高三物理单元测试题(二)
高三年级单元过关测试(二)物理考试题
B、方向沿斜面向下
C、大小等于μ2mgcosθ
D、大小等于μ1mgcosθ图9
14、如图10所示，A、B、C三个物体放在旋转圆台上，动摩擦因数均为μ，A的质量为2m，B、C质量均为m，A、B离轴R，C离轴2R，则当圆台旋转时（设A、B、C都没有滑动）：（）
A、C的向心加速度最大
B、B的静摩擦力最小
D、运动员着地速度与风力无关
5、某人造地球卫星因受到高空稀薄空气的阻力作用，绕地球运转的轨道会慢慢改变，每次测量中卫星的运动可以近似看作圆周运动，某次测量卫星的轨道半径为r1，后来变为r2。以EK1、EK2表示卫星在这两个轨道上的动能，T1、T2表示卫星在这两个轨道上绕地球运动的周期，则：（）
A、EK1>EK2T1>T2B、EK1<EK2T1<T2
A、物体从 到 先加速后减速
B、物体从 到 加速运动，从 到 减速运动
C、物体运动到 点时所受合力不为零
ห้องสมุดไป่ตู้D、物体从 到 的过程加速度逐渐减小
9、如图6所示，小车上固定着一个三角硬杆，杆的端点固定着一个质量为m的小球，当小车有
水平向右的加速度且逐渐增大时，杆对小球的作用力的变化（用F1至F4变化表示）可能是下
（1）圆轨道的半径；
（2）该星球的第一宇宙速度。
C、实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源
D、用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式a＝ 求出
(3)、另两组同学保持小车及车中的砝码质量M一定，探究加速度a与所受外力F的关系，由于他们操作不当，这两组同学得到的a－F关系图象分别如图甲和图乙所示，其原因分别是：
图甲：____________________________________________________；
全国名校高三物理单元测试示范卷(二)第二单元《相互作用》
全国各校单元测试示范卷·高三·物理卷〈二）第二单元相互作用(90分钟100分）菌考对接点｜弹力、摩擦力的特点，胡克定律，力的合成和分解，共点力的平衡单元疑难点｜摩擦力的方向，共点力的动态平衡问题第I卷｛选择题共40分）一、选择题｛本大题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不金的得2分，有选错的得0分。
｝1.关于平衡状态与平衡力，下列说法正确的是A.物体在平衡力的作用下一定保持静止状态且当蹦床运动员上升到最高点时，因速度等于零而处于平衡状态已保持匀速直线运动状态的物体一定是受到平衡力的作用且作用在同→物体上的两个力，若其三要素相同，则这两个力一定是一对平衡力2.→个物体静止在水平桌面上，关于物体与水平桌面间的弹力，下列说法正确的是人物体对水平桌面的弹力是由桌面的形变而产生的且水平桌面对物体的弹力是由物体的形变而产生的c.水平桌面对物体的弹力大小等于物体的重力大小且物体对水平桌面的弹力就是物体的重力3.关于摩擦力，下列说法正确的是A.摩擦力可能是动力B.相互压紧的粗糙物体间一定有摩擦刀c.摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反D.相互接触的物体间正压力增大，摩擦力一定增大4.用两根绳子吊起一重物，使重物保持静止，若逐渐增大两绳之间的夹角，则两绳对重物的拉力的合力变化情况是A.不变 B.减小 c.增大D.无法确定5.如图所示，A和B两物块的接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，在下滑过程中A 的受力个数为A.1 B.2c.3 D.46.如图所示，在固定于天花板的轻弹簧下端挂一个小球，小球的重力为G 。
现使小球靠在倾角为α的光滑斜面上，但仍然使轻弹簧保持竖直方向，则该斜面对小球弹力的大小为「之人GcosαB.GtanαC.GD.O 一重土豆一。
最新-高三物理综合练习卷(二)参考答案 精品
高三物理综合练习卷（二）参考答案一、选择题：（每小题5分，共60分。
选对得5分，选对但不全得2分，选错或二、实验题：（20分）13、0.4mm ，平行，狭缝两侧有彩色条纹，彩色条纹的区域和宽度增大。
（每空1分，共4分） 14、连接图略（6分） 15、（10分）步骤：①用细线量出讲台桌面的长，并将它和小砝码连接做成一个单摆。
（4分） ②让此摆摆动，测出50次全摆动的时间t 1 。
③求出5011t T =，代入22114πgT L =。
（4分） ④用同样的方法求出讲台桌面宽L 2 。
⑤讲台桌面的面积 S = L 1·L 2 。
（2分） 三、填空题：（每小题4分，共20分）16、122T T 17、AB 的中点所在的半径方向上，2r lqk18、8×118Hz ，375m19、q m g 2 20、αμαcos 2sin 22g v Sg +四、计算题：（共50分）21、（15分）解：设透镜半径为R ，与光源S 相距u ，当u < f 时，S 成虚像，此时屏M 上光斑半径r 必大于R ，此种情况可不考虑（2分）。
当u > f 时，由L f L<<4可知S 成像在屏后面，此时r 必小于R ，（2分）则有： f v u 111=+ ① v L v u R r -+= ② 联立①、②式，整理得 fLR u L f u R r -+=)( （2分）∵fL u L f u =⋅ ∴ 当u Lf u =，即Lf u =时，r 有最小值。
故当Lf u =时，屏上的光斑最小。
（3分）22、（15分）解：设气缸的截面积为S ，末态时B 室高度为L 2 ，弹簧倔强系数k 。
对活塞，原有 P 0 S = mg + k L 1 （3分） 倒置后有 P 2 S + mg = k L 2 （3分） 因 k L 1 = mg 故 SkL P 102=（2分） 对气体 SkL P P 112== V 1 = L 1 S （1分） SL L k S m g kL P )(2122-=-= （1分） V 2 = V C + V B ' = V B + V B ' = (L 1 + L 2 )S （1分） 由玻—马定律 P 1 V 1 = P 2 V 2 有S L L SL L k S L S kL )()(2211211+⋅-=⋅ （2分） 解得 17.0312==L L 米 （2分）23、（10分）解：这个过程电路中产生的平均感应电动势为tr B t ∆⋅=∆∆Φ=241πε ① （3分） 由能的转化和守恒定律可知t R Rmv t R I mv mgr ∆⋅⋅+=∆+=2222)(2121ε② （3分） 联立①、②式解得小球滑到b 所需时间为 s t 24.3=∆ （2分） 电路中的平均感应电动势为 V 24.0=ε （2分）24、解：当R 最大时有：θθcos sin F f mg += ①安培力 l R BB I l F ε== ②解得 fmg Bl R -=θθεsin cos ③当R 取值最小时有： θθcos 'sin F f mg =+ ④ 安培力 l R B l BI F '''ε== ⑤解得 fmg Bl R +=θθεsin cos ' ⑥为使杆ab 不动，R 的取值范围是（6分） aA BCL 2（4分）（4分）fmg Bl R f mg Bl -≤≤+θθεθθεsin cos sin cos ⑦ （2分）。
高三物理试卷练习题及答案(二)
一、选择题1．下列说法正确的是( )A ．在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式r 3T 2＝k ，这个关系式是开普勒第三定律，是可以在实验室中得到证明的B ．在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式F ＝mv 2r ，这个关系式实际上是牛顿第二定律，是可以在实验室中得到验证的C ．在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式v ＝2πrT，这个关系式实际上是匀速圆周运动的线速度定义式D ．在探究太阳对行星的引力规律时，使用的三个公式都是可以在实验室中得到证明的 【答案】B 【解析】在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式r 3T 2＝k ，这个关系式是开普勒第三定律，是通过研究行星的运动数据推理出的，不能在实验室中得到证明，故A 错误；在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式F ＝mv 2r ，这个关系式是向心力公式，实际上是牛顿第二定律，是可以在实验室中得到验证的，故B 正确；在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式v ＝2πrT，这个关系式不是匀速圆周运动的线速度定义式，匀速圆周运动的线速度定义式为v ＝ΔxΔt，故C 错误；通过A 、B 、C 的分析可知D 错误． 2．下列说法中错误的是( )A ．若氢原子从n ＝6能级向n ＝1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n ＝6能级向n ＝2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应B ．核泄漏事故污染物137 55Cs 能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为137 55Cs→13756Ba ＋x ，可以判断x 为电子C ．原子核发生一次β衰变，该原子外层就一定失去一个电子D ．质子、中子、α粒子的质量分别是m 1、m 2、m 3，质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是(2m1＋2m2－m3)c2【答案】C【解析】根据玻尔理论可知，氢原子从n＝6能级向n＝1能级跃迁时辐射出的光子的能量大于氢原子从n＝6能级向n＝2能级跃迁时辐射出的光子的能量，结合光电效应发生的条件可知，若氢原子从n＝6能级向n＝1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n ＝6能级向n＝2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应，故A正确；根据质量数守恒与电荷数守恒可知，核反应方程式137 55Cs→137 56Ba＋x中，x的质量数为0，电荷数为：z＝55－56＝－1，所以x为电子，故B正确；β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子，故C错误；根据爱因斯坦质能方程知，质子和中子结合成α粒子，核反应方程为211H＋210n→42He，释放的能量是ΔE＝Δmc2＝(2m1＋2m2－m3)c2，故D正确．3．如图1所示，一不可伸长的轻绳左端固定于O点，右端跨过位于O′点的光滑定滑轮悬挂一质量为1 kg的物体，OO′段水平，O、O′间的距离为1.6 m，绳上套一可沿绳自由滑动的轻环，现在在轻环上悬挂一钩码(图中未画出)，平衡后，物体上升0.4 m，物体未碰到定滑轮．则钩码的质量为( )图1A．1.2 kgB．1.6 kgC. 2 kgD.22kg【答案】A 【解析】重新平衡后，绳子形状如图：设钩码的质量为M，由几何关系知：绳子与竖直方向夹角为θ＝53°，根据平衡条件可得：2mg cos 53°＝Mg；解得：M＝1.2 kg，故A正确，B、C、D错误．4.如图2所示，圆形区域内存在一垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度的大小为B1，P 点为磁场边界上的一点．大量相同的带正电荷粒子以相同的速率从P点射入磁场区域，速度方向沿纸面内的各个方向．这些粒子射出磁场区域的位置均处于磁场边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是磁场边界圆周长的16.若只将磁感应强度的大小变为B2，结果相应的弧长变为磁场边界圆周长的13，不计粒子的重力和粒子间的相互作用，则B2B1等于( )图2A. 3B.33C.12D．2【答案】B【解析】当磁感应强度为B2时，从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点，即∠POM＝120°，如图所示：所以粒子做圆周运动的半径r 2＝R sin 60°＝mv qB 2，同理可知，r 1＝R sin 30°＝mv qB 1，解得：B 2B 1＝33，故B 正确． 5．已知篮球在空气中运动时所受空气阻力与速度大小成正比．篮球与地面碰撞后以大小为v 0的速度竖直弹起后到再次与地面碰撞的过程中，以v 表示篮球的速度，t 表示篮球运动的时间，E k 表示篮球的动能，h 表示篮球的高度，则下列图象可能正确的是( )【答案】BD 【解析】篮球在上升的过程中，速度越来越小，空气阻力越来越小，由mg ＋F 1＝ma ，可知其加速度越来越小，速度变化越来越慢，速度图象的斜率越来越小，下降过程中，v 越大，阻力就越大，由mg －F 1＝ma ，可知加速度就越小，故A 错误，B 正确；上升过程中，h 越大，v 越小，阻力就越小，合力就越来越小，E k －h 图线切线斜率越小，下降过程中，h 越小，v 越大，阻力就越大，合力越小，所以E k －h 图线切线斜率越小，故C 错误，D 正确．6．把一小球从某一高度以大小为v 0的速度水平抛出，落地时速度大小仍为v 0，方向竖直向下，则该运动过程中( )A ．小球做平抛运动B ．小球的机械能不守恒C ．重力对小球做功的功率不变D ．小球所受合外力的总功为零 【答案】BD 【解析】若小球做平抛运动，水平方向的分速度不变，故A 项错误；若小球的机械能守恒，小球从某一高度水平抛出，落地时速度大于v0，故B项正确；小球刚抛出时，速度方向水平，重力对小球做功的功率为零；小球落地时，速度大小为v0，方向竖直向下，重力对小球做功的功率P＝mgv0，故C项错误；据动能定理可得，该运动过程中小球所受合外力的总功W总＝12mv02－12mv02＝0，故D项正确．7.如图3，在正点电荷Q的电场中，A、B、C为直角三角形的三个顶点，D为AC的中点，∠A＝30°，A、B、C、D四点处的电势满足φA＝φC，φB＝φD，点电荷Q在A、B、C三点所在平面内，则( )图3A．点电荷Q在AB的连线上B．点电荷Q在BD连线的中点处C．φD>φCD．将负试探电荷从C点移动到B点，电场力做负功【答案】AC【解析】因φA＝φC，则点电荷Q在AC连线的垂直平分线上；又φB＝φD，由几何关系可知点电荷Q又在BD连线的垂直平分线上，则点电荷Q在AB的连线上，如图，选项A正确，B错误；D点距离点电荷的距离较C点近，可知φD>φC，选项C正确；将负试探电荷从C点移动到B 点，电场力做正功，选项D错误．8.如图4所示，abcd为一边长为l的正方形导线框，导线框位于光滑水平面内，其右侧为一匀强磁场区域，磁场的边界与线框的cd边平行，磁场区域的宽度为2l，磁感应强度为B，方向竖直向下．线框在一垂直于cd边的水平恒定拉力F作用下沿水平方向向右运动，直至通过磁场区域．cd边刚进入磁场时，线框开始匀速运动，规定线框中电流沿逆时针方向为正，则导线框从刚进入磁场到完全离开磁场的过程中，a、b两端的电压U ab及导线框中的电流i随cd边的位移x变化的图线可能是( )图4【答案】BD【解析】线框的cd边刚进入磁场时做匀速运动，则整个线框进入磁场时速度不变，根据楞次定律知产生逆时针方向的电流，为正方向，电动势大小E＝Blv，此时ab两端的电压为U ab＝14 Blv，当线框全部进入磁场时，线框内无感应电流，此时线框做匀加速运动，ab两端的电压为U ab ＝Bl(v＋at)，线框cd边刚出磁场后的瞬间，ab两端的电压为cd边即将出磁场前瞬间ab两端电压的34，且逐渐减小，对比图象可知，A错误，B正确；当线圈的cd边出磁场后瞬间，电流为顺时针方向，由于此时安培力大于外力F，故此时线框做减速运动，且加速度逐渐减小，电流－位移图象切线的斜率减小，逐渐趋近于开始进入磁场时的电流大小，C错误，D正确．9．某同学设计了测定动摩擦因数的方案，其装置如图5所示，A是可在水平桌面任意位置固定的滑槽，其末端与水平桌面相切，B是体积较小的质量为m的滑块．请你根据相关知识完善以下实验操作：(重力加速度为g，不计空气阻力)图5(1)如图甲所示，将滑槽末端与桌面右边缘M对齐并固定，让滑块从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的P点，测出滑槽最高点距离桌面的高度h、M距离水平地面的高度H、M与P间的水平距离x1，则滑块经过滑槽末端时的速度为________(用实验中所测物理量的符号表示)．(2)如图乙所示，将滑槽沿桌面向左移动一段距离并固定，让滑块B再次从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的P′点，测出滑槽末端与桌面右边缘M的距离L、M与P′间的水平距离x2，则滑块离开桌面右边缘M时的速度为____________(用实验中所测物理量的符号表示)．(3)由第(1)、(2)步的测量，可以写出滑块与桌面之间的动摩擦因数的表达式为μ＝________(用实验中所测量物理量的符号表示)．【答案】(1)x1g2H(2)x2g2H(3)x12－x224HL【解析】(1)设滑块在滑槽末端时的速度大小为v1，水平方向有x1＝v1t，竖直方向有H＝12gt2，联立解得：v1＝x1g 2H.(2)同理，第二次实验经过桌面右边缘M点的速度大小为：v2＝x2g 2H.(3)滑块在水平桌面上运动，由动能定理得：－μmgL＝12mv22－12mv12，解得：μ＝x12－x22 4HL.10．二极管为非线性元件，其主要特性是单向导电性．正向电压较小时，电流很小，二极管呈现较大的电阻特性；当电压超过一定数值(称为开启电压)时，电流迅速增加，呈现较小的电阻特性．加反向电压(不超过击穿电压)时呈现很大的电阻特性，反向电压增加时，反向电流几乎不变．物理小组欲研究测量二极管正向伏安特性，设计了甲、乙、丙三种电路，如图6所示．小组最终选择了丙图．操作步骤如下：图6a．根据电路图丙连接电路；b．闭合开关S1，调节各可变电阻，使得开关S2由断开到闭合时，灵敏电流表G指针无偏转，并记录此时电压表V的示数U和电流表A的示数I；c．调节可变电阻，重复步骤b，读出多组不同的U值和I值，记录数据如表格所示：电压0.100.200.300.400.500.550.600.650.700.750.80U/V电流00000 1.0 4.013.027.053.090.0 I/mAd.在坐标纸上描绘出二极管正向伏安特性曲线．根据以上内容，请回答以下问题：(1)从设计原理上讲，对于甲图和乙图的误差分析，下列说法正确的是________．A．甲图误差的来源在于电流表的分压作用，乙图的误差来源在于电流表的分压作用B．甲图误差的来源在于电流表的分压作用，乙图的误差来源在于电压表的分流作用C．甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙图的误差来源在于电流表的分压作用D．甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙图的误差来源在于电压表的分流作用(2)在图7坐标系中根据表格中数据描绘出二极管正向伏安特性曲线．图7(3)从描绘的图线来看，二极管的开启电压约为________ V(结果保留一位有效数字)．(4)已知二极管的电阻R D＝UI，从描绘的图线来看，当二极管导通时，二极管的电阻随着U的增大而迅速________(填“增大”或“减小”)．(5)从设计原理上讲，电路图丙中二极管电阻的测量值________真实值．(填“大于”“等于”或“小于”)【答案】(1)C (2)(3)0.5 (4)减小(5)等于【解析】(1)由题图所示电路图可知，图甲采用电流表外接法，图乙采用电流表内接法，甲图误差来源于电压表的分流作用，乙图误差来源于电流表的分压作用，故C正确，A、B、D错误；(2)根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，根据坐标系内描出的点作出图线如图所示：(3)由题图示图象可知，二极管的开启电压为0.5 V；(4)由图示图象可知，二极管两端电压与通过二极管的电流的比值减小，二极管电阻减小，故在该区域，二极管的正向电阻随电压增加而减小．(5)由题图丙所示电路图可知，题图丙所示电路避免了电表内阻对实验的影响，电路图丙中二极管电阻的测量值等于真实值．11.一长为L的绝缘细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图1所示的水平向右的匀强电场中．开始时，将细线与小球拉成水平，小球静止在A点，释放后小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时，小球到达B点，速度恰好为零．求：图1(1)A、B两点间的电势差和电场强度大小；(2)判断小球的电性和小球到达B点时，细线对小球的拉力大小．【答案】(1)－3mgl2q3mgq(2)带正电荷3mg【解析】(1)小球由A到B过程中，由动能定理得：mgL sin 60°＋qU AB＝0，解得：U AB＝－mgL sin 60°q＝－3mgL2q；场强大小为：E＝|U AB|L1－cos 60°＝3mgq.(2)小球在B点受到水平向右的电场力，与电场方向相同，故小球带正电；小球在A、B间摆动，由对称性得知，B处细线的拉力与A处细线的拉力相等，而在A处，由水平方向受力平衡有：F T A ＝qE ＝3mg所以有：F T B ＝F T A ＝3mg .12．如图2所示，质量为m c ＝2m b 的物块c 静止在倾角均为α＝30°的等腰斜面上E 点，质量为m a 的物块a 和质量为m b 的物块b 通过一根不可伸长的轻质细绳相连，细绳绕过斜面顶端的光滑轻质定滑轮并处于松弛状态，按住物块a 使其静止在D 点，让物块b 从斜面顶端C 由静止下滑，刚下滑到E 点时释放物块a ，细绳恰好伸直且瞬间张紧绷断，之后物块b 与物块c 立即发生弹性碰撞，碰后a 、b 都经过t ＝1 s 同时到达斜面底端．已知A 、D 两点和C 、E 两点的距离均为l 1＝0.9 m ，E 、B 两点的距离为l 2＝0.4 m ．斜面上除EB 段外其余都是光滑的，物块b 、c 与EB 段间的动摩擦因数均为μ＝33，空气阻力不计，细绳张紧时与斜面平行，物块a 未与滑轮发生碰撞，取g ＝10 m/s 2.求：图2(1)物块b 由C 点下滑到E 点所用时间．(2)物块a 能到达离A 点的最大高度．(3)物块a 、b 的质量之比m a m b. 【答案】 (1)0.6 s (2)0.578 m (3)1516【解析】(1)物块b 在斜面上光滑段CE 运动的加速度为a 1＝g sin α＝5 m/s 2由l 1＝12a 1t 12 解得：t 1＝2l 1a 1＝2×0.95 s ＝0.6 s (2)取沿AC 方向为正方向，由－l 1＝v 1t －12a 1′t 2，t ＝1 s a 1′＝g sin α＝5 m/s 2解得v 1＝1.6 m/sa 沿斜面上滑的距离为s ＝v 212a 1′＝0.256 m 所以物块a 能到达离A 点的最大高度h ＝(l 1＋s )sin α＝0.578 m(3)设绳断时物块b 的速度为v 2，b 与c 相碰后b 的速度为v 2′，c 的速度为v c ，则m b v 2＝m b v 2′＋m c v c12m b v 22＝12m b v 2′2＋12m c v c 2 m c ＝2m b联立解得v 2′＝－13v 2，v 2＝32v c 因v c 的方向沿斜面向下，故v 2的方向沿斜面向下，v 2′的方向沿斜面向上．物块b 在EB 段上的加速度为a 2＝g sin α－μg cos α＝10×(12－33×32) m/s 2＝0，物块b 在EB 段上做匀速运动．物块b 和物块c 相碰后物块b 先向上滑再下滑到E 点时的速度仍为v 2′，则v 2′(t －2t 2)＝l 2t 2＝v 2′a 1代入数据，得2v 2′2－5v 2′＋2＝0解得v 2′的大小为v 2′＝0.5 m/s ，或v 2′＝2 m/s物块b 刚下滑到E 点时的速度为v 0＝2a 1l 1＝2×5×0.9 m/s ＝3 m/s若取v 2′＝2 m/s ，则v 2的大小为v 2＝6 m/s>v 0＝3 m/s ，与事实不符，所以舍去．取v 2′＝0.5 m/s ，则v 2＝1.5 m/s ，方向沿斜面向下．设细绳对物块a 和b 的冲量大小均为I ，由I ＝m a v 1－I ＝m b (v 2－v 0)解得m a m b ＝v 0－v 2v 1＝3－1.51.6＝1516. 13.一定质量的理想气体从状态A 可以经历过程1或过程2到达状态B 也可以经历过程3到达状态C ，还可以经历过程4到达状态D ，其p －V 图象如图3所示，且B 、C 、D 在一条平行于纵轴的直线上．已知在这四个过程中的某一过程中，气体始终与外界无热量交换；在过程3中，A 到C 的曲线是双曲线的一部分．对于这四个过程，下列说法正确的是________．图3A．在过程1中，外界先对气体做正功，然后气体再对外做功B．在过程2中，气体温度先逐渐降低然后逐渐升高C．在过程3中，气体温度始终不变D．在过程4中，气体始终与外界无热量交换E．在A、B、C、D四个状态中，B状态气体温度最高(2)药喷雾器的原理如图4所示，储液筒与打气筒用细软管相连，先在桶内装上药液，再拧紧桶盖并关闭阀门K，用打气筒给储液筒充气增大储液筒内的气压，然后再打开阀门，储液筒的液体就从喷雾头喷出，已知储液筒容积为10 L(不计储液筒两端连接管体积)，打气筒每打一次气能向储液筒内压入空气200 mL，现在储液筒内装入8 L的药液后关紧桶盖和喷雾头开关，再用打气筒给储液筒打气．(设周围大气压恒为1个标准大气压，打气过程中储液筒内气体温度与外界温度相同且保持不变)，要使贮液筒内药液上方的气体压强达到3 atm，求：图4①打气筒活塞需要循环工作的次数；②打开喷雾头开关K直至储液筒的内外气压相同，储液筒内剩余药液的体积．【答案】(1)CDE (2)①20 ②4 L【解析】(1)在过程1中，气体的体积一直变大，可知气体一直对外做功，选项A错误；在过程3中，A到C的曲线是双曲线的一部分，可知从A到C为等温线，即pV乘积不变；则在过程2的从A到B的过程，pV乘积逐渐变大，温度逐渐升高，选项B错误，C正确；过程4中，pV 乘积逐渐减小，可知温度逐渐降低，内能减小，气体体积变大，对外做功，可知气体始终与外界无热量交换的过程是4过程，选项D正确；由以上分析可知，在A、B、C、D四个状态中，B状态气体温度最高，选项E正确．(2)①设需打气的次数为n，每次打入的气体体积为V0，储液桶药液上方的气体体积为V，则开始打气前：储液筒液体上方气体的压强：p1＝p0＝1 atm气体的体积为：V1＝V＋nV0打气完毕时，储液筒内药液上方的气体体积为：V2＝V，压强为p2＝3 atm打气过程为等温变化，所以：p1V1＝p2V2代入数据解得：n＝20②打开喷雾头开关K直至贮液筒内外气压相同时，设储液筒上方气体的体积为V3，此过程为等温变化，p3＝p0，所以：p3V3＝p2V1代入数据解得：V3＝3V1＝6 L所以喷出的药液的体积V′＝V3－V＝4 L14.在“探究单摆的周期与摆长的关系”的实验中，摆球在垂直纸面的平面内摆动，如图5甲所示，在摆球运动最低点的左、右两侧分别放置一线性光源与光敏电阻．光敏电阻(光照时电阻比较小)与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R随时间t的变化图线如图乙所示，则该单摆的振动周期为________．若保持悬点到小球顶点的绳长不变，改用直径是原小球直径2倍的另一小球进行实验，则该单摆的周期将________(选填“变大”“不变”或“变小”)．图5(2)如图6所示，在杨氏双缝干涉实验中，激光的波长为5.30×10－7 m，屏上P点距离双缝S1和S2的路程差为7.95×10－7 m，则在这里出现的应是________(选填“亮条纹”或“暗条纹”)．现改用波长为 6.30×10－7m的激光进行上述实验，保持其他条件不变，则屏上的条纹间距将________(选填“变宽”“变窄”或“不变”)．图6【答案】(1)2t0变大(2)暗条纹变宽【解析】(1)单摆在一个周期内两次经过平衡位置，每次经过平衡位置，单摆会挡住细光束，从R－t图线可知周期为2t0.摆长等于摆线的长度加上小球的半径，根据单摆的周期公式T＝2πl g，摆长变大，所以周期变大．(2)P点到两光源的路程差为半波长的奇数倍，出现暗条纹；Δx＝ldλ，随波长变长，条纹间距变宽．。
2024届浙江省高三物理质量调研卷(二)专项训练版
一、单选题1. 如图所示，光滑斜面上小球被轻绳拴住悬挂在天花板上，斜面置于粗糙水平地面上，整个装置处于静止状态。
已知细绳与竖直方向夹角为θ，斜面倾角为α=45°（θ<α），现用力向右缓慢推斜面（推力在图中未画出），当细绳与竖直方向的夹角θ=α时，撤去推力。
则下列说法正确的是（）A ．缓慢推动斜面时，斜面对小球的支持力保持不变B ．缓慢推动斜面时，细绳对小球的拉力大小保持不变C ．θ=α时，地面对斜面体的摩擦力水平向左D ．θ=α时，细绳对小球的拉力大小等于斜面对小球的支持力大小2. 如图所示为某时刻的两列简谐横波在同一介质中沿相同方向传播的波形图，M 为a 波与b 波的交点，且a 波上的 M 质点正在向上运动，则下列说法不正确的是（ ）A ．两列波具有相同的波速B ．此时 b 波上的质点 M 正在向下运动C ．两列波相遇时可能会产生稳定的干涉现象D ．在 a 波振源完成6次全振动的时间内b 波振源可完成4次全振动3. 如图所示，纵坐标表示放射性元素氡222在某时刻的质量m 与t = 0时刻的质量m 0的比值，则下列说法正确的是（ ）A ．氡的半衰期为3.8天B ．氡的半衰期为7.6天C ．一个氡222原子核要经过3.8天才发生衰变D ．10个氡222原子核经过3.8天一定还剩5个4. 如图所示，水平放置的平行板电容器上极板a 与下极板b 带等量的异种电荷，上极板 a 与静电计相连，电容器两极板间的电势差等于指针所指示的电势差，P 是两极板间一个点，一质量为m 的带电小球在 P 点正好处于静止状态，已知静电计的指针带正电，规定大地的电势为零，重力加速度为g ，下列说法正确的是（ ）2024届浙江省高三物理质量调研卷（二）专项训练版二、多选题A ．极板a 的电势低于静电计外壳的电势B ．静电计指针的偏角越大，表示电容器两极板间的电压越小C ．小球带正电D ．若两极板板间的电场强度为E ，则小球的带电量为5. 如图所示，水平光滑绝缘桌面上的正方形ABCD 区域内存在竖直向上的匀强磁场，将一正方形导体框abcd 分别从AB 、BC 边以速度v 、2v 匀速拉出磁场，则导体框两次被拉出磁场时拉力的功率之比为（）A ．1：1B ．1：2C ．1：3D ．1：46.如图，虚线上方空间分布着垂直纸面向里的匀强磁场，在纸面内沿不同的方向从粒子源先后发射速率均为的质子和粒子，质子和粒子同时到达点。
全国100所名校单元测试示范卷(高三)：物理(全国东部)1-14套 第2单元
全国100所名校单元测试示范卷·高三·物理卷(二)第二单元相互作用(90分钟100分)第Ⅰ卷(选择题共40分)选择题部分共10小题.在每小题给出的四个选项中,1~7小题只有一个选项正确,8~10小题有多个选项正确;全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分.1.下列关于力的说法正确的是A.根据效果命名的同一名称的力,力的性质也一定相同B.两个力F1=3N、F2=-4N,则F1大于F2C.有受力物体就一定有施力物体D.只有相互接触的物体间才能产生作用力解析:根据效果命名的同一名称的力,性质可以不相同,选项A错误;F1=3N、F2=-4N,这两力是在一条直线上,力前面的负号并不表示大小而是表示它们之间的方向相反,选项B错误;有受力物体就一定有施力物体,选项C正确;不相互接触的物体间也能产生作用力,选项D错误.答案:C2.按照国际惯例,分布于全球的1000多个高空探测站都必须在每天的早上7时15分和凌晨1时15分准时放飞带有探测仪的气球,并在规定时间内,将全球同一时段不同地点的高空气流温度、压力、湿度及风向、风速等数据汇报至设立于欧洲的世界气象中心,以便世界各地的预报专家对气象数值进行全面分析和判断,进而得出预报结论.现有一质量为m的气球(包含装备),升空后向着西南方向匀速上升,则此气球所受空气作用力的大小和方向分别是A.0B.mg,西南偏上方向C.mg,竖直向上D.mg,东北偏下方向解析:根据二力平衡的条件,气球所受空气的作用力与重力大小相等、方向相反,与气球运动方向无关.答案:C3.2012年6月27日,中国“蛟龙”再次刷新“中国深度”——下潜7062米.设质量为M的“蛟龙”号在匀速下降时,其所受的浮力为F,“蛟龙”号在运动过程中所受的阻力仅与速率有关,重力加速度为g.现欲使“蛟龙”号以同样的速率匀速上升,则“蛟龙”号所受的浮力为A.2Mg-FB.Mg-2FC.Mg-FD.0解析:由于“蛟龙”号以同样的速率匀速上升,则所受阻力的大小相等.设“蛟龙”号所受的浮力为F',运动过程中受到的阻力为F f.在匀速下降过程中有F+F f=Mg;在匀速上升过程中有F'=Mg+F f,联立两式解得F'=2Mg-F,A正确.答案:A甲4.在探究力的分解时,教师请每位学生从草稿本上撕下一张纸折成一长纸条,如图甲所示,把纸条平搭在两摞书中间,中部放块橡皮,纸条即凹下去无法承受,显得软弱无力;但若把它弯成凸弧形卡在两摞书之间,它则完全可以驮起一块橡皮擦.对这一现象的解释正确的是A.它弯成凸弧形时,橡皮的重力减小了B.它弯成凸弧形时,橡皮受到的支持力增大了C.它弯成凸弧形时,橡皮受到的持力大于它对凸面的压力D.它弯成凸弧形时,凸面能把橡皮对它的压力沿着曲面均匀地分散开乙解析:如图乙所示,两种情况下把压力进行分解,可知凸面能把外来的力沿着曲面均匀地分散开,所以选项D对.答案:D5.如图所示,一定质量的滑块静止地置于倾角为30°的粗糙斜面上,一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点,另一端系在滑块上,弹簧与竖直方向的夹角为30°.关于滑块的受力情况下列说法中正确的是A.滑块一定受到弹簧的压力B.滑块一定受斜面的弹力作用C.滑块一定受到三个力作用D.滑块一定受到四个力作用解析:将滑块隔离,进行受力分析,当弹簧处于原长时,滑块受斜面的支持力、摩擦力和重力三个力的作用;当弹簧不是原长时,受四个力的作用,因滑块静止,所以滑块一定受斜面的弹力作用,故选项B正确.答案:B甲6.喜爱攀登高楼的人被称为蜘蛛人,如图甲所示,一个蜘蛛人正沿竖直的高楼缓慢攀登,由于身背较重的行囊,重心上移至肩部的O点,总质量为60kg.此时身体挺直且手臂与身体垂直,手臂与墙壁夹角为53°,设手、脚受到的作用力均通过重心O,g取10m/s2,sin 53°=0.8,cos53°=0.6.则该蜘蛛人手受到的拉力和脚受到的作用力分别为乙A.360N480NB.480N360NC.450N800ND.800N450N解析:对该蜘蛛人的受力情况建立如图乙所示的直角坐标:由力的平衡得,在x方向上有F1=Gsin 53°,在y方向上有F2=Gcos53°.所以手受到的拉力和脚受到的作用力分别为F2=360N、F1=480 N.答案:A7.如图所示,两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动,O点悬挂一重物M,将两相同木块m紧压在竖直挡板上,此时整个系统保持静止.F f表示木块与挡板间摩擦力的大小,F N表示木块与挡板间正压力的大小.若挡板间的距离稍许减小后,系统仍静止,且O1、O2始终等高,则A.F f变小,F N变大B.F f变大,F N变小C.F f不变,F N变大D.F f不变,F N变小解析:以重物M和两相同木块m整体为研究对象,竖直方向合力为零,木块与挡板间摩擦力始终满足2F f=2mg+Mg,选项A、B错误.挡板间的距离稍许减小后,杆与竖直方向的夹角α减小,设杆对结点O的弹力为F,对结点O受力分析可得,在竖直方向上由平衡条件有G=2Fcosα,所以F=,夹角α减小,轻杆弹力减小,对木块受力分析得木块与挡板间的正压力F N=Fsinα=减小,选项C错误、D 正确.答案:D8.关于物体的重力和重心,下列说法中正确的是A.物体的重力就是地球对物体的吸引力B.物体对水平支持物的压力一定等于物体的重力C.重心是一种理想模型,是用等效的思维方法得出的D.重心的位置只与物体的形状和物体内部质量的分布有关,与周围环境无关解析:物体的重力是地球对物体的吸引力的一个分力,所以选项A错误;物体对水平支持物的压力等于物体的重力是有条件的,选项B错误;实际上,每一个物体其各个部分都要受到重力的作用,从效果上等效集中于一点,这就是物理学的一种等效替代的思想,选项C正确;重心的位置只与物体的形状和物体内部质量的分布有关,与周围环境无关,选项D正确.答案:CD9.某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用,在如图所示的四种情况中(坐标纸中每格边长表示1N大小的力),关于该物体所受的合力大小,下列说法正确的是A.甲图中物体所受的合力大小等于5NB.乙图中物体所受的合力大小等于2NC.丙图中物体所受的合力大小等于0D丁图中物体所受的合力大小等于0解析:对甲图,先将F1与F3合成,然后再用勾股定理,求得合力等于5N,选项A正确;对乙图,先将F1与F3合成,求得F1、F2、F3的合力等于5N,选项B错误;对丙图,可将F3正交分解,求得合力等于6 N,选项C错误;根据三角形法则,丁图中合力等于0,选项D正确.答案:AD10.如图甲所示,质量为M、半径为R的半球形物体A放在水平地面上,通过最高点处的钉子用水平细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B.现整个系统处于静止状态,则甲A.A对地面没有摩擦力B.A对地面的摩擦力方向向左C.B对A的压力大小为mgD.细线对小球的拉力大小为mg乙解析:以A、B整体为研究对象,由于整个系统处于静止状态可知整体在水平方向上不受摩擦力作用,选项A正确、B错误;以B为研究对象,如图乙所示,进行受力分析可知:F2cosθ=mg,F1=mgtanθ,再由几何关系,得cosθ=,tanθ=-,解得B对A的压力大小F2=mg,细线对小球的拉力大小F1=,选项C正确、D错误.答案:AC第Ⅱ卷(非选择题共60分)非选择题部分共6小题,把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.11.(7分)在“研究力的合成”的实验中,根据实验数据画出了力的图示,图上标出了F1、F2、F、F'四个力.(1)其中力与橡皮条一定在同一直线上.(填上述给出的力的符号)(2)下列关于该实验的说法正确的是.A.通过细绳套用一个弹簧秤拉和用两个弹簧秤拉,只要橡皮条伸长相同长度即可B.在实验前,一定要将弹簧秤调零C.实验中,弹簧秤和所拉的绳套一定要和木板平行D.如果手头只有一个弹簧秤,通过改变方法也可以完成实验解析:(1)F'是以F1、F2为邻边所作的平行四边形的对角线,故F是用一个弹簧秤拉橡皮条得到的力.(2)该实验验证两个分力的效果等效于其合力的效果,不只是要橡皮条伸长相同长度,还要使橡皮条向同一个方向伸长,选项A错误、C正确;在实验前,一定要将弹簧秤调零,选项B正确;只有一个弹簧秤,通过改变方法也可以完成实验,选项D正确.答案:(1)F(3分)(2)BCD(4分)12.(8分)为探究合力与两个分力间所满足的具体关系,某同学设计了如图所示的实验装置.实验时,保持所挂的钩码不变,移动弹簧秤到不同位置,则平衡时弹簧秤的示数F将随着动滑轮两边细线间的夹角α的改变而改变.实验时使夹角α分别为60°、90°、120°,读出对应的F值.(1)该同学通过比较发现α越大、F越大,为了更清楚地了解F随α变化的关系,于是他算出每次实验时的Fα、、Fcos、、、Fcosα等的值.若该同学在实验中的操作都是正确的,则他能够得到的结论(关于F随α变化的关系的结论)是:.(2)经过步骤(1)了解了关于F随α变化的关系,该同学进一步以表示两边细线的拉力的图示的线段为邻边作出平行四边形,发现表示两细线的拉力的线段所夹的对角线基本上都是竖直向上的,但是该对角线的长度总比表示钩码重力的图示的线段明显要长,出现这一情况的原因应该是.解析:(1)设动滑轮与所挂钩码的总重是为G总,则有2Fcos=G总,由于G总不变,所以Fcos为定值.答案:(1)Fcos为定值(4分)(2)没有考虑动滑轮的重力(4分)13.(10分)如图所示,A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连,A小球放在固定的光滑斜面上,斜面的倾角为α,B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连,C小球放在水平地面上.现用手控制A小球,并使细线刚刚拉直但无拉力作用,并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行.已知B、C两小球的质量均为m,重力加速度为g,细线与滑轮之间的摩擦不计.(1)求细线无拉力作用时,C小球对地面的压力.(2)缓慢地释放A小球后,最终C小球恰好不受地面的作用力,求B小球上升的高度和A 小球的质量.解:(1)以B、C两小球整体为研究对象,受重力和地面的支持力作用处于平衡状态,所以支持力为F N=2mg.(2分)由牛顿第三定律知:C小球对地面的压力F N'=2mg(1分)(2)设开始时弹簧的压缩量为x1,由胡克定律和平衡条件有:mg=kx1(1分)C小球恰好不受地面的作用力,则弹簧对C小球的拉力大小为mg,设此时弹簧的伸长量为x2,有mg=kx2(1分)所以B小球上升的总高度h=x1+x2=(2分)设A小球的质量为M,由平衡条件得Mgsinα=2mg(2分)所以A小球的质量M=.(1分)14.(10分)随着科学的发展,人们生活中走过的桥正在不断的变化,图甲是古代的石拱桥,图乙是现代的斜拉桥.无论哪种桥与物理知识都有密切联系,请根据所学知识回答下列两个问题.(1)若石拱桥简化为图丙所示的模型,正中央有一质量为m的对称楔形石块,侧面与竖直方向的夹角均为θ,重力加速度为g,若接触面间的摩擦力忽略不计,则石块侧面所受弹力的大小为多少?(2)斜拉桥的塔柱两侧有许多钢索,它们的一端都系在塔柱上.对于每组对称钢索,它们的上端可以看成系在一起,即两根钢索对塔柱的拉力F1、F2作用在同一点.它们合起来对塔柱的作用效果应该让塔柱好像受到一个竖直向下的力F一样,如果戊斜拉桥塔柱两侧的钢索不能呈对称分布,且钢索AC和AB与竖直方向的夹角分别为α和β,如图丁所示,则要保持塔柱所受的合力竖直向下,钢索AC、AB的拉力F AC与F AB之比应为多少?解:(1)楔形石块受力如图戊所示,根据力的合成可得:mg=2Fcos(90°-θ)(3分)=.(2分)所以F=-己(2)因为力F AC与F AB的合力竖直向下,如图己所示,则有:=(3分)解得F AC∶F AB=sinβ∶sinα.(2分)15.(12分)所受重力G1=8甲N的砝码悬挂在绳PA和PB的结点上.PA偏离竖直方向37°角,PB在水平方向,且连在所受重力G2=100N的木块上,木块静止于倾角为37°的斜面上,如图甲所示,已知sin 37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g取10m/s2.则木块受到斜面对它的摩擦力F f和支持力F N各为多大?乙解:分析P点受力情况如图乙所示,由平衡条件可得:F A cos37°=G1(2分)F A sin37°=F B(2分)可解得:F B=6N(1分)对木块进行受力分析如图丙所示丙由物体的平衡条件可得:F f=G2sin37°+F B'cos37°(2分)F N+F B'sin37°=G2cos37°(2分)F B'=F B(1分)可求得:F f=64.8N(1分)F N=76.4N.(1分)甲16.(13分)图甲中工人在推动一台割草机,施加的力大小为100N,方向与水平地面成30°斜向下.已知割草机重300N.(1)求它对地面的压力大小.(2)若工人对割草机施加的作用力的方向与图示相反,力的大小不变,则割草机作用在地面上向下的压力又为多大?(3)割草机割完草后,现工人用与水平面成某一角度的最小力拉着割草机匀速运动,已知这个最小拉力为180N,求割草机与地面间的动摩擦因数.解:(1)工人对割草机施加的作用力沿竖直方向的分力为F y=Fsin30°=50N(1分)当工人斜向下推割草机时,割草机作用在地面上向下的压力为F N1=G+F y=350N.(2分)(2)当工人斜向上拉割草机时,割草机作用在地面上向下的压力为F N2=G-F y=250N.(2分)(3)以割草机为研究对象,受力分析如图乙所示,因为割草机外于平衡状态,则有: Fcosα=μF N(1分)Fsinα+F N=mg(1分)乙联立可解得:F=(2分)令cotφ=μ则有F=可见当sin(α+φ)=1时F有最小值:F min=(2分)代入数值得:μ=.(2分)。
2021年高中物理新人教版选择性必修第二册第二单元电磁感应达标检测卷 卷一 解析版
2021年第二单元电磁感应达标检测卷物 理 （A ）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、选择题(本题共12小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．某同学想探测一下地球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个线圈，则下列推断正确的是( )A ．直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场有无B ．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如果电流表无示数，则判断月球表面无磁场C ．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如果电流表有示数，则可判断月球表面有磁场D ．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某个平面内沿各个方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场【答案】C【解析】电流表有示数时可判断有磁场存在，沿某方向运动而无示数不能确定磁场是否存在，C 正确。
2．如图，线圈M 和线圈N 绕在同一铁芯上，线圈M 与电池、开关S 及滑动变阻器串联，线圈N 与电流表G 连接。
若电流从左侧流入G 表时，G 表指针向左偏转，则( )A ．S 闭合的瞬间，G 表指针将向左偏转B ．S 闭合的瞬间，G 表指针将向右偏转C ．S 闭合稳定后，G 表指针将向左偏转D ．S 闭合稳定后，滑动变阻器滑片P 向右滑动时，G 表指针将向右偏转 【答案】A【解析】当闭合S 的瞬间，导致电流增大，线圈M 磁场增强，向右穿过线圈N 的磁通量变大，根据右手螺旋定则可以知道，线圈M 左端是S 极，右端是N 极，再根据楞次定律可得，感应电流方向由左向右流入G 表，则指针向左偏，故A 正确，B 错误；开关S 闭合稳定后，线圈N 中磁通量不变，没有感应电流，因此电流表G 指针不发生偏转，故C 错误；开关S 闭合稳定后，当P 向右移动，则接入电路的电阻值减小，电流增大，线圈M 磁场增强，结合A 项分析可知指针向左偏，故D 错误。
龙江中学高三物理单元测试(相互作用)
L 2
L0 3 sin ，解得 L m，A 项正确。 2 2
4．BC 解析：有题意“A、B 间的弹簧的弹力为 2N”，若弹簧处于拉伸状态，则 B 对地面的 压 力 FN=GB-2N=2N，悬绳的拉力 T=GA+2N=5N，B 项正确；若弹簧处于压缩状态，则 B 对 地面的压力 FN=GB+2N=6N， 悬绳的拉力 T=GA-2N=1N， C 项正确。 综述本题 BC 项正确。 5． D 解析： 细线对天花板的拉力等于物体的重力 G； 以滑轮为对象， 两段绳的拉力都是 G， 互成 120º ，因此合力大小是 G，根据共点力平衡，a 杆对滑轮的作用力大小也是 G（方 向 与竖直成 60º 斜向右上方）；a 杆和细线对滑轮的合力大小为零。 6．B 解析：以 B 球为研究对象，受到重力、风力和拉力，三力平衡，解三角形得到拉力
2．一条轻绳承受的拉力达到 1000N 时就会拉断，若用此绳进行拔河比赛，两边的拉力大小 都是 600N 时，则绳子（ ） A．一定会断 B．一定不会断 C．可能断，也可能不断 D．只要绳子两边的拉力相等，不管拉力多大，合力总为 0，绳子永远不会断 3．如图所示，mgsinθ ＞Mg，在 m 上放一小物体时，m 仍保持静止，则（ ） A．绳子的拉力增大 B．m 所受合力变大 C．斜面对 m 的静摩擦力可能减小 D．斜面对 m 的静摩擦力一定增大 4．用三根轻绳将质量为 m 的物块悬挂在空中，如图所示.已知绳 ac 和 bc 与竖直方向的夹角 分别为 30° 和 60° ，则绳 ac 和绳 bc 中的拉力分别为（ 1 A．错误！未找到引用源。mg， mg 2 3 1 C． mg， mg 4 2 1 3 D． mg， mg 2 4 ） a b c m 5．用一根长 1m 的轻质细绳将一副质量为 1kg 的画框对称悬挂在墙壁 上，已知绳能承受的最 大张力为 10 N ，为使绳不断裂，画框上两个 挂钉的间距最大为（ g 取 10m/s ）（
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高三物理单元测试题(二)
直线运动
一、本题共12小题,每小题3分。
共计36分,每小题给出的四个选项中只有一项是正确的。
将 正确选项填入答题卡内。
l.如图2-1所示为表示甲、乙物体运动的s -t 图象,则 其中错误．．
的是 ( ) A ．甲物体做变速直线运动,乙物体做匀速直线运动 B ．两物体的初速度都为零
C ．在f1时间内两物体平均速度大小相等
D ．相遇时,甲的速度大于乙的速度
2.一质点由静止开始做匀加速直线运动,加速度大小为αl ,经时间t 后做匀减速直线运动。
加速度大小为α2,若再经时间t 恰能回到出发点,则αl ：α2应为 ( ) A ．1：1 B ．1：2 C ．1：3 D ．1：4
3.甲、乙两辆汽车沿平直公路从某地同时驶向同一目标,甲车在前一半时间内以速度υ1做匀速运动,后一半时间内以速度υ2做匀速运动；乙车在前一半路程中以速度υ1做匀速运动,后一半路程中以速度υ2做匀速运动,则 ( ) A ．甲先到达 B ．乙先到达 C ．甲、乙同时到达 D ．不能确定
4.作匀加速直线运动的物体,先后经过A 、B 两点时,其速度分别为υ和7υ,经历时间为t ,则 ①经A 、B 中点时速度为5υ ②经A 、B 中点时速度为4υ
③从A 到B 所需时间的中间时刻(即 )的速度为4υ ④在后一半时间(即后 )所通过的距离比前一半时间通过的距离多 υt 正确选项为 ( )
A.②③④ B ．①③④ C ．只有③ D．只有④
5.将一小球以初速度为υ从地面竖直上抛后,经过4s 小球离地面高度为6m,若要使小球竖
直上抛后经2s 到达相同高度,g 取10m/s 2
,不计阻力,则初速度υ0应 ( ) A.大于υ B ．小于υ C ．等于υ D ．无法确定
6.某物体沿直线运动的υ-t 图象如图2-2所示,由图可以看出物体 ( ) ①沿直线向一个方向运动 ②沿直线做往复运动 ③加速度大小不变 ④做匀变速直线运动 上述说法正确的是
A ．①④ B．①③ C ．②③ D ．②④
7.为了测定某辆轿车在平直路上起动时的加速度(轿车起动时的运动可近似看做匀加速运动),某人拍摄了一张在同一底片上多次曝光的照片(如图2-3所示)．如果拍摄时每隔2秒曝光一次,轿车车身总长为4.5m,那么这辆轿车的加速度为 ( )
A ．1m/s 2
B ．2m/s 2
C ．3m/s 2
D ．4m/s 2
t 21
t 212
3
8.从地面上抛一物体A,同时在离地面某一高度处有一物体B自由下落,两物体在空中同时到达
同一高度时速度为υ,则下列说法正确的是 ( )
①A上抛的初速度与B落地时速度大小相等,都是2υ
②两物体在空中运动时间相等
③A上升的最大高度与B开始下落时的高度相同
④两物体在空中同时达到同一高度处一定是B开始下落时的高度的中点
A．①② B．②③ C．①③ D．①④
9.在一个以加速度g做自由下落的密闭电梯内,有一人同时相对电梯
由静止释放一只铅球和一只氢气球,则电梯内的人将会看到( )
A．铅球坠落到电梯底板上,氢气球上升到电梯顶板
B．铅球仍在人释放的位置,与人相对静止,而氢气球上升到电梯顶板
C．铅球坠落到电梯顶板上,氢气球仍在人释放的位置,与人相对静止
D．铅球与氢气球均在人释放的位置,与人相对静止
10．矩形空心框架竖直立于水平面上,不计一切摩擦,A、B两小球由静止同时出发分别沿两边滑下,达到最低点C,其时间关系正确的是 ( ) A．tA=tB B．tA>tB
C．tA<tB D．无法确定
11．甲乙两物相距S,它们同时同向运动,乙在前面做初速度为0,加速度为α1的匀加速运动,甲在后面做初速度为”υ0,加速度为α2的匀加速运动,则：
①若α1= α2,它们只能相遇一次
②若α1> α2,它们可能相遇二次
③若α1> α2,它们只能相遇二次
④若α1< α2,它们不能相遇
A．①③ B．③④ C．①④ D．①②
12．某人用手表估测火车的加速度．先观测3分钟,发现火车前进540m；隔3分钟后又观察l 分钟,发现火车前进360m,若火车在这7分钟内做匀加速直线运动,则火车的加速度为
A．0.03m／s2B．0.01m／s2 C．0.5m／s2 D．0.6m,/s2
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案
二、实验题(共3题。
12分)
13．(3分)游标卡尺经长期使用后有零误差存在,如图2-5甲所示,当游标卡尺两脚对齐时,主尺和游标尺的零刻度线不对齐．用此游标卡尺测量某工件的直径,示数如图2-5(乙)所示,则此工件直径实际是 31.1 mm．
14．(4分)在《测定匀变速直线运动的加速度》的实验中,打点计时器是用于测量的仪器,工作电源是 (填“交流电”或“直流电”),电源电压是 V,相邻打点时间间隔是 S．
15．(5分)随小车一起做匀加速直线运动的纸带上记录下0、1、2、3、4、5等一些计数点,每相邻的两计数点之间,都有四个点未画出,那么从0到3经历的时间是 0.3 ．用米尺量出0到l、2、3、4、5的距离分别是2.78era、6.77cm、11.96cm、18.36em、25.97cm,则小车在经历记数点3时的速度大小是 0.58 m/s,小车的加速度是 1.207 m/s2．
三、本题共5小题；共52分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。
只写出最
后答案的不能得分。
有数值计算的题。
答案中必须明确写出数值和单位．
16．(8分)按教材中的方法甲同学帮乙同学测定反应时间,开始乙同学的手在米尺2cm刻度处,当甲同学释放米尺,乙同学握住米尺时,他的手处在米尺的14cm刻度处,由此可知,乙同学的反应时间为多少秒?
17．(10分)跳伞运动员做低空跳伞表演,飞机离地面224m水平飞行,运动员离开飞机在竖直方向做自由落体运动；经过一段时间后,立即打开降落伞,展开伞后运动员以12.5m/s2的加速度在竖直方向上匀减速下降,为了运动员的安全,要求运动员落地时竖直方向的速度最大不超过5m/s,(g=lOm/s2)求：
(1)运动员展开伞时,离地面的高度至少多少?
(2)运动员在空中的最短时问是多少?
18．(10分)羚羊从静止开始奔跑,经过50m距离能加速到最大速度25m/s,并能维持一段较长的时间；猎豹从静止开始奔跑,经过60m的距离能加速到最大速度30m/s,以后只能维持这个速度4.0s．设猎豹距离羚羊χm时开始攻击,羚羊则在猎豹开始攻击后1.Os才开始．奔跑,假定羚羊和猎豹在加速阶段分别做匀加速运动,且均沿同一直线奔跑．求：
(1)猎豹要在其最大速度减速前追到羚羊,χ值应在什么范围?
(2)猎豹要在其加速阶段追上羚羊。
χ值应在什么范围?
19．(12分)甲、乙两汽车沿同一平直公路同向匀速行驶,甲车在前,乙车在后,它们行使的速度均为16m/s．已知甲车紧急刹车时加速度α1=3m/s2,乙车紧急刹车时加速度α2=4m/s2,乙车司机的反应时间为0.5s(即乙车司机看到甲车刹车后O.5s才开始刹车),求为保证两车在紧急刹车过程中不相撞,甲、乙两车行驶过程中至少应保持多大距离?
20．(12分)速率为30km/h的两辆火车,在相挨并行的轨道上相向而行,当两火车相距60km的时候,一只每小时能飞60km的小鸟,离开一车直向另一车飞去,当鸟到达另一车时就立即飞回第一车,以后就一直这样飞来飞去．问：
(1)鸟一共飞行了多少距离?
(2)在两车相遇以前这鸟能够完成从一车到另一车的飞行共几次?。