山东省烟台市2020学年高二化学下学期期末学业水平诊断试题
山东省烟台市2021-2022学年高二下学期期末学业水平诊断考试生物试卷
山东省烟台市2021-2022学年高二下学期期末学业水平诊断考试试卷注意事项∶1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2.回答选择题时，选出每小题〖答案〗后，用铅笔把答题卡上对应题目的〖答案〗标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他〖答案〗标号。
回答非选择题时，将〖答案〗写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题∶本题共15小题，每小题2分，共30分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
1.普通细菌细胞壁的主要成分是肽聚糖，青霉素通过抑制肽聚糖的合成来抑制细菌细胞壁的形成。
而发现于极端特殊环境的某些耐热细菌对青霉素不敏感，且能抑制普通细菌核糖体功能的红霉素对这些耐热细菌也不起作用（不考虑温度对抗生素的影响）。
下列叙述错误的是A. 耐热细菌的细胞壁可能不是由肽聚糖组成的B.耐热细菌的核糖体与普通细菌的核糖体几乎没有差异C.耐热细菌的DNA中G和C所占比例比普通细菌的高D.耐热细菌与普通细菌都没有以核膜为界限的细胞核2.玉米胚乳中含有大量淀粉，而胚芽中脂肪的含量达17%～45%，故可从玉米种子中提炼玉米油。
种子吸水萌发时，玉米胚芽合成赤霉素并释放到胚乳和糊粉层，糊粉层细胞接受赤霉素刺激后产生水解酶并释放到胚乳，促进淀粉水解。
下列叙述错误的是A. 淀粉的单体是葡萄糖，葡萄糖常作为细胞生命活动的能源物质B.淀粉和脂肪的组成元素相同，两者均为玉米籽粒的贮能物质C.萌发期玉米籽粒的胚乳提取液与斐林试剂反应后会出现砖红色沉淀D. 糊粉层细胞产生的水解酶释放到胚乳后，会使玉米籽粒干重减少3. 苏氨酸在苏氨酸脱氨酶等酶的作用下，通过5步反应合成异亮氨酸。
当细胞中异亮氨酸浓度足够高时，其与苏氨酸脱氨酶结合，改变苏氨酸脱氨酶的空间结构，抑制酶活性;当异亮氨酸的浓度下降到一定程度时，异亮氨酸脱离苏氨酸脱氨酶，使苏氨酸脱氨酶重新表现出活性。
以下分析错误的是A.苏氨酸与异亮氨酸分子结构的差异体现在R基团上B.细胞中只要苏氨酸脱氨酶活性正常就能合成异亮氨酸C.苏氨酸脱氨酶空间结构发生改变后可恢复正常D.细胞通过负反馈调节机制控制异亮氨酸的浓度4.社会上流传着一些与生物有关的说法，其中有科学依据的是A. 日常炒菜的食用油（花生油、豆油等）富含不饱和脂肪酸，熔点低，易储存B.鸡蛋生吃，营养不会被破坏，更有利于消化吸收C.不吃主食，脂肪大量转化为糖类分解供能，能达到减肥效果D.补充特定的核酸，会增强基因修复的能力5.易位子是一种位于内质网膜上的蛋白质复合体，其中心有一个直径大约2纳米的通道，能与信号肽结合并引导新合成多肽链进入内质网。
山东烟台市2023-2024学年度第二学期期末学业水平诊断高二数学试题及答案
2023—2024学年度第二学期期末学业水平诊断高二数学注意事项：1.本试题满分150分，考试时间为120分钟.2.答卷前，务必将姓名和准考证号填涂在答题纸上.3.使用答题纸时，必须使用0.5毫米的黑色签字笔书写，要字迹工整，笔迹清晰：超出答题区书写的答案无效：在草稿纸､试题卷上答题无效.一､选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求.1.从6名大学毕业生中任选3名去某中学支教，不同选派方法的总数为（）A.12B.18C.20D.1202.已知等差数列的前项和为，若，则（）A.36B.45C.72D.903.已知曲线在点处的切线与轴相交于点，则实数（）A.-2B.-1C.1D.24.已知等比数列的前项和，则（）A.-1B.1C.-2D.25.中心极限定理在概率论中应用广泛.根据该定理，若随机变量，当充分大时，可以由服从正态分布的随机变量近似替代，且的均值､方差分别与随机变量的均值､方差近似相等.某射手对目标进行400次射击，且每次射击命中目标的概率为，则估计射击命中次数小于336的概率为（附：）若，则，.B.0.9773C.0.8414D.0.5在上单调递增，则实数的取值范围为（A.0.99876.已知函数A ）.B.C.D.7.某产品只有一等品､二等品，现随机装箱销售，每箱15件.假定任意一箱含二等品件数为的概率分别为.一顾客欲购一箱该产品，开箱随机查看其中1件，若该件产品为一等品，则买下这箱产品，否则退回，则该顾客买下这箱产品的概率为（）A. B. C. D.8.已知，且，则下列结论一定成立的是（）A. B.C. D.二､多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分.9.某弹簧振子在振动过程中的位移（单位：）与时间（单位：）之间的函数关系为，则（）A.时，弹簧振子的位移为B.时，弹簧振子的瞬时速度为C.时，弹簧振子的瞬时加速度为D.时，弹簧振子的瞬时速度为10.已知某两个变量具有线性相关关系，由样本数据确定的样本经验回归方程为，且.若剔除一个明显偏离直线的异常点后，利用剩余9组数据得到修正后的经验回归方程为，由修正后的方程可推断出（）A.变量的样本相关系数为正数B.经验回归直线恒过C.每增加1个单位，平均减少1.6个单位D.样本数据对应的残差的绝对值为0.211.设数列满足下列条件：，且当时，.记项数为的数列的个数为，则下列说法正确的有（）A. B.C. D.三､填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分.12.展开式中含项的系数为__________.13.若曲线与总存在关于原点対称的点，则的取值范围为__________.14.南京大学2023年的本科生录取通知书用科赫曲线的数学规律鼓励新生成为独一无二的自己，还附赠“科赫雪花”微章，意在有限的生命中，创造无限可能.科赫曲线的作法是：从一个正三角形开始，把每条边分成三等份，然后以各边的中间一段为底边分别向外作正三角形，再去掉底边，反复进行这一过程.下图展示的分别是1阶､2阶､3阶､4阶科赫曲线，设1阶科赫曲线的周长为，则阶科赫曲线的周长为__________；若阶科赫曲线围成的平面图形的面积为，且满足，则的最小值为__________.（本小题第一空2分，第二空3分）四､解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出文字说明､证明过程或演算步骤.15.（13分）某高中在高二年级举办创新作文比赛活动，满分100分，得分80及以上者获奖.为了解学生获奖情况与选修阅读课程之间的关系，在参赛选手中随机选取了50名学生作为样本，各分数段学生人数及其选修阅读课程情况统计如下：成绩学生人数6102473选修读课程人数03953（1）根据以上统计数据完成下面的列联表，依据的独立性检验，能否认为学生获奖与选修阅读课程有关联；获奖没有获奖合计选修阅读课程不选阅读课程合计（2）在上述样本的获奖学生中随机抽取3名学生，设3人中选修阅读课程人数为，求的分布列及数学期望.参考公式：，其中.0.10.050.010.0050.0012.7063.841 6.6357.87910.82816.（15分）已知函数.（1）当时，求过点且与图象相切的直线的方程；（2）讨论函数的单调性.17.（1.5分）已知数列是等差数列，且，数列满足，，且.（1）求数列的通项公式；（2）将数列的所有公共项按从小到大的顺序组成一个新的数列，求数列的通项公式；（3）设数列的前项和为，证明：.18.（17分）一个不透明的袋子中装有大小形状完全相同的6个小球，其中3个黑球､3个白球.现从袋中随机逐个抽取小球，若每次取出的是黑球，则放回袋子中，否则不放回，直至3个白球全部取出.（1）求在第2次取出的小球为黑球的条件下，第1次取出的小球为白球的概率；（2）记抽取3次取出白球的数量为，求随机变量的分布列；（3）记恰好在第次取出第二个白球的概率为，求.19.（17分）已知函数存在两个不同的极值点.（1）求的取值范围；（2）设函数的极值点之和为，零点之和为，求证：.2023～2024学年度第二学期期末学业水平诊断高二数学参考答案及评分标准一、选择题 C C A D 二、 B D C A 选择题10.BCD 9.ABD 11.AC 三、填空题12.−80 113.(,]e −∞414.()n −1L 3L 2四、解答题15.解：（1）根据已知条件，可得：······················································3分零假设为H 0：创新作文比赛获奖与选修阅读课程无关联，根据列联表中数据计算得到，2 50(828212)25χ2=××−× ≈> =8.3337.879.×××203010403·······························6分根据小概率值α=0.005的独立性检验，推断H 0不成立，即认为创新作文比赛获奖与选修阅读课程有关联，此推断犯错误的概率不大于0.005.····························7分（2）由题意可知X 的可能取值为1,2,3,则···································8分1231C C 82C 10 2137C C 82P X (1)===15，P X (2)===15C 10，C 8373P X (3)===15C 10，········································11分所以,随机变量X 的分布列为: 17712所以E X ()123=×+×+×=1515155. ··························13分2()(21)e 2′16.解：（1）当a =−2时，f x x x =−+x，所以f x x ()(1)e x . ·········1=−分x y 002设切点为(,)，则y x x =−+(21)e x0000 2，k x =−(1)e x00，获奖没有获奖合计 选修阅读课程81220不选阅读课程22830合计1040500 22000(21)e(1)e ()x x所以，切线方程为y x x x x x 0. ························3−−+=−−分2将(1,0)代入得(1)0，解得x 0=0或x 0=1. ·····························5x x 00−=分故过(1,)的切线方程为y =0或x y +−=10.················································70分′2()(2)e (1)e (1)(1)e （2）f x x a x ax x a x x x x . ·····················8=++++=+++分 ′=+2′当a =0时，f x x ()(1)e x ，恒有f x ()0，函数f x ()单调递增.·········10≥分a ′当a >0时，−−<−11，当x a ∈−∞−−(,1)，或x ∈−+∞(1,)时，f x ()0，>函′数f x ()单调递增，当x a ∈−−−(1,1)时，f x ()0，函数f x ()单调递减.····12<分a(1,)′当a <0时，−−>−11，当x ∈−∞−(,1)，或x a ∈−−+∞时，f x ()0，>函数′f x ()单调递增，当x a ∈−−−(1,1)时，f x ()0，函数f x ()单调递减.·······14<分a 综上，当a =0时，f x ()在R 上单调递增，当a >0时，f x ()在(,1)，−∞−−(1,)−+∞a −−−上单调递增，在(1,1)上单调递减，当a <0时，f x ()在(,1)，−∞−(1,) a−−+∞ a 上单调递增，在(1,1)上单调递减−−−.······························15分17.解：（1）由题意可知，b b a ，即b 2−=−11，故b 2=0. ························1212−=分由b b a ，可得a 3=1. ······················································2323−=分a n 所以数列{}的公差d =2，所以a n n 12(2)25. ······················3n =−+−=−分−n n n 1−=n n n 121−=由b b a ，b b a −−−， ，b b a 212−=，(1)(125)n n 2n n −−+−叠加可得b b a a a −=+++=123 ，2整理可得b n n n =−+≥44(2)；当n =1时，满足上式n ，2所以b n n =−+44················································································5n 分N m n ∗m n −=− 2(2)5n 2−+（2）不妨设a b m n =∈(,)，即25(2)2，可得m =，········6分=2 2924当n k 时，m k k 2=−+，不合题意，2当n k =−21时，m k k k k =−+=−+∈N ∗，································72672(3)7分 所以b 21在数列{}中均存在公共项a k −n ，135721又因为b b b b =<<< ，所以c n =b n =−(21)2.·································9n +分 514（3）当n =1时，T 1=<············································10，结论成立，分 2111111(21)(22)241n =<=−当n ≥2时，c n n n n n()，·····················12−−×−分1111111(1所以T n <+−+−++−n n 43351)− 114n 515444=+−1(1)n =−<，5.综上，T n <4··················································15分18.解：（1）记事件A =“第2次取出的小球为黑球”；事件B =“第1次取出的小球为白球”， 333311则P A ()=×+×=666520，············································2分333=× ()6 P ABP AB ()=6510，所以P B A (|)P A ()11==；··································4分（2）由题意，X 的可能取值为0,1,2,3，则··············································5分 3331P X (0)==××=6668， 33333333391P X (1)++==××××××=655665666200,32333233237P X (2)++==××××××=654655665100,3211P X (3)==××=65420，10分（3）由题意可知，前n −1次取了一个白球，第n 次取了第二个白球，则：23233333332[()()()] 65665665n n n−−−P n =×+××++×× ···························12分 233232333333=[()()()()]××+×+×+65565656−−−−n n n n = 22213555()[1()()]55666×+++−−n n 51()136555 n −52131()n −2−−−n n 11n n ≥∈N 1−6*=×=×−2[()()](2,).····················16分31n n 11n n ≥∈N 52−−*所以P n =×−2[()()](2,).··································17分19.解：（1）函数f x ()定义域为(0,)+∞，11x x x+′()ln (1)1(ln )1f x a x a x a x =++⋅+=++，····································1分显然0a ≠，令()0f x ′=，可得11ln x x x a++=−， 令1()ln x t x x x +=+，由()f x 有两个不同极值点得1()t x a =−有两个不同的正根. ·· 3分 因为22111()x t x xx x−′=−=. 当(0,1)x ∈时，()0t x ′<，()t x 单减，(1,)x ∈+∞时，()0t x ′>，()t x 单增.················································································ 5分 所以()t x 的极小值即最小值(1)2t =，又当0x →时，()t x →+∞，且x →+∞时，()t x →+∞，所以12a−>，即102a −<<. ··········································· 6分（2）设12,x x 为函数()f x 的极值点，由（1），不妨设121x x <<，下证122x x +>.要证：2121x x >−>，只要证21()(2)t x t x >−.令()()(2)(01)g x t x t x x =−−<<. ···························· 8分因为22222114(1)()()(2)0(2)(2)x x x g x t x t x x x x x −−−−′′′=+−=+=<−−. ··········· 10分 所以()g x 在(0,1)上单调递减，所以()(1)0g x g >=，故21()(2)t x t x >−，即122x x +>. ························· 11分 由（1）可知，在1(0,)x 上，1()(())0f x a t x a′=+<，()f x 单调递减，在12(,)x x 上，()0f x ′>，()f x 单调递增，在2(,)x +∞上，()0f x ′<，()f x 单调递减，又因为(1)0f =，所以1()(1)0f x f <=， 因为102a −<<，所以12a <−，所以12e e 1a −<<，而11111(e )(e 1)ln e e 12e 0a a a a af a =++−=>，所以()f x 在11(e ,)ax 上存在点3x ，使得3()0f x =， ····························· 13分同理2()(1)0f x f >=，又12a−>，12e e 1a −>>， 1111(e )(e1)ln ee120aaaaf a −−−−=++−=−<，所以()f x 在12(,e )ax −上存在点4x ，使得4()0f x =， ····························· 14分故()f x 存在3个零点34,1,x x ， 注意到111111()(1)ln 1((1)ln 1)()f a a x x x f x x x x x x x =++−=−++−=−， · 15分所以341x x =，所以343312x x x x +=+>. ··································· 16分所以123415x x x x ++++>，即5m n +>. ···································· 17分。
山东省烟台市2023-2024学年高二下学期7月期末学业水平诊断数学答案
2023～2024学年度第二学期期末学业水平诊断高二数学参考答案及评分标准一、选择题C C AD B D C A 二、选择题9. ABD 10.BCD 11.AC 三、填空题12.80− 13.1(,]e −∞ 14.14()3n L −2L 四、解答题15.解：（1）根据已知条件，可得：······················································ 3分零假设为0H ：创新作文比赛获奖与选修阅读课程无关联， 根据列联表中数据计算得到，2250(828212)25==8.3337.879203010403χ××−×≈>×××. ······························· 6分 根据小概率值0.005α=的独立性检验，推断0H 不成立，即认为创新作文比赛获奖与选修阅读课程有关联，此推断犯错误的概率不大于0.005.···························· 7分 （2）由题意可知X 的可能取值为1,2,3,则 ··································· 8分12823101(1)15C C P X C ===，21823107(2)15C C P X C ===， 383107(3)15C P X C ===， ········································ 11分 所以,随机变量X 的分布列为:所以17712()1231515155E X =×+×+×=. ·························· 13分 16.解：（1）当2a =−时，2()(21)e xf x x x =−+，所以2()(1)e x f x x ′=−. ········· 1分 设切点为00(,)x y ，则02000(21)e xy x x =−+，020(1)e xk x =−， 获奖 没有获奖 合计 选修阅读课程 8 12 20 不选阅读课程2 28 30 合计104050所以，切线方程为00220000(21)e(1)e ()x x y x x x x x −−+=−−. ························ 3分将(1,0)代入得200(1)0x x −=，解得00x =或01x =. ····························· 5分 故过(1,)0的切线方程为0y =或10x y +−=. ················································ 7分（2）2()(2)e (1)e (1)(1)e x x x f x x a x ax x a x ′=++++=+++. ····················· 8分当0a =时，2()(1)e x f x x ′=+，恒有()0f x ′≥，函数()f x 单调递增. ········· 10分 当0a >时，11a −−<−，当(,1)x a ∈−∞−−，或(1,)x ∈−+∞时，()0f x ′>，函数()f x 单调递增，当(1,1)x a ∈−−−时，()0f x ′<，函数()f x 单调递减. ···· 12分 当0a <时，11a −−>−，当(,1)x ∈−∞−，或(1,)x a ∈−−+∞时，()0f x ′>，函数()f x 单调递增，当(1,1)x a ∈−−−时，()0f x ′<，函数()f x 单调递减. ······· 14分综上，当0a =时，()f x 在R 上单调递增，当0a >时，()f x 在(,1)a −∞−−，(1,)−+∞上单调递增，在(1,1)a −−−上单调递减，当0a <时，()f x 在(,1)−∞−，(1,)a −−+∞上单调递增，在(1,1)a −−−上单调递减. ······························ 15分17.解：（1）由题意可知，212b b a −=，即211b −=−，故20b =. ························ 1分 由323b b a −=，可得31a =. ······················································ 2分 所以数列{}n a 的公差2d =，所以12(2)25n a n n =−+−=−. ······················ 3分由1n n n b b a −−=，121n n n b b a −−−−=， ，212b b a −=， 叠加可得 123(1)(125)2n n n n b b a a a −−+−−=+++=，整理可得 244(2)n b n n n =−+≥；当1n =时，满足上式，所以244n b n n =−+ ················································································ 5分（2）不妨设(,)m n a b m n ∗=∈N ，即225(2)m n −=−，可得2(2)52n m −+=， ········ 6分当2n k =时，29242m k k =−+，不合题意， 当21n k =−时，22672(3)7m k k k k ∗=−+=−+∈N ， ································ 7分所以21k b −在数列{}n a 中均存在公共项，又因为1357b b b b =<<< ，所以n c =221(21)n b n +=−. ································· 9分 （3）当1n =时，1514T =<，结论成立， ············································ 10分 当2n ≥时，2111111()(21)(22)241n c n n n n n=<=−−−×−， ····················· 12分所以1111111(1)43351n T n n <+−+−++−− 111(1)4n =+− 515444n =−<， 综上，54n T <. ·················································· 15分18.解：（1）记事件A =“第2次取出的小球为黑球”；事件B =“第1次取出的小球为白球”，则333311()666520P A =×+×=， ············································ 2分 333()=6510P AB =×，所以()6(|)()11P AB P B A P A ==； ·································· 4分 （2）由题意，X 的可能取值为0,1,2,3，则 ·············································· 5分3331(0)6668P X ==××=， 33333333391(1)++655665666200P X ==××××××=, 32333233237(2)++654655665100P X ==××××××=,3211(3)65420P X ==××=，10分（3）由题意可知，前1n −次取了一个白球，第n 次取了第二个白球，则：23233333332[()()()]65665665n n n n P −−−=×+××++×× ··························· 12分233232333333=[()()()()]65565656n n n n −−−−××+×+×+ =22213555()[1()()]55666n n −−×+++ 121151()13316()2[()()]5555216n n n n −−−−−=×=×−−*(2,)n n ≥∈N . ···················· 16分 所以11312[()()]52n n n P −−=×−*(2,)n n ≥∈N . ·································· 17分19.解：（1）函数()f x 定义域为(0,)+∞，11()ln (1)1(ln )1x f x a x a x a x x x+′=++⋅+=++， ···································· 1分显然0a ≠，令()0f x ′=，可得11ln x x x a++=−， 令1()ln x t x x x +=+，由()f x 有两个不同极值点得1()t x a =−有两个不同的正根. ·· 3分 因为22111()x t x xx x−′=−=. 当(0,1)x ∈时，()0t x ′<，()t x 单减，(1,)x ∈+∞时，()0t x ′>，()t x 单增.················································································ 5分 所以()t x 的极小值即最小值(1)2t =，又当0x →时，()t x →+∞，且x →+∞时，()t x →+∞，所以12a−>，即102a −<<. ··········································· 6分（2）设12,x x 为函数()f x 的极值点，由（1），不妨设121x x <<，下证122x x +>.要证：2121x x >−>，只要证21()(2)t x t x >−.令()()(2)(01)g x t x t x x =−−<<. ···························· 8分因为22222114(1)()()(2)0(2)(2)x x x g x t x t x x x x x −−−−′′′=+−=+=<−−. ··········· 10分 所以()g x 在(0,1)上单调递减，所以()(1)0g x g >=，故21()(2)t x t x >−，即122x x +>. ························· 11分 由（1）可知，在1(0,)x 上，1()(())0f x a t x a′=+<，()f x 单调递减，在12(,)x x 上，()0f x ′>，()f x 单调递增，在2(,)x +∞上，()0f x ′<，()f x 单调递减，又因为(1)0f =，所以1()(1)0f x f <=， 因为102a −<<，所以12a <−，所以12e e 1a −<<，而11111(e )(e 1)ln e e 12e 0a a a a af a =++−=>，所以()f x 在11(e ,)ax 上存在点3x ，使得3()0f x =， ····························· 13分同理2()(1)0f x f >=，又12a−>，12e e 1a −>>， 1111(e )(e1)ln ee120aaaaf a −−−−=++−=−<，所以()f x 在12(,e )ax −上存在点4x ，使得4()0f x =， ····························· 14分故()f x 存在3个零点34,1,x x ， 注意到111111()(1)ln 1((1)ln 1)()f a a x x x f x x x x x x x =++−=−++−=−， · 15分所以341x x =，所以343312x x x x +=+>. ··································· 16分所以123415x x x x ++++>，即5m n +>. ···································· 17分。
2023-2024学年山东省烟台市高二下学期4月期中考试化学试题
2023-2024学年山东省烟台市高二下学期4月期中考试化学试题1.化学与生活、科学、技术等密切相关。
下列说法正确的是A．有机玻璃、合成橡胶、酚醛树脂都是由加聚反应制得的B．洗涤棉布衣物不容易“甩干”是因为衣物与水分子间形成了氢键C．双氧水、酒精、过氧乙酸等消毒液均可以将病毒氧化而达到消毒的目的D．用于生产医药领域新材料的甲壳质是一种天然存在的多糖，属于小分子有机物2.下列化学用语或图示表达正确的是A．2-甲基-2-戊烯键线式：B．四氯化碳分子空间填充模型：C．乙醇的核磁共振氢谱图：D．羰基的电子式：3.下列有机物的鉴别方法(必要时可加热)，不能达到目的的是A．用酸性KMnO 4溶液鉴别苯、甲苯、四氯化碳、乙醇B．用新制的悬浊液鉴别乙醇、乙醛、乙酸、甲酸C．用溴水鉴别苯、甲苯、苯酚、己烯D．用盐酸鉴别硝基苯、苯酚钠、NaHCO 3溶液、乙醇溶液4.下列实验操作或装置能达到相应实验目的的是C．用植物油萃取碘水中的D．提纯乙酸乙酯A．A B．B5.下列有关物质的种类(不考虑立体异构)判断错误的是A．分子式为且属于酯的有机化合物有4种B．丙炔分子三聚可能生成2种芳香族化合物C．与发生加成反应可生成D．与互为同分异构体的芳香化合物有4种6.紫花前胡醇(如图)可从中药材当归和白芷中提取得到，能提高人体免疫力。
下列关于该化合物叙述正确的是A．含有3种官能团B．该物质最多与反应C．与NaOH醇溶液混合加热能发生消去反应D．1mol该物质酸性条件完全水解后得到的产物能与2molNaOH反应7.布洛芬具有抗炎、镇痛、解热作用，但口服该药对胃、肠道有刺激性，可以对该分子进行如图所示修饰。
下列说法正确的是A．两者可以用酸性溶液鉴别B．X苯环上的二氯代物有4种C．该修饰过程发生加成反应，酸性减弱D．布洛芬与反应，产物可检测到8.一定条件下，以葡萄糖为原料制备葡萄糖酸锌的反应过程如下。
下列说法错误的是A．葡萄糖能发生氧化、还原、取代、加成和消去反应B．葡萄糖酸能通过分子内反应生成含有五元环状结构的产物C．葡萄糖、葡萄糖酸、葡萄糖酸锌中碳原子杂化方式种类相同D．每生成1mol葡萄糖酸锌，理论上转移了个电子9.物质Z是一种重要的药物中间体，其合成路线如下。
山东省烟台市2020-2021学年高二上学期期末考试化学试卷
2020-2021学年度第一学期期末学业水平诊断高二化学注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H1C12N14O16Na23S32Fe56Pb207一、选择题：本题共10小题，每小题2分，共20分。
每小题只有一个选项符合题意。
1．下列说法正确的是A．p能级均含有3个相互垂直的纺锤形原子轨道B．3d2表示3d能级有两个轨道C．每一个电子层中都含有s、p、d、f能级D．同一原子中可能存在两个运动状态完全相同的电子2．下列说法正确的是A．CH4分子的球棍模型为B．铍原子最外层的电子云图为C．基态Fe原子的价电子轨道表示式为D．，该轨道表示式违背了泡利不相容原理3．下列有机物的系统命名中正确的是A．3－甲基－4－乙基戊烷B．3,3－二甲基－4－乙基己烷C．3,4,4－三甲基己烷D．3,6－二甲基庚烷4．下列关于物质性质或结构的比较错误的是A．硬度：金刚石>碳化硅>晶体硅B．熔点：CI4>CBr4>CCl4>CF4C．沸点：H2O>H2S>H2Se D．键角：NH4+>H3O+>H2O5．某有机物的结构简式如下。
下列关于该有机物的说法错误的是A．该分子不会产生顺反异构现象B．分子中的碳原子均为sp2杂化C．分子中共平面的碳原子至少为8个D．该有机物中含有的官能团为羟基、碳碳双键和酰胺基6．下图是部分短周期元素的原子序数与其某种常见化合价的关系图，若用原子序数代表所对应的元素，则下列说法错误的是A．电负性：a>f B．第一电离能：d>cC．气态氢化物的稳定性：f>e D．a和b形成的化合物可能含有共价键7.下列说法正确的是A．σ键和π键都属于共价键，均有方向性B．气体单质中，一定有σ键，可能有π键C．苯分子中每个碳原子的2sp杂化轨道中的其中一个形成大π键D．等物质的量的[Cu(H2O)4]2+与［Ag(NH3)2]+中所含的σ键数之比为3:28．根据杂化轨道理论和价电子对互斥理论模型判断，下列分子或离子的中心原子杂化方式及空间构型正确的是选项分子或离子中心原子杂化方式价电子对互斥理论模型分子或离子的空间构型A NO2-sp3四面体形V形B BF3sp2平面三角形三角锥形C SOCl2sp3四面体形三角锥形D ClO3-sp2平面三角形平面三角形9．下列说法正确的是A．水稳定是因为水中含有大量的氢键B．邻羟基苯甲醛的熔、沸点比对羟基苯甲醛的熔、沸点高C．可燃冰（CH4·8H2O）的形成是由于甲烷分子与水分子之间存在氢键D．氨气极易溶于水，原因之一是氨分子与水分子之间形成了氢键10．已知CuCl2溶液中存在：[Cu(H2O)4]2+（蓝色）＋4Cl－[Cu(Cl)4]2-（黄绿色）＋4H2O。
2022-2023学年高二化学下学期期末试卷含解析
2022-2023学年高二化学下学期期末试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。
）1. 一种新型燃料电池，是用两根金属铂做电极插入KOH溶液中，然后向两极上分别通入H2和O2，下解说法不正确的是A．通入H2的电极为负极B．通入O2的一极电极反应为4H2O+O2+8e=8OH-C．随着放电的进行，负极附近pH下降D．标准状况下通入5.6LO2完全反应后有1mol电子转移参考答案：B2. 用示意图或图示的方法能够直观形象地将化学知识传授给学生，下列示意图或图示正确的是参考答案：C3. 为了配制CH3COO－与Na＋离子物质的量浓度之比为1:1的溶液，可向CH3COONa溶液中加入A．适量的盐酸 B．适量的NaOH固体 C．适量的KOH固体 D．适量的NaCl固体参考答案：C4. 下列物质中不属于电解质的是A ．固体氯化钾 B．液态氯化氢C．气态硝酸D．作电极的碳棒参考答案：D5. 下列除去括号内杂质的试剂及方法有错误的是（）A．FeCl2（FeCl3）→足量氯气B．Fe（Al）→NaOH溶液，过滤，洗涤C．MgCl2（AlCl3）→足量NaOH溶液，过滤，盐酸D．Fe2O3（SiO2）→NaOH溶液，过滤参考答案：A解：A．FeCl2被氧化生成FeCl3，应加入铁粉除杂，故A错误；B．铁与氢氧化钠不反应，而铝可与氢氧化钠溶液反应，可除杂，故B正确；C．氢氧化铝为两性氢氧化物，可溶于过量的氢氧化钠溶液，过滤后加入盐酸，可得到氯化镁，故C正确；D．二氧化硅与氢氧化钠溶液反应，而氧化铁不反应，可除杂，故D正确．故选A．6. 下列各组物质中，按熔点由低到高排列，正确的是（）A、O-2、I2、HgB、CO2、KCl 、SiO2C、Na 、K 、RbD、SiC 、NaCl 、SO2参考答案：B略7. pH＝2的A、B两种酸溶液各lmL，分别加水稀释到1000 mL，其溶液的pH与溶液体积(V)的关系如图所示，则下列说法正确的是A．A、B溶液浓度一定相等B．稀释后A溶液酸性比B溶液强C．a＝5时，A是强酸，B是弱酸D．若A、B都是弱酸，则2<a=5参考答案：C略8. 已知苯与一卤代烷在催化剂作用下可生成苯的同系物在催化剂存在下，由苯和下列各组物质合成乙苯最好应选用的是（）A．CH3CH3和I2 B．CH2=CH2和HCl C．CH2=CH2和Cl2 D．CH3CH3和HCl参考答案：B略9.一个空瓶重51.00g，如果装满某气态烃时重51.40g，而装满同温同压下的氢气时重51.02g ，则该烃的分子式为A．B．C．D．参考答案：B10. ClO2是一种消毒杀菌效率高、二次污染小的水处理剂。
山东省日照市2022-2023学年高二下学期期末考试化学试题(含解析)
山东省日照市2022-2023学年高二下学期期末考试化学试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．有机物在生产、生活中应用广泛。
下列说法错误的是A．福尔马林可用于饮用水消毒B．地沟油可用于生产肥皂和油漆C．纤维素可用于生产硝酸纤维D．甲酚可用于制造酚皂和消毒液2．下列不能用氢键相关知识解释的是A．羊毛衫水洗后变形B．氨容易液化C．2H O比2H S更稳定D．冰浮在水面上3．X、Y、Z、W四种短周期元素，X、Y、Z处于同一周期，X、W位于同一主族，W 原子的最外层电子数是其电子层数的3倍，基态Z原子的电子总数是其最高能级电子数的5倍，同周期元素中Y的电负性最大。
下列说法错误的是A．Z的最高价氧化物对应水化物的化学式可表示为H3ZO4B．简单离子半径由大到小的顺序：Y＞X＞Z＞WC．以上元素对应的简单氢化物中，W的氢化物沸点最高、最稳定D．第一电离能由大到小的顺序：Y＞Z＞X4．下列能达到实验目的的是A．制备并检验乙炔的性质B．鉴别苯与己烷C．分离甲烷氯代反应后的液态产物D．检验1-溴丁烷的消去产物5．甘氨酸铜结构中，铜和与其配位的四个原子共平面，甘氨酸铜有顺式和反式两种结构，如下图所示。
下列说法错误的是A ．顺式甘氨酸铜易溶于水B ．反式甘氨酸铜能与氢气发生加成反应C ．甘氨酸铜中铜原子的杂化类型可能为2dspD ．两种物质中 键和π键的数目之比均为10:16．“二月茵陈，五月蒿”，茵陈有保肝利胆的作用，它所含的菌陈二炔酮的结构简式如图所示。
下列关于菌陈二炔酮的说法正确的是A ．分子的不饱和度为8B ．分子中一定共线的碳原子最多有8个C ．分子与氢气完全加成的产物中含有2个手性碳原子D ．分子中采取sp 、sp 2杂化的碳原子数之比为4：77．一种Co()Ⅱ配合物的制备过程如下：下列说法错误的是A ．M 的名称为2-羟基苯甲醛B ．P 的制备过程可能经历了加成反应和消去反应C ．Q 中的化学键只有极性共价键和配位键D ．Q 中钴的配位数为4，提供孤电子对的原子为N 和O 8．实验室提纯乙酸乙酯的流程如图所示：下列说法正确的是A ．为保证反应回流效果，应使用直形冷凝管B ．水相1中除23Na CO 和NaCl 外，还有3CH COOHA ．分子式为1010C HA ．X 通常使用23Na SO 固体B ．多孔球泡的作用是增大2SO 与液体的接触面积C ．检验4MnSO 的分解产物2SO 、3SO ，E 、F 装置中应分别为品红溶液、液D ．装置D 中得到固体34Mn O ，该反应的氧化产物与还原产物物质的量之比为二、多选题12．某种离子液体M 由有机阳离子EMIM +( )和阴离子6PF -构成。
山东省烟台市2022-2023学年高二下学期期中考试化学试题
山东省烟台市2022-2023学年高二下学期期中考试化学试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．化学与生活联系密切，下列说法正确的是A．肥皂与纯碱都可去除油污，但两者去污原理不同B．乙二醇溶液用作汽车防冻液，乙二醇与甘油互为同系物C．木糖醇[CH2OH(CHOH)3CH2OH]是常用的甜味剂，和葡萄糖同属于单糖D．福尔马林是良好的杀菌剂，主要利用了甲醛的强氧化性2．下列化学用语使用正确的是A．CH3CH(C2H5)2的名称：2－乙基丁烷B．氟乙烷的空间填充模型：C．2－乙基－1，3－丁乙烯的键线式：D．甲醛的电子式：3．下列说法正确的是A．蛋白质只能由蛋白酶催化水解B．淀粉经一系列水解反应后，就可酿造成酒C．用水可分离苯、溴苯的混合物D．判断皂化反应基本完成的依据是静置后的反应液不分层4．下列关于高分子材料制备方法错误的是A．氯丁橡胶()由2－氯－1，3－丁二烯经加聚反应制备B．聚丙烯酸甲酯()由丙烯酸和甲醇经缩聚反应制备C．AS树脂()由苯乙烯和丙烯腈经加聚反应制备D．涤纶()由对苯二甲酸和乙二醇经缩聚反应制备5．如图为有机物X(只含C、H、O)的球棍模型图。
不同颜色的球代表不同的原子，小球之间的“棍”代表化学键(如单键、双键等)。
下列有关M的说法错误的是A．X难溶于水B．X有3种官能团C．X的不饱和度为8D．X中所有碳原子一定共平面6．下列装置或操作能达到相应实验目的的是A．A B．B C．C D．D7．某药物成分M具有生物活性，结构如图所示。
下列说法错误的是A．M的分子式为C27H28NO4B．M可与Na2CO3溶液反应C．M能发生氧化反应、还原反应和消去反应D．1molM分别与足量盐酸和NaOH反应，消耗HCl和NaOH的物质的量之比为1：2 8．下列说法错误的是A．分子式为C6H12的烯烃可能的结构(不考虑立体异构)有13种B．立方烷()经硝化可得到六硝基立方烷，其可能的结构有3种C．甘氨酸和丙氨酸混合，在一定条件下可生成3种二肽D．分子式为C4H8O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，若不考虑立体异构，这些酸和醇重新组合可形成12种酯9．绿原酸具有抗病毒、抗氧化的功效，可由奎尼酸和咖啡酸通过酯化反应合成。
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2020学年度第二学期期末学业水平诊断高二化学说明：1．本试卷包括第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，满分100分。
考试时间90分钟。
2．考生请将第I卷选择题的正确选项用2B铅笔涂写在答题卡上，第II卷答案用0.5mm 黑色签字笔填写在答题卡指定区域内。
考试结束后，只收答题卡。
可能用到的相对原子质量：H 1 O 16 S 32 Cl 35.5 Na 23 Fe 56 Cu 64第I卷（选择题，共48分）1～16小题，每小题3分，共48分。
每小题只有一个选项符合题意。
1.据《本草纲目》记载：“生熟铜皆有青，即是铜之精华，大者即空绿，以次空青也。
铜青则是铜器上绿色者，淘洗用之。
”生成“铜青”的反应原理为A.化学腐蚀B.吸氧腐蚀C.析氢腐蚀D.铜与空气中的成分直接发生化合反应2．下列说法不正确的是A.Na2O2的电子式：B.金属钠着火时，用细沙覆盖灭火C.氯水、氯气、液氯均能与硝酸银溶液反应产生白色沉淀D.右图的研究方法是观察法3.下列关于配制一定物质的量浓度溶液的说法，不正确的是A.容量瓶用蒸馏水洗涤后不用干燥B.其他操作都正确，称量药品时若砝码生锈会导致所配溶液浓度偏高C.配制90mL 0.1mol•L－1NaCl溶液，应选用100mL容量瓶来配制D.摇匀、静置，发现液面低于刻度线，应加少量水至刻度线4.下列物质能抑制水的电离且属于强电解质的是A.醋酸B.氯化铝C.碳酸氢钠D.硫酸氢钠5.设N A为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A.78gNa216O2与足量的水(H218O)反应生成的氧气所含的中子数为9N AB.常温下，0.1mol Cl2溶于水中达到饱和，可得到HClO分子的数目是0.1N AC.1 mol Na在0.5 mol O2中充分燃烧，转移电子数为N AD.标准状况下，22.4L乙醇中含有的分子数为N A6.下列对各电解质溶液的分析正确的是A.硫酸铁溶液中能大量共存的离子：K＋、Na+、NO3-、CO32-B.Ca(HCO3)2溶液与过量NaOH溶液反应：HCO3-＋Ca2＋＋OH-＝CaCO3↓＋H2OC.0.1mol•L﹣1Na2S溶液中存在：c(OH-)＝c(H+) + c(HS﹣) +2c(H2S)D.NH4HSO4溶液呈酸性的主要原因是：NH4＋＋H2O NH3•H2O＋H＋7. 25℃时，下列事实（或实验）不能证明CH3COOH是弱电解质的是A.CH3COOH溶液与Na2CO3反应生成CO2B.测定CH3COONa溶液的pH＞7C.取相同pH的盐酸和CH3COOH溶液各稀释100倍，pH变化小的是CH3COOHD.同浓度的盐酸和CH3COOH溶液分别与相同的锌粒反应，CH3COOH溶液的反应速率慢8.利用下图所示装置处理含 (NH4)2SO4的工业废水，并回收化工产品硫酸和氨水，废水处理达标后再排放。
下列说法正确的是A.b口流出浓度较大的氨水B.X极接直流电源正极C.离子交换膜Ⅱ为阳离子交换膜D.理论上外电路中流过1mol电子，可处理工业废水中1mol (NH4)2SO49.下列叙述正确的是A.镀层破损后，镀锡铁板比镀锌铁板更易腐蚀B.电解精炼铜时，电解质溶液的组成保持不变C.铅蓄电池充电时，标有“+”的一端与外加直流电源的负极相连D.构成原电池正极和负极的材料一定不相同10.一定温度下，在恒容密闭容器中发生反应NO 2(g)＋SO2(g)SO3(g)＋NO(g）ΔH= - 41.8 kJ•mol-1，下列能说明该反应达到平衡状态的是A.ΔH的数值不再变化B.容器内的压强不再变化C.气体的颜色不再变化D.气体的密度保持不变11.下列说法正确的是A.增大压强，化学反应速率一定增大B.反应速率常数k仅受温度影响C.减小反应物的量一定能降低反应速率D.合成氨工业采用700K的原因是催化剂的活性最大且反应速率快12.一定温度下，将4molA(g)和2molB(g)充入2L恒容密闭容器中，发生2A(g)＋B(g)2C(g)，一段时间达到平衡，反应过程中测定的数据如下表。
下列说法正确的是t/min 2 4 8 9n(B)/mol 1.5 1.2 1.0 1.0A.该温度下反应的平衡常数K＝1.0B.反应0～4 min的平均速率υ(C)＝0.4 mol•L﹣1•min﹣1C.其他条件不变，升高温度反应的平衡常数增大，则该反应为吸热反应D.其他条件不变，再充入4molA(g)，达到新平衡时A的浓度减小，B的转化率增大13.反应2SO 2(g)+O2(g) 2SO3(g) ΔH =a kJ•mol-1能量变化如图所示。
下列说法中正确的是A.a=E3-E1B.逆反应的活化能大于┃a┃kJ•mol-1C.过程②使用催化剂降低活化能，从而改变反应的焓变D.将2molSO2(g)和1mol O2(g)置于一密闭容器中充分反应后放出的热量等于┃a┃ kJ14.常温下，用0.1mol•L-1NaOH溶液分别滴定20.00mL0.1mol•L-1的盐酸和苯甲酸溶液，滴定曲线如下图所示，下列说法正确的是A.图Ⅰ、图Ⅱ分别是NaOH溶液滴定苯甲酸、盐酸的曲线B.V(NaOH)=10.00mL时，滴定苯甲酸的混合溶液中c(C6H5COO-)> c(Na+)> c(H+)>c(OH-)C.滴定苯甲酸溶液时最好选用甲基橙作指示剂D.达到B、D状态时，NaOH溶液分别与盐酸、苯甲酸恰好发生中和反应15.下列说法正确的是A.将FeCl3溶液和Fe2(SO4)3溶液分别加热、蒸干、灼烧，所得固体成分相同B.水解反应NH＋4＋H2O NH3•H2O＋H＋达到平衡后，升高温度平衡逆向移动C.CH3COONa溶液中加入CH3COOH能促进CH3COO－水解D．常温下，浓度均为0.1mol•L-1 NaCN和HCN混合液的pH＝9，则c(HCN)＞c(Na+)＞c(CN﹣)＞c(OH﹣)＞c(H+)16.在25℃，向含c(H+)＝0.1 mol•L-1、c(Cu2+ )＝c(Fe3+ )＝0.01 mol•L-1的200 mL溶液中加入NaOH固体时，c(Cu2+ )、c(Fe3+ )随pH的变化曲线如图所示（忽略加入固体时溶液体积的变化）。
下列叙述不正确的是A.K sp[Fe(OH)3 ]<K sp[Cu(OH)2]B.pH＝5时溶液中的阳离子主要为H+和Cu2+C.K sp只与难溶电解质的性质和温度有关，而与离子浓度和沉淀的量均无关D.向含有FeCl3杂质的CuCl2溶液中加入CuO或CuCO3可除去溶液中混有的Fe3＋2020学年度第二学期期末学业水平诊断高二化学第Ⅱ卷 (非选择题，共52分)17．（15分）获取安全的饮用水成为人们关注的重要问题。
回答下列问题：（1）漂白粉常用于自来水消毒。
工业上用氯气和石灰乳制取漂白粉的化学方程式为。
实验室用MnO2与浓盐酸反应制备Cl2的反应装置如右图所示，制备实验开始时先检查装置气密性，接下来的操作依次是______________（填下列序号）。
①往烧瓶中加入浓盐酸②加热③往烧瓶中加入MnO2粉末（2）聚铁[Fe2(OH)n(SO4)3-0.5n]m是一种高效无机水处理剂，制备原理是调节Fe2(SO4)3溶液的pH，促进其水解制取。
用铁的氧化物制取聚铁的流程如下：①实验室配制2mol·L-1的稀硫酸250mL需98%的浓硫酸(ρ=1.84g·mL-1) mL，配制过程中应使用的玻璃仪器有玻璃棒、烧杯、量筒、。
②步骤Ⅳ中发生反应的离子方程式为 。
③步骤Ⅴ中需将溶液加热到70～80 ℃的目的是 。
Ⅴ中溶液的pH 影响聚铁中铁的质量分数，用pH 试纸测定溶液pH 的方法为_____________；若溶液的pH 偏小，将导致聚铁中铁的质量分数__________（填“偏高”、“偏低”或“无影响”）。
（3）硬水易导致产生锅炉水垢[主要成分为CaCO 3、Mg(OH)2、CaSO 4]，不仅会降低燃料的利用率，还会影响锅炉的使用寿命，造成安全隐患，因此要定期清除。
清除时首先用饱和Na 2CO 3溶液浸泡水垢，发生CaSO 4(s)+CO 32-(aq)CaCO 3(s)+SO 42-(aq)，该反应的平衡常数K= 。
然后再用醋酸溶解、水洗涤。
已知：K sp (CaSO 4)=7.5×10-5、K sp (CaCO 3）=3.0×10-9。
18.（13分）氯气是一种重要的化工原料，在生产生活中有广泛的应用。
（1）一种环保型家用“84”消毒液的发生装置如右图，电源的b极为 极，电解制取NaClO 的离子反应方程式为 。
（2）用CO 和Cl 2在高温、活性炭催化作用下合成光气：Cl 2(g)＋CO(g)COCl 2(g) ∆H ＝-108 kJ·mol -1。
t ℃时，在5 L 恒容密闭容器中加入0.6 mol CO 和0.45 mol Cl 2，CO 和COCl 2的浓度在不同时刻的变化状况如图所示。
在0~6 min 内υ(Cl 2)=____________________，第8 min时改变的条件是 _____ 。
在第12 min 时升高温度，重新达到平衡时，COCl 2的体积分数将 （填“增大”“不变”或“减小”）。
（3）氯在饮用水处理中常用作杀菌剂，且HClO 的杀菌能力比ClO －强。
25℃时氯气——氯水体系中存在以下平衡关系： 21Cl 2(g) 21Cl 2(aq) K 1=10-0.6 Cl 2(aq) + H 2OHClO + H + +Cl － K 2=10-3.4 HClO H + + ClO － K a其中Cl 2(aq)、HClO 和ClO －分别在三者中所占分数(α)随pH 变化的关系如图所示。
则①K a = ；②Cl 2(g) + H2O HClO + H+ +Cl－K = ；③用氯处理饮用水时，pH=6.5时杀菌效果比pH=7.5时（填“好”、“差”或“相同”）。
19．（12分）工业上常以闪锌矿（主要成分ZnS，含Fe、Cu、Cd等元素的杂质）为原料，通过火法或湿法炼锌，两种方法都是先将闪锌矿焙烧得到以ZnO为主要成分的焙砂，再分别制得锌。
具体流程如下：已知：Fe3+Zn2+Cu2+Fe2+Cd2+开始沉淀的pH 1.1 5.9 4.7 7.6 6.9沉淀完全的pH 3.2 8.1 6.7 9.6 9.7 （1）火法炼锌涉及的主要反应：2C(s) + O2(g) = 2CO(g) ∆H=﹣220 kJ· mol-12ZnS(s) + 3O2(g) = 2ZnO(s) + 2SO2(g) ∆H=﹣930 kJ· mol-1ZnO(s) + CO(g) = Zn(g) + CO2(g) ∆H= +198 kJ· mol-1则ZnS(s) + 2O2(g) + C(s) = Zn(g) +CO2(g) + SO2(g) 的∆H= 。