精选河北省邢台市2017届高三物理上学期第二次月考试题
高中高三物理上学期第二次月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
河南省洛阳市伊川实验高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题〔14×3分=42分，本大题中2、5、6、7、8小题多项选择，其他题单项选择〕1．关于功和能的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，如此物体重力势能的增加量也是1J B．一个重10N的物体，在15N的水平拉力的作用下，分别在光滑水平面和粗糙水平面上发生一样的位移，拉力做的功相等C．一辆汽车的速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h，两种情况下牵引力做的功一样多D．“神舟十号〞载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，机械能增大2．如下列图，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b 虚线所示的径迹，重力不计，如下判断正确的答案是〔〕A． b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左3．质量为m的汽车，其发动机额定功率为P．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k倍，如此车的最大速度为〔〕A． B．C． D．4．一物体静止在升降机的地板上，在升降机匀加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于〔〕A．物体抑制重力所做的功B．物体动能的增加量C．物体动能增加量与重力势能增加量之差D．物体动能增加量与重力势能增加量之和5．质量为m的物体，从静止开始以2g的加速度竖直向下运动的位移为h，空气阻力忽略不计，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的重力势能减少mgh B．物体的重力势能减少2mghC．物体的动能增加2mgh D．物体的机械能保持不变6．水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上，设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为μ，如此在工件相对传送带滑动的过程中正确的说法是〔〕 A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的动能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做的功为零7．在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到V m，立即关闭发动机而滑行直到停止，v﹣t 图线如图，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2，全过程中，牵引力做功为W1，抑制摩擦力做功为W2，如此〔〕A． F1：F2=1：3 B． F1：F2=4：1 C． W1：W2=1：1 D． W1：W2=1：38．如下列图，一轻弹簧固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速地释放，让它自由摆下，不计空气阻力，在重物由A点摆向最低点的过程中〔〕A．重物的重力势能减少 B．重物的重力势能增大C．重物的机械能不变 D．重物的机械能减少9．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如下列图；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为〔〕A．tanθ和 B．〔﹣1〕tanθ和C．tanθ和 D．〔﹣1〕tanθ和10．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中〔〕A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能11．如图，两根一样的轻质弹簧，沿足够长的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动．质量不同、形状一样的两物块分别置于两弹簧上端．现用外力作用在物体上，使两弹簧具有一样的压缩量，假设撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧，如此从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块〔〕A．最大速度一样 B．最大加速度一样C．上升的最大高度不同 D．重力势能的变化量不同12．如下列图，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h．某物体与三个斜面间的动摩擦因数都一样，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端．三种情况相比拟，如下说法正确的答案是〔〕A．物体损失的机械能△E c=2△E b=4△E aB．因摩擦产生的热量2Q a=2Q b=Q cC．物体到达底端的动能E ka=2E kb=2E kcD．因摩擦产生的热量4Q a=2Q b=Q c13．取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为〔〕A． B． C． D．14．如下列图，D、A、B、C四点水平间距相等，DA、AB、BC竖直方向高度差之比为1：3：5．在A、B、C三点分别放置一样的小球，释放三个压缩的弹簧，小球沿水平方向弹出，小球均落在D点，不计空气阻力，如此如下关于A、B、C三点处的小球说法正确的答案是〔〕A．三个小球在空中运动的时间之比为1：2：3B．三个小球弹出时的动能之比为1：4：9C．三个小球在空中运动过程中重力做功之比为1：3：5D．三个小球落地时的动能之比为2：5：10二、填空题与实验题〔16分，15题4分16题12分〕15．某同学把附有滑轮的长木板平放在实验桌上，将细绳一端拴在小车上，另一端绕过定滑轮，挂上适当的钩码，使小车在钩码的牵引下运动，以此定量探究绳拉力做功与小车动能变化的关系，此外还准备了打点计时器与配套的电源、导线、复写纸、纸带、小木块等，组装的实验装置如下列图．〔1〕假设要完成该实验，必需的实验器材还有哪些．实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行，他这样做的目的是如下的哪个〔填字母代号〕A．防止小车在运动过程中发生抖动B．可使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰C．可以保证小车最终能够实现匀速直线运动D．可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车受的合力〔3〕平衡摩擦力后，当他用多个钩码牵引小车时，发现小车运动过快，致使打出的纸带上点数较少，难以选到适宜的点计算小车速度，在保证所挂钩码数目不变的条件下，请你利用本实验的器材提出一个解决方法：．〔4〕他将钩码重力做的功当做细绳拉力做的功，经屡次实验发现拉力做功总是要比小车动能增量大一些，这一情况可能是如下哪些原因造成的〔填字母代号〕．A．在接通电源的同时释放了小车B．小车释放时离打点计时器太近C．阻力未完全被小车重力沿木板方向的分力平衡掉D．钩码做匀加速运动，钩码重力大于细绳拉力．16．验证机械能守恒定律的实验采用重物自由下落的方法：〔1〕用公式mv2=mgh时对纸带上起点的要求是为此目的，所选择的纸带第1，2两点间距应接近．假设试验中所用重锤质量m=1kg，打点纸带的记录如图1所示，打点时间间隔为0.02s，如此记录B点时，重锤的速度v B=，重锤的动能E KB=．从开始下落至B点，重锤的重力势能减少量是，因此可能得出的结论是．〔3〕即使在实验操作规范，数据测量与数据处理很准确的前提下，该实验求得的△E P也一定略△E k〔填大于或小于〕，这是实验存在系统误差的必然结果，该系统误差产生的主要原因是．〔4〕根据纸带算出相关各点的速度υ，量出下落的距离h，如此以为纵轴，以h为横轴画出的图线应是图2所示图中的四、解答题〔10+8+12+12=42分，写出必要的演算过程、解题步骤与重要关系式，并得出结果〕17．如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L=2.0m，假设将电荷量均为q=+2.0×10﹣6C的两点电荷分别固定在A、B点，静电力常量k=9.0×109N•m2/C2，求：〔1〕两点电荷间的库仑力大小；C点的电场强度的大小和方向．18．如下列图，m A=4kg，m B=1kg，A与桌面间的动摩擦因数μ=0.2，B与地面间的距离s=0.8m，A、B间绳子足够长，A、B原来静止，求：〔1〕B落到地面时的速度为多大；〔用根号表示〕B落地后，A在桌面上能继续滑行多远才能静止下来．〔g取10m/s2〕19．如下列图为“嫦娥三号〞探测器在月球上着陆最后阶段的示意图，首先在发动机作用下，探测器受到推力在距月面高度为h1处悬停〔速度为0，h1远小于月球半径〕，接着推力改变，探测器开始竖直下降，到达距月面高度为h2处的速度为v，此后发动机关闭，探测器仅受重力下落至月面．探测器总质量为m〔不包括燃料〕，地球和月球的半径比为k1，质量比为k2，地球外表附近的重力加速度为g，求：〔1〕月球外表附近的重力加速度大小与探测器刚接触月球时的速度大小；从开始竖直下降到接触月面时，探测器机械能的变化．20．图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图，整个轨道在同一竖直平面内，外表粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切．点A距水面的高度为H，圆弧轨道BC的半径为R，圆心O恰在水面．一质量为m的游客〔视为质点〕可从轨道AB的任意位置滑下，不计空气阻力．〔1〕假设游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面上的D点，OD=2R，求游客滑到B点时的速度v B大小与运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f；假设游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h．〔提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的向心力与其速率的关系为F向=m〕河南省洛阳市伊川实验高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔14×3分=42分，本大题中2、5、6、7、8小题多项选择，其他题单项选择〕1．关于功和能的关系，如下说法正确的答案是〔〕A．物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，如此物体重力势能的增加量也是1J B．一个重10N的物体，在15N的水平拉力的作用下，分别在光滑水平面和粗糙水平面上发生一样的位移，拉力做的功相等C．一辆汽车的速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h，两种情况下牵引力做的功一样多D．“神舟十号〞载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，机械能增大考点：功能关系；功的计算．分析： A、重力势能的增量等于抑制重力所做的功，与外力做功无关；B、根据做功公式W=Fs，可以判断拉力F对物体做功的情况；C、根据动能定理即可分析两种情况下牵引力做功的大小；D、载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有地球对飞船的引力做功，机械能守恒．解答：解：A、重力势能的增量等于抑制重力所做的功，与外力做功无关，故A错误；B、由W=Fs知，拉力的大小一样，木块的位移也一样，所以拉力对两木块做的功一样多，故B正确；C、根据动能定理可知：W﹣W f=，所以速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h的两种情况下牵引力做的功不同，故C错误；D、载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有地球对飞船的引力做功，机械能守恒，故D错误．应当选：B点评：此题主要考查了重力势能的影响因素，恒力做功公式、动能定理等的直接应用，难度不大，属于根底题．2．如下列图，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b 虚线所示的径迹，重力不计，如下判断正确的答案是〔〕A． b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．解答：解：A、D、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向左，因为带电粒子带电性质不确定，所以场强的方向也不能确定，从而不能判断ab两点电势的上下，故AD错误；B、C、带电粒子从a到b点过程中，电场力做负功，电荷的电势能增大，由动能定理，粒子的动能减小，即粒子在a点的动能大于在b点的动能，粒子在a点的电势能小于在b点的电势能，故BC正确；应当选：BC点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生根本要求，也是重点知识，要重点掌握．3．质量为m的汽车，其发动机额定功率为P．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k倍，如此车的最大速度为〔〕A． B．C． D．考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速向上运动时，对汽车受力分析，汽车处于受力平衡状态，由此可以求得汽车在上坡情况下的牵引力的大小，由P=Fv分析可得出结论．解答：解：当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速运动时，受力平衡，由于汽车是沿倾斜的路面向上行驶的，对汽车受力分析可知，汽车的牵引力F=f+mgsinθ=kmg+mgsinθ=mg〔k+sinθ〕，由功率P=Fv，所以上坡时的速度：，故D正确应当选：D点评：汽车的功率不变，但是在向上运动和向下运动的时候，汽车的受力不一样，牵引力减小了，P=Fv可知，汽车的速度就会变大，分析清楚汽车的受力的变化情况是解决此题的关键．4．一物体静止在升降机的地板上，在升降机匀加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于〔〕A．物体抑制重力所做的功B．物体动能的增加量C．物体动能增加量与重力势能增加量之差D．物体动能增加量与重力势能增加量之和考点：功能关系；功的计算；动能和势能的相互转化．分析：对物体进展受力分析，运用动能定理研究在升降机加速上升的过程，表示出地板对物体的支持力所做的功．知道重力做功量度重力势能的变化．解答：解：物体受重力和支持力，设重力做功为W G，支持力做功为W N，运用动能定理研究在升降机加速上升的过程得：W G+W N=△E kW N=△E k﹣W G由于物体加速上升，所以重力做负功，设物体抑制重力所做的功为：W G′，W G′=﹣W G所以：W N=△E k﹣W G=W N=△E k+W G′．根据重力做功与重力势能变化的关系得：w G=﹣△E p，所以有：W N=△E k﹣W G=W N=△E k+△E p．应当选：D．点评：解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量．5．质量为m的物体，从静止开始以2g的加速度竖直向下运动的位移为h，空气阻力忽略不计，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的重力势能减少mgh B．物体的重力势能减少2mghC．物体的动能增加2mgh D．物体的机械能保持不变考点：功能关系．分析：重力势能的变化量等于重力对物体做的功．只有重力对物体做功，物体的机械能才守恒．根据动能定理研究动能的变化量．根据动能的变化量与重力的变化量之和求解机械能的变化量．解答：解：A、由质量为m的物体向下运动h高度时，重力做功为mgh，如此物体的重力势能减小mgh．故A正确B错误．C、合力对物体做功W=ma•h=2mgh，根据动能定理得知，物体的动能增加2mgh．故C正确．D、由上物体的重力势能减小mgh，动能增加2mgh，如此物体的机械能增加mgh．故D错误．应当选：AC．点评：此题考查分析功能关系的能力．几对功能关系要理解记牢：重力做功与重力势能变化有关，合力做功与动能变化有关，除重力和弹力以外的力做功与机械能变化有关．6．水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上，设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为μ，如此在工件相对传送带滑动的过程中正确的说法是〔〕 A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的动能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做的功为零考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：工件在传送带上运动时先做匀加速运动，后做匀速运动，物体和传送带要发生相对滑动，滑动摩擦力对传送带要做功．根据功能关系求解工件机械能的增量．由运动学公式求解相对位移．解答：解：A、工件从静止开始在摩擦力作用下加速达到v，摩擦力对工件做正功，使工件的动能增加了mv2，根据动能定理知，摩擦力对工件做的功W=mv2，A、B正确D错误．C、工件从开始运动到与传送带速度一样的过程中，工件相对传送带向后运动，设这段时间为t，t==，相对位移l=vt﹣t=t=，C正确．应当选：ABC．点评：当物体之间发生相对滑动时，一定要注意物体的动能增加的同时，内能也要增加，这是解此题的关键地方．7．在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到V m，立即关闭发动机而滑行直到停止，v﹣t 图线如图，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2，全过程中，牵引力做功为W1，抑制摩擦力做功为W2，如此〔〕A． F1：F2=1：3 B． F1：F2=4：1 C． W1：W2=1：1 D． W1：W2=1：3考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．专题：动能定理的应用专题．分析：由动能定理可得出汽车牵引力的功与抑制摩擦力做功的关系，由功的公式可求得牵引力和摩擦力的大小关系；解答：解：对全过程由动能定理可知W1﹣W2=0，故W1：W2=1：1，故C正确，D错误；W1=FsW2=fs′由图可知：s：s′=1：4所以F1：F2=4：1，故A错误，B正确应当选BC点评：此题要注意在机车起动中灵活利用功率公式与动能定理公式，同时要注意图象在题目中的应用．8．如下列图，一轻弹簧固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速地释放，让它自由摆下，不计空气阻力，在重物由A点摆向最低点的过程中〔〕A．重物的重力势能减少 B．重物的重力势能增大C．重物的机械能不变 D．重物的机械能减少考点：机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：根据重力做功，判断重力势能的变化，在整个运动的过程中，有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，通过系统机械能守恒判断重物机械能的变化．解答：解：A、重物由A点摆向最低点的过程中，重力做正功，重力势能减小．故A正确，B错误．C、在整个运动的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，而弹簧的弹性势能增加，如此重物的机械能减小．故C错误，D正确．应当选AD．点评：解决此题的关键掌握重力做功和重力势能的关系，知道系统机械能包括重力势能、弹性势能和动能的总和保持不变．9．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如下列图；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为〔〕A．tanθ和 B．〔﹣1〕tanθ和C．tanθ和 D．〔﹣1〕tanθ和考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：两次上滑过程中，利用动能定理列式求的即可；解答：解：以速度v上升过程中，由动能定理可知以速度上升过程中，由动能定理可知联立解得，h=故D正确．应当选：D．点评：此题主要考查了动能定理，注意过程的选取是关键；10．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中〔〕A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能考点：功能关系；弹性势能；机械能守恒定律．分析：通过抑制摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，结合能量守恒定律分析即可．解答：解：A、通过抑制摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故机械能减小，故A错误；B、通过抑制摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故B正确；C、垫块的动能转化为弹性势能和内能，故C错误；D、弹簧的弹性势能转化为动能和内能，故D错误．应当选：B．点评：此题关键是明确缓冲器通过摩擦将局部动能转化为内能，还会储存局部弹性势能，再次向内能和动能转化，根底问题．11．如图，两根一样的轻质弹簧，沿足够长的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动．质量不同、形状一样的两物块分别置于两弹簧上端．现用外力作用在物体上，使两弹簧具有一样的压缩量，假设撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧，如此从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块〔〕A．最大速度一样 B．最大加速度一样C．上升的最大高度不同 D．重力势能的变化量不同考点：功能关系；弹性势能．分析：使两弹簧具有一样的压缩量，如此储存的弹性势能相等，根据能量守恒判断最后的重力势能．解答：解：A、物块受力平衡时具有最大速度，即：mgsinθ=k△x如此质量大的物块具有最大速度时弹簧的压缩量比拟大，上升的高度比拟低，即位移小，而运动过程中质量大的物块平均加速度较小，v2﹣02=2ax加速度小的位移小，如此最大速度v较小，故A错误；B、开始时物块具有最大加速度，开始弹簧形变量一样，如此弹力一样，根据牛顿第二定律：a=可见质量大的最大加速度较小，故B错误；CD、由题意使两弹簧具有一样的压缩量，如此储存的弹性势能相等，物块上升到最大高度时，弹性势能完全转化为重力势能，如此物块最终的重力势能mgh相等，重力势能的变化量相等，而两物块质量不同，如此上升的最大高度不同，故C正确D错误．应当选：C．点评：此题考查了弹簧问题，注意平衡位置不是弹簧的原长处，而是受力平衡的位置．12．如下列图，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h．某物体与三个斜面间的动摩擦因数都一样，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端．三种情况相比拟，如下说法正确的答案是〔〕A．物体损失的机械能△E c=2△E b=4△E aB．因摩擦产生的热量2Q a=2Q b=Q cC．物体到达底端的动能E ka=2E kb=2E kcD．因摩擦产生的热量4Q a=2Q b=Q c考点：功能关系；动能和势能的相互转化．分析：损失的机械能转化成摩擦产生的内能．物体从斜面下滑过程中，重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可以比拟三者动能大小，注意物体在运动过程中抑制摩擦力所做功等于因摩擦产生热量，据此可以比拟摩擦生热大小．解答：解：设斜面和水平方向夹角为θ，斜面长度为X，如此物体下滑过程中抑制摩擦力做功为：W=mgμXcosθ，Xcosθ即为底边长度．A、物体下滑，除重力外有摩擦力做功，根据能量守恒，损失的机械能转化成摩擦产生的内能．。
河北省邢台市2017-2018学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年河北省邢台市高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分.在每小题给出的四个选项中，第1~8小题只有一项正确；第9~12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下列单位中，属于电场强度的单位是（）A．V/m B．C/N C．J/C D．N/m2．关于静电场的等势面和电场线，下列说法正确的是（）A．两个电势不同的等势面可能相交B．沿着电场线线方向电势逐渐升高C．同一等势面上各点电场强度一定相等D．将一正的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功3．如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支技使它们彼此接触，把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开，下列说法正确的是（）A．此时A带正电，B带负电B．此时A与B电势相等C．A中的自由电荷跑到B中去了D．先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合4．如图所示，电容器与电池相连，电容器两水平极板间悬停着一带电小球，若减小电容器两极板间距离，则下列说法正确的是（）A．电容器电容减小B．电容器极板带电荷量减小C．在减小极板间距离的过程中，电路中电流方向如图所示D．原来静止在电容器极板间的电荷将向上加速运动5．如图所示，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点．不计重力．下列说法正确的是（）A．M带正电荷，N带负电荷B．M在a点时所受电场力方向指向圆心C．M、N在轨迹相交处受到的电场力一定相等D．N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功6．一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）A．动能增大 B．电势能增加C．动能和电势能之和减小 D．重力势能和电势能之和增加7．用电动势为6V、内阻为3Ω的直流电源，依次给下列四个小灯泡供电，其中最亮的小灯泡标有的额定电压和额定功率是（）A．6V，15W B．6V，12W C．6V，10W D．6V，6W8．如图所示，水平匀强电场中将一电荷量为0.1C的带电小球从A点沿虚线移到B点，电场力做功为0.1J，已知A、B之间的距离为0.5m，虚线与电场线的夹角为60°，匀强电场的电场强度大小为（）A．4N/C B．N/C C．2N/C D．N/C9．下列说法中正确的是（）A．电场线实际上并不存在，是为了方便描述电场假想出来的B．电场强度和电势都是标量，不能用平行四边形定则求和C．公式F=适用于计算真空环境中两个点电荷之间的作用力D．公式U AB=只适用于计算匀强电场的电势差，不适用于非匀强电场10．如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线．若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及发热功率比较正确的是（）A．电阻R1的阻值较大B．电阻R2的阻值较大C．电阻R1的发热功率较大D．电阻R2的发热功率较大11．图示电路中，电源内阻不能忽略．闭合开关S，理想电压表示数为U，理想电流表示数为I；在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中（）A．U先变小后变大B．I先变小后变大C．U与I比值始终保持不变D．电源消耗的功率先减小后增大12．图示电路中，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，电阻R1=R4=2Ω，R2=R3=6Ω，闭合开关S，下列说法正确的是（）A．电源内阻r消耗的电功率阻R1消耗的电功率相等B．电阻R2消耗的电功率为6WC．电源的路端电压为10VD．b、a两点间的电压为4V二、非选择题（共5小题，满分52分）13．一个灵敏电流计，内阻R g=100Ω，满偏电流I g=3mA，把它改装成量程为3V的电压表，需联一个Ω的电阻．14．实验室购买了一根标称长度为100m的铜导线，某同学想通过实验测其实际长度，该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为1.7×10﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；定值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线若干．（1）实验中，滑动变阻器应选（填“R1”或“R2”），闭合开关S前应将滑片移至端（填“a”或“b”）．（2）在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．（3）调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图乙所示，读数为V．（4）导线实际长度为m（保留2位有效数字）．15．如图所示，在真空中边长为10cm的等边三角形的两个顶点A、B上各放一个点电荷，其中Q1=1×10﹣8C，Q2=﹣1×10﹣8C，现在三角形的另一顶点C处放一个带电荷量q=1×10﹣8C的正点电荷，已知静电力常量k=9.0×108N•m2/C2．求该正点电荷q所受到的电场力．16．图甲是一种家用电熨斗的电路原理图（额定电压为220V），虚线框内为加热电路，R0是定值电阻，R是可变电阻．当该电熨斗所接电压为其额定电压时，该电熨斗的最低耗电功率为100W，最高耗电功率为500W．（1）求R0的阻值及R的阻变化范围；（2）假定电熨斗每秒钟散发的热量Q跟环境温度的关系如图乙所示，则在温度为30℃的房间使用该电熨斗来熨烫毛料西服，要求熨斗表面温度保持不变，应将R的阻值调为多大？17．如图所示，直角坐标系xOy平面竖直，y轴竖直向上，平面内有沿竖直方向的匀强电场（图中未画出），由x轴上的点A（﹣1，0）沿与x轴正方向成45°角以速度v=2m/s斜射出一质量m=0.01kg，电荷量q=0.01C的带负电荷的小球，B点是小球运动轨迹与y轴的交点，运动轨迹上C、D两点的坐标在图中标出．重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，求：（1）B点的坐标；（2）匀强电场的电场强度大小和方向；（3）小球运动到D点时的速度大小和方向．2016-2017学年河北省邢台市高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分.在每小题给出的四个选项中，第1~8小题只有一项正确；第9~12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下列单位中，属于电场强度的单位是（）A．V/m B．C/N C．J/C D．N/m【考点】电场强度．【分析】根据电场强度的定义式E=和电场强度与电势差的关系式E=，将式中各量的单位代入推导出电场强度的单位．【解答】解：AD、根据电场强度与电势差的关系式E=，U的单位是V，d的单位是m，代入可得，E的单位为V/m，故A正确，D错误．BC、根据电场强度的定义式E=，F的单位是N，q的单位是C，则电场强度的单位可为N/C，故B、C错误．故选：A2．关于静电场的等势面和电场线，下列说法正确的是（）A．两个电势不同的等势面可能相交B．沿着电场线线方向电势逐渐升高C．同一等势面上各点电场强度一定相等D．将一正的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功【考点】电势差；电场线．【分析】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；沿着等势面移动点电荷，电场力不做功．电场线与等势面垂直，且从电势高的等势面指向电势低的等势面．正电荷在等势面高的位置的电势能大【解答】解：A、若两等势面相交，说明此处场强相同，而电场线与等势面相互垂直，相交时，此处场强方向不同，场强不同，相互矛盾，故A错误B、沿着电场线线方向电势逐渐降低，故B错误；C、电场强度的大小与电势的高低没有关系，所以同一等势面上各点电场强度不一定相等，故C错误；D、正电荷在等势面高的位置的电势能小，所以将一正的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电势能减小，电场力做正功，故D正确．故选：D3．如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支技使它们彼此接触，把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开，下列说法正确的是（）A．此时A带正电，B带负电B．此时A与B电势相等C．A中的自由电荷跑到B中去了D．先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合【考点】静电场中的导体；电荷守恒定律．【分析】根据静电感应规律可明确AB两端所带电性，再根据电荷间的相互作用分析移走C 后AB所带电量，即可明确金箔能否闭合．【解答】解：A、带正电的物体C靠近A附近时，由于静电感应，A端带上负电，B端带上正电；故A错误；B、处于静电平衡状态的导体是等势体，所以此时AB为等势体，两端电势相等；故B正确；C、在AB发生静电感应的过程中，B中可以自由运动的电子跑到了A上，所以A带负电；故C错误；D、先把AB分开，则A带负电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开；故D错误；故选：B4．如图所示，电容器与电池相连，电容器两水平极板间悬停着一带电小球，若减小电容器两极板间距离，则下列说法正确的是（）A．电容器电容减小B．电容器极板带电荷量减小C．在减小极板间距离的过程中，电路中电流方向如图所示D．原来静止在电容器极板间的电荷将向上加速运动【考点】电容器的动态分析．【分析】根据电容器的决定式分析电容的变化，根据电容器与电源相连可知电压不变，从而根据Q=UC可分析电量的变化，从而分析电流的方向；根据U=Ed分析电场强度的变化，从而分析粒子受力的变化，明确运动情况．【解答】解：A、由电容的决定式C=可知，d减小时，电容增大，故A错误；B、由于电容器和电源相连，则U不变，由Q=UC可乔，电量Q增大，故B错误；C、由以上分析可知减小d时，电量Q增大，电容器充电，故电流为顺时针，故C错误；D、根据E=可知，两板间的电场强度增大，电场力将大于重力，电荷将向上加速运动，故D正确．故选：D．5．如图所示，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点．不计重力．下列说法正确的是（）A．M带正电荷，N带负电荷B．M在a点时所受电场力方向指向圆心C．M、N在轨迹相交处受到的电场力一定相等D．N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】根据轨迹的弯曲，确定粒子所受的力是吸引力还是排斥力，从而确定粒子的电性；根据力和速度的夹角判断做功的正负．【解答】解：A、由粒子运动的轨迹可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，故M 带负电，N带正电，故A错误；B、粒子受到的库仑力作用于它们的连线上，故M在a点时受到的电场力方向指向圆心，故B正确；C、电场力的大小与该点的电场强度和所带电荷量都有关系，不清楚MN的电量，故C错误；D、从c到d点，N为正电荷，受到的电场力为排斥力，N从c到d在远离正电荷，故N在从c点运动到d点的过程中电场力做正功；故D错误；故选：B6．一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）A．动能增大 B．电势能增加C．动能和电势能之和减小 D．重力势能和电势能之和增加【考点】带电粒子在混合场中的运动；电势能．【分析】根据图中的运动轨迹情况，可以判断出重力和电场力的大小关系，然后根据功能关系求解即可．【解答】解：A、由轨迹图可知，带电油滴所受重力小于电场力，故从a到b的运动过程中合外力做正功，动能增加，故A正确；B、从a到b的运动过程电场力做正功，电势能减小，故B错误；C、根据功能关系可知，在从a到b的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，因该过程中动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，故C正确；D、从a到b的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小，故D 错误．故选：AC．7．用电动势为6V、内阻为3Ω的直流电源，依次给下列四个小灯泡供电，其中最亮的小灯泡标有的额定电压和额定功率是（）A．6V，15W B．6V，12W C．6V，10W D．6V，6W【考点】电功、电功率．【分析】电源的输出功率表达式由数学式可知当R=时，即R=r时输出功率P最大．【解答】解：当外阻与内阻相等时，输出功率最大，灯泡最亮．由R=得四个灯泡电阻为：R A=2.4ΩR B=3ΩR C=3.6ΩR D=6Ω可见B选项中灯泡电阻等于电源的内阻，连入电路最亮．故B正确，ACD错误故选：B8．如图所示，水平匀强电场中将一电荷量为0.1C的带电小球从A点沿虚线移到B点，电场力做功为0.1J，已知A、B之间的距离为0.5m，虚线与电场线的夹角为60°，匀强电场的电场强度大小为（）A．4N/C B．N/C C．2N/C D．N/C【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】根据电势能变化和电场力做功的关系，由求解电势差．由U=Ed=E cos60°求解电场强度E．【解答】解：带电小球由A点移到B点，则电场力所做的功0.1J，A、B两点间的电势差：，根据匀强电场中电势差和电场强度的关系：U=Ed=E cos60°得：，故A正确，BCD错误．故选：A9．下列说法中正确的是（）A．电场线实际上并不存在，是为了方便描述电场假想出来的B．电场强度和电势都是标量，不能用平行四边形定则求和C．公式F=适用于计算真空环境中两个点电荷之间的作用力D．公式U AB=只适用于计算匀强电场的电势差，不适用于非匀强电场【考点】电场线；库仑定律．【分析】电场是客观存在的物质，电场线是人们为形象描述电场而假想的，电场强度是矢量，根据库仑定律的适用条件分析C选项，公式U AB=是电势差的定义式，适用于任何电场．【解答】解：A、电场线是人们为形象描述电场而假想的，实际不存在；而电场是客观存在的物质，故A正确；B、电场强度是矢量，电势是标量，电场强度用平行四边形定则求和，故B错误；C、真空中的静止的点电荷之间的作用力，才可以用公式F=，故C正确；D、公式U AB=是电势差的定义式，适用于任何电场，故D错误．故选：AC10．如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线．若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及发热功率比较正确的是（）A．电阻R1的阻值较大B．电阻R2的阻值较大C．电阻R1的发热功率较大D．电阻R2的发热功率较大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】图象的斜率表示电阻的倒数，很容易比较出两电阻的大小．再根据功率的公式P=，比较两电阻的发热功率．【解答】解：A、B：因为该图象是I﹣U图线，图象的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，电阻越小，所以R2的阻值大于R1的阻值．故A错误、B正确．C、D：根据功率的公式P=，电压相同，电阻大的功率小，所以R1的发热功率大．故C正确、D错误．故选BC．11．图示电路中，电源内阻不能忽略．闭合开关S，理想电压表示数为U，理想电流表示数为I；在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中（）A．U先变小后变大B．I先变小后变大C．U与I比值始终保持不变D．电源消耗的功率先减小后增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】图中电压表测量R2的电压，电流表测量R3的电流．当滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，电阻先增大后减小，由欧姆定律可判断电流表示数的变化和和U与I比值的变化．【解答】解：AB、在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器R1的有效电阻先增大后减小，外电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知：总电流先变小后变大，路端电压先增大后减小．由欧姆定律知：电流表示数I先变大后变小．根据并联电路的分流规律可知，通过R2的电流先变小后变大，则电压表的读数U先变小后变大．故A正确，B错误．C、由于U先变小后变大，II先变大后变小，所以U与I比值先变小后变大，故C错误．D、电源消耗的功率为P=EI总，E不变，I总先变小后变大，则电源消耗的功率P先减小后增大．故D正确．故选：AD12．图示电路中，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，电阻R1=R4=2Ω，R2=R3=6Ω，闭合开关S，下列说法正确的是（）A．电源内阻r消耗的电功率阻R1消耗的电功率相等B．电阻R2消耗的电功率为6WC．电源的路端电压为10VD．b、a两点间的电压为4V【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】先求出外电路总电阻，再由闭合电路欧姆定律求出总电流，由并联电路分流规律求出各个电阻的电流，再由功率公式P=I2R分析电源内阻r消耗的电功率与电阻R1消耗的电功率关系．并求得R2消耗的电功率．由欧姆定律求路端电压，根据R1、R3电压之差求b、a两点间的电压．【解答】解：AC、外电路总电阻为R===4Ω总电流为I==A=2A，电源内阻r消耗的电功率为P r=I2r=22×2=8W．路端电压为U=E﹣Ir=12﹣2×2=8V，R1的电压U1=U=×8=2V，R1消耗的电功率P1===2W．故A、C错误．B、R2的电压U2=U﹣U1=8﹣2=6V，R2消耗的电功率P2==6W．故B正确．D、R3的电压U3=U=×8V=6V，b、a两点间的电压为U ba=U3﹣U1=6﹣2=4V，故D正确．故选：BD二、非选择题（共5小题，满分52分）13．一个灵敏电流计，内阻R g=100Ω，满偏电流I g=3mA，把它改装成量程为3V的电压表，需串联一个900Ω的电阻．【考点】把电流表改装成电压表．【分析】把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，由串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值．【解答】解：把电流表改装成3V电压表，需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：R=﹣R g=﹣100=900Ω；故答案为：串；900．14．实验室购买了一根标称长度为100m的铜导线，某同学想通过实验测其实际长度，该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为1.7×10﹣8Ω•m，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；定值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线若干．（1）实验中，滑动变阻器应选2（填“R1”或“R2”），闭合开关S前应将滑片移至a端（填“a”或“b”）．（2）在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．（3）调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图乙所示，读数为 2.30 V．（4）导线实际长度为94m（保留2位有效数字）．【考点】测定金属的电阻率．【分析】（1）本实验采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值应为R0和R x总阻值的4倍以上，闭合开关S前应将滑片移至阻值最大处；（2）根据实验电路图，连接实物图；（3）根据图乙读出电压，注意估读；（4）根据欧姆定律及电阻定律即可求解．【解答】解：（1）本实验采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值应为R0和R x总阻值的4倍以上，R0=3Ω，所以滑动变阻器选R2，闭合开关S前应将滑片移至阻值最大处，即a处；（2）根据实验电路图，连接实物图，如图所示：（3）根据图乙读出电压U=2.30V，（4）根据欧姆定律得：R0+R x=解得：R x=1.6Ω根据电阻定律得：R x=解得：L=m故答案为：（1）R2，a；（2）如图所示；（3）2.30V；（4）94．15．如图所示，在真空中边长为10cm的等边三角形的两个顶点A、B上各放一个点电荷，其中Q1=1×10﹣8C，Q2=﹣1×10﹣8C，现在三角形的另一顶点C处放一个带电荷量q=1×10﹣8C的正点电荷，已知静电力常量k=9.0×108N•m2/C2．求该正点电荷q所受到的电场力．【考点】库仑定律．【分析】C处的电场是两个带电小球产生的场强的和，分别求出两个电荷的场强，然后使用平行四边形法则进行合成求出合场强，最后由F=qE即可求出电场力．【解答】解：BC两处的电荷在A处的电场的方向如图，由于两个场源电荷的电量相等，所以和场强的方向如图：得：E1=E2==N/C=9000N/C由图可得：和场强E和E1、E2是等边三角形，所以：E=9000N/C，方向与AB边平行．所以点电荷受到的电场力为：F=qE=1×10﹣8×9000=9×10﹣5N，方向水平向右答：该正点电荷q所受到的电场力是9×10﹣5N，方向水平向右．16．图甲是一种家用电熨斗的电路原理图（额定电压为220V），虚线框内为加热电路，R0是定值电阻，R是可变电阻．当该电熨斗所接电压为其额定电压时，该电熨斗的最低耗电功率为100W，最高耗电功率为500W．（1）求R0的阻值及R的阻变化范围；（2）假定电熨斗每秒钟散发的热量Q跟环境温度的关系如图乙所示，则在温度为30℃的房间使用该电熨斗来熨烫毛料西服，要求熨斗表面温度保持不变，应将R的阻值调为多大？【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）当可变电阻R的滑片滑到最上端时，可变电阻接入电路的电阻为零，此时电熨斗耗电功率最大，为500W，当可变电阻R的滑片滑到最下端时，可变电阻接入电路的电阻最大，此时电熨斗耗电功率最小，为100W，对两种情况，分析由公式P=列式，即可求得R0的阻值及R的最大值，从而得到R的阻变化范围；（2）根据图乙，读出环境温度为30℃时，电熨斗每秒钟散发的热量Q，从而得到电路耗电功率，再由公式P=求R的阻值．【解答】解：（1）由题意可知，当可变电阻R的滑片滑到最上端时，可变电阻接入电路的电阻为零，此时电熨斗耗电功率最大，为500W．当可变电阻R的滑片滑到最下端时，可变电阻接入电路的电阻最大，此时电熨斗耗电功率最小，为100W，则有：=P min=100W=P max=500W联立解得R0=96.8Ω，R=387.2Ω所以R的阻变化范围为0≤R≤387.2Ω．（2）由图乙可知，当环境温度为30℃时，电熨斗每秒钟散发的热量Q=200J，要求熨斗表面温度保持不变，则电路耗电功率为P=200W则有=P=200W解得R x=145.2Ω答：（1）R0是96.8Ω，R的阻变化范围为0≤R≤387.2Ω．（2）应将R的阻值调为145.2Ω．17．如图所示，直角坐标系xOy平面竖直，y轴竖直向上，平面内有沿竖直方向的匀强电场（图中未画出），由x轴上的点A（﹣1，0）沿与x轴正方向成45°角以速度v=2m/s斜射出一质量m=0.01kg，电荷量q=0.01C的带负电荷的小球，B点是小球运动轨迹与y轴的交点，运动轨迹上C、D两点的坐标在图中标出．重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，求：（1）B点的坐标；（2）匀强电场的电场强度大小和方向；（3）小球运动到D点时的速度大小和方向．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）由几何知识可知，小球从A到B做类平抛运动的逆过程，根据运动的合成和分解规律可求得竖直距离，从而确定B点的坐标；（2）由平抛运动的规律可求得加速度大小，再分析加速度与重力加速度的关系可明确电场力方向，再根据牛顿第二定律可求得电场强度大小；（3）根据动能定理可求得B点的速度，再根据运动的合成和分解规律可求得夹角的斜弦值，从而确定夹角大小．【解答】解：（1）由几何知识可知，小球从A点运动的B点的逆过程做类平抛运动，则有：水平方向分速度：v Ax=v A cos45°竖直分速度：v Ay=v A sin45°水平方向做匀速运动，则有：v Ax t1=x A竖直方向做匀加速直线运动，则有：t1=y B联立解得t1=0.5s，y B=0.5m所以B点的坐标为（0，0.5）；（2）由类平抛运动的知识可知：对竖直方向分析有：y B=12解得：a=4m/s2因为加速度a=4m/s2＜g，所以小球受到的电场力向上，又因为小球带负电，所以电场方向竖直向下由牛顿第二定律可知：mg﹣Eq=ma解得：E=6N/C；（3）小球从B点到D点的运动过程做类平抛运动，由动能定理可知：（mg﹣Eq）（y B+y D）=m（v D2﹣v B2）其中v B=v Ax=2m/s解得：v D=4m/s而v Dx=v B所以小球在D点时的速度方向与x轴正方向的夹角θ满足cosθ==所以θ=60°．答：（1）B点的坐标为（0，0.5）；（2）匀强电场的电场强度大小为6N/C，和方向竖直向下；（3）小球运动到D点时的速度大小为4m/s，方向与水平方向成60°角．2016年12月9日。
高三上学期第二次月考物理试题
高三上学期第二次月考物理试题姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共12题；共24分)1. （2分）如图所示是某物体做直线运动的速度图象，下列有关物体运动情况判断正确的是（）A . 前两秒加速度为B . 4 s末物体回到出发点C . 6 s末物体距出发点最远D . 8 s末物体距出发点最远2. （2分） (2018高二上·遵义月考) “蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器。
假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0(t0<t)时刻距离海面的深度为（）A .B .C .D .3. （2分） (2020高一上·青岛期末) 如图所示，物块a、b质量分别为2m、m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态，则（）A . 物块b受四个力作用B . 物块b受到的摩擦力大小等于2mgC . 物块b对地面的压力大小等于mgD . 物块a受到物块b的作用力水平向右4. （2分） (2018高一上·昌吉期末) 一个物体从某一高度做自由落体运动，它在第1s内的位移恰好等于它最后1s内位移的，则它开始下落时距地面的高度为（取g=10m/s2）（）A . 5mB . 11.25mC . 20mD . 31.25m5. （2分）(2017·孝义模拟) 如图所示，水平桌面上有三个相同的物体a、b、c叠放在一起，a的左端通过一根轻绳与质量为m=3kg的小球相连，绳与水平方向的夹角为60°，小球静止在光滑的半圆形器皿中．水平向右的力F=40N作用在b上，三个物体保持静止状态．g取10m/s2 ，下列说法正确的是（）A . 物体c受到向右的静摩擦力B . 物体b受到一个摩擦力，方向向左C . 桌面对物体a的静摩擦力方向水平向右D . 撤去力F的瞬间，三个物体将获得向左的加速度6. （2分） (2017高一上·安顺期末) 如图所示，轻质弹簧相连接的物体A、B置于光滑有挡板的30°斜面上，弹簧的劲度系数为k，A、B的质量分别为m1和m2 ，两物体都处于静止状态．现用力拉A使其沿斜面缓慢向上运动，直到物块B刚要离开挡板，在此过程中，A物体移动的距离为（）A .B .C .D .7. （2分） (2019高三上·兴宁期中) 如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．通过力传感器和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙所示．（g＝10m/s2）则（）A . 物体的质量m＝1.0kgB . 物体与水平面间的动摩擦因数＝0.20C . 第2s内物体克服摩擦力做的功W＝2.0JD . 前2s内推力F做功的平均功率＝3.0 W8. （2分）如图，建筑工人用恒力F推运料车在水平地面上匀速前进，F与水平方向成30°角，运料车和材料的总重为G ，下列说法正确的是（）A . 建筑工人受摩擦力方向水平向左B . 建筑工人受摩擦力大小为C . 运料车受到地面的摩擦力水平向右D . 运料车对地面压力为9. （2分）(2017·金山模拟) 某物体做竖直上抛运动，在运动过程中不变的是（）A . 路程B . 位移C . 速度D . 加速度10. （2分） (2019高一上·苍南月考) 某物体从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，它到达斜面底端时的速度是2m/s，则它经过斜面中点时的速度是（）A . m/sB . 2m/sC . m/sD . 0.5m/s11. （2分） (2016高一上·延川期中) 一物体做匀加速直线运动，已知它的加速度为2m/s2 ，那么在任何1s内（）A . 物体的末速度一定等于初速度的2倍B . 物体的末速度一定比初速度大2m/sC . 物体的初速度一定比前1s的末速度大2m/sD . 物体的末速度一定比前1s的初速度大2m/s12. （2分） (2019高三上·宝坻期中) 为检测某新能源动力车的刹车性能，现在平直公路上做刹车实验，如图所示是动力车整个刹车过程中位移与速度平方之间的关系图象，下列说法正确的是（）A . 动力车的初速度为40 m/sB . 刹车过程动力车的加速度大小为5 m/s2C . 刹车过程持续的时间为10sD . 从开始刹车时计时，经过6s，动力车的位移为30m二、多选题 (共5题；共15分)13. （3分） (2017高二下·济南期末) 如图所示，重叠物A、B接触面间动摩擦因数都是μ，地面都光滑，当物体A受到水平拉力F作用，A、B处于相对静止时，关于A、B所受摩擦力对它们运动的影响，下列说法正确的是（）A . 两图中A物所受摩擦力都是阻力，方向都水平向右B . 两图中B物所受摩擦力都是动力，方向都水平向左C . 两图中B物所受摩擦力都为动力，甲图中方向为水平向左，乙图中方向水平向右D . 甲图中B所受摩擦力为动力，乙图中B所受摩擦力为阻力，它们的方向都是水平向左14. （3分） (2017高一上·西安期中) 一个物体在6个共点力的作用下处于静止状态，现在撤去其中的两个力，这两个力的大小分别是15N和25N，其余4个力保持不变，则该物体所受合力大小可能是（）A . 零B . 3NC . 20ND . 40N15. （3分） (2019高三上·合肥月考) 如图，小球C置于光滑的半球形凹槽B内，B放在长木板A上，整个装置处于静止状态，在缓慢减小木板的倾角过程中，下列说法正确的是（）A . A受到的压力逐渐减小B . A受到的摩擦力逐渐减小C . C对B的压力逐渐变大D . C受到二个力的作用16. （3分）下列判断正确的有（）A . 在自然界发生的一切过程中能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏观过程都能自然发生B . 气体经等压升温后，内能增大，外界需要对气体做功C . 小昆虫能在水面上跑动，是因为水的表面张力的缘故D . 第二类永动机不能实现，并不是因为违背了能量守恒定律17. （3分）下列说法正确的是（）A . 单色光从光密介质进入光疏介质时，光的波长不变B . 雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的C . 杨氏双缝干涉实验中，当两缝间的距离以及挡板和屏的距离一定时，红光干涉条纹的相邻条纹间距比蓝光干涉条纹的相邻条纹间距小D . 光的偏振特征说明光是横波E . 水中的气泡看起来特别明亮，是因为光从水射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射的缘故三、实验题 (共2题；共5分)18. （3分） (2019高一上·蛟河月考) 如图所示为“测定小车做匀加速直线运动加速度”的实验中得到的一条纸带，舍去开始比较密集的点，按时间顺序标注为0、1、2、3、4、5共6个计数点，相邻两计数点间有4个点没有画出，图中上面的数字为相邻两计数点间的距离。
高三上学期物理第二次月考物理试题(原卷版)
5.物体甲的V-t图象和乙的S-t图象分别如图所示，则这两个物体的运动情况是（）
A．甲在整个t=4s时间内运动方向一直不变
B．甲在整个t=4s时间内有来回运动
C．乙在整个t=4s时间内有来回运动
D．乙在整个t=4s时间内运动方向一直不变，通过的总位移大小为0m
6.如图所示，质量分别为m和2m所小球A和B，用轻弹簧相连后再用细线悬挂于电梯内，已知电梯正在竖直向上做匀加速直线运动，细线上的拉力为F．此时突然剪断细线，在细线断的瞬间，弹簧的弹力大小和小球A的加速度大小分别为
B．t=4s时两车间的距离最大
C．0~12s内两车有两次相遇
D．0~12s内两车有三次相遇
9.如图所示，光滑水平桌面放置着物块A，它通过轻绳和轻质滑轮悬挂着物块B，已知A的质量为m，B的质量为3m，重力加速度大小为g，静止释放物块A、B后（）
A．相同时间内，A、B运动的路程之比为2:1
B．物块A、B的加速度之比为1：1
(1)在电动机带动下，偏心轮转动的角速度ω；
(2)打夯机对地面的最大压力。
12.在日常生活中，我们经常看到物体与物体间发生反复的多次碰撞。如图所示，一块表面水平的木板静止放在光滑的水平地面上，它的右端与墙之间的距离L＝0.08 m。现有一小物块以初速度v0＝2 m/s从左端滑上木板，已知木板和小物块的质量均为1 kg，小物块与木板之间的动摩擦因数μ＝0.1，木板足够长使得在以后的运动过程中小物块始终不与墙接触，木板与墙碰后木板以原速率反弹，碰撞时间极短可忽略，取重力加速度g＝10 m/s2。求：
11.电动打夯机 结构如图所示，则偏心轮（飞轮和配重物m组成）、电动机和底座三部分组成，飞轮上的配重物的质量m＝6 kg。电动机、飞轮（不含配重物）和底座总质量M＝30 kg，配重物的重心到轮轴的距离r＝20 cm。在电动机带动下，偏心轮在竖直平面内匀速转动，当偏心轮上的配重物转到顶端时，刚好使整体离开地面，g取10 m/s2，求：
河北省邢台市2023届高三第二次模拟考试试卷物理试题
河北省邢台市2023届高三第二次模拟考试试卷物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。
用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、教师在课堂上做了两个小实验，让小明同学印象深刻。
第一个实验叫做“旋转的液体”，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，沿边缘内壁放一个圆环形电极，把它们分别与电池的两极相连，然后在玻璃皿中放入导电液体，例如盐水，如果把玻璃皿放在磁场中，液体就会旋转起来，如图甲所示。
第二个实验叫做“振动的弹簧”，把一根柔软的弹簧悬挂起来，使它的下端刚好跟槽中的水银接触，通电后，发现弹簧不断上下振动，如图乙所示。
下列关于这两个趣味实验的说法正确的是（）A．图甲中，如果改变磁场的方向，液体的旋转方向不变B．图甲中，如果改变电源的正负极，液体的旋转方向不变C．图乙中，如果改变电源的正负极，依然可以观察到弹簧不断上下振动D．图乙中，如果将水银换成酒精，依然可以观察到弹簧不断上下振动2、如图所示，金属环M、N用不可伸长的细线连接，分别套在水平粗糙细杆和竖直光滑细杆上，当整个装置以竖直杆为轴以不同大小的角速度匀速转动时，两金属环始终相对杆不动，下列判断正确的是（）A．转动的角速度越大，细线中的拉力越大B．转动的角速度越大，环N与竖直杆之间的弹力越大C．转动的角速度不同，环M与水平杆之间的弹力相等D ．转动的角速度不同，环M 与水平杆之间的摩擦力大小不可能相等3、为了探测某星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r 1的圆轨道上运动，周期为T 1，总质量为m 1，环绕速度为v 1。
高三上学期第二次月考物理试题
高三物理试题一、选择题：（本题共14小题，每题3分，共42分，至少有一个选项是符合题意的，选不全得1分，不选或错选不得分。
）1、如图所示，一个质量为m 的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P 点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°，则（ ） A 、滑块可能受到三个力作用 B 、弹簧一定处于压缩状态C 、斜面对滑块的支持力大小可能为零D 、斜面对滑块的摩擦力大小一定等于12mg2、如图所示是某小型机械厂用于运输工件的简易装置，质量都为m 的箱子A 和物体B ，用跨过光滑的定滑轮的轻质细绳相连，A 置于倾角θ＝30°的斜面上，处于静止状态，现向A 中缓慢加入沙子，直至A 开始运动为止，则在加入沙子的过程中，A 所受的摩擦力（ ） A 、逐渐增大B 、逐渐减小C 、先减少后增大D 、先增大后减少3、如图所示，两个相同的光滑小球甲和乙放在倾角为45o 的斜面上，被一固定在斜面上的竖直挡板挡住，设每个小球的重力大小为G ，甲球对乙球的作用力大小为F 1，斜面对乙球的作用力大小为F 2，则以下结论正确的是 （ ） A 、21F F < B 、1F G > C 、1F G = D 、21F F =4、将质量为m 的小球以速度v 0由地面竖直向上抛出，小球落回地面时，其速度大小为043v ，设小球在运动过程中所受空气阻力的大小不变，则空气阻力的大小等于（ ） A 、mg 43 B 、mg 163 C 、mg 167 D 、mg 2575、如图甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m 的物体，受到沿斜面方向的力F 作用，力F 按图乙所示规律变化（图中纵坐标是F 与mg 的比值，力沿斜面向上为正）.则物体运动的速度v 随时间t 变化的规律是图丙中的（物体的初速度为零，重力加速度取10m/s 2）（ ）6、质量为2 kg 的物体在xy 平面上做曲线运动，在x 方向的速度图象和y 方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是( ) A 、质点的初速度为5 m/s B 、质点所受的合外力为3 NC 、质点初速度的方向与合外力方向垂直D 、2 s 末质点速度大小为6 m/s7、如图所示是一个玩具陀螺，a 、b 和c 是陀螺表面上的三个点。
高三物理上学期第二次段考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年广东省广州市实验中学高三〔上〕第二次段考物理试卷二、选择题：此题共9小题，每一小题6分．在每一小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是〔〕A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量C．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献D．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律2．如下列图，长为r的细杆一端固定一个质量为m的小球，使之绕另一端O在竖直面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度v=，物体在这点时〔〕A．小球对细杆的拉力是B．小球对杆的压力是C．小球对杆的拉力是 mg D．小球对杆的压力是mg3．水平抛出的小球，以刚抛出时为计时起点与位移起点，在t秒末时速度方向与水平方向的夹角为α1，在t+t0秒末时位移方向与水平方向的夹角为α2，重力加速度为g，忽略空气阻力，如此小球初速度的大小可表示为〔〕A．B．C．D．4．如图，竖直平面内的轨道Ⅰ和Ⅱ都由两段直杆连接而成，两轨道长度相等，一小球穿过细直杆且球与两轨道间的动摩擦因数相等．用一样的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿Ⅰ和Ⅱ推至最高点A，假定球在经过轨道转折点的前后速度大小不变．全过程中动能增量分别为△E k1、△E k2，重力势能增量分别为△E P1、△E P2，如此〔〕A．△E k1=△E k2，△E P1=△E P2 B．△E k1＞△E k2，△E P1=△E P2C．△E k1＜△E k2，△E P1=△E P2D．△E k1＞△E k2，△E P1＜△E P25．质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力F，如图甲所示，此后物体的v﹣t图象如图乙所示，取水平向右为正方向，g=10m/s2，如此〔〕A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5B．10s末恒力F的功率为6WC．10s末物体恰好回到计时起点位置D．10s内物体抑制摩擦力做功34J6．如下列图，倾角为θ的斜面上只有AB段粗糙，其余局部都光滑，AB段长为3L．有假设干个一样的小方块〔每个小方块视为质点〕沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L．将它们由静止释放，释放时下端距A为3L．当下端运动到A下面距A为L/2时小方块运动的速度达到最大．设小方块与粗糙斜面的动摩擦因数为μ，小方块停止时下端与A点的距离为s，如此如下说法正确的答案是〔〕A．μ=tanθ B．μ=2tanθC．s=3L D．s=4L7．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．假设重力加速度大小为g，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v08．如下列图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，如此在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．抑制摩擦力做功0.5mghC．动能损失了2mgh D．机械能损失了mgh9．为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1…总质量为m1．随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2，如此〔〕A．X星球的质量为M=B．X星球外表的重力加速度为g x=C．登陆舱在T1与r2轨道上运动时的速度大小之比为=D．登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为T2=T1三、非选择题：10．利用图示装置可以做力学中的许多实验．〔1〕利用此装置做“研究匀变速直线运动〞的实验时，〔选填“需要〞或“不需要〞〕设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响．〔2〕利用此装置探究“加速度与质量的关系〞并用图象法处理数据时，如果画出的a﹣m 关系图象是曲线，如此〔选填“能〞或“不能〞〕确定小车的加速度与质量成反比．〔3〕利用此装置探究“功与速度变化的关系〞的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，〔选填“需要〞或“不需要〞〕重新调节木板的倾斜度．11．某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功，装置如图1所示，一木块放在粗糙的水平长木板上，左侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块右侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向左做匀减速运动，图2给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点〔图中未标出〕，计数点间的距离如下列图．打点计时器所用交流电频率为50Hz，不计纸带与木块间的作用力．〔1〕可以判断纸带的〔左或右〕端与木块连接．〔2〕根据纸带提供的数据计算打点计时器在打下A点和B点时木块的速度：v A=m/s，v B=m/s．〔结果均保存两位有效数字〕〔3〕要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还需要的实验器材是，还应测量的物理量是．〔填入所选实验器材和物理量前的字母〕A．木板的长度l B．木块的质量m1 C．木板的质量m2D．重物质量m3 E．木块运动的时间t F．AB段的距离l ABG．天平 H．刻度尺 J．弹簧秤〔4〕在AB段，木板对木块的摩擦力所做的功的关系式W AB=．〔用v A、v B和第〔3〕问中测得的物理量的字母表示〕12．〔10分〕〔2015•宁德二模〕如图，在水平轨道右侧固定半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长度为l；水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态．可视为质点的小物块从轨道右侧A点以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后压缩弹簧，并被弹簧以原速率弹回．R=0.4m，l=2.5m，v0=6m/s，物块质量m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数μ=0.4，轨道其他局部摩擦不计．取g=10m/s2．求：〔1〕物块经过圆轨道最高点B时对轨道的压力；〔2〕物块从Q运动到P的时间与弹簧获得的最大弹性势能；〔3〕调节仍以v0从右侧冲上轨道，调节PQ段的长度l，当l长度是多少时，物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动．13．〔12分〕〔2015春•株洲校级期末〕如图甲所示，在竖直平面内有一个直角三角形斜面体，倾角θ为30°，斜边长为x0，以斜面顶部O点为坐标轴原点，沿斜面向下建立一个一维坐标x轴．斜面顶部安装一个小的定滑轮，通过定滑轮连接两个物体A、B〔均可视为质点〕，其质量分别为m1、m2，所有摩擦均不计，开始时A处于斜面顶部，并取斜面底面所处的水平面为零重力势能面，B物体距离零势能面的距离为；现加在A物体上施加一个平行斜面斜向下的恒力F，使A由静止向下运动．当A向下运动位移x0时，B物体的机械能随x轴坐标的变化规律如图乙，如此结合图象可求：〔1〕B质点最初的机械能E1和上升x0时的机械能E2；〔2〕恒力F的大小．14．〔19分〕〔2015秋•姜堰区校级月考〕如下列图，左边为是两个四分之一圆弧衔接而成的轨道EF，右边为两个斜面AB、CD和一段光滑圆弧组成的曲面台．设大小两个四分之一圆弧半径为2R和R，两斜面倾角均为θ=370，AB=CD=2R，且A、D等高，D端固定一小挡板，假设碰撞不损失机械能．一质量为m的滑块与斜面动摩擦因数均为0.25，将滑块从地面上光滑的小平台上以一定的初速度经E点进入圆弧轨道，从最高点F飞出后进入右边的斜面上．重力加速度为g．〔1〕设滑块恰能无挤压地从F点飞出，同时为了使滑块恰好沿AB斜面进入右边轨道，应调节右边下面支架高度使斜面的A、D点离地高为多少？〔2〕接〔1〕问，求滑块在斜面上走过的总路程．〔3〕当滑块的以不同初速度进入EF，求其通过最高点F和小圆弧最低点E时受压力之差的最小值．2015-2016学年广东省广州市实验中学高三〔上〕第二次段考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：此题共9小题，每一小题6分．在每一小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是〔〕A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量C．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献D．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律【考点】物理学史．【分析】此题比拟简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学开展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的牛顿、爱因斯坦、法拉第等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献．【解答】解：A、伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来，标志着物理学的真正开始，故A正确；B、万有引力常量是由卡文迪许测出的，故B错误；C、笛卡尔等人又在伽利略研究的根底上进展了更深入的研究，他认为：如果运动物体，不受任何力的作用，不仅速度大小不变，而且运动方向也不会变，将沿原来的方向匀速运动下去，因此笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故C正确；D、开普勒提出行星运动三大定律，故D正确．此题选错误的，应当选：B．【点评】要熟悉物理学史，了解物理学家的探索过程，从而培养学习物理的兴趣和为科学的奉献精神．2．如下列图，长为r的细杆一端固定一个质量为m的小球，使之绕另一端O在竖直面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度v=，物体在这点时〔〕A．小球对细杆的拉力是B．小球对杆的压力是C．小球对杆的拉力是 mg D．小球对杆的压力是mg【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解速度；即时速度v=时，再对小球受力分析，根据牛顿第二定律列式求解杆的弹力即可．【解答】解：球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m解得：由于v=＜v0故杆对球有支持力，根据牛顿第二定律，有：mg﹣N=m解得：N=mg﹣m=根据牛顿第三定律，球对杆有向下的压力，大小为mg；应当选：B．【点评】此题关键是明确向心力来源，求解出弹力为零的临界速度，然后结合牛顿第二定律列式分析，不难．3．水平抛出的小球，以刚抛出时为计时起点与位移起点，在t秒末时速度方向与水平方向的夹角为α1，在t+t0秒末时位移方向与水平方向的夹角为α2，重力加速度为g，忽略空气阻力，如此小球初速度的大小可表示为〔〕A．B．C．D．【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动．根据t时刻速度与水平方向的夹角，可得到水平初速度与时间的关系．再根据t+t0秒末时位移与水平方向的夹角，列式分析即可．【解答】解：据题可得：t秒末时有：tanα1==在t+t0秒末时有：tanα2===联立以上两式，消去t解得：v0=应当选：D【点评】解决此题的关键掌握平抛运动的处理方法：运动的分解法，知道平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，并掌握分运动的规律．4．如图，竖直平面内的轨道Ⅰ和Ⅱ都由两段直杆连接而成，两轨道长度相等，一小球穿过细直杆且球与两轨道间的动摩擦因数相等．用一样的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿Ⅰ和Ⅱ推至最高点A，假定球在经过轨道转折点的前后速度大小不变．全过程中动能增量分别为△E k1、△E k2，重力势能增量分别为△E P1、△E P2，如此〔〕A．△E k1=△E k2，△E P1=△E P2 B．△E k1＞△E k2，△E P1=△E P2C．△E k1＜△E k2，△E P1=△E P2D．△E k1＞△E k2，△E P1＜△E P2【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定量思想；图析法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】先分析整个过程摩擦力做功关系，根据动能定理比拟动能的增加量；由重力做功情况，分析重力势能增量关系．【解答】解：设任一斜面的倾角为θ，斜面的长度为s，如此物体在该斜面上下滑时摩擦力做功为 W f=﹣μmgcosθ•s=﹣μmgx，x是斜面底边的长度，可知小球沿两轨道运动时，摩擦力做功相等，根据动能定理得：W F﹣mgh﹣W f=△E k，知两次情况拉力做功相等，摩擦力做功相等，重力做功相等，如此动能的变化量相等．即有△E k1=△E k2．根据W G=mgh知，重力做功相等，如此重力势能增量相等，即有△E P1=△E P2，故A正确．应当选：A【点评】此题考查了动能定理与运动学的综合，通过动能定理比拟动能变化量的关系，关键要知道滑动摩擦力做功与水平位移有关．5．质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力F，如图甲所示，此后物体的v﹣t图象如图乙所示，取水平向右为正方向，g=10m/s2，如此〔〕A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5B．10s末恒力F的功率为6WC．10s末物体恰好回到计时起点位置D．10s内物体抑制摩擦力做功34J【考点】动能定理；功的计算．【专题】定量思想；图析法；动能定理的应用专题．【分析】由v﹣t图分别求得由力F和没有力F作用时的加速度，对两段时间分别运用牛顿第二定律列式后联立求解；设10s末物体离起点点的距离为d，d应为v﹣t图与横轴所围的上下两块面积之差，根据功的公式求出抑制摩擦力做功．【解答】解：A、设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a1，如此由v﹣t图得：加速度大小a1===2m/s2，方向与初速度方向相反…①设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2，如此由v﹣t图得：加速度大小a2==1m/s2，方向与初速度方向相反…②根据牛顿第二定律，有：F+μmg=ma1…③F﹣μmg=ma2…④解①②③④得：F=3N，μ=0.05，故A错误．B、10s末恒力F的瞬时功率P=Fv=3×6W=18W．故B错误．C、根据v﹣t图与横轴所围的面积表示位移得：10s内位移为 x=×4×8﹣×6×6m=﹣2m，如此知10s末物体恰在起点左侧2m处．故C错误．D、10s内抑制摩擦力做功Wf=fs=μmgs=0.05×20×〔×4×8+×6×6〕J=34J．故D正确．应当选：D【点评】此题关键先根据运动情况求解加速度，确定受力情况后求解出动摩擦因数，根据v ﹣t图与横轴所围的面积表示位移求解位移．要注意滑动摩擦力与路程有关．6．如下列图，倾角为θ的斜面上只有AB段粗糙，其余局部都光滑，AB段长为3L．有假设干个一样的小方块〔每个小方块视为质点〕沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L．将它们由静止释放，释放时下端距A为3L．当下端运动到A下面距A为L/2时小方块运动的速度达到最大．设小方块与粗糙斜面的动摩擦因数为μ，小方块停止时下端与A点的距离为s，如此如下说法正确的答案是〔〕A．μ=tanθ B．μ=2tanθC．s=3L D．s=4L【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】定量思想；类比法；动能定理的应用专题．【分析】有半数木块过A点速度最大，此时整体的合力为零，根据平衡条件求解求出动摩擦因数．根据动能定理即可求解小方块停止时下端与A的距离．【解答】解：设小方块的总质量为m．当下端运动到A下面距A为L时小方块运动的速度达到最大，此时整体的合外力为零，根据平衡条件得：•μmgcosθ=mgsinθ解得：μ=2tanθ小方块停止时下端与A的距离是s，如此根据动能定理得：mg〔3L+s〕sinθ﹣μmgcosθ•L﹣μmgcosθ〔s﹣L〕=0将μ=2tanθ代入解得：s=4L．应当选：BD【点评】此题主要考查了动能定理的直接应用，要求同学们能选取适宜的过程运用动能定理求解，要注意摩擦力随位移均匀增大时要用摩擦力的平均值求其做功．7．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．假设重力加速度大小为g，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v0【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】物体在竖直方向上在额定功率下做变加速运动，根据牛顿第二定律求的与a的关系式，结合乙图即可判断，当拉力等于重力和阻力时速度达到最大【解答】解：A、由题意可知P=Fv，根据牛顿第二定律由F﹣mg﹣f=ma联立解得由乙图可知，，解得，f=，故AB正确C、物体做变加速运动，并非匀加速运动，不能利用v=at求得时间，故C错误；D、物体匀速运动由F=mg+f，此时v==v0，故D正确应当选：ABD【点评】此题主要考查了图象，能利用牛顿第二定律表示出与a的关系式是解决此题的关键8．如下列图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，如此在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．抑制摩擦力做功0.5mghC．动能损失了2mgh D．机械能损失了mgh【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定性思想；推理法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】根据动能定理知，合力做功等于动能的变化量，机械能等于重力势能和动能之和，通过动能和重力势能的变化判断机械能的变化．【解答】解：A、物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，故A正确；B、根据牛顿第二定律知，物体运动的加速度大小为g，所受的合力为mg，方向沿斜面向下，根据动能定理得，△E k=﹣mg•2h=﹣2mgh，知动能减小2mgh．物体重力势能增加mgh，所以机械能减小mgh，除重力以外的力做的功等于物体机械能的变化量，如此摩擦力对物体做﹣mgh的功，所以抑制摩擦力做功mgh，故CD正确，B错误．应当选：ACD．【点评】解决此题的关键掌握功能关系，比如合力功与动能的关系，重力功与重力势能的关系，以与除重力以外其它力做功与机械能的关系，并能灵活运用．9．为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1…总质量为m1．随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2，如此〔〕A．X星球的质量为M=B．X星球外表的重力加速度为g x=C．登陆舱在T1与r2轨道上运动时的速度大小之比为=D．登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为T2=T1【考点】万有引力定律与其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】研究飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量．研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度和周期．再通过不同的轨道半径进展比拟．【解答】解：A、研究飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：G=m1r1〔〕2得出：M=，故A正确．B、根据圆周运动知识，a=只能表示在半径为r1的圆轨道上向心加速度，而不等于X星球外表的重力加速度，故B错误．C、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力有：在半径为r的圆轨道上运动：=m得出：v=，表达式里M为中心体星球的质量，R为运动的轨道半径．所以登陆舱在r1与r2轨道上运动时的速度大小之比为==，故C错误．D、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：在半径为r的圆轨道上运动：G=m r得出：T=2π ．表达式里M为中心体星球的质量，R为运动的轨道半径．所以可得T2=T1．故D正确．应当选：AD．【点评】此题主要考查万有引力提供向心力这个关系，要注意向心力的公式选取要根据题目提供的物理量或所求解的物理量选取应用．三、非选择题：10．利用图示装置可以做力学中的许多实验．〔1〕利用此装置做“研究匀变速直线运动〞的实验时，不需要〔选填“需要〞或“不需要〞〕设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响．〔2〕利用此装置探究“加速度与质量的关系〞并用图象法处理数据时，如果画出的a﹣m关系图象是曲线，如此不能〔选填“能〞或“不能〞〕确定小车的加速度与质量成反比．〔3〕利用此装置探究“功与速度变化的关系〞的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，不需要〔选填“需要〞或“不需要〞〕重新调节木板的倾斜度．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题．【分析】利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在探究“小车的加速度与质量的关系〞和探究“功与速度变化的关系〞实验时，需要平衡摩擦力；在探究“小车的加速度a与力F的关系〞时，根据牛顿第二定律求出加速度a 的表达式，不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时，加速度a近似等于g的结论．【解答】解：〔1〕此装置可以用来研究匀变速直线运动，但不需要平衡摩擦力；〔2〕曲线的种类有双曲线、抛物线、三角函数曲线等多种，所以假设a﹣m图象是曲线，不能断定曲线是双曲线，即不能断定加速度与质量成反比，应画出a﹣图象．〔3〕利用此装置探究“功与速度变化的关系〞的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，不需要重新调节木板的倾斜度．故答案为：〔1〕不需要；〔2〕不能；〔3〕不需要．【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以与须知事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题．11．某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功，装置如图1所示，一木块放在粗糙的水平长木板上，左侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块右侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向左做匀减速运动，图2给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点〔图中未标出〕，计数点间的距离如下列图．打点计时器所用交流电频率为50Hz，不计纸带与木块间的作用力．〔1〕可以判断纸带的右〔左或右〕端与木块连接．〔2〕根据纸带提供的数据计算打点计时器在打下A点和B点时木块的速度：v A=0.72m/s，v B=0.97m/s．〔结果均保存两位有效数字〕〔3〕要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还需要的实验器材是G、H，还应测量的物理量是B．〔填入所选实验器材和物理量前的字母〕A．木板的长度l B．木块的质量m1 C．木板的质量m2D．重物质量m3 E．木块运动的时间t F．AB段的距离l ABG．天平 H．刻度尺 J．弹簧秤〔4〕在AB段，木板对木块的摩擦力所做的功的关系式W AB=．〔用v A、v B 和第〔3〕问中测得的物理量的字母表示〕【考点】探究功与速度变化的关系．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；动能定理的应用专题．【分析】〔1〕重物落地后，木块由于惯性继续前进，做匀减速直线运动，相邻计数点间的距离逐渐减小；。
河北省邢台市2017-2018学年高二上学期第二次月考物理试题
选择题:本题共12小题，每小题4 分，共48 分。
在每小题给出的四个选项中，第1～8小题只有一个选项正确，第9～12小题有多个选项正确。
全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错或不答的得0 分。
1.在电场中把质量为m 的一正点电荷q 由静止释放，在它只受电场力作用下的运动过程中，下列说法正确的是（ ）A 此点电荷的运动轨迹必与电场线重合B 此点电荷的速度方向必定和所在点的电场线的切线方向一致 C.此点电荷的受力方向必定与所在点的电场线的切线方向一致 D.此点电荷的加速度方向必定与所在点的电场线的切线方向垂直员成 2.有关带电粒子(不计重力)所受静电力和洛伦兹力的说法中，正确的是（ ） A.粒子在磁场中一定受洛伦兹力的作用 B.粒子在电场中可能不受静电力的作用 C.粒子若仅受洛伦兹力，则其速度不变 D.粒子若仅受洛伦兹力，则其动能不变3.关于磁感应强度的单位，下列等式中正确的是（ ） A.1111--⋅⋅=m A N T B.111-⋅⋅=m A N TC.111-⋅⋅=A m N TD.1111--⋅⋅=m N A T4.如图所示，空间有一电场，电场中有a 、b 两点。
则下列表述正确的是（ ） A 该电场是匀强电场B ，a 点的电场强度比b 点的大 C.b 点的电势比a 点的高D.正电荷在a 、b 两点所受的电场力方向相同5.有一个带电荷量为+q 、重为G 的小球，从图示位置由静止释放，两带电平行板间有匀强磁场，方向如图所示，则带电小球通过有电场和磁场的空间时（ ）A.有可能做匀速运动B.不可能做曲线运动C.一定做曲线运动D.有可能做匀加速直线运动6.如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L 、质量为m 的直导体棒。
当导体中的电流I 垂直于纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可将导体棒置于匀强磁场中。
当外加匀强磁场的磁感应强度B 的方向在纸面内由竖直向上逆时针转至水平向左的过程中，磁感应强度B 的大小( ) A.逐渐增大B.逐渐减小C.先减小后增大D.先增大后减小7.如图所示，平行板电容器通过一滑动变阻器R 与直流电源连接，G 为一零刻度在表盘中央的灵敏电流计，闭合开关S 后，下列说法正确的是( ) A.若只在两板间插人电介质，电容器的两板间电压将增大 B.若只在两板间插人电介质，电容器的电容将保持不变C.若只将电容器下极板向下移动一小段距离，此过程电流计中有从a 到b 方向的电流D.若只将滑动变阻器的滑片P 向上移动，电容器储存的电荷量将增加 8.图示为汽车蓄电池与车灯(电阻不变)启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05Ω。
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2014级高三上学期第2次月考物理试题一、选择题（本题12小题，每小题4分，共48分．1—8题每小题只有一个选项符合题目要求，9—12题有两个或两个以上选项，少选得2分、错选或不选均得0分）1．场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是（）A．b点电势高于a点电势B．c点场强大于b点场强C．若将一检验电荷+q由a点移至b点，它的电势能增大D．若在d点再固定一点电荷﹣Q，将一检验电荷+q由a移至b的过程中，电势能减小2．甲、乙两质点在同一直线上做匀加速直线运动的v－t图象如图所示，在3s末两质点在途中相遇，两质点位置关系是（）A．相遇前甲、乙两质点的最远距离为2mB．相遇前甲、乙两质点的最远距离为4mC．两质点出发点间的距离是乙在甲之前4mD．两质点出发点间的距离是甲在乙之前2m3．利用电容传感器可检测矿井渗水，及时发出安全警报，从而避免事故的发生；如图所示是一种通过测量电容器电容的变化来检测矿井中液面高低的仪器原理图，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，c为导电液体（矿井中含有杂质的水）），A，C构成电容器．已知灵敏电流表G的指针偏转方向与电流方向的关系：电流从哪侧流入电流表则电流表指针向哪侧偏转．若矿井渗水（导电液体深度A增大），则电流表（）A．指针向右偏转，A，C构成的电容器充电B．指针向左偏转，A，C构成的电容器充电C．指针向右偏转，A，C构成的电容器放电D．指针向左偏转，A，C构成的电容器放电4．如图，真空中电量均为Q的两正点电荷，固定于一绝缘正方体框架的两侧面ABB1A1和DCC1D1中心连线上，且两电荷关于正方体中心对称，则A．A、B、C、D四个点的电势相同B．A1、B1、C1、D1四个点的电场强度相同C．负检验电荷q在A点的电势能小于在C1点的电势能D．正检验电荷q从C点移到C1点过程电场力对其做正功5．某区域的电场线分布如图所示，其中间一根电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点．取O 点为坐标原点，沿直线向右为x 轴正方向，粒子的重力忽略不计．在O 到A 运动过程中，下列关于粒子运动加速度a 和速度v随时间t的变化、运动径迹上电势φ和粒子的动能E k随位移x的变化图线可能正确的是（）A． B．C． D．6．如图所示，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处有另一带电小球B，现给B一个垂直于AB方向的速度v0，则下列说法中不正确的是（）A．B球可能做直线运动B．B球的电势能可能增加C．A球对B球的库仑力可能对B球不做功D．B球可能从电势较高处向电势较低处运动7．如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a．b与电池相连，在距离两板等距的M点有一个带电液滴处于静止状态。
若将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方，稳定后，下列说法中正确的是（）A．液滴将向下加速运动B．M点电势升高，液滴在M点的电势能将增大C．M点的电场强度变小了D．在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同8．真空中的某装置如图所示，现有质子、氘核和α粒子都从某点由静止释放，经过相同加速电场和偏转电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点(已知质子、氘核和α粒子质量之比为1∶2∶4，电量之比为1∶1∶2，重力不计).下列说法中正确的是（）A.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶1∶2B.三种粒子在偏转电场中运动时间之比为2∶1∶1C.三种粒子出偏转电场时的速度相同D.在荧光屏上将只出现2个亮点9．在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8J，在M点的动能为6J，不计空气的阻力。
则（）A．小球水平位移x1与x2的比值1:3B．小球水平位移x1与x2的比值1:4C．小球落到B点时的动能为32JD．小球从A点运动到B点的过程中最小动能为6J10．“探路者”号宇宙飞船在宇宙深处飞行过程中，发现A、B两颗天体各有一颗靠近表面飞行的卫星，并测得两颗卫星的周期相等，以下说法中正确的是（）A．天体A、B表面的重力加速度与它们的半径之比相等 B．两颗卫星的线速度一定相等C．天体A、B的质量一定相等 D．天体A、B的密度一定相等11．如图所示，倾角为θ的绝缘斜面固定在水平面上，当质量为m、带电荷量为+q的滑块沿斜面下滑时，在此空间突然加上竖直方向的匀强电场，已知滑块受到的电场力小于滑块的重力．则下列说法不正确的是（）A．若滑块匀速下滑，加上竖直向上的电场后，滑块将减速下滑B．若滑块匀速下滑，加上竖直向下的电场后，滑块仍匀速下滑C．若滑块匀减速下滑，加上竖直向上的电场后，滑块仍减速下滑，但加速度变大D．若滑块匀加速下滑，加上竖直向下的电场后，滑块仍以原加速度加速下滑12．如图所示，三个可视为质点的金属小球A、B、C，质量分别为m、2m和3m，B球带负电，电荷量为﹣q，A、C不带电，不可伸长的绝缘细线将三球连接，最上边的细线连接在斜面顶端的O点，三球均处于场强大小为E的竖直向上的匀强电场中，三段细线均伸直，三个金属球均静止于倾角为30°的绝缘光滑斜面上，则下列说法正确的是（）A．A、B球间的细线的张力为52 mg qEB．A、B球间的细线的张力可能为0C．将线OA剪断的瞬间，B、C间的细线张力12qED．将线OA剪断的瞬间，A、B球间的细线张力6qE二、实验题（每空2分，共20分）13．（6分）某同学利用如图所示的装置探究功与速度变化的关系。
（1）小物块在橡皮筋的作用下弹出，沿光滑水平桌面滑行，之后平抛落至水平地面上，落点记为M1；（2）在钉子上分别套上2条、3条、4条……同样的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的长度都保持一致，重复步骤（1），小物块落点分别记为M2、M3、M4……；（3）测量相关数据，进行数据处理。
①为求出小物块从桌面抛出时的动能，需要测量下列物理量中的（填正确答案标号，g已知）。
A．小物块的质量mB．橡皮筋的原长xC．橡皮筋的伸长量ΔxD．桌面到地面的高度hE．小物块抛出点到落地点的水平距离L②将几次实验中橡皮筋对小物块做功分别记为W1、W2、W3、……，小物块抛出点到落地点的水平距离分别记为L1、L2、L3、……。
若功与速度的平方成正比，则应以W为纵坐标、为横坐标作图，才能得到一条直线。
③由于小物块与桌面之间的摩擦不能忽略，则由此引起的误差属于。
（填“偶然误差”或“系统误差”）。
14．（14分）用如图实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒．m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律．如图给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点(图中未标出)，计数点间的距离已在图中标出．已知m 1＝50 g 、m 2＝150 g ，则(g 取10 m/s 2，结果保留两位有效数字)(1)下面列举了该实验的几个操作步骤：A ．按照图示的装置安装器件B ．将打点计时器接到直流电源上C ．先释放m 2，再接通电源打出一条纸带D ．测量纸带上某些点间的距离E ．根据测量的结果，分别计算系统减少的重力势能和增加的动能其中操作不当的步骤是__________(填选项对应的字母)．(2)在纸带上打下计数点5时的速度v ＝______m/s ；(3)在打点0～5过程中系统动能的增量ΔE k ＝________ J ，系统势能的减少量ΔE p ＝______J ，由此得出的结论是_______________________________________________________________________________；(4)若某同学作出12v 2－h 图象如图所示，写出计算当地重力加速度g 的表达________________，并计算出当地的实际重力加速度g ＝________m/s 2.三、计算题（本题共3小题，共32分，解答要写出必要的文字说明、重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分）15．（10分）一质量为m 、电荷量为+q 的小球，从O 点以和水平方向成α角的初速度v 0抛出，当达到最高点A 时，恰进入一匀强电场中，如图，经过一段时间后，小球从A 点沿水平直线运动到与A相距为S 的A`点后又折返回到A 点，紧接着沿原来斜上抛运动的轨迹逆方向运动又落回原抛出点。
（用m 、q 、α、v 0、S 表示）求：（1）该匀强电场的场强E 的大小（在图中标明E 的方向）（2）从O 点抛出又落回O 点所需的时间。
16．（12分）如图所示，半径R=0.5m 的光滑圆弧面CDM 分别与光滑斜面体ABC 和斜面MN 相切于C 、M 点，斜面倾角分别如图所示。
O 为圆弧圆心，D 为圆弧最低点，C 、M 在同一水平高度．斜面体ABC 固定在地面上，顶端B 安装一定滑轮，一轻质软细绳跨过定滑轮（不计滑轮摩擦）分别连接小物块P 、Q （两边细绳分别与对应斜面平行），并保持P 、Q 两物块静止．若PC 间距为L 1=0.25m ，斜面MN 足够长且在它的区域内存在竖直向下的匀强电场,场强E=3×106V/m ，物块P 质量为m 1= 3kg,带电量为1×10-5C 正电，运动过程中电量不变.P 与MN 间的动摩擦因数13μ=，重力加速度g=10m/s 2,（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块Q 的质量m 2；（2）烧断细绳后，物块P 第一次到达D 点时对轨道的压力大小；（3）物块P 在MN 斜面上滑行的总路程．17．（10分）如图所示，在竖直向下的匀强电场中有一绝缘的光滑离心轨道，一个带负电的小球从斜轨道上的A 点由静止释放，沿轨道滑下（小球的重力大于所受的电场力）．（1）已知小球的质量为m ，电量大小为q ，匀强电场的场强大小为E ，斜轨道的倾角为α，求小球沿斜轨道下滑的加速度的大小；（2）若使小球通过半径为R 的圆轨道顶端的B 点时不落下来，求A 点距水平地面的高度h 至少应为多大？（3）若小球从斜轨道h=5R 处由静止释放．假设其能够通过B 点，求在此过程中小球机械能的改变量．高三物理10月月考答案1.D2.B3.B4.A5.A6.A7.D8.A9.AC.10.AD 11.ACD 12.AD13.【答案】① ADE ；② L 2；③系统误差；14.【答案】(1)BC(2)2.4(3)0.58 0.60 在误差允许的范围内，m 1、m 2组成的系统机械能守恒(4)()212212m m g v h m m +=-9.7 15.(10分)试题分析：（1）斜上抛至最高点A 时为的速度：v A =v 0cos α方向水平向右．由于AA ′段沿水平方向直线运动，带电小球从A 运动到A ′过程中作匀减速运动，有：（v 0cos α）2=2as （2分）则场强的大小为：E =（2分）（1分）（2）小球沿AA ′做匀减速直线运动，于A ′点折返做匀加速运动所需时间：1042A v s t a v cos α==（2分） 从O 到A 时粒子在竖直方向以v=v 0sin α加速度为g 向上做匀减速直线运动，则从O 到A 和从A 返回的时间：00222v sin v sin t g gαα==（2分） 故总时间为：t=t 1+t 2=0024 v sin s g v cos αα+（1分） 16(12分)【答案】（1）4kg （2）78N （3）0.5m【解析】试题分析：（1）对Q,由平衡条件: 02sin 37T m g =（1分）对P,由平衡条件: 01sin 53T m g =（1分）由（1）（2）可得24m kg =（1分）（2）P 到D 过程由动能定理得21112D m gh m v =（1分） 由几何关系001sin53(1cos53)h L R =+-（1分）运动到D 点时，根据牛顿第二定律：2D D v F mg m R-=（1分） 由(3) (4) (5)解得78D F N =由牛顿第三定律得，物块P 对轨道的压力大小为78N （1分）（3）分析可知最终物块在CDM 之间往复运动，C 点和M 点速度为零。