巴蜀中学2020届高考适应性月考卷(七)理数-答案
重庆市巴蜀中学2020届高三高考适应性月考(七)理科综合试题PDF版含答案
6．图中 ab 朝着不同的方向进化（趋异进化），cd 朝着相同方向进化（趋同进化），因核酸、 蛋白质等大分子具有特异性，故可以利用核酸分子杂交等手段来判断物种间的亲缘关系， A 正确。群体中近亲繁殖，因可能带有相同的隐性基因杂交后可以提高纯合体比例，B 错 误。捕食者的存在，会导致被捕食者为避免被捕食而不断进化发展，C 正确。甲乙两图物 种进化方向不同是由自然选择决定的，可以说明自然选择在进化中的作用，D 正确。
活性降低从而导致黑色素合成减少，而不是由基因突变导致，故 D 错误。
2．利用紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞探究植物细胞的吸水和失水属于前后自身对照，不属于对
比实验，故 C 错误。
3．牛痘疫苗和天花疫苗具有相似的抗原结构，因此可以利用牛痘疫苗预防天花病毒，A 正确。
特异性免疫中发挥作用的主要是淋巴细胞，B 正确。结核杆菌属于胞内寄生菌，自身具有
10．由乙是“绿色氧化剂”，乙和丁的组成元素相同及 Y、W 原子序数是 X、Z 原子序数之和 的 2 倍，不难推断出 X、Y、Z、W 分别为 H、O、Na、S；化合物乙为 H2O2，甲为 Na2S，
理科综合参考答案·第 2 页（共 15 页）
丙为 H2S，丁为 H2O，M、N 分别为 O2，SO2，A 项，简单离子半径大小为 r(S2－)>r(O2－)>r(Na+)， 正确。B 项，SO2 使溴水还原而褪色，乙烯与溴加成而褪色，原理不同，不正确。C 项， 含硫元素的盐如 NaHSO4、Na2SO4、Na2SO3 可分别呈酸性、中性或碱性，正确。D 项，考 察 Na2S2O3 与 H2SO4 反应，既有沉淀生成，又有气体生成，正确。 11．由转化过程可知，浸泡发酵过程发生的是取代反应，故 A 错误。在吲哚酚分子结构中， 苯环及碳碳双键可以与 H2 加成，共消耗 4mol，故 B 正确。吲哚酮苯环无对称性，苯环
重庆市巴蜀中学2023届高考适应性月考卷
B.图甲实验中的淀粉溶液和淀粉酶需要先混合再调节相应的pH
C.β-淀粉酶在pH=3时和50℃条件下处理1h，均因肽键断裂而变性失活
D.图乙实验中Ca2+、淀粉与淀粉酶共存时，有利于较长时间维持β-淀粉酶的热稳定性
7.图为细胞内葡萄糖分解的过程图（字母代表物质，数字代表生理过程），细胞色素c（Cytc）是位于线粒体内膜上直接参与细胞呼吸的多肽。正常情况下，外源性Cytc不能通过细胞膜进入细胞，但在缺氧时，细胞膜的通透性增加，外源性Cytc便能进入细胞及线粒体内，提高氧气的利用率。下列相关分析错误的是（）
A.该DNA分子复制完成后，子代DNA分子中的氢键数目减少
B.若进行有丝分裂，只有一个子细胞中含有羟化胞嘧啶
C.若进行减数分裂，初级精母细胞中有2条姐妹染色单体含有羟化胞嘧啶
D.若进行减数分裂，精子中发生了C-G碱基对替换为T-A碱基对的改变
16.水稻为一年生植物，其花非常小，去雄非常困难。袁隆平发现一株雄性不育系（花粉不育）野生稻，从而解决了该问题。水稻花粉可育与否由核基因R/r以及细胞质基因N/S共同控制，当植株中只有S基因与r基因共存时表现为雄性不育。下列相关叙述正确的是（）
A.运用该检测仪计数的前提是每个微生物体内的ATP含量基本相同
B.该检测仪可以检测样品中残留的需氧型微生物、厌氧型微生物和病毒
C.荧光素转化为荧光素酰腺苷酸的过程是一个放能反应
D.ATP脱掉两个磷酸基团后的产物AMP可作为合成DNA的原料
6.淀粉酶有多种类型，如α-淀粉酶可使淀粉内部随机水解，β-淀粉酶则使淀粉从末端以两个单糖为单位进行水解。图甲为pH对淀粉酶活性的影响，图乙为β-淀粉酶在50℃条件下的热稳定性实验结果。下列有关叙述正确的是（）
2020届重庆市巴蜀中学高三高考适应性月考数学(理)试题Word版含解析
2020届重庆市巴蜀中学高三高考适应性月考数学（理）试题一、单选题1．已知α是第二象限角，且sin 45α=，则cosα＝（ ） A ．45 B ．45- C ．35 D ．35- 【答案】D【解析】通过同角三角函数的平方关系，结合α是第二象限角，cosα为负值，直接代入解得答案.【详解】∵α是第二象限角，且sin 45α=，可得3cos 5α==-, 故选：D .【点睛】本题考查同角三角函数关系，注意象限角的符号即可，属于基础题.2．集合A ＝{x |（x ﹣1）（x ﹣7）≤0}，集合B ＝{x |x ＝2k +1，k ∈N }，则A ∩B ＝（ ）A ．{1，7}B ．{3，5，7}C ．{1，3，5，7}D ．{1，2，3，4，5，6，7}【答案】C【解析】先求出集合A 与B ，求出两集合的交集即可．【详解】 ∵集合()(){}{}|=17017|Ax x x x x ≤≤≤＝﹣﹣， 集合B ={x |x =2k +1,k ∈Z }，∴A ∩B ={1，3，5，7}，故选：C .【点睛】本题考查集合的运算，此类题目一般比较简单，只需将两集合解出，再进行交并补运算即可求解.3．向量a =r （1，2），b =r （2，λ），c =r （3，﹣1），且（a b +r r ）∥c r，则实数λ＝（ ）A ．3B ．﹣3C ．7D ．﹣7【答案】B 【解析】向量a r ，b r ，计算可得a b +r r ，再由c r 和（a b +r r ）∥c r ，代入向量平行的性质公式计算，即可求解.【详解】根据题意, 向量=a r （1，2），=b r （2，λ），则()=32+a b λ+，r r ， c =r （3，﹣1），且（a b +r r ）∥c r ,则有()()3132+0λ⨯--=，解可得=3λ-，故选：B .【点睛】本题考查平面向量的坐标运算和平行的性质，属于平面向量常考题型.4．已知随机变量X 服从正态分布N （3，σ2），且P （x ≤1）＝0.1，则P （3＜X ≤5）＝（ ）A ．0.1B ．0.2C ．0.3D ．0.4 【答案】D【解析】根据已知随机变量X 服从正态分布N （3，σ2），得到正态分布曲线关于=3x 对称，又根据题目P （x ≤1）＝0.1，由对称性可得()50.1P x ≥＝，因此得到P （1≤X ≤5）的值，再乘12即为所求. 【详解】∵随机变量X 服从正态分布N （3，σ2），∴正态分布曲线关于=3x 对称，又P （x ≤1）＝0.1，∴()50.1P x ≥＝，∴()()510.1235==0.422P X P X ≤≤-⨯≤1＜＝， 故选：D【点睛】本题考查正态分布概率问题，此类问题通常根据正态分布曲线的对称性质推导求解，属于基础题.5．函数πsin(2)3y x =-的图象的一条对称轴方程为（ ） A ．π12x =B ．π12x =-C ．π6x =D ．π6x =- 【答案】B 【解析】试题分析：令232x k πππ-=+，即5212k x ππ=+()k Z ∈，当1k =-时，12x π=-，故选B. 【考点】1、两角差的正弦函数；2、正弦函数的图象与性质.6．定义H （x ）表示不小于x 的最小整数，例如：H （1.5）＝2，对x ，y ∈R ，则下列正确的是（ ）A ．H （﹣x ）＝﹣H （x ）B ．H （2﹣x ）＝H （x ）C ．H （x +y ）≥H （x ）+H （y ）D ．H （x ﹣y ）≥H （x ）﹣H （y ）【答案】D【解析】根据题意，可用特殊值法进行逐一排除，最后得到正确选项.【详解】∵定义H （x ）表示不小于x 的最小整数， A 选项，令()()1.5, 1.5=11.5=2x H H =----，，显然错误， B 选项，令()()3,233x H H =-≠，显然错误，C 选项，令()()()1.5, 2.5,=4=5x y H x y H x H y ==++，，故错误，D 选项根据排除法，因此正确，故选：D .【点睛】此类问题属于定义新概念题型，根据定义去判断各个推论是否正确，此类问题最快速的办法是举特例进行排除，可快速锁定答案，属于中等题.7．在△ABC 中，三个内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，且b +c ＝acosB +acosC ，则A ＝（ ）A ．2πB ．3πC ．6πD ．23π 【答案】A【解析】由题意代入余弦定理，可得到三边a ，b ，c 的等式，化简可得222a b c =+，从而得到△ABC 为直角三角形，A 为直角.【详解】由b +c ＝acosB +acosC ， 根据余弦定理可得，22222222a c b a b c b c a a ac ab+-+-++＝， 22222222a c b a b c b c c b+-+-++＝， ()()()2332a b c bc b c b c b c bc +++-++＝()()()()222=2a b c bc b c b c b bc c bc +++-+-+， 进一步化简可得222a b c =+∴△ABC 为直角三角形，2A π＝. 故选：A .【点睛】本题考查余弦定理的应用，考查运算求解能力，通过余弦定理找到各边之间的关系，然后推导出角的大小，属于中等题.8．对任意x ∈R ，存在函数f （x ）满足（ ）A ．f （cosx ）＝sin 2xB ．f （sin 2x ）＝sinxC ．f （sinx ）＝sin 2xD ．f （sinx ）＝cos 2x 【答案】D【解析】根据题意，对任意x ∈R ，存在函数f （x ）满足，对选项逐一判断即可.【详解】对于A 选项，取x =4π,则cos x =2,sin2x =1,∴f (2)=1；取x =4π-,则cos x x =-1,∴f ()=-1；∴f (2)=1和-1，不符合函数的定义，故不满足题意； 对于B 选项，取x =0,则sin2x =0,∴f (0)=0；取x =2π,则sin2x =0,∴f (0)=1；∴f (0)=0和1，不符合函数的定义，故不满足题意；对于C 选项，取x =4π,则sin x ,sin2x =1,∴f )=1；取x =34π,则sin x =2,sin2x =-1,∴f (2)=-1；∴f (2)=1和-1，不符合函数的定义，故不满足题意； 对于D 选项，∵22=12sin cos x x -,∴f （sinx ）＝cos 2x ＝212sin x -，即对任意x ∈R ，存在函数f （sinx ）＝cos 2x ，只有D 选项满足题意.故选：D .【点睛】本题考查三角函数二倍角公式和函数的解析式，需要对公式和概念的熟练掌握，属于简单题.9．在三棱锥S ﹣ABC 中，SA ⊥平面ABC ，AB ⊥BC ，且SA ＝2，AB ＝1，BC =S ﹣ABC 外接球的表面积为（ ）A ．4πB ．6πC ．8πD ．10π【答案】C【解析】由勾股定理可得AC ，求得△ABC 外接圆的半径，从而再利用勾股定理可求该三棱锥的外接球的半径，即可求出三棱锥S -ABC 的外接球的表面积．【详解】∵AB ⊥BC ，AB ＝1，BC =∴由勾股定理可得AC =2，∴AC 是△ABC 外接圆的直径，∴△ABC 外接圆的半径为r =1，∵SA ⊥平面ABC ，且SA ＝2，设球心到平面ABC 的距离为d ,则由勾股定理可得2222211(2)R d d =+=+-，∴22=1R d =，，∴三棱锥S −ABC 的外接球的表面积为248R ππ=.故选：C .【点睛】本题考查几何体外接球的表面积，此类问题常常先求底面的外接圆半径，再与球心到底面距离、球的半径运用勾股定理求解，属于中等难度题型.10．已知AB u u u r •AC =u u u r 0，|BC |＝4，P 是三角形ABC 平面内任意一点，且满足|PA u u u r |＝1，则PB u u u r •PC uuu r 的最小值是（ ）A ．﹣4B ．﹣3C ．﹣2D ．﹣1 【答案】B【解析】利用已知0AB AC ⋅=u u u r u u u r，得到AB AC ⊥，|BC |＝4，以A 为坐标原点建立平面直角坐标系，再根据P 点满足|PA u u u r |＝1，设P 点坐标为()cos sin P θθ，，代入点坐标计算PB PC ⋅u u u r u u u r ，再根据辅助角公式和坐标之间的关系可得PB PC ⋅u u u r u u u r 的取值范围，从而得解.【详解】∵0AB AC ⋅=u u u r u u u r，∴AB AC ⊥，建立如图直角坐标系，设()()()0,00,,0A B y C x ，，，又|BC |＝4，∴2224x y += ∵|PA u u u r|＝1，∴设()cos sin P θθ，， ()()cos sin cos sin B P y x P C θθθθ⋅=--⋅--，，u u u r u u u r22cos +cos sin +sin x y θθθθ=--()+1θϕ=-()4cos +1θϕ=--,∵()1cos 1θϕ-≤-≤,35PB PC -≤⋅≤u u u r u u u r ,故最小值为3-，故选：B .【点睛】本题考查向量积的最值问题，通常建立直角坐标系，设未知数，得到各个向量的坐标，运用坐标运算计算出含有未知量的解析式，再进一步运用函数思想找出取值范围，属于中等题.11．已知f （x ）＝sin （ωx 6π+）（ω∈Z ）x ∈（0，3π]时f （x ）12=有唯一解，则满足条件的ω的个数是（ ）A ．3B ．4C ．5D ．6 【答案】D 【解析】对ω进行分类讨论，当0>ω，通过0,,3x π⎛⎤∈ ⎥⎝⎦可确定6x πω+的范围,636ππωπ⎛⎤+ ⎥⎝⎦，由f （x ）12=，得到2,233πωππ⎡⎫∈⎪⎢⎣⎭，从而得到[)2,6ω∈，再根据ω∈Z ，可得ω的值；当0ω<时,同理可得ω的值.【详解】当0>ω时,0,,,,36636x x ππππωπω⎛⎤⎛⎤∈∴+∈+ ⎥⎥⎝⎦⎝⎦Q 513,3666πωπππ⎡⎫∴+∈⎪⎢⎣⎭， ∵()12f x =有唯一解， 2,233πωππ⎡⎫∴∈⎪⎢⎣⎭，[)2,6ω∈， 又,2,3,45,Z ωω∈∴=，当0ω<时,0,,,,36366x x πππωππω⎛⎤⎡⎫∈∴+∈+ ⎪⎥⎢⎝⎦⎣⎭Q 117,,3666πωπππ⎡⎫∴+∈--⎪⎢⎣⎭∴42,,(6,4]33πωππω⎛⎤∈--∈-- ⎥⎝⎦, 又,5,4Z ωω∈∴=--,综上所述, 2,3,4,5,5,4ω=--故选：D .【点睛】本题主要考查三角函数的图象与性质，函数零点与方程的根的关系，求三角函数的ω值时，利用函数图像数求出ω的范围，即可求得ω值，属于中等题.12．已知抛物线C ：x 2＝2py （p ＞0），直线l 1：y ＝kx +t 与抛物线C 交于A ，B 两点（A 点在B 点右侧），直线l 2：y ＝kx +m （m ≠t ）交抛物线C 于M ，N 两点（M 点在N 点右侧），直线AM 与直线BN 交于点E ，交点E 的横坐标为2k ，则抛物线C 的方程为（ ）A ．x 2＝yB ．x 2＝2yC ．x 2＝3yD ．x 2＝4y 【答案】D【解析】设1122(,),(,)A x y B x y ，3344(,),(,)M x y N x y ，利用根与系数关系公式，推出12+2x x pk =，34+2x x pk =，取A 、B 中点P ，M 、N 中点Q ，则E 、P 、Q 三点共线，且所在直线方程为x =pk ，又根据E的横坐标为2k ，求解即可．【详解】如图所示,设1122(,),(,)A x y B x y ,则直线l 1：y ＝kx +t 与抛物线C 联立消去y ，可得2220,x pkx pt --=∴12+2x x pk =，设3344(,),(,)M x y N x y ,则直线l 2：y ＝kx +m 与抛物线C 联立消去y可得2220,x pkx pm --=∴34+2x x pk =，取A 、B 中点P ，M 、N 中点Q ，则E 、P 、Q 三点共线,且所在直线方程为x =pk ，∵E 的横坐标为2k ，∴22k pk p ==，，∴抛物线C 的方程为：x 2＝4y.故选：D .【点睛】本题考查直线与抛物线的位置关系，涉及平面几何知识，取A 、B 中点，M 、N 中点与E 三点共线,考查分析能力及转化能力，属于中档题.二、填空题13．设复数z 满足12z i =+2+i ，则|z |＝_____ 【答案】5【解析】复数方程的两边同乘1+2i ，然后利用多项式展开化简，即可确定z ，再进一步求得z ．【详解】复数z 满足212z i i=++， 所以()()212=2245z i i i i i =++-++=， 故5z =故答案为：5.【点睛】本题考查复数代数形式的乘除运算，复数的模的计算，属于基础题.14．函数f （x ）＝log 13（x 2﹣2x ﹣24）的单调递增区间是_____ 【答案】（﹣∞，﹣4）.【解析】先求出函数f （x ）的定义域，确定真数部分函数的单调性，再由复合函数的单调性可知函数的单调增区间.【详解】函数的定义域为22240x x >﹣﹣，即为64{|}x x x -＞或＜，令2224t x x =﹣﹣， 则原函数13y log t ＝， 因为13y log t ＝在（0，+∞）单调递减， 2224t x x =﹣﹣在（-∞，-4）单调递减，在（6，+∞）单调递增，由复合函数的单调性可知函数的单调增区间为（-∞，-4），故答案为：（-∞，-4）.【点睛】本题考查复合函数单调性，复合函数单调性的判断遵循“同增异减”的判断法则，前提是先求定义域，然后找出中间函数的单调区间，再判断复合函数的单调区间即可，属于基础题. 15．sin 20°+2sin 20°cos 40°＝_____.【答案】2. 【解析】利用20301040301==0+︒︒︒︒︒︒-，进行角的转化，再利用和差公式化简即可求解. 【详解】sin 202sin 20cos 40︒︒︒+()()()=sin 30102sin 3010cos 3010︒︒︒︒︒︒--++()()=sin 301012cos 3010︒︒︒︒⎡⎤-++⎣⎦()()sin 12sin30cos10cos3010cos30cos102sin30sin10︒︒︒︒︒︒︒︒-+=-()1cos10101sin10n 2︒︒︒︒⎛⎫=- ⎪ ⎪⎝⎭1cos1010cos102︒︒︒︒=+1310sin10cos10sin1010cos1022sin ︒︒︒︒︒︒--sin 20cos 0in 202+s ︒︒︒-==【点睛】本题为计算题，主要考察正余弦和差公式的灵活应用，此类问题中非特殊角三角函数化简求值，如20°、40°等角度，一般找出与特殊角的和差关系，再利用和差公式化简即可，属于中等题. 16．已知函数f （x ）＝lnx 1x ++a ，f ′（x ）是f （x ）的导函数，若关于x 的方程f ′（x ）1f x x -=+（）0有两个不等的根，则实数a 的取值范围是_____【答案】（﹣∞，14-ln 2） 【解析】根据题意可得f ′（x ），代入关于x 的方程f ′（x ）()1f x x -=+0，方程有2个交点转化为y ＝121x --lnx 1x -与y ＝a 有两个不同的交点，则令g （x ）＝121x --lnx 1x-，求导研究g （x ）的图象从而可得a 的取值范围. 【详解】根据题意可得，f ′（x ）22111x x x x-=-=，x ＞0 ∵关于x 的方程关于x 的方程f ′（x ）()1f x x -=+0有两个不相等的实数根，∴221x x-=lnx 1x ++a 有两个不相等的实数根， ∴y ＝121x --lnx 1x-与y ＝a 有两个不同的交点； 令g （x ）＝121x --lnx 1x-， ∴g ′（x ）()()23233212112x x x xx x x x x -+-+=-+==-， 令g ′（x ）＝0，x ＝2或﹣1（舍负）；令g ′（x ）＞0，0＜x ＜2；令g ′（x ）＜0，x ＞2； ∴g （x ）的最大值为g （2）＝114--ln 21124-=-ln 2； ∴a 14-＜ln 2；∴a 的取值范围为（﹣∞，14-ln 2）. 故答案为：（﹣∞，14-ln 2）. 【点睛】本题主要考查导数的运算、导数在函数中的应用、函数零点等基础知识，考查了转化能力、运算求解能力，考查了函数与方程、化归与转化等数学思想方法，属于较难题．三、解答题17．已知函数f （x ）＝sinxcosx cos 2x +1 （1）求f （x ）的最小正周期和最大值，并写出取得最大值时x 的集合；（2）将f （x ）的函数图象向左平移φ（φ＞0）个单位后得到的函数g （x ）是偶函数，求φ的最小值. 【答案】（1）最小正周期为T =π，f （x ）取得最大值为2，此时x 的集合为{x |x ＝kπ12π+，k ∈Z }.（2）12π【解析】（1）由三角函数公式化简可得f （x ）＝sin （2x 3π+）+1，由此可得最小正周期及最大值，由当且仅当2x 3π+=2kπ2π+，k ∈Z 时，f （x ）取得最大值，解出x 的集合；（2）通过平移变换可得g （x ）=sin （2x +2φ3π+）+1，若函数g （x ）是偶函数，运用三角函数的诱导公式，令23πϕ+=2k ππ+，k ∈Z 即可，从而得到φ的最小值．【详解】（1）f （x ）＝sinxcosx +cos 2x +112=sin 2x +cos 2x +1＝sin （2x 3π+）+1，所以函数f （x ）的最小正周期为T 22π==π， 当且仅当2x 3π+=2kπ2π+，k ∈Z 时，f （x ）取得最大值为2，此时x 的集合为{x |x ＝kπ12+π，k ∈Z }.（2）g （x ）＝f （x +φ）＝sin （2x +2φ3π+）+1，因为g （x ）是偶函数， 所以2φ3π+=kπ2π+，k ∈Z ，即φ12=kπ12+π，k ∈Z ，所以φ的最小值为12π.【点睛】本题主要考查了利用公式化简三角函数，求三角函数的周期、最值、极值点和三角函数的图像和性质等，需要特别注意集合的书写规范，属于基础题.18．如图，在四棱锥S ﹣ABCD 中，SA ⊥底面ABCD ，底面ABCD 是平行四边形，E 是线段SD 上一点.（1）若E是SD的中点，求证：SB∥平面ACE；（2）若SA＝AB＝AD＝2，SC＝，且DE23DS，求二面角S﹣AC﹣E的余弦值.【答案】（1）证明见解析（2【解析】（1）由题意连结BD，交AC于点O，连结OE，可证OE∥SB，SB∥平面ACE得证；（2）建立空间直角坐标系，求得平面SAC与平面ACE的法向量，代入公式求二面角的余弦值即可. 【详解】（1）证明：连结BD，交AC于点O，连结OE，∵底面ABCD是平行四边形，∴O是BD的中点，∵E是SD的中点，∴OE∥SB，∵SB⊄平面ACE，OE⊂平面ACE，∴SB∥平面ACE.（2）∵SA⊥底面ABCD，AC⊂平面ABCD，∴SA⊥AC，在Rt△SAC中，SA＝2，SC＝2，∴AC＝2，∵AB＝AD＝2，∴△ABC，△ACD都是等边三角形，∴BD＝以O为原点，OD为x轴，OA为y轴，过O作AS的平行线为z轴，建立空间直角坐标系，O（0，0，0），D0，0），A（0，1，0），S（0，1，2），DS =u u u r（1，2），23DE DS ==u u u r u u u r（3-，2433，）， OE OD DE =+=u u u r u u u r u u u r（24333，，）， ∵BD ⊥平面SAC ，取平面SAC 的一个法向量n OD ==u u u r r0，）， 设平面ACE 的法向量m =r（x ，y ，z ），则024033m OA y m OE x y z ⎧⋅==⎪⎨⋅=++=⎪⎩u u uv r u u u v r ，取x ＝4，得m =r （4，0，， 设二面角S ﹣AC ﹣E 的平面角为θ，则cosθ19m n m n ⋅===⋅r r r r .∴二面角S ﹣AC ﹣E的余弦值为19.【点睛】本题主要考查线面平行的判定定理，二面角的向量求法，意在考查学生的分析转化能力和计算求解能力，属于基础题.19．甲、乙两名射击运动员在进行射击训练，已知甲命中10环，9环，8环的概率分别是13，13，13，乙命中10环，9环，8环的概率分别是18，14，58，任意两次射击相互独立. （1）求甲运动员两次射击命中环数之和恰好为18的概率；（2）现在甲、乙两人进行射击比赛，每一轮比赛两人各射击1次，环数高于对方为胜，环数低于对方为负，环数相等为平局，规定连续胜利两轮的选手为最终的胜者，比赛结束，求恰好进行3轮射击后比赛结束的概率【答案】（1）13（2）427【解析】（1）甲运动员两次射击命中环数之和恰好为18包含“第一次10环和第二次8环”，“第一次8环第二次10环”，“第一次9环和第二次9环”这三种情况，分别求三种情况概率再求和；（2）求恰好进行3轮射击后比赛结束的概率，先确定甲胜利，平局，失败的概率，恰好进行3轮射击后比赛结束情形包括两种：①当甲获得最终胜利结束3轮比赛时，由第2轮、第3轮甲连续胜利，第一轮甲没有获得胜利，算出其概率P118=；②当乙获得最终胜利结束3轮比赛时，则第2轮、第3轮乙连续胜利，第1轮乙没有获得胜利，其概率P25=216，两情形概率之和即为所求.【详解】（1）记X表示甲运动员两次射击命中环数之和，则X＝18包含“第一次10环和第二次8环”，“第一次8环第二次10环”，“第一次9环和第二次9环”这三种情况，∴甲运动员两次射击命中环数之和恰好为18的概率为：P1211111 33333C=⨯⨯+⨯=.（2）记A i表示甲在第i轮胜利，B i表示甲在第i轮平局，∁i表示甲在第i轮失败，∴P（A i）151151384382⎛⎫=⨯++⨯=⎪⎝⎭，P（B i）13=，P（∁i）16=，①当甲获得最终胜利结束3轮比赛时，由第2轮、第3轮甲连续胜利，第一轮甲没有获得胜利，其概率P1111112228⎛⎫=⨯⨯-=⎪⎝⎭，②当乙获得最终胜利结束3轮比赛时，则第2轮、第3轮乙连续胜利，第1轮乙没有获得胜利，其概率P21155 666216 =⨯⨯=，∴经过3轮比赛结束的概率P12154 821627P P=+=+=.【点睛】本题考查了概率的计算，第一种为已知取值，求取此值的概率，常常利用排列组合、枚举法、概率公式等方法计算，第二种需要分析判断得到结果所有的可能情况，再根据每种状况求出概率，属于中档题.20．已知椭圆E ：22221x y a b +=（a ＞b ＞0）的离心率e =（1）若点P （1，2）在椭圆E 上，求椭圆E 的标准方程；（2）若D （2，0）在椭圆内部，过点D 的直线交椭圆E 于M .N 两点，|MD |＝2|ND |，求椭圆E 的方程.【答案】（1）2214x y +=（2）221123x y +=【解析】（1）因为c e a ==，所以2234c a =，则2214b a =，所以222214x y b b +=，将P （1程，得b 2＝1，所以a 2＝4，可得椭圆方程；（2）设M （x 1，y 1），N （x 2，y 2），设y 1＜y 2，因为2214b a =，所以椭圆的方程为222214x y b b+=，MN 的直线方程为x =+2，联立求解韦达定理，结合条件|MD |＝2|ND |，可得y 1＝﹣2y 2，所以解得1y =22y =b 2＝3，a 2＝12，求得椭圆E 的方程. 【详解】（1）因为2c e a ==，所以2234c a =，则2214b a =，所以222214x y b b +=，将P （1b 2＝1，所以a 2＝4， 所以椭圆E 的标准方程为2214x y +=；（2）设M （x 1，y 1），N （x 2，y 2），不妨设y 1＜y 2，因为2214b a =，所以椭圆的方程为222214x y b b+=，MN 的直线方程为x =+2，联立2222214x x y b b ⎧=+⎪⎪⎨⎪+=⎪⎩，得，16y 2+12﹣12b 2＝0， 所以y 1+y2=，y 1y 22334b -=①.因为|MD |＝2|ND |，即y 1＝﹣2y 2，所以1y =22y = 代入①，得b 2＝3，a 2＝12，所以椭圆E 的方程为221123x y +=.【点睛】本题考查椭圆方程的求解，一种为根据离心率及椭圆上的点建立方程组求解，考查计算能力；另一种为已知弦长之间的关系求解，利用弦长关系转化得到纵坐标的关系，结合韦达定理即可求解，意在考查学生的转化能力和计算求解能力. 21．已知函数f （x ）＝()21211x x x e -+-（1）求f （x ）＞0的解集； （2）若x ∈R 时，2221mxxx e e +≥+恒成立，求实数m 的取值范围.【答案】（1）（0，+∞）（2）[12，+∞） 【解析】（1）通过对f （x ）求导，可得x ∈R 时，f ′（x ）≥0，所以f （x ）在（﹣∞，+∞）上单调递增，又f （0）＝0，x ∈（0，+∞）时f （x ）＞0，不等式得解； （2）若x ∈R 时，2221mxxxe e+≥+恒成立，不等式转化为2e 2mx ≥e x1xe +（x ∈R ），因为都是偶函数，所以只需x ∈[0，+∞）时，2e 2mxx+-e 2x﹣1≥0成立即可，构造新的函数F （x ）＝2e 2mxx+-e 2x﹣1，求导后再对导函数进行分类讨论，可得实数m 的取值范围. 【详解】（1）因为f （x ）＝()21211x x x e-+-，则f ′（x ）＝2122xxx e -；所以x ∈R 时，f ′（x ）≥0，所以f （x ）在（﹣∞，+∞）上单调递增，又f （0）＝0，所以x∈（﹣∞，0）时，f（x）＜0，x∈（0，+∞）时f（x）＞0，∴f（x）＞0的解集为（0，+∞）.（2）因为x∈R时，2e2mx x+≥e2x+1恒成立，等价于221mx xxxeee+-≥恒成立，即2e2mx≥e x1xe+（x∈R），因为都是偶函数，所以只需x∈[0，+∞）时，2e2mx x+-e2x﹣1≥0成立即可，令F（x）＝2e2mx x+-e2x﹣1，F（0）＝0，F′（x）＝2（2mx+1）e2mx x+-2e2x＝2e2x[（2mx+1）e2mx x--1]，F′（0）＝0，令G（x）＝（2mx+1）e2mx x--1，G（0）＝0，G′（x）＝2me2mx x-+（2mx+1）（2mx﹣1）e2mx x-=（4m2x2+2m﹣1）e2mx x-①当2m﹣1≥0，即m12≥时，G′（x）≥0，所以G（x）在[0，+∞）上单调递增，又因为G（0）＝0，所以x∈[0，+∞）时，G（x）≥0，即F′（x）≥0，所以F（x）在[0，+∞）上单调递增，又因为F（0）＝0，所以x∈[0，+∞）时，F（x）≥0，所以m1 2≥时满足要求；②当m＝0，x＝1时，2e＜e2+1，不成立，所以m≠0；③当2m﹣1＜0且m≠0时，即m12＜且m≠0时，x∈122mm⎛⎫-⎪⎪⎝⎭，上单调递减，又因为G（0）＝0，所以x∈122mm⎛⎫-⎪⎪⎝⎭，时，G（x）＜0，即F′（x）＜0，所以F（x）在122mm⎛⎫-⎪⎪⎝⎭，上单调递减，又因为F（0）＝0，所以x∈122mm⎛⎫-⎪⎪⎝⎭，时，F（x）＜0，所以m12＜且m≠0时不满足要求.综上所述，实数m的取值范围是[12，+∞）.【点睛】本题主要考查函数单调性和导数之间的关系，以及不等式恒成立求参数问题，将不等式恒成立转化为构造差函数，求函数的最值是解决本题的关键，也是本题的难点，需要对导函数进一步求导和分类讨论，综合性较强，运算量较大，难度较大．22．在以O为极点，x轴正半轴为极轴的极坐标系中，曲线C1的极坐标方程为ρ＝4cosθ，直线C2的参数方程为1x tcosy tsinαα=+⎧⎨=⎩（t为参数）.（1）求曲线C1的直角坐标方程和直线C2的普通方程；（2）若P（1，0），直线C2与曲线C1相交于A，B两点，求|PA|•|PB|的值.【答案】（1）曲线C1：x2+y2﹣4x＝0；直线C2：xsinα﹣ycosα﹣sinα＝0（2）3【解析】（1）求曲线C1的直角坐标方程需利用直角坐标与极坐标关系互化关系式x＝ρcosθ，y＝ρsinθ，x2+y2＝ρ2，将ρ＝4cosθ，等式两边乘ρ得ρ2＝4ρcosθ代入即可，直线C2的参数方程消去参数t即为普通方程；（2）因为P（1，0）在直线C2上，将直线C2的参数方程1x tcosy tsinαα=+⎧⎨=⎩（t为参数）代入曲线C1：x2+y2﹣4x＝0，设A，B对应的参数分别为t1，t2，根据根与系数关系可得则t1t2＝﹣3，故可求|PA|•|PB|＝|t1t2|＝3.【详解】（1）曲线C1的极坐标方程为ρ＝4cosθ，由x＝ρcosθ，y＝ρsinθ，x2+y2＝ρ2，可得ρ2＝4ρcosθ，即为x2+y2﹣4x＝0，直线C2的参数方程为1x tcosy tsinαα=+⎧⎨=⎩（t为参数），可得xsinα﹣ycosα﹣sinα＝0；（2）因为P（1，0）在直线C2上，将直线C2的参数方程1x tcosy tsinαα=+⎧⎨=⎩（t为参数）代入x2+y2﹣4x＝0，可得（1+tcosα）2+（tsinα）2﹣4（1+tcosα）＝0，化为t2﹣2tcosα﹣3＝0，设A，B对应的参数分别为t1，t2，则t1t2＝﹣3，可得|PA|•|PB|＝|t1t2|＝3.【点睛】本题考查极坐标方程与平面直角坐标方程的转化、参数方程与普通方程的转化、求弦长关系问题，极坐标方程与平面直角坐标方程的转化、参数方程与普通方程的转化，可利用转化关系直接求解，求弦长关系问题通常借助联立二次方程，转化为根与系数关系问题求解.23．已知函数f（x）＝|x+1|+2|x﹣m|（1）当m＝2时，求f（x）≤9的解集；（2）若f（x）≤2的解集不是空集，求实数m的取值范围.【答案】（1）[﹣2，4]（2）[﹣3，1]【解析】（1）当m＝2时，函数f（x）＝|x+1|+2|x﹣2|≤9,对x分类讨论，分别在三个区间1122x x x--≤≤＜，，＞，去掉绝对值求解不等式即可求得解集；（2）若f（x）≤2的解集不是空集，转化为f（x）min≤2成立，又根据|x+1|+|x﹣m|≥|m+1|恒成立，f （x）min＝|m+1|≤2，解得﹣3≤m≤1.【详解】（1）当m＝2时，f（x）＝|x+1|+2|x﹣2|332512331x xx xx x-⎧⎪=-+-≤≤⎨⎪-+-⎩，＞，，＜.∵f（x）≤9，∴3392xx-≤⎧⎨⎩＞或5912xx-+≤⎧⎨-≤≤⎩或3391xx-+≤⎧⎨-⎩＜，∴2＜x≤4或﹣1≤x≤2或﹣2≤x＜﹣1，∴﹣2≤x≤4，∴不等式的解集为[﹣2，4]；（2）∵f（x）≤2的解集不是空集，∴f（x）min≤2.∵|x+1|+|x﹣m|≥|m+1|，|x﹣m|≥0，∴f（x）＝|x+1|+2|x﹣m|≥|m+1|，当且仅当x＝m时取等号，∴|m+1|≤2，∴﹣3≤m≤1，∴实数m的取值范围为[﹣3，1].【点睛】本题考查含有绝对值不等式的解法和求参数范围问题，解含有绝对值不等式一般进行分区间讨论去掉绝对值，然后求解不等式即可；不等式恒有解求参数问题一般进行等价转化成求函数最值问题，然后通过函数最值确定参数的取值范围，属于中等题.。
2020届重庆市巴蜀中学高考适应性月考数学(理)试题Word版含解析
2020届重庆市巴蜀中学高考适应性月考数学（理）试题一、单选题1．已知集合{}2|20A x x x =-->,集合1|12xB x ⎧⎫⎪⎪⎛⎫=>⎨⎬ ⎪⎝⎭⎪⎪⎩⎭,则A B =I ( )A ．(),0-∞B ．()2,+∞C ．(),1-∞-D ．()0,∞+【答案】C【解析】化简集合A 和B ,根据交集定义,即可求得A B I . 【详解】∴ {}2|20A x x x =-->∴ 化简可得()(),12,A =-∞-⋃+∞根据指数函数12xy ⎛⎫= ⎪⎝⎭是减函数∴ 121x⎛⎫ ⎪⎭>⎝,即01122x ⎛⎫⎛⎫> ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,故0x < ∴ (),0B =-∞故(),1A B =-∞-I 故选:C. 【点睛】本题考查了集合的交集,在集合运算比较复杂时,可以使用数轴来辅助分析问题,属于基础题. 2．已知复数12iz i -=+(i 为虚数单位),则z 对应的点在( ) A ．第一象限 B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限【答案】D【解析】化简12iz i -=+,可得()()()()1211322255i i i z i i i i ---===-++-,即可求得z 对应的点. 【详解】Q ()()()()1211322255i i i z i i i i ---===-++- ∴ z 对应的点为13,55⎛⎫- ⎪⎝⎭,故在第四象限故选:D. 【点睛】本题主要考查了复数的四则运算,以及复数的基本概念的应用,其中解答中熟练应用复数的运算法则化简是解答的关键,属于基础题.3．已知实数x ,y 满足102022x y x y y x -+≥⎧⎪+-≥⎨⎪≥-⎩则z x y =+的最小值是( )A ．1B ．2C ．3D ．4【答案】B【解析】由约束条件作出可行域,化目标函数为直线方程的斜截式,数形结合即可求得z x y =+的最小值. 【详解】作出可行域,由z x y =+,得y x z =-+,Q 当y x z =-+与边界直线20x y +-=重合时,z 取得最小值. ∴ 可取公共点13,22⎛⎫ ⎪⎝⎭,可知min 13222z =+= 故选:B. 【点睛】本题考查线性规划的相关内容,解题关键是根据约束条件画出不等式组表示的平面区域,数形结合解决问题,属于中档题.4．命题p :2m =,命题q :直线()1120m x y m --+-=与直线230mx y m +-=垂直,则p 是q成立的( )A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件【答案】A【解析】根据充分条件和必要条件的定义判断,即可得出答案. 【详解】Q 由直线()1120m x y m --+-=与直线230mx y m +-=垂直 ∴ 可得(1)20m m --=,即220m m --=,解得1m =-或2m =.故:由直线()1120m x y m --+-=与直线230mx y m +-=垂直不能推出:2m =∴命题p 是命题q 不必要条件Q 由2m =时直线分别是: 100x y --=,30x y +-=,此时两条直线垂直.故命题p 能推出命题q∴ 命题p 是命题q 充分条件综上所述,p 是q 充分不必要条件. 故选:A. 【点睛】本题主要考查了充分条件与必要条件的判定,其中熟记充分条件和必要条件的判定方法是解答的关键,着重考查了理解能力与运算能力,属于基础题. 5．已知()tan 2πθ-=,则sin sin 2πθθ⎛⎫+ ⎪⎝⎭的值为( ) A ．25B ．25-C ．25±D ．45【答案】B【解析】由()tan 2πθ-=,可得tan 2θ=-,根据诱导公式化简sin sin 2πθθ⎛⎫+ ⎪⎝⎭,即可求得答案. 【详解】Q ()tan 2πθ-= ∴ tan 2θ=-Q sin sin cos sin 2πθθθθ⎛⎫+=⋅ ⎪⎝⎭222cos sin tan cos sin 1tan θθθθθθ==++ 22145-==-+ 故选:B. 【点睛】本考查了由诱导公式求三角函数值,能熟练使用诱导公式是解本题关键,考察了计算能力,属于基础题. 6．“辛卜生公式”给出了求几何体体积的一种计算方法:夹在两个平行平面之间的几何体,如果被平行于这两个平面的任何平面所截,截得的截面面积是截面高（不超过三次）的多项式函数,那么这个几何体的体积,就等于其上底面积、下底面积与四倍中截面面积的和乘以高的六分之一.即:()046hV S S S '=++,式中h ,S ,S ',0S 依次为几何体的高,下底面积,上底面积,中截面面积.如图,现将曲线()20y x x =≥与直线2y =及y轴围成的封闭图形绕y 轴旋转一周得到一个几何体.利用辛卜生公式可求得该几何体的体积V =( )A ．2π B ．πC ．2πD ．4π【答案】C【解析】根据“辛卜生公式”:()046hV S S S '=++,根据旋转体特点,结合已知,即可求得答案. 【详解】Q 根据辛卜生公式:()046hV S S S '=++ Q 根据题意可知该几何体是由,曲线()20y x x =≥与直线2y =及y 轴围成的封闭图形绕y 轴旋转一周得到.∴ 0S '=,22S ππ==,201S ππ=⋅=,∴ 根据辛卜生公式()220426V πππ=⨯++= 故选:C. 【点睛】本题考查了求旋转体体积,解题的关键是能够理解辛卜生公式,考查了理解能力和计算能力,属于基础题. 7．已知()f x 是R 上的偶函数,当0x ≥时,有()()3f x f x +=-,当[)0,3x ∈时,()2xf x =,则12log 192f ⎛⎫= ⎪⎝⎭( ) A ．12B ．13C ．2D ．3【答案】D【解析】利用偶函数()f x 满足()()3f x f x +=-求出函数的周期,然后化简12log 192f ⎛⎫ ⎪⎝⎭,通过周期性和偶函数性质,即可求得答案. 【详解】Q 当0x ≥时,()()3f x f x +=-,∴ ()()6f x f x +=,故()f x 最小正周期:6T =.Q ()122log 192log 192f f ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,又Q ()f x 为偶函数故()()()222log 192log 192log 643f f f -==⨯()()2log 3226log 3log 323f f =+===故选D. 【点睛】本题考查了函数的周期性,需要掌握(+)()f m x f x =的周期为m ,当所求的变量不在所给的函数定义域内,利用函数的周期和奇偶性化简到定义域内,这是解此类型题的关键. 8．如图是一程序框图,则输出的S 值为( )A ．20222023B ．10112013C ．10102021D ．20202021【答案】C【解析】由程序框图可得111133520192021S =+++⨯⨯⨯L ,根据数列的裂项求和,即可得出答案. 【详解】 由程序框图可知:111133520192021S =+++⨯⨯⨯L 1111111233520192021⎛⎫=⨯-+-+⋅⋅⋅+- ⎪⎝⎭ 11120201010122021220212021⎛⎫=-=⨯= ⎪⎝⎭ 故选:C. 【点睛】本题考查数列的裂项求和,解题关键是能够理解程序框图,考查了分析能力,属于基础题.9．已知向量()2,0a =r ,向量(b =r ,向量c r满足c a b --=r r r ,则c r 的最大值为( )A B ．C ． 3D ．【答案】D【解析】设(),c x y =r ,()2,0a =r,(b =r ,则(3,c a b x y --=-r r r ,即可求得()(2233x y -+=,将c r的起点放到坐标原点,则终点在以(为圆心,,即可求得cr 的最大值.【详解】Q 设(),c x y =r ,()2,0a =r,(b =r∴ (3,c a b x y --=-r r r故c a b --==r r r即()(2233x y -+=Q将c r的起点放到坐标原点,则终点在以(为圆心,.∴c r的最大值即:圆心到原点的距离+半径,=故选:D. 【点睛】本题主要考查向量的模的最值问题,根据向量模的几何意义,考查了分析能力和计算能力,属于基础题型. 10．巴蜀中学作为一所中华名校,不仅是培养学生的摇篮,也是培养教师的摇篮,每一年都有许多实习老师到巴蜀中学实习.现有甲乙等4位实习老师被分到高二年级的（1）,（2）,（3）三个班级实习.要求每个班级至少有一名实习老师,每个实习老师只能到一个班级实习,则甲不去高二（1）班,乙必须去高二（3）班实习的概率为( ) A ．736B ．16C ．29D ．772【答案】A【解析】根据题意,基本事件数234336n C A =⋅=,甲去（3）班,有222A =种,甲去（2）班,有2112225C C C +⋅=种,即可求得答案.【详解】根据题意基本事件数234336n C A =⋅=Q ①甲去（3）班,有222A =种,②甲去（2）班,有2112225C C C +⋅=种,∴ 甲不去高二（1）班,乙必须去高二（3）班实习的概率为:736P =, 故选:A. 【点睛】本题考查排列组合的简单应用.在排列组合的过程中,一般我们要注意:特殊元素优先排,相邻元素捆绑排这样一个原则.11．已知抛物线24x y =的焦点为F ,过直线2y x =-上任一点引抛物线的两条切线,切点为A ,B ,则点F 到直线AB 的距离( ) A ．无最小值B ．无最大值C ．有最小值,最小值为1D ．有最大值,【答案】D【解析】设()11,A x y ,()22,B x y ,可得2114x y =,2224x y =,即可求得A 为切点的切线方程1l 和以B 为切点的切线方程2l ,设过直线2y x =-上任一点为()00,P x y ,将()00,P x y 代入1l 和2l ,即可求得直线AB 的方程,进而求得点F 到直线AB 的距离. 【详解】设()11,A x y ,()22,B x y ,可得2114x y =,2224x y =Q 以A 为切点的切线方程为1l :()1112x y y x x -=-,即112x y x y =-——① 同理可得,以B 为切点的切线方程为2l :222x y x y =- ——② 设过直线2y x =-上任一点为()00,P x y∴ ()00,P x y 代入①②得10012002,2,2x y x y x y x y ⎧=-⎪⎪⎨⎪=-⎪⎩所以直线AB 的方程为002xy x y =-,即002x y x y =-, 又Q 002y x =-,即0122x y x ⎛⎫=-+⎪⎝⎭Q AB 过定点()2,2P ,∴ 当PF AB ⊥时,()0,1F 到l 的距离的最大值为=当AB 过点F 时,距离的最小值为0故选:D . 【点睛】本题主要考查直线与圆锥曲线的综合应用能力,综合性强,本题涉及到轨迹方程的求法及直线与抛物线的相关知识,解题时要注意合理地进行等价转化.12．已知函数()()()()()22213122x x f x a a e a x e x =---+++有4个不同的零点，则实数a 的取值范围为( ) A ．1,2e ⎛⎫⎪⎝⎭B ．11,22e +⎛⎫⎪⎝⎭C ．()1,11,2e ⎛⎫⎪⎝⎭U D ．11,11,22e +⎛⎫⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭U 【答案】D【解析】因为()0f x =,故()()()()222131220x x a a e a x e x ---+++=,化简为:()()()e 221e 20x xa x a x ⎡⎤⎡⎤-+--+=⎣⎦⎣⎦,即2e x x a +=,221e x x a +-=,构造函数()2ex x g x +=,求其最值即可求得实数a 的取值范围. 【详解】Q 由()0f x =,()()()()222131220x x a a e a x e x ---+++=∴ 得()()()e 221e 20x xa x a x ⎡⎤⎡⎤-+--+=⎣⎦⎣⎦,可得:2e x x a +=,221e xx a +-=, 设()2e x x g x +=,则()()1e xx g x -+'=, Q 当()0g x '>时,1x <-当()<0g x '时,1x >-∴ ()g x 在(),1-∞-上单调递增,在()1,-+∞上单调递减,故()20g -=,()()max 1e g x g =-=, 当2x >-,()0g x >.Q x →-∞,()g x →-∞,x →+∞,()0g x +→.要使方程有4个不同的零点,则0e021e 21a a a a<<⎧⎪<-<⎨⎪-≠⎩,可得11e 22a +<<,1a ≠, 故选:D. 【点睛】本题考查了函数零点问题,要将函数的求零点问题转化为求方程根的问题,就自变量取不同范围进行讨论求解这是解题关键.二、填空题13．二项式2462x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭展开式中的常数项为______. 【答案】－32【解析】写出二项式2462x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭展开通项公式:()()462142rr r r r T C x x --+=-,即可求得答案. 【详解】Q 二项式2462x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭展开通项公式: ()()()46224814422rrrr r r rr T C x x C x ---+=-=-∴ 当3r =时,()()32483442232rr rC x C -=--=-∴二项式2462x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭展开式中的常数项为:32-. 故答案为:32-. 【点睛】本题考查求二项式展开式中常数项,解题关键是掌握二项展开式的通项公式,考查分析能力和计算能力,属基础题.14．已知函数()()()sin 2cos 202f x x x πϕϕϕ⎛⎫=+++<< ⎪⎝⎭,将()f x 的图像向右平移12π个单位后得到的函数图像关于y 轴对称,则ϕ的值为______. 【答案】512π【解析】将()()()sin 2cos 202f x x x πϕϕϕ⎛⎫=+++<<⎪⎝⎭化简可得:()24f x x πϕ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭, 将()f x 的图像向右平移12π个单位后得:()212g x x πϕ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭,根据()g x 图像关于y 轴对称,即可求得答案. 【详解】Q ()()()sin 2cos 202f x x x πϕϕϕ⎛⎫=+++<<⎪⎝⎭∴ 由辅助角公式可得:()24f x x πϕ⎛⎫=++⎪⎝⎭将()f x 的图像向右平移12π个单位后得:()212g x x πϕ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭∴ ()212g x x πϕ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭图像关于y 轴对称 ∴()122k k ππϕπ+=+∈Z ,512k ϕππ=+,又02πϕ<<,∴0k =,512ϕπ=. 故答案为:512π. 【点睛】本题主要考查了三角恒等变换、及三角函数的图像变换和三角函数的性质的应用,其中根据三角恒等变换的公式,化简得到函数的解析式,掌握三角函数的图像变换和三角函数的性质是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.15．已知双曲线C :22221x y a b-=(0a >,0b >)的左,右焦点为1F ,2F ,以12F F 为直径的圆与双曲线C 的渐近线在第一象限交于点P ,线段2PF 与双曲线的交点M 为2PF 的中点,则双曲线C 的离心率为______.1【解析】因为以12F F 为直径的圆与双曲线C 的渐近线在第一象限交于点P ,故222x y c by x a ⎧+=⎪⎨=⎪⎩解得,,x a y b =⎧⎨=⎩,求得(),P a b ,由中点坐标公式解得,22a c b M +⎛⎫⎪⎝⎭,将其代入22221x ya b-=,即可求得双曲线C 的离心率. 【详解】Q 以12F F 为直径的圆与双曲线C 的渐近线在第一象限交于点P ,∴ 222x y c by xa ⎧+=⎪⎨=⎪⎩解得:,,x a y b =⎧⎨=⎩ 故(),P a b , 又Q ()2,0F c ,∴,22a c b M +⎛⎫ ⎪⎝⎭,代入双曲线方程22221x y a b-= 可得:22240c ac a +-=,化简可得2240e e +-=∴1e =-±,又1e >,∴1e =.故答案为1. 【点睛】本题考查了求双曲线离心率的问题,解题关键双曲线的几何性质及离心率的求法,数形结合是本题的关键,查分析能力和计算能力,属于中档题.16．已知数列{}n a ,满足()()*112n n na n a n +--=∈N ,{}na 的前n 项和为nS,对任意的*n ∈N ,当5n ≠时,都有5n S S <,则5S 的取值范围为______. 【答案】()5,6【解析】由()112n n na n a +--=,当1n =,得12a =.由()()1121212n n n n na n a n a na +++⎧--=⎪⎨+-=⎪⎩ 可得212n n n a a a +++=,即可求得{}n a 为等差数列,结合当5n ≠时,都有5n S S <,即可求得5S 的取值范围. 【详解】Q 由()112n n na n a +--=, ∴ 当1n =,得12a =.Q ()112n n na n a +--=——①可得()1212n n n a na +++-=——②∴ 由①②得:212n n n a a a +++=,故{}n a 为等差数列.又Q 120a =>,5S 最大,则0d <,50a >,60a <,即240,250d d +>⎧⎨+<⎩1225d ⇒-<<-, 又51010S d =+,可得()55,6S ∈ 故答案为:()5,6. 【点睛】本题解题关键是根据已知条件判断出数量是等差数列,掌握数列单调性是解本题的关键,考查了分析能力和计算能力,属于基础题.三、解答题17．已知数列{}n a ,是一个等差数列,且22a =,145a a +=,数列{}n b 是各项均为正数的等比数列,且满足:112b =,24164b b ⋅=. （1）求数列{}n a 与{}n b 的通项公式; （2）求证:11222n n a b a b a b ++⋅⋅⋅+<.【答案】（1）n a n =，12nn b ⎛⎫= ⎪⎝⎭（2）证明见解析【解析】（1）因为{}n a 为等差数列,设公差为d ,则1112,35,a d a a d +=⎧⎨++=⎩即可求得首项和公差,即可求得{}n a .因为{}n b 为等比数列,2243164b b b ⋅==,23118b b q ==,即可求得公比,进而求得{}n b . （2）因为n a n =,12nn b ⎛⎫= ⎪⎝⎭,所以()23111111123122222n nn T n n -⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=⨯+⨯+⨯+⋅⋅⋅+-⨯+⨯ ⎪ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭,根据数列求和错位相减法,即可求得n T ,进而求得答案. 【详解】（1）Q {}n a 为等差数列,设公差为d ,∴1112,35,a d a a d +=⎧⎨++=⎩∴11,1,a d =⎧⎨=⎩∴()11n a a n d n =+-=.Q {}n b 为等比数列,0n b >,设公比为q ,则0q >, ∴2243164b b b ⋅==,23118b b q ==, ∴12q =,1111222n nn b -⎛⎫⎛⎫=⋅= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. （2）令112233n n n T a b a b a b a b =+++⋅⋅⋅+,∴ ()23111111123122222n nn T n n -⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=⨯+⨯+⨯+⋅⋅⋅+-⨯+⨯ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭——①可得:()2311111112122222nn n T n n +⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=⨯+⨯+⋅⋅⋅+-⨯+⨯ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭——②∴由①-②得:23111112211111111222222212nn n n n T n n ++⎛⎫⎛⎫- ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎝⎭=+++⋅⋅⋅+-⨯=-⨯ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭-,∴1112222n nn T n -⎛⎫⎛⎫=--⨯< ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭.故11222n n a b a b a b ++⋅⋅⋅+<. 【点睛】本题考查求等差数列通项公式和数列求和.错位相减法求数列和,适用于通项公式为等差的一次函数乘以等比的数列形式,考查了学生的计算能力,属于基础题型.18．2019年双十一落下帷幕,天猫交易额定格在268(单位:十亿元)人民币(下同),再创新高,比去年218(十亿元)多了50(十亿元),这些数字的背后,除了是消费者买买买的表现,更是购物车里中国新消费的奇迹,为了研究历年销售额的变化趋势,一机构统计了2010年到2019年天猫双十一的销售额数据y (单位:十亿元).绘制如下表1: 表1根据以上数据绘制散点图,如图所示.(1)根据散点图判断,y a bx =+与2y cx d =+哪一个适宜作为销售额y 关于x 的回归方程类型？(给出判断即可,不必说明理由)(2)根据(1)的判断结果及下表中的数据,建立y 关于x 的回归方程,并预测2020年天猫双十一销售额;(注:数据保留小数点后一位)(3)把销售额超过10(十亿元)的年份叫“畅销年”,把销售额超过100(十亿元)的年份叫“狂欢年”,从2010年到2019年这十年的“畅销年”中任取3个,求取到的“狂欢年”个数ξ的分布列与期望. 参考数据:2i i t x =.参考公式:对于一组数据()11,u v ,()22,u v ,…,(),n n u v ,其回归直线$µva u β=+$的斜率和截距的最小二乘估计公式分别为µ1221111ni ni u v nuvu nuβ==-=-∑∑,µµv u αβ=-$. 【答案】（1）2y cx d =+更适宜（2）$22.7 2.0y x =-，预测2020年双十一的销售额为324.7十亿元（3）答案见解析【解析】（1）根据其图像的形状,即可得出答案.（2）根据101102211010i ii i t y t ybtt =-=-=-∑∑$,a y bt =-$$,即可求得y 关于x 的回归方程,即可预测2020年天猫双十一销售额;（3）因为畅销年个数为8,狂欢年个数为4,ξ的可能取值为0,1,2,3,分别求出()0P ξ=,()1P ξ=,()2P ξ=,()3P ξ=,即可求得随机变量X 的分布列和数学期望.【详解】（1）根据其图像的形状可知,2y cx d =+更适宜.（2）1011022110677701038.5102285005702.725380148301055021110i ii i t y t ybtt =-=--⨯⨯====≈--∑∑$,$102 2.738.5 2.0ay bt =-=-⨯≈-$, ∴ $22.7 2.0y x =-,当1x =时,$324.7y =（十亿元）, ∴预测2020年双十一的销售额为324.7十亿元.（3）畅销年个数为8,狂欢年个数为4,ξ的可能取值为0,1,2,3()34384105614C P C ξ====,()2144382431567C C P C ξ⋅====, ()2144382432567C C P C ξ⋅====,()34384135614C P C ξ====,∴()1331301231477142E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯=. 【点睛】本题考查了概率的求法和离散型随机变量分布列及其数学期望,在列分布列时,要弄清随机变量所满足的分布列类型,结合相应公式求出事件的概率,进而得出概率分布列以及数学期望,考查计算能力.19．已知,在ABC V 中,内角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,()sin cos ,sin p A C A =+u r,()cos sin ,sin q C A C =--r ,若1cos 22B p q +⋅=u r r .（1）求角B ;（2）若3b =,求ABC V 面积的最大值.【答案】（1）23B π=（2）4【解析】（1）因为()sin cos ,sin p A C A =+u r ,()cos sin ,sin q C A C =--r ,1cos 22Bp q +⋅=u r r 可得:222cos sin sin sin cos p q C A A C B ⋅=--=u r r,根据正弦定理可得222a c ac b ++=,即可求得答案.（2）由余弦定理:2222cos b a c ac B =+-,2293a c ac ac =++≥,则3ac ≤,根据三角形面积公式即可求得答案. 【详解】（1）Q ()sin cos ,sin p A C A =+u r ,()cos sin ,sin q C A C =--r ,1cos 22Bp q +⋅=u r r ∴ 222cos sin sin sin cos p q C A A C B ⋅=--=u r r,可得:2221sin sin sin sin 1sin C A A C B ---=-,∴ 222sin sin sin sin sin A C A C B ++=.由正弦定理:222a c ac b ++=故:2222cos a c b ac ac B +-=-=∴ 1cos 2B =-, Q 0B π<<, ∴23B π=.（2）由余弦定理:2222cos b a c ac B =+-,∴2293a c ac ac =++≥,∴3ac ≤,当且仅当a c =时,()max 3ac =,∴1sin 244ABC S ac B ac ==≤V .∴ABC V 面积的最大值为:4.【点睛】本题主要考查正弦定理,余弦定理解三角形和三角形面积公式,解题关键是利用正弦定理sin sin sin a b c A B C==边化角,再利用和角的正弦公式化简所给式子,属于基础题.20．已知椭圆C ：22221x y a b+=()0a b >>的两个焦点为1F ,2F ,焦距为直线l :1y x =-与椭圆C 相交于A ,B 两点,31,44P ⎛⎫- ⎪⎝⎭为弦AB 的中点. （1）求椭圆的标准方程;（2）若直线l :y kx m =+与椭圆C 相交于不同的两点M ,N ,()0,Q m ,若3OM ON OQ λ+=u u u u r u u u r u u u r（O 为坐标原点）,求m 的取值范围.【答案】（1）2213x y +=（2）113m <<或113m -<<-【解析】（1）因为31,44P ⎛⎫- ⎪⎝⎭为弦AB 的中点,设()11,A x y ,()22,B x y ,将其代入22221x ya b+=利用点差法,即可求得答案.（2）因为M ,Q ,N 三点共线,133OQ OM ON λ=+u u u r u u u u r u u u r , 根据三点共线性质可得:1133λ+=,则2λ=,将直线l和椭圆C 联立方程22,33y kx m x y =+⎧⎨+=⎩消掉y ,结合已知,利用韦达定理即可求得答案. 【详解】（1）Q焦距为则c =设()11,A x y ,()22,B x y ,Q 31,44P ⎛⎫- ⎪⎝⎭为弦AB 的中点,根据中点坐标公式可得:1232x x +=,1212y y +=-, 又Q 将其()11,A x y ,()22,B x y 代入椭圆C :22221x ya b+=∴ 2222221122222222b x a y a b b x a y a b ⎧+=⎨+=⎩ ∴ 将两式作差可得:()()()()22121212120b x x x x a y y y y +-++-=, ∴()()22121222121231ABb x x y y b k x x a y y a+-==-==-+, ∴223a b =——①. Q 222a c b -=——②由①②得: 2231a b ⎧=⎨=⎩∴椭圆的标准方程为2213x y +=. （2）Q M ,Q ,N 三点共线,133OQ OM ON λ=+u u u r u u u u r u u u r∴ 根据三点共线性质可得: 1133λ+=,则2λ=设()11,M x y ,()22,N x y ,则1212033x x +=,∴122x x =-.将直线l 和椭圆C 联立方程22,33y kx m x y =+⎧⎨+=⎩消掉y . 可得:()222136330kxkmx m +++-=.220310k m ∆>⇒-+>——①,根据韦达定理:122613km x x k +=-+,21223313m x x k-=+, 代入122x x =-,可得:22613km x k =+,222233213m x k--=+, ∴ ()222222363321313k m m kk --⨯=++,即()2229131m k m -⋅=-. Q 2910m -≠,219m ≠, ∴22213091m k m -=≥-——②, 代入①式得22211091m m m --+>-,即()22211091m m m -+->-, ∴()()2221910m m m --<,∴2119m <<满足②式, ∴113m <<或113m -<<-.【点睛】本题主要考查直线与圆锥曲线位置关系,所使用方法为韦达定理法:因直线的方程是一次的,圆锥曲线的方程是二次的,故直线与圆锥曲线的问题常转化为方程组关系问题,最终转化为一元二次方程问题,故用韦达定理及判别式是解决圆锥曲线问题的重点方法之一,尤其是弦中点问题,弦长问题,可用韦达定理解决. 21．已知函数()ln f x x x =. （1）求()f x 的单调区间与极值；（2）若不等式23ln 0322x x x e x λλ⎛⎫+-≥ ⎪⎝⎭+对任意[]1,3x ∈恒成立，求正实数λ的取值范围. 【答案】（1）单减区间为10,e ⎛⎫ ⎪⎝⎭,()f x 的单增区间为1,e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭,()1ef x =-极小值,无极大值.（2）127ln32λ≤【解析】（1）因为()ln f x x x =,定义域为()0,∞+,则()1ln f x x '=+,即可求得()f x 的单调区间与极值;（2）223e ln 0322x x x x x x λλ⋅⎛⎫+-≥ ⎪⎝⎭+,故2302x x +>,将其化简可得2233ln e 22x x x x x x λλ⎛⎫⎛⎫+⋅+≥⋅ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,()23e 2x f x x f λ⎛⎫+≥ ⎪⎝⎭,由（1）知()f x 在1,e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭上单增,23e 2x x x λ+≥,23ln 2x x xλ⎛⎫+ ⎪⎝⎭≤,即可求得正实数λ的取值范围.【详解】（1）Q ()ln f x x x =∴ ()1ln f x x '=+,定义域为()0,∞+,又∴()0f x '>,1e x >,()0f x '<,10e x <<.∴()f x 的单减区间为10,e ⎛⎫⎪⎝⎭,()f x 的单增区间为1,e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭∴()1111ln e e e e f x f ⎛⎫===- ⎪⎝⎭极小值,无极大值.（2）Q 223e ln 0322xx x x x x λλ⋅⎛⎫+-≥ ⎪⎝⎭+,故2302x x +>∴将223eln 0322xxx x x x λλ⋅⎛⎫+-≥ ⎪⎝⎭+化简可得: 2233ln e 22x x x x x x λλ⎛⎫⎛⎫+⋅+≥⋅ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭, ∴()23e 2xf x x f λ⎛⎫+≥ ⎪⎝⎭. Q 2322x x +≥,0e e 1x λ>=,∴由（1）知()f x 在1,e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭上单增, ∴23e 2x x x λ+≥,∴23ln 2x x x λ⎛⎫≤+ ⎪⎝⎭,即23ln 2x x xλ⎛⎫+ ⎪⎝⎭≤. 令()23ln 2x x h x x⎛⎫+ ⎪⎝⎭=, ()223232ln 322x x x x h x x +⎛⎫-+ ⎪⎝⎭+'∴= 令()23232ln 322x k x x x x +⎛⎫=-+ ⎪⎝⎭+, 则()22332223322x k x x x x +'=-⎛⎫++ ⎪⎝⎭3321223322x x x x ⎛⎫+ ⎪=- ⎪ ⎪++⎝⎭29231403322x x x x x ---=⋅<⎛⎫+⋅+ ⎪⎝⎭, ∴ ()k x 在[]1,3上单减,()751ln 052k =->,()5273ln 032k =-<, ∴()01,3x ∃∈,()00k x =且在()01,x 上,()0k x >,()0h x '>,()h x 单增,在()0,3x 上,()0k x <,()0h x '<,()h x 单减.()()(){}()()min 27ln 52min 1,3,1ln ,3ln 23h x h h h h ===∴=∴()()13h h > ∴127ln32λ≤. 【点睛】 本题主要考查导数在函数中的综合应用和不等式恒成立问题.对于恒成立问题,通常利用导数研究函数的单调性,求出最值,进而得出相应的不等关系式.着重考查了转化与化归思想、逻辑推理能力与计算能力.22．在直角坐标系xOy 中,曲线1C :22cos ,2sin ,x y θθ=+⎧⎨=⎩(θ为参数),以原点O 为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线2C :24sin 3ρρθ=-,曲线1C 与曲线2C 相交于M ,N 两点.（1）求曲线2C 的直角坐标方程与直线MN 的一般方;（2）点3,04P ⎛⎫- ⎪⎝⎭,求PM PN +. 【答案】（1）2C ：2243x y y +=-，直线MN ：4430x y -+=（2【解析】（1）将曲线1C :22cos 2sin x y θθ=+⎧⎨=⎩化简为:2cos 2sin 2x y θθ-⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩,根据22sin cos 1θθ+=消参,即可得到2C 的直角坐标方程,将1C 和2C 直角坐标方程作差,即可求得直线MN 的一般方程.（2）将MN l :34y x =+方程,改写成直线参数方程: 342x y t ⎧=-+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩（t 为参数）,将其代入1C ,即可求得PM PN +.【详解】（1）1C :()2224x y -+=即2240x x y -+=. ——① 2C :2243x y y +=-——②将①-②得: MN l :4430x y -+-=,∴ 曲线2C 的直角坐标方程: 2243x y y +=-,直线MN 的一般方程为:4430x y -+=.（2）MN l :34y x =+, ∴ 3,04P ⎛⎫- ⎪⎝⎭在MN l 上, 直线MN 的参数方程为:342x y t ⎧=-+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩（t 为参数）,代入1C :()2224x y -+=,整理得257016t +=,根据韦达定理: 12t t +=125716t t =⋅, ∴10t >,20t >.故:12PM PN t t +=+=. 【点睛】本题考查了极坐标和直角坐标方程.解题关键是掌握直线的标准参数方程,结合韦达定理来求线段和,意在考查学生的转化能力和计算求解能力,属于基础题.23．已知函数()122f x x x a =-++.（1）若1a =,求不等式()4f x ≥的解集;（2）证明:对任意x ∈R ,()22f x a a ≥+-.【答案】（1）[)5,1,3x ⎛⎤∈-∞-+∞ ⎥⎝⎦U （2）证明见解析 【解析】（1）当1a =时,()122f x x x =-++,分别讨论1x ≤-,11x -<<和1x ≥时求解()4f x ≥,即可求得答案;（2）因为()()221f x x x a x a =-++++,根据||||||||||a b a b a b -≤+≤+即可求得答案.【详解】（1）当1a =时,()122f x x x =-++①当1x ≤-时,()1224f x x x =---≥,得53x ≤-；②当11x -<<时,()12234f x x x x =-++=+≥,得1x ≥,∴x ∈∅③当1x ≥时,()122314f x x x x =-++=+≥,得1x ≥, ∴[)5,1,3x ⎛⎤∈-∞-+∞ ⎥⎝⎦U . （2）Q ()()()22121f x x x a x a x x a x a =-++++≥---++()2121222a x a a a a a =+++≥+=+≥+-.∴ 对任意x ∈R ,()22f x a a ≥+-.【点睛】本题主要考查了含绝对值不等式的求解,其中解答中合理分类讨论去掉绝对值,转化为等价不等式求解是解答的关键,着重考查了分类讨论思想,以及推理与运算能力,属于中档试题.。
巴蜀中学2024届高三3月高考适应性月考卷(七)地理试卷
巴蜀中学2024届高考适应性月考卷(七)地理注意事项：1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
在试题卷上作答无效。
3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
满分100分，考试用时75分钟。
一、选择题(本大题共15小题，每小题3分，共45分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)我国许多古今城市名源于山水，如山东泰安、重庆合川；有的城市名由山水与方位词组合而成，如江苏江阴、青海海东等。
城市地名蕴含的山川及方位信息，有助于我们研究城市的演化与变迁。
据此完成1~2题。
1.河流沿岸南方地区较北方地区更易形成大规模城市，主要因为南方河流一般A.航运条件更好B.供水水量更多C.沿岸地形更平D.环境容量更大2.咸阳是“秦帝国”都城，位于八百里秦川腹地，渭水与嵕(zōng)山之间，因方位上山水俱阳，故称咸阳。
由此推知咸阳城位于A.渭水之南，嵕山之南B.渭水之北，嵕山之南C.渭水之北，嵕山之北D.渭水之南，嵕山之北随着新能源电动汽车的普及，充电站的部署不断加速，因而充电站的布局和优化研究受到了国内外学者的普遍关注。
充电站的布局评估和优化旨在合理确定公共充电站点的位置和数量。
读图1a重庆市主城九区人口及图1b充电站分布图，完成3~5题。
3.专家认为仅仅通过人口分布进行充电站的科学布局具有一定局限性。
下列信息有助于重庆市主城各区充电站科学布局的是①电网状况②汽油价格③建设成本④交通路网A.①②③B.①②④C.①③④D.②③④4.将人口分布图层以及其他相关图层与充电站分布图层进行叠加，为充电站的选址、容量规划和布局分析提供科学依据。
该方法主要借助A.遥感技术B.互联网系统C.地理信息系统D全球卫星导航系统5.对充电站的布局进行评估和优化，可以A.缩短电动汽车充电时间B.鼓励人们轨道交通出行C.增加各充电站排队时长D.提升充电设施利用效率明代博物学家谢肇淛在《五杂俎》中提到：“十月(农历)有阳月之称，即天地之气四月多寒而十月多煖(同‘暖’)，有桃李生华者(‘生华’指开花)，俗谓之小阳春。
巴蜀中学 2023 届高考适应性月考卷 (七)数学参考答案
数学参考答案·第1页（共10页）巴蜀中学2023届高考适应性月考卷（七）数学参考答案一、单项选择题（本大题共8小题，每小题5分，共40分）题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 DCBACBAC【解析】1．{|2}M x x =>，{|13}N x x =-≤≤，所以{|23}M N x x =< ≤，故选D. 2．20232023202320232220232i 1(i 1)i 2i 12i (i)i i 1(i 1)(i 1)i 12⎡⎤⎛⎫++++⎛⎫⎛⎫====-= ⎪⎢⎥ ⎪⎪--+--⎝⎭⎝⎭⎣⎦⎝⎭，故选C.3．先将函数()sin f x x =的图象向左平移π3个单位，得到πsin 3y x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭，再把图象上每个点的横坐标缩小为原来的12，得到π()sin23gx x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭，故选B. 4．作1BC 的平行线1B D ，使得11BC B D =，所以直线1AB 与直线1BC 夹角为直线1AB 与直线1B D的夹角.在1AB D △中，11AB B D AD ====，由余弦定理得222111111cos 24AB B D AD AB D AB B D +-∠===- ，所以直线1AB 与直线1BC夹角的余弦值为14，故选A. 5．如图1，连接CH ，作AM CH ⊥于点M ，作BN CH ⊥于点N ，由正八边形的特征可得AB CH ∥，45AHC BCH ∠=∠=︒，故MH NC ==22AH AB =，所以(1CH AB =，则AC AH HC AH =+=+ (1AB + ，又因()AC xAB y AH x y =+∈R，，所以11y x ==，，所以2x y +=故选C ．6．2525525(3)()()6()9()x y x y x x y xy x y y x y -+=+-+++，5()x y +的展开式的通项是1r T +=55C r r r x y -，令4r =，则5()x y +的展开式中4xy 的系数为45C 5=，令3r =，则5()x y +的展开式中23x y 的系数为35C 10=，令2r =，则5()x y +的展开式中32x y 的系数为25C 10=，故25(3)()x y x y -+的展开式中，34x y 的系数是561091035-⨯+⨯=，故选B.图1数学参考答案·第2页（共10页）7．设12)((00)F F c c -，，，，其中222c a b =+．设111222()()O x y O x y ，，，．如图2，过1O 分别作1PF ，2PF ，12F F 的垂线，垂足分别为R ，S ，T ，所以由切线长定理有1122||||||||||||PR PS F R FT F S F T ===，，，则12121212||||||||(||||)||||||||PF PF PR RF PS SF RF SF FT TF -=+-+=-=- 2a =，又因为1212||||||2F F TF TF c =+=，所以1||TF a c =+．又1(0)F c -，，所以1O x a =，同理可得2.O x a =则12O O ，在直线x a =上，又因为21F O 平分2TF P ∠，22F O 平分22πTF Q Q PF ∠∠=，，则122π2O O F ∠=．在122O O F △中，122π2O O F ∠=，2F T c a =-．由射影定理可得2122||||||O T O T F T = ，即22()2c a a c a ⇒==-，则双曲线离心率为2，故选A.8．令OA a OB b OC c === ，，，其中F 为AB 的中点，CE CA CB =+，则4()()a c b c -=-- 224CE AB CA CB -==，以O 为圆心，2为半径作圆，O 为原点，OC为x 轴的正方向建立直角坐标系，如图3所示．又因为2222222()()()(2)OA OB OA OB OA OB OF AB +=++-=+ ①，222()OC OE +=2222()()(2)OC OE OC OE OF CE ++-=+ ②，①−②得2222()()OA OB OC OE +-+= 2282AB CE-= ，所以||2OE = ，这样点E 也在圆O上，所以||||a b AB -== 因为||[||||||||]CE OE OC OE OC ∈-+ ，，所以||[13]CE ∈ ，，所以||||5]a b AB -=∈ ，故选C ．二、多项选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分. 在每小题给出的选项中，有多项是符合题目要求的，全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分）题号 9 10 11 12 答案 BCABDABBD【解析】9．由复合函数的单调性可知()f x 在(0)+∞，上单调递减，故B 正确；()f x 为偶函数，所以关于直线0x =对称，故C 正确，故选BC.图2图3数学参考答案·第3页（共10页）10．选项A ：57A 2520=，故A 正确；B 选项：为不同物体的分组问题：分为：2组2个，3组1个；1组3个，4组1个，即722111=++++，731111=++++，所以有22375722C CC 140A +=种，故B 正确；选项C ：用隔板法求解，C 选项等价于8个相同的球，放入3个不同的盒子里，每个盒子至少放1个，所以有27C 21=种，故C 错误；选项D ：由于球与盒子都相同，所以存放的区别在于盒子里球的个数，①存放1个盒子：将7个球放入1个盒子，有1种存放方式；②存放2个盒子：7162534=+=+=+有3种；③存放3个盒子：7115124133322=++=++=++=++有4种；共8种，故D 正确，故选ABD. 11．由2ln x a x x +≥，令2()ln F x x a x x =--，所以()F x '=2221a x x ax x x----=，令2()2h x x x a =--，易知()h x 在(1)+∞↑，，所以()(1)1h x h a >=-，①当10a -≥，即01a <≤时，()0()0()h x F x F x '>>↑，，，所以()(1)0F x F >=．②当10a -<，即1a >时，存在0(1)x ∈+∞，，使得0()0h x =，即20020x x a --=．当0(1)x x ∈，时，()0h x <，()0F x '<， ()F x ↓，所以0()(1)0F x F <=与()0F x ≥矛盾. 综上，(01]a ∈，，故A 正确；如图4：由2()f x bx c x +≤≤，得()ln f x a x x =+与2()g x x =在(1)+∞，上存在分隔直线，()()f xg x ，在1x =处的切线方程分别为：(1)y a x a =+-，21y x =-，所以12a b +≤≤，得(12]b ∈，，故B 正确；取1x =得2(1)1(1)1f b c g =+=≤≤，所以1b c +=，得1[10)c b =-∈-，，故C ，D 错误，故选AB.12．选项A ：平面最多和正方体的六个面都相交，所以最多6条交线，所以形成的多边形最多为六边形，所以截面图形一定不是七边形，故A 错误；选项B ：如图5，设AD x BD y CD z ===，，，由勾股定理得：222222222AB x y BC y z AC x z ⎧=+⎪=+⎨⎪=+⎩，，，所以22222cos 022AC AB BC x A AC AB AC AB +-==> ， 22222cos 022AB BC AC y B AB BC AB BC +-==> ，22222cos 022AC BC AB z C AC BC AC BC+-==> ，所图4图5数学参考答案·第4页（共10页）以角A B C ，，均为锐角，所以ABC △为锐角三角形，故B 正确；选项C ：正方体3组对面相互平行，由面面平行的性质定理可知：五边形中有两组对边平行，所以截面五边形不可能为正五边形，故C 错误；选项D ：如图6，截面EHGF 分别交棱AB AD ，于点G H ，，假设四边形EHGF 为直角梯形（EF GH ∥），则EH HG ⊥，又因为1AA HG ⊥且1AA EH ，共面，所以1AA EH ∥或1AA EH P = ，当1AA EH ∥时，由线面平行的性质定理得EH FG ∥，又因为EF GH ∥，所以四边形EHGF 为平行四边形，与假设矛盾；当1AA EH P = 时，因为1HG AA ⊥，HG EH ⊥且1AA EH P = ，所以HG APH ⊥平面，即11HG AA D D ⊥平面，又因为11AB AA D D ⊥平面，所以AB GH ∥，与AB GH G = 矛盾，所以假设不成立，故D 正确，故选BD.三、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）【解析】13．因为(100.6)X B ，，所以()(1) 2.4D X np p =-=，所以2(39)3()9 2.421.6D X D X +==⨯=． 14．212155y x ==++，当且仅当0x =时等号成立，所以函数的最大值为2.515．由题可知：两圆外离，所以两圆有4条公切线，设切线与两圆圆心连线的交点为00()A x y ，.①当切线为外公切线时：112212AO r AO r ==，1212AO AO = ，所以00001()(4)2x y x y --=--，，，得0040x y =-⎧⎨=⎩，，所以(40)A -，，设公切线l ：(4)y k x =+，所以圆心1O 到切线l 的距离图6数学参考答案·第5页（共10页）1d ==，解得15k =，所以公切线为1515y x =+或1515y x =--；②当切线为内公切线时：112212AO r AO r ==，11213O A O O = ，所以001()(40)3x y =，，，所以403A ⎛⎫ ⎪⎝⎭，，设公切线l ：43y k x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭，所以圆心1O 到切线l的距离1d ==，解得k =y x =或y x =．16．当n 为奇数时，12n n a a +=+，令21n k =-*()k ∈N ，则2212k k a a -=+；当n 为偶数时，132n n a a +=+，令*2()n k k =∈N ，则21232k k a a +=+．所以21221323(2)2k k k a a a +-=+=++= 2138k a -+，则*212143(4)()k k a a k +-+=+∈N ，当1k =时，149a +=，所以21{4}k a -+是以9为首项，3为公比的等比数列，所以11214933k k k a -+-+== ，∴21k a -=134k +-，则1221232k k k a a +-=+=-.当n 为奇数时，由21n k =-，则12n k +=，所以132213434n n n a +++=-=-；当n 为偶数时，由2n k =，则2nk =，所以22213232n n n a +=-=-，所以322234()32().n n n n a n ++⎧-⎪=⎨-⎪⎩为奇数，为偶数232023132023242022()()(33S a a a a a a =++⋅⋅⋅++++⋅⋅⋅+=+2101210132310123(13)341012)(33321011)4101213⎛⎫⨯-+⋅⋅⋅+-⨯+++⋅⋅⋅+-⨯=-⨯+ ⎪-⎝⎭210113(13)2101113⎛⎫⨯--⨯ ⎪-⎝⎭1013236079=⨯-.四、解答题（共70分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）17．（本小题满分10分）（1）证明：依题cos 0C ≠，否则cos 0sin 13sin 4cos 5C C C C =⇒=⇒+≠，矛盾. 由3sin 4cos 5C C +=得：229sin (54cos )C C =-， 故22229sin 9cos 9cos (54cos )9C C C C +=+-=，数学参考答案·第6页（共10页）整理得2(5cos 4)0C -=，从而43cos sin 55C C ==，， 从而sin 3tan .cos 4C C C == …………………………………………………………（5分）（2）解：由221a b +=，由（1）可得4cos 5C =， 故C 为锐角，2221a b c +=>，故22222222411cos 1522a b c c c C c ab ab a b+---====-+≥，从而2155c c ⇒≥，当且仅当2a b ==时取等.………………………………………………（10分）（没有取等扣1分）18．（本小题满分12分）（1）证明：依题21111()4()()0n n n n n n n n a a a a a a a a -+-+∆=-+----=， 从而11[()][()]0n n n n x a a x a a -+----=有两个相等的实根， 从而11()()n n n n a a a a -+-=-，也即数列{}n a 成等差数列.……………………（6分）（2）解：依题5338315102()25S a a d a a ==-⇒=-=-=，，3(3)28n a a n d n =+-=-，∴…………………………………………（9分）由于数列单调递增且当4n ≤时0n a ≤，因此数列{}n a 的前n 项和n S 的最小值为4312.S S ==-………………………（12分）19．（本小题满分12分）（1）证明：依题意QS PN ⊥，又PQ PN ⊥，QS PQ Q = ，故PN ⊥平面APQ ． 又PN ⊆平面MNPQ ，故平面APQ ⊥平面MNPQ .……………………………（5分）（2）解：取PQ 的中点为O ，MN 的中点为E ，则AO PQ ⊥， 又平面APQ ⊥平面MNPQ 且PQ 为交线，则AO ⊥平面MNPQ .数学参考答案·第7页（共10页）分别以OE OP OA ，，为x 轴，y 轴，z 轴建立空间直角坐标系，如图7所示：设2MN PQ a ==，则平面MNPQ 的法向量为(001).m =，，又(00)(20)(20)A M a a N a a -，，，，，，，，则(2)(020)MA a a MN a =-=，，，，， 设平面AMN 的法向量为()n x y z =，，，则1111(2)020n MA x y a n MN a y ⎧=-++=⎪⎨==⎪⎩，，故平面AMN的法向量可取为02).n =，平面AMN 与平面MNPQ 所成二面角θ的余弦值满足|||cos |7||||m n m n θ==故sin 7θ=…………………………………………………………（12分）20．（本小题满分12分）解：（1）设A ，B ，C 三家工厂各自独立生产的烟花“加特林”是正品分别为事件A ，B ，C .依题意3()()52()(1())259()(1())40P A P B P B P C P C P A ⎧=⎪⎪⎪-=⎨⎪⎪-=⎪⎩，，则()152()1()1()2159()(1()).40P A P C P A P C P C P A ⎧=⇒=-⎪-⎪⎨⎪-=⎪⎩， 从而2217312331(())()()()01515401544P A P A P A P A ⎛⎫⎛⎫-+=--= ⎪⎪⎝⎭⎝⎭， 解得：349()()().4510P A P B P C ===， …………（5分）（没有具体计算过程的酌情给分）（2）随机变量λ的所有可能取值为0，1，2，3． 依题意：1111(0)4510200P λ==⨯⨯=， 1191413112(1)45104510451025P λ==⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯=， 图7数学参考答案·第8页（共10页）1493193413(2)4510451045108P λ==⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯=， 34927(3)451050P λ==⨯⨯=．随机变量λ的分布列如下：λ的数学期望238149().2545020E λ=++=……………………………………（11分）数学期望是随机变量最基本的数学特征之一，它反映了随机变量λ平均取值的大小（要突出平均取值）.…………………………………………………………（12分）21．（本小题满分12分）解：（1）椭圆C 的方程为22221x y a b+=， 依题意22222124213c e c b a a a b ⎧==+=⎪⎪⎨⎪+=⎪⎩，，， 解得：222243a c b c ==，， 代入224213a b+=得：2222214433c a c b c =====，，， 故椭圆C 的方程为221.43x y += ……………………………………………………（4分）（2）设圆心01122(0)()()P x A x y B x y ，，，，，， 显然直线l 的斜率存在，设l ：(1)y k x =+，由222PA PB PQ ==，则22201107()2x x y x -+=+， 又2211334y x =-，代入得到：2101112042x x x --=，数学参考答案·第9页（共10页）同理：2202112042x x x --=，则12x x ，分别是20112042x x x --=的两根，……………………………………（8分）由韦达定理可得：122x x =-.又联立l ：(1)y k x =+与22143x y +=， 得2222(43)84120k x k x k +++-=，故2122412243k x x k k -==-⇒=+直线l的方程为22y x =+或22y x =--.……………………………………（10分） 此时AB 的中点横坐标为2120024214243510x x k x x k +-==-=⇒=-+， 此圆的圆心坐标为1010⎛⎫- ⎪⎝⎭，. ……………………………………………（12分）（若仅仅联立方程得到韦达定理建议给2分） 22．（本小题满分12分）（1）解：()e 2x f x '=-，当ln 2x <时，()e 20x f x '=-<，()f x 在(ln 2)-∞，上单调递减； 当ln 2x >时，()e 20x f x '=->，()f x 在(ln 2)+∞，上单调递增； 故函数()f x 的极小值为(ln 2)32ln 2f =-，无极大值. ………………………（4分）（2）证明：依题e 12ln 2m nm n -+=-，从而0n >.先证：1ln 022n n-+≤， 事实上令11()1ln (0)()1x t x x x x t x x x-'=-+>=-+=，，故当1x <时，()0()t x t x '>，单调递增，()(1)0t x t <=； 当1x ≥时，()0()t x t x '<，单调递减，()(1)0t x t =≤. 则1ln 022n n-+≤. ………………………………………………………………（7分）数学参考答案·第10页（共10页）又依题意ln 2e 12ln ln 1ln ln ln e 22222222nmn n n n n n n n m n ⎛⎫-=-+=-++-+-+=- ⎪⎝⎭≤，……………………………………………………………………（9分）又令()e ()1e x x h x x h x '=-=-，，故0x ≥时，()0h x '≤，()h x 在[0)+∞，上单调递减， e ln 22m n n m --+≤，也即()ln 2n h m h ⎛⎫⎪⎝⎭≤． 当2n ≥时，利用()h x 在[0)+∞，上单调递减知ln 2n m ≥；…………………（11分）当02n <<时，也有0ln 2n m >≥.从而lne 22m n nm ⇒≥≤， 综上：2e m n ≤. …………………………………………………………（12分）。
2020-2021学年重庆市巴蜀中学高三(下)适应性数学试卷(七)解析版
2020-2021学年重庆市巴蜀中学高三（下）适应性数学试卷（七）1.已知，，则A. B.C. D.2.复数都可以表示为，其中为z的模，称为z的辐角.已知复数z满足，则z的辐角为A. B. C. D.3.在等差数列中，为其前n项和.若，且，则等于A. B. C. D.4.已知，，，，则x，y，z的大小关系为A. B. C. D.5.若圆C：与直线l：相交于点A，B，且，则k的值为A. B. 1 C. D. 26.某弹簧振子做简谐振动，其位移函数为，其中t表示振动的时间，y表示振动的位移，当时，该振子刚好经过平衡位置平衡位置即位移为0的位置次，则在该过程中该振子有次离平衡位置的距离最远.A. 3B. 2C. 5D. 5或67.动点M分别与两定点，连线的斜率的乘积为，设点M的轨迹为曲线C，已知，，则的最小值为A. 2B. 6C.D. 108.随机变量X的概率分布列如表：X012...k (12)P……其中，1，2，…，12，则A. B. C. 6 D. 129.已知函数，定义域为M，值域为，则下列说法中一定正确的是A. B.C. D.10.下列命题中正确的是A. 是，共线的充分条件B. 若，则C. A，B，C三点不共线，对空间任意一点O，若，则P，A，B，C四点共面D. 若P，A，B，C为空间四点，且有不共线，则是A，B，C三点共线的充分不必要条件11.已知椭圆：与双曲线：有公共焦点，，且两条曲线在第一象限的交点为P，若是以为底边的等腰三角形，，的离心率分别为和，则A. B.C. D.12.已知定义在的函数的导函数满足，且，其中e是自然对数的底数，则下列结论正确的是A.B. 若，则C. 在上单调递增D. 任意，，都有13.若，，则______ .14.对如下编号为1，2，3，4的四个格子涂色，有红、黄、蓝、绿四种颜色可供选择，要求相邻格子不同色，则在1号格子涂红色的条件下，4号格子也涂红色的概率是______ .123415.已知对满足的任意正实数x，y，都有，则整数a的最大值为______ .16.点P是棱长为4的正四面体表面上的动点，该四面体的外接球的半径是______ ；若MN是该正四面体外接球的一条直径，则的最小值是______ .17.已知等比数列的前n项和为若，，依次构成等差数列，求数列的公比q的值；若，，求证：18.已知如图，在正四棱锥中，，，分别是棱PB和PD的中点.求证：；求三棱锥和四棱锥的体积之比.19.已知在中，，边，的面积求边AC的长度；若的三条内角平分线分别交的外接圆于，，，求的面积.20.已知抛物线C：被直线截得的弦长求实数a的值；定义：过抛物线上一点，垂直于在该点的切线的直线称为抛物线的法线若抛物线上有一动点其中，点F为抛物线的焦点，求证：PF关于法线n的对称直线PQ垂直于x轴.21.已知函数若，求函数的单调区间；若函数，且在时恒成立，求实数a 的最小值.22.某公司为获得一款产品的质量认证，需要去检测机构检验产品是否含有有害物质T，在检验中如果样品含有物质T，称结果为阳性，否则为阴性.现有份样本需要检验.有以下两种检验方案，方案甲：逐份检验，则需要检验n次；方案乙：混合检验，将n份样本分别取样混合在一起检验一次，若检验结果为阴性，检验的次数共为1次；若检验结果为阳性，为了确定样本中的阳性样本，则对n份样本再逐一检验，即检验的次数共为次.每份样本是否为阳性是相互独立的，且据统计每份样本是阳性的概率为若份样本采用方案乙，设需要检验的总次数为X，求X的分布列及数学期望；若两种检验方案中，每一次检验费用都是元，且n份样本混合检验一次需要额外收元的材料费，单独一个样本检验不需要材料费.假设在接受检验的样本中，，要使得采用方案乙总费用的数学期望低于方案甲，求n 的最大值.参考数据：，，，，答案和解析【答案】1. A2. C3. A4. D5. B6. D7. B8. C9. BCD10. AC11. AD12. ABC13.14.15. 516.17. 解：由条件，，即，由于，所以，解得或证明：由已知，，，即证：当时，显然成立；当时，由公式，，得，由，所以，得证．18. 证明：连接BD，和AC交于点O，在正方形ABCD中，，连接PO，由，可得，由，平面PBD，平面PBD，所以平面PBD，而平面PBD，则有…………………………………………………分解：由可知且，所以PO垂直于底面．，，而，，所以，则有：：………………分19. 解：由正弦面积公式知，，，解得，由余弦定理知，，由圆周角定理知，，，，同理可得，，由知，，为直角三角形，其外接圆直径，即，的外接圆与的外接圆为同一圆，的外接圆的半径为1，由正弦定理知，，的面积20. 解：将直线与抛物线方程联立有：，则，解得或，由于，所以证明：由抛物线进行求导，得，所以在点的切线斜率为，所以点P处的法线n的方程为，焦点，设，则由可得，且，代入可知：，可求得，即轴．21. 解：时，，函数的定义域是，则令，解得：，令，解得：，故的单调减区间为，的单调增区间为；由，可得，即①，令，由得，当时，递减，当时，递增，所以①即为，由于求实数a的最小值，考虑化为，所以，即，令，则，令，解得：，令，解得：，故在递增，在递减，故可得的最大值为，所以a的最小值为22. 解：的可能值为1和，，，所以随机变量X的分布列为：X1P所以…………分方案乙总费用的数学期望：，当时，，又方案甲的总费用为，令，得，所以，即，设所以令，得，，得，所以在区间上单调递增，在区间上单调递减，，且，，，，所以使得采用方案乙总费用的数学期望低于方案甲的n的最大值为……分【解析】1. 解：集合或集合，所以所以故选：化简集合A、B，根据补集和交集的定义计算即可．本题考查了集合的化简与运算问题，也考查了运算求解能力，是基础题．2. 解：由，得，所以，故选：根据复数的运算性质化简z，根据对应关系求出即可．本题考查了复数的运算，考查三角函数问题，考查新定义，是基础题．3. 解：令，由等差数列的性质得，也为等差数列，设其公差为，由，得，又，得，故选：令，由等差数列的性质得，也为等差数列，然后结合等差数列的性质即可直接求解．本题主要考查了等差数列的性质的简单应用，属于基础题．4. 解：，，；，，故选：根据即可得出，，从而可得出x，y，z的大小关系．本题考查了作差比较法的运用，对数函数的单调性，考查了计算能力，属于基础题．5. 解：由，得，则圆心，半径为，，又，到直线l的距离为，即，解得，故选：化圆的方程为标准方程，求出圆心坐标与半径，再由，可得圆心到直线的距离，再由点到直线的距离公式列式求得k值．本题考查直线与圆的位置关系，考查点到直线距离公式的应用，考查计算能力，是中档题．6. 解：根据题意，画出函数的草图，如图所示：由函数的图象知，时，位移取到极大、极小值共有5或6次．故选：根据题意画出函数的草图，根据函数的图象，得出位移取到极大、极小值共几次．本题考查了三角函数的图象与性质的应用问题，考查了数形结合思想，是基础题．7. 解：设，则，即C：，为C的左焦点，设C的右焦点为，则，从而，当M，N，共线，且N在线段上时取等号，故选：设出M的坐标，利用斜率乘积，得到轨迹方程，推出的表达式，利用不等式转化求解即可．本题考查椭圆的简单性质的应用，考查转化思想以及计算能力，是中档题．8. 解：由分布列的归一性：，得，①，②，由①+②得，所以故选：由分布列的归一性求出，从而，由此能求出结果．本题考查离散型随机变量的数学期望的求法，涉及到离散型随机变量的分布列的性质等基础知识，考查运算求解能力、应用意识等核心素养，是中档题．9. 解：令，原函数化为，由，得，即，得；由，得舍或2，即根据与的图象特征，知，，故选故选：令，原函数化为，由其值域为，可得t的范围，结合图象分析四个选项得答案．本题考查函数的定义域、值域及其求法，考查数形结合思想，考查运算求解能力，是中档题．10. 解：对于A，由，可得向量的方向相同，此时向量共线，所以A正确；对于B，若，则或A，B，C，D四点共线，所以B不正确；对于C，由A，B，C三点不共线，对空间任意一点O，若，则，即，有P，A，B，C四点共面，所以C正确；对于D，若P，A，B，C为空间四点，且有不共线，当时，即，可得，即，所以A，B，C三点共线，反之也成立，即是A，B，C三点共线的充要条件，所以D不正确，故选：A根据充分条件概念判断；B根据向量平行概念判断；C根据向量共面条件判断；D根据充分必要条件概念判断．本题以命题的真假判断为载体，考查了向量的基本概念，考查了充分条件与必要条件的基本概念，属于基础题．11. 解：设，的焦距为2c，由，共焦点知，故A正确；是以为底边的等腰三角形知，由P在第一象限知：，即，即，即，故B，C错；由，得，又，得，所以，从而，故D正确．故选：通过椭圆以及双曲线的焦距推出关系式，判断A的正误；利用定义推出离心率的关系，判断B、C的正误；求解离心率的范围判断D的正误即可．本题考查椭圆以及双曲线的简单性质的应用，离心率的求法，考查转化思想以及计算能力，是中档题．12. 解：由，得，即，从而得其中C为常数，即，由，得，所以，故A 正确；又，从而在上单调递增，故C正确；令，则在上递增，不等式，得，故B正确；由得，当时，；当时，，所以的图象在部分上凸，在部分下凸，故D不正确，故选：由，得，推出其中C为常数，求出函数的解析式，通过，求解C，判断函数值判断A；导函数的符号判断C；函数的单调性判断B；结合函数的凹凸性，判断D即可．本题考查函数的导数的应用，函数的单调性以及函数的值的求法，考查转化思想以及计算能力，是难题．13. 解：由，得，从而，故答案为：由题意利用诱导公式、二倍角公式，计算求得结果．本题主要考查诱导公式、二倍角公式的应用，属于基础题．14. 解：若1号格子涂红色，则2号格子有种涂法，3号格子与2号格子不同色有种涂法，4号格子与3号格子不同色有种涂法，共有种；若1号格子和4号格子都涂红色，则3号格子不涂红色，有种，2号格子不涂红色且不与3号格子同色有种涂法，共有种，所求概率为故答案为：若1号格子涂红色，则共有种；若1号格子和4号格子都涂红色，则共有种，由此能求出在1号格子涂红色的条件下，4号格子也涂红色的概率．本题考查概率的运算，涉及到古典概型、排列组合等基础知识，考查运算求解能力等核心素养，是基础题．15. 解：由，得，解得或舍；不等式恒成立，令，则由在上单调递增，当时，，所以，又，所以根据，利用基本不等式求出的范围，将不等式转化成恒成立，然后求出a的取值范围．本题主要考查了基本不等式的应用，以及函数的单调性，同时考查了转化能力和运算求解能力，属于中档题．16. 解：设正四面体的外接球球心为O，外接球半径为R，内切球半径为r，且平面ABC于H，则，；由得四面体的外接球的半径是，当P为该正四面体的内切球与各面的切点时取等号．所以的最小值是故答案为：；设正四面体的外接球球心为O，外接球半径为R，内切球半径为r，且平面ABC于H，利用AH，SH与外接球以及内切球的半径的故选，转化求解外接球的半径，然后就是向量的数量积，判断P的位置求解向量数量积的最小值即可．本题考查正四面体的外接球以及内切球的半径的求法，向量的数量积的求法，考查空间想象能力，转化思想以及计算能力，是中档题．17. 由等差数列的性质及等比数列的通项公式列式即可求解公比q的值；由，可知，要证，即证，对公比q分类讨论，由等比数列的前n项和公式以及作差法即可得证．本题主要考查等差数列的性质，等比数列的通项公式及前n项和公式，考查运算求解能力，属于中档题．18. 连接BD，和AC交于点O，连接PO，证明，推出平面PBD，即可证明求出，，然后求解比值即可．本题考查直线与平面垂直的判断定理的应用，几何体的体积的求法，考查空间想象能力，转化思想以及计算能力，是中档题．19. 先由正弦面积公式可解出AB的长，再由余弦定理，得解；结合角分线性质和圆周角定理可推出，，，由可求得外接圆的半径为1，再根据正弦定理和正弦面积公式，即可得解．本题主要考查解三角形的应用，还涉及圆周角定理，熟练掌握正弦面积公式、余弦定理是解题的关键，考查学生的逻辑推理能力和运算能力，属于中档题．20. 联立直线与抛物线方程，求出弦长，进而可以求解；利用导数求出点P处的切线的斜率，从而求出点P处的法线的方程，利用对称关系建立等式关系化简即可证明．本题考查了抛物线的性质以及直线与抛物线的位置关系的应用，考查了学生的分析问题的能力以及运算能力，属于中档题．21. 代入a的值，求出函数的导数，解关于导函数的不等式，求出函数的单调区间即可；问题转化为①，令，根据函数的单调性得到，令，求出的最大值，求出a的最小值即可．本题考查了函数的单调性，最值问题，考查导数的应用以及函数恒成立问题，考查转化思想，是中档题．22. 的可能值为1和，求出概率，得到分布列，然后求解期望即可．求出方案乙总费用的数学期望；方案甲的总费用为，令，推出，设利用函数的导数，求解最大值，然后推出结果．本题考查离散型随机变量的分布列以及期望的求法，函数的导数的应用，考查转化思想以及计算能力，是难题．。
2020年5月重庆市巴蜀中学2020届高三高考适应性月考卷(七)理科综合答案解析
绝密★启用前重庆市巴蜀中学2020届高三毕业班下学期高考适应性月考卷(七) 理科综合试题参考答案解析2020年5月一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。
【解析】1．单细胞生物有的是通过二分裂进行繁殖，如细菌等，故A错误。
多细胞生物器官大小取决于细胞数量的多少而非体积大小，B正确。
人类利用干细胞培养形成组织器官既没有体现动物细胞全能性，也未体现其细胞核的全能性,故C错误。
细胞衰老过程中由于酪氨酸酶活性降低从而导致黑色素合成减少,而不是由基因突变导致,故D错误。
2．利用紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞探究植物细胞的吸水和失水属于前后自身对照,不属于对比实验,故C错误。
3．牛痘疫苗和天花疫苗具有相似的抗原结构,因此可以利用牛痘疫苗预防天花病毒,A正确。
特异性免疫中发挥作用的主要是淋巴细胞,B正确。
结核杆菌属于胞内寄生菌,自身具有核糖体,可以利用自身的核糖体作为合成蛋白质的场所,C错误。
抗体攻击自身物质引起的疾病属于自身免疫病,属于防卫功能异常引起的疾病,D正确。
4．人类血友病属于伴X染色体隐性遗传病,位于X染色体的非同源区段,图中体现出来即为X 染色体的游离区域,故A正确。
联会时期有可能会发生非姐妹染色单体的交叉互换,可能会发生DNA链断裂的现象,故B错误。
联会的两条染色体包含四条染色单体,4个DNA共8条脱氧核苷酸链,故C错误。
图中X染色体比Y染色体更大更长,果蝇则是Y比X染色体更长,故D错误。
1。
重庆市巴蜀中学2020届高三数学适应性月考试题(七)文(含解析)
【答案】D
【解析】
【分析】
过 且倾斜角为 的直线方程设为 ，联立两直线可得 的坐标，进而得 的斜率为 ，化简可得 ，从而可求离心率.
【详解】过 且倾斜角为 的直线方程设为 ，
双曲线的渐近线方程为 ，
由 ，可得 在第一象限，
由 和 ，解得 ，
斜率为 ，
可得 ，可得 ，
则 .
故选：D．
21.已知函数 ， .
（1）当 时，求函数 的极值；
（2）若函数 在区间 上只有一个零点，求 的取值范围．
【答案】（1） ；（2）
【解析】
【分析】
（1）求函数导数，由 可得极值点，进而得极值；
（2） ，令 ，得 ， ，讨论两根的大小关系进而得函数的单调性，从而可得函数有唯一零点时的条件.
【详解】（1）当 时， ，定义域为 ，
故答案为： ．
【点睛】本题主要考查了长度型的几何概型的计算，属于基础题.
14.已知实数 ， 满足不等式组 ，则该不等式组表示的区域面积为______．
【答案】3
【解析】
【分析】
画出可行域，进而数形结合可得解
【详解】作出不等式组对应的平面区域如图：则 ， ， ，
则三角形 的面积 ，
故答案为：3.
【点睛】本题主要考查了一元二次不等式组的可行域，属于基础题.
最大值 .
答：预计当 时，该商品的销售额最大为162元．
【点睛】本题主要考查了线性回归方程的求解及应用，属于基础题.
19.如图所示，在多面体 中， 平面 ，四边形 是正方形， 是一个正三角形， 且 .
（1）求证： （1）见解析；（2）
【解析】
【答案】3
【解析】
2023年重庆市巴蜀中学高考数学适应性试卷(七)+答案解析(附后)
2023年重庆市巴蜀中学高考数学适应性试卷（七）1. 已知集合，，则( )A. B. C. D.2. 已知i为虚数单位，则( )A. 1B.C. iD.3. 函数的图象经过下列哪个变换可以得到的图象，这个变换是( )A. 先将函数的图象向左平移个单位，再把图象上每个点的横坐标扩大为原来的2倍B. 先将函数的图象向左平移个单位，再把图象上每个点的横坐标缩小为原来的C. 先把函数的图象上每个点的横坐标缩小为原来的，再将图象向左平移个单位D. 先把函数的图象上每个点的横坐标扩大为原来的2倍，再将图象向左平移个单位4.已知直三棱柱的所有棱长均为1，则直线与直线夹角的余弦值为( )A. B. C. D.5. 抗战胜利纪功碑暨人民解放纪念碑，简称“解放碑”，位于重庆市渝中区解放碑商业步行街中心地带，是抗战胜利的精神象征，是中国唯一一座纪念中华民族抗日战争胜利的纪念碑.现在“解放碑”是重庆的地标性建筑，吸引众多游客来此打卡拍照.如图甲所示，解放碑的底座外观呈正八棱柱形，记正八棱柱的底面是正八边形ABCDEFGH，如图乙所示，若O 是正八边形ABCDEFGH的中心，且，则( )A. B.C.D. 3 6. 在的展开式中，的系数是( )A. 60B. 35C. 155D. 907. 已知双曲线的左、右焦点分别为，，过点的直线与双曲线的右支交于P ，Q 两点，若的内切圆的半径与的内切圆的半径的乘积为，则双曲线的离心率为( )A. 2B. 3C.D.8. 已知平面向量，，满足：，，，，则的取值范围是( )A. B. C. D.9. 若，其中e 为自然对数的底数，则下列命题正确的是( )A. 在上单调递增B. 在上单调递减C.的图象关于直线对称D.的图象关于点中心对称10. 下列选项正确的是( )A. 有7个不同的球，取5个放入5个不同的盒子中，每个盒子恰好放1个，则不同的存放方式有2520种B. 有7个不同的球，全部放入5个相同的盒子中，每个盒子至少放1个，则不同的存放方式有140种C. 有7个相同的球，取5个放入3个不同的盒子中，允许有盒子空，则不同的存放方式有18种D. 有7个相同的球，全部放入3个相同的盒子中，允许有盒子空，则不同的存放方式有8种11. 已知，当时，存在b ，，使得成立，则下列选项正确的是( )A.B.C. D.12. 已知截面定义：用一个平面去截一个几何体，得到的平面图形包含图形内部称为这个几何体的一个截面.则下列关于正方体截面的说法，正确的是( )A. 截面图形可以是七边形B. 若正方体的截面为三角形，则只能为锐角三角形C. 当截面是五边形时，截面可以是正五边形D. 当截面是梯形时，截面不可能为直角梯形13. 若离散型随机变量X满足：，则______ .14. 函数的最大值为______ .15. 已知圆：，圆：，请写出一条与两圆都相切的直线的方程：______ .16. 已知数列满足：①；②则的通项公式______；设为的前n项和，则______ 结果用指数幂表示17. 在中，，，的对边分别为a，b，c，已知求证：；若，求边c的最小值.18. 已知数列满足：关于x的一元二次方程有两个相等的实根.求证：数列成等差数列；设数列的前n项和为，，，求的最小值.19.如图甲所示，四边形MNPQ为正方形，，S为AP的中点.将沿直线PQ翻折使得平面APN，如图乙所示.求证：平面平面MNPQ；求平面AMN与平面MNPQ所成二面角的正弦值.20. 兔年春节期间，烟花“加特林”因燃放效果酷炫在网上走红，随之而来的身价暴涨也引发关注，甚至还有买不到的网友用多支普通的手持燃放烟花自制“加特林”.据悉，有A，B，C三家工厂可以各自独立生产烟花“加特林”，已知A工厂生产的烟花“加特林”是正品同时B工厂生产的烟花“加特林”也是正品的概率为，B工厂生产的烟花“加特林”是正品同时C工厂生产的烟花“加特林”不是正品的概率为，C工厂生产的烟花“加特林”是正品同时A工厂生产的烟花“加特林”不是正品的概率为分别求A，B，C三家工厂各自独立生产出来的烟花“加特林”是正品的概率；，B，C三家工厂各自独立生产一件烟花“加特林”，记随机变量表示“三家工厂生产出来的正品的件数”，求的数学期望，它反映了什么实际意义？21. 已知椭圆C：的焦点在x轴上，它的离心率为，且经过点求椭圆C的方程；若椭圆C的左焦点为F，过点F的直线l与椭圆C交于A，B两点，且过点A，B和点的圆的圆心在x轴上，求直线l的方程及此圆的圆心坐标.22. 已知函数若，求函数的极值；若，，且满足，求证：答案和解析1.【答案】D【解析】解：，，故选：可求出集合M，N，然后进行交集的运算即可．本题考查了分式不等式和绝对值不等式的解法，交集的定义及运算，考查了计算能力，属于基础题．2.【答案】C【解析】解：，故故选：根据已知条件，结合复数的四则运算，即可求解．本题主要考查复数的四则运算，属于基础题．3.【答案】B【解析】解：先将函数的图象向左平移个单位，可得的图象；再把图象上每个点的横坐标缩小为原来的，可得到的图象．或者先把函数的图象上每个点的横坐标缩小为原来的，可得的图象；再将图象向左平移单位，可得到的图象，故选：由题意，利用函数的图象变换规律，得出结论．本题主要考查函数的图象变换规律，属于基础题．4.【答案】A【解析】解：直三棱柱的所有棱长均为1，以A为坐标原点，在平面ABC内过A作AC的垂线为x轴，AC所在直线为y轴，所在直线为z轴，建立空间直角坐标系，则，，，，，，设直线与直线夹角为，则直线与直线夹角的余弦值为：故选：以A为坐标原点，在平面ABC内过A作AC的垂线为x轴，AC所在直线为y轴，所在直线为z轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出直线与直线夹角的余弦值．本题考查异面直线所成角的余弦值的求法，考查运算求解能力，是中档题．5.【答案】C【解析】解：正八边形的每一个内角为，作，，则，为等腰直角三角形，如图，，，，，，，则故选：根据正八边形的性质得到，再利用平面向量基本定理即可求解．本题考查了平面向量基本定理的应用，正八边形的性质，属于中档题．6.【答案】B【解析】解：，的通项公式为，则在的展开式中，的系数是故选：根据，的通项公式为，可得的系数．本题考查二项式定理的运用，考查运算求解能力，属于基础题．7.【答案】A【解析】解：设的内切圆切于点E，则根据双曲线的性质及内切圆的性质可得：，又，，，点E为双曲线的右顶点，同理可得的内切圆也切于双曲线的右顶点E，，，且E为双曲线右顶点，又根据两内切圆的性质易知：平分，且平分，，又，根据射影定理可得：，，又根据题意知，，解得，双曲线的离心率为，故选：根据双曲线的性质及内切圆的性质可得两内切圆切于双曲线的右顶点E，再根据两内切圆的性质易知：平分，且平分，从而可得，又，从而根据射影定理可得：，即得，从而可得解．本题考查双曲线的几何性质，内切圆的几何性质，射影定理的应用，化归转化思想，方程思想，属中档题．8.【答案】C【解析】解：，，即，，则，，，可得，故选：由数量积运算展开，两边再平方，得出的范围，从而得出结论．本题考查了平面向量的数量积运算，属于中档题．9.【答案】BC【解析】解：，则是偶函数，图象关于y轴即对称，C项正确，D项错误；设，其在上单调减，在上单调增，则函数，在上单调减，B项正确，A错误．故选：利用定义判断奇偶性，根据复合函数的规律判断单调性即可得．本题考查函数的性质，对称性，单调性，属于基础题．10.【答案】ABD【解析】解：根据题意，依次分析选项：对于A，有7个不同的球，取5个放入5个不同的盒子中，每个盒子恰好放1个，是排列问题，有种不同的放法，A正确；对于B，先将7个球分为5组，有和两种分组方法，则有种分组方法，B正确；对于C，用挡板法分析：将7个相同的球，取5个放入3个不同的盒子中，有种不同的放法，C错误；对于D，分3种情况讨论：①全部放入1个盒子中，有1种放法，②放入两个盒子中，有、、，共3种放法，③放入3个盒子里，有、、、，共4种放法，则有种放法，D正确；故选：根据题意，由组合数公式分析AB正确，列举分析可得C错误，D正确，即可得答案．本题考查排列组合的应用，注意排列与组合的定义，属于基础题．11.【答案】AB【解析】解：因为当时，存在b，，使得成立，所以当时，存在b，，使得成立，令，，令，所以在上单调递增，所以，①当，即时，，，单调递增，所以，②当，即时，存在，使得，即，当时，，，单调递减，所以与矛盾，综上所述，故A正确；由，得与在上存在分隔线，，在处的切线方程分别为，，所以，所以故B正确；取得，所以，得故C错误，D错误；故选：根据题意可得当时，存在b，，使得成立，令，求导分析单调性，分析，是否成立，即可判断A是否正确；由，得与在上存在分隔线，，在处的切线方程分别为，，则，即可判断B是否正确；取得，即可判断C，D是否正确．本题考查导数的综合应用，解题中需要理清思路，属于中档题．12.【答案】BD【解析】解：选项A：平面最多和正方体的六个面都相交，所以最多6条交线，所以形成的多边形最多为六边形，所以截面图形一定不是七边形，故A错误；选项B：如图5，设，，，由勾股定理得：，所以，，所以角A，B，C均为锐角，所以为锐角三角形，故B正确；选项C：正方体3组对面相互平行，由面面平行的性质定理可知：五边形中有两组对边平行，所以截面五边形不可能为正五边形，故C错误；选项D：如图6，截面EHGF分别交棱AB，AD于点G，H，假设四边形EHGF为直角梯形，则，又因为且，EH共面，所以或，当时，由线面平行的性质定理得，又因为，所以四边形EHGF为平行四边形，与假设矛盾；当时，因为，且，所以平面APH，即平面，又因为平面，所以，与矛盾，所以假设不成立，故D正确．故选：对于A：根据题意得到平面最多和正方体的六个面都相交，则最多6条交线，即可判断；对于B：如图5，设，，，由勾股定理和余弦定理即可判断；对于C：正方体3组对面相互平行，由面面平行的性质定理即可判断；对于D：如图6，截面EHGF分别交棱AB，AD于点G，H，假设四边形EHGF为直角梯形，则，根据线面平行的性质定理即可判断．本题考查了立体几何的综合应用，属于中档题．13.【答案】【解析】解：离散型随机变量X满足：，则，故故答案为：根据已知条件，结合二项分布的方差公式，以及方差的线性公式，即可求解．本题主要考查二项分布的方差公式，以及方差的线性公式，属于基础题．14.【答案】【解析】解：，设，根据对勾函数，的性质，可得当，即时u取得最小值，则，当时取等号，所以函数y的最大值为故答案为：分子分母同时除以，再利用基本不等式即可求最值．本题考查基本不等式的应用，属于基础题．15.【答案】或或或答案不唯一【解析】解：由题可知：两圆外离，所以两圆有4条公切线，设切线与两圆圆心连线的交点为①当切线为外公切线时：，所以，得，所以，设公切线l：，所以圆心到切线l的距离，解得，所以公切线为或；②当切线为内公切线时：，所以，所以，设公切线，所以圆心到切线l的距离，解得，所以公切线为或故答案为：或或或答案不唯一由题可知：两圆外离，所以两圆有4条公切线，设切线与两圆圆心连线的交点为，分①当切线为外公切线和②当切线为内公切线两种情况分别计算即可．本题考查了两圆的公切线方程的计算，属于中档题．16.【答案】，，【解析】解：数列满足：①；②，时，；时，解得，的通项公式，则…………故答案为：，，数列满足：①；②，可得时，；时，解得，，即可得出的通项公式通过分组求和即可得出本题考查了数列递推关系、等比数列的通项公式与求和公式、分组求和方法，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．17.【答案】证明：，即，，即，，解得，，；解：，则由可得，，故C为锐角，，故，解得，当且仅当，故c的最小值为【解析】根据已知条件，推得，再对两边同时平方，求出，再结合三角函数的同角公式，即可求解；由可得，，再结合余弦定理，以及基本不等式的公式，即可求解．本题主要考查三角形，考查转化能力，属于中档题．18.【答案】证明：由题意得，所以，即，故，所以数列成等差数列；解：由得数列成等差数列，因为，，所以，解得，，故，根据二次函数的性质可知，当或时，取得最小值【解析】由题意得，整理可得，结合等差数列的定义即可证明；结合等差数列的通项公式及求和公式先求出，然后结合二次函数的性质可求．本题主要考查了等差数列的判断，等差数列的通项公式及求和公式的应用，属于中档题．19.【答案】证明：因为平面APN，平面APN，所以，又四边形MNPQ为正方形，所以，，故平面又平面MNPQ，故平面平面解：取PQ的中点为O，MN的中点为E，又，则，又平面平面MNPQ且PQ为交线，则平面分别以OE，OP，OA为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系，设，则平面MNPQ的法向量为又，则，设平面AMN的法向量为，则，故平面AMN的法向量可取为平面AMN与平面MNPQ所成二面角设为，其余弦值满足，所以【解析】根据已知条件证明平面APQ，进而利用面面垂直的判定定理证明即可；依据已知条件可建立空间直角坐标系，计算两个平面的法向量，利用向量夹角公式计算即可求解．本题考查了面面垂直的证明以及两个平面的夹角计算，属于中档题．20.【答案】解：设A，B，C三家工厂各自独立生产出来的烟花“加特林”是正品分别为事件A，B，C，A工厂生产的烟花“加特林”是正品同时B工厂生产的烟花“加特林”也是正品的概率为，B工厂生产的烟花“加特林”是正品同时C工厂生产的烟花“加特林”不是正品的概率为，C工厂生产的烟花“加特林”是正品同时A工厂生产的烟花“加特林”不是正品的概率为，则，解得，，；随机变量表示“三家工厂生产出来的正品的件数”，所有可能取值为0，1，2，3，故，，，，故随机变量的分布列如下：0 1 23P故，数学期望是随机变量最基本的数学特征之一，它反映了随机变量平均取值的大小．【解析】根据已知条件，结合相互独立事件的概率公式，列出方程组，即可求解；所有可能取值为0，1，2，3，分别求出对应的概率，再结合期望公式，即可求解．本题主要考查离散型随机变量分布列的求解，以及期望公式的应用，属于中档题．21.【答案】解：椭圆C的方程为，依题意，解得，，椭圆C的方程为；设圆心，，，显然直线l的斜率存在，设l：，由，则，又，代入得到：，同理可得，则，分别是的两根，由韦达定理可得，又联立l：与，得，，解得，直线l的方程为或，此时AB的中点横坐标为，解得，此圆的圆心坐标为【解析】由题意得，求解即可；设圆心，，，设l：，利用，可得，同理可得，进而联立方程组可得，求解即可．本题考查椭圆的方程的求法，考查直线与椭圆的位置关系，考查运算求解能力，属中档题．22.【答案】解：，当时，，单调递减，当时，，单调递增，所以的极小值为，无极大值．证明：因为，，且满足，所以，则，先证：，令，，所以当时，，单调递增，，当时，，单调递减，，则，又，令，，当时，，单调递减，又，即，当时，函数在上单调递减，所以，当时，即，所以，即，综上所述，【解析】根据题意可得，求导得，分析的符号，的单调性，极值．由，，且满足，得，则，先证：，则，，令，求导分析单调性，即可得出答案．本题考查导数的综合应用，解题中需要理清思路，属于中档题．。