2019学年位育高三上期中物理
2019届高三物理上学期期中试题(含解析) 新版 人教版
亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……2019高三上学期期中考试理综-物理试题二、选择题1. 一木块放在水平桌面上，在水平方向共受到三个力即F1、F2和摩擦力的作用，木块处于静止状态，如图所示，其中F1＝10 N，F2＝2 N，若撤去F1，则木块受到的摩擦力为( )A. 10 N，方向向左B. 6 N，方向向右C. 2 N，方向向右D. 0【答案】C...............点睛：本题是初学摩擦力的同错的一个题目，解答本题应准确理解静摩擦力的定义，知道只有当水平推力大于最大静摩擦力时物体才能被推动．2. 粗糙的水平地面上放着一个木块，一颗子弹水平地射进木块后停留在木块中，带动木块一起滑行一段距离，在这个过程中，子弹和木块组成的系统( )A. 动量和机械能都守恒B. 动量和机械能都不守恒C. 动量守恒，机械能不守恒D. 动量不守恒，机械能守恒【答案】B3. 如图所示，乘坐游乐园的翻滚过山车时，质量为m的人随车在竖直平面内旋转，下列说法正确的是( )A. 过山车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，没有保险带，人就会掉下来B. 人在最高点时对座位不可能产生大小为mg的压力C. 人在最低点时对座位的压力等于mgD. 人在最低点时对座位的压力大于mg【答案】D【解析】试题分析：在最高点只要速度够大，则人对桌椅产生一个向上的作用力，既是没有安全带人也不会掉下去，A错误；在最高点人对桌椅产生压力，则，解得，故只要速度满足，人在最高点时对座位可能产生大小为mg的压力，B错误；人在最低点受到座椅的支持力，重力，两力的合力充当向心力，即，解得，故C错误D正确考点：考查了圆周运动【名师点睛】关键是知道在分析圆周运动时，特别是在竖直面上的圆周运动，一定要注意两个特别位置，最高点和最低点，明确物体在这两个点的向心力来源，然后根据牛顿第二定律列式分析解题，4. 如图所示，对于电场线中的A、B、C三点，下列判断正确的是( )A. A点的电势最低B. B点的电场强度最大C. 同一正电荷在A、B两点受的电场力大小相等D. 同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大【答案】D【解析】根据顺着电场线电势降低，可知A点的电势最高，故A错误；电场线越密，场强越大，B处电场线最疏，电场强度最小，故B错误；A处电场线最密，电场强度最大，同一电荷在A点受到的电场力最大，故C错误；将负电荷从A点移到C点电场力做负功，电势能将增加，所以同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大，故D正确。
2019学年第一学期期中考试高三物理试题卷参考答案
2019学年第一学期期中考试高三物理试题参考答案二、选择题（本题共6小题24分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）三、填空、实验探究题（每空2分，共24分） 13． 0.125kg 12.5W14．（1） B ：打点计时器应该使用交流电，C ：应该先通电再释放纸带 （2） 0.271J （ 0.269～0.275算正确 ） 0.264J ( 0.261～0.267算正确 ) （3） 实验过程中存在摩擦阻力15．（1） 不挂 安装 轻推一下小车时小车能做匀速直线运动或纸带上打的点均匀分布平衡小车运动中所受的摩擦阻力 （2） 0.99或1.0四、计算题（第16题10分、第17题10分、第18题13分、第19题15分，共48分）16.（10分）（1）由题图乙可知，木块经0.5s 滑至最高点上滑过程中加速度的大小：2214/8/0.5v a m s m s t ∆===∆ （2分） （2）由牛顿第二定律F ma =得上滑过程中：1mgsin +mgcos ma θμθ= （2分）代入数据得34.053==μ （1分）一、选择题（共6小题24分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求）（3）下滑的距离等于上滑的距离x = 122a v =8242⨯m=1m （1分）由牛顿第二定律F ma =得下滑过程中：2cos sin ma mg mg =-θμθ （2分）下滑至出发点的速度大小V=x a 22联立解得 V=2m/s （2分）17．（10分）解：飞船靠近月球表面做匀速圆周运动，有：2224M m G mR R Tπ=月 （3分）质量为m ′的小球在月球上做竖直上抛，有：2ov t g =月（2分） 又2''M m m g GR =月月 （3分） 由以上各式可求得o 222v T R tπ=（2分）18. (13分) 解：（1）滑块在圆盘上做圆周运动时，静摩擦力充当向心力，由牛顿第二定律，可得：μmg=m ω2R （1分 ）代入数据解得：ω=R g /μ=5rad/s （1分）（2）滑块在A 点时的速度：v A =ωR=1m/s （1分）滑块在从A 到B 的运动过程中机械能守恒： mgh+ m v A 2/2= m v B 2/2 （1分） 解得： v B =5m/s （1分）在B 点，由牛顿第二定律，可得：rv m mg F BN 2=- （1分）解得：N F N 20= 滑块对轨道的压力大小为20N 。
【精品】2019届高三物理上学期期中试题(含解析)
2019届高三上学期期中考试物理试题一、选择题：（本题共12小题，每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,第1—9题只有一项符合题目要求，第10-12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分,选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 在物理学的研究及应用过程中涉及诸多的思想方法，如理想化模型法、放大法、极限法、控制变量法、假设法、类比法、比值法等等。
以下关于所用思想方法的叙述错误的是( )A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是假设法B. 速度的定义式，采用的是比值法；当Δt非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，应用了极限法C. 在探究加速度和力、质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D. 下图是三个实验装置，这三个实验中都体现了放大法【答案】A点睛：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2. 光滑的水平面上固定着一个螺旋形光滑水平轨道，俯视如图所示．一个小球以一定速度沿轨道切线方向进入轨道，以下关于小球运动的说法中正确的是( )A. 轨道对小球做正功，小球的线速度不断增大B. 轨道对小球做正功，小球的角速度不断增大C. 轨道对小球不做功，小球的角速度不断增大D. 轨道对小球不做功，小球的线速度不断增大【答案】C【解析】轨道的弹力方向与速度方向始终垂直，弹力不做功，根据动能定理知，速度的大小不变．根据，半径减小，角速度不断增大．故C正确，A、B、D错误．故选C．【点睛】解决圆周运动的两条原理是动能定理判断出速度大小的变化，牛顿第二定律得到力与速度的关系．3. 在轻绳的两端各拴一个小球，一个人用手拿着绳子上端的小球，站在三层楼的阳台上，释放小球，使小球自由下落，两小球相继落地的时间差为△t，如果人站在四层楼的阳台上，同样的方法释放小球，让小球自由下落则两小球相继落地的时间差将 ( )A. 不变B. 变小C. 变大D. 无法确定【答案】B【解析】解：设两球分别为球和球,落地时两球的速度分别为,如图所示.无论是从3层还是4层阳台上自由下落,两小球落地时,两球的距离差始终为绳长,则人站在4层阳台上放手后,球在球落地瞬间的瞬时速度及之后球下落绳长距离内的平均速度均比在3层阳台释放时大,而位移相同,则时间差变小,B正确.4. “太空涂鸦”技术的基本物理模型是：原来在较低圆轨道运行的攻击卫星从后方接近在较高圆轨道上运行的侦察卫星时，准确计算轨道并向其发射“漆雾”弹，“漆雾”弹在临近侦察卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦察卫星，喷散后强力吸附在侦察卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效。
2019届高三物理上学期期中试题(含解析)(2)
亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……2019高三上学期期中考试(A卷）物理试题一、选择题（本小题有12小题，共48分，其中1-8小题每小题中只有一个选项是正确的，选对得4分，多选或选错得0分；9-12小题每个小题有多个选项是正确的，选对得4分，少选得2分，有一个选项选错得0分）1. 概念是物理学内容的基础和重要组成部分，以下有关物理概念的描述正确的是（）A. 比值定义法是物理概念中常用的一种定义新物理量的方法，即用两个已知物理量的比值表示一个新的物理量，如加速度的定义，表示与成正比，与成反比，这就是比值定义的特点B. 空气阻力和浮力的影响不能忽略时，斜向上抛出一物体，则物体在空中的运动是一种匀变速运动C. 静止的物体可能受到滑动摩擦力，运动的物体不可能受到静摩擦力D. 圆周运动是一种加速度不断变化的运动，其向心力不一定就是物体受到合外力【答案】D【解析】A项：比值法定义的物理量与两个物理量都无关，A错误；B项：阻力和浮力的影响不能忽略时，，物体斜向抛出后受到恒定重力，变化的阻力，加速度变化，做非匀变速运动，故B错误；C项：相对静止的物体可以处于加速运动状态，受到静摩擦力作用，C错误；D项：匀速圆周运动合力提供向心力，变速圆周运动的合力指向圆心的分力提供向心力，故D 错误。
2. 如图所示，蹦床运动员从空中落到床面上，运动员从接触床到下降至最低点为第一过程，从最低点上升到离开床面为第二过程.下列判断正确的是（）A. 在第一过程中，运动员始终处于失重状态B. 在第二过程中运动员受到蹦床的作用力先增大后再减小C. 在第二过程中运动员速度先增大后减小D. 运动员接触床面时的速度最大【答案】C【解析】A、运动员刚接触床面时重力大于弹力，运动员向下做加速运动，运动员处于失重状态；随床面的形变的增大，弹力逐渐增大，弹力大于重力时，运动员做减速运动，运动员处于超重状态．故A错误；D、运动员刚接触床面时重力大于弹力，运动员向下做加速运动，所以运动员接触床面时的速度没有达到最大．故D错误；B、在第二过程蹦床对人的弹力随形变的的恢复一直在减小，故B错误；C、在第二过程中，运动开始时有一段弹力大于重力，运动员做加速运动，因此开始时速度增大，只有重力和弹力平衡时达到最大速度之后，运动员的速度才开始减小；故C正确．故选C.【点睛】本题主要考查了对超重失重现象的理解和功能关系的分析，要注意明确人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．3. 2016年10月17日“神舟十一号”载人飞船发射升空。
2019届高三物理上学期期中试题 人教新目标版
亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……2019学年度第一学期高三年级期中考试物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
试卷共8页，共110分。
考试时间110分钟。
第Ⅰ卷（选择题共60分）注意事项：1.答卷Ⅰ前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔填写在答题卡上。
2.答卷Ⅰ时，每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
一、选择题（每小题4分，共60分。
下列每小题所给选项至少有一项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上，全部选对的得4分，有漏选的得2分，有错选的得0分）1.图中给出了四个电场的电场线，则每一幅图中在M、N处电场强度相同的是（）A． B． C． D．2.如图，三个固定的带电小球a、b和c，相互间的距离分别为ab=5 cm，bc=3 cm，ca=4 cm。
小球c所受库仑力的合力的方向平行于a、b的连线。
设小球a、b所带电荷量的比值的绝对值为k，则（）A.a、b的电荷同号，169k= B.a、b的电荷异号，169k=C.a、b的电荷同号，6427k= D.a、b的电荷异号，6427k=3.如图所示，质量为m 的小球A 静止于光滑水平面上，在A 球与墙之间用轻弹簧连接。
现用完全相同的小球B 以水平速度0v 与A 相碰后粘在一起压缩弹簧。
不计空气阻力，若弹簧被压缩过程中的最大弹性势能为E ，从球A 被碰后开始回到原静止位置的过程中墙对弹簧的冲量大小为I ,则下列表达式中正确的是（ ）A.20012E mv I mv ==， B.200122E mv I mv ==， C.20014E mv I mv ==， D.200124E mv I mv ==，4.如图，人造卫星M 、N 在同一平面内绕地心O 做匀速圆周运动，已知M 、N 连线与M 、O 连线间的夹角最大为θ，则M 、N 的运动速度大小之比等于（ ）5.如图所示，A 、B 、C 三球的质量分别为m 、m 、2m ,三个小球从同一高度同时出发，其中A 球有水平向右的初速度0v ，B 、C 由静止释放。
2019-2020年高三上学期期中物理试卷含解析(IV)
2019-2020年高三上学期期中物理试卷含解析(IV)一、本大题共10个小题，每个小题4分，共40分．在每小题给出的4个选项中，有的小题只有一项是正确的，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分；有选错的或不答的得0分．1．（4分）（2013•杭州一模）伽利略在对自由落体运动的研究过程中，开创了如下框图所示的一套科学研究方法，其中方框2和4中的方法分别是（）A．提出假设，实验检验B．数学推理，实验检验C．实验检验，数学推理D．实验检验，合理外推考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．分析：教材中介绍了伽利略对落体规律的研究以及“理想斜面实验”，通过这些知识的学习，可以明确伽利略所创造的这一套科学研究方法．解答：解：这是依据思维程序排序的问题，这一套科学研究方法，要符合逻辑顺序，即通过观察现象，提出假设，根据假设进行逻辑推理，然后对自己的逻辑推理进行实验验证，紧接着要对实验结论进行修正推广．故选A点评：伽利略将可靠的事实和理论思维结合起来，以实验事实为基础，开辟了崭新的研究物理的方法道路，同学们要从中汲取营养，提高科学素质．2．（4分）（2014秋•寿县校级期末）一物体做直线运动，其位移﹣时间图象如图所示，设向右为正方向，则在前4s内（）A．物体始终向右做匀速直线运动B．物体先向左运动，2s后开始向右运动C．在t=2s时，物体距出发点最远D．前2s物体位于出发点的左方，后2s位于出发点的右方考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移﹣时间图象的斜率等于物体运动的速度，从位移图上可以知道物体在任意时刻的速度（斜率）和位置（纵坐标）．解答：解：A、位移﹣时间图象的斜率等于物体运动的速度，从图中可知图象斜率始终为正，所以速度始终为正，所以物体始终向右做匀速直线运动，故A正确，B错误；C、在t=2s时，物体离出发点5m不是最远，故C错误；D、由图象可知，出发点在x=﹣5m处，运动后物体始终在出发点的右方，故D错误．故选A．点评：位移图象的特点：①位移图象的斜率等于物体的速度；②位移图象的纵坐标表示物体在某时刻的位置．这是我们解题的关键．3．（4分）（2014•上海）如图光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，A端与水平面相切，穿在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N．在运动过程中（）A．F增大，N减小B．F减小，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大考点：物体的弹性和弹力．分析：对球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据共点力平衡条件列式求解出拉力和支持力的数值，在进行分析讨论．解答：解：对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如，根据共点力平衡条件，有N=mgcosθF=mgsinθ其中θ为支持力N与竖直方向的夹角；当物体向上移动时，θ变大，故N变小，F变大；故A正确，BCD错误．故选：A．点评：题关键对滑块受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出支持力和拉力的表达式进行讨论．4．（4分）（2014秋•乳山市期中）下列说法符合物理史实的是（）A．天文学家第谷通过艰苦的观测，总结出行星运动三大定律B．开普勒进行“月﹣﹣地检验”，并总结出了天上、地上物体所受的引力遵从相同的规律C．牛顿根据观测资料，利用万有引力定律计算发现了海王星D．卡文迪许通过扭秤实验测量并算出引力常量G，成了万有引力定律正确性的最早证据考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、天文学家开普勒通过艰苦的观测，总结出行星运动三大定律，故A错误；B、牛顿进行“月﹣﹣地检验”，并总结出了天上、地上物体所受的引力遵从相同的规律．故B错误；C、亚当斯和勒威耶根据观测资料，利用万有引力定律计算发现了海王星，故C错误；D、卡文迪许通过扭秤实验测量并算出引力常量G，成了万有引力定律正确性的最早证据，故D正确；故选：D．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．5．（4分）（2014秋•武平县校级期末）如图所示是某商场安装的智能化电动扶梯，无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程．那么下列说法中正确的是（）A．顾客始终受到静摩擦力的作用B．顾客受到的支持力总是大于重力C．扶梯对顾客作用力的方向先指向右上方，再竖直向上D．扶梯对顾客作用力的方向先指向左下方，再竖直向上考点：运动的合成和分解；牛顿第二定律．专题：运动的合成和分解专题．分析：正确解答本题要掌握：正确对物体进行受力分析，应用牛顿第二定律解题；明确超重和失重的实质，理解生活中的超重和失重现象．解答：解：A、以人为研究对象，处于加速运动时，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下，故A错误；B、顾客处于匀加速直线运动时，受到的支持力才大于重力，故B错误；C、顾客处于加速运动时，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下，则扶梯对顾客作用力的方向先指向右上方，当处于匀速直线运动时，其作用力竖直向上，故C 正确；D错误．故选：C．点评：本题考查了牛顿第二定律在生活中的应用，要熟练应用牛顿第二定律解决生活中的具体问题，提高理论联系实际的能力．6．（4分）（2014秋•乳山市期中）2008年9月25日21时10分，“神舟”七号载人航天飞船在中国西昌卫星发射中心用“长征”二号F型火箭发射成功，9月27日翟志刚成功实施太空行走．已知“神舟”七号载人航天飞船在离地球表面h高处的轨道上做周期为T的匀速圆周运动，地球半径为R，万有引力常量为G．则（）A．“神舟”七号在该轨道上运行的线速度大小为B．“神舟”七号在该轨道上运行的线速度小于第一宇宙速度C．“神舟”七号在该轨道上运行的向心加速度为D．地球表面的重力加速度为考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：A、根据v=，求出“神舟”七号的线速度．B、根据万有引力提供向心力，比较线速度．C、根据a=求出“神舟”七号的向心加速度．D、根据万有引力提供向心力，求出地球的质量，再根据万有引力等于重力G，求出地球表面的重力加速度．解答：解：A、神舟七号的轨道半径等于r=R+h，v==．故A错误．B、根据万有引力提供向心力，得，神舟七号的轨道半径大于地球半径，所以“神舟”七号在该轨道上运行的线速度小于第一宇宙速度．故B正确．C、a==．故C正确．D、根据，M=，再根据万有引力等于重力G，g=．故D正确．故选BCD．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力以及万有引力等于重力G．7．（4分）（2014•浙江模拟）如图1所示，物体以一定初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0m．选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E机随高度h的变化如图2所示．g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80．则（）A．物体的质量m=0.67kgB．物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.40C．物体上升过程的加速度大小a=10m/s2D．物体回到斜面底端时的动能E k=10J考点：动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：当物体到达最高点时速度为零，机械能等于物体的重力势能，由重力势能计算公式可以求出物体质量；在整个运动过程中，机械能的变化量等于摩擦力做的功，由图象求出摩擦力的功，由功计算公式求出动摩擦因数；由牛顿第二定律求出物体上升过程的加速度；由动能定理求出物体回到斜面底端时的动能．解答：解：A、物体到达最高点时，机械能E=E P=mgh，m===1kg，故A错误；B、物体上升过程中，克服摩擦力做功，机械能减少，减少的机械能等于克服摩擦力的功，△E=﹣μmgcos α，即30﹣50=﹣μ×1×10cos37°×，μ=0.5，故B错误；C、物体上升过程中，由牛顿第二定律得：mgsinα+μmgcosα=ma，解得a=10m/s2，故C正确；D、由图象可知，物体上升过程中摩擦力做功W=30﹣50=﹣20J，在整个过程中由动能定理得E K﹣E K0=2W，则E K=E K0+2W=50+2×（﹣20）=10J，故D正确；故选CD．点评：重力做功不改变物体的机械能，摩擦力做功使物体机械能减少，由图象求出物体初末状态的机械能，应用重力势能的计算公式、动能定理即可正确解题．8．（4分）（2014•上海）静止在地面上的物体在竖直向上的恒力作用下上升，在某一高度撤去恒力．不计空气阻力，在整个上升过程中，物体机械能随时间变化的关系是（）A．B．C．D．考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：恒力做功的大小等于机械能的增量，撤去恒力后，物体仅受重力，只有重力做功，机械能守恒．解答：解：设在恒力作用下的加速度为a，则机械能增量E=Fh=，知机械能随时间不是线性增加，撤去拉力后，机械能守恒，则机械能随时间不变．故C正确，A、B、D 错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握功能关系，知道除重力以外其它力做功等于机械能的增量，以及知道机械能守恒的条件．9．（4分）（2014秋•乳山市期中）如图所示，有一木块沿半圆形碗边缘下滑，假设由于摩擦的作用，使得木块下滑的速率不变，则木块在下滑过程中（）A．木块的加速度为0B．木块所受合力的大小不变C．木块对碗的压力大小不变，方向不断改变D．在碗底木块受到的弹力最大考点：机械能守恒定律；向心力．分析：木块下滑过程中速率不变做匀速圆周运动，加速度不为零，具有向心加速度．根据牛顿第二定律分析碗对木块的支持力的变化，分析摩擦力的变化．解答：解：A、木块做匀速圆周运动，向心加速度大小不变，大小不为零，故A错误；B、木块做匀速圆周运动，合外力提供向心力，匀速圆周运动的向心力大小不变，木块受到的合外力大小不变，故B正确；C、设木块经过的位置碗的切线方向与水平方向的夹角为α，木块的速率为v，碗对木块的支持力大小为N，则有：N﹣mgcosα=m，得到：N=mgcosα+m，木块碗口下滑到碗的最低点的过程中，α减小，cosα增大，其他量不变，则N增大，木块对碗的压力：N′=mgcosα+m大小增大，到碗底时cosα最大，木块受到的弹力N最大，故C错误，D正确；故选：BD．点评：匀速圆周运动是变加速曲线运动，速度、加速度都时刻在变化．基础题．10．（4分）（2014秋•乳山市期中）在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动、在相互猛推一下后分别向相反方向运动．假定两板与冰面间的动摩擦因数相同．已知甲在冰上滑行的距离比乙远，由以上信息可判读下面说法中正确的是（）A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B．在推的过程中，甲受的合外力大于乙受的合外力C．在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D．在分开后，甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小考点：牛顿第三定律．分析：在推的过程中，甲推乙的力和乙推甲的力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反；根据牛顿第二定律，两人受到的合力都是摩擦力，a=；由运动﹣2μgx=0﹣v2，可知道甲在冰上滑行的距离比乙远．解答：解：A、在推的过程中，甲推乙的力和乙推甲的力是一对作用力和反作用力，根据牛顿第三定律，作用力和反作用力大小相等，方向相反．故A错误．C、D、分开后，两人受到的合力都是摩擦力，根据牛顿第二定律，a=；所以甲乙的加速度大小相等，由运动学公式﹣2μgx=0﹣v2知，刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度；故C正确，D错误．B、刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度；由v=at可知，在推的过程中，由于作用的时间相同，所以甲的加速度大于乙的加速度，甲受的合外力大于乙受的合外力．故B 正确．故选：BC．点评：解决本题的关键是熟悉牛顿第三定律：作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，以及能熟练运用牛顿第二定律．二、本大题共4个小题，共18分．11．（4分）（2014•韶关一模）图甲为20分度游标卡尺的部分示意图，其读数为8.15mm；图乙为螺旋测微器的示意图，其读数为 2.970mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．解答：解：游标卡尺的固定刻度读数为8mm，游标尺上第3个刻度游标读数为：0.05×3mm=0.15mm，所以最终读数为：8mm+0.15mm=8.15mm；螺旋测微器的固定刻度读数为2.5mm，可动刻度读数为0.01×47.0mm=0.470mm，所以最终读数为：2.5mm+0.470mm=2.970 mm．故答案为：8.15； 2.970．点评：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同．12．（4分）（2014秋•乳山市期中）用如图甲所示的实验装置来验证牛顿第二定律，为消除摩擦力的影响，实验前必须平衡摩擦力．（1）某同学平衡摩擦力时是这样操作的：将小车静止地放在水平长木板上．把木板不带滑轮的一端慢慢垫高，直到小车由静止开始沿木板向下滑动为止．请问这位同学的操作是否正确？答：该同学的操作不正确，正确的操作应该为给小车一个初速度，小车能够带动纸带匀速下滑．（2）如果这位同学按正确方法平衡好了摩擦力，然后不断改变对小车的拉力F，他得到在M （小车质量）保持不变情况下的a﹣F图线是图乙中的A（将选项代号的字母填在横线上）．考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）小车由静止下滑，说明重力沿斜面的分力大于摩擦力，因此平衡过度，当小车带动纸带匀速下滑时说明平衡摩擦力；（2）根据牛顿第二定律有：F=ma，因此若正确操作，平衡摩擦力后a﹣F图象应该是过原点的直线．解答：解：（1）小车由静止下滑，说明重力沿斜面的分力大于摩擦力，因此平衡过度，所以该同学的操作不正确，正确的操作应该为给小车一个初速度，小车能够带动纸带匀速下滑．（2）如果这位同学正确的平衡摩擦力，则根据牛顿第二定律有：F=ma，因此a﹣F图象应该是过原点的直线，故BCD错误，A正确．故选：A．故答案为：（1）该同学的操作不正确，正确的操作应该为给小车一个初速度，小车能够带动纸带匀速下滑；（2）A．点评：在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法，本实验只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双重条件下，才能用钩码重力代替小车所受的合力，同时加强基础物理知识在实验中的应用，加强解决实验问题的能力．13．（4分）（2014秋•乳山市期中）某同学研究轻质弹簧的弹性势能与形变量的关系，实验装置如下图所示，在高度为h的光滑水平桌面上，沿与桌面边缘垂直的方向放置一轻质弹簧，其左端固定，右端与质量为m的小钢球接触，弹簧处于自然长度时，小钢球恰好在桌面边缘．使钢球压缩弹簧△x后由静止释放，钢球沿桌面水平飞出，落到水平地面，小球在空中飞行的水平距离为s，实验数据记录如表所示，重力加速度为g．试导出弹簧的弹性势能E P与m、h、s的关系为，分析实验数据，写出s和△x的关系为s=k△x（k为比例系数）．次数△s（cm） s（cm）1 2.0 6.12 4.0 12.03 6.0 18.24 8.0 24.15 10.0 29.9考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题．分析：（1）弹簧弹性势能的减小量等于小球动能的增加量；根据平抛运动的分位移公式求解平抛的初速度；（2）分析表格数据，s和△x成正比，求解出比例系数即可．解答：解：小球做平抛运动，有：s=vth=根据机械能守恒定律，有：E P=E K=联立解得：E p=；分析表格数据，s和△x成正比，即s=k△x；故答案为：，s=k△x（k为比例系数）．点评：本题关键明确实验原理，然后根据平抛运动的分运动公式列式并结合表格数据分析．14．（6分）（2014秋•乳山市期中）在验证机械能守恒定律的实验中，一同学进行如下操作：A．将打点计时器水平固定在铁架台上B．将长约0.5m的纸带用小夹子固定在重物上后穿过打点计时器，用手提着纸带，使重物静止在靠近打点计时器的地方C．先松开纸带，再接通电源，让重物自由下落，打点计时器就在纸带上打下一系列的点D．换几条纸带，重复上面实验E．在打出的纸带中挑选第一、第二个点间距接近2mm，且点迹清楚的纸带进行测量，先记下0点（第一个点）的位置，再从后面较清晰的任意点开始依次再取四个计数点A、B、C、D，求出相应位置对应的速度及其下落的高度F．将测量数据及计算结果填入自己设计的表格中G．根据以上测得数据，计算相应的动能和重力势能，验证机械能守恒定律（1）以上操作中错误的是AC．（2）选出一条纸带如图所示，其中0点为起点，A、B、C为三个计数点，打点计时器通有周期为0.02s的交流电，用最小刻度为毫米的刻度尺，测得OA=11.13cm，OB=17.69cm，OC=25.9cm．这三个数字中不符合有效数字要求的是OC．在计数点A和B之间，B和C 之间还各有一个点未画出，重物的质量为m=1.5kg，根据以上数据，求当振针打到B点时重物的重力势能比开始下落时减少了 2.65J；这时它的动能是 2.56J．（g取l0m/s2，结果保留三位有效数字）考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：（1）对于实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚；（2）纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．解答：解：（1）A、应该将打点计时器竖直固定在铁架台上，故A错误；C、实验时，应先接通打点计时器电源后释放重物，由于重物运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，故C错误．故答案为：AC．（2）选用最小刻度为mm的刻度尺，应该估读到毫米的下一位，故OC读数不符合有效数字要求，应该读为25.90cm，重力势能的减小量等于重力做功，因此有：△E P=mgh=2.65J匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v B==≈1.85m/s，动能：△E K=mv B2=×1.5×1.852=2.56J；故答案为：（1）AC；（2）OC；2.65；2.56．点评：要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒，重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能．三、本大题共5个小题，共42分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分．有数值计算的题．答案中必须明确写出数值和单位．15．（7分）（2014秋•乳山市期中）总质量为100kg的小车，在粗糙水平地面上从静止开始运动，其速度﹣时间图象如图所示．已知在0﹣2s时间内小车受到恒定水平拉力F=1240N，2s 后小车受到的拉力发生了变化．试根据图象求：（g取10m/s2）（1）0﹣18时间内小车行驶的平均速度约为多少？（2）t=1s时小车的加速度a；（3）小车与地面间的动摩擦因数μ．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）在v﹣t图象中与时间轴所围面积即为位移，即可求的平均速度；（2）由求的加速度（3）由牛顿第二定律求的摩擦因数解答：解：（1）由图可知0﹣18s内位移为L=188 m平均速度为=10.4 m/s（2）0﹣1s内加速度为=8 m/s2（3）由牛顿第二定律得F﹣μmg=maμ=答：（1）0﹣18时间内小车行驶的平均速度约为10.4m/s（2）t=1s时小车的加速度a为8m/s2；（3）小车与地面间的动摩擦因数μ为0.44．点评：本题主要考查了v﹣t图象，从v﹣t图象中求面积求加速度16．（8分）（2014秋•乳山市期中）如图所示，一架在2000m高空以200m/s的速度水平匀速飞行的轰炸机，要想用两枚炸弹分别轰炸山脚和山顶的敌人碉堡A和B．已知山脚与山顶的水平距离为1000m，若不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）飞机投第一颗炸弹时，飞机离A点的水平距离s1为多少才能准确击中碉堡A？（2）当飞机上投弹的时间间隔为9s时，就准确的击中碉堡A和B，则山的高度h为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据高度求出平抛运动的时间，结合初速度和时间求出平抛运动的水平距离．根据高度求出击中碉堡B的时间，通过水平位移关系，结合运动学公式求出山的高度．解答：解：（1）根据H=，s1=υ0t1得，代入数据解得飞机离A点的水平距离s1=4000 m（2）根据，s2=υ0t2又s2+υ0△t=5000代入数据解得h=720 m答：（1）飞机离A点的水平距离s1为4000m才能准确击中碉堡A；（2）山的高度h为720m．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．17．（8分）（2014秋•乳山市期中）如图所示，斜面轨道AB与水平面之间的夹角θ=53°，BD 为半径R=4m的圆弧形轨道，且B点与D点在同一水平面上，在B点，斜面轨道AB与圆弧形轨道BC在B点相切，整个轨道处于竖直平面内且处处光滑，在A点处有一质量m=1kg的小球由静止滑下，经过B、C两点后从D点斜抛出去，已知A点距地面的高度H=10m，B点距地面的高度h=5m，（不计空气阻力，g取10m/s2，cos 53°=0.6，保留两位有效数字）求：（1）小球从D点抛出后，落到水平地面上的速度（2）小球经过AB段所用的时间？（3）小球经过圆弧轨道最低处C点时对轨道的压力多大？考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：（1）小球从A到B的过程中只有重力做功，根据机械能守恒求解小球经过B点的速度．（2）由机械能守恒定律求出速度，由牛顿第二定律求出加速度，由速度公式求出时间．（3）由牛顿第二定律求出支持力，然后求出压力．解答：解：（1）从A到D过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：，代入数据解得：；（2）从A到B过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：，速度：υB=at，加速度：a=gsinθ，代入数据解得：t=1.25s；（3）在C点，由牛顿第二定律得：，从A到C过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：，代入数据解得：F=43N，由牛顿第三定律可知，对轨道的压力大小为43N，方向竖直向下；答：（1）小球从D点抛出后，落到水平地面上的速度为14m/s．（2）小球经过AB段所用的时间为1.25s．（3）小球经过圆弧轨道最低处C点时对轨道的压力大小为43N，方向竖直向下．点评：本题是机械能守恒定律、牛顿第二定律、动能定理的综合应用，常见的陈题．小球从D 点抛出后，阻力是变力，不能根据功的计算公式求阻力做功，运用动能定理求变力做功是常用的方法．18．（9分）（2015•神木县校级二模）质量为m的汽车，沿平直公路由静止开始做匀加速行驶，经过时间t1汽车的速度达到υ1，当汽车的速度为υ1时，汽车立即以不变的功率P继续行驶，经过距离s，速度达到最大值υ2，设汽车行驶过程中受到的阻力始终不变．求：（1）汽车行驶过程中受到的阻力多大？（2）汽车匀加速行驶过程中，牵引力F（3）汽车的速度从υ1增至υ2的过程中，所经历的时间．考点：动能定理的应用；功率、平均功率和瞬时功率．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）由功率公式求出阻力．（2）由牛顿第二定律求出加速度，应用速度公式求出速度，然后求出牵引力．（3）由动能定理可以求出时间．解答：解：设汽车行驶过程中受到的阻力大小（1）功率：P=fυ2，解得：；（2）由牛顿第二定律得：F﹣f=ma，速度：υ1=at1，解得：F=；（3）由动能定理得：，解得：W=Pt2 ；答：（1）汽车行驶过程中受到的阻力为；。
2019-高三上学期期中考试物理
2019-2020 年高三上学期期中考试物理本试卷分第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100 分，考试时间100 分钟。
注意事项：1．答第 I 卷前，考生务势必自己的姓名、准考据号、考试科目、试卷种类（ A 或 B）用铅笔涂写在答题卡上。
2．每题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案代号涂黑，如需变动，用橡皮擦洁净后，再选涂其余答案，不可以答在试题卷上。
3．第Ⅱ卷答案写在试卷上，考试结束后将本试卷卷Ⅱ、答题卡一并交回。
第 I 卷（选择题共40分）一、此题共10 小题，每题 4 分。
共 40 分。
在每题给出的四个选项中，起码有一个选项是切合题目要求的，所有选对的得 4 分，选不全的得 2 分，有错或不答的得O分。
1．以下说法正确的有A．刹时速度的大小叫做刹时速率；均匀速度的大小叫做均匀速率B．匀速圆周运动的线速度是运动弧长与时间的比，所以，它与角速度同样是标量C．物体做曲线运动的条件是所受协力与速度既不垂直也不在同向来线上D．一个初速度不为零的匀加快直线运动能够分解为一个匀速直线运动和一个初速度为零的匀加快直线运动2．牛顿第必定律和牛顿第二定律共同确立了力与运动的关系，以下有关描绘正确的选项是A．力是使物体产生加快度的原由，没有力就没有加快度B．力是改变物体运动状态的原由，质量决定着惯性的大小C．速度变化越快的物体惯性越大，匀速或静止时没有惯性D．质量越小，惯性越大，外力作用的成效越显然3．2011 年 11月 3 日，“神州八号”飞船与“天宫一号”目标飞翔器成功实行了初次交会对接。
任务达成后“天宫一号”经变轨升到更高的轨道，等候与“神州九号”交会对接．变轨前和变轨达成后“天宫一号”的运转轨道均可视为圆轨道，对应的轨道半径分别为R1、R2，对应的角速度和向心加快度分别为ω1、ω2和 a1、 a2，则有A．1R13 R2322B． a1R2a2R12C．变轨后的“天宫一号”比变轨前动能减小了，机械能增添了D．在正常运转的“天宫一号”内，体重计、弹簧测力计、天平都不可以使用了4．我国“蛟龙号”深潜器经过多次试验，终于在2012 年 6 月 24 日以 7020m 深度创来世界最新纪录（外国最深不超出 6500m ），预示着能够征服全世界 99． 8％的海底世界，假定在某次实验时，深潜器内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面 10min 内全过程的深度曲线（ a）和速度图像（b），如图示则有A．（ a）图中 h3代表本次最大深度，应为6．0m2C．潜水员感觉超重现象应发生在3-4min和6-8min的时间段内D．整个潜水器在8-10min 时间段内机械能守恒5．如下图，质量同样散布均匀的两个圆柱体a、b 靠在一同，表面圆滑，重力均为G，此中 b 的下一半恰巧固定在水平面 MN 的下方，上面露出另一半， a 静止在平面上，现过a的轴心施以水平作使劲F，可迟缓的将 a 拉离平面向来滑到 b 的顶端，对该过程剖析，应有A．拉力 F 先增大后减小，最大值是GB．开始时拉力 F 最大为 3 G，此后渐渐减小为0C． a、b 间压力由0 渐渐增大，最大为GD． a、 b 间的压力开始最大为2G，尔后渐渐减小到G6．如图，平行板电容器的两个极板竖直搁置，并接直流电源。
精品2019届高三物理上学期期中试题 人教版
2019学年第一学期期中考试高三年级物理试题本试卷总分：100分；考试时间：90分钟注意事项：本试卷分第Ⅰ 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息。
2．请将答案正确填写在答题卡上。
第I 卷（选择题 共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-12题有多项符合题目要求。
全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选的得0分） 1．在研究下列问题时，可以把汽车看作质点的是（ ） A. 研究汽车在行使时车轮上某一点的运动情况 B. 研究人在汽车上的位置C. 研究汽车在上坡时有无翻倒的危险D. 计算汽车从南京开往上海的时间2．做直线运动的位移x 与时间t 的关系为x =5t +2t 2（各物理量均采用国际单位制单位），则 该质点（ ）A. 加速度为2m/s 2B. 前2 s 内的平均速度是6m/sC. 任意相邻的1 s 内位移差都是4mD. 任意1 s 内的速度增量都是2m/s 3．如图所示,一小球(可视为质点)沿斜面匀加速下滑,依次经过A 、B 、C 三点,已知AB =18 m ，BC =30 m ，小球经过AB 和BC 两段所用的时间均为2 s ，则小球经过A 、B 、C 三点时的速度大小分别是( )A. 12 m/s ，13 m/s ，14 m/sB. 10 m/s ，14 m/s ，18 m/sC. 8 m/s ，10 m/s ，16 m/sD. 6 m/s ，12 m/s ，18 m/s4．从地面上将一个小球竖直上抛，经 t 时间小球经过空中的某点A ，再经过t 时间小球又经 过A 点。
不计空气阻力，下列说法正确的是( )A.的速率为32gt B. 小球抛出时的速率为2gt B. 小球抛出时C. 小球上升的最大高度为232gt D. A 点的高度为212gt 5．质量分别为12m m 、的甲、乙两球，在离地相同高度处，同时由静止开始下落，由于空气 阻力的作用，两球到达地面前经时间0t 分别到达稳定速度12v v 、，已知空气阻力大小f 与小球的下落速率v 成正比，即f kv =（k>0），且两球的比例常数k 完全相同，两球下落的v-t 关系如图所示，下落说 法正确的是( ) A.12m m <B. B.1122m v m v = C. 释放瞬间甲球的加速度较大 D. 0t 时间内两球下落的高度相等6．我国国家大剧院外部呈椭球型，将国家大剧院的屋顶近似为半球形，一警卫人员为执行特 殊任务，必须冒险在半球形屋顶上向上缓慢爬行(如图所示)，他在向上爬的过程中（ ）A. 屋顶对他的支持力变大B. 屋顶对他的支持力变小C. 屋顶对他的摩擦力变大D. 屋顶对他的摩擦力大小不变7．如图所示，某赛车手在一次野外训练中，先用地图计算出出发地A 和目的地B 的直线距离为9km ，实际从A 运动到B 用时5min ，赛车上的里程表指示的里程数增加了15km ，当他经过某路标C 时，车内速度计指示的示数为150km/h ，那么可以确定的是（ ） A. 整个过程中赛车的平均速度为108km/s B. 整个过程中赛车的平均速度为180km/s C. 赛车经过路标C 时的瞬时速度大小为150km/s D. 赛车经过路标C 时瞬时速度方向为由A 指向B8．如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小球，电梯中有质量为50kg 的乘客，在电梯运行时乘客发现轻质弹簧的伸长量始终是电梯静止时的四分之三，已知重力加速度g =10m /s 2，由此可判断（ ） A. 电梯可能加速下降，加速度大小为5m /s 2B. 电梯可能减速上升，加速度大小为2.5m /s 2C. 乘客处于失重状态D. 乘客对电梯地板的压力为425 N9．如图所示，置于固定斜面上的物体A 受到平行于斜面向下的力作用保持静止。
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2019学年第一学期位育中学期中考试试卷高三年级物理学科(考试时间60分钟,总分100分)命题:朱肖敏审题:张黎芳(本试卷中g取10m/s2)一、单项选择题(第1至8题每小题3分,9至12题,每小题4分,共计40分)1.物理学中的自由落体规律、万有引力定律和电流磁效应分别由不同的物理学家探究发现,他们依次是()A)伽利略、牛顿、法拉第 (B)牛顿、卡文迪许、奥斯特(C)伽利略、卡文迪许、法拉第 (D)伽利略、牛顿、奥斯特2.下列单位不属干能量单位的是()(A)焦耳(J) (B)毫安时(mAh) (C)电子伏(ev) (D)千瓦时(kWh)3.某驾驶员使用定速巡航,在高速公路上以时速110公里行驶了200公里。
其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指（）(A)速度、位移(B)速度、路程(C)速率、位移D)速率、路程4.质点运动的位移x与时间t的关系如图所示,其中运动方向发生变化的是()5.以地面为零势能面,一瓶330ml的矿泉水静止在桌上时具有的机械能约为()(A)30J (B)3J (C)0.3J (D)0.03J6.如图所示,匀速转动的水平圆盘上在离转轴某一距高处放一滑块,该滑块恰能限随圆盘做匀速圆周运动而不产生相对滑动,则在改变下列何种条件的情况下,滑块仍能与圆盘保持相对静止()(A)增大圆盘转动的角速度(B)增大滑块到转轴的距离(C)增大滑块的质量m(D)改变上述任一条件的情况下都不可能使滑块与圆盘保持相对静止7.如图,在匀强电场中,轻质绝缘细绳一端固定于地面,另一端拉住一个带电量为q 、质量为m 的小球,使之处于静止状态。
细绳与水平地面间的夹角为 。
则该小球受到的电场力() (A)方向在①区域内,大于mg (B)方向在④区域内,小于mg (C)方向在②区域内,大于mg(D)方向在②区域内,小于mg8.三个点电荷附近的电场线分布如图所示,c 是电量相等的两个负电荷连线的中点,d 点在正电荷的正上方,c 、d 到正电荷的距离相等,则() (A)c 点的电场强度为零 (B)b 、d 两点的电场强度不同 (C)a 点的电势比b 点的电势高 (D)c 点的电势与d 点的电势相等9. 一物体沿竖直方向运动，以竖直向上为正方向，其运动的v ﹣t 图象如图所示．对其运动过程正确描述的是A ．0～t 1时间内物体处于失重状态．B ．t 1～t 2时间内物体机械能守恒．C ．t 2～t 3时间内物体向下运动．D ．0～t 2时间内物体机械能一直增大．10.一带电粒子仅在电场力作用下从A 点开始以-做直线运动,其w 图像如图所示,粒子在o 时刻运动到B 点,3时刻运动到C 点,以下判断正确的是( ) (A)A 、B 、C 三点的电势关系为 (B)A 、B 、C 三点的场强大小关系为Ec>BB>E(C)粒子从A 点经B 点运动到C 点,电势能先增加后减少 (D)粒子从A 点经B 点运动到C 点,电场力先做正功后做负功11. 电阻不变的三个电灯A 、B 、C 连接在如图所示的电路中，闭合电键S 后三灯电功率相同，此后向上移动滑动变阻器R 的滑片。
则可判断( ) （A ）三灯的电阻大小是R B ＞R C ＞R A（B ）三灯的电阻大小是R A ＞R C ＞R B （C ）A 、B 两灯变亮，C 灯变暗（D ）A 、C 两灯变亮，B 灯变暗12. 如图所示，AB 、AC 两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB 与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a 、b 两小球，在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平。
某时刻剪断细线，两球均下滑到支架底端，则a 、b两球（ ）（A ）下滑的时间：t a =t b（B ）下滑过程中所受重力做的功：W a =W b （C ）到底端时的速率：v a >v b （D ）到底端时的动能：E ka >E kb 二、填空题(每空2分,共计20分)13.闭合电路中,电源把其他形式的能转化为电能,这种转化是通过__________做功来实现的， 若外电路是纯电阻电路,则通过电流做功,外电路将电能转化为_________能。
14.如图所示,自行车的小齿轮A 、大齿轮B 、后轮C 是相互关联的三个转动部分,且半径RB=4RA 、RC=8RA,如图所示,当自行车正常骑行时A 、B 、C 三轮边缘的速度大小之比 ，向心加速度的大小之比aA:aB:ac =_________。
15.质量相等的两颗人造地球卫星A 、B 分别在不同的轨道上绕地球做匀速圆周运动,则A 、B 两卫星的运动周期TA______TB,动能EA____EB·(选填“>”“=”或“<)16.如图为点电荷Q 产生的电场,图中虚线为等势线,若将两个带正电的检验电荷,a 分别从A 、B 两点移动到无穷远的过程中,外力克服电场力做的功均为W=6× ,已知其中q1=2× C,则A 点电势为_______V ，q1的电荷量________(选填“等于”、“小于”或“大于”)q2的电荷量。
17．如图，用两根绝缘细线将A 、B 两小球连接后挂在天花板上。
A 球带负电，电荷量为2q ；B 球带正电，质量为m ，电荷量为q 。
在小球所处空间，外加一个方向向下的匀强电场，电场强度大小为E 。
若两细线均被拉直，AB 间距离为l ，则细线对B 的拉力大小为______________。
若突然撤去外加电场，之后B 球的电势能的变化情况是_____________。
（已知重力加速度为g ，静电力恒量为k ，）。
三、综合题(共40分,计算题要求画出受力分析图,写出分析过程) 18.用DS 研究探究加速度和质量之间的关系 (1)此实验使用的是________传感器; (2)以下实验步骤的正确顺序为_________。
A.点击“选择区域”,计算机自动计算出加速度值B.保持钩码个数不变,在小车上增加配重片改变小车质量,重复实验C.点击“开始记录”并释放小车,当小车到达终点时,点击“停止记录”,得到v 图像 (3)另一位同学不使用位移传感器,而是在A 点固定一个光电门传感器,改变配重片数目,记录小车总质量m,由静止释放小车,测出小车过A 时的瞬时速度v,由实验数据得到图验证加速度与质量的关系。
实验中每次释放小车的位置_________(选填“必须相同”或“可以不同”),原因是________________________。
19. 如图（a ）所示，可视为质点的物块质量为m =2kg ，置于水平地面上的A 点，物块与水平地面间的动摩擦因数μ=0.25。
在水平向右的力F 作用下物块由静止开始运动，由A 运动到B 的过程中力F 随位移x 变化关系如图（b ）所示，到达斜面底端B 点后撤去力F ，物块冲上足够长的光滑斜面。
其中AB 段长为L =5m ，g 取10m/s 2。
问：B图（a ）（1）由A 运动到B 的过程中，物块克服摩擦力所做的功是多少？ （2）物块由A 运动到B 所用的时间是多少？（3）不计物块在B 处的动能损失，物块沿斜面上滑的最大高度是多少？20、如图，竖直平面内有两个半径为r 、光滑的14 圆弧形金属环，在M 、N 处分别与距离为2r 、足够长的平行光滑金属导轨ME 、NF 相接，金属环最高点A 处断开不接触。
金属导轨ME 、NF 的最远端EF 之间接有电阻为R 的小灯泡L 。
在MN 上方及CD 下方有水平方向的匀强磁场I 和II ，磁感应强度大小均为B ，磁场I 和II 之间的距离为h 。
现有质量为m 的导体棒ab ，从金属环的最高点A 处由静止下落，在下落过程中导体棒始终保持水平，与金属环及轨道接触良好。
已知导体棒下落r2 时向下的加速度为a 。
导体棒进入磁场II 后小灯泡亮度始终不变。
重力加速度为g 。
导体棒、轨道、金属环的电阻均不计。
求： （1）导体棒从A 处下落r2 时的速度v 1大小；（2）导体棒下落到MN 处时的速度v 2大小；（3）将磁场II 的CD 边界下移一段距离，分析导体棒进入磁场II 后小灯泡的亮度变化情况，并说明原因。
【参考答案】一、选择题 ABDCCC ABDCCD 二、填空题13、非静电力 内能 14、1：1：8 4：1：32 15、< > 16、-3 小于 17、mg ＋qE －2kq2l2 ，可能不变（1分）或可能减小（1分）三、综合题18、（1）光电门 （2）CAB （3）必须相同 控制小车释放位置相同，则小车相对光电门的距离相同，才能通过图像斜率准确反映a 与m 的关系。
19、（1）由A 运动到B 的过程中，物块受滑动摩擦力F f 的作用，物块克服摩擦力做功W f 。
F f = μmg = 0.25×2×10N=5N（1分）W f =F f L =(5×5)J=25J（2分）（2）由图像可知0—2.5m ：F >F f ，故物块做初速度为零的匀加速直线运动；2.5m —5m ：F =F f ，故物块做匀速直线运动。
0—2.5m ：由牛顿第二定律 F -F f = ma（1分）得a =(F -F f )/m =(15-5)/2 m/s 2=5m/s 2（1分）由匀变速直线运动公式21112=s a t 得s 1s 55.22211=⨯==a s t（1分） 到达B 点时的速度m /s 51==at v B（1分）2.5m —5m ：以vB 的速度做匀速运动，s 5.0s 55.222===B v s t （1分） 因此，物块由A 运动到B 所用的时间：t=t1+t2=1.5s （1分） （3）因为斜面光滑，物块在斜面上运动时机械能守恒。
（1分）由机械能守恒定律 mgh mv B =221（1分）得225m 1.25m2210===⨯B v h g（1分）20、（1）有拉力的受力分析图如图19（a ）所示（1分），地面对物体的支持力：sin3716N N mg F =+︒=（1分），在拉力F 作用下，物体的加速度：22114m/s 2v a s -==（1分），由牛顿第二定律：cos37F f ma ︒-=（1分），得：μ=cos370.25f F maN N μ︒-====0.25（2分）；（2）撤掉拉力后的受力分析图如图19（b ）所示（1分）， 撤掉拉力F 后的加速度：22 2.5m/s a g μ=-=-（1分），撤掉拉力F 后的第二段位移：222080m2v s a -==（1分），全程总位移：s=12130ms s s =+=总=130m （1分）；（3）全程总时间：1105s v t a -==，2208s vt a -==，1213s t t t =+=总（1分），拉力F 所做的功：1cos37400JF W F s =⋅⋅︒=（1分），全过程拉力F 的平均功率：P==30.77W FW P t =总=30.77W （2分，公式1分，数值1分）。