高三物理10月月考试题1

大石桥二高中2016-2017学年度上学期10月月考

高三物理试卷

时间：90分钟 满分：100分

第I 卷

一、选择题（共12题, 每题4分共48分；1--8题为单选，每个小题只有一个正确答案；9--12题为多选，；全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分。） 1．下列关于静电场的说法正确的是( )

A ．正电荷只在电场力作用下，一定从低电势向高电势运动

B ．在点电荷形成的电场中没有场强相等的两点，但有电势相等的两点

C ．场强为零处，电势一定为零；电势为零处，场强一定为零

D ．初速为零的正电荷在电场力作用下一定沿电场线运动

2.甲乙两物体在同一直线上运动，位移-时间（x-t ）图象如图所示，以甲的出发点为坐标原点，出发时刻为计时起点，则从图象可以看出，下列说的话不正确的（ ）

A ．甲乙同时计时

B ．从开始计时到相遇，甲的速度始终比乙的速度大

C ．甲计时开始运动时，乙在甲前面

处

D ．甲在中途停了一会儿，但最后还是追上了乙

3．如图所示，某点O 处固定一点电荷+Q ，一电荷量为-q 1的点电荷以O 为圆心做匀速圆周运动，另一电荷量为-q 2的点电荷以O 为焦点沿椭圆轨道运动，两轨道相切于P 点。两个运动电荷的质量相等，它们之间的库仑引力和万有引力均忽略不计，且21q q >。当-q 1、-q 2经过P 点时速度大小分别为v 1、v 2，加速度大小分别为a 1、a 2，下列关系式正确的是（ ）

A ．21a a =

B ．21a a <

C ．21v v =

D ．21v v >

4．电梯底板上静置一物体，物体随电梯由一楼到九楼过程中，v —t 图像如图所示。以下判断正确的是（ ）

A ．前3s 内货物处于失重状态

B．最后2s内货物只受重力作用

C．前3s内与最后2s内货物的平均速度相同

D．第3s末至第5s末的过程中，货物的机械能守恒

5.如图所示，一个木箱原来静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个小木块。木箱和小木块都具有一定的质量。现使木箱获得一个向右的初速度v0，则( ) A．小木块和木箱最终都将静止

B．小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动

C．小木块在木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动

D．如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，则二者将一起向左运动

6.有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动， b处于地面附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图2，则有( ) A．a的向心加速度等于重力加速度g

B．c在4 h内转过的圆心角是6

C．b在相同时间内转过的弧长最长

D．d的运动周期有可能是20 h

7．BC是半径为R的竖直面内的光滑圆弧轨道，轨道末端C在圆心O的正下方，

∠BOC=60°，将质量为m的小球，从与O等高的A点水平抛出，小球恰好从B点滑入圆轨道，则小球在C点对轨道的压力为：

（）

A．7

3

mg B．3mg

C．10

3

mg D．4mg

8．如图所示，一轻绳通过一光滑定滑轮，两端各系一质量为m1和m2的物体，m1放在地面上，当m2的质量发生变化时，m1的加速度a的大小与m2的关系大致如下图所示中的

图（）9．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，

再经过N点，可以判定（）

A．M点的电势大于N点的电势

B．M点的电势小于N点的电势

C．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力

D．粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力

10．如图所示，在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知在金属块下滑的过程中动能增加了0.7J，金属块克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，则以下判断不正确的是

A．金属块带负电荷 B．电场力做功0.2J

C．金属块的机械能减少1.2J D．金属块的电势能增加0.2J

11．如图所示，质量为m1的足够长的木板B静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块A。t ＝0时刻起，给木板施加一水平恒力F，分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，图中可能符合运动情况的是（）

12．摄制组在某大楼旁边拍摄武打片,要求特技演员从地面飞到屋顶。如图所示,导演在某房顶离地H=12 m处架设了滑轮(人和车均视为质点,且滑轮直径远小于H),若轨道车从A处以v=10 m/s的速度匀速运动到B处,绳BO与水平方向的夹角为53°.由于绕在滑轮上细钢丝的拉动,使质量为m=50kg 的特技演员从地面由静止开始向上运动。在车从A运动到B的过程中(取g=10 m/s2,sin53°=0.8,cos53°=0.6)( )

A. 演员最大速度为6.0 m/s

B. 演员上升高度为12 m

C. 演员处于超重状态

D. 演员机械能增量为6000 J

第II卷

二、填空题（共10分，13题每空1分；14题每空2分）

13．（5分）用如图所示实验装置验证m1，m2组成的系统机械能守恒。m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。下图给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两个计数点间还有4个点(图中未标出)，计数点间的距离如图所示。已知m1＝50g，m2＝150g，则：(g取10m/s2，结果保留两位有效数字)

（1）在纸带上打下计数点5时的速度v＝________ m/s；

（2）在打点0～5过程中系统动能的增加量ΔEk＝

________J，

系统势能的减少量ΔEp＝________J，由此得出的结论是

____________________________________________；

（3）若某同学作出的v2-h图象如图所示，则当地的实际重力加速度g＝________m/s2。

14.(6分)一同学要研究轻质弹簧的弹性势能与弹簧长度改变量的关系。实验装置如下图甲所示，在离地面高为h的光滑水平桌面上，沿着与桌子右边缘垂直的方向放置一轻质弹簧，其左端固定，右端与质量为m的小刚球接触。将小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，使小球沿水平方向射出桌面，小球在空中飞行落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹。重力加速度为g

（1）若测得某次压缩弹簧释放后小球落点P痕迹到O点的距离为s，则释放小球前弹簧的弹性势能表达式为；

（2）该同学改变弹簧的压缩量进行多次测量得到下表一组数据：

弹簧压缩量x/cm 1.00 1.50 2.00 2.50 3.00 3.50

小球飞行水平距离

2.01

3.00

4.01 4.98 6.01 6.99

s/×102cm

结合（1）问与表中数据，弹簧弹性势能与弹簧压缩量x之间的关系式应为；

（3）完成实验后，该同学对上述装置进行了如下图乙所示的改变：（I）在木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将木板竖直立于靠近桌子右边缘处，使小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；（II）将木板向右平移适当的距离固定，再使小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，撞到木板上得到痕迹P；（III）用刻度尺测量纸上O点到P点的竖直距离为y。若已知木板与桌子右边缘的水平距离为L，则（II）步骤中弹簧的压缩量应该为。

三、计算题（共3题，15题14分，16题15分，17题12分.解应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 15．（14分）航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2kg，动力系统提供的恒定升力F=28N．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升．设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2．飞行器飞行t=8s时到达高度H=64m．求：

（1）飞行器匀加速上升的加速度a的大小；

（2）t=8s时飞行器的速度v的大小：

（3）飞行器所受阻力f的大小．

16．（15分）为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列的设想：取一个与水平方向夹角为

060θ=，长为123L =m 的倾斜轨道AB ，通过微小圆弧与长为23

2

L =

m 的水平轨道BC 相连，然后在C 处设计一个竖直完整的光滑圆轨道，出口为水平轨道D ，如图所示。现将一个小球从距A 点高为0.9h =m 的水平台面上以一定的初速度v 0水平弹出，到A 点时速度方向恰沿AB 方向，并沿倾斜轨道滑下。已知小球与AB 和BC 间的动摩擦因数均为33

μ=。取2

10/g m s =。求： （1）小球初速度v 0的大小； （2）小球滑过C 点时的速率v c ；

（3）要使小球不离开轨道，则竖直圆弧轨道的半径R

应该满足什么条件。

17、（12分）如图，足够长斜面倾角θ=30°，斜面上OA 段光滑，A 点下方粗糙且3

411=

μ。水平

面上足够长OB 段粗糙且μ2=0.5，B 点右侧水平面光滑。OB 之间有与水平方向β（β已知）斜向右上方的匀强电场E=10×105

V/m 。可视为质点的小物体C 、D 质量分别为m C =4kg ，m D =1kg ，D 带电q= +1×10-4

C ，用轻质细线通过光滑滑轮连在一起，分别放在斜面及水平面上的P 和Q 点由静止释放，B 、Q 间距离d=1m ，A 、P 间距离为2d ，细绳与滑轮之间的摩擦不计。（sinβ=1010，cosβ=10

10

3，g=10m/s 2），求：

（1）物体C 第一次运动到A 点时的重力的功率； （2）物块D 运动过程中电势能变化量的最大值；

（3）物体C第一次经过A到第二次经过A的时间t。

大石桥二高中2016-2017学年度上学期10月月考试

高三物理科参考答案

一、1、B 2、B 3、D 4、C 5、B 6、C 7、C 8、D 9、 BC 10、ABC 11.A B D 12、 AC

一、1、B 2、B 3.【答案】D 【解析】

试题分析：在p 点时，两电荷受力均为库仑力分别为2

11r Qq k

F =，22

2

r Qq k F =，因为21q q >所以21F F >

由牛顿第二定律ma F =，因为m 相同，所以21a a >，所以A 、B 均错误．

在p 点有r

v a 2

=，因为21a a >所以21V V >所以C 错误，D 正确．

考点：库仑定律；牛顿第二定律；向心加速度。 4.【答案】C 【解析】

试题分析：据题意，从图像可以看出，0-3s 内货物随电梯向上匀加速运动，货物处于超重状态，故选项A 错误；最后两秒内货物向上做匀减速运动，货物受到重力和支持力，但重力大于支持力，故选项B 错误；前3秒内的平均速度为：03

12/2

v v v m s -

+=

=，后两秒的平均速度为：57

22/2

v v v m s -

+=

=，故选项C 正确；第3s 末至第5s 末的过程中，货物做匀速运动，重力与支持力平衡，支持力做正功，物体机械能增加，故选项D 错误。 考点：本题考查超重和失重。 5、B 6、C 7、【答案】C 【解析】

试题分析:小球由A 至B 做平抛运动，设初速度A v ，平抛时间t ，竖直方向有o 2

1cos 602

R gt =

；B 点的速度相切与圆轨道，故平抛的速度偏向角为o 60，有o

tan 60gt

v =

，可得3

A gR

v =A 至C 由动能定理：22

1122

c A mgR mv mv =-，对C 点的小球，由牛顿第二定律：2C N v F mg m R -=，由牛顿

第三定律可得球对轨道的压力与支持力大小相等，解得10

3

N

N F F mg '==。故选C 。 考点：本题考查了平抛运动规律、圆周运动规律、动能定理、牛顿第一定律、牛顿第三定律。 8.D

9.【答案】BC 【解析】

试题分析：根据顺着电场线方向电势降低可知，M 点的电势低于N 点的电势．故A 错误，B 正确；根据电场线的疏密来判定电场强度的强弱，M 点的电场力大于N 点，故C 正确，D 错误。 考点：考查了对电场线的理解 10.【答案】ABC 【解析】

试题分析：在金属块滑下的过程中动能增加了0.7J ，金属块克服摩擦力做功0.3J ，重力做功1.2J ，根据动能定理得：W 总=W G +W 电+W f =△E K 解得：W 电=-0.2J 所以电场力做功-0.2J ，金属块的电势能增加0.2J ．由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷．故D 正确，AB 错误；在金属块滑下的过程中重力做功1.2J ，重力势能减小1.2J ，动能增加了0.7J ，所以金属块的机械能减少0.5J ，故C 错误．故选ABC ． 考点：电势能及功能关系。 11.【答案】A B D 【解析】

试题分析: 若整体：

，对A 隔离：

其中f 为静摩擦力，知A 对；随着F

增加，加速度逐渐的增大，当AB 间的摩擦力达到最大值后，F 再增加，A 、B 相互滑动，B 的加速度大于A 的加速度，B 、D 对。

考点: 牛顿第二定律的综合运用。 12.【答案】AC 【解析】 试题分析：将汽车的速度进行分解为沿绳方向v 1和垂直绳方向v 2，沿绳方向的速度等于演员的速度，v 1=vcos53°=6.0m/s ，A 对；演员上升的高度12

12sin 530.8

H h H =-=-=3m ，B 错；因沿绳方向的

速度

v 1=vcos θ,车向左运动的过程中，θ由90°逐渐变小，cos θ增大，v 1增大，故演员向上加速运动，处于超重状态，C 正确；增大的机械能为2

112

E mgh mv =+

=2400J ，D 错；所以本题选择AC 。 考点：运动的合成与分解 超重失重 机械能

第II 卷

二、

13. （1）2.4m/s ；（2）0.58J ， 0.60J ； 在误差允许的范围内，系统的机械能守恒。 （3）g ＝9.7m/s 2

14.【答案】（1）h mgs E P 42= （2）h mgx E P 2410= （3）y

h L x 200=

【解析】

试题分析：（1）小球射出桌面后，做平抛运动，在水平方向上有s vt =，在竖直方向上有2

12

h gt =

，

联立可得2g v s

h

=． 运动过程中机械能守恒定律，故有2

2124P mgs E mv h ==，释放小球前弹簧的弹性势能表达式为

2

4p mgs E h

=；

（2）从数据中可以200s x =，，因为2

4p mgs E h =，所以弹簧弹性势能与弹簧压缩量x 之间的关系式

应为：42

10p mgx E h

=

（3）因为24p mgs E h =，小球释放前压缩弹簧的弹性势能为：2

4p mgL E y

=

联立得（II ）步骤中弹簧的压缩量应该为200L h

x y

=

考点：研究轻质弹簧的弹性势能与弹簧长度改变量的关系 三、计算题 15.【解析】

解：（1）由匀变速直线运动的位移公式可得：H=at 2

， 飞行器的加速度：a=

=

=2m/s 2

；

（2）飞行器的速度：v=at=2×8=16m/s； （3）由牛顿第二定律得：F ﹣mg ﹣f=ma ， 解得：f=F ﹣m （g+a ）=28﹣2×（10+2）=4N ；

答：（1）飞行器匀加速上升的加速度a 的大小为2m/s 2

； （2）t=8s 时飞行器的速度v 的大小为16m/s ； （3）飞行器所受阻力f 的大小为4N ．

【点评】本题考查了求加速度、飞行器的速度、空气阻力，应用匀变速运动的运动规律、应用牛顿第二定律即可正确解题，应用牛顿第二定律时应对飞行器正确受力分析． 16．（15分）

试题分析：（1）小球离开弹簧后做平抛运动到达A 点，

竖直方向：由2

2y v gh = （1分） 可知232/y v gh m s == 水平方向分速度即小球的初速度： 06/tan y v v m s θ

=

= （1分）