河南省周口市2015届高三上学期期末抽测调研 物理试卷及答案
2015年河南省周口市西华县高考物理模拟试卷(5月份)
2015年河南省周口市西华县高考物理模拟试卷（5月份）一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．伽利略发现了行星运动的规律B．卡文迪许通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献2．地球和木星绕太阳运行的轨道都可以看作是圆形的．已知木星的轨道半径约为地球轨道半径的5.2倍，则木星与地球绕太阳运行的线速度之比约为（）A．0.19 B．0.44 C．2.3 D．5.23．医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．在某次监测中，两触点的距离为3.0mm，血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为160µV，磁感应强度的大小为0.040T．则血流速度的近似值和电极a、b的正负为（）A．1.3m/s，a正、b负B．2.7m/s，a正、b负C．1.3m/s，a负、b正D．2.7m/s，a负、b正4．质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t=0时刻开始受到水平力的作用．力的大小F 与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则（）A．3t0时刻的瞬时功率为B．3t0时刻的瞬时功率为C．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为D．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为5．如图，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力（）A．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILBB．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB6．如图所示，一导体圆环位于纸面内，O为圆心．环内两个圆心角为90°的扇形区域内分别有匀强磁场，两磁场磁感应强度的大小相等，方向相反且均与纸面垂直．导体杆OM可绕O转动，M端通过滑动触点与圆环良好接触．在圆心和圆环间连有电阻R．杆OM以匀角速度ω逆时针转动，t=0时恰好在图示位置．规定从a到b流经电阻R的电流方向为正，圆环和导体杆的电阻忽略不计，则杆从t=0开始转动一周的过程中，电流随ωt变化的图象是（）A．B．C．D．7．如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦．现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（）A．物块先向左运动，再向右运动B．物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C．木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D．木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零8．水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为μ（0＜μ＜1）．现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动．设F的方向与水平面夹角为θ，如图，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则（）A．F先减小后增大B．F一直增大C．F的功率减小D．F的功率不变二、非选择题：（包括必考题和选考题两部分．第9题～第11题为必考题，第12题～第13题为选考题．）9．某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d，示数如图，由图可读出l=cm，d=mm．10．某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz．在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点．因保存不当，纸带被污染．如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：x A=16.6mm、x B=126.5mm、x D=624.5mm，若无法再做实验，可由以上信息推知：（1）相邻两计数点的时间间隔为s；（2）打C点时物体的速度大小为m/s（取2位有效数字）；（3）物体的加速度大小为（用x A、x B、x D和f表示）．11．冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图．比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心O．为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小．设冰壶与冰面间的动摩擦因数为μ1=0.008，用毛刷擦冰面后动摩擦因数减少至μ2=0.004．在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以2m/s的速度沿虚线滑出．为使冰壶C能够沿虚线恰好到达圆心O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少？（g取10m/s2）12．如图，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率=k，k 为负的常量．用电阻率为ρ、横截面积为S的硬导线做成一边长为l的方框．将方框固定于纸面内，其右半部位于磁场区域中．求（1）导线中感应电流的大小；（2）磁场对方框作用力的大小随时间的变化．[物理--选修3-4]（15分）13．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f14．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况）．[物理--选修3-5]（15分）15．关于光电效应，下列说法正确的是（）A．极限频率越大的金属材料逸出功越大B．只要光照射的时间足够长，任何金属都能产生光电效应C．从金属表面出来的光电子的最大初动能越大，这种金属的逸出功越小D．入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多16．两个质量分别为M1和M2的劈A和B，高度相同，放在光滑水平面上．A和B的倾斜面都是光滑曲面，曲面下端与水平面相切，如图所示．一质量为m的物块位于劈A的倾斜面上，距水平面的高度为h．物块从静止开始滑下，然后又滑上劈B．求物块在B上能够达到的最大高度．2015年河南省周口市西华县高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．伽利略发现了行星运动的规律B．卡文迪许通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献考点：物理学史．专题：常规题型．分析：解答本题的关键是了解几个重要的物理学史，知道哪些伟大科学家的贡献．解答：解：A、开普勒发现了行星运动的规律，故A错误；B、万有引力常数是由卡文迪许测出的，故B正确；C、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故C错误；D、伽利略、笛卡尔等科学家对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故D正确．故选BD．点评：本题考查了物理学史部分，要了解哪些伟大科学家的重要贡献，培养科学素质和为科学的奉献精神．2．地球和木星绕太阳运行的轨道都可以看作是圆形的．已知木星的轨道半径约为地球轨道半径的5.2倍，则木星与地球绕太阳运行的线速度之比约为（）A．0.19 B．0.44 C．2.3 D．5.2考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力，分析线速度之比．解答：解：由万有引力提供向心力，得v=，木星的轨道半径约为地球轨道半径的5.2倍，=0.44．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力．3．医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．在某次监测中，两触点的距离为3.0mm，血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为160µV，磁感应强度的大小为0.040T．则血流速度的近似值和电极a、b的正负为（）A．1.3m/s，a正、b负B．2.7m/s，a正、b负C．1.3m/s，a负、b正D．2.7m/s，a负、b正考点：霍尔效应及其应用．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：血液中正负离子流动时，会受到洛伦兹力，发生偏转，正离子往哪一个电极偏转，哪一个电极带正电．电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．根据平衡可求出血流速度．解答：解：血液中正负离子流动时，根据左手定则，正离子受到向上的洛伦兹力，负离子受到向下的洛伦兹力，所以正离子向上偏，负离子向下偏．则a带正电，b带负电．最终血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零，有，所以v=．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键正握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道最终正负离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，前后表面形成稳定的电势差．4．质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t=0时刻开始受到水平力的作用．力的大小F 与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则（）A．3t0时刻的瞬时功率为B．3t0时刻的瞬时功率为C．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为D．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：根据牛顿第二定律和运动学公式求出2t0时刻的瞬时速度，从而求出瞬时功率．根据位移公式求出t=0到2t0这段时间内位移，通过功的公式求出水平力做功的大小，从而求出平均功率．解答：解：A、0～t0时间内的加速度a1=，则t0时刻的速度v1=a1t1=t0，在t0～3t0时间内的加速度a2=，则3t0时刻的速度v2=v1+a2t0=，3t0时刻的瞬时功率为P=F0v2=；故A正确，B错误；C、0～2t0时间内的位移x1=a1t02=，在t0～3t0时间内的位移x2=v1t0+a2（2t0）2=，在t=0到3t0这段时间内，水平力做功W=3F0x1+F0x2=，则水平力做功的平均功率P=故C错误，D正确．故选：AD点评：解决本题的关键通过图线，结合牛顿第二定律和运动学公式求出速度和位移，知道平均功率和瞬时功率的区别5．如图，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力（）A．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILBB．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB考点：安培力．分析：当磁场方向与电流方向垂直时，由安培力F=BIL，根据电流的大小可求出各段安培力大小，由左手定则判定安培力方向，再根据平行四边形定则，对安培力进行分解即可解得．解答：解：该导线可以用a和d之间的直导线长为L来等效代替，根据F=BIL，可知大小为，方向根据左手定则判断，向上；故选A．点评：本题考查安培力的大小与方向的判断；解决本题的关键要掌握安培力的大小公式F=BIL（B与I垂直），同时运用力的平行四边形定则对安培力时行分解．此处的导线也可以等效成将ad两点连接的导线所受的安培力．6．如图所示，一导体圆环位于纸面内，O为圆心．环内两个圆心角为90°的扇形区域内分别有匀强磁场，两磁场磁感应强度的大小相等，方向相反且均与纸面垂直．导体杆OM可绕O转动，M端通过滑动触点与圆环良好接触．在圆心和圆环间连有电阻R．杆OM以匀角速度ω逆时针转动，t=0时恰好在图示位置．规定从a到b流经电阻R的电流方向为正，圆环和导体杆的电阻忽略不计，则杆从t=0开始转动一周的过程中，电流随ωt变化的图象是（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．专题：电磁感应与图像结合．分析：先使用右手定则判定出感应电流的方向，并结合给定的正方向确定电流的正负；在根据进入磁场的时间，确定电流开始有的时间即可选择图象．解答：解：杆OM以匀角速度ω逆时针转动，t=0时恰好进入磁场，故前周期内有电流流过，则知B图象错误．根据右手定则可以判定，感应电流的方向从M指向圆心O，流过电阻时的方向是从b流向a，与给定的正方向相反，为负值，则A图象错误．在时间内杆OM处于磁场之外，没有感应电流产生，故D错误，C正确．故选：C点评：该题结合感应电流的图象考查右手定则的使用方法，属于基础知识的应用，解题的关键是正确判定电流的方向．7．如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦．现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（）A．物块先向左运动，再向右运动B．物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C．木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D．木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：据题，当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，根据摩擦力的方向分别分析两个物体的运动情况．解答：解：由题知道：当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，物块受到木板的滑动摩擦力方向向右，与其速度方向相同，向右做加速运动，而木板受到物块的滑动摩擦力方向向左，与其速度方向相反，向右做减速运动，当两者速度相等时一起向右做匀速直线运动．故选BC点评：本题关键要分析得到撤掉拉力时两个物体之间仍存在摩擦力，考查分析物体受力情况和运动情况的能力．8．水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为μ（0＜μ＜1）．现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动．设F的方向与水平面夹角为θ，如图，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则（）A．F先减小后增大B．F一直增大C．F的功率减小D．F的功率不变考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：压轴题；共点力作用下物体平衡专题．分析：在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，说明物体受力始终平衡，受力分析后正交分解表示出拉力F，应用数学方法讨论F的变化，再由P=Fvcsθ判断功率的变化．解答：解：对物体受力分析如图：因为物体匀速运动，水平竖直方向均受力平衡：Fcosθ=μ（mg﹣Fsinθ）则得：F=令：，cosβ=，即：tanβ=则：=当θ+β=90°时，sin（θ+β）最大，F最小，则根据数学知识可知θ从0逐渐增大到90°的过程中，F先减小后增大，故A正确．功率：P=Fvcosθ==θ从0逐渐增大到90°的过程中，tanθ一直在变大，所以功率P一直在减小，故C正确．故选：AC点评：本题为平衡条件的应用问题，受力分析后应用平衡条件求解即可，难点在于研究对象的选择和应用数学方法讨论拉力F的变化，难度不小，需要细细品味．二、非选择题：（包括必考题和选考题两部分．第9题～第11题为必考题，第12题～第13题为选考题．）9．某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d，示数如图，由图可读出l= 2.25cm，d= 6.860mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为：2.2cm=22mm，游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为5×0.1mm=0.5mm，所以最终读数为：22mm+0.5mm=22.5mm=2.25cm．2、螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为36.0×0.01mm=0.360mm，所以最终读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm．故答案为：2.25，6.860．点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．10．某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz．在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点．因保存不当，纸带被污染．如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：x A=16.6mm、x B=126.5mm、x D=624.5mm，若无法再做实验，可由以上信息推知：（1）相邻两计数点的时间间隔为0.1s；（2）打C点时物体的速度大小为 2.5m/s（取2位有效数字）；（3）物体的加速度大小为（用x A、x B、x D和f表示）．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．解答：解：（1）打点计时器打出的纸带每隔4个点选择一个计数点，则相邻两计数点的时间间隔为T=0.1s．（2）根据间的平均速度等于点的速度得：v c==2.5m/s．（3）匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以aT2均匀增大，即△x=aT2，所以有：x BC=x AB+aT2，x CD=x BC+aT2=x AB+2aT2，x BD=2x AB+3aT2，所以物体的加速度大小a==故答案为：（1）0.1（2）2.5，（3）．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．11．冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图．比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心O．为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小．设冰壶与冰面间的动摩擦因数为μ1=0.008，用毛刷擦冰面后动摩擦因数减少至μ2=0.004．在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以2m/s的速度沿虚线滑出．为使冰壶C能够沿虚线恰好到达圆心O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少？（g取10m/s2）考点：功能关系；滑动摩擦力．专题：压轴题；功的计算专题．分析：冰壶C在投掷线中点处滑出后，摩擦力对它做负功，根据动能定理，加上位移关系可以解出运动员用毛刷擦冰面的长度．解答：解：设冰壶在未被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为S1，所受摩擦力的大小为f1；在被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为S2，所受摩擦力的大小为f2．则有S1+S2=S ①式中S为投掷线到圆心O的距离．则f1=μ1mg，f2=μ2mg设冰壶的初速度为v0，由动能定理，得﹣f1S1﹣f2S2=0﹣联立以上各式，解得S2=代入数据得S2=10m答：运动员用毛刷擦冰面的长度应为10m．点评：当涉及力在空间的累积效应时，优先考虑动能定理．对于多过程问题，关键寻找各过程之间的联系，列关系式．12．如图，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率=k，k 为负的常量．用电阻率为ρ、横截面积为S的硬导线做成一边长为l的方框．将方框固定于纸面内，其右半部位于磁场区域中．求（1）导线中感应电流的大小；（2）磁场对方框作用力的大小随时间的变化．考点：法拉第电磁感应定律；电阻定律；安培力．专题：电磁感应中的力学问题．分析：（1）根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势的大小，根据电阻定律求出线框的电阻，再根据闭合电路欧姆定律求出感应电流的大小．（2）根据F=BIL，得出=Il，可以求出安培力随时间的变化率．解答：解：（1）导线框的感应电动势为E==①导线框中的电流为I=②式中R是导线框的电阻，根据电阻率公式有R=ρ③联立①②③式，将=k代入得I=﹣④答：导线中感应电流的大小为﹣．（2）导线框所受磁场的作用力的大小为F=BIl⑤它随时间的变化率为=Il⑥由⑤⑥式得=．答：磁场对方框作用力的大小随时间的变化率为．点评：本题综合运用了法拉第电磁感应定律、电阻定律和闭合电路欧姆定律，解决本题的关键是熟练这些规律的运用．[物理--选修3-4]（15分）13．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f考点：自由振动和受迫振动；产生共振的条件及其应用．分析：受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅达最大．解答：解：A、当f=f0时，系统达到共振，振幅最大，故f＜f0时，随f的增大，振幅振大，故A错误；B、当f＞f0时，随f的减小，驱动力的频率接近固有频率，故该振动系统的振幅增大，故B 正确；C、该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于驱动力的频率，故C错误；D、系统的振动稳定后，系统的振动频率等于驱动力的频率，故振动频率等于f，故D正确；故选：BD．点评：本题应明确受迫振动的频率等于驱动力的频率，而当驱动力的频率等于物体的固有频率时，物体的振动最强烈．14．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况）．考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：光线以45°的入射角时，要分入射光线在法线的右侧和左侧两种情况进行讨论研究．根据折射定律求出光线在AC面的折射角．根据几何知识确定光线在AB或BC面上入射角．求出临界角，判断在这两个面上能否发生全反射，画出光路图，求出光线从棱镜射出的点的位置离A或B点的距离．解答：解：设入射角为i，折射角为r，由折射定律得：①由已知条件i=45°，n=解得r=30°②。
河南省周口市高三物理上册试卷及答案
河南省周口市高三物理上册试卷班级：________________ 学号：________________ 姓名：______________一、单选题（每题3分）1.题目：从同一高度以相同的速率分别抛出质量相等的三个小球，一个竖直上抛，一个竖直下抛，另一个平抛，则它们从抛出到落地，下列说法正确的是（）A. 运行的时间相等B. 加速度相同C. 落地时的速度相同D. 落地时的动能相等答案：B、D2.题目：冥王星与其附近的星体卡戎可视为双星系统，质量比约为7:1，同时绕它们连线上某点做匀速圆周运动。
由此可知卡戎绕该点运动的（）A. 角速度大小约为冥王星的7倍B. 向心力大小约为冥王星的1/7C. 轨道半径约为冥王星的7倍D. 周期大小与冥王星周期相同答案：B、D3.题目：a、b、c为分布在两个固定的等量异种点电荷连线的垂直平分线上的三点。
下列说法正确的是（）A. a点电势比b点电势高B. a、b、c三点与无穷远处的电势相等C. a、b两点场方向相同，a点场强大于b点场强D. a、c两点场方向相同，a点场强大于c点场强答案：D4.题目：一同学将铅球水平推出，不计空气阻力和转动的影响，铅球在平抛运动过程中（）A. 机械能一直增加B. 加速度保持不变C. 速度大小保持不变D. 被推出后瞬间动能最大答案：B5.题目：一小车沿直线运动，从开始由静止匀加速至t₁时刻，此后做匀减速运动，到t₂时刻速度降为零。
下列小车位移x与时间t的关系曲线中，可能正确的是（）A. 曲线①B. 曲线②C. 曲线③D. 曲线④答案：D二、多选题（每题4分）1.下列关于电阻的说法正确的是（）A. 导体中有电流时，导体才有电阻B. 导体电阻的大小取决于通过它的电流大小C. 导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零D. 导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小由导体的材料、长度、横截面积和温度决定答案：D解析：电阻是导体本身的性质，它的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，而与导体两端的电压和通过导体的电流无关。
2014-2015河南省八市重点高中高三联考物理试题及答案
2014-2015河南省八市重点高中高三联考物理试题一、选择题（每题5分，共60分，其中1-8题单选，9-12题为多选）1.物理学中，科学家处理物理问题用到了多种思想与方法，根据你对物理学的学习，关于科学家的思想和贡献，下列说法正确的是（ ）A.伽利略猜想做自由落体运动的物体，其下落的距离与时间成正比，并用实验进行了验证B.牛顿首先提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推”的科学推理方法C.赫兹首次用实验证实了电磁波的存在D.麦克斯韦提出了狭义相对论2. 某同学在学习了直线运动和牛顿运动定律知识后，绘出了沿直线运动的物体的位移x 、速度v 、加速度a 随时间变化的图象如图所示，若该物体在t ＝0时刻，初速度为零，则下列图象中该物体在t ＝4 s 内位移一定不为零的是()3.如图所示，有三个斜面a 、b 、c ，底边的长分别为L 、L 、3L ，高度分别为3h 、h 、h .某物体与三个斜面间的动摩擦因数都相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端．三种情况相比较，下列说法正确的是( )A ．物体损失的机械能2ΔE c ＝2ΔE b ＝ΔE aB ．因摩擦产生的热量3Q a ＝3Q b ＝Q cC ．物体到达底端的动能E k a ＝3E k b ＝3E k cD ．因摩擦产生的热量4Q a ＝2Q b ＝Q c4.如图所示，D 、A 、B 、C 四点的水平间距相等，DA 、AB 、BC 在竖直方向上的高度差之比为1∶4∶9.在A 、B 、C 三点分别放置相同的小球，释放三个压缩的弹簧，小球沿水平方向弹出，小球均落在D 点，不计空气阻力．则下列关于A 、B 、C 三点处的小球说法中正确的是( )A ．三个小球在空中运动的时间之比为1∶2∶3B ．三个小球弹出时的动能之比为1∶4∶9C ．三个小球在空中运动的过程中重力做功之比为1∶5∶14D ．三个小球落地时的动能之比为2∶5∶105. 在如图所示的电路中，电源的内阻r 不能忽略，其电动势E 小于电容器C 的耐压值。
河南省周口市郸城一高高三上学期物理综合练习卷 Word
2015-2016学年河南省周口市郸城一高高三（上）物理综合练习卷一、选择题（共8小题，每小题6分，共48分，其中7.8题为多选，全部选对的得6分，漏选的得3分，其余小题为单选，选对得6分，错选多选得0分）1．如图所示，当磁铁突然向铜环运动时，铜环的运动情况是（）A．向右摆动 B．向左摆动 C．静止不动 D．无法判定2．如图，一质量为m的质点在半径为R的半球形容器中（容器固定），由静止开始自边缘上的一点滑下，到达最低点B时，它对容器的正压力为N．重力加速度为g，则质点自A 滑到B的过程中，摩擦力对其所做的功为（）A．R（N﹣3mg）B．R（3mg﹣N）C．R（N﹣mg）D．R（N﹣2mg）3．关于门电路的符号如图所示，下列说法中正确的是（）A．甲为“非”门、乙为“与”门、丙为“或”门B．甲为“与”门、乙为“或”门、丙为“非”门C．甲为“非”门、乙为“或”门、丙为“与”门D．甲为“或”门、乙为“与”门、丙为“非”门4．如图所示在水平面上有一圆环A，在圆环的中心处有一闭合线圈abcd，若使A圆环带正电，下列说法正确的是（）A．圆环顺时针匀速转动时，线圈中有adcb方向的电流B．圆环逆时针匀速转动时，线圈中有abcd方向的电流C．圆环只要匀速转动，线圈中就没有感应电流D．论圆环怎样运动，线圈中都不可能有感应电流5．长木板A放在光滑的水平面上，物块B以水平初速度v0从A的一端滑上A的水平上表面，它们在运动过程中的v﹣t图线如图所示．则根据图中所给出的已知数据v0、v1和t1，可以求出的物理量是（）A．木板获得的动能B．A、B的质量之比C．木板所受的滑动摩擦力大小 D．A、B之间的动摩擦因数6．如图所示，MN和PQ为处于同一水平面内的两根平行的光滑金属导轨，垂直导轨放置金属棒ab与导轨接触良好．N、Q端接变压器的初级线圈，变压器的输出端有三组次级线圈，分别接有电阻元件R、电感元件L和电容元件C．在水平金属导轨之间加竖直向下的匀强磁场，若用I R、I L、Ic分别表示通过R、L和C的电流，则下列判断中正确的是（）A．若I R=0、I L=0、I C=0，则ab棒一定处于静止B．若I R≠0、I L≠0、I C=0，则ab棒一定做匀速运动C．若I R≠0、I L≠0、I C=0，则ab棒一定做匀变速运动D．若I R≠0、I L≠0、I C≠0，则ab棒一定在某一中心位置附近做往复运动7．如图所示，A、B为不同金属制成的正方形线框，导线截面积相同，A的边长是B的2倍，A的密度是B的，A的电阻率是B的2倍，当它们的下边在同一高度竖直下落，垂直进入如图所示的磁场中，A框恰能匀速下落，那么，下列正确的是（）A．B框一定匀速下落B．进入磁场后，A，B中感应电流强度之比是2：1C．二框全部进入磁场的过程中，通过截面的电量相等D．二框全部进入磁场的过程中，产生的热量之比为2：18．把导体匀速拉上斜面如图所示，（不计棒和导轨的电阻，且接触面光滑，匀强磁场磁感应强度B垂直框面向上）则下列说法正确的是（）A．拉力做的功等于棒的机械能的增量B．合力对棒做的功等于棒的动能的增量C．拉力与棒受到的磁场力的合力为零D．拉力对棒做的功与棒克服重力做的功之差等于回路中产生电能二、实验探究题9．利用重锤下落验证机械能守恒定律．①为进行“验证机械能守恒定律”的实验，有下列器材可供选择：铁架台（也可利用桌边），打点计时器以及复写纸、纸带，低压直流电源，天平，秒表，毫米刻度尺，导线，电键．其中不必要的器材是；缺少的器材是．②在验证机械能守恒定律的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，查得当地重力加速度g=9.80m/s2，测出所用重物的质量m=1.00kg，实验中得到一条点迹清晰的纸带，把第一个点记作O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm，根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量为J，动能的增加量为J（取3位有效数字）③实验中产生系统误差的原因主要是．为了减小误差，悬挂在纸带下的重物的质量应选择．④如果以为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出的﹣h图线是，该线的斜率等于．10．用伏安法测金属丝电阻存在系统误差．为了减小系统误差，有人设计了如图所示的实验方案．其中R x是待测电阻，R是电阻箱，R1、R2是已知阻值的定值电阻．合上开关S，灵敏电流计的指针偏转．将R调至阻值为R0时，灵敏电流计的示数为零．由此可计算出待测电阻R x．（用R1、R2、R0表示）三、计算题11．某人将小球以20m/s的速度从20m高处竖直向上抛出，求：（1）小球在空中运行的时间；（2）小球距离抛出点15m所用时间；（g取10m/s2）12．如图所示，宽度L=0.2m的足够长的平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨的两端连接阻值R=1Ω的电阻．导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T．一根质量m=10g的导体棒MN放在导轨上与导轨接触良好，导体棒的电阻r=1Ω，导轨的电阻可忽略不计．现用一平行于导轨的拉力拉动导体棒沿导轨向右匀速运动，运动速度v=10m/s，在运动过程中保持导体棒与导轨垂直．求：（1）在闭合回路中产生的感应电流的大小；（2）作用在导体棒上的拉力的大小；（3）当导体棒移动3m时撤去拉力，求整个过程回路中产生的热量．【选修3-3模块选做题】13．下列说法中正确的有（）A．用手捏面包，面包体积会缩小，说明分子之间有间隙B．温度相同的氢气和氧气，氢气分子和氧气分子的平均速率相同C．夏天荷叶上小水珠呈球状，是由于液体表面张力使其表面积具有收缩到到最小趋势的缘故D．自然界中进行的一切与热现象有关的宏观过程都具有方向性14．在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，有下列操作步骤，请补充实验步骤C的内容及实验步骤E中的计算式：A，用滴管将浓度为0.05%的油酸酒精溶液逐滴滴入量筒中，记下滴入1mL 的油酸酒精溶液的滴数N；B，将痱子粉末均匀地撒在浅盘内的水面上，用滴管吸取浓度为0.05%的油酸酒精溶液，逐滴向水面上滴入，直到油酸薄膜表面足够大，且不与器壁接触为止，记下滴入的滴数n；C，D，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，以坐标纸上边长1cm的正方形为单位，计算出轮廓内正方形的个数m；E．用上述测量的物理量可以估算出单个油酸分子的直径d=cm．15．如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再由B变化到C．已知状态A的温度为300K．①求气体在状态B的温度；②由状态B变化到状态C的过程中，气体是吸热还是放热？简要说明理由．【选修3-4模块选做题】16．以下说法正确的是（）A．光速不变原理是狭义相对论的两个基本假设之一B．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度C．光在介质中的速度大于光在真空中的速度D．变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场17．如图所示，某同学用插针法测定一半圆形玻璃砖的折射率．在平铺的白纸上垂直纸面插大头针P1、P2确定入射光线，并让入射光线过圆心O，在玻璃砖（图中实线部分）另一侧垂直纸面插大头针P3，使P3挡住P1、P2的像，连接OP3．图中MN为分界面，虚线半圆与玻璃砖对称，B、C分别是入射光线、折射光线与圆的交点，AB、CD均垂直于法线并分别交法线于A、D点．设AB的长度为l1，AO的长度为l2，CD的长度为l3，DO的长度为l4，求：①为较方便地表示出玻璃砖的折射率，需用刻度尺测量、（用上述给出量的字母表示）②玻璃砖的折射率．18．如图所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，已知波的传播速度v=2m/s．试回答下列问题：①写出x=1.0m处质点振动的函数表达式．②求出x=2.5m处质点在0～4.5s内通过的路程及t=4.5s时的位移．【选修3-5模块选做题】19．以下说法正确的是（）A．普朗克在研究黑体辐射问题的过程中提出了能量子假说B．康普顿效应说明光子有动量，即光具有粒子性C．玻尔建立了量子理论，成功解释了各种原子发光现象D．天然放射现象的发现揭示了原子的核式结构20．气垫导轨是常用的一种实验仪器．它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦．我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导轨以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下：A．用天平分别测出滑块A、B的质量m A、m B；B．调整气垫导轨，使导轨处于水平；C．在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止地放置在气垫导轨上；D．用刻度尺测出A的左端至C板的距离L1．E．按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作．当A、B 滑块分别碰撞C、D挡板时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2．本实验中还应测量的物理量是，利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是．21．2008年北京奥运会场馆周围80%～90% 的路灯将利用太阳能发电技术来供电，奥运会90%的洗浴热水将采用全玻真空太阳能集热技术．科学研究发现太阳发光是由于其内部不断发生从氢核到氦核的核聚变反应，即在太阳内部4个氢核（H）转化成一个氦核（He）和两个正电子（e）并放出能量．已知质子质量m P=1.0073u，α粒子的质量mα=4.0015u，电子的质量m e=0.0005u．1u的质量相当于931．MeV的能量．①写出该热核反应方程；②一次这样的热核反应过程中释放出多少MeV的能量？（结果保留四位有效数字）2015-2016学年河南省周口市郸城一高高三（上）物理综合练习卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，共48分，其中7.8题为多选，全部选对的得6分，漏选的得3分，其余小题为单选，选对得6分，错选多选得0分）1．如图所示，当磁铁突然向铜环运动时，铜环的运动情况是（）A．向右摆动 B．向左摆动 C．静止不动 D．无法判定【考点】楞次定律；磁场对电流的作用．【分析】分析线圈中磁通量的变化，则由楞次定律可得出铜环的运动情况．【解答】解：当磁铁向铜环运动时，铜环中的磁通量要增大，则由楞次定律可知，铜环为了阻碍磁通量的变化而会向后摆去，即向右摆动故选A．2．如图，一质量为m的质点在半径为R的半球形容器中（容器固定），由静止开始自边缘上的一点滑下，到达最低点B时，它对容器的正压力为N．重力加速度为g，则质点自A 滑到B的过程中，摩擦力对其所做的功为（）A．R（N﹣3mg）B．R（3mg﹣N）C．R（N﹣mg）D．R（N﹣2mg）【考点】动能定理的应用．【分析】小球在B点竖直方向上受重力和支持力，根据合力提供向心力求出B点的速度，再根据动能定理求出摩擦力所做的功．【解答】解：在B点有：．得．A滑到B的过程中运用动能定理得，，得．故A正确，B、C、D错误．故选A．3．关于门电路的符号如图所示，下列说法中正确的是（）A．甲为“非”门、乙为“与”门、丙为“或”门B．甲为“与”门、乙为“或”门、丙为“非”门C．甲为“非”门、乙为“或”门、丙为“与”门D．甲为“或”门、乙为“与”门、丙为“非”门【考点】简单的逻辑电路．【分析】记住三个基本门电路符号，会区别、会画，理解其功能．【解答】解：甲为甲为“非”门符号，乙为“或”门符号，丙为“与”符号，故C正确故选：C4．如图所示在水平面上有一圆环A，在圆环的中心处有一闭合线圈abcd，若使A圆环带正电，下列说法正确的是（）A．圆环顺时针匀速转动时，线圈中有adcb方向的电流B．圆环逆时针匀速转动时，线圈中有abcd方向的电流C．圆环只要匀速转动，线圈中就没有感应电流D．论圆环怎样运动，线圈中都不可能有感应电流【考点】楞次定律；感应电流的产生条件．【分析】A环转动时产生等效电流，若电流产生的磁场使闭合线圈abcd中的磁通量发生变化，则可以在闭合线圈abcd中产生感应电流．因此根据楞次定律由圆环A中带电及转动情况来判断线圈中有adcb有无感应电流．【解答】解：A、由图可知，当圆环顺时针匀速转动时，若使A圆环带正电，则由右手螺旋定则可知，圆环内部的磁场方向垂直向里，且大小不变，闭合线圈abcd中磁通量不变化，从而无法产生感应电流．故A错误；B、由图可知，当圆环逆时针匀速转动时，若使A圆环带正电，则由右手螺旋定则可知，圆环内部的磁场方向垂直向外，且大小不变，导致闭合线圈abcd中有磁通量，但不发生变化，从而不会产生感应电流．故B错误；C、由图可知，只要当圆环匀速转动时，若使A圆环带正电，则由右手螺旋定则可知，圆环内部有磁场，但大小不变，导致闭合线圈abcd中有磁通量，但不发生变化，从而不会产生感应电流．故C正确；D、由若线圈做变速圆周运动，则线圈中会产生感应电流；故D错误；故选：C．5．长木板A放在光滑的水平面上，物块B以水平初速度v0从A的一端滑上A的水平上表面，它们在运动过程中的v﹣t图线如图所示．则根据图中所给出的已知数据v0、v1和t1，可以求出的物理量是（）A．木板获得的动能B．A、B的质量之比C．木板所受的滑动摩擦力大小 D．A、B之间的动摩擦因数【考点】动量守恒定律．【分析】由图可知木板及木块的运动状态，则由图可求出两物体前进的位移，及达共同速度时的相对位移；由能量关系可知机械能及内能的转化关系，分析题目中的已知条件可知能否求出相关量．【解答】解：A、设物块的质量为m，木板A的质量为M，根据动量守恒得：mv0=（M+m）v1，得木板的质量为：M=A板获得的动能为：E K==•=，则知由于物块的质量未知，所以不能得出A板获得的动能，故A错误；B、木板的质量为：M=，所以A、B的质量之比：．故B正确；C、设B的加速度为a，则：ma=f其中：a=，则f=，由于物块的质量未知，所以不能求出木板与物块之间的摩擦力的大小；故C错误；D、由摩擦力的公式：f=μmg，f不能求出，则μ就不能求出．故D错误．故选：B6．如图所示，MN和PQ为处于同一水平面内的两根平行的光滑金属导轨，垂直导轨放置金属棒ab与导轨接触良好．N、Q端接变压器的初级线圈，变压器的输出端有三组次级线圈，分别接有电阻元件R、电感元件L和电容元件C．在水平金属导轨之间加竖直向下的匀强磁场，若用I R、I L、Ic分别表示通过R、L和C的电流，则下列判断中正确的是（）A．若I R=0、I L=0、I C=0，则ab棒一定处于静止B．若I R≠0、I L≠0、I C=0，则ab棒一定做匀速运动C．若I R≠0、I L≠0、I C=0，则ab棒一定做匀变速运动D．若I R≠0、I L≠0、I C≠0，则ab棒一定在某一中心位置附近做往复运动【考点】变压器的构造和原理．【分析】变压器是根据磁通量的变化来工作的，当原线圈的磁通量恒定时，副线圈是没有感应电流的，根据变压器的工作的原理分析原线圈中的电流的变化情况即可的出结论．【解答】解：AB、在ab棒匀速运动过程中，ab棒产生恒定的感应电动势，左边原线圈中产生恒定的电流，形成恒定的磁场，穿过右侧的三个副线圈的磁通量不变，则副线圈中没有感应电动势产生，所以I R=0、I L=0、I C=0．所以若I R=0、I L=0、I C=0，则ab棒可能匀速，也可能处于静止状态，故A错误，B错误．C、若ab棒做匀变速运动，在原线圈中会产生不断增大的电动势，原线圈的磁通量在增加，所以副线圈能够产生感应电流，但是，由于原线圈的电流是均匀增加的，在副线圈中产生的感应电流是恒定的，所以I R≠0，I L≠0，由于电容器有通交流阻直流的特点，所以电容器中不会有电流即I C=0，故C正确D、若ab棒在某一中心位置两侧做简谐运动，当ab棒在某一中心位置附近做简谐运动时产生的是正弦式交变电流，能通过变压器，且副线圈输出也为交流电，则I R≠0，I L≠0，I C≠0，但ab棒可能做其他的运动形式，只要穿过原线圈的磁通量非均匀变化，就可在副线圈形成感应电流，故D错误；故选：C7．如图所示，A、B为不同金属制成的正方形线框，导线截面积相同，A的边长是B的2倍，A的密度是B的，A的电阻率是B的2倍，当它们的下边在同一高度竖直下落，垂直进入如图所示的磁场中，A框恰能匀速下落，那么，下列正确的是（）A．B框一定匀速下落B．进入磁场后，A，B中感应电流强度之比是2：1C．二框全部进入磁场的过程中，通过截面的电量相等D．二框全部进入磁场的过程中，产生的热量之比为2：1【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】线框在进入磁场前做自由落体运动，由自由落体运动规律可以求出线框进入磁场时速度的表达式；线框进入磁场时，对线框受力分析，根据线框的受力情况判断线框的运动状态；由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流；由电流的变形公式求出电量；由电功公式求出线框进入磁场过程中消耗的电能．抓住消耗的电能等于产生的热量求出热量之比．【解答】解：A、设线框下落的高度是h，线框做自由落体运动，线框进入磁场时的速度v2=2gh，解得v=，两线框进入磁场时的速度相等，线框进入磁场时受到的安培力F=BIL=，A 进入磁场时做匀速直线运动，则=mg ，A 的边长是B 的二倍，根据电阻定律R=ρ知，A 的电阻是B 的4倍，两线框的速度相等，由F=知，B 受到的安培力等于A 受到的安培力；导线截面积相同，A 的边长是B 的二倍，A 的密度是B 的，则A 与B 的质量相等，B 受到的重力与A 的重力相等，所在B 进入磁场时，受到的安培力等于重力，B 受到的合力为零，B 做匀速直线运动．故A 正确．B 、线框进入磁场时的感应电流I=，A 的边长是B 的二倍，A 的电阻是B 的4倍，进入磁场后，A 、B 中感应电流强度之比是1：2．故B 错误．C 、感应电荷量Q=It=×=，A 的边长是B 的二倍，A 的电阻是B 的4倍，二框全部进入磁场的过程中，通过截面的电量相等．故C 正确．D 、产生的热量Q=I 2Rt=（）2R =，v 与B 相同，A 的边长是B 的二倍，A 的电阻是B 的4倍，二框全部进入磁场的过程中，热量之比为2：1，因为消耗的电能转化为热量．故D 正确．故选：ACD8．把导体匀速拉上斜面如图所示，（不计棒和导轨的电阻，且接触面光滑，匀强磁场磁感应强度B 垂直框面向上）则下列说法正确的是（ ）A ．拉力做的功等于棒的机械能的增量B ．合力对棒做的功等于棒的动能的增量C ．拉力与棒受到的磁场力的合力为零D ．拉力对棒做的功与棒克服重力做的功之差等于回路中产生电能【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；力的合成与分解的运用；电磁感应中的能量转化．【分析】导体沿斜面匀速上升，动能不变，重力势能增加，回路中产生内能，根据能量转化和守恒定律，分析拉力做功与各种能量变化的关系．根据动能定理，拉力、磁场力和重力所做总功为零，则拉力对棒做的功与棒克服重力做的功之差等于棒克服磁场力做的功．而棒克服磁场力做的功等于回路中产生电能．【解答】解：A 、根据能量转化和守恒定律，分析得到：拉力做的功等于棒的机械能的增量与电路中产生的电能之和．故A 错误．B 、根据动能定理得合力对棒做的功等于棒的动能的增量，故B 正确．C 、导体受重力、磁场力、支持力和拉力，由于匀速拉上，所以四个力合力为零，所以拉力与棒受到的磁场力的合力等于重力与支持力的合力大小．故C 错误．D、根据功能关系可知：拉力、磁场力和重力所做总功为零，则拉力对棒做的功与棒克服重力做的功之差等于棒克服磁场力做的功．而棒克服磁场力做的功等于回路中产生电能．故D正确．故选BD二、实验探究题9．利用重锤下落验证机械能守恒定律．①为进行“验证机械能守恒定律”的实验，有下列器材可供选择：铁架台（也可利用桌边），打点计时器以及复写纸、纸带，低压直流电源，天平，秒表，毫米刻度尺，导线，电键．其中不必要的器材是低压直流电源、天平、秒表；缺少的器材是交流电源，重锤．②在验证机械能守恒定律的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，查得当地重力加速度g=9.80m/s2，测出所用重物的质量m=1.00kg，实验中得到一条点迹清晰的纸带，把第一个点记作O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm，根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量为7.62J，动能的增加量为7.56J（取3位有效数字）③实验中产生系统误差的原因主要是阻力对重锤和纸带的影响．为了减小误差，悬挂在纸带下的重物的质量应选择质量较大的．④如果以为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出的﹣h图线是过原点的斜直线，该线的斜率等于重力加速度g．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】根据实验的原理确定所需测量的物理量，从而确定所需的器材．根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的换算速度求出C点的速度，从而得出动能的增加量．根据机械能守恒得出﹣h的关系式，从而得出图线斜率的物理意义．【解答】解：①验证机械能守恒，即验证动能的增加量与重力势能的减小量是否相等，两边都有质量，可以约去，不需要测量重锤的质量，所以不需要天平，时间可以通过打点计时器打出纸带的间隔数直接得出，不需要秒表，打点计时器使用的是交流电源，不需要直流电源，实验中缺少的器材是重锤．②重物由O点运动到C点，重力势能的减少量△E p=mgh OC=1×9.8×0.7776J≈7.62J，C点的速度v C==m/s=3.8875m/s，则动能的增加量△E k=mv C2=×1×3.88752≈7.56J．③重力势能的减小量大于动能的增加量，形成系统误差的原因是实验中各种摩擦的存在，为了减小误差，悬挂在纸带下的重物的质量应选择大一些的．④根据mgh=mv2得，v2=gh，可知﹣h图线为一条倾斜的直线，图线的斜率等于当地的重力加速度g．故答案为：①低压直流电源、天平、秒表；交流电源，重锤，②7.62；7.56；③阻力对重锤和纸带的影响；质量较大的；④过原点的斜直线；重力加速度g．10．用伏安法测金属丝电阻存在系统误差．为了减小系统误差，有人设计了如图所示的实验方案．其中R x是待测电阻，R是电阻箱，R1、R2是已知阻值的定值电阻．合上开关S，灵敏电流计的指针偏转．将R调至阻值为R0时，灵敏电流计的示数为零．由此可计算出待测电阻R x．（用R1、R2、R0表示）【考点】伏安法测电阻．【分析】根据欧姆定律和串并联电路的特点可知，若灵敏电阻计的示数为零，即说明电流表两端电势相等，即变阻箱两端电压R1两端电压应相等．【解答】解：根据串并联电路特点及欧姆定律可知：I1（R1+R2）=I2（R x+R0）由于电流表示数为零，则说明G两端的电势相等，则一定有：I1R1=I2R0；两式联立可得：R x=；故答案为：三、计算题11．某人将小球以20m/s的速度从20m高处竖直向上抛出，求：（1）小球在空中运行的时间；（2）小球距离抛出点15m所用时间；（g取10m/s2）【考点】竖直上抛运动．【分析】（1）取竖直向上方向为正方向，竖直上抛运动可以看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动，由位移公式可求小球在空中运行的时间；（2）当石块运动离抛出点15m时，分两种情况由位移公式可求小球在空中运行的时间．【解答】解：（1）小球从抛出到落地，由运动学公式得：h=v0t﹣gt2代入数据：﹣20=20t﹣×10×t2解得：t=2+2s。
河南省周口市高三物理上学期期末抽测调研试题(扫描版)
河南省周口市2017届高三物理上学期期末抽测调研试题（扫描版）2016—2017学年度上期期末高中抽测调研高三物理参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1 -8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
A二、实验题（共15分，其中13题6分，14题9分）13：(1)A 、B 端 (2)260 ………………（每空3分） 14： (1)])()[(212122t dt d M （2分）； (2)0.498J ， 0.505J （4分）； (3) gskbd 22（3分）三、计算题（共37分，其中15题10分，16题12分，17题15分） 15、（10分） 解：(1)对B 来说只有：时B 才能下滑， ..........(1分）下滑时B 相对斜面的加速度和位移分别为：， ........................................(1分）； ........................................(1分）物块A 下滑时相对斜面的加速度和位移分别为：。
.......................................(2分） 且， ........................................(1分）解得：x 1=21a 1t 2=[)(M m M +μtan θ-1]l ……………………………………(2分）(2)若时，木板B 不会滑动，则......( 2分)16.（12分）解：（1）设物块a 经过B 点时的速度为,由机械能守恒得------------------------------------------------------------------------（2分）设物块a 刚进入圆轨道BC 时受到的支持力为N ，由牛顿第二定律知解得N =40N,-----------------------------------------------------------------------------------（2分）由牛顿第三定律知，物块a 对轨道的压力为40N 。
2015年河南省周口市项城三高高考物理模拟试卷
2015年河南省周口市项城三高高考物理模拟试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共24.0分)1.物理学中研究问题有多种方法，有关研究问题的方法叙述错误的是（）A.在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B.伽利略斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻地反映自然规律C.探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，可以在质量一定的情况下，探究物体的加速度与力的关系；再在物体受力一定的情况下，探究物体的加速度与质量的关系．最后归纳出加速度与力、质量之间的关系．这是物理学中常用的控制变量的研究方法D.在公式I=电压U和电流I具有因果关系、公式E=n中△Φ和E具有因果关系，同理在a=中△V和a具有因果关系【答案】D【解析】解：A、在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，而伽利略开创了以实验检验猜想和假设的科学方法．故A正确．B、伽利略理想斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻反映自然规律，故B正确．C、探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，先保持质量一定，探究物体的加速度与力的关系；再控制物体受力一定，探究物体的加速度与质量的关系．最后归纳出加速度与力、质量之间的关系．采用的是控制变量的研究方法．故C正确．D、在公式I=电压U和电流I具有因果关系、公式E=n中△Φ和E没有因果关系，在a=中△V和a没有因果关系，故D错误．本题选错误的，故选：D．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法．探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，采用控制变量的研究方法．电流与电压有因果关系．物理学常用研究的方法有：假设法、归纳法、控制变量法、实验模拟法等等，我们不仅要学习知识，还要学习科学研究的方法．2.如图所示，挡板垂直于斜面固定在斜面上，一滑块m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球M搁在挡板与弧形滑块上，一切摩擦均不计，用平行于斜面的拉力F拉住弧形滑块，使球与滑块均静止．现将滑块平行于斜面向上拉过一较小的距离，球仍搁在挡板与滑块上且处于静止状态，则与原来相比（）A.滑块对球的弹力增大B.挡板对球的弹力减小C.斜面对滑块的弹力增大D.拉力F不变B【解析】解：A、B、对球进行受力分析，如图（a），球只受三个力的作用，挡板对球的力F1方向不变，作出力的矢量图，挡板上移时，F2与竖直方向夹角减小，最小时F2垂直于F1，可以知道挡板弹力F1和滑块对球的作用力F2都减小；故A错误，B正确；C、D、再对滑块和球一起受力分析，如图（b），其中F N=G cosθ不变，F+F1不变，F1减小，可以知道斜面对滑块的支持力不变，拉力F增大，故C错误，D错误．故选：B．隔离对球分析，抓住重力大小方向不变，挡板的弹力方向不变，根据合力为零判断出木板、滑块对球弹力的变化．对球和滑块整体分析，抓住合力为零，判断斜面对滑块弹力以及拉力的变化．本题属于力学的动态分析，关键是抓住不变量，通过作图法判断力的变化．以及掌握整体法和隔离法的运用．3.A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD，E点在D点的正上方，与A等高，从E点水平抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（）A.球1和球2运动的时间之比为2：1B.球1和球2动能增加量之比为1：3C.球1和球2抛出时初速度之比为2：1D.球1和球2运动时的加速度之比为1：2 【答案】C【解析】解：A、因为AC=2AB，则AC的高度差是AB高度差的2倍，根据h=得：t=，解得球1和球2运动的时间比为1：．故A错误；B、根据动能定理得，mgh=△E k，知球1和球2动能增加量之比为1：2．故B错误；C、AC在水平方向上的位移是AB在水平方向位移的2倍，结合x=v0t，解得初速度之比为2：1．故C正确；D、平抛运动的物体只受重力，加速度为g，故两球的加速度相同．故D错误．故选：C．平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定运动的时间，通过水平位移求出初速度之比．根据动能定理求出动能的增加量之比．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行求解．4.如图所示，理想变压器与电阻R，交流电压表V、交流电流表A按图甲所示方式连接，已知变压器原副线圈的匝数比为n1：n2=10：1，电阻R=5Ω．图乙是R两端电压U随时间变化的图象，U m=10V．则下列说法中正确的是（）A.交变电流的频率是U m=50H zB.电压表V的读数为10VC.电流表A的读数为20AD.变压器的输入功率为40w【答案】B解：A、由图象可知，周期为T=2×10-2s，那么交流电的频率：，故A错误；B、由于U m=10V，则有效值为：V，电压表的读数为有效值，即10V．故B正确；C、根据欧姆定律，副线圈中的电流值：A，变压器是原副线圈的电流与匝数成反比，则原线圈中电流：A．故C错误；D、输入功率等于输出功率，即：P入=UI2=10×2=20W．故D错误；故选：B．根据电阻R两端电压u随时间t变化的图象，结合有效值与最大值的关系，及周期，即可求解频率；交流电压表测量是有效值；根据原副线圈的电压与匝数成正比，即可求解电源的电压u随时间t变化的规律；根据欧姆定律，即可求出原线圈中电流i随时间t 变化的规律．考查电表测量是有效值，掌握有效值与最大值的联系与区别，理解由图象确定电压或电流的变化规律，注意原副线圈的电压、电流与匝数的关系．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分)5.+Q和-Q是两个等量异种点电荷，以点电荷+Q为圆心作圆，A、B为圆上两点，MN是两电荷连线的中垂线，与两电荷连线交点为O，下列说法正确的是（）A.A点的电场强度大于B点的电场强度B.电子在A点的电势能小于在B点的电势能C.把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功为零D.把质子从A点移动到MN上任何一点，质子的电势能变化都相同【答案】BD【解析】解：等量异号电荷电场线分布如图所示：A、由图示电磁线分布可知，A处的电场线比B处的电场线稀疏，则A点的场强小于B 点的场强，故A错误；B、电场线与等势面相互垂直，电场线从高等势面指向低等势面，由图示可知，A点所在等势面高于B点所在等势面，A点电势高于B点电势，电子带负电，则电子在A点的电势能小于在B点的电势能，故B正确；C、A、B两点电势不同，两点间的电势差不为零，把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功不为零，故C错误；D、等量异号电荷连线的重锤线MN是等势线，A与MN上任何一点间的电势差都相等，把质子从A点移动到MN上任何一点，电场力做功都相等，质子的电势能变化都相同，故D正确；故选：BD．电场线越密的地方场强越大，电磁线越稀疏的地方场强越小，电场线与等势面相互垂直，电场线从高等势面指向低等势面，电场力做功等于电势能的变化量，根据电场线分布分析答题．本题考查了等量异号电荷的电场，知道电场线的分布，知道等量异号电荷连线的重锤线是等势线即可正确解题．6.我国未来将建立月球基地，并在绕月轨道上建造空间站．如图所示，关闭发动机的航天飞机在月球引力作用下沿椭圆轨道向月球靠近，并将在椭圆的近月点B处与空间站对接．已知空间站绕月轨道为r，周期为T，万有引力常量为G，月球的半径为R，那么以下选项正确的是（）A.航天飞机到达B处由椭圆轨道进入空间站轨道时必须加速B.航天飞机正在由A处加速飞向B处C.月球的质量为M=D.月球的第一宇宙速度为v=【答案】BC【解析】解：A、要使航天飞机在椭圆轨道的近月点B处与空间站C对接，必须在接近B点时减速．否则航天飞机将继续做椭圆运动（在B点是离心运动）．故A错误；B、根据开普勒定律可知，航天飞机向近月点B运动时速度越来越大．故B正确；C、设空间站的质量为m，由G=mr得，月球的质量M=．故C正确；D、空间站绕月圆轨道的半径为r，周期为T，其运行速度为v=，其速度小于月球的第一宇宙速度，所以月球的第一宇宙速度大于v=．故D错误．故选：BC．要使航天飞机在椭圆轨道的近月点B处与空间站C对接，必须在接近B点时减速．根力提供其向心力，由牛顿第二定律求出月球的质量M．月球的第一宇宙速度大于v=．本题是开普勒定律与牛顿第二定律的综合应用，对于空间站的运动，关键抓住由月球的万有引力提供向心力，要注意知道空间站的半径与周期，求出的不是空间站的质量，而是月球的质量．7.如图所示，在空间有一坐标系x O y中，直线OP与x轴正方向的夹角为30°，第一象限内有两个方向都垂直纸面向外的匀强磁场区域I和II，直线OP是他们的边界，OP上方区域I中磁场的磁感应强度为B．一质量为m，电荷量为q的质子（不计重力）以速度v从0点沿与OP成30°角的方向垂直磁场进入区域I，质子先后通过磁场区域I和II后，恰好垂直打在x轴上的Q点（图中未画出），则下列说法正确的是（）A.区域II中磁感应强度为2BB.区域II中磁感应强度为3BC.粒子在第一象限的运动时间为D.粒子在第一象限的运动时间为【答案】AD【解析】解：设质子在磁场I和II中做圆周运动的轨道半径分别为r1和r2，区域II中磁感应强度为B′，由牛顿第二定律得：qv B=…①qv B′=m…②粒子在两区域运动的轨迹如图所示，由带电粒子才磁场中运动的对称性和几何关系可知，质子从A点出磁场I时的速度方向与OP的夹角为30°，故质子在磁场I中轨迹的圆心角为：θ=60°，如图所示：则△O1OA为等边三角形，有：OA=r1…③，在区域II中，质子运动圆周，O2是粒子在区域II中做圆周运动的圆心，r2=OA sin30°…④由①②③④解得区域II中磁感应强度为：B′=2B，故A正确，B错误．质子在Ⅰ区运动轨迹对应的圆心角：φ=60°，在Ⅱ区运动轨迹对应的圆心角为：φ′=90°，质子在Ⅰ区的运动周期：T1=，运动时间t1=°°，质子在Ⅱ区运动的周期：T2=′，运动时间t2=°°，则粒子在第一象限内的运动时间t=．故C错误，D正确．故选：AD．质子在两个磁场中由洛伦兹力提供向心力，均做匀速圆周运动．根据圆的对称性可知，质子从A点出磁场I时的速度方向与OP的夹角为30°，即与x轴平行．在区域II中，由题分析可知，质子运动圆周，由几何知识作出轨迹，如图．由几何关系，得到质子在两个磁场中轨迹半径与OA的关系，由牛顿第二定律研究两个磁感应强度的关系，求在磁场中做圆周运动的时间．带电粒子通过磁场的边界时，如果边界是直线，根据圆的对称性得到，带电粒子入射速度方向与边界的夹角等于出射速度方向与边界的夹角，这在处理有界磁场的问题常常用到．8.如图所示，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，另一端与置于水平面上的质量为m的小物体接触（未连接），如图中O点，弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢向左推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，如图中B点，此时物体静止．撤去F后，物体开始向右运动，运动的最大距离距B点为3x0，C点是物体向右运动过程中弹力和摩擦力大小相等的位置，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A.撤去F时，物体的加速度最大，大小为-μgB.物体先做加速度逐渐变小的加速运动，再做加速度逐渐变大的减速运动，最后做匀减速运动C.从B→C位置物体弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量D.撤去F后，物体向右运动到O点时的动能最大【答案】ABC【解析】解：A、撤去F后一直到物体停止运动的过程，对物体应用动能定理可得，k-3μmgx0=0，故有kx0=6μmg故物体的加速度最大位置就是初始位置，大小为-μg，故A正确；B、撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，加速度先减小后增大，物体先做变加速运动，再做变减速运动，物体离开弹簧后做匀减速运动．故B正确；C、由动能定理可知，弹力做功减去摩擦力做的功的绝对值等于物体动能的增加量，故弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量，故C正确；D、物体向右运动过程中，加速度为零时，速度最大，故到C点时的动能最大，故D错误．故选：ABC．本题通过分析物体的受力情况，来确定其运动情况：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力大小不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；撤去F后，根据牛顿第二定律求解物体刚运动时的加速度大小；物体离开弹簧后通过的最大距离为2x0，由动能定理求解弹力滑动摩擦力力所做的总功；当弹簧的弹力与电场力、滑动摩擦力的合力大小相等、方向相反时，速度最大，可求得此时弹簧的压缩量，即可求解物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功．本题分析物体的受力情况和运动情况是解答的关键，要抓住加速度与合外力成正比，即可得到加速度是变化的．对于物体弹簧弹性势能的减少量与物体动能的增加量间的关系通常应用动能定理结合功能关系解决．9.下列说法正确的是（）B.物体的内能是物体中所有分子热运动动能和分子势能的总和C.高压气体的体积很难进一步被压缩，原因是高压气体分子间的作用力表现为斥力D.在太空大课堂中处于完全失重状态的水滴呈现球形，是由液体表面张力引起的E.外界对物体做功，物体的内能必定增加【答案】ABD【解析】解：A、温度是分子平均动能的标志，所以只要能增加气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以升高，故A正确；B、物体的内能就是物体内部所有分子的热运动动能和分子势能的总和，故B正确；C、气体分子之间的距离比较大，表现为引力．高压气体的体积很难进一步被压缩，原因是高压气体内外的巨大压强差引起的，故C错误；D、太空中处于失重状态的水滴由于液体的表面张力的作用而呈球形，故D正确；E、外界对物体做功，若同时物体放出热量，物体的内能不一定增加．故E错误．故选：ABD温度是分子平均动能的标志，内能是所有分子的动能和所有分子势能的总和，布朗运动反应了液体分子的无规则运动．热力学第一定律公式：△U=W+Q．本题考查了分子平均动能的唯一标志是温度，还有物体的内能、分力之间的作用力以及热力学第一定律等等知识点，难度不大．本题关键是根据热力学第一定律判断，明确改变物体内能的两种方式（做功与热传递）是等效的．四、多选题(本大题共1小题，共4.0分)11.如图所示，a、b是水平绳上的两点，相距42cm，一列正弦波沿绳传播，每当a点经过平衡位置向上运动时，b点正好到达上方最大位移处，则此波的波长可能是（）A.168cmB.56cmC.42cmD.30cmE.24cm【答案】ABE【解析】解：题中给出，每当a点经过平衡位置向上运动时，b点正好到达上方最大位移处，若该波向右传播，如图所示，则ab间距离为λ或1λ或2λ…，得到通式x ab=（k+）λ（k=0，1，2…），由此可得到波长的可能值λ==cm当k=0时，得到λ=56cm，此为波长最大值．当k=1时，λ=24cm，若改变向左传播，则ab间距离为λ或1λ或2λ…，得到通式x ab=（k+）λ（k=0，1，2…），由此可得到波长的可能值当k=0时，得到λ=168cm，此为波长最大值．当k=1时，λ=33.6cm，故选：ABE根据a、b两点状态状态，结合波形，确定ab间距离与波长的关系，求出波长的通项，再得到波长的特殊值．本题知道两个质点的状态，通过画出波形，确定出两点距离与波长的关系是常用的思路．要注意波传播的方向可能向左，也可能向右．六、多选题(本大题共1小题，共4.0分)13.下列说法正确的是（）A.方程式U→T h+H e是重核裂变反应方程B.光电效应和康普顿效应都说明光具有粒子性C.β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时所产生的D.德布罗意首先提出了物质波的猜想，而电子衍射实验证实了他的猜想E.在光电效应实验中，某金属的截止频率对应的波长为λ0，若用波长为λ（λ＞λ0）的单色光做该实验，会产生光电效应【答案】BCD【解析】解：A、U→T h+H e是衰变反应，不是重核裂变反应方程；故A错误；B、光电效应和康普顿效应都说明光具有粒子性，故B正确；C、β衰变所释放的电子，是原子核内的中子转化成质子和电子时所产生的，故C错误；D、德布罗意首先提出了物质波的猜想，之后电子衍射实验证实了他的猜想，故D正确；E、某金属的截止频率对应的波长为λ0，根据，结合光电效应发生的条件可知，若用波长为λ（λ＞λ0）的单色光做该实验，其频率变小，不会产生光电效应，故E 错误；故选：BCD．根据衰变与裂变区别；及光电效应和康普顿效应都说明光具有粒子性，从而确定AB选项的正确性；再由β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子时所产生的；根据光电效应的条件：入射光的频率大于极限频率，且波长越长，频率越小．从而即可求解．考查衰变与裂变的不同，理解β衰变的电子从何而来，注意光电效应和康普顿效应的作用，掌握光电效应的条件，及对截止频率与截限波长的理解．三、计算题(本大题共1小题，共9.0分)10.为适应太空环境，去太空旅行的航天员都要穿航天服．航天服有一套生命系统，为航天员提供合适温度、氧气和气压，让航天员在太空中如同在地面上一样．假如在地面上航天服内气压为1.0×105P a，气体体积为2L，到达太空后由于外部气压低，航天服急剧膨胀，内部气体体积变为4L，使航天服达到最大体积．若航天服内气体的温度不变，将航天服视为封闭系统．①求此时航天服内的气体压强；②若开启航天服封闭系统向航天服内充气，使航天服内的气压恢复到9.0×104P a，则需补充1.0×105P a的等温气体多少升？【答案】解：①航天服内气体经历等温过程，p1=1.0×105P a，V1=2L，V2=4L由玻意耳定律p1V1=p2V2得p2=5×104P a②设需要补充的气体体积为V，将补充的气体与原航天服内气体视为一个整体，充气后的气压p3=9.0×104P a由玻意耳定律p1（V1+V）=p3V2得V=1.6L答：①此时航天服内的气体压强5×104P a②若开启航天服封闭系统向航天服内充气，使航天服内的气压恢复到9.0×104P a，则需补充1.0×105P a的等温气体为1.6L【解析】（1）由玻意耳定律求的压强（2）求出气体的状态参量，应用玻意耳定律求出气体的体积．本题考查了求气体压强、气体体积问题，分析清楚气体状态变化过程、应用玻意耳定律即可正确解题．五、计算题(本大题共1小题，共10.0分)12.直角三角形的玻璃砖ABC放置于真空中，∠B=30°，CA的延长线上S点有一点光源，发出的一条光线由D点射入玻璃砖，如图所示．光线经玻璃砖折射后垂直BC边射出，且此光束经过SD用时和在玻璃砖内的传播时间相等．已知光在真空中的传播速度为c，BD=d，∠ASD=15°．求：（Ⅰ）玻璃砖的折射率；（Ⅱ）SD两点间的距离．【答案】解：（Ⅰ）由几何关系可知入射角i=45°，折射角r=30°，则玻璃砖的折射率为n=可得n=Ⅱ在玻璃砖中光速为v=光束经过SD和玻璃砖内的传播时间相等有：=°得SD=d答：（Ⅰ）玻璃砖的折射率是；（Ⅱ）SD两点间的距离为d．【解析】（Ⅰ）由几何关系可求出入射角i和折射角r，再由折射定律求解折射率．（Ⅱ）根据光束经过SD用时和在玻璃砖内的传播时间相等，列式可求得SD两点间的距离．解答本题的关键是依据几何关系和折射定律、光速公式解题．七、计算题(本大题共1小题，共10.0分)14.如图所示，一辆质量为M=3kg的平板小车A停靠在竖直光滑墙壁处，地面水平且光滑，一质量为m=1kg的小铁块B（可视为质点）放在平板小车A最右端，平板小车A上表面水平且与小铁块B之间的动摩擦因数μ=0.5，平板小车A的长度L=0.9m．现给小铁块B一个v0=5m/s的初速度使之向左运动，与竖直墙壁发生弹性碰撞后向右运动，求小铁块B 在平板小车A上运动的整个过程中系统损失的机械能（g=10m/s2）．【答案】解：设铁块向右运动到达竖直墙壁时的速度为v1，根据动能定理得：-μmg L=mv12-mv02，代入数据解得：v1=4m/s，铁块与竖直墙发生弹性碰撞后向右运动，假设小铁块最终和平板车达到共速v2，规定向右为正方向，根据动量守恒定律得：mv1=（M+m）v2，代入数据解得：v2=1m/s，设小铁块相对小车运动距离x与平板车达到共速，由能量守恒定律得：-μmgx=（M+m）v22-mv12，代入数据解得：x=1.2m由于x＞L说明铁块在没有与平板车达到共速时就滑出平板车．所以小铁块在平板上运动过程中系统损失的机械能为△E=2μmg L，解得：△E=9J．答：小铁块在平板上运动过程中系统损失的机械能是9J．【解析】根据动能定理研究铁块向右运动到达竖直墙壁的过程求出到达竖直墙壁时的速度，铁块在小车上滑动，根据动量守恒定律求出共同速度，再根据功能关系求出小铁块相对小车运动距离进行判断求解．本题首先要分析铁块的运动情况，对于铁块向右运动是否滑出平板车，我们可以采用假设法进行判断，正确运用功能关系求解．。
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2015年河南省周口市太康一高高考物理模拟试卷 一．选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分.在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对的得5分，选不全的得3分，错选或不选的得0分） 1．下列有关物理学史说法正确的是（ ） A． 牛顿在总结前人研究成果的基础上，提出了“力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因”论段 B． 库仑得出库仑定律并用扭秤实验最早测出了元电荷e的数值 C． 开普勒在研究行星运动规律的基础之上提出了万有引力定律 D． 法拉第发现了电流的磁效应并得出电磁感应定律 2．如图所示，有一个重力不计的方形容器，被水平力F压在竖直的墙面上处于静止状态，现缓慢地向容器内注水，直到将容器刚好盛满为止，在此过程中容器始终保持静止，则下列说法中正确的是（ ） A． 容器受到的摩擦力不变B． 容器受到的摩擦力逐渐增大 C． 水平力F可能不变D． 水平力F必须逐渐增大 3．A、B两物体叠放在一起，放在光滑水平面上，如图甲，它们从静止开始受到一个变力F的作用，该力与时间的关系如图乙所示，A、B始终相对静止．则（ ） A． 在t0时刻，A、B两物体间静摩擦力最大 B． 在t0时刻，A、B两物体的速度最大 C． 在2t0时刻，A、B两物体的速度最大 D． 在2t0时刻，A、B两物体又回到了出发点 4．已知神舟九号飞船在离地球表面h高处的轨道上做周期为T的匀速圆周运动，地球的半径R，万有引力常量为G．在该轨道上，神舟九号航天飞船（ ） A． 运行的线速度大小为 B． 运行的线速度小于第一宇宙速度 C． 运行时的向心加速度大小 D． 地球表面的重力加速度大小为 5．足够长的粗糙斜面上，用力推着一物体沿斜面向上运动，t=0时撤去推力，0～6s内速度随时间的变化情况如图所示，由图象可知（ ） A． 0～1s内物体发生的位移大小与1～6s内发生的位移大小之比为1：5 B． 0～1s内重力的平均功率大小与1～6s内重力平均功率大小之比为5：1 C． 0～ls内摩擦力的平均功率与1～6s内摩擦力平均功率之比为1：1 D． 0～1s内机械能变化量大小与1～6s内机械能变化量大小之比为1：5 6．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（ ） A． CA两点间的电势差是CB两点间的电势差的2倍 B． B、D两点的电场强度及电势均相同 C． 一质子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先减小后增大 D． 一电子由A点沿A→O→C路径移至C点，所受电场力先减小后增大 7．如图甲所示，理想变压器原线圈输入端接如图乙所示的交变电压，移动滑动触头P，可以改变原线圈的匝数．变压器的副线圈与一个滑动变阻器相连，Q为变阻器的滑动触头，电压表为理想交流电压表．下列说法正确的是（ ） A． 向上移动P，输入电压的频率不变 B． 向上移动P，输入电流减小 C． 保持P不动，向下移动Q，变压器的输入功率减小 D． 保持Q不动，向下移动P，电压表的示数不变 8．带正电的小环套在粗糙水平杆上，杆足够长，右半部分处在匀强磁场中，小环突然获得一向右的水平速度滑入磁场中，如图所示．小环的重量不能忽略，则小环进入磁场后的运动情况可能是（ ） A． 匀速直线运动 B． 匀减速直线运动 C． 先逐渐减速最后匀速直线运动 D． 逐渐减速最后停止 9．如图所示，螺线管CD的导线绕法不明，当磁铁N极向下靠近螺线管C端时，闭合电路中有图示方向的感应电流产生，下列说法正确的是（ ） A． C端一定是N极 B． D端一定是N极 C． 因螺线管的绕法不明，故无法判断C端的极性 D． 当磁铁向下穿过螺线管且远离D端时，电路中的感应电流方向与图示方向相反 10．如图所示，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m的金属棒ab．导轨的一端连接电阻R，其它电阻均不计，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面向下，金属棒ab在一水平恒力F作用下由静止开始向右运动．则（ ） A． 随着ab运动速度的增大，其加速度也增大 B． 外力F对ab做的功等于电路中产生的电能 C． 当ab做匀速运动时，外力F做功的功率等于电路中的电功率 D． 无论ab做何种运动，它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能 二、实验题：（本题共2小题，共15分） 11．关于验证机械能守恒定律实验，下面列出一些实验步骤： A．用天平称出重物和夹子质量 B．在三条纸带中选出较好的一条 C．将纸带穿过打点计时器的限位孔，上端用手提着，下端夹上系住重物的夹子，再把纸带向上拉，让夹子靠近打点计时器，处于静止状态 D．把打点计时器接在学生电源的交流输出端，把输出电压调到6V（电源不接通） E．把打点计时器用铁夹固定放到桌边的铁架台上，使两个限位孔在同一竖直面内 F．在纸带上选取两个点，进行测量并记录数据，进行计算，得出结论，完成实验报告． G．用秒表测出重物下落的时间 H．接通电源，待计时器打点稳定后释放纸带 I．切断电源，更换纸带，重新进行两次实验 （1）对于本实验以上步骤中，不必要的有 ； 正确步骤的合理顺序是 （填写代表字母）． （2）若实验中所用重物的质量m=1kg．打点纸带如图所示，打点时间间隔为0.02s，则记录B点时，重物速度vB=，重物动能Ek=．（g取9.8m/s2） （3）根据纸带算出相关各点的速度v，量出下落距离h，则以为纵轴、以h为横轴画出的图象应是图中的 12．在“把电流表改装为电压表”的实验中，需要利用如图所示的电路测定电流表的内阻，步骤如下： ①接通S1（S2未接通），调节R1，使电流表指针偏转到满刻度； ②再接通S2，调节R2，使电流表指针偏转到满刻度的1/3； ③读出R2的阻值，可得到rg=（填表达式） 已知电源的电动势为3V，内阻不计；电流表满偏电流为500μA，其内阻约在100Ω左右．实验室配有的可变电阻有： A．电阻箱（0～999.9Ω） B．滑动变阻器（0～200Ω） C．滑动变阻器（0～10KΩ） D．滑动变阻器（0～100KΩ） （1）电路中R1应选 ，R2应选 ．（填序号） （2）上述实验中电流表内阻的测量值和真实值相比 （选填“偏大”或“偏小”） （3）如果测得该电流表阻值为100Ω，要将其改装为量程为3V电压表，应 联一个阻值为 Ω的电阻． 三、计算题：（本大题共2小题，共30分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分） 13．如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．已知拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t1，A、B两点间距离为d，缆绳质量忽略不计．求： （1）小船从A点运动到B点的全过程克服阻力做的功Wf； （2）小船经过B点时的速度大小v1； （3）小船经过B点时的加速度大小a． 14．如图甲所示，竖直挡板MN的左侧空间有方向竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的水平匀强磁场，电场和磁场的范围足够大，电场强度的大小E=40N/C，磁感应强度的大小B随时间t变化的关系图象如图乙所示，选定磁场垂直纸面向里为正方向，在t=0时刻，一质量m=8×104kg，带电荷q=+2×104C的微粒在O点具有竖直向下的速度v=0.12m/s，O′是挡板MN上一点，直线OO′与挡板MN垂直，取g=10m/s2．求： （1）微粒下一次经过直线OO′时到O点的距离． （2）微粒在运动过程中离开直线OO′的最大距离． （3）水平移动挡板，使微粒能垂直射到挡板上，挡板与O点间距离应满足的条件． 四．选考题：共15分．请考生从给出的3道题中任选一题解答，如果多做，则按所做的第一题计分．【物理-选修3-3】（15分） 15．下列说法正确的是（ ） A． 由阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可以估算该种气体分子的大小 B． 悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显 C． 分子间的引力随分子间距离的增大而增大，分子间斥力随分子间距离的增大而减小 D． 根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体 16．如图所示为一简易火灾报警装置，其原理是：竖直放置的试管中装有水银，当温度升高时，水银柱上升，使电路导通，蜂鸣器发出报警的响声．27℃时，被封闭的理想气体气柱长L1为20cm．水银上表面与导线下端的距离L2为5cm． （1）当温度达到多少℃时，报警器会报警？ （2）如果大气压降低，试分析说明该报警器的报警温度会受到怎样的影响？ 【物理-选修3-4】（15分 17． 如图为频率f=1Hz的波源产生的横波，图中虚线左侧为A介质，右侧为B介质．其中x=14m处的质点振动方向向上．则该波在A、B两种介质中传播的速度之比vA：vB=．若图示时刻为0时刻，则经0.75s处于x=6m的质点位移为 cm． 18． 如图所示，有一截面是直角三角形的棱镜ABC，∠A=30°．它对红光的折射率为n1．对紫光的折射率为n2．在距AC边d处有一与AC平行的光屏，现有由以上两种色光组成的很细的光束垂直AB边射入棱镜． ①红光和紫光在棱镜中的传播速度比为多少？ ②若两种光都能从AC面射出，求在光屏MN上两光点间的距离． 【物理-选修3-5】（15分） 19． 2011年3月11日，日本东海岸发生9.0级地震，地震引发的海啸摧毁了日本福岛第一核电站的冷却系统，最终导致福岛第一核电站的6座核反应堆不同程度损坏，向空气中泄漏大量碘131和铯137、钡等放射性物质，这些放射性物质随大气环流飘散到许多国家．4月4日，日本开始向太平洋排放大量带有放射性物质的废水，引起周边国家的指责．有效防治核污染，合理、安全利用核能成为当今全世界关注的焦点和热点．下列说法中正确的是（ ） A． 福岛第一核电站是利用原子核衰变时释放的核能来发电 B． 铯、碘、钡等衰变时释放能量，故会发生质量亏损 C． 铯137进行β衰变时，往往同时释放出γ射线，γ射线具有很强的穿透能力，甚至能穿透几厘米厚的铅板 D． 铯137进入人体后主要损害人的造血系统和神经系统，其半衰期是30.17年，如果将铯137的温度降低到0度以下，可以延缓其衰变速度 20． 如图所示，质量M，半径R的光滑半圆槽第一次被固定在光滑水平地面上，质量为m的小球，以某一初速度冲向半圆槽刚好可以到达顶端C．然后放开半圆槽．其可以自由运动，m小球又以同样的初速冲向半圆槽，小球最高可以到达与圆心等高的B点，（g=10m/s2） 试求： ①半圆槽第一次被固定时，小球运动至C点后平抛运动的水平射程X=？ ②小球质量与半圆槽质量的比值m/M为多少？ 201年河南省周口市太康一高高考物理模拟试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分.在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对的得5分，选不全的得3分，错选或不选的得0分） 1．下列有关物理学史说法正确的是（ ） A． 牛顿在总结前人研究成果的基础上，提出了“力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因”论段 B． 库仑得出库仑定律并用扭秤实验最早测出了元电荷e的数值 C． 开普勒在研究行星运动规律的基础之上提出了万有引力定律 D． 法拉第发现了电流的磁效应并得出电磁感应定律 考点：物理学史．菁优网版权所有 分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可． 解答：解：A、牛顿在总结前人研究成果的基础上，提出了“力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因”论段，故A正确； B、库仑得出库仑定律并用扭秤实验最早测出了库仑引力常量，故B错误； C、牛顿在研究行星运动规律的基础之上提出了万有引力定律，故C错误； D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第得出电磁感应定律，故D错误； 故选：A． 点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一． 2．如图所示，有一个重力不计的方形容器，被水平力F压在竖直的墙面上处于静止状态，现缓慢地向容器内注水，直到将容器刚好盛满为止，在此过程中容器始终保持静止，则下列说法中正确的是（ ） A． 容器受到的摩擦力不变B． 容器受到的摩擦力逐渐增大 C． 水平力F可能不变D． 水平力F必须逐渐增大 考点：静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．菁优网版权所有 专题：摩擦力专题． 分析：由题知物体处于静止状态，受力平衡，合力为0；再利用二力平衡的条件再分析其受到的摩擦力和F是否会发生变化； 解答：解：由题知物体处于静止状态，受力平衡，摩擦力等于容器和水的总重力，所以容器受到的摩擦力逐渐增大，故A错误，B正确； C、水平方向受力平衡，力F可能不变，故C正确，D错误． 故选BC 点评：物体受到墙的摩擦力等于物体重，物重变大、摩擦力变大，这是本题的易错点． 3．A、B两物体叠放在一起，放在光滑水平面上，如图甲，它们从静止开始受到一个变力F的作用，该力与时间的关系如图乙所示，A、B始终相对静止．则（ ） A． 在t0时刻，A、B两物体间静摩擦力最大 B． 在t0时刻，A、B两物体的速度最大 C． 在2t0时刻，A、B两物体的速度最大 D． 在2t0时刻，A、B两物体又回到了出发点 考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．菁优网版权所有 专题：牛顿运动定律综合专题． 分析：根据牛顿第二定律分析何时整体的加速度最大．再以A为研究对象，当加速度最大时，A受到的静摩擦力最大．分析整体的运动情况，分析何时B的速度最大，并确定何时AB位移最大． 解答：解：A、以整体为研究对象，根据牛顿第二定律分析得知，0、2t0时刻整体所受的合力最大，加速度最大，再以A为研究对象，分析可知，A受到的静摩擦力最大．故A错误． B、整体在0t0时间内，做加速运动，在t02t0时间内，向原方向做减速运动，则t0时刻，A、B速度最大，在2t0时刻两物体速度为零，速度最小，故B正确、C错误． D、02t0时间内，整体做单向直线运动，位移逐渐增大，则2t0时刻，A、B位移最大．没有回到出发点．故D错误． 故选：B． 点评：本题一方面要灵活选择研究对象，另一方面，要能根据物体的受力情况分析物体的运动过程，这是学习动力学的基本功 4．已知神舟九号飞船在离地球表面h高处的轨道上做周期为T的匀速圆周运动，地球的半径R，万有引力常量为G．在该轨道上，神舟九号航天飞船（ ） A． 运行的线速度大小为 B． 运行的线速度小于第一宇宙速度 C． 运行时的向心加速度大小 D． 地球表面的重力加速度大小为 考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．菁优网版权所有 专题：人造卫星问题． 分析：研究飞船绕地球表面做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力求出线速度、加速度的表达式进行分析． 解答：A、神舟九号飞船在离地球表面h高处的轨道上做周期为T的匀速圆周运动，飞船的轨道半径为r=R+h，则线速度大小为v==．故A错误． B、研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，得： G=m 解得：v=． 当h=0时，v最大，即为第一宇宙速度，神舟九号的轨道高度h＞0，故飞船的线速度小于第一宇宙速度，故B正确； C、飞船的向心加速度大小为：a=r=，故C正确． D、根据万有引力提供向心力，有： G=m， 在地球表面上，物体的重力近似等于万有引力，则有： m′g=G 联立两式解得，地球表面的重力加速度大小为g=．故D正确； 故选：BCD 点评：本题关键明确万有引力提供向心力，然后根据牛顿第二定律列式求解出线速度和加速度的表达式进行分析． 5．足够长的粗糙斜面上，用力推着一物体沿斜面向上运动，t=0时撤去推力，0～6s内速度随时间的变化情况如图所示，由图象可知（ ） A． 0～1s内物体发生的位移大小与1～6s内发生的位移大小之比为1：5 B． 0～1s内重力的平均功率大小与1～6s内重力平均功率大小之比为5：1 C． 0～ls内摩擦力的平均功率与1～6s内摩擦力平均功率之比为1：1 D． 0～1s内机械能变化量大小与1～6s内机械能变化量大小之比为1：5 考点：匀变速直线运动的图像；功率、平均功率和瞬时功率．菁优网版权所有 专题：运动学中的图像专题． 分析：平均功率根据=Fv即可计算，机械能的变化量等于除重力以外的力做的功，动能变化量等于合外力所做的功． 解答：解：A、vt图象与时间轴包围的面积表示位移大小，故0～1s内物体发生的位移大小与1～6s内发生的位移大小之比为1：5，故A正确； B、根据图象可知：01s内的平均速度为：V1=m/s=5m/s； 16s内平均速度为：V2==5m/s； 所以01s内重力的平均功率为： P1=mgV1=5mg 16s内重力平均功率： P2=mgV2=5mg，故B错误 C、滑动摩擦力f=μmgcosθ，整个运动过程中滑动摩擦力不变，根据Pf=fv，可知0～ls内摩擦力的平均功率与1～6s内摩擦力平均功率相等，故C正确； D、机械能的变化量等于滑动摩擦力做的功，0～1s内机械能变化量大小为Wf1=Pft1=Pf，1～6s内机械能变化量大小为Wf2=Pft2=5Pf，所以0～1s内机械能变化量大小与1～6s内机械能变化量大小之比为1：5，故D正确； 故选：ACD． 点评：本题主要考查了恒力功率公式、牛顿第二定律及功能关系的应用，难度适中． 6．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（ ） A． CA两点间的电势差是CB两点间的电势差的2倍 B． B、D两点的电场强度及电势均相同 C． 一质子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先减小后增大 D． 一电子由A点沿A→O→C路径移至C点，所受电场力先减小后增大 考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．菁优网版权所有 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：解答本题要掌握等量异种电荷周围电场分布情况，在如图所示的等量异种电荷连线的中点O是两点电荷连线之间电场强度最小的点，同时是两点电荷连线中垂线上最强的点，中垂线为零等势线，中垂线上电场方向水平向右；另外电势能的变化可通过电场力做功来判断． 解答：解：A、BOD是等势面，根据对称性可知，UAO=UOC，所以UCA=2UCO=2UCB，故A正确； B、由于B、D两点关于O点对称，因此其场强大小相等，方向均水平向右，中垂线为零等势线，故B正确； C、电子由B沿B→C运动到C过程中，靠近负电荷远离正电荷，因此电场力做负功，电势能增大，沿C→D运动到D过程中，靠近正电荷远离负电荷，电场力做正功，电势能减小，故整个过程中电势能先增大后减小，故C错误； D、图中两电荷连线电场方向水平向右，即由A指向C，先变疏再变密，质子受电场力先变大再变小，故D正确． 故选：ABD． 点评：要熟练掌握等量异种电荷和等量同种电荷周围电场强度、电势分布情况，并能正确判断电荷在电场中运动时动能、电势能变化情况． 7．如图甲所示，理想变压器原线圈输入端接如图乙所示的交变电压，移动滑动触头P，可以改变原线圈的匝数．变压器的副线圈与一个滑动变阻器相连，Q为变阻器的滑动触头，电压表为理想交流电压表．下列说法正确的是（ ） A． 向上移动P，输入电压的频率不变 B． 向上移动P，输入电流减小 C． 保持P不动，向下移动Q，变压器的输入功率减小 D． 保持Q不动，向下移动P，电压表的示数不变 考点：变压器的构造和原理．菁优网版权所有 专题：交流电专题． 分析：变压器不改变交流电的频率，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率． 解答：解：A、变压器不改变交流电的频率，A正确； B、向上移动P，原线圈匝数增大，副线圈电压减小，电流减小，所以输入电流减小，B正确； C、保持P不动，副线圈电压不变，向下移动Q，电压表的示数减小，变压器的输入功率等于输出功率不变，CD错误； 故选：AB 点评：本题考查了变压器的特点，结合闭合电路欧姆定律考查了电路的动态分析． 8．带正电的小环套在粗糙水平杆上，杆足够长，右半部分处在匀强磁场中，小环突然获得一向右的水平速度滑入磁场中，如图所示．小环的重量不能忽略，则小环进入磁场后的运动情况可能是（ ） A． 匀速直线运动 B． 匀减速直线运动 C． 先逐渐减速最后匀速直线运动 D． 逐渐减速最后停止 考点：安培力；牛顿第二定律．菁优网版权所有 分析：根据左手定则可得小环所受洛伦兹力方向向上，通过讨论小环重力和洛伦兹力的大小关系结合牛顿第二定律可正确得出结果． 解答：解：A、给滑环套一个初速度，将受到向上的洛伦兹力，若洛伦兹力等于物体的重力，滑环将做匀速直线运动，故A正确； B、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，根据牛顿第二定律有（qvBmg）μ=ma，由此可见小环做加速度逐渐增大的减速运动，直至停止，故B错误； C、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，当洛伦兹力等于重力时，又做匀速运动，故C正确； D、若重力大于洛伦兹力，滑环受到向上的弹力，则受到摩擦力，将做减速运动，最后速度为零，故D正确． 故选ACD． 点评：本题学生易错，解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及会根据物体的受力判断物体的运动情况． 9．如图所示，螺线管CD的导线绕法不明，当磁铁N极向下靠近螺线管C端时，闭合电路中有图示方向的感应电流产生，下列说法正确的是（ ） A． C端一定是N极 B． D端一定是N极 C． 因螺线管的绕法不明，故无法判断C端的极性 D． 当磁铁向下穿过螺线管且远离D端时，电路中的感应电流方向与图示方向相反 考点：楞次定律．菁优网版权所有 分析：当磁铁的运动时，穿过线圈的磁通量变化，由楞次定律判断出感应电流的方向． 解答：解：A、B、C、由题意可知，当磁铁N极向下运动时，即靠近螺线管，导致穿过的磁通量变大，且磁场方向向下，因此根据楞次定律，感应电流的磁场的方向竖直向上；故上端（C端）为N极；故A正确，BC错误； D、当磁铁向下穿过螺线管且远离D端时，感应电流的磁场的方向竖直向下，所以电路中的感应电流方向与图示方向相反，故D正确； 故选：AD． 点评：楞次定律是高中物理的一个重点，也是常考内容，一定要正确、全面理解楞次定律含义，掌握应用楞次定律解题的思路与方法． 10．如图所示，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m的金属棒ab．导轨的一端连接电阻R，其它电阻均不计，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面向下，金属棒ab在一水平恒力F作用下由静止开始向右运动．则（ ） A． 随着ab运动速度的增大，其加速度也增大 B． 外力F对ab做的功等于电路中产生的电能 C． 当ab做匀速运动时，外力F做功的功率等于电路中的电功率 D． 无论ab做何种运动，它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能 考点：导体切割磁感线时的感应电动势．菁优网版权所有 专题：压轴题；电磁感应中的力学问题． 分析：在水平方向，金属棒受到拉力F和安培力作用，安培力随速度增大而增大，根据牛顿定律分析加速度的变化情况．根据功能关系分析电能与功的关系． 解答：解：A、金属棒所受的安培力，则a=，速度增大，安培力增大，则加速度减小．故A错误． B、根据能量守恒得，外力F对ab做的功等于电量中产生的电能以及ab棒的动能．故B错误． C、当ab棒匀速运动时，外力做的功全部转化为电路中的电能，则外力F做功的功率等于电路中的电功率．故C正确． D、根据功能关系知，克服安培力做的功等于电路中产生的电能．故D正确． 故选CD． 点评：在电磁感应现象中电路中产生的热量等于外力克服安培力所做的功；在解题时要注意体会功能关系及能量转化与守恒关系． 二、实验题：（本题共2小题，共15分） 11．关于验证机械能守恒定律实验，下面列出一些实验步骤： A．用天平称出重物和夹子质量 B．在三条纸带中选出较好的一条 C．将纸带穿过打点计时器的限位孔，上端用手提着，下端夹上系住重物的夹子，再把纸带向上拉，让夹子靠近打点计时器，处于静止状态 D．把打点计时器接在学生电源的交流输出端，把输出电压调到6V（电源不接通） E．把打点计时器用铁夹固定放到桌边的铁架台上，使两个限位孔在同一竖直面内 F．在纸带上选取两个点，进行测量并记录数据，进行计算，得出结论，完成实验报告． G．用秒表测出重物下落的时间 H．接通电源，待计时器打点稳定后释放纸带 I．切断电源，更换纸带，重新进行两次实验 （1）对于本实验以上步骤中，不必要的有 A、G ； 正确步骤的合理顺序是 EDCHIBF （填写代表字母）． （2）若实验中所用重物的质量m=1kg．打点纸带如图所示，打点时间间隔为0.02s，则记录B点时，重物速度vB=0.59m/s ，重物动能Ek=0.17J ．（g取9.8m/s2） （3）根据纸带算出相关各点的速度v，量出下落距离h，则以为纵轴、以h为横轴画出的图象应是图中的 A 考点：验证机械能守恒定律．菁优网版权所有 专题：实验题；机械能守恒定律应用专题． 分析：（1）根据实验的原理确定实验所需测量的物理量，从而确定不必要的步骤，根据按照器材、进行实验、数据处理的顺序排列操作步骤． （2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出重物的动能． （3）根据机械能守恒得出的表达式，从而确定正确的图线． 解答：解：（1）验证机械能守恒，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，表达式的两端都有质量，可以约去，所以不必要测量重物和夹子的质量．打点计时器可以测量时间，所以不需用秒表测量重物的运动时间．故。
2015-2016学年河南省周口市高三(上)期末物理试卷(解析版)资料
2015-2016学年河南省周口市高三（上）期末物理试卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．其中第1-6题只有一项符合题目要求；第7-I0题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分．有选错的得0分．1．如图是法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，图中a、b导线与铜盘的中轴线处在同一平面内，转动铜盘，就可以使闭合电路获得电流．若图中铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路总电阻为R，从上往下看逆时针匀速转动铜盘的角速度为ω．则下列说法正确的是（）A．回路中有大小和方向作周期性变化的电流B．回路中电流大小恒定，且等于C．若将匀强磁场改为仍然垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，不转动铜盘，灯泡中也没有电流流过D．法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律2．甲、乙两个物体从同一地点开始沿同一方向运动，其速度随时间变化的图象如图所示，图中t2=，两段曲线均为半径相同的圆弧，则在0﹣t4时间内（）A．两物体在t1时刻加速度相同B．两物体t3时刻相距最远，t4时刻相遇C．两物体在t2时刻运动方向均改变D．0﹣t4时间内甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度3．如图所示，质量为m的物块与水平转台之间有摩擦，物块与转台转轴相距R，物块随转台由静止开始转动并计时，在t1时刻转速达到n，物块即将开始滑动，保持转速n不变，继续转动到t2时刻．则（）A．在0～t1时间内，摩擦力做功为零B．在0～t1时间内，摩擦力做功为2mπ2n2R2C．在0～t1时间内，摩擦力做功为μmgRD．在t1～t2时间内，摩擦力做功为μmgR4．2016年中国将发射“天宫二号”空间实验室，并发射“神舟十一号”载人飞船和“天舟一号”货运飞船，与“天宫二号”交会对接．“天宫二号”预计由“长征二号F”改进型无人运载火箭或“长征七号”运载火箭从酒泉卫星发射中心发射升空，由长征运载火箭将飞船送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上，B点距离地面的高度为h，地球的中心位于椭圆的一个焦点上．“天宫二号”飞行几周后进行变轨进人预定团轨道，如图所示．已知“天宫二号”在预定圆轨道上飞行n圈所用时间为t，引力常量为G，地球半径为R．则下列说法正确的是（）A．“天宫二号”从B点沿椭圆轨道向A点运行的过程中，机械能增大B．“天宫二号”在椭圆轨道的B点的向心加速度大于在预定圆轨道上B点的向心加速度C．“天宫二号”在椭圆轨道的B点的速度大于在预定圆轨道上B点的速度D．根据题目所给信息，可以计算出地球质量5．如图所示为静电力演示仪，两金属极板分别固定于绝缘支架上，且正对平行放置．工作时两板分别接高压直流电源的正负极，空心金属小球用绝缘细线悬挂在金属极板中间，则（）A．空心金属小球的右侧感应出正电荷B．空心金属小球受到扰动后，会被吸在左极板上C．用绝缘棒将空心金属小球拨到与右极板接触，放开后空心金属小球会在两极板间来回碰撞D．空心金属小球受到细线的弹力，电场力，重力和库仑力共四个力的作用6．如图所示，物体A叠放在物体B上，B置于光滑水平面上．A，B质量分别为6.0kg和2.0kg，A、B之间的动摩擦因数为0.2．在物体A上施加水平方向的拉力F，开始时F=10N，此后逐渐增大，在增大到45N的过程中，以下判断正确的是（）A．两物体间始终没有相对运动B．两物体间从受力开始就有相对运动C．当拉力F＜12N时，两物体均保持静止状态D．两物体开始没有相对运动，当F＞18N时，开始相对滑动物体A叠放在物体B 上，B置于光滑水平面7．在高纬度地区的高空，大气抽薄，常出现五颜六色的弧状、带状或幕状的极其美丽壮观的发光现象，这就是我们常说的“极光”．“极光”是由太阳发射的高速带电粒子（重力不计）受地磁场的影响，进入两极附近时，撞击并激发高空中的空气分子和原子引起的．假如我们在北极地区忽然发现正上方的高空出现了射向地球的、沿逆时针方向生成的紫色弧状极光（显示带电粒子的运动轨迹）．则关于引起这一现象的高速粒子的电性及弧状极光的弯曲程度的说法中，正确的是（）A．高速粒子带负电 B．高速粒子带正电C．弯曲程度逐渐增大D．弯曲程度逐渐减小8．如图甲，一带电物块无初速度地放上皮带轮底端，皮带轮以恒定大小的速率沿顺时针传动，该装置处于垂直纸面向里的匀强磁场中，物块由底端E运动至皮带轮顶端F的过程中，其v﹣t图象如图乙所示，物块全程运动的时间为4.5s，关于带电物块及运动过程的说法正确的是（）A．该物块可能带负电B．皮带轮的传动速度大小可能为2m/sC．若已知皮带的长度，可求出该过程中物块与皮带发生的相对位移D．在2s～4.5s内，物块与皮带仍可能有相对运动9．如图所示，光滑半圆弧形轨道半径为r=0.4m，BC为竖直直径，A为半圆弧形轨道上与圆心O等高的位置．一质量为m=2.0kg的小球（可视为质点）自A处以某一竖直向下的初速度滑下，进入与C点相切的粗糙水平面CD上，在水平滑道上有一轻质弹簧，其一端固定在竖直墙上，另一端位于滑道末端的C点（此时弹簧处于自然状态．若小球与水平滑道间的动摩擦因数为μ=0.5，弹簧被压缩的最大长度为0.2m．小球经弹簧反弹后恰好能通过半圆弧形轨道的最高点B，重力加速度g=lOm/s2．则下列说法中正确的是（）A．小球通过最高点B时的速度大小为2m/sB．小球运动过程中弹簧的最大弹性势能为20JC．小球第一次经过C点时对C点的压力为120ND．小球从A点竖直下滑的初速度大小为4m/s10．如图所示电路中，R为电阻箱，电源的电动势为E，内阻为r．当调节电阻箱使外电阻分别为R1、R2时，其功率相等．此时对应的电流分别为I1、I2，电路中对应的电源效率分别为η1、η2，下列说法中正确的是（）A．I1+I2＞ B．I1+I2=C．η1+η2=1 D．I1R1+I2R2=E二、实验（15分）11．（6分）在探究测定摩擦因数实验中，某研究小组设计了一种“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案．如图所示，A是可固定于水平桌面上任意位置的滑槽（滑槽末端与桌面相切），B是质量为m的滑块（可视为质点）．第一次实验，如图（a）所示，将滑槽末端与桌面右端M对齐并固定，让滑块从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的P点，测出滑槽最高点距离桌面的高度h、M距离地面的高度H、M与P间的水平距离x1；第二次实验，如图（b）所示，将滑槽沿桌面向左移动一段距离并固定，让滑块B再次从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的P'点，测出滑槽末端与桌面右端M的距离L、M与P′间的水平距离x2；（1）在第二次实验中，滑块在滑槽末端时的速度大小为（用实验中所测物理量的符号表示，已知重力加速度为g）（2）通过上述测量和进一步的计算，可求出滑块与桌面间的动摩擦因数μ，下列能引起实验误差的是（A）H的测量（B）h的测量（C）L的测量（D）x2的测量（3）若实验中测得h=15cm、H=25cm、x1=30cm、L=1Ocm，x2=20cm，则滑块与桌面间的动摩擦因数μ=．12．（9分）某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率P．步骤如下：（1）游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为mm；（3）选用多用电表的电阻“×1”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值约为Ω；（4）为更精确地测量其电阻，可供选择的器材如下：电流表A1（量程300mA，内阻约为2Ω）；电流表A2（量程150mA，内阻约为10Ω）；电压表V1（量程1V，内阻r=1000Ω）；电压表V2（量程15V，内阻约为3000Ω）；定值电阻R0=1000Ω；滑动变阻器R1（最大阻值5Ω）；滑动变阻器R2（最大阻值1000Ω）；电源E（电动势约为4V，内阻r约为1Ω）；开关，导线若干．为了使测量尽量准确，测量时电表读数不得小于其量程的，电压表应选，电流表应选A2，滑动变阻器应选．（均填器材代号）根据你选择的器材，请在线框内画出实验电路图．三、计算题：要有必要的文字说明{13，14，15，16题分别为8分，10分，12分，15分，共45分）13．（8分）如图所示，弧形轨道的下端与半径为R=1.6m的圆轨道平滑连接．现在使一质量为m=1kg的小球从弧形轨道上端距地面h=2.8m的A点由静止滑下，进入圆轨道后沿圆轨道运动，轨道摩擦不计，g取10m/s2．试求：（1）小球在最低点B时对轨道的压力大小；（2）若小球在C点（未画出）脱离圆轨道，求半径OC与竖直方向的夹角θ大小．14．（10分）如图所示，竖直金属框架上端连接一个电容器，电容器电容为C=0.01F，在与电容器不远处有一个金属棒，其质量为m=0.001kg，整个装置置于磁感应强度为B=T的匀强磁场中，金属棒及框架电阻不计，金属棒从静止释放，求其速度达到v=20m/s时，所需要的时间．15．（12分）如图甲所示，在光滑绝缘水平桌面内建立xoy坐标系，在第Ⅱ象限内有平行于桌面的匀强电场，场强方向与x轴负方向的夹角θ=45°．在第Ⅲ象限垂直于桌面放置两块相互平行的平板C1、C2，两板间距为d1=0.6m，板间有竖直向上的匀强磁场，两板右端在y轴上，板C1与x轴重合，在其左端紧贴桌面有一小孔M，小孔M离坐标原点O的距离为L=0.72m．在第Ⅳ象限垂直于x 轴放置一块平行y轴且沿y轴负向足够长的竖直平板C3，平板C3在x轴上垂足为Q，垂足Q与原点O相距d2=0.18m．现将一带负电的小球从桌面上的P点以初速度v0=4m/s垂直于电场方向射出，刚好垂直于x轴穿过C1板上的M孔，进入磁场区域．已知小球可视为质点，小球的比荷=20C/kg，P点与小孔M在垂直于电场方向上的距离为s=m，不考虑空气阻力．求：（1）匀强电场的场强大小；（2）要使带电小球无碰撞地穿出磁场并打到平板C3上，求磁感应强度的取值范围．16．（15分）一长木板在水平地面上运动，在t=0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度﹣时间图象如图所示．己知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上．取重力加速度的大小g=10m/s2，求：（1）物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数；（2）求木板何时停止运动．2015-2016学年河南省周口市高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．其中第1-6题只有一项符合题目要求；第7-I0题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分．有选错的得0分．1．如图是法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，图中a、b导线与铜盘的中轴线处在同一平面内，转动铜盘，就可以使闭合电路获得电流．若图中铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路总电阻为R，从上往下看逆时针匀速转动铜盘的角速度为ω．则下列说法正确的是（）A．回路中有大小和方向作周期性变化的电流B．回路中电流大小恒定，且等于C．若将匀强磁场改为仍然垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，不转动铜盘，灯泡中也没有电流流过D．法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律【分析】圆盘转动可等效看成无数轴向导体切割磁感线，有效切割长度为铜盘的半径L，根据感应电动势公式分析电动势情况，由欧姆定律分析电流情况．根据右手定则分析感应电流方向．变化的磁场产生涡旋电流，根据灯泡两端有无电势差分析灯泡中有无电流．【解答】解：A、B铜盘转动产生的感应电动势为E=，B、L、ω不变，E 不变，根据欧姆定律得I==，电流恒定不变．故AB错误．C、垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，铜盘中产生涡旋电场，但a、b间无电势差，灯泡中没有电流流过．故C正确．D、安培首先总结出磁场对电流作用力的规律，故D错误．故选：C【点评】本题是转动切割磁感线类型，运用等效法处理．导体中有无电流，要看导体两端是否存在电势差．2．甲、乙两个物体从同一地点开始沿同一方向运动，其速度随时间变化的图象如图所示，图中t2=，两段曲线均为半径相同的圆弧，则在0﹣t4时间内（）A．两物体在t1时刻加速度相同B．两物体t3时刻相距最远，t4时刻相遇C．两物体在t2时刻运动方向均改变D．0﹣t4时间内甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度【考点】匀变速直线运动的图像【分析】速度时间图线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴围成的面积表示位移．平均速度等于位移与时间之比．结合数学知识进行分析．【解答】解：A、在t1时刻，甲的斜率为正，乙的斜率为负，而斜率表示加速度，所以两物体在t1时刻加速度相反．故A错误；B、图线与时间轴围成的面积表示位移，根据图象可知，t3时刻两者速度相等，位移之差最大，相距最远，t4时刻位移相等，两者相遇，故B正确；C、甲乙的速度图象都在时间轴的上方，速度都为正，方向没有改变，故C错误；D、0﹣t4时间内甲物体的位移等于乙物体的位移，时间相等，则平均速度相等，故D错误．故选：B【点评】解决本题的关键能够从速度时间图线中获取信息，知道斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．3．如图所示，质量为m的物块与水平转台之间有摩擦，物块与转台转轴相距R，物块随转台由静止开始转动并计时，在t1时刻转速达到n，物块即将开始滑动，保持转速n不变，继续转动到t2时刻．则（）A．在0～t1时间内，摩擦力做功为零B．在0～t1时间内，摩擦力做功为2mπ2n2R2C．在0～t1时间内，摩擦力做功为μmgRD．在t1～t2时间内，摩擦力做功为μmgR【考点】动能定理的应用；向心力【分析】物体做加速圆周运动，受重力、支持力和静摩擦力，由于重力和支持力垂直于速度方向，始终不做功，只有静摩擦力做功，可以根据动能定理求出摩擦力做的功．【解答】解：ABC、在0～t1时间内，转台的转速逐渐增加，故物体的速度逐渐增加，由动能定理可知，摩擦力对物体要做功．且摩擦力做功为W===2mπ2n2R2．故A、C错误，B正确．D、在t1～t2时间内，物体做匀速圆周运动，由静摩擦力提供向心力，物体的线速度不变，根据动能定理可知摩擦力做功为零，故D错误．故选：B【点评】本题关键根据摩擦力等于向心力，然后由动能定理列式求解．对于变力做功情况，运用动能定理求变力做功是常用的方法．4．2016年中国将发射“天宫二号”空间实验室，并发射“神舟十一号”载人飞船和“天舟一号”货运飞船，与“天宫二号”交会对接．“天宫二号”预计由“长征二号F”改进型无人运载火箭或“长征七号”运载火箭从酒泉卫星发射中心发射升空，由长征运载火箭将飞船送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上，B点距离地面的高度为h，地球的中心位于椭圆的一个焦点上．“天宫二号”飞行几周后进行变轨进人预定团轨道，如图所示．已知“天宫二号”在预定圆轨道上飞行n圈所用时间为t，引力常量为G，地球半径为R．则下列说法正确的是（）A．“天宫二号”从B点沿椭圆轨道向A点运行的过程中，机械能增大B．“天宫二号”在椭圆轨道的B点的向心加速度大于在预定圆轨道上B点的向心加速度C．“天宫二号”在椭圆轨道的B点的速度大于在预定圆轨道上B点的速度D．根据题目所给信息，可以计算出地球质量【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】“天宫二号”在椭圆轨道的B点的加速后做离心运动才能进入预定圆轨道，故“天宫二号”在椭圆轨道的B点的向心加速度小于在预定圆轨道的B点的向心加速度．“天宫二号”从B点沿椭圆轨道向A点运行的过程中，只受到地球的引力，只有地球的引力做负功，动能越来越小，但机械能守恒．地球对天宫二号的万有引力提供它绕地球做匀速圆周运动的向心力，由万有引力公式及向心力公式列方程，可以求出地球的质量．【解答】解：A、“天宫二号”从B点沿椭圆轨道向A点运行的过程中，只受到地球的引力，只有地球的引力做功，故机械能守恒，故A错误．B、在B点“天宫二号”产生的加速度都是由万有引力产生的，因为同在B点万有引力大小相等，故不管在哪个轨道上运动，在B点时万有引力产生的加速度大小相等，故B错误．C、“天宫二号”在椭圆轨道的B点的加速后做离心运动才能进入预定圆轨道，故“天宫二号”在椭圆轨道的B点的速度小于在预定圆轨道的B点的速度，故C错误．D、“天宫二号”在预定圆轨道上飞行n圈所用时间为t，故周期为，根据万有引力提供向心力，得地球的质量，故D正确．故选：D【点评】本题要掌握万有引力提供向心力，用周期表示向心力，列方程可以计算出中心天体的质量，难度适中．5．如图所示为静电力演示仪，两金属极板分别固定于绝缘支架上，且正对平行放置．工作时两板分别接高压直流电源的正负极，空心金属小球用绝缘细线悬挂在金属极板中间，则（）A．空心金属小球的右侧感应出正电荷B．空心金属小球受到扰动后，会被吸在左极板上C．用绝缘棒将空心金属小球拨到与右极板接触，放开后空心金属小球会在两极板间来回碰撞D．空心金属小球受到细线的弹力，电场力，重力和库仑力共四个力的作用【考点】静电场中的导体；电势差与电场强度的关系【分析】根据静电感应现象明确小球的带电情况，再利用电荷守恒定律进行分析，明确小球与极板相碰后的运动情况，即可分析小球的运动情况．【解答】解：A、由于球表面镀有金属，故在电场作用下会产生感应电荷；金属极板右侧为正，则负电荷将向右移动，故右侧带有负电荷；故A错误；B、C、乒乓球与极板相碰后，在接触过程中，电荷重新分布，使球与极板带同种电荷；故将会排斥；因此乒乓球会在两极板间来回碰撞；故B错误，C正确；D、乒乓球共受到电场力、重力、拉力三个力的作用；故D错误；故选：C【点评】本题考查静电现象的应用，要注意分析静电感应和接触起电的性质，明确库仑力为电场力的一种．6．如图所示，物体A叠放在物体B上，B置于光滑水平面上．A，B质量分别为6.0kg和2.0kg，A、B之间的动摩擦因数为0.2．在物体A上施加水平方向的拉力F，开始时F=10N，此后逐渐增大，在增大到45N的过程中，以下判断正确的是（）A．两物体间始终没有相对运动B．两物体间从受力开始就有相对运动C．当拉力F＜12N时，两物体均保持静止状态D．两物体开始没有相对运动，当F＞18N时，开始相对滑动物体A叠放在物体B 上，B置于光滑水平面【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】隔离对B分析，求出AB发生相对滑动时的临界加速度，再对整体分析，运用牛顿第二定律求出刚好发生相对滑动时的拉力．【解答】解：隔离对B分析，当AB间摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B发生相对滑动，则a B=再对整体分析有：F=（m A+m B）a=8×6N=48N．知当拉力达到48N时，A、B才发生相对滑动．故A正确，B、C、D错误．故选：A【点评】本题考查牛顿第二定律的临界问题，关键找出临界状态，运用整体法和隔离法，根据牛顿第二定律进行求解．7．在高纬度地区的高空，大气抽薄，常出现五颜六色的弧状、带状或幕状的极其美丽壮观的发光现象，这就是我们常说的“极光”．“极光”是由太阳发射的高速带电粒子（重力不计）受地磁场的影响，进入两极附近时，撞击并激发高空中的空气分子和原子引起的．假如我们在北极地区忽然发现正上方的高空出现了射向地球的、沿逆时针方向生成的紫色弧状极光（显示带电粒子的运动轨迹）．则关于引起这一现象的高速粒子的电性及弧状极光的弯曲程度的说法中，正确的是（）A．高速粒子带负电 B．高速粒子带正电C．弯曲程度逐渐增大D．弯曲程度逐渐减小【考点】洛仑兹力【分析】在北极上空磁场方向为竖直向下，由左手定则可以判断粒子带负电．由于空气阻力的作用，粒子速度逐渐减小，其运动半径逐渐减小，因此弯曲程度逐渐增大．【解答】解：AB、在北极上空有竖直向下的磁场，由地面上看带电粒子的运动轨迹沿逆时针方向，则由左手定则得粒子带负电．故A正确，B错误；CD、运动过程中粒子因空气阻力做负功，运动动能变小，速度减小，则轨迹半径减小，弯曲程度增大，故C正确，D错误；故选：AC【点评】本题以常见的自然现象为背景命题，考查了地磁场、左手定则、带电粒子在磁场中的运动等知识点．关键明确极光偏转方向，用左手定则可断定．8．如图甲，一带电物块无初速度地放上皮带轮底端，皮带轮以恒定大小的速率沿顺时针传动，该装置处于垂直纸面向里的匀强磁场中，物块由底端E运动至皮带轮顶端F的过程中，其v﹣t图象如图乙所示，物块全程运动的时间为4.5s，关于带电物块及运动过程的说法正确的是（）A．该物块可能带负电B．皮带轮的传动速度大小可能为2m/sC．若已知皮带的长度，可求出该过程中物块与皮带发生的相对位移D．在2s～4.5s内，物块与皮带仍可能有相对运动【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【分析】由图得出物块的速度和加速度随时间的变化关系，结合对物块的受力分析，得出洛伦兹力的方向，由左手定则即可判断出物块的电性；结合受力分析，得出物块做匀速直线运动的条件，从而判断出物块是否相对于传送带静止；结合运动学的公式可以判断位移．【解答】解：由图乙可知，物块做加速度逐渐减小的加速运动．物块的最大速度是1m/s．A、对物块进行受力分析可知，开始时物块受到重力、支持力和摩擦力的作用，设动摩擦因数为μ，沿斜面的方向：μF N﹣mgsinθ=ma ①物块运动后，又受到洛伦兹力的作用，加速度逐渐减小，由①式可知，物块的加速度逐渐减小，一定是F N逐渐减小，而开始时：F N=mgcosθ，后来：F N′=mgcosθ﹣f，即洛伦兹力的方向是向上的．物块沿传送带向上运动，由左手定则可知，洛物块带正电．故A错误；B、物块向上运动的过程中，洛伦兹力越来越大，则受到的支持力越来越小，结合①式可知，物块的加速度也越来越小，当加速度等于0时，物块达到最大速度，此时：mgsinθ=μ（mgcosθ﹣f洛）②由②可知，只要传送带的速度大于等于1m/s，则物块达到最大速度的条件与传送带的速度无关，所以传送带的速度可能是1m/s，有可能是大于1m/s，物块可能相对于传送带静止，有可能相对于传送带不静止．故BD正确；。
河南、河北、山西省2015届高三高考考前质量监测(二)理综物理试题(精品解析版)
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14—18题只有一项是符合题目要求的，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。
下列表述符 合物理学史实的是A ．库仑提出了库仑定律并最早测出了元电荷e 的数值B ．奥斯特发现了电流的磁效应并提出了电磁感应定律C ．法拉第发明了人类历史上第一台发电机D ．麦克斯韦最先提出了场的概念 【答案】C 【解析】试题分析：库伦发现了库仑定律，密立根测量元电荷的数值，A 错误；奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第提出了电磁感应定律，发明了人类历史上第一台发电机，B 错误C 正确；法拉第第一次提出场的概念，D 错误.考点：考查了物理学史15.一滑块从固定的斜面底端冲上粗糙的斜面，到达某一高度后返回斜面底端。
下列各图分别表示滑块在斜面上运动的速度v 、加速度a 、势能p E 、机械能E 随时间变化的图象，则下列图象可能正确的是【答案】B 【解析】试题分析：设斜面的倾角为θ，上滑过程中在沿斜面方向上，受到沿斜面向下的摩擦力，和重力的分力，故加速度1sin cos sin cos mg mg a g g mθμθθμθ+==+，下滑过程中在沿斜面方向上受到沿斜面向下的重力的分力和沿斜面向上的摩擦力，故加速度1sin cos sin cos mg mg a g g mθμθθμθ-==-，故两个过程中的加速度不同，因为两个过程都是匀变速直线运动，过程中的位移相同，根据公式212x at =可得上滑过程的时间12t t <，A 错误B 正确；重力势能p E mgh =，而h 不是关于t 的一次函数，所以图像不是直线，考点：考查了运动图像16.我国发射了一颗地球资源探测卫星，发射时，先将卫星发射至距离地面50km 的近地圆轨 道1 上：，然后变轨到近地点距离地面50km 、远地点距离地面1500km 的椭圆轨道2上，最后由轨道2进入半径为7900km 的圆轨道3，轨道1、2相切于P 点，轨道2、3相切于Q 点。
河南省周口市高三物理上学期期末抽测调研试卷(扫描版)
河南省周口市2015届高三物理上学期期末抽测调研试卷（扫描版）2014—2015学年度上期期末高中抽测调研物理参考答案1 4．（8分）（每空2分）解：(1)从电阻丝的左端a开始测量时电阻丝接入电路的电阻阻值最大，能防止短路，保护电源；(2)从表格中记录的实验数据看出，导线的接头O接a和b时，电压表的示数不变，而电流表示数均为零，导线的接头O接c、d时，电流表示数不为零，因此断路发生在b、c之间。
设电源电动势为E，内阻为r，由表格中c、d两组数据列方程分别为E＝1.25＋0.25r，E＝1.20＋0.30r，联立解得r＝1 Ω；(3)由闭合电路的欧姆定律表达式I＝ER＋r可知，外电阻R变大时，电路电流I变小，外电压变大；外电阻变小时，电路电流变大，外电压变小。
虽然b、c之间的电阻阻值变化和c、d之间的电阻阻值变化相同，但外电阻变大时电路电流变小，使得b、c两点对应的电压变化要小于c、d两点对应的电压变化0.05 V，又由于b、c两点间断路，因此不可能出现的电表读数是1.30 V。
答案：（每空2分）(1)防止短路，保护电源(2)b、c，1 (3)B设桌面长为L由位移关系知 x 1-x 2= 3L----(6)X 2 + x 3=32L----(7) ……（4分） 联立（1）----（6）得a>47m/s 2 ------------（8） ……（3分）16 （13分）解 (1)设第一秒内小球在斜面上运动的加速度为a ，由牛顿第二定律，得(mg ＋qE 0)sinθ＝ma.第一秒末的速度为v ＝at 1， 第二秒内有qE 0＝mg ，所以小球将离开斜面在上方做匀速圆周运动，则由向心力公式得，qvB ＝Rmv 2，圆周运动的周期为T ＝2πmqB＝1 s.……（3分）由图可知，小球在奇数秒内沿斜面做匀加速运动，在偶数秒内离开斜面做完整的圆周运动．所以，第7秒末的速度为v 7＝a(t 1＋t 3＋t 5+t 7)＝8gsinθ，小球离开斜面的最大距离为d ＝2R 4＝πθsin 8g .…（5分）(2)第15秒内仍在斜面上，则有v′＝a·t t=8s. 又因为：Bqv′≤(mg＋qE 0)cosθ， 所以θ≤arctanπ161.……（5分）加速度a ＝2 m/s 2又有F 安＝BIL ＝BIx ＝(Bx )I 且I 也与时间成正比 再有F －F 安＝max ＝12at 2得F ＝4＋4x ……（5分）。