每空3分，共计15分〕13．一小孩用80N的水平推力推重力为200N的木箱，木箱不动，当小孩用110N 的水平推力恰能推动木箱，当木箱被推动以后，小孩只需要用100N的水平力就可以使木箱沿水平地面匀速，那么：木箱不动时受到的摩擦力是80N，木箱与地面之间的最大静摩擦力是110N，木箱与地面之间的动摩擦因数是0.5．【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】量思想；类比法；摩擦力专题．【分析】根据力的平衡去求静摩擦力f1，至少推动木箱的水平推力于最大静摩擦力f2；根据f=μF N去求动摩擦因数．【解答】解：用80N的水平推力推重力为200N的木箱，木箱不动，推力与静摩擦力平衡，所以f1=80N．当小孩用110N的水平推力恰能推动木箱，推动木箱的水平推力于最大静摩擦力f2，所以f2=110N，用100N的水平力就可以使木箱沿水平地面匀速，所以木箱受滑动摩擦力，大小为100N，所以μ==0.5．故答案为：80，110，0.5．【点评】解决此题的关键理解静摩擦力、最大静摩擦力、滑动摩擦力．知道它们的区别，及各自大小的计算．14．在做<研究匀变速直线运动>的时，某同学得到一条纸带，如下图，并且每隔四个计时点取一个计数点，每两个计数点间的距离为s，且s1=0.96cm，s2=8cm，s3=0cm，s4=2cm，s5=4cm，s6=10.56cm，电磁打点计时器的电源频率为50Hz．计算此纸带的加速度大小a=2m/s2，打第四个计数点时纸带的速度大小v=0.768m/s．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】根据在匀变速直线匀速中时间中点的瞬时速度大小于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小；利用逐差法可以求出小车的加速度大小．【解答】解：根据△x=aT2，有：a==2m/s2在匀变速直线匀速中时间中点的瞬时速度大小于该过程中的平均速度大小，故有：v4===7cm/s=0.768m/s故答案为：2，0.768．【点评】对于纸带问题的处理，我们要熟悉匀变速直线运动的特点和一些规律，提高用根本规律解答问题的能力．15．在高速公路上，有时会发生“追尾〞事故﹣﹣后面的撞上前面的．请分析一下，我国高速公路的最高车速限制为108km/h．设某人驾车正以最高时速沿平直高速公路行驶，该车刹车时产生的加速度大小为5m/s2，司机的反时间〔从意识到该停车到操作刹车的时间〕为0.5．计算行驶时的平安车距至少为多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】当司机发现紧急情况〔如前方车辆突然停下〕后，在反时间内，仍以原来的速度做匀速直线运动；刹车后，匀减速滑行．所以，刹车过程中先后做着两种不同的运动，行驶中的平安车距于两位移之和．【解答】解：当司机发现紧急情况〔如前方车辆突然停下〕后，在反时间内，仍以原来的速度做匀速直线运动；刹车后，匀减速滑行．所以，刹车过程中先后做着两种不同的运动，行驶中的平安车距于两位移之和．原来的速度ν=108 km/h=30m/s．在反时间t=0.5s内，做匀速直线运动的位移为s1=v0t1=30×0.5=15 m刹车后，做匀减速直线运动，滑行时间为t2=s=6s刹车后滑行的位移为s2=v0t2+at2=30×6m+×〔﹣5〕×62 m=90 m 所以行驶时的平安车距为s=s1+s2=15m+90 m=105 m答：行驶时的平安车距至少为105 m．【点评】解决此题的关键知道在整个过程中的运动情况，结合运动学公式灵活求解．16．画出以下静止物体A所受弹力的示意图．【考点】物体的弹性和弹力．【专题】性思想；图析法；受力分析方法专题．【分析】明确弹力产生的条件，根据假设法分析弹力的存在，再根据示意图的作图方法可明确弹力．【解答】解：图1中物体只受绳子的拉力作用，与斜面之间没有力的作用；图2中物体受垂直斜面的支持力；图3中物体受两绳子的拉力；图4中物体A受到右边球的弹力，及绳子的拉力；如下图：【点评】此题考查弹力的作图问题，要注意明确弹力产生的条件；利用假设法判断图1中与斜面间是否存在弹力．17．如下图，质量为25kg的小孩坐在5kg的雪橇上，大人用与水平方向成37°斜向上的大小为100N的拉力拉雪橇，使雪橇沿水平地面做匀速运动，〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕地面对雪橇的支持力大小；〔2〕雪橇与水平地面间的动摩擦因数的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】〔1〕对雪橇进行受力分析，雪橇受到重力、支持力、拉力和阻力，雪橇沿水平地面做匀速运动，在竖直方向上平衡，根据受力平衡求出支持力的大小．〔2〕雪橇沿水平地面做匀速运动，在水平方向上平衡，根据受力平衡求出摩擦力，再根据f=μF N求出动摩擦因数．【解答】解：〔1〕经对小孩和雪橇整体受力分析得：竖直方向：Fsinθ+N=mg解得N=mg﹣Fsinθ=240N〔2〕水平方向：Fcosθ﹣f=0其中：f=μN解得：μ==0.33答：〔1〕地面对雪橇的支持力大小为240N；〔2〕动摩擦因素为0.33．【点评】解决此题的关键能够正确进行受力分析，根据共点力平衡，利用正交分解求出支持力和摩擦力的大小，以及知道f=μF N．18．轻弹簧AB长35cm，A端固在重50N的物体上，该物体放在倾角为30°的斜面上，如下图．手执B端，使弹簧与斜面平行．当弹簧和物体沿斜面匀速下滑时，弹簧长变为40cm；当弹簧和物体沿斜面匀速上滑时，弹簧长度变为50cm，试求：〔1〕弹簧的劲度系数k；〔2〕物体与斜面间的动摩擦因数μ．【考点】共点力平衡的条件及其用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用；胡克律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当弹簧和物体沿斜面匀速下滑时，物体受到重力、斜面的支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力．当弹簧和物体沿斜面匀速上滑时，物体受到重力、斜面的支持力和沿斜面向下的滑动摩擦力，由平衡条件和胡克律分别列出方程，求解k和μ．【解答】解：当弹簧和物体沿斜面匀速下滑时，物体受到重力、斜面的支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力．由平衡条件和胡克律得k〔l1﹣l0〕=Gsin30°﹣μGcos30°…①k〔l2﹣l0〕=Gsin30°+μGcos30°…②解①、②得：，代入数据得：k=250N/m ；．答：〔1〕弹簧的劲度系数k是250N/m．〔2〕物体与斜面间的动摩擦因数μ是．【点评】此题是两次平衡问题，根据平衡条件和胡克律对两种进行研究，建立方程组，即可求解k和μ．。
{高中试卷}高一物理上学期第二次月考试卷[仅供参考]
![{高中试卷}高一物理上学期第二次月考试卷[仅供参考]](https://img.taocdn.com/s3/m/a0887254d4d8d15abf234e5b.png)
20XX年高中测试高中试题试卷科目：年级：考点：监考老师：日期：高一物理上学期第二次月考试卷100分钟试卷分为必做题和附加题（必做题为100分，附加题20分）10小题,每小题 4 分,共48 分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错的或不答的得0 分1．下列四组物理量中，各量均为矢量的是（）A．位移、速度、加速度B．力、位移、路程C．速度、加速度、弹力D．质量、位移、时间2．下列关于惯性的说法中正确的是（）A．物体只有静止或做匀速直线运动时才有惯性B．物体只有受外力作用时才有惯性C．物体的运动速度大时惯性大D．物体在任何情况下都有惯性3．静止在光滑水平面的物体，受到一个水平拉力，在力刚开始作用的瞬间，物体（）A．立即获得加速度和速度B．立即获得速度，但加速度仍为零C．立即获得加速度，但速度仍为零D．速度和加速度均为零４．有一个直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙．OB竖直向下，表面光滑．AO上套有小环P，OB上套有小环Q，两环质量均为m，两环间由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡，如图所示．现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对P环的支持力F N和细绳上的拉力T的变化情况是（）A．F N不变，T变大B．F N不变，T变小C．F N变大，T变大D．F N变大，T变小5．在20XX年2月26号闭幕的都灵冬奥会上，张丹和张昊一起以完美表演赢得了双人滑比赛的银牌．在滑冰表演刚开始时他们静止不动，随着优美的音乐响起后在相互猛推一下后分别向相反方向运动．假定两人的冰刀与冰面间的摩擦因数相同，已知张丹在冰上滑行的距离比张昊远，这是由于（）A．在推的过程中，张丹推张昊的力小于张昊推张丹的力B．在推的过程中，张丹推张昊的时间等于张昊推张丹的时间C．在刚分开时，张丹的初速度大于张昊的初速度D．在分开后，张丹的加速度的大小大于张昊的加速度的大小6．三段不可伸长的细绳OA．OB．OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB是水平的，A端、B端固定，若逐渐增加C端所挂重物的质量，则最先断的绳（）A．必定是OA B．必定是OB C．必定是OC D．可能是OB，也可能是OC7．某同学从6楼乘电梯到1楼，在电梯刚刚启动时，该同学（）A．受的重力增大B．受的重力减小C．对电梯地板的压力增大D．对电梯地板的压力减小8．如图所示，木块A与B用一轻质弹簧相连，竖直放在木板C上，三者静置于水平面上，A与B质量之比是1∶2，B与C、C与水平面间摩擦均不计，在沿水平方向将C迅速抽出的瞬间，A和B的加速度分别是（）A．g，gB．0，gC．0，3gD．0，3g/29．质量为1kg的物体受到两个大小分别为2N和3N的共点力的作用，则物体的加速度大小可能，（）A．5m/s2B．3m/s2 C．2m/s2D．0.5m/s210．如图所示，用绳索将重球挂在墙上，不考虑墙的摩擦。
长沙市高一上学期物理10月月考试卷(II)卷
长沙市高一上学期物理10月月考试卷（II）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共10题；共20分)1. （2分） (2016高一上·乐清期中) 下列物理量中属于标量的是（）A . 加速度B . 路程C . 重力D . 速度2. （2分） (2018高一上·厦门期末) 2017 年9月21日上午7：00，首趟时速350公里的G5次“复兴号”动车组，从北京南站出发驶向上海虹桥站，京沪两地约1100公里的行程最快用时仅为4小时28分，大大缩短了运行时间，该车是我国完全自主研发，这进一步展示了我国在高铁技术方面领先全球。
根据上面材料，下列说法正确的是（）A . 2017 年9月21日上午7：00，指的是时间B . 约1100公里指的是动车从北京到上海的位移大小C . 时速350公里相当于每秒钟行驶约97.2米的路程D . 研究动车组从北京到上海的运动轨迹，动车组不可视为质点3. （2分） (2017高一上·安溪期末) 下列一些运动学概念的描述，正确的是（）A . 物体有加速度，速度就增加B . 物体在5s内指的是物体在4s末到5s末这1s的时间间隔C . 速率、加速度、位移都是矢量D . 虽然地球很大，还在不停地自转，但是在研究地球的公转时，仍然可以把它视为质点4. （2分） (2018高一上·吉林月考) 下列所给的位移-时间图像或速度-时间图像中，表示做直线运动的物体无法回到初始位置的是（）A .B .C .D .5. （2分） (2018高二上·佛山月考) 一物体从楼顶开始自由下落，忽略空气阻力，下列说法正确的是（）A . 物体的运动是一种匀变速直线运动B . 物体运动的速度大小与物体质量有关C . 物体运动的加速度大小与物体质量有关D . 物体落地所需的时间与物体下落的高度无关6. （2分） (2019高二下·南昌期末) 质点沿x轴做直线运动的位置坐标x与时间t的关系为（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A . 第1s内的位移大小是7mB . 前2s内的平均速度是5m/sC . 3s末质点速度减为0D . 质点2s末的速度与4s末速度相同7. （2分）如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一静止的点电荷q（负电荷），不计重力，下列说法中正确的是（）A . 点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度也越来越大B . 荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C . 荷运动在O点时加速度为零，速度达最大值D . 荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零8. （2分）(2019·广州模拟) 甲、乙两辆汽车从同一地点出发,向同一方向行驶,它们的v—t图象如图所示,下列判断正确的（）A . 在t1时刻前,甲车始终在乙车的前面B . 在t1时刻前,乙车始终在甲车的前面C . 在t1时刻前,乙车的速度始终比甲车增加得快D . 在t1时刻两车第一次相遇9. （2分） (2018高一上·郑州月考) 两个物体在同一直线上运动的v﹣t图象如图所示，由图象可知两物体（）A . 速度方向相同，加速度方向相反B . 速度方向相反，加速度方向相同C . 速度、加速度方向均相同D . 速度、加速度方向均相反10. （2分） (2018高一上·新泰月考) 如图所示，三个图象表示A、B、C、D、E、F六个物体的运动情况，下列说法中正确的是（）A . 速度相等的物体是B，DB . 合力为零的物体是A，C，EC . 合力是恒力的物体是D，FD . 合力是变力的物体是F二、多选题 (共5题；共14分)11. （2分）下列几组物理量中，全部为矢量的一组是（）A . 位移、时间、速度B . 速度、速率、加速度C . 加速度、力、速度D . 路程、时间、速率12. （3分） (2017高一上·岳阳期末) 如图所示，一物块分别沿倾角不等而底边相等的固定斜面1、2、3下滑，从静止开始由斜面顶端滑到底端．三个斜面的倾角分别是30°、45°、60°，不计物块与斜面间的摩擦，下列分析正确的是（）A . 沿斜面3滑行时，物块的加速度最大B . 沿斜面2滑行时，物块的滑行时间最短C . 沿斜面2滑行时，物块到达斜面底端时的速度最大D . 沿斜面1、3滑行时，物块到达斜面底端时的速度一样大13. （3分） (2019高一上·长春月考) 甲、乙两物体沿同一方向做直线运动，6s末在途中相遇，它们的速度图象如图所示，可以确定：（）A . t = 0时甲在乙的前方27m处B . t = 0时乙在甲的前方27m处C . 6s之后两物体不会再相遇D . 6s之后两物体还会再相遇14. （3分）(2018·德化模拟) 如图，质量分别为mA=2kg、mB=4kg的A、B小球由轻绳贯穿并挂于定滑轮两侧等高H=25m处，两球同时由静止开始向下运动，已知两球与轻绳间的最大静摩擦力均等于其重力的0.5倍，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
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长沙市高一上学期物理第二次月考试卷
姓名:________ 班级:________ 成绩:________
一、单选题 (共9题；共18分)
1. （2分） (2017高一上·雨花期中) 足球运动员已将足球踢向空中，如图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的是（G为重力，F为脚对球的作用力，Ff为空气阻力）（）
A .
B .
C .
D .
2. （2分）下列说法不正确的（）
A . 力是使物体产生形变和速度变化的原因
B . 一个力必定联系着两个物体，其中每个物体既是受力物体又是施力物体
C . 重心是物体所受重力的作用点，故重心一定在物体上
D . 同种性质的力可以产生不同的效果
3. （2分） (2017高一上·南阳期末) 在自由落体运动中，第一个2s、第二个2s和第5s这三段时间内，相对应的三段位移之比为（）
A . 4：12：9
B . 1：3：5
C . 2：6：5
D . 2：8：7
4. （2分） (2019高一上·黑龙江期中) 一物体自距地面高处自由下落，不计空气阻力，则它在离地面多高位置时的瞬时速度大小等于全程平均速度大小（）
A .
B .
C .
D .
5. （2分）伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思维的过程，对这一过程的分析，下列说法正确的是（）
A . 其中的甲图是实验现象，乙、丙、丁图是经过合理的外推得到的结论
B . 其中的丁图是实验现象，甲图是经过合理的外推得到的结论
C . 运用甲图的实验，可“冲淡”重力的作用，使实验现象更明显
D . 运用丁图的实验，可“放大”重力的作用，使实验现象更明显
6. （2分） (2019高一下·廊坊月考) 一质点自原点开始在x轴上运动，初速度v0＜0，加速度a＜0．当a
值不断减小直至为零，质点的（）
A . 速度不断减小，位移不断减小
B . 速度不断减小，位移继续增大
C . 速度不断增大，当a=0时，速度达到最大，位移不断增大
D . 速度不断减小，当a=0时，位移达到最大值
7. （2分） (2018高一上·辽宁期中) 某物体做匀变速直线运动，其位移与时间的关系为x=-t2+5t (m)，则当物体速度为3m/s时，物体已运动的时间为（）
A . 1s
B . 0.8s
C . 3s
D . 2.5s
8. （2分） (2018高一上·烟台月考) 关于力的下述说法中正确的是（）
A . 力是物体对物体的作用
B . 只有直接接触的物体间才有力的作用
C . 力可以离开物体而独立存在
D . 力的大小可以用天平测量
9. （2分） (2019高一上·龙岗期中) 从同一位置出发，向同一方向做匀加速直线运动的甲、乙两物体的速度图象如图所示，两条线与轴的夹角均为，下列说法中正确的是（）
A . 甲、乙两物体的初速度和加速度都相同
B . 运动过程中甲、乙两物体间的距离保持不变
C . 运动过程中甲、乙两物体间的距离随时间均匀增大
D . 运动过程中甲、乙两物体速度之差随时间均匀增大
二、多选题 (共3题；共9分)
10. （3分） (2017高一上·苏州期中) 关于自由落体运动，下列说法正确的是（）
A . 物体竖直向下的运动一定是自由落体运动
B . 自由落体运动是初速度为零、加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动
C . 物体只在重力作用下从静止开始下落的运动叫自由落体运动
D . 当空气阻力的作用比较小、可以忽略不计时，物体自由下落可视为自由落体运动
11. （3分） (2018高一上·河池期末) 一质点沿x轴运动，其速度-时间图像所示，由图像可知（）
A . 质点的初速度为-4m/s
B . 质点的加速度为-0.4m/s2
C . 质点在前20s内的速度一直增大
D . 质点在前10s内运动的距离为20m
12. （3分） (2018高一上·吉林期中) 从一座塔顶自由落下一石子，忽略空气阻力。
如果已知重力加速度大小，再知下列哪项条件即可求出塔顶高度（）
A . 石子落地时速度
B . 第1s末和第2s末速度
C . 最初1s内下落高度
D . 最后1s内下落高度
三、实验题 (共1题；共2分)
13. （2分） (2018高三上·陆丰期末) 如图所示为实验室常用的力学实验装置．
（1）关于该装置，下列说法正确的是__________．
A . 利用该装置做研究匀变速直线运动的实验时，需要平衡小车和木板间的摩擦力
B . 利用该装置探究小车的加速度与质量关系时，每次改变小车的质量后必须重新平衡小车与木板间的摩擦力
C . 利用该装置探究功与速度变化关系实验时，可以将木板带有打点计时器的一端适当垫高，目的是消除摩擦力对实验的影响
D . 将小车换成滑块，可以利用该装置测定滑块与木板间的动摩擦因数，且不需要满足滑块的质量远大于钩码的质量
（2）某学生使用该装置做“研究匀变速直线运动”的实验时，得到一条点迹清晰的纸带如图所示，已知图中所标的相邻两个计数点之间还有四个点未画出，计时器所用交流电周期为T，则利用此纸带得到小车的加速度的表达式为________．（用x2、x5、T来表示）
四、解答题 (共4题；共50分)
14. （15分） (2018高一上·临河期中) 一个物体从 80m 高处自由下落，不计空气阻力，g 取10 m/s2 ，求：
（1）该物体经多长时间落到地面？
（2）落地前的最后 1s 的初速度是多少？
（3）在落地前最后 1s 内通过的高度是多少？
15. （15分） (2018高一上·西城期末) 气垫导轨上有很多小孔，气泵送来的压缩空气从小孔喷出，使得滑块与导轨之间有一层薄薄的空气，两者不会直接接触。
这样，滑块运动时受到的阻力很小，可忽略不计。
为测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0cm的遮光条，如图所示。
滑块在倾斜的气垫导轨顶端由静止释放，先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过第一个光电门的时间Dt1＝0.015s，通过第二个光电门的时间Dt2＝0.010s，遮光条从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间Dt＝0.200s。
（1）求滑块的加速度大小；
（2）若使滑块以3.2m/s的初速度由气垫导轨的底端出发向上运动，请通过计算分析说明滑块是否能到达1.5m 长的气垫导轨的顶端。
16. （10分） (2018高一上·莒县月考) 甲物体从阳台自由下落，已知物体在下落过程中最后 2 秒的位移是60m。
（g=10m/s2）
（1）阳台离地面的高度；
（2）最后 1s 的平均速度为多少；
17. （10分） (2019高一下·临汾期中) 某游乐园的大型“跳楼机”游戏，以惊险刺激深受年轻人的欢迎。
某次游戏中，质量m=50kg的小明同学坐在载人平台上，并系好安全带、锁好安全杆。
游戏的过程简化为巨型升降机将平台拉升100m高度，然后由静止开始下落，在忽略空气和台架对平台阻力的情况下，该运动可近似看作自由落体运动。
下落h1=80 m时，制动系统启动，使平台均匀减速，再下落h2=20m时刚好停止运动。
取g=10m/s2 ，求：
（1）下落的过程中小明运动速度的最大值vm；
（2）当平台落到离地面15m高的位置时，小明对跳楼机作用力F的大小；（3）在全部下落过程中，跳楼机对小明做的功W。
参考答案一、单选题 (共9题；共18分)
1-1、
2-1、
3-1、
4-1、
5-1、
6-1、
7-1、
8-1、
9-1、
二、多选题 (共3题；共9分)
10-1、
11-1、
12-1、
三、实验题 (共1题；共2分)
13-1、
13-2、答案：略
四、解答题 (共4题；共50分) 14-1、
14-2、
14-3、
15-1、答案：略
15-2、
16-1、答案：略
16-2、
17-1、答案：略
17-2、
17-3、答案：略。