河南省濮阳市油田三高2017-2018学年高二上学期第一次(10月份)月考历史试题 Word版含答案
濮阳市油田三高2017-2018学年高二年级上学期第一次阶段考试历史试题【试卷说明】本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
请将第Ⅰ卷选择题的答案涂在答题卡上，第Ⅱ卷非选择题的答案写在答题卷上。
考试时间90分钟，试卷满分100分。
第Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题（本大题共30小题，每小题2分，共60分。
在每小题列出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。
）1.百家争鸣时代的某思想家认为，“社会的自然秩序只需要每个人恪守其本来属于的位置就能够自然的得以保持。
”他的伦理建立在两个思想之上：一个是（自身）臻于完善，另外一个就是关怀他人。
该思想家是（）A．老子 B．孔子 C．庄子 D．墨子2.美国学者卡拉贝尔在《被选中的》一书中追溯了美国精英大学百年来招生录取政策的变迁。
他写道：“（这些）招生方法，在今天看来，体现着典型的美国精神：机会平等（不因出身、财富等不同而被歧视）、贤能主义（meritocracy,众人皆因自身的才能和成就而获得地位和声望，实现向上的社会流动）。
”从中国人的视角来看，这种“美国精神”最接近先秦的哪家思想（）A．儒家 B．道家 C．墨家 D．法家3.古代某思想家认为：“释法术而任心治，尧不能正一国。
去规矩而妄意度，奚仲不能成一轮。
”该思想家的流派是（）A．儒家B．法家C．墨家D．道家4.孔子说：“天何言哉？四时行焉，百物生焉，天何言哉？”老子说：“人法地，地法天，天法道，道法自然。
”韩非子说：“唯夫与天地之剖判也俱生，至天地之消散也不死不衰者谓常。
”从以上儒家、道家、法家言论来推断，三家都（）A．针对先秦的社会现状提出了共同的政治主张B．表现出人对自然及其规律的尊崇C．认为自然界的存在不以人的意志为转移D．认为自然是可以认识的5.在评论秦朝灭亡时，美国历史学家费正清说：“在证明了法家思想确有效用的同时，秦王朝也从反面体现了孟子的一个思想的正确——政府最终还是要依靠被统治者的默认。
”此处孟子的“一个思想”具体是指A．人之初，性本善B．“民贵君轻”，统治者要实行“仁政”C．先义后利，养浩然之气D．人性本恶，礼法并用6.“不知壹天下建国家之权称（礼法），上（尚）功用，大（重视）俭约，而僈差等（忽视等级差别）”这句话应是战国时期哪两个学派之间的争鸣（）A．儒家、墨家B．儒家、道家C．法家、墨家D．墨家、道家7.侯外庐在《中国思想通史》中写道：“他给新宗教以系统的理论说明，把阴阳五行说提到神学的体系上来，……把儒家伦常的父权和宗教的神权以及统治者的皇权三位一体化。
”这表明“他”的思想是（）A．从仁的哲学出发建构礼乐制度和儒家学说B．从天的哲学出发建构伦理思想和政治学说C．从法的哲学出发建构法治理论和法家学说D．从理的哲学出发建构伦理道德和儒学体系8.1585年，万历皇帝步行十里祈雨，行礼结束后，皇帝发表训辞声称：天时大旱固然是由于他本人缺乏德行，但同样也是贪官污吏溇剥小民，上干天和的结果。
现在务必要改弦更张，斥退坏人，引用好人。
万历皇帝的言行突出体现了（）A．法家的严刑峻法思想B．道家主张“天道自然”C．董仲舒的“天人感应”思想D．王阳明的“知行合一”9.学者坎迪斯·古切尔在《全球文明史》一书中说：“它代表了反对中世纪基督教背景的欧洲文化记忆系统的‘再生’，欧洲的思想家被希腊罗马作家所鼓舞，被那些世俗的、不神圣的、人文主义的、不以上帝为中心的价值观所鼓舞，以理性为基础，而不是以基督教信仰为基础。
同样，8世纪之后，在中国发生了一场关于儒家思想的‘再生’，在1200年左右达到高潮。
”材料中的这两场“再生”分别指的是（）A．启蒙运动陆王心学B．文艺复兴宋明理学C．宗教改革宋明理学D．文艺复兴汉代儒学10.程朱理学认为：“耳闻目见，饮食男女……喜怒哀乐之变，皆性之自然，今其（佛教）言曰：‘必灭绝是，然后得天真。
’吾多见其丧天真矣。
”“饮食者，天理也；要求美味，人欲也。
虽是人欲，人欲中自有天理。
”此材料表明程朱理学（）A．赞同佛教的禁欲主义B．对饮食没有道德规范的要求C．认可道德规范内的人欲D．认可私欲，主张个性解放11.钱乘旦《现代文明的起源与演进》中这样评价理学：“它的丰富性与普遍性使中国统治者与士大夫相信儒家学说已穷尽世界一切真理。
中国既是天下中心，并有着辉煌的、无与伦比的历史与成就.那么中国之外的‘夷务’就不在中国人关心的范围之内。
”由此可见理学( )A．排斥儒学以外的一切思想 B．博大精深但有一定封闭性C．概括了世间所有自然规律 D．内容丰富、探索世界本源12.明清时期江南部分地区城市手工业商业发展较快，如松江的棉纺业发达，景德镇的陶瓷业发达，佛山的冶铁业发达，汉口的长江商品转运码头较繁忙。
与这些经济现象相关，产生了一股具有批判色彩的思潮。
其中，最能从本质上体现时代发展要求的是（） A．强调人欲的合理性B．批判君主专制C．主张“经世致用”D．提出“工商皆本”13.顾炎武在《亭林文集》卷四中提出：“君子之为学，以明道也，以救世也。
”这里的“以明道”“以救世”表明他关注国计民生，由此形成了（）A．君主立宪 B．重农抑商 C．自由贸易 D．经世致用14.“耕稼陶渔之人即无不可取，则千圣万贤之善，独不可取乎？又何必专门学孔子而后为正脉也”“孔夫子亦庸众人类也”。
以上言论最可能出自于（）A．董仲舒B．朱熹C．王阳明D．李贽15.黄宗羲说：“夫儒者均以钱谷非所当知，徒以文字华藻，给口耳之求，不顾郡邑之大利大害。
”赵翼说：“书生徒讲义理，不揣时势，未有不误人家国者。
”以下观点最符合两人的共同主张的是（）A．严厉抨击明代八股取士之害B．强调“经世致用，学以济世”C．讥讽士人专注于研究文字D．批评矛头直接指向君主专制16.下列关于李贽思想与文艺复兴时期人文主义思想的表述，正确的是（）①都是商品经济发展的产物②都宣扬了个性自由和解放③都具有反权威的进步意义④都体现了新兴资产阶级的愿望A．①②③B．①③④C．①②④D．②③④17.黄宗羲、唐甄们提不出新的社会方案，而只能用扩大相权、限制君权、提倡学校议政等办法来修补封建专制制度。
这说明明清时期的早期启蒙思想（）A．根植于高度繁荣的农耕经济B．适应了君主专制统治的需要C．本质上是传统思想的继承发展 D．动摇了宋明理学的统治地位18.下表是《中国的世界记录》收录的中国古代科技成果统计数据，由此可以得出（）A．儒家思想重人伦轻科技B．科举制度推动科技发展C．中国古代科技领先世界D．中国古代农耕经济发展19.中国历史上的主要科学领域和技术部门是直接为国家的治理服务的，注重的是科学技术的功用，而不是注重探索其原理和原因，因而形成了“但言其当然，而不言其所以然”的学术倾向。
这表明中国古代科技（）A．都有官方印记B．没有理性思维C．长期领先世界D．强调实用价值20.英国的李约瑟博士指出：“如果没有火药、纸、印刷术和磁针，欧洲封建主义的消失就是一件难以想象的事。
”对此，以下理解正确的是（）A．如果没有四大发明，就不会有欧洲封建主义的解体B．欧洲封建主义解体的根本动力在于四大发明的完成C．四大发明传到欧洲，加速了欧洲向近代迈进的步伐D．四大发明对欧洲封建社会的变革起了决定性的作用21.2013年7月10日人民网：“5000年中华文明绘就了一条通往欧洲的丝绸之路，也是人类历史上规模最大的文化线路。
”当年唐玄奘在这条线路上穿越时不可能见到的文明现象是（）A．当地人用铁犁牛耕劳动B．丝绸、白瓷、唐三彩是常见的商品C．粉彩瓷、活字版佛经深受欢迎D．部分地区用坎儿井灌溉农田22.魏晋风度指的是魏晋时期名士们所具有的那种率直任诞、清俊通脱的行为风格。
饮酒、服药、清谈和纵情山水是魏晋时期名士所普遍崇尚的生活方式。
一部《世说新语》可以说是魏晋风度的集中记录。
造成这种文化特点的最主要原因是( )A．国家分裂，社会动荡不安，人们的精神领域普遍出现了危机B．江南经济开发，商品经济大发展C．新兴门阀士族生存环境险恶，不得不依附某个政治集团D．魏晋时期佛、道盛行23.历史学家钱穆以为，“总之，古代中国在宋以前，文学艺术尚是贵族的、宗教的，而宋兴以来则逐渐流向大众民间，成为日常人生活的。
”下列分别体现“宋以前”与“宋兴以来”艺术形式特点的是A．彩陶画与汉赋B．话本与小说 C．楚辞与文人画D．唐诗与风俗画24.“吴门画派”的领袖沈周主张：“画法以意匠经营为主，然必气韵生动为妙。
意匠易及，而气韵别有三味，非言可传！”以下作品符合其主张的是A．《洛神赋图》 B．《步辇图》 C．《清明上河图》 D．《墨兰图》25.李泽厚先生认为：“与前一阶段市民文艺的现实主义对荣华富贵、功名利禄的渴望钦羡恰好对照，这里充满着的是对这一切来自本阶级的饱经沧桑，洞悉幽隐的强有力的否定和判决。
”以下作品符合该观点的是( )26.法国学者莱昂·罗斑指出：“智者派的运动，是代表着想用类似的方法满足同样需要的各种独立的努力的总和。
这些需要，是这样一个时代和这样一个国度的需要：在这个国度中，一切公民对于他这城邦的事务的处理或领导都有一份，并且只要靠言辞来取得个人的优越地位。
”材料表明（）A．雅典的公民政治促成了智者学派的产生B．智者学派激发了雅典人参与政治的热情C．只有依靠雄辩的言辞才能取得政治地位D．公民参与城邦事务是公民的权利和义务27.“凡真正知道善恶对错之人，必然行善，凡作恶者皆因无知。
”下列观点与该句最为契合的是（）A．“人是万物的尺度”B．“认识你自己” C．“美德即知识”D．“与上帝直接对话”28.“苏格拉底唤醒了这个真正的良知。
因为他并不只是宣布人是万物的尺度，而且宣布作为思想者的人是万物的尺度。
”下列各项中，对黑格尔的这句话理解正确的是A．要从自然的角度认识世界B．要关注人的尘世生活C．强调知行合一D．强调人类的理性29.文艺复兴……虽然许多新成就的基础是古典文化，但是它们很快地超越了希腊、罗马影响的范畴。
……文艺复兴包括一些当时占统治地位的理想和看法，使文艺复兴印上了一个独特社会的标记。
总的说来，这些理想和看法中特别突出的是乐观主义、世俗主义和个人主义。
这里面“独特社会”的含义是（）A．工商业发展及资本主义萌芽 B．罗马天主教会势力日渐衰落 C．资产阶级革命与改革运动纷纷兴起 D．人们热衷于追求理性、民主、自由30.有学者将某一时期称为“发现世界和发现人”的时代。
下列各项最符合这一观点的是（）A．公元前5世纪：罗马帝国的扩张；人文主义思想的发展B．14—16世纪：新航路的开辟；文艺复兴运动的开展C．18—19世纪：世界市场的形成；现实主义文学的兴起D．20世纪：经济全球化的推进；摇滚乐的流行第Ⅱ卷（非选择题 40分）第Ⅱ卷非选择题共3个小题，第31小题16分，第32小题12分，第33小题12分，共计40分。
濮阳县高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷数学
濮阳县高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷数学 班级__________ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 已知点A （0，1），B （3，2），C （2，0），若AD →＝2DB →，则|CD →|为（ ）A ．1 B.43C.53 D ．2 2．双曲线=1（m ∈Z ）的离心率为（ ） A．B ．2C．D ．33． 数列1，﹣4，7，﹣10，13，…，的通项公式a n 为（ ） A ．2n ﹣1B ．﹣3n+2C ．（﹣1）n+1（3n ﹣2）D ．（﹣1）n+13n ﹣2 4． 已知α是△ABC 的一个内角，tan α=，则cos （α+）等于（ ）A． B．C．D．5． 如果点P 在平面区域220,210,20x y x y x y -+≥⎧⎪-+≤⎨⎪+-≤⎩上，点Q 在曲线22(2)1x y ++=上，那么||PQ 的最小值为（ ）A1 B1-C. 1 D1 6． 复数i i -+3)1(2的值是（ ）A ．i 4341+-B ．i 4341-C ．i 5351+-D ．i 5351-【命题意图】本题考查复数乘法与除法的运算法则，突出复数知识中的基本运算，属于容易题．7． 已知函数f （x ）=xe x ﹣mx+m ，若f （x ）＜0的解集为（a ，b ），其中b ＜0；不等式在（a ，b ）中有且只有一个整数解，则实数m 的取值范围是（ ） A ．B ．C ．D ．8． 若方程x 2+ky 2=2表示焦点在y 轴上的椭圆，那么实数k 的取值范围是（ ） A ．（0，+∞） B ．（0，2） C ．（1，+∞） D ．（0，1）9． 下面的结构图，总经理的直接下属是（ ）A ．总工程师和专家办公室B ．开发部C ．总工程师、专家办公室和开发部D ．总工程师、专家办公室和所有七个部10．已知命题p ：“∀x ∈R ，e x ＞0”，命题q ：“∃x 0∈R ，x 0﹣2＞x 02”，则（ ）A ．命题p ∨q 是假命题B ．命题p ∧q 是真命题C ．命题p ∧（￢q ）是真命题D ．命题p ∨（￢q ）是假命题11．已知a ，b 是实数，则“a 2b ＞ab 2”是“＜”的（ ） A ．充分而不必要条件 B ．必要而不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件12．某高二（1）班一次阶段考试数学成绩的茎叶图和频率分布直方图可见部分如图，根据图中的信 息，可确定被抽测的人数及分数在[]90,100内的人数分别为（ ）A ．20，2B ．24，4C ．25，2D ．25，4二、填空题13．△ABC 外接圆半径为，内角A ，B ，C 对应的边分别为a ，b ，c ，若A=60°，b=2，则c 的值为 ．14．设抛物线24y x =的焦点为F ，,A B 两点在抛物线上，且A ，B ，F 三点共线，过AB 的中点M 作y 轴的垂线与抛物线在第一象限内交于点P ，若32PF =，则M 点的横坐标为 .15．已知平面上两点M（﹣5，0）和N（5，0），若直线上存在点P使|PM|﹣|PN|=6，则称该直线为“单曲型直线”，下列直线中：①y=x+1 ②y=2 ③y=x ④y=2x+1是“单曲型直线”的是．16．直线l1和l2是圆x2+y2=2的两条切线，若l1与l2的交点为（1，3），则l1与l2的夹角的正切值等于_________ 。
2025届河南省濮阳市油田三高高二化学第一学期期中学业水平测试试题含解析
2025届河南省濮阳市油田三高高二化学第一学期期中学业水平测试试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题(共包括22个小题。
每小题均只有一个符合题意的选项）1、下列各组物质中，第一种是混合物，第二种是盐，第三种是酸的是A．空气、硫酸铜、硫酸B．水、空气、纯碱C．食盐水、硝酸、烧碱D．氧化铁、胆矾、熟石灰2、根据如图装置，下列说法正确的是（）A．锌片表面有大量气泡B．铜片表面有大量气泡C．锌片是正极D．铜片是阴极3、下列关于化学反应速率和化学平衡的说法正确的是A．温度对可逆反应中放热反应速率的影响程度大于吸热反应B．化学平衡正向移动，反应物的转化率一定提高C．增大压强，化学反应速率一定增大D．反应物之间同时存在多个反应时，理想的催化剂可以提高目标产物在最终产物中的比率4、以下是一些常用的危险品标志，装运浓硫酸的车应贴的图标是A．B．C．D．5、已知25 ℃时，醋酸溶液中存在下述关系：K a＝c(H+)c(CH3COO-)/c(CH3COOH)＝1.75×10－5，其中K a的数值是该温度下醋酸的电离平衡常数。
有关K a的下列说法正确的是()A．当向该溶液中加入一定量的硫酸时，K a的值增大B．升高温度，K a的值增大C．向醋酸溶液中加水，K a的值增大D．向醋酸溶液中加氢氧化钠溶液，K a的值增大6、化学与人类生产、生活密切相关，下列说法错误的是A．“暖宝宝”工作时将化学能转化为热能B．晒自来水养小金鱼利用的是勒夏特列原理C．在海轮船壳上镶入锌块保护海轮，利用的是阴极电保护法D．先通入氯气，再加入硫酸亚铁处理水，能达到消毒杀菌和除去悬浮杂质的目的7、下列分子式表示的物质一定是纯净物的是A．C2H6O B．C2H4Cl2C．CH4O D．8、已知21℃时CH3COOH的电离常数K=1.6×10-1．该温度下向20ml 0.01mol•L-1 CH3COOH溶液中逐滴加入0.01mol•L-1 KOH溶液，其pH变化曲线如图所示（忽略温度变化），下列有关叙述正确的是A．a点溶液中c（H+）为4.0×10-1mol/LB．c点溶液中的离子浓度大小顺序为c（K+）>c（CH3COO-）>c（H+）=c（OH-）C．V=20D．a、b、c三点中水的电离程度最大的是c点9、下列物质的沸点由高到低排列的顺序是①CH3(CH2)2CH3②CH3(CH2)3CH3③(CH3)3CH④(CH3)2CHCH2CH3⑤(CH3CH2)2CHClA．⑤②④①③B．④②⑤①③C．⑤④②①③D．②④⑤③①10、下列仪器的使用或操作正确的是A．配制一定物质的量浓度的稀硫酸B．制取少量的Fe(OH)3胶体C．硫酸标准溶液滴定氢氧化钠溶液D．称量氢氧化钠固体11、某化学学习小组的同学查阅资料知：N2(g) +2O2(g) =2NO2(g) ΔH= +67 kJ·mol-1，他们对上述反应的自发性进行讨论，下列结论合理的是A．任何温度下都能自发进行B．较高温度下能自发进行C．较低温度下能自发进行D．任何温度下都不能自发进行12、有下列几种反应类型：①消去②取代③水解④加成⑤还原⑥氧化，用丙醛制取1，2-丙二醇，按正确的合成路线发生的反应所属类型不可能是A．⑤①④③B．⑤⑥③①C．⑤①④②D．④①④③13、已知：2H2(g)＋O2(g)===2H2O(l) ΔH＝－571.6kJ·mol－1CO(g)＋1/2O2(g)===CO2(g) ΔH＝－282.8kJ·mol－1现有CO、H2、CO2组成的混合气体67.2L(标准状况)，经完全燃烧后放出的总热量为710.0kJ，并生成18g液态水，则燃烧前混合气体中CO的体积分数为( )A．80%B．50%C．60%D．20%14、实验室中用如图所示的装置进行甲烷与氯气在光照下反应的实验。
河南省濮阳市高二上学期地理10月月考试卷
河南省濮阳市高二上学期地理10月月考试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题（每题 (共19题；共60分)1. （3.0分） (2017高一下·辛集会考) 下图为从极地上空的俯视图。
完成下列各题。
（1）图中的甲点位于乙点的（）A . 东南方B . 西南方C . 东北方D . 西北方（2）下列关于图中的叙述，正确的是（）A . 自转线速度甲地大于乙地B . 自转角速度甲地小于乙地C . 甲、乙两地地方时相差11小时D . 甲地地方时比乙地早2. （3.0分） (2016高二上·吉安期中) 某地理兴趣小组对我省某一地区进行考察，下图示意地理兴趣小组考察区域。
读图完成下题。
（1）考察队在图示区域所行进的最大高差可能是（）A . 70米B . 85米C . 95米D . 10米（2）在该地区考察线路上，坡度最缓的路段是（）A . ①B . ②C . ③D . ④3. （3.0分）甲地位于（40°N，130°W），乙地位于（35°S，150°E）,则乙地位于甲地的（）A . 西北B . 东南C . 西南D . 东北4. （3.0分） (2013高一上·商南月考) 当晨昏圈与20°W、160°E经线圈重合时，下列说法正确的是（）A . 70°E的地方时可能是12时B . 南半球正从昼长过渡到夜长C . 北半球各地昼长夜短D . 南回归线以南地区正午太阳高度达最大值5. （3.0分） (2018高二下·黑龙江开学考) 读下列四幅图，回答下面小题。
（1）上图中，坡度最陡的一幅是（）A . ①B . ②C . ③D . ④（2）表示实地范围最大，内容最简略的是（）A . ①B . ②C . ③D . ④6. （3.0分）(2016·南长模拟) 下图为“某区域地形地质图（单位：m）”。
濮阳市高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷数学
濮阳市高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷数学班级__________ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．定义新运算⊕：当a≥b时，a⊕b=a；当a＜b时，a⊕b=b2，则函数f（x）=（1⊕x）x﹣（2⊕x），x∈[﹣2，2]的最大值等于（）A．﹣1 B．1 C．6 D．122．若命题“p∧q”为假，且“¬q”为假，则（）A．“p∨q”为假B．p假C．p真D．不能判断q的真假3．给出下列结论：①平行于同一条直线的两条直线平行；②平行于同一条直线的两个平面平行；③平行于同一个平面的两条直线平行；④平行于同一个平面的两个平面平行．其中正确的个数是（）A．1个B．2个C．3个D．4个4．下列命题中的说法正确的是（）A．命题“若x2=1，则x=1”的否命题为“若x2=1，则x≠1”B．“x=﹣1”是“x2+5x﹣6=0”的必要不充分条件C．命题“∃x∈R，使得x2+x+1＜0”的否定是：“∀x∈R，均有x2+x+1＞0”D．命题“在△ABC中，若A＞B，则sinA＞sinB”的逆否命题为真命题5．下列式子中成立的是（）A．log0.44＜log0.46 B．1.013.4＞1.013.5C．3.50.3＜3.40.3D．log76＜log676．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）A．16163π-B．32163π-C．1683π-D．3283π-【命题意图】本题考查三视图、圆柱与棱锥的体积计算，意在考查识图能力、转化能力、空间想象能力．7．函数f（x）=3x+x﹣3的零点所在的区间是（）A．（0，1） B．（1，2） C．（2.3）D．（3，4）8．PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物，也称为可入肺颗粒物，如图是据某地某日早7点至晚8点甲、乙两个PM2.5监测点统计的数据（单位：毫克/每立方米）列出的茎叶图，则甲、乙两地浓度的方差较小的是（）A．甲B．乙C．甲乙相等 D．无法确定9．如图，已知双曲线﹣=1（a＞0，b＞0）的左右焦点分别为F1，F2，|F1F2|=4，P是双曲线右支上一点，直线PF2交y轴于点A，△AF1P的内切圆切边PF1于点Q，若|PQ|=1，则双曲线的渐近线方程为（）A．y=±x B．y=±3x C．y=±x D．y=±x10．如图Rt △O ′A ′B ′是一平面图形的直观图，斜边O ′B ′=2，则这个平面图形的面积是（ ）A ．B ．1C ．D ．11．不等式ax 2+bx+c ＜0（a ≠0）的解集为R ，那么（ ） A ．a ＜0，△＜0 B ．a ＜0，△≤0 C ．a ＞0，△≥0D ．a ＞0，△＞012．在△ABC 中，a 2=b 2+c 2+bc ，则A 等于（ ）A ．120°B ．60°C ．45°D ．30°二、填空题13．若在圆C ：x 2+（y ﹣a ）2=4上有且仅有两个点到原点O 距离为1，则实数a 的取值范围是 ．14．已知数列{a n }满足a n+1=e+a n （n ∈N *，e=2.71828）且a 3=4e ，则a 2015= ．15．甲、乙两个箱子里各装有2个红球和1个白球，现从两个箱子中随机各取一个球，则至少有一 个红球的概率为 ．16．对于函数(),,y f x x R =∈,“|()|y f x =的图象关于y 轴对称”是“()y f x =是奇函数”的 ▲ 条件． （填“充分不必要”， “必要不充分”，“充要”，“既不充分也不必要”） 17．已知直线l ：ax ﹣by ﹣1=0（a ＞0，b ＞0）过点（1，﹣1），则ab 的最大值是 ．18．在棱长为1的正方体上，分别用过共顶点的三条棱中点的平面截该正方体，则截去8个三棱锥后，剩下的凸多面体的体积是 ．三、解答题19．（本小题满分12分）如图，在四棱锥ABCD S -中，底面ABCD 为菱形，Q P E 、、分别是棱AB SC AD 、、的中点，且⊥SE 平面ABCD .（1）求证：//PQ 平面SAD ；SAC平面SEQ.（2）求证：平面20．已知等差数列{a n}中，其前n项和S n=n2+c（其中c为常数），（1）求{a n}的通项公式；（2）设b1=1，{a n+b n}是公比为a2等比数列，求数列{b n}的前n项和T n．21．已知函数．（Ⅰ）若曲线y=f（x）在点P（1，f（1））处的切线与直线y=x+2垂直，求函数y=f（x）的单调区间；（Ⅱ）若对于∀x∈（0，+∞）都有f（x）＞2（a﹣1）成立，试求a的取值范围；（Ⅲ）记g（x）=f（x）+x﹣b（b∈R）．当a=1时，函数g（x）在区间[e﹣1，e]上有两个零点，求实数b的取值范围．22．本小题满分12分某商店计划每天购进某商品若干件,商店每销售1件该商品可获利50元.若供大于求，剩余商品全部退回，但每件商品亏损10元；若供不应求，则从外部调剂，此时每件调剂商品可获利30元. Ⅰ若商店一天购进该商品10件,求当天的利润y 单位:元关于当天需求量n 单位:件,n ∈N 的函数解析式； ,整理得下表:,求这50天的日利润单位:元的平均数；②若该店一天购进10件该商品,以50天记录的各需求量的频率作为各需求量发生的概率,求当天的利润在区间[400,550]内的概率.23．（本小题满分12分）已知12,F F 分别是椭圆C ：22221(0)x y a b a b+=>>的两个焦点，且12||2F F =，点2在该椭圆上．（1）求椭圆C 的方程；（2）设直线l 与以原点为圆心，b 为半径的圆上相切于第一象限，切点为M ，且直线l 与椭圆交于P Q 、两点，问22F P F Q PQ ++是否为定值？如果是，求出定值，如不是，说明理由．24．某实验室一天的温度（单位：）随时间（单位;h ）的变化近似满足函数关系；(1) 求实验室这一天的最大温差；(2) 若要求实验室温度不高于，则在哪段时间实验室需要降温？濮阳市高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷数学（参考答案）一、选择题1．【答案】C【解析】解：由题意知当﹣2≤x≤1时，f（x）=x﹣2，当1＜x≤2时，f（x）=x3﹣2，又∵f（x）=x﹣2，f（x）=x3﹣2在定义域上都为增函数，∴f（x）的最大值为f（2）=23﹣2=6．故选C．2．【答案】B【解析】解：∵命题“p∧q”为假，且“¬q”为假，∴q为真，p为假；则p∨q为真，故选B．【点评】本题考查了复合命题的真假性的判断，属于基础题．3．【答案】B【解析】考点：空间直线与平面的位置关系．【方法点晴】本题主要考查了空间中直线与平面的位置关系的判定与证明，其中解答中涉及到直线与直线平行的判定与性质、直线与平面平行的判定与性质的应用，着重考查了学生分析问题和解答问题的能力，属于中档试题，本题的解答中熟记直线与直线平行和直线与平面平行的判定与性质是解答的关键．4．【答案】D【解析】解：A．命题“若x2=1，则x=1”的否命题为“若x2≠1，则x≠1”，故A错误，B．由x2+5x﹣6=0得x=1或x=﹣6，即“x=﹣1”是“x2+5x﹣6=0”既不充分也不必要条件，故B错误，C．命题“∃x∈R，使得x2+x+1＜0”的否定是：“∀x∈R，均有x2+x+1≤0﹣5，故C错误，D．若A＞B，则a＞b，由正弦定理得sinA＞sinB，即命题“在△ABC中，若A＞B，则sinA＞sinB”的为真命题．则命题的逆否命题也成立，故D正确故选：D．【点评】本题主要考查命题的真假判断，涉及四种命题的关系以及充分条件和必要条件的判断，含有量词的命题的否定，比较基础．5． 【答案】D【解析】解：对于A ：设函数y=log 0.4x ，则此函数单调递减∴log 0.44＞log 0.46∴A 选项不成立 对于B ：设函数y=1.01x，则此函数单调递增∴1.013.4＜1.013.5∴B 选项不成立对于C ：设函数y=x 0.3，则此函数单调递增∴3.50.3＞3.40.3∴C 选项不成立对于D ：设函数f （x ）=log 7x ，g （x ）=log 6x ，则这两个函数都单调递增∴log 76＜log 77=1＜log 67∴D 选项成立 故选D6． 【答案】D【解析】由三视图知几何体为一个底面半径为2高为4的半圆柱中挖去一个以轴截面为底面高为2的四棱锥，因此该几何体的体积为21132244428233V =π⨯⨯-⨯⨯⨯=π-，故选D ． 7． 【答案】A【解析】解：∵f （0）=﹣2＜0，f （1）=1＞0，∴由零点存在性定理可知函数f （x ）=3x +x ﹣3的零点所在的区间是（0，1）． 故选A【点评】本题主要考查了函数的零点的判定定理，这种问题只要代入所给的区间的端点的值进行检验即可，属于基础题．8． 【答案】A【解析】解：根据茎叶图中的数据可知，甲地的数据都集中在0.06和0.07之间，数据分别比较稳定， 而乙地的数据分布比较分散，不如甲地数据集中， ∴甲地的方差较小． 故选：A ．【点评】本题 考查茎叶图的识别和判断，根据茎叶图中数据分布情况，即可确定方差的大小，比较基础．9． 【答案】D【解析】解：设内切圆与AP 切于点M ，与AF 1切于点N ， |PF 1|=m ，|QF 1|=n ，由双曲线的定义可得|PF 1|﹣|PF 2|=2a ，即有m ﹣（n ﹣1）=2a ，① 由切线的性质可得|AM|=|AN|，|NF 1|=|QF 1|=n ，|MP|=|PQ|=1， |MF 2|=|NF 1|=n ，即有m﹣1=n，②由①②解得a=1，由|F1F2|=4，则c=2，b==，由双曲线﹣=1的渐近线方程为y=±x，即有渐近线方程为y=x．故选D．【点评】本题考查双曲线的方程和性质，考查切线的性质，运用对称性和双曲线的定义是解题的关键．10．【答案】D【解析】解：∵Rt△O'A'B'是一平面图形的直观图，斜边O'B'=2，∴直角三角形的直角边长是，∴直角三角形的面积是，∴原平面图形的面积是1×2=2故选D．11．【答案】A【解析】解：∵不等式ax2+bx+c＜0（a≠0）的解集为R，∴a＜0，且△=b2﹣4ac＜0，综上，不等式ax2+bx+c＜0（a≠0）的解集为的条件是：a＜0且△＜0．故选A．12．【答案】A【解析】解：根据余弦定理可知cosA=∵a2=b2+bc+c2，∴bc=﹣（b2+c2﹣a2）∴cosA=﹣∴A=120°故选A二、填空题13．【答案】﹣3＜a＜﹣1或1＜a＜3．【解析】解：根据题意知：圆x2+（y﹣a）2=4和以原点为圆心，1为半径的圆x2+y2=1相交，两圆圆心距d=|a|，∴2﹣1＜|a|＜2+1，∴﹣3＜a＜﹣1或1＜a＜3．故答案为：﹣3＜a＜﹣1或1＜a＜3．【点评】本题体现了转化的数学思想，解题的关键在于将问题转化为：圆x2+（y﹣a）2=4和以原点为圆心，1为半径的圆x2+y2=1相交，属中档题．14．【答案】2016．【解析】解：由a n+1=e+a n，得a n+1﹣a n=e，∴数列{a n}是以e为公差的等差数列，则a1=a3﹣2e=4e﹣2e=2e，∴a2015=a1+2014e=2e+2014e=2016e．故答案为：2016e．【点评】本题考查了数列递推式，考查了等差数列的通项公式，是基础题．815．【答案】9【解析】【易错点睛】古典概型的两种破题方法：（1）树状图是进行列举的一种常用方法，适合于有顺序的问题及较x可以看成是有序的，如()1,2与()2,1不同；有复杂问题中基本事件数的探求．另外在确定基本事件时，),(y时也可以看成是无序的，如)1,2)(2,1(相同．（2）含有“至多”、“至少”等类型的概率问题，从正面突破比较困难或者比较繁琐时，考虑其反面，即对立事件，应用)(1)(A P A P -=求解较好． 16．【答案】必要而不充分 【解析】试题分析：充分性不成立，如2y x =图象关于y 轴对称，但不是奇函数；必要性成立，()y f x =是奇函数，|()||()||()|f x f x f x -=-=，所以|()|y f x =的图象关于y 轴对称.考点：充要关系【名师点睛】充分、必要条件的三种判断方法．1.定义法：直接判断“若p 则q ”、“若q 则p ”的真假．并注意和图示相结合，例如“p ⇒q ”为真，则p 是q 的充分条件．2.等价法：利用p ⇒q 与非q ⇒非p ，q ⇒p 与非p ⇒非q ，p ⇔q 与非q ⇔非p 的等价关系，对于条件或结论是否定式的命题，一般运用等价法．3.集合法：若A ⊆B ，则A 是B 的充分条件或B 是A 的必要条件；若A ＝B ，则A 是B 的充要条件．17．【答案】．【解析】解：∵直线l ：ax ﹣by ﹣1=0（a ＞0，b ＞0）过点（1，﹣1）， ∴a+b ﹣1=0，即a+b=1，∴ab ≤=当且仅当a=b=时取等号，故ab 的最大值是故答案为：【点评】本题考查基本不等式求最值，属基础题．18．【答案】．【解析】解：在棱长为1的正方体上，分别用过共顶点的三条棱中点的平面截该正方体，则截去8个三棱锥，8个三棱锥的体积为：=．剩下的凸多面体的体积是1﹣=．故答案为：．【点评】本题考查几何体的体积的求法，转化思想的应用，考查空间想象能力计算能力．三、解答题19．【答案】（1）详见解析；（2）详见解析. 【解析】试题分析：（1）根据线面平行的判定定理，可先证明PQ 与平面内的直线平行，则线面平行，所以取SD 中点F ，连结PF AF ,，可证明AF PQ //，那就满足了线面平行的判定定理了；（2）要证明面面垂直，可先证明线面垂直，根据所给的条件证明⊥AC 平面SEQ ，即平面⊥SAC 平面SEQ . 试题解析：证明：（1）取SD 中点F ，连结PF AF ,. ∵F P 、分别是棱SD SC 、的中点，∴CD FP //，且CD FP 21=. ∵在菱形ABCD 中，Q 是AB 的中点，∴CD AQ //，且CD AQ 21=，即AQ FP //且AQ FP =. ∴AQPF 为平行四边形，则AF PQ //.∵⊄PQ 平面SAD ，⊂AF 平面SAD ，∴//PQ 平面SAD .考点：1.线线，线面平行关系；2.线线，线面，面面垂直关系.【易错点睛】本题考查了立体几何中的线与面的关系，属于基础题型，重点说说垂直关系，当证明线线垂直时，一般要转化为线面垂直，证明线与面垂直时，即证明线与平面内的两条相交直线垂直，证明面面垂直时，转化为证明线面垂直，所以线与线的证明是基础，这里经常会搞错两个问题，一是，线与平面内的两条相交直线垂直，线与平面垂直，很多同学会记成一条，二是，面面垂直时，平面内的线与交线垂直，才与平面垂直，很多同学会理解为两个平面垂直，平面内的线都与另一个平面垂直，需熟练掌握判定定理以及性质定理. 20．【答案】【解析】解：（1）a1=S1=1+c，a2=S2﹣S1=3，a3=S3﹣S2=5﹣﹣﹣﹣﹣（2分）因为等差数列{a n}，所以2a2=a1+a3得c=0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（4分）∴a1=1，d=2，a n=2n﹣1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（6分）（2）a2=3，a1+b1=2∴﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（8分）∴﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（9分）∴﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（12分）【点评】本题主要考查等差数列的定义及数列求和的方法，考查学生的运算求解能力，属中档题．21．【答案】【解析】解：（Ⅰ）直线y=x+2的斜率为1，函数f（x）的定义域为（0，+∞），因为，所以，，所以，a=1．所以，，．由f'（x）＞0解得x＞2；由f'（x）＜0，解得0＜x＜2．所以f（x）的单调增区间是（2，+∞），单调减区间是（0，2）．（Ⅱ），由f'（x）＞0解得；由f'（x）＜0解得．所以，f（x）在区间上单调递增，在区间上单调递减．所以，当时，函数f （x ）取得最小值，．因为对于∀x ∈（0，+∞）都有f （x ）＞2（a ﹣1）成立，所以，即可． 则． 由解得．所以，a 的取值范围是 ．（Ⅲ） 依题得，则．由g'（x ）＞0解得 x ＞1； 由g'（x ）＜0解得 0＜x ＜1．所以函数g （x ）在区间（0，1）为减函数，在区间（1，+∞）为增函数．又因为函数g （x ）在区间[e ﹣1，e]上有两个零点，所以，解得． 所以，b 的取值范围是．【点评】本题考查导数与曲线上某点的切线斜率的关系，利用导数求函数的单调区间以及函数的最值．22．【答案】【解析】：Ⅰ当日需求量10n ≥时,利润为5010(10)3030200y n n =⨯+-⨯=+； 当需求量10n <时，利润50(10)1060100y n n n =⨯--⨯=-. 所以利润y 与日需求量n 的函数关系式为：30200,10,60100,10,n n n Ny n n n N +≥∈⎧=⎨-<∈⎩Ⅱ50天内有9天获得的利润380元，有11天获得的利润为440元，有15天获得利润为500元，有10天获得的利润为530元，有5天获得的利润为560元.① 38094401150015530105605477.250⨯+⨯+⨯+⨯+⨯= ② 若利润在区间[400,550]内的概率为111510185025P ++==23．【答案】【解析】【命题意图】本题考查椭圆方程与几何性质、直线与圆的位置关系等基础知识，意在考查逻辑思维能力、探索性能力、运算求解能力，以及方程思想、转化思想的应用．24．【答案】【解析】（1）∵f（t）=10﹣=10﹣2sin（t+），t∈[0，24），∴≤t+＜，故当t+=时，函数取得最大值为10+2=12，当t+=时，函数取得最小值为10﹣2=8，故实验室这一天的最大温差为12﹣8=4℃。
河南省濮阳市油田三高2016-2017学年高二上学期第一次(10月份)月考地理试卷 Word版含答案
濮阳市油田三高高二年级上学期第一次阶段考试地理试题2016年10月第Ⅰ卷(选择题共60分)一、单项选择题：本大题共40小题，每小题1.5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，多选、错选均不得分。
1.区域是（）A.一定范围的地理空间或地球表面的空间单位B.人为划分的文化区C.经济活动类型的分布区D.国家、省、市等行政区域2.关于区域内涵的叙述，正确的是（）A.区域之间都有明确的界线B.区域是地球表面客观存在的不受人为因素影响的空间单位C.区域具有一定的区位特征D.区域内部的特定性质绝对一致3.我国下列区域的关系，正确的是（）A.我国南北方的界线是黄河B.四川盆地位于我国的西南地区C.松辽平原是松嫩平原的一部分D.东北地区包括内蒙古自治区4.下列关于松嫩平原自然地理环境对农业生产的影响，叙述正确的是（）A.地势平坦开阔，利于农业机械化的实施，是我国重要的商品粮基地B.生长季节短促，适宜玉米、棉花、冬小麦、油菜的种植C.水稻土分布广泛，因此主要发展水田耕作业，大面积种植水稻D.受长白山的阻挡，降水量由西向东减少，东部由于降水少，草原分布较广，适宜发展畜牧业近几年春季，受北方高压影响，我国北方多次发生大面积沙尘暴。
其中，河北怀来县的“天漠沙丘”向东南方向移了大约1000米。
据专家介绍，如果不控制这种局面，不出十年，沙漠就会逼近北京，根据以上材料及所学内容，完成5～6题。
5．荒漠化的实质是（）A．耕地退化B．草地退化C．土地退化 D．林地退化6．我国风沙危害和荒漠化问题最为突出的地区是（）A．东北地区B．西北地区 C．华北地区 D．西南地区7．导致荒漠化的自然因素有（）①干旱②耕作技术落后，灌溉措施不当③过度放牧④气候异常A．①② B．②③ C．③④D．①④8．有关能源的叙述，正确的是（）A．人类使用的能源可分为两大类：可再生能源和非可再生能源B．可再生能源主要指太阳能、生物能、风能、天然气等C．非可再生能源主要指煤炭、石油、水能、潮汐能等D．可再生能源是经过漫长的地质历史时期形成的，所以必须倍加珍惜9．关于河流及开发的叙述正确的是（）A．人类文明都发源于大河流域B．对河流进行开发利用，主要考虑河流的特点C．流域是一种特殊类型的区域，它的各组成部分之间联系非常密切，构成一个整体D．流域的经济效益决定了河流的利用方式和流域的开发方向10．田纳西河的水系、水文特征是（）①水系发达，支流众多②河流落差大，水力资源丰富③矿产资源丰富④水量丰富，流量不稳定A．①②③ B．②③④ C．①②④ D．①③④11．田纳西河流域自19世纪后期环境恶化的主要原因是（）A．由于人口激增，对资源的大规模掠夺式开发B．长期高强度种植玉米，造成土地退化C．为获取炼铜木炭，大片伐林，造成水土流失D．炼钢大量排放二氧化硫，形成酸雨12．田纳西河流域开发的核心是（）A．河流的梯级开发 B．防洪 C．航运 D．旅游13．田纳西河流域成为美国最大的电力供应基地的原因是（）A．水力资源极为丰富， B．煤炭资源极为丰富，C．铀矿资源极为丰富， D．流域内水电、火电、核电的大规模开发14. 荒漠化的防治要因地制宜，在我国塔里木盆地地区，防治荒漠化的有效措施是() A．大面积植树造林B．建立以绿洲为中心的防护林体系C．扩大绿洲农业的种植面积D．退耕还林15. 目前世界上正遭到毁灭性破坏的森林是（）A．热带原始林B．亚寒带针叶林C．温带落叶林D．亚热带常绿林16. 亚马孙热带雨林每年释放的氧气占全球氧气总量的（）A．1/2 B．1/4 C．1/3 D．1/5农牧交错带是指以草地和农田大面积交错分布为特点的生态系统，我国农牧交错带面积达81万平方千米，分布范围如下图所示。
河南省濮阳县第一中学2017-2018学年高二10月月考物理
濮阳县一中高二月考物理试卷2017.10一、本题共13小题,每小题4 分,共52 分。
在每小题给出的四个选项中,第1-8题只有一项符合题目要求，第9-13 题有多项符合题目要求。
全部选对的得4 分,选对但不全的得2分,有选错的得0 分。
1.关于电场，下列说法正确的是（）A.电场是假想的，并不是客观存在的物质B.描述电场的电场线是实际存在的线C.电场对放入其中的电荷没有力的作用D.电场对放入其中的电荷有力的作用2．两个分别带有电荷量为-Q和+3Q的相同金属球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．现将两球相互接触后固定在相距为0.5r的两处，则两球间库仑力的大小为（）A．43F B．34F C．112F D．12F3．如图所示，一导体AB在点电荷Q的电场中发生静电感应，下列说法正确的是( )A．导体中M、N两点的电场强度相等B．感应电荷在M点产生的场强等于感应电荷在N点产生的场强C．如果在AB间用一导线连接，则导线中将有电流产生D．N点的电势大于M点的电势4．横截面积为0.5cm2的导电液体中，每秒钟有0.2C的正电荷和0.3C 负电荷相向运动，则电流是（）A．0.2A B． 0.3A C． 0.5A D． 104A5．如图所示为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，用E A、E B表示A、B 两点的电场强度，A 、B表示A、B两点的电势，以下说法正确的是（）A．E A与E B一定不等， A 一定大于BB．E A与E B可能相等， A 可能大于BC．E A与E B一定不等，A 与B可能相等D．E A与E B可能相等，A 一定大于B6. 如图所示，实线是电场线，一带电粒子只在电场力的作用下沿虚线由A运动到B的过程中，其速率-时间图象是选项中的（）7．如图所示，为某一电场的电场线和等势面分布，实线表示电场线，虚线表示过a、b两点的等势面，电势分别为φa＝5V，φc＝3V。
那么a、c连线的中点b的电势φb为（）A．φb＝4VB．φb＞4VC．φb＜4VD．上述情况都有可能8．如图所示，四只电阻并联起来使用时，通过各个电阻的电流分别是I1、I2、I3、I4，则其大小顺序为( )A ．I 2＞I 4＞I 3＞I 1B ．I 4＞I 3＞I 2＞I 1C ．I 1＝I 2＝I 3＝I 4D ．I 1＞I 2＞I 3＞I 49．关于场强的三个公式：①F E q=；②2Q E k r =；③UE d=的适用范围，下列说法中正确的是 （ ）A ．三个公式都只能在真空中适用B ．公式②只能在真空中适用，公式①和③在真空中和介质中都适用C ．公式②和③只能在真空中适用，公式①在真空中和介质中都适用D ．公式①适用于任何电场，公式②只适用于点电荷的电场，公式③只适用于匀强电场10．如图所示，平行板电容器竖直放置，A 板上用绝缘线悬挂一带电小球，静止时，绝缘线与固定的A 板成θ角，平移B 板，下列说法正确的是( )．A ．S 闭合，B 板向上平移一小段距离，θB ．S 闭合，B 板向左平移一小段距离，θ角变大C ．S 断开，B 板向上平移一小段距离，θ角变大D ．S 断开，B 板向左平移一小段距离，θ角不变11．如图所示，A 、B 、C 是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L ，电荷量为q=51.010--⨯C 的电荷由A 移到C ，电场力做功-51=4.010W J ⨯，该电荷由C 移到B 电场力做功-52 2.010W J =-⨯，若B 点电势为零，以下说法正确的是A、A点的电势为2VB、A点电势为-2VC、匀强电场的方向为由C指向AD、匀强电场的方向为垂直于AC指向B12.如图所示是两个等量异种点电荷，周围有1、2、3、4、5、6各点，其中1、2之间距离与2、3之间距离相等，2、5之间距离与2、6之间距离相等．两条虚线互相垂直且平分，那么关于各点电场强度和电势的叙述正确的是( )A．1、2、3三点电场强相同 B．5、6两点电场强度相同C．4、5、6三点电势相同D．1、3两点电势相同13．平行板电容器的两个极板与水平地面成30º角，两极板与一直流电源相连，上板接电源正极，若一带电微粒恰能沿图所示水平直线通过电容器，则在此过程中A．微粒带负电B．动能逐渐增加C．电势能逐渐增加D．重力势能逐渐增加二、非选择题:本题共5小题,共48分。
河南省濮阳市油田三高2017-2018学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
河南省濮阳市油田三高2017-2018学年高二上学期第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分．第1、5、11题为多选，其余为单选．）1．下列物理量中哪些与检验电荷无关( )A．电场强度E B．电势φC．电势能E P D．电场力F考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题考查了对电场中几个概念的理解情况，物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义．解答：解：电场强度和电势分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关，而电势能E P和电场力F均与电荷有关，故CD错误，AB正确．故选AB．点评：对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累．2．如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E．则( )A．该点电荷一定在A点的右侧B．该点电荷一定在A点的左侧C．A点场强方向一定沿直线向左D．A点的电势一定低于B点的电势考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：据题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析该点电荷的位置应离A点远、离B点近．该点电荷的电性未知，不能判断电场强度的方向和电势的高低．解答：解：A、B，由题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析得知：该点电荷的位置应离A点远、离B点近，所以该点电荷一定在A点的右侧．故A正确，B 错误．C、D，由于该点电荷的电性未知，无法确定A的场强方向，也无法判断A、B两点电势的高低．故CD错误．故选A点评：本题是点电荷的场强公式E=k的应用，公式中E与r的平方成反比．比较简单．3．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A、B、C三点，如图，下列说法正确的是( )A．A点电势比B点高B．A、B两点的场强方向相同，A点场强比B点大C．A、B、C三点和无穷远处等电势D．电子在B点电势能最小考点：电势差与电场强度的关系；电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线．电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电势能概念分析即可．解答：解：A、沿电场线的方向，电势降低，故A正确．B、A、B两点的场强方向相同，由于B处电场线密，电场强度大于A处电场强度．故B错误C、A、C是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的两点，电势相等，而且与无穷远处电势相等，B点的电势低．故C错误D、由电势能的概念，E=qφ得AC两点的电势为零，电势能为零，B点，E=eφ＞0，故电子的电势能最大，故D错误．故选：A点评：对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆4．某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为q的点电荷，则它受到的电场力的大小为( )A．B．C．D．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：由电容的定义式C=求出两极板间的电压，由板间电压与场强的关系式U=Ed求出板间场强，点电荷所受的电场力大小为F=qE．解答：解：由电容的定义式C=得，板间电压为U=．板间场强大小为E=．点电荷所受的电场力大小为F=qE，联立得到，F=．故选：C点评：本题考查对于电容、板间电压、场强等物理量之间关系的掌握情况．基础题．5．如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10﹣6 C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，已知A点的电势为﹣10V，则以下判断正确的是( )A．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C．B点电势为零D．B点电势为﹣20V考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，可知其轨迹为1，还可判断出电场线的方向．根据动能定理求出AB间的电势差，由U AB=φA﹣φB，可求出B点的电势．解答：解：A、B由题，带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示．故A正确，B错误．D、根据动能定理得：qU AB=△E k，得U AB=V=﹣10V，又U AB=φA﹣φB，φA=﹣10V，则φB=0．故C正确D错误．故选：AC点评：根据轨迹的方向要能判断出合力的方向，结合电场的性质，根据动能定理求出电势差，再求电势，都是常规的方法．6．如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间的距离等于b、c间的距离．用Φa、Φb、Φc和E a、E b、E c分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以断定( )A．Φa＞Φb＞Φc B．E a＞E b＞E c C．Φc﹣Φb=Φb﹣Φc D．E a=E b=E c考点：电势；电场强度；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题根据顺着电场线方向电势逐渐降低，判断电势关系；电场线的疏密表示电场强度的相对大小．根据匀强电场中场强与电势差的关系U=Ed，定性分析电势差的关系．解答：解：A、沿电场线方向电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知φa＞φb ＞φc，故A正确．BD、a、b、c是一条电场线上的三个点，由于电场线的疏密不能确定，所以不能判断场强的大小．故B、D错误．C、因为U cb=Φc﹣Φb，U bc=Φb﹣Φc，而U cb=﹣U bc，故C错误；故选：A．点评：本题考查了电场线和电势、电场强度以及电势差之间的关系，尤其注意U cb=﹣U bc，明确电势差的顺序．7．四种电场的电场线如图所示．一正电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动且加速度越来越大．则该电荷所在的电场是图中的( )A．B．C．D．考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由粒子做加速运动可知，粒子受力方向，则可判断电场线的方向；由加速度的变化可知电荷受力的变化，则由F=Eq可得出场强的变化，则可判断电场线的疏密．解答：解：因粒子由M到N是加速运动，而粒子带正电，故说明电场线是由M到N的；因粒子在运动中加速度越大越大，说明受电场力越大越大，则电场强度越大越大，电场线越来越密；故D正确；故选D．点评：电场线是为了形象描述电场的性质而引入的虚拟带有方向的线，近几年对电场线的考查较多，应认真把握．8．如图所示，一个不带电的表面绝缘的导体P正在向带正电的小球Q缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是( )A．B端的感应电荷为负电荷B．导体内场强越来越大C．C点的电势高于B点电势D．导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强考点：静电现象的解释．分析：根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．解答：解：A、导体P处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体的右端B要感应出正电荷，在导体的左端C会出现负电荷，故A错误．B、处于静电平衡的导体内场强为0，故B错误．C、CD处在同一个等势体上，电势相等；故C错误；D、在C点和B点的场强由导体上的感应电荷和正电的小球Q共同叠加产生，并且为0，正电的小球Q在C点的场强大于B点的场强，所以导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强，故D正确．故选：D．点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．9．如图所示，有一质量为m，带电量为q的油滴，被置于竖直放置的两平行金属板间的匀强电场中，设油滴是从两板中间位置，以初速度为零进入电场时，可以判定( )A．油滴在电场中做抛物线运动B．油滴在电场中做匀速直线运动C．油滴打在极板上的运动时间只决定于电场强度和两板间距离D．油滴打在极板上的运动时间不仅决定于电场强度和两板间距离，还决定于油滴的荷质比考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：油滴从两板中间位置进入电场中，受到电场力和重力作用，两个力都是恒力，则知油滴做匀加速直线运动，由牛顿第二定律和运动学公式结合可确定油滴打在极板上的运动时间的决定因素．解答：解：A、B、油滴从两板中间位置进入电场中，受到电场力和重力作用，两个力都是恒力，初速度又为零，故油滴做匀加速直线运动．故A错误，B错误．C、D、由牛顿第二定律得，油滴的沿电场方向的加速度为a=，油滴在垂直于板的方向做初速度为零的加速度为a的匀加速直线运动，则有：，得：t=，式中，m、q分别是油滴的质量和电量；E是板间场强，d是板间距离．故C错误，D正确．故选：D点评：本题油滴所受的电场力和重力都是恒力，分析受力情况情况，运用运动的分解法，研究垂直于板的方向确定运动时间．10．如图所示，给平行板电容器带一定量的电荷后，将电容器的两极板A、B分别跟静电计的针和外壳相连．下列说法中正确的是( )A．将A极板向右移动少许指，静电计指针的偏转角将增大B．将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小C．将一块玻璃板插入A、B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小D．用手触摸一下B极板，静电计指针的偏转角将减小到零考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：解答本题关键应根据：电容的决定式C=分析电容的变化，抓住电容器的电量不变，由电容的定义式C=分析电压的变化，即可判断静电计指针偏转角的变化．解答：解：A、将A极板向右移动少许，电容器两板间的距离减小，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故A错误．B、将B极板向上移动少许，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=可知，电容C减小，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U增大，静电计指针的偏转角将增大．故B错误．C、将一块玻璃板插入A、B两极板之间，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故C正确．D、用手触摸一下B极板，电容器带电量没有改变，静电计指针的偏转角将不变．故D错误．故选：C点评：本题是电容器的动态变化分析问题，关键由电容的决定式C=和电容的定义式C=结合分析．11．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的( )A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电考点：示波器的使用．专题：实验题．分析：由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答：解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电同理可知Y带正电，故AC正确，BD错误故选：AC点评：考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反．12．如图所示，在两块带电平行金属板间，有一束电子沿Ox轴方向射入电场，在电场中的运动轨迹为OCD．已知OA=AB，则电子在OC段和CD段动能的增加量之比△E kC：△E kD 为( )A．1：4 B．1：3 C．1：2 D．1：1考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子沿Ox轴射入匀强电场，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，已知OA=AB，可得到时间关系．电子在竖直方向做匀加速运动，由运动学公式可分析速度关系，并能得到竖直位移的关系，由动能定理分析动能变化量的关系．解答：解：电子沿Ox轴射入匀强电场，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，已知OA=AB，则由公式x=v0t得知：电子从O到C与从C到D的时间相等．电子在竖直方向上做初速度为零的匀加速运动，根据匀变速直线运动的推论可知，在竖直方向上：y OC：y CD=1：3根据动能定理得：△E kC=qEy OC，△E kD=qEy CD，则得：△E kC：△E kD=1：3．故B正确．故选：B．点评：本题是类平抛运动问题，运用运动的分解法研究，灵活运用比例法求解，当然也可根据运动学公式进行分析．二、填空题（每空4分，共16分）13．两点电荷间距离为r时，相互作用力为F，当距离变为时，它们之间相互作用力为4F，为使作用力仍为F，则两点电荷的电量可同时为原来的倍．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题考查了应用库仑定律公式解题能力，对题目中叙述的两种状态分别依据库仑定律公式列方程，即可求解结果．解答：解：变化之前根据库仑定律有：F=，变化之后有：F′=解得：F′=4F为使作用力仍为F，则：即两点电荷的电量可同时为原来的故答案为：4，点评：本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出，属于简单基础题目．14．如图所示，水平放置的两平行金属板间距为d，电压大小为U，上板中央有孔，在孔正下方的下板表面上有一个质量为m、电量为﹣q的小颗粒，将小颗粒由静止释放，它将从静止被加速，然后冲出小孔，则它能上升的最大高度h=．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：小颗粒由静止释放，电场力对它做正功，重力做负功，根据动能定理求解它能上升的最大高度h．解答：解：从小颗粒由静止释放到最高点过程，根据动能定理得qU﹣mg（d+h）=0解得，h=故答案为：点评：涉及力在空间的效果优先考虑运用动能定理研究．电势差与电场力做功的关系是W=qU，要注意电场力的正负．15．如图所示，电子的电量为e，质量为m，以v0的速度沿与场强垂直的方向从A点飞入匀强电场，并从另一侧B点沿与场强方向成150°角飞出．则A、B两点间的电势差为﹣．考点：电势差；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：将B点的速度分解为水平方向和竖直方向，根据平行四边形定则求出B点的速度，再根据动能定理求出A、B两点的电势差．解答：解：电子垂直进入电场做类平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据平行四边形定则知，B点的速度v B==2v0，根据动能定理得：﹣eU AB=mv B2﹣mv02解得：U AB=．故答案为：﹣．点评：解决本题的关键知道电子在垂直电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速直线运动，结合平行四边形定则、动能定理进行求解．三、解答题（本题共3小题，36分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．如图所示，平行带电金属极板A、B间的匀强电场场强E=1.2×103V/m，两极板间的距离d=5cm，电场中C点和D点分别到A、B极板的距离均为0.5cm，C、D间的水平距离L=3cm，B板接地，求：（1）C、D两点间的电势差U CD；（2）一带电量q=﹣2×10﹣3C的点电荷从C沿直线运动到D的过程中，电荷的电势能变化了多少？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能；电容．专题：电场力与电势的性质专题．分析：B板接地电势为零，A板电势为负，故C、D两点间的电势差为负，由电场强度与电势差的关系U=Ed可求其大小，有电场力做功与电势能的关系得，电荷电势能的变化．解答：解：由题意，C、D两点沿垂直金属极板A、B的距离为l=d﹣0.5×2=5﹣1=4cm，由电场强度与电势差的关系U=Ed得V，有电场力做功与电势能的关系，得w=qU=﹣1.2×10﹣3×（﹣48）=9.6×10﹣2J，又△Ep=﹣w=﹣9.6×10﹣2J，故电势能减少答：（1）C、D两点间的电势差U CD=﹣48V（2）电荷的电势能变化了9.6×10﹣2J点评：考查了电场强度与电势差的关系及电场力做与电势能的关系．17．用30cm的细线将质量为4×10﹣3kg的带电小球P悬挂在O点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态．（1）分析小球的带电性质；（2）求小球的带电量；（3）求细线的拉力．考点：共点力平衡的条件及其应用；电场强度．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对小球受力分析，根据带电小球处于静止状态，结合力的合成或分解解决问题解答：解：（1）小球受力如图，电场力方向与电场同向，故带正电（2）小球受力平衡，在水平方向：qE=mgtan37°，得（3）由受力图可知=0.05N所以，（1）正电（2）带电量3×10﹣6C（3）拉力0.05N点评：受力分析是解决力学问题的第一步，要结合力的合成或分解找出力与力之间的关系18．（16分）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N 形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）P点到O点的距离．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小．（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．根据板长和初速度求出时间．根据牛顿第二定律求解加速度，由位移公式求解电子从偏转电场射出时的侧移量．（3）电子离开偏转电场后沿穿出电场时的速度做匀速直线运动，水平方向：位移为L2，分速度等于v0，求出匀速运动的时间．竖直方向：分速度等于v y，由y=v y t求出离开电场后偏转的距离，再加上电场中偏转的距离得解．解答：解：（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，根据动能定理得：e U1=，解得：（2）电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场运动的时间为t1，电子的加速度为a，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y1．根据牛顿第二定律和运动学公式得：a=，又E=，得a=水平方向：t1=，竖直方向：y1=，解得：y1=（3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y．根据运动学公式得：v y=at1=电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电子打到荧光屏上的侧移量为y2，如图所示t2=，y2=v y t2解得：y2=P到O点的距离为y=y1+y2=答：（1）电子穿过A板时的速度大小为；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量y1=；（3）P点到O点的距离y2=．点评：带电粒子在电场中类平抛运动的研究方法与平抛运动相似，采用运动的合成与分解．第（3）问也可以利用三角形相似法求解．。
河南省濮阳县2017_2018学年高二数学10月月考试题答案不全2017102601108
河南省濮阳县2017-2018学年高二数学10月月考试题（答案不全）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分150分，考试时间120分钟。
第Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的。
把答案填在答题纸的相应位置。
1 11．若＜＜0，则下列结论不正确的是()a bb aA．a2＜b2 B．ab＜b2 C. ＋＞2 D．|a|－|b|＝|a－b|a b2．在△ABC中，若(a2c2b2)tan B3ac，则角B的值为（）52或或A．B．C．D．63663313．二次不等式ax2＋bx＋1＞0的解集为{x|－1＜x＜3)}，则ab的值为()A．－6 B．6 C．－5 D．54．{a n}是首项为1，公差为3的等差数列，如果a n＝2014，则n为（）A ．672 B．668 C．669 D．6675．两灯塔A,B与海洋观察站C的距离都等于a(km), 灯塔A在C北偏东30°,B在C南偏东60°,则A,B之间相距（）A．a (km) B．3a(km) C．2a(km) D．2a (km)6．在△ABC中sinA:sinB:sinC=5:7:3,则最大的内角为（）A．60°B．90°C．120°D．150°7．已知△ABC中，若b cos A a cos B，则此三角形为（）A．等腰三角形B．锐角三角形C．直角三角形D．等腰或直角三角形（x－y＋5）（x＋y）≥0，8．不等式组{0 ≤x ≤3 )表示的平面区域的面积是()A．12 B．24 C．36 D．489．等差数列a中，a1a4a739，a a a，则数列前项和等于36927a9Sn n9（）A．66 B．99 C．144 D．297110．在△ABC 中，已知 A=300 ，a=8,b=8 3 ,则△ABC 的面积为 （ ）A ．32 3B ．16C ．32 3 或 16D ．32 3 或16 3a11．在等比数列｛ a n ｝中，若 a na n 1 ，且 a 7 a 14 6,a 4 a 17 5 ，则=（ ）5a313 2 9 A.B.C.D.2344 9 12．等比数列{a }满足0, 1, 2,3 ，且 52 52 (3)，则当时，an2aannn1 n nnlog alog alog alog a2 12 32 522n 1（）A.(n 1)2B. (n 1)2C. n (2n 1)D. n 2第Ⅱ卷（非选择题 共 100分）二、填空题： 本大题共 4小题，每小题 5分，共 20分。
河南省濮阳县第三中学2017-2018学年高二10月月考化学试题 Word版含答案
2017-2018学年度上学期10月考高二化学试题试题说明：1.本试卷满分100分，考试时间为90分钟；2.请按要求把答案涂、写在答题卷规定的范围内；考试结束只收答题卷。
可能用到的相对原子质量：K-39 Na-23第Ⅰ卷（选择题，共48分）一．选择题（本题包括16小题，每小题3分，共48分，每小题只有一个选项符合题意）1．能源是一种战略资源，能源问题直接影响一个国家的可持续发展。
下图为“能源分类相关图”，四组能源选项中全部符合图中阴影部分的能源是( )A．煤炭、石油、潮汐能B．水能、生物质能、天然气C．太阳能、风能、沼气D．地热能、海洋能、核能2．下列事实能说明影响化学反应速率的决定性因素是反应物本身性质的是( ) A．Cu能与浓硝酸反应，但不能与浓盐酸反应B．Cu与浓硝酸反应比与稀硝酸反应快C．N2与O2在常温、常压下不反应，放电时可以反应D．Fe与浓盐酸反应比与稀盐酸反应快3．下列电离方程式中正确的是( )A．Na2HPO4溶于水：Na2HPO4=2Na+＋H+＋PO43－ B．NaHSO4熔化：NaHSO4=Na+＋H+＋SO42－C．HF溶于少量水：HF = H+＋F一 D．(NH4)2SO4溶于水：(NH4)2SO4===2NH＋4＋SO2－44．常温下，某溶液中由水自身电离产生的H＋、OH－，其浓度满足c（H＋）·c（OH－）＝10－24。
该溶液中一定能够大量存在的离子组是( )A．Ba2＋、Na＋、Cl－、NO3－B．Al3＋、Ca2＋、SO42－、Br－C．NH4＋、K＋、HSO3－、CO32－D．Na＋、K＋、MnO4－、I－5．按照混合物、纯净物、强电解质、弱电解质、非电解质的顺序排列正确的一组是（）A．盐酸、氯气、BaSO4、CO2、SO2 B．硫酸、氨水、醋酸、乙醇、NO2C．漂白粉、胆矾、NH4Cl、CH3COOH、CO2 D．干冰、氯水、HCl、HClO、CO 6．在0.1 mol·L－1的HCN溶液中存在如下电离平衡：HCN H＋＋CN－，对该平衡下列叙述正确的是( )A．加水，平衡向逆反应方向移动B．滴加少量0.1 mol·L－1 HCl溶液，溶液中c(H＋)减少C．加入少量NaCN固体，平衡向正反应方向移动D．加入少量NaOH固体，平衡向正反应方向移动7．H＋浓度相同的等体积的两份溶液A和B，A为盐酸，B为醋酸，分别和锌反应，若最后仅有一份溶液中存在锌，且放出的氢气的体积相等，则下列说法正确的是( )①反应所需要的时间B＞A ②开始反应时的速率A＞B③参加反应的锌的物质的量A＝B ④反应过程的平均速率B＞A⑤盐酸里有锌剩余⑥醋酸里有锌剩余A．③④⑤ B．③④⑥ C．②③⑤ D．②③⑥8．在密闭容器中，有可逆反应：nA(气)+mB(气) pC(气) △H<0,处于平衡状态(已知m+n ＞p)下列说法中正确的是（）①升高温度时，C(B)／C(C)的值减小；②降温时，体系内混合气体的平均相对分子质量减小；③加入B后，A的转化率变大；④加入催化剂，气体总物质的量不变；⑤充入C后，A，B 的物质的量增大.A．③④⑤ B．②③⑤ C．①②⑤ D.全部9．将固体NH 4Br置于密闭容器中，在某温度下，发生反应：NH4Br(s) NH3(g)＋HBr(g)，2HBr(g) Br 2(g)＋H2(g)，2 min后，测知H2的浓度为0.5 mol·L－1，HBr的浓度为4 mol·L－1，若上述反应速率用v(NH3)表示，则下列速率正确的是（）A．0.5 mol·L－1·min－1 B．2.5 mol·L－1·min－1C．2 mol·L－1·min－1 D．1.25 mol·L－1·min－110．下列各组物质的燃烧热相等的是( )A．碳和一氧化碳 B．1 mol碳和3 mol碳C．3 mol C2H2和1 mol C6H6 D．金刚石和石墨11．下图是关于反应A2(g)＋3B2(g)2C(g)(正反应为放热反应)的平衡移动图像，影响平衡移动的原因可能是( )A．升高温度，同时加压B．降低温度，同时减压C．增大反应物浓度，同时减小生成物浓度D．增大反应物浓度，同时使用催化剂12．已知：N2(g)＋3H2(g)2NH3(g)；△H＝－Q kJ·mol－1（Q＞0）。
高二物理月考试题及答案-河南濮阳市油田三高-2015学年高二上学期第一次月考试卷
河南省濮阳市油田三高2014-2015学年高二上学期第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分．第1、5、11题为多选，其余为单选．）1．下列物理量中哪些与检验电荷无关( )A．电场强度E B．电势φC．电势能E P D．电场力F考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题考查了对电场中几个概念的理解情况，物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义．解答：解：电场强度和电势分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关，而电势能E P和电场力F均与电荷有关，故CD错误，AB正确．故选AB．点评：对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累．2．如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E．则( )A．该点电荷一定在A点的右侧B．该点电荷一定在A点的左侧C．A点场强方向一定沿直线向左D．A点的电势一定低于B点的电势考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：据题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析该点电荷的位置应离A点远、离B点近．该点电荷的电性未知，不能判断电场强度的方向和电势的高低．解答：解：A、B，由题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析得知：该点电荷的位置应离A点远、离B点近，所以该点电荷一定在A点的右侧．故A正确，B 错误．C、D，由于该点电荷的电性未知，无法确定A的场强方向，也无法判断A、B两点电势的高低．故CD错误．故选A点评：本题是点电荷的场强公式E=k的应用，公式中E与r的平方成反比．比较简单．3．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A、B、C三点，如图，下列说法正确的是( )A．A点电势比B点高B．A、B两点的场强方向相同，A点场强比B点大C．A、B、C三点和无穷远处等电势D．电子在B点电势能最小考点：电势差与电场强度的关系；电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线．电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电势能概念分析即可．解答：解：A、沿电场线的方向，电势降低，故A正确．B、A、B两点的场强方向相同，由于B处电场线密，电场强度大于A处电场强度．故B错误C、A、C是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的两点，电势相等，而且与无穷远处电势相等，B点的电势低．故C错误D、由电势能的概念，E=qφ得AC两点的电势为零，电势能为零，B点，E=eφ＞0，故电子的电势能最大，故D错误．故选：A点评：对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆4．某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为q的点电荷，则它受到的电场力的大小为( )A．B．C．D．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：由电容的定义式C=求出两极板间的电压，由板间电压与场强的关系式U=Ed求出板间场强，点电荷所受的电场力大小为F=qE．解答：解：由电容的定义式C=得，板间电压为U=．板间场强大小为E=．点电荷所受的电场力大小为F=qE，联立得到，F=．故选：C点评：本题考查对于电容、板间电压、场强等物理量之间关系的掌握情况．基础题．5．如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10﹣6 C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，已知A点的电势为﹣10V，则以下判断正确的是( )A．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C．B点电势为零D．B点电势为﹣20V考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，可知其轨迹为1，还可判断出电场线的方向．根据动能定理求出AB间的电势差，由U AB=φA﹣φB，可求出B点的电势．解答：解：A、B由题，带正电的微粒仅受电场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10﹣5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示．故A正确，B错误．D、根据动能定理得：qU AB=△E k，得U AB=V=﹣10V，又U AB=φA﹣φB，φA=﹣10V，则φB=0．故C正确D错误．故选：AC点评：根据轨迹的方向要能判断出合力的方向，结合电场的性质，根据动能定理求出电势差，再求电势，都是常规的方法．6．如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间的距离等于b、c间的距离．用Φa、Φb、Φc和E a、E b、E c分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以断定( )A．Φa＞Φb＞Φc B．E a＞E b＞E c C．Φc﹣Φb=Φb﹣Φc D．E a=E b=E c考点：电势；电场强度；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题根据顺着电场线方向电势逐渐降低，判断电势关系；电场线的疏密表示电场强度的相对大小．根据匀强电场中场强与电势差的关系U=Ed，定性分析电势差的关系．解答：解：A、沿电场线方向电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知φa＞φb ＞φc，故A正确．BD、a、b、c是一条电场线上的三个点，由于电场线的疏密不能确定，所以不能判断场强的大小．故B、D错误．C、因为U cb=Φc﹣Φb，U bc=Φb﹣Φc，而U cb=﹣U bc，故C错误；故选：A．点评：本题考查了电场线和电势、电场强度以及电势差之间的关系，尤其注意U cb=﹣U bc，明确电势差的顺序．7．四种电场的电场线如图所示．一正电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动且加速度越来越大．则该电荷所在的电场是图中的( )A．B．C．D．考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由粒子做加速运动可知，粒子受力方向，则可判断电场线的方向；由加速度的变化可知电荷受力的变化，则由F=Eq可得出场强的变化，则可判断电场线的疏密．解答：解：因粒子由M到N是加速运动，而粒子带正电，故说明电场线是由M到N的；因粒子在运动中加速度越大越大，说明受电场力越大越大，则电场强度越大越大，电场线越来越密；故D正确；故选D．点评：电场线是为了形象描述电场的性质而引入的虚拟带有方向的线，近几年对电场线的考查较多，应认真把握．8．如图所示，一个不带电的表面绝缘的导体P正在向带正电的小球Q缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是( )A．B端的感应电荷为负电荷B．导体内场强越来越大C．C点的电势高于B点电势D．导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强考点：静电现象的解释．分析：根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．解答：解：A、导体P处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体的右端B要感应出正电荷，在导体的左端C会出现负电荷，故A错误．B、处于静电平衡的导体内场强为0，故B错误．C、CD处在同一个等势体上，电势相等；故C错误；D、在C点和B点的场强由导体上的感应电荷和正电的小球Q共同叠加产生，并且为0，正电的小球Q在C点的场强大于B点的场强，所以导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强，故D正确．故选：D．点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．9．如图所示，有一质量为m，带电量为q的油滴，被置于竖直放置的两平行金属板间的匀强电场中，设油滴是从两板中间位置，以初速度为零进入电场时，可以判定( )A．油滴在电场中做抛物线运动B．油滴在电场中做匀速直线运动C．油滴打在极板上的运动时间只决定于电场强度和两板间距离D．油滴打在极板上的运动时间不仅决定于电场强度和两板间距离，还决定于油滴的荷质比考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：油滴从两板中间位置进入电场中，受到电场力和重力作用，两个力都是恒力，则知油滴做匀加速直线运动，由牛顿第二定律和运动学公式结合可确定油滴打在极板上的运动时间的决定因素．解答：解：A、B、油滴从两板中间位置进入电场中，受到电场力和重力作用，两个力都是恒力，初速度又为零，故油滴做匀加速直线运动．故A错误，B错误．C、D、由牛顿第二定律得，油滴的沿电场方向的加速度为a=，油滴在垂直于板的方向做初速度为零的加速度为a的匀加速直线运动，则有：，得：t=，式中，m、q分别是油滴的质量和电量；E是板间场强，d是板间距离．故C错误，D正确．故选：D点评：本题油滴所受的电场力和重力都是恒力，分析受力情况情况，运用运动的分解法，研究垂直于板的方向确定运动时间．10．如图所示，给平行板电容器带一定量的电荷后，将电容器的两极板A、B分别跟静电计的针和外壳相连．下列说法中正确的是( )A．将A极板向右移动少许指，静电计指针的偏转角将增大B．将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小C．将一块玻璃板插入A、B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小D．用手触摸一下B极板，静电计指针的偏转角将减小到零考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：解答本题关键应根据：电容的决定式C=分析电容的变化，抓住电容器的电量不变，由电容的定义式C=分析电压的变化，即可判断静电计指针偏转角的变化．解答：解：A、将A极板向右移动少许，电容器两板间的距离减小，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故A错误．B、将B极板向上移动少许，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=可知，电容C减小，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U增大，静电计指针的偏转角将增大．故B错误．C、将一块玻璃板插入A、B两极板之间，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故C正确．D、用手触摸一下B极板，电容器带电量没有改变，静电计指针的偏转角将不变．故D错误．故选：C点评：本题是电容器的动态变化分析问题，关键由电容的决定式C=和电容的定义式C=结合分析．11．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的( )A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电考点：示波器的使用．专题：实验题．分析：由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答：解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电同理可知Y带正电，故AC正确，BD错误故选：AC点评：考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反．12．如图所示，在两块带电平行金属板间，有一束电子沿Ox轴方向射入电场，在电场中的运动轨迹为OCD．已知OA=AB，则电子在OC段和CD段动能的增加量之比△E kC：△E kD 为( )A．1：4 B．1：3 C．1：2 D．1：1考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子沿Ox轴射入匀强电场，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，已知OA=AB，可得到时间关系．电子在竖直方向做匀加速运动，由运动学公式可分析速度关系，并能得到竖直位移的关系，由动能定理分析动能变化量的关系．解答：解：电子沿Ox轴射入匀强电场，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，已知OA=AB，则由公式x=v0t得知：电子从O到C与从C到D的时间相等．电子在竖直方向上做初速度为零的匀加速运动，根据匀变速直线运动的推论可知，在竖直方向上：y OC：y CD=1：3根据动能定理得：△E kC=qEy OC，△E kD=qEy CD，则得：△E kC：△E kD=1：3．故B正确．故选：B．点评：本题是类平抛运动问题，运用运动的分解法研究，灵活运用比例法求解，当然也可根据运动学公式进行分析．二、填空题（每空4分，共16分）13．两点电荷间距离为r时，相互作用力为F，当距离变为时，它们之间相互作用力为4F，为使作用力仍为F，则两点电荷的电量可同时为原来的倍．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题考查了应用库仑定律公式解题能力，对题目中叙述的两种状态分别依据库仑定律公式列方程，即可求解结果．解答：解：变化之前根据库仑定律有：F=，变化之后有：F′=解得：F′=4F为使作用力仍为F，则：即两点电荷的电量可同时为原来的故答案为：4，点评：本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出，属于简单基础题目．14．如图所示，水平放置的两平行金属板间距为d，电压大小为U，上板中央有孔，在孔正下方的下板表面上有一个质量为m、电量为﹣q的小颗粒，将小颗粒由静止释放，它将从静止被加速，然后冲出小孔，则它能上升的最大高度h=．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：小颗粒由静止释放，电场力对它做正功，重力做负功，根据动能定理求解它能上升的最大高度h．解答：解：从小颗粒由静止释放到最高点过程，根据动能定理得qU﹣mg（d+h）=0解得，h=故答案为：点评：涉及力在空间的效果优先考虑运用动能定理研究．电势差与电场力做功的关系是W=qU，要注意电场力的正负．15．如图所示，电子的电量为e，质量为m，以v0的速度沿与场强垂直的方向从A点飞入匀强电场，并从另一侧B点沿与场强方向成150°角飞出．则A、B两点间的电势差为﹣．考点：电势差；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：将B点的速度分解为水平方向和竖直方向，根据平行四边形定则求出B点的速度，再根据动能定理求出A、B两点的电势差．解答：解：电子垂直进入电场做类平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据平行四边形定则知，B点的速度v B==2v0，根据动能定理得：﹣eU AB=mv B2﹣mv02解得：U AB=．故答案为：﹣．点评：解决本题的关键知道电子在垂直电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速直线运动，结合平行四边形定则、动能定理进行求解．三、解答题（本题共3小题，36分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．如图所示，平行带电金属极板A、B间的匀强电场场强E=1.2×103V/m，两极板间的距离d=5cm，电场中C点和D点分别到A、B极板的距离均为0.5cm，C、D间的水平距离L=3cm，B板接地，求：（1）C、D两点间的电势差U CD；（2）一带电量q=﹣2×10﹣3C的点电荷从C沿直线运动到D的过程中，电荷的电势能变化了多少？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能；电容．专题：电场力与电势的性质专题．分析：B板接地电势为零，A板电势为负，故C、D两点间的电势差为负，由电场强度与电势差的关系U=Ed可求其大小，有电场力做功与电势能的关系得，电荷电势能的变化．解答：解：由题意，C、D两点沿垂直金属极板A、B的距离为l=d﹣0.5×2=5﹣1=4cm，由电场强度与电势差的关系U=Ed得V，有电场力做功与电势能的关系，得w=qU=﹣1.2×10﹣3×（﹣48）=9.6×10﹣2J，又△Ep=﹣w=﹣9.6×10﹣2J，故电势能减少答：（1）C、D两点间的电势差U CD=﹣48V（2）电荷的电势能变化了9.6×10﹣2J点评：考查了电场强度与电势差的关系及电场力做与电势能的关系．17．用30cm的细线将质量为4×10﹣3kg的带电小球P悬挂在O点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态．（1）分析小球的带电性质；（2）求小球的带电量；（3）求细线的拉力．考点：共点力平衡的条件及其应用；电场强度．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对小球受力分析，根据带电小球处于静止状态，结合力的合成或分解解决问题解答：解：（1）小球受力如图，电场力方向与电场同向，故带正电（2）小球受力平衡，在水平方向：qE=mgtan37°，得（3）由受力图可知=0.05N所以，（1）正电（2）带电量3×10﹣6C（3）拉力0.05N点评：受力分析是解决力学问题的第一步，要结合力的合成或分解找出力与力之间的关系18．（16分）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N 形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）P点到O点的距离．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小．（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．根据板长和初速度求出时间．根据牛顿第二定律求解加速度，由位移公式求解电子从偏转电场射出时的侧移量．（3）电子离开偏转电场后沿穿出电场时的速度做匀速直线运动，水平方向：位移为L2，分速度等于v0，求出匀速运动的时间．竖直方向：分速度等于v y，由y=v y t求出离开电场后偏转的距离，再加上电场中偏转的距离得解．解答：解：（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，根据动能定理得：e U1=，解得：（2）电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动．设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场运动的时间为t1，电子的加速度为a，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y1．根据牛顿第二定律和运动学公式得：a=，又E=，得a=水平方向：t1=，竖直方向：y1=，解得：y1=（3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为v y．根据运动学公式得：v y=at1=电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电子打到荧光屏上的侧移量为y2，如图所示t2=，y2=v y t2解得：y2=P到O点的距离为y=y1+y2=答：（1）电子穿过A板时的速度大小为；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量y1=；（3）P点到O点的距离y2=．点评：带电粒子在电场中类平抛运动的研究方法与平抛运动相似，采用运动的合成与分解．第（3）问也可以利用三角形相似法求解．。