全国大学生数学竞赛(非数学类)模拟试题含参考答案
第十届全国大学生数学竞赛预赛非数学类参考答案官方版

1 cos x cos x(1 cos 2 x 3 cos 3x ) 1 cos x cos 2 x 3 cos 3x ) lim 2 x 0 x 0 x2 x2 x
1 cos 2 x 1 1 cos 2 x 3 cos 3 x 1 cos 2 x (1 3 cos 3x ) lim lim 2 x 0 x2 2 x 0 x2 x2 1 (cos 2 x 1) 1 1 3 (cos 3x 1) 1 1 lim 2 x 0 x2 x2
中 | AB | 表示线段 AB 的长度.
证明:作辅助函数 (t ) f ( x1 t ( x2 x1 ), y1 t ( y2 y1 )) ,----------2 分 显然 (t ) 在[0,1]上可导.根据拉格朗日中值定理,存在 c (0,1) ,使得
f (u , v) f (u , v) ------8 分 ( x2 x1 ) ( y2 y1 ) u v f (u , v) f (u , v) | (1) (0) || f ( x2 , y2 ) f ( x1 , y1 ) || ( x2 x1 ) ( y2 y1 ) | u v
rdrd
0
2
1 9 r
r 2 dz d
0
2
2 2
0
2 2 r 3 ( 9 r 2 1)dr (124 35 ) 5 5 256 ------12 分 3
2
( x
(V )
2
y 2 )dV ( x 2 y 2 )dV ( x 2 y 2 )dV ( x 2 y 2 )dV
全国大学生数学竞赛试题解答及评分标准非数学类

全国高校生竞赛历年试题名师精讲〔非数学类〕〔2021——2021〕第五届全国高校生数学竞赛预赛试卷〔非数学类〕一、 解答以下各题〔每题6分共24分,要求写出重要步骤〕(lim 1sin nn →∞+.解 因为()sin sin 2n π==……〔2分〕;原式lim 1exp lim ln 1sin nn n n →∞→∞⎡⎤⎛⎫⎛⎫=+=+⎢⎥ ⎢⎥⎝⎝⎣⎦exp ⎛= ⎝0sin xdx x+∞⎰不是肯定收敛的 解 记()1sin n n nx a dx xππ+=⎰,只要证明0n n a ∞=∑发散即可。
……………………〔2分〕因为()()()()10112sin sin 111n n n a x dx xdx n n n ππππππ+≥==+++⎰⎰。
…………〔2分〕 而()021n n π∞=+∑发散,故由比较判别法nn a∞=∑发散。
……………………………………〔2分〕()y y x =由323322x x y y +-=确定,求()y x 的极值。
解 方程两边对x 求导,得22236360x xy x y y y ''++-= ………………〔1分〕 故()2222x x y y y x+'=-,令0y '=,得()200x x y x +=⇒=或2x y =-………〔2分〕将2x y =-代入所给方程得2,1x y =-=,将0x =代入所给方程得0,1x y ==-,…………………………………〔2分〕又()()()()()2222222222422x xy y y x x x y yy x y yx''++--+-''=-()()()0,1,02,1,0200220010,1020x y y x y y y y ''====-==+---''''==-<=>-, 故()01y =-为极大值,()21y -=为微小值。
大学生数学竞赛(非数)试题及答案

大学生数学竞赛(非数学类)试卷及标准答案考试形式: 闭卷 考试时间: 120 分钟 满分: 100 分.一、填空(每小题5分,共20分).计算)cos 1(cos 1lim 0x x x x --+→= .(2)设()f x 在2x =连续,且2()3lim2x f x x →--存在,则(2)f = . (3)若tx x xt t f 2)11(lim )(+=∞→,则=')(t f .(4)已知()f x 的一个原函数为2ln x ,则()xf x dx '⎰= .(1)21. (2) 3 . (3)te t 2)12(+ . (4)C x x +-2ln ln 2. 二、(5分)计算dxdy xy D⎰⎰-2,其中1010≤≤≤≤y x D ,:.解:dxdy x y D⎰⎰-2=dxdy y x x y D )(21:2-⎰⎰<+⎰⎰≥-22:2)(x y D dxdy x y -------- 2分 =dy y x dx x )(2210-⎰⎰+dy x y dx x)(12102⎰⎰- -------------4分姓名:身份证号所在院校:年级专业线封密注意:1.所有答题都须写在此试卷纸密封线右边,写在其它纸上一律无效. 2.密封线左边请勿答题,密封线外不得有姓名及相关标记.=3011-------------5分.三、(10分)设)](sin[2x f y =,其中f 具有二阶 导数,求22dxyd .解:)],(cos[)(222x f x f x dxdy'=---------------3分 )](sin[)]([4)](cos[)(4)](cos[)(222222222222x f x f x x f x f x x f x f dxy d '-''+'=-----7分=)]}(sin[)]([)](cos[)({4)](cos[)(222222222x f x f x f x f x x f x f '-''+'---------10分.四、(15分)已知3123ln 0=-⋅⎰dx e e a x x ,求a 的值. 解:)23(232123ln 0ln 0xa x ax x e d e dx e e ---=-⋅⎰⎰---------3分 令t e x =-23,所以dt t dx e e aax x ⎰⎰--=-⋅231ln 02123---------6分 =a t 231233221-⋅-------------7分=]1)23([313--⋅-a ,-----------9分 由3123ln 0=-⋅⎰dx e e a x x ,故]1)23([313--⋅-a =31,-----------12分即3)23(a -=0-----------13分 亦即023=-a -------------14分所以23=a -------------15分.五、(10分)求微分方程0=-+'x e y y x 满足条件e yx ==1的特解.解:原方程可化为xe y x y x=+'1-----------2分这是一阶线性非齐次方程,代入公式得⎥⎦⎤⎢⎣⎡+⎰⋅⎰=⎰-C dx e x e e y dxx xdx x 11----------4分=⎥⎦⎤⎢⎣⎡+⋅⎰-C dx e x e ex x xln ln ----------5分 =[]⎰+C dx e x x 1-----------6分 =)(1C e xx+.---------------7分 所以原方程的通解是)(1C e xy x +=.----------8分再由条件e yx ==1,有C e e +=,即0=C ,-----------9分因此,所求的特解是xe y x=.----------10分.六(10分)、若函数()f x 在(,)a b 内具有二阶导数,且123()()()f x f x f x ==,其中123a x x x b <<<<,证明:在13(,)x x 内至少有一点ξ,使()0f ξ'=。
第十一届全国大学生数学竞赛(非数学类)试题

第十一届全国大学生数学竞赛(非数学类)试题参考解答及评分标准一、填空题(每小题6分)1. sin 014x x →=.解:sin sin 00x x x x x →→→=- sin 1/31/30022(e 1)1sin 1limlim 444422x x x x x x →→-=+-=⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. 2. 设隐函数()y y x =由方程22()y x y x -=所确定,则232ln ||dx y y C y x x=-+⎰. 解:令y tx =,则21(1)x t t =-,1(1)y t t =-,3223(1)tdx dt t t -+=-, 这样,223332ln ||2ln ||dx t y ydt t t C C y t x x-+==-+=-+⎰⎰. 3. 定积分220(1sin )1cos x e x dx e xππ+=+⎰.解:222000(1sin )sin 1cos 1cos 1cos x xx e x e xdx dx de xx x πππ+=++++⎰⎰⎰ 2222200sin cos (1cos )+sin 1cos 1cos (1cos )xxxe xe x x x dx e dx x x x πππ+=+-+++⎰⎰2222000sin 1cos 1cos 1cos xxx e xe edx dx e x x x ππππ=+-=+++⎰⎰. 4. 已知22(,)323ydx xdy du x y x xy y -=-+,则1(,)()C 3x u x y y =-+. 解:22(,)323ydx xdy du x y x xy y -=-+21()233()3xd x yx x y y y ==--+().所以,1(,)()C 3x u x y y =-+.5. 设,,,0a b c μ>,曲面xyz μ=与曲面2222221x y z a b c ++=相切,则μ=.解:根据题意有:22x yz a λ=,22y xz b λ=,22zxy c λ=,以及 222x a μλ=,222y b μλ=,222z c μλ=,从而得:32228a b cλμ=,32μλ=,联立解得:μ=二、(14分)计算三重积分22d d d Ω+⎰⎰⎰xyzx y z x y,其中Ω是由曲面2222()2++=x y z xy 围成的区域在第一卦限部分.解:采用“球面坐标”计算,并利用对称性,得ππ3224222sin cos sin cos 2d d sin d sin I ρϕθθϕθϕρϕρρϕ=⎰⎰ -------5分ππ342002sin cos d sin cos d d θθθϕϕϕρρ=⎰⎰ππ3354202sin cos d sin cos d θθθϕϕϕ=⎰⎰ -------10分ππ354201sin 2d sin d(sin )4θθϕϕ=⎰⎰π3201121sin d 4848372t t ==⋅=⎰. -------14分 三、(14分)设()f x 在[0,)+∞上可微,(0)0f =,且存在常数0A >,使得|()||()|f x A f x '≤在[0,)+∞上成立,试证明:在(0,)+∞上有()0f x ≡.证明:设01[0,]2x A ∈,使得01|()|max |()|[0,]2f x f x x A ⎧⎫=∈⎨⎬⎩⎭, -------5分 000011|()||(0)+()||()||()|22f x f f x A f x f x A ξ'=≤=,只有0|()|0f x =. 故当 1[0,]2x A∈时,()0f x ≡. -------12分 递推可得,对所有的1[,]22k kx A A-∈,1,2,k =,均有()0f x ≡. -------14分四、(14分)计算积分2sin (cos sin )0sin I d e d ππθφφφθθ-=⎰⎰解:设球面 Σ:x 2+y 2+z 2=1, 由球面参数方程sin cos x θφ=,sin sin y θφ=,cos z θ=知sin dS d d θθφ=,所以,所求积分可化为第一型曲面积分I =∬e x−ydS Σ-------4分 设平面P t :√2=t,−1≤t ≤1,其中t 为平面P t 被球面截下部分中心到原点距离.用平面P t 分割球面Σ,球面在平面P t ,P t+dt 之间的部分形如圆台外表面状,记为Σt,dt .被积函数在其上为 e x−y =e √2t . -------8分由于Σt,dt 半径为r t =√1−t 2,半径的增长率为 d√1−t 2=√1−t 2 就是 Σt,dt 上下底半径之差. 记圆台外表面斜高为ℎt ,则由微元法知 dt 2+(d √1−t 2)2=ℎt 2, 得到ℎt =√1−t 2 ,所以 Σt,dt 的面积为 dS =2πr t ℎt =2πdt, -------12分I =∫e √2t 1−12πdt =√2√2t |−11=√2π(e √2−e −√2). -------14分 五、(14分)设()f x 是仅有正实根的多项式函数,满足 0()()n n n f x c x f x +∞='=-∑. 试证:0n c >,(0n ≥),极限lim n ()f x 的最小根. 证明:由f (x )为仅有正实根的多项式,不妨设()f x 的全部根为 0<a 1<a 2<⋯<a k ,这样,f (x )=A (x −a 1)r 1⋯(x −a k )r k ,其中 r i 为对应根a i 的重数 (i =1,⋯,k,r k ≥1). -------2分f ′(x )=Ar 1(x −a 1)r 1−1⋯(x −a k )r k +⋯+Ar k (x −a 1)r 1⋯(x −a k )r k −1,所以,f ′(x )=f (x )(r 1x−a 1+⋯+rkx−a k),从而, −f ′(x)f(x)=r 1a 1∙11−xa 1+⋯+r k a k∙11−x a k.-------6分若|x |<a 1, 则 −f ′(x)f(x)=r 1a 1∙∑(xa1)n∞n=0+⋯+r k a k∙∑(xak)n∞n=0=∑(r 1a 1n+1+⋯+r k a kn+1)∞n=0x n .而 −f ′(x)f(x)=∑c n x n∞n=0,由幂级数的唯一性知c n =r 1a 1n+1+⋯+r kak n+1>0, ------9分c ncn+1=r 1a 1n+1+⋯+r k a kn+1r 1a 1n+2+⋯+r k a kn+2=a 1∙r 1+⋯+(a1a k)n+1r kr 1+⋯+(a 1a k)n+2r k.limn→∞c nc =a 1∙r 1+0+⋯+0r +0+⋯+0=a 1>0, limn→∞c n+1c =1a , -----12分limn→∞1n ∙(ln c2c1+⋯+ln c n+1c n)=ln 1a 1,√c n n=elnc nn=elnc 1n +1n (ln c 2c 1+⋯+ln cn+1c n)→eln1a 1=1a 1.从而,lim√c nn=a 1,即f (x )的最小正根. -----14分六、(14分)设函数()f x 在[0, )+∞上具有连续导数,满足22223[3()]()2[1()]-'+=+x f x f x f x e ,且(0)1≤f .证明:存在常数0>M ,使得[0,)∈+∞x 时,恒有()≤f x M .证明:由于()0'>f x ,所以()f x 是[0, )+∞上的严格增函数,故+lim ()→∞=x f x L (有限或为+∞). 下面证明 ≠+∞L . -----2分记()=y f x ,将所给等式分离变量并积分得 222232d d (1)3-+=+⎰⎰x y y e x y ,即 2222arctan d 13-+=++⎰x t y y e t C y , ------6分 其中2(0)2arctan (0)1(0)=++f C f f . ------8分若=+∞L ,则对上式取极限→+∞x ,并利用2d 2+∞-=⎰t e t ,得π3=-C .-----10分 另一方面,令2()2arctan 1=++ug u u u ,则2223()>0(1)+'=+u g u u ,所以函数()g u 在(, )-∞+∞上严格单调增加. 因此,当(0)1≤f 时,1π((0))(1)2+=≤=C g f g , 但2π1π22+>>C ,矛盾, 这就证明了+lim ()→∞=x f x L 为有限数.最后,取max{(0),}=M f L ,则|()|≤f x M ,[0,)∀∈+∞x . -----14分。
最近五届全国大学生高等数学竞赛真题及答案(非数学类)

目录第一届全国大学生数学竞赛预赛试卷 ........................................................................................... 1 第二届全国大学生数学竞赛预赛试卷 ........................................................................................... 7 第三届全国大学生数学竞赛预赛试卷 ......................................................................................... 11 第四届全国大学生数学竞赛预赛试卷 ......................................................................................... 18 第五届全国大学生数学竞赛预赛试卷 .. (23)(参加高等数学竞赛的同学最重要的是好好复习高等数学知识,适当看一些辅导书及相关题目,主要是一些各大高校的试题。
)2009年 第一届全国大学生数学竞赛预赛试卷一、填空题(每小题5分,共20分)1.计算=--++⎰⎰y x yx x yy x Dd d 1)1ln()(____________,其中区域D 由直线1=+y x 与两坐标轴所围成三角形区域.解: 令v x u y x ==+,,则v u y v x -==,,v u v u y x d d d d 1110det d d =⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-=, v u uvu u u y x yx x yy x DDd d 1ln ln d d 1)1ln()(⎰⎰⎰⎰--=--++⎰⎰⎰⎰----=---=1021000d 1)ln (1ln d )d ln 1d 1ln (u uu u u u u u u u v v uuv u u u u u ⎰-=12d 1u uu (*) 令u t -=1,则21t u -=dt 2d t u -=,42221t t u +-=,)1)(1()1(2t t t u u +-=-,⎰+--=0142d )21(2(*)tt t⎰+-=1042d )21(2t t t 1516513221053=⎥⎦⎤⎢⎣⎡+-=t t t 2.设)(x f 是连续函数,且满足⎰--=2022d )(3)(x x f x x f , 则=)(x f ____________.解: 令⎰=20d )(x x f A ,则23)(2--=A x x f ,A A x A x A 24)2(28d )23(202-=+-=--=⎰,解得34=A 。
第12届数学竞赛预赛试卷(非数学)-答案

0
m
m
cos kt
k =1
=
cos
m+ 2
1
t
sin mt 2
sin t
,
2
极值学院
4
极值学院
有
m 0
cos
2πn[ x m
+
1]dx
=
co(s
m+ 2
1
2 n m
)
sin( m 2πn 2m
sin 2πn
)
=0
,因此得证.
2m
…………… 5 分
= (n +1) + (n +1)n + (n +1)n 1 , an−1
……………… 4 分
如此递推,得
1 an+1
=
(n +1)!
n k =1
1+ k!
1 a1
=
n
(n +1)!
k =0
1, k!
……………… 3 分
极值学院
2
极值学院
2 4
−
1 F(x)2
2
+ 0
=
2 4
−
1 2
2
2
=
2 8
.
【5】 设 f (x) ,g(x) 在 x = 0 的某一邻域U 内有定义,对任意 x U ,f (x) g(x) ,
且 lim f (x) = lim g(x) = a 0 ,则 lim [ f (x)]g(x) −[g(x)]g(x) =
所以
f
(n) (−1)
=
n!
.
第13届非数学类决赛试题参考解答

第十三届全国大学生数学竞赛决赛试题及参考解答(非数学类, 2023年3月25日)一、 填空题(本题满分30分,每小题6分)(1)已知a 和b 均为非零向量,且1=|b |,a 和b 的夹角,4π=a b ,则极限0||||limx x x→+−=a b a .【解】 利用条件:1=|b |,,4π=a b,得|||cos ,|⋅==a b a b |a b a ,所以222222||2||x x x x ++⋅+++a b a a b b a a .因此00||||lim lim x x x x →→+−=a b ax →. (2)极限20ln(1)lim 2xx x x →+−=. 【解】 利用L ’Hospital 法则,得2ln(1)1lim2x x x x →−+=,所以 222[ln(1)]ln(1)00ln(1)ln(1)lim 2lim 1x x x xx x x x x x x x e x x −+−+→→+−+−=+=.(3)积分=.【解】 作变换sec x θ=,则3344sec tan d d sec tan 3412ππππθθθπππθθθ===−=∫∫.(4)设函数()=y y x 由参数方程222,11=++t t x yt t 确定,则曲线()=y y x 在点23,处的曲率κ=.【解】 易知,对应点23,的参数=t . 利用参数方程求导法则,得2d 2d 1=−y t x t ,223223d 2(1)d (1)+=−y t x t . 所以,当=t时,d d =−y x ,223223d 2(1)227d (1)+==−×−y t x t ,因此曲线()=y y x 在23,处的曲率2κ.(5)设D是由曲线1=及两坐标轴围成的平面薄片型物件,其密度函数为(,)ρ=x y ,则薄片物件D 的质量=M .【解】d =+∫∫DMx y . 利用二重积分的对称性,得2(1203d 3d 3d =∫∫∫DM x y x yx .作变量代换:=t ,得1222013d 6(1)d 5==−=∫∫M x t t x . 二、(本题满分12分) 求区间[0,1]上的连续函数()f x ,使之满足1()1(1)()d (1)()d x xf x x yf y y x y f y y =+−+−∫∫.【解】 根据题设条件及等式可推知,函数()f x 在[0,1]上二阶可导,且(0)(1)1f f ==. ------------ 4分对等式两边求导,得1()()d (1)()(1)()d (1)()xxf x yf y y x xf x y f y y x x f x ′=−+−+−−−∫∫1()d (1)()d x xyf y y y f y y =−+−∫∫,再对上式两边求导得 ()()(1)()()f x xf x x f x f x ′′=−−−=−,即 ()()0f x f x ′′+=. ------------ 4分这是二阶常系数齐次线性微分方程,易知其通解为 12()cos sin f x C x C x =+.分别取0x =和1x =代入上式,得11C =,21cos11tan sin12C −==,因此所求函数为 1()cos tan sin 2f x x x =+⋅ (01)x ≤≤. ------------ 4分三、 (本题满分12分) 设曲面∑是由锥面x =,平面1x =,以及球面2224x y z ++=围成的空间区域的外侧表面,计算曲面积分: 222()()d d ()d d d d f x I x y z y z x z y f xz y x z y f Σ=++ +++ ∫∫ , 其中()f u 是具有连续导数的奇函数.【解】 设2()f y P x x +=,2()f z Q y x +=,2()f z R z y +=,则[](()()2)P Q Rx y z y x y xy f yz zf ′′+∂∂∂++=+++∂∂∂. 因为奇函数()f u 的导数是偶函数,所以()()f xy f yz ′′+关于y 是偶函数.------------ 4分记Ω是以Σ为边界曲面的有界区域,根据Gauss 公式,并结合三重积分的对称性,得d d d 2d d d P Q R Ix y z x x y z x y z ΩΩ∂∂∂=++= ∂∂∂ ∫∫∫∫∫∫ ------------ 4分222410cos 2d d cos sin d ππϕθϕρϕρϕρ⋅∫∫∫44017cos sin 16d 4cos 22ππππϕϕϕπϕ=−=−=∫. ------------ 4分四、 (本题满分12分) 设()f x 是以2π为周期的周期函数,且,00,0()f x x x x ππ<< = −≤≤,试将函数()f x 展开成Fourier 级数,并求级数121(1)n n n −∞=−∑之和.【解】 函数()f x 在点(21)(012)x k k π=+=±±,,, 处不连续,在其他点处连续,根据收敛定理可知,()f x 的Fourier 级数收敛,并且当(21)x k π≠+时级数收敛于()f x ,当(21)x k π=+时级数收敛于(0)(0)22f f πππ−−++=.------------ 4分下面先计算()f x 的Fourier 系数. 0011()d d 2a f x x x x ππππππ−===∫∫,且 2011(1)1()cos d cos d n n a f x nx x x nx x n ππππππ−−−===∫∫,1,2,n = , 1011(1)()sin d sin d n n b f x nx x x nx x n πππππ+−−===∫∫,1,2,n = ,因此当(,)x ∈−∞+∞,且,3,x ππ≠±± 时,有121(1)1(1)()cos sin 4n n k f x nx nx n n ππ+∞= −−−=++∑. ------------ 4分 注意到0x =是()f x 的连续点,代入上式得21(1)104n n n ππ∞=−−+=∑, 即 2211(21)8n n π∞==−∑. 又22222111111111(21)(2)84n n n n n n n n π∞∞∞∞====+=+−∑∑∑∑,由此解得22116n n π∞==∑. 最后可得 1222222111(1)111(21)(2)84612n n n n n n n πππ−∞∞∞==−=−=−⋅=−∑∑∑. ------------ 4分【注】 对于最后一步,若只给出结果1221(1)12n n n π−∞=−=∑,则可得2分.五、(本题满分12分) 设数列{}n a 满足:12a π=,11sin 1n n n a a a n +=−+,1n ≥. 求证:数列{}n na 收敛.【解】 利用不等式:3sin 6x x x x −<<02x π <<.首先,易知1160n n a a a π+<<<< (2)n ≥. ------------ 4分故由题设等式得1(1)sin n n n n n n a na a a na +++−>,所以{}n na 是严格递增数列. ------------ 4分其次,由于31122221(1)sin 111(1)()()6()6n n n n n n n n n n n a na a a a a na n a na na na n +++−−−<=<⋅≤+, 所以 12111111(1)6nn k k kk a ka k a k ==+ −< + ∑∑,即 2112111111(1)666n k n a a a n a k π=+−<<⋅+∑,解得 1121(1)16n a n a a π++<−.这就证明了数列{}n na 严格递增且有上界,因而收敛. ------------ 4分六、(本题满分10分)证明:b a a b a b a b +≤+≤+,其中0>a ,0b >,1a b +=.【证】 不妨设1012a b <≤≤<,考虑函数1()x x f x a b −=+,如能证明()f x 在区间(0,]b 上单调减少,则有1()()()2f b f f a ≤≤,不等式得证. ------------ 3分对于(0,]∈x b ,因为1()ln ln x x f x a a b b −′⋅−⋅,221()ln ln 0x x f x a a b b −′′=⋅+⋅>,所以()()f x f b ′′<,故只需证()0f b ′≤,即ln ln baa ab b ⋅≤⋅或ln ln a ba b a b a b≤.------------ 4分容易证明ln xx是(0,]e 上的单调增函数,问题归结为证0a b a b e <<≤,这等价于证ln ln 11a b a b <−−,而这由函数ln 1xx−在(0,1)上单调增加即得. ------------ 3分 【注】 补证函数ln ()1xg x x=−在(0,1)上单调增加. 利用ln(1)x x +<(0)x >,有2111()1ln 1(1)0(1)′=−−+−> −g x x x x , 所以()g x 在(0,1)上单调增加.七、 (本题满分12分) 设)(=ij A a 为n 阶实矩阵,12,,,ααα n 为A 的n 个列向量,且均不为零. 证明:矩阵A 的秩满足2T1()αα=≥∑niii i ia r A .【证】 注意到用非零常数乘矩阵的列向量不改变矩阵的秩()r A ,故可设T 1αα=i i ,1,2,,= i n ,所以只需证明21()=≥∑n iii r A a ,也即T 21()()α=≥∑ni i i r A e .其中T (0,,0,1,0,,0)= i e 是第i 个分量为1其余分量均为0的n 维列向量.------------ 4分令()=r A k ,则由12,,,ααα n 的任一极大无关组并利用Schmidt 正交化方法,可得标准正交向量组12,,,βββ k . 易知,向量组12,,,ααα n 与12,,,βββ k 等价.对任意1,2,,= i n ,令1αβ==∑ki j j j x ,则由12,,,βββ k 的标准正交性可知,Tβα=j ji x ,1,2,,= j k ,所以T 1()αβαβ==∑ki j i j j ,于是T 1T T()()βααβ==∑ii i kj i j j e e .------------ 4分根据 Cauchy-Schwarz 不等式,并注意到T 2T 1()1βααα===∑kj i i ij ,可得 2T 2T T 222T T 1111T ()())(()()()βαβαβαββ==== =≤=∑∑∑∑k k k k j i j j i j j j i i i j j j i i e e e e ,22T2TT1111()()()()αβββ=======≤∑∑∑∑n k nkj j j i ii i j i j k r eA e .------------ 4分。
第十一届大学生数学竞赛非数类预赛参考答案

������ = ∬Σ ������������−������������������
-------4 分
设平面������������ :
������−������ √2
= ������,
−1 ≤ ������
≤ 1,其中������为平面������������被球面截下部分中心到原点距离.
用平面������������分割球面������,球面在平面������������, ������������+������������之间的部分形如圆台外表面状,记为Σt,dt.被积
x(1 cos x)+ sin2 (1 cos x)2
x
dx
0
2
ex
dx sin xex
2
2
ex
dx e 2 .
0 1 cos x 1 cos x 0 1 cos x
0
4. 已知 du(x, y) ydx xdy ,则 u(x, y) 1 arctan 3 ( x 1) C .
f (x) f (x)
n0
cn xn
.
试证:cn
0,
(n 0),极限 lim 1 存在,且等于 f (x) 的最小根. c n n
n
证明:由������(������)为仅有正实根的多项式,不妨设 f (x) 的全部根为
0 < ������1 < ������2 < ⋯ < ������������,这样,
22
22 y 3
1
5.
设
a,
b,
c,
0
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k = 1,2,,2n −1. 证明:
∫b f (x)dx ≤ (b − a)2n+1(n!)2 M .
a
(2n)!(2n +1)!
六、(本题满分 16 分)
∑ 设ϕ(x) = x (−1 ≤ x ≤ 1) ,且ϕ(x + 2) = ϕ(x) .现在定义 f (x) = ∞ 3 nϕ(4n x) ,证明:
1.设 x0
>
0, xn
=
ln(1 +
xn−1 )(n
=
1,2,)
,则
lim
n→∞
nxn
=
.
1
∫ 2.设 f (x) = ln x − t dt ,则 max f (x) =
0
0≤ x≤1
.
3.设 Σ1:x92
+
y2 4
+ z2
= 1, Σ2
: z2
=
x2
+
y 2 , Γ 为 Σ1 与 Σ 2 的交线,则椭球面 Σ1 在 Γ 上
n=0 4 f (x) 在 R1 上处处连续但处处不可微.
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第九届全国大学生数学竞赛初赛模拟试题(三)
(非数学类)
题号
一
二
三
四
五
满分
30
12
12
14
16
得分
注意:
1.所有答案都需写在试卷密封线右边,写在其他纸上一律无效; 2.密封线左边请勿答题,密封线外不得有姓名及相关标记; 3.如果答题空白不够,可写在当页背面,并标明题号.
1.将函数
f (x) =
x2 4
−
πx 2
在
[0,π
]
上展成余弦级数,设
an(
n
=
1,2,
)为其
Fourier 系数,
∞
∑ 则数项级数 an 的和为
.
n=1
∫ ∑ 2. 11 − x ∞ x 2n dx =
0 ln x n=0
.
∫ 3.设 ρ(ξ ) = 1
y
π (ξ − x)2 + y 2
, f (y) =
为 Laplace 算子.
六、(本题满分 16 分)
记将序列 an
=
1 n
( n ∈N+)分母中含有数字
9 的数全部删去得到的序列为 bn .
证明:
∞
∑ (1) bn 收敛; n=1
∞
∑ (2) bn < 30. n=1
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面的方程.
五、(本题满分 16 分)
设 P ∈R3, B(P,δ ) 是以 P 为球心,δ 为半径的球, ∂B(P,δ ) 为其边界.
∫∫ 证明:若在 B(P,δ ) 上 u 满足 ∆u
=
0 ,则 u(P)
=
1 4πδ 2
udS. 其中 ∆
∂B( P,δ )
=
∂2 ∂x 2
+
∂2 ∂y 2
+
∂2 ∂z 2
.
二、(本题满分 12 分)
设三角形的三个顶点分别位于曲线 f (x, y) = 0 ,ϕ(x, y) = 0 ,ψ (x, y) = 0 上,证明:若
三角形的面积达到极值,则曲线在三角形顶点处的法线都通过该三角形的垂心.
第九届全国大学生数学竞赛初赛模拟试题(一) 第 1 页 共 2 页
三、(本题满分 12 分)
各点的切平面到原点距离的最大值为
.
∫4.
π 2
arctan(2
tan
x)dx
=
0
tan x
.
{ } ∫∫ 5.设区域 Dε
=
(x, y) 0 ≤ x ≤ 1 − ε ,0 ≤ y ≤ 1 − ε
,则 lim dxdy = ε →0+ Dε 1 − xy
.
二、(本题满分 12 分)
∑ ∑ (1)证明:对任意正整数 m ,有 1 = m n (−1)m−1Cmn ;
+∞
1
ξ − x 2 ρ(ξ )dξ ,其中ξ,x 为任意实数, y 为
−∞
正实数,则 f (x) 的表达式为
.
∫ ∑x ∞ (−1)n t 2n+1 dt − x 2
0
4. lim n=0
2n (2n + 1)!
2=
.
x→0
x3 (3 1 + x − e x )
5.微分方程 y"−2xy'−4 y = 0 满足初值条件 y(0) = 0 和 y'(0) = 1 的解为
m n=1 k =1
k
∑∞
1
(2)求
2017
.
∏ k=1 (k + m)
m=0
第九届全国大学生数学竞赛初赛模拟试题(二) 第 1 页 共 2 页
三、(本题满分 14 分)
∫∫∫ 计算三重积分 xyzdxdydz ,其中 Ω 位于第一象限,由下列曲面所围成:x2 + y 2 = mz , Ω
x 2 + y 2 = nz , xy = a 2 , xy = b2 , y = αx , y = βx ,其中 0 < a < b , 0 < α < β , 0 < m < n.
第九届全国大学生数学竞赛初赛模拟试题(二)
(非数学类)
题号
一
二
三
四ห้องสมุดไป่ตู้
五
满分
30
12
14
14
14
得分
注意:
1.所有答案都需写在试卷密封线右边,写在其他纸上一律无效; 2.密封线左边请勿答题,密封线外不得有姓名及相关标记; 3.如果答题空白不够,可写在当页背面,并标明题号.
六
总分
16
100
一、填空题(本题满分 30 分,共 5 小题,每小题 6 分)
设函数 f (x) 在[a,b] 上五次可微,证明:在 (a, b) 内存在ξ ,使得
f (b)
=
f (a) +
1 6
(b
−
a)
f '(a) +
f
'
(b)
+
4
f
'
a
+ 2
b
−
1 (b − a)5 2880
f
(5) (ξ ).
四、(本题满分 14 分)
求经过三条平行直线 L1 : x = y = z , L2 : x −1 = y = z + 1, L3 : x = y + 1 = z −1 的圆柱
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第九届全国大学生数学竞赛初赛模拟试题(一)
(非数学类)
题号
一
二
三
四
五
满分
30
12
12
14
16
得分
注意:
1.所有答案都需写在试卷密封线右边,写在其他纸上一律无效; 2.密封线左边请勿答题,密封线外不得有姓名及相关标记; 3.如果答题空白不够,可写在当页背面,并标明题号.
六
总分
16
100
一、填空题(本题满分 30 分,共 5 小题,每小题 6 分)
六
四、(本题满分 14 分)
设 f (x) 在 (−∞,+∞) 上连续可微,且 sup e−x2 f '(x) < +∞.证明:
x∈( −∞ , +∞ )
sup xe−x2 f (x) < +∞.
x∈( −∞ , +∞ )
五、(本题满分 14 分)
设函数 f (x) 在[a, b] 上有 2n 阶连续导数且 f (2n) (x) ≤ M , f (k) (a) = f (k) (b) = 0. 其中