【配套K12】[学习]湖南省长沙市雅礼中学2017-2018学年高一物理下学期第一次月考试题(含解析
湖南省长沙市雅礼中学2017-2018学年高一下学期第一次月考物理试题一、选择题(共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1-8小题只有一个选项符合题目要求，第9-12小题有多个选项符合题目要求，全部选对的4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1. 在下述问题中，能够把研究对象看做质点的是A. 研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作B. 用GPS确定打击海盗的“武汉"舰在大海中的位置C. 将一枚硬币用力上拋抛，猜测它落地时正面朝上还是反面朝上D. 欣赏进行花样滑冰的运动员的优美动作【答案】B【解析】研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作时，若视为质点，则该问题无法进行研究，故A错误；用GPS确定“武汉”舰在大海中的位置时，“武汉”舰自身的大小、形状对定位几乎没有影响，可以把“武汉”舰看成质点，故B正确；硬币的形状与研究问题的关系非常密切，故硬币不能看成质点，故C错误；滑冰运动员在冰面上优美的动作被人欣赏，不能看作质点，故D错误。
所以B正确，ACD错误。
2. 某运动物体的速度、速率、加速度的说法中正确的是A. 可能速度不变而速率变化B. 可能速度不变而加速度变化C. 可能速度变化而加速度不变D. 可能速度、速率、加速度都不为零，而且不变【答案】C【解析】解：A、速度是矢量，有大小也有方向，速度不变指速度的大小和方向都不发生变化，故A错误；B、根据加速度定义，速度保持不变则速度的变化量△v=0，故其加速度也为0，不存在加速度变化情况，故B错误；C、当物体做匀变速运动时，加速度恒定，速度均匀变化，故C正确；D、速度不变，则速度保持不变，加速度为0，故D错误．故选：C【点评】本题主要考查速度、速率及加速度的关系，知道速度变化加速度可以保持不变，加速度变化速度肯定发生变化，加速度反应速度变化慢慢的物理量．掌握物理量的物理意义是解决本题的关键．3. 如图所示是某质点做直线运动的x-t图象，由图象可知A. 质点一直处于运动状态B. 图象表示了质点运动的轨迹C. 质点第5s内速度是2m/sD. 质点前8s内位移是25m【答案】C【解析】A、由图象知，2-4s内图线的斜率为0，质点的速度为零，处于静止状态，故质点并不是一直处于运动状态，故A错误；B、位移时间图象只能表示质点做直线运动时位移的变化情况，不是质点的运动轨迹，故B错误；C、质点第5s内速度是，故C正确；D、质点在0时刻的纵坐标为0，8s末的纵坐标为6m，所以质点前8s内位移是x=6m-0=6m，故D错误；故选C.【点睛】解决本题的关键要明确位移时间图象表示物体的位移随时间的变化情况，不是质点的运动轨迹，其斜率等于速度．4. 一个物体做直线运动的位移与时间的关系式是x=2t+t²(x的单位为m，t的单位为s)，那么2s时物体的速度是A. 2m/sB. 4m/sC. 6m/sD. 8m/s【答案】C【解析】由,故可知，，则由速度公式，故选C.【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式.5. 电梯经过启动、匀速运行和制动三个过程，从低楼层到达高楼层，启动和制动可看作是匀变速直线运动，电梯竖直向上运动过程中速度的变化情况如下表：则前5S内电梯通过的位移大小为A. 19.25mB. 18.75mC. 18.50mD. 17.50m【答案】B【解析】电梯匀加速直线运动的加速度，则匀加速直线运动的时间，匀加速直线运动的位移，匀速直线运动的位移x2=vt2=5×(5-2.5)m=12.5m，则前5s内的位x=x1+x2=6.25+12.5m=18.75m．故选B.【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式、速度位移公式，并能灵活运用．6. 汽车以10m/s的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15米处的斑马线上有行人，于是刹车，让汽车恰好停在斑马线前，假设驾驶员反应时间为0.5s，汽车运动的v-t图象如图所示，则汽车的加速度大小为A. 20m/s²B. 6m/s²C. 5m/s²D. 4m/s²【答案】C【解析】设匀减速直线运动所用的时间为t，根据v-t图象的面积代表物体通过的位移可得：15m=10m/s×0.5s+×10m/s×t，解得t=2s，所以匀减速运动的加速度为：，则汽车的加速度大小为5m/s2．故选C．7. 一辆汽车刹车后做匀减速直线运动直到停止，已知汽车在前一半时间内的平均速度为，则汽车在后一半时间内的平均速度为A. B. C. D.【答案】B【解析】初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比为1:3．则汽车在前一半时间内和后一半时间内的位移之比为3:1．根据平均速度的定义式知，两段时间内的平均速度之比为3:1，则后一半时间内的平均速度为．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点睛】解决本题的关键知道平均速度的定义式，以及掌握匀变速直线运动的规律，知道匀变速直线运动的特殊推论．8. “蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海救人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器，假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v 时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在(<t)时刻距离海平面的深度为A. B. C. D.【答案】D【解析】根据加速度的定义知，，采用逆向思维，“蛟龙号”在t0（t0＜t）时刻距离海平面的深度，故D正确，A、B、C错误；故选D.【点睛】解决本题的关键是掌握匀变速直线运动的基本规律，知道末速度为0的匀减速直线运动看看成反向的初速度为0的匀加速直线运动.9. 物体由静止开始做匀加速直线运动，加速8s后，立即做匀减速直线运动，再经过4s停下，关于该物体的运动情况，下列说法正确的是A. 加速、减速过程中的加速度大小之比为2：1B. 加速、减速过程中的平均速度大小之比为2：1C. 加速、减速过程中的位移大小之比为2：1D. 加速、减速过程中的变化率大小之比为1：2【答案】CD...............【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．10. 历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”(现称“另类匀变速直线运动”)，“另类加速度”定义为，其中和分别表示某段位移内的初速度和末速度，A>0表示物体做加速运动，A<0表示物体做减速运动，而现在物理学中加速度的定义式为，下列说法正确的是A. 若A不变，则a也不变B. 若A>0且保持不变，则a逐渐变大C. 若A 不变，则物体在中间位置处的速度为D. 若A不变，则物体在中间位置处的速度为【答案】BC【解析】A、B、若A不变，有两种情况：一第一种情况：A＞0，相等位移内速度增加量相等，则知平均速度越来越大，所以相等位移内所用时间越来越少，由可知，a越来越大；第二种情况：A＜0，相等位移内速度减少量相等，平均速度越来越小，所以相等位移内用的时间越来越多，由得知可知a越来越小，故A错误、B正确．C、D、因为相等位移内速度变化相等，所以中间位置处位移为，速度变化量为，所以此位置的速度为．故C正确、D 错误.故选BC．【点睛】本题属于信息题，正确读取和应用所给信息是解题关键，如本题中根据题意可知“另类匀变速直线运动”中速度是随位移均匀增加的．11. t=0时，甲、乙两汽车从相距70km的两地开始相向行驶，它们的v-t图象如图所示，忽略汽车掉头所需时间，下列对汽车运动状况的描述正确的是A. 在第1小时末，乙车改变运动方向B. 在第2小时末，甲乙两车相距10kmC. 在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大D. 在第4小时末，甲、乙两车相遇【答案】BC【解析】试题分析：根据图象知识可得出两物体在任一时刻的速度、每段的加速度及任一时间段内的位移；则根据两物体的运动关系可判断各选项是否正确．视频12. 在光滑足够长的斜面上，有一物体以10m/s的初速度沿斜面向上运动，物体的加速度大小始终为5m/s，方向沿斜面向下，当物体的位移大小为7.5m时，下列正确的是A. 物体运动时间可能为1sB. 物体运动时间可能为3sC. 物体贴运动时间可能为(2+)sD. 此时的速度大小一定为5m/s【答案】ABC【解析】A、B、当物体的位移为向上的7.5m时，由运动学公式，，解得，，故A、B均正确。
C、当物体的位移为向下的7.5m时，，由解得：或舍去，故C正确。
D、由速度公式，解得或、，故D错误.故选ABC.【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，注意公式的矢量性.二、填空题(每空2分，共18分，把答案直接填在横线上)13. (1)电磁打点计时器使用的电源是________(填“交流4-6V"或“交流220V”)。
实验室使用我国民用电(频率50Hz)时，如果相邻的计数点间还有4个计时点，则打下相邻计数点的时间间隔为________秒。
(2)在“练习使用打点计时器”的实验中，某同学选出了一条清晰的纸带，并取其中的A、B、......七个点进行研究，这七个点和刻度尺如图所示，可得出A点到D点的距离是_________cm。
(3)由实验数据可得A 点到D 点的平均速度是_________m/s，打B 点时小车的瞬时速度是________m/s。
(结果保留两位有效数字)【答案】 (1). 交流4-6V (2). 0.1s (3). 4.10 (4). 0.14 (5). 0.13 【解析】（1）根据打点计时器的构造和具体使用知道，打点计时器的工作电源为交流电源，电火花打点计时器的工作电压为220V，电磁打点计时器的工作电压通常为4～6V的低压交流电源，我国民用电的频率为50赫兹，周期为0.02s，故打点计时器打点周期打点周期都是0.02s，如果每打5个点取一个计数点，则相邻两个计数点间的时间间隔为：t=5T=0.1s．（2）依据纸带刻度，可知，A到D的距离是 4.10cm．（3）由平均速度等于位移除以时间可以解出AD间的平均速度，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，14. 在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花时计器打下的纸带如图所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G，7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220V、50Hz交流电源。
(1)设电火花计时器的周期为T，计算F点的瞬时速度的公式为=_______.(2)他经过测量度计算得到电火花计时器在打B、C、D、E、F各点时物体的瞬时速度如下表，以A点对应的时刻为t=0，试在下图所示坐标系中合理地选择标度，作出v-t图象，并利用该图象求出物体的加速度a=_________m/s²。
雅礼中学2017年下学期高一年级第一次月考试卷-物理
雅礼中学2017年下学期高一年级第一次月考物理试题考试时间：90分钟总分：100分一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1-8小题只有一个选项符合题目要求，第9-12小题有多个选项符合题目要求，全部选对的4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1. 在下述问题中，能够把研究对象看做质点的是（）A. 研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作B. 用GPS确定打击海盗的“武汉”舰在大海中的位置C. 将一枚硬币用力上抛，猜测它落地时正面朝上还是反面朝上D. 欣赏进行花样滑冰的运动员的优美动作2. 某运动物体的速度、速率、加速度的说法中正确的是（）A. 可能速度不变而速率变化B. 可能速度不变而加速度变化C. 可能速度变化而加速度不变D. 可能速度、速率、加速度都不为零，而且不变3. 如图所示是某质点做直线运动的x-t图象，由图象可知（）A. 质点一直处于运动状态B. 图象表示了质点运动的轨迹C. 质点第5s内速度是2m/sD. 质点前8s内位移是25m4. 一个物体做直线运动的位移与时间的关系式是x=2t+t2(x的单位为m，t的单位为s)，那么2s 时物体的速度是（）A. 2m/sB. 4m/sC. 6m/sD. 8m/s5. 电梯经过启动、匀速运行和制动三个过程，从低楼层到达高楼层，启动和制动可看作是匀变速直线运动，电梯竖直向上运动过程中速度的变化情况如下表：时间0123456789101112（s）速度0 2.0 4.0 5.0 5.0 5.0 5.0 5.0 4.0 3.0 2.0 1.00（m/s）学而思·高中物理·校考真题用科技推动教育进步 1则前5s 内电梯通过的位移大小为（ ） A. 19.25m B. 18.75m C. 18.50m D. 17.50m6. 汽车以10 m/s 的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15米处的斑马线上有行人，于是刹车，让汽车恰好停在斑马线前，假设驾驶员反应时间为0.5 s ，汽车运动的v −t 图象如图所示，则汽车的加速度大小为（ ）A. 20 m/s 2B. 6 m/s 2C. 5 m/s 2D. 4 m/s 27. 一辆汽车刹车后做匀减速直线运动直到停止，已知汽车在前一半时间内的平均速度为 v̅，则汽车在后一半时间内的平均速度为（ ） A. 14v̅B.13v̅C.12v̅D. v̅8. “蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海救人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器，假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v 时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t 上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t 0(t 0<t)时刻距离海平面的深度为（ ） A. vt 2B. vt 0(1−t 02t)C.vt 02tD.v(t−t 0)22t9. 物体由静止开始做匀加速直线运动，加速8 s 后，立即做匀减速直线运动，再经过 4 s 停下，关于该物体的运动情况，下列说法正确的是（ ） A. 加速、减速过程中的加速度大小之比为2：1 B. 加速、减速过程中的平均速度大小之比为2：1 C. 加速、减速过程中的位移大小之比为2：1 D. 加速、减速过程中的变化率大小之比为1：210. 历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加速度”定义为A=(v 1−v 0)s，其中v 0和v 1分别表示某段位移内的初速度和末速度，A ＞0表示物体做加速运动，A ＜0表示物体做减速运动，而现在物理学中加速度的定义式为a=(v t −v 1)t，下列说法正确的是（ ）A. 若A 不变，则a 也不变B. 若A ＞0且保持不变，则a 逐渐变大C. 若A 不变，则物体在中间位置处的速度为（v 1+v 0)2D. 若A 不变，则物体在中间位置处的速度为√（v 12+v 02)211. t=0时，甲、乙两汽车从相距70km的两地开始相向行驶，它们的v-t图象如图所示，忽略汽车掉头所需时间，下列对汽车运动状况的描述正确的是（）A. 在第1小时末，乙车改变运动方向B. 在第2小时末，甲乙两车相距10kmC. 在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大D. 在第4小时末，甲、乙两车相遇12. 在光滑足够长的斜面上，有一物体以10m/s的初速度沿斜面向上运动，物体的加速度大小始终为5m/s2，方向沿斜面向下，当物体的位移大小为7.5m时，下列正确的是（）A. 物体运动时间可能为1sB. 物体运动时间可能为3sC. 物体贴运动时间可能为（2+√7）sD. 此时的速度大小一定为5 m/s二、填空题（每空2分，共18分，把答案直接填在横线上）13. （1）电磁打点计时器使用的电源是（填“交流4-6V”或“交流220V”）。
湖南省长沙市一中2017-2018学年高一下学期期末考试物理试题 Word版含答案
2017-2018学年一、选择题：（本题包括13小题，每小题4分，共52分，其中11~13三个小题，每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的2分，有选错的得0分） 1、下列说法符合史实的是 A 、牛顿发现了行星的运动规律 B 、开普勒发现了万有引力定律C 、卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D 、牛顿发现了海王星和冥王星2、真空中两个完全相同的金属小球，分别带有+3Q 和-Q 的电量，当它们相距r 时，它们之间的库仑力是F ，若把它们接触后分开，再置于相距3r的两端，则它们的库仑力的大小为 A 、3FB 、FC 、9FD 、3F 3、如图所示的皮带传动装置中，皮带与轮之间不打滑，两轮半径分别为R 和r ，且R=3r ，A 、B 分别为两轮边缘上的点，则皮带运动过程中，关于A 、B 两点下列说法正确的是A 、向心加速度之比:1:3AB a a = B 、角速度之比:3:1A B ωω=C 、线速度大小之比:1:3A B v v =D 、在相同的时间内通过的路程之比:3:1A B s s =4、如图所示，倾角为θ的斜面长为L ，在顶端水平抛出一小球，小球刚好落在斜面的底端，那么，小球初速度0v 的大小为A 、cos 2sin gL θθ、cos sin gLθC 、sin 2cos gL θ、sin cos gLθ5、如图所示，竖直放置的两端封闭的玻璃管中注满清水，内有一个红蜡块能在水中匀速上浮，在红蜡块从玻璃管的下端以速度v 匀速上浮的同时，使玻璃管水平向右以速度'v 匀速运动，红蜡块由管口上升到顶端，所需时间为t，相对地面通过的路程为L，则下列说法正确的是A、v增大时，t增大B、v增大时，t不变C、v增大时，L增大D、v增大时，L减小6、我国载人飞船“神舟七号”的顺利飞天，极大地振奋了民族精神，神七在轨道飞行过程中，宇航员翟志刚跨出飞船，实现了“太空行走”，当他出舱后相对于飞船静止不动时，以下说法正确的是A、他处于平衡状态B、他不受任何力的作用C、他的加速度不为零D、他的加速度恒定不变7、关于圆周运动，以下说法正确的是A、做匀速圆周运动的物体，所受各力的合力一定是向心力B、做匀速圆周运动的物体除了受到其他物体的作用，还受到一个向心力C、物体做离心运动时，是因为它受到了离心力的作用D、汽车转弯时速度过小，会因离心运动造成交通事故8、如图所示，滑块A和B叠放在固定的斜面体上，从静止开始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑，已知B与斜面体间光滑接触，则在AB下滑的过程中，下列说法正确的是A、B对A的支持力不做功B、B对A的作用力做负功C、B对A的摩擦力做正功D、B、A的重力做功的平均功率相同9、一半的曲线运动可以分成很多小段，每小段都可以看成圆周运动的一部分，即把整条曲线用一系列不同半径的小圆弧来替代，如图甲所示，曲线上的A点的曲率圆定义为：通过A点和曲线上紧邻A点两侧的两点作一圆，在极限情况下，这个圆叫做A点的曲率圆，其半径ρ叫做A点的曲率半径，现将一物体沿水平方向抛出，落地时速度v与水平面成α角，如图乙所示，则在其轨迹最高点P处的曲率半径是A 、2v gB 、2sin v g αC 、22cos v g αD 、22cos sin v g αα10、起重机的钢索将重物由地面吊到空中某个高度，其速度图像如图甲所示，则钢索拉力的功率随时间变化的图像可能是图乙中的哪一个？11、如图所示，a 、b 、c 是北斗卫星导航系统中的3颗卫星，下列说法正确的是A 、b 、c 的向心加速度大小相等，且小于a 的向心加速度B 、c 加速可追上同一轨道的b ，b 减速可等候同一轨道上的cC 、b 卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，其线速度增大，机械能增大D 、b 卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，其线速度增大，机械能减小12、蹦床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起，腾空并做空中动作。
湖南省长沙市重点名校2017-2018学年高一下学期期末质量跟踪监视物理试题含解析
湖南省长沙市重点名校2017-2018学年高一下学期期末质量跟踪监视物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．已知某一电流表G 的满偏电流，内阻，要把它改装成一个量程为3V 的电压表，则应在电流表G 上 A ．串联一个400Ω的电阻 B ．串联一个100Ω的电阻 C ．并联一个400Ω的电阻 D ．并联一个100Ω的电阻 【答案】A 【解析】 【详解】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：故A 符合题意，BCD 不符合题意。
2． (本题9分)河宽400m ，船在静水中速度为4m ／s ，水流速度是3m ／s ，则船过河的最短时间是( ) A ．140s B ．100sC ．120sD ．133s【答案】B 【解析】 【分析】渡河时间最短时要求在垂直于河岸的方向上速度的分量最大，所以当船头垂直于河岸时，渡河时间最短． 【详解】船参与了两个分运动，沿船头指向的分运动和沿水流方向的分运动，渡过河时间等于沿船头指向运动的时间，当船头与河岸垂直时，沿船头方向的分运动的位移最小，故渡河时间最短，因而400s 100s 4d t v ===船 故B 正确，ACD 错误． 故选B ． 【点睛】利用渡河问题来考查矢量的合成与分解是常见的一种题型．关键是把船在静水中的速度沿平行于河岸和垂直于河岸进行分解，当在垂直于河岸上的速度最大时，渡河时间最短，当沿河岸方向上的分量与河水速度相等时，能垂直河岸渡河．3．(本题9分)如图，abc是竖直面内的光滑固定轨道，ab水平，长度为；bc是半径为的四分之一圆弧，与ab相切于b点。
一质量为的小球，始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a点处从静止开始向右运动。
重力加速度大小为。
小球从a点开始运动到其轨迹最高点，动能的增量为（）A．B．C．D．【答案】A【解析】【详解】由题意知水平拉力为F=mg；设小球达到c点的速度为v，从a到c根据动能定理可得：，解得：，小球离开c点后，竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，设小球从c点达到最高点的时间为t，可得：，此段时间内水平方向的位移为：，小球从a点开始运动到其轨迹最高点，动能的增量为，代入可得：，故A正确，BCD错误。
湖南省长沙市雅礼中学2017-2018高一上学期期中考试试卷(含答案)
雅礼中学2017-2018高一上学期期中考试物理试卷一、选择题（共12题，每题4分）1.近几年，在国家宏观政策调控下，我国房价上涨出现减缓趋势。
若将房价的“上涨”类比成“加速”，将房价的“下跌”类比成“减速”，据此，你认为“房价上涨出现减缓趋势”可类比成（）A.速度增加，加速度减小B.速度增加，加速度增加C.速度减小，加速度增加D.速度减小，加速度减小2.减速带是交叉路口常见的一种交通设施，车辆驶过减速带时要减速，以保障行人的安全。
当汽车前轮刚爬上减速带时，减速带对车轮的弹力为F，下图中弹力F的画法正确且分解合理的是（）。
3.如图，在粗糙水平面上放置有一竖直截面为平行四边形的木块，图中木块倾角θ，木块与水平面间动摩擦因数为 ，木块重为mg，现用一水平恒力F推木块，使木块由静止向左运动，则物体所受地面摩擦力大小为（）。
5.科技馆里有一个展品，该展品放在暗处，顶部有一个不断均匀向下喷射水滴的装置，在频闪光源的照射下，可以看到水滴好像静止在空中固定的位置不动，如图所示。
某同学为计算该装置喷射水滴的时间间隔，用最小刻度为毫米的刻度尺测量了空中几滴水间的距离，由此可计算出该装置喷射水滴的时间间隔为（g=10m/s2）（）A. 0.01sB. 0.02sC. 0.1sD. 0.2s6.如图所示，重为100N 的物体静止在水平地面上．用F=80N 的力竖直向上拉该物体时，则物体对地面的压力为（ ）A ．0NB ．20N ，方向竖直向上C ．20N ，方向竖直向下D ．100N ，方向竖直向下7.刀、斧、凿等切削工具的刃部叫做劈,如图是用斧头劈木柴的示意图.劈的纵截面是一个等腰三角形,使用劈的时候,垂直劈背上加一力 F,这个力产生两个作用效果,使劈的两个侧面推压物体,把木柴劈开.设劈背的宽度为d,劈的斜面长为l,不计斧头的自身重力,则劈的侧面推压木柴的力约为( )A.dl F B.ld F C.2dl F D.2ld F8.如图所示，物体从O 点由静止开始做匀加速直线运动，途径A 、B 、C 三点，其中AB=2cm ，BC=3cm 。
湖南省长沙市雅礼中学2017-2018学年高三下学期第二次月考物理试卷 Word版含解析
湖南省长沙市雅礼中学2017-2018学年高三下学期第二次月考物理试卷一、选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分，1-8题为单项选择题，9-12题为多项选择题，全部选对的得4分，选对但不选全的得2分，有错选的得0分）1．三个质点A、B、C均由N点沿不同路径运动至M点，运动轨迹如图所示，三个质点同时从N点出发，同时到达M点，下列说法正确的是( )A．三个质点从N点到M点的平均速度相同B．三个质点任意时刻的速度方向都相同C．三个质点从N点出发到任意时刻的平均速度都相同D．三个质点从N点到M点的路程相同考点：平均速度；速度．分析：位移等于物体首末位置的距离，平均速度等于位移与时间的比值．解答：解：A、三个质点A、B、C均由N点沿不同路径运动至M点，首末位置距离相等，知位移相等，所用时间相等，则平均速度相等．故A正确．B、做曲线运动某时刻的速度方向沿该点的切线方向，知质点速度方向不是任意时刻相同．故B错误．C、三个质点在任意相等时间内的位移不一定不同，则平均速度不一定相同．故C错误．D、路程是运动轨迹的长度，运动轨迹不同，路程不同，故D错误；故选：A．点评：解决本题的关键知道平均速度等于位移与时间的比值，知道路程的位移的区别．2．有一处大型游戏器械，它是一个圆筒形大型容器，筒壁竖直，游客进入容器后靠筒壁站立，当圆筒开始转动后，转速加快到一定程度时，突然地板塌落，游客发现自己没有落下去，这是因为( )A．游客处于超重状态B．游客处于失重状态C．游客受到的摩擦力等于重力D．筒壁对游客的支持力等于重力考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当圆筒开始转动后，转速加快到一定程度时，桶壁对人的弹力提供圆周运动的向心力，转速越大，弹力越大，人在竖直方向上受重力和摩擦力平衡．解答：解：在水平方向上，桶壁对人的弹力提供向心力，在竖直方向上人受到重力和静摩擦力平衡．人并没有处于超重或失重状态．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键搞清向心力的来源，知道人在竖直方向上处于平衡．3．从高h处以水平速度v0抛出一物体，物体落地速度方向与水平地面夹角最大的时候，h 与v0的取值应为下列四组中的( )A．h=30m，v0=10m/s B．h=30m，v0=30m/sC．h=50m，v0=30m/s D．h=50m，v0=10m/s考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：物体做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同．解答：解：根据平抛运动的规律可知，水平方向上匀速直线运动：V=V0，x=V0t竖直方向上的速度：V y=gt，h=gt2落地时速度方向与地面的夹角为tanα=所以h越大，初速度V0越小，物体落地的速度方向与地面的夹角越大，所以D正确．故选D．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．4．甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的是( )A．乙的周期大于甲的周期B．乙的速度大于第一宇宙速度C．甲的加速度小于乙的加速度D．甲在运行时能经过北极的正上方考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的是（解答：解：A、B、C人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有：F=F向F=GF向=m=mω2r=m（）2r因而=m=mω2r=m（）2r=ma解得：v=…①T=…②a=…③由①②③式可以知道，人造卫星的轨道半径越大，线速度越小、周期越大，加速度越小，由于甲卫星的高度大，轨道半径大，故甲卫星的线速度小、周期大，加速度小；根据①式，第一宇宙速度是近地圆轨道的环绕速度，也是圆轨道运行的最大速度；则C正确D、甲只能在赤道上空，则D错误故选：C点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论．5．滑板是现在非常流行的一种运动，如图所示，一滑板运动员以7m/s的初速度从曲面的A 点下滑，运动到B点速度仍为7m/s，若他以6m/s的初速度仍由A点下滑，则他运动到B 点时的速度( )A．大于6m/s B．等于6m/sC．小于6m/s D．条件不足，无法计算考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：滑板运动员从曲面的A点下滑过程中，重力和摩擦力做功，当他下滑的速度减小时，分析摩擦力如何变化，确定运动员克服摩擦力做功的大小，分析动能变化量的大小，再求出他运动到B点时的速度范围．解答：解：滑板运动员从曲面的A点下滑过程中，重力和摩擦力做功，当他下滑的速度减小时，在同一点他对轨道的压力减小，摩擦力减小，则他下滑过程中克服摩擦力做功减小，重力做功相同，根据动能定理得知，动能的变化量减小，第一次下滑过程动能变化量为零，则有＞0，得v B＞6m/s故选A点评：本题运用向心力和动能定理分析运动员下滑过程动能的变化量大小，是经常采用的思路．6．2010年10月1日18时59分57秒，搭载着“嫦娥二号”卫星的长征三号丙运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射，卫星由地面发射后，进入地月转移轨道，经多次变轨最终进入距离月球表面100公里，周期为118分钟的圆轨道Ⅲ，开始对月球进行探测，如图所示．已知万有引力常量为G，月球的半径为R，则( )A．由已知条件可求月球的质量B．卫星在轨道Ⅰ上的机械能比在轨道Ⅲ上小C．卫星在轨道Ⅲ上的运动速度比月球的第一宇宙速度大D．卫星在轨道Ⅱ上经过P点的速度比在轨道Ⅰ上经过P点时大考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：月球的第一宇宙速度是卫星贴近月球表面做匀速圆周运动的速度，根据万有引力提供向心力，得出线速度与半径的关系，即可比较出卫星在轨道Ⅲ上的运动速度和月球的第一宇宙速度大小．卫星在轨道Ⅰ上经过P点若要进入轨道Ⅲ，需减速．比较在不同轨道上经过P 点的加速度，直接比较它们所受的万有引力就可得知．卫星从轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ，在P点需减速．解答：解：A．由已知条件不能求月球的质量．故A错误．B．卫星在轨道Ⅰ上经过P点若要进入轨道Ⅲ，需减速，故卫星在轨道Ⅰ上的机械能比在轨道Ⅲ上大．故B错误．C．月球的第一宇宙速度是卫星贴近月球表面做匀速圆周运动的速度，卫星在轨道Ⅲ上的半径大于月球半径，根据G=m，得：v=，可知卫星在轨道Ⅲ上的运动速度比月球的第一宇宙速度小，C错误D．卫星从轨道Ⅱ进入轨道Ⅰ，在P点需减速．卫星在轨道Ⅱ上经过P点的速度比在轨道Ⅰ上经过P点时大．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键是理解卫星的变轨过程，从低轨道到高轨道要加速，反之减速，这类问题也是2015届高考的热点问题．7．如图所示，在光滑的水平面上，有A、B两物体在F1和F2的作用下运动，已知F1＞F2，则( )A．若撤去F1，B的加速度一定增大B．若撤去F1，B对A的作用力一定增大C．若撤去F2，A的加速度一定增大D．若撤去F2，A对B的作用力一定增大考点：牛顿第二定律；加速度．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：要分析加速度的变化，先由牛顿第二定律求出整体的加速度，再进行分析．由隔离法求出甲乙间的作用力，根据表达式进行分析．解答：解：A、B撤去作用力之前，由牛顿第二定律得：对整体：a=…①对B：F2﹣F=m B a…②联立得：A对B的作用力F=…③由①知，若撤去F1，由于F1﹣F2与F2的大小关系无法确定，加速度不一定增大，撤去F2，A的加速度一定增大；故A错误，C正确．由③知，若撤去F2，A对B的作用力一定减少．故B、D错误．故选C．点评：关于连接体的处理方法，先整体后隔离，可以求得连接体间的相互作用力的大小．8．太阳系中的8大行星的轨道均可以近似看成圆轨道．下列4幅图是用来描述这些行星运动所遵从的某一规律的图象．图中坐标系的横轴是lg（），纵轴是lg（）；这里T和R分别是行星绕太阳运行的周期和相应的圆轨道半径，T O和R0分别是水星绕太阳运行的周期和相应的圆轨道半径．下列4幅图中正确的是( )A．B．C．D．考点：开普勒定律．专题：压轴题．分析：根据开普勒行星运动的第三定律，按照题目的要求列示整理即可得出结论．解答：解：根据开普勒周期定律：T2=kR3，T02=kR03两式相除后取对数，得：，整理得：，所以B正确．故选B．点评：本题要求学生对数学知识要比较熟悉，并且要有一定的计算能力，主要是数学的计算问题．9．一辆汽车在平直的公路上运动，运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，其牵引力和速度的图象如图所示．若已知汽车的质量m，牵引力F1和速度v1及该车所能达到的最大速度v3．则根据图象所给的信息，能求出的物理量是( )A．汽车运动中的最大功率为F1 v1B．速度为v2时的加速度大小为C．汽车行驶中所受的阻力为D．恒定加速时，加速度为考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：汽车先做匀加速运动，再以恒定功率运动，对汽车受力分析后根据牛顿第二定律列方程，再结合图象进行分析即可．解答：解：A、根据牵引力和速度的图象和功率P=Fv得汽车运动中的最大功率为F1v1，故A正确．B、汽车运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，所以速度为v2时的功率是F1 v1，根据功率P=Fv得速度为v2时的牵引力是，对汽车受力分析，受重力、支持力、牵引力和阻力，该车所能达到的最大速度时加速度为零，所以此时阻力等于牵引力，所以阻力f=根据牛顿第二定律，有速度为v2时加速度大小为a=﹣，故B错误，C正确．D、根据牛顿第二定律，有恒定加速时，加速度a′=﹣，故D错误．故选AC．点评：本题关键对汽车受力分析后，根据牛顿第二定律列出加速度与速度关系的表达式，再结合图象进行分析求解．10．如图所示，AC是上端带定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆BC一端通过铰链固定在C点，另一端B栓牢一根轻绳，轻绳下端悬挂一重为G的物体，上端绕过定滑轮A，用水平拉力F拉轻绳，开始时∠BCA=160°，现使∠BCA缓慢变小，直到杆BC接近竖直杆AC．在此过程中（不计滑轮质量，不计摩擦）( )A．拉力F大小不变B．拉力F逐渐减小C．轻杆B端所受轻绳的作用力大小不变D．轻杆B端所受轻绳的作用力先减小后增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：压轴题；共点力作用下物体平衡专题．分析：以B点为研究对象，分析其受力情况，作出受力图，利用三角形相似法，得出各力与三角形ABC三边边长的关系，再分析其变化．解答：解：以B点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力T（等于重物的重力G）、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出力图如图，由平衡条件得知，N和F的合力与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得==又T=G，解得：N=，F=使∠BCA缓慢变小时，AC、BC保持不变，AB变小，则N保持不变，F变小．故BC正确，AD错误．故选BC点评：本题涉及非直角三角形的力平衡问题，采用三角形相似，得到力与三角形边长的关系，再分析力的变化，是常用的方法．11．内壁光滑的环形凹槽半径为R，固定在竖直平面内，一根长度为R的轻杆，一端固定有质量为m的小球甲，另一端固定有质量为2m的小球乙，将两小球放入凹槽内，小球乙位于凹槽的最低点，如图所示．由静止释放后( )A．下滑过程中甲球减少的机械能总等于乙球增加的机械能B．下滑过程中甲球减少的重力势能总等于乙球增加的重力势能C．甲球可沿凹槽下滑到槽的最低点D．杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点考点：机械能守恒定律．专题：压轴题；机械能守恒定律应用专题．分析：甲与乙两小球系统，重力势能和动能相互转化，系统机械能守恒；还可以将甲与乙当作一个整体，找出重心，机械能也守恒．解答：解：A、甲与乙两个物体系统机械能守恒，故甲减小的机械能一定等于乙增加的机械能，故A正确；B、甲与乙两个物体系统机械能守恒，甲球减小的重力势能转化为乙的势能和动能以及甲的动能，故B错误；C、若甲球沿凹槽下滑到槽的最低点，乙则到达与圆心等高处，但由于乙的质量比甲大，造成机械能增加了，明显违背了机械能守恒定律，故甲球不可能到圆弧最低点，故C错误；D、由于机械能守恒，故动能减为零时，势能应该不变，故杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点，故D正确；故选AD．点评：本题关键是甲与乙两个球系统机械能守恒，也可以找出系统重心，当作单个物体．12．如图所示，质量为M、长为L的木板置于光滑的水平面上，一质量为m的滑块放置在木板左端，滑块与木板间滑动摩擦力大小为f，用水平的恒定拉力F作用于滑块．当滑块运动到木板右端时，木板在地面上移动的距离为s，滑块速度为v1，木板速度为v2，下列结论中正确的是( )A．上述过程中，F做功大小为B．其他条件不变的情况下，F越大，滑块到达右端所用时间越长C．其他条件不变的情况下，M越大，s越小D．其他条件不变的情况下，f越大，滑块与木板间产生的热量越多考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；功能关系．专题：压轴题．分析：（1）由功能关系可知拉力F做功除了增加两物体动能以外还有系统产生的热量；（2）F越大，滑块的加速度就越大，而木板的运动情况不变，滑块和木板的相对位移还是L，滑块的位移也没有发生改变，所以时间越少；（3）滑块对木板的摩擦力不变，M越大，木板的加速度越小，而滑块加速度不变，相对位移一样，滑快在木板上运动时间短，所以木板运动的位移小；（4）系统产生的热量等于摩擦力和相对位移乘积，相对位移没变，摩擦力越大，产生的热量越多．解答：解：A．由功能关系可知拉力F做功除了增加两物体动能以外还有系统产生的热量，故A错误；B．滑块和木板都是做初速度为零的匀加速运动，在其他条件不变的情况下，木板的运动情况不变，滑块和木板的相对位移还是L，滑块的位移也没有发生改变，所以拉力F越大滑块的加速度越大，离开木板时间就越短，故B错误；C．由于木板受到摩擦力不变，当M越大时木板加速度小，而滑块加速度不变，相对位移一样，滑快在木板上运动时间短，所以木板运动的位移小，故C正确；D．系统产生的热量等于摩擦力和相对位移乘积，相对位移没变，摩擦力越大，产生的热量越多，故D正确．故选CD．点评：本题重点考查了功能关系，对物理过程仔细分析是解题关键，同时对物理模型要把握和熟悉．本题就是常见而重要的滑块和木板模型．二、填空题（本大题共2个小题，共12分）13．利用图（a）所示实验装置可粗略测量人吹气产生的压强．两端开口的细玻璃管水平放置，管内塞一潮湿小棉球，实验者从玻璃管的一端A吹气，棉球从另一端B飞出，测得玻璃管内部截面积S，距地面高度h，棉球质量m，开始时棉球的静止位置与管口B的距离x，落地点C与管口B的水平距离l，然后多次改变x，测出对应的l，画出l2﹣x关系图线如图（b）所示，并由此得出相应的斜率k．（1）若不计棉球在空中运动时的空气阻力，根据以上测得的物理量可得，棉球从B端飞出时速度v0=．（2）假设实验者吹气能保持玻璃管内气体压强始终为恒定值，不计棉球与管壁的摩擦，重力加速度g、大气压强p0均为已知，利用图（b）中直线的斜率k可得，管内气体压强p=p0+．（3）考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦力，则（2）中得到的p与实际压强相比偏小（填“偏大”、“偏小”）．考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：（1）棉球从B端飞出做平抛运动，可以根据平抛运动的基本公式解出速度v0；（2）根据压强公式求出压力F，运用动能定理求出l2﹣x的关系，其斜率等于k，这样就可以求出管内气体压强p；（3）考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，所以除了压力做功外，摩擦力对棉球做负功，再运用动能定理求出l2﹣x的关系，其斜率等于k，这样就可以比较压强偏大还是偏小．解答：解：（1）棉球从B端飞出做平抛运动，根据平抛运动的基本公式得：l=v0t，h=解得：v0=l（2）设玻璃管内气体压强始终为p，不计棉球与管壁的摩擦，对棉球从静止到B点的运动过程运用动能定理得：（p﹣p0）Sx=（p﹣p0）Sx=所以l2==kx所以解得：p=p0+（3）考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦，设摩擦力为f，所以除了压力做功外，摩擦力对棉球做负功，再运用动能定理得：（p实﹣p0）Sx﹣fx=l2==kx所以解得：p实=p0+很明显，（2）中得到的p与实际压强相比偏小．故答案为：（1）l；（2）p0+；（3）偏小．点评：该题考查了平抛运动的基本规律与压强的相关计算，要求同学们学会熟练运用动能定理解题，比较简洁、方便，本题难度不大．14．如图所示，两个质量各为m1和m2的小物块A和B，分别系在一条跨过定滑轮的软绳两端，已知m1＞m2，现要利用此装置验证机械能守恒定律．（1）若选定物块A从静止开始下落的过程中进行测量，则需要测量的物理量有①②或①③．①物块的质量m1、m2；②物块A下落的距离及下落这段距离所用的时间；③物块B下落的距离及下落这段距离所用的时间；④绳子的长度．（2）为提高实验结果的准确程度，某小组同学对此实验提出以下建议：①绳的质量要轻；②在“轻质绳”的前提下，绳子越长越好；③尽量保证物块只沿竖直方向运动，不要摇晃；④两个物块的质量之差要尽可能小．以上建议中确实对提高准确程度有作用的是①③．（3）写出一条上面没有提到的对提高实验结果准确程度有益的建议：对同一高度进行多次测量取平均值．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：（1）这个实验的原理是要验证m1、m2的增加的动能和m1、m2减少重力势能是不是相等，所以我们要测量的物理量有：物块的质量m1、m2；物块A下落的距离及下落这段距离所用的时间或物块B上升的距离及上升这段距离所用的时间．（2）如果绳子较重，系统的重力势能就会有一部分转化为绳子的动能，造成实验误差；绳子不宜太长，长了形变对实验的影响越大；m1、m2相差越大，整体所受阻力相对于合力对运动的影响越小．物体末速度v是根据匀变速直线运动求出的，故要保证物体在竖直方向运动．这些都是减小系统误差，提高实验准确程度的做法．（3）多次取平均值可减少测量误差，绳子伸长量尽量小，可减少测量的高度的准确度．解答：解：（1）通过连接在一起的A、B两物体验证机械能守恒定律，即验证系统的势能变化与动能变化是否相等，A、B连接在一起，A下降的距离一定等于B上升的距离；A、B的速度大小总是相等的，故不需要测量绳子的长度和B上升的距离及时间．故选①②或①③均可以．（2）如果绳子较重，系统的重力势能就会有一部分转化为绳子的动能，造成实验误差；绳子不宜太长，长了形变对实验的影响越大；m1、m2相差越大，整体所受阻力相对于合力对运动的影响越小．物体末速度v是根据匀变速直线运动求出的，故要保证物体在竖直方向运动．这些都是减小系统误差，提高实验准确程度的做法．故选：①③（3）实验误差来自测量，所以多次取平均值可减少测量误差，又绳子伸长量尽量小，可减少测量的高度时的误差故答案为：（1）①②或①③；（2）①③；（3）对同一高度进行多次测量取平均值，选取受力后相对伸长尽量小的绳子等等．点评：此题为一验证性实验题．要求根据物理规律选择需要测定的物理量，运用实验方法判断如何减小实验误差．掌握各种试验方法是解题的关键．三、计算题（本大题共4个小题，共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．在光滑的水平轨道上有两个的小球A和B（均可看作质点），质量分别为m和2m，当两球心间的距离大于L时，两球之间无相互作用力；当两球心间的距离等于或小于L时，两球间存在相互作用的恒定斥力F．设A球从远离B球处以速度v0沿两球连心线向原来静止的B球运动，如图所示．欲使两球不发生接触，v0必须满足什么条件？考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：应用牛顿第二定律求出球的加速度，然后应用匀变速运动的运动规律求出球的位移，然后求出初速度需要满足的条件．解答：解：两球不发生接触的条件：v1=v2，L+x2﹣x1＞0．由牛顿第二定律得：A球：a1=，a2=，由速度公式得：v1=v0﹣a1t，v2=a2t，由位移公式得：x1=v0t﹣a1t2，x2=a2t2，解得：v0＜；答：v0必须满足的条件是：v0＜．点评：解决本题的关键知道两球速度相等时，有最短距离，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．16．如图所示，质量为m的物体从倾角为θ的斜面上的A点以速度v0沿斜面上滑，由于μmgcosθ＜mgsinθ，所以它滑到最高点后又滑下来，当它下滑到B点时，速度大小恰好也是v0，设物体与斜面间的动摩擦因数为μ，求AB间的距离．考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：设物体m从A点到最高点的位移为x，对此过程和从A到B的全过程分别运用动能定理列出方程组即可求解．解答：解：设物体m从A点到最高点的位移为x，对此过程运用动能定理得：﹣（mgsinθ+μmgcosθ）x=0﹣①对全过程运用动能定理得：mgsinθx AB﹣μmgcosθ（2x+x AB）=0 ②由①②解得：答：AB间的距离为点评：本题是动能定理的直接应用，要求同学们能根据题目的需要选择不同的过程运用动能定理解题，难度适中．17．某校物理兴趣小组决定举行遥控赛车比赛．比赛路径如图所示，赛车从起点A出发，沿水平直线轨道运动L后，由B点进入半径为R的光滑竖直圆轨道，离开竖直圆轨道后继续在光滑平直轨道上运动到C点，并能越过壕沟．已知赛车质量m=0.1kg，通电后以额定功率P=2.5W工作，进入竖直轨道前受到阻力恒为0.25N，随后在运动中受到的阻力均可不计．图中L=10.00m，R=0.18m，h=0.80m，x=2.00m．问：要使赛车完成比赛，电动机至少工作多长时间？（取g=10m/s2）考点：动能定理的应用；平抛运动；功能关系．。
[小初高学习]湖南省长沙市雅礼中学2017-2018学年高一物理下学期第一次月考试题(含解析)
![[小初高学习]湖南省长沙市雅礼中学2017-2018学年高一物理下学期第一次月考试题(含解析)](https://360docs-1393072327.cos.ap-beijing.myqcloud.com/8af39ccf910ef12d2af9e7a6.webp)
湖南省长沙市雅礼中学2017-2018学年高一下学期第一次月考物理试题一、选择题(共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1-8小题只有一个选项符合题目要求，第9-12小题有多个选项符合题目要求，全部选对的4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1. 在下述问题中，能够把研究对象看做质点的是A. 研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作B. 用GPS确定打击海盗的“武汉"舰在大海中的位置C. 将一枚硬币用力上拋抛，猜测它落地时正面朝上还是反面朝上D. 欣赏进行花样滑冰的运动员的优美动作【答案】B【解析】研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作时，若视为质点，则该问题无法进行研究，故A错误；用GPS确定“武汉”舰在大海中的位置时，“武汉”舰自身的大小、形状对定位几乎没有影响，可以把“武汉”舰看成质点，故B正确；硬币的形状与研究问题的关系非常密切，故硬币不能看成质点，故C错误；滑冰运动员在冰面上优美的动作被人欣赏，不能看作质点，故D错误。
所以B正确，ACD错误。
2. 某运动物体的速度、速率、加速度的说法中正确的是A. 可能速度不变而速率变化B. 可能速度不变而加速度变化C. 可能速度变化而加速度不变D. 可能速度、速率、加速度都不为零，而且不变【答案】C【解析】解：A、速度是矢量，有大小也有方向，速度不变指速度的大小和方向都不发生变化，故A错误；B、根据加速度定义，速度保持不变则速度的变化量△v=0，故其加速度也为0，不存在加速度变化情况，故B错误；C、当物体做匀变速运动时，加速度恒定，速度均匀变化，故C正确；D、速度不变，则速度保持不变，加速度为0，故D错误．故选：C【点评】本题主要考查速度、速率及加速度的关系，知道速度变化加速度可以保持不变，加速度变化速度肯定发生变化，加速度反应速度变化慢慢的物理量．掌握物理量的物理意义是解决本题的关键．3. 如图所示是某质点做直线运动的x-t图象，由图象可知A. 质点一直处于运动状态B. 图象表示了质点运动的轨迹C. 质点第5s内速度是2m/sD. 质点前8s内位移是25m【答案】C【解析】A、由图象知，2-4s内图线的斜率为0，质点的速度为零，处于静止状态，故质点并不是一直处于运动状态，故A错误；B、位移时间图象只能表示质点做直线运动时位移的变化情况，不是质点的运动轨迹，故B错误；C、质点第5s内速度是，故C正确；D、质点在0时刻的纵坐标为0，8s末的纵坐标为6m，所以质点前8s内位移是x=6m-0=6m，故D错误；故选C.【点睛】解决本题的关键要明确位移时间图象表示物体的位移随时间的变化情况，不是质点的运动轨迹，其斜率等于速度．4. 一个物体做直线运动的位移与时间的关系式是x=2t+t²(x的单位为m，t的单位为s)，那么2s时物体的速度是A. 2m/sB. 4m/sC. 6m/sD. 8m/s【答案】C【解析】由,故可知，，则由速度公式，故选C.【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式.5. 电梯经过启动、匀速运行和制动三个过程，从低楼层到达高楼层，启动和制动可看作是匀变速直线运动，电梯竖直向上运动过程中速度的变化情况如下表：则前5S内电梯通过的位移大小为A. 19.25mB. 18.75mC. 18.50mD. 17.50m【答案】B【解析】电梯匀加速直线运动的加速度，则匀加速直线运动的时间，匀加速直线运动的位移，匀速直线运动的位移x2=vt2=5×(5-2.5)m=12.5m，则前5s内的位x=x1+x2=6.25+12.5m=18.75m．故选B.【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式、速度位移公式，并能灵活运用．6. 汽车以10m/s的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15米处的斑马线上有行人，于是刹车，让汽车恰好停在斑马线前，假设驾驶员反应时间为0.5s，汽车运动的v-t图象如图所示，则汽车的加速度大小为A. 20m/s²B. 6m/s²C. 5m/s²D. 4m/s²【答案】C【解析】设匀减速直线运动所用的时间为t，根据v-t图象的面积代表物体通过的位移可得：15m=10m/s×0.5s+×10m/s×t，解得t=2s，所以匀减速运动的加速度为：，则汽车的加速度大小为5m/s2．故选C．7. 一辆汽车刹车后做匀减速直线运动直到停止，已知汽车在前一半时间内的平均速度为，则汽车在后一半时间内的平均速度为A. B. C. D.【答案】B【解析】初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比为1:3．则汽车在前一半时间内和后一半时间内的位移之比为3:1．根据平均速度的定义式知，两段时间内的平均速度之比为3:1，则后一半时间内的平均速度为．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点睛】解决本题的关键知道平均速度的定义式，以及掌握匀变速直线运动的规律，知道匀变速直线运动的特殊推论．8. “蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海救人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器，假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v 时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在(<t)时刻距离海平面的深度为A. B. C. D.【答案】D【解析】根据加速度的定义知，，采用逆向思维，“蛟龙号”在t0（t0＜t）时刻距离海平面的深度，故D正确，A、B、C错误；故选D.【点睛】解决本题的关键是掌握匀变速直线运动的基本规律，知道末速度为0的匀减速直线运动看看成反向的初速度为0的匀加速直线运动.9. 物体由静止开始做匀加速直线运动，加速8s后，立即做匀减速直线运动，再经过4s停下，关于该物体的运动情况，下列说法正确的是A. 加速、减速过程中的加速度大小之比为2：1B. 加速、减速过程中的平均速度大小之比为2：1C. 加速、减速过程中的位移大小之比为2：1D. 加速、减速过程中的变化率大小之比为1：2【答案】CD...............【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．10. 历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”(现称“另类匀变速直线运动”)，“另类加速度”定义为，其中和分别表示某段位移内的初速度和末速度，A>0表示物体做加速运动，A<0表示物体做减速运动，而现在物理学中加速度的定义式为，下列说法正确的是A. 若A不变，则a也不变B. 若A>0且保持不变，则a逐渐变大C. 若A 不变，则物体在中间位置处的速度为D. 若A不变，则物体在中间位置处的速度为【答案】BC【解析】A、B、若A不变，有两种情况：一第一种情况：A＞0，相等位移内速度增加量相等，则知平均速度越来越大，所以相等位移内所用时间越来越少，由可知，a越来越大；第二种情况：A＜0，相等位移内速度减少量相等，平均速度越来越小，所以相等位移内用的时间越来越多，由得知可知a越来越小，故A错误、B正确．C、D、因为相等位移内速度变化相等，所以中间位置处位移为，速度变化量为，所以此位置的速度为．故C正确、D 错误.故选BC．【点睛】本题属于信息题，正确读取和应用所给信息是解题关键，如本题中根据题意可知“另类匀变速直线运动”中速度是随位移均匀增加的．11. t=0时，甲、乙两汽车从相距70km的两地开始相向行驶，它们的v-t图象如图所示，忽略汽车掉头所需时间，下列对汽车运动状况的描述正确的是A. 在第1小时末，乙车改变运动方向B. 在第2小时末，甲乙两车相距10kmC. 在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大D. 在第4小时末，甲、乙两车相遇【答案】BC【解析】试题分析：根据图象知识可得出两物体在任一时刻的速度、每段的加速度及任一时间段内的位移；则根据两物体的运动关系可判断各选项是否正确．视频12. 在光滑足够长的斜面上，有一物体以10m/s的初速度沿斜面向上运动，物体的加速度大小始终为5m/s，方向沿斜面向下，当物体的位移大小为7.5m时，下列正确的是A. 物体运动时间可能为1sB. 物体运动时间可能为3sC. 物体贴运动时间可能为(2+)sD. 此时的速度大小一定为5m/s【答案】ABC【解析】A、B、当物体的位移为向上的7.5m时，由运动学公式，，解得，，故A、B均正确。
【配套K12】2017-2018学年高一物理下学期期末考试试题 理(扫描版)
广西南宁市第二中学2017-2018学年高一物理下学期期末考试试题理（扫描版）南宁二中高一年级期考物理答案一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1-8小题只有一个选项正确，第9-12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)二、实验题（本题共2小题，共14分）13．（8分）（1）刻度尺（1分），交流（1分），（2）D（2分） (3)C（2分） (4)2.0（2分）14.（6分）(1)0.576，0.588 (2)9.7 （每空2分）三．计算题(4小题，共38分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
只写出最后答案的不得分，有数字计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)15.（6分）解：（1）由动能定理得：人对物体做的功为……………………2分（2）对物体，从抛出到落地由动能定理得：……………………2分…………………2分解得16.（9分）解：(1)由图象可知,碰前C的速度v0 =6m/s，碰后的速度v =2m/sA、C碰撞过程,由动量守恒定律得m C v0=(m C+m A)v……………………2分解得 m C=2kg……………………1分(2)在5s到10s的时间内B物体的位移为零，则墙壁对物体B的作用力的功为零。
……………………2分(3)由图象可知,在15s时,C的速度为v′=−2m/s，此时弹簧恢复原长，A、C的速度相等，而B的速度仍然为零，在5s到15s内，对A、B、C三者组成的系统，由动量定理，得：I=(m C+m A)v′−(m C+m A)v……………………2分I=−24N⋅s……………………1分方向向右……………………1分17．（9分）（1）飞机仅在阻力f 的作用下做匀减速直线运动，根据动能定理21210mv fx -=- ……………………2分解得 f =5.0×104N ……………………1分（2）无阻拦索时，飞机需滑行x =980m有阻拦索时，由图像面积可知，从t 1时刻至t 2时刻，飞机的位移为s 1=80m ……………………1分设从t 2时刻至飞机停止，飞机的位移为s 2 根据动能定理 222210mv fs W -=-……………………2分 解得 s 2=2m ……………………1分可知，有阻拦索时，飞机实际滑行距离1282m x's s =+=……………………1分 所以，从t 1时刻开始研究，飞机钩住阻拦索后在甲板上滑行的距离比无阻拦索时少898x x x '∆=-=m ……………………1分18．（14分）解：（1）物块A 从开始运动到与弹簧刚接触的过程中，由动能定理得：-μmgL=21mv 12-21mv 02……………………2分 解得 v 1=5m/s ……………………1分（2）A 被弹簧以原速率v 1弹回，向右经过PQ 段，由动能定理得：-μmgL=21mv 22-21mv 12……………………1分 解得到Q 点时速度：v 2=1m/s ……………………1分 设A 能到达的最大高度为h ，由动能定理得：-mgh=0-21mv 22……………………1分 解得：h =0.05m<RA 在圆形轨道上运动时不会脱离轨道，到达的最大高度为0.05m ……………………1分（3）①若A 沿轨道上滑至最大高度h 时，速度减为0，则：0<h ≤R ……………………1分由动能定理得：-μmg2L 1-mgh=0-21m v'2……………………1分 求得1.0m ≤L 1<1.5m ……………………1分②若A 能沿轨道上滑至最高点，则在最高点的速度v 3满足：m Rv 23≥mg ………………1分由动能定理得：-μmg2L 2-2mgh=21mv 32-21mv'2 ……………………1分解得：L 2≤0.25m ……………………1分当L 满足条件：1.0m ≤L<1.5m 或L ≤0.25m 时，……………………1分 物块A 能第一次返回圆槽形轨道且能沿轨道运动而不会脱离轨道。
湖南省长沙市雅礼中学2017-2018学年高二物理下学期期末考试试题(含解析).doc
湖南省长沙市雅礼中学2017-2018学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）一、选择题：1. 物体静止在斜面上，以下的几种分析中正确的是( )A. 物体所受到静摩擦力的反作用力是重力沿斜面的分力B. 物体所受重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C. 物体所受重力的反作用力就是斜面对它的静摩擦力和支持力这两个力的合力D. 物体所受支持力的反作用力就是物体对斜面的压力【答案】D【解析】试题分析：物体受到的静摩擦力的反作用力是物体对斜面的静摩擦力，A错误；物体所受重力沿垂直斜面的分力施力物体是地球，物体对斜面的压力受力物体是斜面，两者不是同一个受力物体，所以不是同一个力，B错误；物体所受重力的反作用力就是物体对地球的吸引力，C错误；物体所受支持力的反作用力就是物体对斜面的压力，D正确。
考点：考查了相互作用力2. 如图所示，一轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，在竖直平面内做圆周运动，通过最高点时，由于球对杆有作用，使杆发生了微小形变，关于杆的形变量与球在最高点时的速度大小关系，正确的是( )A. 形变量越大，速度一定越大B. 形变量越大，速度一定越小C. 形变量为零，速度一定不为零D. 速度为零，可能无形变【答案】C【解析】试题分析：形变量有可能是压缩，也有可能是拉伸，当在最高点时，如果重力完全充当向心力，则轻杆对小球的作用力为零，此时，解得，若，则对杆拉伸，若，则杆被压缩，当拉伸的形变量和压缩的形变量相同时，速度却不相同，故ABD 错误C 正确考点：考查了圆周运动实例分析【名师点睛】题目的关键点：“由于球对杆有作用，使杆发生了微小形变”，杆模型与绳模型不同，杆子可以提供支持力，也可以提供拉力．所以杆子对小球的作用力可以是向下的拉力，也可以是向上的支持力3. 在水平地面上M 点的正上方某一高度处，将S 1球以初速度v 1水平向右抛出，同时在M 点右方地面上N 点处，将S 2球以初速度v 2斜向左上方抛出，两球恰在M 、N 连线的中点正上方相遇，不计空气阻力，则两球从抛出到相遇过程中( )A. 初速度大小关系为 v 1 = v 2B. 速度变化量相等C. 水平位移相同D. 都不是匀变速运动【答案】B球做的是平抛运动，解决平抛运动的【解析】试题分析：S1方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动．S球做的是斜抛运2动，它在水平方向上也是匀速直线运动，但在竖直方向上是竖直上抛运动．结合分位移公式研究这题．由于两球恰在M、N连线的中点正上方相遇，说明它们的水平位移大小相等，又由于运动的时间相同，所以它们在水平方向上的分速度大小相同，即，所以，A错误；由于两个球都只受到重力的作用，加速度都是重力加速度g，由知，知它们速度的变化量相同，B正确；在水平方向上，水平位移大小相等，但方向相反，所以位移不同，C错误；由于两个球都只受到重力的作用，加速度都是重力加速度g，加速度恒定，都是匀变速运动，故D错误．4. 如图所示，一根轻弹簧竖直立在水平面上，下端固定。
2016-2017学年湖南省长沙市雨花区雅礼中学高一(下)期末物理试卷(解析版)
2016-2017学年湖南省长沙市雨花区雅礼中学高一（下）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分．其中1-8小题单选，9-12小题有多项符合题目要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．（4分）关于力和运动的关系，以下说法中正确的是（）A．物体做曲线运动，其加速度一定改变B．物体做曲线运动，其加速度可能不变C．物体的运动状态发生变化，该物体的受力情况一定发生变化D．物体在恒力作用下运动，其速度方向可能改变2．（4分）如图所示，实线表示某匀强电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强不相等B．2、3两点的电势不相等C．1、2两点间的电势差等于1、3两点间的电势差D．电荷在1点具有的电势能一定大于其在2点具有的电势能3．（4分）某人造地球卫星在近似圆轨道上运行的过程中，由于轨道所在处的空间存在极其稀薄的空气，则（）A．如不加干预，卫星所受的万有引力将越来越小B．如不加干预，卫星运行一段时间后动能会增加C．卫星在近似圆轨道上正常运行时，由于失重现象卫星内的物体不受地球引力作用D．卫星在近似圆轨道上正常运行时，其速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间4．（4分）在光滑水平面上，质量为m的小球A正以速度v0匀速运动．某时刻小球A与质量为3m的静止小球B发生正碰．两球相碰后，A球的动能恰好变为原来的．则碰后B球的速度大小是（）A．B．C．或D．无法确定5．（4分）如图所示，由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板N与静电计的金属球相接，极板M与静电计的外壳均接地．给电容器充电，静电计指针张开一定角度．实验过程中，电容器所带电荷量不变．下面操作能使静电计指针张角变大的是（）A．将M板向上平移B．将M板沿水平向右方向靠近N板C．在M、N之间插入有机玻璃板D．在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触6．（4分）“神舟十号”飞船发射后，经过多次变轨进入距地面高度为h的圆形轨道．已知飞船质量为m，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g．设飞船进入圆形轨道后运动时的动能为E K，则（）A．E k=B．E k=mg（R+h） C．E k=mgR D．E k=mgh7．（4分）如图所示为江西艺人茅荣荣，他以7个半小时内连续颠球5万次成为新的吉尼斯纪录创造者，而这个世界纪录至今无人超越．若足球用头顶起，某一次上升高度为80cm，足球的重量为400g，与头顶作用时间△t为0.1s，则足球本次在空中的运动时间及足球给头部的作用力大小分别为（空气阻力不计，g=10m/s2）（）A．t=0.4s；F N=20N B．t=0.4s；F N=36NC．t=0.8s；F N=36N D．t=0.8s；F N=20N8．（4分）在日常生活中，人们习惯于用几何相似性放大（或缩小）的倍数去得出推论，例如一个人身体高了50%，做衣服用的布料也要多50%，但实际上这种计算方法是错误的．若物体的几何线度为l，当l改变时，其它因素按怎样的规律变化？这类规律可称之为标度律，它们是由量纲关系决定的．在上例中，物体的表面积S∝l2，所以身高变为1.5倍，所用的布料变为1.52=2.25倍．以跳蚤为例：如果一只跳蚤的身长为2mm，质量为0.2g，往上跳的高度可达0.3m．可假设其体内能用来跳高的能量E∝l3（l为几何线度），在其平均密度不变的情况下，身长变为2m，则这只跳蚤往上跳的最大高度最接近（）A．0.3 m B．3 m C．30 m D．300 m9．（4分）如图所示，一个小球沿竖直固定的光滑圆形轨道的内侧做圆周运动，圆形轨道的半径为R，小球可看作质点，则关于小球的运动情况，下列说法正确的是（）A．小球的线速度方向时刻在变化，但总在圆周切线方向上B．小球通过最高点的速度可以等于0C．小球线速度的大小可以小于D．小球线速度的大小总大于或等于10．（4分）将甲、乙两个质量相等的物体在距水平地面同一高度处，分别以v 和2v的速度水平抛出，若不计空气阻力的影响，则（）A．甲物体在空中运动过程中，任何相等时间内它的动量变化都相同B．甲物体在空中运动过程中，任何相等时间内它的动能变化都相同C．两物体落地时动量对时间的变化率相同D．两物体落地时重力的功率相同11．（4分）矩形滑块由不同材料的上、下两层粘合在一起组成，将其放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以速度v水平射向滑块．若射击下层，子弹刚好不射出；若射击上层，则子弹刚好能射穿一半厚度，如图所示．则上述两种情况相比较（）A．子弹的末速度大小相等B．系统产生的热量一样多C．子弹对滑块做的功不相同D．子弹和滑块间的水平作用力一样大12．（4分）如图甲所示，在某电场中建立x坐标轴，A、B为x轴上的两点，x A、x B分别为A、B两点在x轴上的坐标值。
湖南省五市十校2017-2018学年高一物理下学期期末考试试题(含解析)
湖南省五市十校2017-2018学年高一下学期期末考试物理试题一.选择题1. 研究以下运动时，对应物体可以当作质点的是( )A. 石块从高处自由落下B. 地球自转的效应C. 花样滑冰运动员的动作表现D. 火车过桥的时间【答案】A【解析】从高处自由下落的石块其体积是可以忽略的，所以此时的石头可以看成是质点，故A 正确；地球在自转的过程中，不能用一个点代替地球，形状和大小不能忽略。
不能看作质点，故B错误；研究花样滑冰运动员的动作表现时，要看动作，不可以看作质点，故C错误；研究火车过桥的时间时，火车的大小和形状不可以忽略，不可以看作质点，故D错误；故选A。
2. 一个物体m沿不光滑的固定斜面向下滑动，在滑动过程中，物体m受到的力是（）A. 重力、沿斜面向下的下滑力、斜面的支持力B. 重力、斜面的支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力C. 重力、沿斜面向下的下滑力、沿斜面向上的滑动摩擦力D. 重力、沿斜面向下的下滑力、斜面的支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力【答案】B【解析】木块沿斜面下滑，木块受到竖直向下的重力G．木块压斜面，斜面发生形变而对木块产生支持力N，方向垂直于斜面并指向被支持的木块。
木块还受到与其运动方向相反，沿斜面向上的滑动摩擦力f。
重力沿斜面的分力使物体沿斜面加速下滑而不存在一个独立于重力之外的所谓“下滑力”，找不到施力物体；故B正确，ACD错误；故选B。
3. 电梯在大楼内上、下运动，人站在电梯内。
若人处于超重状态，则电梯可能的运动状态是（）A. 匀速向上运动B. 匀速向下运动C. 减速向下运动D. 加速向下运动【答案】C【解析】超重时具有向上的加速度，所以电梯的运动状态可以是加速上升也可以是减速下降，故C正确，ABD错误。
4. 如图是某质点直线运动的速度v-t图象，由图象得到的正确结果是（）A. 0—1 s内的平均速度是2m/sB. 0—2s内的位移大小是3 mC. 0—1s内的加速度小于2—4s内的加速度D. 0—1s内的运动方向与2—4s内的运动方向相反【答案】B【解析】试题分析：分析平均速度：，由面积法求0-1s的位移s=×1×2＝1m，时间t=1s因而，故A错误；由面积法知：0-2s的位移s=×（2+1）×2=3m，故B正确；用斜率求出 0-1s的加速度：，2-4s的加速度大小、因而：a1＞a2，故C错误；0-1s、2-4s两个时间段内速度均为正，表明速度都为正方向，运动方向相同，故D错误；故选B。