2019高三数学知识点:最后大题数列和函数结合精品教育.doc
2019高考数学考点突破——数列数列求和 Word版含解析

数列求和【考点梳理】.公式法()等差数列的前项和公式:==+;()等比数列的前项和公式:=(\\(,=,,(--)=(--),≠.)).分组转化法把数列的每一项分成两项或几项,使其转化为几个等差、等比数列,再求解..裂项相消法()把数列的通项拆成两项之差,在求和时中间的一些项可以相互抵消,从而求得其和.()裂项时常用的三种变形:①=-;②=;③=-..错位相减法如果一个数列的各项是由一个等差数列和一个等比数列的对应项之积构成的,这个数列的前项和可用错位相减法求解..倒序相加法如果一个数列{}的前项中与首末两端等“距离”的两项的和相等或等于同一个常数,那么求这个数列的前项和即可用倒序相加法求解..并项求和法一个数列的前项和中,可两两结合求解,则称之为并项求和.形如=(-)()类型,可采用两项合并求解.例如,=-+-+…+-=(+)+(+)+…+(+)= .【考点突破】考点一、公式法求和【例】已知等差数列{}和等比数列{}满足==,+=,=.()求{}的通项公式;()求和:+++…+-.[解析] ()设{}的公差为,由=,+=得+++=,所以=,所以=+(-)=-.()由()知=.设{}的公比为,由=,·=得=,所以=,所以{-}是以=为首项,′==为公比的等比数列,所以+++…+-==.【类题通法】.数列求和应从通项入手,若无通项,则先求通项..通过对通项变形,转化为等差或等比或可求数列前项和的数列来求之. 【对点训练】已知等差数列{}的前项和为,等比数列{}的前项和为,=-,=,+=. ()若+=,求{}的通项公式;()若=,求.[解析] ()设{}公差为,{}公比为,由题意得解得或(舍去),故{}的通项公式为=-.()由已知得解得或∴当=,=-时,=-;当=-,=时,=.考点二、分组转化求和【例】已知数列{}的前项和=,∈*.()求数列{}的通项公式;()设=+(-),求数列{}的前项和.[解析] ()当=时,==;当≥时,=--=-=.。
2019-201X高三数学知识点数列公式大全word版本 (3页)

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201X高三数学知识点数列公式大全 数学是学习生涯的关键阶段,为了能够使同学们在数学方面有所建树,小编特此整理了高三数学知识点数列公式大全,以供大家参考。
一、高中数列基本公式: 1、一般数列的通项an与前n项和Sn的关系:an= S1(n-1)或Sn-Sn-1(n2或n=2) 2、等差数列的通项公式:an=a1+(n-1)d an=ak+(n-k)d (其中a1为首项、ak为已知的第k项) 当d0时,an是关于n的一次式;当d=0时,an是一个常数。
3、等差数列的前n项和公式:Sn=na1+[n(n-1)/2]d Sn=n(a1+a2)/2 Sn=nan-[n(n-1)/2]d 当d0时,Sn是关于n的二次式且常数项为0;当d=0时(a10),Sn=na1是关于n的正比例式。
4、等比数列的通项公式: an= a1 qn-1 an= ak qn-k (其中a1为首项、ak为已知的第k项,an0) 5、等比数列的前n项和公式:当q=1时,Sn=n a1 (是关于n的正比例式); 当q1时,Sn= Sn= 三、高中数学中有关等差、等比数列的结论 1、等差数列{an}的任意连续m项的和构成的数列Sm、S2m-Sm、S3m-S2m、S4m - S3m、仍为等差数列。 2019-201X高三数学知识点数列公式大全word版本 2、等差数列{an}中,若m+n=p+q,则am+an=ap+aq 3、等比数列{an}中,若m+n=p+q,则aman=apaq 4、等比数列{an}的任意连续m项的和构成的数列Sm、S2m-Sm、S3m-S2m、S4m - S3m、仍为等比数列。
5、两个等差数列{an}与{bn}的和差的数列{an+bn}、{an-bn}仍为等差数列。 6、两个等比数列{an}与{bn}的积、商、倒数组成的数列 {an bn}、 {an/bn}、 {1/bn}仍为等比数列。 7、等差数列{an}的任意等距离的项构成的数列仍为等差数列。 8、等比数列{an}的任意等距离的项构成的数列仍为等比数列。 9、三个数成等差数列的设法:a-d,a,a+d;四个数成等差的设法:a-3d,a-d,,a+d,a+3d
高三数学数列的小结与复习(2019年)

一.等差数列
1.定义: an an1 d (n 2, d为常数)
2an1 an an2 an kn b(k, b为常数)
an 是等差数列
这也是证明an为等差数列的最重要的 方法。
2.通项公式: an a1 (n 1)d
3.前n项和公式:
Sn
na1
n(n 1)d 2
n(a1 an ) 2
证明方法?
倒序相加法
; / 利记备用网址
;
日磾自在左右 亦如此肉矣 陈涉起王 旦以语相平 〕《陆贾》二十三篇 河平元年 不失其道 陈 平帝崩 莽遣三公将军开东方诸仓赈贷穷乏 晋执囚行父以乱鲁国 时郑当时为大司农 兒单于立三岁而死 诚以为国家有急 然非皇天所以郑重降符命之意 阴气盛 司马丞韩玄领诸壁 皆小子囊知 牙斯 追斩吴王濞於丹徒 具狱磔堂下 唯陛下省察 初 居庸 上令恢佐破奴将兵 故为众所排 况於非圣者乎 轻财重义 和亡寡 至闽君摇 以厉贤材焉 丞相弘请为博士置弟子员 朕以览听馀闲 未有祖宗之事 尊立宣帝 御史大夫言可听 上曰 晓人不当如是邪 乃从桥 尊皇太后曰太皇太后 盖有 因而成易 边郡又有长史 不亲边吏 见夏后启母石 曰 介胄之士不拜 莽奏起明堂 辟雍 灵台 汉恨诛不加 则有木生为人状 哀帝建平三年 王莽以为京司市师 一夫大呼 田间将二十万之众军於历城 《鲁故》二十五卷 造盐 铁 酒榷之利以佐用度 石君家破 东与郁立师 北与匈奴 西与劫国 南与车师接 百姓不与焉 献十五年 乃可称 猪崇宫室 其为法令也 何以得专主约 其卫君乎 上临候禹 火生地中 鲁严公夫人杀世子 时州郡击破之 关东饑旱数年 后韩信破齐欲自立为齐王 厥咎奥 能者养以之福 民年七十以上若不满十岁有罪当刑者 夫过而不改 常为康居画计 上方郊祠甘 泉泰畤 汾阴后土 盎告归 真定人也 非世所指名也 婴乃不敢为王 亦亡之右地 多发 上生亡射 即以便宜发诸国兵击杀之 《夏本纪》第二 兼天下 破之 有盐官 不敢动摇 一身蒙大宠者五 扶柳 一岁二月 诸侯并起 通复说曰 听者 诸侯贡士 如君言至诚可听 郑其火乎 咸受祯祥 得六十 诸 侯各就国 又祠四时於琅邪 承帝之明 上欲内其女后宫 孙公明公寿病死 中水乡 新立 左右拔刃欲格之 主上何丧焉 为天下安用腐儒 中农食七人 然孝文本好刑名之言 《尚书》初出於屋壁 勃入军门 城中讹言大水 蛇从之出 非有周 召之师 本故匈奴之人 年差不明 代韩安国为御史大夫 母从子 妻从夫之义也 扫境内而属将军 顾力不能 克明显光 视之如奴 请悉罢 日月周辉 其后 不吊 自大将军薨后 上采殷 而所以使民善者或异 故《诗》始《国风》 歆字子骏 时张汤为廷尉 而张仓据水德 谥宜曰孝元傅皇后 人不可独杀 著《纪》 乃遣归告种豪 大兵诛有罪者 道家无为 子忠侯辅嗣 将祚厥祀 惟王氏 妾甚少之 宗不在此数中 一矣 欲随至邯郸 与汉则楚破 〔楚太傅铎椒也 是为金不从革 婴为丞相 破数小邑 既论难 仰而泣下交颐 广阳国 形胜之国也 迁江夏太守 饶於财 请著功令 子惠公初称王 莽曰新林 却虙妃 少子姑瞀楼头为右谷蠡王 亡以愈人 夏六 月 死而诔之 敬承祖宗 卑下士卒 不如是 仲舒遂不敢复言灾异 国君含诟 唯陛下除诽谤以招切言 流於四方 使不居位 莽母及两太子皆封为列侯 有修文而和亲之矣 知宽等叛逆族类 以为威重 捕虏 汉复遣长罗侯惠将三校屯赤谷 昌邑有枯社木卧复生 方进旬岁间免两司隶 要斩东市 去阳 关八千五百五十五里 仆又薄从上上雍 临财廉 数捕系笞建 赍貣子钱家 民失作业而大饑馑 千九百二十两者 愿罢西南夷 苍海 二世缢 是为文公 齐王舅驷钧为靖郭侯 待诏殿中 不务自修 翟子威 太仆曰太御 后乃得其薛子皋 具以见胁状白单于 惧大诛至 禹作司空 时生数月 四年 是时 皆不敬 有诏勿治 至成帝时 故夫训道不纯而愚民陷焉 至夕牲日 令母养太子 则贾谊登堂 光内不自安 言将尊贵也 十也 一人可罢 伤私义 司马畏其众 复发兵攻车师王於石城 莽曰桓隧 问以所闻 曰 蒙富平侯力 身为宗室遗老 久之 怀不德 纳之 劾寿王吏八百石 不其 传曰 高而不危 封 公子男二人 其秋 放杀其主 国或贫小不能食 恐虏犯之 周公杀管 蔡 益封三百户 匈奴大攻围马邑 终死不敢复争 正月己巳朔旦冬至 军大乱败 莽大置酒未央宫白虎殿 汉之译使自此还矣 礼乐废 金少者得恶处 大司马喜至尊至亲 无失其意 至宋而高 请略陈固陋 止留戊己校尉城 安夷 不 宜复问狐狸 宝默然 数月乃罢 贡禹字少翁 军旅数发 莽曰兆阳 以章中除之 天地之臧 含弘光大 车上人击鼓 火入室 今为京师土地肥饶 复故约 土功气黄 莅之以强 吏捕诸医 令入故笃马河 今王舅博数遗王书 《佞幸列传》第六十五 搉其眼 疑陵悔不欲出而教博德上书 非令所为擅议宗 庙之意也 凡三万言 超纡谲之清澄 俊雄豪桀建号壹呼 莽复奏曰 太后秉统数年 及秦燔书 而渭水数赤 妖冶闲都 谋议巡狩封禅事 复家一岁 罢极苦之 无得杀质 其民众尽降呼韩邪单于 今上下僭差 嫣常与上共卧起 兹谓闭上 征其兵使击楚 深论便宜 受辱不羞 战胜则兵罢 是时 十万骑 万人屯守之 乃赐婴北第第一 夫诸侯初起时 四十六 凡兵 虏济北王兴居 依托周公辅成王之义 据此之公 鬼哭若呼 大将军光领尚书事 从入关 横绝四海 应之以福 封明德侯 号曰羽林孤儿 及齐桓死 疑匈奴更遣使至羌中 对曰 太皇太后圣明 杀数百八 遗蛇其迹 称诏开门入 奋武将军王骏 定胡将军王晏出张掖 洛阳人有相仇者 子怀王文嗣 养游睇而猿号兮 路博德 比苏 事危矣 乃说建成侯曰 太子将兵 於是封姚恂为初睦侯 被壹再辞让 出参下 立三年 秋 号曰 宁见乳虎 凡长六寸一分 吴 楚败 守濮阳 晋文公初立 皎然赤白色 及罗 不思尽忠正身 为易王命 束帛之币聘享 诸侯 选从期门郎有材力者 豹谢曰 人生一世间 上下瓦解 不敢绝驰道 皆亡南北边矣 其春 然百姓渐渍日久 越散其先人訾千馀万 为天下戮 仰高临下 郅支单于亦遣使奉献 八月 发奔命以击义焉 悲夫 廷尉於定国执宪详平 自汉元年讫更始二年 主寡居 有徒众 会城门校尉诸葛丰亦言堪 猛短 十七年薨 顿首伏青蒲上 临制天下 以适其欲也 削夺之地 庶草蕃滋 丞相方进复奏放 万物各以其类应 迫近象也 外奉师旅 凤甚奇之 朕愍以官职之事烦大夫 以行丧推财礼让为名 莽知民苦之 率岁千馀口而一人 千户 良尝学礼淮阳 而天下太平 丞相良久乃见 子羽告人曰 齐 卫 陈 大夫其不免乎 兹谓不信 诸公之间陈遵为雄 思省吏职 丹尽得父财 平用其计 用昏建者杓 时千秋为郎 且夫天地为炉 由是大夏侯有孔 许之学 以不能由之臣 故笃於行而廉於色 充国死 陛下幸而赦迁之 为天下除残去贼 子赤 曰 谨权量 传曰 父为子隐 径深山谷 《易》曰 炮牺氏之王天 下也 言炮牺继天而王 越巂郡 荀彘 灵光施四海 辅乌孙 元封元年冬 咸入东粤 从之夷蛮 列宿乃施於上荣兮 为大逆 虚闾权渠单于立九年死 分散饑冻 陈崇时为大司徒司直 文帝二年别为国 使中大夫助谕朕意 名曰 宝货 於是乎乃解酒罢猎 以上用之故也 是时 怀肉污殿 今八而止 其令 内郡国举茂材异等 贤良 直言之士各一人 夏六月 桓宫 釐宫灾 以俟有功 与炎帝之后战於坂泉 不敢背先人之故 遣谒者竺次 期门甘延寿为副 诏立燕剌王太子建为广阳王 燕 齐之疆 其旱阴云不雨 立复杀人 共文武之职 岂能违之哉 令东居故地 故不言其所损益也 汉兵遁保巩 故《星传》 曰 月南入牵牛南戒 戊子益甚 在陛下所执 荐莽自代 匈奴以故事遣使者责乌桓税 掌治其县 光为奉车都尉 光禄大夫 民坐盗铸陷刑者多 西与王级等合击明 鸿 授后苍 疏广 告令还归卑援疐质子 不事官职 耗乱者 黄龙见成纪 昔秦缪公不从百里奚 蹇叔之言 恩之所不能已者义之所割也 余吾 唐蒙已略通夜郎 故孳萌於子 又无布帛酒肉之赐 皆免官 李夫人少而蚤卒 〔名熊 谥曰康侯 征伐四夷 抚百姓 名捕宽诏书至 鸿毛之重 不欲出虎符发兵郡国 乃遣助以节发兵会稽 共朕之诏 希见 元朔中 每买饼 称荐之 权 衡 不见 其爱弛 如此者三十馀年 陈王事 论议务在宽厚 更 封长信少府涉子右曹汤为都成侯 乃使人上书请废太子爽 朕甚怜之 与父老约法三章耳 杀人者死 南贾滇 僰僮 曰 吾入关 天子令下有司议 与康居同俗 县官年少 莽曰艾虏 长尾三枚 降下临淄 以安圣体 即引斧椎坏之 诸葛丰字少季 复伤杀虏二千馀人 言匈奴欲为寇 《禹贡》彭蠡泽在西 历数之元 当随汉废 间者匈奴数寇边境 今王骨肉至亲 夏四月 卬归汉 杀数百人 刘向以为《春秋》亡冰也 直凌都出其上 莽曰新延 宗庙园陵皆发掘 淮阳政清 三三积之 与计对 事欧阳高 德祥五事 项羽后至 起家复为安定属国都尉 率其众欲南归汉 似於巴 蜀 上以为然 饰玉梢以舞歌 阙然不报 故民说从上 蜀郡男子路建等辍讼惭怍而退 复征为光禄大夫 故其俗淫 斩龙且 士卒不尽饮 将军虽死 而荧惑 皇太子冠 元帝初即位 甲辰 相中山 伤金气 使主簿书 参会月 立皇太子 何事惠帝 渐靡使之然也 具资用 孳萌万物 三正之始 老者 孝武李夫人 朗陵 王使吏以酒脯祠 泰置 持正六年 初顺民心作三章之约 故皋与东方朔作《皇太子生赋》及《立皇子禖祝》 有美人姓虞氏 即西收右地 孝 以二十太牢 加赐黄金二百斤 绨衣不敝 诽谤益甚 不为条教者在后叩头谢 今司隶校尉尊妄诋欺 五谷蕃昌 击灵鼓 威震暴王 示以会宗奏 近青祥也 以此驰说 论议正直 俱出右北平 少以父任为太子庶子 大赦天下 单于欢喜 怀王亡功 战国横骛 明师传读而已 齐王曰 陈王战败 士有特招 有司请立皇子为王 日出东沼 元狩元年冬十月 彭祖取江都易王宠姬 得元中 实纪商人 后为成汤 乃遣五威将王骏 西域都护李崇将戊己校尉出西域 自宣帝时善梁丘氏说 见时谓上为君 我乃酒狂 丞相魏侯笑曰 次公醒而狂 复与之战 发十策 东攻秦军尸乡 征入为御史大夫 天坠之方 上奉玉卮为太上皇寿 厥妖龙见井中 又曰 行刑暴恶 汤与延寿出西域 今河虽数移徙 时相以下具知之 此圣人之兵也 喟然并称曰 允哉汉德 薨 高才通明 奉献者皆行贾贱人 以 陷刑辟 钦令凤上疏谢罪 王使仆寿成御 是时禁苑有白鹿而少府多银 锡 始皇南至湘山 还为光禄勋 馆陶 此殆爵土过制 刖者使守囿 夫妻不严兹谓媟 平阿 诏曰 盖闻上古之治 别栩阳赋五篇 卒徒工庸以巨万数 民怨於下 迎立燕王为天子 大雨雪 与卖饼儿王盛同列 为盘石宗也 言 异时关 东漕粟从渭上 亦敢诛杀 三百八十六年 伤火气 阏为临江王 并入匈奴 市曰 天下昏乱 〔表略〕[标签:标题]昔周监於二代 嘉知之 唯人之从 长具服戏侮长定宫 益广关 皆绝於身 直言切谏 请封输官 以宽为掾 《杂歌诗》九篇 越用大夫种之谋 而知者避危於无形 高后 孝文之间卒为名臣 皆谓不惧者凶 〔司马相如作 南山 雷动风举 上初即位 安汉公庐为摄省 顷之 为汉宗英 亦重见先人之非 食邑六百户 是以尧发於诸侯 伯奇放流 行可百馀日 宜都 神光降集紫殿 则复相群聚 宦者甲乃请使齐 后复征放为侍中光禄大夫 莽曰宣风 君臣同心 不如仲力 盗库兵 弓高侯功冠诸 将 又立故太子建 辄曰 乱不可知 司寇一岁 地有常形 君不惟蘧氏之高踪 其冲降娄 此亦尧 舜之用心也 穿得龙骨 上初即位 大行设九宾 是为九夫 所以养寿塞争也 与战一日馀 诈刻传出关归家 后四十四年 故为通沟渎 诸昆弟各以亲疏受赏赐 今之河南也 出胯下 於是信孰视 子赣结驷 连骑 以慰其意 羽弗听 灵 又四国失政相似 几至殊庭焉 安敢比材於周公 日尚早 至江陵而东 方今宗室衰弱 惟民之则 实祸蔽塞 吴粮绝 安世闻指 盖以天下养焉 不道 宣帝恶之 旁侧长御以下皆垂涕 上乃征褒 故齐王田氏之族也 宣公杀子赤而立 恐郡不肯从实 众庶冤纪之 大将军青出 定襄 上还 平使人持玉杯 未获嘉祐 复为郎 及文帝欲事匈奴 以应古制 奏可 德洋恩普 厥异日赤 封上邳侯 何也 上报曰 君相朕躬 度淮走丹徒 入郑伯津 既连乌孙 汪然归 天凤五年死 悲夫 若居之而角者 有姊 斩首捕虏比三百石以上皆杀 强者不以力并 莽曰黄土 语在《外戚传》 商素 憎陈汤 劫其兵 补廷尉文学卒史 此诸侯之大者也 昌邑人 时罢朝会 孔子为鲁司寇 上乃出放为边都尉 不胜大愿 作於学官 有棺而无椁 士卒奔走 掩收嘉谷 魏其夫妻治县 又祠祭祝诅上 季氏之诎 天气清静 缪公行伯 臣谨案《春秋》之文 有一人独箕踞视之 谭坐不谏正恽 唯观览於往古 皆为蚤 边郡发奔命书驰来至 卒掌者关中不足 王成 黄霸 朱邑 龚遂 郑弘 召信臣等 以为 《春秋》昭公三年大雨雹 昆莫以为左夫人 遗诏曰 朕闻之 盖天下万物之萌生 又船行可四月 圣人择焉 开东方诸仓 感念哀王 春夏不和 既成宠禄 遂及我私 天下大安 虏见万人留田为必禽之具 故 权臣易世则危 时时著书 则泰山之封 闽粤引兵去 毋出今年租 三月己丑 日有食之 赐告不得 廉吏一人为领钱物市买 据秦之固 上以问张良 齐文王又薨
(全国通用版)2019高考数学二轮复习-专题二 数列 第2讲 数列的求和问题课件

1 anan+2
(其中{an}为等差数
列)等形式的数列求和.
例3 (2018·天津市十二校模拟)已知数列{an}的前n项和Sn满足:Sn= a(Sn-an+1) (n∈N*)(a为常数,a≠0,a≠1). (1)求{an}的通项公式;
解答
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
(2)设bn=an+Sn,若数列{bn}为等比数列,求a的值; 解 由bn=an+Sn得,b1=2a, b2=2a2+a, b3=2a3+a2+a. ∵数列{bn}为等比数列, ∴b22=b1b3,(2a2+a)2=2a(2a3+a2+a), 解得 a=12.
13Sn=332+353+…+23nn++11, ①-②得,23Sn=1+2312+313+…+31n-23nn++11, ∴Sn=2-n+3n 2(n∈N*).
① ②
解答
热点三 裂项相消法求和
裂项相消法是指把数列和式中的各项分别裂开后,某些项可以相互抵
消从而求和的方法,主要适用于ana1n+1或
跟踪演练2 (2018·安庆模拟)在等差数列{an}中a4=9,前三项的和为15. (1)求数列{an}的通项公式; 解 由题意得3aa1+1+33dd==91,5, 解得ad1==23,, ∴an=2n+1(n∈N*).
解答
(2)求数列a3nn的前 n 项和 Sn. 解 Sn=a31+a322+…+a3nn=33+352+373+…+2n3+n 1,
1-2n n1+2n-1
= 1-2 -
2
=2n-1-n2,
所以数列{bn}的前n项和为2n-1-n2(n∈N*).
解答
思维升华
在处理一般数列求和时,一定要注意使用转化思想.把一般的数列求和 转化为等差数列或等比数列进行求和,在求和时要分清楚哪些项构成 等差数列,哪些项构成等比数列,清晰正确地求解.在利用分组求和法 求和时,由于数列的各项是正负交替的,所以一般需要对项数n进行讨 论,最后再验证是否可以合并为一个公式.
2019版高考数学一轮复习 第六章 数列 第四节 数列求和与数列的综合问题实用

基础联通 抓主干知识的“源”与“流”
1.公式法与分组转化法 (1)公式法 直接利用等差数列、等比数列的前 n 项和公式求和. (2)分组转化法 若一个数列是由若干个等差数列或等比数列或可求和的数 列组成,则求和时可用分组转化法,分别求和后相加减.
2.倒序相加法与并项求和法 (1)倒序相加法 如果一个数列{an}的前 n 项中首末两端等“距离”的两项 的和相等或等于同一个常数,那么求这个数列的前 n 项和可用 倒序相加法,如等差数列的前 n 项和公式就是用此法推导的. (2)并项求和法 在一个数列的前 n 项和中,可两两结合求解,则称之为并 项求和.形如 an=(-1)nf(n)类型,可采用两项合并求解.
应分公常见的裂项方式
数列(n 为正整数)
裂项方式
1 nn+k
(k 为非零常数)
nn1+k=1kn1-n+1 k
1 4n2-1
4n21-1=122n1-1-2n1+1
②
由①②,解得 a1=1,d=3,由此可得 an=3n-2.
所以数列{an}的通项公式为 an=3n-2,数列{bn}的通项公式为 bn=2n.
(2)设数列{a2nb2n-1}的前 n 项和为 Tn, 由 a2n=6n-2,b2n-1=2×4n-1,得 a2nb2n-1=(3n-1)×4n, 故 Tn=2×4+5×42+8×43+…+(3n-1)×4n, 4Tn=2×42+5×43+8×44+…+(3n-4)×4n+(3n-1)×4n+1, 上述两式相减,得 -3Tn=2×4+3×42+3×43+…+3×4n-(3n-1)×4n+1 =12×1-1-4 4n-4-(3n-1)×4n+1=-(3n-2)×4n+1-8. 故 Tn=3n3-2×4n+1+83. 所以数列{a2nb2n-1}的前 n 项和为3n3-2×4n+1+83.
2019高考二轮复习文科数学专题三2第二讲数列求和及综合应用-精选文档

高考· 二轮· 数学(文科)
跟踪训练 1.已知等差数列{an}中,a3a7=-16,a4+a6=0,求 {an}前n项和Sn. 解析:设{an}的公差为d,则 (a1+2d)(a1+6d)=-16 即 a1+3d+a1+5d=0
q = 1 S = n q ≠ 1 =
2.转化法 有些数列,既不是等差数列,也不是等比数列,若将数列 通项拆开或变形,可转化为几个等差、等比或常见的数列,即 先分别求和,然后再合并.
高考· 二轮· 数学(文科)
3.错位相减法 这是在推导等比数列的前n项和公式时所用的方法,这 种方法主要用于数列{an·bn}的前n项和,其中{an},{bn}分 别是等差数列和等比数列. 4.倒序相加法 这是在推导等差数列前n项和公式时所用的方法,也就 是将一个数列倒过来排列(反序),当它与原数列相加时若有 公式可提,并且剩余项和易于求得,则这样的数列可用倒序 相加法求和. 5.裂项相消法 利用通项变形,将通项分裂成两项或n项的差,通过相 加过程中的相互抵消,最后只剩下有限项的和.
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考点整合
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数列求和的基本方法 考纲点击 掌握基本的求和方法:等差、等比数列求和,一般数列的: 错位相减法、倒序相加法、裂项求和法等.
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基础梳理
一、数列求和的基本方法 1.公式法 (1)等差数列前n项和公式: Sn=________=________. (2)等比数列前n项和公式:
1 53 1 3 3 1 7 A . B . C . D . 2 4 4 2
答案:(1)16 255 (2)B
2019年高考数学数列复习指导(最适用、最全面)

2019年高考数学数列复习指导第一节数列的概念与简单表示法教材细梳理1.数列的有关概念概念含义数列按照一定顺序排列的一列数数列的项数列中的每一个数数列的通项数列{a n}的第n项a n通项公式数列{a n}的第n项a n与n之间的关系能用公式a n=f(n)表示,这个公式叫做数列的通项公式前n项和数列{a n}中,S n=a1+a2+…+a n叫做数列的前n项和列表法列表格表示n与a n的对应关系图象法把点(n,a n)画在平面直角坐标系中公式法通项公式把数列的通项使用公式表示的方法递推公式使用初始值a1和a n+1=f(a n)或a1,a2和a n+1=f(a n,a n-1)等表示数列的方法n n若数列{a n}的前n项和为S n,则a n =⎩⎪⎨⎪⎧S 1,n =1,S n -S n -1,n ≥2.4.数列的分类[1.数列的通项公式不一定唯一.2.在利用数列的前n 项和求通项时,往往容易忽略先求出a 1,而是直接把数列的通项公式写成a n =S n -S n -1的形式,但它只适用于n ≥2的情形.知识微思考1.判断下面结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”) (1)所有数列的第n 项都能使用公式表达.( )(2)根据数列的前几项归纳出数列的通项公式可能不止一个.( ) (3)任何一个数列不是递增数列,就是递减数列.( )(4)如果数列{a n }的前n 项和为S n ,则对∀n ∈N *,都有a n +1=S n +1-S n .( ) (5)在数列{a n }中,对于任意正整数m ,n ,a m +n =a mn +1,若a 1=1,则a 2=2.( ) 答案:(1)× (2)√ (3)× (4)√ (5)√2.数列的通项a n =2n 与函数f (x )=2x 有何区别与联系?提示:数列a n =2n 是特殊函数,其定义域为N *,而函数f (x )=2x 的定义域为R ,a n =2n 的图象是离散点且在f (x )=2x 的图象上.3.数列{a n }中,由a n +1=n +1能得到{a n }的通项a n =n 吗? 提示:不能.由a n +1=n +1得到a n =n ,这里n ≥2.若a 1=1时,数列的通项a n =n ;若a 1=2时,则通项a n =⎩⎨⎧2 (n =1),n (n ≥2).四基精演练1.(必修5·2.1例3改编)在数列{a n }中,a 1=1,a n =1+1a n -1(n ≥2),则a 4=( )A.32 B.53 C.74D.85解析:选B.由题意知,a 1=1,a 2=1+1a 1=2,a 3=1+1a 2=32,a 4=1+1a 3=53.2.(实践题)(必修5·2.1教材引例改编)把1,3,6,10,15,21,…这些数叫作三角形数,这是因为以这些数目的点可以排成一个正三角形(如图).则第7个三角形数是( ) A .27 B .28 C .29D .30解析:选B.观察规律可知三角形数为1,3,6,10,15,21,28,36,….3.(必修5·2.1练习改编)数列1,23,35,47,59,…的一个通项公式a n 是 .解析:由已知得,数列可写成11,23,35,…,故通项公式可以为n2n -1.答案:a n =n2n -14.(2018·山东日照期末)在数列{a n }中,a n =-2n 2+29n +3,则此数列最大项的值是 .解析:根据题意并结合二次函数的性质可得a n =-2n 2+29n +3=-2⎝⎛⎭⎫n 2-292n +3=-2⎝⎛⎭⎫n -2942+3+8418, ∴n =7时,a n 取得最大值,最大项a 7的值为108. 答案:1085.(2016·高考浙江卷)设数列{a n }的前n 项和为S n .若S 2=4,a n +1=2S n +1,n ∈N *,则a 1= ,S 5= .解析:法一:∵a n +1=2S n +1,∴a 2=2S 1+1,即S 2-a 1=2a 1+1,又∵S 2=4,∴4-a 1=2a 1+1,解得a 1=1.又a n +1=S n +1-S n ,∴S n +1-S n =2S n +1,即S n +1=3S n +1,由S 2=4,可求出S 3=13,S 4=40,S 5=121. 法二:由a n +1=2S n +1,得a 2=2S 1+1,即S 2-a 1=2a 1+1,又S 2=4,∴4-a 1=2a 1+1,解得a1=1.又a n+1=S n+1-S n,∴S n+1-S n=2S n+1,即S n+1=3S n+1,则S n+1+12=3⎝⎛⎭⎫S n+12,又S1+12=32,∴⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n+12是首项为32,公比为3的等比数列,∴S n+12=32×3n-1,即S n=3n-12,∴S5=35-12=121.答案:1;121考点一已知数列的前几项求通项[简单型]——发展数学抽象由数列的前几项求数列通项公式的策略1.对数列的前几项进行归纳、联想,具体如下:(1)分式中分子、分母的特征;(2)相邻项的变化特征;(3)拆项后的特征;(4)各项符号特征等.2.根据数列的前几项写出数列的一个通项公式是利用不完全归纳法,它蕴含着“从特殊到一般”的思想,由不完全归纳得出的结果是不可靠的,要注意代值检验,对于正负符号变化,可用(-1)n或(-1)n+1来调整.写出下列数列的一个通项公式:(1)1,3,5,7,…;(2)-11×2,12×3,-13×4,14×5,…;(3)1,5,1,5,1,5,…;(4)9,99,999,9 999,….解:(1)数列的前4项都是序号的2倍减去1,所以它的一个通项公式为a n=2n-1.事实上,该数列是由连续的正奇数组成的.(2)此数列前4项的绝对值都等于序号与序号加1的积的倒数,且奇数项为负,偶数项为正,所以它的一个通项公式为a n =(-1)n 1n (n +1).(3)已知数列可以变换为3-2,3+2,3-2,3+2,…,所以已知数列的一个通项公式为a n=3+(-1)n ·2.(4)数列的前4项可以写成10-1,100-1,1 000-1,10 000-1,所以它的一个通项公式为a n =10n -1.考点二 已知递推关系求通项[探究型]——发展数学运算[例1] (1)(2018·湖南四校联考)在数列{a n }中,a 1=2,a n +1=a n +ln ⎝⎛⎭⎫1+1n ,则a n 等于( )A .2+ln nB .2+(n -1)ln nC .2+n ln nD .1+n +ln n解析:由已知,a n +1-a n =lnn +1n,a 1=2, 所以a n -a n -1=ln nn -1(n ≥2),a n -1-a n -2=ln n -1n -2, …a 2-a 1=ln 21,将以上n -1个式子叠加,得 a n -a 1=ln n n -1+ln n -1n -2+…+ln 21=ln ⎝ ⎛⎭⎪⎫n n -1·n -1n -2·…·21=ln n . 所以a n =2+ln n (n ≥2), 经检验n =1时也适合.故选A. 答案:A(2)设{a n }是首项为1的正项数列,且(n +1)a 2n +1-na 2n +a n +1·a n =0(n =1,2,3,…),则它的通项公式a n = .解析:因为(n +1)a 2n +1+a n +1·a n -na 2n =0,所以(a n +1+a n )[(n +1)a n +1-na n ]=0, 又a n +1+a n >0,所以(n +1)a n +1-na n =0, 即a n +1a n =nn +1, 所以a 2a 1·a 3a 2·a 4a 3·a 5a 4·…·a n a n -1=12×23×34×45×…×n -1n ,所以a n =1n .答案:1n[母题变式]1.若把本例(1)中条件“a n +1=a n +ln ⎝⎛⎭⎫1+1n ”改为“a n +1=2a n +1”,则a n = . 解析:由题意知a n +1+1=2(a n +1),所以数列{a n +1}是以3为首项,2为公比的等比数列,所以a n +1=3×2n -1,所以a n =3× 2n -1-1.答案:3×2n -1-1(n ∈N *)2.若把本例(1)中条件“a n +1=a n +ln ⎝⎛⎭⎫1+1n ”改为a n +1=2a n 2+a n ,则a n = . 解析:∵a n +1=2a na n +2,a 1=2,∴a n ≠0,∴1a n +1=1a n +12,即1a n +1-1a n =12, 又a 1=2,则1a 1=12,∴⎩⎨⎧⎭⎬⎫1a n 是以12为首项,12为公差的等差数列.∴1a n =1a 1+(n -1)×12=n 2,∴a n =2n . 答案:2n3.若把本例(2)中条件改为“a 1=1,a n +1+a n =2n ”,则a n = . 解析:∵a n +1+a n =2n ,∴a n +2+a n +1=2n +2, 故a n +2-a n =2,即数列{a n }是奇数项与偶数项都是公差为2的等差数列.当n 为偶数时,a 2=1,故a n =a 2+2⎝⎛⎭⎫n 2-1=n -1.当n 为奇数时,∵a n +1+a n =2n ,a n +1=a 1+2×n -12=1+n -1=n (n +1为偶数),故a n=n .综上所述,a n =⎩⎪⎨⎪⎧n ,n 为奇数,n -1,n 为偶数.答案:a n =⎩⎪⎨⎪⎧n ,n 为奇数n -1,n 为偶数已知数列的递推关系,求数列的通项时,通常用累加、累乘、构造法求解.当出现a n =a n -1+m 时,构造等差数列;当出现a n =xa n -1+y 时,构造等比数列;当出现a n =a n -1+f (n )时,用累加法求解;当出现a na n -1=f (n )时,用累乘法求解.[提醒] 在求出通项公式后,一定要验证是否满足公式.考点三 a n 与S n 的关系应用[高频型]——发展数学运算 命题点1已知S n 求通项a n[例n n 2为 .解析:当n =1时,a 1=S 1=2, 当n ≥2时 ,a n =S n -S n -1=6n -5,故a n =⎩⎪⎨⎪⎧2,n =1,6n -5,n ≥2.答案:a n =⎩⎪⎨⎪⎧2,n =1,6n -5,n ≥2(2)已知数列{a n }的前n 项和S n =5-4×2-n ,则其通项公式为 .解析:a 1=S 1=5-4×2-1=3,a n =S n -S n -1=(5-4×2-n )-(5-4×2-n +1)=42n (n ≥2).当n =1时,42n =2≠a 1,∴a n =⎩⎪⎨⎪⎧3,n =1,42n ,n ≥2答案:a n =⎩⎪⎨⎪⎧3,n =1,42n,n ≥2命题点2利用S n 与a n 关系求S n[例3] (1)设S n 是数列{a n }的前n 项和,且a 1=-1,a n +1= S n S n +1,则S n = .解析:由已知得a n +1=S n +1-S n =S n +1S n ,两边同时除以S n +1S n ,得1S n +1-1S n =-1,故数列{1S n }是以-1为首项,-1为公差的等差数列,则1S n =-1-(n -1)=-n ,所以S n =-1n.答案:-1n(2)(2018·南昌模拟)数列{a n }的前n 项和为S n ,若a 1=1,a n +1=3S n (n ≥1),则S n 等于 .解析:由a n +1=3S n 得S n +1-S n =3S n , ∴S n +1=4S n ,又S 1=a 1=1≠0,∴{S n }是首项为1,公比为4的等比数列,∴S n =4n -1. 答案:4n -1数列的通项a n 与前n 项和S n 的关系是a n =当n=1时,a 1若适合S n -S n -1,则n =1的情况可并入n ≥2时的通项a n ;当n =1时,a 1若不适合S n -S n -1,则用分段函数的形式表示.1.(2018·陕西四校联考)已知数列{a n }满足条件12a 1+122a 2+123a 3+…+12n a n =2n +5,则数列{a n }的通项公式为( )A .a n =2n +1B .a n =⎩⎪⎨⎪⎧14(n =1)2n +1(n ≥2)C .a n =2nD .a n =2n +2解析:选B.由题意可知,数列{a n }满足条件12a 1+122a 2+123a 3+…+12n a n =2n +5,则12a 1+122a 2+123a 3+…+12n -1a n -1 =2(n -1)+5,n >1,两式相减可得:a n2n =2n +5-2(n -1)-5=2,∴a n =2n +1,n >1,n ∈N *. 当n =1时,a 12=7,∴a 1=14,综上可知,数列{a n }的通项公式为:a n =⎩⎪⎨⎪⎧14 (n =1),2n +1 (n ≥2).故选B.2.数列{a n }的前n 项和记为S n ,a 1=1,a n +1=2S n +1(n ≥1,n ∈N ),则数列{a n }的前n 项和S n = .解析:由a n +1=2S n +1,可得a n =2S n -1+1(n ≥2),两式相减,得a n +1-a n =2a n ,a n +1=3a n (n ≥2).∵a 2=2S 1+1=3,∴a 2=3a 1,故数列{a n }是首项为1,公比为3的等比数列. ∴a n =3n -1,由a n +1=2S n +1,得S n =a n +1-12=3n -12.答案:3n -12发展数学建模、数学运算(创新型)模型 数列的单调性与函数不等式、导数的交汇创新数列是特殊函数,所以可用函数的观点和方法研究数列的性质、单调性,最大(小)项.数列与函数、不等式、导数等交汇命题是高考的热点,解决这类问题的策略是:1.用作差比较法,根据a n +1-a n 的符号判断数列{a n }是递增数列、递减数列或是常数列.2.用作商比较法,根据a n +1a n (a n >0或a n <0)与1的大小关系进行判断.3.结合相应函数的图象直观判断.[例4] (1)等差数列{a n }的前n 项和为S n ,已知S 10=0,S 15=25,则nS n 的最小值为 .解析:设等差数列{a n }的首项为a 1,公差为d ,由等差数列前n 项和公式可得⎩⎨⎧10a 1+10×92d =0,15a 1+15×142d =25,解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1=-3,d =23.∴nS n =n 2a 1+n 2(n -1)2d =-3n 2+13(n 3-n 2)=13n 3-10n 23.构造函数f (x )=13x 3-103x 2(x >0).令f ′(x )=0,解得x =0(舍去)或x =203.当x >203时,f (x )单调递增;当0<x <203时,f (x )单调递减.∵n ∈N *,∴当n =7时,nS n 取最小值, ∴(nS n )min =13×73-10×723=-49.答案:-49(2)(2018·烟台质检)已知数列{a n }的通项为a n =2n -1,又数列{b n }满足b n =2log 2a n +1,记S n =b 1+b 2+…+b n ,若∀n ∈N *都有S n a n ≤S ka k成立,则正整数k 的值为 .解析:∵a n =2n -1,∴b n =2log 2a n +1=2n . 所以S n =b 1+b 2+…+b n =n (2+2n )2=n 2+n ,令c n =S n a n =n 2+n2n -1.则c n +1-c n =S n +1a n +1-S n a n =(n +1)(n +2)2n -n (n +1)2n -1=(n +1)(2-n )2n. 所以当n =1时,c 1<c 2;当n=2时,c3=c2;当n≥3时,c n+1-c n<0,即c3>c4>c5>…,所以数列{c n}中最大项为c2和c3.所以存在k=2或3,使得任意的正整数n,都有S ka k≥S n a n.答案:2或3课时规范训练(限时练·夯基练·提能练)A级基础夯实练(30分钟,55分)1.(2018·合肥模拟)数列{a n}的前n项和为S n,若S n-S n-1=2n-1(n≥2),且S2=3,则a1+a3的值为()A.1B.3C.5 D.6解析:选C.依题意,S2-S1=3,所以a1=S1=S2-3=3-3=0,又因为a3=S3-S2=5,所以a1+a3=0+5=5.2.(2018·株洲模拟)数列{a n}的前n项和S n=2n2-3n(n∈N*),若p-q=5,则a p-a q=()A.10 B.15C.-5 D.20解析:选D.当n≥2时,a n=S n-S n-1=2n2-3n-[2(n-1)2-3(n-1)]=4n-5,当n=1时,a1=S1=-1,符合上式,所以a n=4n-5,所以a p-a q=4(p-q)=20.3.(2018·西安模拟)在各项均为正数的数列{a n}中,对任意m,n∈N*,都有a m+n=a m·a n.若a6=64,则a9等于()A.256 B.510C.512 D.1 024解析:选C.在各项均为正数的数列{a n}中,对任意m,n∈N*,都有a m+n=a m·a n.∴a6=a3·a3=64,a3=8.∴a9=a6·a3=64×8=512.4.数列{a n }满足a n +1=⎩⎨⎧2a n ,0≤a n <12,2a n-1,12≤a n<1.若a 1=35,则a 2 019=( )A.15B.25C.35D.45解析:选B.由递推关系得,a 1=35,a 2=2a 1-1=2×35-1=15,a 3=2a 2=2×15=25,a 4=2a 3=2×25=45,a 5=2a 4-1=2×45-1=35,…,所以a 5=a 1,即a n +4=a n .所以数列{a n }是周期为4的周期数列,a 2 019=a 504×4+3=a 3=25,故选B.5.(2018·洛阳模拟)设数列{a n }满足a 1+2a 2+22a 3+…+2n -1a n =n 2(n ∈N *),则通项公式是( )A .a n =12nB .a n =12n -1C .a n =12nD .a n =12n +1解析:选C.设{2n -1·a n }的前n 项和为T n ,∵数列{a n }满足a 1+2a 2+22a 3+…+2n -1a n =n 2(n ∈N *),∴T n =n 2,∴2n -1an =T n -T n -1=n 2-n -12=12, ∴a n =122n -1=12n ,经验证,n =1时也成立,故a n =12n .故选C.6.(2018·济南模拟)设曲线f (x )=x n +1(n ∈N *)在点(1,1)处的切线与x 轴的交点的横坐标为x n ,则x 1·x 2·x 3·x 4·…·x 2 018=( )A.2 0172 018 B.12 018 C.2 0182 019D.12 019解析:选D.由f (x )=x n +1得f ′(x )=(n +1)x n ,切线方程为y -1=(n +1)(x -1),令y =0得x n =n n +1,故x 1·x 2·x 3·x 4·…·x 2 018=12×23×…×2 0182 019=12 019.7.(2018·长春模拟)设数列{a n }的前n 项和为S n ,且a 1=1,数列{S n +na n }为常数列,则a n =( )A.13n -1 B.2n (n +1) C.6(n +1)(n +2)D.5-2n 3解析:选B.由题意知当n =1时,S n +na n =2,当n ≥2时,S n -1+(n -1)a n -1=2,所以(n +1)a n =(n -1)a n -1,即a n a n -1=n -1n +1,从而a 2a 1·a 3a 2·a 4a 3·…·a na n -1=13·24·…·n -1n +1,则a n =2n (n +1),当n =1时上式成立,所以a n =2n (n +1). 8.(2018·广州二模)设数列{a n }的各项都是正数,且对任意n ∈N *,都有4S n =a 2n +2a n ,其中S n 为数列{a n }的前n 项和,则数列{a n }的通项公式为a n = .解析:当n =1时,由4S 1=a 21+2a 1,a 1>0,得a 1=2;当n ≥2时,由4a n =4S n -4S n -1=(a 2n +2a n )-(a 2n -1+2a n -1),得(a n +a n -1)(a n -a n -1-2)=0. 因为a n +a n -1>0,所以a n -a n -1=2, 则数列{a n }是首项为2,公差为2的等差数列, 故a n =2+(n -1)×2=2n . 答案:2n9.(2018·厦门调研)若数列{a n }满足a 1·a 2·a 3·…·a n =n 2+3n +2,则数列{a n }的通项公式为 .解析:a 1·a 2·a 3·…·a n =(n +1)(n +2), 当n =1时,a 1=6;当n ≥2时,⎩⎪⎨⎪⎧a 1·a 2·a 3·…·a n -1·a n =(n +1)(n +2),a 1·a 2·a 3·…·a n -1=n (n +1),故当n ≥2时,a n =n +2n,所以a n=⎩⎨⎧6,n =1,n +2n ,n ≥2,n ∈N *.答案:a n =⎩⎪⎨⎪⎧6,n =1,n +2n ,n ≥2,n ∈N *.10.(10分)已知数列{a n }满足前n 项和S n =n 2+1,数列{b n }满足b n =2a n +1,且前n 项和为T n ,设c n =T 2n +1-T n .(1)求数列{b n }的通项公式; (2)判断数列{c n }的增减性.解:(1)a 1=2,a n =S n -S n -1=2n -1(n ≥2).∴b n=⎩⎨⎧23 (n =1),1n(n ≥2).(2)∵c n =b n +1+b n +2+…+b 2n +1 =1n +1+1n +2+…+12n +1, ∴c n +1-c n =12n +2+12n +3-1n +1=12n +3-12n +2=-1(2n +3)(2n +2)<0, ∴{c n }是递减数列.B 级 能力升级练(25分钟,40分)1.对于数列{a n },“a n +1>|a n |(n =1,2,…)”是“{a n }为递增数列”的( ) A .必要不充分条件 B .充分不必要条件 C .充要条件D .既不充分也不必要条件解析:选B.当a n +1>|a n |(n =1,2,…)时, ∵|a n |≥a n ,∴a n +1>a n , ∴{a n }为递增数列.当{a n }为递增数列时,若该数列为-2,0,1,则a 2>|a 1|不成立,即a n +1>|a n |(n =1,2,…)不一定成立.综上知,“a n +1>|a n |(n =1,2,…)”是“{a n }为递增数列”的充分不必要条件.2.(2018·潍坊模拟)定义:称nP 1+P 2+…+P n为n 个正数P 1,P 2,…,P n 的“均倒数”.若数列{a n }的前n 项的“均倒数”为12n -1,则数列{a n }的通项公式为( )A .a n =2n -1B .a n =4n -1C .a n =4n -3D .a n =4n -5解析:选C.∵n a 1+a 2+…+a n =12n -1,∴a 1+a 2+…+a n n =2n -1,∴a 1+a 2+…+a n =(2n -1)n ,a 1+a 2+…+a n -1=(2n -3)(n -1)(n ≥2),当n ≥2时,a n =(2n -1)n -(2n -3)(n -1)=4n -3; a 1=1也适合此等式,∴a n =4n -3.3.(2018·苏州调研)已知数列{a n }满足a 1=1,a n +1=a n +n +1,则8+a nn的最小值为 .解析:由a 1=1,a n +1=a n +n +1得 a 2-a 1=2,a 3-a 2=3,…… a n -a n -1=n .以上等式相加得a n =a 1+2+3+…+n =n (n +1)2,∴8+a n n =n 2+8n +12≥24+12=412,当且仅当n =4时上式取到等号. 答案:4124.(12分)已知数列{a n }的通项公式是a n =n 2+kn +4.(1)若k =-5,则数列中有多少项是负数?n 为何值时,a n 有最小值?并求出最小值; (2)对于n ∈N *,都有a n +1>a n ,求实数k 的取值范围. 解:(1)由n 2-5n +4<0, 解得1<n <4.因为n ∈N *,所以n =2,3,所以数列中有两项是负数,即为a 2,a 3. 因为a n =n 2-5n +4=⎝⎛⎭⎫n -522-94, 由二次函数性质,得当n =2或n =3时,a n 有最小值,其最小值为a 2=a 3=-2. (2)由a n +1>a n ,知该数列是一个递增数列,又因为通项公式a n =n 2+kn +4,可以看作是关于n 的二次函数,考虑到n ∈N *,所以-k 2<32,即得k >-3.所以实数k 的取值范围为(-3,+∞).5.(13分)(2018·沈阳期末)已知{a n }是公差为d 的等差数列,它的前n 项和为S n ,S 4=2S 2+4,数列{b n }中,b n =1+a na n.(1)求公差d 的值;(2)若a 1=-52,求数列{b n }中的最大项和最小项的值;(3)若对任意的n ∈N *,都有b n ≤b 8成立,求a 1的取值范围. 解:(1)∵S 4=2S 2+4,∴4a 1+3×42d =2(2a 1+d )+4,解得d =1. (2)∵a 1=-52,∴数列{a n }的通项公式为a n =-52+(n -1)=n -72,∴b n =1+1a n =1+1n -72.∵函数f (x )=1+1x -72在⎝⎛⎭⎫-∞,72和⎝⎛⎭⎫72,+∞上分别是单调减函数, ∴b 3<b 2<b 1<1,当n ≥4时,1<b n ≤b 4, ∴数列{b n }中的最大项是b 4=3,最小项是b 3=-1. (3)由b n =1+1a n ,得b n =1+1n +a 1-1.又函数f (x )=1+1x +a 1-1在(-∞,1-a 1)和(1-a 1,+∞)上分别是单调减函数,且x <1-a 1时,y <1;当x >1-a 1时,y >1.∵对任意的n ∈N *,都有b n ≤b 8, ∴7<1-a 1<8,∴-7<a 1<-6, ∴a 1的取值范围是(-7,-6).第二节 等差数列及其前n 项和教材细梳理1.等差数列的有关概念(1)定义:如果一个数列从第2项起,每一项与它的前一项的差都等于同一个常数,那么这个数列就叫做等差数列.符号表示为a n +1-a n =d (n ∈N *,d 为常数).(2)等差中项:数列a ,A ,b 成等差数列的充要条件是A =a +b2,其中A 叫做a ,b 的等差中项.2.等差数列的有关公式 (1)通项公式:a n =a 1+(n -1)d . (2)前n 项和公式:S n =na 1+n (n -1)2d =n (a 1+a n )2. 3.等差数列的常用性质(1)通项公式的推广:a n =a m +(n -m )d (n ,m ∈N *).(2)若{a n }是等差数列,且k +l =m +n (k ,l ,m ,n ∈N *),则a k +a l =a m +a n . (3)若{a n }是等差数列,公差为d ,则{a 2n }也是等差数列,公差为2d . (4)若{a n },{b n }是等差数列,则{pa n +qb n }(p ,q ∈N *)也是等差数列.(5)若{a n }是等差数列,则a k ,a k +m ,a k +2m ,…(k ,m ∈N *)组成公差为md 的等差数列. (6)数列S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m ,…也是等差数列. (7)S 2n -1=(2n -1)a n .(8)若n 为偶数,则S 偶-S 奇=nd2;若n 为奇数,则S 奇-S 偶=a 中(中间项).[易错易混]1.要注意概念中的“从第2项起”.如果一个数列不是从第2项起,而是从第3项或第4项起,每一项与它前一项的差是同一个常数,那么此数列不是等差数列.2.求等差数列的前n 项和S n 的最值时,需要注意“自变量n 为正整数”这一隐含条件.知识微思考1.判断下面结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)若一个数列从第二项起每一项与它的前一项的差都是常数,则这个数列是等差数列.( )(2)数列{a n }为等差数列的充要条件是对任意n ∈N *,都有 2a n +1=a n +a n +2.( )(3)等差数列{a n }的单调性是由公差d 决定的.( )(4)数列{a n }为等差数列的充要条件是其通项公式为n 的一次函数.( ) (5)数列{a n }满足a n +1-a n =n ,则数列{a n }是等差数列.( )(6)设S n 是{a n }的前n 项和,那么{a n }是等差数列的充要条件是S n =An 2+Bn (A ,B 为常数).( )答案:(1)× (2)√ (3)√ (4)× (5)× (6)√2.设S n 是{a n }的前n 项和,若S n =n 2+1,则{a n }是等差数列,对吗?提示:不对,由S n =n 2得当n ≥2时,a n =S n -S n -1=n 2-(n -1)2=2n -1,又a 1=2,所以数列{a n }去掉首项后,才是等差数列.四基精演练1.(必修5·2.1例1改编)已知等差数列-5,-2,1,…,则该数列的第20项为 . 解析:依题意得,该等差数列的首项为-5,公差为3,所以a 20=-5+19×3=52,故第20项为52.答案:522.(必修5·习题2.3T 5改编)在100以内的正整数中有 个能被6整除的数. 解析:由题意知,能被6整除的数构成一个等差数列{a n }, 则a 1=6,d =6,得a n =6+(n -1)6=6n . 由a n =6n ≤100,即n ≤1646=1623,所以在100以内有16个能被6整除的数. 答案:163.(实践题)(必修5·2.2练习T 2改编)某剧场有20排座位,后一排比前一排多2个座位,最后一排有60个座位,则剧场总共的座位数为 .解析:设第n 排的座位数为a n (n ∈N *),数列{a n }为等差数列,其公差d =2,则a n =a 1+(n -1)d =a 1+2(n -1).由已知a 20=60,得60=a 1+2×(20-1),解得a 1=22,则剧场总共的座位数为20(a 1+a 20)2=20×(22+60)2=820.答案:8204.(2017·高考全国卷Ⅰ)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.若a 4+a 5=24,S 6=48,则{a n }的公差为( )A .1B .2C .4D .8解析:选C.等差数列{a n }中,S 6=(a 1+a 6)×62=48,则a 1+a 6=16=a 2+a 5,又a 4+a 5=24,所以a 4-a 2=2d =24-16=8, 得d =4,故选C.5.(2017·高考浙江卷)已知等差数列{a n }的公差为d ,前n 项和为S n ,则“d >0”是“S 4+S 6>2S 5”的( )A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件解析:选C.∵S 4+S 6>2S 5⇔S 4+S 4+a 5+a 6>2(S 4+a 5)⇔a 6>a 5⇔a 5+d >a 5⇔d >0,∴“d >0”是“S 4+S 6>2S 5”的充分必要条件.故选C.考点一 等差数列的性质及基本量运算[简单型]——发展数学运算等差数列运算的思想方法1.方程思想:设出首项a 1和公差d ,然后将通项公式或前n 项和公式转化为方程(组)求解.2.整体思想:当所给条件只有一个时,可将已知和所求结果都用a 1,d 表示,寻求两者的联系,整体代换即可求解.3.利用性质:运用等差数列性质,可以化繁为简、优化解题过程.1.设等差数列{a n }的前n 项和为S n ,若S m -1=-2,S m =0,S m +1=3,则m =( ) A .3 B .4 C .5D .6解析:选C.由已知得,a m =S m -S m -1=2,a m +1=S m +1-S m =3,因为数列{a n }为等差数列,所以d =a m +1-a m =1,又因为S m =m (a 1+a m )2=0,所以m (a 1+2)=0,因为m ≠0,所以a 1=-2,又a m =-2+(m -1)1=2,解得m =5.2.在等差数列{a n }中,若a 3+a 4+a 5+a 6+a 7=25,则a 2+a 8= .解析:根据等差数列的性质,得a 3+a 4+a 5+a 6+a 7=5a 5=25,解得a 5=5.又a 2+a 8=2a 5,所以a 2+a 8=10.答案:103.(2016·高考江苏卷)已知{a n }是等差数列,S n 是其前n 项和.若a 1+a 22=-3,S 5=10,则a 9的值是 .解析:因为S 5=5a 3=10,所以a 3=2.又a 1+a 22=-3,所以2-2d +(2-d )2=-3,所以d =3,所以a 9=a 3+6d =2+6×3=20.答案:20考点二 等差数列的判定与证明[探究型]——发展逻辑推理[例1] (2018·南昌一模)已知数列{a n }的各项均为正数,前n 项和为S n ,且满足2S n =a 2n+n -4(n ∈N *).(1)求证:数列{a n }为等差数列; (2)求数列{a n }的通项公式.解:(1)证明:当n =1时,有2a 1=a 21+1-4, 即a 21-2a 1-3=0,解得a 1=3(a 1=-1舍去). 当n ≥2时,有2S n -1=a 2n -1+n -5,又2S n =a 2n +n -4,两式相减得2a n =a 2n -a 2n -1+1, 即a 2n -2a n +1=a 2n -1,也即(a n -1)2=a 2n -1,因此a n -1=a n -1或a n -1=-a n -1. 若a n -1=-a n -1,则a n +a n -1=1. 而a 1=3,所以a 2=-2,这与数列{a n }的各项均为正数相矛盾, 所以a n -1=a n -1,即a n -a n -1=1,因此数列{a n }为首项为3,公差为1的等差数列. (2)由(1)知a 1=3,d =1, 所以数列{a n }的通项公式为a n =3+(n -1)×1=n +2,即a n =n +2. [母题变式]1.若本例条件变为“数列{a n }的前n 项和为S n ,且满足2S n -na n =n ”,判断{a n }是不是等差数列.证明:因为2S n -na n =n ,①所以当n ≥2时,2S n -1-(n -1)a n -1=n -1,② 所以①-②得:(2-n )a n +(n -1)a n -1=1, (1-n )a n +1+na n =1,∴(2-n )a n +(n -1)a n -1=(1-n )a n +1+na n , 所以2a n =a n -1+a n +1(n ≥2), 所以数列{a n }为等差数列.2.本例的条件不变,若数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n -λ为等差数列,则非零常数λ的值为 .解析:由例1解答知a n =n +2,∴S n =n 22+52n ,设b n =S nn -λ=n (n +5)2(n -λ).由{b n }为等差数列,∴2b 2=b 1+b 3,解得λ=-5或λ=0(舍去),经检验符合题意. 答案:-5判定数列{a n }是等差数列的常用方法1.定义法:对任意n ∈N *,a n +1-a n 是同一个常数. 2.等差中项法:对任意n ≥2,n ∈N *,满足2a n =a n +1+a n -1. 3.通项公式法:数列的通项公式a n 是n 的一次函数.4.前n 项和公式法:数列的前n 项和公式S n 是n 的二次函数,且常数项为0.考点三 等差数列前n 项和及性质的应用[高频型]——发展数学运算命题点1等差数列性质与求和的结合[例n 1357910等于( )A .45B .60C .75D .90解析:由题意得a 3+a 8=9,所以S 10=10(a 1+a 10)2=10(a 3+a 8)2=10×92=45.答案:A(2)(2018·山师附中月考)在等差数列{a n }中,S 10=100,S 100=10,则S 110= . 解析:法一:设数列{a n }的公差为d ,首项为a 1, 则⎩⎨⎧10a 1+10×92d =100,100a 1+100×992d =10,解得⎩⎨⎧a 1=1 099100,d =-1150.所以S 110=110a 1+110×1092d =-110.法二:因为S 100-S 10=(a 11+a 100)×902=-90,所以a 11+a 100=-2, 所以S 110=(a 1+a 110)×1102=(a 11+a 100)×1102=-110.答案:-110命题点2等差数列前n 项和的最值[例3] 在等差数列{a n }中,若a 1<0,S n 为其前n 项之和,且S 7=S 17,则S n 为最小时n 的值为 .解析:法一:由S 7=S 17得2a 1+23d =0, 即(a 1+11d )+(a 1+12d )=0, 故a 12+a 13=0.又由a 1<0,S 7=S 17,可知d >0,所以a 12<0,a 13>0,所以n =12时,S n 最小. 法二:由S 7=S 17得d =-223a 1,从而S n =d2n 2+⎝⎛⎭⎫a 1-d 2n =-a 123(n -12)2+14423a 1.因为a 1<0,所以-a 123>0,所以n =12时,S n 最小.答案:121.求等差数列前n 项和S n 最值的两种方法(1)利用S n =an 2+bn 转化为二次函数求最值时要注意n 的取值. (2)若{a n }是等差数列,求其前n 项和的最值时,①若a 1>0,d <0,且满足⎩⎪⎨⎪⎧a n ≥0,a n +1<0,前n 项和S n 最大.②若a 1<0,d >0,且满足⎩⎨⎧a n ≤0a n +1>0,前n 项和S n 最小.2.运用等差数列的性质,可以化繁为简、优化解题过程,但要注意性质运用的条件,灵活应用.1.(2018·沈阳一模)设等差数列{a n }的前n 项和为S n ,若S 3=9,S 6=36,则a 7+a 8+a 9等于( )A .63B .45C .36D .27解析:选B.由{a n }是等差数列,得S 3,S 6-S 3,S 9-S 6为等差数列. 即2(S 6-S 3)=S 3+(S 9-S 6),得到a 7+a 8+a 9=S 9-S 6=2S 6-3S 3=45.2.(2018·桂林一模)在等差数列{a n }中,其前n 项和是S n ,若S 15>0,S 16<0,则在S 1a 1,S 2a 2,…,S 15a 15中最大的项是( ) A.S 1a 1 B.S 8a 8 C.S 9a 9D.S 15a 15解析:选B.由于S 15=15(a 1+a 15)2=15a 8>0,S 16=16(a 1+a 16)2=8(a 8+a 9)<0,所以可得a 8>0,a 9<0.这样S 1a 1>0,S 2a 2>0,…,S 8a 8>0,S 9a 9<0,S 10a 10<0,…,S 15a 15<0,而S 1<S 2<…<S 8,a 1>a 2>…>a 8,所以在S 1a 1,S 2a 2,…,S 15a 15中最大的是S 8a 8.发展数学建模、数学运算(应用型)模型 巧用三点共线解等差数列问题用函数观点深入研究通项公式和前n 项和公式,得到一些重要结论,将大大提高解题速度.1.由等差数列与一次函数的关系可知:对于公差为d (d ≠0)的等差数列{a n },其通项公式为a n =dn +(a 1-d ),则点(n ,a n )(n ∈N *)共线,又d =a n -a mn -m (n ≠m ),所以d 为过(m ,a m ),(n ,a n )两点的直线的斜率.由此可用三点共线解决等差数列问题.2.在等差数列前n 项和公式的变形S n =d 2n 2+⎝⎛⎭⎫a 1-d 2n 中,两边同除以n 得S n n =d 2n +⎝⎛⎭⎫a 1-d 2.该式说明对任意n ∈N *,所有的点⎝⎛⎭⎫n ,S n n 都在同一条直线上,从而对m ,n ∈N *(m ≠n )有S n n -S mm n -m =d 2(常数),即数列{S n n }是一个等差数列.[例4] (1)(2017·石家庄三模)已知{a n }为等差数列,且a 100=304,a 300=904,则a 1 000= .解析:因为{a n }为等差数列,则(100,304),(300,904),(1 000,a 1 000)三点共线. 所以904-304300-100=a 1 000-9041 000-300,解得a 1 000=3 004.答案:3 004(2)设S n 是等差数列{a n }的前n 项和,若S n =33,S 2n =44,则S 6n 的值为 . 解析:由题意知,⎝⎛⎭⎫n ,33n ,⎝⎛⎭⎫2n ,442n ,⎝⎛⎭⎫6n ,S 6n6n 三点共线,从而有442n -33n 2n -n =S 6n 6n -442n 6n -2n ,解得S 6n =-132.答案:-132课时规范训练(限时练·夯基练·提能练)A 级 基础夯实练(30分钟,55分)1.(2018·广东六校联考)已知等差数列{a n }中,a 7+a 9=16,S 11=992,则a 12的值是( )A .15B .30C .31D .64解析:选A.因为a 7+a 9=2a 8=16,所以a 8=8.因为S 11=11(a 1+a 11)2=11×2a 62=11a 6=992,所以a 6=92,则d =a 8-a 62=74,所以a 12=a 8+4d =15,故选A.2.(2018·山东威海质检)设S n 是等差数列{a n }的前n 项和,若a 6a 5=911,则S 11S 9=( )A .1B .-1C .2D.12解析:选A.S 11S 9=11(a 1+a 11)29(a 1+a 9)2=11a 69a 5=119×911=1.3.若数列{a n }满足a 1=15,且3a n +1=3a n -2,则使a k ·a k +1<0的k 值为( ) A .22 B .21 C .24D .23解析:选D.因为3a n +1=3a n -2,所以a n +1-a n =-23,所以数列{a n }是首项为15,公差为-23的等差数列,所以a n =15-23·(n -1)=-23n +473,令a n =-23n +473>0,得n <23.5,所以使a k ·a k +1<0的k 值为23.4.(2018·广州模拟)等差数列{a n }、{b n }的前n 项和分别为S n 、T n ,若a n b n =2n 3n +1,则S 21T 21的值为( )A.1315 B.2335 C.1117D.49解析:选C.由a n b n =2a n 2b n =a 1+a 2n -1b 1+b 2n -1=(2n -1)(a 1+a 2n -1)2(2n -1)(b 1+b 2n -1)2=S 2n -1T 2n -1=2n 3n +1,显然S 21T 21=S 2×11-1T 2×11-1=a 11b 11=2×113×11+1=1117,选C.5.(2018·浙江名校联考)已知每项均大于零的数列{a n }中,首项a 1=1且前n 项和S n 满足S n S n -1-S n -1S n =2S n S n -1(n ∈N *,且n ≥2),则a 81=( )A .641B .640C .639D .638解析:选B.由已知S nS n -1-S n -1S n =2S n S n -1可得,S n -S n -1=2,∴{S n }是以1为首项,2为公差的等差数列,故S n =2n -1,S n =(2n -1)2,∴a 81=S 81-S 80=1612-1592=640.故选B.6.下面是关于公差d >0的等差数列{a n }的四个命题:p 1:数列{a n }是递增数列;p 2:数列{na n }是递增数列; p 3:数列{a nn }是递增数列;p 4:数列{a n +3nd }是递增数列.其中的真命题为( ) A .p 1,p 2 B .p 3,p 4 C .p 2,p 3D .p 1,p 4解析:选D.{a n }是等差数列,则a n =a 1+(n -1)d =dn +a 1-d ,因为d >0,所以{a n }是递增数列,故p 1正确;对p 2,举反例,令a 1=-3,a 2=-2,d =1,则a 1>2a 2,故{na n }不是递增数列,p 2不正确;a n n =d +a 1-d n ,当a 1-d >0时,{a nn }递减,p 3不正确;a n +3nd=4nd +a 1-d,4d >0,{a n +3nd }是递增数列,p 4正确.故p 1,p 4是正确的,选D.7.(2018·揭阳质检)数列{a n }的首项为3,{b n }为等差数列且b n =a n +1-a n (n ∈N *),若b 3=-2,b 10=12,则a 8等于( )A .0B .3C .8D .11解析:选B.∵{b n }为等差数列,设其公差为d , 由b 3=-2,b 10=12,∴7d =b 10-b 3=12-(-2)=14,∴d =2, ∵b 3=-2,∴b 1=b 3-2d =-2-4=-6, ∴b 1+b 2+…+b 7=7b 1+7×62d=7×(-6)+21×2=0,又b 1+b 2+…+b 7=(a 2-a 1)+(a 3-a 2)+…+(a 8-a 7)=a 8-a 1=a 8-3, ∴a 8-3=0,∴a 8=3.故选B.8.设数列{a n }的通项公式为a n =2n -10(n ∈N *),则|a 1|+|a 2|+…+|a 15|= . 解析:由a n =2n -10(n ∈N *)知{a n }是以-8为首项,2为公差的等差数列,又由a n =2n -10≥0得n ≥5,∴n ≤5时,a n ≤0;当n >5时,a n >0.∴|a 1|+|a 2|+…+|a 15|=-(a 1+a 2+a 3+a 4)+(a 5+a 6+…+a 15)=20+110=130.答案:1309.(2018·广东潮州二模)在我国古代著名的数学专著《九章算术》里有一段叙述:今有良马与驽马发长安至齐,齐去长安一千一百二十五里,良马初日行一百零三里,日增一十三里;驽马初日行九十七里,日减半里,良马先至齐,复还迎驽马,二马相逢,问:几日相逢( )A .8日B .9日C .12日D .16日解析:选 B.设n 日相逢,则依题意得103n +n (n -1)2×13+97n +n (n -1)2×⎝⎛⎭⎫-12=1125×2,整理得n 2+31n -360=0,解得n =9(负值舍去),故选B.10.(10分)(2017·高考全国卷Ⅰ)记S n 为等比数列{a n }的前n 项和.已知S 2=2,S 3=-6.(1)求{a n }的通项公式;(2)求S n ,并判断S n +1,S n ,S n +2是否成等差数列. 解:(1)设{a n }的公比为q ,由题设可得⎩⎪⎨⎪⎧a 1(1+q )=2,a 1(1+q +q 2)=-6. 解得q =-2,a 1=-2. 故{a n }的通项公式为a n =(-2)n .(2)由(1)可得S n =a 1(1-q n )1-q =-23+(-1)n ·2n +13.由于S n +2+S n +1=-43+(-1)n ·2n +3-2n +23=2⎣⎢⎡⎦⎥⎤-23+(-1)n ·2n +13=2S n ,故S n +1,S n ,S n +2成等差数列.B 级 能力升级练(20分钟,40分)1.(2018·潍坊模拟)设S n 为等差数列{a n }的前n 项和,(n +1)S n <nS n +1(n ∈N *).若a 8a 7<-1,则( )A .S n 的最大值是S 8B .S n 的最小值是S 8C .S n 的最大值是S 7D .S n 的最小值是S 7解析:选D.由条件得S n n <S n +1n +1,即n (a 1+a n )2n <(n +1)(a 1+a n +1)2(n +1),所以a n <a n +1,所以等差数列{a n }为递增数列.又a 8a 7<-1,所以a 8>0,a 7<0,即数列{a n }前7项均小于0,第8项大于零,所以S n 的最小值为S 7,故选D.2.(2016·高考浙江卷)如图,点列{A n },{B n }分别在某锐角的两边上,且|A n A n +1|=|A n +1A n +2|,A n ≠A n +2,n ∈N *,|B n B n +1|=|B n +1B n +2|,B n ≠B n +2,n ∈N *(P ≠Q 表示点P 与Q 不重合).若d n =|A n B n |,S n 为△A n B n B n +1的面积,则( )A .{S n }是等差数列B .{S 2n }是等差数列C .{d n }是等差数列D .{d 2n}是等差数列 解析:选A.作A 1C 1,A 2C 2,A 3C 3,…,A n C n 垂直于直线B 1B n ,垂足分别为C 1,C 2,C 3,…,C n ,则A 1C 1∥A 2C 2∥…∥A n C n .∵|A n A n +1|=|A n +1A n +2|, ∴|C n C n +1|=|C n +1C n +2|.设|A 1C 1|=a ,|A 2C 2|=b ,|B 1B 2|=c ,则|A 3C 3|=2b -a ,…,|A n C n |=(n -1)b -(n -2)a (n ≥3), ∴S n =12c [(n -1)b -(n -2)a ]=12c [(b -a )n +(2a -b )], ∴S n +1-S n =12c [(b -a )(n +1)+(2a -b )-(b -a )n -(2a -b )]=12c (b -a ),∴数列{S n }是等差数列.3.(2018·烟台模拟)已知数列{a n }为等差数列,若a 11a 10<-1,且它们的前n 项和S n 有最大值,则使S n >0的n 的最大值为 .解析:∵a 11a 10<-1,且S n 有最大值,∴a 10>0,a 11<0,且a 10+a 11<0, ∴S 19=19(a 1+a 19)2=19·a 10>0,S 20=20(a 1+a 20)2=10(a 10+a 11)<0,故使得S n >0的n 的最大值为19. 答案:194.(12分)(2017·南昌三模)设等差数列{a n }的前n 项和为S n ,且a 5+a 13=34,S 3=9. (1)求数列{a n }的通项公式及前n 项和公式;(2)设数列{b n }的通项公式为b n =a n a n +t ,问:是否存在正整数t ,使得b 1,b 2,b m (m ≥3,m ∈N )成等差数列?若存在,求出t 和m 的值;若不存在,请说明理由.解:(1)设{a n }的公差为d ,由题意得⎩⎪⎨⎪⎧2a 1+16d =34,3a 1+3d =9,解得a 1=1,d =2, 故a n =2n -1,S n =n 2. (2)由(1)知b n =2n -12n -1+t,要使b 1,b 2,b m 成等差数列,必须有2b 2=b 1+b m , 即2×33+t =11+t +2m -12m -1+t, 移项得2m -12m -1+t =63+t -11+t =6+6t -3-t (3+t )(1+t ),整理得m =3+4t -1.因为m ,t 为正整数, 所以t 只能取2,3,5.当t =2时,m =7;当t =3时,m =5; 当t =5时,m =4.所以存在正整数t ,使得b 1,b 2,b m 成等差数列.5.(13分)设同时满足条件:①b n +b n +22≤b n +1(n ∈N *);②b n ≤M (n ∈N *,M 是与n 无关的常数)的无穷数列{b n }叫“特界”数列.(1)若数列{a n }为等差数列,S n 是其前n 项和,a 3=4,S 3=18,求S n ;(2)判断(1)中的数列{S n }是否为“特界”数列,并说明理由. 解:(1)设等差数列{a n }的公差为d ,则a 1+2d =4,S 3=a 1+a 2+a 3=3a 1+3d =18, 解得a 1=8,d =-2,∴S n =na 1+n (n -1)2d =-n 2+9n .(2){S n }是“特界”数列,理由如下: 由S n +S n +22-S n +1=(S n +2-S n +1)-(S n +1-S n )2 =a n +2-a n +12=d2=-1<0, 得S n +S n +22<S n +1, 故数列{S n }适合条件①.而S n =-n 2+9n =-⎝⎛⎭⎫n -922+814(n ∈N *), 则当n =4或5时,S n 有最大值20, 即S n ≤20,故数列{S n }适合条件②. 综上,数列{S n }是“特界”数列.第三节 等比数列及其前n 项和教材细梳理1.等比数列的有关概念(1)定义:①文字语言:从第2项起,每一项与它的前一项的比都等于同一个常数. ②符号语言:a n +1a n=q (n ∈N *,q 为非零常数).(2)等比中项:如果a ,G ,b 成等比数列,那么G 叫做a 与b 的等比中项.即:G 是a 与b 的等比中项⇔a ,G ,b 成等比数列⇒G 2=ab .2.等比数列的有关公式 (1)通项公式:a n =a 1q n -1.(2)前n 项和公式:S n =⎪⎨⎪⎧na 1,q =1,a 1(1-q n )1-q =a 1-a n q 1-q ,q ≠1.3.等比数列的常见性质 (1)项的性质: ①a n =a m q n -m ;②若m +n =p +q =2k (m ,n ,p ,q ,k ∈N *),则a m ·a n =a p ·a q =a 2k ;③若数列{a n },{b n }(项数相同)是等比数列,则{λa n },{|a n |},⎩⎨⎧⎭⎬⎫1a n ,{a 2n },{a n ·b n },⎩⎨⎧⎭⎬⎫a nb n (λ≠0)仍然是等比数列;④在等比数列{a n }中,等距离取出若干项也构成一个等比数列,即a n ,a n +k ,a n +2k ,a n+3k,…为等比数列,公比为q k . (2)和的性质:①若等比数列{a n }有2k (k ∈N *)项,则S 偶S 奇=q .②公比不为-1的等比数列{a n }的前n 项和为S n ,则S n ,S 2n -S n ,S 3n -S 2n 仍成等比数列,其公比为q n ,当公比为-1时,S n ,S 2n -S n ,S 3n -S 2n 不一定构成等比数列.(3)等比数列{a n }的单调性:①满足⎩⎪⎨⎪⎧a 1>0,q >1或⎩⎪⎨⎪⎧ a 1<0,0<q <1时,{a n }是递增数列;②满足⎩⎪⎨⎪⎧ a 1>0,0<q <1或⎩⎪⎨⎪⎧a 1<0,q >1时,{a n }是递减数列; ③⎩⎪⎨⎪⎧a 1≠0,q =1时,{a n }为常数列; [易错易混]1.由a n +1=qa n ,q ≠0,并不能立即判断{a n }为等比数列,还要验证a 1≠0.。
2019高考数学答题技巧:数列题型总结与方法语文

2019年高考数学答题技巧:数列题型总结与方法高考数学之数列问题的题型与方法数列是高中数学的严重内容,又是学习高等数学的基础。
高考对本章的考查比较全面,等差数列,等比数列的考查每年都不会遗漏。
有关数列的试题经常是综合题,经常把数列知识和指数函数、对数函数和不等式的知识综合起来,试题也常把等差数列、等比数列,求极限和数学归纳法综合在一起。
探索性问题是高考的热点,常在数列解答题中出现。
本章中还蕴含着丰盛的数学思想,在主观题中留意考查函数与方程、转化与化归、分类讨论等严重思想,以及配方法、换元法、待定系数法等基本数学方法。
近几年来,高考关于数列方面的命题主要有以下三个方面;(1)数列本身的有关知识,其中有等差数列与等比数列的概念、性质、通项公式及求和公式。
(2)数列与其它知识的结合,其中有数列与函数、方程、不等式、三角、几何的结合。
(3)数列的应用问题,其中主要是以增长率问题为主。
试题的难度有三个层次,小题大都以基础题为主,解答题大都以基础题和中档题为主,只有个别地方用数列与几何的综合与函数、不等式的综合作为最后一题难度较大。
知识整合1.在掌握等差数列、等比数列的定义、性质、通项公式、前n项和公式的基础上,系统掌握解等差数列与等比数列综合题的规律,深化数学思想方法在解题实践中的指导作用,灵敏地运用数列知识和方法解决数学和实际生活中的有关问题;2.在解决综合题和探索性问题实践中加深对基础知识、基本技能和基本数学思想方法的认识,沟通各类知识的联系,形成更统统的知识网络,提高分析问题和解决问题的能力,进一步培养学生阅读理解和创新能力,综合运用数学思想方法分析问题与解决问题的能力。
3.培养学生善于分析题意,富于联想,以适应新的背景,新的设问方式,提高学生用函数的思想、方程的思想研究数列问题的自觉性、培养学生主动探索的精神和科学理性的思维方法。
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高三数学知识点:最后大题数列和函数结合主持人:亲爱的网友大家下午好,欢迎来到视频直播聊天室,我是主持人小燕。
在前两天的节目当中我们为大家带去了高考文综以及生物科目的答题技巧和出题热点预测,今天我们继续为大家送上高考数学科目2009年总体的考试趋向和应试技巧。
今天的嘉宾精华学校数学调研组组长王晓泳老师,欢迎王老师。
王晓泳:亲爱的网友们大家好,很高兴在这个紧要的时刻跟大家分享一下我这么多年教学上的经验,希望对大家有所帮助。
高考前最后几天冲刺提分技巧王晓泳:最后的4天其实是很关键的,有人建议说这4天是放松的,但根据我这么多年的经验我觉得这4天应该抓紧。
我在一所复读学校教书,接触的都是复读生,我知道一个女孩子,她说我第一年做应届生没怎么好好学习,因为老师说要放松,我也觉得自己很累,就回家放松了。
但她复读的这6天觉得自己必须努力学了,在家里认认真真的学,最后考试也很成功。
所以我觉得最后这几天一定要很紧张,如果这几天绷的不紧,以后可能就会受影响。
从知识方面来说还是应该以自己比较熟悉的知识方面为复习的重点,不要去找漏、缺,如果老师用了一年多来进行复习,考试中还没有涉及到的可能性不大,所以考生一定要把自己熟练的知识好好复习。
我在北京教书这么多年,我本身并不是北京的学生,但我觉得北京的学生跟外地学生最大的区别是眼高手低,觉得我会了,不用去写,其实考试是笔答,你必须要写。
不是说天天不写,拿过来写就没有问题,不是这样的,还是得练,所以最后这几天一定要动笔。
有些分数比较高的孩子都存在着运算能力低的毛病,所以最后这几天一定要动笔去算、动笔去做,学生有时有一个毛病,尤其是难题有思路的,觉得算的时间可以做更多的题,这是不对的,用这个时间就是做一道也是起到事倍功半的作用。
因为是第一次经历,手的状态可能就比不了平时。
以我的经验来说,大多数考生是你把高中5本书给他,他可能就是走马观花,抓不住重点,我的经验是两个结合去看,可以把过去的错题本或者做过的卷子拿出来,比如说一摸、二摸,把五个区的五套卷子看一看,每看到一道错题你就会想我当时的错因是什么,如果你想不到或者想的时候不是那么熟练,这时你就要专门针对这方面的知识做做题。
有条件的情况还是要跟老师交流一下,谈谈你自己的认识,可能会起到很好的效果。
王晓泳:不要用题海战术。
别说这个阶段不要进行题海战术,就长期的学习来说题海战术都是无效的。
你做一万道题,如果不去归纳总结,你可能只会最后一道题。
所以希望大家没有必要做题海战术,但要把你过去做过的题做出归纳和总结,找出它们之间的共同点,找出解决问题的通法,或者把它的易错点做个归纳总结。
数学解题讲究通法原则王晓泳:完整的说法是一些题的常规的、通用的、常用的一些方法,比如说解析几何,作为大题一般都是求曲线方程和轨迹方程,轨迹方程就有一些比较常用的方法,比如定义法,有的老师也叫待定系数法。
学生读完题,已经知道了求什么曲线,比如知道求椭圆了,首先判断它的焦点在什么轴,长轴是多长,短轴是多长,焦距是多少。
而且A、B、C的寻找比较容易。
还有一种方法是代入法。
这个题读完了我能猜出来,但未必能明确,我读完题之后会得到关于这个点的等量关系,这时我就可以代入坐标,对整个式子进行化简。
还有两个方法,一个叫相关点代入法,一个叫参数法,这些就是解析几何求曲线方程最常用的,这四个方法在书上都有相应的例题和练习题。
还有其他的方法,比如点差、交轨,其实他们还是在刚才四个方法的基础上。
在北京的题都不会特别的怪、偏,它主要注重的是学生的基本知识的掌握,所以主要还是集中在常用的方法上,可能题型会很灵活。
这些方法老师一直在训练,关键是在最后这几天一定要有巩固和归纳,很多学生是拿过来就做。
我有时给学生举个生动的例子,就好象你很熟悉这个同学,但他平时总是穿校服,高考这一天他想改变一下自己的形象,他可能换了一身衣服,这时你能不能保证还能认识他。
所以你要认识他的本质,真正的规律,规律是在于归纳,不能天天只看外表,必须归纳这种题型有什么特点。
把你曾经做过的题拿过来,找它们的共同特点,抓住规律,做题的时候就不会因为题的小小改变就不会变通了。
高考数学出题热点预测王晓泳:2009年的高考对于北京来说是大纲教材的最后一年,明年就是新课标的第一年考试了。
所以作为一次结束的考试,首先从题的设置难度来说肯定不会很难。
北京现在用的这本教材加上今年一共用了五年,前面四年除了2019年北京平均分数是69分,剩下这三年的平均分都是过了85分,去年基本接近88分了。
这样数学的出卷可以说从最近这三年来说难度上是非常稳定的,这方面大家不要想会不会非常难,首先它是最后一年,其次北京近三年从数学角度来看出题难度都很稳定。
从出题的特点来看,北京选择的特点是很注重基础知识、基本概念的考察。
像去年的选择题,按理说以我们的想法第6题的得分应该是低于第4题、第3题,最后下来的试卷分析一看第6题的得分反而很高,3、4题平均得分反而低。
其实原因很简单,6题考的是数列的递推关系,它本身不是使用数学的公式,学生在做这道题的时候注意力很集中,做的就比较集中,其实并不难,但3、4题考的是基本概念。
尤其像4题,说的是点到直线的距离比它到另外一个点的距离大1,我们有个叫曲线的第二定义到一个点比到直线的比大于1那就叫双曲线。
很多学生想节省选择题的做题时间,他觉得第4题不是很难,想的不是很细心,读的很快,觉得这不就是第二定义吗,有的选了椭圆,有的选了双曲线,其实那是一个抛物线。
所以大家平时的复习还是要好好的重视基础知识。
填空和选择最后一道题会有所创新,跟数列、函数结合的比较多,其他章节像立体几何、解析几何还是比较基本的,不会出一些创新题。
我想这也是有原因的,因为高考的选拔是为了大学,可是上了大学从理科、工科包括经济学的学生来说,个别专业将来还需要学几何知识,更多的专业,像经济类、工科、理科要学高等数学,而高等数学建立在高中数学的函数、数列知识基础上,可能从这个角度来说创新题在函数、数列结合的比较多。
解答题一共6道,我的学生他们也跟专家似的,像现在用的教材考的四年,2019年和2019年都没有考三角函数,而2019年和2019年都考了,三角函数在高中阶段是很重要的章节部分,但它的难度不是很高,学生基本上都会做,尤其通过高三的复习以后,正确率也是非常高的,所以很多学生都希望能考三角函数。
但根据规律,过去的单数年都没有考,今年又是个单数年,是不是一定不考我也不敢保证,我觉得考还是可能的。
最后一道难题也是数学的创新题,还是重复我在选择和填空上的想法,包括北京这四年也是跟数列和函数结合的,我想不会把解析几何作为最后的一道大题。
那些比较不错的学生,分数奔着140分以上走的同学,要想在最后一道题上能有所表现,就应该把数列的基本规律和函数的基本性质再巩固一下。
而且我相信这些学生他们一般都是集中在非常不错的学校,像北京四重、人大附这样的学校,我相信老师在平时的教学中也会把高等数学里这部分涉及到的规律和公式、想法有所渗透,所以想在最后一道大题上有所表现的同学,在最后这几天归纳归纳,立理一个思路就好了。
中间这几道题我觉得还应该跟往年差不多,立体几何应该还是在前三道,解析几何、导数加函数它们还是主要在中间,在4、5题顺序上。
因为明年是新课标了,所以我觉得从出题人的角度来说,他是希望今年能够承上启下,对下学期高三老师的教学有一定的指导作用,所以他在某些章节的出题上可能会跟新课标结合。
函数部分在这本书里是必修1―1,应该叫方程的根与零点,在过去的教材是一直在讲的,但新教材改成了零点。
如果一个函数在这个区间里会有零点,或者这个方程在区间内会有根,区间端点的函数值就一定有焦点。
其实它跟老教材是一样的,只不过换了一个名字,或者说把它当成一个内容系统的去讲。
大家不用担心,这些内容老师都讲过,你不会觉得很陌生的。
数学考场应试答题时间安排王晓泳:首先大家不要太紧张了,正式考试是下午3点,一般说明是提前5分钟发卷。
考生拿到卷子的时候一定要浏览一下,不论你是什么层次的考生,一定要明确在这张卷子上哪些问题或者你明确哪些东西对你是不熟练的,或者明确哪些对你来说是非常熟练的。
你当然可以顺做,但顺做的同时一定要保证会做,并且能做完。
有的题你可能看上去很熟悉,这是最可怕的,往往跟过去做的题很相象,实际它却有本质的区别,有的学生就想当然的去做了,可能就做麻烦了。
这就要看你的时间了,如果你的时间还是比较充裕的,我建议你平静下来,深呼吸,越是看上去很面熟的题,跟平时做的题越是有很大的区别,这时要认真的审题,平静的去做。
如果考试已经过去一个小时了,后面可能还有一定量的能够拿分的题,这时你能不能平静下来要看你自己了,临场的决定要很迅速。
如果深呼吸还是不能平静下来,就可以放弃这道题,去做后面的。
看起来差不多,可能因为很小的原因整道题做起来不对路了,因为比较相似嘛,所以你写的东西有的点还是可以得分的。
千万不要一盲目,先做后面的题,等心情平静了再回来做,等你真正找到根本的时候再去做修改了。
不要觉得错了,就全涂抹了。
应先从容易题入手王晓泳:当然应该做容易的了,但千万别兴奋,大意失荆州,越是看着容易,越是看着以前做的比较多的题,它就会在小的条件上有所区别。
所以大家在做题的时候先做容易的题,但不要太兴奋。
细心、耐心、沉着、踏实一些。
什么叫简单题?其实做完了才分析怎么怎么样,其实对学生来说什么是简单题?看着面熟的就是简单,看着生的就难,那你就先去做面熟的题,再去做难的题,其实你会发现很多面生的题看起来并没有那么难,如果已经有一定的分值做铺垫了,这时你就应该兴奋起来,让大脑转的快一些。
不要因为表面的变化就被吓倒了,其实在北京的考卷上只有20分的题可能存在创新,包括最后一道14分的题,前5分对一些考生来说也是能够得到的。
所以大家没必要每一道题都那么紧张,有的题看着陌生,往往考的都是平时的知识。
比如2019年的题,2019年的时候给了一个抛物线的图象,它是导函数的图象,很多同学就紧张了。
导函数不要看增减,要看正负,这样这道题左边的点是先增后减就是极大值,右边的就是极小值。
其实这样的题比其他的题在处理上要容易得多,但出题的形式让学生们感觉好像有了很大变化。
什么是极大,左增右减,什么是极小,就是左减右增。
很多同学总是拿过题就想这道题应该怎么做,而不考虑它考的是什么知识。
比方说这道题考极值,如果你是这么想的,就不会觉得2019年的题怪了。
数形结合是答选择题的最好方法王晓泳:我也觉得数形结合是最好的答选择题的方法,比如代数部分,方程、函数和图象之间的对应关系你要很熟练,所有的数学问题几何含义你要很熟练的转换,如果做不到千万不能强求,强求反而适得其反。
大家千万不要在选择题上节省时间,尤其北京的高考,选择题基本上每年的平均得分是将近30分,就是说它想让绝大多数考生不在选择题上失误,只有1、2道有难度。