高考物理整体法隔离法解决物理试题答题技巧及练习题

F A．粗糙地带与滑块间的动摩擦因数为 mg
B．滑块匀速运动时,各段轻杆上的弹力大小相等 C．第 2 个小滑块完全进入粗糙地带到第 3 个小滑块进入粗糙地带前这一过程中,8 个小滑块
的加速度大小为 F 12m
D．第 1 个小滑块完全进入粗糙地带到第 2 个小滑块进入粗糙地带前这一过程中,5 和 6 两个
方向，竖直方向上的合力为零，分别对两个方向进行分析求解即可．
4．如图所示电路中，电源电动势为 E，内阻为 r，串联的固定电阻为 R2，滑动变阻器的总 阻值是 R1，电阻大小关系为 R1＋R2＝r，则在滑动触头从 a 端滑到 b 端过程中，下列描述正 确的是( )
A．电路的总电流先减小后增大 B．电路的路端电压先增大后减小 C．电源的输出功率先增大后减小 D．滑动变阻器 R1 上消耗的功率先减小后增大 【答案】D 【解析】 A、当滑动变阻器从 a→b 移动时 R1 作为并联电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆 定律可知电流是先减小后增大，故 A 正确；B、路端电压 U=E-Ir，因为电流先减小后增 大，所以路端电压先增大后减小，故 B 正确；C、当 R 外=r 的时候电源的输出功率最大，当
对物体 A 受力分析，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：
FN-mg=ma
9．如图，斜面体 a 放置在水平地面上。一根跨过光滑定滑轮的轻绳，左侧平行斜面与斜面 上的物块 b 相连，另一端与小球 c 相连，整个系统处于静止状态。现对 c 施加一水平力 F，使小球缓慢上升一小段距离，整个过程中 a、b 保持静止状态。则该过程中（ ）
A．轻绳的拉力一定不变 B．a、b 间的摩擦力一定增大 C．地面对 a 的摩擦力可能不变 D．地面对 a 的弹力一定减小 【答案】D 【解析】 【详解】 A．对小球ｃ受力分析，如图所示：
5．如图甲所示，一轻质弹簧的下端，固定在水平面上，上端叠放着两个质量均为 m 的物 体 A、B（物体 B 与弹簧栓接），弹簧的劲度系数为 k，初始时物体处于静止状态。现用竖 直向上的拉力 F 作用在物体 A 上，使物体 A 开始向上做加速度为 a 的匀加速运动，测得两 个物体的 v﹣t 图象如图乙所示（重力加速度为 g），则（ ）
2mg=kx；
施加外力 F 的瞬间，对整体，根据牛顿第二定律，有：
F F弹 2mg＝2ma
其中：
解得：
F 弹=2mg
F=2ma 故 A 错误。 B．物体 A、B 在 t1 时刻分离，此时 A、B 具有共同的速度与加速度，且 FAB=0； 对 B：
解得：
F 弹′-mg=ma
故 B 正确。
F 弹′=m（g+a）
小滑块之间的轻杆上的弹力大小为 F 4
【答案】D 【解析】
【详解】
A.将匀速运动的 8 个小滑块作为一个整体，有
F 3mg 0 ，
解得
F ， 3mg
故 A 项错误； B.当滑块匀速运动时，处在光滑地带上的滑块间的轻杆上的弹力都为零，处在粗糙地带上 的滑块间的轻杆上的弹力不为零，且各不相同，故 B 项错误； C.对 8 个滑块，有
滑片在 a 端或者 b 端的时候，电路中 R 外=R2<r,则随着外电阻的先增大后减小，由 P外 R外
图象的单调性可知输出功率是先增大后减小的，故 C 正确；D、滑动变阻器的总电阻 R1<R2+r，则滑片向右滑，R1 的总阻值先增大后减小，则滑动变阻器上消耗的功率是先增大 后减小，故 D 错误．本题选错误的故选 D. 【点睛】本题考查了串、联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，难点是滑动变阻器滑片 P 从最右端→中间→左端总电阻变化情况的判断．
A．电压表的示数变小 B．电流表的示数变大 C．电流表的示数变小 D．R1 中电流的变化量一定大于 R4 中电流的变化量
【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】 设 R1、R2、R3、R4 的电流分别为 I1、I2、I3、I4，电压分别为 U1、U2、U3、U4．干路电流为 I 总，路端电压为 U，电流表电流为 I． A．当滑动变阻器 R2 的滑动触头 P 向右滑动时，R2 变大，外电路总电阻变大，I 总变小，由 U=E-Ir 可知，U 变大，则电压表示数变大．U 变大，I3 变大，故 A 错误； BC．因 I4=I 总-I3，则 I4 变小，U4 变小， 而 U1=U-U4，U 变大，U4 变小，则 U1 变大，I1 变大. 又 I 总=I+I1，I 总变小，I1 变大，则 I 变小．所以 R1 两端的电压变大，电流表的示数变小．故 B 错误，C 正确． D．由 I4=I1+I2，I4 变小，I1 变大，则 I2 变小，则|△ I1|＜|△ I2|，|△ I2|＞|△ I4|，则不能确定 R1 中电流的变化量与 R4 中电流的变化量的大小．故 D 错误． 【点睛】 本题是电路的动态分析问题；解题时按“局部→整体→局部”的顺序进行分析，采用总量的 方法分析电流表示数的变化．
A．施加外力的瞬间，F 的大小为 2m（g﹣a） B．A、B 在 t1 时刻分离，此时弹簧的弹力大小 m（g+a）
C．弹簧弹力等于 0 时，物体 B 的速度达到最大值
D．B 与弹簧组成的系统的机械能先增大，后保持不变
【答案】B
【解析】
【详解】
A．施加 F 前，物体 AB 整体平衡，根据平衡条件，有：
高考物理整体法隔离法解决物理试题答题技巧及练习题 一、整体法隔离法解决物理试题
1．如图所示,电动势为 E,内阻为 r 的电源与滑动变阻器 R1、定值电阻 R2、R3、平行板电容 器及电流表 组成闭合电路,当滑动变阻器 R1 触头向左移动时,则 （ ）
A．电流表读数减小 B．电容器电荷量增加 C．R2 消耗的功率增大 D．R1 两端的电压减小 【答案】D 【解析】 【详解】 A、变阻器 R 的触头向左移动一小段时，R1 阻值减小，回路的总电阻减小，所以回路的总 电流增大，电流表读数增大，故 A 错误. B、外电路总电阻减小，路端电压 U 减小，所以路端电压减小，电容器的带电量减小，故 B 错误. C、由于 R1 和 R2 并联，由分析可得则 R2 电压减小，又由于 R2 电阻不变，所以 R2 消耗的功 率减小，故 C 错误. D、路端电压减小，而干路电流增加导致 R3 两端电压增大，由串联分压可得 R1 两端的电压 减小，故 D 正确. 故选 D. 【点睛】 本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析，要熟练掌握其解决方法为：局部-整体-局部的分 析方法；同时注意部分电路欧姆定律的应用．
由牛顿第二定律得 FN1-FN2sinθ=ma，FN2cosθ=mg， 45 ，由以上两式可得： FN1 m(g a) ， FN2 2mg ，即竖直挡板对球的弹力为 m(g a) ，斜面对球的弹力为
2mg ，且加速度越大斜面对球的弹力不变，故 A 正确，B、C 均错误.D、由牛顿第二定
律可知，斜面、挡板对球的弹力与球的重力三者的合力等于 ma．故 D 错误．故选 A. 【点睛】本题考查牛顿第二定律的应用和受力分析规律的应用，要注意明确加速度沿水平
由平衡条件可得：
f地 FT cos N地 FT sin Ga Gb
因绳的拉力 FT 变大，可知 a 与地间的摩擦力一定增大，地面对 a 的弹力一定减小，故 C 错 误，D 正确； 故选 D。
10．如图所示，A、B 两物体质量均为 m，叠放在轻质弹簧上(弹簧下端固定于地面上)。对 A 施加一竖直向下、大小为 F(F＞2mg)的力，将弹簧再压缩一段距离(弹簧始终处于弹性限 度内)而处于平衡状态。现突然撤去力 F，设两物体向上运动过程中 A、B 间的相互作用力 大小为 FN。不计空气阻力，关于 FN 的说法正确的是(重力加速度为 g)( )
F 2mg 8ma ，
代入 F ，解பைடு நூலகம் 3mg
故 C 项错误； D.对 8 个滑块，有
a F ， 24m
F mg 8ma ，
解得
a g 4
再以 6、7、8 三个小滑块作为整体，由牛顿第二定律有
F 3ma F ， 4
故 D 项正确;
8．如图电路中，电源的内电阻为 r，R1、R3、R4 均为定值电阻，电表均为理想电表． 闭合电键 S，当滑动变阻器 R2 的滑动触头向右滑动时，下列说法中正确的是（ ）
2．在如图所示的电路中，当开关 S 闭合后，电压表有示数，调节可变电阻 R 的阻值，使电 压表的示数增大 ΔU，则( )
A．可变电阻 R 被调到较小的阻值
B．电阻 R2 两端的电压减小，减小量等于 ΔU C．通过电阻 R2 的电流减小，减小量小于
D．通过电阻 R2 的电流减小，减小量等于 【答案】C 【解析】 【详解】 A.由题意知，要使电压表的示数增大，则需电阻 R 和 R1 并联后的总电阻增大，则需将可变 电阻 R 增大，即可变电阻 R 被调到较大的阻值，故 A 项不合题意； BCD.当 R 增大时，外电阻增大，干路电流减小，电阻 R2 两端的电压减小，且路端电压增 大，所以电阻 R2 两端的电压减小量小于 ΔU，由欧姆定律知，通过电阻 R2 的电流也减小， 减小量小于 ，故 B 项不合题意、D 项不合题意，C 项符合题意．
三个力构成动态平衡，由图解法可知，绳的拉力 FT 逐渐增大，水平力 F 逐渐增大，故 A 错 误； B．对 b 物体分析，由于不知变化前 b 所受摩擦力方向，故绳的拉力增大时，b 物体的滑动 趋势无法确定，则 a、b 间的摩擦力可能增大或减小，故 B 错误； CD．以 a、b 为整体分析，如图所示：
A． mg B． (M+m)g C． (m+2M)g D．2 (M+m) g 【答案】D 【解析】 【详解】 对 m 与 M 分别进行受力分析如；如图所示；
对 m 有：f1=ma1 …① f1=μmg…② 由①和②得：a1=μg 对 M 进行受力分析有：F-f-f2=M•a2…③ f1 和 f2 互为作用力与反作用力故有：f1=f2=μ•mg…④ f=μ（M+m）•g…⑤