2012年安徽省普通高中物理学业水平测试

2012年12月物理学业水平考试物理试卷

断正确的是
A.T1>T2
B.T1<T2
C.T1=T2
D.以上情况均有可能
25.光滑水平面上受到大小为 20N 的水平恒力作用时，其加速度大小
为 5m/s2,当水平恒力的大小变为 40N 时，该物体的加速度大小是
A.2.5m/s2
B.5m/s2
C.10m/s2
D.25m/s2
26.已知地球半径为 R、地球质量为 M、引力常量为 G、则质量为 m
2012 年 12 月普通高中物理会考试卷第 I 卷（供全体考生使用）
1、在国际单位制中，速度的单位是
A.m·s
B.m/s
C.m·s2
D.m/s2
2、如图所示，一辆小汽车从 A 处沿一弧形路面到达 B 处，在此过程
中小汽车位移的大小 A.等于它经过的路程
A
B
B.大于它经过的路程
C.小于它经过的路程
17、如图所示，一质量 m=2kg 的物体在水平地面上滑行时，所受摩
擦力的大小为 10N，则物体与水平面间
v
的动摩擦因数ｕ等于（g=10m/s2）
A.01
B.0.2
C.0.5
18.一个以速度 v 做匀速直线运动的物体从某时
D.2
V
刻起到一个速度方向垂直的恒力 F 作用，如右图
F
所示，则之后物体在此恒力作用下的运动轨迹（图中曲线）可能是下
A.人对木箱的推力小于木箱受到的摩擦力
F
B.人对木箱的推力大小等于木箱受到的摩擦力 C.人对木箱的推力减小时，木箱受到的摩擦力不变 D.人对木箱的推力增大时（仍未推动），木箱受到的摩擦力不变 11、在下列速度—时间图像中，表示物体做末速度为零的匀减速直线运动的是

2012年高考理综安徽卷(含详细答案)

理科综合能力测试试卷第1页（共46页）理科综合能力测试试卷第2页（共46页）绝密★启用前2012年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）理科综合能力测试本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷第1页至第5页，第Ⅱ卷第6页至第14页。

全卷满分300分。

考生注意事项：1. 答题前，务必在试题卷、答题卡规定的地方填写自己的姓名、座位号，并认真核对答题卡上所粘贴的条形码中的姓名、座位号与本人姓名、座位号是否一致。

务必在答题卡背面规定的地方填写姓名和座位号后两位。

2. 答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上所对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

3. 答第Ⅱ卷时，必须使用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上．．．．书写，要求字体工整、笔迹清晰。

作图题可先用铅笔在答题卡．．．的规定的位置绘出，确认后再用0.5毫米的黑色墨水签字笔描清楚。

必须在题号所指示的答题区域作答，超出答题．．．．区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。

4. 考试结束，务必将试题卷和答题卡一并上交。

可能用到的相对原子质量：H —1 C —12 O —16 S —32 Pb —207第Ⅰ卷（选择题共120分）本卷共20小题，每小题6分，共120分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1. 某同学以新鲜洋葱磷片叶内表皮为材料，经不同处理和染色齐染色，用高倍显微镜观察。

下列描述正确的是（）A. 经吡罗红甲基绿染色，可观察到红色的细胞核B. 经吡罗红甲基绿染色，可观察到绿色的细胞质C. 经健那绿染色，可观察到蓝绿色颗粒状的线粒体D. 经苏丹Ⅲ染色，可观察到橘黄色颗粒状的蛋白质2. 蛙的神经远内，外+Na 浓度分别是15 mmol/L 和120 mmol/L 。

在膜电位由内负外正转变为内正外负过程中有+Na 流入细胞，膜电位恢复过程中有+Na 排出细胞。

2012安徽高考物理试题

2012安徽高考物理试题1．（2012安徽，14）我国发射的“天宫一号”和“神州八号”在对接前，“天宫一号”的运行轨道高度为350km ，“神州八号”的运行轨道高度为343km 。

它们的运行轨道均视为圆周，则 A ．“天宫一号”比“神州八号”速度大B ．“天宫一号”比“神州八号”周期大C ．“天宫一号”比“神州八号”角速度大D ．“天宫一号”比“神州八号”加速度大2．（2012安徽，15）一列简谐横波沿x 轴正方向传播，在t ＝0s 时波形如图1所示，已知波速为10m/s ，则t ＝0.1s 时正确的波形是图2中的3．（2012安徽，16）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R 的圆弧轨道。

半径OA 水平、OB 竖直，一个质量为m 的小球自A 正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力，已知AP ＝2R ，重力加速度为g ，则小球从P 到B 的运动过程中A ．重力做功2mgRB ．机械能减少mgRC ．合外力做功mgRD ．克服摩擦力做功12mgR4．（2012安徽，17）如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a 沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F ，则 A ．物块可能匀速下滑B ．物块将以加速度a 匀加速下滑C ．物块将以大于a 的加速度匀加速下滑D ．物块将以小于a 的加速度匀加速下滑 5．（2012安徽，18）如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为0V ，点A 处的电势为6V ，点B 处的电势为3V ，则电场强度的大 A ．200V/m B ．2003V/mC ．100V/mD ．1003V/m6．（2012安徽，19）如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场，经过Δt 时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成60︒角。

现将带电粒子的速度变为v /3，仍从A 点射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为A ．12Δt B ．2ΔtC ．13Δt D ．3Δt7．（2012安徽，20）如图1所示，半径为R 的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P （坐标为x ）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E ＝2πk σ[1－x（R 2＋x 2）1/2]，方向沿x 轴。

2012年安徽省普通高中学业水平测试芜湖考区《科学基础》物理学科试卷分析

第34题.某同学沿水平方向用力推一文具盒，使其在水平面上做匀速直线运动，下列说法中正确的是
A.文具盒对桌面的压力和文具盒所受的重力是一对平衡力
B.桌面对文具盒的支持力和文具盒对桌面的压力是一对平衡力
C.手对文具盒的推力和桌面对文具盒的摩擦力是一对作用力和反作用力
D.桌面对文具盒的摩擦力和文具盒对桌面的摩擦力是一对作用力和反作用力
A.重力势能和动能之和保持不变 B. 重力势能和弹性势能之和保持不变 C. 动能和弹性势能之和保持不变 D. 重力势能、动能和弹性势能之和保持不变【点评】:本题考察机械能守恒，学生对于守恒条件及能量的转换普遍掌握不好，在平时学习得过程中注重方法的总结
第38题.真空中有两个静止的点电荷，他们之间的相互作用力为F,若将他们所带的电荷量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的1/2，则它们之间的相互作用力变为
计算题 16 32％
2、试卷知识内容模块分布
知识内容
力学（80％）
必修1
必修2
电磁学（20％）选修1-1
合计
分值比例
20 40％
20 40％
10 20％
50 100％
3、试题水平层次分布
题号 31
知识内容 X-t图像
32
质点、匀加速直线运动、瞬时速度、位移、路程等概念
33
探究力的合成
模块必修1 必修1 必修1
样本号
1026
均分
1.53
第
41
分值
(5)
2
题
总均分
1.62
区分度D
0.7
2026
3026
4026
1.6
2
1.87

2012年安徽省普通高中学业水平系列测试卷

2012年安徽省普通高中学业水平系列测试卷2012年安结合学业水平测试特点和方便备考复习，本系列卷分两个部分“徽省普通高中学业水平测试阶段性检测卷”和“2012年安徽省普通高中学业水平测试仿真模考卷”。

“学业水平测试阶段性检测卷”根据最新学业水平考试纲要规定的考试范围，按照教材模块顺序，合理划分单元，全面梳理考点，试题难度和考查方式全面按照学业水平纲要要求设置，既有助于考生轻松应对学业水平考试，又有助于打牢基础知识，兼顾高考备考。

“学业水平测试仿真模考卷”根据最新、最全面的学业水平考试信息，精心设计、合理规划，全面仿真2012年学业水平测试的考试形式、试卷结构、考查方向和检测目标，为学校提供最具有针对性的考前演练用卷，命题突出对学业水平测试必考考点的强化训练，有利于显著提高应试能力和考试成绩。

1
2012年安徽省普通高中学业水平测试阶段性检测卷
订购回执
金额
科目套数定价订数 (元)
语文 10 12
数学 15 18
英语 10 15
物理 11 13
化学 12 14
生物 12 14
政治 12 14
历史 11 13
地理 12 14 通用技术 10 12 仿真模考卷 3 25 合计试卷费元按______%优惠实付试卷费元
注:1、货到付款;
2、根据最新大纲编写，如有变化以实际变化为准;
3、英语磁带、答案及教师用卷按照100:1配送;
4、谢绝起订数。

经办人(签名) 手机: 电话(传真)
附言:
订购单位(签章)
年月日
2。

安徽省2012年高中学业水平测试各科(语数英)试题及答案

2012年安徽省普通高中学业水平测试语文本试卷分为第I卷和第Ⅱ卷两部分。

第I卷为选择题，共4页；第Ⅱ卷为综合题，共4页。

全卷共七大题，l9小题，满分为l00分。

考试时间为120分钟。

第I卷（选择题共40分）注意事项：1.答题前，请先将自己的姓名、座位号用钢笔或圆珠笔填写在答题卡上，并用2B铅笔在答题卡规定的位置将自己的座位号、考试科目涂黑。

考试结束时，将试卷和答题卡一并交回。

2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上与该题对应的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。

请注意保持答题卡整洁，不能折叠。

答案不能写在试卷上。

3.第I卷共13小题，每小题均有4个选项，其中只有1 个选项符合题目要求，错选、多选不给分。

一、（12分）1 . 下列词语中，没有错别字的一组是（3分）A. 踪迹护生符击扬文字B.提纲委婉语心得体会C. 朗颂规画图不经之谈D. 理采椭园形书生意气2. 下面一段话中画线的成语，使用恰当的一项是（3分）对联，是一种绘声绘色的文学样式，它要求形式上双管齐下，内容上别有用心，好的对联看似信手拈来，其实已凝聚了作者的智慧。

A. 绘声绘色B.双管齐下C.别有用心D.信手拈来3. 下列句子中，没有语病的一项是（3分）A.在城市化进程中，由于措施不到位，一些古代建筑遭受了不同程度的破坏。

B.博士村官的农技课对大家都非常感兴趣，会议室里挤满了前来听课的村民。

C.部分地区和行业出现了人为哄抬物价等违法行为，扰乱了正常的市场经济。

D.既有数量的提高，又有质量的增长，这才是承接产业转移的真正意义所在。

4. 下列句子中，不能用来替换画线句子的一项是（3分）巴金写了二十多部中篇和长篇小说，七十多篇短篇小说，一般认为《家》和《寒夜》是其代表作。

A.一般认为其代表作是《家》和《寒夜》。

B一般把《家》和《寒夜》视为其代表作。

C．《家》和《寒夜》一般未必不是其代表作。

D《家》和《寒夜》一般被认为是其代表作。

2012年高考真题——理综(安徽卷)Word版

绝密★启用前2012年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）理科综合能力测试（物理）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷第1页至第5页，第Ⅱ卷第6页至第12页。

全卷满分300分，时间150分钟。

考生注意事项：1、答题前，务必在试题卷，答题卡规定的地方填写自己的姓名、座位号，并认真核对答题卡上所粘贴的条形码中姓名、座位号与本人姓名、座位号是否一致。

务必在答题卡背面规定的地方填写姓名和座位号后两位。

2、答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

3、答第Ⅱ卷时，必须使用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上．．．．书写，要求字体工整、笔迹清晰。

作图题可先用铅笔在答题卡．．．规定的位置绘出，确认后再用0.5毫米的黑色墨水签字笔描清楚。

必须在题号所指示的答题区域作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效。

．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．4、考试结束后，务必将试题卷和答题卡一并上交。

第Ⅰ卷（选择题共120分）本卷共20小题，每小题6分，共120分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

14．我国发射的“天宫一号”和“神州八号”在对接前，“天宫一号”的运行轨道高度为350km，“神州八号”的运行轨道高度为343km。

它们的运行轨道均视为圆周，则A．“天宫一号”比“神州八号”速度大B．“天宫一号”比“神州八号”周期大C．“天宫一号”比“神州八号”角速度大D．“天宫一号”比“神州八号”加速度大【答案】B【解析】由万有引力提供航天器做圆周运动的向心力得：222224n Mm vG m m r m r mar r Tπω====，所以v=T=ω=2nGMar=。

而“天宫一号”轨道半径r天比“神州八号”轨道半径r神大，故正确选项：B15．一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t=0s时波形如图1所示，已知波速为10m/s，则t=0.1s时正确的波形是图2中的A．B．C．D．图2【答案】C【解析】由图1可得波长λ=4.0m ，其周期T=λ/v =0.4s 。

2012年安徽省高考物理试卷答案与解析

【解答】解：：天宫一号和“神州八号，即，故轨道高度越小，线速度越大．故，即，故轨道高度越小，角速度越大．故A ．B ．C ．D ．【考点】横波的图象．【专题】振动图像与波动图像专题．振动图像与波动图像专题．【分析】先根据图象得到波长，根据波长和波速的关系求出周期，进而即可求解．先根据图象得到波长，根据波长和波速的关系求出周期，进而即可求解．【解答】解：根据图象可知，波长λ=4m ，所以T=所以t=0.1s 时，波形向右平移个波长，所以C 正确．正确．故选C 【点评】本题采用波形平移法研究波形图的，本题采用波形平移法研究波形图的，是经常运用的方法．是经常运用的方法．是经常运用的方法．抓住波形经过一个周期向抓住波形经过一个周期向前平移一个波长．前平移一个波长．3．（3分）（2012•安徽）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R 的圆弧轨道．半径OA 水平、OB 竖直，一个质量为m 的小球自A 正上方P 点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R ，重力加速度为g ，则小球从P 到B 的运动过程中（动过程中（）A ．重力做功2mgR B ．机械能减少mgR C ．合外力做功mgR D ．克服摩擦力做功mgR 【考点】牛顿第二定律；动能定理的应用．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律求解出B 点的速度；然后对从P 到B 过程根据功能关系列式判读．过程根据功能关系列式判读．【解答】解：A 、重力做功与路径无关，只与初末位置有关，故P 到B 过程，重力做功为W G =mgR ，故A 错误；错误；B、小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律，有mg=m，解得；从P到B过程，重力势能减小量为mgR，动能增加量为=，故机械能减小量为：mgR﹣，故B错误；错误；C、从P到B过程，合外力做功等于动能增加量，故为=，故C错误；错误；D、从P到B过程，克服摩擦力做功等于机械能减小量，故为mgR﹣，故D正确；正确；故选D．【点评】解决本题的关键知道球到达B点时对轨道的压力为0，有mg=m，以及能够熟练运用动能定理．练运用动能定理．4．（3分）（2012•安徽）如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则（，则（）A．物块可能匀速下滑．物块可能匀速下滑B．物块仍以加速度a匀加速下滑匀加速下滑C．物块将以大于a的加速度匀加速下滑的加速度匀加速下滑D．物块将以小于a的加速度匀加速下滑的加速度匀加速下滑【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．压轴题；牛顿运动定律综合专题．【专题】压轴题；牛顿运动定律综合专题．【分析】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小．加速度减小．【解答】解：未加F时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：a=．当施加F后，加速度aʹ=，因为gsinθ＞μgcosθ，所均错误．以Fsinθ＞μFcosθ，可见aʹ＞a，即加速度增大．故C确，A、B、D均错误．故选C．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．5．（3分）（2012•安徽）如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，场，其中坐标原点其中坐标原点O 处的电势为0V ，点A 处的电势为6V ，点B 处的电势为3V ，则电场强度的大小为（度的大小为（）A ．200 V/m 200 V/m B B ．200 V/m C ．100 V/m 100 V/m D D ．100 V/m 【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据题中的数据找出x 轴方向上电势与B 点相等的C 点，BC 两点的电势相等，两点的电势相等，即即BC 连线上的各点电势相等，通过几何关系，求出O 点到BC 的距离，由匀强电场中电势差与电场强度的关系可得出电场强度的大小．与电场强度的关系可得出电场强度的大小．【解答】OA 的中点C 点，由题意可得C 点的电势为3V ，即BC 的电势相等，连接BC ，因BC 的电势相等，所以匀强电场的方向垂直于BC ，过O 点做BC 的垂线相较于D 点，由几何关系得：OD=OC •sin ∠BCO=1.5cm=1.5×10﹣2m 则电场强度为：E===200V/m ，选项BCD 错误，A 正确正确故选：A 【点评】在匀强电场中，在匀强电场中，电场是处处相等的，电场是处处相等的，电场是处处相等的，电场强度，电场强度，电场强度，电势差与沿电场方向上的距离有关电势差与沿电场方向上的距离有关系E=，值得注意的是该关系式只适用于匀强电场．，值得注意的是该关系式只适用于匀强电场．6．（3分）（2012•安徽）如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场，经过△t 时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成60°角．现将带电粒子的速度变为，仍从A 点射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为（运动时间变为（）A．△t B．2△t t C C．△t D．3△t 【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．【专题】压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．由于粒子在匀强磁场是做匀速圆周运动，运动周期 T=，与粒子速度大小无【分析】由于粒子在匀强磁场是做匀速圆周运动，运动周期关，可见，要计算粒子在磁场中运动的时间，只要求得它在磁场中运动轨迹对应的圆心角，就可得到所用的时间．就可得到所用的时间．【解答】解：设圆形磁场区域的半径是R，以速度v射入时，半径，根据几何关系可知，，所以运动时间t=以速度射入时，半径，所以，根据几何关系可知：设第二次射入时的圆心角为θ，根据几何关系可知：tan所以θ=120°则第二次运动的时间为：t=ʹ=2△t 故选：B．【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径，同时还利用圆弧的几何关系来帮助解题．圆弧的几何关系来帮助解题．7．（3分）（2012•安徽）的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为单位面积带电量为σ，半径为R的均匀带电圆形平板，安徽）如图如图1所示，所示，半径为其轴线上任意一点P（坐标为x）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E=2πkσ[1﹣]，方向沿x轴．现考虑单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电所示．则圆孔轴线上任意一点如图2所示．则圆孔轴线上任意一点Q（坐标为x）平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，的圆板，如图的电场强度为（）的电场强度为（A．2πkσ0B．2πkσ0C．2πkσ0D．2πkσ0【考点】电场强度．压轴题；电场力与电势的性质专题．【专题】压轴题；电场力与电势的性质专题．【分析】已知均匀圆板的电场强度的公式，推导出单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电的圆板产生的场强．平板的电场强度的公式，然后减去半径为r的圆板产生的场强．【解答】解：无限大均匀带电平板R取无限大，在Q点产生的场强：半径为r的圆板在Q点产生的场强：无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板后的场强是两个场强的差，所以：正确．所以选项A正确．故选：A 【点评】本题对高中学生来说比较新颖，要求学生能应用所学过的单位制的应用及极限法；本题对学生的能力起到较好的训练作用，是道好题．本题对学生的能力起到较好的训练作用，是道好题．二、解答题8．（18分）（2012•安徽）Ⅰ、图1为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M．实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．拉力的大小．（1）试验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是 B度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．C．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动．否做匀速运动．的选取，以下最合理的一组是 C（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是A．M=20g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g B．M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g C．M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g D．M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g （3）图2是试验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为s AB=4.22cm、s BC=4.65cm、s CD=5.08cm、s DE=5.49cm、s EF=5.91cm、s FG=6.34cm．已知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车的加速度a=0.42m/s2（结果保留2位有效数字）．Ⅱ、如图为“测绘小灯伏安特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡额定电压为2.5V．）完成下列实验步骤：（1）完成下列实验步骤：①闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，使它靠近变阻器左端的接线柱闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，使它靠近变阻器左端的接线柱②闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压；的多组读数，直至电压达到额定电压③断开开关，…．根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线．．根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线．）在虚线框中画出与实物电路相应的电路图．（2）在虚线框中画出与实物电路相应的电路图．【考点】验证牛顿第二运动定律．实验题；牛顿运动定律综合专题．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】Ⅰ．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．意事项．该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要．该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的两个若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．Ⅱ．从小灯泡的伏安特性曲线的实验原理去分析考虑，知道实验前滑动变阻器应处于最大值．【解答】解：I ．（1）将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂沙和沙桶的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．要判断是否是匀速运动，我们可以从打出的纸带相邻的点的间距来判断小车是否做匀速运动，故选B ．（2）当m ＜＜M 时，即当沙和沙桶的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于沙和沙桶的总重力．故选C ．（3）相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，相邻的计数点时间间隔为0.1s 利用匀变速直线运动的推论△x=at 2，s DE ﹣s AB =3a 1T 2s EF ﹣s BC =3a 2T 2s FG ﹣s CD =3a 3T 2a==0.42m/s 2．Ⅱ．（1）①由于滑动变阻器的分压作用，使开始实验时小灯泡两端电压为0，应使滑动变阻器的滑片靠近变阻器左端的接线柱．阻器的滑片靠近变阻器左端的接线柱．②描绘小灯泡灯丝的伏安特性曲线，必须测量多组数据，即增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压（2）如图所示）如图所示故答案为：Ⅰ．（1）B （2）C （3）0.42 Ⅱ．（1）①使它靠近变阻器左端的接线柱使它靠近变阻器左端的接线柱②增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压（2）如图所示）如图所示【点评】I ．实验问题需要结合物理规律去解决．实验中的第2题考查的是力学问题，把长木板的一端垫得过高，木板的一端垫得过高，使得倾角偏大，使得倾角偏大，会导致重力沿斜面向下的分力增大，会导致重力沿斜面向下的分力增大，摩擦力减小等现摩擦力减小等现象，这些我们都要从学过的力学知识中解决．纸带的处理是运用匀变速直线运动的两个推论去完成的．去完成的．Ⅱ．本题比较简单，考查了有关电学实验的基础操作，对于电学实验要明确其实验原理．Ⅱ．本题比较简单，考查了有关电学实验的基础操作，对于电学实验要明确其实验原理．9．（14分）（2012•安徽）质量为0.1kg 的弹性球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的v ﹣t 图象如图所示．球与水平地面相碰后离开地面时的速度大小为碰撞前的．设球受到的空气阻力大小恒为f ，取g=10m/s 2，求：，求：（1）弹性球受到的空气阻力f 的大小；的大小；（2）弹性球第一次碰撞后反弹的高度h．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．牛顿运动定律综合专题．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）速度时间图象与时间轴围成的面积表示位移，斜率表示加速度，在下落过程中根据图象求出加速度，根据牛顿第二定律即可求得空气阻力；根据图象求出加速度，根据牛顿第二定律即可求得空气阻力；）先根据牛顿第二定律求得上升时的加速度，再根据位移速度公式即可求解．（2）先根据牛顿第二定律求得上升时的加速度，再根据位移速度公式即可求解．【解答】解；（1）设弹性球第一次下落过程中的加速度为a，由速度时间图象得：，由速度时间图象得：a=根据牛顿第二定律得：mg﹣f=ma 解得：f=0.2N （2）由速度时间图象可知，弹性球第一次到达地面的速度为v=4m/s 则弹性球第一次离开地面时的速度大小为vʹ=3m/s 离开地面后aʹ==12m/s2，根据0﹣vʹ2=2aʹh 解得：h=0.375m 答：（1）弹性球受到的空气阻力f的大小为0.2N；（2）弹性球第一次碰撞后反弹的高度h为0.375m．【点评】牛顿运动定律和运动学公式结合是处理动力学问题常用的方法．速度图象要抓住两表示位移．个意义：斜率表示加速度，“面积”表示位移．10．（16分）（2012•安徽）图1是交流发电机模型示意图．在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的OOʹ轴转动，由线圈引起的导线ae和df 分别与两个跟线圈一起绕OOʹ转动的金属圈环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路．图2是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示．已知ab长度为L1，bc长度为L2，（只考虑单匝线圈）线圈以恒定角速度ω逆时针转动．（只考虑单匝线圈）（1）线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；达式；（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，如图3所示，试写出t 时刻整个线圈中的感应电动势e 2的表达式；的表达式；（3）若线圈电阻为r ，求线圈每转动一周电阻R 上产生的焦耳热．（其它电阻均不计）（其它电阻均不计）【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】压轴题；交流电专题．压轴题；交流电专题．【分析】（1）矩形线圈abcd 转动过程中，只有ab 和cd 切割磁感线，先求出转动线速度，根据E=BLv ，求出导线ab 和cd 因切割磁感线而产生的感应电动势，从而写出瞬时表达式；（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，则在（1）中的瞬时表达式中加个相位即可；相位即可；（3）先求出平均电动势，根据欧姆定律求出平均电流，根据Q=I 2R T 即可求解．即可求解．【解答】解：（1）矩形线圈abcd 转动过程中，只有ab 和cd 切割磁感线，设ab 和cd 的转动速度为v ，则在t 时刻，导线ab 和cd 因切割磁感线而产生的感应电动势均为因切割磁感线而产生的感应电动势均为E 1=BL 1v 由图可知v ⊥=vsin ωt 则整个线圈的感应电动势为e 1=2E 1=BL 1L 2ωsin ωt （2）当线圈由图3位置开始运动时，在t 时刻整个线圈的感应电动势为e 2=BL 1L 2ωsin （ωt+φ0）（3）由闭合电路欧姆定律可知这里的E 为线圈产生的电动势的有效值则线圈转动一周在R 上产生的焦耳热为其中其中于是答：（1）t 时刻整个线圈中的感应电动势e 1=BL 1L 2ωsin ωt ；（2）t 时刻整个线圈中的感应电动势e 2=BL 1L 2ωsin （ωt+φ0）；（3）线圈每转动一周电阻R 上产生的焦耳热为．【点评】当线圈与磁场相平行时，即线圈边框正好垂直切割磁感线，即线圈边框正好垂直切割磁感线，此时产生的感应电动势此时产生的感应电动势最大．求电荷量时，运用交流电的平均值，求产生的热能时，用交流电的有效值．最大．求电荷量时，运用交流电的平均值，求产生的热能时，用交流电的有效值．11．（20分）（2012•安徽）如图所示，装置的左边是足够长的光滑水平面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量固定，右端连接着质量 M=2kg 的小物块A ．装置的中间是水平传送带，它与左右两边的台面等高，并能平滑对接．传送带始终以u=2m/s 的速率逆时针转动．装置的右边是一光滑的曲面，质量m=1kg 的小物块B 从其上距水平台面h=1.0m 处由静止释放．已知物块B 与传送带之间的摩擦因数μ=0.2，l=1.0m ．设物块A 、B 中间发生的是对心弹性碰撞，第一次碰撞前物块A 静止且处于平衡状态．取g=10m/s 2．（1）求物块B 与物块A 第一次碰撞前速度大小；第一次碰撞前速度大小；（2）通过计算说明物块B 与物块A 第一次碰撞后能否运动到右边曲面上？第一次碰撞后能否运动到右边曲面上？（3）如果物块A 、B 每次碰撞后，物块A 再回到平衡位置时都会立即被锁定，而当他们再次碰撞前锁定被解除，试求出物块B 第n 次碰撞后的运动速度大小．次碰撞后的运动速度大小．【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【专题】压轴题；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．压轴题；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】（1）物块B 沿光滑曲面下滑到水平位置由机械能守恒列出等式，物块B 在传送带上滑动根据牛顿第二定律和运动学公式求解上滑动根据牛顿第二定律和运动学公式求解（2）物块A 、B 第一次碰撞前后运用动量守恒，能量守恒列出等式求解第一次碰撞前后运用动量守恒，能量守恒列出等式求解（3）当物块B 在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速．可以判断，物块B 运动到左边台面是的速度大小为v 1，继而与物块A 发生第二次碰撞．物块B 与物块A 第三次碰撞、第四次碰撞…，根据对于的规律求出n 次碰撞后的运动速度大小．次碰撞后的运动速度大小．【解答】解：（1）设物块B 沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为v 0由机械能守恒知设物块B 在传送带上滑动过程中因受摩擦力所产生的加速度大小为μmg=ma 设物块B 通过传送带后运动速度大小为v ，有解得v=4m/s 由于v ＞u=2m/s ，所以v=4m/s 即为物块B 与物块A 第一次碰撞前的速度大小第一次碰撞前的速度大小（2）设物块A 、B 第一次碰撞后的速度分别为V 、v 1，取向右为正方向，，取向右为正方向，由弹性碰撞，运用动量守恒，能量守恒得由弹性碰撞，运用动量守恒，能量守恒得﹣mv=mv 1+MV 解得解得，即碰撞后物块B 在水平台面向右匀速运动在水平台面向右匀速运动设物块B 在传送带上向右运动的最大位移为l'，则，则所以物块B 不能通过传送带运动到右边的曲面上不能通过传送带运动到右边的曲面上（3）当物块B 在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速．可以判断，物块B 运动到左边台面是的速度大小为v 1，继而与物块A 发生第二次碰撞．发生第二次碰撞．设第二次碰撞后物块B 速度大小为v 2，同上计算可知；…。

--安徽省普通高中学业水平测试真题·物理

2012年安徽省普通高中学业水平测试科学基础（物理部分）本试卷分为第I 卷和第II 卷两部分。

第I 卷共8页，为选择题；第II 卷共4页，为非选择题。

全卷共50题，满分为150分，其中物理、化学和生物各50分。

考试时间120分钟。

第I 卷（选择题共80分）注意事项：1.答题前，请先将自己的姓名、座位号用钢笔或圆珠笔填写在答题卡上，并用2B 铅笔在答题卡规定位置上将自己的座位号、考试科目涂黑。

考试结束时，将试卷和答题卡一并交回。

2.第I 卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上与该题对应的答案编号涂黑，如需改动，要用橡皮茶干净后，再选涂其他答案。

请注意保持答题卡整洁，不能折叠。

答案不能写在试卷上。

3.第I 卷共40小题，第1~15题为生物试题，第16~30题为化学试题，第31~40题为物理试题。

选择题（包括40小题，每小题2分，共80分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，错选、多选不给分。

）31. 一个物体做直线运动，其位移（x ）~时间（t ）图象如图所示，由此可以判断该物体做的是A.匀速直线运动B.匀加速直线运动C.匀减速直线运动D.变加速直线运动32. 有关运动的描述，下列说法中正确的是A.研究跨栏运动员的跨栏动作时可把运动员看做质点B.运动员从射击枪口射出后的子弹做的是匀加速直线运动C.跳高运动员起跳后到达最高点的速度是瞬时速度D.田径运动员跑完800m 比赛通过的位移大小等于路程33. 下列关于“探究求合力的方法”实验的说法中不正确的是A.弹簧测力计在使用前应先校零B.弹簧测力计使用时应保持与纸面平行C.每次实验时应使橡皮条沿同一直线伸长相同的长度D.橡皮条拉断后可换根橡皮条继续实验34. 某同学沿水平方向用力推一文具盒，使其在水平桌面上做匀速直线运动，下列说法中正确的是A.文具盒对桌面的压力和文具盒所受的重力是一对平衡力B.桌面对文具盒的支撑力和文具盒对桌面的压力是一对平衡力C.手对文具盒的推力和桌面对文具盒的摩擦力是一对作用力和反作用力D.桌面对文具盒的摩擦力和文具盒对桌面的摩擦力是一对作用力和反作用力35. 如图为皮带传动示意图，皮带运作时不打滑，关于大轮边缘上的A 点和小轮边缘上的B 点，下列结论正确的是A.转速B A n nB.周期B A T T >C.线速度B A v v >D.角速度B A ωω>36. 牛顿得出万有引力定律100多年以后，英国物理学家卡文迪许在实验室里测出了引力常量G 的数值，在国际单位制中G 的单位是A. )/(22m N kg •B. 22/m kg N •C. 22/kg m N •D.G 是常量没有单位37. 如图所示，小球从高处自由下落到竖直放置的轻弹簧上，在弹簧压缩到最短的整个过程中（弹簧始终在弹性限度内，空气阻力不计），下列关于小球和弹簧的能量表达中正确的是A.重力势能和动能之和保持不变B.重力势能和弹性势能之和保持不变C.动能和弹性势能之和保持不变D.重力势能、动能和弹性势能之和保持不变38. 真空中有两个静止的点电荷，它们之间的相互作用力为F ，若将它们所带的电荷量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的1/2，则它们之间的相互作用力变为A.16FB.8FC.4FD.2F39. 某电场的电场线分布如图所示，则下列关于电子在电场中的说法正确的是A.在A,B 两点所受电场力大小相等B.在A 点受到的电场力方向与该点场强方向一致C.从B 点静止释放，仅在电场力作用下将沿电场线运动到A 点D.从B 点静止释放，仅在电场力作用下一定做匀加速运动注意：第40小题有两题，你只要选做其中的一题40. 如图所示为演示自感现象的实验电路，下列说法正确的是A.当闭合开关S 时A 1先亮B.当闭合开关S 时A 2先亮C.当断开开关S 时A 1先熄灭D.当断开开关S 时A 2先熄灭40. 关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是A.把电场和磁场组合在一起就是电磁场B.无线电波、可见光、χ射线都是电磁波C.电磁波频率越高，传播速度越大D.麦克斯韦第一次通过实验验证了电磁波的存在2012年安徽省普通高中学业水平测试科学基础第II 卷（非选择题共70分）学科物理化学生物第II 卷总分题号41 42 43 44 45 46 47 48 49 50 得分学科得分注意事项：1.答题前，请先将密封线内的项目填写清楚，同时在本页右上角“座位序号”栏内填写座位号最后两位数。

2012年安徽省高考物理试卷答案与解析

【解答】解：：天宫一号和“神州八号，即，故轨道高度越小，线速度越大．故，即，故轨道高度越小，角速度越大．故A ．B ．C ．D ．【考点】横波的图象．【专题】振动图像与波动图像专题．振动图像与波动图像专题．【分析】先根据图象得到波长，根据波长和波速的关系求出周期，进而即可求解．先根据图象得到波长，根据波长和波速的关系求出周期，进而即可求解．【解答】解：根据图象可知，波长λ=4m ，所以T=所以t=0.1s 时，波形向右平移个波长，所以C 正确．正确．故选C 【点评】本题采用波形平移法研究波形图的，本题采用波形平移法研究波形图的，是经常运用的方法．是经常运用的方法．是经常运用的方法．抓住波形经过一个周期向抓住波形经过一个周期向前平移一个波长．前平移一个波长．3．（3分）（2012•安徽）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R 的圆弧轨道．半径OA 水平、OB 竖直，一个质量为m 的小球自A 正上方P 点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R ，重力加速度为g ，则小球从P 到B 的运动过程中（动过程中（）A ．重力做功2mgR B ．机械能减少mgR C ．合外力做功mgR D ．克服摩擦力做功mgR 【考点】牛顿第二定律；动能定理的应用．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】小球沿轨道到达最高点B 时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律求解出B 点的速度；然后对从P 到B 过程根据功能关系列式判读．过程根据功能关系列式判读．【解答】解：A 、重力做功与路径无关，只与初末位置有关，故P 到B 过程，重力做功为W G =mgR ，故A 错误；错误；B、小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律，有mg=m，解得；从P到B过程，重力势能减小量为mgR，动能增加量为=，故机械能减小量为：mgR﹣，故B错误；错误；C、从P到B过程，合外力做功等于动能增加量，故为=，故C错误；错误；D、从P到B过程，克服摩擦力做功等于机械能减小量，故为mgR﹣，故D正确；正确；故选D．【点评】解决本题的关键知道球到达B点时对轨道的压力为0，有mg=m，以及能够熟练运用动能定理．练运用动能定理．4．（3分）（2012•安徽）如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则（，则（）A．物块可能匀速下滑．物块可能匀速下滑B．物块仍以加速度a匀加速下滑匀加速下滑C．物块将以大于a的加速度匀加速下滑的加速度匀加速下滑D．物块将以小于a的加速度匀加速下滑的加速度匀加速下滑【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．压轴题；牛顿运动定律综合专题．【专题】压轴题；牛顿运动定律综合专题．【分析】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小．加速度减小．【解答】解：未加F时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：a=．当施加F后，加速度aʹ=，因为gsinθ＞μgcosθ，所均错误．以Fsinθ＞μFcosθ，可见aʹ＞a，即加速度增大．故C确，A、B、D均错误．故选C．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．5．（3分）（2012•安徽）如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，场，其中坐标原点其中坐标原点O 处的电势为0V ，点A 处的电势为6V ，点B 处的电势为3V ，则电场强度的大小为（度的大小为（）A ．200 V/m 200 V/m B B ．200 V/m C ．100 V/m 100 V/m D D ．100 V/m 【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据题中的数据找出x 轴方向上电势与B 点相等的C 点，BC 两点的电势相等，两点的电势相等，即即BC 连线上的各点电势相等，通过几何关系，求出O 点到BC 的距离，由匀强电场中电势差与电场强度的关系可得出电场强度的大小．与电场强度的关系可得出电场强度的大小．【解答】OA 的中点C 点，由题意可得C 点的电势为3V ，即BC 的电势相等，连接BC ，因BC 的电势相等，所以匀强电场的方向垂直于BC ，过O 点做BC 的垂线相较于D 点，由几何关系得：OD=OC •sin ∠BCO=1.5cm=1.5×10﹣2m 则电场强度为：E===200V/m ，选项BCD 错误，A 正确正确故选：A 【点评】在匀强电场中，在匀强电场中，电场是处处相等的，电场是处处相等的，电场是处处相等的，电场强度，电场强度，电场强度，电势差与沿电场方向上的距离有关电势差与沿电场方向上的距离有关系E=，值得注意的是该关系式只适用于匀强电场．，值得注意的是该关系式只适用于匀强电场．6．（3分）（2012•安徽）如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场，经过△t 时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成60°角．现将带电粒子的速度变为，仍从A 点射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为（运动时间变为（）A．△t B．2△t t C C．△t D．3△t 【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．【专题】压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．由于粒子在匀强磁场是做匀速圆周运动，运动周期 T=，与粒子速度大小无【分析】由于粒子在匀强磁场是做匀速圆周运动，运动周期关，可见，要计算粒子在磁场中运动的时间，只要求得它在磁场中运动轨迹对应的圆心角，就可得到所用的时间．就可得到所用的时间．【解答】解：设圆形磁场区域的半径是R，以速度v射入时，半径，根据几何关系可知，，所以运动时间t=以速度射入时，半径，所以，根据几何关系可知：设第二次射入时的圆心角为θ，根据几何关系可知：tan所以θ=120°则第二次运动的时间为：t=ʹ=2△t 故选：B．【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径，同时还利用圆弧的几何关系来帮助解题．圆弧的几何关系来帮助解题．7．（3分）（2012•安徽）的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为单位面积带电量为σ，半径为R的均匀带电圆形平板，安徽）如图如图1所示，所示，半径为其轴线上任意一点P（坐标为x）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E=2πkσ[1﹣]，方向沿x轴．现考虑单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电所示．则圆孔轴线上任意一点如图2所示．则圆孔轴线上任意一点Q（坐标为x）平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，的圆板，如图的电场强度为（）的电场强度为（A．2πkσ0B．2πkσ0C．2πkσ0D．2πkσ0【考点】电场强度．压轴题；电场力与电势的性质专题．【专题】压轴题；电场力与电势的性质专题．【分析】已知均匀圆板的电场强度的公式，推导出单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电的圆板产生的场强．平板的电场强度的公式，然后减去半径为r的圆板产生的场强．【解答】解：无限大均匀带电平板R取无限大，在Q点产生的场强：半径为r的圆板在Q点产生的场强：无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板后的场强是两个场强的差，所以：正确．所以选项A正确．故选：A 【点评】本题对高中学生来说比较新颖，要求学生能应用所学过的单位制的应用及极限法；本题对学生的能力起到较好的训练作用，是道好题．本题对学生的能力起到较好的训练作用，是道好题．二、解答题8．（18分）（2012•安徽）Ⅰ、图1为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M．实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．拉力的大小．（1）试验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是 B度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．C．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动．否做匀速运动．的选取，以下最合理的一组是 C（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是A．M=20g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g B．M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g C．M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g D．M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g （3）图2是试验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为s AB=4.22cm、s BC=4.65cm、s CD=5.08cm、s DE=5.49cm、s EF=5.91cm、s FG=6.34cm．已知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车的加速度a=0.42m/s2（结果保留2位有效数字）．Ⅱ、如图为“测绘小灯伏安特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡额定电压为2.5V．）完成下列实验步骤：（1）完成下列实验步骤：①闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，使它靠近变阻器左端的接线柱闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，使它靠近变阻器左端的接线柱②闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压；的多组读数，直至电压达到额定电压③断开开关，…．根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线．．根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线．）在虚线框中画出与实物电路相应的电路图．（2）在虚线框中画出与实物电路相应的电路图．【考点】验证牛顿第二运动定律．实验题；牛顿运动定律综合专题．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】Ⅰ．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．意事项．该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要．该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的两个若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．Ⅱ．从小灯泡的伏安特性曲线的实验原理去分析考虑，知道实验前滑动变阻器应处于最大值．【解答】解：I ．（1）将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂沙和沙桶的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．要判断是否是匀速运动，我们可以从打出的纸带相邻的点的间距来判断小车是否做匀速运动，故选B ．（2）当m ＜＜M 时，即当沙和沙桶的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于沙和沙桶的总重力．故选C ．（3）相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，相邻的计数点时间间隔为0.1s 利用匀变速直线运动的推论△x=at 2，s DE ﹣s AB =3a 1T 2s EF ﹣s BC =3a 2T 2s FG ﹣s CD =3a 3T 2a==0.42m/s 2．Ⅱ．（1）①由于滑动变阻器的分压作用，使开始实验时小灯泡两端电压为0，应使滑动变阻器的滑片靠近变阻器左端的接线柱．阻器的滑片靠近变阻器左端的接线柱．②描绘小灯泡灯丝的伏安特性曲线，必须测量多组数据，即增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压（2）如图所示）如图所示故答案为：Ⅰ．（1）B （2）C （3）0.42 Ⅱ．（1）①使它靠近变阻器左端的接线柱使它靠近变阻器左端的接线柱②增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压（2）如图所示）如图所示【点评】I ．实验问题需要结合物理规律去解决．实验中的第2题考查的是力学问题，把长木板的一端垫得过高，木板的一端垫得过高，使得倾角偏大，使得倾角偏大，会导致重力沿斜面向下的分力增大，会导致重力沿斜面向下的分力增大，摩擦力减小等现摩擦力减小等现象，这些我们都要从学过的力学知识中解决．纸带的处理是运用匀变速直线运动的两个推论去完成的．去完成的．Ⅱ．本题比较简单，考查了有关电学实验的基础操作，对于电学实验要明确其实验原理．Ⅱ．本题比较简单，考查了有关电学实验的基础操作，对于电学实验要明确其实验原理．9．（14分）（2012•安徽）质量为0.1kg 的弹性球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的v ﹣t 图象如图所示．球与水平地面相碰后离开地面时的速度大小为碰撞前的．设球受到的空气阻力大小恒为f ，取g=10m/s 2，求：，求：（1）弹性球受到的空气阻力f 的大小；的大小；（2）弹性球第一次碰撞后反弹的高度h．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．牛顿运动定律综合专题．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）速度时间图象与时间轴围成的面积表示位移，斜率表示加速度，在下落过程中根据图象求出加速度，根据牛顿第二定律即可求得空气阻力；根据图象求出加速度，根据牛顿第二定律即可求得空气阻力；）先根据牛顿第二定律求得上升时的加速度，再根据位移速度公式即可求解．（2）先根据牛顿第二定律求得上升时的加速度，再根据位移速度公式即可求解．【解答】解；（1）设弹性球第一次下落过程中的加速度为a，由速度时间图象得：，由速度时间图象得：a=根据牛顿第二定律得：mg﹣f=ma 解得：f=0.2N （2）由速度时间图象可知，弹性球第一次到达地面的速度为v=4m/s 则弹性球第一次离开地面时的速度大小为vʹ=3m/s 离开地面后aʹ==12m/s2，根据0﹣vʹ2=2aʹh 解得：h=0.375m 答：（1）弹性球受到的空气阻力f的大小为0.2N；（2）弹性球第一次碰撞后反弹的高度h为0.375m．【点评】牛顿运动定律和运动学公式结合是处理动力学问题常用的方法．速度图象要抓住两表示位移．个意义：斜率表示加速度，“面积”表示位移．10．（16分）（2012•安徽）图1是交流发电机模型示意图．在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的OOʹ轴转动，由线圈引起的导线ae和df 分别与两个跟线圈一起绕OOʹ转动的金属圈环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路．图2是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示．已知ab长度为L1，bc长度为L2，（只考虑单匝线圈）线圈以恒定角速度ω逆时针转动．（只考虑单匝线圈）（1）线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；达式；（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，如图3所示，试写出t 时刻整个线圈中的感应电动势e 2的表达式；的表达式；（3）若线圈电阻为r ，求线圈每转动一周电阻R 上产生的焦耳热．（其它电阻均不计）（其它电阻均不计）【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】压轴题；交流电专题．压轴题；交流电专题．【分析】（1）矩形线圈abcd 转动过程中，只有ab 和cd 切割磁感线，先求出转动线速度，根据E=BLv ，求出导线ab 和cd 因切割磁感线而产生的感应电动势，从而写出瞬时表达式；（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，则在（1）中的瞬时表达式中加个相位即可；相位即可；（3）先求出平均电动势，根据欧姆定律求出平均电流，根据Q=I 2R T 即可求解．即可求解．【解答】解：（1）矩形线圈abcd 转动过程中，只有ab 和cd 切割磁感线，设ab 和cd 的转动速度为v ，则在t 时刻，导线ab 和cd 因切割磁感线而产生的感应电动势均为因切割磁感线而产生的感应电动势均为E 1=BL 1v 由图可知v ⊥=vsin ωt 则整个线圈的感应电动势为e 1=2E 1=BL 1L 2ωsin ωt （2）当线圈由图3位置开始运动时，在t 时刻整个线圈的感应电动势为e 2=BL 1L 2ωsin （ωt+φ0）（3）由闭合电路欧姆定律可知这里的E 为线圈产生的电动势的有效值则线圈转动一周在R 上产生的焦耳热为其中其中于是答：（1）t 时刻整个线圈中的感应电动势e 1=BL 1L 2ωsin ωt ；（2）t 时刻整个线圈中的感应电动势e 2=BL 1L 2ωsin （ωt+φ0）；（3）线圈每转动一周电阻R 上产生的焦耳热为．【点评】当线圈与磁场相平行时，即线圈边框正好垂直切割磁感线，即线圈边框正好垂直切割磁感线，此时产生的感应电动势此时产生的感应电动势最大．求电荷量时，运用交流电的平均值，求产生的热能时，用交流电的有效值．最大．求电荷量时，运用交流电的平均值，求产生的热能时，用交流电的有效值．11．（20分）（2012•安徽）如图所示，装置的左边是足够长的光滑水平面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量固定，右端连接着质量 M=2kg 的小物块A ．装置的中间是水平传送带，它与左右两边的台面等高，并能平滑对接．传送带始终以u=2m/s 的速率逆时针转动．装置的右边是一光滑的曲面，质量m=1kg 的小物块B 从其上距水平台面h=1.0m 处由静止释放．已知物块B 与传送带之间的摩擦因数μ=0.2，l=1.0m ．设物块A 、B 中间发生的是对心弹性碰撞，第一次碰撞前物块A 静止且处于平衡状态．取g=10m/s 2．（1）求物块B 与物块A 第一次碰撞前速度大小；第一次碰撞前速度大小；（2）通过计算说明物块B 与物块A 第一次碰撞后能否运动到右边曲面上？第一次碰撞后能否运动到右边曲面上？（3）如果物块A 、B 每次碰撞后，物块A 再回到平衡位置时都会立即被锁定，而当他们再次碰撞前锁定被解除，试求出物块B 第n 次碰撞后的运动速度大小．次碰撞后的运动速度大小．【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【专题】压轴题；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．压轴题；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】（1）物块B 沿光滑曲面下滑到水平位置由机械能守恒列出等式，物块B 在传送带上滑动根据牛顿第二定律和运动学公式求解上滑动根据牛顿第二定律和运动学公式求解（2）物块A 、B 第一次碰撞前后运用动量守恒，能量守恒列出等式求解第一次碰撞前后运用动量守恒，能量守恒列出等式求解（3）当物块B 在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速．可以判断，物块B 运动到左边台面是的速度大小为v 1，继而与物块A 发生第二次碰撞．物块B 与物块A 第三次碰撞、第四次碰撞…，根据对于的规律求出n 次碰撞后的运动速度大小．次碰撞后的运动速度大小．【解答】解：（1）设物块B 沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为v 0由机械能守恒知设物块B 在传送带上滑动过程中因受摩擦力所产生的加速度大小为μmg=ma 设物块B 通过传送带后运动速度大小为v ，有解得v=4m/s 由于v ＞u=2m/s ，所以v=4m/s 即为物块B 与物块A 第一次碰撞前的速度大小第一次碰撞前的速度大小（2）设物块A 、B 第一次碰撞后的速度分别为V 、v 1，取向右为正方向，，取向右为正方向，由弹性碰撞，运用动量守恒，能量守恒得由弹性碰撞，运用动量守恒，能量守恒得﹣mv=mv 1+MV 解得解得，即碰撞后物块B 在水平台面向右匀速运动在水平台面向右匀速运动设物块B 在传送带上向右运动的最大位移为l'，则，则所以物块B 不能通过传送带运动到右边的曲面上不能通过传送带运动到右边的曲面上（3）当物块B 在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速．可以判断，物块B 运动到左边台面是的速度大小为v 1，继而与物块A 发生第二次碰撞．发生第二次碰撞．设第二次碰撞后物块B 速度大小为v 2，同上计算可知；…。