1-2021核按钮(新高考)专题一
【核按钮】2021高考语文一轮温习 第4部份 第17单元 文学类文本阅读 散文单元检测（1）(1)
单元检测·28第17单元文学类文本阅读·散文(1)[共40分]一、阅读下面的文章，完成1—4题。
(20分)雨季的头几天叶多多在哈卜玛那个不大不小的寨子里，居住着清一色的拉祜族人。
沿着坡地，一家一所茅草房，参过失落。
衡宇周围，有着不太广漠的红壤，稀稀拉拉种着包谷和荞麦。
红壤缺水缺肥，庄稼活得艰巨，但村民一年的口粮，要紧还得靠这些土地。
没有人会注意到门前的麻栗树已经发出了好看的嫩芽，也没有人会注意到头上的天空是何等的蓝，太阳正隔着树叶透出一束束耀眼的光，那些憋了一个冬季的小飞虫，正无拘无束地享受着春风与阳光。
是的，在哈卜玛，人们很小就学会让自己像树一样深深扎根于土壤，寻觅赖以生存的养分。
靠天用饭的日子不能不让人揪心，种子如期播了下去，心却随着悬了起来，收成太难预料。
但欢乐总仍是需要的。
每当节日，或仅仅是某个想唱歌想跳舞的夜晚，哈卜玛的人们都会把篝火点燃，弹着弦子尽情地唱歌跳舞，所有的躯体围着蓬勃的篝火一遍遍地咏颂、祈祷、诉说。
在哈卜玛，神灵无处不在，它们和所有人的先人连在一路，和庄稼的生长谷物的收成连在一路。
人们已经适应把自己的欲望与妄图、幸福与不幸通通交给各自心中的神祇。
去哈卜玛的路上，不时会遇见几个正在干活或走路的山里人，一两个，三四个，很少会超过五六个的。
他们无一例外地老是一门心思地盯着脚下的土地，不断歇，但也并非着急。
很多人是赤脚的，缺少鞋子或是舍不得穿鞋子。
深山里，江岸边，那些绳索一样的小路，满是这些被太阳晒黑了的脚板踩出来的。
山路的历史太漫长了，往前翻一百年是那个样子，翻一千年仍是那个样子，尔后呢，或许仍是如此。
在一个叫老鹰嘴的垭口上，我不能不歇了下来，以减缓一下难耐的渴与累。
还好，有风吹来了，混合着阳光、尘埃和草根树木的气息。
我的目光跳进了低处几个缓慢移动的黑点，固然仍是那些不知从哪里来又将到哪里去的山里人。
一会儿，黑点移到了我的眼前，是四个年纪相仿的中年妇女，每人背一竹篓，里面有一些根状的植物，其中一名还手拿一棉线团，边走边捻。
2021届高考数学核按钮【新高考广东版】微专题一 聚焦新题型之结构不良试题
所以 c1＋c2＋…＋cn＝12[13－15＋15－17＋…＋2n1＋1－2n1＋3]＝1213－2n1＋3，
假设存在整数 t，使对任意 n∈N*，1213－2n1＋3＞6t0恒成立， 则需6t0＜1213－2n1＋3min＝115，即 t＜4，故存在整数 t 满足条件，且 t 的最大值为 3.
点拨 本题考查等差数列和等比数列基本量的运算，是高考 必考内容，无论选择哪个条件，目的都是为了找到数列{an}的通 项公式，由于每个学生的视角不同，所以题目虽然基础，但需要 学生能迅速作出选择．本题是新高考模拟卷中一道典型的是“结 构不良型”试题，具有一定的开放性、探究性．选择计算量更小 的关系完善方程(组)，从而求出相关数列，再进行探究．此题型 是新高考题型探索中比较成熟的成果之一，应给予一定的关注．
若选③：S99－S55＝a5－a3＝2，即 2d＝2，d＝1，又 a3＝7，故 an＝n＋4， 所以 cn＝ana1n＋1＝（n＋4）1（n＋5）＝n＋1 4－n＋1 5，
c1＋c2＋…＋cn＝15－16＋16－17＋…＋n＋1 4－n＋1 5＝15－n＋1 5，
解：根据题意，因为 b2＝3，b5＝－81，{bn}是等比数列， 所以 b1＝－1，q＝－3，所以 bn＝－(－3)n－1，由 b1＝a5， 得 a5＝－1， 方法一：选①，b1＋b3＝a2 时，a2＝－10，又 a5＝－1，所 以 d＝3，a1＝－13， Sk＝－13k＋k（k－2 1）×3＝32k2－229k，
例 1 (2020 届山东新高考模拟考)在①b1＋b3＝a2， ②a4＝b4，③S5＝－25 这三个条件中任选一个，补充在 下面问题中，若问题中的 k 存在，求 k 的值；若 k 不存 在，说明理由．
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一)语文阅读分析常用名词一、表达方式：记叙、描写、抒情、议论、说明二、修辞手法：比喻、拟人、排比、夸张、反复、借代、反问、设问、引用、对比三、说明文分类：1、实物说明文、事理说明文、程序说明文2、科技性说明文、文艺性说明文(也叫科学小品或知识小品)四、说明顺序：1、时间顺序：历史顺序、年代顺序、四季交替顺序、早晚(先后)顺序2、空间顺序：注意表方位的名词3、逻辑顺序：先总后分、由主到次、由表及里、由简到繁、由此及彼、由现象到本质等。
五、说明方法：列数字、作比较、举例子、打比方、分类别等说明方法的作用：打比方：生动形象说明了——————增强了文章的趣味性。
举例子：具体说明_____ 的特点，从而使说明更具体，更有说服力。
作比较:把____ 和 ______相互比较, 突出强调了____ 的_____特点.列数字: 用具体的数据加以说明，使说明更准确更有说服力。
六、记叙的顺序：顺叙、倒叙、插叙(追叙)七、人物描写的方法：1、肖像(外貌)描写、动作描写、神态描写、语言描写、心理活动描写;2、正面描写与侧面烘托八、常见写作方法、表现手法：联想、想像、象征、比较、对比、衬托、烘托、反衬、先抑后扬、以小见大、托物言志、借物喻理、寓理于物、借物喻人、状物抒情、借景抒情、情景交融九、语句在文章篇章结构上的作用：总起全文、引起下文、打下伏笔、作铺垫、承上启下(过渡)、前后照应、首尾呼应、总结全文、点题、推动情节发展十、语句在表情达意方面的作用：渲染气氛、烘托人物形象(或人物感情)、点明中心(揭示主旨)、突出主题(深化中心)(二)典型题实战兵法词曲小知识词牌名(或曲牌名)表示词(或曲)的格律，而题目则限定词(或曲)的内容。
如《补算子.咏梅》，补算子是词牌名，咏梅是题目。
引号的作用：1、表引用(引用人物对话、诗文句等);2、表特定称谓(特殊含义);3、表否定、反语、讽刺等意味;4、表强调。
词语的比较(选词填空)：1、比较词义，尤其是意思相近的词，一定要仔细辨别两个词在程度、适用范围、感情色彩的方面的区别。
2021届高考数学核按钮【新高考广东版】2.3 基本不等式
2.3 基本不等式1．如果a ＞0，b ＞0，那么 叫做这两个正数的算术平均数． 2．如果a ＞0，b ＞0，那么 叫做这两个正数的几何平均数．3．重要不等式：a ，b ∈R ，则a 2＋b 2≥ (当且仅当a ＝b 时取等号)．4．基本不等式：a ＞0，b ＞0，则 ，当且仅当a ＝b 时等号成立，即两个正数的算术平均数不小于它们的几何平均数．5．求最小值：a >0，b >0，当ab 为定值时，a＋b ，a 2＋b 2有 ，即a ＋b ≥ ，a 2＋b 2≥ .简记为：积定和最小． 6．求最大值：a ＞0，b ＞0，当a ＋b 为定值时，ab 有最大值，即 ，亦即 ；或a 2＋b 2为定值时，ab 有最大值(a ＞0，b ＞0)，即 .简记为：和定积最大． 7．拓展：若a ＞0，b ＞0时，21a ＋1b ≤ ≤a ＋b 2≤ ，当且仅当a ＝b 时等号成立．自查自纠 1.a ＋b 2 2.ab 3.2ab 4.a ＋b 2≥ab 5．最小值 2ab 2ab 6．ab ≤⎝⎛⎭⎫a ＋b 22 ab ≤14(a ＋b )2ab ≤a 2＋b 22 7.ab a 2＋b 221.下列说法正确的是( ) A.a ≥0，b ≥0，则a 2＋b 2≥2ab B.函数y ＝x ＋1x的最小值是2C.函数f (x )＝cos x ＋4cos x ，x ∈⎝⎛⎭⎫0，π2的最小值等于4D.“x>0且y >0”是“x y ＋yx≥2”的充分不必要条件解：选项A 中，a ＝b ＝0.1时不成立；选项B中，当x ＝－1时y ＝－2；选项C 中，x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0，π2时，0<cos x <1，f (x )＝cos x ＋4cos x无最小值；选项D 中，当x y ＋y x ≥2时，需x y>0即xy >0，故“x >0且y >0”为充分不必要条件．故选D. 2.(2019·首都师范大学附中模拟)在各项均为正数的等比数列{}a n 中，a 6＝3，则a 4＋a 8 ( )A.有最小值6B.有最大值6C.有最大值9D.有最小值3解：因为a 6＝3，所以a 4a 8＝a 26＝9，所以a 4＋a 8≥2a 4a 8＝6，当且仅当a 4＝a 8＝3时等号成立．故选A. 3．(2019·玉溪一中月考)已知f (x )＝x 2－2x ＋1x ，则f (x )在⎣⎡⎦⎤12，3上的最小值为 ( ) A.12 B.43C.－1D.0 解：因为x ∈⎣⎡⎦⎤12，3，所以f (x )＝x 2－2x ＋1x ＝x ＋1x －2≥2－2＝0，当且仅当x ＝1x，即x ＝1时取等号．又1∈⎣⎡⎦⎤12，3，所以f (x )在⎣⎡⎦⎤12，3上的最小值为0.故选D. 4．(2019·北京高二期末)当且仅当x ＝________时，函数y ＝4x ＋1x (x >0)取得最小值． 解：由于x >0，由基本不等式可得y ＝4x ＋1x ≥24x ·1x ＝4，当且仅当4x ＝1x (x >0)，即当x ＝12时，等号成立．故填12.5．(2019·河南高考模拟)若实数x ，y 满足2x ＋2y ＝1，则x ＋y 的最大值是________．解：由题得2x ＋2y ≥22x ·2y ＝22x ＋y (当且仅当x ＝y ＝－1时取等号)， 所以1≥22x ＋y ，所以14≥2x ＋y ，所以2－2≥2x＋y ，所以x ＋y ≤－2. 所以x ＋y 的最大值为－2.故填－2.类型一 利用基本不等式求最值例1 (1)已知a >0，b >0，且4a ＋b ＝1，则ab 的最大值为________．解法一：因为a >0，b >0，4a ＋b ＝1，所以1＝4a ＋b ≥24ab ＝4ab ，当且仅当4a ＝b ＝12，即a＝18，b ＝12时，等号成立．所以ab ≤14，ab ≤116，则ab 的最大值为116.解法二：因为4a ＋b ＝1，所以ab ＝14·4a ·b ≤14⎝ ⎛⎭⎪⎫4a ＋b 22＝116，当且仅当4a ＝b ＝12，即a ＝18， b ＝12时等号成立，所以ab 的最大值为116.故填116. (2)已知x <54，则f (x )＝4x －2＋14x －5的最大值为________．解：因为x <54，所以5－4x >0，则f (x )＝4x －2＋14x －5＝－⎝ ⎛⎭⎪⎫5－4x ＋15－4x ＋3≤－2（5－4x ）·15－4x ＋3＝－2＋3＝1.当且仅当5－4x ＝15－4x，即x ＝1时，等号成立．故填1.(3)(2020届山东滨州高三9月期初考试)已知a ＞0，b ＞0，且2a ＋b ＝ab ，则2a ＋b 的最小值为________．解：因为a ＞0，b ＞0，由2a ＋b ＝ab ⇒2b ＋1a＝1，故2a ＋b ＝(2a ＋b )⎝⎛⎭⎫2b ＋1a ＝4＋4a b ＋ba≥4＋4＝8.当且仅当4a b ＝ba ，即b ＝2a ＝4时等号成立．另解：因为a ＞0，b ＞0，所以ab ＝2a ＋b ≥22ab ，解得ab ≥8，当且仅当2a ＝b 时等号成立．故填8.点拨 利用基本不等式解决最值的关键是构造和为定值或积为定值，主要有两种思路：①对条件使用基本不等式，建立所求目标函数的不等式求解．常用的方法有：拆项法、变系数法、凑因子法、换元法、整体代换法等．②条件变形，进行“1”的代换求目标函数最值．注意：使用基本不等式求最值，“一正、二定、三相等”三个条件缺一不可．变式1 (1)(2019·济南联考)若a >0，b >0且2a＋b ＝4，则1ab的最小值为 ( )A.2B.12C.4D.14解：因为a >0，b >0，故2a ＋b ≥22ab (当且仅当2a ＝b 时取等号)．又因为2a ＋b ＝4，所以22ab ≤4⇒0<ab ≤2，所以1ab ≥12，故1ab 的最小值为12(当且仅当a ＝1，b ＝2时等号成立)．故选B.(2)设0<x <32，则函数y ＝4x (3－2x )的最大值为________．解：y ＝4x (3－2x )＝2[2x (3－2x )]≤2⎣⎢⎡⎦⎥⎤2x ＋（3－2x ）22＝92，当且仅当2x ＝3－2x ，即x ＝34时，等号成立．因为34∈⎝⎛⎭⎫0，32，所以函数y ＝4x (3－2x )⎝⎛⎭⎫0<x <32的最大值为92.故填92. (3)(2019·潍坊调研)函数y ＝a 1－x (a >0，a ≠1)的图象恒过定点A ，若点A 在直线mx ＋ny －1＝0上，且m ，n 为正数，则1m ＋1n 的最小值为________．解：因为曲线y ＝a 1－x 恒过定点A ，x ＝1时，y ＝1，所以A (1，1)．将A 点代入直线方程mx ＋ny －1＝0(m >0，n >0)，可得m ＋n ＝1，所以1m ＋1n ＝⎝⎛⎭⎫1m ＋1n ·(m ＋n )＝2＋n m ＋mn≥2＋2n m ·m n ＝4，当且仅当n m ＝m n且m ＋n ＝1(m >0，n >0)，即m ＝n ＝12时，取得等号．故填4.类型二 利用基本不等式求参数的值或范围例2 (1)(2019·黑龙江哈尔滨市第六中学期末)若对任意x >0，都有4xx 2＋x ＋1≤a 恒成立，则实数a的取值范围是________．解：因为x >0，所以x ＋1x≥2(当且仅当x ＝1时取等号)，所以4x x 2＋x ＋1＝41x＋x ＋1≤42＋1＝43，即4x x 2＋x ＋1的最大值为43，即实数a 的取值范围是⎣⎡⎭⎫43，＋∞.故填⎣⎡⎭⎫43，＋∞.(2)已知函数f (x )＝4x ＋ax(x >0，a >0)在x ＝3时取得最小值，则a ＝________.解：因为x >0，a >0，所以f (x )＝4x ＋a x ≥24x ·ax＝4a ，当且仅当4x ＝ax ，即4x 2＝a 时，f (x )取得最小值．又因为f (x )在x ＝3时取得最小值，所以a ＝4×32＝36.故填36.点拨 求解含参不等式的策略：①观察题目特点，利用基本不等式确定相关不等式成立的条件，从而得参数的值或取值范围．②对含参的不等式求范围问题通常采用分离变量，一般的解题方法是先分离然后求函数的最值．另外，要记住几个常见的有关不等式的等价命题：a ＞f (x )恒成立⇔a ＞f (x )max ；a ＜f (x )恒成立⇔a ＜f (x )min ；a ＞f (x )有解⇔a ＞f (x )min ；a ＜f (x )有解⇔a ＜f (x )max .变式2 (1)已知不等式(x ＋y )⎝⎛⎭⎫1x ＋a y ≥9对任意正实数x ，y 恒成立，则正实数a 的最小值为( )A.2B.4C.6D.8解：因为(x ＋y )⎝⎛⎭⎫1x ＋a y ＝1＋ax y ＋yx ＋a ≥a ＋1＋2a ，当且仅当ax y ＝yx时等号成立．要使原不等式恒成立，则只需a ＋1＋2a ≥9恒成立，所以(a －2)(a ＋4)≥0，解得a ≥4， 所以正实数a 的最小值是4.故选B.(2)(2019·厦门模拟)已知f (x )＝32x －(k ＋1)3x ＋2，当x ∈R 时，f (x )恒为正值，则k 的取值范围是( )A.(－∞，－1)B.(－∞，22－1)C.(－1，22－1)D.(－22－1，22－1) 解：由f (x )>0得32x －(k ＋1)3x ＋2>0，解得k ＋1<3x ＋23x .又3x ＋23x ≥22(当且仅当3x ＝23x ，即x ＝log 32时，等号成立)，所以k ＋1<22，即k <22－1.故选B.类型三 利用基本不等式解决实际问题例3 (2019·上海高三单元测试)某文化创意公司开发出一种玩具(单位：套)进行生产和销售．根据以往经验，每月生产x 套玩具的成本p 由两部分费用(单位：元)构成：①固定成本(与生产玩具套数x 无关)，总计一百万元；②生产所需的直接总成本50x ＋1100x 2.(1)该公司每月生产玩具多少套时，可使得平均每套所需成本费用最少？此时每套玩具的成本费用是多少？(2)假设每月生产出的玩具能全部售出，但随着x 的增大，生产所需的直接总成本在急剧增加，因此售价也需随着x 的增大而适当增加．设每套玩具的售价为q 元，q ＝a ＋xb(a ，b ∈R )．若当产量为15 000套时利润最大，此时每套售价为300元，试求a ，b 的值．(利润＝销售收入－成本费用) 解：(1)由题意知，生产成本为p ＝1 000 000＋50x ＋1100x 2，p x ＝x 100＋1 000 000x ＋50≥2x 100·1 000 000x ＋50＝250，当且仅当x 100＝1 000 000x ，即x ＝10 000时，取等号．故该公司生产1万套玩具时，使得每套平均所需成本费用最少，此时每套的成本费用为250元．(2)设利润为s ，则s ＝qx －p ＝x ⎝⎛⎭⎫a ＋x b －⎝⎛⎭⎫1 000 000＋50x ＋1100x 2 ＝⎝⎛⎭⎫1b －1100x 2＋(a －50)x －1 000 000，根据题意，有1b －1100<0，a ＋15 000b ＝300，且－a －502⎝⎛⎭⎫1b －1100＝15 000，解得a ＝250，b ＝300.点拨 建立关于x 的函数关系式是解决本题的关键，在运用基本不等式求最小值时，除了“一正，二定，三相等”以外，在最值的求法中，使用基本不等式次数要尽量少，最好是在最后一步使用基本不等式，如果必须使用几次，就需要查看这几次基本不等式等号成立的条件是否有矛盾，有矛盾则应调整解法．变式3 (1)(2019·阜新市高级中学高一月考)某公司一年需要购买某种原材料400吨，计划每次购买x 吨，已知每次的运费为4万元，一年总的库存费用为4x 万元．为了使总运费与总库存费用之和最小，则x 的值是________．解：由题意，总的费用y ＝400x×4＋4x ＝4⎝⎛⎭⎫400x ＋x ≥4×2400x ×x ＝160，当x ＝20时取“＝”.故填20.(2)在城市旧城改造中，某小区为了升级居住环境，拟在小区的闲置地中规划一个面积为200 m 2的矩形区域(如图所示)，按规划要求：在矩形内的四周安排2 m 宽的绿化，绿化造价为200元/m 2，中间区域地面硬化以方便后期放置各类健身器材，硬化造价为100元/m 2.设矩形的长为x (m)，总造价为y (元)．(Ⅰ)将y 表示为关于x 的函数； (Ⅱ)当x 取何值时，总造价最低，并求出最低总造价． 解：(Ⅰ)由矩形的长为x ，得矩形的宽为200x ， 则中间区域的长为x －4，宽为200x－4，则定义域为(4，50)， 则y ＝100⎣⎡⎦⎤（x －4）⎝⎛⎭⎫200x －4＋200[200－(x －4)⎝⎛⎭⎫200x －4]， 整理得y ＝18 400＋400⎝⎛⎭⎫x ＋200x ，x ∈(4，50)． (Ⅱ)x ＋200x ≥2x ·200x＝202， 当且仅当x ＝200x时取等号，即x ＝102∈(4，50)．所以当x ＝10 2 m 时，总造价最低，且为18 400＋8 0002元．1．基本不等式的变式和推广①a 2＋b 2≥（a ＋b ）22；②ab ≤a 2＋b 22； ③ab ≤14(a ＋b )2；④⎝⎛⎭⎫a ＋b 22≤a 2＋b 22；⑤(a ＋b )2≥4ab ；⑥ab ≥21a ＋1b；⑦a ＋b ＋c 3≥3abc ；⑧abc ≤a 3＋b 3＋c 33，等等．对于以上各式，要明了其成立的条件和取“＝”的条件．2．在利用基本不等式求最值时，要注意一正、二定、三相等．“一正”是指使用均值不等式的各项(必要时，还要考虑常数项)必须是正数；“二定”是指含变数的各项的和或积必须是常数；“三相等”是指具备等号成立的条件，使待求式能取到最大或最小值．3．基本不等式的应用在于“定和求积，定积求和；和定积最大，积定和最小”，必要时可以通过变形(拆补)、配凑、常数代换、运算(指数、对数运算、平方等)构造“和”或者“积”，使之为定值．4．求1a ＋1b型最值问题，常通过“1”来进行转化，但不是所有的最值都可以通过基本不等式解决，有一些看似可以通过基本不等式解决的问题，由于条件的限制，等号不能够成立，这时就不能用基本不等式来解决，而要借助于其他求值域的方法来解决． 5．基本不等式除具有求最值的功能外，还具有将“和式”转化为“积式”以及将“积式”转化为“和式”的放缩功能，常用于比较数(式)的大小或证明不等式，解决问题的关键是抓住不等式两边的结构特征，找准利用基本不等式的切入点．1．(2019·孝感调研)“a >b >0”是“ab <a 2＋b 22”的 ( ) A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件 解：由a >b >0，可知a 2＋b 2>2ab ，充分性成立，由ab <a 2＋b 22，可知a ≠b ，a ，b ∈R ，故必要性不成立．故选A.2．(2018·北京高三期中)某人从甲地到乙地往返的速度分别为a 和b (0＜a <b )，其全程的平均速度为v ，则 ( )A.v ＝a ＋b 2 B. v ＝ab C.a < v <ab D.ab < v <a ＋b 2 解：设从甲地到乙地距离为s ，往返的时间分别为t 1＝s a ，t 2＝sb(a <b )，其全程的平均速度为v ＝2s t 1＋t 2＝2s s a ＋s b ＝21a ＋1b<ab ，因为0<a <b ，所以1a >1b ，1a ＋1b <2a ，v >22a ＝a ，所以a < v <ab.故选C.3.(2019·河北高三月考)已知函数f (x )＝log 2(x 2＋1－x )，若对任意的正数a ，b 满足f (a )＋f (3b －1)＝0，则3a ＋1b的最小值为 ( )A.6B.8C.12D.24解：因为x 2＋1－x >x 2－x ≥x －x ＝0，所以定义域为R ，因为f (－x )＝log 2(x 2＋1＋x )，所以f (x )＝－f (－x )，则f (x )为奇函数．又x ＞0时，f (x )＝log 21x 2＋1＋x单调递减，f (0)＝0，f (x )为奇函数，所以f (x )为减函数，因为f (a )＋f (3b －1)＝0，所以f (a )＝－f (3b －1)＝f (1－3b )，则a ＝1－3b ，即a ＋3b ＝1，所以3a ＋1b ＝⎝⎛⎭⎫3a ＋1b (a ＋3b )＝9b a ＋ab＋6， 因为9b a ＋a b ≥29b a ×a b ＝6，所以3a ＋1b≥12⎝⎛⎭⎫当且仅当a ＝12，b ＝16时，等号成立. 故选C.4．(2019·江苏省如皋中学高一月考)0<a 1<a 2，0<b 1<b 2，且a 1＋a 2＝b 1＋b 2＝1，则下列代数式中值最大的是 ( )A.a 1b 1＋a 2b 2B.a 1a 2＋b 1b 2C.a 1b 2＋a 2b 1D.12解：因为0<a 1<a 2，0<b 1<b 2，a 1＋a 2＝b 1＋b 2＝1，所以a 1a 2＋b 1b 2<⎝⎛⎭⎪⎫a 1＋a 222＋⎝ ⎛⎭⎪⎫b 1＋b 222＝12，又a 1b 1＋a 2b 2－(a 1b 2＋a 2b 1)＝(a 1－a 2)b 1－(a 1－a 2)b 2＝(a 2－a 1)(b 2－b 1)>0，所以a 1b 1＋a 2b 2>a 1b 2＋a 2b 1，而1＝(a 1＋a 2)(b 1＋b 2)＝a 1b 1＋a 2b 2＋a 1b 2＋a 2b 1<2(a 1b 1＋a 2b 2)，故a 1b 1＋a 2b 2>12.综上可得a 1b 1＋a 2b 2最大．故选A.5．(2019·衡水中学质检)正数a ，b 满足1a ＋9b＝1，若不等式a ＋b ≥－x 2＋4x ＋18－m 对任意实数x 恒成立，则实数m 的取值范围是 ( )A.[3，＋∞)B.(－∞，3]C.(－∞，6]D.[6，＋∞)解：因为a >0，b >0，1a ＋9b＝1，所以a ＋b ＝(a ＋b )⎝⎛⎭⎫1a ＋9b ＝10＋b a ＋9ab≥10＋2b a ·9a b ＝16，当且仅当b a ＝9ab ，即a ＝4，b ＝12时取等号．依题意，16≥－x 2＋4x ＋18－m ，即x 2－4x －2≥－m 对任意实数x 恒成立．又x 2－4x －2＝(x －2)2－6≥－6，所以－6≥－m ，即m ≥6.故选D.6．(2019·宜春昌黎实验学校高一月考)关于x 的方程9x ＋(a －2)3x ＋4＝0有解，则实数a 的取值范围是 ( )A.(－2，＋∞)B.(－∞，－4)C.(－∞，－2]D.[－4，＋∞)解：因为9x ＋(a －2)3x ＋4＝0，所以(a －2)3x ＝－(9x ＋4)，所以a －2＝－9x ＋43x ＝－⎝⎛⎭⎫3x ＋43x ≤－4(当且仅当3x ＝43x ，即x ＝log 32时，等号成立)，故a ≤－2，实数a 的取值范围是(－∞，－2]．故选C.7．(2019·湖南师大附中模拟)已知△ABC 的面积为m ，内切圆半径也为m ，若△ABC 的三边长分别为a ，b ，c ，则4a ＋b＋a ＋b c 的最小值为 ( )A.2B.2＋2C.4D.2＋22 解：因为△ABC 的面积为m ，内切圆半径也为m ，所以12(a ＋b ＋c )×m ＝m ，所以a ＋b ＋c ＝2，所以4a ＋b ＋a ＋b c ＝2（a ＋b ＋c ）a ＋b＋a ＋b c ＝2＋2c a ＋b＋a ＋b c ≥2＋22，当且仅当a ＋b ＝2c ，即c ＝22－2时，等号成立，所以4a ＋b ＋a ＋b c 的最小值为2＋22.故选D.8．【多选题】(2019·海南东方市民族中学高一期中)已知a ，b 均为正实数，则下列不等式不一定成立的是 ( )A.a ＋b ＋1ab ≥3 B.(a ＋b )⎝⎛⎭⎫1a ＋1b ≥4 C.a 2＋b 2ab ≥a ＋b D.2ab a ＋b≥ab解：对于A ，a ＋b ＋1ab ≥2ab ＋1ab≥22<3，当且仅当a ＝b ＝22时取等号； 对于B ，(a ＋b )⎝⎛⎭⎫1a ＋1b ＝2＋a b ＋ba≥2＋2a b ·b a＝4，当且仅当a ＝b 时取等号；对于C ，a 2＋b 2ab ≥（a ＋b ）22ab ≥（a ＋b ）2a ＋b＝a ＋b ，当且仅当a ＝b 时取等号；对于D ，当a ＝12，b ＝13时，2aba ＋b ＝1356＝215， ab ＝16，16>215， 此时2ab a ＋b <ab.当a ＝b ＝1时，22≥1成立．综上知，选项A ，D 中的不等式不一定成立．故选AD.9．(2019·河南八校测评)已知等差数列{a n }中，a 3＝7，a 9＝19，S n 为数列{a n }的前n 项和，则S n ＋10a n ＋1的最小值为________．解：因为a 3＝7，a 9＝19， 所以d ＝a 9－a 39－3＝19－76＝2，所以a n ＝a 3＋(n －3)d ＝7＋2(n －3)＝2n ＋1， 所以S n ＝n （3＋2n ＋1）2＝n (n ＋2)，因此S n ＋10a n ＋1＝n （n ＋2）＋102n ＋2＝12⎣⎢⎡⎦⎥⎤（n ＋1）＋9n ＋1≥12×2（n ＋1）×9n ＋1＝3，当且仅当n ＝2时取等号．故S n ＋10a n ＋1的最小值为3.故填3.10．(2019·上海模拟)设x ，y 均为正实数，且32＋x＋32＋y＝1，则xy 的最小值为________． 解：32＋x ＋32＋y ＝1可化为xy ＝8＋x ＋y ，因为x ，y 均为正实数，所以xy ＝8＋x ＋y ≥8＋2xy (当且仅当x ＝y 时等号成立)，即xy －2xy －8≥0，解得xy ≥4，即xy ≥16，故xy 的最小值为16.故填16.11．已知x >0，y >0，且2x ＋5y ＝20.(1)求u ＝lg x ＋lg y 的最大值；(2)求1x ＋25y 的最小值．解：(1)因为x >0，y >0，所以由基本不等式，得2x ＋5y ≥210xy.因为2x ＋5y ＝20，所以210xy≤20，xy ≤10，当且仅当⎩⎪⎨⎪⎧2x ＋5y ＝20，2x ＝5y ，即⎩⎪⎨⎪⎧x ＝5，y ＝2时，等号成立．此时xy 有最大值10.所以u ＝lg x ＋lg y ＝lg(xy )≤lg10＝1.则当x ＝5，y ＝2时，u ＝lg x ＋lg y 有最大值1. (2)因为x >0，y >0，所以1x ＋25y ＝⎝⎛⎭⎫1x ＋25y ·2x ＋5y20＝120⎝⎛⎭⎫4＋5y x ＋4x 5y ≥120⎝⎛⎭⎫4＋25y x ·4x 5y ＝25，当且仅当⎩⎪⎨⎪⎧2x ＋5y ＝20，5y x ＝4x 5y，即⎩⎪⎨⎪⎧x ＝5，y ＝2时，等号成立．所以1x ＋25y 的最小值为25.12.已知x ＞0，y ＞0，且2x ＋8y －xy ＝0，求： (1)xy 的最小值； (2)x ＋y 的最小值．解：(1)由2x ＋8y －xy ＝0，得8x ＋2y ＝1，又x ＞0，y ＞0，则1＝8x ＋2y≥28x ·2y ＝8xy，得xy ≥64， 当且仅当x ＝4y ，即x ＝16，y ＝4时等号成立．(2)解法一：由2x ＋8y －xy ＝0，得x ＝8yy －2，因为x ＞0，所以y ＞2，则x ＋y ＝y ＋8y y －2＝(y －2)＋16y －2＋10≥18，当且仅当y －2＝16y －2，即y ＝6，x ＝12时等号成立．解法二：由2x ＋8y －xy ＝0，得8x ＋2y＝1，则x ＋y ＝⎝⎛⎭⎫8x ＋2y ·(x ＋y )＝10＋2x y ＋8yx≥10＋22x y ·8y x＝18，当且仅当y ＝6，x ＝12时等号成立．13．(2019·西安模拟)某商人投资81万元建一间工作室，第一年装修费为1万元，以后每年增加2万元，把工作室出租，每年收入租金30万元．(1)若扣除投资和各种装修费，则从第几年开始获取纯利润？(2)若干年后该商人为了投资其他项目，对该工作室有两种处理方案：①年平均利润最大时，以46万元出售该工作室；②纯利润总和最大时，以10万元出售该工作室．问该商人会选择哪种方案？解：(1)设n 年获取纯利润为y 万元． n 年付出的装修费构成一个首项为1，公差为2的等差数列，n 年付出的装修费之和为n ×1＋n （n －1）2×2＝n 2，又投资81万元，n 年共收入租金30n 万元，所以利润y ＝30n －n 2－81(n ∈N *)．令y >0，即30n －n 2－81>0，所以n 2－30n ＋81<0， 解得3<n <27(n ∈N *)，所以从第4年开始获取纯利润．(2)方案①：年平均利润t ＝30n －81－n 2n＝30－81n －n ＝30－⎝⎛⎭⎫81n ＋n ≤30－281n·n ＝12(当且仅当81n＝n ，即n ＝9时取等号)， 所以年平均利润最大时，以46万元出售该工作室共获利润12×9＋46＝154(万元)．方案②：纯利润总和y ＝30n －n 2－81＝－(n －15)2＋144(n ∈N *)，当n ＝15时，纯利润总和最大，为144万元， 所以纯利润总和最大时，以10万元出售该工作室共获利润144＋10＝154(万元)，两种方案盈利相同，但方案①时间比较短，所以应选择方案①.附加题 (宁夏石嘴山市第三中学2019届高三四模)点M (x ，y )在曲线C ：x 2－4x ＋y 2－21＝0上运动，t ＝x 2＋y 2＋12x －12y －150－a ，且t 的最大值为b ，若a ，b ∈R ＋，则1a ＋1＋1b的最小值为________．解：曲线C 可整理为：(x －2)2＋y 2＝25， 则曲线C 表示圆心为(2，0)，半径为5的圆， t ＝x 2＋y 2＋12x －12y －150－a ＝(x ＋6)2＋(y －6)2－222－a ，设d ＝（x ＋6）2＋（y －6）2，则d 表示圆C 上的点到(－6，6)的距离，则d max ＝（2＋6）2＋（0－6）2＋5＝15，所以t max ＝152－222－a ＝b ，整理得，a ＋1＋b＝4.所以1a ＋1＋1b ＝14⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ＋1＋1b [(a ＋1)＋b ]＝14×⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋ba ＋1＋a ＋1b ＋1. 又b a ＋1＋a ＋1b ≥2b a ＋1·a ＋1b＝2(当且仅当b a ＋1＝a ＋1b ，即a ＝1，b ＝2时取等号)．所以1a ＋1＋1b ≥14×4＝1，即1a ＋1＋1b 的最小值为1.故填1.。
2021届高考数学核按钮【新高考广东版】11.1随机事件的概率与古典概型
(2)每个基本事件出现的可能性____________．
8.古典概型的概率公式
(5)利用实际问题的直方图，了解正态分布曲线的特点及曲线所表示 的意义．
4.随机抽样 (1)理解随机抽样的必要性和重要性． (2)会用简单随机抽样方法从总体中抽取样本；了解分层抽样方法． 5.用样本估计总体 (1)了解分布的意义和作用，会列频率分布表，会画频率分布直方图、 频率折线图、茎叶图，理解它们各自的特点． (2)理解样本数据标准差的意义和作用，会计算数据标准差． (3)能从样本数据中提取基本的数字特征(如平均数、标准差)，并给出 合理的解释． (4)会用样本的频率分布估计总体分布，会用样本的基本数字特征估 计总体的基本数字特征，理解用样本估计总体的思想． (5)会用随机抽样的基本方法和样本估计总体的思想解决一些简单的 实际问题．
11.1 随机事件的概率与古典概型
1.随机事件和确定事件
(1)在条件 S 下，一定会发生的事件，叫做相对于条件 S 的____________．
(2)在条件 S 下，一定不会发生的事件，叫做相对于条件 S 的____________．
必然事件与不可能事件统称为相对于一定条件 S 的确定事件．
(3)在条件 S 下可能发生也可能不发生的事件，叫做相对于条件 S 的__________．
____________． 6.基本事件的特点 (1)任何两个基本事件是____________的． (2)任何事件(除不可能事件)都可以表示成____________的和．
7.古典概型
具有以下两个特点的概率模型称为古典概率模型，简称古典概型：
(1)试验中所有可能出现的基本事件只有__________个．
类别
定义
包含关系
1-2021核按钮(新高考)专题一
但选项的后半句则存在问题。后半句来源于材料一中的概括转述： “平直、单色调、刚硬、呆板……几乎所有这类文学上的负面词都可以 用来形容他的文笔”，却又话锋一转，(刘慈欣)表示“这种笔调无论如 何是不适合文学的，但却很适合科幻，也使他的小说风靡世界”。转述 的依据出自材料一，不是材料二。再者材料二中的卡勒的学理只能解释 文学性需要变革意识，不能以守旧的态度对待文学性，但不意味着凡是 变革、创新的内容都是文学所需要的，同时，刘慈欣的科幻探索也无法 代表所有科幻文学的整体状况，因此该选项说法错误。
再者材料二中的卡勒的学理只能解释文学性需要变革意识不能以守旧的态度对待文学性但不意味着凡是变革创新的内容都是文学所需要的同时刘慈欣的科幻探索也无法代表所有科幻文学的整体状况因此该选项说法错误
专题一 论述类文本阅读 试题解析
结束
解读试卷明考向
[考题一] [2019·山东省高考模拟考试语文试卷]阅读下面的文字，完成 1～5 题。(19 分) 材料一： 《流浪地球》的票房奇迹，加上此前《三体》的热销，刘慈欣的作品影响巨大，但 社会各界的评价却颇有两极分化之势。 刘慈欣的大多数作品都没有精巧的剧情或百转千回的人物感情，更多的是直接甩出 一个个宏大震撼的设定，靠设定本身为读者带来审美快感。在他笔下，主人公与他人的 情感联结不过是宇宙规律中很小的部分，和人类命运、宇宙洪荒相比，根本不值一提。 刘慈欣自称是“一个疯狂的技术主义者”，他坦承自己“喜欢文学因素较少、科幻因素较 多的科幻作品，一直认为，透视现实和剖析人性不是科幻小说的任务，更不是它的优势”， 甚至有过“把科幻从文学剥离出来”的激进想法。在写作的过程中，刘慈欣却逐渐意识 到需要保持“科学性与文学性的平衡、思想性与可读性的平衡、作为文学的科幻与作为 商品的科幻的平衡”，他后来的作品“正是这些平衡的结果”，这“或多或少地背叛了自 己的科幻理念”。 刘慈欣对文笔也并不是没有自觉。他评价阿西莫夫的文笔，“平直、单色调、刚硬、 呆板……几乎所有这类文学上的负面词都可以用来形容他的文笔”，却又话锋一转，表示 “这种笔调无论如何是不适合文学的，但却很适合科幻，也使他的小说风靡世界”。刘慈 欣对于他敬仰的阿西莫夫的描述，显然也适用于他自己的文风。
2021年高考语文核按钮答案宁海辽黑吉陕版
2021年高考语文核按钮答案宁海、辽、黑、吉、陕版2021年高考语文核按钮答案宁海、辽、黑、吉、陕版.txt10有了执著，生命旅程上的寂寞可以铺成一片蓝天；有了执著，孤单可以演绎成一排鸿雁；有了执著，欢乐可以绽放成满圆的鲜花。
127到130页板块一文言实词训练 1.D（直：副词，只，只是，不是通假字。
）2.C（危：高。
）3.C（间：从小路。
）4.A（胜：尽。
B.受：①通授，②接受。
C.奉：①承奉，②接受。
D.行：①遵守，②行为。
） 5.D（报：报答。
A.卒：①士兵，②最终。
B.破：①攻克，②残破。
C.举：①尽，②举荐。
） 6.A.其次：古义，它的旁边；今义，居于次一等的。
B.茫然：古义，旷远的样子；今义，完全不知道的样子。
C.众人：古义，一般人，普通人；今义，很多人。
D.从而：古义，是两个词，动词从和连词而，意为跟随而且；今义，合成一个连词，表目的或结果。
7.D（狼狈：形容困苦受窘的样子，古今义相同。
A.非常：古义，意外的变故；今义，异乎寻常的，很。
B.跪：古义，蟹腿；今义，下跪。
C.成立：古义，成人自立；今义，指组织、机构等筹备成功，开始存在。
）8.（1）衰老。
（2）旧。
（3）所以。
（4）旧交。
9.（1）逃亡，逃跑。
（2）失去，丢失。
（3）灭亡。
（4）通无，没有。
10.（1）再拜：拜两次，古代表示隆重的礼节。
（2）东宫：太子所住的地方，代指太子。
（3）管弦：代指音乐。
（4）左迁：降职。
板块二文言虚词训练1.D（而在①③句中表转折关系，②④句中表并列关系。
）2.D（于：用在形容词后面，引进比较的对象。
可译为比。
A.之：①取消句子独立性；②结构助词，的。
B.以：介词，①介词，因为；②连词，表顺承。
C.者：①用在今后面，起补足音节的作用；②用在判断句主语后，起提顿作用，引出判断。
） 3.C〔则：连词，表顺承，就，那么。
A.也：①放在句中表示停顿；②表疑问语气。
B.焉：①兼词，在那里；②代词，他（师）。
2021高考语文核按钮--字形专题
2021高考语文核按钮--字形专题语文备课大师 目录式免费主题备课平台！2021高考语文核按钮专题2：识记并正确书写现代常用规范字【考纲解读】考纲内容考纲阐释考点分布识记并正确现代汉字，对古汉语中使用而现代已经消亡的（1）同音字，指字形、字义不同而读音书写现代常用古僻汉字则不会涉及到。
相同的字。
规范字,能力层考查的重点是现代汉语中的2500个常用字和（2）形似字，指形体相似、差别细微的级：A级（识记） 1000个次常用字。
其主要范围是一些同音字、形字。
近字、多音多义字、错别字。
尽量做到识记、熟（3）多义字，指有多种意义，容易混淆背和正确默写。
的字。
（4）易混淆的成语，看起来只是一字之差，但字形不同，意义也不同的字。
有一些成语，它们的字形是约定俗成的，不能随意改动。
【粤题精讲】 1.（2021年高考广东卷）下列词语中没有错别字的一组是 A. 竣工缜密水蒸气寸草春晖漫山遍野 B. 沧桑销蚀势利眼卑恭屈膝瑕不掩瑜 C. 犒赏装帧水龙头纷至沓来民生凋蔽 D. 毕竟旋律侯车室摩拳擦掌天崩地坼名师剖析：考查音同形似字的识别。
B项“卑恭屈膝”应为“躬”；C项“民生凋蔽”应为“敝”；D项“侯车室”应为“候” 。
对于字形相近的同音字，需要根据字义仔细识别，还要仔细辨识字形上的细微区别。
如：凋敝（破败）/遮蔽，等候/侯爵。
）答案：A。
2. （2021广东卷）下列词语中没有错别字的一组是A．坐镇辩证法入不敷出循私舞弊 B．帐篷金刚钻计日程功夸夸其谈 C．翱翔烟幕弹唇枪舌箭前倨后恭 D、沉缅暴发户甘拜下风举棋不定答案：B名师剖析：A、“辩证法”应为“辩证法”，这是形同音同而误。
“辨证”是“辨明是非，改正错误”的意思，“辩”有“辩论”之意。
“循私舞弊”应为“徇私舞弊”，这是音同义近而误。
“徇”是“曲从”之意，“徇私”就是为了私情而做不合法的事。
而“循”是“遵守”、“沿袭”等意思。
C、“唇枪舌箭”应为“唇枪舌剑”，这是音同而误。
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材料二： 为什么有人认为科幻小说欠缺文学性？ 科幻小说描绘幻想世界，我们当然能够发现幻想世界与现实世界的某些相 似性，但是在细节设置和整体结构方面，幻想世界是超出我们现在的社会结构 和人的行为心理的。一般的小说在进行情节描绘的时候，存在一种天然的便利 性，作者不用浪费笔墨在整个世界的构想上，细节的描绘和推陈出新就成了这 些小说的长处。作家也不必为新的人际关系、社会行为、世界结构负责，只需 直接去描绘既有世界下细微的情感波澜和社会反应即可。相比而言，每一部科 幻小说都是在创造一个新世界，每个细节都牵涉新世界的结构，要为人物的行 动设计好相应情境，因此他们必须不断插入结构因素的解释。作家一旦将笔墨 只集中在这些大的框架上，作品整体的文风就不免显得疏阔。读者依据传统的 阅读体验去衡量，往往就会觉得科幻小说过于粗陋，即便是《三体》，在人物 设置和情感描写上也显得新异有余，细致不足。 从题材来说，科幻小说关注探索与发现，在某种程度上，这对细致的形式 也产生排斥，从客观上导致了科幻小说文学性的欠缺。探索的乐趣在于惊奇， 要达到惊奇，必须在情节设计上出乎意料。遥远星系、微观世界、新奇未来、 不断穿越……在这些或恢宏或奇诡的题材的映衬下，科幻小说对形式的探索并 不用力，因为形式探索无法与新奇世界的探索形成同等的阅读快感。
该选项谈到了两个概念，分别是材料三中“文学思维”含义的概念和 材料二中科幻小说“文学性”的概念。比对这两者概念的异同是做出正确 判断的关键。由材料三中提及有关文学思维的论述可知，该材料中所谈到 的“文学思维”概念至少涉及两个方面，即叙事结构和小说情节模式。而 材料二中论及的科幻小说文学性则对应其集中于“新世界的探索以及新 世界人性结构的深度开掘”，这不同于材料三所述的叙事结构和小说情节 模式。因此该选项说法正确。
[答案] D
[解析] 考查对材料相关内容的理解和分析，指向课程标准学业质 量水平中“理解并准确概括文章内容、观点和情感倾向”的能力。其中 C、 D 选项还指向课程标准学业质量水平中“比较、概括多个文本的信息，发 现其内容、观点、情感、材料组织与使用等方面的异同”的能力。
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A. 选项指向课程标准学业质量水平中的“理解并准确概括情感倾 向”的能力。选项说，科幻小说注重对幻想世界的描绘，要集中于创造新 的世界框架，无暇对具体情节和人物情感做细致描绘。“无暇对具体情节 和人物情感做细致描绘”错误。结合材料二第 2 段“作家一旦将笔墨只集 中在这些大的框架上，作品整体的文风就不免显得疏阔。读者依据传统的 阅读体验去衡量，往往就会觉得科幻小说过于粗陋，即便是《三体》， 在 人物设置和情感描写上也显得新异有余，细致不足”分析，“无暇”错误。
B. 选项指向质量水平中“发现文本信息的异同”的能力。选项说，科 幻小说关注探索与发现，更看重题材的新奇，而不是形式的讲究，所以在 文体形式的探索上较为随意。
材料二第 3 段说“遥远星系、微观世界、新奇未来、不断穿越……在 这些或恢宏或奇诡的题材的映衬下，科幻小说对形式的探索并不用力，因 为形式探索无法与新奇世界的探索形成同等的阅读快感”。“不用力”不等 于“较为随意”，所以该选项说法错误。
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D. 选项指向质量水平中“多则材料的信息概括能力”。选项说，材 料三认为当下中国科幻小说的“文学思维”有变化，这里“文学思维”的 含义不同于材料二论及的科幻小说的“文学性”。
材料三第 1 段：当代中国科幻小说的文学思维有了明显变化：一是因 果关系的时间叙事结构已被打破，现实和虚拟交织的时空组织造就了结构 的精美；二是类型小说的通俗化和现代主义的意念化成为小说情节模式的 重要形态。材料二第 4 段：科幻小说的特性导致了它的努力方向不会是传 统的文学性，而集中于新世界的探索以及新世界人性结构的深度开掘，其 实这些方面自有其文学魅力。
[答案] C
[解析] 本题考查对材料观点的概括和推断，指向课程标准学业质量 水平中“清晰地解释文中事实、材料与观点、推断之间的关系，分析其推 论的合理性，或揭示其可能存在的矛盾、模糊或故意混淆之处”的能力。
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A. 选项指向质量水平中“清晰地解释文中事实”的能力。选项说，刘 慈欣看重科学设定的宏大和新奇，在具体的写作实践中，他对传统意义上 的文学性也有借鉴和吸收。
(摘编自汤哲声《论中国当代科幻小说考题突破
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1. 下列对材料相关内容的理解和分析，正确的一项是 (3 分)( ) A. 科幻小说注重对幻想世界的描绘，要集中于创造新的世界框架，无暇 对具体情节和人物情感做细致描绘。 B. 科幻小说关注探索与发现，更看重题材的新奇，而不是形式的讲究， 所以在文体形式的探索上较为随意。 C. 材料二可以从学理上解释材料一中的现象，并指出被传统的文学所排 斥的刻板的文风恰是科幻文学需要的。 D. 材料三认为当下中国科幻小说的“文学思维”有变化，这里“文学思 维”的含义不同于材料二论及的科幻小说的“文学性”。
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解读试卷明考向
[考题一] [2019·山东省高考模拟考试语文试卷]阅读下面的文字，完成 1～5 题。(19 分) 材料一： 《流浪地球》的票房奇迹，加上此前《三体》的热销，刘慈欣的作品影响巨大，但 社会各界的评价却颇有两极分化之势。 刘慈欣的大多数作品都没有精巧的剧情或百转千回的人物感情，更多的是直接甩出 一个个宏大震撼的设定，靠设定本身为读者带来审美快感。在他笔下，主人公与他人的 情感联结不过是宇宙规律中很小的部分，和人类命运、宇宙洪荒相比，根本不值一提。 刘慈欣自称是“一个疯狂的技术主义者”，他坦承自己“喜欢文学因素较少、科幻因素较 多的科幻作品，一直认为，透视现实和剖析人性不是科幻小说的任务，更不是它的优势”， 甚至有过“把科幻从文学剥离出来”的激进想法。在写作的过程中，刘慈欣却逐渐意识 到需要保持“科学性与文学性的平衡、思想性与可读性的平衡、作为文学的科幻与作为 商品的科幻的平衡”，他后来的作品“正是这些平衡的结果”，这“或多或少地背叛了自 己的科幻理念”。 刘慈欣对文笔也并不是没有自觉。他评价阿西莫夫的文笔，“平直、单色调、刚硬、 呆板……几乎所有这类文学上的负面词都可以用来形容他的文笔”，却又话锋一转，表示 “这种笔调无论如何是不适合文学的，但却很适合科幻，也使他的小说风靡世界”。刘慈 欣对于他敬仰的阿西莫夫的描述，显然也适用于他自己的文风。
材料二中关于此论述的学理，是以文学理论家卡勒的相关言论为依 据的，即“文学史中的文学性已经形成惯性……”(见材料二第 4 段)， 这符合材料一中刘慈欣作品中保持的作为文学的科幻的事实。
但选项的后半句则存在问题。后半句来源于材料一中的概括转述： “平直、单色调、刚硬、呆板……几乎所有这类文学上的负面词都可以 用来形容他的文笔”，却又话锋一转，(刘慈欣)表示“这种笔调无论如 何是不适合文学的，但却很适合科幻，也使他的小说风靡世界”。转述 的依据出自材料一，不是材料二。再者材料二中的卡勒的学理只能解释 文学性需要变革意识，不能以守旧的态度对待文学性，但不意味着凡是 变革、创新的内容都是文学所需要的，同时，刘慈欣的科幻探索也无法 代表所有科幻文学的整体状况，因此该选项说法错误。
文学性重要吗？重要。一种文学范式稳定之后，各种文学规则才得以 确立。但当新的文学样式崛起，挑战既有文学范式的时候，我们会发现原 有的文学性不足以涵盖新的文学样式，这时文学性本身也要改造。在科幻 作品面前，假如不顾时代的要求，把文学性固化，那么科幻小说会沿着自 己的方向掘进，而将基于文学史树立起来的文学性抛在脑后。
选项对刘慈欣创作的意图、取向分析符合材料一中的观点，表述正确。 B. 选项指向质量水平中“分析其推论的合理性”的能力。选项说，《三 体》被一些读者评价为“细致不足”，是因为这些读者还是以阅读传统的 文学作品形成的审美习惯来看待它。 材料二第 2 段：读者依据传统的阅读体验去衡量，往往就会觉得科幻 小说过于粗陋，即便是《三体》，在人物设置和情感描写上也显得新异有余， 细致不足。 选项对《三体》评价的归因符合材料观点，表述正确。
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C. 选项指向质量水平中“比较、概括多个文本”的能力。选项说， 材料二可以从学理上解释材料一中的现象，并指出被传统的文学所排斥 的刻板的文风恰是科幻文学需要的。
材料一中的现象为：刘慈欣的科幻作品影响巨大，其写作风格虽与 传统文学性相悖，但也有一定的平衡。学理，即为科学上的原理或法则。
材料一第 2 段：刘慈欣的大多数作品都没有精巧的剧情或百转千回的 人物情感，更多的是直接甩出一个个宏大震撼的设定，靠设定本身为读者 带来审美快感。……在写作的过程中，刘慈欣却逐渐意识到需要保持“科 学性与文学性的平衡、思想性与可读性的平衡、作为文学的科幻与作为商 品的科幻的平衡”，他后来的作品“正是这些平衡的结果”，这“或多或 少地背叛了自己的科幻理念”。
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可见，科幻小说的特性导致了它的努力方向不会是传统的文学性，而 集中于新世界的探索以及新世界人性结构的深度开掘，其实这些方面自有 其文学魅力。那么，我们为什么不能够反过来看待科幻小说呢？文学理论 家卡勒提出，文学性其实就像杂草。没有任何一种草天生就是杂草，杂草 是根据人们的目的来划分的：如果希望庭院里种的是鲜花，那么任意生长 起来的蕨类植物就是杂草；如果希望种植野菜，那么偶尔生长的鲜花就是 杂草。文学史中的文学性已经形成惯性，但是这并不表明所有的文学性都 是如此。如果缺乏变革意识，那么我们就陷入将文学性纯粹化、永恒化的 误区，而这种态度忽视了文学性形成的机制。