2020年中考数学试卷分析

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2020年安徽中考数学试卷分析

2020年安徽中考数学试卷分析

2020年安徽中考数学试卷分析2020年安徽中考数学试卷卷面满分150分,要求学生在120分钟内完成,整套试卷包含8个答题,共计23个小题,其中第一大题是选择题,包含10道小题,每小题4分,选择题合计40分;第二大题是填空题,包含4道小题,每小题5分,填空题合计20分;第三、四、五、六、七、八大题都是解题题目,共计9道小题,解答题合计90分。

本试卷题量适中,但与某些省市中考数学试卷的题量相比,略微偏小,但试卷满分150分,因此单题的分值略高,试题考查的范围较广,重点突出,考查大大都是比较基础的知识点,考法常见,整体试卷的难度不大,没有出现过偏,过难的题目。

选择题:第1题考查的是实数大小比较,给出四个数,选出比-2小的数,比较简单,直接根据实数大小比较方法进行比较即可得出答案;第2题考查的是幂的运算,主要涉及幂的乘方和同底数幂的除法运算,解题的关键是熟练掌握和灵活运用幂的运算法则,在本题中需要注意符号和指数问题,题目比较简单;第3题主要考查几何题的主视图,解题的关键是结合各选项几何题的特征分析判断其主视图,然后进行选择即可,题目比较简单;第4题主要考查的是用科学计数法表示绝对值较大的数,解题的关键是掌握科学技术表示较大的数的方法,注意乘方前的数字及乘方的次数的确定方法,题目比较简单;第5题主要考查的是一元二次方程实数根的情况,可以直接根据根的判别式进行分析和选择,在运用根的判别式前,首先需要将方程化为标准形式,找出各项系数,然后进行分析和运算,题目比较简单;第6题主要考查数据的整理和分析,掌握几种常见的统计量的含义及计算方法,逐个分析。

运算并判断即可,求一组数据的中位数比较容易出错,需要先排序;求方差运算量较大,在这个题目中可以先算别的统计量,然后运用排除法即可,题目比较简单;第7题主要考查的是一次函数的图像和性质,已知一次函数解析式的常数项,k值未知,但根据y随x 的增大而减小可得k值必然为负数,然后讲各选项的值代入计算求出k值即可,选出k值为负的选项即可,题目难度中等偏下,注意这种选项代入的解题思路和方法。

2020年河南省中考数学试卷解析版

2020年河南省中考数学试卷解析版

2020年河南省中考数学试卷解析版2020年河南省中考数学试卷题号⼀⼆三总分得分⼀、选择题(本⼤题共10⼩题,共30.0分)1.2的相反数是()A. -2B. -C.D. 22.如图摆放的⼏何体中,主视图与左视图有可能不同的是()A. B. C. D.3.要调查下列问题,适合采⽤全⾯调查(普查)的是()A. 中央电视台《开学第⼀课》的收视率B. 某城市居民6⽉份⼈均⽹上购物的次数C. 即将发射的⽓象卫星的零部件质量D. 某品牌新能源汽车的最⼤续航⾥程4.如图,l1∥l2,l3∥l4,若∠1=70°,则∠2的度数为()A. 100°B. 110°C. 120°D. 130°5.电⼦⽂件的⼤⼩常⽤B,KB,MB,GB等作为单位,其中1GB=210MB,1MB=210KB,1KB=210B.某视频⽂件的⼤⼩约为1GB,1GB等于()A. 230BB. 830BC. 8×1010BD. 2×1030B6.若点A(-1,y1),B(2,y2),C(3,y3)在反⽐例函数y=-的图象上,则y1,y2,y3的⼤⼩关系是()A. y1>y2>y3B. y2>y3>y1C. y1>y3>y2D. y3>y2>y17.定义运算:m☆n=mn2-mn-1.例如:4☆2=4×22-4×2-1=7.则⽅程1☆x=0的根的情况为()A. 有两个不相等的实数根B. 有两个相等的实数根C. ⽆实数根D. 只有⼀个实数根8.国家统计局统计数据显⽰,我国快递业务收⼊逐年增加.2017年⾄2019年我国快递业务收⼊由5000亿元增加到7500亿元.设我国2017年⾄2019年快递业务收⼊的年平均增长率为x,则可列⽅程为()A. 500(1+2x)=7500B. 5000×2(1+x)=7500C. 5000(1+x)2=7500D. 5000+5000(1+x)+5000(1+x)2=75009.如图,在△ABC中,∠ACB=90°,边BC在x轴上,顶点A,B的坐标分别为(-2,6)和(7,0).将正⽅形OCDE沿x轴向右平移,当点E落在AB边上时,点D的坐标为()A. (,2)B. (2,2)C. (,2)D. (4,2)10.如图,在△ABC中,AB=BC=,∠BAC=30°,分别以点A,C为圆⼼,AC的长为半径作弧,两弧交于点D,连接DA,DC,则四边形ABCD的⾯积为()A. 6B. 9C. 6D. 3⼆、填空题(本⼤题共5⼩题,共15.0分)11.写出⼀个⼤于1且⼩于2的⽆理数______.12.已知关于x的不等式组其中a,b在数轴上的对应点如图所⽰,则这个不等式组的解集为______.13.如图所⽰的转盘,被分成⾯积相等的四个扇形,分别涂有红、黄、蓝、绿四种颜⾊.固定指针,⾃由转动转盘两次,每次停⽌后,记下指针所指区域(指针指向区域分界线时,忽略不计)的颜⾊,则两次颜⾊相同的概率是______.14.如图,在边长为2的正⽅形ABCD中,点E,F分别是边AB,BC的中点,连接EC,FD,点G,H分别是EC,FD的中点,连接GH,则GH的长度为______.15.如图,在扇形BOC中,∠BOC=60°,OD平分∠BOC交于点D,点E为半径OB上⼀动点.若OB=2,则阴影部分周长的最⼩值为______.三、解答题(本⼤题共8⼩题,共75.0分)16.先化简,再求值:(1-)÷,其中a=+1.17.为发展乡村经济,某村根据本地特⾊,创办了⼭药粉加⼯⼚.该⼚需购置⼀台分装机,计划从商家推荐试⽤的甲、⼄两台不同品牌的分装机中选择.试⽤时,设定分装的标准质量为每袋500g,与之相差⼤于10g为不合格.为检验分装效果,⼯⼚对这两台机器分装的成品进⾏了抽样和分析,过程如下:[收集数据]从甲、⼄两台机器分装的成品中各随机抽取20袋,测得实际质量(单位:g)如下:甲:501 497 498 502 513 489 506 490 505 486502 503 498 497 491 500 505 502 504 505⼄:505 499 502 491 487 506 493 505 499 498502 503 501 490 501 502 511 499 499 501质量频数机器485≤x<490490≤x<495495≤x<500500≤x<505505≤x<510510≤x<515甲224741⼄135731统计量机器平均数中位数⽅差不合格率甲499.7501.542.01b⼄499.7a31.8110%根据以上信息,回答下列问题:(1)表格中的a=______,b=______;(2)综合上表中的统计量,判断⼯⼚应迭购哪⼀台分装机,并说明理由.18.位于河南省登封市境内的元代观星台,是中国现存最早的天⽂台,也是世界⽂化遗产之⼀.某校数学社团的同学们使⽤卷尺和⾃制的测⾓仪测量观星台的⾼度.如图所⽰,他们在地⾯⼀条⽔平步道MP上架设测⾓仪,先在点M处测得观星台最⾼点A的仰⾓为22°,然后沿MP⽅向前进16m到达点N处,测得点A的仰⾓为45°.测⾓仪的⾼度为1.6m.cos22°≈0.93,tan22°≈0.40,≈1.41);(2)“景点简介”显⽰,观星台的⾼度为12.6m.请计算本次测量结果的误差,并提出⼀条减⼩误差的合理化建议.19.暑期将⾄,某健⾝俱乐部⾯向学⽣推出暑期优惠活动,活动⽅案如下.⽅案⼀:购买⼀张学⽣暑期专享卡,每次健⾝费⽤按六折优惠;⽅案⼆:不购买学⽣暑期专享卡,每次健⾝费⽤按⼋折优惠.设某学⽣暑期健⾝x(次),按照⽅案⼀所需费⽤为y1(元),且y1=k1x+b;按照⽅案⼆所需费⽤为y2(元),且y2=k2x.其函数图象如图所⽰.(1)求k1和b的值,并说明它们的实际意义;(2)求打折前的每次健⾝费⽤和k2的值;(3)⼋年级学⽣⼩华计划暑期前往该俱乐部健⾝8次,应选择哪种⽅案所需费⽤更少?说明理由.20.我们学习过利⽤尺规作图平分⼀个任意⾓,⽽“利⽤尺规作图三等分⼀个任意⾓”曾是数学史上⼀⼤难题,之后被数学家证明是不可能完成的.⼈们根据实际需要,发明了⼀种简易操作⼯具--三分⾓器.图1是它的⽰意图,其中AB与半圆O的直径BC在同⼀直线上,且AB的长度与半圆的半径相等;DB与AC垂直于点B,DB ⾜够长.使⽤⽅法如图2所⽰,若要把∠MEN三等分,只需适当放置三分⾓器,使DB经过∠MEN的顶点E,点A落在边EM上,半圆O与另⼀边EN恰好相切,切点为F,则EB,EO就把∠MEN三等分了.“求证”,请补充完整,并写出“证明”过程.已知:如图2,点A,B,O,C在同⼀直线上,EB⊥AC,垂⾜为点B,______.求证:______.21.如图,抛物线y=-x2+2x+c与x轴正半轴,y轴正半轴分别交于点A,B,且OA=OB,点G为抛物线的顶点.(1)求抛物线的解析式及点G的坐标;(2)点M,N为抛物线上两点(点M在点N的左侧),且到对称轴的距离分别为3个单位长度和5个单位长度,点Q为抛物线上点M,N之间(含点M,N)的⼀个动点,求点Q的纵坐标y Q的取值范围.22.⼩亮在学习中遇到这样⼀个问题:如图,点D是上⼀动点,线段BC=8cm,点A是线段BC的中点,过点C作CF∥BD,交DA的延长线于点F.当△DCF为等腰三⾓形时,求线段BD的长度.⼩亮分析发现,此问题很难通过常规的推理计算彻底解决,于是尝试结合学习函数的经验研究此问题.请将下⾯的探究过程补充完整:(1)根据点D在上的不同位置,画出相应的图形,测量线段BD,CD,FD的长度,得到下表的⼏组对应值.BD/cm0 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 6.07.08.0CD/cm8.07.77.2 6.6 5.9a 3.9 2.40FD/cm8.07.4 6.9 6.5 6.1 6.0 6.2 6.78.0①“当点D为的中点时,BD=5.0cm”.则上表中a的值是______;②“线段CF的长度⽆需测量即可得到”.请简要说明理由.y CD和y FD,并在平⾯直⾓坐标系xOy中画出了函数y FD的图象,如图所⽰.请在同⼀坐标系中画出函数y CD的图象;(3)继续在同⼀坐标系中画出所需的函数图象,并结合图象直接写出:当△DCF 为等腰三⾓形时,线段BD长度的近似值(结果保留⼀位⼩数).23.将正⽅形ABCD的边AB绕点A逆时针旋转⾄AB′,记旋转⾓为α,连接BB′,过点D作DE垂直于直线BB′,垂⾜为点E,连接DB′,CE.(1)如图1,当α=60°时,△DEB′的形状为______,连接BD,可求出的值为(2)当0°<α<360°且α≠90°时,①(1)中的两个结论是否仍然成⽴?如果成⽴,请仅就图2的情形进⾏证明;如果不成⽴,请说明理由;②当以点B′,E,C,D为顶点的四边形是平⾏四边形时,请直接写出的值.答案和解析1.【答案】A【解析】解:2的相反数是-2.故选:A.利⽤相反数的概念:只有符号不同的两个数叫做互为相反数,进⽽得出答案.此题主要考查了相反数的概念,正确把握定义是解题关键.2.【答案】D【解析】解:A、主视图和左视图是长⽅形,⼀定相同,故本选项不合题意题意;B、主视图和左视图都是等腰三⾓形,⼀定相同,故选项不符合题意;C、主视图和左视图都是圆,⼀定相同,故选项不符合题意;D、主视图是长⽅形,左视图是正⽅形,故本选项符合题意;故选:D.分别确定每个⼏何体的主视图和左视图即可作出判断.本题考查了简单⼏何体的三视图,确定三视图是关键.3.【答案】C【解析】解:A、调查中央电视台《开学第⼀课》的收视率,适合抽查,故本选项不合题意;B、调查某城市居民6⽉份⼈均⽹上购物的次数,适合抽查,故本选项不合题意;C、调查即将发射的⽓象卫星的零部件质量,适合采⽤全⾯调查(普查),故本选项符合题意;D、调查某品牌新能源汽车的最⼤续航⾥程,适合抽查,故本选项不合题意.故选:C.由普查得到的调查结果⽐较准确,但所费⼈⼒、物⼒和时间较多,⽽抽样调查得到的调查结果⽐较近似.本题考查了抽样调查和全⾯调查的区别,选择普查还是抽样调查要根据所要考查的对象的特征灵活选⽤,⼀般来说,对于具有破坏性的调查、⽆法进⾏普查、普查的意义或价值不⼤,应选择抽样调查,对于精确度要求⾼的调查,事关重⼤的调查往往选⽤普查.4.【答案】B【解析】解:∵l1∥l2,∠1=70°,∴∠3=∠1=70°,∴∠2=180°-∠3=180°-70°=110°,故选:B.根据平⾏线的性质即可得到结论.此题考查了平⾏线的性质,解题的关键是:熟记两直线平⾏同位⾓相等,两直线平⾏内错⾓相等,两直线平⾏同旁内⾓互补.5.【答案】A【解析】解:由题意得:210×210×210B=210+10+10=230B,故选:A.列出算式,进⾏计算即可.6.【答案】C【解析】解:∵点A(-1,y1)、B(2,y2)、C(3,y3)在反⽐例函数y=-的图象上,∴y1=-=6,y2=-=-3,y3=-=-2,⼜∵-3<-2<6,∴y1>y3>y2.故选:C.根据反⽐例函数图象上点的坐标特征求出y1、y2、y3的值,⽐较后即可得出结论.本题考查了反⽐例函数图象上点的坐标特征,利⽤反⽐例函数图象上点的坐标特征求出y1、y2、y3的值是解题的关键.7.【答案】A【解析】解:由题意可知:1☆x=x2-x-1=0,∴△=1-4×1×(-1)=5>0,故选:A.根据新定义运算法则以及即可求出答案.本题考查根的判别式,解题的关键是正确理解新定义运算法则,本题属于基础题型.8.【答案】C【解析】解:设我国2017年⾄2019年快递业务收⼊的年平均增长率为x,由题意得:5000(1+x)2=7500,故选:C.根据题意可得等量关系:2017年的快递业务量×(1+增长率)2=2019年的快递业务量,根据等量关系列出⽅程即可.此题主要考查了由实际问题抽象出⼀元⼆次⽅程,关键是掌握平均变化率的⽅法,若设变化前的量为a,变化后的量为b,平均变化率为x,则经过两次变化后的数量关系为a (1±x)2=b.9.【答案】B【解析】解:如图,设正⽅形D′C′O′E′是正⽅形OCDE沿x轴向右平移后的正⽅形,∵顶点A,B的坐标分别为(-2,6)和(7,0),∴AC=6,OC=2,OB=7,∴BC=9,∵四边形OCDE是正⽅形,∴DE=OC=OE=2,∴O′E′=O′C′=2,∵E′O′⊥BC,∴∠BO′E′=∠BCA=90°,∴E′O′∥AC,∴△BO′E′∽△BCA,∴=,∴=,∴OC′=7-2-3=2,∴当点E落在AB边上时,点D的坐标为(2,2),故选:B.根据已知条件得到AC=6,OC=2,OB=7,求得BC=9,根据正⽅形的性质得到DE=OC=OE=2,求得O′E′=O′C′=2,根据相似三⾓形的性质得到BO′=3,于是得到结论.本题考查了正⽅形的性质,坐标与图形性质,相似三⾓形的判定和性质,正确的识别图形是解题的关键.10.【答案】D【解析】解:连接BD交AC于O,∵AD=CD,AB=BC,∴BD垂直平分AC,∴BD⊥AC,AO=CO,∵AB=BC,∴∠ACB=∠BAC=30°,∵AC=AD=CD,∴△ACD是等边三⾓形,∴∠DAC=∠DCA=60°,∴∠BAD=∠BCD=90°,∠ADB=∠CDB=30°,∵AB=BC=,∴AD=CD=AB=3,∴四边形ABCD的⾯积=2×=3,故选:D.连接BD交AC于O,根据已知条件得到BD垂直平分AC,求得BD⊥AC,AO=CO,根据等腰三⾓形的性质得到∠ACB=∠BAC=30°,根据等边三⾓形的性质得到∠DAC=∠DCA=60°,求得AD=CD=AB=3,于是得到结论.本题考查了含30°⾓的直⾓三⾓形,等腰三⾓形的性质,等边三⾓形的判定和性质,熟练掌握直⾓三⾓形的性质是解题的关键.11.【答案】【解析】解:⼤于1且⼩于2的⽆理数是,答案不唯⼀.由于所求⽆理数⼤于1且⼩于2,两数平⽅得⼤于2⼩于4,所以可选其中的任意⼀个数开平⽅即可.此题主要考查了⽆理数的估算,现实⽣活中经常需要估算,估算应是我们具备的数学能⼒,“夹逼法”是估算的⼀般⽅法,也是常⽤⽅法.12.【答案】x>a【解析】解:∵b<0<a,∴关于x的不等式组的解集为:x>a,故答案为:x>a.根据关于x的不等式组的解集表⽰在数轴上表⽰⽅法求出x的取值范围即可.本题考查的是在数轴上表⽰不等式组的解集,先根据题意得出不等式组的解集是解答此题的关键.13.【答案】【解析】解:⾃由转动转盘两次,指针所指区域所有可能出现的情况如下:共有16种可能出现的结果,其中两次颜⾊相同的有4种,∴P(两次颜⾊相同)==,故答案为:.⽤树状图或列表法表⽰所有可能出现的结果,进⽽求出相应的概率.考查树状图或列表法求随机事件发⽣的概率,列举出所有可能出现的结果是解决问题的关键.14.【答案】1【解析】解:设DF,CE交于O,∵四边形ABCDA是正⽅形,∴∠B=∠DCF=90°,BC=CD=AB,∵点E,F分别是边AB,BC的中点,∴BE=CF,∴△CBE≌△DCF(SAS),∴CE=DF,∠BCE=∠CDF,∵∠CDF+∠CFD=90°,∴∠BCE+∠CFD=90°,∴∠COF=90°,∴DF⊥CE,∴CE=DF==,∵点G,H分别是EC,FD的中点,∵∠DCF=90°,CO⊥DF,∴CF2=OF?DF,∴OF===,∴OH=,OD=,∵OC2=OF?OD,∴OC==,∴HG===1,故答案为:1.设DF,CE交于O,根据正⽅形的性质得到∠B=∠DCF=90°,BC=CD=AB,根据线段中点的定义得到BE=CF,根据全等三⾓形的性质得到CE=DF,∠BCE=∠CDF,求得DF⊥CE,根据勾股定理得到CE=DF==,点G,H分别是EC,FD的中点,根据射影定理即可得到结论.本题考查了射影定理,勾股定理,正⽅形的性质,全等三⾓形的判定和性质,正确的识别图形是解题的关键.15.【答案】【解析】解:如图,作点D关于OB的对称点D′,连接D′C交OB于点E′,连接E′D、OD′,此时E′C+E′C最⼩,即:E′C+E′C=CD′,由题意得,∠COD=∠DOB=∠BOD′=30°,∴∠COD′=90°,∴CD′===2,的长l==,∴阴影部分周长的最⼩值为2+=.故答案为:.利⽤轴对称的性质,得出当点E移动到点E′时,阴影部分的周长最⼩,此时的最⼩值为弧CD的长与CD′的长度和,分别进⾏计算即可.本题考查与圆有关的计算,掌握轴对称的性质,弧长的计算⽅法是正确计算的前提,理解轴对称解决路程最短问题是关键.16.【答案】解:==a-1,把a=+1代⼊a-1=+1-1=.【解析】先根据分式混合运算的法则把原式进⾏化简,再把a的值代⼊进⾏计算即可.本题考查的是分式的化简求值,熟知分式混合运算的法则是解答此题的关键.17.【答案】501 5%【解析】解:(1)将⼄的成绩从⼩到⼤排列后,处在中间位置的两个数都是501,因此中位数是501,b=1÷20=0.05=5%,故答案为:501,5%;(2)选择甲机器,理由:甲的不合格率较⼩,(1)根据中位数的计算⽅法,求出⼄机器分装实际质量的中位数;⼄机器的不合格的(2)根据合格率进⾏判断.本题考查中位数、众数、平均数的意义和计算⽅法,理解中位数、众数、平均数的意义是正确解答的关键.18.【答案】解:(1)过A作AD⊥PM于D,延长BC交AD于E,则四边形BMNC,四边形BMDE是矩形,∴BC=MN=16m,DE=CN=BM=1.6m,∵∠AED=90°,∠ACE=45°,∴△ACE是等腰直⾓三⾓形,∴CE=AE,设AE=CE=x,∴BE=16+x,∵∠ABE=22°,∴tan22°===0.40,∴x≈10.7(m),∴AD=10.7+1.6=12.3(m),答:观星台最⾼点A距离地⾯的⾼度约为12.3m;(2)∵“景点简介”显⽰,观星台的⾼度为12.6m,∴本次测量结果的误差为12.6-12.3=0.3m,减⼩误差的合理化建议为:为了减⼩误差可以通过多次测量取平均值的⽅法.【解析】(1)过A作AD⊥PM于D,延长BC交AD于E,则四边形BMNC,四边形BMDE是矩形,于是得到BC=MN=16m,DE=CN=BM=1.6m,求得CE=AE,设AE=CE=x,得到BE=16+x,解直⾓三⾓形即可得到结论;(2)建议为:为了减⼩误差可以通过多次测量取平均值的⽅法.本题考查了解直⾓三⾓形的应⽤--仰⾓俯⾓问题,要求学⽣能借助仰⾓构造直⾓三⾓形并解直⾓三⾓形.19.【答案】解:(1)∵y1=k1x+b过点(0,30),(10,180),∴,解得,k1=15表⽰的实际意义是:购买⼀张学⽣暑期专享卡后每次健⾝费⽤为15元,b=30表⽰的实际意义是:购买⼀张学⽣暑期专享卡的费⽤为30元;(2)由题意可得,打折前的每次健⾝费⽤为15÷0.6=25(元),则k2=25×0.8=20;(3)选择⽅案⼀所需费⽤更少.理由如下:由题意可知,y1=15x+30,y2=20x.当健⾝8次时,选择⽅案⼀所需费⽤:y1=15×8+30=150(元),选择⽅案⼆所需费⽤:y2=20×8=160(元),∵150<160,∴选择⽅案⼀所需费⽤更少.【解析】(1)把点(0,30),(10,180)代⼊y1=k1x+b,得到关于k1和b的⼆元⼀次⽅程组,求解即可;⼆每次健⾝费⽤按⼋折优惠,求出k2的值;(3)将x=8分别代⼊y1、y2关于x的函数解析式,⽐较即可.本题考查了⼀次函数的应⽤,解题的关键是理解两种优惠活动⽅案,求出y1、y2关于x 的函数解析式.20.【答案】AB=OB,EN切半圆O于F EB,EO就把∠MEN三等分【解析】解:已知:如图2,点A,B,O,C在同⼀直线上,EB⊥AC,垂⾜为点B,AB=OB,EN切半圆O于F.求证:EB,EO就把∠MEN三等分,证明:∵EB⊥AC,∴∠ABE=∠OBE=90°,∵AB=OB,BE=BE,∴△ABE≌△OBE(SAS),∴∠1=∠2,∵BE⊥OB,∴BE是⊙E的切线,∵EN切半圆O于F,∴∠2=∠3,∴∠1=∠2=∠3,∴EB,EO就把∠MEN三等分.故答案为:AB=OB,EN切半圆O于F;EB,EO就把∠MEN三等分.根据垂直的定义得到∠ABE=∠OBE=90°,根据全等三⾓形的性质得到∠1=∠2,根据切线的性质得到∠2=∠3,于是得到结论.本题考查了切线的性质,全等三⾓形的判定和性质,正确的识别图形是解题的关键.21.【答案】解:(1)∵抛物线y=-x2+2x+c与y轴正半轴分别交于点B,∴点B(0,c),∵OA=OB=c,∴点A(c,0),∴0=-c2+2c+c,∴c=3或0(舍去),∴抛物线解析式为:y=-x2+2x+3,∵y=-x2+2x+3=-(x-1)2+4,∴顶点G为(1,4);(2)∵y=-x2+2x+3=-(x-1)2+4,∴对称轴为直线x=1,∵点M,N为抛物线上两点(点M在点N的左侧),且到对称轴的距离分别为3个单位长度和5个单位长度,∴点M的横坐标为-2或4,点N的横坐标为6,∴点M坐标为(-2,-5)或(4,-5),点N坐标(6,-21),∵点Q为抛物线上点M,N之间(含点M,N)的⼀个动点,∴-21≤y Q≤4.【解析】(1)先求出点B,点A坐标,代⼊解析式可求c的值,即可求解;(2)先求出点M,点N坐标,即可求解.本题考查了待定系数法求⼆次函数解析式,⼆次函数的性质,⼆次函数图象上点的坐标特征,熟练运⽤⼆次函数的性质解决问题是本题的关键.22.【答案】5【解析】解:(1)∵点D为的中点,∴=,∴BD=CD=a=5cm,故答案为:5;(2)∵点A是线段BC的中点,∴AB=AC,∵CF∥BD,∴∠F=∠BDA,⼜∵∠BAD=∠CAF,∴△BAD≌△CAF(AAS),∴BD=CF,∴线段CF的长度⽆需测量即可得到;(3)由题意可得:(4)由题意画出函数y CF的图象;由图象可得:BD=3.8cm或5cm或6.2cm时,△DCF为等腰三⾓形.(1)①由=可求BD=CD=a=5cm;②由“AAS”可证△BAD≌△CAF,可得BD=CF,即可求解;(2)由题意可画出函数图象;(3)结合图象可求解.本题是圆的综合题,考查了圆的有关知识,全等三⾓形的判定和性质,动点问题的函数图象探究题,也考查了函数图象的画法,解题关键是数形结合.23.【答案】等腰直⾓三⾓形【解析】解:(1)∵AB绕点A逆时针旋转⾄AB′,∴AB=AB',∠BAB'=60°,∴△ABB'是等边三⾓形,∴∠BB'A=60°,∴∠DAB'=∠BAD-∠BAB'=90°-60°=30°,∵AB'=AB=AD,∴∠AB'D=∠ADB',∴∠AB'D==75°,∴∠DB'E=180°-60°-75°=45°,∵DE⊥B'E,∴∠B'DE=90°-45°=45°,∴△DEB'是等腰直⾓三⾓形.∵四边形ABCD是正⽅形,∴∠BDC=45°,∴,同理,∴,∵∠BDB'+∠B'DC=45°,∠EDC+∠B'DC=45°,∴BDB'=∠EDC,∴△BDB'∽△CDE,∴.故答案为:等腰直⾓三⾓形,.(2)①两结论仍然成⽴.证明:连接BD,∵AB=AB',∠BAB'=α,∴∠AB'B=90°-,∵∠B'AD=α-90°,AD=AB',∴∠AB'D=135°-,∴∠EB'D=∠AB'D-∠AB'B=135°-=45°,∵DE⊥BB',∴△DEB'是等腰直⾓三⾓形,∴,∵四边形ABCD是正⽅形,∴,∠BDC=45°,∴,∵∠EDB'=∠BDC,∴∠EDB'+∠EDB=∠BDC+∠EDB,即∠B'DB=∠EDC,∴△B'DB∽△EDC,∴.②=3或1.若CD为平⾏四边形的对⾓线,点B'在以A为圆⼼,AB为半径的圆上,取CD的中点.连接BO交⊙A于点B',过点D作DE⊥BB'交BB'的延长线于点E,由(1)可知△B'ED是等腰直⾓三⾓形,∴B'D=B'E,由(2)①可知△BDB'∽△CDE,且BB'=CE.∴=+1=+1=+1=+1=3.若CD为平⾏四边形的⼀边,如图3,点E与点A重合,∴=1.综合以上可得=3或1.(1)由旋转的性质得出AB=AB',∠BAB'=60°,证得△ABB'是等边三⾓形,可得出△DEB'是等腰直⾓三⾓形.证明△BDB'∽△CDE,得出.(2)①得出∠EDB'=∠EB'D=45°,则△DEB'是等腰直⾓三⾓形,得出,证明△B'DB∽△EDC,由相似三⾓形的性质可得出.②分两种情况画出图形,由平⾏四边形的性质可得出答案.本题是四边形综合题,考查了正⽅形的性质,等腰直⾓三⾓形的判定与性质,旋转的性质,等边三⾓形的判定与性质,相似三⾓形的判定与性质等知识,熟练掌握相似三⾓形的判定与性质是解题的关键.。

2020年福建省中考数学试卷分析评析!

2020年福建省中考数学试卷分析评析!

2020年福建省中考数学试卷分析评析!2020年福建省中考数学试卷相对较简单,考生反馈也表明了这一点。

虽然有些考生在最后几道题上遇到了些许困难,但总体而言,难度还是比较容易被接受的。

接下来,我们将对试卷进行具体分析。

一、难度分析根据采访结果和考生反馈,可以看出本次试卷难度相对较低。

各个模块的难度都比去年有所下降,这也与疫情导致的复时间不足有关。

考虑到明年的考试,难度应当会有所提升。

二、历年考点下面将列出一个表格,以便大家更好地理解为什么福建中考数学相对简单。

同颜色的部分表示同一种考法,其中包括古文列方程、圆内定理、两个函数的对称性、尺规作图、函数与几何结合、加权平均数的应用等。

这些都说明一个问题:好好分析以往的试卷,针对性地解决缺陷能力,有机会获得高分。

如果连这么多重复的题型都不能解决,去解决其他类型的题目,可能会有些混乱。

当然,数学的核心能力才是最重要的。

计算能力、几何逻辑推理、应用意识、图形直观等数学能力的内功修炼,从根本上充实自己,以不变应万变。

三、核心能力的培养①几何在几何方面,需要进行逻辑思维训练、模型思想和图形直观能力的提升。

致2021届考生:1.数学题的结构都是条件+结论,因此需要养成思考和总结每个条件的使用方法(包括辅助线)。

条件A得到结论M的这个逻辑关系非常重要。

2.几何题不仅仅是求角度或边长,后期还会有边角混合求的情况。

因此,捣腾清楚几何图中所有角之间的关系和所有边之间的关系是非常重要的,也就是所谓的“导角”和“导边”。

3.适当的模型记忆和条件反射记忆是必要的。

即使不会,也需要思考如何使用条件。

②函数与几何综合题在函数与几何综合题方面,需要掌握方法和模型,以及计算能力。

致2021届考生:初高中学生最大的能力差异在于计算能力。

为了适应高中的强大计算要求,中考一直以来都重视计算能力的考察。

因此,提高计算能力是必须死磕的事情。

方程、函数、几何计算等都是计算能力的体现。

建议在遇到不会做的题目时,听完讲解后不要抄答案,而是重新算一遍,理解其中的算法、算理和技巧,这样才能在考试时发挥计算能力。

2020年广东省中考数学试卷分析3

2020年广东省中考数学试卷分析3

2020年广东中考数学试卷分析试卷题型分析1、选择题分析考察:不等式的性质、二次根式的定义及其计算、二次函数、二元一次方程根的判别及其解法、因式分解、函数定义、不等式组等图形的对称及旋转问题、相似的判定和性质。

但函数部分的重要性却远远高于这些选择题的考查以基本知识为核心内容。

只要同学们对课本内容熟悉,基础知识牢固,是可以轻松解决的。

2、填空题分析大部分通过简单的推理与计算都会很容易得到解决。

3、简答题分析(20)主要考查等腰三角形的判定,解题的关键是熟知全等三角形的判定与性质.(21)考查一次方程组、一元二次方程的解法以及等腰直角三角形的判定,掌握一元二次方程的解法和勾股定理是得出正确答案的关键(22)考查了圆的切线的判定与性质、圆周角定理、切线长定理、相似三角形的判定与性质、正切三角函数等知识点,较难的是题(2),通过作辅助线,构造相似三角形是解题关键.(23)考查了一次函数的实际应用问题,熟练的掌握各个量之间的关系进行列式计算,是解题的关键.(24)考查了反比例函数系数的性质,相似三角形的判定和性质,平行四边形的判定,平行线的性质,灵活运用知识点是解题关键.(25)考查了二次函数,一次函数,相似三角形的判定和性质,锐角三角函数,掌握知识点灵活运用是解题关键.重点考查了理解能力、重题干获取信息的能力和综合运用能力体现了“数形结合”的思想,综合程度高,难度较大,是中考中区分度较大的题型1、题型分析注重基础概念、基础知识考查,重视课本知识;有少部分试题与生活有密切的联系,考查应用方面的能力;另外注重几何知识的综合应用;综合题难度较大,着重考查“数形结合”思想,尤其是函数与几何相结合的综合性题型。

2试卷的特点:试题完全忠于书本,试题难度适中,以基础为主。

试卷容量恰当,考查知识全面,覆盖面较大,几何所占比例较大,整张试卷基本再现了初中数学的知识网络。

就整张数学试卷,题主重体现了对课本的掌握和理解能力的培养。

2020年广东省中考数学试卷分析1

2020年广东省中考数学试卷分析1

2020年广东省中考数学试卷分析一、试卷整体分析纵观整份试卷,本次考试试卷分值120分,考试时间为90分钟,共25题,题型分为选择题、填空题、解答题(一)、解答题(二)、解答题(三)。

1.考试时间由100分钟减为90分钟,去掉一个解答题,增加一个填空题,在解题速度上对考生是一个考验。

所以,如何在时间上安排也是一门学问。

一般来讲:选择题12-15分钟;填空题12-15分钟;解答题(一)12-15分钟;解答题(二)15-18分钟;解答题(三)24-25分钟,最少检查时间2分钟,最多检查时间15分钟。

2.全卷的考查知识点覆盖面广,整体难度加大,侧重基础知识、基本技能与学生能力。

卷面较往年题型而言,改变较大,题型较新,有一定的改革。

对于学生计算能力、解题能力和思维能力的考查较高。

全卷基础题和综合题的区分比较明显,体现了中考作为升学和选拔的双重功能。

3.全卷考查的整体变化:①以往中考数学必考的一些知识点,今年取消了或没有单独考查,比如:科学记数法、三视图、中心对称与轴对称、整式的运算、一元二次方程根的判别式、实数的运算、分式化简求值等.②知识点改变考查形式,比如:尺规作图题一直作为解答题(一)的必考题,今年没有继续考查让学生作图,而是作为一个条件出现在填空题(考查垂直平分线)。

③知识点改变位置、降低考查难度,比如:圆的综合大题以往固定在解答题(三)作为压轴题,今年调整到解答题(二)位置,难度调低。

④计算量及计算难度,较往年有所增加。

特别是对于无理数的计算,要求较高。

比如第21题和第25题,特别是25题,计算量特别大,而且易出错。

⑤函数大题占比提升。

今年选择题最后1题、解答题最后2题,都是以函数为模型,可见函数在中学阶段的霸主地位。

⑥出题点有多突破。

比如:第17题求梯子滑动中的最值问题,第21题求同解方程,都是平时关注较少,但又不算陌生的情景。

三、2021中考备考展望1.警惕“三种失误”①会做的题做不全。

即“确定会考,训练没有加强”;②熟悉的题不会做。

2020年浙江省温州市中考数学试卷(解析版)

2020年浙江省温州市中考数学试卷(解析版)

2020年浙江省温州市中考数学试卷参考答案一、选择题(本题有10小题,每小题4分,共40分.每小题只有一个选项是正确的,不选、多选、错选,均不给分)1.(4分)数1,0,﹣,﹣2中最大的是( )A.1B.0C.﹣D.﹣2【分析】根据有理数大小比较的方法即可得出答案.【解答】解:﹣2<﹣<0<1,所以最大的是1.故选:A.2.(4分)原子钟是以原子的规则振动为基础的各种守时装置的统称,其中氢脉泽钟的精度达到了1700000年误差不超过1秒.数据1700000用科学记数法表示为( )A.17×105B.1.7×106C.0.17×107D.1.7×107【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.【解答】解:1700000=1.7×106,故选:B.3.(4分)某物体如图所示,它的主视图是( )第1页(共25页)第2页(共25页)A.B .C .D.【分析】根据主视图的意义和画法进行判断即可.【解答】解:根据主视图就是从正面看物体所得到的图形可知:选项A 所表示的图形符合题意,故选:A .4.(4分)一个不透明的布袋里装有7个只有颜色不同的球,其中4个白球,2个红球,1个黄球.从布袋里任意摸出1个球,是红球的概率为( )A.B .C .D.【分析】根据概率公式求解.【解答】解:从布袋里任意摸出1个球,是红球的概率=.故选:C .5.(4分)如图,在△ABC 中,∠A =40°,AB =AC ,点D 在AC 边上,以CB ,CD 为边作▱BCDE ,则∠E的度数为( )A .40°B .50°C .60°D .70°【分析】根据等腰三角形的性质可求∠C ,再根据平行四边形的性质可求∠E .【解答】解:∵在△ABC中,∠A=40°,AB=AC,∴∠C=(180°﹣40°)÷2=70°,∵四边形BCDE是平行四边形,∴∠E=70°.故选:D.6.(4分)山茶花是温州市的市花、品种多样,“金心大红”是其中的一种.某兴趣小组对30株“金心大红”的花径进行测量、记录,统计如下表:株数(株)79122花径(cm) 6.5 6.6 6.7 6.8这批“金心大红”花径的众数为( )A.6.5cm B.6.6cm C.6.7cm D.6.8cm【分析】根据表格中的数据,可以得到这组数据的中位数,本题得以解决.【解答】解:由表格中的数据可得,这批“金心大红”花径的众数为6.7,故选:C.7.(4分)如图,菱形OABC的顶点A,B,C在⊙O上,过点B作⊙O的切线交OA的延长线于点D.若⊙O的半径为1,则BD的长为( )A.1B.2C.D.【分析】连接OB,根据菱形的性质得到OA=AB,求得∠AOB=60°,根据切线的性质得到∠DBO=90°,解直角三角形即可得到结论.第3页(共25页)【解答】解:连接OB,∵四边形OABC是菱形,∴OA=AB,∵OA=OB,∴OA=AB=OB,∴∠AOB=60°,∵BD是⊙O的切线,∴∠DBO=90°,∵OB=1,∴BD=OB=,故选:D.8.(4分)如图,在离铁塔150米的A处,用测倾仪测得塔顶的仰角为α,测倾仪高AD为1.5米,则铁塔的高BC为( )A.(1.5+150tanα)米B.(1.5+)米第4页(共25页)C.(1.5+150sinα)米D.(1.5+)米【分析】过点A作AE⊥BC,E为垂足,再由锐角三角函数的定义求出BE的长,由BC=CE+BE即可得出结论.【解答】解:过点A作AE⊥BC,E为垂足,如图所示:则四边形ADCE为矩形,AE=150,∴CE=AD=1.5,在△ABE中,∵tanα==,∴BE=150tanα,∴BC=CE+BE=(1.5+150tanα)(m),故选:A.9.(4分)已知(﹣3,y1),(﹣2,y2),(1,y3)是抛物线y=﹣3x2﹣12x+m上的点,则( )A.y3<y2<y1B.y3<y1<y2C.y2<y3<y1D.y1<y3<y2【分析】求出抛物线的对称轴为直线x=﹣2,然后根据二次函数的增减性和对称性解答即可.【解答】解:抛物线的对称轴为直线x=﹣=﹣2,∵a=﹣3<0,∴x=﹣2时,函数值最大,第5页(共25页)又∵﹣3到﹣2的距离比1到﹣2的距离小,∴y3<y1<y2.故选:B.10.(4分)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,以其三边为边向外作正方形,过点C作CR⊥FG于点R,再过点C作PQ⊥CR分别交边DE,BH于点P,Q.若QH=2PE,PQ=15,则CR的长为( )A.14B.15C.8D.6【分析】如图,连接EC,CH.设AB交CR于J.证明△ECP∽△HCQ,推出===,由PQ=15,可得PC=5,CQ=10,由EC:CH=1:2,推出AC:BC=1:2,设AC=a,BC=2a,证明四边形ABQC 是平行四边形,推出AB=CQ=10,根据AC2+BC2=AB2,构建方程求出a即可解决问题.【解答】解:如图,连接EC,CH.设AB交CR于J.∵四边形ACDE,四边形BCJHD都是正方形,∴∠ACE=∠BCH=45°,∵∠ACB=90°,∠BCI=90°,第6页(共25页)∴∠ACE+∠ACB+∠BCH=180°,∠ACB+∠BCI=90°∴B,C,H共线,A,C,I共线,∵DE∥AI∥BH,∴∠CEP=∠CHQ,∵∠ECP=∠QCH,∴△ECP∽△HCQ,∴===,∵PQ=15,∴PC=5,CQ=10,∵EC:CH=1:2,∴AC:BC=1:2,设AC=a,BC=2a,∵PQ⊥CRCR⊥AB,∴CQ∥AB,∵AC∥BQ,CQ∥AB,∴四边形ABQC是平行四边形,∴AB=CQ=10,∵AC2+BC2=AB2,∴5a2=100,∴a=2(负根已经舍弃),∴AC=2,BC=4,∵•AC•BC =•AB•CJ,第7页(共25页)∴CJ==4,∵JR=AF=AB=10,∴CR=CJ+JR=14,故选:A.二、填空题(本题有6小题,每小题5分,共30分)11.(5分)分解因式:m2﹣25= (m+5)(m﹣5) .【分析】直接利用平方差进行分解即可.【解答】解:原式=(m﹣5)(m+5),故答案为:(m﹣5)(m+5).12.(5分)不等式组的解为 ﹣2≤x<3 .【分析】先求出不等式组中每一个不等式的解集,再求出它们的公共部分即可求解.【解答】解:,解①得x<3;解②得x≥﹣2.故不等式组的解集为﹣2≤x<3.故答案为:﹣2≤x<3.13.(5分)若扇形的圆心角为45°,半径为3,则该扇形的弧长为 π .第8页(共25页)【分析】根据弧长公式l =,代入相应数值进行计算即可.【解答】解:根据弧长公式:l ==π,故答案为:π.14.(5分)某养猪场对200头生猪的质量进行统计,得到频数直方图(每一组含前一个边界值,不含后一个边界值)如图所示,其中质量在77.5kg及以上的生猪有 140 头.【分析】根据题意和直方图中的数据可以求得质量在77.5kg及以上的生猪数,本题得以解决.【解答】解:由直方图可得,质量在77.5kg及以上的生猪:90+30+20=140(头),故答案为:140.15.(5分)点P,Q,R在反比例函数y=(常数k>0,x>0)图象上的位置如图所示,分别过这三个点作x轴、y轴的平行线.图中所构成的阴影部分面积从左到右依次为S1,S2,S3.若OE=ED=DC,S1+S3=27,则S2的值为 .第9页(共25页)第10页(共25页)【分析】设CD =DE =OE =a ,则P(,3a ),Q(,2a ),R(,a ),推出CP=,DQ =,ER=,推出OG =AG ,OF =2FG ,OF =GA ,推出S 1=S 3=2S 2,根据S 1+S 3=27,求出S 1,S 3,S 2即可.【解答】解:∵CD =DE =OE ,∴可以假设CD =DE =OE =a ,则P (,3a ),Q(,2a ),R (,a ),∴CP=,DQ=,ER =,∴OG =AG ,OF =2FG ,OF =GA ,∴S 1=S 3=2S 2,∵S 1+S 3=27,∴S 3=,S 1=,S 2=,故答案为.16.(5分)如图,在河对岸有一矩形场地ABCD ,为了估测场地大小,在笔直的河岸l 上依次取点E ,F ,N ,使AE ⊥l ,BF ⊥l ,点N ,A ,B 在同一直线上.在F 点观测A 点后,沿FN 方向走到M 点,观测C 点发现∠1=∠2.测得EF =15米,FM =2米,MN =8米,∠ANE =45°,则场地的边AB为 15 米,BC 为 20 米.第11页(共25页)【分析】根据已知条件得到△ANE 和△BNF 是等腰直角三角形,求得AE =EN =15+2+8=25(米),BF =FN =2+8=10(米),于是得到AB =AN ﹣BN =15(米);过C 作CH ⊥l 于H ,过B 作PQ ∥l 交AE 于P ,交CH 于Q ,根据矩形的性质得到PE =BF =QH =10,PB =EF =15,BQ =FH ,根据相似三角形的性质即可得到结论.【解答】解:∵AE ⊥l ,BF ⊥l ,∵∠ANE =45°,∴△ANE 和△BNF 是等腰直角三角形,∴AE =EN ,BF =FN ,∴EF =15米,FM =2米,MN =8米,∴AE =EN =15+2+8=25(米),BF =FN =2+8=10(米),∴AN =25,BN =10,∴AB =AN ﹣BN =15(米);过C 作CH ⊥l 于H ,过B 作PQ ∥l 交AE 于P ,交CH 于Q ,∴AE ∥CH ,∴四边形PEHQ 和四边形PEFB 是矩形,∴PE =BF =QH =10,PB =EF =15,BQ =FH ,∵∠1=∠2,∠AEF =∠CHM =90°,∴△AEF∽△CHM,∴===,∴设MH=3x,CH=5x,∴CQ=5x﹣10,BQ=FH=3x+2,∵∠APB=∠ABC=∠CQB=90°,∴∠ABP+∠PAB=∠ABP+∠CBQ=90°,∴∠PAB=∠CBQ,∴△APB∽△BQC,∴,∴=,∴x=6,∴BQ=CQ=20,∴BC=20,故答案为:15,20.三、解答题(本题有8小题,共80分.解答需写出必要的文字说明、演算步骤或证明过程)第12页(共25页)17.(10分)(1)计算:﹣|﹣2|+()0﹣(﹣1).(2)化简:(x﹣1)2﹣x(x+7).【分析】(1)直接利用零指数幂的性质以及二次根式的性质、绝对值的性质分别化简得出答案;(2)直接利用完全平方公式以及单项式乘以多项式运算法则计算得出答案.【解答】解:(1)原式=2﹣2+1+1=2;(2)(x﹣1)2﹣x(x+7)=x2﹣2x+1﹣x2﹣7x=﹣9x+1.18.(8分)如图,在△ABC和△DCE中,AC=DE,∠B=∠DCE=90°,点A,C,D依次在同一直线上,且AB∥DE.(1)求证:△ABC≌△DCE.的长.(2)连结AE,当BC=5,AC=12时,求AE【分析】(1)由“AAS”可证△ABC≌△DCE;(2)由全等三角形的性质可得CE=BC=5,由勾股定理可求解.【解答】证明:(1)∵AB∥DE,∴∠BAC=∠D,第13页(共25页)又∵∠B=∠DCE=90°,AC=DE,∴△ABC≌△DCE(AAS);(2)∵△ABC≌△DCE,∴CE=BC=5,∵∠ACE=90°,∴AE ===13.19.(8分)A,B两家酒店规模相当,去年下半年的月盈利折线统计图如图所示.(1)要评价这两家酒店7~12月的月盈利的平均水平,你选择什么统计量?求出这个统计量.(2)已知A,B两家酒店7~12月的月盈利的方差分别为1.073(平方万元),0.54(平方万元).根据所给的方差和你在(1)中所求的统计量,结合折线统计图,你认为去年下半年哪家酒店经营状况较好?请简述理由.【分析】(1)由要评价两家酒店月盈利的平均水平,即可得选择两家酒店月盈利的平均值,然后利用求平均数的方法求解即可求得答案;(2)平均数,盈利的方差反映酒店的经营业绩,A酒店的经营状况较好.【解答】解:(1)选择两家酒店月盈利的平均值;==2.5,==2.3;第14页(共25页)(2)平均数,方差反映酒店的经营业绩,A酒店的经营状况较好.理由:A酒店盈利的平均数为2.5,B酒店盈利的平均数为2.3.A酒店盈利的方差为1.073,B酒店盈利的方差为0.54,无论是盈利的平均数还是盈利的方差,都是A酒店比较大,故A酒店的经营状况较好.20.(8分)如图,在6×4的方格纸ABCD中,请按要求画格点线段(端点在格点上),且线段的端点均不与点A,B,C,D重合.(1)在图1中画格点线段EF,GH各一条,使点E,F,G,H分别落在边AB,BC,CD,DA上,且EF=GH,EF 不平行GH.(2)在图2中画格点线段MN,PQ各一条,使点M,N,P,Q分别落在边AB,BC,CD,DA上,且PQ=MN.【分析】(1)根据题意画出线段即可;(2)根据题意画出线段即可.【解答】解:(1)如图1,线段EF和线段GH即为所求;(2)如图2,线段MN和线段PQ即为所求.第15页(共25页)第16页(共25页)21.(10分)已知抛物线y =ax 2+bx +1经过点(1,﹣2),(﹣2,13).(1)求a ,b 的值.(2)若(5,y 1),(m ,y 2)是抛物线上不同的两点,且y 2=12﹣y 1,求m 的值.【分析】(1)把点(1,﹣2),(﹣2,13)代入y =ax 2+bx +1解方程组即可得到结论;(2)把x =5代入y =x 2﹣4x +1得到y 1=6,于是得到y 1=y 2,即可得到结论.【解答】解:(1)把点(1,﹣2),(﹣2,13)代入y =ax 2+bx +1得,,解得:;(2)由(1)得函数解析式为y =x 2﹣4x +1,把x =5代入y =x 2﹣4x +1得,y 1=6,∴y 2=12﹣y 1=6,∵y 1=y 2,∴对称轴为x =2,∴m =4﹣5=﹣1.22.(10分)如图,C ,D 为⊙O 上两点,且在直径AB 两侧,连结CD 交AB 于点E ,G 是上一点,∠ADC =∠G .(1)求证:∠1=∠2.(2)点C关于DG的对称点为F,连结CF.当点F落在直径AB上时,CF=10,tan∠1=,求⊙O的半径.【分析】(1)根据圆周角定理和AB为⊙O的直径,即可证明∠1=∠2;(2)连接DF,根据垂径定理可得FD=FC=10,再根据对称性可得DC=DF,进而可得DE的长,再根据锐角三角函数即可求出⊙O的半径.【解答】解:(1)∵∠ADC=∠G,∴=,∵AB为⊙O的直径,∴=,∴∠1=∠2;(2)如图,连接DF,∵=,AB是⊙O的直径,∴AB⊥CD,CE=DE,∴FD=FC=10,第17页(共25页)∵点C,F关于DG对称,∴DC=DF=10,∴DE=5,∵tan∠1=,∴EB=DE•tan∠1=2,∵∠1=∠2,∴tan∠2=,∴AE ==,∴AB=AE+EB=,∴⊙O 的半径为.23.(12分)某经销商3月份用18000元购进一批T恤衫售完后,4月份用39000元购进一批相同的T恤衫,数量是3月份的2倍,但每件进价涨了10元.(1)4月份进了这批T恤衫多少件?(2)4月份,经销商将这批T恤衫平均分给甲、乙两家分店销售,每件标价180元.甲店按标价卖出a件以后,剩余的按标价八折全部售出;乙店同样按标价卖出a件,然后将b件按标价九折售出,再将剩余的按标价七折全部售出,结果利润与甲店相同.①用含a的代数式表示b.②已知乙店按标价售出的数量不超过九折售出的数量,请你求出乙店利润的最大值.【分析】(1)根据4月份用39000元购进一批相同的T恤衫,数量是3月份的2倍,可以得到相应的分式方程,从而可以求得4月份进了这批T恤衫多少件;(2)①根据甲乙两店的利润相同,可以得到关于a、b的方程,然后化简,即可用含a的代数式表示b;第18页(共25页)②根据题意,可以得到利润与a的函数关系式,再根据乙店按标价售出的数量不超过九折售出的数量,可以得到a的取值范围,从而可以求得乙店利润的最大值.【解答】解:(1)设3月份购进x件T 恤衫,,解得,x=150,经检验,x=150是原分式方程的解,则2x=300,答:4月份进了这批T恤衫300件;(2)①每件T恤衫的进价为:39000÷300=130(元),(180﹣130)a+(180×0.8﹣130)(150﹣a)=(180﹣130)a+(180×0.9﹣130)b+(180×0.7﹣130)(150﹣a﹣b)化简,得b =;②设乙店的利润为w元,w=(180﹣130)a+(180×0.9﹣130)b+(180×0.7﹣130)(150﹣a﹣b)=54a+36b﹣600=54a+36×﹣600=36a+2100,∵乙店按标价售出的数量不超过九折售出的数量,∴a≤b,即a ≤,解得,a≤50,∴当a=50时,w取得最大值,此时w=3900,答:乙店利润的最大值是3900元.第19页(共25页)24.(14分)如图,在四边形ABCD中,∠A=∠C=90°,DE,BF分别平分∠ADC,∠ABC,并交线段AB,CD 于点E,F(点E,B不重合).在线段BF上取点M,N(点M在BN之间),使BM=2FN.当点P从点D匀速运动到点E时,点Q恰好从点M匀速运动到点N.记QN=x,PD=y,已知y=x+12,当Q为BF 中点时,y =.(1)判断DE与BF的位置关系,并说明理由.(2)求DE,BF的长.(3)若AD=6.①当DP=DF时,通过计算比较BE与BQ的大小关系.②连结PQ,当PQ所在直线经过四边形ABCD的一个顶点时,求所有满足条件的x的值.【分析】(1)推出∠AED=∠ABF,即可得出DE∥BF;(2)求出DE=12,MN=10,把y=代入y=﹣x+12,解得x=6,即NQ=6,得出QM=4,由FQ=QB,BM=2FN,得出FN=2,BM=4,即可得出结果;(3)连接EM并延长交BC于点H,易证四边形DFME是平行四边形,得出DF=EM,求出∠DEA=∠FBE=∠FBC=30°,∠ADE=∠CDE=∠FME=60°,∠MEB=∠FBE=30°,得出∠EHB=90°,DF=EM=BM=4,MH=2,EH=6,由勾股定理得HB=2,BE=4,当DP=DF时,求出BQ=,即可得出BQ>BE;②(Ⅰ)当PQ经过点D时,y=0,则x=10;(Ⅱ)当PQ经过点C时,由FQ∥DP,得出△CFQ∽△CDP,则=,即可求出x =;第20页(共25页)(Ⅲ)当PQ经过点A时,由PE∥BQ,得出△APE∽△AQB,则=,求出AE=6,AB=10,即可得出x =,由图可知,PQ不可能过点B.【解答】解:(1)DE与BF的位置关系为:DE∥BF,理由如下:如图1所示:∵∠A=∠C=90°,∴∠ADC+∠ABC=360°﹣(∠A+∠C)=180°,∵DE、BF分别平分∠ADC、∠ABC,∴∠ADE=∠ADC,∠ABF =∠ABC,∴∠ADE+∠ABF =×180°=90°,∵∠ADE+∠AED=90°,∴∠AED=∠ABF,∴DE∥BF;(2)令x=0,得y=12,∴DE=12,令y=0,得x=10,∴MN=10,把y =代入y=﹣x+12,解得:x=6,即NQ=6,∴QM=10﹣6=4,∵Q是BF中点,第21页(共25页)∴FQ=QB,∵BM=2FN,∴FN+6=4+2FN,解得:FN=2,∴BM=4,∴BF=FN+MN+MB=16;(3)①连接EM并延长交BC于点H,如图2所示:∵FM=2+10=12=DE,DE∥BF,∴四边形DFME是平行四边形,∴DF=EM,∵AD=6,DE=12,∠A=90°,∴∠DEA=30°,∴∠DEA=∠FBE=∠FBC=30°,∴∠ADE=60°,∴∠ADE=∠CDE=∠FME=60°,∴∠DFM=∠DEM=120°,∴∠MEB=180°﹣120°﹣30°=30°,∴∠MEB=∠FBE=30°,∴∠EHB=180°﹣30°﹣30°﹣30°=90°,DF=EM=BM=4,∴MH=BM=2,∴EH=4+2=6,第22页(共25页)由勾股定理得:HB===2,∴BE ===4,当DP=DF时,﹣x+12=4,解得:x =,∴BQ=14﹣x=14﹣=,∵>4,∴BQ>BE;②(Ⅰ)当PQ经过点D时,如图3所示:y=0,则x=10;(Ⅱ)当PQ经过点C时,如图4所示:∵BF=16,∠FCB=90°,∠CBF=30°,∴CF=BF=8,∴CD=8+4=12,∵FQ∥DP,∴△CFQ∽△CDP,∴=,∴=,第23页(共25页)解得:x =;(Ⅲ)当PQ经过点A时,如图5所示:∵PE∥BQ,∴△APE∽△AQB,∴=,由勾股定理得:AE ===6,∴AB=6+4=10,∴=,解得:x =,由图可知,PQ不可能过点B;综上所述,当x=10或x =或x =时,PQ所在的直线经过四边形ABCD的一个顶点.第24页(共25页)第25页(共25页)。

2020年广东省中考数学试卷分析

2020年广东省中考数学试卷分析

2020年广东省中考数学试卷分析2020年广东中考数学试卷分析一、试卷分析2020年广东中考数学已经结束,本次考试紧扣热点、重视基础、难度适中、稳中有“新”、区分度明显。

其中,题目的载体和背景结合时事民生,将2019-2020的一些热点元素融入其中。

同前几年广东省中考题型和考点分布基本一致,基础知识部分占全卷较大比重。

全卷在注重基础知识考察的同时,重点突出函数、基本图形性质、图形间的基本关系等核心内容的考察。

二、考点分析试卷涵盖了绝对值、数据的分析、直角坐标和对称轴、二次根式、平行线的判定、三角形的中线、二次函数和平移、解不等式组、正方形对折全等、二次函数、因式分解、整式等知识点。

难度适中,分值合理。

三、中考备考建议考生在备考过程中,应注重基础知识的掌握和理解,加强练,提高解题能力。

同时,关注时事热点,了解相关知识,提高综合分析能力。

在解题过程中,应注重思维的灵活运用,善于归纳总结,加强数形结合思考,提高解题效率。

2020年广东中考数学命题按照新课标要求进行,基础题的难度与题型设计相对较大。

这种灵活的命题方式对于2021年备考具有重要启示。

为了备考成功,学生需要认真研读课标和考试说明,深入理解变化的内容。

在教学和总复中,要注重夯实基础知识和基本技能,形成基本思想和方法。

通过复,学生可以将零散的知识联系起来,形成知识体系。

在复过程中,要注重通性通法的复和掌握,避免过多纠缠于特殊技巧。

复进度应根据学生情况进行适当调整,给学生留下思考的空间。

数学思想方法是数学基础知识的重要组成部分,教材没有专门的章节介绍它,而是伴随着基础知识的研究而展开。

常用的数学思想方法包括分类思想、整体思想、化归思想、特殊与一般、数形结合思想。

解题方法包括配方法、换元法、待定系数法、割补法、方程、函数、基本图形等。

在问题思考中,要让学生真正理解数学知识,抓住知识的本质特征,让学生不仅知其然,还要知其所以然。

总的来说,广东中考数学命题的灵活性将对2021年备考起到重要的启示。

2020年山东省烟台市中考数学试卷和答案解析

2020年山东省烟台市中考数学试卷和答案解析

2020年山东省烟台市中考数学试卷和答案解析一、选择题(本题共12个小题,每小题3分,满分36分)每小题都给出标号为A,B,C,D四个备选答案,其中有且只有一个是正确的.1.(3分)4的平方根是()A.2B.﹣2C.±2D.解析:根据平方根的定义,求数4的平方根即可.参考答案:解:4的平方根是±2.故选:C.点拨:本题考查了平方根的定义.解题的关键是掌握平方根的定义.注意一个正数有两个平方根,它们互为相反数;0的平方根是0;负数没有平方根.2.(3分)下列关于数字变换的图案中,是中心对称图形但不是轴对称图形的是()A.B.C.D.解析:根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解即可.参考答案:解:A、是中心对称图形,不是轴对称图形,故此选项符合题意;B、不是中心对称图形,是轴对称图形,故此选项不符合题意;C、既不是中心对称图形,也不是轴对称图形,故此选项不符合题意;D、既是轴对称图形,也是中心对称图形,故此选项不符合题意.故选:A.点拨:此题主要考查了中心对称图形与轴对称图形的概念.轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分沿对称轴折叠后可重合,中心对称图形是要寻找对称中心,图形旋转180度后与原图形重合.解题的关键是轴对称图形与中心对称图形的概念:如果一个图形沿着一条直线对折后两部分完全重合,这样的图形叫做轴对称图形,这条直线叫做对称轴.如果一个图形绕某一点旋转180°后能够与自身重合,那么这个图形就叫做中心对称图形,这个点叫做对称中心.3.(3分)实数a,b,c在数轴上的对应点的位置如图所示,那么这三个数中绝对值最大的是()A.a B.b C.c D.无法确定解析:根据有理数大小比较方法,越靠近原点其绝对值越小,进而分析得出答案.参考答案:解:有理数a,b,c在数轴上的对应点的位置如图所示,这三个数中,实数a离原点最远,所以绝对值最大的是:a.故选:A.点拨:此题主要考查了有理数大小比较,正确掌握有理数大小的比较方法是解题关键.4.(3分)如图,是一个几何体的三视图,则这个几何体是()A.B.C.D.解析:结合三视图确定各图形的位置后即可确定正确的选项.参考答案:解:结合三个视图发现,这个几何体是长方体和圆锥的组合图形.故选:B.点拨:本题考查了由三视图判断几何体的知识,解题的关键是能够正确的确定各个图形的位置,难度不大.5.(3分)如果将一组数据中的每个数都减去5,那么所得的一组新数据()A.众数改变,方差改变B.众数不变,平均数改变C.中位数改变,方差不变D.中位数不变,平均数不变解析:由每个数都减去5,那么所得的一组新数据的众数、中位数、平均数都减少5,方差不变,据此可得答案.参考答案:解:如果将一组数据中的每个数都减去5,那么所得的一组新数据的众数、中位数、平均数都减少5,方差不变,故选:C.点拨:本题主要考查方差,解题的关键是掌握方差、众数、中位数和平均数的定义.6.(3分)系统找不到该试题7.(3分)如图,△OA1A2为等腰直角三角形,OA1=1,以斜边OA2为直角边作等腰直角三角形OA2A3,再以OA3为直角边作等腰直角三角形OA3A4,…,按此规律作下去,则OA n的长度为()A.()n B.()n﹣1C.()n D.()n﹣1解析:利用等腰直角三角形的性质以及勾股定理分别求出各边长,依据规律即可得出答案.参考答案:解:∵△OA1A2为等腰直角三角形,OA1=1,∴OA 2=;∵△OA2A3为等腰直角三角形,∴OA 3=2=;∵△OA3A4为等腰直角三角形,∴OA 4=2=.∵△OA4A5为等腰直角三角形,∴OA 5=4=,……∴OA n的长度为()n﹣1.故选:B.点拨:此题主要考查了等腰直角三角形的性质以及勾股定理,熟练应用勾股定理得出斜边是解题关键.8.(3分)量角器测角度时摆放的位置如图所示,在△AOB中,射线OC交边AB于点D,则∠ADC的度数为()A.60°B.70°C.80°D.85°解析:根据等腰三角形的性质,三角形的外角的性质即可得到结论.参考答案:解:∵OA=OB,∠AOB=140°,∴∠A=∠B=(180°﹣140°)=20°,∵∠AOC=60°,∴∠ADC=∠A+∠AOC=20°+60°=80°,故选:C.点拨:本题考查了圆周角定理,等腰三角形的性质,三角形外角的性质,正确的识别图形是解题的关键.9.(3分)七巧板是我们祖先的一项创造,被誉为“东方魔板”.在一次数学活动课上,小明用边长为4cm的正方形纸片制作了如图所示的七巧板,并设计了下列四幅作品﹣﹣“奔跑者”,其中阴影部分的面积为5cm2的是()A.B.C.D.解析:先求出最小的等腰直角三角形的面积=××42=1cm2,可得平行四边形面积为2cm2,中等的等腰直角三角形的面积为2cm2,最大的等腰直角三角形的面积为4cm2,再根据阴影部分的组成求出相应的面积即可求解.参考答案:解:最小的等腰直角三角形的面积=××42=1(cm2),平行四边形面积为2cm2,中等的等腰直角三角形的面积为2cm2,最大的等腰直角三角形的面积为4cm2,则A、阴影部分的面积为2+2=4(cm2),不符合题意;B、阴影部分的面积为1+2=3(cm2),不符合题意;C、阴影部分的面积为4+2=6(cm2),不符合题意;D、阴影部分的面积为4+1=5(cm2),符合题意.故选:D.点拨:本题考查图形的剪拼、七巧板,解题的关键是求出最小的等腰直角三角形的面积,学会利用分割法求阴影部分的面积.10.(3分)如图,点G为△ABC的重心,连接CG,AG并延长分别交AB,BC于点E,F,连接EF,若AB=4.4,AC=3.4,BC=3.6,则EF的长度为()A.1.7B.1.8C.2.2D.2.4解析:由已知条件得EF是三角形的中位线,进而根据三角形中位线定理求得EF的长度.参考答案:解:∵点G为△ABC的重心,∴AE=BE,BF=CF,∴EF==1.7,故选:A.点拨:本题主要考查了三角形的重心,三角形的中位线定理,关键正确利用重心定义得EF为三角形的中位线.11.(3分)如图,在矩形ABCD中,点E在DC上,将矩形沿AE折叠,使点D落在BC边上的点F处.若AB=3,BC=5,则tan ∠DAE的值为()A.B.C.D.解析:先根据矩形的性质得AD=BC=5,AB=CD=3,再根据折叠的性质得AF=AD=5,EF=DE,在Rt△ABF中,利用勾股定理计算出BF=4,则CF=BC﹣BF=1,设CE=x,则DE=EF=3﹣x,然后在Rt△ECF中根据勾股定理得到x2+12=(3﹣x)2,解方程即可得到x,进一步得到EF的长,再根据正弦函数的定义即可求解.参考答案:解:∵四边形ABCD为矩形,∴AD=BC=5,AB=CD=3,∵矩形ABCD沿直线AE折叠,顶点D恰好落在BC边上的F处,∴AF=AD=5,EF=DE,在Rt△ABF中,BF===4,∴CF=BC﹣BF=5﹣4=1,设CE=x,则DE=EF=3﹣x在Rt△ECF中,∵CE2+FC2=EF2,∴x2+12=(3﹣x)2,解得x=,∴DE=EF=3﹣x=,∴tan∠DAE===,故选:D.点拨:本题考查了翻折变换,矩形的性质,解直角三角形,勾股定理,灵活运用这些性质进行推理是本题的关键.12.(3分)如图,正比例函数y1=mx,一次函数y2=ax+b和反比例函数y3=的图象在同一直角坐标系中,若y3>y1>y2,则自变量x的取值范围是()A.x<﹣1B.﹣0.5<x<0或x>1C.0<x<1D.x<﹣1或0<x<1解析:根据图象,找出双曲线y3落在直线y1上方,且直线y1落在直线y2上方的部分对应的自变量x的取值范围即可.参考答案:解:由图象可知,当x<﹣1或0<x<1时,双曲线y3落在直线y1上方,且直线y1落在直线y2上方,即y3>y1>y2,所以若y3>y1>y2,则自变量x的取值范围是x<﹣1或0<x<1.故选:D.点拨:本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题,利用数形结合是解题的关键.二、填空题(本大题共6个小题,每小题3分,满分18分)13.(3分)5G是第五代移动通信技术,其网络下载速度可以达到每秒1300000KB以上,正常下载一部高清电影约需1秒.将1300000用科学记数法表示为 1.3×106.解析:科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n 为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.参考答案:解:将数据1300000用科学记数法可表示为:1.3×106.故答案为:1.3×106.点拨:此题考查科学记数法的表示方法.科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数,表示时关键要正确确定a的值以及n的值.14.(3分)已知正多边形的一个外角等于40°,则这个正多边形的内角和的度数为1260°.解析:利用任意多边形的外角和均为360°,正多边形的每个外角相等即可求出它的边数,再根据多边形的内角和公式计算即可.参考答案:解:∵正n边形的每个外角相等,且其和为360°,∴=40°,解得n=9.∴(9﹣2)×180°=1260°,即这个正多边形的内角和为1260°.故答案为:1260°.点拨:本题主要考查了正多边形外角和与内角和等知识.解题的关键是明确正多边形的每个外角相等,且其和为360°,比较简单.15.(3分)关于x的一元二次方程(m﹣1)x2+2x﹣1=0有两个不相等的实数根,则m的取值范围是m>0且m≠1.解析:根据一元二次方程的定义和判别式的意义得到m﹣1≠0且△=22﹣4(m﹣1)×(﹣1)>0,然后求出两个不等式的公共部分即可.参考答案:解:根据题意得m﹣1≠0且△=22﹣4(m﹣1)×(﹣1)>0,解得m>0且m≠1.故答案为:m>0且m≠1.点拨:本题考查了根的判别式:一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与△=b2﹣4ac有如下关系:当△>0时,方程有两个不相等的实数根;当△=0时,方程有两个相等的实数根;当△<0时,方程无实数根.16.(3分)按如图所示的程序计算函数y的值,若输入的x值为﹣3,则输出y的结果为18.解析:根据﹣3<﹣1确定出应代入y=2x2中计算出y的值.参考答案:解:∵﹣3<﹣1,把x=﹣3代入y=2x2,得y=2×9=18,故答案为:18.点拨:本题主要考查函数值的计算,理解题意是前提条件,熟练掌握函数值的定义是解题的关键.17.(3分)如图,已知点A(2,0),B(0,4),C(2,4),D(6,6),连接AB,CD,将线段AB绕着某一点旋转一定角度,使其与线段CD重合(点A与点C重合,点B与点D重合),则这个旋转中心的坐标为(4,2).解析:画出平面直角坐标系,作出线段AC,BD的垂直平分线的交点P,点P即为旋转中心.参考答案:解:平面直角坐标系如图所示,旋转中心是P点,P(4,2).故答案为(4,2).点拨:本题考查坐标与图形变化﹣旋转,解题的关键是理解对应点连线段的垂直平分线的交点即为旋转中心.18.(3分)二次函数y=ax2+bx+c的图象如图所示,下列结论:①ab>0;②a+b﹣1=0;③a>1;④关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0的一个根为1,另一个根为﹣.其中正确结论的序号是②③④.解析:由抛物线的开口方向判断a与0的关系,由抛物线与y轴的交点得出c的值,然后根据抛物线与x轴交点的个数及x=1时二次函数的值的情况进行推理,进而对所得结论进行判断.参考答案:解:①由二次函数的图象开口向上可得a>0,对称轴在y轴的右侧,b<0,∴ab<0,故①错误;②由图象可知抛物线与x轴的交点为(1,0),与y轴的交点为(0,﹣1),∴c=﹣1,∴a+b﹣1=0,故②正确;③∵a+b﹣1=0,∴a﹣1=﹣b,∵b<0,∴a﹣1>0,∴a>1,故③正确;④∵抛物线与与y轴的交点为(0,﹣1),∴抛物线为y=ax2+bx﹣1,∵抛物线与x轴的交点为(1,0),∴ax2+bx﹣1=0的一个根为1,根据根与系数的关系,另一个根为﹣,故④正确;故答案为②③④.点拨:主要考查图象与二次函数系数之间的关系,二次函数与方程之间的转换.会利用特殊值代入法求得特殊的式子,如:y=a+b+c,然后根据图象判断其值.三、解答题(本大题共7个小题,满分66分)19.(6分)先化简,再求值:(﹣)÷,其中x=+1,y=﹣1.解析:先将括号里面的两个分式通分,进而进行分式的减法,再将除法转化为乘法,进行约分化简,最后代入求值即可.参考答案:解:(﹣)÷,=[﹣]÷,=×,=,当x=+1,y=﹣1时,原式==2﹣.点拨:本题考查分式的混合运算,掌握计算法则,依据运算顺序进行计算是得出正确答案的前提.20.(8分)奥体中心为满足暑期学生对运动的需求,欲开设球类课程,该中心随机抽取部分学生进行问卷调查,被调查学生须从“羽毛球”、“篮球”、“足球”、“排球”、“乒乓球”中选择自己最喜欢的一项.根据调查结果绘制了不完整的条形统计图和扇形统计图,请根据图中信息,解答下列问题:(1)此次共调查了多少名学生?(2)将条形统计图补充完整;(3)我们把“羽毛球”“篮球”,“足球”、“排球”、“乒乓球”分别用A,B,C,D,E表示.小明和小亮分别从这些项目中任选一项进行训练,利用树状图或表格求出他俩选择不同项目的概率.解析:(1)用羽毛球的人数除以所占的百分比即可得出答案;(2)用总人数减去其他项目的人数求出足球的人数,从而补全统计图;(3)根据题意画出树状图得出所有等可能的情况数和他俩选择不同项目的情况数,然后根据概率公式即可得出答案.参考答案:解:(1)此次共调查的学生有:40÷=200(名);(2)足球的人数有:200﹣40﹣60﹣20﹣30=50(人),补全统计图如下:(3)根据题意画树状图如下:共用25种等可能的情况数,其中他俩选择不同项目的有20种,则他俩选择不同项目的概率是=.点拨:本题考查的是用列表法或画树状图法求概率.列表法或画树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果,列表法适合于两步完成的事件,树状图法适合两步或两步以上完成的事件.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比.21.(9分)新冠疫情期间,口罩成为了人们出行必备的防护工具.某药店三月份共销售A,B两种型号的口罩9000只,共获利润5000元,其中A,B两种型号口罩所获利润之比为2:3.已知每只B 型口罩的销售利润是A型口罩的1.2倍.(1)求每只A型口罩和B型口罩的销售利润;(2)该药店四月份计划一次性购进两种型号的口罩共10000只,其中B型口罩的进货量不超过A型口罩的1.5倍,设购进A型口罩m只,这10000只口罩的销售总利润为W元.该药店如何进货,才能使销售总利润最大?解析:(1)设销售A型口罩x只,销售B型口罩y只,根据“药店三月份共销售A,B两种型号的口罩9000只,共获利润5000元,其中A,B两种型号口罩所获利润之比为2:3”列方程组解答即可;(2)根据题意即可得出W关于m的函数关系式;根据题意列不等式得出m的取值范围,再结合根据一次函数的性质解答即可.参考答案:解:设销售A型口罩x只,销售B型口罩y只,根据题意得:,解得,经检验,x=4000,y=5000是原方程组的解,∴每只A型口罩的销售利润为:(元),每只B型口罩的销售利润为:0.5×1.2=0.6(元).答:每只A型口罩和B型口罩的销售利润分别为0.5元,0.6元.(2)根据题意得,W=0.5m+0.6(10000﹣m)=﹣0.1m+6000,10000﹣m≤1.5m,解得m≥4000,∵﹣0.1<0,∴W随m的增大而减小,∵m为正整数,∴当m=4000时,W取最大值,则﹣0.1×4000+6000=5600,即药店购进A型口罩4000只、B型口罩6000只,才能使销售总利润最大,最大利润为5600元.点拨:本题主要考查了一次函数的应用,二元一次方程组及一元一次不等式的应用,解题的关键是根据一次函数x值的增大而确定y 值的增减情况.22.(9分)如图,在▱ABCD中,∠D=60°,对角线AC⊥BC,⊙O 经过点A,B,与AC交于点M,连接AO并延长与⊙O交于点F,与CB的延长线交于点E,AB=EB.(1)求证:EC是⊙O的切线;(2)若AD=2,求的长(结果保留π).解析:(1)证明:连接OB,根据平行四边形的性质得到∠ABC=∠D=60°,求得∠BAC=30°,根据等腰三角形的性质和三角形的外角的性质得到∠ABO=∠OAB=30°,于是得到结论;(2)根据平行四边形的性质得到BC=AD=2,过O作OH⊥AM于H,则四边形OBCH是矩形,解直角三角形即可得到结论.参考答案:(1)证明:连接OB,∵四边形ABCD是平行四边形,∴∠ABC=∠D=60°,∵AC⊥BC,∴∠ACB=90°,∴∠BAC=30°,∵BE=AB,∴∠E=∠BAE,∵∠ABC=∠E+∠BAE=60°,∴∠E=∠BAE=30°,∵OA=OB,∴∠ABO=∠OAB=30°,∴∠OBC=30°+60°=90°,∴OB⊥CE,∴EC是⊙O的切线;(2)∵四边形ABCD是平行四边形,∴BC=AD=2,过O作OH⊥AM于H,则四边形OBCH是矩形,∴OH=BC=2,∴OA==4,∠AOM=2∠AOH=60°,∴的长度==.点拨:本题考查了切线的判定,平行四边形的性质,矩形的判定和性质,弧长的计算,正确的作出辅助线是解题的关键.23.(9分)今年疫情期间,针对各种入口处人工测量体温存在的感染风险高、效率低等问题,清华大学牵头研制一款“测温机器人”,如图1,机器人工作时,行人抬手在测温头处测量手腕温度,体温合格则机器人抬起臂杆行人可通行,不合格时机器人不抬臂杆并报警,从而有效阻隔病原体.(1)为了设计“测温机器人”的高度,科研团队采集了大量数据.下表是抽样采集某一地区居民的身高数据:测量对象男性(18~60岁)女性(18~55岁)抽样人数(人)20005000200002000500020000平均身高(厘米)173175176164165164根据你所学的知识,若要更准确的表示这一地区男、女的平均身高,男性应采用176厘米,女性应采用164厘米;(2)如图2,一般的,人抬手的高度与身高之比为黄金比时给人的感觉最舒适,由此利用(1)中的数据得出测温头点P距地面105厘米.指示牌挂在两臂杆AB,AC的连接点A处,A点距地面110厘米.臂杆落下时两端点B,C在同一水平线上,BC=100厘米,点C在点P的正下方5厘米处.若两臂杆长度相等,求两臂杆的夹角.(参考数据表)计算器按键顺序计算结果(近似值)计算器按键顺序计算结果(近似值)0.178.70.284.31.7 5.73.511.3解析:(1)根据样本平均数即可解决问题.(2)利用等腰三角形的性质求出∠BAC即可.参考答案:解:(1)用表格可知,男性应采用176厘米,女性应采用164厘米.故答案为176,164.(2)如图2中,∵AB=AC,AF⊥BC,∴BF=FC=50cm,∠FAC=∠FAB,由题意FC=10cm,∴tan∠FAC===5,∴∠FAC=78.7°,∴∠BAC=2∠FAC=157.4°,答:两臂杆的夹角为157.4°点拨:本题考查解直角三角形的应用,样本平均数等知识,解题的关键是熟练掌握基本知识,属于中考常考题型.24.(12分)如图,在等边三角形ABC中,点E是边AC上一定点,点D是直线BC上一动点,以DE为一边作等边三角形DEF,连接CF.【问题解决】如图1,若点D在边BC上,求证:CE+CF=CD;【类比探究】如图2,若点D在边BC的延长线上,请探究线段CE,CF与CD 之间存在怎样的数量关系?并说明理由.解析:【问题解决】在CD上截取CH=CE,易证△CEH是等边三角形,得出EH=EC=CH,证明△DEH≌△FEC(SAS),得出DH =CF,即可得出结论;【类比探究】过D作DG∥AB,交AC的延长线于点G,由平行线的性质易证∠GDC=∠DGC=60°,得出△GCD为等边三角形,则DG=CD=CG,证明△EGD≌△FCD(SAS),得出EG=FC,即可得出FC=CD+CE.参考答案:【问题解决】证明:在CD上截取CH=CE,如图1所示:∵△ABC是等边三角形,∴∠ECH=60°,∴△CEH是等边三角形,∴EH=EC=CH,∠CEH=60°,∵△DEF是等边三角形,∴DE=FE,∠DEF=60°,∴∠DEH+∠HEF=∠FEC+∠HEF=60°,∴∠DEH=∠FEC,在△DEH和△FEC中,,∴△DEH≌△FEC(SAS),∴DH=CF,∴CD=CH+DH=CE+CF,∴CE+CF=CD;【类比探究】解:线段CE,CF与CD之间的等量关系是FC=CD+CE;理由如下:∵△ABC是等边三角形,∴∠A=∠B=60°,过D作DG∥AB,交AC的延长线于点G,如图2所示:∵GD∥AB,∴∠GDC=∠B=60°,∠DGC=∠A=60°,∴∠GDC=∠DGC=60°,∴△GCD为等边三角形,∴DG=CD=CG,∠GDC=60°,∵△EDF为等边三角形,∴ED=DF,∠EDF=∠GDC=60°,∴∠EDG=∠FDC,在△EGD和△FCD中,,∴△EGD≌△FCD(SAS),∴EG=FC,∴FC=EG=CG+CE=CD+CE.点拨:本题考查了等边三角形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、平行线的性质等知识;作辅助线构建等边三角形是解题的关键.25.(13分)如图,抛物线y=ax2+bx+2与x轴交于A,B两点,且OA=2OB,与y轴交于点C,连接BC,抛物线对称轴为直线x =,D为第一象限内抛物线上一动点,过点D作DE⊥OA于点E,与AC交于点F,设点D的横坐标为m.(1)求抛物线的表达式;(2)当线段DF的长度最大时,求D点的坐标;(3)抛物线上是否存在点D,使得以点O,D,E为顶点的三角形与△BOC相似?若存在,求出m的值;若不存在,请说明理由.解析:(1)点A、B的坐标分别为(2t,0)、(﹣t,0),则x==(2t﹣t),即可求解;(2)点D(m,﹣m2+m+2),则点F(m,﹣m+2),则DF=﹣m2+m+2﹣(﹣m+2)=﹣m2+2m,即可求解;(3)以点O,D,E为顶点的三角形与△BOC相似,则,即=2或,即可求解.参考答案:解:(1)设OB=t,则OA=2t,则点A、B的坐标分别为(2t,0)、(﹣t,0),则x==(2t﹣t),解得:t=1,故点A、B的坐标分别为(2,0)、(﹣1,0),则抛物线的表达式为:y=a(x﹣2)(x+1)=ax2+bx+2,解得:a=﹣1,故抛物线的表达式为:y=﹣x2+x+2;(2)对于y=﹣x2+x+2,令x=0,则y=2,故点C(0,2),由点A、C的坐标得,直线AC的表达式为:y=﹣x+2,设点D的横坐标为m,则点D(m,﹣m2+m+2),则点F(m,﹣m+2),则DF=﹣m2+m+2﹣(﹣m+2)=﹣m2+2m,∵﹣1<0,故DF有最大值,DF最大时m=1,∴点D(1,2);(3)存在,理由:点D(m,﹣m2+m+2)(m>0),则OE=m,DE=﹣m2+m+2,以点O,D,E为顶点的三角形与△BOC相似,则,即=2或,即=2或,解得:m=1或﹣2(舍去)或或(舍去),故m=1或.点拨:主要考查了二次函数的解析式的求法和与几何图形结合的综合能力的培养.要会利用数形结合的思想把代数和几何图形结合起来,利用点的坐标的意义表示线段的长度,从而求出线段之间的关系.。

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眉山市2017年高中阶段教育学校招生考试数学试卷分析报告一、命题指导思想坚持有利于贯彻国家的教育方针,推进初中素质教育,遵循新课标的基本理念,以数与式、方程与不等式、函数、概率与统计、空间与图形、解直角三角形及其应用为主干,重点考查学生数学基础知识、基本技能和一定的分析问题解决问题的能力,有利于促进我市初中数学课程改革的进一步深入,促进学生生动、活泼、主动地学习,为高中输送合格优质新生。

二、试题类型和结构眉山市2017年中考数学试卷分A卷、B卷。

A卷总分100分,分单项选择题、填空题、解答题三大部分共24个小题。

A卷一大题是单项选择题,12个题,每题3分,共36分;二大题是填空题,6个题,每题3分,共18分;三大题解答题共6个小题,共46分。

19、20题每小题6分,共12分;21、22题,每小题8分,共16分;23、24题每小题9分,共18分。

B卷为解答题,共2个小题,第一小题9分,第二小题11分,总分20分。

“数和代数”及“概率与统计”约占60%,“空间与图形”部分约占40%;难度系数在0.63左右.平均分75分。

试题注重基础知识、基本能力和基本思想方法,关注数学活动过程和思维空间,重视引导教学回归教材;重视对学生后继学习影响较大的知识、思维方法和新增内容的考查;在平稳过度往年中考题的基础上,适当涉及根与系数的关系,较好体现了初中数学课程标准倡导的理念,对于改善初中数学教学方式和学习方式有较好的导向作用。

1、紧扣教材、注重四基试卷中不少题目都直接或间接的取材于教材例、习题,或是例、习题的变式,或源于教材并适度延拓,加强了数学知识的有效整合,提高了试卷的概括性和综合性。

较好地考查了学生实数、解不等式、轴对称图形、因式分解、解一元二次方程、函数、圆的半径计算、全等三角形、相似三角形的性质、数据的统计等“四基”状况,有利于引导数学教学重视教材,克服“题海”。

并且根据《眉山市2017年中考数学科命题规划》,对难度系数作了不同的控制和安排。

2、重视考查学生运用数学思想方法解决问题的能力试卷在注重考查学生“四基”的同时,重视考查学生运用数学思想方法解决问题的能力:第4题考察学生空间想象能力,由所给实物图,想象它的主视图,较好地考查了由物想图的知识内容和学生的空间想象力;第5题考查中位数、众数、平均数的概念,有效考查了学生获取信息作出判断的能力;第8题以数学著作《九章算术》为载体是通过对井深的计算,考查学生对相似三角形性质的掌握;第9题将圆的内心与三角形相结合,考查学生对知识的变式应用第11题以一次函数图象为模板,考查学生二次函数最值问题;第12题突破学生以往的二次函数图象的思维模式,考查学生因式分解的变式训练。

考查对知识的变式应用,具有较好的区分度。

第14题灵活考查学生对旋转相关知识的掌握。

第15题着重考查一元二次方程根与系数的关系,有助于学生对后继知识的关注和掌握;第16题灵活考查学生一次函数性质的运用,侧重考查学生对知识的灵活应用能力;第18题突破学生以往的反比例函数与图形相结合的思维模式,考查了反比例函数值取值范围,考查学生考虑问题要全面,借助于图象法从而准确得出。

要求学生对基础知识和基础技能能灵活进行迁移和应用,能较好的区分学生的数学学习水平和带有很强的筛选性质;第19题、20题以计算形式考查学生对整式运算和分式方程的掌握情况;第21题很好的体现了新教材的特点,侧重于学生对空间三种位置关系轴对称等作图能力的掌握,附带考查了点的坐标特点;第22题联系实际,以测量树高为载体,着重考查学生对解直角三角形的解答及其应用,牵涉了等腰三角形的性质和二次根式的化简。

第23题将概率与一元一次方程相结合,考查学生运用数学知识解决实际问题能力的效度。

第24题以生活中蛋糕生产中的数学问题为载体,将与一元二次方程相关知识相结合,通过学生的逻辑推理、计算、分析等过程,较好地把数学知识与多种能力有效结合,对学生运用多种数学的思想方法和运算、逻辑推理等数学能力进行了较为深刻的考查。

B卷第一题打破学生以往思维,用学生熟悉的正方形为模版,融合了相似、勾股定理、全等的相关性质计算,是一道综合性和灵活性都较强的九分题,重点考察了学生对“空间与图形”掌握和综合应用能力;第二题11分,在二次函数的基础上,以数形结合,综合考查学生待定系数法、动点、成形等一系列重点知识,在第(2)问的设计上充分根据题目的条件,避开了学生和教师常重视的平行四边形、直角三角形、菱形、面积等的常见情况,而考查了等腰三角形,第(3)问考查学生分类讨论图形面积问题,综合性比较强;这是学生的一个薄弱环节,区分度较强。

3、注重平稳过度,拓展考查模式在本着重点知识重点考查,秉承传统的基础上,进行适当的创新和整合,第12题是由传统的几何证明题、二次函数题改编成灵活性的因式分解变式问题,灵活考查学生对整式运算等相关知识的掌握,考查学生思维的灵活性和广阔性,方式新颖灵活,有利于不同思维水平的学生得到不同的发挥,增加了试题的区分性。

以往对反比例函数的考查以往以选择题为主,而今年安排在了第18题的填空题,在设计时避开了多年结合多边形考查情况,考查了函数值的取值范围。

能较好的区分学生的数学学习水平和带有很强的筛选性质,综合学科内容,使传统试题更具新意,能更好考查学生的数学学习水平,具有较好的可推广性。

4、立足核心知识和通性通法考查,拓宽考查点,保证试卷效度。

(1)、试卷在注意内容覆盖的基础上,突出了对“方程与不等式”、“函数”、“基本图形的性质”、“图形间的基本关系”、“概率的计算”等核心知识的考查,同时又突出对数学思想方法和数学思考过程的考查,重点考查了分类讨论思想,数形结合思想、待定系数法等以及学生在知识形成过程的观察能力、思考能力和表达能力,对学生动手能力也进行了适度考查。

(2)、本次考查内容涵盖面相当宽。

本次考查在以往全面考查“数与代数”知识的基础上,更是对三角形、平行四边形、正方形的性质和判定做了一个全方位的考查,而且牵涉了轴对称、平移、旋转的图形位置变化关系;5、关注实际,情境引入新颖别致第8题以数学著作《九章算术》为载体是通过对井深的计算,考查学生对相似三角形性质的相关知识;第22题联系实际,以测量树高为载体,着重考查了三角函数和解直角三角形等重要数学内容;第24题以生活中蛋糕生产中的数学问题为载体,将与一元二次方程相关知识进行了完美结合,通过学生的逻辑推理、计算、分析等过程,较好地把数学知识与多种能力有效结合,对学生运用多种数学的思想方法和运算、逻辑推理等数学能力进行了较为深刻的考查。

学生非常熟悉但又带有区分度;6、精心设计题型,考虑网上阅卷实际随着时代的进步与发展,眉山市的中考试题早已采用网上阅卷的形式,要求学生所有解题过程和答案一律写在答题卡上,这就要求命题教师在题型结构做合理调整的基础上对学生答题结构作准确的预算和安排,既要考虑知识点的考查,也要考虑阅卷教师的工作量和阅卷难度,本次答题卡很好的体现了这一点。

三、抽样统计我们对本次考试情况随机抽取了部分学生试卷进行统计,统计结果如下表所示。

眉山市题目分析报表(数学)四、学生答卷简析阅卷中发现学生主要存在以下一些问题1、基础知识掌握不牢。

第5题对平均数、众数、中位数等基础概念不清,第9题对内心没有充分理解,学生感到无所适从;得分率相当低第11题没有充分理解二次函数图象的特征,在做题时不细心;第12题因式分解的变式训练,特别是忘记了如何用配方法配成完全平方公式。

第18题求反比例函数的取值范围时,未考虑全函数自变量的取值,造成失分。

2、基本运算不过关。

第16题灵活考查学生一次函数性质的运用,侧重与学生对知识的灵活应用能力第19题,基本运算出错。

第20题,解分式方程,未检验,造成结果错误。

第26题,解求点坐标时用相似比时,学生感到困难。

3、动手操作能力较差。

第21题,学生不能根据题目条件建立正确的平面直角坐标系,造成解答出错。

4、分析和解决问题的能力弱。

第24题是一道有关一元二次方程综合应用的实际问题,学生平时一见到文字就打退堂股,缺少相关的理解和分析能力。

第25题很多考生不能充分分析理解题目中的条件,将相似、全等、勾股定理联系起来,缺乏解决相关灵活应用知识的能力,特别是第二问的总分为5分,结果平均仅0.56分。

第26题不能正确分析题意和条件,特别是第第(2)问学生不能充分根据题目的条件,教师和学生只关注了平行四边形、菱形、直角三角形等常见情况,而对于等腰三角形却有所忽略,而且三种情况的讨论学生往往忽略了其中的一部分,第(3)问学生没有正确理解平行线的位置关系,造成此问很多学生没有方向性,本题由于计算出错也是失分的重要因素之一,再加上不少学生在做题时不善于取舍,在前面所花时间过多,所以造成此题即使能做都没有时间。

5、解题不规范,表述不清晰。

从阅卷中我们发现很多考生解题过程逻辑不清,书写不规范,表述不清晰,推理不严密,需要在平时教学中加强训练,加以规范;而且把此题做错位置的情况还比较多。

五、教学建议一是要坚定地把加强“双基”教学落到实处,在教学活动中必须重视基本概念及其性质的教学,重视基本运算能力,基本技能和基本数学思想方法的培养,帮助学生积累数学的基本活动经验。

二是要重视数学本质和核心内容。

数学教学要紧抓数学知识的本质与核心概念不放,削枝强干,防止在细枝末节上花过多的时间和精力,要关注基本过程和基本方法,而不是追求练习的数量,防止把数学教学降格为低层次的解题技能训练。

三是要重视优化和发展学生的数学思维,注重变式训练,强调思维的灵活性的培养,教学中应当有意识、有计划地设计教学活动,引导学生体会数学之间的联系,感受数学的整体性,领悟其中的数学思想方法,逐步形成数学观念,从而提高学生分析和解决问题的能力。

四是教师在平时的教学中一定要高度关注学生的书写工整及版面规范性,教学一定要适应时代的发展,以后的考查和检测基本都要以网上阅卷形式,对学生的综合应用知识的素质和能力都提出了更高的要求,教学要关注时代,关注发展!。

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