全品高考复习方案一轮复习用书
《全品高考复习方案 2020届高考一轮复习历史(课件+测评手册+作业手册) (54)
第32讲空前严重的资本主义世界经济危机与罗斯福新政一、世界资本主义经济政策的调整二、苏联的社会主义建设与改革线索1罗斯福新政在1929—1933年资本主义世界经济危机的冲击下,各主要资本主义国家采取了不同形式的应对措施,罗斯福新政成功地使美国渡过了危机,维护了民主制度,开创了国家干预经济的新模式。
线索2资本主义的新变化二战后,资本主义经济思想实现了从“自由放任”政策到凯恩斯主义的转变;在二战结束至今的半个多世纪里,资本主义国家经过对运行机制的调节,经济获得迅速恢复和长足发展。
更为重要的是,资本主义的发展出现了影响深远的新变化。
线索3苏联在社会主义建设过程中经济政策的调整列宁对社会主义建设道路的探索,包括“战时共产主义”政策和新经济政策,最终探索出一条向社会主义过渡的正确途径;20世纪20年代末30年代初逐步形成斯大林模式。
线索4二战后苏联的经济改革斯大林模式在20世纪40年代到50年代初期进一步固定化;随着斯大林模式的弊端日益显露,赫鲁晓夫、勃列日涅夫和戈尔巴乔夫相继对其进行改革,这三次改革都对苏联的历史发展产生了不同影响,戈尔巴乔夫改革则因方向性错误最终导致苏联解体。
第32讲空前严重的资本主义世界经济危机与罗斯福新政1.空前严重的资本主义世界经济危机(1)原因①根本原因:资本主义制度的依然存在。
②直接原因:生产和消费之间的矛盾激化。
【易错提醒】资本主义经济危机爆发的根本原因1929年资本主义世界经济大危机爆发的根本原因是资本主义制度的基本矛盾,即生产的社会化与生产资料私人占有之间的矛盾,生产相对过剩只是直接原因。
(2)爆发:1929年10月下旬,美国纽约股价狂跌。
(3)表现:大批银行倒闭,企业破产,失业人数激增,农产品价格下跌。
(4)特点:持续时间长;波及范围广;破坏性大。
(5)影响①造成经济衰退或萧条;社会危机加深,势力抬头。
②各主要资本主义国家加紧在上的争夺,加紧对殖民地和半殖民地的掠夺,世界局势紧张。
全品高考复习方案
全品高考复习方案【方案一】科学制定复习计划在全品高考复习中，科学制定复习计划至关重要。
以下是一个完整的复习计划建议：1.排定时间表：根据各科目的难易程度和自己的实际情况，合理安排复习时间，确保每个科目都有充分的时间复习。
2.确定优先级：根据自己的薄弱科目和重点科目，确定复习的优先级。
合理分配时间和精力，将更多的时间用在薄弱科目上。
3.复习每个科目：对于每个科目，制定详细的复习计划。
可以先进行课本和笔记的复习，然后做一些相关的练习题，最后进行模拟试卷的训练。
4.复习方法：灵活运用不同的复习方法，如阅读、刷题、做实验等，提高复习效率。
还可以与同学组团复习，相互监督和交流，共同进步。
5.监督与反馈：制定自我监督机制，每天检查自己的复习进度，并及时调整。
可以通过模拟考试和老师的评估来获取反馈，了解自己的不足之处，及时补充。
6.放松和休息：保持良好的作息时间，合理安排休息时间和运动时间，保证身体和状态的良好。
【方案二】科目复习笔记整理在高考复习中，科目复习笔记的整理十分重要。
以下是一些建议：1.整理核心知识点：将每个科目的核心知识点提炼出来，形成概要或思维导图，方便记忆和复习。
2.归纳总结：将复杂的知识点进行归纳总结，简化为易于理解和记忆的形式。
可以用自己的话重新解释，并加入一些关键词和例子。
3.图表和图像：用图表和图像来呈现某些抽象的概念和关系，可以更直观地理解和记忆。
4.解答题技巧：对于解答题型的科目，整理各种常见题型的解题技巧和注意事项。
分析对错题的原因和解题思路，形成自己的解题方法。
5.配图和颜色标记：在复习笔记中加入配图和颜色标记，使重点和重要内容更加醒目。
这有助于记忆和复习时的关联。
6.及时更新：随着复习的进行，不断更新整理的笔记。
将新学到的知识点和解题技巧整合到笔记中，保持笔记的完整性和实用性。
【方案三】全员参与互助复习在高考复习中，全员参与互助复习能够增强学生之间的互动和合作，提高整体复习效果。
全品高考复习方案
全品高考复习方案高考是中国青少年参加的重要考试，因此复习是非常重要的，应根据考生的学习习惯和学习内容，来制定高效的复习计划，有效提高考试成绩。
为了帮助考生更好地复习，结合本人经验，给出以下全品高考复习方案：一、掌握对应的考试理论知识要想做好高考，考生首先需要掌握对应的考试理论知识，具体分为以下几个方面：首先，考生要掌握科学的考试知识，包括科学实验和研究方法；其次，要学习考纲所规定的课程内容，并能熟练掌握；第三，要把握实际的考前复习方法，做好充分的考前准备；最后，要记住重点考点、应知应会的知识点，努力消灭知识漏洞。
二、建立复习计划在制定复习计划时，应分析全册课程，有量变而引发质变，以提高复习效率。
具体做法是：首先，要规划好复习时间，把复习计划加以规整和细化，把握不同时段对学习的影响；其次，要科学安排每日学习任务，不要把一天的时间都放在一科的复习上；第三，在完成一定量的复习任务后要有意识地去休息，注意保持适度的复习力度，充分调节状态；最后，要形成良好的复习习惯，逐渐减少停留在单一课程的复习上。
三、科学复习在复习时对课本内容进行精深的学习，不断加强对知识点的理解，针对不清楚的概念进行查阅资料，把需要重点复习的知识点抓拢，从总体内容出发逐步深入，将课本知识渗透到具体的实际例题中。
学习的过程要有思考、题目解析及实践，做到理论与实践相结合，以便明确知识重心、把握复习要点。
四、练习结果研究及时诊断自我实践能力，检验尚未掌握的内容，通过分析习题结果，反复认真学习，把不足之处弥补起来，并加强做题能力的训练，如果发现自己在某个科目方面有问题，需要及时找老师咨询答疑，以便及时消除知识漏洞。
五、养成良好的考前习惯在考前，要养成良好的习惯，不可放松复习力度，在考前的一个星期要重点复习较难的知识点，以勾勒出整个复习计划的总体概括。
考前一天晚上不要熬夜，早睡早起，要给身体充足的休息，保持良好情绪，让自己在考试中有自信，安心应考。
《全品高考复习方案 2020届高考一轮复习历史(课件+测评手册+作业手册) (14)
第十单元中国特色社会主义建设的道路与近现代社会生活的变迁第29讲经济建设的发展和曲折【主干知识回扣】一、1.通货膨胀工农业生产 2.重工业工业化 3.公私合营社会主义公有制社会主义二、1.农业国工业国 2.多快好省大办工业公共食堂 3.调整充实调整任务 4.经济领域周恩来全面整顿【考点深化探究】考点一设想:借鉴苏联经验,优先发展重工业,尽快实现工业化。
不同:不片面强调发展重工业,主张处理好重工业、轻工业、农业之间的关系,走一条与苏联不同的中国社会主义工业化道路。
考点二史料1再现了“大跃进”的本质特点,即片面追求工农业生产的高速度和高指标,明显违背了经济发展的客观规律;史料2体现了人民公社化运动的特点,即扩大公有化、集体化的规模,实行军事化的管理形式,违背了生产力决定生产关系的基本原理。
【高考链接突破】•解考题考题1D[解析]本题主要考查学生根据所学知识提取相关信息、分析问题和解决问题的能力。
1953年,我国开始实行第一个五年计划,确立了优先发展重工业的方针,对各种矿产资源的需求与日俱增,进行了大规模的资源勘探工作,D项符合题意。
1957年,“一五”计划超额完成后,新中国初步改变工业落后局面,A项说法错误;漫画主要反映的是资源勘探,而不是开始进行对矿产资源的开采,B项与题干及漫画信息不符;国民经济调整任务基本完成是在1965年,C项错误。
考题2B[解析]本题考查新中国的社会主义建设。
通过对漫画及画中文字的观察,能够看出奶奶和阿姨都在用自己的方式为社会主义建设作贡献,从而得出女性成为国家建设的重要力量,故B项正确。
漫画及画中文字未体现工业化,故A项错误;人民公社化运动于1958年兴起,故C项错误;当时实行计划经济体制,牺牲农村、农民和农业,集中力量发展城市重工业,D项说法错误,且在材料中无法反映。
考题3A[解析]本题以“一五”计划期间的投资变化为切入点,旨在考查学生提取材料有效信息和运用所学知识解决问题的能力。
《全品高考复习方案》2020届高考物理一轮复习文档：测评手册答案
选择题必刷卷(一)1.D[解析] 4个半小时指的是一段时间,在时间轴上对应一段距离,故选项A错误;列车提速至350 km/h,此350 km/h指最大速度,为瞬时速度,故选项B错误;根据平均速度公式=可知,要知道任意一段时间内的平均速度,需要知道该段时间内的位移,由题无法知道这个位移,故选项C错误;当研究“复兴号”列车经过某一站牌的时间时,需要考虑其大小和形状,不能将其看作质点,故选项D正确.2.B[解析]刹车时做减速运动,减速的最大位移x=,则初速度v0==10 m/s,选项B正确.3.C[解析]由Δx=aT2可得在任意相邻的1 s时间内下落的距离之差Δh=g,在任意相邻的 1 s时间内平均速度之差Δv等于相邻两个 1 s的中间时刻的瞬时速度之差,则Δv=gt=g,选项C正确.4.C[解析]由x4-x2=2aT2,可得加速度a=4 m/s2,第2 s末的速度v1=at1=8 m/s,第2 s中间时刻的速度v2=at2=6 m/s,第2 s内的位移x2=v2t=6 m,物体在0~5 s内中间时刻的速度v3=at3=10 m/s,则0~5 s内的平均速度为10 m/s,选项C错误,选项A、B、D正确.5.D[解析]两段相等时间t内各自的位移分别为x和-x,则x=gt2,-x=gt·t-at2,解得a=3g,选项A错误;自由下落t时间时小球的速率为v'=gt,选项C错误;当加速度变为a后,减速至0过程的位移x'==,小球下落的最大高度h=x+x'==,选项D正确;返回到A点时的速度v=gt-at=-2gt=-at,选项B错误.6.D[解析]x-t图像只能表示直线运动,选项A错误;根据公式x=at2可知,甲、乙两物体都做匀变速直线运动,选项B错误;x-t图像的斜率的正负表示速度的方向,由图像可知,甲图像斜率为正,乙图像斜率为负,甲、乙两物体运动方向相反,选项C错误;根据公=1 式a=可知,相等时间内速度变化大小取决于加速度大小,由公式x=at2可知,a甲m/s,a乙=-m/s2,|a甲|>|a乙|,故第3 s内甲物体的速度变化比乙物体的速度变化大,选项D正确.7.B[解析]小球1在前2t时间内及小球2在前t时间内的速度—时间图像的斜率均为g,t时刻小球1的速度为0,小球2落入沙坑,速度大小v2=gt,故小球1的初速度大小v0=gt,方向向上,抛出点在沙坑正上方h=gt2处,小球1所到达的最高点在沙坑正上方H=2h=gt2处,设小球1落入沙坑时速度为v1,对小球1从最高点到落入沙坑过程,有=2gH,解得v1=gt,故B正确.8.C[解析]由于单位时间内通过任一横截面的水的体积相等,设Δt时间内通过水柱任一横截面的水的体积为V,V=vΔtS,开始时水流速度小,横截面积大,速度增大时,横截面积变小,所以水柱是上粗下细,A、B错误;高为H的水柱上端速度为v1=,下端速度为v2=,根据-=2gH,水的流量=S1S2,C正确,D错误.9.BD[解析]当人、车速度相等时,经历的时间t==s=6 s,此时人的位移x1=vt=6×6 m=36 m,车的位移x2=at2=×1×62m=18 m,因为x1<x2+20 m,可知人不能追上公交车,速度相等时有最小距离,最小距离Δx=x2+20 m-x1=18 m+20 m-36 m=2 m,在整个过程中,人、车之间的距离先减小后增大,选项B、D正确.10.ACD[解析]由Δx=gT2可得,加速度g==,经过位置3的瞬时速度v3==,经过位置4的瞬时速度v4=v3+gT=,从位置1到4过程中的平均速度大小等于从位置2到3过程中的平均速度,即=,选项A、C、D正确.11.CD[解析]由b到a过程是初速度为零的匀加速直线运动,则t bc∶t ca=1∶(-1),而t bc+t ca=t,解得t bc=t,选项A错误,C正确;由于物块只受重力和支持力,故物块的加速度始终相同,均为a=g sin θ,方向沿斜面向下,选项B错误;由于c是位移中点,而不是时间中点,根据匀变速直线运动的规律可知,物块上滑通过c点时的速度大于整个上滑过程中平均速度的大小,选项D正确.12.ABD[解析]物体可能先向上做匀减速直线运动,后向下做匀加速直线运动,根据x=v0t+at2知,位移是时间的二次函数,图线是曲线,A是可能的;物体可能先向上做匀减速直线运动,后停在最高点,B、D是可能的;C图中物体返回时速度大于出发时速度,不符合物体的运动情况,违反了能量守恒定律,C不可能.13.BCD[解析]x-t图像的斜率表示速度,甲车先做匀速直线运动,后静止,A错误;乙车在0~10 s内位移大小为8 m,则平均速度大小为0.8 m/s,B正确;两图线交点表示相遇,C 正确;乙车的平均速度大小为0.8 m/s,P对应乙车的位移中点,若乙车做匀变速直线运动,则P点对应的瞬时速度大于0.8 m/s,D正确.14.AC[解析]由a-t图像可知,汽车在0~10 s内做匀加速运动,在10~40 s内做匀速运动,在40~50 s内做匀减速运动,在10 s末的速度最大,且最大速度v=a1t1=20 m/s,选项A正确;在50 s末的速度最小,最小速度v'=v-a2t3=10 m/s,且汽车在40~50 s内的速度方向和0~10 s内的速度方向相同,选项B、D错误;汽车在0~10 s内的位移x1=a1=100 m,在10~40 s内的位移x2=a1t1t2=2×10×30 m=600 m,在40~50 s内的位移x3=·t3=150 m,总位移x=x1+x2+x3=850 m,选项C正确.15.CD[解析]由图像可知,甲车先做匀速运动再做同向匀减速运动,选项A错误;在第20 s末,甲的加速度为a甲=-1 m/s2,乙的加速度a乙=m/s2,选项B错误;在前30 s内,甲的位移x甲=×20 m=400 m,乙的位移x乙=m=300 m,第30 s末,两车相距Δx=x甲-x乙-x0=50 m,选项C正确;在整个运动过程中,在30 s前,甲追上乙相遇一次,30 s后乙追上甲车又相遇一次,选项D正确.16.CD[解析]根据题意作出甲、乙赛跑定性的v-t图像,如图所示,由图像可知,刚起跑时甲处于领先,但在到达终点前有可能被乙超越,且甲一旦被超越就无法再追上乙,故A 错误,D正确.加速过程中甲、乙的初速度均为零,乙的末速度大,所以加速过程中乙的平均速度大,且乙的加速时间更长,所以乙加速过程的位移更大,故B错误,C正确.选择题必刷卷(二)1.B[解析]无人机正沿直线朝斜下方匀速运动,即所受合外力为零,只有B图受力可能为零,选项B正确.2.A[解析]设C与球心连线和竖直方向成θ角,对球受力分析如图所示,由平衡条件知,AB挡板对球的支持力F=mg tan θ,C端对小球的支持力F C=,当CD挡板的C端略向右偏过一些,θ增大,AB挡板的支持力F变大,C端的支持力F C变大,选项A正确.3.C[解析]对小球受力分析,受到重力、弹簧测力计的拉力、杆的弹力,如图所示,根据平衡条件得F x-T cos 37°=0,F y+T sin 37°=G,联立解得F x=80 N,F y=60 N,所以杆AB对球的作用力大小为F==N=100 N,故C正确.4.B[解析]设F与水平方向的夹角为θ,由平衡条件得F cos θ=μ(mg-F sin θ),解得F==,当θ=37°时,外力有最小值,为6 N,选项B正确.5.B[解析]设弹性绳的劲度系数为k,小球质量为m,未对小球施加水平力时,根据平衡条件得mg=kx1,弹性绳的长度为x=x0+x1=x0+;对小球施加水平力,使其缓慢移动至弹性绳与竖直方向成60°角处时,小球受重力mg、水平力F、弹力F1三个力,由平衡条件得F1==2mg,弹性绳的长度为x'=x0+,此过程中小球上升的高度为Δh=x-x'=x0,选项B正确.6.C[解析]货物在AB段所受的摩擦力为滑动摩擦力,且f1=μmg cos θ;在BC段所受的摩擦力为静摩擦力,且f2=mg sin θ;在CD段做匀速运动,不受摩擦力,选项C正确.7.B[解析]对b球受力分析,受到重力、垂直于斜面向上的支持力和细线的拉力,由于三力平衡时三个力中任意两个力的合力与第三个力等大、反向、共线,故细线拉力向右上方,A错误;对a、b两个球整体受力分析,受到总重力、垂直于斜面向上的支持力和上面细线的拉力,根据平衡条件判断出,上面的细线的拉力方向斜向右上方,C、D错误.8.AB[解析]物块1受到重力m1g、细线拉力T和斜面的支持力F N作用而处于平衡状态,物块2受到重力m2g、细线拉力T'(T'=T)、斜面的支持力F'N及摩擦力f(可能有)作用而处于平衡状态,则T=m1g sin 30°,当m1最大时,物块2受到的最大静摩擦力方向沿BC面向下,此时有T'=m2g sin 37°+μm2g cos 37°,即=2,当m1最小时,物块2受到的最大静摩擦力方向沿BC面向上,此时有T'=m2g sin 37°-μm2g cos 37°,即=,所以≤≤2,故A、B不可能.9.BC[解析]设木块质量为m,重物质量为M,对三个物体组成的整体,根据平衡条件,有2f=(M+2m)g,解得f=(M+2m)g,静摩擦力不变,选项C正确,D错误;将细线对O的拉力按照效果正交分解,如图甲所示,设两个杆夹角为θ,则有F1=F2=,再将杆对木块的推力F1按照效果分解,如图乙所示,根据几何关系得F x=F1sin ,故F x=·sin =,挡板间的距离稍微增大后,角θ变大,F x变大,故木块对挡板的压力变大,即F N变大,选项A错误,B正确.10.BCD[解析]沿斜槽方向,有mg sin θ=2μF N,垂直于斜槽方向,有mg cos θ=2F N cos,解得μ=tan θ,选项A错误;左边圆杆对滑块的支持力为F N=mg cos θ,选项B正确;由于圆柱体与斜槽两侧都有摩擦力且大小相等,所以,单侧摩擦力f=μF N=mg sin θ,选项C正确;若增大θ,则cos θ减小,圆杆对滑块的支持力将减小,选项D正确.11.AC[解析]对A,由平衡条件得F T cos θ=μF N1,F T sinθ+mg=F N1,联立解得F T=,选项A正确;对A、B整体,由平衡条件得F T cosθ+μF N2=F,F T sinθ+2mg=F N2,联立解得水平拉力F=,选项C正确.12.BC[解析]对球进行受力分析,如图甲所示,F N1=G tan θ,F N2=,当长方体物块向右运动时,θ增大,F N1、F N2均增大,故A错误.圆球对物块的压力在竖直方向的分力为F'N2cos θ=G,等于圆球重力,在拉动长方体物块向右运动的过程中,对物块受力分析,如图乙所示,物块与地面之间的压力F N=G1+F'N2cos θ=G1+G不变,滑动摩擦力f=μF N不变,故C正确.由于圆球对物块的压力在水平方向的分力F'N2sin θ逐渐增大,所以水平拉力F=f-F'N2sin θ逐渐减小,故B正确.由于物块与地面之间的压力不变,由牛顿第三定律可知,地面对物块的支持力不变,故D错误.13.AD[解析]设两绳的拉力的合力为F,如图甲所示,由平衡条件得F=mg tan 30°=mg,F3==mg,将F分解,如图乙所示,设AO所受的拉力大小F1,因为∠AOB=120°,根据几何知识知,绳AO所受的拉力F1=F=mg,而杆OC所受的压力大小F'3=F3=mg,选项A、D正确.14.AC[解析]对球受力分析如图所示,由平衡条件可得,风力大小F=mg tan θ,由题意知F ∝Sv,又S=πR2,则F=kπR2v(k为常数),有mg tan θ=kπR2v,当风速由3 m/s增大到3m/s 时,有=,可得tan θ=1,A正确;因球所受重力方向竖直向下,而风力方向水平向右,则细线与水平方向的夹角θ不可能等于90°,B错误;由mg tan θ=kπR2v可知,当v、m不变,而R增大时,θ增大,当v、R不变,而m增大时,θ减小,C正确,D错误.15.AD[解析]若增大m2的质量,因为m3的质量不变,细线的张力大小仍等于m3的重力,故张力不变,选项A正确;对斜劈和m1整体,地面对斜劈的摩擦力大小等于连接m1的细线的张力沿水平方向的分力,细线的张力不变,所以地面对斜劈的摩擦力也不变,选项B错误;若将悬点O上移,因细线的张力不变,m2的质量不变,则O2、O3间的细线与竖直方向的夹角不变,O2、O3间的细线和O3、m3间的细线夹角不变,这两根细线的合力沿角平分线方向,则O、O3间的细绳与竖直墙的夹角不变,选项C错误;细线的张力不变,则地面对斜劈的摩擦力不变,选项D正确.选择题必刷卷(三)1.C[解析]质量小,则惯性小,方程式赛车和强弩质量一定,其惯性一定,选项A、B错误;货运列车摘下或加挂一些车厢,它的惯性因质量变化而变化,选项C正确;摩托车转弯时,人和车的惯性不变,选项D错误.2.B[解析]对整体,有F=(m1+m2)a,则空间站的质量m2=-m1,选项B正确.3.C[解析]对物块,由牛顿第二定律得F=ma,0~t0时间内,拉力减小,加速度减小,物块做加速度减小的加速运动,在t0时刻速度达到最大,选项A错误;t0~2t0时间内,外力反向增大,加速度反向增大,做减速运动,根据力的对称性可知,在2t0时刻速度减为零,选项B、D错误,C正确.4.C[解析]设水对探测器的浮力大小为F,匀速下降时,由平衡条件得mg=F;为了使它匀减速下降,设应该抛掉压载铁质量为Δm,根据牛顿第二定律得F-(m-Δm)g=(m-Δm)a,其中a=,联立解得Δm=,选项C正确.5.B[解析]当F=2 N时,铁块和木板恰好一起相对地面滑动,则μ1(m+M)g=F,解得μ1=0.1;当水平力F=6 N时,铁块恰好相对木板滑动,则F-μ2mg=ma,μ2mg-μ1(m+M)g=Ma,解得μ2=0.4,选项B正确.6.C[解析]木板AB撤离前,木板对小球的作用力F N==mg,撤去AB瞬间,小球受到的合力与F N等大、反向,由牛顿第二定律得mg=ma,解得加速度a=g,方向垂直于木板向下,选项C正确.7.B[解析]剪断物体2下端细绳后,物体1下降,物体2上升,对整体,有(m1+m2+M)g-F N=m1a-m2a,且m1>m2,则系统处于失重状态,台秤的示数将变小,选项B正确.8.BC[解析]纸盒和行李箱一起向右加速时,具有向右的加速度,纸盒受到向右的静摩擦力,选项A错误;行李箱加速过程中与传送带间的滑动摩擦力为f=μ1F N=μ1(M+m)g,选项B正确;纸盒和行李箱一起向右匀速运动,合外力为零,所以行李箱对纸盒的摩擦力为零,行李箱与传送带间的摩擦力为零,选项C正确,D错误.9.AD[解析]对球受力分析,受到重力、弹簧的弹力F和细绳的拉力T,如图所示,根据平衡条件得F=T=,断开细绳瞬间,弹簧弹力和重力不变,由牛顿第二定律得=ma,则加速度a=,选项A正确,B错误;弹簧在C处与小球断开的瞬间,小球受重力和细绳的拉力,变为单摆,合力等于重力的切向分力,根据牛顿第二定律得mg sin θ=ma,解得a=g sin θ,选项C错误,D正确.10.CD[解析]与弹簧分离前,在水平方向上,刚开始有kx-μF N=ma x,加速度a x随x减小而减小,接着有μF N-kx=ma x,加速度a x随x减小而增大,选项A、B错误;在竖直方向上,有mg-F N=m·,解得F N=,当弹力和摩擦力相等时,速度最大,即μF N=kx,解得x=,选项C正确;物体脱离弹簧后相对电梯地板做匀减速运动,加速度a==,又有L=at2,相对电梯地板做匀减速运动的时间t=2,选项D正确.11.AC[解析]A与B间动摩擦因数μ2=0.1,则B物块的最大加速度为a B m=μ2g=1 m/s2;木板A向右滑动,则地面给A的滑动摩擦力向左,大小为f A=μ1·2mg,开始时B对A的摩擦力方向向左,则a A1==5 m/s2,后来B相对A向前滑动,则a A2==3 m/s2,选项A、C正确.12.BC[解析]对P、Q整体受力分析,受到重力、支持力和滑动摩擦力,根据牛顿第二定律得(m+M)g sin θ+μ2(m+M)g cos θ=(m+M)a,解得a=g(sin θ+μ2cos θ),对P物块受力分析,受到重力mg、支持力和Q对P沿斜面向下的静摩擦力,根据牛顿第二定律得mg sin θ+f=ma,解得f=μ2mg cos θ,根据牛顿第三定律知,P对Q的摩擦力方向平行于斜面向上,选项B、C正确.13.AD[解析]由图像可知,小物块上滑的最大位移为x=vt=×3×1.2 m=1.8 m,故A正确;小物块加速时的平均速度与减速时的平均速度大小均为==m/s,其大小之比为1∶1,故B错误;由图像可知,减速运动的加速度大小为a2==m/s2=10 m/s2,在匀减速直线运动过程中,由牛顿第二定律知mg sin 30°+μmg cos 30°=ma2,解得μ=,故C错误;加速运动的加速度大小为a1==m/s2=m/s2,根据牛顿第二定律得F-mg sin 30°-μmg cos 30°=ma1,解得F=40 N,故D正确.14.BC[解析]若F1=3.6 N,F2=5 N,设A、B相对静止一起做匀加速运动,则加速度a==m/s2=m/s2,此时A、B之间的摩擦力f AB=F1-m B a=N>μ2(F2+m B g)=3 N,则此时两物块已经相对滑动,选项A错误;若F1=5.4 N,F2=20 N,假设A、B相对静止一起做匀加速运动,则加速度a==m/s2=m/s2,此时A、B之间的摩擦力f AB=F1-m B a=N<μ2(F2+m B g)=6 N,则此时两物块相对静止一起做匀加速运动,选项B正确;若F2=10 N,则A、B之间的最大静摩擦力f AB m=μ2(F2+m B g)=4 N,A与地面之间的最大=μ1(F2+m A g+m B g)=4 N,若F2<10 N,则f AB m<f A地m,无论F1多大,都不能使物静摩擦力f A地m块A运动起来,选项C正确;若F2>10 N,则f AB m>f A地m,当F1达到一定值时,可使物块A、B 发生相对运动,选项D错误.15.AB[解析]A、B静止时,有kx0=(2m+m)g sin θ,则k=;对B施加外力后,A、B一起做匀加速运动,当A、B分离时,对A,有kx-2mg sin θ=2ma,又x0-x=at2,v2=2a(x0-x),联立可求出t和v,选项A、B正确.当A、B分离时,弹簧弹力kx=2ma+2mg sin θ,选项C错误.当A、B分离后,A先做加速运动,后做减速运动,再反向做加速运动……选项D错误.非选择题必刷卷(一)1.(1)(2)C(3)BC[解析](1)根据位移与时间关系,有d=at2,解得a=.(2)根据题意,木板受到的滑动摩擦力为f=F0,对木板和矿泉水瓶(含水)组成的系统,根据牛顿第二定律得F1-f=(m+M)a,联立解得a=·F1-,其中m为矿泉水瓶(含水)的质量,M为木板的质量;根据图像的斜率可知,随着矿泉水瓶(含水)质量m的增大,a-F1图像的斜率逐渐减小,所以能表示实验结果的是C图.(3)木板受到的摩擦力与矿泉水瓶(含水)的质量无关,选项A错误;水与砝码相比能任意改变质量,所以它的优点是可以更方便地获取多组数据,选项B正确;水的多少可以任意变化,所以可以比较精确地测出木板所受摩擦力的大小,选项C正确;由于加速度越大需要水的质量越大,而水的质量越大时图像的斜率越小,实验的精确度会越小,选项D错误.2.(1)10 N(2)1 s[解析](1)设在拉力作用下金属块所受地面的支持力为F N,滑动摩擦力为f,根据平衡条件得F cos 37°=f,F sin 37°+F N=mg,又f=μF N,联立解得F=10 N.(2)撤去拉力F后,金属块受到滑动摩擦力f'=μmg,根据牛顿第二定律得,加速度大小为a'==μg=2 m/s2,撤去F后,金属块还能滑行的时间为t==1 s3.(1)2m/s(2)1.6 m(3)5∶8[解析](1)在AB段滑块受到重力、支持力、滑动摩擦力,设下滑阶段的加速度大小为a1,有mg sin θ-μmg cos θ=ma1解得a1=4 m/s2根据=2a1x ABx AB=解得v B=2m/s(2)设在BC段滑行的加速度大小为a2,有f=μmga2==2.5 m/s2根据=2a2x BC解得x BC=1.6 m(3)在B点时,有v B=a1t AB=a2t BC解得=4.(1)(2)18 m[解析](1)由v-t图像的斜率可得,0~2 s内小物块的加速度大小a==1 m/s2由牛顿第二定律得μmg cos 37°-mg sin 37°=ma解得μ=(2)0~8 s内只有前6 s内物块与传送带发生相对滑动,0~6 s内传送带匀速运动的位移为x带=4×6 m=24 m由v-t图像得,0~2 s内物块位移为x1=×2×2 m=2 m,方向沿传送带向下2~6 s内物块位移为x2=×4×4 m=8 m,方向沿传送带向上所以划痕的长度为Δx=x+x1-x2=24 m+2 m-8 m=18 m带5.(1)4 N(2)100 m(3)s[解析](1)上升过程,由牛顿第二定律得F-mg-f=ma上升高度h=at2解得f=4 N(2)下落过程,由牛顿第二定律得mg-f=ma1解得a1=8 m/s2由运动学公式得v2=2a1H解得H=100 m(3)恢复升力后向下减速过程,由牛顿第二定律得F-mg+f=ma2解得a2=10 m/s2设运动过程中的最大速度为v m,有H=+解得v m=m/s由运动学公式得v m=a1t1解得t1=s6.(1)0.5 s0.375 m0.875 m(2)0.625 m[解析](1)木板开始运动时,设小铁块和木板的加速度大小分别为a1和a2,则F-μ1m1g=m1a1μ1m1g+μ2(m1+m2)g=m2a2解得a1=3 m/s2,a2=7 m/s2木板向左做匀减速运动,有v0=a2t1,=2a2x2小铁块向右做匀加速运动,有v1=a1t1,x1=a1解得t1=0.5 s,v1=1.5 m/s,x1=0.375 m,x2=0.875 m(2)撤去F,因为μ1m1g>μ2(m1+m2)g,所以木板向右做初速度为零的匀加速直线运动,小铁块向右做初速度为v1的匀减速直线运动.设小铁块和木板的加速度大小分别为a3和a4,经过时间t2木板与小铁块速度均为v2,木板的位移大小为x3,则μ1m1g=m1a3μ1m1g-μ2(m1+m2)g=m2a4又v2=v1-a3t2,v2=a4t2,x3=a4解得a3=2 m/s2,a4=1 m/s2,t2=0.5 s,v2=0.5 m/s,x3=0.125 m木板与小铁块速度相同后,两者一起做匀减速运动直至速度为零,设加速度大小为a5,位移大小为x4,则μ2(m1+m2)g=(m1+m2)a5=2a5x4解得x4=0.125 m木板在水平面上总共滑行的位移大小x=x2-(x3+x4)=0.625 m选择题必刷卷(四)1.C2.B[解析]B点与C点的线速度相等,由于r B≠r C,所以ωB≠ωC,故A错误;B点与C点的线速度相等,且B点的角速度与A点的角速度相等,所以v C=v A,故B正确,D错误;B点的角速度与A点的角速度相等,所以=,即v B=v A,故C错误.3.C[解析]如图所示,把小环水平运动的速度v正交分解,可知人拉细线的速度v1=v cos θ,随着θ增大v1逐渐减小,选项C正确.4.D[解析]两个小球同时抛出,又同时落在P点,说明运动时间相同,又知水平位移大小相等,由x=v0t知,初速度大小相等,小球1落在斜面上时,有tan θ==,小球2落在斜面上的速度与竖直方向的夹角正切值tan α==,故α≠θ,所以小球2没有垂直撞在斜面上,故A、B错误;小球1落在P点时速度与水平方向的夹角正切值tan β==2tan θ=<,则β<60°,则小球1落在P点时与斜面的夹角为β-θ<60°-30°=30°,所以小球1落在P点时与斜面的夹角小于30°,故C错误;根据tan β=2tan θ知,小球1落在斜面上的速度方向与水平方向的夹角相同,相互平行,故D正确.5.C[解析]空间站里宇航员仍然受地球引力,选项A错误;宇航员在空间站里所受地球引力小于他在地面上所受引力,选项B错误;由于空间站绕地球做匀速圆周运动,宇航员处于完全“失重”状态,所以宇航员与“地面”B之间无弹力作用,选项C正确;若宇航员将手中小球无初速度释放,由于惯性小球仍具有空间站的速度,所以小球仍然沿原来的轨道做匀速圆周运动,而不会落到“地面”B上,选项D错误.6.D[解析]忽略自转,有=mg,该星球自转加快,角速度为ω,有=mg+mω2R,解得星球密度ρ==,选项D正确.7.A[解析]因为在垂直岸边的方向上从开始追到追上,快艇与走私船的位移与时间均相同,所以快艇在垂直岸边的方向上的平均速度等于走私船的速度,快艇在沿岸边的方向上的平均速度为v0,选项A正确,B错误.快艇的平均速度大小为v0,因为快艇的运动是曲线运动,路程大于a,平均速率应大于v0,选项C、D错误.8.C[解析]将排球水平击出后排球做平抛运动,排球刚好触网到达底线时,有=v0,+=v0,联立解得H=h,故选项C正确.9.BC[解析]设路面与水平面的夹角为θ,在“限速”下运动,有mg tan θ=m,即v=.在“限速”相同的情况下,圆弧半径r越大,则夹角θ越小;在半径r相同的情况下,夹角θ越大,则“限速”v越大,选项B、C正确.10.AB[解析]当周期为时,对赤道表面的质量为m的物体,有=m R,行星质量M=,选项A正确;当周期为T时,对赤道表面的质量为m的物体,有=m R+F N,物体对行星赤道表面的压力F'N=F N=,选项C错误;对同步卫星,有=m'r,则r=R,选项B正确;由=m″得,环绕该行星做匀速圆周运动的卫星的最大线速度v=,选项D错误.11.AD[解析]竖直上抛的小球在空中运动的时间t=,因此==,选项A正确,B错误;由G=mg得M=,因此==×=,选项C错误,D正确.12.BCD[解析]“墨子号”在轨道B上由P向Q运动的过程中,逐渐远离地心,速率越来越小,选项A错误;“墨子号”在A、C轨道上运行时,轨道半径不同,根据G=m可得v=,轨道半径越大,则线速度越小,选项B正确;“墨子号”在A、B两轨道上经过P点时,到地心的距离相等,受地球的引力相等,所以加速度相等,选项C正确;“墨子号”在轨道B上经过Q点比经过P点时到地心的距离要大些,受地球的引力要小些,选项D 正确.13.AC[解析]由题意有N=2π,其中T1=1年,解得该行星的公转周期为T2=年,A正确,B错误;由G=mr得,=,地球绕太阳公转时,有=,该行星绕太阳公转时,有=,解得R'=R,C正确,D错误.14.BC[解析]直线三星系统中甲星和丙星的线速度大小相等,方向相反,选项A错误;对直线三星系统,有G+G=M R,解得T=4πR,选项B正确;对三角形三星系统,有2G cos 30°=M·,联立解得L=R,选项C正确;三角形三星系统的线速度大小为v===··,选项D错误.非选择题必刷卷(二)1.(1)刻度尺(2)将小球放在槽的末端,看小球能否保持静止(3)D(4)0.59.75 [解析](1)实验中小球做平抛运动,根据平抛运动的规律可知,应测出下落高度和水平位移,故需要刻度尺.(2)在实验操作中检测斜槽末端是否水平的方法:将小球放在槽的末端,看小球能否保持静止.(3)钢球做平抛运动,有x=v0t,y=gt2,联立得y=x2,关系式中的a应等于,故D正确.(4)平抛运动的初速度为v0==0.5 m/s;由h2-h1=gT2,解得当地的重力加速度为g==9.75 m/s2.2.(1)1 s(2)13 m/s<v<14 m/s[解析](1)小球做平抛运动,设飞行时间为t,由h=gt2解得t=1 s(2)在t时间内小车前进的位移为x=v0t-at2=10 m要投入小车,小球最小的水平位移为x1=L-x=13 m最小速度为v1==13 m/s小球最大的水平位移为x2=L-x+L0=14 m最大速度为v2==14 m/s小球抛出时的速度范围是13 m/s<v<14 m/s3.(1)500 N(2)7.5 m/s(3)8.7 m[解析](1)向心力沿水平方向,由平行四边形定则得,拉力T==500 N(2)由牛顿第二定律得mg tan 37°=m其中R0=7.5 m解得v=7.5 m/s(3)由几何关系知,座椅离地高度h=1.8 m由平抛运动规律得x=vth=gt2解得x=4.5 m由勾股定理知,落地点与游艺机中心距离r'==8.7 m4.(1)(2)[解析](1)设在最高点和最低点时速度大小分别为v1、v2.在最高点时,有mg+F1=m在最低点时,有F2-mg=m从最高点到最低点过程中,只有重力做功,机械能守恒,有mg·2L=m-m ΔF=F2-F1联立解得ΔF=6mg所以g=(2)在星球表面,重力等于万有引力,有mg=G解得M==所以ρ==5.(1)1.5 N,方向竖直向下(2)1.6 m(3)0.8 J[解析](1)小球从A运动到B,有mgR=m在B点时,有F N-mg=解得v0=4 m/s,F N=1.5 N根据牛顿第三定律得,小球对轨道的压力大小F'N=F N=1.5 N,方向竖直向下.(2)在竖直方向上,有H-h=gt2在水平方向上,有x=v0t解得x=1.6 m(3)小球从B运动到球筐过程,由动能定理得mg(H-h)=E k-m由平抛运动规律得x=v B tH-h=gt2联立得E k=+mg(H-h)当H=h+x=1 m时,E k有最小值,其最小值为E km=mgx=0.8 J6.(1)5m/s(2)-21 000 J(3)1.849 s[解析](1)由牛顿第二定律得kmg=m解得v1=5m/s(2)由牛顿第二定律得kmg=m由动能定理得Pt-mgh+W=m-m解得W=-21 000 J(3)由几何关系知r2=+解得r=12.5 m由牛顿第二定律得kmg=m解得v=12.5 m/s因sin θ==0.8,故θ=53°则t=·=s=1.849 s选择题必刷卷(五)1.C[解析]小球做匀速圆周运动,由合力提供向心力,其方向始终沿杆指向O点,小球受重力和杆的作用力,所以杆的作用力不一定沿杆指向O点,选项A错误;小球做匀速圆周运动,合力做功为零,从最高点到最低点,重力做正功,所以杆一直做负功,选项B、D错误,C正确.2.C[解析]物块做圆周运动,刚好滑动时,有μmg=m,物块速度从0到v过程中,由动能定理知,转台对物块做的功W=mv2=,解得μ=0.25,选项C正确.3.C[解析]由题意可知,两次物体均做匀加速直线运动,根据x=t知,在同样的时间内,它们的位移之比为x1∶x2=1∶2,两次上升的高度之比为h1∶h2=(x1sin θ)∶(x2sin θ)=1∶2,根据克服重力做功W G=mgh得W G2=2W G1,根据克服摩擦力做功W f=fx得W f2=2W f1,由牛顿第二定律得F1-f-mg sin θ=ma,F2-f-mg sin θ=2ma,则F2<2F1,根据W F=Fx 可得W F2<4W F1,选项C正确.4.B[解析]小物块下滑的加速度a=g sin θ,根据=at2得t=,所以运动的时间不相等,选项A错误;据动能定理得mgh=mv2,所以从物块到达底端时的动能相等,选项。
高考一轮教辅用书排名
高考一轮教辅用书排名
根据综合评估和用户反馈，以下是高考一轮教辅用书的排名：
1. 《高考历年真题精编》：此教辅书整理了历年高考真题，覆盖各科目，能够帮助学生熟悉考试题型和内容，进行针对性的复习。
2. 《高考一轮复习全程攻略》：该书以科学系统的学习方法和复习计划指导学生进行高考备考，内容详实全面，包括知识点梳理、考点解析、习题训练等。
3. 《高考必备概念速记手册》：此教辅用书主要针对重要概念和公式进行总结和归纳，通过图文结合的方式帮助学生快速记忆和理解知识点。
4. 《高考名师教你答题技巧》：该书从高考命题规律出发，针对各学科的题型特点，给出解答策略和技巧，帮助学生提高答题水平。
5. 《高考满分作文范文集》：此教辅书收录了多篇高分作文范文，并配有分析和评析，能够帮助学生提升作文表达能力和分析思维。
6. 《高考模拟试题集》：该书提供了大量的模拟试题和答案解析，能够帮助学生熟悉考试环境和增加答题经验。
7. 《高考押题预测汇总》：此教辅用书根据历年高考命题趋势
和专家预测，对可能出现的考点和重点进行预测，引导学生有针对性地进行复习。
8. 《高考常识百科全书》：该书整理了高考常识和各科目的基础知识点，方便学生查阅和复习，是备考时的良好参考资料。
9. 《高考突破习题集》：此教辅用书通过大量的习题提供复习和训练，使学生熟练掌握考点和题型，有助于提升解题能力和应考水平。
10. 《高考备考心理调适指南》：该书关注学生备考心态和压力管理，提供心理调适方法和建议，帮助学生保持积极态度和良好状态。
全品高考复习方案
全品高考复习方案面对迫在眉睫的高考，许多考生们都感到焦虑不安，有的甚至失去信心。
为此，本文特别提出一套完整的高考复习方案，以供考生们参考。
一、明确复习目标复习的目标是根据高考大纲和评分标准，通过全面、系统地学习考试科目，达到获取高考满分的目的。
为此，我们必须确定明确的复习目标，以便在有限的时间内达到最佳效果。
二、时间分配复习分为长远规划和短期操作两部分。
长远规划包括设定季度目标、每天学习目标以及安排学习时间表等环节；而短期操作则是按照时间表安排开展学习。
为了提高效率，考生可以先把难点和重点科目给予优先学习。
三、学习内容高考复习中最重要的是积累知识，学习内容应包括三个方面：基础知识、考试技巧和能力练习。
1、础知识：掌握各科基本知识和技能，这一部分涉及知识内容较多，考生可以采取分类整理的方式，运用复习技巧，将重点知识予以复习和巩固。
2、考试技巧：试技巧是成功取得高分的关键，考生要掌握各科试题解题技巧和答题技巧，以便能够高效准确地解答试题，节省宝贵的考试时间。
3、能力练习：力练习是检验学习效果的重要方法，考生应多参加样题、模拟考试等，不断提高自己的答题速度和能力，以便满足各科考试要求。
四、家庭支持高考复习费时费力，考生的家庭成员在这段期间能给予孩子的鼓励和支持，将会非常有效。
家庭成员可以帮助孩子安排学习时间，督促他们按时完成学习任务，在孩子面临困难时给予精神支持，让孩子在较短的时间里，获得良好的学习效果。
五、心理状态复习期间，考生的心理状态是保持良好的学习效率的关键因素之一。
考生应该积极地对待复习，积极投入，克服惰性，努力提高整体学习效率；此外，在学习之余，考生应该保证充足的休息，以免过度劳累，使自己保持良好的心理状态和身心健康。
六、充分利用暑假暑假期间是考生复习高考的有效期，因此，充分利用暑假是复习的重要环节。
暑假期间，考生应该以学习为主，集中精力把握难点知识，学有余力的话，可以尝试着把要考的科目预习一遍，以便有更好的复习效果。
《全品高考复习方案 2020届高考一轮复习历史(课件+测评手册+作业手册) (69)
第50讲近代以来世界的科学发展历程一、物理学的发展1.经典力学(1)背景①运动解放了人们的思想。
②开创近代科学,为经典力学的创立和发展奠定了基础。
【易错提醒】伽利略自由落体定律并不是近代科学形成的标志伽利略发现自由落体定律等物理学定律,开创了近代科学,为经典力学的创立奠定了基础;牛顿力学体系的建立是近代科学形成的标志。
(2)标志:1687年,牛顿出版了《》一书,提出了物体运动三大定律和万有引力定律等。
(3)意义①形成以为基础、以为表达形式的经典力学体系。
②对解释和预见物理现象具有决定性意义。
2. 相对论和量子论【辨析比较】牛顿力学与爱因斯坦相对论的关系爱因斯坦的相对论只否定了牛顿的绝对时空观,没有否定牛顿力学。
相对论发展了牛顿经典力学,打破了传统的时空观。
牛顿力学是物体在低速状态下的一个特例。
牛顿力学是整个力学的基础,牛顿所创造的概念,至今仍指导着我们的物理学思想。
二、生物学的进步1.背景(1)欧洲封建社会坚持上帝创世说,致使生物学研究进展缓慢。
(2)后,基督教神学遭受重创。
(3)资产阶级革命、工业革命的发生,使人们视野开阔,思想更加开放。
(4)的确立,为生命科学的研究奠定了基础。
2.奠基:拉马克的早期生物进化思想。
3.标志:1859年,达尔文发表《》。
4.内容(1)一切生物都经历了从低级向高级、由简单到复杂的发展过程。
(2)提出“物竞天择,适者生存,”的原理。
5.意义:从根本上改变了当时绝大多数人对生物界和人类在生物界中地位的看法,有力挑战了封建神学创世说,被称为“生物学领域的牛顿”。
【特别提醒】达尔文的进化论是生物学的理论,它不是适用于一切现象的普遍规律,并不适用于人类社会的发展,因此社会达尔文主义是伪科学理论。
同时,社会达尔文主义的形成,也不是达尔文追求的目标。
所以,不能因此而否定达尔文及其进化论。
三、从蒸汽机到互联网1.“蒸汽时代”(1)条件①政治:英国资产阶级革命的胜利。
②经济:的发展。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
现状问题分析与对策
马鞍山二中 闫 明
一、总体自我评价
1、集体备课、合作互助 2、整合资源、精选共享
二、教师队伍结构现状
序号 1 2 3 4 姓名 林 洁 张致祥 杨祥林 沈湘雨 性别 女 男 男 男 出生 年代 60 70 60 60 学历 本科 本科 本科 本科 职称 高级教师 高级教师 高级教师 高级教师 高中 教学 8轮 6轮 8轮 9轮 班级 兼职 数 2 2 3 3 备课组长 年级部主任 班主任
2、试题讲评课 存在的问题： （2）试题选题缺乏针对性。
• 复习与检测脱节
• 缺乏配套的矫正、补偿练习
（3） “照本宣科”
四、教学回顾
（三）课堂教学
2、试题讲评课 存在的问题： （4）忽略了网络建构和解题技巧、方法的归纳。 （5）书面表达评析备课不足的，缺乏系统指导训练。 （6）阶段性测试的诊断功能缺失
四、教学回顾
（三）课堂教学
3、二轮复习 时间：三月和四月 载体：《《全品高考复习方案（二轮复习用书）》 语法专项和题型专项，构建语法网络，突破重难点， 提升思维品质。
四、教学回顾
（三）课堂教学
3、二轮复习 （1）单项填空 存在的问题 A、单项填空做题过量，缺少反思和回悟。 B、忽视学生自主复习能力的培养
5
6
范新春
刘
高级教师
高级教师
7轮
4轮
2
2
7
8 9
方 静
鲁 燕 闫 明
女
女 男
80
80 60
研究生
研究生 本科
一级教师
一级教师 高级教师
4轮
1轮 8轮
2
2 2
班主任
教研组长
三、班级类型
理科班
实 验 班 2 三 县 班 1 国 际 班 1 平 行 班 11 实 验 班 1
文科班 国 平 际 行 班 班 1 3
四、教学回顾
（三）课堂教学
1、一轮复习 存在的问题
• （1）缺乏整体设计，备课不充分。
• （2）有的老师忽视课本，以资料为主要载体 。 • （3）对词汇复习“整合”研究不深入。
• （4）方法单一，检查力度小，落实不到位。
• （5）课堂上听力训练无计划，无备课和无学案。
四、教学回顾
（三）课堂教学
五、后期规划
1、续二轮专题复习
（1）完形填空 A、2013年高考英语试题（安徽卷）完形填空 B、语篇解读
2013年高考英语试题（安徽卷）
If you want to learn a new language, the very first thing to think about is why. Do you need it for a ___36_____ reason, such as your job or your studies?___37____ perhaps you’re interested in the ___38____ ,films or music of a different country and you know how much it will help to have a ___39____ of the language. Most people learn best using a variety of ___40____, but traditional classes are an ideal（理想的）start for many people. They ___41___ an environment where you can practice under the ___42___ of someone who’s good at the language. We all lead ___43___ lives and learning a language takes __44___. You will have more success if you study regularly, so try to develop a ___45___. It doesn’t matter if you haven’t got long. Becoming fluent in a language will take years, but learning to get by takes __46____. Many people start learning a language and soon give up. “I’m too __47___,” they say. Yes, children do learn languages more __48___ than adults, but research has shown that you can learn a language at any ___49___. And learning is good for the health of your brain, too. I’ve also heard people ___50___ about the mistakes they make when ___51___. Well, relax and laugh about your mistakes __52____ you’re much less likely to make them again. Learning a new language is never ___53___. But with some work and devotion, you’ll make progress. And you’ll be ___54____ by the positive reaction of some people when you say just a few words in ___55___ own language. Good luck!
2、试题讲评课 知己知彼 选择性讲解 扩充、归纳、延展
四、教学回顾
（三）课堂教学
2、试题讲评课 存在的问题： （1）缺少规范，流程不清晰，备课不足。
• A、学生主动学习的意识薄弱。
• B、缺乏整体设计，没有变式训练 。
• C、缺少课后的延伸。
四、教学回顾
（三）课堂教学
艺 术 班 1
四、教学回顾
（一）计划的制定
1、学校重视毕业班教学工作。 2．备考工作有序地扎扎实实地推进。
（二）集体备课
1、规范化
2、二次备课
四、教学回顾
（三）课堂教学
1、一轮复习
• 时间：2013年11月中旬～2014年1月 • 复习载体：课本 + 《全品高考复习方案（一轮复习用 书）》 • 重夯实学生词汇、短语和句型的基础，注意查漏补缺 。