2019年广东省深圳市高考物理一模试卷-解析版
2019年广东省深圳市高考物理一模试卷一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.在水平地面上方某处，把质量相同的P、O两小球以相同速率沿竖直方向抛出，P向上，O向下，不计空气阻力，两球从抛出到落地的过程中()A. P球重力做功较多B. 两球重力的平均功率相等C. 落地前瞬间，P球重力的瞬时功率较大D. 落地前瞬间，两球重力的瞬时功率相等【答案】D【解析】解：A、根据W=mgℎ可知两球重力做功相同，故A错误；B、上抛的物体运动时间长，根据P=Wt可知两球重力的平均功率不相等，故B错误；C、根据机械能守恒定律可知12mv2=mgℎ+12mv02可知，两球落地的速度相同，根据P=mgv可知落地前瞬间，两球重力的瞬时功率相等，故C错误，D 正确；故选：D。
根据W=mgℎ判断重力功；根据P=Wt判断重力做功的平均功率；根据P=Fv判断落地前瞬时重力的瞬时功率。
该题的关键要熟练运用机械能守恒定律分析抛体的运动情况，明确瞬时功率和平均功率的计算方法。
2.如图，带电的平行板电容器和静电计用导线相连()A. 若仅使上极板上移一段距离，则电容器的电容增大B. 若仅向两板间插入云母介质，则板间电场强度减小C. 若静电计指针张角增大，可能仅是因为两板正对面积增大D. 若静电计指针张角减小，可能仅是因为两板间距变大【答案】B【解析】解：A、根据C=ϵS4πkd可知，若仅使上极板上移一段距离，则d变大，电容器的电容减小，故A错误；B、根据C=ϵS4πkd ，若仅向两板间插入云母介质，则电容器的电容变大，根据C=QU可知，两板电势差U减小，根据E=Ud可知板间电场强度减小，故B正确；C、若仅是因为两板正对面积增大，根据C=ϵS4πkd 可知C变大，由C=QU可知U减小，即静电计指针张角减小，故C错误；D、仅是因为两板间距变大，根据C=ϵS4πkd 可知C变小，由C=QU可知U变大，即静电计指针张角变大，故D错误；故选：B。
解答本题关键掌握：静电计测定电容器板间的电势差，电势差越大，指针偏角越大；电容器电容的决定式C=ϵS4πkd ，分析电容的变化；电容器的电量不变，由电容器的定义式C=QU分析电势差的变化。
对于电容器动态变化分析问题，关键根据电容的决定式C=ϵS4πkd 和定义式C=QU结合进行分析，同时要抓住不变量，一般电容器动态问题都能解决。
3.如图所示，将一小球从固定斜面顶端A以某一速度水平向右抛出，恰好落到斜面底端B.若初速度不变，对小球施加不为零的水平方向的恒力F，使小球落到AB连线之间的某点C.不计空气阻力。
则()A. 小球落到B点与落到C点所用时间相等B. 小球落到B点与落到C点的速度方向一定相同C. 小球落到C点时的速度方向不可能竖直向下D. 力F越大，小球落到斜面的时间越短【答案】D【解析】解：A、对小球施加不为零的水平方向的恒力F时，小球在竖直方向的运动不变，仍做自由落体运动，因B的竖直高度大于C的竖直高度，根据ℎ=12gt2可知，小球落到B点的时间与落到C点所用时间不相等，选项A错误；B、C由图可知，对小球施加的水平方向的恒力F一定是方向向左，小球在水平方向做匀减速运动，若到达C点时水平速度恰好减为零，则落到C点的速度方向竖直向下；而落到B点的小球做平抛运动，到达B点的速度方向不可能竖直向下，故选项BC错误；D、当加力F时：竖直方向y=12gt2；水平方向：x=v0t−12⋅Fmt2，而tanα=12gt2v0t−12Fmt2解得t=2v0tanαg+Fm可知力F越大，小球落到斜面的时间t越短，选项D正确；故选：D。
不加水平力F时小球做平抛运动；加水平力F后，小球在水平方向做匀减速运动，竖直方向仍做自由落体运动，根据运动的合成知识结合平抛运动的知识进行判断。
本题考查运动的合成和分解，掌握这种化曲为直的处理方法，结合分运动的规律解答。
4.可视为质点的甲、乙两小车分别沿同一平直路面同向行驶，t=0时，甲在乙前方16m处，它们的v−t图象如图所示，则下列说法正确的是()A. .甲、乙在t=2s和t=10s时刻并排行驶B. .甲、乙在t=4s和t=8s时刻并排行驶C. .在t=6s时，乙车在甲车前8mD. .在t=6s时，乙车在甲车前18m【答案】B【解析】解：AB、由图象可知，甲做初速度为0，加速度为a1=126m/s2=2m/s2的匀加速运动；乙做初速度为v0=6m/s，加速度为a2=12−66m/s2=1m/s2的匀加速运动；两车相遇时满足：v0t+12a2t2=s0+12a1t2，即6t+12×1×t2=16+12×2t2，解得t1=4s，t2=8s，即甲、乙在t=4s和t=8s时刻并排行驶，故A错误，B正确；CD、在t=6s时，甲的位移：x1=12×2×62m=36m；乙的位移：x2=6×6+12×1×62m=54m，可知此时乙在甲的前面54m−36m−16m=2m，故CD错误；故选：B。
根据v−t图象的斜率和截距求出两车的初速度和加速度，当两车相遇时由位移关系列式可求解时间；求解出t=6s时刻两车的位移即可判断位置关系。
解决本题的关键要理解速度时间图线表示的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，斜率表示加速度。
5.如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场中，静止的铀 92238U发生α衰变，生成新原子核X，已知α粒子和新核X在纸面内做匀速圆周运动，则()A. 原子核X的电荷数为91，质量数为236B. α粒子做顺时针圆周运动C. α粒子和原子核X的周期之比为10：13D. α粒子和原子核X的半径之比为45：2【答案】C【解析】解：A、根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，原子核X的电荷数为92−2=90，质量数为238−4=234，故A错误；B、α粒子带正电，由左手定则可知，α粒子做逆时针圆周运动，故B错误；C、根据T=2πmqB 可知，α粒子和原子核X的周期之比：TαT X=42×90234=1013，故C正确；D、根据动量守恒定律，α粒子和原子核X 的动量大小相同，r=mvqB ∝1q可知，α粒子和原子核X的半径之比为rαr X =902=451，故D错误；故选：C。
核反应中遵循质量数和电荷数守恒；根据左手定则判断α粒子做圆周运动的方向；根据T=2πmqB判断周期关系；据动量守恒定律，α粒子和原子核X的动量等大反向，结合r=mv qB求解半径之比。
本题考查动量守恒定律、衰变以及带电粒子在磁场中运动，考查左手定则、带电粒子在磁场中做圆周运动的半径公式以及动量的表达式，运用控制变量的方法分析判断即可求解二、多选题（本大题共5小题，共26.0分）6.高铁已成为重要的“中国名片”，领跑世界。
一辆由8节车厢编组的列车，从车头开始的第2、3、6和7共四节为动力车厢，其余为非动力车厢。
列车在平直轨道上匀加速启动时，若每节动力车厢牵引力大小为F，每节车厢质量都为m，每节车厢所受阻力为车厢重力的k倍。
重力加速度为g。
则()A. 启动时车厢对乘客作用力的方向竖直向上B. 整列车的加速度大小为F−2kmg2mC. 第2节车厢对第1节车厢的作用力大小为F2D. 第2节车厢对第3节车厢的作用力大小为F+kmg2【答案】BC【解析】解：A、启动时车厢对乘客竖直方向有竖直向上的支持力，水平方向有沿动车运动方向的水平摩擦力两个力的合力方向斜向上方，故A错误；B、对整体列车，根据牛顿第二定律：4F−8kmg=8ma，解得：a=F−2kmg2m，故B正确；C、对第1节车厢，根据牛顿第二定律：F21−kmg=ma，解得：F21=F2，故C正确；D、对第1、2节车厢的整体，根据牛顿第二定律：F32+F−2kmg=2ma，解得：F32=0，故D错误；故选：BC。
根据牛顿第二定律，对整体车厢列式可求解加速度；隔离第1节车厢可求解第2节车厢对第1节车厢的作用力大小；隔离2、3节车厢可求解第2节车厢对第3节车厢的作用力大小。
本题考查了牛顿第二定律的基本应用，求解时要注意整体法、隔离法的灵活运用。
7.如图所示，理想变压器原副线圈匝数之比为1：2，正弦交流电源电压为U=12V，电阻R1=lΩ，R2=2Ω，滑动变阻器R3最大阻值为20Ω，滑片P处于中间位置，则()A. R1与R2消耗的电功率相等B. 通过R1的电流为3AC. 若向上移动P，电源输出功率将变大D. 若向上移动P，电压表读数将变大【答案】BC【解析】解：A、理想变压器原副线圈匝数之比为1：2，可知原副线圈的电流之比为2：1，根据P=I2R可知R1与R2消耗的电功率之比为2：1，故A错误；B、设通过R1的电流为I，则副线圈电流为0.5I，初级电压：U−IR1=12−I；根据匝数比可知次级电压为2(12−I)，则2(12−I)0.5I=R2+12R3m=12Ω，解得I=3A，故B正确；CD、若向上移动P，则R3电阻减小，次级电流变大，初级电流也变大，根据P=IU可知电源输出功率将变大，电阻R1的电压变大，变压器输入电压变小，次级电压变小，电压表读数将变小，故C正确，D错误；故选：BC。
对理想变压器原副线圈的匝数比等于原副线圈的电压之比，等于电流的倒数之比，据此进行分析。
本题考查变压器与电路的结合问题，要注意明确电路动态分析的基本方法，同时明确变压器的基本原理。
8.如图所示，在竖直面(纸面)内有匀强电场，带电量为q(q>0)、质量为m的小球受水平向右大小为F的恒力，从M匀速运动到N.己知MN长为d，与力F的夹角为60∘，重力加速度为g，则()A. 场强大小为√F2+m2g2qB. M、N间的电势差为dq√F2+m2g2C. 从M到N，电场力做功为√32mgd−12FdD. 若仅将力F方向顺时针转60∘，小球将从M向N做匀变速直线运动【答案】ACD【解析】解：A、对小球受力分析，如图；根据平衡知识可知：(qE)2=(mg)2+F2，解得E=√F2+m2g2q，故A正确；B、M、N间的电势差为U MN=Edcosα=dq√F2+m2g2cosα(α角是MN与场强方向的夹角)，故B错误；C、从M到N，电场力做功与重力和力F做功之和为零，即W电=−(Fdcos600+mgdcos1500)=√32mgd−12Fd，故C正确；D、因电场力qE和重力mg的合力与F等大反向，则若仅将力F方向顺时针转60∘，小球受的合力方向沿NM的方向向下，大小为F，则小球将从M向N做匀变速直线运动，故D正确；故选：ACD。
小球做匀速运动，则受电场力、重力和力F平衡，根据平衡条件列式可求解场强E；根据U=Ed求解电势差；根据动能定理求解电场力的功；若仅将力F方向顺时针转60∘，根据力的合成知识找到合力的方向，从而判断小球的运动情况。
2019年广东省高考物理一模试卷解析版
4 . 2021年1月3日,“嫦娥四号〞成功软着陆在月球反面, 并通过“鹊桥〞离段四守,……J中继星传回了世界第一张近距离拍摄的月背影像图,揭开了古老月背的.神秘面纱.假设“嫦娥四号〞在着月前绕月球沿椭圆轨道顺时针运动,如.图所示,A为近月点,B为远月点,C, D为轨道短轴的两个端点.只考D 虑月球对“嫦娥四号〞的作用,那么“嫦娥四号〞〔〕A.在A点时受到的万有引力最小B.在B点的运动速率最大C.在从A点到C点的运动过程中,月球对其不做功D.在从B点到D点的运动过程中,动能逐渐变大5 .如下图,某同学将三个完全相同的物体从A点沿三条不同的路径抛出,最终落在与A点同高度的三个不同位置,三条路径的最高点是等高的,忽略空气阻力,以下说法正确的选项是〔〕A.三个物体抛出时初速度的水平分量相等B.沿路径3抛出的物体在空中运动的时间最长C.该同学对三个物体做的功相等D.三个物体落地时重力的瞬时功率一样大二、多项选择题〔本大题共5小题,共27.0分〕6.如图甲所示,空间中存在一大小为0.2T、方向与竖直面〔纸面〕垂直的匀强磁场区域,磁场的上、下边界〔虚线〕间的距离为0.2m且口两边界均为水平面；纸面内磁场上方有一质量为0.01kg的正方形导“I * "X M X X 线中g abcd,导线框的总电阻为0.002 其上、下两边均与磁场边界……信…平行.线框自由下落,从ab边进入磁场时开始,直至cd边到达磁场C.假设不改变Q的电性,仅改变其电荷量, Q将不再受力平衡D.假设将的电荷量改为,那么Q受到的合力大小为——9 . 以下说法正确的选项是〔〕A. 一定质量的理想气体在压强不变、温度升高时,内能的增加量一定大于吸收的热量B.叶面上的小露珠呈球形是由于液体外表张力的作用C.有些物质的状态可以在晶体和非晶体之间转化D.当分子间距离减小时,引力增大,斥力也增大,两者的合力也一定增大E.温度一定时,液体中悬浮的微粒越小,布朗运动越明显10 .以下说法正确的选项是〔〕A.简谐横波的频率和波上质点的振动频率相同B.变化的磁场能产生电场C.做单色光的双缝干预实验时,双缝到屏的距离一定,双缝间距离越大亮条纹间的距离越大D.波长略大于障碍物的尺寸时,能发生明显的衍射现象E.单摆的周期与摆长无关2021年广东省高考物理一模试卷一、单项选择题〔本大题共5小题,共30.0分〕1. 以下说法正确的选项是〔〕A.轻核的聚变可以在常温下自发地完成B.原子核发生一次衰变,原子的质量数增加1C. 是裂变反响D.温度升高,放射性元素的衰变周期变短2.如下图是甲、乙两物体运动的速度一时间图象,以下说法正确的选项是〔上边界为止,该过程中产生的感应电动势如图乙所示.不计空气阻力,重力加速度大小为10m/s2,下列判断正确的选项是〔〕A.导线框的边长为B. ab边刚进入磁场时,导线框的速度大小为C. ab边刚离开磁场时,导线框的速度大小为D. ab边刚离开磁场时,导线框的加速度大小为7.某交变电路如图甲所示,理想变压器的原、副线圈匝数比为5： 1, R I=30 Q, R2=20 Q, 一示波器接在电阻R I两端,示波器上的电压变化图象如图乙所示.电压表和电流表均为理想电表,不计示波器的电流对电路的影响,以下说法正确的选项是〔〕3. A. 内甲物体的加速度大小为B. 3s时乙物体的加速度大小为C.内甲物体的位移大小为一D. 内乙物体的位移大于如下图,足够长的光滑平板AP与BP用钱链连接,平板AP与水平面成53.角固定不动,平板BP可绕平轴在竖直面内自由转动,质量为m的均匀圆柱体O放在两板间,sin53 =0.8 , cs53°=0.6,重力加速度为g.在使BP板由水平位置缓慢转动到竖直位置的过程中, 以下说法正确的选项是〔A.平板BP受到的最小压力为-B.平板BP受到的最8.A.电压表的示数为B.电流表的示数为C.原线圈的输入电压D.电阻消耗的电功率为如下图,点电荷Q I, Q2固定于边长为L的正三角形的两顶点上, 将点电荷q 〔电荷量未知〕固定于正三角形的中央, Q I, Q2的电荷量均为+q.在正三角形第三个顶点上放入另一点电荷Q,且Q的电荷量-q,点电荷Q恰好处于平衡状态.静电力常量为k,不计各电荷受到的重力,以下说法正确的选项是A.假设撤去 ,那么Q将做匀加速直线运动B. 的电荷量为15WQQ/O Q\Q I0 .............大压力为mgC.平板AP受到的最小压力为一D.平板AP受到的最大压力为mg三、实验题探究题〔本大题共2小题,共15.0分〕11 .如下图,图甲是“验证力的平行四边形定那么〞的实验情况图,其中A为固定橡皮条的图钉,O 为橡皮条与细绳的结点, OB和OC为细绳.图乙是某实验小组在白纸上根据实验结果画出的图.〔1〕本实验采用的科学方法是.A.理想实验法 B.限制变量法C.等效替代法D.建立物理模型法〔2〕实验中,小张同学在坐标纸上画出了如图丙所示的两个力F I和F2,图中小正方形的边长表示2N, F为根据平行四边形定那么作出的合力〔图中未画出〕, F I、F2与F的夹角分别为a和生,以下说法正确的选项是.(1)求匀强磁场的磁感应强度的大小；(2)求偏转电场的电场场强的大小；(3)假设调整加速电场的电压,使该粒子不进入偏转电场,求加速电压的取值范围.(3)为提升实验结论的可靠性, 在重复进行实验时,结点O的位置(填“可以〞或“不可以〞) 变动.12 .某小组同学在测一节电池的电动势和内阻时所用器材如下：A.某特殊电池：电动势约为3V、内阻为几欧；B.电压表V：量程0〜3V,内阻为几千欧；C.电流表A:量程0〜100mA,内阻为3.6 QD.标准电阻Ro： 0.4%E.滑动变阻器R1： 0〜20Q;F,滑动变阻器R2：0〜2kQ；G.开关、导线假设干.(1)该小组三名同学各设计了一个实验电路,其中可行的是15.如下图,汽缸开口向上固定在水平面上,其横截面积为S,内壁光滑,A、B为距离汽缸底部h2处的等高限位装置,限位装置上装有压力传感器,可探测活塞对限位装置的压力大小,活塞质量为m,在汽缸内封闭了一段高为加、温度为T1得到理想气体, 对汽缸内气体缓缓降温, 重力加速度为g,大气压强为P0,变化过程中活塞始终保持水平状态.求：①当活塞刚好与限位装置接触(无弹力)时,汽缸内气体的温度丁2；②当A、B处压力传感器的示数之和为2mg时,汽缸内气体的度丁3.(2)实验器材中有两个滑动变阻器,该实验应选用的是 (选填" RJ或" R2〞).(3)选择(1)中正确的电路后,该小组同学闭合开关,调节滑动变阻器,屡次测量,得出多组电压表示数U和电流表示数I,通过描点画出U-I图象如图丁所示,那么该特殊电池的电动势E=V,内阻r=Q .(结果保存三位有效数字)四、计算题(本大题共4小题,共52.0分)13 .如下图,竖直平面内固定有半径R=1.8m的-光滑圆弧轨道,轨道末端水平且与放在水平地面上的长木板的上外表等高.长木板上外表光滑,下外表与水平16.如下图,等长三棱镜abc平放在水平桌面上,光屏MN与棱镜ac边平行,一宽度为d的单色平行光束垂直ac边从ab边射入棱镜,通过棱镜后在光屏上的光束宽度变为2d,真空中光速为co求：①棱镜的折射率n；②该光束中的光通过棱镜所需时间的最大时间差Ato 地面间的动摩擦因数科=0.1木板正中间放有一质量m=1kg的滑块P,木板上外表右端固定有一带有橡皮泥的挡板.现将一质量也为1kg的滑块Q从圆弧轨道的最高点由静止释放,当其刚滑上长木板时给滑块P一个向左的初速度v=3m/s, P、Q发生弹性正碰后滑块P运动到木板右端与挡板粘在一起继续运动.长木板的质量M=5kg,长l=9m,重力加速度g=10m/s2,滑块P、Q均可视为质点.求：(1) P、Q发生弹性正碰后各自的速度;(2)长木板运动的位移大小.14.如下图,半径为 ,的圆形区域内有平行于纸面的匀强电场, 电场方向与水平方向成60.角斜向右下方,同心大圆半径为3r,两圆间有垂直于纸面向里的匀强磁场(内、外边界上均有磁场).一比荷为k的带电粒子由静止经电压为U O的加速电场加速后恰好沿磁场边界的切线进入磁场,并恰好从内圆的最高点A处垂直电场方向进入偏转电场,并从最低点C处离开电场.不计粒子的重力B. F=12NC. 9i=35D. 9i< 02A. F i=4N3.【答案】A【解析】解:AB、小球受重力、斜面AP弹力F1和挡板BP弹力F2,将51与52合成为F=mg,女隔解:A、轻核聚变需在非常高的温度下完成,故A 错误.B、原子核发生一次B衰变,原子核的质量数不变,电荷数增加1,故B错误.C、根据核反响的特点可知,核反响贫1+" 一端Ba+：；Kr+3：n是裂变反响,故C正确.D、放射性元素的半衰期与温度无关,故D错误.应选:C.轻核聚变需在非常高的温度下完成；根据衰变的实质判断原子核质量数的变化；根据反响的类型确定是什么反应；放射性元素的半衰期由原子核内部因素决定,与所处的物理环境和化学状态无关. 此题考查了轻核聚变、侬的实质、半衰期等根底知识点,关键需熟悉教材,牢记这些根底知识点,注意影响半衰期的因素.2.【答案】D【解析】解:A、0〜5s内甲物体的加速度大小为2甲=& = 1, m/s2.故A错误.A i i>a. IB、3s时乙图象切线斜率的绝对值小于1,所以3s时乙物体的加速度大小小于1m/s2.故B错误C、根据数学知识可知,t=5s时甲的速度大小为;m/s,那么0〜5s内甲物体的位移大小为乂甲二3x4 士10山. —--二：］m,故C 错块.D、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移,知0〜5s内乙物体的位移大于:"+3刈+二2 / 1J ■J =13.5m,故D正确.应选：D.在v-t图象中,图象的斜率表示加速度,图象与坐标轴围成的面积表示位移.在时间轴上方的位移为正,下方的面积表示位移为负.结合几何知识分析. 此题是速度-时间图象的应用,关键要明确图象的斜率表示加速度,图象与坐标轴围成的面积表示位移.解题时要注意位移的符号.小球一直处于平衡状态,三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共戋,故51和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共戋.从图中可以看出,当挡板PB逆时针缓慢地转向竖直位置的过程中,F I越来越大,F2先变小,后变大；由几何关系可知,当52的方向与AP的方向平行〔即与F1的方向垂直〕时,F2有最小值为：= "啰= my当挡板BP竖直时,F2最大,为：％皿咐心席.故A正确,B错误；C、当BP沿水平方向时,AP对球的支持力为0,所以AP受到的压力也等于0.故C错误；D、由图可知,当BP沿绳子方向时,AP对球的支持力最大,为：%“二一% f'O^• hi ■{由牛顿第三定律可知,平板AP受到的最大压力为;〞号.故D错误应选:A.除开始时的位置外,小球受三个力作用而保持静止状态,其中重力大小、方向都不变,斜面对球的支持力方向不变,大小变,挡板对球的支持力的大小和方向都变化,根据三力平衡的条件, 结合平行四边形定那么作图分析即可.此题关键对小球受力分析,然后将两个力合成,当挡板方向变化时,将多个力图重合在一起,直接由图象分析出各个力的变化情况.4 .【答案】D【解析】解:A、万用引力跟距离成反比,A点距离最小,故万用引力最大,故A错误；B、B点为远月点,根据开普勒第二定律可知,速度最小,故B错误；答案和解析1.【答案】C 【解析】C、从A至C,其运动速度与万用引力并非始终垂直,引力做功,故C错误；D、根据机械能守恒,从B到D距离减小,引力势能减小,动能增大,故D正确.应选：D.月球对飞船的万有引力大小只跟距离相关,椭圆轨道中机械能守恒,可以利用机械能守恒判定速度大小及功能转化关系.切记椭圆轨道不套引用圆周运动相关结论,月球对飞船的万有引力大小只跟距离相关,椭圆轨道中机械能守恒,可以利用机械能守恒判定速度大小及功能转化关系.5 .【答案】D【解析】解:A、根据斜抛的运动规律知,三条路径的最高点是等高的,故三个物体的竖直方向上面分速度Vy相同,其总的运动时间』〞"也相同,水平位移大的水平分速度大,故A、B错误.yC、同学对小球做功,小球获得初动能,由于三个小球竖直方向分速度相同,水平位移大的第3 个小球水平分速度大,故合初速度大,故第3个小球的初动能大,人对它做功最多,故C错误；D、由于斜抛的时候,竖直分初速度V y相同,落地时的竖直方向分速度也相同,均等于V y,所以落地时重力的瞬时功率P G=mg?v y一样大,故D正确.应选：D.抓住三个小球上升的最大高度相等,得出竖直方向上的运动时间相等,以及初始时刻竖直分速度相等,结合水平位移比拟水平分速度的大小.根据初始时刻竖直分速度和水平分速度的大小, 结合平行四边形定那么比拟出初速度的大小,从而比拟出对物体做功的大小.根据重力瞬时功率的公式,结合落地时竖直分速度的大小比较重力做功的瞬时功率.解决此题的关键将小球分解为水平方向和竖直方向,知道分运动和合运动具有等时性,结合运动学公式灵活求解.6 .【答案】AC【解析】解:AB、设导线框的边长为L,ab边刚进入磁场时,导线框的速度大小为V.由图线乙可知,线框进入磁场过程产生感应电动势不变,线框做匀速直线运动,那么：L=vt=0.2v ,线框进入磁场过程产生的感应电动势为：E=BLv=B< 0.2v X=0.2Bv2 ,由图示图象可知：E=0.01V,代入数据解得: v=0.5m/s, L=0.1m ,故A 正确,B 错误;C、线框完全进入磁场后只受重力作用,做匀加速直线运动,ab边刚离开磁场时线框的速度为：v'『声j = v n.ri2+2x IOx((k2-(Ll) =1.5m/s,故C 正确；D、ab边刚离开磁场时,线框受到的安培力为：F=BIL= ,由牛顿第二定律得：F-mg=ma,n代入数据解得：a=110m/s2,故D错误；应选:AC.根据图线乙判断线框进入磁场时的运动性质,应用E=BLv与速度公式求出线框的边长；根据安培力公式求出线框受到的安培力大小,应用平衡条件求出ab边刚进入磁场时线框的速度大小；应用运动学公式求出ab边刚离开磁场时线框的速度,应用牛顿第二定律和安培力公式求出线框加速度大小.根据图示图象,分析清楚线框进入磁场过程的运动性质与运动过程是解题的前提与关键,应用E=BLv、运初学公式与牛顿第二定律即可解题.7 .【答案】AC【解析】解:A、一示波器接在电阻R1两端,示波器上的电压变化图象如图乙所示,R1两端电压的有效一一；2值是万V, 曲.......................... ..R1=30Q, R2=20Q,根据欧姆定律得电压表的小数为%=35.4V,故A正确；V -B、副饯圈电流I2=* = V A,电流与匝数成反比,所以电流表的示数为I I=^ A,故B错误；iM.J a ।C、根据图乙所示,周期T=0.04s,⑴=二50兀rad/,s1 f.tn理想变压器的原、副线圈匝数比为5:1,变压器中电压与匝数成正比,原线圈的电压最大值是250V,所以原线圈的输入电压u=250sin50冗V),横正确；D、电阻R2消耗的电功率为P=/；R2=10W,故D错误；应选:AC.由图象求出交流电的周期和电压最大值；变压器中电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,输入功率等于输出功率,电表显示有效值. 根据图象准确找出量,是对学生认图的根本要求,准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系,是解决本题的关键.8.【答案】BD 【解析】解:A、假设撤去Q3,点电荷Q所受的合力为Q1、Q2对点电荷Q库仑力的合力,方向竖直向下, 向下加速运动的过程中,由于距离两电荷的距离变化,导致库仑力的变化,那么加速度变化,做变加速直线运动,故A错误.B、Q「Q2对点电荷Q库仑力的合力为：「制、邙小,方向竖直向下根据几何关系知,Q3与点电荷Q的距离为：r=[U根据平衡知：,T-L- 解得Q3=""九带负电,故B正确.14C、根据A•芈=理?“知,Q的电量可以约去,假设不改变Q的电性,仅改变其电荷量,Q将仍然受力平衡,故C 错误.D、假设将Q1的电荷量改为-q,Q受到Q1、Q2的合力,方向水平向右,Q3对Q的库仑力大小为理f ,方向竖直向上,根据平行四边形法那么知,Q受到的合力大小L-博“〔嘈心=驾,故D正确.\ £- £* J应选：BD. 根据受力情况分析运动情况；根据平衡条件结合库仑定律列方程求解电荷量.改变电性后,结合电荷所受的库仑力大小,运用平行四边形法那么求解合力大小. 此题主要是考查电场强度的叠加,知道电场强度是一个矢量,其合成满足矢量的平行四边形法那么.9 .【答案】BCE 【解析】解:A、由理想气体状态方程PV=kT, 一定质量的理想气体,压强不变,温度升高时,体积也增大,止对气体对外做功W<0,而温度升高时,理想气体的内能也增大国>0,根据热力学第一定律dU=Q+W,内能的增加量一定小于吸收的热量.故A错误；B、液体外表张力产生的原因是：液体跟气体接触的外表存在一个薄层,叫做外表层,外表层里的分子比液体内部稀疏,分子间的距离比液体内部大一些,分子间的相互作用表现为引力.就象你要把弹簧拉开些,弹簧反而表现具有收缩的趋势.正是由于这种张力的存在,有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如；故B正确；C、晶体和非晶体在适当的条件下可以互相转化.例如天然石英是晶体,熔融过的石英却是非晶体.把晶体硫加热熔化〔温度超过300C〕再倒1冷水中,会变成柔软的非晶硫,再过一段时间又会转化为晶体硫.故C正确；D、分子间既存在引力也存在斥力,当分子间距小于平衡距离时,分子力表现为斥力；当分子问距大于平衡距离时,分子力表现为引力.所以分子间距离减小时,引力增大,斥力也增大,但两者的合力也不一定增大,故D错误；E、温度一定时,悬浮在液体中的固体颗粒越小,同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少,冲力越不平衡,布朗运动越明显；故E正确.应选：BCE.一定质量的理想气体在压强不变、温度升高时,内能的增加量一定小于吸收的热量；叶面上的小露珠呈球形是由于液体外表张力的作用；有些物质的状态可以在晶体和非晶体之间转化；当分子间距离减小时,引力增大,斥力也增大,两者的合力也不一定增大；温度一定时,液体中悬浮的微粒越小,布朗运动越明显.此题考查了热力学第一定律、液体外表张力、晶体和非晶体、布朗运动等知识.关键点一：会利用热力学第一定律△WQ+W解决问题；关建点二：要牢记液体外表张力、晶体和非晶体的根本概念；关键点三：熟悉布朗运动及其条件.10 .【答案】ABD 【解析】解:A、简谐横波在传播过程中波的频率不变,简谐横波的频率和波上质点的振动频率相同,故A正确；B、由麦克斯韦电磁理论可知,变化的磁场可以产生电场,故B正确；C、由干预条纹公式：与=与人可知,做单色光的双缝干预实验时,阳到屏的距离L 一定,双缝间距d离越大亮条纹间的距离以越小,故C错误；D、波长略大于障碍物的尺寸时,育欧生明显的衍射现象,故D正确；E、由单摆周期公式：T=2町任可知,单摆周期T与摆长L有关,故E错误；V g应选:ABD.质点做简谐运动的频率与简谐横波的频率相等；变化的电场可以产生磁场,变化的磁场可以产生电场；根据双缝干预条纹间距公式分析答题；当波长与障碍物尺寸相差不多时可以发生明显的衍射现象；根据单摆周期公式分析判断周期与摆长的关系.此题涉及的知识点较多,但难度不大,掌握根底知识即可解题,平时要注意根底知识的学习与积累.11 .【答案】C B可以【解析】解：10 〕合力与分力是等效替代的关系,所以本实验采用的等效替代法.故C正确,ABD错误应选:C2〕根据平行四边形定那么,作出两个力的合力,如图.那么上可知,F1=2v2 N,合力F=12N.根据几何关系知F1与F的夹角分别为q=45°.从图上可知,出＞坛.故B正确,A、C、D错误.3〕同一次实验中,O点的位置不能改变,但重复进行实验时,O点位置是允许变动的.故答案为：10C；2 B； 30可以1〕才实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定那么,因此采用等效法〞,注意该实验方法的应用.2〕才实验是要验证平行四边形定那么,注意在理解实验的原理根底上,掌握实验的方法和数据的处理方法以及需要注意的事项,尤其是理解本实验的等效〞思想.明确实验值〞和实际值〞的区别.根据平行四边形定那么作出合力,从而确定合力的大小和分力与合力的夹角.3〕实验过程需要记录拉力的大小与方向,需要记录橡皮筋结点位置,据此分析做题.本实验考查验证平行四边形定那么的实验,采用的是等效替代〞的方法,即一个合力与几个分力共同作用的效果相同,可以互相替代,明确理论值〞和实验值〞的区别.12 .【答案】乙R I 3.05 0.955【解析】解：10虺意可知,电流表量程太小,应把电流表与定值电阻并联扩大其量程,电压表测路端电压,电流表测电路电流,滑动变阻器采用限流接法,应选择图乙所示电路图.2〕为方便实验操作,滑动变阻器应选择R103〕电流表内阻为3.6 0定值电阻阻值为0.4 R流过定值电阻的电流为电流表电流的9倍,电流表量程扩大了10倍,由图示电源U-I图象可知,电源电动势为：E=3.05V,电源内阻为：「=△_ =：：：「：=0.955 Q;. 1 IL 1 LUX1U故答案为：10 乙；2〕R1; 303.05,0.955.1〕根据伏安法测电源电动势与内阻的实验原理选择实验电路图.2〕为方便实验操作,应选择最大阻值较小的滑动变阻器.3)电源U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势,图象斜率的绝对值是电源内阻,根据图示图象求出电源电动势与内阻.此题考查了实验电路选择、实验数据处理,知道实验原理是解题的前提与关键,要掌握图象法处理实验数据的方法；电源U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势,图象斜率的绝对值是电源内阻.13 .【答案】解：(1) P沿-光滑圆弧轨道下滑的过程,由机械能守恒定律得mgR=-mv Qi2°解得V Qi=6m/s两滑块碰撞过程,取向右为正方向,由动量守恒定律和机械能守恒定律分别得mv Qi- mv= mv Q2+ mv P2.- mv Qi2+ -mv2=-mv Q22+-mv p22°解得v Q2=-3m/s, v P2=6m/s(2)两滑块相碰前的位移大小之和为-=4.5m,那么有(V QI+V) t=4.5m可得滑块P向左运动的位移大小x p=vt=1.5m,滑块Q向右运动的位移大小X Q=3m 而两滑块相碰后, Q向左运动一=-二1s后离开木板,P向右运动= --------------- =1s后与挡板相撞,相撞过程中动量守恒,那么有mv p2= (m+M) v 共.碰后P与木板一起向右运动,由动能定理得2-(m+M) gx=0-- (m+M) v 共.解得x =0.5m答：(1) P、Q发生弹性正碰后各自的速度为6m/s,向右,以及3m/s,向左；(2)长木板运动的位移大小是0.5m.【解析】QP沿|光滑圆弧轨道下滑的过程中,只有重力做功,其机械能守恒.根据机械能守恒定律求IP与Q碰撞前瞬间的速度.对于P、Q碰撞过程,利用动量守恒定律和机械能守恒定律列式,可求得碰后两者的速度.2)两滑块相碰前位移大小等于g=4.5m,根据位移等于速度乘以时间,求出滑块P向左运动的位移,以及Q向右运动的位移.两滑块相碰后,Q向左运动,过一段时间后离开木板.而P过一段时间后与挡板粘在一起,粘合过程P与木板的动量守恒,由动量守恒定律求出粘合后的共同速度,再由动能定理求长木板运动的位移大小. 解决此题时要理清两滑块的运动过程,注意判断P与挡板相碰时Q是否离开木板.在运用动量守恒定律时要注意选取正方向,用正负号表示速度方向.14.【答案】解：(1)设带电粒子在磁场中运动的半径为R,由几何关系得, (3r-R) 2+( -「)2=R2解得：R=2r £ E :由公式qvB=m- -------U0q-解得：8二二(2)粒子在偏转电场中做类平抛运动,由几何关系知一rcos30=-3 1 fH T HS--rsin30 = vt解得：E=一(3)粒子在加速电场中运动时有：qU =而qv B= -------- , B= ---------解得：U=一①当R1二二时,粒了经过电场左边界,解得：U1=一- @当R2=—时,粒子经过电场右边界,解得：U2=——所以加速电压的取值范围是：04 <——和 -------- O答：(1)匀强磁场的磁感应强度的大小是------- ；(2)偏转电场的电场场强的大小—；(3)加速电压的取值范围04V——和 ---------- 4.【解析】1)画出粒子在磁场中运动的轨迹示意图,由几何关系求得轨道半径,再由洛伦兹力提供向心力可求得磁感应强度的大小；2)粒子在偏转电场中做类平抛运动,除平抛运动的规律结合几何关系可求得场强的大小；3)粒子在加速电场中由动能定理可写出加速电压的表达式,分析不同的临界情况求得加速电。
2019届深圳市高三年级第一次调研考试理综物理试题及答案
深圳市2019年高三年级第一次调研考试理科综合能力测试2019.2.22二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．在水平地面上方某处，把质量相同的P、Q两小球以相同速率沿竖直方向抛出，P向上，Q向下，不计空气阻力，两球从抛出到落地的过程中A．P球重力做功较多B．两球重力的平均功率相等C．落地前瞬间，P球重力的瞬时功率较大D．落地前瞬间，两球重力的瞬时功率相等15．如图，带电的平行板电容器和静电计用导线相连A．若仅使上极板上移一段距离，则电容器的电容增大B．若仅向两板间插入云母介质，则板间电场强度减小C．若静电计指针张角增大，可能仅是因为两板正对面积增大D．若静电计指针张角减小，可能仅是因为两板间距变大16．如图所示，将一小球从固定斜面顶端A以某一速度水平向右抛出，恰好落到斜面底端B。
若初速度不变，对小球施加不为零的水平方向的恒力F，使小球落到AB连线之间的某点C。
不计空气阻力。
则A．小球落到B点与落到C点所用时间相等B．小球落到B点与落到C点的速度方向一定相同C．小球落到C点时的速度方向不可能竖直向下D．力F越大，小球落到斜面的时间越短17．可视为质点的甲、乙两小车分别沿同一平直路面同向行驶，t=0时，甲在乙前方16m 处，它们的v-t图象如图所示，则下列说法正确的是A．甲、乙在t=2s和t=10s时刻并排行驶B ．甲、乙在t=4s 和t=8s 时刻并排行驶C ．在t=6s 时，乙车在甲车前8mD ．在t=6s 时，乙车在甲车前18m18．如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场中，静止的铀U 23892发生α衰变，生成新原子核X ，已知α粒子和新核X 在纸面内做匀速圆周运动，则A ．原子核X 的电荷数为91，质量数为236B ．α粒子做顺时针圆周运动C ．α粒子和原子核X 的周期之比为10：13D ．α粒子和原子核X 的半径之比为45：219．高铁己成为重要的“中国名片”，领跑世界。
2019年广东省深圳市高考物理一模试卷
2019年广东省深圳市高考物理一模试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．（6分）在水平地面上方某处，把质量相同的P、O两小球以相同速率沿竖直方向抛出，P向上，O向下，不计空气阻力，两球从抛出到落地的过程中（）A．P球重力做功较多B．两球重力的平均功率相等C．落地前瞬间，P球重力的瞬时功率较大D．落地前瞬间，两球重力的瞬时功率相等2．（6分）如图，带电的平行板电容器和静电计用导线相连（）A．若仅使上极板上移一段距离，则电容器的电容增大B．若仅向两板间插入云母介质，则板间电场强度减小C．若静电计指针张角增大，可能仅是因为两板正对面积增大D．若静电计指针张角减小，可能仅是因为两板间距变大3．（6分）如图所示，将一小球从固定斜面顶端A以某一速度水平向右抛出，恰好落到斜面底端B．若初速度不变，对小球施加不为零的水平方向的恒力F，使小球落到AB连线之间的某点C．不计空气阻力。
则（）A．小球落到B点与落到C点所用时间相等B．小球落到B点与落到C点的速度方向一定相同C．小球落到C点时的速度方向不可能竖直向下D．力F越大，小球落到斜面的时间越短4．（6分）可视为质点的甲、乙两小车分别沿同一平直路面同向行驶，t＝0时，甲在乙前方16m处，它们的v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A ．.甲、乙在t ＝2 s 和t ＝10 s 时刻并排行驶B ．.甲、乙在t ＝4 s 和t ＝8 s 时刻并排行驶C ．.在t ＝6s 时，乙车在甲车前8mD ．.在t ＝6s 时，乙车在甲车前18m5．（6分）如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场中，静止的铀92238U 发生α衰变，生成新原子核X ，已知α粒子和新核X 在纸面内做匀速圆周运动，则（ ）A ．原子核X 的电荷数为91，质量数为236B ．α粒子做顺时针圆周运动C ．α粒子和原子核X 的周期之比为10：13D ．α粒子和原子核X 的半径之比为45：26．（6分）高铁已成为重要的“中国名片”，领跑世界。
广东省2019届高三物理一模考试试题(含解析)
广东省2019届高三物理一模考试试题（含解析）一、选择题1. 如图所示为某质点在 0- t 2时间内的位移一时间（X-t ）图象，图线为开口向下的抛物线，图A. 该质点可能做的是曲线运动B. 该质点一定做的是变加速直线运动D.该质点在t=0和t t 2时刻的速度相同【答案】C 【解析】2 质点在0-12时间内的位移方向不变，则质点做直线运动，选项A 错误；根据X v °t —at ，2可知，因图线是抛物线，则质点的运动是匀加速直线运动，选项B 错误；由数学知识可知，2 2 t l」 勺 *亠 乞 2X 0当"ci a 时，X 有极大值，X01 2a ，联立解得：V 0 -，选项C 正1 —a4 -a 2a12 2确；该质点在t=0和t t 2时刻的速度大小相同，但是方向不同，选项D 错误；故选C.2.地球同步卫星A 和一颗轨道平面为赤道平面的科学实验卫星B 的轨道半径之比为4:1，两卫星的公转方向相同，那么关于A 、B 两颗卫星的说法正确的是A. A B 两颗卫星所受地球引力之比为1:16B. B 卫星的公转角速度小于地面上跟随地球自转物体的角速度中所标的量均已知。
关于该质点在0-t 2时间内的运动，下列说法正确的是（C.该质点运动的初速度大小- -定是2xt iC. 同一物体在B 卫星中时对支持物 压力更大D. B 卫星中的宇航员一天内可看到8次日出【答案】D 【解析】3. 如图所示，在真空中某点电荷的电场中，将两个电荷量相等的试探电荷分别置于时，两试探电荷所受电场力相互垂直，且F 2=3F I ，则以下说法正确的是A. 这两个试探电荷的电性可能相同B. M 、N 两点可能在同一等势面上C •把电子从M 点移到N 点，电势能可能增大D.过MN 上某点P （未标出）的电场线与 MN 垂直时，P 、N 的距离可能是 P 、M 距离的3倍【答案】C 【解析】卫星所受地球引力与卫星的质量和卫星到地球的距离有关，由 星的质量关系未知之比无法求出，A 错误;地球同步卫星A 的公转角速度等于地面上跟随地球 度越大，B 卫星的公转角速度大于 A 卫星的公车 卫星中的物体随卫星一起绕地球做匀速圆周运动, 状态，对支持物的压力为零,2GMm 4 根据 2 m 亍r , T r T±_r_, A 和 GM球同步卫星A 的周期为一天, 日出，D 周期。
2019学年第二学期深圳高级中学高三年级校一模考试理综试题物理部分
2019学年第二学期深圳高级中学高三年级校一模考试理综试题物理部分13、下列说法符合物理史实的是（ ）A 、牛顿最早论证了重物体不会比轻物体下落得快B 、卡文迪许利用扭秤装置测出了万有引力的引力常量C 、库仑是第一个提出电荷间的相互作用是以电场为媒介的科学家D 、玻意耳通过实验得到了一定质量气体的体积与温度的关系。
14、下列说法中正确的是（ ）A 、布朗运动是用显微镜观察到的分子的运动B 、由于气体分子之间存在斥力作用，所以压缩气体时会感到费力C 、若气体的体积增大，则气体对外做功，但气体的内能有可能保持不变D 、热量可能自发地从低温物体传递到高温物体15、如图，A 、B 两三角形木块叠放在一起，先用手托住，让它们静靠在竖直墙边，然后释放，它们同时沿墙面向下落，已知m A >m B ，在运动过程中B 受力的个数为（ ）A 、1B 、2C 、3D 、416、2019年9月25日至28日我国成功实施了“神舟”七号载人航天飞行并实现了航天员首次出舱，飞船先沿椭圆轨道飞行，后在远地点343千米处点火加速，由椭圆轨道变成高度为343千米的圆轨道，在此圆轨道上飞船运行周期约为90分钟，下列判断正确的是（ ）A 、飞船变轨前后的机械能相等B 、飞船在圆轨道上时航天员出舱前后都处于失重状态C 、飞船在此圆轨道上运动的角速度等于同步卫星运动的角速度D 、飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时的加速度大于变轨后沿圆轨道运动的加速度 双向选择题：17、如图正方形线框abcd 边长为L ，每边电阻均为r ，在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕cd 轴以角速度ω转动，cd 两点与外电路相连，外电路电阻也为r ，则下列说法中正确的是（ ）A 、S 断开时，电压表读数为222L B ω B 、S 断开时，电压表读数为282L B ω C 、S 闭合时，电流表读数为2102L B r ω D 、S 闭合时，线框从图示位置转过2π的过程中流过电流表的电量为r BL 7218、在如图所示的电路中，开关S 闭合后，和未闭合开关S 前相比较三个电表的读数变化情况是（ ）A 、 A 1变大、A 2变小B 、 V 变大、A 1变小C 、 V 变小、A 2变小D 、 A 1变小、A 2变大19、如图所示，质量为M 的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m 的粗糙物块以某一初速度沿劈的粗糙斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体M 始终保持静止，则在物块m 上、下滑动的整个过程中（ ）A 、地面对物体M 的摩擦力先向左后向右B 、地面对物体M 的摩擦力方向没有改变C 、地面对物体M 的支持力总小于（M+m ）gD 、地面对物体M 的摩擦力大小相同20、有三个质量分别为5M 、3M 、2M 的小球A 、B 、C ，其中B 球带正电Q ，其余两球不带电，用足够长的不会伸长的绝缘线连接，均置于竖直向下的匀强电场中，场强大小为E ，如图所示。
2019广东省一测理综物理试题含答案(发布版)new
2019一测物理二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．2018年11月12日中科院等离子体物理研究所发布消息：全超导托克马克装置EAST 在实验中有了新的突破，等离子体中心电子温度达到1亿摄氏度；其主要核反应方程为：①X HeH H322121②X He Y H4221，则下列表述正确的是A ．X 是质子B ．Y 是氚核C ．X 与Y 是同位素D ．①②两个核反应都属于裂变反应15．如图为跳水运动员从起跳到落水过程的示意图，运动员从最高点到入水前的运动过程记为I ，运动员入水后到最低点的运动过程记为II ，忽略空气阻力，则运动员A ．过程I 的动量改变量等于零B ．过程II 的动量改变量等于零C ．过程I 的动量改变量等于重力的冲量D ．过程II 的动量改变量等于重力的冲量16．如图甲所示，梯形硬导线框abcd 固定在磁场中，磁场方向与线框平面垂直，图乙表示该磁场的磁感应强度B 随时间t 变化的关系，t=0时刻磁场方向垂直纸面向里。
在0～5t 0时间内，设垂直ab 边向上为安培力的正方向，线框ab 边受到该磁场对它的安培力F 随时间t 变化的关系图为17．高速公路的ETC 电子收费系统如图所示，ETC 通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离。
某汽车以21.6km/h 的速度匀速进入识别区，ETC 天线用了0.3s 的时间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动刹车，汽车刚好没有撞杆。
已知司机的反应时间为0.7s ，刹车的加速度大小为5m/s 2，则该ETC 通道的长度约为A ．4.2mB ．6.0mC ．7.8mD ．9.6ma b cd甲tBO0B 0B 02t 04t 乙AtF OF 0F tFOF 0F tFOF 0F BCD2t 04t 02t 04t 02t 04t tFOF 0F 02t 04t18．位于贵州的“中国天眼”（FAST ）是目前世界上口径最大的单天线射电望远镜，通过FAST可以测量地球与木星之间的距离。
广东省深圳市2019届高三第一次调研(深圳一模)(理综物理部分)
2019年高考深圳一模物理试题及答案（2019.3.8）每小题4分，满分16分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求，选对的得4分，多选、选错或不答的得0分．1．下列说法正确的是A．布朗运动是液体分子的运动，它说明分子在永不停息地做无规则运动B．1 g水所含有的分子个数与阿伏加德罗常数相等C．玻尔理论成功地解释了各种原子的发光现象D．卢瑟福根据α粒子散射实验建立了原子的核式结构模型2．如图所示，斜面AB、DB摩擦因数相同．可视为质点的物体，分别沿AB、DB从斜面顶端由静止下滑到底端，下列说法正确的是A．物体沿斜面DB滑动到底端时动能较大B．物体沿斜面AB滑动到底端时动能较大C．物体沿斜面DB滑动到底端过程中克服摩擦力做的功较多D．物体沿斜面AB滑动到底端过程中克服摩擦力做的功较多3．让钢球从某一高度竖直落下进入液体中，图中表示的是闪光照相机拍摄的钢球在液体中的不同位置．则下列说法正确的是Ａ．钢球进入液体中先做加速运动，后做减速运动Ｂ．钢球进入液体中先做减速运动，后做加速运动Ｃ．钢球在液体中所受到阻力先大于的重力，后等于的重力Ｄ．钢球在液体中所受到阻力先小于的重力，后等于的重力4．如图所示，水平光滑的金属框架上左端连接一个电阻R，有一金属杆在外力F匀强磁场方向竖直向下，轨道与金属杆的电阻不计并接触良好，则能反映外力F随时间t变化规律的图像是二、双项选择题：本题共5小题，每小题6分，满分30分．在每小题给出的四个选项中，只有2个选项符合题目要求，全选对的得6分，只选1项且正确的得3分，有多选、选错或不答的得0分．5．根据热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是A．气体的温度越高，气体分子无规则运动的平均动能越大B．物体的温度为0℃时，物体分子的平均动能为零C.分子势能一定随分子间距离的增大而增大D. 给物体加热，物体的内能不一定增加6．在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，都不同程度地含有放射性元素，有些A B DCAB CD含有铀、钍的花岗岩会释放出放射出α、β、γ射线，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是A．发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，核内质量数减少2B．发生β衰变时，生成核与原来的原子核相比，核内中子数减少1C．β射线是原子的核外电子电离后形成的电子流D．在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱7．某卫星在月球上空绕月球做匀速圆周运动，若已知该卫星绕月球的周期和轨道半径，则由已知物理量可以求出A．月球的质量B．月球的密度C．月球对卫星的引力D．卫星的向心加速度8．如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M、N两点，在连线上有对称点a、c，MN连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是A．a点场强与c点场强一定相同B．a点电势一定小于c点电势C．负电荷在c点电势能一定大于在a点电势能D．正电荷从d点移到b点电场力不做功9．交流电源输出的电压U随时间t变化的图线如图所示，则下列说法正确的是A．交变电流的频率为50HzB．交变电流的周期为2SC．交变电压的最大值2220VD．交变电压的有效值2220V三、实验题：本题共2小题，共18分．答案或图必须填写在答题卡上指定区域的指定位置．10．（8分）（1）在研究弹簧的弹性势能与弹簧长度改变量的关系的实验中，弹簧长度的改变量可以利用刻度尺直接测量得到，而弹性势能的大小只能通过物理原理来间接测量．现有两组同学分别按图甲（让钢球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，使钢球沿水平方向射出桌面）和图乙（让滑块向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，使滑块在气垫导轨上向右运动，通过相应的测量仪器可以测出滑块脱离弹簧后的速度）两组不同的测量方案进行测量．请写出图甲方案中弹性势能与小球质量及图中各量之间的关系E P= ；图乙方案中除了从仪器上得到滑块脱离弹簧后的速度外还要直接测量的量；两种方案的共同点都是将弹性势能的测量转化为对能的测量．请你用简短的语言设计第三种研究弹簧弹性势能的方案．-图甲图乙10．（10分）（2）在探究金属丝的电阻与金属丝长度的关系的实验中，某实验小组得到了如图所示的R-L实验图线，则图线的斜率与导线的横截面积的乘积表示的物理量是．为了测量金属丝的电阻（阻值在5-10Ω间），实验提供了下列器材和电路：A. 电压表（0～3V，内阻1kΩ）B. 电压表（0～15V，内阻5kΩ）C. 电流表（0～0.6A，内阻2Ω）D. 电流表（0～3A，内阻0.5Ω）E. 滑动变阻器（10Ω，0.2A）F. 滑动变阻器（50Ω，0.6A）G. 直流电源（6V，内阻不计）另有开关一个、导线若干．实验中电路应选，电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______．（只填器材的字母代号）．四、计算题：本题共2小题，36分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位．必须填写在答题卡上指定区域的指定位置．11．（18分）如图所示，ABCDE是由三部分光滑轨道平滑连接在一起组成的，AB为水平轨道，BCD是半径为R的半圆弧轨道，DE是半径为2R的圆弧轨道，BCD与DE相切在轨道最高点D，R=0.6m．质量为M=0.99 kg的小物块，静止在AB轨道上，一颗质量为m=0.01kg 子弹水平射入物块但未穿出，物块与子弹一起运动，恰能贴着轨道内侧通过最高点从E点飞出．取重力加速度g=10m/s2，求：（1）物块与子弹一起刚滑上圆弧轨道B（2）子弹击中物块前的速度；（3）系统损失的机械能．图甲图乙12．（18分）如图所示，在空间中存在垂直纸面向里的场强为B 匀强磁场，其边界AB 、CD 的宽度为d ，在左边界的Q 点处有一质量为m ，带电量为负q 的粒子沿与左边界成30o 的方向射入磁场，粒子重力不计．求：（1）带电粒子能从AB 边界飞出的最大速度？（2）若带电粒子能垂直CD 边界飞出磁场，穿过小孔进入如图所示的匀强电场中减速至零且不碰到负极板，则极板间电压及整个过程中粒子在磁场中运动的时间？ （3）若带电粒子的速度是（2）中的3倍，并可以从Q 点沿纸面各个方向射入磁场，则粒子能打到CD 边界的范围？A参考答案：10．（1）E P=mgS2/4h；滑块的质量；动能；（此空根据情况给分）(每空2分)10．（2）金属丝的电阻率；乙；A ；C ；F (每空2分)11．（1）由物块与子弹一起恰能通过轨道最高点D，得：2()()2DvM m g M mR+=+（3分）又由物块与子弹上滑过中根据机械能守恒得：2211()()2()22D BM m v M m g R M m v+++⋅=+（3分）代入数据解得：6/Bv m s=（2分）（2）由动量守恒()Bmv M m v=+（3分）600/v m s=（2分）（3）根据能的转化和守恒定律得2211()22BE mv M m v∆=-+（3分）代入数据得：1782E J∆=（2分）12．（１）粒子能从左边界射出，临界情况有cos30R R d+︒=RvmBqv2=2(2(1cos30)Bqd Bqdvm m==+︒（3分）所以粒子能从左边界射出速度应满足v≤（3分）/（２）粒子能从右边界射出 030cos dR = R v m B q v 222= （2分） 2212mv qU = 解得2222222cos 303B qd B qd U m m ==︒ （1分） 粒子不碰到右极板所加电压满足的条件 2223B qd U m≥ （1分）因粒子转过的圆心角为60︒，所用时间为6T，而Bq m T π2= （1分）因返回通过磁场所用时间相同，所以总时间 Bqm T t 3262π=⨯= （1分） （３）当粒子速度为是（2）中的3倍时 解得 /2R d = 粒子，如图 （3分）由几何关系可得d d l 3230cos 220=⨯= （3分）。
2019广东高考物理部分试题及解答
2019年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）A理科综合本试卷共10页，36小题，满分300分。
考试用时150分钟。
注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号、试室号、座位号填写在答题卡上。
用2B 铅笔将试卷类型（A ）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。
2.选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔盒涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4.考试必须保持答题卡的整洁。
考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。
一．单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。
13．清晨，草叶上的露珠是由空气中的水汽凝结成的水珠 ，这一物理过程中，水分子间的（）（A ）引力消失 ，斥力增大 （B ）斥力消失，引力增大 （C ）引力、斥力都减小 （D ）引力、斥力都增大14．景颇族的祖先发明的点火器如图1所示，用牛角做套筒，木质推杆前端粘着艾绒。
猛推推杆，艾绒即可点燃，对筒内封闭的气体，再次压缩过程中（）（A ）气体温度升高，压强不变（B ）气体温度升高，压强变大 （C ）气体对外界做正功，其体内能增加 （D ）外界对气体做正功，气体内能减少 15．质量和电量都相等的带电粒子M 和N ，以不同的速度率经小孔S 垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图2中虚线所示，下列表述正确的是（）（A ）M 带负电，N 带正电 （B ）M 的速度率小于N 的速率 （C ）洛伦兹力对M 、N 做正功 （D ）M 的运行时间大于N 的运行时间16．如图3所示，两根等长的轻绳将日光灯悬挂在天花板上，两绳与竖直方向的夹角都为45°，日光保持水平，所受重力为G ，左右两绳的拉力大小分别为（）（A ）G 和G （B ）22G 和22G （C ）12G 和32G （D ）12G 和12G二、双项选择题：本大题共9小题，每小题6分，共54分。
2019年广东省高考物理试题解析[1]
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2019年广东省高考物理试题解析一、单项选择题（共 40 分，每小题 4 分，每小题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上。
）1．意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动,且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是（）(A)物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性（B）自由落体运动是一种匀变速直线运动（C)力是使物体产生加速度的原因（D）力不是维持物体运动的原因【答案】B【分值】4分【考查方向】物理学史【易错点】1、正确的结论不一定是斜面实验的结论2、合理的外推需要正确理解【解题思路】1、从斜面实验的历史背景出发。
2、结合斜面上匀变速直线运动并合理外推.【解析】伽利略为了验证自由落体运动是否为匀变速，面临自由落体时间过短，当时的计时工具无法测量的问题,于是从斜面出发，根据沿斜面匀加速下滑进而把倾角进一步增大，最后外推的倾角90度，即自由落体运动也是匀变速直线运动,其他三项都对，但不是斜面实验合理外推的结论,也不符合斜面实验结果。
选项B对。
2．如图为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间。
假定此时他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，则他（ )(A)所受的合力变化，做变加速运动（B）所受的合力恒定，做变加速运动（C)所受的合力恒定,做匀加速运动(D）所受的合力为零，做匀速运动【答案】A【分值】4分【考查方向】匀速圆周运动【易错点】1、力是矢量2、加速度是矢量【解题思路】1、匀速圆周运动的向心力和加速度方向。
2019深圳一模理综试题+答案(word版)
深圳市2019年高三年级第一次调研考试理科综合能力测试一、选择题：本大题共13小题，每小题6分，共78分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．人体胰腺细胞中粗面内质网(附着核糖体的内质网)含量较高，性腺细胞中滑面内质网含量较高。
据此推测合理的是A．性激素的化学本质为蛋白质B．粗面内质网参与蛋白质的合成C．性激素直接由基因转录翻译而成D．胰腺细胞中无性激素合成基因2．在光裸的岩地长成森林的过程中，有关土壤的说法错误的是A．地衣分泌有机酸加速岩石风化，土壤颗粒数增多B．苔藓植物进一步加速岩石分解，土壤微生物增加C．草本阶段多种生物共同作用下，土壤有机物增加D．演替过程中有机物逐渐增加，土壤通气性逐渐下降3．由青霉菌中提取的淀粉酶在不同温度条件下分别催化淀粉反应1h和2h，其产物麦芽糖的相对含量如图所示。
相关分析正确的是A．第1h内，酶的最适温度在45-50℃之间B．第1h到第2h，45℃条件下淀粉酶活性提高C．第1h到第2h，50℃条件下酶的催化作用明显D．若只生产1h，45℃左右时麦芽糖产量相对较高4．有的时候，携带丙氨酸的tRNA上反密码子中某个碱基改变，对丙氨酸的携带和转运不产生影响。
相关说法正确的是A．tRNA可作为蛋白质翻译的模版B．tRNA的反密码子直接与氨基酸结合C．决定丙氨酸的密码子只有一种D．tRNA上结合氨基酸的位点在反密码子外5．探究生长素类似物对扦插的枝条生根的影响实验中，下列说法不合理的是A．为摸索实验条件，正式实验前要做预实验B．低浓度溶液浸泡处理材料，要确保光照充分C．探究不同浓度药液影响时，处理时间要一致D．同一组实验所用植物材料，要保持相对一致6．果蝇的红眼基因(R)对白眼基因(r)为显性，它们位于x染色体上，Y上没有。
在遗传实验中，一只白眼雌果蝇(甲)与红眼雄果蝇(乙)交配后，产生的后代如下：670只红眼雌，658只1白眼雄，1只白眼雌。
对后代中出现白眼雌果蝇的解释不合理的是A．X R X r个体中的R基因突变成为rB．甲减数分裂产生了X r X r的卵细胞C．X R X r染色体中含R基因的片段缺失D．乙减数分裂过程中发生了交叉互换7．下列叙述正确的是A．很多鲜花和水果的香味来自于酯B．甲烷和苯都可通过石油分馏得到C．糖类和油脂在一定条件下均能水解D．棉花和蚕丝的主要成分是纤维素8．A N为阿伏伽德罗常数的值，下列说法正确的是A．1mol SiO2晶体中，含有Si-O的键的数目为A N2B．16.8g铁粉与足量高温水蒸气反应，转移电子数目为A N0.8C．1mol·L-1AlCl3溶液中，含有的Cl-的数目为A N3D．18g D2O和H2O的混合物中，含有的中子数为A N99．下列实验中，对应的现象以及结论都正确且两者具有因果关系的是选项实验现象结论A向浓HNO3中加入炭粉并加热，产生的气体通入少量澄清石灰水中有红棕色气体产生，石灰水变浑浊有NO2和CO2产生B向酸性KMnO4溶液中滴加乙醇溶液褪色乙醇具有还原性C向溴水中加入苯，充分振荡、静置水层几乎无色苯与溴发生了反应D向FeCl3和BaCl2混合溶液中通入足量SO2溶液变为浅绿色且有白色沉淀生成Fe3+被还原成Fe2+，白色沉淀为BaSO310．短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次递增。