高中数学-数列经典例题(裂项相消法)(1)
数列裂项相消求和的典型题型
1．已知等差数列}{n a 的前n 项和为,15,5,55==S a S n 则数列}1{
1+n n a a 的前100项和为()
A ．100101
B ．99101
C ．99100
D ．1011002．数列,)
1(1+=
n n a n 其前n 项之和为,109则在平面直角坐标系中，直线0)1(=+++n y x n 在y 轴上的截距为()A ．－10B ．－9C ．10D ．9
3．等比数列}{n a 的各项均为正数，且6223219,132a a a a a ==+．
(Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式；
(Ⅱ)设,log log log 32313n n a a a b +++= 求数列}1{
n b 的前n 项和．4．正项数列}{n a 满足02)12(2=---n a n a n n ．
(Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式n a ；(Ⅱ)令,)1(1n
n a n b +=求数列}{n b 的前n 项和n T ．5．设等差数列}{n a 的前n 项和为n S ，且12,4224+==n n a a S S ．
(Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式；
(Ⅱ)设数列}{n b 满足,,2
11*2211N n a b a b a b n n n ∈-=+++ 求}{n b 的前n 项和n T ．6．已知等差数列}{n a 满足：26,7753=+=a a a ．}{n a 的前n 项和为n S ．
(Ⅰ)求n a 及n S ；(Ⅱ)令),(1
1*2N n a b n n ∈-=求数列}{n b 的前n 项和n T ．7．在数列}{n a 中n n a n a a 211)11(2,1,+
==+．(Ⅰ)求}{n a 的通项公式；(Ⅱ)令,2
11n n n a a b -=+求数列}{n b 的前n 项和n S ；
（Ⅲ）求数列}{n a 的前n 项和n T ．
8．已知等差数列}{n a 的前3项和为6，前8项和为﹣4．
(Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式；
(Ⅱ)设),,0()4(*1N n q q a b n n n ∈≠-=-求数列}{n b 的前n 项和n S ．
9．已知数列}{n a 满足,2,021==a a 且对*,N n m ∈?都有211212)(22n m a a a n m n m -+=+-+--．
(Ⅰ)求53,a a ；
(Ⅱ)设),(*1212N n a a b n n n ∈-=-+证明：}{n b 是等差数列；
（Ⅲ）设),,0()(*11N n q q a a c n n n n ∈≠-=-+求数列}{n c 的前n 项和n S ．
10．已知数列}{n a 是一个公差大于0的等差数列，且满足16,557263=+=a a a a ．
(Ⅰ)求数列}{n a 的通项公式；
(Ⅱ)数列}{n a 和数列}{n b 满足等式),(2
222*33221N n b b b b a n n n ∈++++= 求数列}{n b 的前n 项和n S ．11．已知等差数列}{n a 的公差为2，前n 项和为n S ，且421,,S S S 成等比数列．
(1)求数列}{n a 的通项公式；
(2)令,4)1(1
12+--=n n n a a n b 求数列}{n b 的前n 项和n T .12．正项数列}{n a 的前n 项和n S 满足：0)()1(222=+--+-n n S n n S n n .
(1)求数列}{n a 的通项公式n a ；
(2)令,)2(122n
n a n n b ++=数列}{n b 的前n 项和为n T ，证明：对于,*N n ∈?都有645 1．A ；2．B 3．解：(Ⅰ)设数列{a n }的公比为q ，由a 32=9a 2a 6有a 32=9a 42，∴q 2=． 由条件可知各项均为正数，故q=． 由2a 1+3a 2=1有2a 1+3a 1q=1，∴a 1=． 故数列{a n }的通项式为a n = ．（Ⅱ）b n =++…+ =﹣（1+2+…+n ）=﹣， 故=﹣=﹣2（﹣） 则++…+=﹣2[（1﹣）+（﹣）+…+（﹣）]=﹣， ∴数列{}的前n项和为﹣． 4．解：(Ⅰ)由正项数列{a n}满足：﹣（2n﹣1）a n﹣2n=0， 可有（a n﹣2n）（a n+1）=0 ∴a n=2n． (Ⅱ)∵a n=2n，b n=， ∴b n===， T n===． 数列{b n}的前n项和T n为． 5．解：(Ⅰ)设等差数列{a n}的首项为a1，公差为d，由S4=4S2，a2n=2a n+1有： ， 解有a1=1，d=2． ∴a n=2n﹣1，n∈N*． (Ⅱ)由已知++…+=1﹣，n∈N*，有： 当n=1时，=， 当n≥2时，=（1﹣）﹣（1﹣）=，∴，n=1时符合． ∴=，n∈N* 由（Ⅰ）知，a n=2n﹣1，n∈N*． ∴b n=，n∈N*． 又T n=+++…+， ∴T n=++…++， 两式相减有：T n=+（++…+）﹣=﹣﹣ ∴T n=3﹣． 6．解：(Ⅰ)设等差数列{a n}的公差为d， ∵a3=7，a5+a7=26， ∴有， 解有a1=3，d=2， ∴a n=3+2（n﹣1）=2n+1； S n==n2+2n； (Ⅱ)由(Ⅰ)知a n=2n+1， ∴b n====， ∴T n===， 即数列{b n}的前n项和T n=． 7．解：(Ⅰ)由条件有，又n=1时，， 故数列构成首项为1，公式为的等比数列．∴，即． (Ⅱ)由有，， 两式相减，有：，∴． （Ⅲ）由有．∴T n=2S n+2a1﹣2a n+1=． 8．解：(Ⅰ)设{a n}的公差为d， 由已知有 解有a1=3，d=﹣1 故a n =3+（n ﹣1）（﹣1）=4﹣n ； (Ⅱ)由(Ⅰ)的解答有，b n =n ?q n ﹣ 1，于是 S n =1?q 0+2?q 1+3?q 2+…+n ?q n ﹣1． 若q ≠1，将上式两边同乘以q ，有qS n =1?q 1+2?q 2+3?q 3+…+n ?q n ． 上面两式相减，有 （q ﹣1）S n =nq n ﹣（1+q+q 2+…+q n ﹣ 1）=nq n ﹣ 于是S n = 若q=1，则S n =1+2+3+…+n= ∴，S n =． 9．解：(Ⅰ)由题意，令m=2，n=1，可有a 3=2a 2﹣a 1+2=6再令m=3，n=1，可有a 5=2a 3﹣a 1+8=20 (Ⅱ)当n ∈N *时，由已知（以n+2代替m ）可有a 2n+3+a 2n ﹣1=2a 2n+1+8于是[a 2（n+1）+1﹣a 2（n+1）﹣1]﹣（a 2n+1﹣a 2n ﹣1）=8即b n+1﹣b n =8 ∴{b n }是公差为8的等差数列 （Ⅲ）由(Ⅰ)(Ⅱ)解答可知{b n }是首项为b 1=a 3﹣a 1=6，公差为8的等差数列则b n =8n ﹣2，即a 2n+1﹣a 2n ﹣1=8n ﹣2 另由已知（令m=1）可有 a n = ﹣（n ﹣1）2．∴a n+1﹣a n = ﹣2n+1=﹣2n+1=2n 于是c n =2nq n ﹣1． 当q=1时，S n =2+4+6++2n=n （n+1） 当q ≠1时，S n =2?q 0+4?q 1+6?q 2+…+2n ?q n ﹣ 1．两边同乘以q ，可有qS n =2?q 1+4?q 2+6?q 3+…+2n ?q n ． 上述两式相减，有 （1﹣q ）S n =2（1+q+q 2+…+q n ﹣1）﹣2nq n =2?﹣2nq n =2? ∴S n =2? 综上所述，S n = ． 10．解：(Ⅰ)设等差数列{a n }的公差为d ，则依题意可知d ＞0由a 2+a 7=16， 有，2a 1+7d=16① 由a 3a 6=55，有（a 1+2d ）（a 1+5d ）=55②由①②联立方程求，有d=2，a 1=1/d=﹣2，a 1=（排除）∴a n =1+（n ﹣1）?2=2n ﹣1 (Ⅱ)令c n =，则有a n =c 1+c 2+…+c n a n+1=c 1+c 2+…+c n+1 两式相减，有 a n+1﹣a n =c n+1，由（1）有a 1=1，a n+1﹣a n =2∴c n+1=2，即c n =2（n ≥2）， 即当n ≥2时， b n =2n+1，又当n=1时，b 1=2a 1=2 ∴b n = 于是S n =b 1+b 2+b 3+…+b n =2+23+24+…2n+1=2n+2﹣6，n ≥2， ． 11．解(1)因为S 1＝a 1，S 2＝2a 1＋2×12 ×2＝2a 1＋2，S 4＝4a 1＋ 4×32×2＝4a 1＋12，由题意得(2a 1＋2)2＝a 1(4a 1＋12)，解得a 1＝1，所以a n ＝2n －1. (2)b n ＝(－1)n －14n a n a n ＋1＝(－1)n －14n (2n －1)(2n ＋1)＝(－1)n －1(12n －1＋12n ＋1 )．当n 为偶数时， T n ＝(1＋13)－(13＋15)＋…＋(12n －3＋12n －1)－(12n －1＋12n ＋1)＝1－12n ＋1＝2n 2n ＋1 .当n 为奇数时， T n ＝(1＋13)－(13＋15)＋…－(12n －3＋12n －1)＋(12n －1＋12n ＋1)＝1＋12n ＋1＝2n ＋22n ＋1 . 所以T n n 为奇数，n 为偶数.(或T n ＝2n ＋1＋(－1)n －12n ＋1)12．(1)解由S 2n －(n 2＋n －1)S n －(n 2＋n )＝0，得[S n －(n 2＋n )](S n ＋1)＝0， 由于{a n }是正项数列，所以S n ＋1>0.所以S n ＝n 2＋n (n ∈N *)． n ≥2时，a n ＝S n －S n －1＝2n ， n ＝1时，a 1＝S 1＝2适合上式． ∴a n ＝2n (n ∈N *)． (2)证明由a n ＝2n (n ∈N *)得b n ＝n ＋1(n ＋2)2a 2n ＝n ＋14n 2(n ＋2)2＝1161n 2－1(n ＋2) 2T n … ＝1161＋122－1(n ＋1)2－1(n ＋2)2<＝564(n ∈N *)．即对于任意的n ∈N *，都有T n <564.