高中物理重要方法典型模型突破12-模型专题(4) -板块模型(解析版)
专题十一模型专题（4）板块模型【重点模型解读】一、模型认识类型图示规律分析木板B带动物块A，物块恰好不从木板上掉下的临界条件是物块恰好滑到木板左端时二者速度相等，则位移关系为x B＝x A＋L物块A带动木板B，物块恰好不从木板上掉下的临界条件是物块恰好滑到木板右端时二者速度相等，则位移关系为x B＋L＝x A力F作用在物块A上讨论相关的临界情况力F作用在木板B上讨论相关的临界情况二、板块类问题的解题思路与技巧：1．通过受力分析判断滑块和木板各自的运动状态（具体做什么运动）；2．判断滑块与木板间是否存在相对运动。
滑块与木板存在相对运动的临界条件是什么？⑴运动学条件：若两物体速度或加速度不等，则会相对滑动。
⑵动力学条件：假设两物体间无相对滑动，先用整体法算出共同加速度，再用隔离法算出其中一个物体“所需要”的摩擦力f；比较f与最大静摩擦力f m的关系，若f > f m，则发生相对滑动；否则不会发生相对滑动。
3. 分析滑块和木板的受力情况，根据牛顿第二定律分别求出滑块和木板的加速度；4. 对滑块和木板进行运动情况分析，找出滑块和木板之间的位移关系或速度关系，建立方程．特别注意滑块和木板的位移都是相对地面的位移.5. 计算滑块和木板的相对位移（即两者的位移差或位移和）；6. 如果滑块和木板能达到共同速度，计算共同速度和达到共同速度所需要的时间；7. 滑块滑离木板的临界条件是什么？当木板的长度一定时，滑块可能从木板滑下，恰好滑到木板的边缘达到共同速度（相对静止）是滑块滑离木板的临界条件。
三、注意点：分析“板块”模型时要抓住一个转折和两个关联【典例讲练突破】【例1】如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m的物块A和木板B，A、B间的最大静摩擦力为μmg，现用水平拉力F拉B，使A、B以同一加速度运动，求拉力F的最大值。
【点拨】为防止运动过程中A落后于B（A不受拉力F的直接作用，靠A、B 间的静摩擦力加速），A、B一起加速的最大加速度由A决定。
【解答】物块A能获得的最大加速度为：．∴A、B一起加速运动时，拉力F的最大值为：．【变式1】若拉力F作用在A上呢？如图所示。
【解析】：木板B 能获得的最大加速度为：。
∴A 、B 一起加速运动时，拉力F 的最大值为：． 【变式2】 在变式1的基础上再改为：B 与水平面间的动摩擦因数为（认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力），使A 、B 以同一加速度运动，求拉力F 的最大值。
【解答】木板B 能获得的最大加速度为：设A 、B 一起加速运动时，拉力F 的最大值为F m ，则：解得： 【练1】(2014•江苏)如图所示，A 、B 两物块的质量分别为2m 和m ，静止叠放在水平地面上，A 、B 间的动摩擦因数为μ，B 与地面间的动摩擦因数为21μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g ，现对A 施加一水平拉力F ，则( )A ．当F ＜2μmg 时，A 、B 都相对地面静止B ．当F=25μmg 时，A 的加速度为31μg C ．当F ＞3μmg 时，A 相对B 滑动D ．无论F 为何值，B 的加速度不会超过21μg【例2】如图所示，质量为M的长木板A在光滑水平面上，以大小为v0的速度向左运动，一质量为m的小木块B(可视为质点)，以大小也为v0的速度水平向右冲上木板左端，B、A间的动摩擦因数为μ，最后B未滑离A。
已知M＝2m，重力加速度为g。
求：(1)A、B达到共同速度的时间和共同速度的大小；(2)木板A的最短长度L。
【点拨】(1)分析摩擦力方向→判断A和B的运动性质→求速度和时间。
(2)计算A和B的位移→求相对位移→最短长度。
【解析】(1)对A、B分别由牛顿第二定律有μmg＝Ma A，μmg＝ma B又M＝2m，可得a A＝12μg，a B＝μg规定水平向右为正方向，经时间t两者达到共同速度v，则v＝v0－a B t＝－v0＋a A t解得t＝2v0a A＋a B＝4v03μg，v＝－v03。
(2)在时间t内：A的位移x A＝－v0＋v2t＝－8v209μgB的位移x B＝v0＋v2t＝4v209μg木板A的最短长度为两者的相对位移大小，即L＝Δx＝x B－x A＝4v203μg。
答案(1)4v03μgv03(2)4v203μg【以题说法】解决速度临界问题的思维模板【练2】(2019•江苏)如图所示，质量相等的物块A和B叠放在水平地面上，左边缘对齐．A 与B、B与地面间的动摩擦因数均为μ。
先敲击A，A立即获得水平向右的初速度，在B上滑动距离L后停下。
接着敲击B，B立即获得水平向右的初速度，A、B都向右运动，左边缘再次对齐时恰好相对静止，此后两者一起运动至停下．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．求：（1）A 被敲击后获得的初速度大小v A ；（2）在左边缘再次对齐的前、后，B 运动加速度的大小a B 、a B '；（3）B 被敲击后获得的初速度大小v B ．【解析】（1）由牛顿运动定律知，A 加速度的大小a A =μg匀变速直线运动2a A L =v A 2解得2A v gL μ=（2）设A 、B 的质量均为m对齐前，B 所受合外力大小F =3μmg由牛顿运动定律F =ma B ，得a B =3μg对齐后，A 、B 所受合外力大小F ′=2μmg由牛顿运动定律F ′=2ma B ′，得a B ′=μg（3）经过时间t ，A 、B 达到共同速度v ，位移分别为x A 、x B ，A 加速度的大小等于a A 则v =a A t ，v =v B –a B t221122A A B B B x a t x v t a t ==-， 且x B –x A =L解得22B v gL μ=。
【例3】 (2015·全国卷Ⅰ，25，)一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5 m ，如图(a)所示。
t ＝0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t ＝1 s 时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短)。
碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板。
已知碰撞后1 s 时间内小物块的v －t 图线如图(b)所示。
木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10 m/s2。
求：(1)木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2；(2)木板的最小长度；(3)木板右端离墙壁的最终距离。
【模型解析】第一步：分析研究对象模型。
设小物块和木板的质量分别为m和M。
小物块可以看作质点(初始条件v0未知，如图甲所示)。
第二步：分解过程模型。
(1)认为地面各点的粗糙程度相同，小物块和木板一起向右做匀变速运动，到速度大小为v 1，如图乙所示。
(2)木板与墙壁碰撞过程：小物块受到滑动摩擦力(设置的初始条件)，由于碰撞时间极短(Δt →0)，故碰后小物块速度不变，木板的速度方向突变(设置的初始条件)，如图丙所示。
(3)然后小物块向右减速，木板向左减速，经1 s 小物块速度减小为零(如图丁所示)。
由于木板的加速度较小，故小物块速度为零时，木板仍有速度．然后小物块向左加速，木板向左减速，到二者达到共同速度v 3(如图戊所示)。
(4)分析临界条件，包括时间关系和空间关系，如图戊所示。
(5)在小物块和木板具有共同速度后，两者向左做匀变速直线运动直至停止(如图己所示)。
第三步：选择计算方法。
上面的每一个过程都有特定条件要求，应根据各自的物理规律，选择相应的计算方法解题。
【规范步骤】(1)根据图象可以判定碰撞前小物块与木板共同速度为v ＝4 m/s碰撞后木板速度水平向左，大小也是v ＝4 m/s小物块受到滑动摩擦力而向右做匀减速直线运动，加速度大小a 2＝v －0t ＝4－01m/s 2＝4 m/s 2。
根据牛顿第二定律有μ2mg ＝ma 2，解得μ2＝0.4木板与墙壁碰撞前，匀减速运动时间t ＝1 s ，位移x ＝4.5 m ，末速度v ＝4 m/s其逆运动则为匀加速直线运动可得x ＝v t ＋12a 1t 2解得a 1＝1 m/s 2小物块和木板整体受力分析，滑动摩擦力提供合外力，由牛顿第二定律得：μ1(m ＋15m )g ＝(m ＋15m )a 1，即 μ1g ＝a 1解得μ1＝0.1(2)碰撞后，木板向左做匀减速运动，依据牛顿第二定律有 μ1(15m ＋m )g ＋μ2mg ＝15ma 3可得a 3＝43 m/s 2 对滑块，加速度大小为a 2＝4 m/s 2由于a 2＞a 3，所以滑块速度先减小到0，所用时间为t 1＝1 s 的过程中，木板向左运动的位移为x 1＝v t 1－12a 3t 21＝103 m, 末速度v 1＝v －a 3t 1＝83 m/s滑块向右运动的位移x 2＝v ＋02t 1＝2 m此后，小物块开始向左加速，加速度大小仍为a 2＝4 m/s 2木板继续减速，加速度大小仍为a 3＝43 m/s 2假设又经历t 2二者速度相等，则有a 2t 2＝v 1－a 3t 2解得t 2＝0.5 s此过程中，木板向左运动的位移x 3＝v 1t 2－12a 3t 22＝76 m ，末速度v 3＝v 1－a 3t 2＝2 m/s滑块向左运动的位移x 4＝12a 2t 22＝0.5 m此后小物块和木板一起匀减速运动，二者的相对位移最大为Δx ＝x 1＋x 2＋x 3－x 4＝6 m小物块始终没有离开木板，所以木板最小的长度为6 m(3)最后阶段滑块和木板一起匀减速直到停止，整体加速度大小为a1＝1 m/s2向左运动的位移为x5＝v232a1＝2 m所以木板右端离墙壁最远的距离为x＝x1＋x3＋x5＝6.5 m答案(1)0.10.4(2)6 m(3)6.5 m【练3】如图所示，木板静止于水平地面上，在其最右端放一可视为质点的木块。
已知木块的质量m＝1 kg，木板的质量M＝4 kg，长L＝2.5 m，上表面光滑，下表面与地面之间的动摩擦因数μ＝0.2。
现用水平恒力F＝20 N拉木板，g取10 m/s2。
(1)求木板加速度的大小；(2)要使木块能滑离木板，求水平恒力F作用的最短时间；(3)如果其他条件不变，假设木板的上表面也粗糙，其上表面与木块之间的动摩擦因数为μ1＝0.3，欲使木板能从木块的下方抽出，对木板施加的拉力应满足什么条件？(4)若木板的长度、木块质量、木板的上表面与木块之间的动摩擦因数、木板与地面间的动摩擦因数都不变，只将水平恒力增加为30 N，则木块滑离木板需要多长时间？【答案】(1)2.5 m/s2 (2)1 s (3)F＞25 N (4)2 s【解析】(1)木板受到的摩擦力F f＝μ(M＋m)g＝10 N木板的加速度a ＝M F F f＝2.5 m/s 2。
高中物理精品试题：重要方法典型模型突破6-数学方法(4)--图像问题
专题六数学方法（4）图像问题【重要方法点津】(一)明确四类图像(二)学会识别图像一是清楚各个物理公式，明白各概念和规律的本质内涵与外延，比如定义式和决定式的图像完全不同；二是对一次函数y＝ax＋b要非常熟练，会用会画；三是掌握化非线性函数为线性函数的方法，根据需要能快速变换函数，能熟练将数学和物理结合起来，需要准确的数学运算能力。
1．轴——横轴和纵轴所代表的物理量，以及物理量的单位或指数明确了两个坐标轴所代表的物理量，则清楚了图像所反映的是哪两个物理量之间的对应关系。
有些形状相同的图像，由于坐标轴所代表的物理量不同，它们反映的物理规律就截然不同，如振动图像和波动图像。
另外，在识图时还要看清坐标轴上物理量所注明的单位。
每年都有大量考生因不注意这些细小的地方而失分。
2．线——图像中图线的特征(宏观方面的物理规律)纵轴所代表的物理量量值变化吗？是均匀变化还是非均匀变化？是否是分段函数(图像)？是否存在极值？注意观察图像中图线的形状是直线、曲线，还是折线等，分析图线所反映两个物理量之间的关系，进而明确图像反映的物理内涵。
3．点——坐标原点和图线上任意点，两图线交点(微观方面的，特殊状态或过程) 坐标原点坐标值是0吗？图线上任意一点的物理意义是什么？图线相交点含义？注意坐标原点不一定是0，比如路端电压—电流图像中。
4．截——横、纵截距的物理意义截距是图线与两坐标轴的交点所代表的坐标数值，该数值具有一定的物理意义。
同样要注意弹簧的弹力图像、路端电压—电流图像。
5．斜——图线上某点切线斜率的物理意义物理图像的斜率代表两个物理量增量的比值，其大小往往代表另一物理量值。
如x-t 图像的斜率为速度，v-t图像的斜率为加速度、电场力—检验电荷(F-q)图像的斜率是电场强度、电容器Q-U图像的斜率是电容等等。
若某些量是定值，根据线性图线的特点，可以推理出一些有用结论，比如弹簧k＝Fx＝ΔFΔx，电容C＝QU＝ΔQΔU，电阻R＝UI＝ΔUΔI等等。
高中物理知识点归类总结-模型法
模型法(1)“对象模型”：即把研究的对象的本身理想化．用来代替由具体物质组成的、代表研究对象的实体系统，称为对象模型（也可称为概念模型）， 实际物体在某种条件下的近似与抽象，如质点、光滑平面、理想气体、理想电表等； 常见的如“力学”中有质点、点电荷、轻绳或杆、轻质弹簧、单摆、弹簧振子、弹性体、绝热物质等；(2)条件模型：把研究对象所处的外部条件理想化.排除外部条件中干扰研究对象运动变化的次要因素，突出外部条件的本质特征或最主要的方面，从而建立的物理模型称为条件模型． (3)过程模型：把具体过理过程纯粹化、理想化后抽象出来的一种物理过程，称过程模型 理想化了的物理现象或过程，如匀速直线运动、自由落体运动、竖直上抛运动、平抛运动、匀速圆周运动、简谐运动等。
有些题目所设物理模型是不清晰的，不宜直接处理，但只要抓住问题的主要因素，忽略次要因素，恰当的将复杂的对象或过程向隐含的理想化模型转化，就能使问题得以解决。
解决物理问题的一般方法可归纳为以下几个环节： 原始的物理模型可分为如下两类：物理解题方法：如整体法、假设法、极限法、逆向思维法、物理模型法、等效法、物理图像法等． 知识分类举要力的瞬时性（产生a ）F=ma 、⇒运动状态发生变化⇒牛顿第二定律 1．力的三种效应：时间积累效应(冲量)I=Ft 、⇒动量发生变化⇒动量定理 空间积累效应(做功)w=Fs ⇒动能发生变化⇒动能定理对象模型（质点、轻杆、轻绳、弹簧振子、单摆、理想气体、点电荷、理想电表、理想变压器、匀强电场、匀强磁场、点光源、光线、原子模型等） 过程模型（匀速直线运动、匀变速直线运动、匀速圆周运动、平抛运动、简谐运动、简谐波、弹性碰撞、自由落体运动、竖直上抛运动等）物理模型2．动量观点：动量(状态量)：p=mv=K mE 2 冲量(过程量)：I = F t动量定理：内容：物体所受合外力的冲量等于它的动量的变化。
公式： F 合t = mv’一mv (解题时受力分析和正方向的规定是关键) I=F 合t=F1t1+F2t2+---=∆p=P 末-P 初=mv 末-mv 初动量守恒定律：内容、守恒条件、不同的表达式及含义：'p p =；0p =∆；21p -p ∆=∆内容：相互作用的物体系统，如果不受外力，或它们所受的外力之和为零，它们的总动量保持不变。
人教版高中物理必修第一册第4章素养提升课6传送带模型和板—块模型课件
(1)当煤块与传送带速度相等时，它们能否相对静止； [解析] 煤块与传送带之间的动摩擦因数为μ＝0.5，当煤块与传送 带速度相等时，对煤块分析有mgsin 37°＞μmgcos 37°，所以它们 不能相对静止。 [答案] 不能
规律方法 传送带模型的求解思路
[跟进训练] 1．如图所示，一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行。 现将一个木炭包无初速度地放在传送带的最左端，木炭包在传送带 上将会留下一段黑色的径迹。下列说法中正确的是( ) A．黑色的径迹将出现在木炭包的左侧 B．木炭包的质量越大，径迹的长度越短 C．传送带运动的速度越大，径迹的长度越短
(2)倾斜传送带问题的两种类型。(物体从静止开始，传送带匀速运
பைடு நூலகம்
动且足够长)。
项目 条件
运动性质
向上 传送
物体先沿传送带做向上的加速直线运动，速度 μ>tan θ 相同以后二者相对静止，一起做匀速运动 μ＝tan θ 物体保持静止
物体
不可能向上传送物体，物体沿传送带做向下的 μ<tan θ 加速直线运动
命题角度1 水平传送带模型 【典例1】 如图所示，水平传送带以不变的速度v＝10 m/s向右运 动，将工件(可视为质点)轻轻放在传送带的左端，由于摩擦力的作 用，工件做匀加速运动，经过时间t＝2 s，速度达到v；再经过时间 t′＝4 s，工件到达传送带的右端，g取10 m/s2，求：
命题角度2 倾斜传送带模型 【典例2】 (2022·福建福州八县一中联考)如图所示，传送带与水平地 面夹角θ＝37°，从A到B长度为L＝10.25 m，传送带以v0＝10 m/s的速率 逆时针转动。在传送带上端A无初速地放一个质量为m＝0.5 kg的黑色煤 块，它与传送带之间的动摩擦因数为μ＝0.5。煤块在传送带上经过会留 下黑色痕迹。已知sin 37°＝0.6，g＝10 m/s2，求：
高考物理总复习动量守恒中的四类典型模型
动量守恒中的四类典型模型
(1)两个或两个以上的物体与弹簧相互作用的过程中，若系统所受外力
的矢量和为零，则系统动量守恒；
(2)在能量方面，由于弹簧形变会使弹性势能发生变化，系统的总动能
将发生变化；若系统所受的外力和除弹簧弹力以外的内力不做功，系统
模型特点 机械能守恒；
(3)弹簧处于最长(最短)状态时两物体速度相等，弹性势能最大，系统动
命题拓展
命题条件不变，一题多设问
下列说法不正确的是(
C )
A. t1～t2时间内B的加速度在减小
B. t1和t3时刻弹簧的弹性势能相等
C. t2时刻弹簧处于压缩状态
D. t3时刻弹簧的弹性势能最大
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专题十一
[解析]
动量守恒中的四类典型模型
由v-t图像可知t1 ～t2 时间内B的加速度在减小，A正确，不符合题意；t1 和t3
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专题十一
动量守恒中的四类典型模型
1. [子弹未穿透木块/2024江苏淮安模拟]如图所示，质量为M＝0.45 kg的木块静止于
光滑水平面上，一质量为m＝0.05 kg的子弹以水平速度v0＝100 m/s打入木块并停在
木块中，下列说法正确的是(
A )
A. 子弹打入木块后子弹和木块的共同速度为v＝10 m/s
B. 子弹对木块做的功W＝25 J
C. 木块对子弹做正功
D. 子弹打入木块过程中产生的热量Q＝175 J
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专题十一
动量守恒中的四类典型模型
[解析] 根据动量守恒定律可得mv0＝(M＋m)v，解得子弹打入木块后子弹和木块的
共同速度为v＝
0
＋
1
W＝ Mv2-0＝22.5
高中物理模型分类解析模型4 等时圆模型
模型4 等时圆模型1.模型特征(1)质点在竖直圆环上沿不同的光滑弦从其上端由静止开始滑到环的最低点所用时间相等,如图甲所示。
(2)质点从竖直圆环上最高点沿不同的光滑弦由静止开始滑到下端所用时间相等,如图乙所示。
(3)两个竖直圆环相切且两环的竖直直径均过切点,质点沿不同的光滑弦上端由静止开始滑到下端所用时间相等,如图丙所示。
我们先看弦轨道模型问题并证明物体下滑的等时性。
如图所示，让物体从竖直圆环上的最高点A 处由静止开始沿光滑的弦轨道AB 、AC 、AD 下滑（AD 竖直），下滑的时间分别为1t 、2t 、3t 。
试证明321t t t ==证明：物体由静止开始沿AB 弦轨道下滑，AB 弦轨道长为1x ，AB 弦轨道与竖直方向夹角为θ，直径AD 长为d 。
θcos 1g a =① θcos 1d x =②211121t a x =③ ①②③解得：gd t 21=可知物体由静止开始沿光滑弦轨道下滑的时间与弦与竖直方向的夹角无关，即321t t t ==如果把圆环及轨道倒置，如图所示，使A 在最低点，让物体从B 、C 、D 点由静止开始沿光滑弦轨道滑到A 点，通过同样方法证明，物体下滑时间仍相等。
结论：物体由静止开始沿着一个端点在圆环最高点的不同光滑弦轨道下滑到圆环的时间相等；或物体在圆环上由静止开始沿着另一个端点在圆环最低点的不同光滑弦轨道下滑，滑到圆环最低点的时间相等。
【典例1】如图甲所示,在倾角为θ的斜面上方的A 点放置一光滑的木板AB ,B 端刚好在斜面上,木板与竖直方向AC 所成角度为α,一小物块由A 端沿木板由静止下滑,要使物块滑到斜面的时间最短,则α与θ角的大小关系为( )。
A .α=θB .α=C .α=2θD .α= 【答案】B【解析】如图乙所示,在竖直线AC 上选取一点O ,以适当的长度为半径画圆,使该圆过A 点,且与斜面相切于D 点。
由等时圆模型的特点知,由A 点沿木板滑到D 点所用时间比由A 点到达斜面上其他各点所用时间都短。
高中物理 第4章 专题四 模型构建——连接体问题课件 高中第一册物理课件
第三十二页，共四十六页。
答案
解析 对小环应用牛顿第二定律得：mg－f＝ma，解得：f＝mg－ma， 对杆有 Mg＋f′－T＝0，又 f＝f′，解得：T＝Mg＋mg－ma，C 正确。
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5．如图所示，有一光滑斜面倾角为 θ，放在水平面上，用固定的竖直 挡板 A 与斜面夹住一个光滑球，球质量为 m。若要使球对竖直挡板无压力， 球连同斜面应一起( )
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提升训练
对点训练
第八页，共四十六页。
典型考点一
加速度相同的连接体问题
1. (多选)两个叠放在一起的滑块，置于固定的、倾角为 θ 的斜面上，如
图所示，滑块 A、B 的质量分别为 M、m，A 与斜面间的动摩擦因数为 μ1， B 与 A 之间的动摩擦因数为 μ2，已知两滑块都从静止开始以相同的加速度从 斜面上滑下，则滑块 B 受到的摩擦力( )
A．等于零
B．方向沿斜面向上
C．大小等于 μ1mgcosθ D．大小等于 μ2mgcosθ
答案 BC
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第九页，共四十六页。
答案
解析 把 A、B 两滑块作为一个整体，设其下滑的加速度为 a，由牛顿 第二定律有，(M＋m)·gsinθ－μ1(M＋m)gcosθ＝(M＋m)a，得 a＝g(sinθ－ μ1cosθ)。由于 a<gsinθ，可见 B 随 A 一起下滑的过程中，必然受到 A 对它沿 斜面向上的摩擦力，设 A 对 B 的摩擦力为 FB，滑块 B 的受力如图所示。由 牛顿第二定律有 mgsinθ－FB＝ma，得 FB＝mgsinθ－ma＝mgsinθ－mg(sinθ －μ1cosθ)＝μ1mgcosθ，B、C 正确，A、D 错误。
高中物理“四合一”教学模式浅探
高中物理“四合一”教学模式浅探“四合一”主体教学模式是一种吸引学生回归课堂的教学模式。
学生在校主要是在课堂教学中度过的，我们过去习惯了在课堂上听老师讲课，当老师后，也习惯把注意力放在如何讲好课上，我们都习惯了传统教学。
但今天采用“以教师为中心，以课堂为中心，以教材为中心”的传统模式上课，许多学生容易走神，课堂气氛往往比较沉闷，教学效果不甚理想。
如何才能把学生吸引回到课堂呢？一、什么是“四合一”主体教学模式“四合一”主体教学模式是一种包含教学目标、教学生理、教学组织、教学手段四个元素的素质教育教学模式。
它以“为了每一个学生的发展”为目标，以“全脑模型”作为学生生理基础，以小组互助学习为组织教学的基本形式；以小组合作性活动为主体，以信息卡为教学手段之一，以个人评价和小组评价的双重评价体系为激励体制之一，这具有极强的实践性和可操作性。
它的教学原则是：积极参与、阶梯难度、讲求效率、即时反馈、互助合作五个原则。
二、“四合一”主体教学模式很符合物理学科的教学特点“四合一”主体教学模式的教学特点是：大容量、强节奏、高效益、活全体。
“大容量、强节奏”是指课堂中要加快教学的节奏，加大教学的跨度，增加单位教学时间的容量，尽量减少无用的教学内容，从而增加有效教学时间，避免课时的隐性浪费；“高效益”是指教师讲授的内容，应该着眼大多数学生，兼顾两头，让后进生跳起来能摘到果子吃，而优等生能有所获益；“活全体”是指教师在课堂上采用学生乐于接受的教学方式，激发学生的兴趣和热情，充分调动学生各种感观的综合效能，提高其对信息的感知度，调动全体学生的能动性。
这些都很符合物理学科的教学特点。
三、“四合一”主体教学模式在物理课堂教学中的实施根据“四合一”主体教学模式的四个特点，我实施的做法有以下三点：（一）妙用题型同样的教学内容，教师要根据阶梯难度原则，不断变换教学方式，才能让学生最容易、最乐意去接受和掌握教学知识。
1.板演题——规范解题格式我把教学重点内容以学生在黑板板演的方式呈现，设计成中等难度的题目，让每个小组都想写，也都可以写，但要经过努力，才能得分。
2023年人教版高中物理必修第一册第四章运动和力的关系拓展课八传送带模型和板块模型
加速度不相等．
2．常见的两种位移关系 (1)滑块从木板的一端运动到另一端的过程中，若滑块和木板向同一 方向运动，则滑块的位移和木板的位移之差等于木板的长度． (2)若滑块和木板向相反方向运动，则滑块的位移和木板的位移之和 等于木板的长度． 3．注意摩擦力的突变 当滑块与木板速度相同时，二者之间的摩擦力通常会发生突变，由 滑动摩擦力变为静摩擦力或者消失，或者摩擦力方向发生变化，速度 相同是摩擦力突变的一个临界条件．
拓展课八 传送带模型和板பைடு நூலகம்模型
目标要求 1.会对传送带上的物体进行受力分析，掌握传送带模型的一般分析 方法． 2．能正确解答传送带上的物体的运动问题． 3．建立板块模型的分析方法． 4．能运用牛顿运动定律处理板块问题．
拓展1 传送带模型 【归纳】 1．基本类型 传送带运输是利用货物和传送带之间的摩擦力将货物运送到其他地 方去，有水平传送带和倾斜传送带两种基本模型． 2．分析流程
总结提升
倾斜传送带向下传送物体，当物体加速运动与传送带速度相等时： (1)若μ≥tan θ，物体随传送带一起匀速运动； (2)若μ<tan θ，物体不能与传送带保持相对静止，物体将以较小的加 速度a＝g sin θ－μg cos θ继续做加速运动．
拓展2 板块模型 【归纳】 滑块—木板类(简称板块模型)问题涉及两个或多个物体，并且物体 间存在相对滑动，属于多物体多过程问题，知识综合性较强，对能力
3．注意问题 求解的关键在于根据物体和传送带之间的相对运动情况，确定摩擦 力的大小和方向．当物体的速度与传送带的速度相同时，物体所受的 摩擦力有可能发生突变．
高三物理的学习方法4篇
高三物理的学习方法4篇高三物理的学习方法1高中三年，物理需要学习的内容特别多，同学觉得多，老师又何尝不是呢?这三年的教学内容是特别紧凑的，同学需要不断的把物理学问放入自己的大脑中去。
而对于高中生来说，假如不准时梳理这些物理学问，大脑中的学问就会越来越乱，这也是许多高中生认为物理难的主要缘由。
系统梳理、学问总结、归纳解题规律都是特别重要的，但是大部分同学做不到，想要做到需要讲究方法。
首先是公式，在学习物理的过程中，你认为物理课本中的连接是什么呢?是公式!认真想想，课本是不是都是围围着公式绽开的，有些看似重要的内容不过是公式的运用及留意事项罢了，最根本的还是公式。
所以，想要学好物理，首先就要把握好物理的各种公式。
同学可以在课本上把公式相关的内容都划出来，这样重点内容就会精简不少，学习起来也会更有针对性。
课后准时复习和强化所学学问：许多高中生都有类型的状况，就是平常学的很好，但是一到了考场就总是发挥不好。
其实，高中物理内容抽象，理解和记忆都需要下功夫，而许多高中生只是在课堂上学习物理，根本没有吃透。
所以，高中生要学会课后复习，增加自己对学问的理解。
提高解题速度：对于高中生来说，做题就像是跑步，只有平常多练习，才能跑得快。
做题也是一样，只有在平常多做一些题目，才能在提高解题效率。
高中生在做课后作业的时候，要懂得约束时间，提高效率。
高三物理的学习方法2注意课本，夯实基础学问。
物理题太多了，做不完，可题百变也不离其“宗”，任何难题，都可以用课本上黑体字标出的.定理与定律来求解的，不把这些内容夯实牢，就想着考高分，那是空谈。
学问点之间的差异也要搞明白，这样才能快速选取你需要的公式来解题，比方，动能定理和功能关系在使用时有何区分?求速度都有哪些常用的方法(公式)?物理考卷中有难度的综合题，一般来说都包含许多部分的内容，要用到多个特别基础的物理公式。
比方力学综合题包含受力分析，牛顿运动定律，功与能的关系等，最好还是把这些小的学问点，基本学问点都弄懂后，再针对性去做一些中等难度的综合题。
高中物理必修一 第四章 专题强化 动力学中的板块问题
A.A的加速度大小为0.5 m/s2
√B.A、B间的动摩擦因数为0.4 √C.若B不固定，B的加速度大小为1 m/s2 √D.若B不固定，A运动到B的最右端所用的时间为 5 2 s
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根据v－t图像可知，物体A的加速度大小为： aA＝ΔΔvt ＝150 m/s2＝2 m/s2，故 A 错误； 以A为研究对象，根据牛顿第二定律可得： F－μmAg＝mAaA 代入数据得：μ＝0.4，故B正确； 若B不固定，B的加速度大小为： aB＝μmmABg＝0.4×41×10 m/s2＝1 m/s2，故 C 正确；
由题意可知，A刚好没有从B上滑下来，则A滑到B最右端时的速度和
B的速度相同，设为v，则有： 时间关系：t＝v0a－1 v＝av2 位移关系：L＝v0＋2 vt－v2t
解得 v0＝2 6 m/s.
例4 如图所示，质量M＝1 kg、长L＝4 m的木板静止在粗糙的水平地面上， 木板与地面间的动摩擦因数μ1＝0.1，在木板的左端放置一个质量m＝1 kg、 大小可以忽略的铁块，铁块与木板上表面间的动摩擦因数μ2＝0.4，某时 刻起在铁块上加一个水平向右的恒力F＝8 N，g取10 m/s2，求： (1)加上恒力F后铁块和木板的加速度大小；
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由题图乙知，木板B的长度为： l＝12×5×10 m＝25 m； 若B不固定，设A运动到B的最右端所用的时间为t， 根据题意可得： 12aAt2－12aBt2＝l 代入数据解得：t＝5 2 s 故D正确.
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6.(2022·肇庆市高一期末)一质量M＝4 kg、长l＝0.75 m的木板静止在光滑 水平地面上，木板的左端静置一个质量m＝1 kg的小物块，现用一水平向 右的拉力F作用在小物块上，如图所示，已知小物块与木板间的动摩擦 因数μ＝0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g＝10 m/s2. (1)求木板能够产生的最大加速度大小； 答案 0.5 m/s2