平和县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理
2019-2020学年高二物理上学期第一次月考试卷(含解析)
2019-2020学年高二物理上学期第一次月考试卷（含解析）一．选择题。
（4分×12=48分）本大题共12小题，每小题4分，共48分．其中1-7题，在给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，8-12题有多个选项是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分．1.下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是( )A. 根据电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B. 根据电容的定义式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C. 根据电势差的计算式可知，若带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则U AB=1 VD. 根据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量成正比【答案】D【解析】【详解】A、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以不能理解成电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故A错误；B、电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身，并不是电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，故B错误；C、据电势差的定义式知，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，即电场力做功为−1J，则A、B点的电势差为−1V，故C错误；D、根据点电荷的场强公式知：Q是场源电荷，所以电场中某点电场强度与场源电荷的电量成正比，与该点到场源电荷距离的平方成反比，故D正确；故选D。
【点睛】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；点电荷电场强度公式中Q是场源电荷．用电容器和电势差的定义式即可求解。
2.在雷雨云下沿竖直方向的电场强度为104V/m，已知一半径为1mm的雨滴在此电场中不会下落，取重力加速度大小为10m/s2，水的密度为103kg/m3．这雨滴携带的电荷量的最小值约为A. 2×10-9CB. 4×10-9CC. 6×10-9CD. 8×10-9C【答案】B【解析】试题分析：带电雨滴在电场力和重力作用下保持静止，根据平衡条件电场力和重力必然等大反向mg=Eq 其中：m=ρV V=πr3解得：，故选B．考点：物体的平衡【名师点睛】本题关键在于电场力和重力平衡，要求熟悉电场力公式和二力平衡条件；要使雨滴不下落，电场力最小要等于重力。
高二物理上学期第一次月考试卷高二全册物理试题_22 (2)
嗦夺市安培阳光实验学校九江一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-9为单选，10-12为多选．多选题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）．1．一个小电珠上标有“6V 0.3A”，它在正常发光时的电阻是( )A．20ΩB．1.8ΩC．0.05ΩD．6.3Ω2．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是( )A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B．由R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．电阻率由材料决定，与导体的长度没有关系D．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一3．横截面的直径为d、长为l的导线，两端电压为U，当这三个量中一个改变时，对自由电子定向运动的平均速率的影响是( )A．电压U加倍，自由电子定向运动的平均速率不变B．导线长度l加倍，自由电子定向运动的平均速率加倍C．导线横截面的直径加倍，自由电子定向运动的平均速率不变D．以上说法均不正确4．将一只阻值为几千欧的电阻R1和一只阻值为千分之几欧的电阻R2串联起来，则总电阻( )A．很接近R1而略大于R1B．很接近R1而略小于R1C．很接近R2而略大于R2D．很接近R2而略小于R25．通过一个导体电流是2A，经过4min通过该导体横截面的电量是( ) A．8C B．20C C．480C D．1200C6．将一个满偏电流I g=1mA 内阻R g=60Ω的表头改装成一个量程为0﹣0.6A的电流表，应该( )A．并联一个R=540Ω的电阻 B．并联一个R=0.1Ω的电阻C．并联一个R=5400Ω的电阻D．串联一个R=0.6Ω的电阻7．图中，输入端ab间的电压为30V，改变滑动变阻器触头的位置，可以改变输出端AB间的电压，A、B间电压的变化范围为( )A．0﹣10V B．0﹣15V C．0﹣30V D．15﹣30V8．如图电路所示，R1：R2：=1：2：3当ab两端接入60V电压时，cd段端输出电压等于( )A．60V B．30V C．15V D．10V9．科学家在实验室中找到一种材料，它的I﹣U曲线如图，OC段为曲线，CD 段为直线，CD的连线与横轴的交点在原点的左侧，下列说法正确的是( ) A．该材料的电阻随电流的增大而一直增大B．该材料的电阻随电流的先增大后不变C．该材料的电阻随电流的增大而一直减小D．该材料的电阻随电流的先减小后不变10．如图所示的电路中，R1、R2、、和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r=R1，设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动角点向图中a端移动时( )A．I变小B．U变小C．电源的效率变低D．电源的输出功率变小11．两块电压表V1和V2是由完全相同的电流表改装成的，V2的量程为3V，V1的量程为15V，为了测量15～20V的电压，把V1和V2串联起来使用，在这种情况下( )A．V1和V2的读数相等B．V1和V2的指针偏转角相等C．V1和V2的读数之比等于两个电压表内阻之比D．V1和V2的指针偏转角之比等于两个电压表内阻之比12．四个小灯连接成如图所示电路，合上电键S，各灯均正常发光．若小灯L2灯丝突然烧断，则下列说法正确的是( )A．L1变亮B ．变亮C．L4变亮D．电源的效率变低二、实验题（本题共2小题，13题8分，14题4分，共12分，将正确答案填写在题目的横线处．）13．测一个阻值约为18kΩ的电阻，备有下列器材：A．电流表（量程500 μA，内阻100Ω）B．电流表（量程0.6A，内阻300Ω）C．电压表（量程10V，内阻100kΩ）D．电压表（量程50V，内阻500kΩ）E．直流稳压电源（电动势15V，允许最大电流1A）F．滑动变阻器（最大电阻1kΩ，额定功率1W）G．电键、导线若干（1）电流表应选__________，电压表应选__________．（填电表之前的字母即可）（2）电路选择__________ （填“分压式”或者“限流式”）（3）电路选择电流表__________（填“内接法”或者“外接法”）14．某同学在一次测量时，电压表（0﹣15V）、电流表（0﹣0.6A）的示数如图所示．则电压值为__________ V，电流值为__________ A15．手电筒的干电池给小灯泡供电时，电流为0.4A，在某次接通开关的20s时间内，一节干电池（电动势为1.5V）中有多少化学能转化为电能？16．将一个满偏电流I g=1mA 内阻R g=30Ω的表头改装成一个量程为0﹣3V的电压表，（1）应该串联还是并联一个电阻？阻值为多大？（2）改装后的电流表测量电流时，指针指在表盘上原来0.2mA处，则被测电压的大小是多少？17．如图所示，电源电动势E=8V，内阻r=1Ω，R1=R2=R3=2Ω，求：（1）干路电流（2）路端电压．18．有一条横截面积为S的铜导线中自由电子定向移动的速率为v，已知铜的密度为ρ，铜的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为N A，电子的电量为e，求铜导线通过的电流．（在这个问题中可以认为导线中每个铜原子贡献一个电子，答案用题中已知的物理量表示）19．如图所示，已知电源电动势E=18V，内阻r=1Ω，当接入固定电阻R=2Ω时，电路中标有“4V，8W”的灯泡L和内阻R D=1Ω的小型直流电动机D都恰能正常工作．试求：（1）电路中的电流大小；（2）电动机的额定电压；（3）电动机的输出功率．20．在如图所示的电路中，电源的电动势E=15.0V，内阻r=1.0Ω；电阻R1=60Ω，R2=10Ω，R3=20Ω，R4=35Ω；电容器的电容C=100 μF，求：（1）接通电键S后，流过电源的电流和R3两端的电压；（2）待电路稳定后再断开开关S，求流过R3的电荷量．九江一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-9为单选，10-12为多选．多选题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）．1．一个小电珠上标有“6V 0.3A”，它在正常发光时的电阻是( )A．20ΩB．1.8ΩC．0.05ΩD．6.3Ω【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】小电珠正常发光时其电压为额定电压，电流为额定电流，由欧姆定律求解其电阻．【解答】解：由题意知小电珠正常发光时电压为 U=6V，电流为 I=0.3A则在正常发光时的电阻是 R==Ω=20Ω故选：A．【点评】本题要明确电珠正常发光的条件，由其铭牌读出额定电压和额定电流，能熟练运用欧姆定律变形求电阻．2．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是( )A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B．由R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．电阻率由材料决定，与导体的长度没有关系D．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一【考点】电阻定律；欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】导体的电阻由电阻本身的性质决定，与通过导体的电流以及两端的电压无关．电阻率由材料决定和温度决定，与导体的长度没有关系．【解答】解：A、根据R=知，导体的电阻由本身的性质决定，通过导体的电流无关．故A错误．B、电阻R由本身性质决定，与通过导体的电流以及两端的电压无关．故B 错误．C、电阻率由材料决定和温度决定，与导体的长度没有关系．故C正确．D、电阻率的大小有材料本身性质决定，与导线的长度和横截面积无关．故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握电阻定律，知道电阻的大小与电流、电压无关，以及知道电阻率的大小由材料本身性质决定．3．横截面的直径为d、长为l的导线，两端电压为U，当这三个量中一个改变时，对自由电子定向运动的平均速率的影响是( )A．电压U加倍，自由电子定向运动的平均速率不变B．导线长度l加倍，自由电子定向运动的平均速率加倍C．导线横截面的直径加倍，自由电子定向运动的平均速率不变D．以上说法均不正确【考点】电流、电压概念；电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据欧姆定律、电流的微观表达式I=nqvS和电阻定律结合分析自由电子定向运动的平均速率如何变化．【解答】解：A、电压U加倍时，由欧姆定律得知，电流加倍，由电流的微观表达式I=nqvS 得知，自由电子定向运动的平均速率v加倍．B、导线长度l加倍，由电阻定律得知，电阻加倍，电流减半，则由电流的微观表达式I=nqvS得知，自由电子定向运动的平均速率v减半．故B错误．C、导线横截面的直径d加倍，由S=得到，截面积变为4倍，由电阻定律得知，电阻变为倍，电流变为原来的4倍，根据电流的微观表达式I=nqvS得知，自由电子定向运动的平均速率v不变．故C正确．D、由上得到D错误．故选C 【点评】高中物理中涉及自由电荷定向移动速度的公式只有电流的微观表达式I=nqvS．本题考查欧姆定律、电阻定律和电流的微观表达式I=nqvS综合应用能力．4．将一只阻值为几千欧的电阻R1和一只阻值为千分之几欧的电阻R2串联起来，则总电阻( )A．很接近R1而略大于R1B．很接近R1而略小于R1C．很接近R2而略大于R2D．很接近R2而略小于R2【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】串联电路的总电阻等于各个电阻之和，据此列式分析即可进行判断．【解答】解：串联的总电阻为 R=R1+R2；由题知：R1远大于R2，所以R很接近R1而略大于R1，远大于R2，故A正确，BCD 错误．故选：A【点评】解决本题的关键是掌握串联电路总电阻与各个电阻的关系，知道串联总电阻与最大的电阻还要大．5．通过一个导体电流是2A，经过4min通过该导体横截面的电量是( ) A．8C B．20C C．480C D．1200C【考点】电流、电压概念．【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】已知电流2A和时间4min，根据Q=It可求出电荷量．【解答】解：t=4min=240s，通过导体横截面的电荷量：Q=It=2A×240s=480C．故选：C【点评】本题考查了电量及其计算，比较基本，只要记住公式：I=即可求解．但要注意单位配套．6．将一个满偏电流I g=1mA 内阻R g=60Ω的表头改装成一个量程为0﹣0.6A的电流表，应该( )A．并联一个R=540Ω的电阻 B．并联一个R=0.1Ω的电阻C．并联一个R=5400Ω的电阻D．串联一个R=0.6Ω的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；定量思想；比例法；恒定电流专题．【分析】把电流表改装成大量程的电流表应并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值．【解答】解：把电流表改装成0.6A的电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为：R==≈0.1Ω；故选：B．【点评】本题考查了电流表的改装，知道电流表的改装原理是解题的关键，应用并联电路特点与欧姆定律可以解题．7．图中，输入端ab间的电压为30V，改变滑动变阻器触头的位置，可以改变输出端AB间的电压，A、B间电压的变化范围为( )A．0﹣10V B．0﹣15V C．0﹣30V D．15﹣30V【考点】路端电压与负载的关系．【专题】定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】根据串联电路电压与电阻的关系分析得知，当滑动变阻器触头置于变阻器的最上端时，U AB最大，当滑动变阻器触头置于变阻器的最下端时，U AB最小，分别求出U AB最小值和最大值，再得到U AB的变化范围．【解答】解：当滑动变阻器触头置于变阻器的最上端时，U AB最大，最大值为：U max=1×30=30V；当滑动变阻器触头置于变阻器的最下端时，U AB最小，最小值为：U min=0×30V=0V，所以U AB的变化范围是0～30V，故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】本题实质是分压器电路，考查对串联电路电压与电阻成正比特点的理解和应用能力．8．如图电路所示，R1：R2：=1：2：3当ab两端接入60V电压时，cd段端输出电压等于( )A．60V B．30V C．15V D．10V【考点】路端电压与负载的关系；串联电路和并联电路．【专题】定性思想；方程法；恒定电流专题．【分析】当cd端接电压表时，R1、R2、R1串联，此时两个R3相当于导线，电压表测R2两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电压表的示数；【解答】解：当cd端接电压表时，R1、R2、R1串联，此时两个R3相当于导线，电压表测R2两端的电压，则得电压表的示数：U V ==V故选：B．【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是cd端接电压表时或接电流表时电路串并联的辨别，理清电阻之间的关系特别关键．9．科学家在实验室中找到一种材料，它的I﹣U曲线如图，OC段为曲线，CD 段为直线，CD的连线与横轴的交点在原点的左侧，下列说法正确的是( ) A．该材料的电阻随电流的增大而一直增大B．该材料的电阻随电流的先增大后不变C．该材料的电阻随电流的增大而一直减小D．该材料的电阻随电流的先减小后不变【考点】欧姆定律；路端电压与负载的关系．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】根据I﹣U图象上某点与坐标原点的连线的斜率表示电阻的倒数判断即可．【解答】解：I﹣U图象上某点与坐标原点的连线的斜率表示电阻的倒数，根据图象可知，随电流的增大，图象与坐标原点连线的斜率先减小，后不变，所以电阻先增大，后不变，故B正确．故选：B【点评】本题关键是明确小灯泡电阻随温度升高的变化情况，结合I﹣U曲线进行分析，要求同学们能根据图象得出有效信息，难度不大，属于基础题．10．如图所示的电路中，R1、R2、、和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r=R1，设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动角点向图中a端移动时( )A．I变小B．U变小C．电源的效率变低D．电源的输出功率变小【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表A和电压表的读数变化，电源的效率，当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大．【解答】解：A、当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，路端电压变小，U变小，根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压U并=E﹣I（r+R1+R2）变小，则I变小，故AB正确；C 、电源的效率=，路端电压减小，E不变，则效率变低，故C正确；D、当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，而r=R1，所以外电路电阻一定大于内阻，则外电路总电阻变小，输出功率增大，故D错误；故选：ABC．【点评】本题电路动态变化分析问题，首先要明确电路的结构，按“局部→整体→局部”的顺序进行分析，知道当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大．11．两块电压表V1和V2是由完全相同的电流表改装成的，V2的量程为3V，V1的量程为15V，为了测量15～20V的电压，把V1和V2串联起来使用，在这种情况下( )A．V1和V2的读数相等B．V1和V2的指针偏转角相等C．V1和V2的读数之比等于两个电压表内阻之比D．V1和V2的指针偏转角之比等于两个电压表内阻之比【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】两表串联后，通过每个电流表的电流相同，指针偏转角度相同，但两电压表的总内阻不同，则两表的示数不同，其示数之比为两表的内阻之比．【解答】解：A、两表的示数与内阻成正比，而两表量程不同，内阻不同，则示数不同．故A错误．B、因是串联关系，电流大小一样，则指针偏转角度相同，故B正确．C、两表指针偏转角度相同，示数不等．读数为分压，正比于两表的内阻，故C 正确D错误．故选：BC．【点评】本题考查的是电压表的改装原理，电压表的内部电路为串联关系，相同的电流表电流相同，偏转角度一样，而对应刻度由量程决定．12．四个小灯连接成如图所示电路，合上电键S，各灯均正常发光．若小灯L2灯丝突然烧断，则下列说法正确的是( )A．L1变亮B ．变亮C．L4变亮D．电源的效率变低【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】动态预测题；整体思想；控制变量法．【分析】小灯L2灯丝突然烧断后，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，由欧姆定律分析L1两端电压的变化，判断L1亮度的变化．由总电流和L1电流的变化，判断L3中电流的变化，确定L3亮度的变化．由L1、L3电压的变化判断L4电压的变化，判断L4亮度的变化．【解答】解：ABC、小灯L2灯丝突然烧断后，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知：电路中总电流I减小，L1两端电压 U1=E﹣I（R+r），I减小，其他量不变，则U1增大，L1变亮．L3中电流 I3=I﹣I1，I减小，I1增大，则I3减小，L3变暗．L4电压U4=U1﹣U3，U1增大，U3减小，则U4增大，L4变亮．所以L1、L4变亮，L3变暗．故AC正确，B 错误．D、电源的效率η=×100%=×100%，外电阻增大时路端电压U增大，而E不变，则电源的效率提高，故D错误．故选：AC【点评】本题实质是电路动态变化分析问题，要善于分析局部与整体的关系．分析L3中电流和L4电压如何变化，采用的是总量法要熟练掌握．二、实验题（本题共2小题，13题8分，14题4分，共12分，将正确答案填写在题目的横线处．）13．测一个阻值约为18kΩ的电阻，备有下列器材：A．电流表（量程500 μA，内阻100Ω）B．电流表（量程0.6A，内阻300Ω）C．电压表（量程10V，内阻100kΩ）D．电压表（量程50V，内阻500kΩ）E．直流稳压电源（电动势15V，允许最大电流1A）F．滑动变阻器（最大电阻1kΩ，额定功率1W）G．电键、导线若干（1）电流表应选A，电压表应选C．（填电表之前的字母即可）（2）电路选择分压式（填“分压式”或者“限流式”）（3）电路选择电流表内接法（填“内接法”或者“外接法”）【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；定性思想；类比法；恒定电流专题．【分析】（1）根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表；（2）根据待测电阻阻值与滑动变阻器最大阻值间的关系确定滑动变阻器的接法；（3）根据待测电阻阻值与电表内阻关系确定电流表的接法．【解答】解：（1）电源电动势为15V，电压表应选择C，电路最大电流约为：I==≈0.00056A=0.56mA=560μA，电流表应选择A；（2）待测电阻阻值约为18kΩ，滑动变阻器最大阻值为1kΩ，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法；（3）==180，=≈5.56，＞，电流表应采用内接法；故答案为：（1）A；C；（2）分压式；（3）内接法．【点评】本题考查了实验器材的选择、滑动变阻器与电流表的接法，要掌握实验器材的选择方法，在伏安法测电阻实验中，当待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值时、电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法．14．某同学在一次测量时，电压表（0﹣15V）、电流表（0﹣0.6A）的示数如图所示．则电压值为9.0 V，电流值为0.33 A【考点】多用电表的原理及其使用．【专题】实验题；推理法；实验分析法；恒定电流专题．【分析】首先明确电表的量程，再根据刻度线确定最小分度，从而根据指针的位置确定读数．【解答】解：电压表量程为15V，最小分度为0.5V，则读数为：9.0V；电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A，则其读数为：0.33A；故答案为：9.0；0.33【点评】本题考查电表的读数方法，要注意明确最小分度为1时需要估读一位；而最小分度为2或5时不需要估读．15．手电筒的干电池给小灯泡供电时，电流为0.4A，在某次接通开关的20s时间内，一节干电池（电动势为1.5V）中有多少化学能转化为电能？【考点】电源的电动势和内阻；功能关系．【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电动势是描述电池将其他形式能转化为电能的装置，根据公式W=EIt 列式求解电功．【解答】解：一节7号干电池电动势为1.5V，电功为：W=EIt=1.5×0.4×20=12J答：则这段时间内电池将12J的化学能转化为电能．【点评】本题关键是明确电动势的物理意义，知道其定义公式为E=，基础问题．16．将一个满偏电流I g=1mA 内阻R g=30Ω的表头改装成一个量程为0﹣3V的电压表，（1）应该串联还是并联一个电阻？阻值为多大？（2）改装后的电流表测量电流时，指针指在表盘上原来0.2mA处，则被测电压的大小是多少？【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；定量思想；比例法；恒定电流专题．【分析】（1）把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．（2）根据欧姆定律可以求出电压表的示数．【解答】解：（1）把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：R=﹣R g =﹣30=2970Ω；（2）0.2mA处电压表示数：U=IR V=I（R+R g）=0.0002×（2970+30）=0.6V；答：（1）应该串联一个电阻，阻值为2970Ω；（2）改装后的电流表测量电流时，指针指在表盘上原来0.2mA处，则被测电压的大小是0.6V．【点评】本题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理是解题的关键，应用串联电路特点与欧姆定律可以解题．17．如图所示，电源电动势E=8V，内阻r=1Ω，R1=R2=R3=2Ω，求：（1）干路电流（2）路端电压．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】计算题；定量思想；恒定电流专题．【分析】（1）由图知，R1与R2并联后与R3串联，先求出外电路总电阻，再由闭合电路欧姆定律求出干路电流．（2）由闭合电路欧姆定律求路端电压．【解答】解：（1）外电路总电阻为 R=R1+R3=1+2=3（Ω）由闭合电路欧姆定律得：干路电流 I==A=2A（2）路端电压 U=E﹣Ir=8﹣2×1=6（V）答：（1）干路电流是2A．（2）路端电压是6V．【点评】对于电路的计算，先分析电路的结构，求出总电阻，再由电路中电流和电压关系，求出局部的电压和电流．18．有一条横截面积为S的铜导线中自由电子定向移动的速率为v，已知铜的密度为ρ，铜的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为N A，电子的电量为e，求铜导线通过的电流．（在这个问题中可以认为导线中每个铜原子贡献一个电子，答案用题中已知的物理量表示）【考点】电流、电压概念．【专题】计算题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】设自由电子定向移动的速率为v和导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为t，求出导线中自由电子的数目，根据电流的定义式推导出电流的微观表达式，解得自由电子定向移动的速率【解答】解：设铜导线中自由电子定向移动的速率为v，导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为t．则导线的长度为l=vt，体积为V=Sl=Svt，质量为m=ρvtS，这段导线中自由电子的数目为：n==在t时间内这些电子都能通过下一截面，则电流为：I==，代入解得，I=答：铜导线通过的电流【点评】本题关键是建立物理模型，根据电流的定义式推导电流的微观表达式，它是联系微观与宏观的桥梁19．如图所示，已知电源电动势E=18V，内阻r=1Ω，当接入固定电阻R=2Ω时，电路中标有“4V，8W”的灯泡L和内阻R D=1Ω的小型直流电动机D都恰能正常工作．试求：（1）电路中的电流大小；（2）电动机的额定电压；（3）电动机的输出功率．【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】计算题；定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】（1）由题，“4V，8W”的灯泡L和内阻R D=1Ω的直流电动机D都恰能正常工作，则知电路中电流等于灯泡的额定电流，由灯泡的额定功率和额定电压，由P=UI求出电路中的电流大小．（2）根据串联特点电压的分配关系，由欧姆定律求出电动机的额定电压；（3）由功率公式可求得电动机的输出功率．【解答】解：（1）由题，“4V，8W”的灯泡L正常发光，则通过灯泡的电流等于额定电流，则电路中的电流大小为：I===2A．（2）直流电动机D能正常工作，其两端的电压等于额定电压，则有：U M=E﹣I（R+r）﹣U L=18﹣2×（2+1）﹣4=8V（3）电动机的输出功率为：P出=U M I﹣I2R D=8×2﹣4×1=12W；答：（1）电路中的电流大小是2A；（2）电动机的额定电压为8V（3）电动机的输出功率为12W．【点评】本题为闭合电路欧姆定律的计算题，在解题时要注意明确电动机不是纯电阻电路，欧姆定律不能使用，注意根据串并联电路的基本规律进行分析求解．20．在如图所示的电路中，电源的电动势E=15.0V，内阻r=1.0Ω；电阻R1=60Ω，R2=10Ω，R3=20Ω，R4=35Ω；电容器的电容C=100 μF，求：（1）接通电键S后，流过电源的电流和R3两端的电压；（2）待电路稳定后再断开开关S，求流过R3的电荷量．【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【专题】计算题；定量思想；电容器专题．【分析】（1）闭合电键S后，稳定时没有电流流过R4，此电路相当断路．先求出外电路总电阻，再由闭合电路欧姆定律求出流过电源的电流，求出路端电压，由串联电路分压规律求R3两端的电压．。
福建省平和一中、南靖一中等五校2018-2019学年高二上学期第一次联考试题 物理 含答案
华安一中、长泰一中 、南靖一中、平和一中、龙海二中五校联考2018～2019学年第一学期高二第一次月考物理试卷完卷时间： 90 分钟 满分 ： 100 分★注意：请把所有的答案写在答案卷上，写在其它地方不得分一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一项符合题目要求；第10-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。
)1．关于元电荷和点电荷的理解正确的是 ( ) A ．元电荷就是电子B ．元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量C ．体积很小的带电体就是点电荷D ．只有带电荷量很少的带电体才可看做点电荷2. 两个完全相同的金属球A 和B 带电量之比为1∶7 ，相距为r 。
两者接触一下放回原来的位置，若两电荷原来带异种电荷，则后来两小球之间的静电力大小与原来之比是( ) A. 4∶7 B. 3∶7 C. 9∶7 D. 16∶73、如图所示，两个不带电的导体A 和B ，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。
把一带正电荷的物体C 置于A 附近，贴在A ，B 下部的金属箔都张开。
则下列说法正确的是（ ） A ．金属箔张开说明用感应的方法可以产生电荷 B ．此时A ，B 电势相等C.移去C ，贴在A ，B 下部的金属箔保持张开状态D ．用C 接触A 后再移去C ．贴在A ，B 下部的金属箔都闭合4、点电荷电场中的一根电场线如图所示，在该电场上有A 、O 、B 三点，现将一带负电的点电荷放在O 处，自由释放后，它将沿电场线向B 处运动，则 ( ) A ．电场线由B 指向A ，该电荷做变加速直线运动 B ．电场线由A 指向B ，该电荷做匀加速直线运动C ．电场线由B 指向A ，该电荷做加速度值逐渐减小的加速直线运动D ．电场线由A 指向B ，该电荷做往返的直线运动5、 图中的实线表示电场线，虚线表示只受静电力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M 点，再经过N 点，可以判定( )A ．粒子在M 点受到的静电力大于在N 点受到的静电力B ．粒子在M 点的动能大于N 点的动能C ．粒子在M 点的的电势能大于在N 点的电势能D ．粒子在M 点的的电势能和动能之和大于在N 点的电势能和动能之和6．如图所示，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a 、b 、c 三点，下列说法正确的是( ) A ．a 点电势比b 点电势高B ．a 、b 两点场强方向相同，a 点场强比b 点大C ．a 、b 、c 三点与无穷远电势相等D ．一不计重力的带电粒子，在a 点无初速释放，则它将在a 、b 线上运动7、一根粗细均匀的镍铬丝，横截面的直径是d ，电阻是R.把它拉成直径为d10的均匀细丝后，它的电阻变成(设温度不变)( ) A.11 000 R B ．10 000R C.1100R D ．100R 8.如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N 与静电计相接,极板M 接地，静电计的外壳也接地．用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U ．在两板相距一定距离d 时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q 不变，下面操作将使静电计指针张角变大的是（ ） A.将M 板下移B.将M 板水平向右方向靠近N 板C.在M 、N 之间插入云母板D.在M 、N 之间插入厚度为2d的金属板 9.关于电势和电势能下列说法中正确的是（ ）A.在电场中，电势高的地方，电荷在该点具有的电势能就大B.在电场中，电势高的地方，放在该点的电荷的电量越大，它所具有的电势能也越大C.在电场中的任何一点上，正电荷所具有的电势能一定大于负电荷具有的电势能D.在负的点电荷所产生的电场中任何一点上，正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能 10、如图，虚线a 、b 、c 是某静电场中的三个等势面。
高二物理上学期第一次月考试卷(平含解析)高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校广丰一中高二（上）第一次月考物理试卷（平）一、单项选择（每题4分，共32分）1．下列说法中正确的是（）A．在公式F=k中，k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小B．由公式E=可知，电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受到的电场力成正比C．公式E=只适用于真空中点电荷产生的电场D．电场线是电荷在电场中的运动轨迹2．带电微粒所带的电荷量的值不可能的是下列的（）A．2.4×10﹣19C B．﹣6.4×10﹣19C C．﹣1.6×10﹣19C D．4×10﹣17C3．由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．一个不带电的小球在P点受到电场力为零，则P点的场强一定为零C ．无论检验电荷的电量如何变化，始终不变D．电场强度E由F和q共同决定4．下述说法正确的是（）A．在同一等势面上移动电荷，电场力不作功B．等势面上各点场强大小一定相等C．电场中电势高处，电荷的电势能就大D．电场强度大处，电荷的电势能就大5．下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ． D ．6．在如图所示的电场中，有A、B、C三点．关于这三点的描述，正确的是（）A．A点的场强最大B．B点的电势最高C．C点无电场线，所以场强为零D．将一个带正电的试探电荷从A点释放，只考虑电场力，试探电荷会沿电场线运动到B点7．使两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷）分别带上﹣3Q和+5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1．现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2．则F1与F2之比为（）A．2：1 B．4：1 C．16：1 D．60：18．如下四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中电势和场强都相同的是（）A ．B ．C ．D ．二、多项选择（每题4分，共16分）9．对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）A．电势差的定义式U AB =，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电荷量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1 C的正电荷从A点移到B点，电场力做了1J的正功，这两点间的电势差为1 VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其他力的作用，电荷电势能的变化就不再等于电场力所做的功10．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．M点的电势大于N点的电势B．粒子在M点的加速度大于在N点的加速度C．粒子在M点的动能小于N点的动能D．粒子在M点的电势能小于N点的电势能11．竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F 作用于小球B，则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比（）A．两小球间距离将增大B．两小球间距离将减小C．推力F将增大D．推力，将减小12．如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度﹣时间图象如图乙所示，则（）A．电子在A、B两点受的电场力F A＜F BB．A、B两点的电场强度E A＞E BC．A、B两点的电势φA＞φBD．电子在A、B两点具有的电势能E PA＜E PB三、计算题（12分+14分+14分+14分=52分）13．在真空中有两个点电荷q1和q2分别位于A和B，如图所示相距20cm，q1为4×10﹣8C，q2为﹣8×10﹣8C．则：（1）在AB连线上A点的外侧离A点20cm处的D点电场强度大小方向如何？（2）能否在D点引入一个带负电的试探电荷﹣q，通过求出﹣q在D处受到的合电场力，然后根据E=，求出D处的场强度大小和方向？14．将一个电荷量q=﹣3×10﹣6C的负点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功6×10﹣4J，从B点移到C点电场力做功9×10﹣4J．（1）求AB、BC、CA间电势差U AB、U BC、U AC；（2）将一个电子从电场中的A点移到C点，电场力所做的功为多少电子伏，电势能变化了多少？15．如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度大小；（2）物块运动的加速度；（3）沿斜面下滑距离为0.5m时物块的速度大小．（sin37°=0.6，cos 37°=0.8，g取10m/s2）16．长为L的绝缘细线下系一带正电的小球，其带电荷量为Q，悬于O点，如图所示．当在O点处固定一个正电荷时，如果球静止在A处，则细线拉力是重mg的两倍．现将球拉至图中B处（θ=60°）放开球让它摆动，问：（1）固定在O处的正电荷的带电荷量为多少？（2）摆球回到A处时悬线拉力为多少？广丰一中高二（上）第一次月考物理试卷（平）参考答案与试题解析一、单项选择（每题4分，共32分）1．下列说法中正确的是（）A．在公式F=k中，k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小B．由公式E=可知，电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受到的电场力成正比C．公式E=只适用于真空中点电荷产生的电场D．电场线是电荷在电场中的运动轨迹【考点】电场强度；库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的定义式适用于一切电场，电场强度E表示电场本身的强度和方向，与试探电荷无关．真空中点电荷Q产生的电场强度计算公式是：E=k，当r→0时，电荷已不能看成点电荷，此公式不再成立．库仑定律公式公式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小．【解答】解：库仑定律公式公式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小．故A正确．B、电场强度的定义采用的比值定义法，E与F及q均无关，是由电场本身的性质决定的；故B错误；C、公式E=适用于任何电场；故C错误；D、电场线是为了形象描述电场而引入的虚拟的线，不是电荷的运动轨迹；故D 错误；故选：A．【点评】本题考查对电场强度两公式的理解能力，首先要理解公式中各个量的含义，其次要理解公式的适用条件．2．带电微粒所带的电荷量的值不可能的是下列的（）A．2.4×10﹣19C B．﹣6.4×10﹣19C C．﹣1.6×10﹣19C D．4×10﹣17C【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】元电荷是指最小的电荷量，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍．【解答】解：最小的电荷量是1.6×10﹣19C，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，A、由于2.4×10﹣19C不是1.6×10﹣19C的整数倍，故A错误．B、6.4×10﹣19C是1.6×10﹣19C的4倍，故B正确；C、1.6×10﹣19C是1.6×10﹣19C的1倍，故C正确；D、4×10﹣17C是1.6×10﹣19C的250倍，故D正确；本题选择不可能的，故选：A．【点评】本题就是对元电荷概念的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍即可解决本题．3．由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A．电场强度E跟F成正比，跟q成反比B．一个不带电的小球在P点受到电场力为零，则P点的场强一定为零C ．无论检验电荷的电量如何变化，始终不变D．电场强度E由F和q共同决定【考点】电场强度．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，是采用比值法下的定义．【解答】解：AB、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，是采用比值法下的定义，不能认为电场强度E跟F成正比，跟q成反比或不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零，故AB错误；C 、由比值定义法，可知，比值与检验电荷量无关，故C正确；D、由A选项分析可知，电场强度E与F和q均无关，故D错误．故选：C．【点评】明确电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，是采用比值法下的定义是解题的关键．4．下述说法正确的是（）A．在同一等势面上移动电荷，电场力不作功B．等势面上各点场强大小一定相等C．电场中电势高处，电荷的电势能就大D．电场强度大处，电荷的电势能就大【考点】等势面；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直，电场线的疏密程度表示电场强度的大小，电势与等势面是两个不同的概念，电势大小与电场强度大小无必然联系．【解答】解：A、电场线与等势面垂直，电场强度方向是电场线的切线方向，故电场力与等势面一定垂直；在同一等势面上移动电荷，电场力一直不作功；故A正确；B、等势面是电势相等的各个点构成的平面，该平面上各个点的电场强度不一定相同，如等量异号电荷的等势面，如图所示，故B错误；C、电场中电势高处，正电荷的电势能就大，负电荷的电势能小，故C错误；D、电场强度大的位置，电势不一定高，故电势能也不一定大，故D错误；故选A．【点评】本题关键明确电场强度与电势的区别，明确电场强度大小和电势大小无必然联系，基础题．5．下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电场强度；电场线．【分析】在电场线中电场线的疏密表示电场强度的大小，当电场线疏密相同时，电场强度相等．【解答】解：因电场线的疏密表示场强的大小，由图可知，只有C图中AB两点的电场线疏密程度相同，故A、B两点电场强度相同的点只有C．故选C．【点评】本题考查电场线的性质，电场线的方向表示场强的方向，电场线的疏密表示场强的大小．6．在如图所示的电场中，有A、B、C三点．关于这三点的描述，正确的是（）A．A点的场强最大B．B点的电势最高C．C点无电场线，所以场强为零D．将一个带正电的试探电荷从A点释放，只考虑电场力，试探电荷会沿电场线运动到B点【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．电场线并不存在，是虚拟的，是认为引入的，而物体的运动轨迹是实际存在的，故电场线不是电荷的运动轨迹；在任意两条电场线之间虽没有电场线，但仍有电场．【解答】解：A、电场线越密代表电场越强，A点的场强最大，故A正确；B、沿着电场线电势一定降低，A点的电势最高，B错误．C、电场线并不存在，是虚拟的，是人为引入的，在两条电场线之间虽没有电场线，但仍有电场，故C错误．D、电场线并不存在，是虚拟的，是人为引入的，而物体的运动轨迹是实际存在的，故电场线不是电荷的运动轨迹．故D错误．故选：A．【点评】电场线是电场中的重要概念，要根据电场线的分布正确判断电势的高低和电场强度的强弱．把握电场线的特点是解决此类问题的关键．记住了，理解了，也就会做了．7．使两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷）分别带上﹣3Q和+5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1．现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2．则F1与F2之比为（）A．2：1 B．4：1 C．16：1 D．60：1【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】完全相同的带电小球接触时，若是同种电荷则将总电量平分，若是异种电荷则先中和然后将剩余电量平分，然后依据库仑定律求解即可．【解答】解：开始时由库仑定律得：F=k r=a …①现用绝缘工具使两小球相互接触后，各自带电为Q，因此此时：F1=k…②由①②得：F1=F，故ABC错误，D正确．故选D．【点评】完全相同的带电小球接触时，对于电量的重新分配规律要明确，然后正确利用库仑定律求解．8．如下四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中电势和场强都相同的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小均相同时，场强才相同．电势是标量，根据电场线和等势线的分布情况解答．【解答】解：A、ab两点电势相同，电场强度方向不同，场强不同．故A错误．B、ab在同一等势线上，电势相等．根据对称性，ab两点场强相同，故B正确．C、根据顺着电场线电势降低，则知a点的电势比b点高．根据电场线分布情况可知a、b两点场强相同．故C错误．D、a点场强方向向上，b点场强方向向下，场强不同．电势相同．故D错误．故选：B．【点评】矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化．二、多项选择（每题4分，共16分）9．对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）A．电势差的定义式U AB =，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电荷量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1 C的正电荷从A点移到B点，电场力做了1J的正功，这两点间的电势差为1 VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其他力的作用，电荷电势能的变化就不再等于电场力所做的功【考点】电势差；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场中两点的电势差由电场本身决定，与电量和功W无关，电场力做功W=qU，只与电量和电势差有关，与具体路径无关．电场力做的功等于电荷增加的电势能或动能的变化；电荷在电场中移动，电场力做正功，不论电荷是正电荷还是负电荷，其电势能增加．【解答】解：A 、电场中两点的电势差由电场本身决定，与电量和功W 无关．故A错误；B、电势差的单位是这样规定的：将1C正电荷从一点移到另一点，电场力做1J 的功，这两点间的电势差为1V．故B错误；C、将1 C的正电荷从A点移到B点，电场力做了1J的正功，这两点间的电势差为1 V．故C正确；D、电荷荷在电场中移动，电场力做功，不论电荷是正电荷还是负电荷，不论是否还受其他力的作用，其电势能改变等于电场力所做的功．故D错误．故选：C．【点评】对于电势差的定义式要正确理解，明确电势差U与那些因素有关，明确公式中各个物理量的含义．10．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．M点的电势大于N点的电势B．粒子在M点的加速度大于在N点的加速度C．粒子在M点的动能小于N点的动能D．粒子在M点的电势能小于N点的电势能【考点】电场线；电势．【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．由电场线的疏密判断场强大小，确定电场力的大小．根据电场力做功正负分析动能和电势能的变化．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势．故A正确．B、M点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小，粒子在M点所受的电场力也较小，根据牛顿第二定律知，在M点的加速度小，故B错误．CD、由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的动能小于在N点的动能，在M点的电势能大于在N点的电势能，故C正确，D错误故选：AC．【点评】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小．11．竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F 作用于小球B，则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比（）A．两小球间距离将增大B．两小球间距离将减小C．推力F将增大D．推力，将减小【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】对整体分析，受总重力，拉力，地面的支持力，墙壁的弹力．可知地面的支持力等于两球的总重力．隔离对B球分析，B球受重力，墙壁的弹力和库仑力．A小球向右缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，根据平行四边形定则，知库仑力即墙壁弹力的变化．【解答】解：对A球受力分析，受到三个力，重力、弹力、库伦力，B小球向左缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定则，库仑力变小，墙壁的弹力变小，根据库仑定律得公式可知：电荷量不变，库伦力变小，距离变大，对整体而言，墙壁对球的弹力等于拉力，所以拉力变小，所以两小球间距离将增大，推力F 将减小，故AD正确，BC错误；故选：AD．【点评】解决本题的关键先对整体受力分析，再隔离受力分析．整体法和隔离法是物理当中常见的一种方法，要灵活运用．12．如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度﹣时间图象如图乙所示，则（）A．电子在A、B两点受的电场力F A＜F BB．A、B两点的电场强度E A＞E BC．A、B两点的电势φA＞φBD．电子在A、B两点具有的电势能E PA＜E PB【考点】电势能；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由静止释放电子，电子仅受电场力作用，从A点运动到B点，分析电场力的方向，确定电场线的方向．根据顺着电场线方向，电势降低，判断电势的高低．从速度图象看出，电子从A运动到B过程加速度变小，场强增变小．【解答】解：A、B：从速度图象看出，电子从A运动到B过程速度增大，加速度变化，电场力减小，即F A＞F B，场强变小，则B点的场强小于A点的场强，即E A＞E B．故A错误，B正确；C、根据题意，电子从静止释放后从A运动到B，则电子受到的电场力方向从A→B，而电子带负电，电场线方向从B→A，则B点的电势大于A点的电势，即φA＜φB．故C错误；D、因电场力做正功，则电势能减小，在A、B两点具有的电势能E PA＞E PB．故D 错误．故选：B．【点评】本题要根据电子的运动情况判断电子的受力情况，从而确定场强，电势的变化情况．三、计算题（12分+14分+14分+14分=52分）13．在真空中有两个点电荷q1和q2分别位于A和B，如图所示相距20cm，q1为4×10﹣8C，q2为﹣8×10﹣8C．则：（1）在AB连线上A点的外侧离A点20cm处的D点电场强度大小方向如何？（2）能否在D点引入一个带负电的试探电荷﹣q，通过求出﹣q在D处受到的合电场力，然后根据E=，求出D处的场强度大小和方向？【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）由点电荷电场强度公式，结合矢量叠加法则，求解即可．（2）根据库仑定律，结合力的合成法则，求得合电场力，再根据否在D点引入一个带负电的试探电荷﹣q，通过求出﹣q在D处受到的合电场力，然后根据E=，求出D处的场强度大小和方向．【解答】解：（1）由点电荷电场强度的公式，结合矢量叠加法则，得：E D=E A﹣E B =﹣=﹣=4.5×103N/C则D点电场强度的方向：由A指向D．（2）由库仑定律得：F=F A﹣F B再根据E=，即可求出D处的场强度大小；再根据负电荷的电场力方向的反方向，即为电场强度的方向．答：（1）在AB连线上A点的外侧离A点20cm处的D点电场强度大小4.5×103N/C，方向由A指向D；（2）能在D点引入一个带负电的试探电荷﹣q，通过求出﹣q在D处受到的合电场力，然后根据E=，从而求出D处的场强度大小和方向．【点评】本题很简单直接考查了库伦定律的应用和电场强度的定义式，对于公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．14．将一个电荷量q=﹣3×10﹣6C的负点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功6×10﹣4J，从B点移到C点电场力做功9×10﹣4J．（1）求AB、BC、CA间电势差U AB、U BC、U AC；（2）将一个电子从电场中的A点移到C点，电场力所做的功为多少电子伏，电势能变化了多少？【考点】电势能；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据公式．由做功与电量可求出两点的电势差．电荷在电场力作用下做功W=qU．【解答】解：（1）电荷量q=﹣3×10﹣6C，电场力的功W AB=﹣3×10﹣6J，W BC=9×10﹣4J，由电势差的定义VVU AC=φA﹣φC=U AB+U BC=﹣100V（2）电子的电荷量为﹣e，从A点移到C点电场力所做的功为W AC=qU AC=﹣eU AC=100eV电势能减少了100eV答：（1）AB、BC、CA间电势差U AB=200V、U BC=﹣300V、U AC=﹣100V；（2）电场力所做的功为100电子伏，电势能减小了100eV．【点评】电势差是电场中的电势之差，电势可以任意取，但电势差却不变，就像高度与高度差一样．电势差可正可负，所以U=公式中做功要注意正与负，电荷量也要代入电性．15．如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度大小；（2）物块运动的加速度；（3）沿斜面下滑距离为0.5m时物块的速度大小．（sin37°=0.6，cos 37°=0.8，g取10m/s2）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）对小球进行受力分析，应用平衡条件可求出电场力，进而求出电场强度．（2）电场变化后受力分析求出合外力，应用牛顿第二定律求解加速度．（3）沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小可由动能定理或运动学知识求解【解答】解：（1）平衡时，物块受重力mg、电场力qE、斜面的支持力N的作用，如图所示，有：qE=mgtan 37°得：E=tan37°=．（2）当E′=时，将滑块受力沿斜面方向和垂直斜面方向正交分解，如图，沿斜面方向，有：mgsin 37°﹣cos 37°=ma得：a=gsin 37°﹣cos 37°=0.4g=4 m/s2．（3）物块沿斜面做匀加速直线运动，初速度为0，加速度为a，位移为L，由v2=2aL，得：．答：（1）原来的电场强度为（2）物体运动的加速度大小4 m/s2（3）沿斜面下滑距离为L时的速度大小为2m/s【点评】问题一是平衡条件的应用，受力分析后应用平衡条件即可；问题二是牛顿运动定律的应用，关键是求合力；问题三直接应用动能定理即可，总体难度不是很大，细细分析即可16．长为L的绝缘细线下系一带正电的小球，其带电荷量为Q，悬于O点，如图所示．当在O点处固定一个正电荷时，如果球静止在A处，则细线拉力是重mg的两倍．现将球拉至图中B处（θ=60°）放开球让它摆动，问：（1）固定在O处的正电荷的带电荷量为多少？（2）摆球回到A处时悬线拉力为多少？【考点】库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）球静止在A处经受力分析知受三个力作用：重力、静电力F和细线拉力，由受力平衡和库仑定律列式求解（2）摆回的过程只有重力做功，所以机械能守恒，列出等式表示出最低点速度，由牛顿第二定律求解．【解答】解：（1）球静止在A处经受力分析知受三个力作用：重力mg、静电力F和细线拉力F拉，由受力平衡和库仑定律列式：F拉=F+mg，F=，F拉=2mg三式联立解得：q=．（2）摆回的过程只有重力做功，所以机械能守恒，规定最低点重力势能等于零，列如下方程：mgL（1﹣cos60°）=mv2。
精品2018_2019学年高二物理上学期第一次月考试题(3)Word版
漳平一中2018-2019学年上学期第一次月考高二物理试题一、选择题：（本题共12小题共48分，每小题4分．第1～8题只有一个选项符合题意，第9～12题每小题有多个选项符合题意，全部选对得4分，选不全的得2分，错选或不选的得0分）1．下列说法中正确的是（ ）A ．电场强度反映了电场的力的性质，因此电场中某点的场强与检验电荷在该点所受的电场力成正比B ．电场中某点的场强等于，但与检验电荷的受力大小及带电量无关C ．电场中某点的场强方向即检验电荷在该点的受力方向D ．公式E=和E=对于任何静电场都是适用的2. 三个相同的金属小球a 、b 和c ，原来c 不带电，而a 和b 带等量异种电荷，相隔一定距离放置（两球距离远大于球的半径），a 、b 之间的静电力为F 。
现将c 球分别与a 、b 接触后拿开，距离不变，则a 、b 之间的静电力将变为（）。
A ．F/8B ．F/4C ．F/2D ．F3．电场中有a 、b 两点，a 点电势为4V ，若把电量为2×10﹣8C 的负电荷，从a 移到b 的过程中，电场力做正功4×10﹣8J ，则（ ）A ．b 点电势是6VB ．b 点电势是2VC ．b 点电势是﹣2VD ．a 、b 两点中，a 点电势较高4. 如图所示，一个带绝缘支架的空心金属球半径为r ，原来不带电，放在一个电荷量为+Q 的点电荷右侧，点电荷到金属球表面的最近距离为2r ，达到静电平衡后，下列表述正确的是（ ）A. 整个金属球表面将感应带上同种电荷B. 金属球球心处的电场强度大小为29r Q k C. 感应电荷在金属球球心处激发的电场强度大小为29r Q kD. 如果用导线将金属球左右两侧相连，金属球左右两侧的电荷会发生中和5. P 、Q 是一条电场线上的两个点，一带正电的粒子仅在电场力作用下以一定的初速度从P 点沿电场线运动到Q 点，其v -t 图象如图所示．则这电场的电场线分布可能是如图中的（ ）A. B. C. D.6．如图所示，真空中M 、N 处放置两等量异种电荷，a 、b 、c 表示电场中的三条等势线，d 点和e点位于等势线a上，f点位于等势线c上，df平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d 点移动到f点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M点处放置的是正电荷B．d点的电势高于f点的电势C．d点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功7．如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是（）A. L1变亮，L2和L3皆变暗B. L1变暗，L2不能确定，L3变暗C. L1变亮，L2变亮，L3变暗D. L1变暗，L2变亮，L3变亮8．如图所示，真空中有一个固定的点电荷，电荷量为+Q．图中的虚线表示该点电荷形成的电场中的四个等势面．有两个一价离子M、N（不计重力，也不计它们之间的电场力）先后从a点以相同的速率v0射入该电场，运动轨迹分别为曲线apb和aqc，其中p、q分别是它们离固定点电荷最近的位置．①M一定是正离子，N一定是负离子．②M在p点的速率一定大于N在q点的速率．③M在b点的速率一定大于N在c点的速率．④M从p→b过程电势能的增量一定小于N从a→q电势能的增量．以上说法中正确的是（）A．只有①③ B．只有②④ C．只有①④ D．只有②③和Q2，Q1和Q2的位置坐标分别为x1、x2．Q19．x轴上有两点电荷Q和Q2之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，从图中可看出（）A. Q1的电荷量一定小于Q2的电荷量B. Q1和Q2一定是正电荷C. 电势最低处P点的电场强度为零D. 将一负点电荷由X P点的左侧移至右侧，电场力先做正功后做负功10．传感器是一种采集信息的重要器件．如图所示是一种测定压力的电容式传感器，A为固定电极，B为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器．可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容．现将此电容式传感器与零刻度在中央的灵敏电流表和电源串联成闭合电路，已知电流从电流表正接线柱流入时指针向右偏转．当待测压力增大时，以下说法正确的是（）A．电容器的电容将减小 B．电容器的电荷量将增加C．灵敏电流表的指针向左偏 D．灵敏电流表的指针向右偏11．如图所示，大小可以不计的带有不等量同种电荷的小球A和B互相排斥，静止时两球位。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题__ (2)
嗦夺市安培阳光实验学校高二物理上学期第一次月考试题（满分：100分考试时间：90 分钟）一、单项选择题（每小题3分，计30分。
每个小题只有一个正确选项）1．下列四组物理量中，各量均为矢量的是：A．位移、速度、加速度 B．力、磁场、时间C．速度、加速度、电流 D．重力、位移、磁通量2．关于点电荷、元电荷、试探电荷，下列说法正确的是A．点电荷是一种理想化的物理模型 B．点电荷就是元电荷C．点电荷所带电荷量一定很小 D．点电荷、元电荷、试探电荷是同一种物理模型3．R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都为正方形的导体，但R1的尺寸比R2大得多，把它们分别连接在如图所示的电路的A、B两端，接R1时电压表的读数为U1，接R2时电压表的读数为U2，则下列判断正确的是A．U1>U2 B．U1=U2C．U1<U2 D．无法断定4．关于感应电流，下列说法中正确的是A．只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流B．只要闭合导线做切割磁感线运动，导线中就一定有感应电流C．若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动，闭合电路中一定没有感应电流D．当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流5．a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为（）A．4V B．8V C．12V D．24V6．如果你看过电视台体育频道的围棋讲座就会发现，棋子在竖直放置的棋盘上可以移动，但不会掉下来。
原来，棋盘和棋子都是由磁性材料制成的．棋子不会掉落是因为A．质量小，重力可以忽略不计 B．受到棋盘对它向上的摩擦力C．棋盘对它的吸引力与重力平衡 D．它一方面受到棋盘的吸引，另一方面受到空气的浮力7.用两个一样的弹簧吊着一根铜棒，铜棒所在虚线范围内有垂直于纸面的匀强磁场，棒中通以自左向右的电流（如图所示），当棒静止时，弹簧秤的读数为F1；若将棒中的电流方向反向，当棒静止时，弹簧秤的示数为F2，且F2＞F1，根据这两个数据，不能确定A．磁场的方向 B．磁感强度的大小C．安培力的大小 D．铜棒的重力8.质量和电量都相等的带电粒子M和N，以不同的速度率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图2种虚线所示，下列表述正确的是A．M带负电，N带正电 B. M的速度率小于N的速率VabMU+ BθN S C. 洛伦磁力对M 、N 做正功 D. M 的运行时间大于N 的运行时间 9. 如图是回旋加速器示意图，其核心部分是两个D 形金属盒，两个完全相同的金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频电源相连。
2019-2020学年福建省漳州市平和一中高二(上)第一次月考物理试卷 (有答案)
2019-2020学年福建省漳州市平和一中高二（上）第一次月考物理试卷一、单选题（本大题共12小题，共48.0分）1.在如图所示的各电场中，a，b两点的电场强度相同的是A. B.C. D.2.两个半径为R的金属球所带电荷量分别为+Q1和+Q2，当两球心相距为r时，相互作用的库仑力大小为()A. F=k Q1Q2r2B. F>k Q1Q2r2C. F<k Q1Q2r2D. 无法确定3.某静电除尘设备集尘板的内壁带正电，设备中心位置有一个带负电的放电极，它们之间的电场线分布如图所示，虚线为某带电烟尘颗粒(重力不计)的运动轨迹，A、B是轨迹上的两点，C点与B点关于放电极对称．下列说法正确的是A. A点电势低于B点电势B. A点电场强度小于C点电场强度C. 烟尘颗粒在A点的动能大于在B点的动能D. 烟尘颗粒在A点的电势能小于在B点的电势能4.如图所示，点电荷+Q固定，点电荷+q沿直线从A运动到B。
此过程中，关于两电荷间的库仑力，正确的说法是()A. 吸引力，先变小后变大B. 吸引力，先变大后变小C. 排斥力，先变小后变大D. 排斥力，先变大后变小5.在点电荷形成的电场中，其电场强度()A. 处处相等B. 与场源电荷等距的各点的电场强度都相等C. 与场源电荷等距的各点的电场强度大小都相等，但方向不同D. 场中各点的电场强度与该点至场源电荷的距离r成反比6.点电荷A和B，分别带正电和负电，电量分别为4Q和Q，在AB连线上，如图所示，电场强度为零的地方在()A. A和B之间B. A右侧C. B左侧D. A的右侧及B的左侧7.如图所示，质量均为m的A、B两小球，A球的悬线长度为定值L，悬线上端固定在O点，B球被固定在O点正下方L处。
A、B球间的排斥力与A、B距离x的关系为：F=1，当A球在偏离B球x处静止时，A受到绳x2的拉力为F。
现保持其他条件不变，用改变A球质量的方法，使A球在距x处静止，则A受到绳的拉力为()B为12A. FB. 2FC. 4FD. 8F8.如图所示，同一未知电阻R x用甲、乙两种电路测量，图甲中两表的读数分别为3V、4mA，图乙中两表的读数分别为4V、3.9mA，则可推知R x的真实值最接近()A. 比1000Ω略小B. 比750Ω略小；C. 比1000Ω略大；D. 比750Ω略大。
平和县高中2018-2019学年高二上学期9月月考物理试卷含解析
平和县高中2018-2019学年高二上学期9月月考物理试卷含解析班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．关于位移和路程，下列说法中正确的是（）A．出租车是按位移的大小来计费的B．出租车是按路程的大小来计费的C．在田径场1500m长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为1500m D．高速公路路牌上标示“上海100km”，表示该处到上海的位移大小为100km2．如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN，P点在y轴的右侧，MP⊥ON，则（）A．M点的电势比P点的电势高B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N 两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动3．北京时间12月11日15时22分，2009年东亚运动会结束了男子110米跨栏决赛争夺，中国选手刘翔轻松地以13秒66的成绩获得第一，赢得了他复出之后的第三项赛事冠军，关于刘翔的下列说法正确的是（）A．刘翔在飞奔的110米中，可以看做质点B．教练为了分析刘翔的动作要领，可以将其看做质点C．无论研究什么问题，均不能把刘翔看做质点D．是否能将刘翔看做质点，决定于我们所研究的问题4．图示为一电场的的电场线图，关于A、B两点的电场强度，下列说法正确的是A. A点的电场强度小于B点的电场强度B. A点的电场强度大于B点的电场强度C. B点的电场强度度方向向左，A点的向右D. 负电荷在B点受到的电场力向左5．右图是甲、乙两物体做直线运动的v t 图象。
下列表述正确的是（）A．0～1s内甲和乙的位移相等B．乙做匀加速直线运动C．甲和乙的加速度方向相同D．甲的加速度比乙的小6．建立模型是解决物理问题的一个重要方法，下列选项中不属于理想化物理模型的是（）A电子B点电荷C质点D不可伸长的轻绳7．世人瞩目的2008北京奥运会上，中国代表团参加了包括田径、体操、柔道在内的所有28个大项的比赛，并取得了51块金牌，这是中国代表团在奥运史上的最好成绩，下列几种奥运比赛项目中的研究对象可视为质点的是（）A．在撑杆跳高比赛中研究运动员手中的支撑杆在支撑地面过程中的转动情况时B．帆船比赛中规定帆船在大海中位置时C．跆拳道比赛中研究运动员动作时D．铅球比赛中研究铅球被掷出后在空中飞行时间时8．洗衣机在把衣服脱水完毕切断电源后，电动机不要转动一会儿才能停下来，在这个过程中，洗衣机的振动激烈程度有变化，其中有一阵子最激烈的原因是（）A．这是一种偶然现象B．洗衣机没有放平稳C．电动机有一阵子转快了D．有一阵子电动机转动的频率和洗衣机的固有频率相近或相等9．有下列几种情景，请根据所学知识选择对情景的分析和判断的正确说法（）①点火后即将升空的火箭②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车③运行的磁悬浮列车在轨道上高速行驶④飞机在空中匀速飞行A．①因火箭还没运动，所以加速度一定为零B．②轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大C．③高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度很大D．④尽管飞机在空中匀速飞行，但加速度也不为零10．如图所示的演示装置，一根张紧的水平绳上挂着五个单摆，其中A、E摆长相同，先使A摆摆动，其余各摆也摆动起来，稳定时可以发现（）A ．各摆摆动的周期均与A 摆相同B ．B 摆摆运动的周期最短C ．C 摆摆动的周期最长D ．C 摆振幅最大二、填空题11．在匀强磁场中，有一段5cm 的导线和磁场垂直，当导线通过的电流是1A 时，受磁场的作用力是01.N ，那么磁感应强度B =_____T ；现将导线长度增大为原来的3倍，通过电流减小为原来的一半，那么磁感应强度B =_____T ，导线受到的安培力F =_____N 。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题_2 (2)
嗦夺市安培阳光实验学校17－18学年度上学期高二年级第一次学段物理试卷注意：本试卷共4页，共15小题，满分100分，时间100分钟第1卷（共50分）一、选择题：本大题共10小题，共50分．1—7小题每小题只有一项符合题目要求，每小题5分；8—10小题有多个选项符合题目要求，全选对得5分，对而不全的2分，错选得0分1.由电场强度的定义式E=F/q可知，在电场中的同一点( )A、电场强度E跟F成正比，跟q成反比B、电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度强C、无论检验电荷所带的电量如何变化，F/q始终不变D、一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零2.若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内（）A、一定沿电场线由高电势处向低电势处运动B、一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C、不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动D、不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动3.关于电势差的说法中，正确的是（）A、两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B、两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比C、在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关D、1C电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1V4．如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b.下列表述正确的是A．该电场是匀强电场B．a点的电势比b点的高C．a点的电场强度比b点的大D．正电荷在a、b两点受力方向相同5.如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A、Q变小，C不变，U不变，E变小B、Q不变，C变小，U变大，E变小C、Q变小，C变小，U不变，E不变D、Q不变，C变小，U变大，E不变6.如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象是（）A．只有M端验电箔张开，且M端带正电B．只有N端验电箔张开，且N端带正电C．两端的验电箔都张开，且两端都带正电或负电D．两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电7．带电粒子在匀强电场中的运动轨迹如图所示，如果带电粒子只受电场力作用从a到b运动，下列说法不正确的是( )A 粒子带正电B．粒子在a和b点的加速度相同C．该粒子在a点的电势能比在b点时大D．该粒子在b点的速度比在a点时大8.下列说法中正确的是（）A．电容是描述容器器容纳电荷本领大小的物理量B．固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比C．电容器是储存电荷和电能的容器，只有带电时才称电容器D．电容器的电容跟极板所带电荷量成正比，跟极板间电压成反比9．如图所示，两质量均为m的小球A和B分别带有+q和-q的电量，被绝缘细线悬挂，两球间的库仑引力小于球的重力mg．现加上一个水平向右的匀强电场，待两小球再次保持静止状态时，下列结论正确的是（）A．悬线OA向右偏，OA中的张力大于2mgB．悬线OA向左偏，OA中的张力大于2mgC．悬线OA不发生偏离，OA中的张力等于2mgD．悬线AB向左偏，AB线的张力比不加电场时要大10．空间存在甲、乙两相邻的金属球，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形成了如图所示稳定的静电场．实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则下列说法错误的是( )A．A点和B点的电势相同B．C点和D点的电场强度相同C．正电荷从A点移至B点，静电力做正功D．负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先增大后减小第II卷（共50分）二、填空题：本大题共2小题，每小题8分，共16分．11.带正电1.0×10-3C的粒子，不计重力,在电场中先后经过A、B两点，飞经A 点时动能为10J，飞经B点时动能为4J，则带电粒子从A 点到B点过程中电势能增加了______，AB两点电势差为__________．12.如图所示，Q A =3×10-8C ，Q B =－3×10-8C ，A ，B 两相距6cm ，在水平方向外电场作用下，A ，B 保持静止，悬线竖直，则A ，B 连线中点场强大小 ，方向 。
和平县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理
和平县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 在水平向右的匀强电场中，质量为m 的带正电质点所受重力mg 是电场力的倍．现将其以初速度v 0竖3直向上抛出，则从抛出到速度最小时所经历的时间为（ ）A ．t ＝B ．t ＝v 0g2v 03g C ．t ＝ D ．t ＝3v 02g 3v 04g2． 如图所示，让平行板电容器带上一定的电量并保持不变，利用静电计可以探究平行板电容器电容的决定因素及决定关系，下列说法正确的是A. 静电计指针张角越大，说明电容器带电量越大B. 静电计指针张角越大，说明电容器的电容越大C. 将平行板间距离减小，会看到静电计指针张角减小D. 将平行板间正对面积减小，会看到静电计张角减小3． 以下各选项中属于交流电的是4． 在图示的四幅图中，正确标明了带正电的粒子所受洛伦兹力f 方向的是A. B. C. D.5． 如图所示，质点α、b 在直线PQ 上，质点α由P 点出发沿PQ 方向向Q 做初速度为零的匀加速直线运动．当质点α运动的位移大小为x 1时，质点b 从Q 沿QP 方向向P 点做初速度为零的匀加速直线运动，当b 的位移为x 2时和质点α相遇，两质点的加速度大小相同，则PQ 距离为（ ）A. 122x x ＋＋B. 122x x ＋＋C. 122x x ＋D. 122x x ＋6． 关于电源电动势E 的下列说法中错误的是：（ ）A ．电动势E 的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特VB ．干电池和铅蓄电池的电动势是不同的C ．电动势E 可表示为E=，可知电源内非静电力做功越多，电动势越大q WD ．电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大7． 库仑定律是电磁学的基本定律。
1766年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电。
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平和县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．电视机中有一个传感器，能将遥控器发出的红外线信号转化为电信号，下列装置中也利用了这种传感器的是A. 电话机的话筒B. 楼道里的声控开关C. 空调中的遥控接收器D. 冰箱中的温控器2．（2016年山东省烟台市诊断）如图所示，滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点．则能大致反映滑块整个运动过程中速度v、加速度a、动能E k、重力对滑块所做的功W与时间t 或位移x关系的是（取初速度方向为正方向）3．（2016·河北仙桃高三开学检测）某蹦床运动员在一次蹦床运动中仅在竖直方向运动，如图为蹦床对该运动员的作用力F随时间t的变化图象。
不考虑空气阻力的影响，下列说法正确的是（）A．t1至t2过程内运动员和蹦床构成的系统机械能守恒B．t1到t2过程内运动员和蹦床构成的系统机械能增加C．t3至t4过程内运动员和蹦床的势能之和增加D．t3至t4过程内运动员和蹦床的势能之和先减小后增加4．下列说法中正确的是A. 在家庭电路中洗衣机和电冰箱是串联的B. 节能灯比白炽灯的发光效率高C. 变压器是用于改变直流电压的装置D. 交流电的周期越长，频率也越高5．如图所示，一个原来不带电的半径为r的空心金属球放在绝缘支架上，右侧放置一个电荷量为+Q的点电荷，点电荷与金属球球心处在同一水平线上，且点电荷到金属球表面的最近距离为2r。
达到静电平衡后，下列说法正确的是A. 金属球左边会感应出正电荷，右边会感应出负电荷，所以左侧电势比右侧高B. 左侧的正电荷与右侧负电荷电量相等C. 点电荷Q在金属球球心处产生的电场场强大小为D. 感应电荷在金属球球心处产生的电场场强为零6．一段东西方向放置的横截面积为0.05平方厘米的导电材料中，每秒中有0.4库仑正电荷向东移动，有0.6库仑负电荷向西移动，则电流强度是：（）A. 0.4安培;B. 0.2安培;C. 0.6安培;D. 1安培.7．（2015·新课标全国Ⅱ，17）一汽车在平直公路上行驶。
从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t的变化如图所示。
假定汽车所受阻力的大小f恒定不变。
下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中，可能正确的是（）8．（2016河南名校质检）如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．通过力传感器和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙所示．取g＝10 m/s2.则（）A．物体的质量m＝1.0 kgB．物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.20C．第2 s内物体克服摩擦力做的功W＝2.0 JD．前2 s内推力F做功的平均功率＝1.5 WP9．一个电热水壶的铭牌上所列的主要技术参数如下表所示，根据表中提供的数据，计算出此电热水壶在额定电压下工作时，通过电热水壶的电流约为额定功率1500W额定频率50Hz额定电压220V容量 1.6LA. 2.1AB. 3.2AC. 4.1AD. 6.8A10．（2018中原名校联盟）如图所示，三个带电小球A、B、C可视为点电荷，所带电荷量分别为＋Q、－Q、＋q．A、B固定在绝缘水平桌面上，C带有小孔，穿在动摩擦因数处处相同的粗糙绝缘杆上，绝缘杆竖直放置在A、B连线的中点处，将C从杆上某一位置由静止释放，下落至桌面时速度恰好为零．C沿杆下滑时带电荷量保持不变．那么C在下落过程中，以下判断正确的是A．所受摩擦力变大B．电场力做正功C．电势能不变D．下落一半高度时速度一定最大11．关于电场强度和静电力,以下说法正确的是（ ）A. 电荷所受静电力很大,该点的电场强度一定很大B. 以点电荷为圆心、r 为半径的球面上各点的电场强度相同C. 若空间某点的电场强度为零,则试探电荷在该点受到的静电力也为零D. 在电场中某点放入试探电荷q ,该点的电场强度E=,取走q 后,该点电场强度为012．关于地磁场，下列说法正确的是A. 地磁场的N 极在地理的北极附近B. 地磁场的磁极与地理的南北极不完全重合C. 地磁场的S 极在地理的北极附近D. 北京地区的地磁场有朝北和向下的两个分量13．（2016·河南开封模拟）如图所示，倾角为θ＝30°的光滑绝缘斜面处于电场中，斜面AB 长为L ，一带电荷量为＋q 、质量为m 的小球，以初速度v 0由斜面底端的A 点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端时速度仍为v 0，则（）A ．小球在B 点时的电势能一定大于小球在A 点时的电势能B ．A 、B 两点之间的电势差一定为mgL2qC ．若该电场是匀强电场，则电场强度的值一定是mgqD ．若该电场是由放在AC 边中垂线上某点的点电荷Q 产生的，则Q 一定是正电荷14．一台家用电冰箱的铭牌上标有“220V 100W ”，这表明所用交变电压的（ ）A.峰值是311VB.峰值是220VC.有效值是220VD.有效值是311V15．如图所示,正方形容器处在匀强磁场中,一束电子从孔A 垂直于磁场射入容器中,其中一部分从C 孔射出,一部分从D 孔射出。
下列叙述错误的是（）A. 从C、D两孔射出的电子在容器中运动时的速度大小之比为2∶1B. 从C、D两孔射出的电子在容器中运动时间之比为1∶2C. 从C、D两孔射出的电子在容器中运动时的加速度大小之比为1∶1D. 从C、D两孔射出的电子在容器中运动时的加速度大小之比为2∶116．如图所示,A、B、C、D为匀强电场中相邻的等势面,一个电子垂直经过等势面D时的动能为20 eV,经过等势面C时的电势能为-10 eV,到达等势面B时的速度恰好为零。
已知相邻等势面间的距离为5 cm,不计电子的重力,下列说法中正确的是（）A. C等势面的电势为10 VB. 匀强电场的电场强度为200 V/mC. 电子再次经过D等势面时,动能为10 eVD. 电子的运动是匀变速曲线运动17．（2018江西赣中南五校联考）如图所示，a、b 两颗人造地球卫星分别在半径不同的轨道上绕地球做匀速圆周运动，则下列说法正确的是A.a 的周期小于b 的周期B.a 的动能大于b 的动能C.a 的势能小于b的势能D.a 的加速度大于b 的加速度18．电磁炉热效率高达90%，炉面无明火，无烟无废气，电磁“火力”强劲，安全可靠．如图所示是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是（）A.当恒定电流通过线圈时，会产生恒定磁场，恒定磁场越强，电磁炉加热效果越好B.电磁炉通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作C.电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因这些材料的导热性能较差D.在锅和电磁炉中间放一纸板，则电磁炉不能起到加热作用二、填空题19．一多用电表的电阻挡有三个倍率,分别是“×1”“×10”“×100”。
用“×10”挡测量某电阻时,操作步骤正确,发现表头指针偏转角度很小,为了较准确地进行测量,应换到__挡。
如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数,那么缺少的步骤是__,若补上该步骤后测量,表盘的示数如图所示,则该电阻的阻值是___ Ω。
20．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡的规格为“2.0V，0.5A”。
备有下列器材：A. 电源E（电动势为3.0V，内阻不计）B. 电压表（量程0-3V，内阻约）C. 电压表（量程0-15V，内阻约）D. 电流表（量程0-3A，内阻约）E. 电流表（量程0-0.6A，内阻约）F. 滑动变阻器（0-，3.0A）G. 滑动变阻器（0-，1.25 A）H. 开关和若干导线为了尽可能准确地描绘出小灯泡的伏安特性曲线，请完成以下内容。
（1）实验中电压表应选用______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用_____（请填写选项前对应的字母）。
测量时采用图中的_________图电路（选填“甲”或“乙”）。
（2）图丙是实物电路，请你不要改动已连接的导线，把还需要连接的导线补上。
____（3）某同学完成该实验后，又找了另外两个元件，其中一个是由金属材料制成的，它的电阻随温度的升高而增大，而另一个是由半导体材料制成的，它的电阻随温度的升高而减小。
他又选用了合适的电源、电表等相关器材后，对其中的一个元件进行了测试，测得通过其中的电流与加在它两端的电压数据如下表所示：U/V0.400.600.80 1.00 1.20 1.50 1.60I/A0.200.450.80 1.25 1.80 2.81 3.20请根据表中数据在图丁中作出该元件的I-U图线_____；该元件可能是由________（选填“金属”或“半导体”）材料制成的。
三、解答题21．（2016·河北衡水中学调研）如图所示，在A点固定一正电荷，电荷量为Q，在离A高度为H的C处由静止释放某带同种电荷的液珠，开始运动的瞬间加速度大小恰好为重力加速度g。
已知静电力常量为k，两电荷均可看成点电荷，不计空气阻力。
（1）求液珠的比荷；（2）求液珠速度最大时离A 点的距离h ；（3）若已知在点电荷Q 的电场中，某点的电势可表示成φ＝，其中r 为该点到Q 的距离（选无限远的电kQr势为零）。
求液珠能到达的最高点B 离A 点的高度r B 。
22．如图所示，在竖直面内有一个光滑弧形轨道，其末端水平，且与处于同一竖直面内的光滑圆形轨道的最低端相切，并平滑连接。
A 、B 两滑块（可视为质点）用轻细绳拴接在一起，在它们中间夹住一个被压缩的微小轻质弹簧。
两滑块从弧形轨道上的某一高处P 点由静止滑下，当两滑块刚滑入圆形轨道最低点时拴接两滑块的绳突然断开，弹簧迅速将两滑块弹开，其中前面的滑块A 沿圆形轨道运动恰能通过圆形轨道的最高点，后面的滑块B 恰能返回P 点。
已知圆形轨道的半径R=0.72m ，滑块A 的质量m A =0.4kg ，滑块B 的质量m B =0.1kg ，重力加速度g 取10m/s²，空气阻力可忽略不计。
求：（1）滑块A 运动到圆形轨道最高点时速度的大小；（2）两滑块开始下滑时距圆形轨道底端的高度h ；（3）弹簧在将两滑块弹开的过程中释放的弹性势能。
平和县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1．【答案】C【解析】试题分析：用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程．电话机的话筒是将声音转化为电信号，A错误；楼道中照明灯的声控开关将声信号转化为电信号，调机接收遥控信号的装置将光信号转化为电信号，C正确；冰箱中控制温度的温控器将温度转化为电信号．故D错误．2．【答案】AD 【解析】滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点．其速度图象A正确；上滑和下滑滑块的加速度方向都向下，加速度图象B错误。