【高考领航】2014高考数学总复习 5-4 通项公式的求法练习 苏教版
2014年高考江苏卷试题及答案
南通数学网 初高中课件、教案、习题应有尽有 2014年普通高等学校招生全国统一考试（江苏卷）解析版数学Ⅰ江苏苏州 何睦 江苏扬州 孟伟业 江苏南京 王刚 整理提供一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共计70分．请把答案填写在答题卡相应位置上．．．．．．．．． 1. 已知集合A ={4,3,1,2--}，}3,2,1{-=B ，则=B A I ▲ . 【答案】{1,3}-【解析】由题意得{1,3}A B =-I 【考点】交集、并集、补集 (B).2. 已知复数2)i 25(+=z (i 为虚数单位)，则z 的实部为 ▲ . 【答案】21【解析】由题意2(52i)=25+20i 42120i z =+-=+，其实部为21. 【考点】复数的概念 (B).3. 右图是一个算法流程图，则输出的n 的值是 ▲ . 【答案】5【解析】本题实质上就是求不等式220n>的最小整数解，220n>整数解为5n ≥，因此输出的5n =. 【考点】流程图 (A).4. 从1，2，3，6这4个数中一次随机地取2个数，则所取2个数的乘积为6的概率是 ▲ . 【答案】13【解析】从1，2，3，6这4个数中任取2个数共有246C =种取法，其中乘积为6的有1,6和2,3两种取法，因此所求概念为2163P ==. 【考点】古典概型 (B).5. 已知函数x y cos =与)2sin(ϕ+=x y (0≤πϕ<)，它们的图象有一个横坐标为3π的交点，则ϕ的值是 ▲ . 【答案】6π 【解析】由题意cos sin(2)33ππϕ=⨯+，即21sin()32πϕ+=， 所以2236k ππϕπ+=+或252()36k k ππϕπ+=+∈Z ，即22k πϕπ=-或2()6k k πϕπ=+∈Z . 又0ϕπ≤<，所以6πϕ=.【考点】函数sin()y A x ωϕ=+的图象与性质 (B)，三角函数的概念(B). （三角函数图象的交点与已开始 0←n 1+←n n 202>n输出n 结束 （第3题）NY知三角函数值求角）6. 设抽测的树木的底部周长均在区间[80，130]上，其频率分布直方图如图所示，则在抽测的60株树木中，有 ▲ 株树木的底部周长小于100cm. 【答案】24【解析】由题意在抽测的60株树木中，底部周长小于100cm 的株数为(0.015+0.025)⨯10⨯60=24. 【考点】总体分布的估计 (A). （频率分布直方图）7. 在各项均为正数的等比数列}{n a 中，,12=a 4682a a a +=，则6a 的值是 ▲ .【答案】4【解析】设公比为q ，因为21a =，则由8642a a a =+得6422q q q =+，4220q q --=， 解得22q =或21q =-（舍），所以4624a a q ==. 【考点】等比数列 (C). （等比数列的通项公式）8. 设甲、乙两个圆柱的底面分别为1S ，2S ，体积分别为1V ，2V ，若它们的侧面积相等，且4921=S S ，则21V V 的值是 ▲ . 【答案】32【解析】设甲、乙两个圆柱的底面和高分别为1r 、1h ，2r 、2h ，则112222r h r h ππ=，1221h r h r =， 又21122294S r S r ππ==，所以1232r r =，则222111111212222222221232V r h r h r r r V r h r h r r r ππ==⋅=⋅==. 【考点】柱、锥、台、球的表面积与体积 (A).9. 在平面直角坐标系xOy 中，直线032=-+y x 被圆4)1()2(22=++-y x 截得的弦长 为 ▲ . 255【解析】圆4)1()2(22=++-y x 的圆心为(2,1)C -，半径为2r =，点C 到直线230x y +-=的距离为2222(1)3512d +⨯--==+，所求弦长为2292552245l r d =-=-【考点】直线与圆、圆与圆的位置关系 (B). （直线与圆相交的弦长问题）10. 已知函数2()1f x x mx =+-，若对于任意]1,[+∈m m x ，都有0)(<x f 成立，则实数m 的取值范围是 ▲ .组距频率100 80 90 110 0.0100.015 0.020 0.025 0.030 底部周长/cm（第6题）【答案】2,0⎛⎫- ⎪⎪⎝⎭【解析】画出二次函数的分析简图：由图象分析可得结论：开口向上的二次函数()f x在[],m n上恒小于0的充要条件为()0,()0.f mf n<⎧⎨<⎩开口向下的二次函数()f x在[],m n上恒大于0的充要条件为()0,()0.f mf n>⎧⎨>⎩22()0,2(1)0.230.2mf mmf mm⎧<<⎪⎛⎫<⎧⎪⇒⇒∈ ⎪⎨⎨ ⎪+<⎩⎝⎭⎪-<<⎪⎩. （江苏苏州何睦）【考点】一元二次不等式(C). （一元二次方程根的分布、二次函数的性质）【变式】变式1已知函数,1)(2-+=mxxxf若对于任意()1,+∈mmx，都有0)(<xf成立，则实数m的取值范围是__________ . ⎥⎦⎤⎢⎣⎡-0,22（江苏苏州何睦）变式 2 已知函数,1)(2-+=mxxxf若对于任意[)1,+∈mmx，都有0)(<xf成立，则实数m的取值范围是__________ .⎥⎦⎤⎝⎛-0,22（江苏苏州何睦）变式3 已知函数,1)(2-+=mxxxf若存在]1,[+∈mmx，使得0)(<xf成立，则实数m的取值范围是__________ . ⎪⎪⎭⎫⎝⎛-22,23（江苏苏州何睦）变式 4 已知函数12)(2++=xxxf，若存在实数t，当],1[mx∈时，xtxf≤+)(恒成立，则实数m的最大值是__________ . 4 （江苏苏州陈海锋）变式5 若关于x的不等式012≥-++mmxx恒成立，则实数=m________. 2（江苏苏州陈海锋）变式6 设)(xf是定义在R上的奇函数，且当0≥x时,2)(xxf=,若对任意的]2,[+∈t tx，不等式)(2)(xftxf≥+恒成立，则实数t的取值范围是________.[)+∞,2（江苏苏州陈海锋）11. 在平面直角坐标系xOy中，若曲线xbaxy+=2(a，b为常数)过点)5,2(-P，且该曲线在点P处的切线与直线0327=++y x 平行，则b a +的值是 ▲ . 【答案】3-【解析】曲线2b y ax x =+过点(2,5)P -，则452ba +=-①，又22b y ax x '=-，所以7442b a -=-②，由①、②解得1,2.a b =-⎧⎨=-⎩所以3a b +=-.【考点】导数的几何意义 (B).12. 如图，在平行四边形ABCD 中，已知8AB =，5AD =，3CP PD =u u u r u u u r ，2AP BP ⋅=u u ur u u u r ，则AB AD ⋅u u u r u u u r 的值是 ▲ . 【答案】22【解析】解法一：（基底法）考虑将条件中涉及的,AP BP u u u r u u u r向量用基底,AB AD u u u r u u u r表示，而后实施计算.14AP AD DP AD AB =+=+u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r ，34BP BC CP AD AB =+=-u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r .则2213132()()44216AP BP AD AB AD AB AD AD AB AB ⋅==+⋅-=-⋅-u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r .因为8,5AB AD ==，则3122564162AB AD =-⨯-⋅u u ur u u u r ，故22AB AD ⋅=u u u r u u u r . （江苏苏州 何睦）解法二：（坐标法）不妨以A 点为坐标原点，AB 所在直线作为x 轴建立平面直角坐标系，可设(0,0),(8,0),(.),(2,),(8,)A B D a t P a t C a t ++，则(2,)AP a t =+u u u r ，(6,)BP a t =-u u u r. 由2AP BP ⋅=u u u r u u u r，得22414a t a +-=，由5AD =，得2225a t +=，则411a =，所求822AB AD a ⋅==u u u r u u u r. （江苏苏州 何睦）【考点】平面向量的加法、减法及数乘运算 (B)，平面向量的数量积 (C).13. 已知)(x f 是定义在R 上且周期为3的函数，当)3,0[∈x 时，21()22f x x x =-+. 若函数a x f y -=)(在区间]4,3[-上有10个零点(互不相同)，则实数a 的取值范围是 ▲ .【答案】10,2⎛⎫ ⎪⎝⎭【解析】作出函数21()2,[0,3)2f x x x x =-+∈的图象，可知1(0)2f =，当1x =时，1()2f x =极大，7(3)2f =，方程()0f x a -=在[3,4]x ∈-上有10个零点，即函数()y f x =的图象与直线y a =在[3,4]-上有10个交点，由于函数()f x 的周期为3，因此直线y a =与函数21()2,[0,3)2f x x x x =-+∈的图象有4个交点，则10,2a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭. A B DP（第12题）（江苏扬州 孟伟业）【考点】函数与方程 (A)，函数的基本性质 (B). （函数的零点，周期函数的性质，函数图象的交点问题）14. 若△ABC 的内角满足C B A sin 2sin 2sin =+，则C cos 的最小值是 ▲ . 62-【解析】由正弦定理得22a b c =，由余弦定理结合基本不等式有： 2222222222231231(2242242cos 2222a b a b a b a b a b cC abab ab ab ++-+++-====2231226242a b -≥=，当且仅当6a =时等号成立. （江苏苏州 何睦） 【考点】正弦定理、余弦定理及其应用 (B)，基本不等式 (C). 变式1 △ABC 中，角A ，B ，C 所对边的长分别为a ，b ，c ，若a 2＋b 2＝2c 2，则cos C 的最小值为________.21（江苏无锡 张芙华） 变式2 △ABC 中，a ，b ，c 分别是角A ，B ，C 所对的边，若A CB B AC C B A cos sin sin cos sin sin cos sin sin +=，若2ab c的最大值为_______. 23（江苏无锡 张芙华） 变式3 在△ABC 中，设AD 为BC 边上的高，且AD = BC ，b ，c 分别表示角B ，C 所对的边长，则b cc b+的取值范围是________． []5,2 （江苏苏州 陈海锋）变式4 已知三角形ABC ∆的三边长c b a ,,成等差数列，且84222=++c b a ，则实数b 的取值范围是_________. (]72,62（江苏南通 丁勇）拓展 在△ABC 中，已知(),0,1m n ∈，且sin sin sin m A n B C +=，求cos C 的最小值. 解：由正弦定理得ma nb c +=，由余弦定理结合基本不等式有：222222222(1)(1)21cos [(1)(1)]222a b c m a n b mnab a bC m n mnab ab b a+--+--===-+--22(1)(1)m n mn --.（当且仅当2222(1)(1)m a n b -=-时等号成立）.（江苏常州 封中华）二、解答题：本大题共6小题，共计90分．请在答题卡指定区域．．．．．．．内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 15. (本小题满分14分)已知),2(ππα∈，55sin =α.(1)求)4sin(απ+的值；(2)求)265cos(απ-的值.【解析】本小题主要考查三角函数的基本关系式、两角和与差及二倍角的公式，考查运算求解能力.满分14分.(1) 因为α∈π,π2⎛⎫⎪⎝⎭，sin α5，所以cos α＝2251sin α-.故sin π4α⎛⎫+ ⎪⎝⎭＝sin π4cos α＋cos π4sin α2252510⎛+= ⎝⎭. (2) 由(1)知sin2α＝2sin αcos α＝525425⎛=- ⎝⎭， cos2α＝1－2sin 2α＝1－25325⨯=⎝⎭，所以cos 5π5π5π2cos cos 2sin sin 2666ααα⎛⎫-=+ ⎪⎝⎭＝3314433525⎛+⎛⎫⨯+⨯-= ⎪ ⎝⎭⎝⎭【考点】同角三角函数的基本关系式 (B)，两角和（差）的正弦、余弦及正切 (C)，二倍角的正弦、余弦及正切 (B)，运算求解能力.16. (本小题满分14分)如图，在三棱锥ABC P -中，D ，E ，F 分别为棱AB AC PC ,,的中点.已知AC PA ⊥，6PA =，8BC =，5DF =.求证：(1) 直线//PA 平面DEF ；(2) 平面⊥BDE 平面ABC .【解析】本小题主要考查直线与直线、直线与平面以及平面与平面的位置关系，考查空间想象能力和推理论证能力. 满分14分.(1) 因为D ，E 分别为棱PC ，AC 的中点， 所以DE ∥PA .又因为PA ⊄ 平面DEF ，DE ⊂平面DEF ， 所以直线PA ∥平面DEF .(2) 因为D ，E ，F 分别为棱PC ，AC ，AB 的中点， PA ＝6，BC ＝8，所以DE ∥PA ，DE ＝12PA ＝3，EF ＝12BC ＝4. 又因为DF ＝5，故DF 2＝DE 2＋EF 2，（第16题）PDCEFBA所以∠DEF ＝90°，即DE 丄EF . 又PA ⊥AC ，DE ∥PA ，所以DE ⊥AC .因为AC ∩EF ＝E ，AC ⊂平面ABC ，EF ⊂平面ABC ， 所以DE ⊥平面ABC .又DE ⊂平面BDE ，所以平面BDE ⊥平面ABC .【考点】直线与平面平行、垂直的判定及性质 (B)，两平面平行、垂直的判定及性质 (B)，空间想象能力和推理论证能力.17. (本小题满分14分)如图，在平面直角坐标系xOy 中，21,F F 分别是椭圆22221(0)x y a b a b+=>>的左、右焦点，顶点B的坐标为),0(b ，连结2BF 并延长交椭圆于点A ，过点A 作x 轴的垂线交椭圆于另一点C ，连结C F 1.(1) 若点C 的坐标为)31,34(，且22=BF ，求椭圆的方程；(2) 若1F C AB ⊥，求椭圆离心率e 的值.【解析】本小题主要考查椭圆的标准方程与几何性质、直线与直线的位置关系等基础知识，考查运算求解能力. 满分14分.设椭圆的焦距为2c ，则1(,0)F c -，2(,0)F c .(1) 因为()0,B b ，所以222BF b c a =+=，又22BF =故2a =因为点41,33C ⎛⎫⎪⎝⎭在椭圆上，所以22161991a b +=，解得21b =.故所求椭圆的方程为2212x y +=.(2) 解法一（官方解答）：（垂直关系的最后表征）因为()0,B b ，2(,0)F c 在直线AB 上， 所以直线AB 的方程为1x yc b+=. 解方程组22221,1,x y c b x y a b ⎧+=⎪⎪⎨⎪+=⎪⎩ 得()2122221222,a c x a c b c a y a c ⎧=⎪+⎪⎨-⎪=⎪+⎩， 220,.x y b =⎧⎨=⎩ 所以点A 的坐标为22222222(),a c b c a a c a c ⎛⎫- ⎪++⎝⎭. 又AC 垂直于x 轴，由椭圆的对称性，可得点C 的坐标为22222222(),a c b a c a c a c ⎛⎫- ⎪++⎝⎭. 因为直线1F C 的斜率为()()()22222222322023b a c b a c a c a c a c c c a c ---+=+--+，直线AB 的斜率为b c-，且1F C AB ⊥， 所以()222313b a c b a c c c -⎛⎫⋅-=- ⎪+⎝⎭，又222b a c =-，整理得225a c =. F 1 F 2Oxy BCA故215e =，因此5e =.解法二：（垂直关系的先行表征）设000012(,),(.),(,0),(,0)C x y A x y F c F c --， 由1,FC AB ⊥得001y b x c c ⋅=-+-，由A 在2BF 上，则001x y c b-+=； 联立20000,.cx by c bx cy bc ⎧-=-⎪⎨-=⎪⎩解得：20222022,2.ca x b c bc y b c ⎧=⎪⎪-⎨⎪=⎪-⎩又00(,)C x y 在椭圆上，代入椭圆方程整理得2242224(2)c a c a c +=-，即225a c =， 所以椭圆的离心率为5e =【考点】中心在坐标原点的椭圆的标准方程与几何性质 (B)，直线的平行关系与垂直关系 (B)，直线方程 (C)，运算求解能力. （椭圆的标准方程、椭圆的离心率）18. (本小题满分16分)如图，为了保护河上古桥OA ，规划建一座新桥BC ，同时设立一个圆形保护区. 规划要求：新桥BC 与河岸AB 垂直；保护区的边界为圆心M 在线段OA 上并与BC 相切的圆. 且古桥两端O 和A 到该圆上任意一点的距离均不少于80m. 经测量，点A 位于点O 正北方向60m 处，点C 位于点O 正东方向170m 处(OC 为河岸)，34tan =∠BCO . (1) 求新桥BC 的长；(2) 当OM 多长时，圆形保护区的面积最大？【解析】本小题主要考查直线方程、直线与圆的位置关系和解三角形等基础知识，考查建立数学模型及运用数学知识解决实际问题的能力. 满分16分.解法一（官方解法一）：(1) 如图，以O 为坐标原点，OC 所在直线为x 轴， 建立平面直角坐标系xOy . 由条件知()()0,60,170,0A C ， 直线BC 的斜率4tan 3BCk BCO =-∠=-.170 m60 m 东北OA BM C170 m60 m xyOA BM C（第18题）又因为AB BC ⊥，所以直线AB 的斜率34AB k =. 设点B 的坐标为(),a b ，则041703BC b k a -==--，60304AB b k a -==-解得80,120a b ==.所以22(17080)(0120)150BC -+-. 因此新桥BC 的长为150m.(2) 设保护区的边界圆M 的半径为r m ，OM d = m (060)d ≤≤. 由条件知，直线BC 的方程为4(170)3y x =--，即436800x y +-=.由于圆M 与直线BC 相切，故点()0,M d 到直线BC 的距离是r ，即2236806803543d dr --==+. 因为O 和A 到圆M 上任意一点的距离均不少于80 m ， 所以80(60)80r d r d -≥⎧⎨--≥⎩，，即68038056803(60)80.5dd d d -⎧-≥⎪⎪⎨-⎪--≥⎪⎩，解得1035d ≤≤.故当10d =时，68035dr -=最大，即圆面积最大. 所以当OM = 10 m 时，圆形保护区的面积最大.解法二（官方解法二）：(1) 如图，延长OA ，CB 于点F . 因为4tan 3FOC ∠=，所以4sin 5FOC ∠=，3cos 5FOC ∠=.因为OA = 60，OC = 170，所以680tan 3OF OC FOC =∠=，850cos 3OC CF FOC ==∠. 从而5003AF OF OA =-=.因为OA OC ⊥，所以4cos sin 5AFB FCO ∠=∠=.又因为AB BC ⊥，所以400cos 3BF AF AFB =∠=.从而150BC CF BF =-=.因此新桥BC 的长为150 m.(2) 设保护区的边界圆M 与BC 的切点为D ，连接MD ，则MD BC ⊥，且MD 是圆M 的半径，并设MD r = m ，OM d = m (060)d ≤≤. 因为OA OC ⊥，所以sin cos CFO FCO ∠=∠. 故由(1)知3sin 68053MD MD r CFO MF OF OM d ∠====--，所以68035dr -=. 因为O 和A 到圆M 上任意一点的距离均不少于80 m ，170 m60 m xyOA BM C（第18题）F D所以80(60)80,r d r d -≥⎧⎨--≥⎩, 即68038056803(60)80.5dd d d -⎧-≥⎪⎪⎨-⎪--≥⎪⎩,解得1035d ≤≤.故当10d =时，68035dr -=最大，即圆面积最大. 所以当OM =10 m 时，圆形保护区的面积最大.(1)的解法三：连结AC ，由题意知6tan 17ACO ∠=，则由两角差的正切公式可得： 2tan tan()3ACB BCO ACO ∠=∠-∠=，故cos 150BC ACB AC =∠⋅= m. 所以新桥BC 的长度为150m. （江苏苏州 何睦）(2)的解法三：设BC 与圆切于点N ，连接MN ，过点A 作//AH BC 交MN 于点H . 设OM a =，则60AM a =-，由古桥两端O 和A 到该圆上任意一点的距离均不少于80 m ， 那么80(60)80r a r a -≥⎧⎨--≥⎩，解得1035a ≤≤. 由4tan tan 3AMH OCN ∠=∠=，可得3(60)5MH a =-，由(1)的解法二可得100AB =，所以33100(60)13655MN x x =+-=-+，故MN 即圆的半径的最大值为130，当且仅当10a =时取得半径的最大值.综上可知，当10OM = m 时，圆形保护区的面积最大. （江苏兴化 顾卫）【考点】直线方程 (C)，直线与圆、圆与圆的位置关系 (B)，解三角形 (B)，建立数学模型及运用数学知识解决实际问题的能力.19. (本小题满分16分)已知函数x x x f -+=e e )(，其中e 是自然对数的底数. (1) 证明：)(x f 是R 上的偶函数；(2) 若关于x 的不等式)(x mf ≤1e -+-m x 在),0(+∞上恒成立，求实数m 的取值范围；(3) 已知正数a 满足：存在),1[0+∞∈x ，使得)3()(030x x a x f +-<成立. 试比较1e -a 与1e -a 的大小，并证明你的结论.【解析】本小题主要考查初等函数的基本性质、导数的应用等基本知识，考查综合运用数学思想方法分析与解决问题的能力. 满分16分.(1) 因为对任意x ∈R ，都有()()()e e e e xx x x f x f x -----=+=+=，所以()f x 是R 上的偶函数.(2) 解法一（官方解答）：由条件知()()e e 1e 10,x x x m --+-≤-+∞在上恒成立. 令e (0)x t x =>，则1t >，所以21111111t m t t t t -≤-=--+-++-对于任意1t >成立.因为()()1111211311t t t t -++≥-⋅=--，所以1113111t t -≥--++-， 当且仅当2t =，即ln2x =时等号成立.因此实数m 的取值范围是1,3⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦.解法二：考虑不等式两边同乘x e ，则不等式转化为2[(e )1]1(1)e x x m m +≤+-在(0,)+∞上恒成立. 令e (1)x t t =>，则问题可简化为：2(1)10mt m t m +-+-≤在()1,t ∈+∞上恒成立. 构造函数2()(1)1g t mt m t m =+-+-，由图象易得当0m ≥时不符合题意. 当0m <时，11,2(1)0.m m g -⎧≤⎪⎨⎪<⎩或11,21()0.2m m m g m-⎧≥⎪⎪⎨-⎪<⎪⎩解得13m ≤-.综上可知，实数m 的取值范围为1(,]3-∞-. （江苏苏州 陈海锋）(3) 令函数()()31e 3e x x g x a x x =+--+，则()()21e 31e x x g x a x '=-+-.当1x ≥时，1e 0ex x ->，210x -≥，又0a >，故()0g x '>，所以()g x 是[)1,+∞上的单调增函数，因此()g x 在[)1,+∞上的最小值是()11e e 2g a -=+-.由于存在[)01,x ∈+∞，使0030e e (3)0x x a x x -+--+<成立，当且仅当最小值()10g <， 故1e e 20a -+-<，即1e e 2a -+>.令函数()(e 1)ln 1h x x x =---，则()e 11h x x-'=-，令()0h x '=，得e 1x =-. 当()0,e 1x ∈-时，()0h x '<，故()h x 是()0,e 1-上的单调减函数. 当()e 1,x ∈-+∞时，()0h x '>，故()h x 是()e 1,-+∞上的单调增函数. 所以()h x 在()0,+∞上的最小值时()e 1h -.注意到()()1e 0h h ==，所以当()()1,e 10,e 1x ∈-⊆-时，()()()e 110h h x h -≤<=. 当()()e 1,e e 1,x ∈-⊆-+∞时，()()e 0h x h <=，所以()0h x <对任意的()1,e x ∈成立. ①当()1e e ,e 1,e 2a -⎛⎫+∈⊆⎪⎝⎭时，()0h a <，即()1e 1ln a a -<-，从而1e 1e a a --<； ②当e a =时，1e 1e a a --=；③当()e,(e 1,)a ∈+∞⊆-+∞时，()()e 0h a h >=，即()1e 1ln a a ->-，故1e 1e a a -->.综上所述，当1e e ,e 2a -⎛⎫+∈⎪⎝⎭时，1e 1e a a --<，当e a =时，1e 1e a a --=，当()e,a ∈+∞时，1e 1e a a -->. (3)的民间思路：难题分解1：如何根据条件求出参数a 的取值范围？ 分解路径1：直接求函数的最值.解：令30000()()(3)g x f x a x x =--+，只要在0[1,)x ∈+∞上，0min ()0g x <即可. 002200()1'()3(1)x x e g x a x e-=+-. 当01x =时，0'()0g x =.； 当01x >时，2010x ->，02()10x e ->，则0'()0g x >.故在区间[1,)+∞上，0'()0g x ≥，即函数0()g x 为[1,)+∞的增函数，则1min 0()(1)20g x g e e a -==+-<，解得12e e a -+>.（江苏苏州 何睦）分解路径2：参数分离可以吗？解：欲使条件满足，则)03x ⎡∈⎣，此时3030x x -+>，则0300()3f x a x x >-+， 构造函数00300()()3f x g x x x =-+，即求此函数在03x ⎡∈⎣上的最小值. 0003200003200()(3)()(33)()(3)o x x x x e e x x e e x g x x x ----+-+-+'=-+. 因为03x ⎡∈⎣，000032000,30,0,330x x x x e e x x e e x --->-+>+>-+<， 则000032000()(3)()(33)0x x x x e e x x e e x ----+-+-+>. 则0()0g x '>在03x ⎡∈⎣上恒成立，故10min()(1)2e e g x g -+==， 故12e e a -+>（江苏苏州 何睦）难题分解2：如何根据求得的参数a 的取值范围比较1e -a 与1e -a 的大小？ 分解路径1：（取对数）1-a e 与1-e a 均为正数，同取自然底数的对数， 即比较(1)ln a e -与(1)ln e a -的大小，即比较ln 1e e -与ln 1aa -的大小. 构造函数ln ()(1)1xh x x x =>-，则211ln ()(1)x x h x x --'=-， 再设1()1ln m x x x =--，21()xm x x-'=，从而()m x 在(1,)+∞上单调递减， 此时()(1)0m x m <=，故()0h x '<在(1,)+∞上恒成立，则ln ()1xh x x =-在(1,)+∞上单调递减.当12e e a e -+<<时，11e a a e -->；当a e =时，11a e e a --=；当a e >时，11e a a e --<.（江苏苏州 何睦） 分解路径2：（变同底，构造函数比大小） 要比较1ea -与e 1a-的大小，由于e 1(1)ln e aae--=，那么1[(1)ln (1)]1e e a a a a e e-----=，故只要比较1a -与(1)ln e a -的大小.令()(1)ln (1)h x e x x =---，那么1'()1e h x x-=-. 当1x e >-时，'()0h x <；当01x e <<-时，'()0h x >.所以在区间(0,1)e -上，()h x 为增函数；在区间(1,)e -+∞上，()h x 为减函数.又()0h e =，(1)0h =，则(1)0h e ->，1()02e e h -+>；那么当12e e a e -+<<时，()0h a >，()1h a e >，11e a a e -->；a e >当a e ≥时，()0h a ≤，()01h a e <≤，11e a a e --≤.综上所述，当12e e a e -+<<时，11e a a e -->；当a e =时，11a e e a --=；当时，11e a a e --<. （江苏苏州 王耀）【考点】函数的基本性质 (B)，利用导数研究函数的单调性与极值 (B)，综合运用数学思想方法分析与解决问题的能力.20. (本小题满分16分)设数列}{n a 的前n 项和为n S .若对任意正整数n ，总存在正整数m ，使得m n a S =，则称}{n a 是“H 数列”.(1) 若数列}{n a 的前n 项和n n S 2=(∈n N *)，证明：}{n a 是“H 数列”；(2) 设}{n a 是等差数列，其首项11=a ，公差0<d . 若}{n a 是“H 数列”，求d 的值； (3) 证明：对任意的等差数列}{n a ，总存在两个“H 数列”}{n b 和}{n c ，使得n n n c b a += (∈n N *)成立.【解析】本小题主要考查数列的概念、等差数列等基础知识，考查探究能力及推理论证能力. 满分16分.(1) 证明：由已知，当1n ≥时，111222n n n n n n a S S +++=-=-=，于是对任意的正整数n ，总存在正整数1m n =+，使得2n n m S a ==，所以{}n a 是“H 数列”.(2) 解法一（官方解答）：由已知，得2122S a d d =+=+，因为{}n a 是“H 数列”，所以存在正整 数m ，使得2m S a =，即()211d m d +=+-，于是()21m d -=.因为0d <，所以20m -<，故1m =，从而1d =-. 当1d =-时，2n a n =-，()32n n n S -=是小于2的整数，*n ∈Ν.于是对任意的正整数n ，总存在正整数()3222n n n m S -=-=-，使得2n m S m a =-=，所以{}n a 是“H 数列”，因此d 的值为1-.解法二：由{}n a 是首项为1的等差数列，则1(1)m a m d =+-，22n n n S n d -=+，又数列是“H 数列”，不妨取2n =时，存在满足条件的正整数m ，使得1(1)2m d d +-=+，即(2)1m d -=，（i ）当3m ≥时，此时0d >，不符合题意，应舍去； （ii ）当2m =时，不存在满足条件的d ；（iii ）当1m =时，1d =-. 此时数列{}n a 的通项公式为2n a n =-， 下面我们一起来验证{}n a 为“H 数列”:2n a n =-；232n n n S -=，此时2432n n m -+=，容易验证m 为正整数. （江苏苏州 何睦） 解法三：由题意设1(1)m a m d =+-；又等差数列{}n a 的前n 项和22n n nS n d -=+；由题意知对任意正整数n ，总存在正整数m ，使得n m S a =，21(1)2n nm d n d -+-=+（*）；那么m 随着n 的变化而变化，可设满足函数关系式()m f n =.又0d <，那么要使（*）对任意自然数n 恒成立，则21()2m f n n Bn C ==++；代入得：221(1)(1)222d n n d Bnd d Cd n d ++-+=-+，即有1210d Bd d Cd ⎧=-⎪⎨⎪-+=⎩； 又当1n =时，1m n ==，即112B C ++=，由此可以解得3,22B C =-=,1d =-. 此时2n a n =-. （江苏苏州 王耀）解法四：,n m n N S a ∀∈=，所以1(2)n m S a n '-=≥，由题意得1n n S S -≤，所以m m a a '≤，即m m '≥. 对于任意的n ，存在,m m '使得n m m a a a '=-， 即1(1)1(1)[1(1)]n d m d m d '+-=+-=+-， 化简可得11n m m d'=--+.（*） 当1d <-时，此时1d不是整数，此时（*）式不满足； 当10d -<<时，此时11d ->，而0m m '-≥，所以113n m m d'=--+≥恒成立，不对n N ∀∈恒成立，所以1d =-. （江苏兴化 顾卫）解法五：由}{n a 是首项为1的等差数列，且数列}{n a 是“H 数列”，则2221S a a =+>，又0d <，所以22111S a a =+==，则20a =，从而211d a a =-=-，此时2n a n =-，21322n S n n =-+，由n m S a =得，2342n n m -+=为正整数，从而数列}{n a 是“H 数列”.（江苏常州 封中华） (3) 解法一（官方解答）：设等差数列{}n a 的公差为d ， 则()()()*11111()n a a n d na n d a n =+-=+--∈Ν. 令()()11,1n n b na c n d a ==--，则*()n n n a b c n =+∈Ν. 下证{}n b 是“H 数列”.设{}n b 的前n 项和为n T ，则()()*112n n n T a n +=∈Ν， 于是对任意的正整数n ，总存在正整数()12n n m +=，使得n m T b =，所以{}n b 是“H 数列”. 同理可证{}n c 也是“H 数列”.所以，对任意的等差数列{}n a ，总存在两个“H 数列” {}n b 和{}n c ，使得*()n n n a b c n =+∈Ν成立.解法二：由(2)的解答过程可知：等差数列{}n b 中若111b d =-时, {}n b 是“H 数列”， 则1111(1)2n b b n d b b n =+-=-. 同理等差数列{}n c 中若121c d =时，{}n c 是“H 数列”，121(1)n c c n d c n =+-=. 任意的等差数列{}n a ，则可表示为n a An B =+. 令11b c A -+=，12b B =，此时12B b =，12B c A =+.所以对任意的等差数列{}n a ，总存在两个等差“H 数列”{}n b 和{}n c ， 使得*()n n n a b c n N =+∈成立.【考点】数列的概念 (A)、等差数列 (C)，探究能力及推理论证能力.数学Ⅱ（附加题）21．【选做题】本题包括A 、B 、C 、D 四小题，请选定其中两题，并在相应的答题区域内作答．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．若多做，则按作答的前两题评分．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤． A ．[选修4—1：几何证明选讲]（本小题满分10分）如图，AB 是圆O 的直径，C 、D 是圆O 上位于AB 异侧的两点． 证明：∠ OCB ＝∠ D ．【解析】本小题主要考查圆的基本性质，考查推理论证能力. 本小题满分10分.证明：因为,B C 是圆O 上的两点，所以OB OC =. 故OCB B ∠=∠.又因为,C D 是圆O 上位于AB 异侧的两点， 故,B D ∠∠为同弧所对的两个圆心角， 所以B D ∠=∠. 因此OCB D ∠=∠.B ．[选修4—2：矩阵与变换]（本小题满分10分）已知矩阵A 121x -⎡⎤=⎢⎥⎣⎦，B 1121⎡⎤=⎢⎥-⎣⎦，向量2y ⎡⎤=⎢⎥⎣⎦α，x ，y 为实数．若=A αB α，求x ＋y 的值． 【解析】本小题主要考查矩阵的乘法等基础知识，考查运算求解能力. 本小题满分10分.解：由已知，得1222212y x y xy --+⎡⎤⎡⎤⎡⎤==⎢⎥⎢⎥⎢⎥+⎣⎦⎣⎦⎣⎦A α，1122214y y y +⎡⎤⎡⎤⎡⎤==⎢⎥⎢⎥⎢⎥--⎣⎦⎣⎦⎣⎦B α. 因为=A αB α，所以22224y y xy y -++⎡⎤⎡⎤=⎢⎥⎢⎥+-⎣⎦⎣⎦，故222,24,y y xy y -+=+⎧⎨+=-⎩ 解得1,24.x y ⎧=-⎪⎨⎪=⎩ 所以72x y +=.(第21—A 题)C ．[选修4—4：坐标系与参数方程]（本小题满分10分） 在平面直角坐标系xOy 中，已知直线l 的参数方程21,2)(2;x t y ⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩为参数，直线l 与抛物线24y x=相交于A 、B 两点，求线段AB 的长．【解析】本小题主要考查直线的参数方程、抛物线的标准方程等基础知识，考查运算求解能力. 本小题满分10分.解法一（官方解答）：将直线l 的参数方程21,22x y ⎧=⎪⎪⎨⎪=+⎪⎩代入抛物线方程24y x =， 得222(2)4(1)22+=-. 解得120,2t t ==-所以1282AB t t =-=解法二：将直线l 的参数方程化为直角坐标方程为3x y +=，联立方程组23,4x y y x +=⎧⎨=⎩解得12x y =⎧⎨=⎩，或97.x y =⎧⎨=-⎩，即交点,A B 分别为()1,2和()9,6-，所以22(19)(26)8 2.AB =-++= （江苏镇江 陈桂明） 解法三：将直线l 的参数方程化为直角坐标方程为3x y +=，联立方程组23,4,x y y x +=⎧⎨=⎩ 消去y 有21090x x -+=，则121210,9x x x x +==.所以2212121()411100368 2.AB k x x x x =++-+-=（江苏镇江 陈桂明）D ．[选修4—4：不等式证明选讲]（本小题满分10分） 已知x ＞0，y ＞0，证明：22(1)(1)9x y x y xy ++++≥．【解析】本小题主要考查算术－几何平均不等式,考查推理论证能力.本小题满分10分.证明：因为0,0x y >>，所以223130x y xy ++≥， 故222233(1)(1)339x y x y xy x y xy ++++≥.【必做题】第22、23题，每小题10分，共计20分．请在答题卡指定区域．．．．．．．内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 22. (本小题满分10分)盒中共有9个球，其中有4个红球，3个黄球和2个绿球，这些球除颜色外完全相同． (1) 从盒中一次随机取出2个球，求取出的2个球颜色相同的概率P ；(2) 从盒中一次随机取出4个球，其中红球、黄球、绿球的个数分别记为x 1、x 2、x 3， 随机变量X 表示x 1、x 2、x 3中的最大数，求X 的概率分布和数学期望E (X )．【解析】本小题主要考查排列与组合、离散型随机变量的均值等基础知识，考查运算求解能力. 满分10分.解：(1) 取出的2个颜色相同的球可能是2个红球、2个黄球或2个绿球，所以222432296315.3618C C C P C ++++=== (2) 随机变量X 的所有可能的取值为2,3,4.{}4X =表示的随机事件是取到的4个球是4个红球，故44491(4)126C P X C ===；{}3X =表示的随机事件是取到的4个球是3个红球和1个其它颜色的球，或3个黄球和1个其它颜色的球，故313145364913(3)63C C C C P X C +===；于是13111(2)1(3)(4)1.6312614P X P X P X ==-=-==--= 所以随机变量X 的概率分布如下表：X 2 3 4 P111413631126因此随机变量X 的数学期望120()234.14631269E X =⨯+⨯+⨯=23. (本小题满分10分)已知函数sin ()(0)xf x x x=>，设()n f x 是1()n f x -的导数，n ∈*N ． (1) 求12πππ2()()222f f +的值；(2) 证明：对于任意n ∈*N ，等式1πππ2()()444n n nf f -+=都成立．【解析】本题主要考查简单的复合函数的导数，考查探究能力及应用数学归纳法的推理论证能力.(1) 解：由已知102sin cos sin ()()()x x x f x f x x x x''===-， 故21223cos sin sin 2cos 2sin ()()()x x x x x f x f x x x x x x '⎛⎫''==-=--+ ⎪⎝⎭，所以12234216(),()22f f πππππ=-=-+，即122f π⎛⎫ ⎪⎝⎭＋2122f ππ⎛⎫=- ⎪⎝⎭.(2) 证明一（官方解法）：由已知得：0()sin xf x x =，等式两边分别对x 求导：00()()cos f x xf x x '+=， 即01()()cos sin()2f x xf x x x π+==+，类似可得：122()()sin sin()f x xf x x x π+=-=+，2333()()cos sin()2f x xf x x x π+=-=+， 344()()sin sin(2)f x xf x x x π+==+.下面用数学归纳法证明等式1()()sin()2n n n nf x xf x x π-+=+对所有的n *∈Ν都成立. (ⅰ) 当1n =时，由上可知等式成立；(ⅱ) 假设当n k =时等式成立，即1()()sin()2k k k kf x xf x x π-+=+. 因为[]111()()()()()(1)()()k k k k k k k kf x xf x kf x f x kf x k f x xf x --+'''+=++=++， (1)sin()cos()()sin 2222k k k k x x x x ππππ'+⎡⎤⎡⎤'+=++=+⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦， 所以1(1)(1)()()sin 2k k k k f x xf x x π++⎡⎤++=+⎢⎥⎣⎦.因此当1n k =+时，等式成立.综合(ⅰ)，(ⅱ)可知等式1()()sin()2n n n nf x xf x x π-+=+对所有的n *∈Ν都成立. 令4x π=，可得1()()sin()()44442n n n nf f x n πππππ*-+=+∈Ν.所以12)444n n nf f n πππ*-⎛⎫⎛⎫+=∈ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭Ν. 解法二：令=)(x g n *1),()(N n x xf x nf n n ∈+-所以x x xf x f x g cos )()()(101=+=，又)()()()1()()()()(111x g x xf x f n x f x x f x f n x g n n n n n n n++-=++='++'=' 故ΛΛ,sin )(,cos )(,sin )()(4312x x g x x g x x g x g -=-=-='= 所以)()(4x g x g n n =+，即22)4(=πn g ，命题得证.（江苏南通陆王华）。
2014年高考数学数列求通项经典性总结,学会他们再难高考题都不怕
求数列通项公式的十一种方法（方法全，例子全，归纳细）总述：一．利用递推关系式求数列通项的11种方法：累加法、 累乘法、 待定系数法、 阶差法（逐差法）、 迭代法、 对数变换法、 倒数变换法、换元法（目的是去递推关系式中出现的根号）、 数学归纳法、不动点法（递推式是一个数列通项的分式表达式）、 特征根法二。
四种基本数列：等差数列、等比数列、等和数列、等积数列及其广义形式。
等差数列、等比数列的求通项公式的方法是：累加和累乘，这二种方法是求数列通项公式的最基本方法。
三 ．求数列通项的方法的基本思路是：把所求数列通过变形，代换转化为等差数列或等比数列。
四．求数列通项的基本方法是：累加法和累乘法。
五．数列的本质是一个函数，其定义域是自然数集的一个函数。
一、累加法1．适用于：1()n n a a f n +=+ ----------这是广义的等差数列 累加法是最基本的二个方法之一。
2．若1()n n a a f n +-=(2)n ≥，则21321(1)(2) ()n n a a f a a f a a f n +-=-=-=两边分别相加得 111()nn k a a f n +=-=∑例1 已知数列{}n a 满足11211n n a a n a +=++=，，求数列{}n a 的通项公式。
解：由121n n a a n +=++得121n n a a n +-=+则112322112()()()()[2(1)1][2(2)1](221)(211)12[(1)(2)21](1)1(1)2(1)12(1)(1)1n n n n n a a a a a a a a a a n n n n n n nn n n n ---=-+-++-+-+=-++-+++⨯++⨯++=-+-++++-+-=+-+=-++= 所以数列{}n a 的通项公式为2n a n =。
例2 已知数列{}n a 满足112313nn n a a a +=+⨯+=，，求数列{}n a 的通项公式。
2014届高考数学总复习课时讲义32数列的通项
数列的通项一、知识回顾：1、用观察法（不完全归纳法）求数列的通项.2、运用等差（等比）数列的通项公式.3、已知数列}{n a 前n 项和n S ，则⎩⎨⎧≥-==-2111n S S n S a n nn （注意：不能忘记讨论1=n ） 4、已知数列}{n a 前n 项之积T n ，一般可求T n-1，则a n ＝1－n n T T （注意：不能忘记讨论1=n ）. 5、已知)2)((1≥=--n n f a a n n ，且{f(n)}成等差（比）数列，则求n a 可用累加法.6、已知)2)((1≥=-n n f a a n n ，求n a 用累乘法. 7、已知数列}{n a 的递推关系，研究a n 与a n －1的关系式的特点，可以通过变形构造，得出新数列)}({n a f 为等差或等比数列.8、已知n a 与n S 的关系式，利用)2(1≥-=-n S S a n n n ，将关系式转化为只含有n a 或n S 的递推关系，再利用上述方法求出n a .二、基本训练 １、已知数列 ,3219,1617,815,413试写出其一个通项公式：_______________. 2、设a 1=1，a n+1=a n +12，则a n ＝_________________.3已知数列}{n a 满足11=a ，131+=+n n n a a a ，则n a =_______ 4数列}{n a 中，,11=a 对所有的2≥n 都有2321n a a a a n = ，则=+53a a __________.5、已知数列}{n a 前n 项和1322++-=n n S n ，则=n a __________.6. （05湖南卷）已知数列}{n a 满足)(133,0*11N n a a a a n n n ∈+-==+，则20a =A ．0B ．3-C ．3D ．23 7. （05湖南卷）设f 0(x )＝sinx ，f 1(x )＝f 0′(x )，f 2(x )＝f 1′(x )，…，f n ＋1(x )＝f n ′(x )，n ∈N ，则f 2005(x )＝A ．sinxB ．－sinxC ．cos xD ．－cosx三、例题分析：例1、已知数列}{n a ；①若满足291=a ，)2(121≥-=--n n a a n n ，求n a ②若满足a 1=1,)2(11≥+=-n n n a a n n ，求n a例2、①已知数列满足1a =1-=，求n a .(2)已知数列满足1a =1，1n a ++2n a =2，求n a .例３、已知数列}{n a 中，21=a ，前n 项和n S ，若2n ≥时，n n a n S 2=，求n a 例4、 （05江西卷）已知数列:,}{且满足的各项都是正数n a 0111,(4),.2n n n a a a a n N +==-∈ （1）证明12,;n n a a n N +<<∈（2）求数列}{n a 的通项公式a n .例5．数列｛a 2｝的前n 项之和为S n ，对任意正整数n ，有a n +S n =n ，数列｛b n ｝中，b 1=a 1，b n+1=a n+1－a n ，求｛b n ｝前n 项之和P n 及通项b n 。
【高考领航】高考数学总复习 54 通项公式的求法课件 苏教
1．根据下列条件，确定数列{an}的通项公式． (1)在数列{an}中，an＋1＝3a2n，a1＝3；
(2)在数列{an}中，a1＝1，an＋1＝2aan＋n 1； 解：(1)由已知 an>0，在递推关系式两边取对数． 有 lg an＋1＝2lg an＋lg 3， 令 bn＝lg an，则 bn＋1＝2bn＋lg 3， ∴bn＋1＋lg 3＝2(bn＋lg 3)，∴{bn＋lg 3}是等比数列， ∴bn＋lg 3＝2n－1·2lg 3＝2n·lg 3， ∴bn＝2n·lg 3－lg 3＝(2n－1)lg 3＝lg an， ∴an＝32n－1.
S1 Sn－Sn－1
n＝1 n≥2
直接求出通项公式an，但要
注意n＝1与n≥2两种情况能否统一；另一种是Sn与an的关系式，记
为f(an，Sn)＝0，求它的通项公式an.
4．累加、累乘法 有些数列，虽然不是等差数列或等比数列，但是它的后项与前 项的差或商具有一定的规律性，这时，可考虑利用累加或累乘法， 结合等差、等比数列的知识解决． 5．构造法 有些数列直观上不符合以上各种形式，这时，可对其结构进行 适当变形，以利于使用以上各类方法．
第4节 通项公式的求法
【知识梳理】 通项公式的求法 1．观察归纳法 观察数列的特征，横向看各项之间的关系结构，纵向看各项与 项数n的内在联系． 2．公式法 直接利用等差、等比数列的通项公式表示．
3．利用Sn与an关系
前n项和关系式有两种形式：一种是Sn与n的关系式记为Sn＝
f(n)，可由公式an＝
◆失误与防范
在使用这个关系式an＝
S1，n＝1， Sn－Sn－1，n≥2
时，一定要注意分n
＝1，n≥2两种情况，在求出结果后，看看这两种情况能否整合在
2014_高考数学_数列通项公式_12
一、数列的通项公式的常用求法数列的通项公式是给出数列的主要方式，其本质就是函数的解析式．围绕数列的通项公式，不仅可以判断数列的类型，研究数列的项的变化趋势与规律，而且有利于求数列的前n 项和．求数列的通项公式是数列的核心问题之一．现将求数列的通项公式的几种常见类型及方法总结如下：1．观察法根据数列的前几项的变化规律，观察归纳出数列的通项公式．例1:根据下面数列的前几项，写出数列的一个通项公式．(1)1,1，57，715，931，…； (2)2,22,222,2 222，…；(3)3,0，-3,0,3，….解:(1)数列即11，33，57，715，931，…， 由于分子是等差数列{}2n-1的各项，分母是数列{}2n -1的各项，∴a n ＝2n-12n -1(n ∈N +)． (2)所求数列的通项可转化为数列9,99,999,9 999，…的通项，即数列{}10n -1，易得a n ＝29(10n -1)(n ∈N *)． (3)所求数列的通项可转化为数列1,0，-1,0,1，…的通项，这恰好是“五点法”作三角函数的图象的值．从而有a n ＝3sin n π2或a n ＝3cos n-12π(n ∈N +)． 2．代换法将数列的递推公式运算变形后，运用整体代换的方法转化为等差(比)数列，再求出数列的通项公式．-例2:已知数列{a n }，a 1＝2，a n ＝a n -11+a n-1(n ≥2)，求a n . 解:由a n ＝a n-11+a n-1两边取倒数得1a n -1a n-1＝1， ∴数列{1a n }是首项为1a 1＝12，公差为1的等差数列，∴1a n＝12+(n-1)＝n-12＝2n-12.∴a n＝22n-1.3．迭代法对于形如an＝f(an-1)型的递推公式，采取逐次降低“下标”数值的反复迭代方式，最终使an 与初始值a1(或a2)建立联系的方法就是迭代法．例3:已知数列{a n}，a1＝2，a n＝2a n-1-1(n≥2)，求an.解1:(迭代法)a n＝2a n-1-1＝2(2a n-2-1)-1＝22a n-2-2-1＝22(2a n-3-1)-2-1＝23a n-3-22-2-1＝…＝2n-1a1-2n-2-2n-3-…-22-2-1＝2n-(2n-2+2n-3+…+22+2+1)＝2n-1·(2n-1-1)2-1＝2n-2n-1+1＝2n-1+1.解2:(代换法)：∵a n＝2a n-1-1，∴a n-1＝2(a n-1-1)，∴数列{a n-1}是首项为a1-1＝1，公比为2的等比数列，∴a n-1＝2n-1，∴a n＝2n-1+1.4．叠加法对于由形如a n+1-a n＝f(n)型的递推公式求通项公式，(1)当f(n)＝d为常数时，为等差数列，则a n＝a1+(n-1)d；(2)当f(n)为n的函数时，用叠加法．方法：由a n+1-a n＝f(n)得当n≥2时，a n-a n-1＝f(n-1)，a n-1-a n-2＝f(n-2)，…a3-a2＝f(2)，a2-a1＝f(1)．以上(n-1)个等式叠加得a n-a1＝f(n-1)+f(n-2)+…+f(2)+f(1)，∴a n＝a1+∑n-1k＝1f(k)，为了书写方便，也可以用横式来写：∵当n≥2时，a n-a n-1＝f(n-1)，∴a n＝(a n-a n-1)+(a n-1-a n-2)+…+(a2-a1)+a1＝f(n-1)+f(n-2)+…+f(2)+f(1)+a1.(3)已知a1＝a，a n+1-a n＝f(n)，其中f(n)可以是关于n的一次函数、二次函数、指数函数、分式函数，求通项an.①若f(n)是关于n的一次函数，叠加后可转化为等差数列求和；②若f(n)是关于n的二次函数，叠加后可分组求和；③若f(n)是关于n的指数函数，叠加后可转化为等比数列求和；④若f(n)是关于n的分式函数，叠加后可裂项求和．例4:已知数列{a n}中，a1＝1，且a n+1-an＝3n-n，求数列{an}的通项公式．解:由于本例给出了数列{a n}中连续两项的差，故可考虑用叠加法求解．由a n+1-a n ＝3n -n ，得a n -a n-1＝3n-1-(n-1)，a n-1-a n-2＝3n-2-(n-2)，…a 3-a 2＝32-2a 2-a 1＝3-1.当n ≥2时，以上n-1个等式两端分别相加，得(a n -a n-1)+(a n-1-a n-2)+…+(a 2-a 1)＝3n-1+3n-2+…3-[(n-1)+(n-2)+…+1]，即a n -a 1＝3(1-3n-1)1-3-n (n-1)2. 又∵a 1＝1，∴a n ＝12×3n -n (n-1)2-12. 显然a 1＝1也适合上式，∴{a n }的通项公式为a n ＝12×3n -n (n-1)2-12. 5．累乘法对于由形如a n+1a n＝f (n )型的递推公式求通项公式： (1)当f (n )为常数时，即a n+1a n＝q (其中q 是不为0的常数)，此时数列为等比数列，a n ＝a 1·q n-1. (2)当f (n )为n 的函数时，用累乘法．由a n+1a n ＝f (n )得n ≥2时，a n a n-1＝f (n-1)， ∴a n ＝a n a n-1·a n-1a n-2…a 2a 1·a 1 ＝f (n-1)…f (1)·a 1.例5:设{a n }是首项为1的正项数列，且(n+1)·a 2n+1-na 2n +a n+1·a n ＝0(n ＝1,2,3，…)，求通项公式a n .解:已知等式可化为：(a n+1+a n )[(n+1)a n+1-na n ]＝0∵a n ＞0(n ∈N +)，∴(n+1)a n+1-na n ＝0，即a n+1a n ＝n n+1， ∴n ≥2时，a n a n-1＝n-1n， ∴a n ＝a n a n-1·a n-1a n-2…a 2a 1·a 1 ＝n-1n ·n-2n-1…12·1＝1n 二、数列的前n 项和的常用求法求数列的前n 项和是数列运算的重要内容之一，也是历年高考考查的热点．对于等差、等比数列，可以直接利用求和公式计算，对于一些具有特殊结构的运算数列，常用倒序相加法、裂项相消法、错位相减法等求和．1．公式法如果一个数列的每一项是由几个独立的项组合而成，并且各独立项也可组成等差或等比数列，则该数列的前n 项和可考虑拆项后利用公式求解．例1:(x+1y )+(x 2+1y 2)+…+(x n +1y n )(x ≠0，x ≠1，y ≠1)． 解:当x ≠0，x ≠1，y ≠1时，(x+1y )+(x 2+1y 2)+…+(x n +1y n ) ＝(x+x 2+…+x n )+(1y +1y 2+…+1y n ) ＝x (1-x n )1-x + 1y (1-1y n )1-1y＝x (1-x n )1-x +y n -1y n+1-y n . 2．例序相加法如果求和的结构中“每两项”的和为同一常数，可以用倒序相加法求解．例2:设f (x )＝22+2x ，类比推导等差数列前n 项和公式的方法，求f (-2008)+f (-2007)+…+f (0)+f (1)+…+f (2008)+f (2009)．解:∵f (x )+f (1-x )＝ 22+2x +22+21-x (右式分子分母同乘2-x ) ＝ 22+2x + 2·2x2·2x +2(右式分母提取2，与分子约分) ＝ 22+2x + 2x2+2x ＝1. 设S ＝f (-2008)+f (-2007)+…+f (0)+f (1)+…+f (2008)+f (2009)则S ＝f (2009)+f (2008)+…+f (1)+f (0)+…+f (-2007)+f (-2008)S ＝[f (2009)+f (-2008)]+[f (2008)+f (-2007)]+…[f (2)+f (-1)]+[f (1)+f (0)]∴S ＝2009.3．裂项相消法对于裂项后明显有能够相消的项的一类数列，在求和时常用“裂项法”，分式的求和多利用此法．可用待定系数法对通项公式进行拆项，相消时应注意消去项的规律，即消去哪些项，保留哪些项．常见的拆项公式有：①1n (n+k )＝1k ·(1n -1n+k)； ②若{a n }为等差数列，公差为d ，则1a n ·a n+1＝1d (1a n -1a n+1)； ③1n+1+n＝n+1-n 等． 例3:求数列22+122-1，32+132-1，42+142-1，…，(n+1)2+1(n+1)2-1的前n 项的和S n . 解：数列的通项a n ＝(n+1)2+1(n+1)2-1＝n 2+2n+2n 2+2n＝1+2n 2+2n ＝1+(1n -1n+2)， 所以S n ＝(1+11-13)+(1+12-14)+(1+13-15)+…+(1+1n-1-1n+1)+(1+1n -1n+2)＝n+1+12-1n+1-1n+2(见下表) ＝n-1n+1-1n+2+32.4．错位相减法若数列{}a n 为等差数列，数列{}b n 是等比数列，由这两个数列的对应项乘积组成的新数列为{}a n b n ，当求该数列的前n 项的和时，常常采用将{}a n b n 的各项乘以公比q ，并项后错位一项与{}a n b n 的同次项对应相减，即可转化为特殊数列的求和，所以这种数列求和的方法称为错位相减法． 例4:数列{}a n 的前n 项和为S n ，a 1＝1，a n+1＝2S n (n ∈N +)．(1)求数列{}a n 的通项a n ；(2)求数列{}na n 的前n 项和T n . 解:(1)∵a n+1＝2S n ，∴S n+1-S n ＝a n+1＝2S n ，∴S n+1S n＝3. 又∵S 1＝a 1＝1，∴数列{}S n 是首项为1，公比为3的等比数列．∴S n ＝3n-1(n ∈N +)．当n ≥2时，a n ＝2S n-1＝2·3n-2，且a 1＝1.∴a n ＝⎩⎨⎧1(n ＝1)2·3n-2(n ≥2) (2)T n ＝a 1+2a 2+3a 3+…+na n ，当n ＝1时，T 1＝1；当n ≥2时，T n ＝1+4·30+6·31+8·32+…+2(n-1)·3n -3+2n ·3n-2①3T n ＝3+4·31+6·32+8·33+…+2(n-1)·3n -2+2n ·3n-1②①-②得-2Tn ＝-2+4+2(31+32+…+3n-2)-2n ·3n-1＝2+2·3(1-3n-2)1-3-2n ·3n-1 ＝-1+(1-2n )·3n-1，∴T n ＝12+(n-12)3n-1(n ≥2)， 一、转化与化归思想例1:一个等差数列{}a n 中，3a 8＝5a 13，a 1＞0，若S n 是{}a n 的前n 项和，则S 1，S 2，S 3，…，S n 中有没有最大值？请说明理由．解1：设{}a n 的首项为a 1，公差为d ，则有3(a 1+7d )＝5(a 1+12d )，∴d ＝-239a 1， ∴S n ＝na 1+n (n-1)2d ＝-139n 2a 1+4039na 1 ＝-139a 1(n-20)2+40039a 1. 故n ＝20时，S n 最大，即前20项之和最大．转化为二次函数问题解2：设{}a n 的首项为a 1，公差为d ，则有3(a 1+7d )＝5(a 1+12d )，∴d ＝-239a 1. 设⎩⎪⎨⎪⎧a n ＝a 1+(n-1)d ＝a 139(41-2n)≥0，a n+1＝a 1+nd ＝a 139(39-2n)＜0，解得392＜n ≤412.又n 为正整数，∴n ＝20，即前20项之和最大． 转化为不等式问题二、函数与方程的思想例1：设S n 是等差数列{a n }的前n 项和，S 4＝14，S 10-S 7＝30，求S 9.解：∵S 4＝4a 1+4×32＝14，∴2a 1+3d ＝7 ① 又∵S 10-S 7＝30，∴10a 1+10×92d-⎝⎛⎭⎪⎫7a 1+7×62d ＝30， 即a 1+8d ＝10 ②①与②联立，解得d ＝1，a 1＝2， ∴S 9＝9a 1+9×82d ＝9×2+36＝54. 例2：等差数列{a n }的前m 项和为30，前2m 项和为100，求它的前3m 项和．解：由等差数列的前n 项和公式知S n 是关于n 的二次函数，即S n ＝An 2+Bn (A ，B 为常数)，将S m ＝30，S 2m ＝100代入，得⎩⎪⎨⎪⎧Am 2+Bm ＝30，A (2m )2+B (2m )＝100， 解得A ＝20m 2，B ＝10m. ∴S 3m ＝A (3m )2+B (3m )＝210.三、分类讨论思想例1:已知{}a n 是公比为q 的等比数列，且a 1，a 3，a 2成等差数列．(1)求q 的值；(2)设{}b n 是以2为首项，q 为公差的等差数列，其前n 项和为S n ，当n ≥2时，比较S n 与b n 的大小，并说明理由．解:(1)由题设2a 3＝a 1+a 2，即2a 1q 2＝a 1+a 1q ，∵a ≠0，∴2q 2-q-1＝0.∴q ＝1或-12. (2)若q ＝1，则S n ＝2n+n (n-1)2·1＝n 2+3n 2. 当n ≥2时，S n -b n ＝S n-1＝(n-1)(n+2)2＞0，故S n ＞b n . 若q ＝-12，则S n ＝2n+n (n-1)2⎝ ⎛⎭⎪⎫-12＝-n 2+9n 4. 当n≥2时，S n -b n ＝S n-1＝-(n-1)(n-10)4， 故对于n ∈N +，当n ＝1时，S n ＝b n ；当2≤n ≤9时，S n ＞b n ；当n ＝10时，Sn ＝bn ；当n ≥11时，Sn ＜bn.例2:求S n ＝1a +2a 2+3a 3+…+n a n 解:(1)分a ＝1和a ≠1两种情况，当a ＝1时，S n ＝1+2+3+…+n ＝n (n+1)2； 当a ≠1时，S n ＝1a +2a 2+3a 3+…+n a n ，① 将①式两边同乘1a，得 1a S n ＝1a 2+2a 3+3a 4+…+n a n+1，② 由①-②，得⎝ ⎛⎭⎪⎫1-1a S n ＝1a +1a 2+…+1a n -n a n+1， 即S n ＝a (a n -1)-n (a-1)a n (a-1)2. 综上所述，S n ＝⎩⎪⎨⎪⎧ n (n+1)2(a ＝1)，a (a n -1)-n (a-1)a n (a-1)2(a ≠1).四、数学建模思想某企业去年的纯利润为500万元，因设备老化等原因，企业的生产能力将逐年下降，若不进行技术改造，预测从今年起每年比上一年纯利润减少20万元，今年初该企业一次性投入资金600万元进行技术改造，预测在未扣除技术改造资金的情况下，第n 年(今年为第一年)的利润为500⎝ ⎛⎭⎪⎫1+12n 万元(n 为正整数)．(1)设从今年起的前n 年，若该企业不进行技术改造的累计纯利润为An 万元，进行技术改造后的累计纯利润为Bn 万元(扣除技术改造资金)，求An 、Bn 的表达式；(2)依上述预测，从今年起该企业至少经过多少年，进行技术改造后的累计纯利润超过不进行技术改造的累计纯利润？解:(1)A n ＝(500-20)+(500-40)+…+(500-20n )＝490n-10n 2；B n ＝500⎣⎢⎡⎦⎥⎤⎝ ⎛⎭⎪⎫1+12+⎝ ⎛⎭⎪⎫1+122+…+⎝ ⎛⎭⎪⎫1+12n -600＝500n-5002n -100.(2)B n -A n ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫500n-5002n -100-(490n-10n 2)＝10n 2+10n-5002n -100＝10⎣⎢⎡⎦⎥⎤n (n+1)-502n -10.∵函数y ＝x (x+1)-502x -10在(0，+∞)上为增函数，∴当1≤n ≤3时，n (n+1)-502n -10≤12-508-10＜0；当n ≥4时，n (n+1)-502n -10≥20-5016-10＞0.∴当且仅当n ≥4时，B n ＞A n .∴至少经过4年，该企业进行技术改造后的累计纯利润超过不进行技术改造的累计纯利润．。
高考(苏教版)数学(文科)一轮复习讲义数列通项公式的求法名师公开课省级获奖课件(86张)
仍为等差数列，其公差为d±D.
答案
1 2 、 (3)若{an}、 {bn}为等比数列， 则{λan}(λ≠0)、 {|an|}、 { a { ma n}、 nbn}(m≠0) an
(3){an}的公差为d，则d>0⇔{an}为 递增 数列；d<0⇔{an}为 递减 数
列；d＝0⇔{an}为常数列.
答案
2.等比数列的通项公式
n－1 a q (1)首项为a1，公比为q，则an＝ 1 .
(2)推广形式：an＝am· qn－m或am＝an· qm－n.
3.常用结论
(1)若{an}是等差数列，k∈N*，则{kan}也是等差数列.
(4)3,5,3,5，….
解
数列中的奇数项为3，偶数项为5.
n为奇数， n为偶数.
3， ∴通项公式 an＝ 5，
3＋5 此数列还可以这样考虑，3 与 5 的算术平均数为 ＝4 2
4加1便是5,4减1便是3，而加1与减1也就是(－1)n.
3＋5 因此数列的通项公式还可以写成 an＝ ＋(－1)n＝4＋(－1)n. 2
仍为等差数列.
(4){an}是等差数列⇔{(cn)a} (c>0，c≠1)是等比数列.
{an}是正项等比数列⇔{logcan} (c>0，c≠1)是等差数列.
{an}既是等差数列又是等比数列⇔{an}是各项不为零的常数列.
思考辨析
判断下面结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
(1)如果数列{an}的通项公式an＝3n＋2，则数列{an}是递增数列.( √ )
每个根号内可看作3与2n－1的乘积.
【高考领航】高考数学总复习 第2节 证明不等式的基本方法名师课件 苏教版选修4-5
(3)利用综合法证明不等式时，应注意对已证不等式的使用，常 用的不等式有：(1)a2≥0；(2)|a|≥0；(3)a2＋b2≥2ab，它的变形形式 又有(a＋b)2≥4ab，a2＋2 b2≥(a＋2 b)2 等；
(4)a＋2 b≥ ab，它的变形形式又有 a＋1a≥2(a＞0)，ba＋ab≥2(ab＞0)，ba＋ab≤－2(ab＜0)等．
第2节 证明不等式的基本方法
【知识梳理】 1．比较法 (1)作差比较法 ①理论依据：a＞b⇔ a－b＞0 ；
a＜b⇔ a－b＜0 ． ②证明步骤：作差→变形→判断符号→得出结论．
(2)作商比较法 ①理论依据：b＞0，ab＞1⇒ a＞b ；
b＜0，ab＞1⇒a＜b. ②证明步骤：作商→变形→判断与 1 的大小关系→得出结论．
解析：(x＋y)(y＋z)＝xy＋xz＋y2＋yz ＝y(x＋y＋z)＋xz≥2 xyz（x＋y＋z）＝2. 答案：2
4．若不等式x＋1x＞|a－5|＋1 对一切非零实数 x 均成立，则实 数 a 的取值范围是________．
解析：x＋1x＝|x|＋1x≥2 即|a－5|＜1，因此 4＜a＜6.
a、b∈（0，＋∞），
(1)∵1a＋1b＋a1b＝(a＋b)(1a＋1b)＋a1b ≥2 ab·2 a1b＋4＝4＋4＝8， ∴1a＋1b＋a1b≥8. (2)∵a2＋b2＝(a＋b)2－2ab＝1－2ab ≥1－2×14＝12，∴a2＋b2≥12.
考向四 不等式证明的其它方法 已知 a＞2，求证：loga(a－1)＜log(a＋1)a.
真分数性质“若 0＜a＜b，m＞0，则ab＜ab＋ ＋mm”，添加或减少项，利
用有界性等．
(2)在放缩法证明不等式时，“放”和“缩”均有一个度．
(江苏专用)高考数学总复习 第五章第4课时 数列通项与求和课件
Aan ②倒数变换： 形如 an＋ 1＝ (A≠ 0， Ban＋ C C≠0)取倒数可转化成①. (4)含有 Sn 和 an 可用公式 an＝ Sn－ Sn－
* ( n ≥ 2 ， n ∈ N )消去 Sn 或 an. 1
2．数列求和常用方法 (1)公式法求和 ①直接由等差、 等比数列的求和公式求和． ②掌握一些常见数列前 n 项和 1＋ 2＋ 3 n n＋ 1 2 ＋…＋ n＝__________ ，
课标未作要求，但课本上的分期付款 问题的解决，使用的正是此数学模型 ，从数学建模的角度来说，这一数列 还是有研究的必要．
备选例题教师用书独具 在数列 {an}中，a1＝ 2，a2＝5，an＋ 2－ 3an
＋1
＋ 2an＝0(n∈ N*)．
(1)若记 bn＝an＋ 1－ an，求证数列 {bn}是 等比数列； (2)求数列 {an}的通项公式 an.
考点探究•讲练互动
考点突破
考点1 由简单的递推式求通项 例1 根据下列条件求数列的通项
(1)已知a1＝5，an＝2an－1＋3(n≥2)，求
a n； (2)数列{an}的前n项和为Sn，且a1＝1， an＋1＝2Sn，求an.
【解】 (1)在 an＝2an－ 1＋ 3 两边都加上 3 得 an＋ 3＝ 2(an－ 1＋ 3) an＋3 ∴ ＝ 2， an－1＋3
a2 3 a3 4 a4 5 a5 6 解析： 由已知得 ＝ ， ＝ ， ＝ ， ＝ ， …， a1 1 a2 2 a3 3 a4 4 an n＋ 1 ＝ . an－1 n－ 1 an n n＋ 1 以上 n－1 个式子两边分别相乘得 ＝ ， 2 a1 n n＋ 1 n2＋ n ∴ an＝ ＝ . 2 2 2 n ＋n 答案： 2
2014年江苏高考数学常用公式与结论(精华版)
江苏省2014年高考数学常用公式及结论(精华版)编者著：本篇是江苏省2014年高考数学常用公式及结论的精华版，紧扣江苏省2014年江苏最新的教学大纲与考纲，删掉了全国高考里面的反函数、统计等江苏不考的好多知识点，不用的结论做了大量的删减，适合2014年高考考前备考使用！精华版全篇13页。
集合 ● 常用结论：,;A B A A B A B B A B =⇔⊆=⇔⊆();()U U U U U U C A B C A C B C A B C A C B ==.● 集合12{,,,}n a a a 的子集个数共有2n 个；真子集有2n –1个；非空子集有2n–1个；非空的真子集有2n –2个.● 集合解题中不忘空集！有空集成立，而没有空区间的说法！遇到[2a,a+1] 要意识到：2a<a+1. 二次函数，二次方程● 二次函数的解析式的三种形式(1)一般式2()(0)f x ax bx c a =++≠;(2)顶点式2()()(0)f x a x h k a =-+≠; (3)零点式12()()()(0)f x a x x x x a =--≠. ● 闭区间上的二次函数的最值二次函数)0()(2≠++=a c bx ax x f 在闭区间[]q p ,上的最值只能在ab x 2-=处及区间的两端点处取得，注意数形结合以及分类讨论。
● 一元二次方程的实根分布（数形结合理解，无需强记）依据：若()()0f m f n <，则方程0)(=x f 在区间(,)m n 内至少有一个实根 .设q px x x f ++=2)(，则（1）方程0)(=x f 在区间),(+∞m 内有根的充要条件为0)(=m f 或2402p q p m ⎧-≥⎪⎨->⎪⎩；（2）方程0)(=x f 在区间(,)m n 内有根的充要条件为()()0f m f n <或2()0()0402f m f n p q p m n >⎧⎪>⎪⎪⎨-≥⎪⎪<-<⎪⎩或()0()0f m af n =⎧⎨>⎩或()0()0f n af m =⎧⎨>⎩； （3）方程0)(=x f 在区间(,)n -∞内有根的充要条件为()0f m <或2402p q p m ⎧-≥⎪⎨-<⎪⎩ .简易逻辑● 常见结论的否定形式命题的否定是前后都否，否命题只否定结论。
2014年江苏高考数学试题及详细答案(含附加题)
2014年江苏高考数学试题数学Ⅰ试题参考公式:圆柱的侧面积公式:S 圆柱=cl , 其中c 是圆柱底面的周长，l 为母线长. 圆柱的体积公式:V 圆柱=Sh ,其中S 是圆柱的底面积，h 为高.一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共计70分.请把答案填写在答题卡相应位置上．．．．．．．．.1．已知集合{2134}A =--，，，，{123}B =-，，，则A B =．【答案】{13}-，2．已知复数2(52)z i =+(i 为虚数单位)，则z 的实部为． 【答案】213．右图是一个算法流程图，则输出的n 的值是． 【答案】54．从1236，，，这4个数中一次随机地取2个数，则所取2个数的乘积为6的 概率是． 【答案】135．已知函数cos y x =与sin(2)(0)y x ϕϕ=+<π≤，它们的图象有一个横坐标为 3π的交点，则ϕ的值是． 【答案】6π6．为了了解一片经济林的生长情况，随机抽测了其中60株树木的底部周长（单位：cm ），所得数据均在区间[80130]，上，其频率分布直方图如图所示，则在抽测的60株树木中，有株 树木的底部周长小于100 cm ． 【答案】247．在各项均为正数的等比数列{}n a 中，若21a =，8642a a a =+， 则6a 的值是． 【答案】48．设甲、乙两个圆柱的底面积分别为12S S ，，体积分别为12V V ，，若它们的侧面积相等，且1294S S =，则12V V 的值是． 【答案】329．在平面直角坐标系xOy 中，直线230x y +-=被圆22(2)(1)4x y -++=截得的弦长为． 【答案】255510．已知函数2()1f x x mx =+-，若对任意[1]x m m ∈+，，都有()0f x <成立，则实数m 的取值范围是． 【答案】202⎛⎫- ⎪⎝⎭，11．在平面直角坐标系xOy 中，若曲线2b y ax x =+(a b ，为常数)过点(25)P -，，且该曲线在点P 处的切线与直线7230x y ++=平行，则a b +的值是． 【答案】3-12．如图，在平行四边形ABCD 中，已知，85AB AD ==，，32CP PD AP BP =⋅=，，则AB AD ⋅的 值是． 【答案】2213．已知()f x 是定义在R 上且周期为3的函数，当[03)x ∈，时，21()22f x x x =-+．若函数()y f x a =-在区间[34]-，上有10个零点(互不相同)，则实数a 的取值范围是． 【答案】()102，14．若ABC ∆的内角满足sin 2sin 2sin A B C +=，则cos C 的最小值是．【答案】624- 二、解答题：本大题共6小题, 共计90 分. 请在答题卡指定区域内．．．．．．．．作答, 解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15．(本小题满分14 分)已知()2απ∈π，，5sin 5α=． （1）求()sin 4απ+的值；（2）求()cos 26α5π-的值．【答案】本小题主要考查三角函数的基本关系式、两角和与差及二倍角的公式，考查运算求解能 力. 满分14分.（1）∵()5sin 25ααπ∈π=，，，∴225cos 1sin 5αα=--=-()210sin sin cos cos sin (cos sin )444210αααααπππ+=+=+=-；（2）∵2243sin 22sin cos cos 2cos sin 55αααααα==-=-=，∴()()3314334cos 2cos cos2sin sin 2666252510ααα5π5π5π+-=+=-⨯+⨯-=-．16．(本小题满分14 分)如图，在三棱锥P ABC -中，D E F ，，分别为棱PC AC AB ，，的中点．已知6PA AC PA ⊥=，，8BC =，5DF =．（1）求证：直线P A ∥平面DEF ； （2）平面BDE ⊥平面ABC ．【答案】本小题主要考查直线与直线、直线与平面以及平面与平面的位置关系， 考查空间想象能力和推理论证能力.满分14分. （1）∵D E ，为PC AC ，中点 ∴DE ∥P A ∵PA ⊄平面DEF ，DE ⊂平面DEF ∴P A ∥平面DEF （2）∵D E ，为PC AC ，中点 ∴132DE PA ==∵E F ，为AC AB ，中点 ∴142EF BC ==∴222DE EF DF +=∴90DEF ∠=°，∴DE ⊥EF ∵//DE PA PA AC ⊥，，∴DE AC ⊥ ∵ACEF E =∴DE ⊥平面ABC∵DE ⊂平面BDE ， ∴平面BDE ⊥平面ABC ．17．(本小题满分14 分)如图，在平面直角坐标系xOy 中，12F F ，分别是椭圆22221(0)y x a b a b +=>>的左、右焦点，顶点B 的坐标为(0)b ，，连结2BF 并延长交椭圆于点A ，过点A 作x 轴的垂线交椭圆于另一点C ，连结1FC ． （1）若点C 的坐标为()4133，，且22BF =，求椭圆的方程；（2）若1FC AB ⊥，求椭圆离心率e 的值．【答案】本小题主要考查椭圆的标准方程与几何性质、直线与直线的位置关系等基础知识，考查运 算求解能力. 满分14分.（1）∵()4133C ，，∴22161999a b+=∵22222BF b c a =+=，∴22(2)2a ==，∴21b =∴椭圆方程为2212x y += （2）设焦点12(0)(0)()F c F c C x y -，，，，，∵A C ，关于x 轴对称，∴()A x y -，∵2B F A ，，三点共线，∴b y b c x +=--，即0bx cy bc --=① ∵1FC AB ⊥，∴1yb xc c ⋅=-+-，即20xc by c -+=② ①②联立方程组，解得2222222ca x b c bc y b c ⎧=⎪-⎨⎪=-⎩∴()2222222a c bc C b c b c --， ∵C 在椭圆上，∴()()222222222221a cbc b c b c a b --+=，化简得225c a =，∴55c a =, 故离心率为5518．(本小题满分16分)如图，为保护河上古桥OA ，规划建一座新桥BC ，同时设立一个圆形保护区．规划要求：新桥BC 与河岸AB 垂直；保护区的边界为圆心M 在线段OA 上并与BC 相切的圆，且古桥两端O 和A 到该圆上任意一点的距离均不少于80m ．经测量，点A 位于点O 正北方向60m 处，点C 位于点O 正东方向170m 处(OC 为河岸)，4tan 3BCO ∠=． （1）求新桥BC 的长；（2）当OM 多长时，圆形保护区的面积最大？解：本小题主要考查直线方程、直线与圆的位置关系和解三角形等基础知识，考查建立数学模型及运用数学知识解决实际问题的能力.满分16分. 解法一：(1) 如图，以O 为坐标原点，OC 所在直线为x 轴，建立平面直角坐标系xOy .由条件知A (0, 60)，C (170, 0)， 直线BC 的斜率k BC =－tan ∠BCO =－43.又因为AB ⊥BC ，所以直线AB 的斜率k AB =34. 设点B 的坐标为(a ,b )，则k BC =04,1703b a -=--k AB =603,04b a -=- 解得a =80，b=120. 所以BC =22(17080)(0120)150-+-=. 因此新桥BC 的长是150 m.(2)设保护区的边界圆M 的半径为r m,OM =d m,(0≤d ≤60). 由条件知，直线BC 的方程为4(170)3y x =--，即436800x y +-= 由于圆M 与直线BC 相切，故点M (0，d )到直线BC 的距离是r ， 即|3680|680355d dr --==. 因为O 和A 到圆M 上任意一点的距离均不少于80 m,所以80(60)80r d r d -⎧⎨--⎩≥≥即68038056803(60)805dd d d -⎧-⎪⎪⎨-⎪--⎪⎩≥≥解得1035d ≤≤故当d =10时,68035dr -=最大，即圆面积最大. 所以当OM = 10 m 时，圆形保护区的面积最大. 解法二:(1)如图，延长OA , CB 交于点F . 因为tan ∠BCO =43.所以sin ∠FCO =45，cos ∠FCO =35.因为OA =60,OC =170，所以OF =OC tan ∠FCO =6803. CF =850cos 3OC FCO =∠,从而5003AF OF OA =-=. 因为OA ⊥OC ，所以cos ∠AFB =sin ∠FCO ==45， 又因为AB ⊥BC ，所以BF =AF cos ∠AFB ==4003，从而BC =CF －BF =150. 因此新桥BC 的长是150 m.(2)设保护区的边界圆M 与BC 的切点为D ，连接MD ，则MD ⊥BC ，且MD 是圆M 的半径，并设MD =r m ，OM =d m(0≤d ≤60).因为OA ⊥OC ，所以sin ∠CFO =cos ∠FCO ， 故由(1)知，sin ∠CFO =3,68053MD MD r MF OF OM d ===--所以68035d r -=. 因为O 和A 到圆M 上任意一点的距离均不少于80 m,所以80(60)80r d r d -⎧⎨--⎩≥≥即68038056803(60)805dd d d -⎧-⎪⎪⎨-⎪--⎪⎩≥≥解得1035d ≤≤故当d =10时,68035dr -=最大，即圆面积最大. 所以当OM = 10 m 时，圆形保护区的面积最大.19．(本小题满分16分)已知函数()e e x x f x -=+其中e 是自然对数的底数． （1）证明：()f x 是R 上的偶函数；（2）若关于x 的不等式()e 1x mf x m -+-≤在(0)+∞，上恒成立，求实数m 的取值范围；（3）已知正数a 满足：存在0[1)x ∈+∞，，使得3000()(3)f x a x x <-+成立．试比较1e a -与e 1a -的大小，并证明你的结论．【答案】本小题主要考查初等函数的基本性质、导数的应用等基础知识，考查综合运用数学思想 方法分析与解决问题的能力.满分16分.（1）x ∀∈R ，()e e ()x x f x f x --=+=，∴()f x 是R 上的偶函数 （2）由题意，(e e )e 1x x x m m --++-≤，即(e e 1)e 1x x x m --+--≤ ∵(0)x ∈+∞，，∴e e 10x x -+->，即e 1e e 1x x x m ---+-≤对(0)x ∈+∞，恒成立令e (1)x t t =>，则211t m t t --+≤对任意(1)t ∈+∞，恒成立∵2211111(1)(1)113111t t t t t t t t --=-=---+-+-+-++-≥，当且仅当2t =时等号成立 ∴13m -≤（3）'()e e x x f x -=-，当1x >时'()0f x >，∴()f x 在(1)+∞，上单调增 令3()(3)h x a x x =-+，'()3(1)h x ax x =--∵01a x >>，，∴'()0h x <，即()h x 在(1)x ∈+∞，上单调减∵存在0[1)x ∈+∞，，使得3000()(3)f x a x x <-+，∴1(1)e 2e f a =+<，即()11e 2ea >+ ∵e-1e 111ln ln ln e (e 1)ln 1ea a aa a a ---=-=--+设()(e 1)ln 1m a a a =--+，则()e 1e 111'()1e 2ea m a a a a ---=-=>+，当()11e e 12e a +<<-时，'()0m a >，()m a 单调增；当e 1a >-时，'()0m a <，()m a 单调减 因此()m a 至多有两个零点，而(1)(e)0m m == ∴当e a >时，()0m a <，e 11e a a --<； 当()11e e 2e a +<<时，()0m a <，e 11e a a -->； 当e a =时，()0m a =，e 11e a a --=．20．(本小题满分16分)设数列{}n a 的前n 项和为n S ．若对任意的正整数n ，总存在正整数m ，使得n m S a =，则称{}n a 是“H 数列”．（1）若数列{}n a 的前n 项和2()n n S n *=∈N ，证明：{}n a 是“H 数列”；（2）设{}n a 是等差数列，其首项11a =，公差0d <．若{}n a 是“H 数列”，求d 的值；（3）证明：对任意的等差数列{}n a ，总存在两个“H 数列”{}n b 和{}n c ，使得()n n n a b c n *=+∈N 成立．【答案】本小题主要考查数列的概念、等差数列等基础知识，考查探究能力及推理论证能力, 满分16分.（1）当2n ≥时，111222n n n n n n a S S ---=-=-=当1n =时，112a S ==∴1n =时，11S a =，当2n ≥时，1n n S a += ∴{}n a 是“H 数列” （2）1(1)(1)22n n n n n S na d n d --=+=+ 对n *∀∈N ，m *∃∈N 使n m S a =，即(1)1(1)2n n n d m d -+=+- 取2n =得1(1)d m d +=-，12m d=+∵0d <，∴2m <，又m *∈N ，∴1m =，∴1d =-（3）设{}n a 的公差为d令111(1)(2)n b a n a n a =--=-，对n *∀∈N ，11n n b b a +-=- 1(1)()n c n a d =-+，对n *∀∈N ，11n n c c a d +-=+则1(1)n n n b c a n d a +=+-=，且{}{}n n b c ，为等差数列 {}n b 的前n 项和11(1)()2n n n T na a -=+-，令1(2)n T m a =-，则(3)22n n m -=+ 当1n =时1m =； 当2n =时1m =；当3n ≥时，由于n 与3n -奇偶性不同，即(3)n n -非负偶数，m *∈N 因此对n ∀，都可找到m *∈N ，使n m T b =成立，即{}n b 为“H 数列”． {}n c 的前ｎ项和1(1)()2n n n R a d -=+，令1(1)()n m c m a d R =-+=，则(1)12n n m -=+ ∵对n *∀∈N ，(1)n n -是非负偶数，∴m *∈N即对n *∀∈N ，都可找到m *∈N ，使得n m R c =成立，即{}n c 为“H 数列” 因此命题得证.数学Ⅱ(附加题)21.【选做题】本题包括A, B,C,D 四小题，请选定其中两小题，并在相应的答题区域内作答.若多做，则按作答的前两小题评分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤. A.【选修4-1:几何证明选讲】(本小题满分10分)如图，AB 是圆O 的直径，C 、 D 是圆O 上位于AB 异侧的两点 证明:∠OCB =∠D .本小题主要考查圆的基本性质，考查推理论证能力.满分10分. 证明：因为B , C 是圆O 上的两点，所以OB =OC . 故∠OCB =∠B .又因为C , D 是圆O 上位于AB 异侧的两点， 故∠B ，∠D 为同弧所对的两个圆周角， 所以∠B =∠D . 因此∠OCB =∠D .B.【选修4-2:矩阵与变换】(本小题满分10分)已知矩阵121x -⎡⎤=⎢⎥⎣⎦A ，1121⎡⎤=⎢⎥-⎣⎦B ，向量2y ⎡⎤=⎢⎥⎣⎦α，x y ，为实数，若A α=B α，求x y ，的值． 【答案】本小题主要考查矩阵的乘法等基础知识，考查运算求解能力.满分10分. 222y xy -⎡⎤=⎢⎥+⎣⎦A α，24y y +⎡⎤=⎢⎥-⎣⎦B α，由A α=B α得22224y y xy y -=+⎧⎨+=-⎩，，解得142x y =-=， C.【选修4-4:坐标系与参数方程】(本小题满分10分) 在平面直角坐标系xOy 中，已知直线l 的参数方程为212222x t y t ⎧=-⎪⎨⎪=+⎩，(t 为参数)，直线l 与抛物线24y x =交于A B ，两点，求线段AB 的长．【答案】本小题主要考查直线的参数方程、抛物线的标准方程等基础知识，考查运算求解能力.满分10分.直线l ：3x y +=代入抛物线方程24y x =并整理得21090x x -+= ∴交点(12)A ，，(96)B -，，故||82AB = D.【选修4-5:不等式选讲】(本小题满分10分) 已知x >0, y >0,证明：(1+x +y 2)( 1+x 2+y )≥9xy.本小题主要考查算术一几何平均不等式.考查推理论证能力.满分10分. 证明：因为x >0, y >0, 所以1+x +y 2≥2330xy >，1+x 2+y ≥2330x y >，所以(1+x +y 2)( 1+x 2+y )≥223333xy x y ⋅=9xy.【必做题】第22题、第23题，每题10分，共计20分.请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 22．(本小题满分10分)盒中共有9个球，其中有4个红球，3个黄球和2个绿球，这些球除颜色外完全相同． （1）从盒中一次随机取出2个球，求取出的2个球颜色相同的概率P ；（2）从盒中一次随机取出4个球，其中红球、黄球、绿球的个数分别记为123x x x ，，，随机变量X 表示123x x x ，，中的最大数，求X 的概率分布和数学期望()E X ．22.【必做题】本小题主要考查排列与组合、离散型随机变量的均值等基础知识，考查运算求解能力.满分10分.（1）一次取2个球共有29C 36=种可能情况，2个球颜色相同共有222432C C C 10++=种可能情况∴取出的2个球颜色相同的概率1053618P ==（2）X 的所有可能取值为432，，，则4449C 1(4)C 126P X === 3131453639C C C C 13(3)C 63P X +=== 11(2)1(3)(4)14P X P X P X ==-=-==∴X 的概率分布列为X 2 3 4 P111413631126故X 的数学期望1113120()23414631269E X =⨯+⨯+⨯=23．(本小题满分10分)已知函数0sin ()(0)x f x x x=>，设()n f x 为1()n f x -的导数，n *∈N ．（1）求()()122222f f πππ+的值；（2）证明：对任意的n *∈N ，等式()()124442n n nf f -πππ+=成立．23.【必做题】本题主要考查简单的复合函数的导数，考查探究能力及运用数学归纳法的推理论证能力.满分10分.(1)解：由已知，得102sin cos sin ()(),x x x f x f x x x x '⎛⎫'===- ⎪⎝⎭于是21223cos sin sin 2cos 2sin ()(),x x x x x f x f x x x x x x ''⎛⎫⎛⎫'==-=--+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭所以12234216(),(),22f f πππππ=-=-+ 故122()() 1.222f f πππ+=- (2)证明：由已知，得0()sin ,xf x x =等式两边分别对x 求导，得00()()cos f x xf x x '+=， 即01()()cos sin()2f x xf x x x π+==+，类似可得 122()()sin sin()f x xf x x x π+=-=+，2333()()cos sin()2f x xf x x x π+=-=+， 344()()sin sin(2)f x xf x x x π+==+. 下面用数学归纳法证明等式1()()sin()2n n n nf x xf x x π-+=+对所有的n ∈*N 都成立. (i)当n =1时，由上可知等式成立.(ii)假设当n =k 时等式成立, 即1()()sin()2k k k kf x xf x x π-+=+. 因为111[()()]()()()(1)()(),k k k k k k k kf x xf x kf x f x xf x k f x f x --+'''+=++=++(1)[sin()]cos()()sin[]2222k k k k x x x x ππππ+''+=+⋅+=+， 所以1(1)()()k k k f x f x +++(1)sin[]2k x π+=+. 所以当n=k +1时,等式也成立.综合(i),(ii)可知等式1()()sin()2n n n nf x xf x x π-+=+对所有的n ∈*N 都成立. 令4x π=，可得1()()sin()44442n n n nf f πππππ-+=+(n ∈*N ). 所以12()()4442n n nf f πππ-+=(n ∈*N ).。
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【高考领航】2014高考数学总复习 5-4 通项公式的求法练习苏教版【A组】一、填空题1．已知数列{a n}中，满足a1＝6，a n＋1＋1＝2(a n＋1)(n∈N*)，则数列{a n}的通项公式为________．解析：∵a n＋1＋1＝2(a n＋1)∴a n＋1＋1a n＋1＝2(常数)∴{a n＋1}是以7为首项，2为公比的等比数列∴a n＋1＝7·2n－1∴a n＝7·2n－1－1答案：a n＝7·2n－1－1.2．已知数列{a n}满足：a1＋a2＋…＋a n＝2n2－3n＋1，则a4＋a5＋…＋a10＝________.解析：a4＋a5＋a6＋…＋a10＝(a1＋a2＋…＋a10)－(a1＋a2＋a3)＝(2×102－3×10＋1)－(2×32－3×3＋1)＝161.答案：1613．设数列{a n}是首项为1的正项数列，且当n≥2时，S n－1－S n＝2S n·S n－1，则a n＝________.解析：∵S n－1－S n＝2S n·S n－1∴1S n －1S n－1＝2.∴{1S n }是以1S1＝1a1＝1为首项，2为公差的等差数列∴1S n＝1＋2(n－1)＝2n－1∴S n＝12n－1当n≥2时，a n＝S n－S n－1＝12n－1－1n－－1＝－2n－n－n＝1时也适合上式∴a n＝－2n－n－.答案：－2n－n－4．等差数列{a n}是递增数列，且a1，a3，a9成等比数列，S5＝a25，则数列{a n}的通项公式为________．解析：由题知：a23＝a1a9即(a1＋2d)2＝a1(a1＋8d)∴d 2＝a 1d又d ≠0 ∴a 1＝d ①∵S 5＝a 25 ∴5a 1＋5×42d ＝(a 1＋4d )2②由①②得a 1＝35 d ＝35 ∴a n ＝35n .答案：a n ＝35n5．等差数列{a n }的通项公式是a n ＝2n ＋1，其前n 项和为S n ，则数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 的前10项和为________．解析：∵a n ＝2n ＋1，∴a 1＝3，d ＝2，S n ＝3n ＋n n －2×2＝n 2＋2n ，S n n＝n ＋2.∴⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 是首项为3，公差为1的等差数列，其前10项和为10×3＋10×92×1＝75.答案：756．已知数列{a n }中，a 1＝3，a n ＝3n －1·a n －1(n ≥2)，则a n ＝________.解析：n ≥2时 a n ＝3n －1·a n －1 ∴a n a n －1＝3n －1∴a 2a 1＝32－1＝31，a 3a 2＝32……a n －1a n －2＝3n －2，a n a n －1＝3n －1∴a na 1＝3×32×33×…×3n －2×3n －1＝31＋2＋3＋…＋(n －1)＝3n n －2∴a n ＝3n n －2×a 1＝3n n －2×3＝3n 2－n2＋1＝3n 22－n2＋1，n ＝1也适合．答案：3n 22－n2＋17．在数列{a n }中，已知(n 2＋n )a n ＋1＝(n 2＋2n ＋1)a n ，n ∈N *，且a 1＝1则a n ＝________.解析：∵(n 2＋n )a n ＋1＝(n 2＋2n ＋1)a n ∴na n ＋1＝(n ＋1)a n 由a 1＝1知a n ≠0∴a n ＋1a n ＝n ＋1n.∴a 2a 1＝21，a 3a 2＝32，…，a n a n －1＝n n －1(n ≥2) ∴a n a 1＝21×32×…×n n －1＝n ，∴a n ＝n (n ≥2)，n ＝1也适合 ∴a n ＝n . 答案：n 二、解答题8．(2012·高考大纲卷)已知数列{a n }中，a 1＝1，前n 项和S n ＝n ＋23a n .(1)求a 2，a 3；(2)求{a n }的通项公式．解：(1)由S 2＝43 a 2得3(a 1＋a 2)＝4a 2，解得a 2＝3a 1＝3；由S 3＝53a 3得3(a 1＋a 2＋a 3)＝5a 3，解得a 3＝32(a 1＋a 2)＝6.(2)由题设知a 1＝1. 当n >1时，有a n ＝S n －S n －1＝n ＋23a n －n ＋13a n －1，整理得a n ＝n ＋1n －1a n －1. 于是a 2＝31a 1， a 3＝42a 2，……a n －1＝nn －2a n －2，a n ＝n ＋1n －1a n －1.将以上n －1个等式中等号两端分别相乘，整理得a n ＝n n ＋2(n >1)，又n ＝1时，上式成立．综上可知，{a n }的通项公式a n ＝n n ＋2.9．已知数列{a n }的前n 项和为S n ，对一切正整数点(n ，S n )都在函数f (x )＝2x ＋2－4的图象上．(1)求数列{a n }的通项公式；(2)设b n ＝a n ·log 2a n ，求数列{b n }的前n 项和T n . 解：(1)由题：S n ＝2n ＋2－4当n ≥2时a n ＝S n －S n －1＝2n ＋2－2n ＋1＝2n ＋1当n ＝1时，a 1＝4＝21＋1，适合上式．∴a n ＝2n ＋1.(2)∵b n ＝a n log 2 a n ＝(n ＋1)·2n ＋1∴T n ＝2·22＋3·23＋4·24＋…＋n ·2n＋(n ＋1)·2n ＋1① 2T n ＝2·23＋3·24＋4·25＋…＋n ·2n ＋1＋(n ＋1)·2n ＋2②②－①得：T n ＝－23－23－24－25－…－2n ＋1＋(n ＋1)·2n ＋2＝－23－23－2n －11－2＋(n ＋1)·2n ＋2＝－23－23(2n －1－1)＋(n ＋1)·2n ＋2＝(n ＋1)·2n ＋2－23·2n －1＝(n ＋1)·2n ＋2－2n ＋2＝n ·2n ＋2.【B 组】一、填空题1．已知数列{a n }满足：a 4n －3＝1，a 4n －1＝0，a 2n ＝a n ，n ∈N *，则a 2 009＝________；a 2 014＝________.解析：a 2 009＝a 503×4－3＝1，a 2 014＝a 2×1 007＝a 1 007＝a 4×252－1＝0. 答案：1；0 2．设a 1＝2，a n ＋1＝2a n ＋1，b n ＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪a n ＋2a n －1，n ∈N *，则数列{b n }的通项b n＝________.解析：∵b n ＋1＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪a n ＋1＋2a n ＋1－1＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪2a n＋1＋22a n＋1－1＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪a n＋a n ＋1－a n－a n ＋1＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪－a n ＋a n －1＝2b n ，∴b n ＋1＝2b n .又b 1＝4，∴b n ＝4·2n －1＝2n ＋1.答案：2n ＋13．在数列{a n }中，a 1＝2，a n ＋1＝a n ＋ln ⎝⎛⎭⎪⎫1＋1n ，则a n 等于________．解析：由题意可知：a n ＋1＝a n ＋ln n ＋1n， 即a n ＋1－a n ＝ln(n ＋1)－ln n ，于是a n ＝(a n －a n －1)＋(a n －1－a a －2)＋…＋(a 2－a 1)＋a 1＝ln n －ln(n －1)＋ln(n －1)－ln(n －2)＋…＋ln 2－ln 1＋2＝2＋ln n . 答案：2＋ln n4．已知数列{a n }的前n 项和S n ＝n 2－9n .第k 项满足5<a k <8，则k 等于________．解析：a n ＝⎩⎪⎨⎪⎧S 1n ＝，S n －S n －1n ≥⇒a n ＝⎩⎪⎨⎪⎧－8 n ＝，－10＋2nn⇒a n ＝2n －10.∵5<a k <8，∴5<2k －10<8，∴152<k <9. 又∵k ∈N *，∴k ＝8. 答案：85．(2013·江苏连云港二模)数列{a n }满足a n ＋1＝⎩⎪⎨⎪⎧2a n， 0≤a n≤12，2a n－1， 12<a n<1，a 1＝35，则数列的第2 013项为________．解析：∵a 1＝35，∴a 2＝2a 1－1＝15，∴a 3＝2a 2＝25，∴a 4＝2a 3＝45，a 5＝2a 4－1＝35，a 6＝2a 5－1＝15，…，∴该数列的周期T ＝4.∴a 2 013＝a 1＝35.答案：356．(2013·泰州模拟)已知数列{a n }中，a 1＝12，a n ＋1＝1－1a n(n ≥2)，则a 16＝________.解析：a 1＝12，a 2＝1－2＝－1，a 3＝1＋1＝2，a 4＝1－12＝12，∴a n 以3为周期，∴16＝1＋3×5，∴a 16＝a 1＝12.答案：127．(2013·江南十校联考)数列{a n }的通项公式为a n ＝an 2＋n ，若满足a 1<a 2<a 3<a 4<a 5，且a n >a n＋1对n ≥8恒成立，则实数a 的取值范围是________．答案：⎝ ⎛⎭⎪⎫－19，－117二、解答题8．(2013·淮安模拟)已知数列{a n }满足：a 1＝1,2n －1a n ＝a n －1(n ∈N ，n ≥2)．(1)求数列{a n }的通项公式；(2)这个数列从第几项开始及其以后各项均小于11 000？解：(1)a n ＝a n a n －1·a n －1a n －2·…·a 3a 2·a 2a 1·a 1＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12n －1·⎝ ⎛⎭⎪⎫12n －2·…·⎝ ⎛⎭⎪⎫122·⎝ ⎛⎭⎪⎫121＝⎝ ⎛⎭⎪⎫121＋2＋…＋(n －1)＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12n －n2，∴a n ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12nn －2.(2)当n ≤4时，n －n2≤6，a n ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12n －n 2≥164， 当n ≥5时，n －n2≥10，a n ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12n －n2≤11 024. ∴从第5项开始各项均小于11 000. 9．(2013·江苏南通模拟)设等差数列{a n }的前n 项和为S n ，且a 5＋a 13＝34，S 3＝9.(1)求数列{a n }的通项公式及前n 项和公式； (2)设数列{b n }的通项公式为b n ＝a na n ＋t，问：是否存在正整数t ，使得b 1，b 2，b m (m ≥3，m ∈N)成等差数列？若存在，求出t 和m 的值；若不存在，请说明理由．解：(1)设{a n }的公差为d ，由已知得⎩⎪⎨⎪⎧a 5＋a 13＝34，3a 2＝9，即⎩⎪⎨⎪⎧a 1＋8d ＝17，a 1＋d ＝3.解得a 1＝1，d ＝2，∴a n ＝2n －1，S n ＝n 2. (2)由(1)知b n ＝2n －12n －1＋t，要使b 1，b 2，b m 成等差数列，则2b 2＝b 1＋b m ，即2×33＋t ＝11＋t ＋2m －12m －1＋t ，整理得m ＝3＋4t －1. 因为m ，t 为正整数，所以t 只能取2,3,5，当t ＝2时，m ＝7； 当t ＝3时，m ＝5；当t ＝5时，m ＝4. 故存在正整数t ，例得b 1，b 2，b m 成等差数列．。