山西大学附属中学2014届高三第二学期第一次月考物理含答案
山西大学附中2014-2015学年高二物理上学期月考试卷(12月份)(含解析)
2014-2015学年山西大学附中高二〔上〕月考物理试卷〔12月份〕一．选择题〔此题共10小题，在每一小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，每一小题5分．第7-10题有多项符合题目要求，每一小题5分.．全部选对的6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．〕1．〔5分〕〔2014秋•小店区校级月考〕磁感应强度单位是特斯拉，1特斯拉相当于〔〕A．1kg/A•s2B．1kg•m/A•s2C．1kg•m2/s2D．1kg•m2/A•s2考点：磁感应强度．分析：根据磁感应强度与磁能量的关系和磁感应强度的定义式推导出T与其他单位的关系．解答：解：由公式B=，安培力的单位是N，而电流的单位是A，长度的单位为m，如此单位的换算可得N/A•m，即为1T．根据牛顿第二定律F=ma，即1N=1kg•m/s2，如此1特斯拉相当于1kg/A•s2，故A正确，BCD错误．应当选：A．点评：T是导出单位，可根据物理公式推导出各物理量单位的关系，要对公式要熟悉．根底题．2．〔5分〕〔2005秋•海淀区期末〕两根通电的长直导线平行放置，电流大小I1＞I2，电流的方向如下列图，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四点，其中a、b在导线横截面连接的延长线上，c、d在导线横截面连接的垂直平分线上．如此导体中的电流在这四点产生的磁场的磁感应强度可能为零的是〔〕A．a点B．b点C．c点D．d点考点：磁感应强度．分析：由安培定如此确定两电流在图示各点所产生的磁场方向，假设方向相反，磁感应强度可能为0，否如此不可．解答：解：两电流在a 点B的方向相反，但因 I1＞I2且离I1近，故I1的磁感应强度大于I2的磁感应强度．如此a点不可能为0．两电流在 c 点 d点的B的方向不相反，故b，c两点的磁感应强度不可能为0．两电流在b点的B的方向相反，I1＞I2，而I2离b点近，如此可以大小相等，故b 点磁感应强度可为0．应当选：B点评：考查磁场的合成，明确电流的磁感应强度与电流的大小，距离有关．3．〔5分〕〔2014秋•温州校级期中〕如下列图的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，如此电路中出现的故障可能是〔〕A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R1、R2同时短路考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先明确电路中各用电器的连接关系：R3与灯泡B关联，与R2、A串联，再与R1并联．灯泡A变暗了，说明实际功率减小了，灯泡B变亮，说明实际功率增大了．具体故障可将每个选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项．解答：解：A、假设R1短路，如此两个灯泡都被短路，都不亮，故A错误；B、假设R2断路，如此两个灯泡都被断路，都不亮，故B错误；C、假设R3断路，外电阻增大，外电阻增大，路端电压U增大，干路电流I减小，R1电流I1增大，如此通过A的电流I A=I﹣I1减小，A灯变暗．B灯电压U B=U﹣I A〔R A+R2〕增大，B灯变亮，符合题意．故C正确．D、R1、R2同时短路，AB灯都不亮，不符合题意．故D错误．应当选：C点评：此题是电路故障分析问题．解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法〞将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项．4．〔5分〕〔2013•长沙一模〕如图为多用表欧姆档的原理图，其中电流表的满偏电流为300μA，内r g=100Ω，调零电阻的最大阻值R=50kΩ，串联的固定电阻R0=50Ω，电池电动势E=1.5V．用它测量电阻R x，能准确测量的范围是〔〕A．30kΩ～80kΩB．3kΩ～8kΩC．300Ω～800ΩD．30Ω～80Ω考多用电表的原理与其使用．专题：恒定电流专题．分析：欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小，求解出该欧姆表的中值电阻即可．解答：解：欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小；欧姆表的中值电阻R中等于欧姆表的内电阻R总，根据闭合电路欧姆定律，满偏时：I g=半偏时，I g=联立解得：R中=R总=应当选B．点评：此题关键明确欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小；知道中值电阻等于欧姆表内电阻．5．〔5分〕〔2014•某某〕如下列图，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置，闭合电键S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，如果仅改变如下某一个条件，油滴仍能静止不动的是〔〕A．增大R1的阻值B．增大R2的阻值C．增大两板间的距离D．断开电键S考点：闭合电路的欧姆定律；电容器的动态分析．专电容器专题．分析：分析清楚电路结构，求出极板间的电场强度，求出油滴受到的电场力，然后根据电场力的表达式分析答题．解答：解：根据图示电路图，由欧姆定律可得：电容器两端电压：U=IR1=R1==，油滴受到的电场力：F=，开始时油滴静止不动，F=mg，要使油滴保持静止不动，如此电场力应保持不变；A、增大R1的阻值，电场力：F=变大，电场力大于重力，油滴受到的合力向上，油滴向上运动，故A错误；B、增大R2的阻值，电场力：F=不变，电场力与重力仍然是一对平衡力，油滴静止不动，故B正确；C、增大两板间的距离，极板间的电场强度减小，电场力减小，小于重力，油滴受到的合力向下，油滴向下运动，故C错误；D、断开电键S，极板间的电场强度为零，电场力为零，油滴受到重力作用，油滴向下运动，故D错误．应当选：B．点评：此题考查了判断油滴的运动状态问题，分析清楚极板间的电场力如何变化是正确解题的关键．6．〔5分〕〔2014秋•信阳期末〕如下列图，电源的电动势和内阻分别为E、r，在滑动变阻器的滑动触头P由a向b移动的过程中，如下各物理量变化情况为〔〕A．电流表的读数一直减小B．R0的功率先增大后减小C．电压表的读数先减小后增大D．电源的总功率先减小后增大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图变阻器Pa与Pb两局部并联，再与R0串联．电压表测量路端电压，电流表测量干路电流．根据变阻器总电阻的变化，由欧姆定律分析电路中电压、电流的变化来判断．解答：解：在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联的总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中的总电流I先减小后增大，如此电流表的读数先减小后增大，R0的功率先减小后增大，电源的内电压先减小后增大，如此由闭合电路欧姆定律可知路端电压先增大后减小，如此电压表的读数先增大后减小．由于总电流I先减小后增大，如此电源总功率EI先减小后增大，故ABC错误，D正确．应当选：D．点评：此题是动态变化分析问题，关键抓住变阻器滑片处于中点时，并联电阻最大．再按常规顺序“局部→整体→局部〞分析．7．〔6分〕〔2014秋•小店区校级期中〕一根电阻丝在通过2C的电量时，消耗电能是8J．假设在一样时间内通过4C的电量，如此该电阻丝两端所加电压U和该电阻丝在这段时间内消耗的电能E分别为〔〕A．U=4V B．U=8V C．E=16J D．E=32J考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，根据W=qU变形可求出电压；当在一样析：的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，当时间一样，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变，根据U=IR，由电流关系可知电压关系，即可求出电阻丝两端所加电压U；通过电阻丝的电量是4C，电阻丝两端所加电压U已求出，根据W=UQ可求出电阻丝在这段时间内消耗的电能W．解答：解：因为电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，由W=qU 得：此时电压为：U==V=4V当在一样的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，I′=2I根据U=IR可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压：U′=2U=2×4V=8V电阻丝在这段时间内消耗的电能：W=q′U′=4×8J=32J．应当选：BD．点评：此题考查了电量和电功的计算与欧姆定律的应用．此题由于不知道时间不能求出电流，只能根据相关公式找出相关关系来求解．8．〔6分〕〔2013•抚顺模拟〕在如下列图电路中，电源电动势为12V，内电阻不能忽略．闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大△U=2V．在这一过程中〔〕A．通过R1的电流增大，增大量为△B．R2两端的电压减小，减小量为△UC．通过R2的电流减小，减小量小于△D．路端电压增大，增大量为△U考点：闭合电路的欧姆定律．专恒定电流专题．题：分析：R1是定值电阻，电压表V的示数增大△U的过程中，通过R1的电流增加，增加量△I=；电压表V的示数增大，变阻器有效电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，R2两端电压减小，根据路端电压的变化分析其电压减小量．电压表示数增加，R2电压减小，路端电压增加量一定小于△U．解答：解：A、R1是定值电阻，电压表V的示数增大△U的过程中，通过R1的电流增加，增加量△I=．故A正确．B、电压表V 的示数增大，变阻器有效电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，内电压减小，所以路端电压增大；R2两端电压减小，如此R2两端电压减少量一定小于△U．故B错误．C、由以上分析知，R2两端电压减少量一定小于△U，由欧姆定律得到：通过R2的电流的减少量一定小于．故C正确．D、电压表示数增加，R2电压减小，路端电压增加量一定小于△U．故D错误．应当选：AC．点评：此题是电路动态变化分析问题，此题中采用总量法，由电压表示数变化和总电压〔路端电压〕的变化来分析R2电压的变化，这是常用的方法．9．〔6分〕〔2014秋•小店区校级月考〕如下列图的图线①表示某电池组的输出电压与电流的关系〔U﹣I图线〕，图线②表示其输出功率与电流的关系〔P﹣I图线〕．如此如下说法正确的答案是〔〕A．电池组的电动势为50 VB．电池组的内阻为ΩC．电流为2.0A时，电源的效率为80% D．输出功率为120W时，输出电压是30V考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：在电压一电流关系图象中，纵轴截距等于电源的电动势，直线斜率的绝对值表示的是电源的内电阻的大小，由此可以知道电池组的电动势和内阻；当电流为2.5A时，根据闭合电路欧姆定律求外电路的电阻．输出功率为120 W时，由图读出电流，由欧姆定律可以求得电源的输出电压．解答：解：A、B 、U ﹣I图线①与U轴交点表示电路处于断路状态，如此电源的电动势E=U=50V．电源的内阻等于图线的斜率大小，如此有r==Ω=5Ω，故A正确，B错误；C、当电流为 2.5A时，根据闭合电路欧姆定律得：外电路的电阻R===15Ω，故C正确．D、电池组的输出功率为120W时，由P﹣I图线读出电流I=4A，如此输出电压为U=E﹣Ir=50﹣4×5=30V，故D正确；应当选：ACD．点评：此题考查读图的能力，可以根据图象的数学意义来理解图象的物理意义．不难．10．〔6分〕〔2014秋•小店区校级月考〕有两个一样的电流计改装成的量程不同的电流表A1和A2，A1的量程是A2的2倍，如此〔〕A．假设串联起来，两表指针偏角θ1＜θ2，两表示数相等B．假设串联起来，两表指针偏角相等，A1表示数大于A2表示数C．假设并联起来，两表指针偏角相等，A1表示数大于A2表示数D．假设并联起来，两表指针偏角θ1＞θ2，两表示数相等考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：电流表A1、A2是由两个一样的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度一样，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数一样．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．解答：解：A、B、假设A1、A2串联，A1、A2的示数一样．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同，量程小的偏转角度小，故A 正确B错误；C、假设并联起来，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度一样，量程不同的电流表读数不同，量程大的通过的总电流较多，示数较大．故C正确D错误；应当选：A．点评：此题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表〔表头〕与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．二．实验题〔此题共19分，每空3分，作图4分〕11．〔19分〕〔2014秋•小店区校级月考〕某课题研究小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，与从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈、薄的金属圆片．现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻R0〔约为2kΩ〕，二是手机中常用的锂电池〔电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA〕．在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表V〔量程4V，电阻R V约为4.0kΩ〕，B．电流表A1〔量程100mA，电阻R A1约为5Ω〕，C．电流表A2〔量程4mA，电阻R A2约为50Ω〕，D．滑动变阻器R1〔0～20Ω，额定电流1A〕，E．开关S一只、导线假设干，F．游标卡尺，G．螺旋测微器．〔1〕为了测定电阻R0的电阻值，某小组的四位成员，设计了如图1所示的电路原理图，并选取了相应的器材〔电源用待测的锂电池〕，如此电路设计正确且器材选取也妥当的是 D〔2〕为了测锂电池的电动势和内阻，请在图2的方框甲中画出实验原理图，并在图中标明所选用器材．〔3〕某小组根据测得的数据，画出了U﹣I图线，如图2乙所示，根据图线，可求得：该锂电池的电动势U= 3.5 V，内阻r= 25 Ω．〔4〕某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量薄金属圆片的直径和厚度．读出图3中的示数．该游标卡尺示数为1.240 cm．螺旋测微器示数为0.730 mm．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：〔1〕根据实验器材确定滑动变阻器与电流表的接法，然后选择实验电路．〔2〕根据实验原理作出实验电路图．〔3〕根据图示电源U﹣I图象求出电源电动势与内阻．〔4〕游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．解答：解：〔1〕电路最大电流约为：I===0.00185A=1.85mA，应选电流表A2，待测电阻阻值约为2kΩ，电压表内阻约为4kΩ，电流表内阻约为50Ω，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，滑动变阻器最大阻值为20Ω，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，应当选图D所示电路．〔2〕应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，实验电路图如下列图：〔3〕由图示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为 3.5，如此电源电动势E=3.5V，电源内阻：r===25Ω；〔4〕由图示游标卡尺可知，其示数为：12mm+×0.05mm=12.40mm=1.240cm，由图示螺旋测微器可知，其示数为0.5mm+23.0×0.01mm=0.730mm．故答案为：〔1〕D；〔2〕电路图如下列图；〔3〕3.5；25Ω；〔4〕1.240；0.730．点评：此题考查了实验电路的选择、设计实验电路图、求电源电动势与内阻、游标卡尺与螺旋测微器读数；要注意游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读．三、计算题〔此题共3小题，共计26分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．〕12．〔8分〕〔2012春•枣强县校级期末〕利用电动机通过如下列图的电路提升重物，电源电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，电阻R=3Ω，重物质量m=0.10kg，当将重物固定时，电压表的示数为5V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5V，求：重物匀速上升时的速度大小〔不计摩擦，g取10m/s2〕．考点：闭合电路中的能量转化；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律求出电路中的电流和电动机输入电压．电动机消耗的电功率等于输出的机械功率和发热功率之和，根据能量转化和守恒定律列方程求解重物匀速上升时的速度大小．解答：解：由题，电源电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，当将重物固定时，电压表的示数为5V，如此根据闭合电路欧姆定律得电路中电流为I== A电动机的电阻R M==Ω=2Ω当重物匀速上升时，电压表的示数为U=5.5V，电路中电流为I′==0.5A电动机两端的电压为U M=E﹣I′〔R+r〕=6﹣0.5×〔3+1〕V=4V根据能量转化和守恒定律得U M I′=mgv+I′2R代入解得，v=1.5m/s答：重物匀速上升时的速度大小为1.5m/s．点评：此题是欧姆定律与能量转化与守恒定律的综合应用．对于电动机电路，不转动时，是纯电阻电路，欧姆定律成立；当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立．13．〔9分〕〔2014秋•小店区校级月考〕如图甲所示电路中，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，R1=4Ω，R2=6Ω，R3=3Ω．〔1〕图甲中虚线框内的电路可等效为一个电源，即图甲可等效为图乙，其等效电动势E′等于CD间未接入用电器时CD间的电压；假设用导线直接将CD两点连接起来，通过该导线的电流等于等效电源的短路电流，如此等效电源的内电阻r′是多少？〔2〕假设在C、D间连一个“6V，3W〞的小灯泡，如此小灯泡的实际功率是多少？〔不考虑小灯泡的电阻率随温度的变化〕考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：〔1〕先分析等效电路，然后根据闭合电路欧姆定律求解；〔2〕将小灯泡连在C、D之间，相当于接在等效电源E′两端，求出小灯泡的实际电流然后求实际功率．解答：解：〔1〕假设在C、D间连一个理想电压表，根据闭合电路欧姆定律，有I1===1A理想电压表读数为U V =I 1R2=6V假设在C、D间连一个理想电流表，这时电阻R2与R 3并联，并联电阻大小R 23===2Ω根据闭合电路欧姆定律，有I2===1.5A理想电流表读数为I′=I2=×1.5=1A依题意，该等效电源的电动势E′=6V，短路电流与第〔2〕问中电流表读数一样，即为I′=1A，所以其等效内阻r′==Ω=6Ω〔2〕小灯泡的电阻R A===12Ω将小灯泡连在C、D之间，相当于接在等效电源E′两端，如此流过小灯泡的电流大小为I3=== A小灯泡的实际功率为P′=I32×R A=2×12≈1.33W答：〔1〕等效电源的内电阻r′是6Ω；〔2〕假设在C、D间连一个“6V，3W〞的小灯泡，如此小灯泡的实际功率是1.33W．点评：等效法是物理常用的研究方法，电路的分析和计算要对电路的结构、电压、电流等的分配分析清楚才能正确求解．14．〔10分〕〔2010秋•锦州期末〕受动画片《四驱兄弟》的影响，越来越多的小朋友喜欢上了玩具赛车．某玩具赛车充电电池的输出功率P随电流I变化的图象如下列图．〔1〕求该电池的电动势E和内阻r；〔2〕求该电池的输出功率最大时对应的外电阻R〔纯电阻〕；〔3〕由图象可以看出，同一输出功率P可对应两个不同的电流I1、I2，即对应两个不同的外电阻〔纯电阻〕R1、R2，试确定r、R1、R2三者间的关系．考点：电源的电动势和内阻；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：〔1〕当电源的内外电阻相等时，根据电池的输出功率P 最大为P m=，由图读出P m，列出含E、r的方程；当I=4A时，输出功率为零，电源被短路，由欧姆定律写出列出含E、r的方程，再联立组成方程组求解．〔2〕由电池的输出功率P最大时电源的内阻等于外电阻求解．〔3〕由欧姆定律I=和功率P=I2R列方程求解．解答：解〔1〕I 1=2A 时，P m=I2=4A时，输出功率为零，此时电源被短路，即：I2=．解得：E=2V，r=0.5Ω．〔2〕R=r=0.5Ω〔3〕由题知：=整理得r2=R1R2．答：〔1〕该电池的电动势E为2V，内阻r为0.5Ω；〔2〕该电池的输出功率最大时对应的外电阻R为0.5Ω；〔3〕同一输出功率P时，r、R1、R2三者间的关系为r2=R1R2．点评：此题考查读图能力和应用数学知识求极值的能力．对于电源的输出功率，可以由数学知识严格证明当R=r时，电源的输出功率最大，P m=．。
山西省山大附中2013-2014学年高一物理12月月考试题(含解析)
高一物理12月月考试题一、选择题〔不定项选择，每一小题5分，共65分〕1．如图，跳水运动员起跳时，如下关于运动员和跳板受力情况的表示中，正确的答案是( )A．跳板受到向下的弹力是因为跳板发生了形变B．跳板受到向下的弹力是因为运动员的脚底发生了形变C．运动员受到向上的弹力是因为跳板发生了形变D．运动员受到向上的弹力是因为运动员的脚底发生了形变【答案】BC【解析】AB、跳板受到向下的弹力，施力物体是人，故是运动员的脚发生弹性形变对跳板的力，故A 错误B正确；CD、运动员受到向上的弹力，施力物体是跳板，故是跳板发生弹性形变对运动员的力，故C 正确D错误。
应当选BC。
【考点】弹力2．关于摩擦力，以下说法中正确的答案是( )A．运动物体可能受到静摩擦力作用，但静止物体不可能受到滑动摩擦力作用B．静止物体可能受到滑动摩擦力作用，但运动物体不可能受到静摩擦力作用C．正压力越大，摩擦力可能越大，也可能不变D．摩擦力方向可能与速度方向在同一直线上，也可能与速度方向不在同一直线上【答案】CD【解析】AB、静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间，运动物体可能受到静摩擦力作用，静止物体也可能受到滑动摩擦力作用，故AB错误；C、弹力是产生摩擦力的前提，滑动摩擦力大小一定与压力成正比，而静摩擦力大小与压力没有直接关系，故C正确；D、摩擦力的方向不一定与物体的运动方向相反，也可能与与物体的运动方向一样．如物体轻轻放在匀速运动的水平传送带上，在开始阶段，物体受到的滑动摩擦力与物体的运动方向一样，但两者也可以不在一直线上，比如：放在正在加速车厢壁的物体，故D正确。
应当选CD。
【考点】摩擦力3．如下列图，在水平桌面上叠放着木块P和Q，水平力F推动两个木块做匀速运动，如下说法中正确的答案是〔〕A．P受3个力，Q受3个力 B．P受3个力，Q受4个力C．P受2个力，Q受5个力 D．P受4个力，Q受6个力【答案】C【解析】在水平推力的作用下，物体P、Q一起匀速滑动，如此对P受力分析：重力与支持力；对于Q受力分析：重力、地面支持力、P对Q的压力、水平推力、地面给Q的滑动摩擦力；因此P受到二个力，Q受到五个力，故C正确。
山西省山大附中高三物理9月月考试题及答案
山西大学附中2013-2014学年第一学期高三9月月考题物理试题考查时间:75分钟 考查内容：高考考纲涉及内容一、选择题(本题共12小题,每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一个选项正确，第8~12题有多个选项正确,全部选对得4分,选对但不全得2分,有错或不答得0分)。
1、爱因斯坦提出了光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得1921年的诺贝尔物理学奖。
某种金属逸出光电子的最大初动能E km 与入射光频率ν的关系如图所示，其中ν0为极限频率。
从图中可以确定的是_____ A ．逸出功与ν有关 B ．E km 与入射光强度成正比C ．ν<ν0时，会逸出光电子D ．图中直线的斜率与普朗克常量有关 2、如图所示，用完全相同的轻弹簧A 、B 、C 将两个相同的小球连接并悬挂，小球处于静止状态，弹簧A 与竖直方向的夹角为30o ，弹簧C 水平，则弹簧A 、C 的伸长量之比为A ．4:3B ．3:4C ．1:2D ． 2:13、太阳系八大行星绕太阳运动的轨道可粗略地认为是圆;各行星的半径、日星距离和质量如下表所示:行星名称 水星 金星 地球 火星 木星 土星 天王星 海王星 星球半径/106 m 2.44 6.05 6.38 3.40 71.4 60.27 25.56 24.75 日星距离/×1011m 0.58 1.08 1.50 2.28 7.78 14.29 28.71 45.04 质量/×1024 kg0.334.876.000.641 90056986.8102由表中所列数据可以估算天王星公转的周期最接近于 A.7 000年B.85 年C.20年D.10年4、某科学家提出年轻热星体中核聚变的一种理论，其中的两个核反应方程为212615711113712611Q X C N H Q N C H ++→++→+ ，方程中Q 1、Q 2表示释放的能量，相关的原子核质量见下表： 原子核 H 11H 31He 42C 126N 137N 157质量/u 1.0078 3.0160 4.002612.000013.0057 15.0001以下推断正确的是（ ）A 、X 是1232,Q Q He > B 、X 是1242,Q Q He > C 、X 是1232,Q Q He < D 、X 是1242,Q Q He <5、将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，并固定在水平面（纸面）内，回tBT 2T 图乙IIIab路的ab 边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中。
山西省山大附中2014届高三4月月考理综试题 Word版含答案
山大附中2013-2014学年高三4月月考理综试题命题：物理：李欣化学：陈向阳生物：赵志玲本考试以及今后所有考试中严禁使用计算器等电子计算工具，违者算作弊！．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．本试卷分选择题和非选择题两部分，共16页。
答题时间：150分钟，满分：300分。
相对原子质量：H—1 B—11 C—12 O—16 F—19 Na—23 P—31 Cu—64 I—127第Ⅰ卷选择题（共126分）一、选择题：本卷共13小题。
每小题6分。
在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列关于细胞中结构、化合物和功能的叙述，正确的是A．原核生物没有染色体，不遵循孟德尔遗传规律，可遗传变异只能来自基因突变B．RNA与DNA都由核苷酸组成，但只有DNA可以储存遗传信息C．细胞内需能反应都是由ATP直接供能的，且需能反应越强，ATP/ADP比率越低D．所有生物细胞均有核糖体，是遗传信息表达过程中不可缺少的细胞器2．下图表示生物新物种形成的基本环节，下列叙述正确的是() ()A．自然选择过程中，直接受选择的是基因型，进而导致基因频率的改变B．同一物种不同种群基因频率的改变能导致种群基因库的差别越来越大，但生物没有进化C．种群基因频率的改变是产生生殖隔离的前提条件D．地理隔离能使种群基因库产生差别，必然导致生殖隔离3．下列说法正确的是A．油料作物的种子在萌发的过程前期，干重物质会增加，原因是碳元素含量增加B．生物界与非生物界的统一性体现在，无机自然界的元素和组成生物体的化学元素种类相同C．相同质量的脂肪和葡萄糖在氧化分解的过程中，脂肪消耗的氧气与产生的水的量要多D．种子在形成过程中有机物有积累，干重在增加，种子成熟时，水分减少，代谢减弱，有机物种类增加。
4．图甲表示某二倍体昆虫(AaBBDd)细胞分裂某时期图像。
图乙表示其细胞分裂过程中mRNA 含量和每条染色体中DNA分子数的变化。
山西省大学附中2014-2015学年高一下学期月考物理试卷(4月份) (Word
山西省大学附中2014-2015学年高一（下）月考物理试卷（4月份）一．选择题（本题共13小题，52分．在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分．第8-13题有多项符合题目要求，每小题4分.．全部选对的4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（4分）关于物体所受合外力的方向与大小，下列说法正确的是（）A．物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的大小一定逐渐增加B．物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一定改变C．物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一定指向圆心D．物体做匀速率曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直2．（4分）质量为m的光滑小球在竖直平面内的圆形轨道的内侧运动，经过最高点而不脱离轨道的最小速度是v，则当小球以2v的速度经过最高点时，对轨道压力的大小是（）A．0B．m g C．3mg D．5mg 3．（4分）假设地球是一半径为R，质量分布均匀的球体．假设一矿井深度为d=，已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零．矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为（）A．4B．C．2D．4．（4分）设地球自转周期为T，质量为M，引力常量为G，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R．同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为（）A．B．C．D．5．（4分）如图．两个小木块a（质量为2m）和b（质量为m）均可视为质点，放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l．木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g．若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法错误的是（）A．b一定比a先开始滑动B．当ω＜，a、b所受的摩擦力大小始终相等C．ω=是b开始滑动的临界角速度D．当ω=时，a所受摩擦力的大小为kmg6．（4分）据报道，2009年4月29日，美国亚利桑那州一天文观测机构发现一颗与太阳系其它行星逆向运行的小行星，代号为2009HC82．该小行星绕太阳一周的时间为N年，直径2～3千米，其轨道平面与地球轨道平面呈155°的倾斜．假定该小行星与地球均以太阳为中心做匀速圆周运动，则小行星和地球绕太阳运动的速度大小的比值为（）A．N B．N C．N D．N7．（4分）如图所示，发射远程弹道导弹，弹头脱离运载火箭后，在地球引力作用下，沿椭圆轨道飞行，击中地面目标B．C为椭圆轨道的远地点，距地面高度为h．已知地球半径为R，地球质量为M，引力常量为G．关于弹头在C点处的速度v和加速度a，下列结论正确的是（）A．，B．，C．，D．，8．（4分）最近，科学家在望远镜中看到太阳系外某一恒星有一行星，并测得它围绕该恒星运动一周所用的时间为1200年，它与该恒星的距离为地球到太阳距离的100倍．假定该行星绕恒星运行的轨道和地球绕太阳运行的轨道都是圆周．仅利用以上两个数据可以求出的量有（）A．恒星质量与太阳质量之比B．恒星密度与太阳密度之比C．行星质量与地球质量之比D．行星运行速度与地球公转速度之比9．（4分）如图，质量为m的物块，沿着半径为R的半球形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直固定放置，开口向上，滑到最低点时速度大小为V，若物体与球壳之间的动摩擦因数为μ，则物体在最低点时，下列说法正确的是（）A．受到向心力为mg+m B．受到向心力为μmC．受到的摩擦力为μ（mg+m）D．受到的合力方向斜向左上方10．（4分）设同步卫星离地心的距离为r，运行速率为v1，加速度为a1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为v2，地球的半径为R，则下列比值正确的是（）A．B．C．D．11．（4分）如图所示，木板B托着木块A在竖直平面内逆时针方向一起做匀速圆周运动，则下列说法中正确的是（）A．从水平位置a到最高点b的过程中A的向心加速度越来越大B．从水平位置a到最高点b的过程中B对A的摩擦力越来越小C．在a处时A对B压力等于A的重力，A所受的摩擦力达到最大值D．在过圆心的水平线以下A对B的压力一定大于A的重力12．（4分）据报道．我国数据中继卫星“天链一号01星”于2008年4月25日在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，于5月1日成功定点在东经77°赤道上空的同步轨道．关于成功定点后的“天链一号01星”，下列说法正确的是（）A．运行速度大于7.9Km/sB．离地面高度一定，相对地面静止C．绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大D．卫星中的物体处于失重状态，说明物体不受地球引力作用13．（4分）冥王星与其附近的星体卡戎可视为双星系统，质量比约为7：1，同时绕它们连线上某点O做匀速圆周运动．由此可知冥王星绕O点运动的（）A．轨道半径约为卡戎的B．角速度大小与卡戎的相同C．线度大小约为卡戎的7倍D．向心力小约为卡戎的7倍二．实验题（本题共12分，每空4分）14．（12分）在“用圆锥摆验证向心力的表达式”实验中，如图甲所示，悬点刚好与一个竖直的刻度尺零刻度线对齐．将画着几个同心圆的白纸置于水平桌面上，使钢球静止时刚好位于圆心．用手带动钢球，设法使它刚好沿纸上某个半径为r的圆周运动，钢球的质量为m，重力加速度为g．①用秒表记录运动n圈的总时间为t，那么小球做圆周运动中需要的向心力表达式为F n=．②通过刻度尺测得小球轨道平面距悬点的高度为h，那么小球做圆周运动中外力提供的向心力表达式为F=；③改变小球做圆周运动的半径，多次实验，得到如图乙所示的﹣h关系图象，可以达到粗略验证向心力表达式的目的，该图线的斜率表达式为．三、计算题（本题共3小题，共计36分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．（10分）如图所示，半径为R的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴旋转的水平转台上，转台转轴与过陶罐球心O的对称轴OO′重合．转台以一定角速度ω匀速转动，一质量为m 的小物块落入陶罐内，经过一段时间后小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，它和O点的连线与OO′之间的夹角θ为60°，重力加速度大小为g．（1）若ω=ω0，小物块受到的摩擦力恰好为零，求ω0；（2）若ω=（1﹣k）ω0，且0＜k＜1，求小物块受到的摩擦力大小和方向．16．（12分）如图所示，宇航员站在某质量分布均匀的星球表面斜坡上，从P点沿水平方向以初速度v0抛出一个小球，测得小球经时间t落到斜坡上另一点Q，斜面倾角为α，已知星球半径为R，万有引力常量为G，求：（1）该星球表面的重力加速度；（2）该星球的第一宇宙速度v；（3）该星球的密度．17．（14分）如图所示，M是水平放置的半径足够大的圆盘，绕过其圆心的竖直轴OO′匀速转动，规定经过圆心O点且水平向右为x轴正方向．在O点正上方距盘面高为h=5m处有一个可间断滴水的容器，从t=0时刻开始，容器沿水平轨道向x轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动．已知t=0时刻滴下第一滴水，以后每当前一滴水刚好落到盘面时再滴下一滴水．则：（取g=10m/s2）（1）每一滴水离开容器后经过多长时间滴落到盘面上？（2）要使每一滴水在盘面上的落点都位于同一直线上，圆盘的角速度ω应为多大？（3）当圆盘的角速度为1.5π时，第二滴水与第三滴水在盘面上落点间的距离为2m，求容器的容器加速度a．山西省大学附中2014-2015学年高一（下）月考物理试卷（4月份）参考答案与试题解析一．选择题（本题共13小题，52分．在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分．第8-13题有多项符合题目要求，每小题4分.．全部选对的4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（4分）关于物体所受合外力的方向与大小，下列说法正确的是（）A．物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的大小一定逐渐增加B．物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一定改变C．物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一定指向圆心D．物体做匀速率曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直考点：曲线运动．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，只有做匀速圆周运动的物体，其所受合力的方向才指向圆心，当速度方向与加速度方向相同时，物体做加速运动，当当速度方向与加速度方向相反时，物体做减速运动．解答：解：A、当物体做匀加速直线运动时，速率增大，合外力不变，故A错误；B、平抛运动物体运动速度大小不断改变，方向不断改变，但平抛运动的合外力恒为重力，大小方向都不变，不一定指向圆心，故BC错误；D、物体做匀速率曲线运动时，则物体所受合外力必须与速度方向始终垂直，故D正确．故选：D点评：了解常见运动的特征，知道合外力与速度方向垂直时只改变速度的方向不改变速度的大小，要同时改变速度的方向和大小，则合外力的方向必不与速度方向垂直．2．（4分）质量为m的光滑小球在竖直平面内的圆形轨道的内侧运动，经过最高点而不脱离轨道的最小速度是v，则当小球以2v的速度经过最高点时，对轨道压力的大小是（）A．0B．m g C．3mg D．5mg考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：对小球在最高点受力分析，找出向心力重力和轨道的弹力的合力．当小球以2v的速度经过轨道最高点时，根据牛顿第二、三定律和向心力公式列方程求解F．解答：解：当小球以速度v经轨道最高点时，恰好不脱离轨道，小球仅受重力，重力充当向心力，则有：mg=m，可得：v=设小球以速度2v经过轨道最高点时，小球受重力mg和轨道向下的支持力N，由合力充当向心力，根据牛顿第二定律有：N+mg=m；联立解得：N=3mg又由牛顿第三定律得到，小球对轨道的压力与轨道对小球的支持力相等，有：N′=N=3mg；故选：C．点评：解决本题的关键知道向心力的来源，知道最高点的临界情况，通过牛顿第二定律进行求解．3．（4分）假设地球是一半径为R，质量分布均匀的球体．假设一矿井深度为d=，已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零．矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为（）A．4B．C．2D．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：距地心距离为处和地面处的角速度相等，根据a=ω2r列式即可求解．解答：解：距地心距离为处和地面处的角速度相等，根据a=ω2r得距地心距离为处和地面处的重力加速度大小之比故D正确、ABC错误．故选：D点评：本题主要考查了向心力公式的直接应用，知道距地心距离为处和地面处的角速度相等，难度不大，属于基础题．4．（4分）设地球自转周期为T，质量为M，引力常量为G，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R．同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为（）A．B．C．D．考点：万有引力定律及其应用．分析：在赤道上物体所受的万有引力与支持力提供向心力可求得支持力，在南极支持力等于万有引力．解答：解：在赤道上：G，可得①在南极：②由①②式可得：=．故选：A．点评：考查物体受力分析及圆周运动向心力的表达式，明确在两极物体没有向心力．5．（4分）如图．两个小木块a（质量为2m）和b（质量为m）均可视为质点，放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l．木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g．若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法错误的是（）A．b一定比a先开始滑动B．当ω＜，a、b所受的摩擦力大小始终相等C．ω=是b开始滑动的临界角速度D．当ω=时，a所受摩擦力的大小为kmg考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，而所需要的向心力大小由物体的质量、半径和角速度决定．当圆盘转速增大时，提供的静摩擦力随之而增大．当需要的向心力大于最大静摩擦力时，物体开始滑动．因此是否滑动与质量无关，是由半径大小决定．解答：解：A、两个木块的最大静摩擦力相等．木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律得：木块所受的静摩擦力f=mω2r，m、ω相等，f∝r，所以b所受的静摩擦力大于a的静摩擦力，当圆盘的角速度增大时b的静摩擦力先达到最大值，所以b一定比a先开始滑动，故A正确；B、当ω＜，ab都随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，则a、b所受的摩擦力大小始终相等，故B正确；C、当b刚要滑动时，有kmg=mω2•2l，解得：ω=，故C正确；D、以a为研究对象，当ω=时，由牛顿第二定律得：f=mω2l，可解得：f=kmg，故D错误．本题选错误的，故选：D点评：本题的关键是正确分析木块的受力，明确木块做圆周运动时，静摩擦力提供向心力，把握住临界条件：静摩擦力达到最大，由牛顿第二定律分析解答．6．（4分）据报道，2009年4月29日，美国亚利桑那州一天文观测机构发现一颗与太阳系其它行星逆向运行的小行星，代号为2009HC82．该小行星绕太阳一周的时间为N年，直径2～3千米，其轨道平面与地球轨道平面呈155°的倾斜．假定该小行星与地球均以太阳为中心做匀速圆周运动，则小行星和地球绕太阳运动的速度大小的比值为（）A．N B．N C．N D．N考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：小行星和地球绕太阳作圆周运动，都是由万有引力提供向心力，列出等式解题．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量选取应用．解答：解：小行星和地球绕太阳作圆周运动，都是由万有引力提供向心力，有=m（）2R，可知小行星和地球绕太阳运行轨道半径之比为R1：R2=，又根据V=，联立解得V1：V2=，已知=，则V1：V2=．故选：A．点评：本题考查了万有引力在天体中的应用，解题的关键在于找出向心力的来源，并能列出等式解题．求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先表示出来，再进行之比．7．（4分）如图所示，发射远程弹道导弹，弹头脱离运载火箭后，在地球引力作用下，沿椭圆轨道飞行，击中地面目标B．C为椭圆轨道的远地点，距地面高度为h．已知地球半径为R，地球质量为M，引力常量为G．关于弹头在C点处的速度v和加速度a，下列结论正确的是（）A．，B．，C．，D．，考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：距地面高度为h的圆轨道上卫星的速度，根据牛顿第二定律得到其运动速度为．C为轨道的远地点，导弹在C点的速度小于．由牛顿第二定律求解导弹在C点的加速度．解答：解：设距地面高度为h的圆轨道上卫星的速度为v，则由牛顿第二定律得：，得到．导弹在C点只有加速才能进入卫星的轨道，所以导弹在C点的速度小于．由牛顿第二定律得：，得导弹在C点的加速度为．即，．故B正确，ACD错误．故选：B．点评：本题运用牛顿第二定律、万有引力定律分析导弹与卫星运动问题．比较C在点的速度大小，可以结合卫星变轨知识来理解．8．（4分）最近，科学家在望远镜中看到太阳系外某一恒星有一行星，并测得它围绕该恒星运动一周所用的时间为1200年，它与该恒星的距离为地球到太阳距离的100倍．假定该行星绕恒星运行的轨道和地球绕太阳运行的轨道都是圆周．仅利用以上两个数据可以求出的量有（）A．恒星质量与太阳质量之比B．恒星密度与太阳密度之比C．行星质量与地球质量之比D．行星运行速度与地球公转速度之比考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：压轴题．分析：根据行星的万有引力等于向心力，结合行星的轨道半径和公转周期列式求出恒星质量的表达式进行讨论即可．解答：解：行星绕恒星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，设恒星质量为M，行星质量为m，轨道半径为r，有G=m（）2r ①解得M=同理，太阳质量为M′=由于地球的公转周期为1年，故可以求得恒星质量与太阳质量之比，故A正确；又由于v=故可以求得行星运行速度与地球公转速度之比，故D正确；由于①式中，行星质量可以约去，故无法求得行星质量，故C错误；由于恒星与太阳的体积均不知，故无法求出它们的密度之比，故B错误；故选AD．点评：本题关键是根据行星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，列方程求出太阳和恒星的质量．9．（4分）如图，质量为m的物块，沿着半径为R的半球形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直固定放置，开口向上，滑到最低点时速度大小为V，若物体与球壳之间的动摩擦因数为μ，则物体在最低点时，下列说法正确的是（）A．受到向心力为mg+m B．受到向心力为μmC．受到的摩擦力为μ（mg+m）D．受到的合力方向斜向左上方考点：向心力；牛顿第二定律．分析：根据牛顿第二定律求出小球所受的支持力，根据滑动摩擦力公式求出摩擦力的大小，从而确定合力的大致方向．解答：解：A、向心力的大小F n=．故AB错误．B、根据牛顿第二定律得，N﹣mg=，则N=mg+．所以滑动摩擦力f=μN=μ（mg+）．故C正确．D、由于重力支持力的合力方向竖直向上，滑动摩擦力方向水平向左，则物体合力的方向斜向左上方．故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键确定物体做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．10．（4分）设同步卫星离地心的距离为r，运行速率为v1，加速度为a1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为v2，地球的半径为R，则下列比值正确的是（）A．B．C．D．考点：万有引力定律及其应用；同步卫星．专题：压轴题．分析：求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行之比．运用万有引力提供向心力列出等式和运用圆周运动的物理量之间的关系列出等式解决问题．解答：解：对于地球同步卫星和以第一宇宙速度运动的近地卫星，由万有引力提供做匀速圆周运动所需向心力得到：，得：=，故A错误，D正确．因为地球同步卫星的角速度和地球赤道上的物体随地球自转的角速度相同，由a1=ω2r，a2=ω2R可得，=，故B正确C错误；故选BD．点评：用已知物理量来表达未知的物理量时应该选择两者有更多的共同物理量的表达式．11．（4分）如图所示，木板B托着木块A在竖直平面内逆时针方向一起做匀速圆周运动，则下列说法中正确的是（）A．从水平位置a到最高点b的过程中A的向心加速度越来越大B．从水平位置a到最高点b的过程中B对A的摩擦力越来越小C．在a处时A对B压力等于A的重力，A所受的摩擦力达到最大值D．在过圆心的水平线以下A对B的压力一定大于A的重力考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：木板B托着木块A在竖直平面内逆时针方向一起做匀速圆周运动，A所受的合力提供圆周运动所需的向心力．根据力的合成判断摩擦力、压力的大小．解答：解：A、A做匀速圆周运动，根据a=rω2，知A的向心加速度大小不变．故A错误．B、A在运动的过程中受重力、支持力、静摩擦力，三个力的合力提供向心力．合力沿水平方向的分力等于A所受的摩擦力，合力沿竖直方向的分力等于重力和支持力的合力，合力的大小不变，由a到b的运动过程中，合力沿水平方向的分力减小，所以摩擦力减小．在a处，合力等于摩擦力的大小，所以a出摩擦力最大．故B、C正确．D、A所受的合力指向圆心，合力在竖直方向的分力等于重力和支持力的合力，在圆心的水平线以下，重力和支持力的合力向上，则支持力大于A的重力，所以A对B的压力一定大于A的重力．故D正确．故选BCD．点评：解决本题的关键知道A所受的合力提供向心力，向心力大小不变，知道A所受合力在竖直方向的分力等于重力和支持力的合力，在水平方向的分力等于摩擦力．12．（4分）据报道．我国数据中继卫星“天链一号01星”于2008年4月25日在西昌卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控制后，于5月1日成功定点在东经77°赤道上空的同步轨道．关于成功定点后的“天链一号01星”，下列说法正确的是（）A．运行速度大于7.9Km/sB．离地面高度一定，相对地面静止C．绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大D．卫星中的物体处于失重状态，说明物体不受地球引力作用考点：万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出表示出线速度的大小．知道7.9 km/s为第一宇宙速度．了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球相同．解答：解：A、由万有引力提供向心力得：G=m，v=，即线速度v随轨道半径r的增大而减小，v=7.9 km/s为第一宇宙速度，即围绕地球表面运行的速度；因同步卫星轨道半径比地球半径大很多，因此其线速度应小于7.9 km/s，故A错误；B、因同步卫星与地球自转同步，即T、ω相同，因此其相对地面静止，由万有引力提供向心力得：=m（R+h）ω2得：h=，因G、M、ω、R均为定值，因此h 一定为定值，故B正确；C、因同步卫星周期T同=24小时，月球绕地球转动周期T月=27天，即T同＜T月，由公式ω=得ω同＞ω月，故C正确；D、卫星中的物体的重力提供向心力，处于失重状态，物体受地球引力作用，故D错误；故选：BC点评：了解第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行比较13．（4分）冥王星与其附近的星体卡戎可视为双星系统，质量比约为7：1，同时绕它们连线上某点O做匀速圆周运动．由此可知冥王星绕O点运动的（）A．轨道半径约为卡戎的B．角速度大小与卡戎的相同C．线度大小约为卡戎的7倍D．向心力小约为卡戎的7倍考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：双星中两颗子星相互绕着旋转可看作匀速圆周运动，其向心力由两恒星间的万有引力提供．由于力的作用是相互的，所以两子星做圆周运动的向心力大小是相等的，利用万有引力定律可以求得其大小．两子星绕着连线上的一点做圆周运动，所以它们的运动周期是相等的，角速度也是相等的，所以线速度与两子星的轨道半径成正比解答：解：冥王星与其附近的另一星体卡戎可视为双星系统．所以冥王星和卡戎周期是相等的，角速度也是相等的．A、它们之间的万有引力提供各自的向心力得：mω2r=Mω2R，质量比约为7：1，所以冥王星绕O点运动的轨道半径约为卡戎的．故A正确．B、冥王星和卡戎周期是相等的，角速度也是相等的．故B正确；C、根据线速度v=ωr得冥王星线速度大小约为卡戎的，故C错误D、它们之间的万有引力提供各自的向心力，冥王星和卡戎向心力大小相等，故D错误故选：AB点评：由于双星和它们围绕运动的中心点总保持三点共线，所以在相同时间内转过的角度必相等，即双星做匀速圆周运动的角速度必相等，角速度相等，周期也必然相同二．实验题（本题共12分，每空4分）14．（12分）在“用圆锥摆验证向心力的表达式”实验中，如图甲所示，悬点刚好与一个竖直的刻度尺零刻度线对齐．将画着几个同心圆的白纸置于水平桌面上，使钢球静止时刚好位于圆心．用手带动钢球，设法使它刚好沿纸上某个半径为r的圆周运动，钢球的质量为m，重力加速度为g．①用秒表记录运动n圈的总时间为t，那么小球做圆周运动中需要的向心力表达式为F n=．②通过刻度尺测得小球轨道平面距悬点的高度为h，那么小球做圆周运动中外力提供的向心力表达式为F=；③改变小球做圆周运动的半径，多次实验，得到如图乙所示的﹣h关系图象，可以达到粗略验证向心力表达式的目的，该图线的斜率表达式为．考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．。
山西省山大附中2013-2014学年高一3月月考物理试题 含答案
山西大学附中2013—2014学年第二学期3月月考物理试题一、选择题（本题共10个小题，共50分，每小题5分，有的有一个答案符合题意，有的有多个答案符合题意，全部选对得5分，选对但不全得3分,有错得0分。
）1.关于曲线运动的说法中正确的是（）A。
在平衡力作用下，物体可以做曲线运动B。
速度变化的运动不一定是曲线运动C。
受恒力作用的物体可能做曲线运动D。
加速度变化的运动必定是曲线运动2．如图所示，一辆装满货物的汽车在丘陵地区行驶,由于轮胎太旧，途中“放了炮”,你认为在图中A、B、C、D四处，“放炮”可能性最大的是（）A．A处B．B处C．C处D．D处3、如图二所示，一阶梯高宽都为0.4m,一球以水平速度v飞出,欲打在第四级台阶上，则v的取值范围是（）A、6m/s<v≤22m/sB、22m/s <v≤3.5 m/sC 、2 m/s 〈v ≤6 m/sD 、22 m/s <v ≤6 m/s4、如图所示,直径为的纸制圆筒，以角速度绕中心轴匀速转动，把枪口垂直圆筒轴线发射子弹,结果发现圆筒上只有一个弹孔，则子弹的速度不可能是（ ）A. B. C. D.5、如右图所示，一条小船位于200 m 宽的河正中A 点处，从这里向下游100错误! m 处有一危险的急流区，当时水流速度为4 m/s ，为使小船避开危险区沿直线到达对岸,小船在静水中的速度至少为（ ）A ．错误!m/sB ．错误!m/sC ．2 m/sD ．4 m/s6、质量为m 的小球用一细绳系着在竖直平面内恰能做圆周运动，小球运动到最低点时速率是它在最高点时速率的错误!倍，则小球运动到最低点和最高点时，绳子对小球的拉力之差为( )A ．2 mgB ．4 mgC ．6 mgD ．5 mg7、无级变速是在变速范围内任意连续地变换速度，性能河岸 100 3 mA 危险区优于传统的挡位变速器,很多高档汽车都应用了无级变速．如图所示是截锥式无级变速模型示意图，两个锥轮之间有一个滚轮，主动轮、滚轮、从动轮之间靠着彼此之间的摩擦力带动．当位于主动轮和从动轮之间的滚轮从左向右移动时，从动轮降低转速；滚轮从右向左移动时,从动轮转速增加,当滚轮位于主动轮直径D1、从动轮直径D2的位置时，主动轮转速n1、从动轮转速n 2的关系是（）A. B.C。
山西省太原市山西大学附属中学高一物理第二学期第一次月考测试卷
山西省太原市山西大学附属中学高一物理第二学期第一次月考测试卷一、选择题1．如图中的a 是研究小球在斜面上平抛运动的实验装置，每次将小球从弧型轨道同一位置静止释放，并逐渐改变斜面与水平地面之间的夹角θ，获得不同的射程x ，最后作出了如图中的b 所示的tan x θ-图象，g 取210/m s ，则A ．由图b 可知，小球在斜面顶端水平拋出时的初速度02/m s υ=B ．实验中发现θ超过60︒后，小球将不会掉落在斜面上，则斜面的长度23L =C ．若最后得到的图象如图中的c 所示，由图象b 中直线的斜率202k gυ=可知，可能是由于释放位置降低造成的D ．所给条件无法求出小球在斜面顶端平抛的初速度以及斜面的长度 2．关于曲线运动，下列说法中正确的是（ ） A ．曲线运动物体的速度方向保持不变 B ．曲线运动一定是变速运动C ．物体受到变力作用时就做曲线运动D ．曲线运动的物体受到的合外力可以为零3．小船在静水中速度为0.5m/s ，水的流速为0.3m/s ，河宽为120m ，下列说法正确的是（ ）A ．当小船垂直河岸划动时，路程最短B ．小船过河的最短时间为400sC ．当小船与河岸上游成37角划动时，路程最短，此时过河时间为300sD ．当小船垂直河岸划动时，时间最短，此时靠岸点距出发点的水平距离为72m4．竖直放置两端封闭的玻璃管内注满清水和一个用红蜡做成的圆柱体，玻璃管倒置时圆柱体能匀速运动，已知圆柱体运动的速度是5cm/s ，α =60°，如图所示，则玻璃管水平运动的速度是：（ ）A．5cm/s B．4.33cm/s C．2.5cm/s D．无法确定5．从O点抛出A、B、C三个物体，它们做平抛运动的轨迹分别如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C的关系和三个物体在空中运动的时间t A．、t B、t C的关系分别是（）A．v A．>v B>v C，t A．>t B>t C B．v A．<v B<v C，t A．=t B=t CC．v A．<v B<v C，t A．>t B>t C D．v A．>v B>v C，t A．<t B<t C6．如图所示，在一次救灾工作中，一架沿水平直线飞行的直升机A，用悬索（重力可忽略不计）救护困在湖水中的伤员B．在直升机A和伤员B以相同的水平速度匀速运动的同时，悬索将伤员吊起，在某一段时间内，A、B之间的距离以l=H－t2（式中H为直升机A 离地面的高度，各物理量的单位均为国际单位制单位）规律变化，则在这段时间内A．悬索的拉力等于伤员的重力B．伤员处于失重状态C．从地面看，伤员做速度大小增加的直线运动D．从地面看，伤员做匀变速曲线运动7．如图所示，水平地面附近，小球B以初速度v斜向上瞄准另一小球A射出，恰巧在B 球射出的同时，A球由静止开始下落，不计空气阻力．则两球在空中运动的过程中（）A．A做匀变速直线运动，B做变加速曲线运动B．相同时间内B速度变化一定比A的速度变化大C．两球的动能都随离地竖直高度均匀变化D．A、B两球一定会相碰8．某部队进行水上救援演习，两艘冲锋舟从同一地点O同时出发，分别营救A。
山西省山大附中高一物理5月月考试题(含解析)
山西大学附中2013～2014学年第二学期高一（5月）月考物理试题考试时间：60分钟满分：100分注意：本考试严禁使用计算器或其它电子存储设备，违者按作弊处理。
一、选择题(本题共10小题共48分在每小题给出的四个选项中，1-6题只有一个正确每小题4分7—10题有多个选项正确全部选对得6分选对但不全得3分有错或不答得0分)。
1、“能量”是牛顿没有留给我们的少数力学概念之一，在牛顿之前，伽利略曾设计如图所示的一个实验，将摆球拉至M点放开，摆球会达到同一水平高度上的N点。
如果在E或F 处钉子，摆球将沿不同的圆弧达到同一高度的对应点；反过来，如果让摆球从这些点下落，它同样会达到原水平高度上的M点。
这个实验可以说明，物体由静止开始沿不同倾角的光滑斜面（或弧线）下滑时，其末速度的大小A、只与斜面的倾角有关B、只与斜面的长度有关C、只与下滑的高度有关D、只与物体的质量有关【答案】C【解析】伽利略的理想斜面和摆球实验，斜面上的小球和摆线上的小球好像“记得”起自己的起始高度，实质是动能与势能的转化过程中，总能量不变．物体由静止开始沿不同倾角的光滑斜面（或弧线）下滑时，高度越大，初始的势能越大转化后的末动能也就越大，速度越大，故ABD错误C正确。
故选C。
【考点】能量守恒定律；动能和势能的相互转化2、一个质量为m的小球，用长为L的轻绳悬挂在O点，小球在水平恒力F作用下，从静止开始由P点运动到Q点，如图所示，则水平恒力F做的功为（）A．mgLcosθ B．mgL(1-cosθ) C．FLsinθ D．FLcosθ【答案】C【解析】由功的定义可知，W=FLcosθ=F•LPQcosθ而几何关系可知，LPQcosθ=Lsinθ故拉力的功为：W=FLs inθ故选C。
【考点】功3、如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A 、B 用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）。
初始时刻，A 、B 处于同一高度并恰好静止状态。
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山西大学附属中学2014届高三第二学期第一次月考物理试题考查时间:110分钟考查内容：高考考纲必考涉及内容一、选择题(本题共12小题,每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一个选项正确，第8~12题有多个选项正确,全部选对得4分,选对但不全得2分,有错或不答得0分)。
1、如图所示,一根轻弹簧上端固定在O点,下端拴一个钢球P,球处于静止状态.现对球施加一个方向水平向右的外力F,使球缓慢偏移,在移动中的每一个时刻,都可以认为钢球处于平衡状态,若外力F的方向始终水平,移动中弹簧与竖直方向的夹角θ < 90°,且弹簧的伸长量不超过其弹性限度,则下图给出的弹簧伸长量x与cosθ的函数关系图象中,最接近实际的是( )2、如图所示的电路中，电源的电动势为E,内阻为r,电感L的电阻不计，电阻R的阻值大于灯泡D的阻值，在t=0时刻闭合开关S，经过一段时间后，在t=t1时刻断开S,下列表示A、B两点间电压U AB随时间t变化的图像中，正确的是3、由消防水龙带的喷嘴喷出水的流量是0.28m3/min，水离开喷口时的速度大小为，方向与水平面夹角为60度，在最高处正好到达着火位置，忽略空气阻力，则空中水柱的高度和水量分别是（重力加速度g取10m/s2）A.28.8m，1.12×10-2m3B. 28.8m，0.672m3C. 38.4m，1.29×10-2m3D. 38.4m，0.776m34、宇宙飞船以周期为T绕地地球作圆周运动时，由于地球遮挡阳光，会经历“日全食”过程（宇航员看不见太阳），如图所示。
已知地球的半径为R，地球质量为M，引力常量为G，地球自转周期为T0，太阳光可看作平行光，飞船上的宇航员在A点测出对地球的张角为 ，则以下判断不正确．．．的是A. 飞船绕地球运动的线速度为22sin()RT απ B. 一天内飞船经历“日全食”的次数为T 0/TC. 飞船每次“日全食”过程的时间为0/(2)aT πD. 飞船周期为5、一物体静止在地面上，在竖直方向的拉力作用下开始向上运动(不计空气阻力)．在向上运动的过程中，以地面为参考平面，物体的机械能E 与上升高度h 的关系图象如图7所示，其中O-h 1过程的图线是过原点的直线，h 1~h 2过程的图线为平行于横轴的直线．则A ．在O~h 2上升过程中，物体先做加速运动，后做匀速运动B ．在O~h 1上升过程中，物体的加速度不断增大C ．在O~h l 上升过程中，拉力的功率保持不变D ．在h 1~h 2上升过程中，物体处于完全失重状态6、如图所示，MPQO 为有界的竖直向下的匀强电场（边界上有电场），电场强度为E=mg/q ，ACB 为光滑固定的半圆形轨道，轨道半径为R ，A 、B 为圆水平直径的两个端点，AC 为41圆弧。
一个质量为m ，电荷量为－q 的带电小球，从A 点正上方高为H=R 处由静止释放，并从A 点沿切线进入半圆轨道，不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的受力及运动情况，下列说法正确的是（ ）A. 小球到达C 点时对轨道压力为3 mgB. 小球在AC 部分运动时，加速度不变C. 适当增大E ，小球到达C 点的速度可能为零D. 若E=2mg/q ，要使小球沿轨道运动到C ，则应将H 至少调整为3R/27、 如图所示，质量分别为m 1=2kg ，m 2=3kg 的二个物体置于光滑的水平面上，中间用一轻弹簧秤连接。
水平力F 1=30N 和F 2=20N 分别作用在m 1和m 2上。
当两物体以相同速度一起运动时，以下叙述正确的是：A. 弹簧秤的示数是10N 。
B. 弹簧秤的示数是50N 。
C. 在同时撤出水平力F 1、F 2的瞬时，m 1加速度的大小13m/S 2。
D. 在只撤去水平力F 1的瞬间，m 2加速度的大小为4m/S 2。
8、在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。
下列叙述符合史实的是A ．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B ．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C ．法拉第实验时观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D ．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化9、如图,穿在水平直杆上质量为m 的小球开始时静止.现对小球沿杆方向施加恒力F 0,垂直于杆方向施加竖直向上的力F,且F 的大小始终与小球的速度成正比,即F=k υ(图中未标出).已知小球与杆间的动摩擦因数为μ,已知小球运动过程中未从杆上脱落，球上小孔直径略大于直杆直径，且F 0>μmg.下列说法正确的是：( )A.小球先做加速度减小的加速运动,后做加速度增大的减速运动直到静止B.小球先做加速度增大的加速运动,后做加速度减小的加速运动，直到最后做匀速运动C.小球的最大加速度为m F 0D.恒力F 0的最大功率为kmgF F μμ020+10、 如图所示，在x 轴相距为L 的两点固定两个等量异种点电荷+Q 、-Q ，虚线是以+Q 所在点为圆心、L /2为半径的圆，a 、b 、c 、d 是圆上的四个点，其中a 、c 两点在x 轴上，b 、d 两点关于x 轴对称。
下列判断正确的是A ．在x 轴上还有两个点与a 点电场强度大小相同B ．在x 轴上还有两个点与c 点电场强度相同C . a 点处的电势大于b 点处的电势相同D ．将一试探电荷+q 沿圆周由a 点移至c 点，+q 的电势能减小11、如图所示，在光滑水平面上方，有两个磁感应强度大小均为B 、方向相反的水平匀强磁场，如图所示，PQ 为两个磁场的边界，磁场范围足够大。
一个边长为a ，质量为m ，电阻为R 的正方形金属线框垂直磁场方向，以速度v 从图示位置向右运动，当线框中心线AB 运动到PQ 重合时，线框的速度为v/2，则A ．此时线框中的电功率为R v aB /2222B ．此时线框的加速度为)/(222mR v a BC ．此过程通过线框截面的电量为D ．此过程回路产生的电能为12、如图：abcd 是一正方形区域，处于匀强电场中，并与电场方向平行。
大量电子从正方形的中心O ，以相同速率ｖ向各个方向发射，电子从正方形边界上的不同点射出，其中到达c 点的电子速度恰好为零，不计电子的重力，下面判断正确的是（ ） A ．场强方向一定沿ac 且从a 指向cB ．射向b 点与射向d 点的电子离开正方形区域时，有相同的速度C ．到达b 、d 两点的电子在正方形区域运动时，速率一定是先减小后增大D ．垂直射向bc 的电子可能从ab 离开正方形区域二、实验题：（共24分）13、（1）在练习使用多用表的实验中，某同学连接的电路如图所示①若旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过________的电流；②若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，此时测得的是________的电阻； ③若旋转选择开关，使尖端对准直流电压挡，闭合电键，并将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时测得的是________两端的电压。
（2）在使用多用表的欧姆挡测量电阻时，若 （A ）双手捏住两表笔金属杆，测量值将偏大（B ）测量时发现指针偏转角度过大，则必需 增大倍率，重新调零后再进行测量 （C ）欧姆表内的电池使用时间太长，若电动势不变，内阻变大，虽然完成调零，但测量值将略偏小（D ）欧姆表内的电池使用时间太长，若电动势略减小，内阻变大，虽然完成调零，但测量值将略偏大，上述说法正确的有（ ） （3）为了测定滑块与桌面之间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的实验装置。
其中，a 是质量为m 的滑块（可视为质点），b 是可以固定于桌面的滑槽（滑槽末端与桌面相切）。
第一次实验时，将滑槽固定于水平桌面的右端，滑槽的末端与桌面的右端M 对齐，让滑块a 从滑槽上最高点由静止释放滑下，落在水平地面上的P 点；第二次实验时，将滑槽固定于水平桌面的左端，测出滑槽的末端N 与桌面的右端M 的距离为L ，让滑块a 再次从滑槽上最高点由静止释放滑下，落在水平地面上的P ＇点。
已知当地重力加速度为g ，不计空气阻力。
①实验还需要测量的物理量（用文字和字母表示）： _▲__ 。
②写出滑块a 与桌面间的动摩擦因数的表达式是（用测得的物理量的字母表示）：μ= _▲__14、甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E 及电阻R 1和R 2阻值。
实验器材有：待测电源E （不计内阻），待测电阻R 1，待测电阻R 2，电压表V （量程为1.5V ，内阻很大），电阻箱R （0－99.99Ω），单刀单掷开关S 1，单刀双掷开关S 2，导线若干。
① 先测电阻R 1的阻值。
请将甲同学的操作补充完整：A 、闭合S 1，将S 2切换到a ，调节电阻箱，读出其示数r 和对应的电压表示数U l ， B 、保持电阻箱示数不变， ，读出电压表的示数U 2。
C 、则电阻R 1的表达式为R 1＝_______。
②甲同学已经测得电阻R l ＝4.80 Ω，继续测电源电动势E 和电1/RΩ－阻R2的阻值。
该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的11U R图线，则电源电动势E＝_____V，电阻R2＝_____Ω。
（保留三位有效数字）③利用甲同学设计的电路和测得的电阻R l，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出于相应的1U－1R + R l图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2。
这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围___________（选填“较大”、“较小”或“相同”)，所以___________同学的做法更恰当些。
三、计算题：15、（8分）经检测汽车A的制动性能：以标准速度20m/s在平直公路上行使时，制动后经时间t=40s 停下来。
现A在平直公路上以V1=20m/s的速度行使发现前方S=180m处有一货车B以V2=6m/s的速度同向匀速行使，司机立即制动，通过计算说明能否发生撞车事故？16、（8分）均匀导线制成的单位正方形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m。
将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示。
线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行。
当cd边刚进入磁场时，（1）求线框中产生的感应电动势大小;（2）求cd两点间的电势差大小;（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h所应满足的条件。