上海市2021年高考复习数学模拟试卷(一)
练习 20．（14 分）已知无穷数列{an}的前 n 项和为 Sn，且满足S푛 = 퐴푎푛2 + 퐵푎푛 + 퐶，其中 A、B、C 是常数． （1）若 A＝0，B＝3，C＝﹣2，求数列{an}的通项公式；
1
1
（2）若 A＝1，B = 2，C = 16，且 an＞0，求数列{an}的前 n 项和 Sn；
（3）试探究 A、B、C 满足什么条件时，数列{an}是公比不为﹣1 的等比数列．
21．（14 分）已知函数 f（x）＝log2（x+a）； 1
（1）当 a＝1 时，若0＜f(1 - 2x) - f(x)＜2，求 x 的取值范围；
（2）若定义在 R 上奇函数 g（x）满足 g（x+2）＝﹣g（x），且当 0≤x≤1 时，g（x）＝f（x），求 g （x）在[﹣3，﹣1]上的反函数 h（x）；
푡 ‒ 2푥
（3）对于（2）中的
g（x），若关于
x
的不等式g(8
+
2푥
+
)
3
≥
1
‒
푙표푔23在
R
上恒成立，求实数
t
的取
值范围．
4
5
2021 年上海市高考数学模拟试卷（一）
参考答案与试题解析
一、填空题
1
1
1．（5 分）（2021•上海模拟）幂函数 y＝f（x）的图象经过点(4，4)，则f(4)的值为 4
9
1 解得：0 ≤ x ≤ 2， 即函数的定义域为[0，12] 所以 arcsin（1﹣x）是减函数，arccos2x 也是减函数 所以当 x＝0 时，函数有最大值，为y = 휋2 + 휋2 = 휋；
当x
=
1 2时，函数有最小值，为y
=
휋6
+
0
=
휋 6，
휋 所以值域为[6，휋]，
휋 故答案为[6，휋]．
1 19 由 an =- 9n + 9 = 0 得 n＝19，
即 a19＝0，当 n≥20 时，an＜0，
当 n＜19，an＞0，
因此在 a2，a4，a8，a2 ，中，当 n≤4 时，a2푛＞0，
푛
当 n≥5 时，a2푛＜0，
故当 n＝4 时，Bn 取得最大值． 故答案为：4．
【点评】本题主要考查等差数列的通项公式和前 n 项和公式的计算，要求熟练掌握相应的公式，考查 学生的计算能力．
时，B 取得
n
7．（5 分）函数 y＝arcsin（1﹣x）+arccos2x 的值域为
．
8．（5 分 ） 设 正 项 数 列 {an}的 前 n 项 和 是 S n， 若 {a n}和 { S 푛}都 是 等 差 数 列 ， 且 公 差 相 等 ， 则 a 1+d
＝
．
{ 9．（5 分）已知函数 f（x） =
푥2 ‒ 3푡푥 (푡 ‒ 13)
+ 푥
18，푥 ≤ ‒3 푥
33，记
，＞
a ＝f（n）（n∈N*），若{a }是递减数列，则实数
n
n
t 的取值范围是
．
10．（5 分）已知 f（x）＝asin2x+bcos2x（a，b 为常数），若对于任意 x∈R 都有 f（x）≥f（152휋），则方程 f
（x）＝0 在区间[0，π]内的解为 ．
故答案为：25．
【点评】本题考查了“乘 1 法”与基本不等式的性质，考查了推理能力与计算能力，属于基础题． 6．（5 分）（2021•上海模拟）等差数列{an}中，a1＝2，S10＝15，记 Bn＝a2+a4+a8 + ⋯ + 푎2푛，则当 n＝
4 时，Bn 取得最大值． 【考点】85：等差数列的前 n 项和．
9 푦的最小值是
25
．
【考点】7F：基本不等式及其应用．
【专题】35：转化思想；59：不等式的解法及应用．
【分析】利用“乘 1 法”与基本不等式的性质即可得பைடு நூலகம்．
【解答】解：∵x，y∈R+，且 4x+y＝1，
19
19
则푥 + 푦 = （4x+y）(푥 + 푦) = 13 +
푦푥
+
36푥 푦
≥
13+2
푦 36푥 푥 ⋅ 푦 = 25．
2
．在数列{a }中，若当 n≥k 时，a ＝1，当 1≤n＜k 时，a
n
n
n
＞1（k≥2，k∈N*），则首项 a1 可取数值的个数为
（用 k 表示）．
二、选择题
13．（5 分）函数 y＝2x+log2x 的零点在区间（ ）内．
A．(14，13)
B．(13，25)
C．(25，12)
D．(12，23)
11．（5 分）函数 g（x）（x∈R）的图象如图所示，关于 x 的方程[g（x）]2+m•g（x）+2m+3＝0 有三个不
同的实数解，则 m 的取值范围是
．
1
20
12．（5 分）已知无穷数列{an}具有如下性质：①a1为正整数；②对于任意的正整数 n，当 a n为偶数时，
푎푛
푎푛 + 1
an+1 = 2 ；当 an 为奇数时，an+1 =
∴ 2푡푎푛(휋
+
훼)
+
푐표푡(휋2
‒ 훼) + 훼)
=
푠푖푛훼 + 2푠푖푛훼 2푡푎푛훼 ‒ 푡푎푛훼
=
3cosα
=
12 5．
12 故答案为： 5 ．
【点评】本题考查诱导公式的运用，考查学生的计算能力，正确运用诱导公式是关键．
3．（5
2 分）（2021•上海模拟）计算：푛l→i∞m[n2（푛
‒
푛
휋 7．（5 分）（2021•上海模拟）函数 y＝arcsin（1﹣x）+arccos2x 的值域为 [6，휋] ．
【考点】34：函数的值域；4R：反函数；HV：反三角函数．
【专题】51：函数的性质及应用．
【分析】先求出函数的定义域，再判断函数的单调性，根据单调性求最值．
【解答】解：由题意知{ - 1‒≤1 ≤12-푥 ≤x 1≤ 1，
‒
푛
1 +
1
‒
푛
1 +
2）]＝
．
4．（5 分 ） 已 知 二 元 一 次 方程 组的 增广 矩 阵是（1m 푚4 푚푚+ 2 ），若该方程组无解，则实数 m 的 值
为
．
5．（5
分）已知
x，y∈R+，且
1 4x+y＝1，则푥
+
9 푦的最小值是
．
6．（5 分）等差数列{an}中，a1＝2，S10＝15，记 Bn＝a2+a4+a8 + ⋯ + 푎2푛，则当 n＝ 最大值．
【专题】54：等差数列与等比数列．
【分析】由条件求出数列的公差，利用等差数列的前 n 项和公式进行计算即可．
8
【解答】解：在等差数列{an}中，a1＝2，S10＝15， 10 × 9
∴S10＝10a1 + 2 푑 = 15，
即 20+45d＝15，45d＝﹣5，
1 ∴d =- 9，
1
1 19
an＝2 - 9（n﹣1） =- 9n + 9 ，
19．（14 分）钓鱼岛及其附属岛屿是中国固有领土，如图：点 A、B、C 分别表示钓鱼岛、南小岛、黄尾 屿，点 C 在点 A 的北偏东 47°方向，点 B 在点 C 的南偏西 36°方向，点 B 在点 A 的南偏东 79°方 向，且 A、B 两点的距离约为 3 海里．
3
（1）求 A、C 两点间的距离；（精确到 0.01）
푙푖푚[
푛→∞
푛(푛
+
1)
+
푛(푛
+
2)]
=
1
2
푛푙푖→푚∞（1 + 푛1 + 1 + 푛2）＝1+2
＝3．
故答案为：3．
【点评】本题考查极限的计算，考查学生的计算能力，属于基础题． 4．（5 分）（2021•上海模拟）已知二元一次方程组的增广矩阵是（1m 푚4 푚푚+ 2 ），若该方程组无解，则
实数 m 的值为 ﹣2 ．
=
4
푐표푠(훼 ‒ 휋2) + 2푠푖푛(휋
5，则2푡푎푛(휋 + 훼) + 푐표푡(휋2
‒ 훼) + 훼)
=
152 ．
【考点】GO：运用诱导公式化简求值．
【专题】56：三角函数的求值．
【分析】利用诱导公式化简，再代入即可得出结论．
6
4 【解答】解：∵cosα = 5，
푐표푠(훼 ‒ 휋2) + 2푠푖푛(휋
1 +
1
‒
푛
1 +
2）]＝
3
．
【考点】6F：极限及其运算．
【专题】52：导数的概念及应用．
【分析】푛l→i∞m[n2（푛2
‒
푛
1 +
1
‒
푛
1 +
2）]
=
푛2
2푛2
푙푖푚[
푛→∞
푛(푛
+
1)
+
푛(푛
+
2)]，由此可求极限的值．
【解答】解：lim[n
푛→∞
2（
2 푛
‒
푛
1 +
1
‒
푛
2021-2022学年上海市浦东新区高三(上)期末数学试卷(一模)
2021-2022学年上海市浦东新区高三（上）期末数学试卷（一模）试题数：21，总分：1501.（填空题，4分）已知复数z=1+2i （i 是虚数单位），则|z|=___ ．2.（填空题，4分）函数f （x ）= √x +1的反函数为f -1（x ），则f -1（3）=___ ．3.（填空题，4分）已知cosθ=- 35 ，则cos2θ的值为 ___ ．4.（填空题，4分）已知集合A={x|-1＜x ＜1}，B={x| x x−2 ＜0}，则A∩B=___ ．5.（填空题，4分）底面半径长为2，母线长为3的圆柱的体积为 ___ ．6.（填空题，4分）三阶行列式 |125143356| 中，元素2的代数余子式的值为 ___ ． 7.（填空题，5分）数列{a n }的通项公式为a n = {2n −1(1≤n ≤10)2−1n (n ≥11) ，则 n→∞a n =___ ． 8.（填空题，5分）方程log 2（x+1）+log 2（x-1）=1的解为 ___ ．9.（填空题，5分）已知函数f （x ）=x 2+2x+3+m ，若f （x ）≥0对任意的x∈[1，2]恒成立，则实数m 的取值范围是 ___ ．10.（填空题，5分）某学校要从6名男生和4名女生中选出3人担任进博会志愿者，则所选3人中男女生都有的概率为 ___ .（用数字作答）11.（填空题，5分）已知A （-1，0）、B （1，0）、P （1， √3 ），点C 是圆x 2+y 2=1上的动点，则 PC ⃗⃗⃗⃗⃗ • PB ⃗⃗⃗⃗⃗ + PC⃗⃗⃗⃗⃗ • PA ⃗⃗⃗⃗⃗ 的取值范围是 ___ ． 12.（填空题，5分）已知实数x 、y 满足 x|x|4+y|y|=1，则|x+2y-4|的取值范围是 ___ ． 13.（单选题，5分）已知直线a 在平面β上，则“直线l⊥a”是“直线l⊥β”的（ ）条件．A.充分非必要B.必要非充分C.充要D.非充分非必要14.（单选题，5分）（x-1）10的二项展开式中第4项是（ ）A. C 103x 7B. C 104x 6C. −C 103x 7D. −C 104x 615.（单选题，5分）若方程4x2+ky2=4k表示双曲线，则此双曲线的虚轴长等于（）A. 2√kB. 2√−kC. √kD. √−k（x∈[t，t+40]）零点的个数不可能是（）个16.（单选题，5分）函数f（x）=sinx- 12A.12B.13C.14D.1517.（问答题，14分）已知三棱锥P-ABC中，PA、BA、CA两两互相垂直，且长度均为1．（1）求三棱锥P-ABC的全面积；（2）若点D为BC的中点，求PD与平面PAC所成角的大小．（结果用反三角函数值表示）18.（问答题，14分）已知函数f（x）=x2+ax+1，a∈R．（1）判断函数f（x）的奇偶性，并说明理由；（x＞0），写出函数g（x）的单调递增区间并用定义证明．（2）若函数g（x）= f(x)x19.（问答题，14分）某水产养殖户承包一片靠岸水域，如图，AO、OB为直线岸线，，该承包水域的水面边界是某圆的一段弧AB̂，过弧OA=1000米，OB=1500米，∠AOB= π3AB̂上一点P按线段PA和PB修建养殖网箱，已知∠APB= 2π．3（1）求岸线上点A与点B之间的直线距离；（2）如果线段PA上的网箱每米可获得40元的经济收益，线段PB上的网箱每米可获得30元的经济收益，记∠PAB=θ，则这两段网箱获得的经济总收益最高为多少？（精确到元）20.（问答题，16分）已知斜率为k的直线l经过抛物线C：y2=4x的焦点F，且与抛物线C 交于不同的两点A（x1，y1），B（x2，y2）．和3，求|AB|；（1）若点A和B到抛物线准线的距离分别为32（2）若|AF|+|AB|=2|BF|，求k的值；（3）点M（t，0），t＞0，对任意确定的实数k，若△AMB是以AB为斜边的直角三角形，判断符合条件的点M有几个，并说明理由．21.（问答题，18分）已知数列{a n}，若存在A∈R使得数列{|a n-A|}是递减数列，则称数列{a n}是“A型数列”．是否为“A型数列”；（1）判断数列π、- √3、-1、12（2）若等比数列{a n}的通项公式为a n=q n（n∈N*），q＞0，其前n项和为S n，且{S n}是“A型数列”，求A的值和q的取值范围；（3）已知k＞0，数列{a n}满足a1=0，a n+1=k|a n|-1（n∈N*），若存在A∈R，使得{a n}是“A型数列”，求k的取值范围，并求出所有满足条件的A（用k表示）．2021-2022学年上海市浦东新区高三（上）期末数学试卷（一模）参考答案与试题解析试题数：21，总分：1501.（填空题，4分）已知复数z=1+2i（i是虚数单位），则|z|=___ ．【正确答案】：[1] √5【解析】：直接利用复数的模的求法公式，求解即可．【解答】：解：复数z=1+2i（i是虚数单位），则|z|= √12+22 = √5．故答案为：√5．【点评】：本题考查复数的模的求法，考查计算能力．2.（填空题，4分）函数f（x）= √x +1的反函数为f-1（x），则f-1（3）=___ ．【正确答案】：[1]4【解析】：直接利用反函数的关系式的定义域和函数的值的对应关系求出结果．【解答】：解：∵已知函数y=f（x）存在反函数y=f-1（x），设f（x）=3，则√x +1=3，解得x=4，则f-1（3）的值是4．故答案为：4．【点评】：本题考查了反函数的性质的应用，利用原函数与反函数的定义域和值域恰相反，求出反函数的函数值．3.（填空题，4分）已知cosθ=- 3，则cos2θ的值为 ___ ．5【正确答案】：[1]- 725【解析】：由题意利用二倍角的余弦公式，计算求得结果．【解答】：解：∵cosθ=- 35 ，则cos2θ=2cos 2θ-1=2× 925 -1=- 725 ，故答案为：- 725 ．【点评】：本题主要考查二倍角的余弦公式的应用，属于基础题．4.（填空题，4分）已知集合A={x|-1＜x ＜1}，B={x| x x−2 ＜0}，则A∩B=___ ．【正确答案】：[1]（0，1）【解析】：求出集合A ，B ，由此能求出A∩B ．【解答】：解：∵集合A={x|-1＜x ＜1}，B={x| x x−2 ＜0}={x|0＜x ＜2}， ∴A∩B={x|0＜x ＜1}=（0，1）．故答案为：（0，1）．【点评】：本题考查集合的运算，考查交集定义、不等式性质等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．5.（填空题，4分）底面半径长为2，母线长为3的圆柱的体积为 ___ ．【正确答案】：[1]12π【解析】：利用圆柱体的体积公式求解即可．【解答】：解：因为底面半径长为2，母线长为3，所以圆柱的体积为V=Sh=π×22×3=12π．故选：12π．【点评】：本题考查了圆柱的体积公式的理解与应用，属于基础题．6.（填空题，4分）三阶行列式 |125143356| 中，元素2的代数余子式的值为 ___ ． 【正确答案】：[1]3【解析】：根据已知条件，结合代数余子式的定义，即可求解．【解答】：解：在三阶行列式 |125143356| 中，元素2的代数余子式A 12=（-1）1+2 |1336| =-（1×6-3×3）=3．故答案为：3．【点评】：本题主要考查代数余子式的求解，考查计算能力，属于基础题．7.（填空题，5分）数列{a n }的通项公式为a n = {2n −1(1≤n ≤10)2−1n (n ≥11) ，则 n→∞a n =___ ． 【正确答案】：[1]2【解析】：直接利用数列的极限的运算法则，化简求解即可．【解答】：解：数列{a n }的通项公式为a n = {2n −1(1≤n ≤10)2−1n(n ≥11) ， 则 n→∞a n = lim n→∞ (2−1n) =2-0=2． 故答案为：2．【点评】：本题考查数列极限的运算法则的应用，是基础题．8.（填空题，5分）方程log 2（x+1）+log 2（x-1）=1的解为 ___ ．【正确答案】：[1] √3【解析】：利用对数的性质及运算法则直接求解．【解答】：解：∵log 2（x+1）+log 2（x-1）=1，∴log 2（x+1）（x-1）=1=log 22，∴（x+1）（x-1）=2且x+1＞0，x-1＞0，故x= √3 ，故答案为： √3 ．【点评】：本题考查对数方程的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意对数的性质、运算法则的合理运用．9.（填空题，5分）已知函数f （x ）=x 2+2x+3+m ，若f （x ）≥0对任意的x∈[1，2]恒成立，则实数m 的取值范围是 ___ ．【正确答案】：[1][-6，+∞）【解析】：将问题转化为x 2+2x+3≥-m 对任意的x∈[1，2]恒成立，构造g （x ）=x 2+2x+3，利用二次函数的图象与性质，求解函数的最值，即可得到答案．【解答】：解：函数f （x ）=x 2+2x+3+m ，且f （x ）≥0对任意的x∈[1，2]恒成立， 则x 2+2x+3≥-m 对任意的x∈[1，2]恒成立，令g （x ）=x 2+2x+3，函数g （x ）在[1，2]上单调递增，所以g （x ）min =g （1）=6，则6≥-m ，即m≥-6，所以实数m 的取值范围为[-6，+∞）．故答案为：[-6，+∞）．【点评】：本题考查了二次函数图象与性质的应用，利用函数单调性求解函数最值的应用，不等式恒成立问题，要掌握不等式恒成立问题的一般求解方法：参变量分离法、数形结合法、最值法等，属于中档题．10.（填空题，5分）某学校要从6名男生和4名女生中选出3人担任进博会志愿者，则所选3人中男女生都有的概率为 ___ .（用数字作答）【正确答案】：[1] 45【解析】：由排列组合的知识易得总数为120，不符合的有24，由古典概型概率公式求解即可．【解答】：解：从10人中任选3人有 C 103 =120种选法，这3人中只有女生的共有 C 43 =4种，这3人中只有男生的共有 C 63 =20种， ∴这3人中必须男女生都有的共96种，∴所求概率P= 96120 = 45 ．故答案为： 45 ．【点评】：本题考查古典概型及其概率公式，属基础题．11.（填空题，5分）已知A （-1，0）、B （1，0）、P （1， √3 ），点C 是圆x 2+y 2=1上的动点，则 PC ⃗⃗⃗⃗⃗ • PB ⃗⃗⃗⃗⃗ + PC⃗⃗⃗⃗⃗ • PA ⃗⃗⃗⃗⃗ 的取值范围是 ___ ． 【正确答案】：[1][4，12]【解析】：设点C 坐标（c osθ，sinθ），将 PC ⃗⃗⃗⃗⃗ • PB ⃗⃗⃗⃗⃗ + PC⃗⃗⃗⃗⃗ • PA ⃗⃗⃗⃗⃗ 用θ函数表示，用正弦函数取值范围求解．【解答】：解：设C （cosθ，sinθ）， PA ⃗⃗⃗⃗⃗ =（-2，- √3 ）， PB ⃗⃗⃗⃗⃗ =（0，- √3 ）， PC⃗⃗⃗⃗⃗ =（cosθ-1，sinθ- √3 ），PC ⃗⃗⃗⃗⃗ • PB ⃗⃗⃗⃗⃗ + PC ⃗⃗⃗⃗⃗ • PA ⃗⃗⃗⃗⃗ = PC ⃗⃗⃗⃗⃗ •（ PA ⃗⃗⃗⃗⃗ +PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ）=（cosθ-1，sinθ- √3 ）•（-2，-2 √3 ）=-2（cosθ-1+ √3 sinθ-3）=8-4（ √32 sinθ+ 12 cosθ）=8-4sin （θ+ π6 ），因为sin （θ+ π6 ）∈[-1，1]，所以 PC ⃗⃗⃗⃗⃗ • PB ⃗⃗⃗⃗⃗ + PC⃗⃗⃗⃗⃗ • PA ⃗⃗⃗⃗⃗ 的取值范围是[4，12]， 故答案为：[4，12]．【点评】：本题考查了平面向量数量积的性质及其运算，属于中档题．12.（填空题，5分）已知实数x 、y 满足x|x|4 +y|y|=1，则|x+2y-4|的取值范围是 ___ ． 【正确答案】：[1][4-2 √2 ，4）【解析】：把 x|x|4 +y|y|=1等式变形，画出图形，利用线性规划知识求出x+2y-4的范围，取绝对值得答案即可．【解答】：解答】解：由 x|x|4+y|y|=1， 得 {x ≥0，y ≥0x 24+y 2=1 或 {x ＞0，y ＜0x 24−y 2=1 或 {x ＜0，y ＞0y 2−x 24=1 ， 如图，令z=x+2y-4，得y=- 12 x+ 12 z+2，由图可知，当直线y=- 12 x+ 12 z+2与第一象限的椭圆相切时，直线在y 轴上的截距最大， 联立得 {y =−12x +12z +2x 24+y 2=1 ，即2x 2-（2z+8）x+z 2+8z+12=0，∵相切，∴Δ=（2z+8）2-4×2×（z 2+8z+12）=0，∴z 2+8z+8=0，∴z=-4±2 √2 ，∵椭圆的图象只在第一象限，∴z=-4 +2√2 ，根据双曲线的方程知，两条双曲线的渐近线方程都是y=- 12 x ，当直线y=- 12 x+ 12z+2无限靠近y=- 12x时，12z+2趋于0，即z趋于-4，∴-4＜z≤-4 +2√2，∴|x+2y-4|的取值范围是[4-2 √2，4），故答案为：[4-2 √2，4）．【点评】：本题考查简单的线性规划，考查直线与椭圆相切，双曲线的渐近线，考查数形结合思想，是中档题．13.（单选题，5分）已知直线a在平面β上，则“直线l⊥a”是“直线l⊥β”的（）条件．A.充分非必要B.必要非充分C.充要D.非充分非必要【正确答案】：B【解析】：“直线l⊥a”成立时，“直线l⊥β”不一定成立；“直线l⊥β”⇒“直线l⊥a”，由此能求出结果．【解答】：解：直线a在平面β上，则“直线l⊥a”成立时，“直线l⊥β”不一定成立；“直线l⊥β”⇒“直线l⊥a”，∴直线a在平面β上，则“直线l⊥a”是“直线l⊥β”的必要非充分条件．故选：B．【点评】：本题考查充分条件、必要条件的判断，考查空间中线与面的位置关系等基础知识，考查空间立体感和推理论证能力，属于中档题．14.（单选题，5分）（x-1）10的二项展开式中第4项是（）A. C103x7B. C104x6C. −C103x7D. −C104x6【正确答案】：C【解析】：写出（x-1）10的二项展开式的通项公式，令r=3，可得所求项．【解答】：解：（x-1）10的二项展开式的通项公式为T r+1= C10r x10-r（-1）r= C10r（-1）r x10-r，r=0，1，2， (10)令r=3，T4=- C103 x7，故选：C．【点评】：本题考查二项式定理的运用，考查运算能力，是一道基础题．15.（单选题，5分）若方程4x2+ky2=4k表示双曲线，则此双曲线的虚轴长等于（）A. 2√kB. 2√−kC. √kD. √−k【正确答案】：B【解析】：根据双曲线标准方程直接求解．【解答】：解：方程4x2+ky2=4k，即为x2k +y24=1，由方程表示双曲线，可得y 24−x2−k=1，所以a=2，b=√−k，所以虚轴长为2b=2√−k．故选：B．【点评】：本题主要考查双曲线的几何性质，由双曲线方程求解虚轴的长度等知识，属于基础题．16.（单选题，5分）函数f（x）=sinx- 12（x∈[t，t+40]）零点的个数不可能是（）个A.12B.13C.14D.15【正确答案】：D【解析】：f（x）的零点个数，即为y=sinx的图象与直线y= 12的交点个数，在正弦函数的一个周期内，即在区间[t，t+2π）上总有两个交点，然后考虑，40减去个周期后，在区间[t，t+0.74π]中的交点个数，根据的不同取值可确定结论．的交点个数，【解答】：解：f（x）的零点个数，即为y=sinx的图象与直线y= 12≈6.37，易知在[t，t+2π）上它们有两个交点，而402π所以前6个周期共有交点12个，因此我们主要研究它们在区间[t，t+0.74π]中的交点个数，＜t＜-π时，它们在区间[t，t+0.74π]上无交点，当- 7π6＜t＜0时，它们在区间[t，t+0.74π]有1个交点，当- π3时，它们在区间[t，t+0.74π]上有2个交点，当0＜t＜π6因此交点个数可能为12，13，14，不可能是15．故选：D．【点评】：本题考查了函数的零点与方程的根的关系，属于中档题．17.（问答题，14分）已知三棱锥P-ABC中，PA、BA、CA两两互相垂直，且长度均为1．（1）求三棱锥P-ABC的全面积；（2）若点D为BC的中点，求PD与平面PAC所成角的大小．（结果用反三角函数值表示）【正确答案】：【解析】：（1）由已知易得△PAB≌△PAC≌△BAC且为直角三角形，则可得△PBC为边长为√2的等边三角形，进而可求全面积；（2）取AC的中点H，连接HD和HP，进而证明DH⊥平面PAC，可得∠DPH是PD与平面PAC所成角；在△PDH中求解即可．【解答】：解：（1）由题意知△PAB≌△PAC≌△BAC且为直角三角形，则可得△PBC为边长为√2的等边三角形，所以三棱锥P-ABC的全面积S= 12 ×1×1×3+ 12× √2 × √2 ×sin60°= 3+√32；（2）取AC的中点H，连接HD和HP，因为PA、BA、CA两两互相垂直，所以PA⊥平面ABC，DH在平面ABC内，所以PA⊥DH，又因为DH⊥AC，所以DH⊥平面PAC，所以∠DPH是PD与平面PAC所成角；因为DH= 12，PH= √52，所以tan∠DPH= √55，∠DPH=arctan √55，所以PD与平面PAC所成角的大小为arctan √55．【点评】：本题考查表面积的问题和线面角的求法，属中档题．18.（问答题，14分）已知函数f（x）=x2+ax+1，a∈R．（1）判断函数f（x）的奇偶性，并说明理由；（2）若函数g（x）= f(x)x（x＞0），写出函数g（x）的单调递增区间并用定义证明．【正确答案】：【解析】：（1）分a=0和a≠0两种情况，分别利用奇函数与偶函数的定义分析判断即可；（2）利用函数单调性的定义判断并证明即可．【解答】：解：（1）当a=0时，函数f（x）为偶函数，证明如下：函数f（x）=x2+1，定义域为R，因为f（-x）=x2+1=f（x），所以当a=0时，函数f（x）为偶函数；当a≠0时，f（-1）=2-a，f（1）=2+a，则f（-1）≠f（1），f（-1）≠-f（1），函数f（x）为非奇非偶函数．（2）函数g（x）的单调递增区间为[1，+∞），证明如下：g（x）= f(x)x =x+1x+a，设1≤x1＜x2，则g(x1)−g(x2)=x1+1x1+a−(x2+1x2+a) = (x1−x2)(1−1x1x2) = (x1−x2)(x1x2−1)x1x2，由于1≤x1＜x2，则x1-x2＜0，x1x2−1x1x2＞0，所以f（x1）＜f（x2），则函数g（x）的单调递增区间为[1，+∞）．【点评】：本题考查了函数单调性和奇偶性的判断与证明，考查了函数奇偶性与单调性的定义，考查了逻辑推理能力与化简运算能力，属于基础题．19.（问答题，14分）某水产养殖户承包一片靠岸水域，如图，AO、OB为直线岸线，OA=1000米，OB=1500米，∠AOB= π3，该承包水域的水面边界是某圆的一段弧AB̂，过弧AB̂上一点P按线段PA和PB修建养殖网箱，已知∠APB= 2π3．（1）求岸线上点A与点B之间的直线距离；（2）如果线段PA上的网箱每米可获得40元的经济收益，线段PB上的网箱每米可获得30元的经济收益，记∠PAB=θ，则这两段网箱获得的经济总收益最高为多少？（精确到元）【正确答案】：【解析】：（1）根据已知条件，结合余弦定理，即可求解．（2）根据已知条件，结合正弦定义，以及三角函数的恒等变换，即可求解．【解答】：解：（1）∵OA=1000米，OB=1500米，∠AOB= π3，∴AB= √OA2+OB2−2×OA×OB×cosπ3 = √15002+10002−2×1500×1000×12=500√7，故岸线上点A与点B之间的直线距离为500√7米．（2）∵在△PAB中，500√7sin2π3=PAsin(π3−θ)=PBsinθ，∴ PA=√7√3(π3−θ)，PB= √7√3（0＜θ＜π3），设两段网箱获得的经济总收益为y元，则y=40PA+30PB= √7√3(π3−θ) + √7√3= √7√3(π3−θ)+3sinθ]= √7√3√3cosθ+sinθ)=10000√91√3sin(θ+arctan2√3) ，当 θ+arctan2√3=π2，即 θ≈π2−arctan2√3 ∈（0， π3）时， y max =10000√91√3≈55076 （元），故两段网箱获得的经济总收益最高约为55076元．【点评】：本题主要考查函数的实际应用，掌握正弦定理，余弦定理是解本题的关键，属于中档题．20.（问答题，16分）已知斜率为k 的直线l 经过抛物线C ：y 2=4x 的焦点F ，且与抛物线C 交于不同的两点A （x 1，y 1），B （x 2，y 2）．（1）若点A 和B 到抛物线准线的距离分别为 32 和3，求|AB|； （2）若|AF|+|AB|=2|BF|，求k 的值；（3）点M （t ，0），t ＞0，对任意确定的实数k ，若△AMB 是以AB 为斜边的直角三角形，判断符合条件的点M 有几个，并说明理由．【正确答案】：【解析】：（1）根据抛物线的定义求得焦点弦长；（2）直线l 的方程为y=k （x-1），代入抛物线方程后应用韦达定理得x 1+x 2，x 1x 2，利用焦半径公式及已知|AF|+|AB|=2|BF|，得出x 1，x 2的关系，与韦达定理结合可求得k ；（3）把 MA⃗⃗⃗⃗⃗⃗ •MB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =0 用坐标表示出来，代入韦达定理的结论，得出关于t 的方程，由一元二次方程根的分布可得t 的正数解的个数．【解答】：解：（1）根据抛物线定义，|AF|= 32 ，|BF|=3， ∴|AB|= 92；（2）设直线l 的方程为y=k （x-1）， 由 {y =k (x −1)y 2=4x ，可得：k 2x 2-（2k 2+4）x+k 2=0，Δ=（2k 2+4）2-4k 4=16k 2+16＞0， ∴x 1+x 2=2+ 4k 2 ，x 1x 2=1，|AF|=x 1+1，|BF|=x 2+1，|AB|=x 1+x 2+2， 又∵|AF|+|AB|=2|BF|，∴（x 1+1）+（x 1+x 2+2）=2（x 2+1）， ∴x 2-2x 1=1， ∴x 1=k 2+43k 2 ，x 2= 5k 2+83k 2， 代入x 1x 2=1得： k 2+43k 2 • 5k 2+83k 2 =1， ∴k 4-7k 2-8=0，∴k 2=-1（舎）或k 2=8， ∴k= ±2√2 ；（3）∵△AMB 是以AB 为斜边的直角三角形， ∴MA⊥MB ， MA⃗⃗⃗⃗⃗⃗ •MB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =0 ， 即（x 1-t ，y 1）（x 2-t ，y 2）=0， ∴（x 1-t ）（x 2-t ）+y 1y 2=0， 即x 1x 2-t （x 1+x 2）+t 2+y 1y 2=0，又因为y 1y 2=k 2（x 1-1）（x 2-1）=k 2（x 1x 2-x 1-x 2+1）=-4， ∴1-t （2+ 4k 2 ）+t 2-4=0， 即t 2-（2+ 4k 2 ）t-3=0， ∵ Δ=(2+4k 2)2+12＞0 ，t 1t 2=-3＜0，∴方程仅有一个正实数解， 存在一个满足条件的点M ．【点评】：本题考查了直线和圆锥曲线（抛物线）的相关计算，属于综合性较强的题目，解决此类题的一个基本思路就是要联立直线方程和圆锥曲线方程，再用设而不解的方法来进行相关解答，属于中档题．21.（问答题，18分）已知数列{a n}，若存在A∈R使得数列{|a n-A|}是递减数列，则称数列{a n}是“A型数列”．（1）判断数列π、- √3、-1、12是否为“A型数列”；（2）若等比数列{a n}的通项公式为a n=q n（n∈N*），q＞0，其前n项和为S n，且{S n}是“A型数列”，求A的值和q的取值范围；（3）已知k＞0，数列{a n}满足a1=0，a n+1=k|a n|-1（n∈N*），若存在A∈R，使得{a n}是“A型数列”，求k的取值范围，并求出所有满足条件的A（用k表示）．【正确答案】：【解析】：（1）根据A型数列的新定义直接判断即可；（2）分q=1，q＞1和0＜q＜1分别求出{a n}的前n项和为S n，再判断是否存在A满足|S n-A|递减即可求解；（3）分k≥1和0＜k＜1两种情况讨论，首先判断k≥1不符合题意，当0＜k＜1时，先证明a n≤0，进而可得a n以及符合题意的A的值，再证明A是唯一的即可．【解答】：解：（1）因为|π−0|＞|−√3−0|＞|−1−0|＞|−12−0|，“A型数列“的定义可知该数列是“A型数列“．（2）若q=1，|S n-A|=|n-A|，不存在A∈R使得数列{|n-A|}是递减数列，此时{S n}不是“A型数列“；若q＞1，S n=q(1−q n)1−q =q(q n−1)q−1，因为{S n}为递增数列，对于任意A，存在N，当n＞N时，|S n-A|=S n-A，递增，因此不存在A，此时{S n}不是“A型数列“；若0＜q＜1，S n=−q1−q q n+q1−q，取A=q1−q，|S n−A|=q1−qq n，递减，此时符合题意；综上所述A=q1−q，q的取值范围{q|0＜q＜1}．（3）（i）若k≥1，则a1=0，a2=-1，a3=k-1．此时若存在A∈R使得{a n}是A型数列，则|A|＞|A+1|＞|k-1-A|，从而A＜−12且k＜1，矛盾；（ii）当0＜k＜1时，首先证明a n≤0（n∈N*）．用反证法．由题意，此时a1=0，a2=-1，a3=k-1．因此，若存在n∈N*，使得a n＞0，则n≥4．假设n=m为使得a n＞0的最小正整数，则a m＞0≥a m-1，故a m=−ka m−1−1＞0⇒a m−1＜−1k，而a m−1=−ka m−2−1＜−1k ⇒a m−2＞1−kk2＞0，与m的最小性矛盾．故a n≤0（n∈N*），从而a n+1=-ka n-1对一切n∈N*成立．据此，可解得a n=(−k)n−1−1k+1．故当α=−1k+1时，|a n−α|=k n−1k+1，即：{|a n-α|}为递减数列．于是{a n}为α型数列．再证明α是唯一解．用反证法．假设存在A≠α使得{a n}是A型数列．若A＞α，则由a2m−1=α+k2m−2k+1得，当m＞log k2[(A−α)(k+1)]+1时，a2m-1＜A．故|a2m−1−A|=A−α−k2m−2k+1＜A−α−k2mk+1=|a2m+1−A|，{|a n-A|}不是递减数列，从而{a n}不是A型数列．同理可证A＜α时，{a n}也不是A型数列，综上，k∈（0，1），相应的A=−1k+1．【点评】：本题主要考查数列中的新定义问题，数列知识的综合运用等知识，属于中等题．。
专题07 数列(习题)-2021届沪教版高考数学一轮复习(上海专用)
2021届高考数学一轮复习 专题07 数列一、填空题1．（2020·上海高三其他）设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，若972S =，则249a a a ++= ________．【答案】24 【解析】设等差数列{}n a 的公差为d ， 则，∴148a d +=． ∴．故答案为24．2．（2020·上海高三其他）设无穷等比数列n a 的公比为q ，首项10a >，则公比q 的取值范围是________． 【答案】 【解析】 因为21231lim()211n n a a qa a a a q q→∞•+++==>--，又10a >且01q <<， 解得2,13q ⎛⎫∈⎪⎝⎭． 3．（2017·上海闵行高三一模）已知数列的前n 项和为，则此数列的通项公式为___________． 【答案】 【解析】当1n =时,11211a S ==-=,当2n ≥时,()11121212n n n n n n a S S ---=-=---=,又1121-=,所以12n n a .故答案为:12n na .4．（2020·宝山上海交大附中高三其他）若n a 是()()*2,2,nx n N n x R +∈≥∈展开式中2x 项的系数，则 ． 【答案】8 【解析】 由题意，，∴88n =-，∴23232228lim()lim(8)8n n n n a a a n →∞→∞++⋅⋅⋅+=-=．5．（2020·上海高三其他）已知数列{a n }是递增数列，且对于任意的n ∈N *，a n ＝n 2＋λn 恒成立，则实数λ的取值范围是________. 【答案】(－3，＋∞) 【解析】因为数列{a n }是单调递增数列， 所以a n ＋1－a n >0 (n ∈N *)恒成立．又a n ＝n 2＋λn (n ∈N *)，所以(n ＋1)2＋λ(n ＋1)－(n 2＋λn )>0恒成立，即2n ＋1＋λ>0.所以λ>－(2n ＋1) (n ∈N *)恒成立．而n ∈N *时，－(2n ＋1)的最大值为－3(n ＝1时)，所以λ的取值范围为(－3，＋∞)．6．（2020·上海嘉定高三二模）设各项均为正数的等比数列的前n 项和为，则6S =______． 【答案】63. 【解析】 由，得()661126312S -⇒==-．故答案为: 637．（2020·上海普陀高三二模）设n S 是等差数列的前n 项和（n *∈N ）若86286S S -=-，则2lim 2→∞=nn S n ______.【答案】12-【解析】∵数列{}n a 是等差数列，21()22n d dS n a n ∴=+-（其中d 是公差），，∵86286S S -=-， (86)22d∴-=-，2d =-． 即 21(1)n S n a n =-++，．故答案为：12-8．（2020·上海高三其他）设数列{}n a 的前n 项和为n S ，且对任意正整数n ，都有01011012n na n S -=-，则1a =___ 【答案】1- 【解析】由011101011(2)1021212n n n n n na a a S n n S nn S -=-=++=---，令1n =，得11(2)10a a ++=，解得11a =-。
2021年上海市杨浦区高考数学一模试卷(附答案详解)
2021年上海市杨浦区高考数学一模试卷一、单选题（本大题共4小题，共20.0分）1. 设a >b >0，c ≠0，则下列不等式中，恒成立的是( )A. 1a >1bB. ac 2>bc 2C. ac >bcD. c a <c b 2. 下列函数中，值域为(0,+∞)的是( )A. y =x 2B. y =2xC. y =2xD. y =|log 2x|3. 从正方体的8个顶点中选取4个作为顶点，可得到四面体的个数为( )A. C 84−12B. C 84−8C. C 84−6D. C 84−4 4. 设集合A ={y|y =a x ,x >0}(其中常数a >0，a ≠1)，B ={y|y =x k ,x ∈A}(其中常数k ∈Q)，则“k <0”是“A ∩B =⌀”的( )A. 充分非必要条件B. 必要非充分条件C. 充分必要条件D. 既非充分又非必要条件二、单空题（本大题共12小题，共54.0分） 5. 设全集U =R ，A =(−∞,2)，则∁U A =______．6. 设复数z =1−2i ，(i 是虚数单位)，则|z|=______．7. 若关于x ，y 的方程组{2x +y =43x −ay =8无解，则实数a =______． 8. 已知球的半径为2，则球的体积为______．9. 若直线l 1：2x +my +1=0与l 2：y =3x −1互相垂直，则实数m =______．10. 已知sinα=−√55，α∈(−π2,π2)，则sin(α+π2)=______． 11. 已知(x +2x )n 的二项展开式中，所有二项式系数的和为256，则展开式中的常数项为______(结果用数值表示)．12. f(x)是偶函数，当x ≥0时，f(x)=2x −1，则不等式f(x)>1的解集为______．13. 方程1+log 2x =log 2(x 2−3)的解为______．14. 平面直角坐标系中，满足到F 1(−1,0)的距离比到F 2(1,0)的距离大1的点的轨迹为曲线T ，点P n (n,y n )(其中y n >0，n ∈N ∗)是曲线T 上的点，原点O 到直线P n F 2的距离为d n ，则n →∞lim d n =______．15. 如图所示矩形ABCD 中，AB =2，AD =1，分别将边BC 与DC 等分成8份，并将等分点自下而上依次记作E 1，E 2，…，E 7，自左到右依次记作F 1，F 2，…，F 7，满足AE i ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅AF j ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ≤2，(其中i ，j ∈N ∗，1≤i ，j ≤7)的有序数对(i,j)共有______对．16. 已知函数y =f(x)在定义域R 上是单调函数，值域为(−∞,0)，满足f(−1)=−13，且对于任意x ，y ∈R ，都有f(x +y)=−f(x)f(y).y =f(x)的反函数为y =f −1(x)，若将y =kf(x)(其中常数k >0)的反函数的图象向上平移1个单位，将得到函数y =f −1(x)的图象，则实数k 的值为______．三、解答题（本大题共5小题，共76.0分）17. 如图所示，在直三棱柱ABC −A 1B 1C 1中，底面是等腰直角三角形，∠ACB =90°，CA =CB =CC 1=2.点D ，D 1分别是棱AC ，A 1C 1的中点．(1)求证：D ，B ，B 1，D 1四点共面；(2)求直线BC 1与平面DBB 1D 1所成角的大小．18.设常数k∈R，f(x)=kcos2x+√3sinxcosx，x∈R．(1)若f(x)是奇函数，求实数k的值；(2)设k=1，△ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c.若f(A)=1，a=√7，b=3，求△ABC的面积S．19.某校运会上无人机飞行表演，在水平距离x∈[10,24](单位：米)内的飞行轨迹如图所示，y表示飞行高度(单位：米).其中当x∈[10,20]时，轨迹为开口向上的抛物线的一段(端点为M、Q)，当x∈[20,24]时，轨迹为线段QN，经测量，起点M(10,24)，终点N(24,24)，最低点P(14,8)．(1)求y关于x的函数解析式；(2)在A(0,24)处有摄像机跟踪拍摄，为确保始终拍到无人机，求拍摄视角θ的最小值．(精确到0.1°)20. 设A 1，A 2分别是椭圆Γ：x 2a 2+y 2=1(a >1)的左、右顶点，点B 为椭圆的上顶点．(1)若A 1B ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅A 2B⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =−4，求椭圆Γ的方程； (2)设a =√2，F 2是椭圆的右焦点，点Q 是椭圆第二象限部分上一点，若线段F 2Q 的中点M 在y 轴上，求△F 2BQ 的面积．(3)设a =3，点P 是直线x =6上的动点，点C 和D 是椭圆上异于左、右顶点的两点，且C ，D 分别在直线PA 1和PA 2上，求证：直线CD 恒过一定点．21. 设数列{a n }与{b n }满足：{a n }的各项均为正数，b n =cosa n ，n ∈N ∗．(1)设a 2=3π4，a 3=π3，若{b n }是无穷等比数列，求数列{b n }的通项公式； (2)设0<a 1≤π2.求证：不存在递减的数列{a n }，使得{b n }是无穷等比数列；(3)当1≤n ≤2m +1时，{b n }为公差不为0的等差数列且其前2m +1项的和为0；若对任意满足条件0<a n ≤6π(1≤n ≤2m +1)的数列{a n }，其前2m +1项的和S2m+1均不超过100π，求正整数m的最大值．答案和解析1.【答案】B【解析】解：因为a>b>0，所以1a <1b，故A错误；因为a>b>0，c≠0，则c2>0，所以ac2>bc2，故B正确；若a>b>0，c<0，则ac<bc，故C错误；若a>b>0，c<0，则1a <1b，ca>cb，故D错误．故选：B．由不等式的基本性质逐一判断即可．本题主要考查不等式的基本性质，属于基础题．2.【答案】C【解析】解：∵函数y=x2的值域为[0,+∞)，故排除A；∴函数y=2x的值域为{y|y≠0}，故排除B；∵函数y=2x的值域为(0,+∞)，故C满足条件；函数y=|log2x|的值域为[0,+∞)，故排除D，故选：C．由题意利用基本初等函数的值域，得出结论．本题主要考查基本初等函数的值域，属于基础题．3.【答案】A【解析】解：根据题意，从正方体的8个顶点中选取4个，有C84种取法，正方体的8个顶点中，4个顶点共面的情况有12种，6个表面，6个对角面，则可得到四面体的个数为C84−12，故选：A．根据题意，用间接法分析，先计算从正方体的8个顶点中选取4个的取法，再排除其中4点共面的情况，即可得答案．本题考查排列组合的应用，涉及正方体的几何结构，属于基础题．4.【答案】A【解析】解：当a >1时，集合A =(1,+∞)，若k <0，则B ={y|y =x k ,x ∈A}=(0，1)，此时A ∩B =⌀；当0<a <1，集合A =(0,1)，若k <0，则B ={y|y =x k ,x ∈A}=(1，+∞)，此时A ∩B =⌀，故“k <0”是“A ∩B =⌀”的充分条件，当a >1时，集合A =(1,+∞)，若A ∩B =⌀，B ={y|y =x k ,x ∈A}，可得k ≤0； 当0<a <1，集合A =(0,1)，若A ∩B =⌀，B ={y|y =x k ,x ∈A}，可得k ≤0， 所以“k <0”不是“A ∩B =⌀”的必要条件，所以“k <0”是“A ∩B =⌀”的充分非必要条件．故选：A ．分a >1和0<a <1两种情况，根据充分必要条件的定义分别，判断其充分性和必要性即可．本题考查了充分必要条件，属于中档题．5.【答案】[2,+∞)【解析】解：∵全集U =R ，A =(−∞,2)，∴∁U A =[2,+∞)．故答案为：[2,+∞)．利用补集定义直接求解．本题考查补集的求法，考查补集定义等基础知识，考查运算求解能力，是基础题． 6.【答案】√5【解析】解：因为复数z =1−2i ，所以|z|=√12+(−2)2=√5．故答案为：√5．由复数的模的计算公式即可求出．本题主要考查复数模的运算，属于基础题．7.【答案】−32【解析】解：若关于x ，y 的方程组{2x +y =43x −ay =8无解， 则直线2x +y −4=0和直线3x −ay −8=0平行，故有32=−a1≠−8−4，求得a=−32，故答案为：−32．由题意可得直线2x+y−4=0和直线3x−ay−8=0平行，再利用两条直线平行的性质，求出a的值．本题主要考查二元一次方程组无解问题，两条直线平行的性质，属于基础题．8.【答案】32π3【解析】解：∵球的半径为R=2，∴球的体积为V=4π3R3=32π3．故答案为：32π3．根据球的体积公式，结合题中的数据直接加以计算，可得答案．本题已知球的半径，求球的体积．着重考查了球的性质、求的体积公式及其应用等知识，属于基础题．9.【答案】6【解析】解：∵直线l1：2x+my+1=0与l2：y=3x−1互相垂直，∴2×3+m×(−1)=0，求得实数m=6，故答案为：6．由题意利用两条直线垂直的性质，求出m的值．本题主要考查两条直线垂直的性质，属于基础题．10.【答案】2√55【解析】解：因为sinα=−√55<0，α∈(−π2,π2)，所以α∈(−π2,0)，cosα=√1−sin2α=2√55，则sin(α+π2)=cosα=2√55．故答案为：2√55．由题意可得范围α∈(−π2,0)，进而根据同角三角函数基本关系式，诱导公式即可求解．本题主要考查了同角三角函数基本关系式，诱导公式在三角函数化简求值中的应用，考查了计算能力和转化思想，属于基础题．11.【答案】1120【解析】解：∵已知(x +2x )n 的二项展开式中，所有二项式系数的和为2n =256，∴n =8． 则展开式中的通项公式为T r+1=C 8r ⋅2r ⋅x 8−2r ，令8−2r =0，求得r =4，可得展开式的常数项为C 84⋅24=1120， 故答案为：1120．由题意利用二项式系数的性质，求得n =8，在二项展开式的通项公式中，令x 的幂指数等于0，求出r 的值，即可求得常数项．本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于基础题．12.【答案】(−∞,−1)∪(1,+∞)【解析】解：根据题意，当x ≥0时，f(x)=2x −1，此时，若f(x)>1，即2x −1>1，解可得x >1，此时f(x)>1的解集(1,+∞)， 又由f(x)是偶函数，则当x <0时，f(x)>1的解集(−∞,−1)，综合可得：不等式f(x)>1的解集为(−∞,−1)∪(1,+∞)．故答案为：(−∞,−1)∪(1,+∞)．根据题意，当x ≥0时，f(x)=2x −1，由函数的解析式可得f(x)>1在(0,+∞)上的解集，结合函数的奇偶性可得f(x)>1在(−∞,0)上的解集，综合可得答案． 本题考查函数的奇偶性的性质以及应用，涉及不等式的解法，属于基础题． 13.【答案】x =3【解析】解：∵1+log 2x =log 2(x 2−3)，∴log 2(2x)=log 2(x 2−3)，故2x =x 2−3，故{x 2−3>0x >0x 2−2x −3=0，解得：x =3，故答案为：x =3．问题转化为{x 2−3>0x >0x 2−2x −3=0，求出x 的值即可．本题考查了解方程问题，考查对数函数的性质，考查转化思想，是一道基础题．14.【答案】√32【解析】解：设曲线T 上的点为P ，由题意，|PF 1|−|PF 2|=1，则曲线T 为双曲线，焦点坐标为F 1(−1,0)，F 2(1,0)，2a =1，a =12，c =1，∴b 2=c 2−a 2=1−14=34，∴双曲线方程为4x 2−43y 2=1．渐近线方程为y =±√3x ，而点P n (n,y n )(其中y n >0，n ∈N ∗)是曲线T 上的点，当n →+∞时，直线P n F 2的斜率趋近于√3，即k P n F 2=√3．则P n F 2：y =√3(x −1)，即√3x −y −√3=0．∴n →∞lim d n =√3|√(√3)2+(−1)2=√32． 故答案为：√32． 由双曲线定义可知T 的轨迹方程，求得渐近线方程，得到直线P n F 2的方程，再由点到直线的距离公式求解．本题考查双曲线的定义域几何性质，考查数列极限的求法，考查运算求解能力，是中档题．15.【答案】18【解析】解：根据题意，矩形ABCD 中，AB =2，AD =1，则AE i ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BE i ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +i 8AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，AF j ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +DF j ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +j 8AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ，则AE i ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅AF j ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +i 8AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ )⋅(AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +j 8AB ⃗⃗⃗⃗⃗ )=i 8+j 2，若AE i ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅AF j ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ≤2，则i 8+j 2≤2，变形可得i +4j ≤16，又由i ，j ∈N ∗，1≤i ，j ≤7，当i =1时，j 可取的值为1、2、3，共3个；当i =2时，j 可取的值为1、2、3，共3个；当i =3时，j 可取的值为1、2、3，共3个；当i =4时，j 可取的值为1、2、3，共3个；当i =5时，j 可取的值为1、2，共2个；当i =6时，j 可取的值为1、2，共2个；当i =7时，j 可取的值为1、2，共2个；则符合条件的有序数对(i,j)共有3×4+2×3=18对， 故答案为：18．根据题意，有由向量加法的运算性质可得AE i ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +i8AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，AF j ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +j 8AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ，进而由数量积的计算公式可得AE i ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅AF j ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +i 8AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ )⋅(AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +j 8AB ⃗⃗⃗⃗⃗ )=i 8+j2，变变形可得i +4j ≤16，据此分类讨论(i,j)的组合，由加法原理计算可得答案． 本题考查向量数量积的计算，涉及分类计数原理的应用，属于基础题．16.【答案】3【解析】解：由题意，设f(x)=y =−a x ， 根据f(−1)=−13，解得a =3， ∴f(x)=y =−3x ，那么x =log 3(−y)，(y <0)，x 与y 互换，可得f −1(x)=log 3(−x)，(x <0)， 则y =kf(x)=−k ⋅3x ， 那么x =log 3(y −k )，x 与y 互换，可得y =log 3(−xk )，向上平移1个单位，可得y =log 3(−xk )+1， 即log 3(−x)=log 3(−3x k)，故得k =3， 故答案为：3．由题意设f(x)=−a x 根据f(−1)=−13，解得a ，在求解y =kf(x)的反函数，向上平移1个单位，可得y =f −1(x)，即可求解实数k 的值； 本题考查了反函数的求法，属于基础题．17.【答案】解：(1)证明：∵点D ，D 1分别是棱AC ，A 1C 1的中点，∴DD 1//CC 1， ∵CC 1//BB 1，∴DD 1//BB 1， ∴D 、B 、B 1、D 1四点共面． (2)作C 1F ⊥B 1D 1，垂足为F ，∵BB 1⊥平面A 1B 1C 1，C 1F ⊂平面A 1B 1C 1， ∴直线BB 1⊥直线C 1F ，∵C 1F ⊥直线B 1D 1且BB 1与B 1D 1相交于B 1， ∴直线C 1F ⊥平面DBB 1D 1，∴∠C 1BF 即为直线BC 1与平面DBB 1D 1所成的角． 在直角△C 1BF 中，BC 1=2√2，C 1F =2√55，sin∠C 1BF =√1010， 直线BC 1与平面DBB 1D 1所成的角为arcsin √1010．【解析】(1)证明DD 1//BB 1，即可证明D 、B 、B 1、D 1四点共面．(2)作C 1F ⊥B 1D 1，垂足为F ，说明∠C 1BF 即为直线BC 1与平面DBB 1D 1所成的角，再求出直线BC 1与平面DBB 1D 1所成角的大小．本题考查直线与平面所成角的求法，平面的基本性质，是中档题．18.【答案】解：(1)由题意知，f(0)=k =0，下面对k =0进行检验：若k =0，则f(x)=√3sinxcosx ，对任意x ∈R 都有f(−x)=√3sin(−x)cos(−x)=−√3sinxcosx =−f(x)， ∴f(x)是奇函数，∴k =0．(2)∵f(A)=cos 2A +√3sinAcosA =1， ∴1+cos2A2+√32sin2A =1，整理，得sin(2A +π6)=12，∴2A +π6=π6+2kπ或5π6+2kπ，k ∈Z ，∴A =kπ或π3+kπ，k ∈Z ， ∵A ∈(0,π)，∴A =π3， 由余弦定理知，cosA =b 2+c 2−a 22bc，即12=9+c 2−76c，整理，得c 2−3c +2=0，解得c =1或c =2， ∴S =12bcsinA =3√34或3√32．【解析】(1)由f(0)=0，知k =0，再对k =0进行检验，即可；(2)结合二倍角公式、辅助角公式和正弦函数的图象与性质，可推出A =π3，再由余弦定理求出c 的值，最后根据S =12bcsinA ，即可得解．本题考查解三角形与三角恒等变换的综合运用，熟练掌握三角形面积公式、余弦定理和三角恒等变换的相关公式是解题的关键，考查学生的逻辑推理能力和运算能力，属于基础题．19.【答案】解：(1)x ∈[10,20]时，设：y =a(x −14)2+8，M(10,24)代入得 a =1， ∴y =(x −14)2+8， x ∈[20,24]时， ∵Q(20,44)、N(24,24)， ∴y =−5x +144，∴y ={(x −14)2+8x ∈[10,20]−5x +144x ∈(20,24]．(2)如图，设仰角为α，俯角为β，∵Q(20,44)，A(0,24)，∴仰角α最小为45°， tanβ=24−y x，=24−(x 2−28x +204)x=28−(x +180x)≤28−12√5，x ∈[10,20]∴俯角β最小为arctan(−12√5+28)≈49.4°， ∴θ最小为94.4°．【解析】(1)结合函数的图象，通过x ∈[10,20]时，设：y =a(x −14)2+8，利用M(10,24)代入得 a =1，求出解析式，然后得到函数的解析式即可． (2)设仰角为α，俯角为β，推出tanβ=24−y x，化简后利用基本不等式求解最值，推出θ最小为94.4°．本题考查函数与方程的应用，函数的解析式的求法，考查转化思想以及计算能力，是中档题．20.【答案】解：(1)A 1(−a,0)，A 2(a,0)，B(0,1)，A 1B ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(a, 1)，A 2B ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(−a, 1)，A 1B ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅A 2B ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =−a 2+1=−4，解得a 2=5， 即椭圆Γ的方程为x 25+y 2=1；(2)椭圆的方程为x 22+y 2=1，则F 2(1,0)，设Q(x Q ,y Q )，由线段F 2Q 的中点在y 轴上，得x Q =−1， 代入椭圆方程，得y Q =√22，即Q(−1, √22)，S △F 2BQ =S △BF 2M +S △BQM =12(1−√24)⋅2=1−√24； (3)证明：由题意A 1(−3,0)，A 2(3,0)，设点P 的坐标为(6,m)， 直线PA 1：y =m9(x +3)，与椭圆方程 x 29+y 2=1联立消去y ，得(9+m 2)x 2+6m 2x +9m 2−81=0， 由韦达定理，得x C =−3m 2+279+m 2，即C(−3m 2+279+m 2, 6m 9+m 2)，同理 D(3m 2−31+m 2, −2m 1+m 2)， 当x C =x D ，即27−3m 29+m 2=3m 2−3m 2+1，即m 2=3时，直线CD 的方程为x =32， 当x C ≠x D 时，直线CD ：y −−2m1+m 2=4m3(3−m 2)(x −3m 2−31+m 2)，化简得y =4m3(3−m 2)(x −32)，恒过点(32, 0)， 综上所述，直线CD 恒过点(32, 0)．【解析】(1)由椭圆方程分别求出点A 1，A 2，B 的坐标，然后利用已知向量关系，求出a 的值即可求解；(2)先求出椭圆的方程，即可求出F 2的坐标，设出Q 的坐标，根据已知可求出Q 的横坐标，然后代入椭圆方程化简求出Q 的坐标，进而可以求解；(3)由已知a 的值即可求出椭圆的左右顶点的坐标，再设出P 的坐标为(6,m)，由此可得直线PA 1的方程，并与椭圆方程联立，利用韦达定理求出C 的坐标，同理求出D 的坐标，若直线CD 的斜率不存在可求出直线CD 的方程，若斜率存在即可求出直线CD 的方程，即可求出直线CD 过的定点，进而得证．本题考查了椭圆的标准方程以及直线与椭圆的位置关系，涉及到三角形面积问题以及直线过定点的问题，考查了学生的运算转化能力，属于中档题．21.【答案】(1)解：由a 2=3π4，a 3=π3， 可得b 2=cos3π4=−√22，b 3=cos π3=12，公比为q =−√22，由b 22=b 1⋅b 3解得b 1=1，数列{b n }的通项公式为b n =(−√22)n−1．(2)证明：设存在递减的数列{a n }，使得{b n }是无穷等比数列， 则0<a 2<a 1<π2，此时cosa 2>cosa 1>0，公比q=cosa2cosa1>1，cosan=cosa1⋅(q)n−1，考虑不等式cosa1⋅q n−1>1，当n>1−log q(cosa1)时，即n≥1+[1−log q(cosa1)]时，有cosa n>1(其中[x]表示不超过x的最大整数)，这与f(x)=cosx的值域为[−1,1]矛盾，所以假设不成立，得证；(3)解：(b1+b2m+1)(2m+1)2=0，可得b1+b2m+1=0，由等差数列性质b i+b2m+2−i=b1+b2m+1=0(1≤i≤m+1,i∈N∗)，即cosa i+cosa2m+2−i=0，特别地，b m+1=0，现考虑S2m+1的最大值．为使S2m+1取最大值，应有a n∈[5π,6π]，否则在S2m+1中将a n替换为a n′，且cosa n=cosa n′，a n′∈[5π,6π]，将得到一个更大的S2m+1，由cosa i+cosa2m+2−i=0可知a i+a2m+2−i=2⋅11π2=11π，特别地，a m+1=11π2；于是(S2m+1)max=m⋅(11π)+11π2=(2m+1)⋅11π2≤100π，解得m≤18922，所以m的最大值为8．【解析】(1)运用等比数列的中项性质，解方程可得公比q，所求通项公式；(2)运用反证法证明，结合数列的单调性和余弦函数的值域，可得矛盾，即可得证；(3)运用等差数列的中项性质和求和公式，解不等式可得所求最大值．本题考查等比数列和等差数列的性质和通项公式、求和公式的运用，考查运算能力和推理能力，属于中档题．。
2021-2022学年上海市金山区高三(上)期末数学试卷(一模)
2021-2022学年上海市金山区高三（上）期末数学试卷（一模）试题数：21，总分：1501.（填空题，4分）已知集合A={x|x ＞2}，B={x|x ＜3}，则A∩B=___ ．2.（填空题，4分）函数y=log 2（x-1）的定义域是___ ．3.（填空题，4分）若复数z 满足iz= √3 -i （i 为虚数单位），则|z|=___ ．4.（填空题，4分）（x+2）6的展开式中x 3的系数为 ___ .（结果用数值表示）5.（填空题，4分）已知cosα= 13，则行列式 |1sinαsinα1| 的值为 ___ ． 6.（填空题，4分）某小区共有住户2000人，其中老年人600人，中年人1000人，其余为青少年等人群，为了调查该小区的新冠疫苗接种情况，现采用分层抽样的方法从中抽取一个容量为400的样本，则样本中中年人的人数为 ___ ．7.（填空题，5分）设P 为直线y=2x 上的一点，且位于第一象限，若点P 到双曲线 x 24-y 2=1的两条渐近线的距离之积为27，则点P 的坐标为 ___ ．8.（填空题，5分）已知x ＞0，y ＞0，且 4x+ 1y=1，则4x+y 的最小值为 ___ ．9.（填空题，5分）有身高全不相同的6位同学一起拍毕业照，若6人随机排成两排，每排3人，则后排每人都比前排任意一位同学高的概率是 ___ .（结果用最简分数表示）10.（填空题，5分）已知P 1、P 2、P 3、⋯、P 10是抛物线y 2=8x 上不同的点，点F （2，0），若 FP ⃗⃗⃗⃗⃗ 1 + FP ⃗⃗⃗⃗⃗ 2 +…+ FP 10⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ = 0⃗ ，则| FP ⃗⃗⃗⃗⃗ 1 |+| FP 2⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |+…+| FP 10⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |=___ ．11.（填空题，5分）若数列{a n }满足a n +a n+1+a n+2+…+a n+k =0（n∈N *，k∈N *），则称数列{a n }为“k 阶相消数列”．已知“2阶相消数列”{b n }的通项公式为b n =2cosωn ，记T n =b 1b 2…b n ，1≤n≤2021，n∈N *，则当n=___ 时，T n 取得最小值．12.（填空题，5分）已知点O （0，0）、A 0（2，3）和B 0（5，6），记线段A 0B 0的中点为P 1，取线段A 0P 1和P 1B 0中的一条，记其端点为A 1、B 1，使之满足（|OA 1|-5）（|OB 1|-5）＜0，记线段A 1B 1的中点为P 2，取线段A 1P 2和P 2B 1中的一条，记其端点为A 2、B 2，使之满足（|OA 2|-5）（|OB 2|-5）＜0，依次下去，得到点P 1、P 2、…，P n 、…，则 n→∞|A 0P n |=___ ．13.（单选题，5分）已知a 、b∈R ，则“ ba ＞1”是“b ＞a”的（ ）条件 A.充分非必要 B.必要非充分 C.充要D.非充分非必要14.（单选题，5分）下列函数中，以π2为周期且在区间[ π4，π2]上单调递增的是（）A.f（x）=|cos2x|B.f（x）=|sin2x|C.f（x）=sin4xD.f（x）=cos2x15.（单选题，5分）如图，在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中，P、Q、R分别是棱AB、BC、BB1的中点，以△PQR为底面作一个直三棱柱，使其另一个底面的三个顶点也都在正方体ABCD-A1B1C1D1的表面上，则这个直三棱柱的体积为（）A. 38B. √38C. 316D. √31616.（单选题，5分）已知向量a与b⃗的夹角为120°，且a• b⃗ =-2，向量c满足c=λ a +（1-λ）b⃗（0＜λ＜1），且a• c = b⃗• c，记向量c在向量a与b⃗方向上的投影分别为x、y．现有两个结论：① 若λ= 13，则| a |=2| b⃗ |；② x2+y2+xy的最大值为34．则正确的判断是（）A. ① 成立，② 成立B. ① 成立，② 不成立C. ① 不成立，② 成立D. ① 不成立，② 不成立17.（问答题，14分）如图，已知圆锥的底面半径r=2，经过旋转轴SO的截面是等边三角形SAB，点Q为半圆弧AB̂的中点，点P为母线SA的中点．（1）求此圆锥的表面积；（2）求异面直线PQ与SO所成角的大小．18.（问答题，14分）已知函数f（x）=3x．（1）设y=f-1（x）是y=f（x）的反函数，若f-1（x1x2）=1，求f-1（x 13）+f -1（x 23）的值；（2）是否存在常数m∈R ，使得函数g （x ）=1+ mf (x )+1 为奇函数，若存在，求m 的值，并证明此时g （x ）在（-∞，+∞）上单调递增，若不存在，请说明理由．19.（问答题，14分）落户上海的某休闲度假区预计于2022年开工建设．如图，拟在该度假园区入口处修建平面图呈直角三角形的迎宾区，∠ACB= π2 ，迎宾区的入口设置在点A 处，出口在点B 处，游客可从入口沿着观景通道A-C-B 到达出口，其中AC=300米，BC=200米，也可以沿便捷通道A-P-B 到达出口（P 为△ABC 内一点）．（1）若△PBC 是以P 为直角顶点的等腰直角三角形，某游客的步行速度为每分钟50米，则该游客从入口步行至出口，走便捷通道比走观景通道可以快几分钟？（结果精确到1分钟） （2）园区计划将△PBC 区域修建成室外游乐场，若∠BPC= 2π3 ，该如何设计使室外游乐场的面积最大，请说明理由．20.（问答题，16分）已知P （0，1）为椭圆C ： x 24 + y 23 =1内一定点，Q 为直线l ：y=3上一动点，直线PQ 与椭圆C 交于A 、B 两点（点B 位于P 、Q 两点之间），O 为坐标原点． （1）当直线PQ 的倾斜角为 π4 时，求直线OQ 的斜率； （2）当△AOB 的面积为 32时，求点Q 的横坐标；（3）设 AP ⃗⃗⃗⃗⃗ =λ PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ， AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =μ BQ ⃗⃗⃗⃗⃗ ，试问λ-μ是否为定值？若是，请求出该定值；若不是，请说明理由．21.（问答题，18分）已知有穷数列{a n}的各项均不相等，将{a n}的项从大到小重新排序后相应的项数构成新数列{p n}，称{p n}为{a n}的“序数列”．例如，数列a1、a2、a3满足a1＞a3＞a2，则其“序数列”{p n}为1、3、2，若两个不同数列的“序数列”相同，则称这两个数列互为“保序数列”．（1）若数列3-2x、5x+6、x2的“序数列”为2、3、1，求实数x的取值范围；）•（2）若项数均为2021的数列{x n}、{y n}互为“保序数列”，其通项公式分别为x n=（n+ 12）n，y n=-n2+tn（t为常数），求实数t的取值范围；（23（3）设a n=q n-1+p，其中p、q是实常数，且q＞-1，记数列{a n}的前n项和为S n，若当正整数k≥3时，数列{a n}的前k项与数列{S n}的前k项（都按原来的顺序）总是互为“保序数列”，求p、q满足的条件．2021-2022学年上海市金山区高三（上）期末数学试卷（一模）参考答案与试题解析试题数：21，总分：1501.（填空题，4分）已知集合A={x|x＞2}，B={x|x＜3}，则A∩B=___ ．【正确答案】：[1]{x|2＜x＜3}【解析】：利用交集定义直接求解．【解答】：解：∵集合A={x|x＞2}，B={x|x＜3}，∴A∩B={x|2＜x＜3}．故答案为：{x|2＜x＜3}．【点评】：本题考查集合的运算，考查交集定义、不等式性质等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．2.（填空题，4分）函数y=log2（x-1）的定义域是___ ．【正确答案】：[1]（1，+∞）【解析】：由函数的解析式知，令真数x-1＞0即可解出函数的定义域．【解答】：解：∵y=log2（x-1），∴x-1＞0，x＞1函数y=log2（x-1）的定义域是（1，+∞）故答案为（1，+∞）【点评】：本题考查求对数函数的定义域，熟练掌握对数函数的定义及性质是正确解答本题的关键．3.（填空题，4分）若复数z满足iz= √3 -i（i为虚数单位），则|z|=___ ．【正确答案】：[1]2【解析】：根据复数的四则运算先化简复数，然后计算复数的长度即可【解答】：解：∵ iz=√3−i，∴-z= √3 i+1，∴z=-1- √3 i，∴|z|= √1+3 =2，故答案为：2．【点评】：本题主要考查复数的计算，要求熟练掌握复数的四则运算以及复数长度的计算公式，比较基础．4.（填空题，4分）（x+2）6的展开式中x3的系数为 ___ .（结果用数值表示）【正确答案】：[1]160【解析】：先求出二项式展开式的通项公式，再令x的幂指数等于3，求得r的值，即可求得展开式中的x3的系数．【解答】：解：由于（x+2）6的二项展开式的通项公式为 T r+1= C6r•2r•x6-r，令6-r=3，求得 r=3，∴展开式中x3的系数是：23• C63 =160．故答案为：160．【点评】：本题主要考查二项式定理的应用，二项式系数的性质，二项式展开式的通项公式，求展开式中某项的系数，属于基础题．5.（填空题，4分）已知cosα= 13，则行列式|1sinαsinα1|的值为 ___ ．【正确答案】：[1] 19【解析】：利用行列式的定义，结合同角三角函数的基本关系式，求解即可．【解答】：解：cosα= 13，|1sinαsinα1| =1-sin2α=cos2α= 19．故答案为：19．【点评】：本题考查行列式的定义，同角三角函数基本关系式的应用，是基础题．6.（填空题，4分）某小区共有住户2000人，其中老年人600人，中年人1000人，其余为青少年等人群，为了调查该小区的新冠疫苗接种情况，现采用分层抽样的方法从中抽取一个容量为400的样本，则样本中中年人的人数为 ___ ．【正确答案】：[1]200【解析】：利用分层抽样的性质直接求解．【解答】：解：现采用分层抽样的方法从中抽取一个容量为400的样本， 则样本中中年人的人数为： 400× 10002000 =200． 故答案为：200．【点评】：本题考查样本中中年人数的求法，考查分层抽样的性质等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．7.（填空题，5分）设P 为直线y=2x 上的一点，且位于第一象限，若点P 到双曲线 x 24-y 2=1的两条渐近线的距离之积为27，则点P 的坐标为 ___ ． 【正确答案】：[1]（3，6）【解析】：设出点的坐标，求出双曲线的渐近线方程，利用已知条件列出方程求解即可．【解答】：解：由题意设P （s ，2s ），s ＞0， 双曲线 x 24-y 2=1的两条渐近线x±2y=0， 点P到双曲线 x 24 -y 2=1的两条渐近线的距离之积为27，5s √5•3s √5=27 ，解得s=3，所以P （3，6）． 故答案为：（3，6）．【点评】：本题考查双曲线的简单性质的应用，点到直线的距离公式的应用，是基础题． 8.（填空题，5分）已知x ＞0，y ＞0，且 4x + 1y =1，则4x+y 的最小值为 ___ ． 【正确答案】：[1]25【解析】：4x+y=（ 4x + 1y ）（4x+y ）= 4yx + 4x y +17，然后利用基本不等式可解决此题．【解答】：解：∵x ＞0，y ＞0，且 4x + 1y =1， ∴4x+y=（ 4x + 1y ）（4x+y ）= 4yx + 4xy +17≥2 √4yx •4xy+17=25， 当且仅当 {4y x =4xy4x+1y =1即x=y=5时等号成立，∴4x+y 的最小值为25．故答案为：25．【点评】：本题考查基本不等式应用，考查数学运算能力，属于基础题．9.（填空题，5分）有身高全不相同的6位同学一起拍毕业照，若6人随机排成两排，每排3人，则后排每人都比前排任意一位同学高的概率是 ___ .（结果用最简分数表示） 【正确答案】：[1] 120【解析】：根据题意，分步计算“6个人进行全排列”和“后排每人都比前排任意一位同学高”的排法，由古典概型公式计算可得答案．【解答】：解：根据题意，将6个人进行全排列，共有A 66=720排法，若后排每人都比前排任意一位同学高，则身高高的三个同学在后排排列，其余三个同学在前排排列，共有A 33A 33=36种排法，则后排每人都比前排任意一位同学高的概率P= 36720 = 120 ； 故答案为： 120．【点评】：本题考查古典概型的计算，涉及排列组合的性质以及应用，属于基础题． 10.（填空题，5分）已知P 1、P 2、P 3、⋯、P 10是抛物线y 2=8x 上不同的点，点F （2，0），若 FP ⃗⃗⃗⃗⃗ 1 + FP ⃗⃗⃗⃗⃗ 2 +…+ FP 10⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ = 0⃗ ，则| FP ⃗⃗⃗⃗⃗ 1 |+| FP 2⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |+…+| FP 10⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |=___ ． 【正确答案】：[1]40【解析】：设P 1、P 2、P 3、⋯、P 10的横坐标x 1，x 2......x 10，由向量的和为零向量，可得x 1+x 2+.....x 10=20，再由抛物线的定义可得，到焦点的距离等于到准线的距离，可得向量的模的和的值．【解答】：解：设P 1、P 2、P 3、⋯、P 10的横坐标x 1，x 2......x 10， 由抛物线的方程y 2=8x 可得准线方程x=-2，因为 FP ⃗⃗⃗⃗⃗ 1 + FP ⃗⃗⃗⃗⃗ 2 +…+ FP 10⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ = 0⃗ ，所以（x 1+x 2+.....x 10-10×2，y 1+y 2+.....+y 10）=（0，0）， 所以x 1+x 2+.....x 10-10×2=0，即x 1+x 2+.....x 10=20，由抛物线的定义到焦点的距离等于到准线的距离可得：| FP ⃗⃗⃗⃗⃗ 1 |+| FP 2⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |+…+| FP 10⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |=（x 1+2）+.....（x 10+2）=x 1+x 2+.....x 10+10×2=20+20=40， 故答案为：40．【点评】：本题考查抛物线的性质的应用及向量的运算性质的应用，属于基础题．11.（填空题，5分）若数列{a n}满足a n+a n+1+a n+2+…+a n+k=0（n∈N*，k∈N*），则称数列{a n}为“k阶相消数列”．已知“2阶相消数列”{b n}的通项公式为b n=2cosωn，记T n=b1b2…b n，1≤n≤2021，n∈N*，则当n=___ 时，T n取得最小值．【正确答案】：[1]2020【解析】：由b n+b n+1+b n+2=0可求出{b n}周期，对cosωn+cosω（n+1）+cosω（n+2）=0变形可求得cosω= −12，从而求得cos2ω，cos3ω，得到{b n}的前三项，分析T n的正负情况，可得n=3k+1（k∈N）时T n为负值，对此时的T n的求表达式可得-2k，k最大时T n有最小值．【解答】：解：由已知得b n+b n+1+b n+2=0（n∈N*），故b n+1+b n+2+b n+3=0（n∈N*），故b n=b n+3（n∈N*），{b n}的周期为3，设b n=2c n，其中c n=cosωn，故{c n}的周期为3，由题意有cosωn+cosω（n+1）+cosω（n+2）=0，由和差化积公式有2cos（ωn+ω(n+2)2）cos（w(n+2)−ωn2）+cosω（n+1）=0，故2cos[ω（n+1）]cosω+cos[ω（n+1）]=0，因此（2cosω+1）cos[ω（n+1）]=0，若ω（n+1）= π2+kπ（k∈Z），不存在这样的ω对任意n恒成立，故舍，则cosω= −12，c1=cosω= −12，c2=cos2ω=2cos2ω-1= −12，由三倍角公式有c3=cos3ω=4cos3ω-3cosω=1，故T n=b1b2…b n=2n c1c2…c n，当n=3k+1（k∈N）时T n＜0，当n=3k+2（k∈N）时T n＞0，当n=3k+3（k∈N）时T n＞0，当n=3k+1（k∈N）时，T n=2n（c1c2c3）k c1=2n（14）k（- 12）=-2k，3k+1≤2021，故k≤673，此时T n最小，此时n=2020，故答案为：2020．【点评】：本题考查了数列递推关系、等差数列与等比数列的通项公式及求和公式、错位相减法，考查了推理能力与计算能力，属于难题．12.（填空题，5分）已知点O（0，0）、A0（2，3）和B0（5，6），记线段A0B0的中点为P1，取线段A0P1和P1B0中的一条，记其端点为A1、B1，使之满足（|OA1|-5）（|OB1|-5）＜0，记线段A1B1的中点为P2，取线段A1P2和P2B1中的一条，记其端点为A2、B2，使之满足（|OA2|-5）（|OB2|-5）＜0，依次下去，得到点P1、P2、…，P n、…，则n→∞|A0P n|=___ ．【正确答案】：[1] √2【解析】：设线段A0B0上到原点距离等于5的点为P（x，y），可得P（3，4），根据已知条件可得A1，B1，A2，B2•••中必有一点在P（3，4）的左侧，一点在P（3，4）的右侧，再由P1，P2，…P n，…是中点，可得出P1，P2，…P n，…的极限即为P（3，4），即可求解．【解答】：解：由（|OA2|-5）（|OB2|-5）＜0，可知|OA2|和|OB2|一个大于5一个小于5，设线段A0B0上到原点距离等于5的点为P（x，y），由√x2+y2 =5且y−3x−2=y−6x−5，可得x=3，y=4，所以线段A0B0上到原点距离等于5的点为P（3，4），若（|OA2|-5）（|OB2|-5）＜0，则A1，B1应在点P（3，4）的两侧，所以第一次应取A1，B1，A2，B2•••中必有一点在P（3，4）的左侧，一点在P（3，4）的右侧，因为P1，P2，…P n，…是中点，所以P1，P2，…P n…的极限为P（3，4），所以n→∞|A0P n|=|A0P|= √2，故答案为：√2．【点评】：本题考查数列极限，考查学生的运算能力，属于难题．13.（单选题，5分）已知a、b∈R，则“ ba＞1”是“b＞a”的（）条件A.充分非必要B.必要非充分C.充要D.非充分非必要【正确答案】：D【解析】：因为ba ＞1可化为：b−aa＞0，然后分别对a＞0，a＜0讨论得出b与a的关系，进而可以求解．【解答】：解：因为ba ＞1可化为：b−aa＞0，当a＞0时，b-a＞0，即b＞a；当a＜0时，b-a＜0，即b＜a，所以ba＞1与b＞a没有关系，故选：D．【点评】：本题考查了四个条件的关系的应用，考查了学生的分析问题的能力，属于基础题．14.（单选题，5分）下列函数中，以π2为周期且在区间[ π4，π2]上单调递增的是（）A.f（x）=|cos2x|B.f（x）=|sin2x|C.f（x）=sin4xD.f（x）=cos2x【正确答案】：A【解析】：由题意利用三角函数的周期性和单调性，得出结论．【解答】：解：由于f（x）=|cos2x|的周期为12 × 2π2= π2，在区间[ π4，π2]上，2x∈[ π2，π]，f（x）单调递增，故A满足条件；由于f（x）=|sin2x|的周期为12 × 2π2= π2，在区间[ π4，π2]上，2x∈[ π2，π]，f（x）单调递减，故排除B；由于f（x）=sin4x的周期为2π4 = π2，在区间[ π4，π2]上，4x∈[π，2π]，f（x）没有单调性，故排除C；由于f（x）=cos2x的周期为2π2=π，在区间[ π4，π2]上，2x∈[ π2，π]，f（x）单调递减，故排除D，故选：A．【点评】：本题主要考查三角函数的周期性和单调性，属于基础题．15.（单选题，5分）如图，在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中，P、Q、R分别是棱AB、BC、BB1的中点，以△PQR为底面作一个直三棱柱，使其另一个底面的三个顶点也都在正方体ABCD-A1B1C1D1的表面上，则这个直三棱柱的体积为（）A. 38B. √38C. 316D. √316【正确答案】：C【解析】：连接A1C1，BC1，C1D，并分别取它们的中点R1，P1，Q1，连接AC1，RR1，PP1，QQ1，R1P1，P1Q1，Q1R1，利用线面垂直的判定定理和性质证明三棱柱PQR-P1Q1R1为直三棱柱，由体积公式求解即可．【解答】：解：如图，连接A1C1，BC1，C1D，并分别取它们的中点R1，P1，Q1，连接AC1，RR1，PP1，QQ1，R1P1，P1Q1，Q1R1，则RR1 || AC1，PP1 || AC1，QQ1 || AC1，且RR1= 12 AC1，PP1= 12AC1，QQ1= 12AC1，连接AC，可得AC⊥PQ，因为CC1⊥平面ABCD，又PQ⊂平面ABCD，则CC1⊥PQ，又CC1∩AC=C，AC，CC1⊂平面C1CA，所以PQ⊥平面C1CA，又AC1⊂平面C1CA，所以PQ⊥AC1，同理可得，AC1⊥PR，又PQ∩PR=P，则AC1⊥平面PQR，所以RR1⊥平面PQR，PP1⊥平面PQR，QQ1⊥平面PQR，则三棱柱PQR-P1Q1R1为直三棱柱，由正方体的棱长为1，可得PQ=QR=PR= √22，RR1= √32，故V PQR−P1Q1R1 = √32×12×(√22)2×√32=316．故选：C．【点评】：本题考查了空间中线线、线面位置关系的判断，线面垂直的判定定理和性质的应用，棱柱的体积公式的理解与应用，属于中档题．16.（单选题，5分）已知向量 a 与 b ⃗ 的夹角为120°，且 a • b ⃗ =-2，向量 c 满足 c =λ a +（1-λ） b ⃗ （0＜λ＜1），且 a • c = b ⃗ • c ，记向量 c 在向量 a 与 b⃗ 方向上的投影分别为x 、y ．现有两个结论： ① 若λ= 13 ，则| a |=2| b ⃗ |； ② x 2+y 2+xy 的最大值为 34．则正确的判断是（ ） A. ① 成立， ② 成立 B. ① 成立， ② 不成立 C. ① 不成立， ② 成立 D. ① 不成立， ② 不成立 【正确答案】：C【解析】： ① 根据 a ⋅b ⃗ =−2 及 a 与 b ⃗ 的夹角为120°求出 |a |⋅|b ⃗ |=4 ，假设 |a |=2|b ⃗ | 成立，求出 |b ⃗ |=√2 与 |a |=2√2 ，代入后发现等式不成立，故 ① 错误；② 利用向量共线定理可知，点C 在线段AB 上，再结合 a ⋅c =b ⃗ ⋅c 可得：OC⊥AB ，利用投影公式求出 x 2+y 2+xy =34|c |2 ，只需求出| c |最大值，利用面积公式和基本不等式求出| c |最大值为1，进而求出x 2+y 2+xy 最大值．【解答】：解：由 a ⋅b ⃗ =|a |⋅|b ⃗ |cos120°=−2 ，解得 |a |⋅|b ⃗ |=4 ， 当 λ=13 时， c =13a +23b⃗ ， 由 a ⋅c =b ⃗ ⋅c 得， a ⋅(13a +23b ⃗ )=b ⃗ ⋅(13a +23b⃗ ) ， 即 13a 2+23a ⋅b ⃗ =13a ⋅b ⃗ +23b ⃗ 2 ， 由 a ⋅b ⃗ =−2 得 13|a |2=23+23|b ⃗ |2 ， 因为 |a |⋅|b⃗ |=4 ， 假设 |a |=2|b ⃗ | ，则可求出 |b ⃗ |=√2，|a |=2√2 ，代入 13|a |2=23+23|b⃗ |2 中，等号不成立，故 ① 错误； 设 OA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a ，OB ⃗⃗⃗⃗⃗ =a ，OC ⃗⃗⃗⃗⃗ =c ， 因为 c =λa +(1−λ)b⃗ (0＜λ＜1) ， 由向量共线定理可知，点C 在线段AB 上，如图，设〈a，c〉=α，则〈b⃗，c〉=120°−α，因为a⋅c=b⃗⋅c，所以|a|⋅|c|cosα=|b⃗|⋅|c|cos(120°−α)，即|a|⋅cosα=|b⃗|⋅cos(120°−α)，所以x2+y2+xy=|c|2cos2α+|c|2cos2(120°−α)+|c|2cosαcos(120°−α)=34|c|2，S△ABO=12|a|⋅|b⃗|sin120°=√34×4=√3，而要想保证|c|最大，只需|AB|最小，由余弦定理可得：|AB|2=|a |2+|b⃗|2−2|a||b⃗|cos120°=|a |2+|b⃗|2+4≥2|a||b⃗|+4= 12，当且仅当|a|=|b⃗|时等号成立，所以|AB|最小值为2√3，所以|c|最大值为2S△ABO|AB|=1，故x2+y2+xy=34|c|2的最大值为34，② 正确；故选：C．【点评】：本题考查平面向量基本定理，数量积的综合应用，属于综合题．17.（问答题，14分）如图，已知圆锥的底面半径r=2，经过旋转轴SO的截面是等边三角形SAB，点Q为半圆弧AB̂的中点，点P为母线SA的中点．（1）求此圆锥的表面积；（2）求异面直线PQ与SO所成角的大小．【正确答案】：【解析】：（1）由圆锥的底面半径r=2，经过旋转轴SO 的截面是等边三角形SAB ，求出SA=4，由此能求出圆锥的表面积．（2）以O 为原点，OQ 为x 轴，OA 为y 轴，OS 为z 轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出异面直线SO 与PQ 所成角的大小．【解答】：解：（1）∵圆锥的底面半径r=2，经过旋转轴SO 的截面是等边三角形SAB ， 得SA=4，∴圆锥的表面积S=π×22+ 12 ×4π×4=12π．（2）以O 为原点，OA 为x 轴，OB 为y 轴，OS 为z 轴，建立空间直角坐标系，由题意可得SO=2 √3 ，则S （0，0，2 √3 ），O （0，0，0），A （0，2，0），Q （2，0，0），P （0，1， √3 ）， SO ⃗⃗⃗⃗⃗ =（0，0，-2 √3 ）， PQ ⃗⃗⃗⃗⃗ =（2，-1，- √3 ）， 设异面直线PQ 与SO 所成角的大小为θ， 则cosθ= |SO ⃗⃗⃗⃗⃗ •PQ ⃗⃗⃗⃗⃗ ||SO ⃗⃗⃗⃗⃗||PQ⃗⃗⃗⃗⃗ | = 4√6 = √64 ， ∴异面直线SO 与PQ 所成角的大小为arccos √64．【点评】：本题考查圆锥的表面积、异面直线所成角的大小的求法，考查向量法等基础知识，考查运算求解能力，是中档题．18.（问答题，14分）已知函数f （x ）=3x ．（1）设y=f -1（x ）是y=f （x ）的反函数，若f -1（x 1x 2）=1，求f -1（x 13）+f -1（x 23）的值； （2）是否存在常数m∈R ，使得函数g （x ）=1+ mf (x )+1 为奇函数，若存在，求m 的值，并证明此时g （x ）在（-∞，+∞）上单调递增，若不存在，请说明理由．【正确答案】：【解析】：（1）求得f-1（x）=log3x，再由对数的运算性质可得所求值；（2）假设存在常数m∈R，使得函数g（x）=1+ mf(x)+1为奇函数，由g（0）=0，解方程可得m，检验可得结论；再由单调性的定义证明g（x）的单调性，注意取值、作差和变形、定符号和下结论等步骤．【解答】：解：（1）由f（x）=3x，y=f-1（x）是y=f（x）的反函数，可得f-1（x）=log3x，f-1（x1x2）=log3（x1x2）=1，即有x1x2=3，所以f-1（x13）+f-1（x23）=log3x13+log3x23=3（log3x1+log3x2）=3log3（x1x2）=3；（2）假设存在常数m∈R，使得函数g（x）=1+ mf(x)+1为奇函数．由g（x）=1+ m1+3x 为R上的奇函数，可得g（0）=1+ 12m=0，解得m=-2，即有g（x）=1+ −21+3x ，g（-x）+g（x）=1+ −21+3−x+1+ −21+3x=2-2• 1+3x1+3x=0，所以存在m=-2，使得g（x）为奇函数；证明：设x1，x2∈R，且x1＜x2，g（x1）-g（x2）=- 21+3x1 + 21+3x2=2• 3x1−3x2(1+3x1)(1+3x2)，由x1＜x2，可得0＜3x1＜3x2，即3x1-3x2＜0，所以g（x1）-g（x2）＜0，即g（x1）＜g（x2），所以g（x）在（-∞，+∞）上单调递增．【点评】：本题考查函数的奇偶性和单调性的判断和运用，以及函数的反函数的求法，考查转化思想和运算能力，属于基础题．19.（问答题，14分）落户上海的某休闲度假区预计于2022年开工建设．如图，拟在该度假园区入口处修建平面图呈直角三角形的迎宾区，∠ACB= π2，迎宾区的入口设置在点A处，出口在点B处，游客可从入口沿着观景通道A-C-B到达出口，其中AC=300米，BC=200米，也可以沿便捷通道A-P-B到达出口（P为△ABC内一点）．（1）若△PBC是以P为直角顶点的等腰直角三角形，某游客的步行速度为每分钟50米，则该游客从入口步行至出口，走便捷通道比走观景通道可以快几分钟？（结果精确到1分钟）（2）园区计划将△PBC区域修建成室外游乐场，若∠BPC= 2π3，该如何设计使室外游乐场的面积最大，请说明理由．【正确答案】：【解析】：（1）由三角形PBC为等腰直角三角形，利用勾股定理求出PC的长，在三角形PAC中，利用余弦定理求出的PA长即可，进而计算即可得出结果；（2）在三角形PBC中由∠PCB的度数表示出∠PBC的度数，利用正弦定理表示出PB与PC，进而表示出三角形PBC面积，再利用正弦函数的值域确定出面积的最大值即可．【解答】：解：（1）由题设，∠PCA= π4，PC=100 √2米，PB=100 √2米，在△PAC中，由余弦定理得PA2=AC2+PC2-2AC•PC•cos π4，所以PA=100 √5米．游客可从入口沿着观景通道A-C-B到达出口，所需时间为t1= 300+20050=10分钟，游客沿便捷通道A-P-B到达出口所需时间为t1= 100√5+100√250=2（√5+√2）分钟，所以该游客从入口步行至出口，走便捷通道比走观景通道可以快10-2（√5+√2）≈3分钟．（2）∵∠BPC= 2π3，设∠PCB=θ则θ∈(0，π3)，在△PBC中∠PBC= π3−θ，由正弦定理得200sin2π3=PBsinθ=PCsin(π3−θ)，得PB= 400√33sinθ，PC= 400√33sin(π3−θ)．所以△PBC面积S= 12•PB•PC•sin2π3= 40000√33•sinθ•sin(π3−θ) = 20000√33•sin(2θ+π6)−10000√33，当 θ=π6∈(0，π3) 时，△PBC 面积的最大值为10000√33平方米．【点评】：以三角形为载体，三角恒等变换为手段，正弦定理、余弦定理为工具，对三角函数及解三角形进行考查是近几年高考考查的一类热点问题，一般难度不大，但综合性较强解答这类问题，两角和与差的正余弦公式，诱导公式以及二倍角公式，一定要熟练掌握并灵活应用，特别是二倍角公式的各种变化形式要熟记于心．20.（问答题，16分）已知P （0，1）为椭圆C ： x 24 + y 23 =1内一定点，Q 为直线l ：y=3上一动点，直线PQ 与椭圆C 交于A 、B 两点（点B 位于P 、Q 两点之间），O 为坐标原点． （1）当直线PQ 的倾斜角为 π4 时，求直线OQ 的斜率； （2）当△AOB 的面积为 32 时，求点Q 的横坐标；（3）设 AP ⃗⃗⃗⃗⃗ =λ PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ， AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =μ BQ ⃗⃗⃗⃗⃗ ，试问λ-μ是否为定值？若是，请求出该定值；若不是，请说明理由．【正确答案】：【解析】：（1）先得到直线PQ 的方程为y=x+1，联立 {y =x +1y =3，解之即可求得Q 点坐标，进而可得OQ 斜率； （2）直线PQ 方程为y=kx+1，联立 {x 24+y 23=1y =kx +1，结合韦达定理求得|x 1-x 2|，再由S △AOB = 12|OP||x 1-x 2|= 32，即可求解； （3）直线PQ 的方程为x=m （y-1），联立 {x 24+y 23=1x =m (y −1)，结合韦达定理表示得到y 1-1+y 2-1=- 84+3m 2 ，（y 1-1）（y 2-1）=- 84+3m 2 ，再根据 AP ⃗⃗⃗⃗⃗ =λ PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ， AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =μ BQ ⃗⃗⃗⃗⃗ ，得到λ= 1−y 1y2−1，μ= y 2−y 13−y 2 = y 2−3+3−y 13−y 2 =-1+ 3−y 13−y 2，即可求解．【解答】：解：（1）因为直线PQ 的倾斜角为 π4 ，且P （0，1）， 所以直线PQ 方程为y=x+1，联立 {y =x +1y =3，解得Q （2，3），则直线OQ 的斜率为 32 ；（2）已知直线PQ 斜率存在，设直线PQ 方程为y=kx+1，联立 {x 24+y 23=1y =kx +1，得（3+4k²）x²+8kx-8=0，设A （x 1，y 1），B （x 2，y 2），则x 1+x 2=- 8k 3+4k 2 ，x 1x 2=- 83+4k 2， 则|x 1-x 2|= √(x 1+x 2)2−4x 1x 2 =√96+192k 23+4k 2 = 32，解得k²= 14 ，即k=± 12，所以直线PQ 方程为y= 12 x+1或y=- 12 x+1，由 {y =12x +1y =3 得Q （4，3）；由 {y =−12x +1y =3 得Q （-4，3）； （3）已知直线PQ 的斜率存在，设直线PQ 的方程为x=m （y-1），联立 {x 24+y 23=1x =m (y −1)，得（4+3m²）（y-1）²+8（y-1）-8=0，设A （x 1，y 1），B （x 2，y 2），y 1-1+y 2-1=- 84+3m 2 ，（y 1-1）（y 2-1）=- 84+3m 2 ， 所以y 1-1+y 2-1=（y 1-1）（y 2-1），因为 AP ⃗⃗⃗⃗⃗ =λ PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ， AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =μ BQ ⃗⃗⃗⃗⃗ ，所以λ= 1−y 1y 2−1 ，μ= y 2−y 13−y 2= y 2−3+3−y 13−y 2=-1+ 3−y 13−y2， 则λ-μ= 1−y 1y 2−1 +1- 3−y 13−y 2= 2[(1−y 1)2+(1−y 1)]2+2(1−y 1)(1−y 1)(y 2−1)(3−y 2) +1=1．【点评】：本考查直线与椭圆的综合，考查直线斜率求解，椭圆中定值问题，属于中档题． 21.（问答题，18分）已知有穷数列{a n }的各项均不相等，将{a n }的项从大到小重新排序后相应的项数构成新数列{p n }，称{p n }为{a n }的“序数列”．例如，数列a 1、a 2、a 3满足a 1＞a 3＞a 2，则其“序数列”{p n }为1、3、2，若两个不同数列的“序数列”相同，则称这两个数列互为“保序数列”． （1）若数列3-2x 、5x+6、x 2的“序数列”为2、3、1，求实数x 的取值范围；（2）若项数均为2021的数列{x n }、{y n }互为“保序数列”，其通项公式分别为x n =（n+ 12 ）•（ 23）n ，y n =-n 2+tn （t 为常数），求实数t 的取值范围；（3）设a n =q n-1+p ，其中p 、q 是实常数，且q ＞-1，记数列{a n }的前n 项和为S n ，若当正整数k≥3时，数列{a n }的前k 项与数列{S n }的前k 项（都按原来的顺序）总是互为“保序数列”，求p 、q 满足的条件．【正确答案】：【解析】：（1）由题意得出不等式即可求出；（2）作差判断{x n}增减，得出序数列即可求解；（3）讨论q=±1或q=0，q＞1，0＜q＜1，-1＜q＜0，根据数列的单调性结合题意可得．【解答】：解：（1）由题意得a2＞a3＞a1，即{5x+6＞x2x2＞3−2x，解得1＜x＜6，即x的取值范围是{x|1＜x＜6}；（2）x n+1−x n=(n+32)(23)n+1−(n+12)(23)n=3−2n6(23)n，当n=1时，x2-x1＞0，即x2＞x1，当n≥2时，x n+1-x n＜0，即x n+1＜x n，故x2＞x1，x2＞x3＞x4＞⋯＞x2021，又x1=1，x3=2827，x4=89，因此{x n}的序数列为2，3，1，4，5，⋯，2021．又因{x n}、{y n}互为“保序数列“，故y2＞y3＞y1＞y4＞y5＞⋯＞y2021，只需满足2＜t2＜52，解得：4＜t＜5．即t的取值范围是{t|4＜t＜5}；（3）① 当q=±1或q=0时，数列{a n}中有相等的项，不满足题意．② 当q＞1时，数列{a n}单调递增，故{S n}也应单调递增，从而S n+1−S n=a n+1=q n+p＞0对n∈N*且n＜k恒成立．又数列{q n+p}单调递增，故p+q ＞0．③ 当0＜q＜1时，数列{a n}单调递减，故{S n}也应单调递减，从而S n+1−S n=a n+1=q n+p＜0对n∈N*且n＜k恒成立．又数列{q n+p}单调递减，故p+q＜0．④ 当-1＜q＜0时，数列{a2n-1}单调递减，且a2n-1＞p；{a2n}单调递增，且a2n＜p，于是S2n+1−S2n−1=a2n+a2n+1=q2n−1+q2n+2p＜0对n∈N*且n≤k−12恒成立，即2p＜（-q）2n-1（1+q），从而2p≤0．另一方面，S2n+2−S2n=a2n+1+a2n+2=q2n+q2n+1+2p＞0对n∈N*且n≤k−22恒成立，即2p＞-q2n（1+q），从而2p≥0．综上，2p=0，即p=0．此时S2n−1=1−q2n−11−q =11−q−q2n−11−q＞11−q，S2n=1−q2n1−q=11−q−q2n1−q＜11−q，满足题意．综上，当q＞1时，p、q满足的条件是p+q＞0；当0＜q＜1时，p、q满足的条件是p+q＜0；当-1＜q＜0时，p、q满足的条件是p=0．【点评】：本题主要考查数列中的新定义问题，数列的单调性等知识，属于中等题．。
2021年全国新高考Ⅰ卷高考数学中真题试卷及答案解析【完整版】
2021年全国统一高考数学试卷（新高考Ⅰ）一、选择题（共8小题，每小题5分，共40分）.1．设集合A＝{x|﹣2＜x＜4}，B＝{2，3，4，5}，则A∩B＝（）A．{2}B．{2，3}C．{3，4}D．{2，3，4} 2．已知z＝2﹣i，则z（+i）＝（）A．6﹣2i B．4﹣2i C．6+2i D．4+2i3．已知圆锥的底面半径为，其侧面展开图为一个半圆，则该圆锥的母线长为（）A．2B．2C．4D．44．下列区间中，函数f（x）＝7sin（x﹣）单调递增的区间是（）A．（0，）B．（，π）C．（π，）D．（，2π）5．已知F1，F2是椭圆C：+＝1的两个焦点，点M在C上，则|MF1|•|MF2|的最大值为（）A．13B．12C．9D．66．若tanθ＝﹣2，则＝（）A．﹣B．﹣C．D．7．若过点（a，b）可以作曲线y＝e x的两条切线，则（）A．e b＜a B．e a＜b C．0＜a＜e b D．0＜b＜e a8．有6个相同的球，分别标有数字1，2，3，4，5，6，从中有放回的随机取两次，每次取1个球．甲表示事件“第一次取出的球的数字是1”，乙表示事件“第二次取出的球的数字是2”，丙表示事件“两次取出的球的数字之和是8”，丁表示事件“两次取出的球的数字之和是7”，则（）A．甲与丙相互独立B．甲与丁相互独立C．乙与丙相互独立D．丙与丁相互独立二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分。
9．有一组样本数据x1，x2，…，x n，由这组数据得到新样本数据y1，y2，…，y n，其中y i＝x i+c（i＝1，2，…，n），c为非零常数，则（）A．两组样本数据的样本平均数相同B．两组样本数据的样本中位数相同C．两组样本数据的样本标准差相同D．两组样本数据的样本极差相同10．已知O为坐标原点，点P1（cosα，sinα），P2（cosβ，﹣sinβ），P3（cos（α+β），sin （α+β）），A（1，0），则（）A．||＝||B．||＝||C．•＝•D．•＝•11．已知点P在圆（x﹣5）2+（y﹣5）2＝16上，点A（4，0），B（0，2），则（）A．点P到直线AB的距离小于10B．点P到直线AB的距离大于2C．当∠PBA最小时，|PB|＝3D．当∠PBA最大时，|PB|＝312．在正三棱柱ABC﹣A1B1C1中，AB＝AA1＝1，点P满足＝λ+μ，其中λ∈[0，1]，μ∈[0，1]，则（）A．当λ＝1时，△AB1P的周长为定值B．当μ＝1时，三棱锥P﹣A1BC的体积为定值C．当λ＝时，有且仅有一个点P，使得A1P⊥BPD．当μ＝时，有且仅有一个点P，使得A1B⊥平面AB1P三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
上海市春季2021年高考数学试卷含答案解析
2021年上海市春季高考数学试卷一.填空题〔本大题共12题，每题3分，共36分〕1．复数3+4i〔i为虚数单位〕的实部是．2．假设log2〔x+1〕=3，那么x=．3．直线y=x﹣1与直线y=2的夹角为．4．函数的定义域为．5．三阶行列式中，元素5的代数余子式的值为．6．函数的反函数的图象经过点〔2，1〕，那么实数a=．7．在△ABC中，假设A=30°，B=45°，，那么AC=．8．4个人排成一排照相，不同排列方式的种数为〔结果用数值表示〕．9．无穷等比数列{a n}的首项为2，公比为，那么{a n}的各项的和为．10．假设2+i〔i为虚数单位〕是关于x的实系数一元二次方程x2+ax+5=0的一个虚根，那么a=．11．函数y=x2﹣2x+1在区间[0，m]上的最小值为0，最大值为1，那么实数m的取值范围是．12．在平面直角坐标系xOy中，点A，B是圆x2+y2﹣6x+5=0上的两个动点，且满足，那么的最小值为．二.选择题〔本大题共12题，每题3分，共36分〕13．假设sinα＞0，且tanα＜0，那么角α的终边位于〔〕A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限14．半径为1的球的外表积为〔〕A．πB． C．2πD．4π15．在〔1+x〕6的二项展开式中，x2项的系数为〔〕A．2 B．6 C．15 D．2016．幂函数y=x﹣2的大致图象是〔〕A．B．C．D．17．向量，，那么向量在向量方向上的投影为〔〕A．1 B．2 C．〔1，0〕D．〔0，2〕18．设直线l与平面α平行，直线m在平面α上，那么〔〕A．直线l平行于直线m B．直线l与直线m异面C．直线l与直线m没有公共点 D．直线l与直线m不垂直19．在用数学归纳法证明等式1+2+3+…+2n=2n2+n〔n∈N*〕的第〔ii〕步中，假设n=k时原等式成立，那么在n=k+1时需要证明的等式为〔〕A．1+2+3+…+2k+2〔k+1〕=2k2+k+2〔k+1〕2+〔k+1〕B．1+2+3+…+2k+2〔k+1〕=2〔k+1〕2+〔k+1〕C．1+2+3+…+2k+2k+1+2〔k+1〕=2k2+k+2〔k+1〕2+〔k+1〕D．1+2+3+…+2k+2k+1+2〔k+1〕=2〔k+1〕2+〔k+1〕20．关于双曲线与的焦距和渐近线，以下说法正确的选项是〔〕A．焦距相等，渐近线相同 B．焦距相等，渐近线不相同C．焦距不相等，渐近线相同D．焦距不相等，渐近线不相同21．设函数y=f〔x〕的定义域为R，那么“f〔0〕=0〞是“函数f〔x〕为奇函数〞的〔〕A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件22．以下关于实数a，b的不等式中，不恒成立的是〔〕A．a2+b2≥2ab B．a2+b2≥﹣2ab C．D．23．设单位向量与既不平行也不垂直，对非零向量、有结论：①假设x1y2﹣x2y1=0，那么；②假设x1x2+y1y2=0，那么．关于以上两个结论，正确的判断是〔〕A ．①成立，②不成立B ．①不成立，②成立C ．①成立，②成立D ．①不成立，②不成立 24．对于椭圆．假设点〔x 0，y 0〕满足．那么称该点在椭圆C 〔a ，b 〕内，在平面直角坐标系中，假设点A 在过点〔2，1〕的任意椭圆C 〔a ，b 〕内或椭圆C 〔a ，b 〕上，那么满足条件的点A 构成的图形为〔 〕 A ．三角形及其内部 B ．矩形及其内部 C ．圆及其内部 D ．椭圆及其内部三.解答题〔本大题共5题，共8+8+8+12+12=48分〕 25．如图，正三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1的体积为，底面边长为3，求异面直线BC 1与AC所成的角的大小．26．函数，求f 〔x 〕的最小正周期及最大值，并指出f 〔x 〕取得最大值时x 的值．27．如图，汽车前灯反射镜与轴截面的交线是抛物线的一局部，灯口所在的圆面与反射镜的轴垂直，灯泡位于抛物线的焦点F 处．灯口直径是24cm ，灯深10cm ，求灯泡与反射镜的顶点O 的距离．28．数列{a n }是公差为2的等差数列． 〔1〕a 1，a 3，a 4成等比数列，求a 1的值；〔2〕设a 1=﹣19，数列{a n }的前n 项和为S n ．数列{b n }满足，记〔n ∈N *〕，求数列{c n }的最小项〔即对任意n ∈N *成立〕．29．对于函数f 〔x 〕，g 〔x 〕，记集合D f ＞g ={x|f 〔x 〕＞g 〔x 〕}．〔1〕设f〔x〕=2|x|，g〔x〕=x+3，求D f；＞g〔2〕设f1〔x〕=x﹣1，，h〔x〕=0，如果．求实数a的取值范围．二卷一.选择题：30．假设函数f〔x〕=sin〔x+φ〕是偶函数，那么ϕ的一个值是〔〕A．0 B．C．πD．2π31．在复平面上，满足|z﹣1|=4的复数z的所对应的轨迹是〔〕A．两个点B．一条线段 C．两条直线 D．一个圆32．函数y=f〔x〕的图象是折线ABCDE，如图，其中A〔1，2〕，B〔2，1〕，C〔3，2〕，D〔4，1〕，E〔5，2〕，假设直线y=kx+b与y=f〔x〕的图象恰有四个不同的公共点，那么k 的取值范围是〔〕A．〔﹣1，0〕∪〔0，1〕B．C．〔0，1]D．二.填空题：33．椭圆的长半轴的长为．34．圆锥的母线长为10，母线与轴的夹角为30°，那么该圆锥的侧面积为．35．小明用数列{a n}记录某地区2021年12月份31天中每天是否下过雨，方法为：当第k 天下过雨时，记a k=1，当第k天没下过雨时，记a k=﹣1〔1≤k≤31〕，他用数列{b n}记录该地区该月每天气象台预报是否有雨，方法为：当预报第k天有雨时，记b n=1，当预报第k天没有雨时，记b n=﹣1记录完毕后，小明计算出a1b1+a2b2+a3b3+…+a31b31=25，那么该月气象台预报准确的总天数为．三.解答题：36．对于数列{a n}与{b n}，假设对数列{c n}的每一项c n，均有c k=a k或c k=b k，那么称数列{c n}是{a n}与{b n}的一个“并数列〞．〔1〕设数列{a n}与{b n}的前三项分别为a1=1，a2=3，a3=5，b1=1，b2=2，b3=3，假设{c n}是{a n}与{b n}一个“并数列〞求所有可能的有序数组〔c1，c2，c3〕；〔2〕数列{a n}，{c n}均为等差数列，{a n}的公差为1，首项为正整数t；{c n}的前10项和为﹣30，前20项的和为﹣260，假设存在唯一的数列{b n}，使得{c n}是{a n}与{b n}的一个“并数列〞，求t的值所构成的集合．2021年上海市春季高考数学试卷参考答案与试题解析一.填空题〔本大题共12题，每题3分，共36分〕1．复数3+4i〔i为虚数单位〕的实部是3．【考点】复数的根本概念．【分析】根据复数的定义判断即可．【解答】解：复数3+4i〔i为虚数单位〕的实部是3，故答案为：3．2．假设log2〔x+1〕=3，那么x=7．【考点】对数的运算性质；函数的零点．【分析】直接利用对数运算法那么化简求解即可．【解答】解：log2〔x+1〕=3，可得x+1=8，解得x=7．故答案为：7．3．直线y=x﹣1与直线y=2的夹角为．【考点】两直线的夹角与到角问题．【分析】由题意可得直线的斜率，可得倾斜角，进而可得直线的夹角．【解答】解：∵直线y=x﹣1的斜率为1，故倾斜角为，又∵直线y=2的倾斜角为0，故直线y=x﹣1与直线y=2的夹角为，故答案为：．4．函数的定义域为[2，+∞〕．【考点】函数的定义域及其求法．【分析】直接由根式内部的代数式大于等于0求解即可．【解答】解：由x﹣2≥0得，x≥2．∴原函数的定义域为[2，+∞〕．故答案为[2，+∞〕．5．三阶行列式中，元素5的代数余子式的值为8．【考点】高阶矩阵．【分析】根据余子式的定义可知，在行列式中划去第1行第3列后所余下的2阶行列式带上符号〔﹣1〕i+j，求出其表达式的值即可．【解答】解：元素5的代数余子式为：〔﹣1〕1+3||=〔4×2+1×0〕=8．∴元素5的代数余子式的值为8．故答案为：8．6．函数的反函数的图象经过点〔2，1〕，那么实数a=1．【考点】反函数．【分析】由于函数的反函数的图象经过点〔2，1〕，可得函数的图象经过点〔1，2〕，即可得出．【解答】解：∵函数的反函数的图象经过点〔2，1〕，∴函数的图象经过点〔1，2〕，∴2=+a，解得a=1．故答案为：1．7．在△ABC中，假设A=30°，B=45°，，那么AC=．【考点】余弦定理；正弦定理．【分析】利用正弦定理即可计算求解．【解答】解：∵A=30°，B=45°，，∴由正弦定理，可得：AC===2．故答案为：2．8．4个人排成一排照相，不同排列方式的种数为24〔结果用数值表示〕．【考点】计数原理的应用．【分析】根据题意，由排列数公式直接计算即可．【解答】解：4个人排成一排照相，不同排列方式的种数为A44=24种，故答案为：24．9．无穷等比数列{a n}的首项为2，公比为，那么{a n}的各项的和为3．【考点】等比数列的前n项和．【分析】{a n}的各项的和=，即可得出．【解答】解：{a n}的各项的和为：==3．故答案为：3．10．假设2+i〔i为虚数单位〕是关于x的实系数一元二次方程x2+ax+5=0的一个虚根，那么a=﹣4．【考点】复数代数形式的混合运算．【分析】2+i〔i为虚数单位〕是关于x的实系数一元二次方程x2+ax+5=0的一个虚根，那么2﹣i〔i为虚数单位〕也是关于x的实系数一元二次方程x2+ax+5=0的一个虚根，再利用根与系数的关系即可得出．【解答】解：∵2+i〔i为虚数单位〕是关于x的实系数一元二次方程x2+ax+5=0的一个虚根，∴2﹣i〔i为虚数单位〕也是关于x的实系数一元二次方程x2+ax+5=0的一个虚根，∴2+i+〔2﹣i〕=﹣a，解得a=﹣4．那么a=﹣4．故答案为：﹣4．11．函数y=x2﹣2x+1在区间[0，m]上的最小值为0，最大值为1，那么实数m的取值范围是[1，2]．【考点】二次函数在闭区间上的最值．【分析】根据二次函数的性质得出，求解即可．【解答】解：∵f〔x〕=x2﹣2x+1=〔x﹣1〕2，∴对称轴x=1，∴f〔1〕=0，f〔2〕=1，f〔0〕=1，∵f〔x〕=x2﹣2x+2在区间[0，m]上的最大值为1，最小值为0，∴，∴1≤m≤2，故答案为：1≤m≤2．12．在平面直角坐标系xOy中，点A，B是圆x2+y2﹣6x+5=0上的两个动点，且满足，那么的最小值为4．【考点】直线与圆的位置关系；向量的三角形法那么．【分析】此题可利用AB中点M去研究，先通过坐标关系，将转化为，用根据AB=2，得到M点的轨迹，由图形的几何特征，求出模的最小值，得到此题答案．【解答】解：设A〔x1，y1〕，B〔x2，y2〕，AB中点M〔x′，y′〕．∵x′=，y′=，∴=〔x1+x2，y1+y2〕=2，∵圆C：x2+y2﹣6x+5=0，∴〔x﹣3〕2+y2=4，圆心C〔3，0〕，半径CA=2．∵点A，B在圆C上，AB=2，∴CA2﹣CM2=〔AB〕2，即CM=1．点M在以C为圆心，半径r=1的圆上．∴OM≥OC﹣r=3﹣1=2．∴||≥2，∴≥4，∴的最小值为4．故答案为：4．二.选择题〔本大题共12题，每题3分，共36分〕13．假设sinα＞0，且tanα＜0，那么角α的终边位于〔〕A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限【考点】象限角、轴线角．【分析】由sinα＞0，那么角α的终边位于一二象限，由tanα＜0，那么角α的终边位于二四象限，两者结合即可解决问题．【解答】解：∵sinα＞0，那么角α的终边位于一二象限，∵由tanα＜0，∴角α的终边位于二四象限，∴角α的终边位于第二象限．应选择B．14．半径为1的球的外表积为〔〕A．πB． C．2πD．4π【考点】球的体积和外表积．【分析】利用球的外表积公式S=4πR2解答即可求得答案．【解答】解：半径为1的球的外表积为4π×12=4π，应选：D．15．在〔1+x〕6的二项展开式中，x2项的系数为〔〕A．2 B．6 C．15 D．20【考点】二项式系数的性质．【分析】根据二项展开式的通项公式求出展开式的特定项即可．【解答】解：〔1+x〕6的二项展开式中，通项公式为：T r+1=•16﹣r•x r，令r=2，得展开式中x2的系数为：=15．应选：C．16．幂函数y=x﹣2的大致图象是〔〕A．B．C．D．【考点】函数的图象．【分析】利用负指数幂的定义转换函数，根据函数定义域，利用排除法得出选项．【解答】解：幂函数y=x﹣2=，定义域为〔﹣∞，0〕∪〔0，+∞〕，可排除A，B；值域为〔0，+∞〕可排除D，应选：C．17．向量，，那么向量在向量方向上的投影为〔〕A．1 B．2 C．〔1，0〕D．〔0，2〕【考点】平面向量数量积的运算．【分析】求出，代入向量的投影公式计算．【解答】解：=1，=1，||=，∴向量在向量方向上的投影=1．应选：A．18．设直线l与平面α平行，直线m在平面α上，那么〔〕A．直线l平行于直线m B．直线l与直线m异面C．直线l与直线m没有公共点 D．直线l与直线m不垂直【考点】空间中直线与直线之间的位置关系．【分析】由中直线l与平面α平行，直线m在平面α上，可得直线l与直线m异面或平行，进而得到答案．【解答】解：∵直线l与平面α平行，直线m在平面α上，∴直线l与直线m异面或平行，即直线l与直线m没有公共点，应选：C．19．在用数学归纳法证明等式1+2+3+…+2n=2n2+n〔n∈N*〕的第〔ii〕步中，假设n=k时原等式成立，那么在n=k+1时需要证明的等式为〔〕A．1+2+3+…+2k+2〔k+1〕=2k2+k+2〔k+1〕2+〔k+1〕B．1+2+3+…+2k+2〔k+1〕=2〔k+1〕2+〔k+1〕C．1+2+3+…+2k+2k+1+2〔k+1〕=2k2+k+2〔k+1〕2+〔k+1〕D．1+2+3+…+2k+2k+1+2〔k+1〕=2〔k+1〕2+〔k+1〕【考点】数学归纳法．【分析】由数学归纳法可知n=k时，1+2+3+…+2k=2k2+k，到n=k+1时，左端为1+2+3+…+2k+2k+1+2〔k+1〕，从而可得答案．【解答】解：∵用数学归纳法证明等式1+2+3+…+2n=2n2+n时，当n=1左边所得的项是1+2；假设n=k时，命题成立，1+2+3+…+2k=2k2+k，那么当n=k+1时，左端为1+2+3+…+2k+2k+1+2〔k+1〕，∴从“k→k+1〞需增添的项是2k+1+2〔k+1〕，∴1+2+3+…+2k+2k+1+2〔k+1〕=2〔k+1〕2+〔k+1〕．应选：D．20．关于双曲线与的焦距和渐近线，以下说法正确的选项是〔〕A．焦距相等，渐近线相同 B．焦距相等，渐近线不相同C．焦距不相等，渐近线相同D．焦距不相等，渐近线不相同【考点】双曲线的简单性质．【分析】分别求得双曲线的焦点的位置，求得焦点坐标和渐近线方程，即可判断它们焦距相等，但渐近线不同．【解答】解：双曲线的焦点在x轴上，可得焦点为〔±，0〕，即为〔±2，0〕，渐近线方程为y=±x；的焦点在y轴上，可得焦点为〔0，±2〕，渐近线方程为y=±2x．可得两双曲线具有相等的焦距，但渐近线不同．应选：B．21．设函数y=f〔x〕的定义域为R，那么“f〔0〕=0〞是“函数f〔x〕为奇函数〞的〔〕A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断．【分析】函数y=f〔x〕的定义域为R，假设函数f〔x〕为奇函数，那么f〔0〕=0，反之不成立，例如f〔x〕=x2．即可判断出结论．【解答】解：函数y=f〔x〕的定义域为R，假设函数f〔x〕为奇函数，那么f〔0〕=0，反之不成立，例如f〔x〕=x2．∴“f〔0〕=0〞是“函数f〔x〕为奇函数〞的必要不充分条件．应选：B．22．以下关于实数a，b的不等式中，不恒成立的是〔〕A．a2+b2≥2ab B．a2+b2≥﹣2ab C．D．【考点】不等式的根本性质．【分析】根据级别不等式的性质分别判断即可．【解答】解：对于A：a2+b2﹣2ab=〔a﹣b〕2≥0，故A恒成立；对于B：a2+b2+2ab=〔a+b〕2≥0，故B恒成立；对于C：﹣ab=≥0，故C恒成立；D不恒成立；应选：D．23．设单位向量与既不平行也不垂直，对非零向量、有结论：①假设x1y2﹣x2y1=0，那么；②假设x1x2+y1y2=0，那么．关于以上两个结论，正确的判断是〔〕A．①成立，②不成立B．①不成立，②成立C．①成立，②成立D．①不成立，②不成立【考点】向量的线性运算性质及几何意义．【分析】①假设存在实数λ使得=，那么=λ，由于向量与既不平行也不垂直，可得x1=λx2，y1=λy2，即可判断出结论．②假设x1x2+y1y2=0，那么=〔〕•=x1x2+y1y2+〔x2y1+x1y2〕=〔x2y1+x1y2〕，无法得到=0，因此不一定正确．【解答】解：①假设存在实数λ使得=，那么=λ，∵向量与既不平行也不垂直，∴x1=λx2，y1=λy2，满足x1y2﹣x2y1=0，因此．②假设x1x2+y1y2=0，那么=〔〕•=x 1x 2+y 1y 2+〔x 2y 1+x 1y 2〕=〔x 2y 1+x 1y 2〕，无法得到=0，因此不一定正确．应选：A ．24．对于椭圆．假设点〔x 0，y 0〕满足．那么称该点在椭圆C 〔a ，b 〕内，在平面直角坐标系中，假设点A 在过点〔2，1〕的任意椭圆C 〔a ，b 〕内或椭圆C 〔a ，b 〕上，那么满足条件的点A 构成的图形为〔 〕 A ．三角形及其内部 B ．矩形及其内部 C ．圆及其内部 D ．椭圆及其内部 【考点】椭圆的简单性质．【分析】点A 〔x 0，y 0〕在过点P 〔2，1〕的任意椭圆C 〔a ，b 〕内或椭圆C 〔a ，b 〕上，可得=1，+≤1．由椭圆的对称性可知：点B 〔﹣2，1〕，点C 〔﹣2，﹣1〕，点D 〔2，﹣1〕，都在任意椭圆上，即可得出．【解答】解：设点A 〔x 0，y 0〕在过点P 〔2，1〕的任意椭圆C 〔a ，b 〕内或椭圆C 〔a ，b 〕上， 那么=1，+≤1．∴+≤=1，由椭圆的对称性可知：点B 〔﹣2，1〕，点C 〔﹣2，﹣1〕，点D 〔2，﹣1〕，都在任意椭圆上，可知：满足条件的点A 构成的图形为矩形PBCD 及其内部． 应选：B ．三.解答题〔本大题共5题，共8+8+8+12+12=48分〕 25．如图，正三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1的体积为，底面边长为3，求异面直线BC 1与AC所成的角的大小．【考点】异面直线及其所成的角．【分析】由正三棱柱ABC﹣A1B1C1的体积求出高，由A1C1与AC平行，得∠BC1A1是异面直线BC1与AC所成的角，由此利用余弦定理能求出异面直线BC1与AC所成的角的大小．【解答】解：∵正三棱柱ABC﹣A1B1C1的体积为，底面边长为3，∴，解得h=4，∵A1C1与AC平行，∴∠BC1A1是异面直线BC1与AC所成的角，在△A1BC1中，A1C1=3，BC1=BA1=5，∴cos∠BC1A1==．∴∠BC1A1=arccos．∴异面直线BC1与AC所成的角的大小为arccos．26．函数，求f〔x〕的最小正周期及最大值，并指出f〔x〕取得最大值时x的值．【考点】两角和与差的正弦函数；正弦函数的图象．【分析】由条件利用两角和的正弦公式化简f〔x〕的解析式，再利用正弦函数的周期性和最大值，得出结论．【解答】解：∵，∴函数的周期为T=2π，函数的最大值为2，且函数取得最大值时，x+=2kπ+，即x=2kπ+，k∈Z．27．如图，汽车前灯反射镜与轴截面的交线是抛物线的一局部，灯口所在的圆面与反射镜的轴垂直，灯泡位于抛物线的焦点F处．灯口直径是24cm，灯深10cm，求灯泡与反射镜的顶点O的距离．【考点】抛物线的简单性质．【分析】先设出抛物线的标准方程y2=2px〔p＞0〕，点〔10，12〕代入抛物线方程求得p，进而求得，即灯泡与反光镜的顶点的距离．【解答】解：建立平面直角坐标系，以O为坐标原点，水平方向为x轴，竖直方向为y轴，如下图：那么：设抛物线方程为y2=2px〔p＞0〕，点〔10，12〕在抛物线y2=2px上，∴144=2p×10．∴=3.6．∴灯泡与反射镜的顶点O的距离3.6cm．28．数列{a n}是公差为2的等差数列．〔1〕a1，a3，a4成等比数列，求a1的值；〔2〕设a1=﹣19，数列{a n}的前n项和为S n．数列{b n}满足，记〔n∈N*〕，求数列{c n}的最小项〔即对任意n∈N*成立〕．【考点】等差数列的前n项和；等比数列的通项公式．【分析】〔1〕利用等差数列通项公式和等比数列性质能求出首项a1的值．=2n﹣19+2n，由此能求出〔2〕由利用累加法能求出b n=2﹣〔〕n﹣1．从而能求出c n﹣c n﹣1数列{c n}的最小项．【解答】解：〔1〕∵数列{a n}是公差为2的等差数列．a1，a3，a4成等比数列，∴．解得d=2，a1=﹣8〕〔2〕b n=b1+〔b2﹣b1〕+〔b3﹣b2〕+…+〔b n﹣b n﹣1=1+==2﹣〔〕n﹣1．，，=2n﹣19+2n由题意n≥9，上式大于零，即c9＜c10＜…＜c n，进一步，2n+2n是关于n的增函数，∵2×4+24=24＞19，2×3+23=14＜19，∴c1＞c2＞c3＞c4＜c5＜…＜c9＜c10＜…＜c n，∴．={x|f〔x〕＞g〔x〕}．29．对于函数f〔x〕，g〔x〕，记集合D f＞g〔1〕设f〔x〕=2|x|，g〔x〕=x+3，求D f；＞g〔2〕设f1〔x〕=x﹣1，，h〔x〕=0，如果．求实数a的取值范围．【考点】其他不等式的解法；集合的表示法．【分析】〔1〕直接根据新定义解不等式即可，〔2〕方法一：由题意可得那么在R上恒成立，分类讨论，即可求出a 的取值范围，方法二：够造函数，求出函数的最值，即可求出a的取值范围．={x|x＜﹣1或x＞3}；【解答】解：〔1〕由2|x|＞x+3，得D f＞g〔2〕方法一：，，由，那么在R上恒成立，令，a＞﹣t2﹣t，，∴a≥0时成立．以下只讨论a＜0的情况对于，=t＞0，t2+t+a＞0，解得t＜或t＞，〔a＜0〕又t＞0，所以，∴=综上所述：方法二〔2〕，，由a≥0．显然恒成立，即x∈Ra＜0时，，在x≤1上恒成立令，，所以，综上所述：．二卷一.选择题：30．假设函数f〔x〕=sin〔x+φ〕是偶函数，那么ϕ的一个值是〔〕A．0 B．C．πD．2π【考点】正弦函数的图象．【分析】由函数的奇偶性可得φ的取值范围，结合选项验证可得．【解答】解：∵函数f〔x〕=sin〔x+φ〕是偶函数，∴f〔﹣x〕=f〔x〕，即sin〔﹣x+φ〕=sin〔x+φ〕，∴〔﹣x+φ〕=x+φ+2kπ或﹣x+φ+x+φ=π+2kπ，k∈Z，当〔﹣x+φ〕=x+φ+2kπ时，可得x=﹣kπ，不满足函数定义；当﹣x+φ+x+φ=π+2kπ时，φ=kπ+，k∈Z，结合选项可得B为正确答案．应选：B．31．在复平面上，满足|z﹣1|=4的复数z的所对应的轨迹是〔〕A．两个点B．一条线段 C．两条直线 D．一个圆【考点】复数的代数表示法及其几何意义．【分析】设z=x+yi，得到|x+yi﹣1|==4，从而求出其运动轨迹．【解答】解：设z=x+yi，那么|x+yi﹣1|==4，∴〔x﹣1〕2+y2=16，∴运动轨迹是圆，应选：D．32．函数y=f〔x〕的图象是折线ABCDE，如图，其中A〔1，2〕，B〔2，1〕，C〔3，2〕，D〔4，1〕，E〔5，2〕，假设直线y=kx+b与y=f〔x〕的图象恰有四个不同的公共点，那么k 的取值范围是〔〕A．〔﹣1，0〕∪〔0，1〕B．C．〔0，1]D．【考点】函数的图象．【分析】根据图象使用特殊值验证，使用排除法得出答案．【解答】解；当k=0，1＜b＜2时，显然直线y=b与f〔x〕图象交于四点，故k可以取0，排除A，C；作直线BE，那么k BE=，直线BE与f〔x〕图象交于三点，平行移动直线BD可发现直线与f〔x〕图象最多交于三点，即直线y=与f〔x〕图象最多交于三点，∴k≠．排除D．应选B．二.填空题：33．椭圆的长半轴的长为5．【考点】椭圆的简单性质．【分析】利用椭圆性质求解．【解答】解：椭圆中，a=5，∴椭圆的长半轴长a=5．故答案为：5．34．圆锥的母线长为10，母线与轴的夹角为30°，那么该圆锥的侧面积为50π．【考点】旋转体〔圆柱、圆锥、圆台〕．【分析】根据勾股定理得出圆锥的底面半径，代入侧面积公式计算．【解答】解：∵圆锥的母线长为10，母线与轴的夹角为30°，∴圆锥的底面半径为5，∴圆锥的侧面积为π×5×10=50π．故答案为：50π．35．小明用数列{a n}记录某地区2021年12月份31天中每天是否下过雨，方法为：当第k 天下过雨时，记a k=1，当第k天没下过雨时，记a k=﹣1〔1≤k≤31〕，他用数列{b n}记录该地区该月每天气象台预报是否有雨，方法为：当预报第k天有雨时，记b n=1，当预报第k天没有雨时，记b n=﹣1记录完毕后，小明计算出a1b1+a2b2+a3b3+…+a31b31=25，那么该月气象台预报准确的总天数为28．【考点】数列的应用．【分析】由题意，气象台预报准确时a k b k=1，不准确时a k b k=﹣1，根据a1b1+a2b2+a3b3+…+a31b31=25=28﹣3，即可得出结论．【解答】解：由题意，气象台预报准确时a k b k=1，不准确时a k b k=﹣1，∵a1b1+a2b2+a3b3+…+a31b31=25=28﹣3，∴该月气象台预报准确的总天数为28．故答案为：28．三.解答题：36．对于数列{a n}与{b n}，假设对数列{c n}的每一项c n，均有c k=a k或c k=b k，那么称数列{c n}是{a n}与{b n}的一个“并数列〞．〔1〕设数列{a n}与{b n}的前三项分别为a1=1，a2=3，a3=5，b1=1，b2=2，b3=3，假设{c n}是{a n}与{b n}一个“并数列〞求所有可能的有序数组〔c1，c2，c3〕；〔2〕数列{a n}，{c n}均为等差数列，{a n}的公差为1，首项为正整数t；{c n}的前10项和为﹣30，前20项的和为﹣260，假设存在唯一的数列{b n}，使得{c n}是{a n}与{b n}的一个“并数列〞，求t的值所构成的集合．【考点】数列的求和；数列的应用．【分析】〔1〕利用“并数列〞的定义即可得出．〔2〕利用等差数列的通项公式及其前n项和公式可得a n，公差d，c n，通过分类讨论即可得出．【解答】解：〔1〕〔1，2，3〕，〔1，2，5〕，〔1，3，3〕，〔1，3，5〕；〔2〕a n=t+n﹣1，设{c n}的前10项和为T n，T10=﹣30，T20=﹣260，得d=﹣2，c1=6，所以c n=8﹣2n；c k=a k 或c k=b k．，∴k=1，t=6；或k=2，t=3，所以k≥3．k∈N*时，c k=b k，∵数列{b n}唯一，所以只要b1，b2唯一确定即可．显然，t=6，或t=3时，b1，b2不唯一，．2021年7月25日。
专题16 复数(习题)-2021届沪教版高考数学一轮复习(上海专用)
2021届高考数学一轮复习 专题16复数一、填空题1．（2020·上海松江·期末）已知复数z 满足，则2z i -（其中i 是虚数单位）的最小值为____________. 【答案】1 【解析】复数z 满足||1(z i =为虚数单位）， 设cos sin z i θθ=+，[0θ∈，2)π．则|2||cos (sin 2)|1z i i θθθ-=+-，当且仅当时取等号．故答案为：1．2．（2020·上海高三其他）若复数z 满足i 12i01z+=，其中i 是虚数单位，则z 的虚部为________ 【答案】1- 【解析】i 12i 01z +=即12(12)0,2iiz i z i i+-+===-，z 的虚部为1-故答案为1- 【点睛】本题考查了行列式的计算，复数的虚部，意在考查学生的计算能力. 3．（2020·上海普陀·高三一模）设i 是虚数单位，若11z ai i=++是实数，则实数a = 【答案】12【解析】依题意，由于z 为实数，故110,22a a -==.4．（2020·上海市建平中学高三月考）已知x C ∈，且，则_____． 【答案】4或-1【解析】由()()54321110x x x x x x -=-++++=,得1x =,或43210x x x x ++++=,进而得到答案．∵x C ∈，且()()54321110x x x x x x -=-++++=,故1x =,或43210x x x x ++++=， 当1x =时,,当43210x x x x ++++=时， ， 故，或-1故答案为：4或-1．5．（2020·上海市建平中学高三月考）设复数z 满足||1z =，使得关于x 的方程有实根，则这样的复数z 的和为________ 【答案】32- 【解析】设z a bi =+，（且），将原方程变为，则2220ax ax ++=①且220bx bx -=②；再对b 分类讨论可得；设z a bi =+，（且） 则原方程变为所以2220ax ax ++=，①且220bx bx -=，②；（1）若0b =，则21a =解得1a =±，当1a =时①无实数解，舍去；从而1a =-，此时1x =-，故1z =-满足条件；（2）若0b ≠，由②知，0x =或2x =，显然0x =不满足，故2x =，代入①得14a =-，b =所以14z =-±综上满足条件的所以复数的和为 故答案为：32-6．（2019·上海市建平中学高三月考）设复数z 满足(4)32i z i -=+（i 是虚数单位），则z 的虚部为_______． 【答案】-3 【解析】试题分析：由题意得：32436iz i i+=+=-+，其虚部为-3 7．（2019·上海市建平中学高三月考）已知复数z 满足(1i)1i z +=-，则Re()z =________ 【答案】0 【解析】因为，所以()Re 0z =. 故答案为0.8．（2020·上海普陀·三模）在复平面内，点()2,1A -对应的复数z ，则1z +=___________【解析】由题意2z i =-+，∴。
2020-2021学年上海市华东师范大学第二附属中学高三下学期5月高考模拟测试数学试卷含详解
上海市华东师范大学第二附属中学2020-2021年高三下学期5月高考模拟测试数学试卷（最后一卷）2021.5.31一、填空题（本大题共12题，满分54分，第1-6题每题4分，第7-12题每题5分）1.若集合{}12,A x x x R =-<∈，则A Z = _________.2.方程33log 1log (2)x x =-+的解集为_________.3.已知a R ∈，复数()(1)a i i z i-+=，若z 的虚部为1，则a =_________.4.已知cos 5cos(2),sin 32θππθθθ=-<，则sin 2θ=_________.5.若二项式21()n x x-的展开式共有6项，则此展开式中含4x 的项的系数是_________.6.若抛物线228x y =上一点00(,)x y 到焦点的距离是该点到x 轴距离的3倍，则0y =______.7.袋中有大小相同的黑球和白球各1个，每次从袋中抽取1个，有放回的随机抽取3次，则至少抽到1个黑球的概率是_________.8.设等比数列{}n a 的前n 项和为n S ，若396,,S S S 成等差数列，若254a a +=，则8a 的值为_________.9.已知球O 的半径是1，,,A B C 三点都在球面上，若A 和B 的球面距离、A 和C 的球面距离都是4π，B 和C 的球面距离是3π，则二面角B OA C --的大小是_________.10.已知实数,x y 满足不等式组2040250x y x y x y -+≥⎧⎪+-≥⎨⎪--≤⎩，若目标函数(10)z y ax a =+-<<最大值为8，则a 的值为_________.11.在平面直角坐标系xOy 中，已知点(2,2)A ，,E F 为圆22:(1)(1)4C x y -+-=上的两动点，且EF =，若圆C 上存在点P ，使得,0AE AF mCP m +=>，则m 的取值范围为_________.12.已知0,0a b ≠>，若222()2f x b ax b a x b b =+-+-有两零点12,x x ，且120x x +<，则ab的取值范围上_________.二、选择题（本大题共有4小题，满分20分，每题5分）13.关于“若4a b +=，则,a b 至少有一个等于2”及其逆命题的说法正确的是（）A.原命题为真，逆命题为假B.原命题为假，逆命题为真C.原命题为真，逆命题为真D.原命题为假，逆命题为假14.设34:02x xp x-≤，22:(21)0q x m x m m -+++≤，若p 是q 的必要不充分条件，则实数m 的取值范围为（）A.[]2,1- B.[]31-， C.[)(]2,00,1- D.[)(]2,10,1-- 15.甲、乙两人在相同的条件下各打靶6次，每次打靶的情况如图所示（虚线为甲的折线图），则以下说法错误的是（）A.甲、乙两人打靶的平均环数相等B.甲的环数的中位数比乙的大C.甲的环数的众数比乙的大D.甲打靶的成绩比乙的更稳定16.已知梯形CEPD 如图(1)所示，其中8,6PD CE ==，A 为线段PD 的中点，四边形ABCD 为正方形，现沿AB 进行折叠，使得平面PABE ⊥平面ABCD ，得到如图(2)所示的几何体．已知当AB 上一点F 满足(01)AF AB λλ=<<时，平面DEF ⊥平面PCE ，则λ的值为（）A.12B.23C.35D.45三、解答题（本题共5小题，满分76分）17.（7分+7分）已知关于x 得二次方程：2(2)4(2)0(,)x i x ab a b i a b R ++++-=∈.（1）当方程有实数根时，求点(,)a b 的轨迹方程；（2）求方程实数根的取值范围.18.（7分+7分）已知函数23()sin 3sin cos (,,0)2f x a x a x x a b a b a =+-+<,（1）若当0,2x π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时，函数()f x 的值域为[]5,1-，求实数,a b 的值；（2）在（1）条件下，求函数()f x 图像的对称中心和单调区间.19.（3分+4分+7分）近来，国内多个城市纷纷加码布局“夜经济”，以满足不同层次的多元消费，并拉动就业、带动创业，进而提升区域经济发展活力.某夜市的一位工艺品售卖者，通过对每天销售情况的调查发现：该工艺品在过去的一个月内（按30天计），每件的销售价格()P x (单位：元)与时间x （单位：天）（130,x x N *≤≤∈）的函数关系满足()10kP x x=+（k 为常数，且>0k ），日销售量()Q x （单位：件）与时间x 的部分数据如下表所示：x15202530()Q x 55605550设该工艺品的日销售收入为()f x （单位：元），且第20天的日销售收入为603元.（1）求k 的值；（2）给出以下四种函数模型：①()Q x ax b =+；②()||Q x a x m b =-+；③()xQ x ab =；④()log b Q x a x =.请你根据上表中的数据，从中选择你认为最合适的一种函数模型来描述日销售量()Q x 与时间x 的变化关系，并求出该函数的解析式；（3）利用问题（2）中的函数()Q x ，求()f x 的最小值.20.（4分+6分+6分）如图，已知双曲线C 的方程为22221x y a b-=（0a b >>），两条渐近线的夹角为3arccos5，焦点到渐近线的距离为1．M 、N 两动点在双曲线C 的两条渐近线上，且分别位于第一象限和第四象限，P 是直线MN 与双曲线右支的一个公共点，MP PN λ= .（1）求双曲线C 的方程；（2）当=1λ时，求PM PN ⋅的取值范围；（3）试用λ表示MON △的面积S ，设双曲线C 上的点到其焦点的距离的取值范围为集合Ω，若5λ∈Ω，求S 的取值范围.21.已知数列{}n a ：1，2-，2-，3，3，3，4-，4-，4-，4-，⋅⋅⋅，11(1),,(1)k k k k k ---⋅⋅⋅-个，即当1)(122k k k k n -+<≤（）（*k ∈N ）时，1(1)k n a k -=-，记12n n S a a a =++⋅⋅⋅+（*n ∈N ）.（1）求2020S 的值；（2）求当(1)(1)(2)22k k k k n +++<≤（*k ∈N ），试用n 、k 的代数式表示n S （*n ∈N ）；（3）对于*t ∈N ，定义集合{|t n P n S =是n a 的整数倍，*n ∈N ，且1}n t ≤≤，求集合2020P 中元素的个数.上海市华东师范大学第二附属中学2020-2021年高三下学期5月高考模拟测试数学试卷（最后一卷）2021.5.31一、填空题（本大题共12题，满分54分，第1-6题每题4分，第7-12题每题5分）1.若集合{}12,A x x x R =-<∈，则A Z = _________.【答案】{0,1,2}【解析】:13A x -<<，{}0,1,2A Z ∴= 。
2021年上海市松江区高考数学一模试卷(附答案详解)
2021年上海市松江区高考数学一模试卷一、单选题（本大题共4小题，共20.0分）1. 已知两条直线l 1，l 2的方程为l 1：ax +y −1=0和l 2：x −2y +1=0，则a =2是“直线l 1⊥l 2”的( )A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件2. 在正方体ABCD −A 1B 1C 1D 1中，下列四个结论中错误的是( )A. 直线B 1C 与直线AC 所成的角为60°B. 直线B 1C 与平面AD 1C 所成的角为60°C. 直线B 1C 与直线AD 1所成的角为90°D. 直线B 1C 与直线AB 所成的角为90°3. 设x >0，y >0，若2x +1y =1，则yx 的( )A. 最小值为8B. 最大值为8C. 最小值为2D. 最大值为24. 记S n 为数列{a n }的前n 项和，已知点(n,a n )在直线y =10−2x 上，若有且只有两个正整数n 满足S n ≥k ，则实数k 的取值范围是( )A. (8,14]B. (14,18]C. (18,20]D. (18,814]二、单空题（本大题共12小题，共54.0分）5. n →∞lim3n3n +2n =______．6. 若集合A ={x|−1<x <3}，B ={1,2，3，4}，则A ∩B =______．7. 已知复数z 满足z ⋅(1−i)=1+i(i 为虚数单位)，则|z|=______．8. 若sinα=13，则cos(π−2α)=______． 9. 抛物线y 2=−4x 的准线方程是______．10. 已知函数f(x)图象与函数g(x)=2x 的图象关于y =x 对称，则f(3)=______． 11. 从包含学生甲的1200名学生中随机抽取一个容量为80的样本，则学生甲被抽到的概率______．12. 在(x 2+2x )6的二项展开式中，常数项等于______．13.在△ABC中，角A，B，C对的边分别为a，b，c，且∣∣∣√3b+2c2a∣∣=0，则角A=______．cosB1∣14.从以下七个函数：y=x，y=1，y=x2，y=2x，y=log2x，y=sinx，y=cosxx中选取两个函数记为f(x)和g(x)，构成函数F(x)=f(x)+g(x)，若F(x)的图象如图所示，则F(x)=______．15.已知向量|a⃗|=|b⃗ |=|c⃗|=1，若a⃗⋅b⃗ =1，且c⃗=x a⃗+y b⃗ ，则x+y的最大值为2______．16.对于定义域为D的函数f(x)，若存在x1，x2∈D且x1≠x2，使得f(x12)=f(x22)=2f(x1+x2)，则称函数f(x)具有性质M，若函数g(x)=|log2x−1|，具x∈(0,a]有性质M，则实数a的最小值为______．三、解答题（本大题共5小题，共76.0分）17.如图1，在三棱柱ABC−A1B1C1中，已知AB⊥AC，AB=AC=1，AA1=2，且AA1⊥平面ABC，过A1，C1，B三点作平面截此三棱柱，截得一个三棱锥和一个四棱锥(如图2)．(1)求异面直线BC1与AA1所成角的大小(结果用反三角函数表示)；(2)求四棱锥B−ACC1A1的体积和表面积．18.已知函数f(x)=√3sinxcosx+cos2x+1．(1)求f(x)的最小正周期和值域；(2)若对任意x∈R，f2(x)−k⋅f(x)−2≤0的恒成立，求实数k的取值范围．19.某网店有(万件)商品，计划在元旦旺季售出商品x(万件)，经市场调查测算，花费t(万元)进行促销后，商品的剩余量3−x与促销费t之间的关系为3−x=kt+1(其中k 为常数)，如果不搞促销活动，只能售出1(万件)商品．(1)要使促销后商品的利余量不大于0.1(万件)，促销费t至少为多少(万元)？(2)已知商品的进价为32(元/件)，另有固定成本3(万元)，定义每件售出商品的平均成本为32+3x(元)，若将商品售价定位：“每件售出商品平均成本的1.5倍“与“每件售出商品平均促销费的一半”之和，则当促销费t为多少(万元)时，该网店售出商品的总利润最大？此时商品的剩余量为多少？20.已知椭圆Γ：x2a2+y2b2=1(a>b>0)的右焦点坐标为(2,0)，且长轴长为短轴长的√2倍，直线l交Γ椭圆于不同的两点M和N，(1)求椭圆Γ的方程；(2)若直线l经过点P(0,4)，且△OMN的面积为2√2，求直线l的方程；(3)若直线l的方程为y=kx+t(k≠0)，点M关于x轴的对称点为M′，直线MN，M′N分别与x轴相交于P、Q两点，求证：|OP|⋅|OQ|为定值．21.对于由m个正整数构成的有限集M={a1,a2,a3,…,a m}，记P(M)=a1+a2+⋯+a m，特别规定P(⌀)=0，若集合M满足：对任意的正整数k≤P(M)，都存在集合M的两个子集A、B，使得k=P(A)−P(B)成立，则称集合M为“满集”．(1)分别判断集合M1={1,2}与M2={1,4}是否为“满集”，请说明理由；(2)若a1，a2，…，a m由小到大能排列成公差为d(d∈N∗)的等差数列，求证：集合M为“满集”的必要条件是a1=1，d=1或2；(3)若a1，a2，…，a m由小到大能排列成首项为1，公比为2的等比数列，求证：集合M是“满集”．答案和解析1.【答案】C【解析】解：若a=2，则l1：2x+y−1=0和l2：x−2y+1=0，k1⋅k2=−2×12=−1，所以直线l1⊥l2，满足充分性；若直线l1⊥l2，则a×1+1×(−2)=0，解得a=2，满足必要性．所以a=2是“直线l1⊥l2”的充要条件．故选：C．根据充分必要条件的定义，分别判断其充分性和必要性即可．本题主要考查充分条件、必要条件，考查两直线垂直的充要条件，属于基础题．2.【答案】B【解析】解：连接AB1，∵△AB1C为等边三角形，∴∠ACB1=60°，即直线B1C与AC所成的角为60°，故选项A正确；连接B1D1，∵AB1=B1C=CD1=AD1，∴四面体AB1CD1是正四面体，∴点B1在平面AD1C上的投影为△AD1C的中心，设为点O，连接B1O，OC，则OC=√63BC，设直线B1C与平面AD1C所成的角为θ，则cosθ=OCB1C =√63BC√2BC=√33≠12，故选项B错误；连接BC1，∵AD1//BC1，且B1C⊥BC1，∴直线B1C与AD1所成的角为90°，故选项C正确；∵AB⊥平面BCC1B1，∴AB⊥B1C，即直线B1C与AB所成的角为90°，故选项D正确．故选：B．连接AB1，求出∠ACB1可判断选项A；连接B1D1，找出点B1在平面AD1C上的投影O，设直线B1C与平面AD1C所成的角为θ，由cosθ=OC B1C可判断选项B；利用平移法找出选项C 和D涉及的异面直线夹角，再进行相关运算，即可得解．本题考查异面直线夹角、线面角的求法，利用平移法找出异面直线夹角，以及理解线面角的定义是解题的关键，考查学生的空间立体感、逻辑推理能力和运算求解能力，属于基础题．3.【答案】A【解析】解：由已知2x +1y =1可得y =11−2x ，(x ≠12)， 所以y x =1x(1−2x)=1−2x 2+x =1−2(x−14)2+18，当x =14时，(−2x 2+x)max =18，此时(yx )min =8， 故选：A ．先由已知求出y ，然后代入所求的关系式中，化为与x 有关的函数，然后利用函数的性质即可求解．本题考查了函数的最值问题，涉及到二次函数的最值问题以及统一变量思想，属于基础题．4.【答案】C【解析】解：由已知可得a n =10−2n ，由a n −a n−1=−2，所以数列{a n }为等差数列，首项为8，公差为−2， 所以S n =8n +n(n−1)2×(−2)=−n 2+9n ，当n =4或5时，S n 取得最大值为20， 因为有且只有两个正整数n 满足S n ≥k ， 所以满足条件的n =4和n =5， 因为S 3=S 6=18，所以实数k 的取值范围是(18,20]． 故选：C ．由已知可得数列{a n }为等差数列，首项为8，公差为−2，由等差数列的前n 项和公式可得S n =−n 2+9n ，由二次函数的性质可得n =4或5时，S n 取得最大值为20，根据题意，结合二次函数的图象与性质即可求得k 的取值范围．本题主要考查数列与函数的综合，考查等差数列前n 项和公式，二次函数的图象与性质，属于中档题．5.【答案】1【解析】解：n →∞lim3n3n +2n =n →∞lim11+(23)n =11−0=1．故答案为：1．利用数列极限的运算法则化简求解即可． 本题考查数列极限的运算法则的应用，是基础题．6.【答案】{1,2}【解析】解：∵A ={x|−1<x <3}，B ={1,2，3，4}， ∴A ∩B ={1,2}． 故答案为：{1,2}． 进行交集的运算即可．本题考查了描述法、列举法的定义，交集的定义及运算，考查了计算能力，属于基础题．7.【答案】1【解析】解：由z ⋅(1−i)=1+i ， 得z =1+i1−i =(1+i)2(1−i)(1+i)=i ， ∴|z|=1． 故答案为1．把已知等式变形，利用复数代数形式的乘除运算化简，再由复数模的计算公式求解． 本题考查复数代数形式的乘除运算，考查复数模的求法，属于基础题．8.【答案】−79【解析】解：∵sinα=13，∴cos(π−2α)=−cos2α=−(1−2sin 2α)=−1+2sin 2α=−1+29=−79． 故答案为：−79原式利用诱导公式化简后，再利用二倍角的余弦函数公式变形，将sinα的值代入计算即可求出值．此题考查了二倍角的余弦函数公式，熟练掌握公式是解本题的关键．9.【答案】x =1【解析】解：∵抛物线的方程y 2=−4x ，∴2p =4，得p2=1， 因此，抛物线的焦点为F(−1,0)，准线方程为x =1． 故答案为：x =1根据抛物线的标准方程及基本概念，结合题中数据加以计算，可得答案．本题给出抛物线方程，求它的准线方程．着重考查了抛物线的标准方程与简单几何性质等知识，属于基础题．10.【答案】log 23【解析】解：∵函数f(x)的图象与函数g(x)=2x 的图象关于直线y =x 对称， ∴函数f(x)与函数g(x)=2x 互为反函数， ∴f(x)=log 2x ， ∴f(3)=log 23， 故答案为：log 23.由函数f(x)的图象与函数g(x)=2x 的图象关于直线y =x 对称，可得：函数f(x)与函数g(x)=2x 互为反函数，求出函数解析式，可得答案．本题考查的知识点是反函数，熟练掌握同底的指数函数和对数函数互为反函数，是解答的关键．11.【答案】115【解析】解：从包含学生甲的1200名学生中随机抽取一个容量为80的样本，基本事件总数n =C 120080，学生甲被抽到包含的基本事件个数m =C 120079C 11， ∴学生甲被抽到的概率P =m n=C 119979C 11C 120080=115．故答案为：115．基本事件总数n =C 120080，学生甲被抽到包含的基本事件个数m =C 120079C 11，由此能求出学生甲被抽到的概率．本题考查概率的求法，考查古典概型、排列组合等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．12.【答案】240)6的二项展开式中，通项公式为T r+1=C6r⋅2r⋅x12−3r，【解析】解：在(x2+2x令12−3r=0，求得r=4，可得展开式的常数项为C64⋅24=240，故答案为：240．在二项展开式的通项公式中，令x的幂指数等于0，求出r的值，即可求得常数项．本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，属于基础题．13.【答案】5π6∣∣=0，【解析】解：在△ABC中，角A，B，C对的边分别为a，b，c，且∣∣∣√3b+2c2acosB1∣可得√3b+2c=2acosB，由正弦定理可得√3sinB+sinC=2sinAcosB，，即√3sinB+sin(A+B)=2sinAcosB，可得cosA=−√32．所以A=5π6．故答案为：5π6利用行列式的运算法则以及正弦定理，结合两角和与差的三角函数化简求解即可．本题考查正弦定理以及两角和与差的三角函数，行列式的应用，是基本知识的考查．14.【答案】2x+sinx，y=log2x，【解析】解：由图象可知，函数F(x)的定义域为R，故排除y=1x又F(x)的图象过定点(0,1)，当x>0时，F(x)>1且为增函数，当x<0时，F(x)大于0与小于0交替出现，故排除y=x，y=x2，∵y=2x过(0,1)，且当x>0时，y>1，当x<0时，0<y<1．若包含y=cosx，当x=0时，y=1，y=2x+cosx不满足过点(0,1)，∴只有y=2x+sinx满足．故答案为：2x+sinx．，y=log2x，再由F(x)的图象过定点(0,1)及图象的变化由函数F(x)的定义域排除y=1x情况排除y=x与y=x2，然后分析y=2x与y=cosx，或y=2x与y=sinx是否经过(0,1)得结论．本题考查函数的图象及图象变换，考查基本初等函数的性质，考查数形结合的解题思想，是中档题．15.【答案】2√33【解析】解：∵|a⃗|=|b⃗ |，且a⃗⋅b⃗ =12，∴a⃗与b⃗ 的夹角为60°，设a⃗=(1,0)，则b⃗ =(12,√32)，∵c⃗=x a⃗+y b⃗ ，∴c⃗=(x+12y,√32y)，又|c⃗|=1，∴(x+12y)2+(√32y)2=1，化简得x2+xy+y2=1，∴(x+y)2−1=xy≤(x+y)24，当且仅当x=y=√33时，等号成立，∴x+y≤2√33．故答案为：2√33．易知a⃗与b⃗ 的夹角为60°，不妨设a⃗=(1,0)，写出b⃗ 与c⃗的坐标，再由|c⃗|=1和基本不等式，即可得解．本题考查平面向量的混合运算，还涉及利用基本不等式解决最值问题，考查学生的逻辑推理能力和运算求解能力，属于中档题．16.【答案】√2√2+2【解析】解：设x1<x2，由f(x12)=f(x22)得，|log2x12−1|=|log2x22−1|，则1−log2x12=log2x22−1，故log2x12x22=2，∴x12x22=4(x12<2,x22>2)，又2f(x1+x2)=|2log2(x1+x2)−2|=|log2(x1+x2)2−2|，∴log2(x1+x2)2−2=1−log2x12，∵x12=4x22，∴log2(x12+4x12+4)−2=1−log2x12，则log2(x14+4x12+4)=3，∴x14+4x12+4=8，∴x1=√2√2−2，故x2=√2√2+2，∴a≥√2√2+2，则实数a的最小值为√2√2+2．故答案为：√2√2+2．设x 1<x 2，由f(x 12)=f(x 22)，可得x 12x 22=4，结合2f(x 1+x 2)=|2log 2(x 1+x 2)−2|=|log 2(x 1+x 2)2−2|可得x 14+4x 12+4=8，进而求得x 1，x 2，由此得解．本题以新定义为载体考查函数性质的运用，旨在考查学生分析问题，解决问题的能力，考查数学运算，逻辑推理等核心素养，属于中档题．17.【答案】解：(1)∵AA 1//CC 1，∴∠BC 1C即为异面直线BC 1与AA 1所成角， ∵AA 1⊥平面ABC ，∴CC 1⊥平面ABC ， ∴∠C 1CB =90°．∵CB =√AB 2+AC 2=√1+1=√2，CC 1=2，∴tan∠C 1CB =√22，得∠C 1CB =arctan√22， 即异面直线BC 1与AA 1所成角的大小为arctan √22；(2)V B−ACC 1A 1=13×1×22=43；S 全=S △BAC +S △BAA 1+S △BA 1C 1+S CAA 1C 1 =12×1×1+12×1×2+12×1×√5+12×√2×2+1×2 =12+1+√52+√2+2=72+√2+√52． ∴四棱锥B −ACC 1A 1的体积为43，表面积为72+√2+√52．【解析】(1)由棱柱的结构特征可得AA 1//CC 1，∴∠BC 1C 即为异面直线BC 1与AA 1所成角，证明CC 1⊥平面ABC ，再由已知求解三角形得答案；(2)直接由棱锥体积公式求四棱锥B −ACC 1A 1的体积，再由三角形面积公式及矩形面积公式求四棱锥B −ACC 1A 1的表面积．本题考查异面直线所成角的求法，考查多面体的体积与表面积的求法，考查空间想象能力与运算求解能力，是中档题．18.【答案】解：(1)f(x)=√3sinxcosx +cos 2x +1=√32sin2x +cos2x+12+1=√32sin2x +12cos2x +32=sin(2x +π6)+32， 所以f(x)的最小正周期T =2π2=π，值域为[12,52].(2)记f(x)=t ，则t ∈[12,52]，由f 2(x)−k ⋅f(x)−2≤0恒成立，知t 2−kt −2≤0恒成立，即kt ≥t 2−2恒成立， 因为t >0，所以k ≥t 2−2t =t −2t ，因为g(t)=t −2t 在t ∈[12,52]时单调递增，g max (t)=g(52)=52−45=1710， 所以k 的取值范围是k ≥1710．【解析】(1)利用三角函数恒等变换的应用化简函数解析式可得f(x)=sin(2x +π6)+32，利用正弦函数的性质即可求解． (2)记f(x)=t ，则t ∈[12,52]，可得k ≥t 2−2t=t −2t ，由于g(t)=t −2t 在t ∈[12,52]时单调递增，利用函数的性质即可求解．本题主要考查了三角函数恒等变换的应用，正弦函数的性质，考查了函数思想，属于中档题．19.【答案】解：(1)由3−x =kt+1，当t =0，x =1时，得k =2，∴3−x =2t+1，由2t+1≤0.1，得t ≥19，故要使促销后商品的剩余量不大于0.1(万件)，促销费t 至少为19(万元)； (2)设网店的利润为y(万元)，由题意可得，y =x(3+32x x ×1.5+t2x)−(3+32x +t) =992−32t+1−t 2=50−(32t+1+t+12)≤50−2√32t+1⋅t+12=42．当且仅当32t+1=t+12，即t =7时取等号，此时3−x =0.25．∴当促销费t 为7(万元)时，该网店售出商品的总利润最大为42万元，此时商品的剩余量为0.25(万件)．【解析】(1)在已知等式中，取t =0，x =1求得k 值，可得3−x =2t+1，由2t+1≤0.1求解t 的范围得答案；(2)由题意写出网店的利润为y 关于t 的函数，再由基本不等式求最值即可． 本题考查根据实际问题选择函数模型，训练了利用基本不等式求最值，是中档题．20.【答案】解：(1)由题意可得a =√2b ，a 2−b 2=4，解得a =2√2，b =2，所以椭圆的方程为x 28+y 24=1；(2)设点M ，N 的坐标为M(x 1,y 1)，N(x 2,y 2)， 直线l 的方程为y =kx +4，联立方程{y =kx +4x 28+y 24=1，消去y 可得：(1+2k 2)x 2+16kx +24=0， 则x 1+x 2=−16k 1+2k ，x 1x 2=241+2k 2，所以S △OMN =12⋅4⋅√(x 1+x 2)2−4x 1x 2=8√2√2k 2−31+2k 2=2√2，解得k =±√142，所以直线l 的方程为y =±√142x +4； (3)证明：由题意知M′点的坐标为M′(x 1,−y 1)，将y =kx +t 代入椭圆方程可得：(1+2k 2)x 2+4ktx +2t 2−8=0， 所以x 1+x 2=−4kt1+2k 2，x 1x 2=2t 2−81+2k 2，所以y 1+y 2=k(x 1+x 2)+2t =t1+2k 2，对于直线y =kx +t ，令y =0，得x =−t k ，所以|OP|=|− tk |，对于直线M′N ：y −y 2=y 2−y1x 2−x 1(x −x 2)，令y =0，得x =− y 2(x 2−x 1)y 2+y 1+x 2=x 1y 2+x 2y 1y 2+y 1=x 1(kx 2+t)+x 2(kx 1+t)y 2+y 1=2kx 1x 2+t(x 1+x 2)y 2+y 1=−8kt，所以|OQ|=|−8k t|，所以|OP|⋅|OQ|=|−tk |⋅|−8k t|=8为定值，故原结论成立．【解析】(1)根据已知以及a ，b ，c 的恒等式即可求解；(2)设出直线l 的方程并与椭圆方程联立，然后根据韦达定理以及弦长公式求出三角形OMN 的面积，并令面积为2√2，即可求解；(3)由已知可得M′与M 关于x 轴对称，联立直线与椭圆的方程，写出韦达定理，并求出直线M′N 的方程，令y =0求出x ，即可得|OQ|的长度，并根据直线l 的方程求出|OP|，然后相乘即可求解．本题考查了椭圆的标准方程以及直线与椭圆的位置关系的应用，涉及到三角形面积问题以及椭圆中的定值问题，考查了学生的运算转化能力和推理能力，属于难题．21.【答案】解：(1)集合M 1是“满集”，集合M 2不是“满集”，理由如下：对于集合M 1，P(M 1)=1+2=3，且M 1共有4个子集：⌀，{1}，{2}，{1,2}，当k分别取1，2，3时，有1=P({1})−P(⌀)，2=P({2})−P(⌀)，3=P({1,2})−P(⌀)，故集合M1是“满集”；对于集合M2，P(M2)=1+4=5，且M1共有4个子集：⌀，{1}，{4}，{1,4}，当k=2时，不存在M2的两个子集A，B，使得P(A)−P(B)=2，故集合M2不是“满集”，(2)证明：∵a1，a2，…，a m由小到大能排列成公差为d(d∈N∗)的等差数列，∴a1<a2<⋯<a m，记k0=P(M)=a1+a2+⋯+a m，∵集合M为“满集”，∴对任意的正整数k≤k0，都存在集合M的两个子集A、B，使得k=P(A)−P(B)成立，当k=k0−1时，由k0−1=P(A)−P(B)，及P(B)≥0，知P(A)=k0或P(A)=k0−1，若P(A)=k0，则P(B)=1，此时A={a1,a2,…,a m}，B={a1}，∴a1=1；若P(A)=k0−1，则在M的真子集中，P(A)=a2+a3+⋯+a m最大，必有a1=1，此时A={a2,a2,…,a m}，B=⌀，综上，可得a1=1；若d≥3，当k=k0−3时，∵k0−0>k0−1>(k0−1)−1>⋯>k0−(1+d)>⋯，∴不存在集合M的两个子集A、B，使得k=k0−3=P(A)−P(B)成立，∴d=1或2，综，可得集合M为“满集”的必要条件是a1=1，d=1或2，(3)证明：由题设，可得M={1,2，4，…，2m−1}，P(M)=1+2+4+⋯+2m−1=2m−1，对任意k≤2m−1，∵k∈N∗，∴存在k1<k，k1∈N∗，p1∈{0,1}，使得k=2k1+p1，同理有k1=2k2+p2，k2=2k3+p3，…，其中k i<k i−1，k i∈N∗，p i∈{0,1}，经过有限次的操作后，必存在k s=1(0≤s<m)，∴k=2k1+p1=2(2k2+p2)+p1=⋯=2s+2s−1p s+2s−2p s−1+⋯+2p2+20p1，当p j1=p j2=⋯=p jm=1时，k=2s+2j1+2j2+⋯+2j s，此时取A={2s,2j1,2j2,…,2j s}，B=⌀，则有P(A)−P(B)=2s+2j1+2j2+⋯+2j s−0=k，∴集合M是“满集”．【解析】(1)根据“满集”的定义，可知集合M1是“满集”，集合M2不是“满集”，然后利用定义说明理由即可；(2)由题设条件和“满集“的定义⇒a1=1，d=1或2，即可证明结论；(3)由题设，可得M={1,2，4，…，2m−1}，P(M)=1+2+4+⋯+2m−1=2m−1，然后根据“满集”的定义证明结论即可．本题主要考查数列在概念新定义题型中的综合应用，属于一道难题．。
2021年上海市闵行区高考数学一模试卷(附答案详解)
2021年上海市闵行区高考数学一模试卷一、单选题（本大题共4小题，共20.0分）1.若a为实数，则“a<1”是“1a>1”的()A. 充分而不必要条件B. 必要而不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件2.设lg2=a，lg3=b，则log512等于()A. 2a+b1+a B. a+2b1+aC. 2a+b1−aD. a+2b1−a3.已知点P为双曲线x2a2−y2b2=1(a>0,b>0)右支上一点，点F1、F2分别为双曲线的左、右焦点，点I是△PF1F2的内心(三角形内切圆的圆心)，若恒有S△IPF1−S△IPF2=√3 2S△IF1F2，则双曲线的渐近线方程是()A. y=±xB. y=±√22x C. y=±√3x D. y=±√33x4.如图，正四棱锥P−ABCD的底面边长和高均为2，M是侧棱PC的中点，若过AM作该正四棱锥的截面，分别交棱PB、PD于点E、F(可与端点重合)，则四棱锥P−AEMF的体积的取值范围是()A. [12,1]B. [12,4 3 ]C. [1,43]D. [89,1]二、单空题（本大题共12小题，共54.0分）5.已知集合A=N∗，B={x||2x−1|<5}，则A∩B=______(用列举法表示)．6.若复数z满足z⋅i=2+i(i为虚数单位)，则z=______ ．7.若函数f(x)=2x+1的图象与g(x)的图象关于直线y=x对称，则g(9)=______．8.已知tan(α+π4)=−3，则tanα=______．9.(1−2x)6的展开式中，x3项的系数为______ .(用数字作答)10.如图，已知正四棱柱ABCD−A1B1C1D1的底面边长为2，高为3，则异面直线AA1与BD1所成角的大小是______．11. 新冠病毒爆发初期，全国支援武汉的活动中，需要从A 医院某科室的6名男医生(含一名主任医师)、4名女医生(含一名主任医师)中分别选派3名男医生和2名女医生，要求至少有一名主任医师参加，则不同的选派方案共有______种．(用数字作答) 12. 设k ∈{−2,−1,13,23,2}，若x ∈(−1,0)∪(0,1)，且x k >|x|，则k 取值的集合是______． 13. 已知定义在[0,+∞)上的函数f(x)满足f(x)={15−|x −1|,0≤x <2f(x −2)−2,x ≥2，设f(x)在[2n −2,2n)(n ∈N ∗)上的最大值记作a n ，S n 为数列{a n }的前n 项和，则S n 的最大值为______．14. 已知n ∈N ，n ≥2，函数y =n n 2+3x +3nn+3的图象与y 轴相交于点A n 、与函数y =log 1n(x −4)的图象相交于点B n ，△OA n B n 的面积为S n (O 为坐标原点)，则n →∞limS n =______．15. 已知平面向量a ⃗ 、b ⃗ 、c ⃗ ，对任意实数t ，都有|b ⃗ −t a ⃗ |≥|b ⃗ −a ⃗ |、|b ⃗ −t c ⃗ |≥|b ⃗ −c ⃗ |成立，若|a ⃗ |=3，|c ⃗ |=2，|a ⃗ −c ⃗ |=√7，则|b ⃗ |=______． 16. 已知函数f(x)=|x +1x |，给出下列命题：①存在实数a ，使得函数y =f(x)+f(x −a)为奇函数；②对任意实数a ，均存在实数m ，使得函数y =f(x)+f(x −a)关于x =m 对称； ③若对任意非零实数a ，f(x)+f(x −a)≥k 都成立，则实数k 的取值范围为(−∞,4]； ④存在实数k ，使得函数y =f(x)+f(x −a)−k 对任意非零实数a 均存在6个零点．其中的真命题是______.(写出所有真命题的序号) 三、解答题（本大题共5小题，共76.0分）17. 如图，在圆柱OO 1中，AB 是圆柱的母线，BC 是圆柱的底面⊙O 的直径，D 是底面圆周上异于B 、C 的点． (1)求证：CD ⊥平面ABD ；(2)若BD =2，CD =4，AC =6，求圆柱OO 1的侧面积．18.已知函数f(x)=2√2sin x2cos x2+2√2cos2x2−√2，x∈[0,π]．(1)求函数f(x)的值域；(2)若方程f(ωx)=√3(ω>0)在区间[0,π]上至少有两个不同的解，求ω的取值范围．19.大数据时代对于数据分析能力的要求越来越高，数据拟合是一种把现有数据通过数学方法来代入某种算式的表示方式，比如A i(a i,b i)(i=1,2，3…，n)是平面直角坐标系上的一系列点，其中n是不小于2的正整数，用函数y=f(x)来拟合该组数据，尽可能使得函数图象与点列A i(a i,b i)比较接近，其中一种衡量接近程度的指标是函数的拟合误差，拟合误差越小越好，定义函数y=f(x)的拟合误差为：△(f(x))=1n[(f(a1)−b1)2+(f(a2)−b2)2+⋅⋅⋅+(f(a n)−b n)2].已知在平面直角坐标系上，有5个点的坐标数据如表所示：(1)若用函数f1(x)=x2−4x+5来拟合上述表格中的数据，求△(f1(x))；(2)若用函数f2(x)=2|x−2|+m来拟合上述表格中的数据，①求该函数的拟合误差△(f2(x))的最小值，并求出此时的函数解析式y=f2(x)；②指出用f1(x)、f2(x)中的哪一个函数来拟合上述表格中的数据更好？20. 已知椭圆Γ：x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)过点(0,2)，其长轴长、焦距和短轴长三者的平方依次成等差数列，直线l 与x 轴的正半轴和y 轴分别交于点Q 、P ，与椭圆Γ相交于两点M 、N ，各点互不重合，且满足PM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =λ1MQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，PN ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =λ2NQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ． (1)求椭圆Γ的标准方程；(2)若直线l 的方程为y =−x +1，求1λ1+1λ2的值；(3)若λ1+λ2=−3，试证明直线l 恒过定点，并求此定点的坐标．21. 已知数列{a n }与{b n }满足a n+1−a n =λ(b n+1−b n )(λ为非零常数)，n ∈N ∗．(1)若{b n }是等差数列，求证：数列{a n }也是等差数列； (2)若a 1=2，λ=3，b n =sinnπ2，求数列{a n }的前2021项和；(3)设a 1=b 1=λ，b 2=λ2，b n =b n−1+b n−22(n ≥3,n ∈N ∗)，若对{a n }中的任意两项a i 、a j (i,j ∈N ∗,i ≠j)，|a i −a j |<2都成立，求实数λ的取值范围．答案和解析1.【答案】B【解析】解：由1a >1得0<a <1，则“a <1”是“1a >1”的必要不充分条件， 故选：B ．求出不等式1a >1的等价条件，结合充分条件和必要条件的定义进行判断即可． 本题主要考查充分条件和必要条件的判断，结合不等式的关系是解决本题的关键．2.【答案】C【解析】解：log 512=lg12lg5=lg3+2lg21−lg2=2a+b 1−a．故选C ．先用换底公式把log 512转化为lg12lg5，再由对数的运算法则知原式为lg3+2lg21−lg2=2a+b 1−a，可得答案．本题考查对数的性质和计算，解题时要注意对数换底公式的灵活运用．3.【答案】D【解析】解：设△PF 1F 2的内切圆半径为r ，由双曲线的定义得|PF 1|−|PF 2|=2a ，|F 1F 2|=2c ， S△IPF 1=12|PF 1|⋅r ，S △IPF 2=12|PF 2|⋅r ，S △IF 1F 2=12⋅2c ⋅r =cr ，由题意得：12|PF 1|⋅r −12|PF 2|⋅r =√32cr ， 故√3c =|PF 1|−|PF 2|=2a ，故3c 2=3a 2+3b 2=4a 2，3b 2=a 2，即可得 ba =√33，则双曲线的渐近线方程是y =±√33x. 故选：D ．设△PF 1F 2的内切圆半径为r ，由|PF 1|−|PF 2|=2a ，|F 1F 2|=2c ，用△PF 1F 2的边长和r 表示出等式中的三角形的面积，得到a 与c 的关系式，即可得渐近线方程． 本题考查双曲线的定义和简单性质，考查三角形面积的计算，考查利用待定系数法求出参数的值．4.【答案】D【解析】解：首先证明一个结论：在三棱锥S −ABC 中，棱SA ，SB ，SC 上取点A 1，B 1，C 1， 则V S−A 1B 1C 1V S−ABC =SA 1⋅SB 1⋅SC 1SA⋅SB⋅SC，设SB 与平面SAC 所成角为θ， 则V S−A 1B 1C 1V S−ABC =V B 1−SA 1C 1V B−SAC=13⋅12⋅SA 1⋅SC 1⋅sin∠ASC⋅SB 1⋅sinθ13⋅12⋅SA⋅SC⋅sin∠ASC⋅SB⋅sinθ=SA 1⋅SB 1⋅SC 1SA⋅SB⋅SC，设PEPB =x ，PFPD =y ，则V p−AEF =x ⋅y ⋅V P−ABD =43xy ， V P−MEF =12⋅x ⋅yV P−BCD =23xy ，V P−AFM =y 2V P−ACD =23y ， V P−AEM =x2V P−ABC =23x ，所以V P−AEMF =V P−AEF +V P−MEF =V P−AFM +V P−AEM =2xy =23(x +y)， 则x +y =3xy ，所以x =y3y−1，所以V P−AEMF =23(x +y)=23(y +y3y−1)=23⋅3y 23y−1， 令t =3y −1， 则y 23y−1=(t+1)29t =19(t +1t +2)，因为y ∈[12,1]， 所以t ∈[12,2]， 则y 23y−1=(t+1)29t =19(t +1t +2)∈[49,12](当且仅当t =1时，取最小值)所以V P−AEMF =2⋅y 23y−1∈[89,1]， 故选：D ．首先证明一个结论：在三棱锥S −ABC 中，棱SA ，SB ，SC 上取点A 1，B 1，C 1，则V S−A 1B 1C 1V S−ABC =SA1⋅SB1⋅SC1 SA⋅SB⋅SC，设PEPB =x，PFPD=y，再分析V p−AEF，V P−MEF，V P−AFM，V P−AEM=x2V P−ABC，进而可得结论．本题考查立体几何体积问题，解题中需要一定的运算化简能力，属于中档题．5.【答案】{1,2}【解析】解：集合A=N∗，B={x||2x−1|<5}={x|−5<2x−1<5}={x|−2<x< 3}，则A∩B={1,2}．故答案为：{1,2}．化简集合B，根据交集的定义计算即可．本题考查了交集的定义与运算问题，是基础题．6.【答案】1−2i【解析】解：z⋅i=2+i，∴−i⋅z⋅i=−i⋅(2+i)，∴z=1−2i．故答案为：1−2i．利用复数的运算法则即可得出．本题考查了复数的运算法则，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．7.【答案】3【解析】解：∵函数f(x)=2x+1的图象与g(x)的图象关于直线y=x对称，故g(x)和f(x)互为反函数，令f(x)=2x+1=9，求得x=3，可得g(9)=3，故答案为：3．由题意可得g(x)和f(x)互为反函数，令f(x)=9，求得x的值，可得g(9)的值．本题主要考查函数和它的反函数图象间的关系，属于基础题．8.【答案】2【解析】解：已知tan(α+π4)=−3=tanα+11−tanα，则tanα=2，故答案为：2．利用两角和的正切公式，求得tanα的值．本题主要考查两角和的正切公式的应用，属于基础题．9.【答案】−160【解析】解：设求的项为T r+1=C6r(−2x)r令r=3，∴T4=−C6323x3=−160x3．故答案为：−160．利用二项展开式的通项公式求出第r+1项，令x的指数为3求出展开式中x3的系数即可．本题考查二项展开式的通项公式，二项展开式的通项公式是解决二项展开式的特定项问题的工具．10.【答案】arctan2√23【解析】解：由正四棱柱的性质知，AA1//DD1，∴∠DD1B即为异面直线AA1与BD1所成角，在Rt△DD1B中，tan∠DD1B=BDDD1=2√23，∴∠DD1B=arctan2√23，∴异面直线AA1与BD1所成角的大小是arctan2√23．故答案为：arctan2√23．易知AA1//DD1，故∠DD1B即为所求，再在Rt△DD1B中，由tan∠DD1B=BD DD1，即可得解．本题考查异面直线夹角的求法，利用平移的思想，找出异面直线的夹角是解题的关键，考查学生的空间立体感和运算求解能力，属于基础题．11.【答案】90【解析】解：根据题意，从A医院某科室的6名男医生和4名女医生中分别选派3名男医生和2名女医生，有C63C42=120种取法，若其中没有主任医师参加，即从不是主任医师的5名男医生中选出3名男医生，从不是主任医师的3名女医生中选出2名女医生，其取法有C53C32=30种，则至少有一名主任医师参加的取法有120−30=90种，故答案为：90．根据题意，先计算从A 医院某科室的6名男医生和4名女医生中分别选派3名男医生和2名女医生的取法数目，再排除其中没有主任医师参加的取法，由此分析可得答案． 本题考查排列组合的应用，注意用间接法分析，避免分类讨论，属于基础题．12.【答案】{−2,23}，【解析】解：令f(x)=x k ，由f(x)>|x|，可知， 幂函数f(x)的图象在y =|x|的图象上方， 如果函数f(x)为奇函数，则第三象限有图象， 所以函数f(x)不是奇函数， 所以k =−1，13，不符合，由于x ∈(0,1)，x k >x ，整理得1>x 1−k ， 所以1−k >0，所以k <1，故k =2不符合， 所以k =−2，23， 即{−2,23}， 故答案为：{−2,23}，直接利用幂函数的性质和分类讨论的应用求出结果．本题考查的知识要点：函数的性质，幂函数的性质，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题．13.【答案】64【解析】解：由题意，函数f(x)={15−|x −1|,0≤x <2f(x −2)−2,x ≥2，当n =1时，x ∈[0,2)，此时f(x)=15−|x −1|，此时函数f(x)在∈[0,2)上的最大值为f(1)=15−|1−1|=15，所以a 1=15， 当n =2时，x ∈[2,4)，此时f(x)=f(x −2)−2，此时x −2∈[0,2)， 所以f(x)=f(x −2)−2=15−|x −2−1|−2=13−|x −3|，此时函数f(x)在[2,4)上的最大值为f(3)=13−|3−3|=13，所以a 2=13，……当x ∈[2n −2,2n)时，f(x)=15−f[x −(2n −2)]−2(n −1)=15−|x −(2n −2)−1|−2(n −1)，此时函数f(x)的最大值为f(n)=17−2n ，所以a n =17−2n ， 当1≤n ≤8，n ∈N ∗时，a n >0，当n ≥9，n ∈N ∗时，a n <0， 所以S n 的最大值为S 8=8(a 1+a 8)2=8×(15+1)2=64．故答案为：64．根据函数的解析式，分别求得a 1，a 2，a 3，…，得出a n =17−2n ，结合等差数列的性质和前n 项和公式，即可求解．本题考查数列与函数的综合，考查函数的性质，考查等差数列前n 项和公式，属于中档题．14.【答案】6【解析】解：由y =nn 2+3x +3nn+3，取x =0，得A n (0,3nn+3)， ∵n →∞limn n 2+3=0，n →∞lim3nn+3=n →∞lim31+3n=3， 点A n 趋近于A(0,3)；可得函数y =n n 2+3x +3nn+3的图象趋近于直线y =3，此时点B n 趋近于函数y =log 1n (x −4)的渐近线与y =3的交点，即B(4,3)，∴n →∞limS n =S △OAB =12×4×3=6． 故答案为：6．首先确定n →+∞时的A n 与函数y =nn 2+3x +3nn+3的图象情况，再确定B n 趋于点B(4,3)，可得n →∞limS n =S △OAB ，则答案可求．本题考查数列极限的求法，考查数形结合的解题思想与极限思想，是中档题．15.【答案】2√213【解析】解：设a ⃗ =OA ⃗⃗⃗⃗⃗ ，b ⃗ =OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，c ⃗ =OC ⃗⃗⃗⃗⃗ ， 则t a ⃗ =t OA ⃗⃗⃗⃗⃗ ，t c ⃗ =t OC ⃗⃗⃗⃗⃗ ，则A′，C′分别在OA ，OC 所在的直线上， 所以b ⃗ −t a ⃗ =OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ −OA′⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =A′B⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，b ⃗ −a ⃗ =OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ −OA ⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ， 因而|b ⃗ −t a ⃗ |≥|b ⃗ −a ⃗ |， 所以|A′B ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |≥|AB ⃗⃗⃗⃗⃗ |， 因为垂线段距离最短，所以|AB ⃗⃗⃗⃗⃗ |即为点B 到OA 的垂线段长度， 即OA ⊥AB ，同理OC⃗⃗⃗⃗⃗ ⊥BC ⃗⃗⃗⃗⃗ ， 所以OABC 四点在以OB 为直径的圆上，而|a ⃗ |=|OA ⃗⃗⃗⃗⃗ |=3，|OC ⃗⃗⃗⃗⃗ |=|c ⃗ |=2，|a ⃗ −c ⃗ |=|CA ⃗⃗⃗⃗⃗ |=√7， 所以cos∠COA =9+4−72×3×2=12， 即∠COA =60°，sin∠COA =√32，由正弦定理可得三角形OAC 外接圆的直径2R =√7√32=2√213，即四边形OABC 外接圆的直径为2√213，所以|b ⃗ |=|OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |=2R =2√213． 故答案为：2√213． 设a ⃗ =OA ⃗⃗⃗⃗⃗ ，b ⃗ =OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，c ⃗ =OC ⃗⃗⃗⃗⃗ ，即可证明即OA ⃗⃗⃗⃗⃗ ⊥AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ，OC ⃗⃗⃗⃗⃗ ⊥BC ⃗⃗⃗⃗⃗ ，则OABC 四点在以OB 为直径的圆上，利用余弦定理与正弦定理可得结果．本题考查向量的几何意义，解题中注意转化思想的应用，属于中档题．16.【答案】②③【解析】解：令g(x)=f(x)+f(x −a)，函数f(x)的定义域为{x|x ≠0}，且f(−x)=|−x −1x |=|x +1x |=f(x)， ∴f(x)为偶函数．对于①，若a =0，则g(x)=2|x +1x |，∴g(1)=2=g(−1)，此时，函数g(x)不是奇函数；若a ≠0，则g(x)的定义域为{x|x ≠0，且x ≠a}， 而g(a2)=2f(a 2)a 2+4|a|>0，g(−a 2)=|a 2+2a |+|3a 2+23a |>0，显然g(a 2)≠−g(−a2)，综上所述，对任意x ∈R ，函数y =f(x)+f(x −a)都不是奇函数，即①错误； 对于②，g(a −x)=f(a −x)+f(−x)=f(x −a)+f(x)=g(x)， ∴函数y =f(x)+f(x −a)关于直线x =a2对称，∴对任意实数a，均存在实数m，使得函数y=f(x)+f(x−a)关于x=m对称，即②正确；对于③，f(x)=|x+1x |=|x|+1|x|≥2√|x|⋅1|x|=2，当且仅当x=±1时，等号成立，f(x−a)=|(x−a)+1x−a |=|x−a|+1|x−a|≥2√|x−a|⋅1|x−a|=2，当且仅当x=a±1时，等号成立，∴g(x)=f(x)+f(x−a)≥4，∵a≠0，∴当a=±2时，两个等号可以同时成立，∴k≤4，∴实数k的取值范围是(−∞,4]，即③正确；对于④，假设存在实数k，使得直线y=k与函数g(x)的图象有6个交点，若a>0，当0<x<a时，g(x)=x+1x+a−x+1a−x=a+ax(a−x)=a+1a24−(x−a2)2，此时，函数g(x)在(0,a2)上单调递减，在(a2,a)上单调递增，当0<x<a时，g(x)min=g(a2)=a2+4a=a+4a；当x>a时，任取x1、x2∈(a,+∞)，且x1>x2，即x1>x2>a，则g(x1)−g(x2)=(x1+1x1+x1−a+1x1−a)−(x2+1x2+x2−a+1x2−a)=2(x1−x2)+(1x1−1x2)+(1x1−a−1x2−a)=2(x1−x2)+x2−x1x1x2+x2−x1(x1−a)(x2−a)=(x1−x2)[2−1x1x2−1(x1−a)(x2−a)]，∵x1>x2>a，∴2−1x1x2−1(x1−a)(x2−a)随着x1、x2的增大而增大，当x1→a且x2→a时，[2−1x1x2−1(x1−a)(x2−a)]→−∞；当x1→+∞且x2→+∞时，[2−1x1x2−1(x1−a)(x2−a)]→2，∴存在x0>a，使得a<x2<x1<x0时，[2−1x1x2−1(x1−a)(x2−a)]<0，则g(x1)<g(x2)，∴函数g(x)在(a,x0)上单调递减；当x1>x2>x0时，[2−1x1x2−1(x1−a)(x2−a)]>0，则g(x1)>g(x2)，∴函数g(x)在(x0,+∞)上单调递增，∴当x>a时，g(x)min=g(x0).若存在实数k，使得函数y=f(x)+f(x−a)−k对任意非零实数a均存在6个零点，即直线y=k与函数g(x)的图象有6个交点，由于函数g(x)的图象关于直线x=a2对称，则直线y=k与函数g(x)在直线x=a2右侧的图象有3个交点，∴k>max{a+4a ,g(x0)}≥a+4a．由于k为定值，当a≥2且当a逐渐增大时，a+4a也在逐渐增大，∴k>a+4a不可能恒成立，∴当a>0时，不存在实数k，使得函数y=f(x)+f(x−a)−k对任意非零实数a均存在6个零点，同理可知，当a<0时，不存在实数k，使得函数y=f(x)+f(x−a)−k对任意非零实数a均存在6个零点，∴④错误．故答案为：②③．利用特殊值法可判断①的正误；验证g(a−x)=g(x)，可判断②的正误；利用基本不等式可判断③的正误；当a>0时，分析出函数g(x)在(a,+∞)上先递减再递增，记g(x)min=g(x0)，可得出k>max{a+4a ,g(x0)}，利用k>a+4a不恒成立，可判断④错误，同理得知，当a<0时，命题④也不成立，从而得出命题④为假命题．本题考查函数的性质，零点问题，恒成立与存在性等问题，具有很强的综合性，考查学生的逻辑推理能力、运算求解能力，属于难题．17.【答案】证明：(1)∵AB⊥底面BCD，∴AB⊥CD，又CD⊥BD，且AB∩BD=B，∴CD⊥平面ABD；解：(2)在Rt△BCD中，由BD=2，CD=4，得BC=√22+42=2√5，又在Rt△ABC中，AC=6，得AB=√62−(2√5)2=4．∴圆柱的底面半径为√5，母线长为4，∴圆柱OO1的侧面积为2π×√5×4=8√5π．【解析】(1)由圆柱的结构特征可得AB⊥CD，BD⊥CD，再由直线与平面垂直的判定得结论；(2)由已知解直角三角形求得圆柱的底面半径及母线长，则其侧面积可求．本题考查直线与平面垂直的判定，考查空间想象能力与思维能力，训练了圆柱侧面积的求法，是中档题．18.【答案】解：(1)∵函数f(x)=2√2sin x2cos x2+2√2cos2x2−√2=√2sinx+√2cosx=2sin(x+π4)，当x∈[0,π]，x+π4∈[π4,5π4]，sin(x+π4)∈[−√22,1]，故f(x)=2sin(x+π4)的值域为[−√2,2]．(2)∵方程f(ωx)=√3(ω>0)在区间[0,π]上至少有两个不同的解，即sin(ωx+π4)=√32在区间[0,π]上至少有两个不同的解．∵ωx+π4∈[π4,ωπ+π4]，sinπ3=√32，sin2π3=√32，∴ωπ+π4≥2π3，解得ω≥512．【解析】(1)由题意利用三角恒等变换花简f(x)的解析式，再利用正弦函数的定义域和值域，求出函数f(x)的值域．(2)由题意可得sin(ωx+π4)=√32在区间[0,π]上至少有两个不同的解，再利用正弦函数的图象和性质，求出ω的取值范围．本题主要考查三家恒等变换，正弦函数的图象和性质，属于中档题．19.【答案】解：(1)由f1(x)=x2−4x+5可得，f1(1)=2，f1(2)=1，f1(3)=2，f1(4)=5，f1(5)=10，所以△(f1(x))=15[(2−2.2)2+(1−1)2+(2−2)2+((5−4.6)2+(10−7)2]=4625；(2)①∵f2(x)=2|x−2|+m，∴f2(1)=2+m，f2(2)=1+m，f2(3)=2+m，f2(4)=4+m，f2(5)=8+m，∴△(f2(x))=15[(2+m−2.2)2+((1+m−1)2+((2+m−2)2+(4+m−4.6)2+(8 +m−7)2],=m2+0.08m+0.28，当m=−0.04时，取最小值174625，f2(x)=2|x−2|−0.04；②∵174625<4625，∴选f2(x)．【解析】(1)由f 1(x)=x 2−4x +5可得，f 1(1)，f 1(2)，f 1(3)，f 1(4)，f 1(5)，然后代入已知△(f 1(x))即可求解，(2)①由f 2(x)=2|x−2|+m ，可求f 2(1)，f 2(2)，f 2(3)，f 2(4)，f 2(5)，然后代入△(f 2(x))，结合二次函数性质可求其最小值；②结合(1)及(2)中①的值进行比较大小即可选择．本题以新定义为载体，主要考查了函数性质的应用及基本运算，还考查了分析及解决问题的能力．20.【答案】解：(1)∵椭圆Γ：x 2a 2+y2b2=1(a >b >0)过点(0,2)， ∴b =2，设焦距为2c ，∵长轴、焦距和短轴的长的平方依次成等差数列， ∴(2a)2+(2b)2=2(2c)2，又a 2=b 2+c 2 解得a 2=12， ∴椭圆的方程为x 212+y 24=1；解：(2)联立{y =−x +1x 212+y 24=1，得4x 2−6x −9=0．设M(x 1,y 1)，N(x 2,y 2)， 则x 1+x 2=32，x 1x 2=−94， 由题意可知，P(0,1)，Q(1,0)， ∵PM⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =λ1MQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，PN ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =λ2NQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ， ∴(x 1,y 1−1)=λ1(1−x 1,−y 1)，得1λ1=1−x 1x 1，(x 2,y 2−1)=λ2(1−x 2,−y 2)，得1λ2=1−x 2x 2．∴1λ1+1λ2=1−x 1x 1+1−x 2x 2=x 1+x 2x 1x 2−2=32−94−2=−83；证明：(3)由题意设P(0,n)，Q(m,0)，M(x 1,y 1)，N(x 2,y 2)， 设直线l 的方程为x =t(y −n)，由PM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =λ1MQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，知(x 1,y 1−n)=λ1(m −x 1,−y 1)， ∴y 1−n =−y 1λ1，由题意λ1≠0，∴λ1=ny 1−1，同理由PN ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =λ2NQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，知λ2=ny 2−1， ∵λ1+λ2=−3，∴y 1y 2+n(y 1+y 2)=0，①联立{x 2+3y 2=12x =t(y −n)，得(t 2+3)y 2−2nt 2y +t 2n 2−12=0，∴△=4n 2t 4−4(t 2+3)(t 2n 2−12)>0，② y 1+y 2=2nt 2t +3，y 1y 2=t 2n 2−12t +3，③把③代入①得，得(nt)2=12，∵直线l 与x 轴正半轴和y 轴分别交于点Q 、P ， ∴由题意mt <0，∴mt =−2√3(满足②)， 得直线l 的方程为x =ty +2√3，过定点(2√3,0)．【解析】(1)由已知条件推导出b =2，(2a)2+(2b)2=2(2c)2，结合隐含条件求得a ，则椭圆的方程可求；(2)联立直线方程与椭圆方程，求出P ，Q 的坐标，设出M ，N 的坐标，利用根与系数的关系可得M ，N 的横坐标的和与积，再由向量等式得到1λ1与1λ2，作和后代入根与系数的关系整理得答案；(3)由题意设P(0,n)，Q(m,0)，M(x 1,y 1)，N(x 2,y 2)，设l 方程为x =t(y −n)，联立直线方程与椭圆方程，可得关于y 的一元二次方程，由已知条件推导出λ1=ny 1−1，λ2=n y 2−1，结合λ1+λ2=−3及根与系数的关系求得tn ，即可得到直线l 恒过定点，并求此定点的坐标．本题考查椭圆方程的求法，考查直线过定点的证明，注意向量知识和等价转化思想的合理运用，是中档题．21.【答案】解：(1)由题意，数列{b n }是等差数列，设公差为d ，即b n+1−b n =λd ，可得a n+1−a n =λd ， ∴数列{a n }也是等差数列； (2)由b n =sinnπ2，可得b n+4=b n ，∴{b n }是周期为4的数列； ∵a n+1−a n =λ(b n+1−b n )， 可得{a n }也是周期为4的数列； ∵b n =sinnπ2，a 1=2，λ=3，a n+1−a n =3(b n+1−b n )，a 2=−1，a 3=−4，a 4=−1，a 5=2，那么S n =a 1+(a 2+a 3+a 4+a 5)+⋯…+(a 2018+a 2019+a 2020+a 2021)=a 1+505×(−4)=−2018． (3)设a 1=b 1=λ，b 2=λ2，b n =b n−1+b n−22(n ≥3,n ∈N ∗)可得(b n+1−b n)=−12(b n−b n−1)，∴(b n+1−b n)是为(b2−b1)为首项，公比为−12的等比数列，∴b n+1−b n=−λ2(−12)n−1=λ⋅(−12)n，那么b n=(b n−b n−1)+(b n−1−b n−2)+⋯…+(b2−b1)+b1=λ⋅(−12)n−1+λ⋅(−12)n−2+⋯…+λ⋅(−12)1+λ=λ⋅23+13λ(−12)n−1∵a n+1−a n=λ(b n−b n−1)可得a n=λ⋅b n+a1−λb1=23λ2(−12)n−1+λ−λ23当n为偶数时，可知a n是单调递增，那么λ−λ22≤a n<λ−λ23，当n为奇数时，可知a n是单调递减，那么λ−λ23<a n≤λ；∵λ≠0，可得λ−λ22<λ−λ23<λ，可得{a n}中的最大值a1=λ，最小值为a2=λ−λ22对{a n}中的任意两项a i、a j(i,j∈N∗,i≠j)，|a i−a j|<2都成立，即λ22<2，解得：−2<λ<2故得实数λ的取值范围是(−2,0)∪(0,2)．【解析】(1)根据{b n}是等差数列，即b n+1−b n=λd，可得{a n}也是等差数列；(2)根据b n=sin nπ2，可得{b n}是周期数列；并项求解法，可得数列{a n}的前2021项和．(3)求解数列{b n}的通项，分奇，偶项讨论，再求{a n}通项，利用单调性从而求解实数λ的取值范围．本题考查了数列的综合问题，等差等比的应用，构造，求和以及单调性，属于难题．。