2017年上海市金山区高考物理一模试卷(解析版)
2017年上海市金山区高考物理一模试卷一、选择题（共40分，1～8每小题3分，9～12每小题3分．每小题只有一个正确选项．）1．某物体做竖直上抛运动，在运动过程中不变的是（）A．路程B．位移C．速度D．加速度2．如图，弹簧振子在M、N之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，以向右为正方向建立Ox轴．若振子位于N点时开始计时，则其振动图象为（）A．B．C．D．3．如图，水平地面上的倾斜直杆顶端固定一小球，则直杆对球的作用力方向为（）A．沿杆向上B．沿杆向下C．竖直向上D．竖直向下4．关于单摆，下列说法正确的是（）A．摆球做匀速圆周运动B．摆动到最低点时加速度为零C．速度变化的周期等于振动周期D．振动的频率与振幅有关5．2016年10月19日，航天员景海鹏、陈冬顺利进入天宫二号．在天宫二号内，下列实验不能进行的是（）A．用弹簧秤验证平行四边形定则B．用伏安法测干电池电动势和内阻C．用自由落体运动研究动能与重力势能转化的规律D．用DIS研究温度不变时，一定质量气体压强与体积的关系6．如图为一定质量理想气体的体积V与温度T的关系图象，它由状态A等温变化到状态B，再等容变化到状态C，设A、B、C状态对应的压强分别为P A、P B、P C，则（）A．P A＜P B，P B＜P C B．P A＞P B，P B=P C C．P A＜P B，P B＞P C D．P A＞P B，P B＜P C7．某同学将10kg的桶装水从一楼搬到二楼，用时约30s，则该同学对桶装水做功的平均功率约为（）A．0.1W B．1W C．10W D．30W8．如图，光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，B端与水平面相切，轨道上的小球在水平向右的力F作用下，缓慢地由A向B运动，轨道对球的弹力为N，在运动过程中（）A．F增大，N减小B．F减小，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大9．一质点做匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，速度变为原来的3倍．该质点的加速度为（）A．B．C．D．10．金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示．容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度比B点的大B．小球表面的电势比容器内表面的低C．将检验电荷从A点移到B点，电场力做负功D．将检验电荷从A点沿不同路径移到B点，电场力做的功相同11．甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v﹣t图象如图所示．已知两车在t=3s时并排行驶，则（）A．在t=1s时，甲车在乙车后B．在t=0时，乙车在甲车前15mC．两车另一次并排行驶的时刻是t=2sD．甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m12．如图，电源内阻忽略不计，闭合电键，电压表V1示数为U1，电压表V2示数为U2，电流表A示数为I．在滑动变阻器R1的滑片由a端滑到b端的过程中（）A．I先增大后减小B．U1先增大后减小C．U1与I的比值先增大后减小D．U2变化量与I变化量的比值先增大后减小二、填空题（共24分，每空3分．）13．形象描述电场分布的曲线叫做，我们用（用文字表述）表示电场的强弱．14．如图为两频率相同的横波在传播过程中某时刻叠加情况的俯视图，两列波的振幅都为10cm，质点沿竖直方向振动，实线表示波峰，虚线表示波谷．则此时a点的位移为；a、b、c点中，振动加强的点为．15．如图所示电路，电源电动势为3V，内阻为1Ω，滑动变阻器总电阻为5Ω，闭合电键，在滑片从a移到b的过程中，电源总功率的最小值为W，变阻器消耗的最大功率为W．16．如图，倾角为θ的光滑斜面上用平行斜面的细线拴有带电小球A，地面上用杆固定带电小球B，AB在同一水平高度，且距离为L．已知A球质量为m，电量为﹢q．若细线对小球A 无拉力，则B带电（选填“正”或“负”）；若斜面对小球A无支持力，则B球的电量应为．三、综合题（共36分）17．关于“用DIS描绘电场等势线”实验，下列说法正确的是（）A．用交流电源连接两个电极B．在一块平整木板上依次铺放复写纸、白纸、导电纸C．导电纸有导电物质的一面应该向上D．在实验过程中电极与导电纸的相对位置可以改变18．在“用DIS研究机械能守恒定律”的实验中，某同学将传感器固定在最低点，如图（a）所示．该同学将摆锤从不同位置由静止释放，记录摆锤每次下落的高度h和最低点的速度v，作出了如图（b）所示的v2﹣h图线，则该直线的斜率应为．计算摆锤在释放点和最低点之间的势能变化大小△E p与动能变化大小△E k，结果如下列表格所示：结果显示△E p与△E k之间存在差异，他认为这并不是由于空气阻力造成的，理由是．19．在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差△P与气泡半径r之间的关系为△P=，其中σ=0.070N/m．现让水下10m处有一半径为0.20cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0=1.0×105Pa，取g=10m/s2，ρ水=1.0×103kg/m3．（1）求在水下10m处气泡内外的压强差；（2）在水下是否可以将气泡内外的压强看作近似相等？为什么？（3）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡此时体积与其原来体积之比的近似值．20．如图，光滑水平面AB和粗糙斜面BC平滑连接，斜面倾角为53°，AB=BC=3.75m．质量为m=2kg的小物块在与水平面成53°角的恒力F=20N作用下，从A点由静止开始沿ABC运动到C 点．（取sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）求：（1）物块从A点运动到B点所用的时间t1；（2）若物块在AB和BC上运动的时间之比为2：1，求物块与斜面间的动摩擦因数；（3）若斜面光滑，改变恒力的大小（方向不变），仍能使物体沿ABC运动到C，求力F的取值范围．2017年上海市金山区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共40分，1～8每小题3分，9～12每小题3分．每小题只有一个正确选项．）1．某物体做竖直上抛运动，在运动过程中不变的是（）A．路程B．位移C．速度D．加速度【考点】竖直上抛运动．【分析】做竖直上抛运动的物体只受重力作用，加速度相同，速度是矢量要考虑方向．【解答】解：A、竖直上抛运动是匀变速直线运动，路程随时间而变化，故A错误；B、竖直上抛运动是匀变速直线运动，位移h=，随时间而变化．故B错误；C、竖直上抛运动是匀变速直线运动，故速度均随时间变化而变化，故C错误；D、上抛运动为加速度为g的匀变速直线运动，加速度不变，故D正确；故选：D2．如图，弹簧振子在M、N之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，以向右为正方向建立Ox轴．若振子位于N点时开始计时，则其振动图象为（）A．B．C．D．【考点】简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】当振子运动到N点时开始计时，分析此时振子的位置，即确定出t=0时刻质点的位置，即可确定位移时间的图象．【解答】解：由题意：设向右为x正方向，振子运动到N点时，振子具有正方向最大位移，所以振子运动到N点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故B正确，ACD错误．故选：B3．如图，水平地面上的倾斜直杆顶端固定一小球，则直杆对球的作用力方向为（）A．沿杆向上B．沿杆向下C．竖直向上D．竖直向下【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对小球受力分析，根据平衡条件即可求解杆的作用力的大小和方向，要注意明确杆对球的弹力可以沿任意方向．【解答】解：小球受重力和杆的作用力而处于平衡状态，则可知，小球受到杆的作用力一定与重力等大反向，故杆对球的作用力竖直向上．故C正确，ABD错误．故选：C．4．关于单摆，下列说法正确的是（）A．摆球做匀速圆周运动B．摆动到最低点时加速度为零C．速度变化的周期等于振动周期D．振动的频率与振幅有关【考点】单摆周期公式；单摆．【分析】明确单摆的性质，知道单摆的振动过程中的速度、加速度以及合外力的变化，同时明确单摆周期的公式T=2．【解答】解：A、单摆在摆动中速度大小是变化的，不是匀速圆周运动，故A错误；B、摆动到最低点时加速度为零，摆球受向上的合外力，故加速度竖直向上，故B错误；C、速度变化的周期以及位移变化的周期均等于振动周期，故C正确；D、振动的频率与振幅无关，只取决于摆长和当地的重力加速度，故D错误．故选：C．5．2016年10月19日，航天员景海鹏、陈冬顺利进入天宫二号．在天宫二号内，下列实验不能进行的是（）A．用弹簧秤验证平行四边形定则B．用伏安法测干电池电动势和内阻C．用自由落体运动研究动能与重力势能转化的规律D．用DIS研究温度不变时，一定质量气体压强与体积的关系【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】天宫二号在空中飞行时，万有引力充当向心力，飞船内物体均处于失重状态，此时与重力有关的实验无法进行．【解答】解：A、用弹簧秤验证平行四边形定则与重力无关，故可以进行，B、用伏安法测干电池电动势和内阻与重力无关，可以进行，C、用自由落体运动研究动能与重力势能转化的规律时，与物体的重力有关，故C不能进行，D、气体压强与重力无关，故用DIS研究温度不变时，一定质量气体压强与体积的关系可以进行，本题选择不能进行的，故选：C．6．如图为一定质量理想气体的体积V与温度T的关系图象，它由状态A等温变化到状态B，再等容变化到状态C，设A、B、C状态对应的压强分别为P A、P B、P C，则（）A．P A＜P B，P B＜P C B．P A＞P B，P B=P C C．P A＜P B，P B＞P C D．P A＞P B，P B＜P C【考点】理想气体的状态方程．【分析】由图象分析气体的状态变化过程，然后由气体气体实验定律比较各状态的压强【解答】解：气体从状态A变化到状态B，发生等温变化，p与V体积成反比，，所以从状态B到状态C，气体发生等容变化，压强p与热力学温度成正比，，所以，故A正确，BCD错误；故选：A7．某同学将10kg的桶装水从一楼搬到二楼，用时约30s，则该同学对桶装水做功的平均功率约为（）A．0.1W B．1W C．10W D．30W【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】楼层大约3m，计算出该同学对桶装水做的功，再求做功的平均功率．【解答】解：每层楼高3m，则该同学将10kg的桶装水从一楼搬到二楼做的功为：W=mgh=10×10×3J=300J对桶装水做功的平均功率为：P===10W．故选：C8．如图，光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，B端与水平面相切，轨道上的小球在水平向右的力F作用下，缓慢地由A向B运动，轨道对球的弹力为N，在运动过程中（）A．F增大，N减小B．F减小，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据共点力平衡条件列式求解出拉力和支持力的数值，在进行分析讨论．【解答】解：对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如图所示，根据共点力平衡条件，有：N=F=mgtanθ其中θ为支持力N与竖直方向的夹角；当物体向下移动时，θ变小，故N变小，F变小；故B 正确，ACD错误．故选：B．9．一质点做匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，速度变为原来的3倍．该质点的加速度为（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】质点做匀加速直线运动，应用匀变速直线运动的速度公式与速度位移公式可以求出质点的加速度．【解答】解：设质点的初速度为v0，质点的速度为：v=v0+at=3v0，由速度位移公式得：v2﹣v02=2as，解得：a=；故选：A．10．金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示．容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度比B点的大B．小球表面的电势比容器内表面的低C．将检验电荷从A点移到B点，电场力做负功D．将检验电荷从A点沿不同路径移到B点，电场力做的功相同【考点】静电场中的导体；电势．【分析】根据电场线的疏密可判定电场强度的强弱；依据沿着电场线方向电势是降低的小球表面和容器表面的电势高低；根据电场线总与等势线垂直即可确定B点的电场强度与该处的内表面是否垂直；在同一等势线上移送电荷时电场力做功为零．【解答】解：A、依据电场线越疏，电场强度越弱，而电场线越密的，则电场强度越强，由图可知，则A点的电场强度比B点的小，故A错误；B、根据沿着电场线方向电势是降低的，可知，小球表面的电势比容器内表面的高，故B错误；C、因容器内表面为等势面，且电场线总垂直于等势面，因此将检验电荷从A点移到B点，电场力不做功，故C错误；D、因A、B在同一等势面上，将检验电荷从A点沿不同路径到B点，电场力所做的功相同，均为零，故D正确；故选：D11．甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v﹣t图象如图所示．已知两车在t=3s时并排行驶，则（）A．在t=1s时，甲车在乙车后B．在t=0时，乙车在甲车前15mC．两车另一次并排行驶的时刻是t=2sD．甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】在速度时间图象中，图象与坐标轴围成面积表示位移，根据位移关系分析两车位置关系．可结合几何知识分析两车另一次并排行驶的时刻．并求出两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离．【解答】解：AC、根据“面积”表示位移，由几何知识可知，1﹣3s甲、乙两车通过的位移相等，而两车在t=3s时并排行驶，所以两车在t=1s时也并排行驶．故AC错误．B、由图象可知，0﹣1s内甲车的位移为x甲==5m；乙车的位移为x乙=20×1m=20m，两车在t=1s时并排行驶，所以在t=0时，甲车在乙车前15m，故B错误．D、1到3s，甲车的位移为：x=×2m=40m，即甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m，故D正确．故选：D12．如图，电源内阻忽略不计，闭合电键，电压表V1示数为U1，电压表V2示数为U2，电流表A示数为I．在滑动变阻器R1的滑片由a端滑到b端的过程中（）A．I先增大后减小B．U1先增大后减小C．U1与I的比值先增大后减小D．U2变化量与I变化量的比值先增大后减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】图中变阻器两侧电阻并联，滑片位于中点时并联电阻最大，根据欧姆定律分析即可．【解答】解：AB、闭合电键后，滑动变阻器滑片P由由a端滑到b端的过程中，变阻器并联的阻值先增大后减小，总电阻先增大后减小，则总电流先减小后增大，即A示数先减小后增大．由欧姆定律知，V2示数先减小后增大．根据路端电压随外电阻的增大而增大，可知V1示数先增大后减小．故A错误，B正确；C、，因为外电阻先增大后减小，所以U1与I的比值先增大后减小，故C正确；D、R2是定值电阻，则，所以U2变化量与I变化量的比值不变，故D错误；故选：BC二、填空题（共24分，每空3分．）13．形象描述电场分布的曲线叫做电场线，我们用电场线的疏密（用文字表述）表示电场的强弱．【考点】电场线；电场强度．【分析】电荷的周围存在电场，电场的基本性质是对放入其中的电荷有力的作用，电场线可形象表示电场的强弱和方向．【解答】解：有电荷存在的地方，周围就有电场存在，电场对放入其中的电荷有力的作用，为了形象的描述电场的分布，我们人为引入电场线，使这些线上每一点的切线方向跟该点电场强度方向一致，使线的疏密程度来表示电场强度的相对大小．故答案为：电场线，电场线的疏密14．如图为两频率相同的横波在传播过程中某时刻叠加情况的俯视图，两列波的振幅都为10cm，质点沿竖直方向振动，实线表示波峰，虚线表示波谷．则此时a点的位移为0；a、b、c点中，振动加强的点为b、c．【考点】波的叠加．【分析】两列频率相同的两列水波可形成稳定的干涉，波峰与波谷相遇处振动减弱，波峰与波峰、波谷与波谷相遇处振动加强，振动加强点的振幅等于两列波单独传播时振幅的两倍．【解答】解：点a位置为波峰与波谷叠加，故位移为：x=A﹣A=0cm；波峰与波峰叠加的点、波谷与波谷叠加的点是振动加强点，故点b、c为振动加强点；故答案为：0，b、c．15．如图所示电路，电源电动势为3V，内阻为1Ω，滑动变阻器总电阻为5Ω，闭合电键，在滑片从a移到b的过程中，电源总功率的最小值为 1.5W，变阻器消耗的最大功率为 2.25 W．【考点】电功、电功率．【分析】明确功率公式的应用，由P=EI可知，当电流最小时电源的总功率最小；而根据电源的输出功率结论可知，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大．【解答】解：电源的总功率P总=EI，则可知，当电流最小时总功率最小，则可知当接入电阻最大时，功率最小；则可知，最小功率为：P min===1.5W；而当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，变阻器消耗的功率最大，则变阻器消耗的最大功率为：P max===2.25W；故答案为：1.5，2.2516．如图，倾角为θ的光滑斜面上用平行斜面的细线拴有带电小球A，地面上用杆固定带电小球B，AB在同一水平高度，且距离为L．已知A球质量为m，电量为﹢q．若细线对小球A 无拉力，则B带正电（选填“正”或“负”）；若斜面对小球A无支持力，则B球的电量应为﹣．【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】根据库仑定律求解两个球间的库仑斥力大小，然后根据共点力平衡条件分别列式分析求解．【解答】解：已知A球电量为﹢q，若细线对小球A无拉力，依据同种电荷相斥，异种电荷相吸，及平衡条件，则B带正电．根据库仑定律，小球A与B之间库仑力的大小为：F=；若斜面对A球支持力刚好为零，则有：mg=tanθ；解得：q B=；且B球带负电，即为q B=﹣故答案为：正，﹣．三、综合题（共36分）17．关于“用DIS描绘电场等势线”实验，下列说法正确的是（）A．用交流电源连接两个电极B．在一块平整木板上依次铺放复写纸、白纸、导电纸C．导电纸有导电物质的一面应该向上D．在实验过程中电极与导电纸的相对位置可以改变【考点】用描迹法画出电场中平面上的等势线．【分析】解答本题应抓住以下几点：（1）本实验的原理是用恒定电流场模拟静电场，使用直流电源；（2）作图利用复写纸作在白纸上，整个操作在导电纸上进行，可知在木板上依次铺放导电纸、复写纸和白纸；导电纸与电极接触应良好，有导电物质的一面应朝上．【解答】解：A、本实验的目的是描绘电场等势线，那么必须使用直流电源，连接两个电极；故A错误．B、在一块平整木板上依次铺放导电纸、复写纸和白纸（从上往下）．故B错误．C、整个操作在导电纸上进行，导电纸有导电物质的一面应该向上．故C正确．D、连接电源正负极的电极a、b必须与导电纸保持良好接触，否则不能形成电流．故D错误．故选：C．18．在“用DIS研究机械能守恒定律”的实验中，某同学将传感器固定在最低点，如图（a）所示．该同学将摆锤从不同位置由静止释放，记录摆锤每次下落的高度h和最低点的速度v，作出了如图（b）所示的v2﹣h图线，则该直线的斜率应为2g．计算摆锤在释放点和最低点之间的势能变化大小△E p与动能变化大小△E k，结果如下列表格所示：结果显示△E p与△E k之间存在差异，他认为这并不是由于空气阻力造成的，理由是空气阻力会造成△E k小于△E p，但表中△E k大于△E p．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】根据系统机械能守恒得出验证的表达式．根据系统机械能守恒得出v2﹣h的关系式，从而求出斜率的表达式．在该实验中，考虑到空气阻力做功，则增加的动能略小于减小的重力势能．【解答】解：系统重力势能的减小量△E p=mgh，系统动能的增加量为：，则需验证．所以在v2﹣h图线上，斜率：k=根据系统机械能守恒得，△E p=△E k．考虑到空气阻力做功，则增加的动能略小于减小的重力势能．由于表格中△E k大于△E p，所以并不是由于空气阻力造成的．故答案为：2g，空气阻力会造成△E k小于△E p，但表中△E k大于△E p19．在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差△P与气泡半径r之间的关系为△P=，其中σ=0.070N/m．现让水下10m处有一半径为0.20cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0=1.0×105Pa，取g=10m/s2，ρ水=1.0×103kg/m3．（1）求在水下10m处气泡内外的压强差；（2）在水下是否可以将气泡内外的压强看作近似相等？为什么？（3）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡此时体积与其原来体积之比的近似值．【考点】理想气体的状态方程．【分析】（1）根据题给公式△p=算在水下10m处气泡内外的压强差；（2）求出水下10m处气泡外压强，将气泡内外的压强差与气泡外压强进行比较，判断气泡内外的压强是否可以看作近似相等；（3）先确定初末状态的p、V，根据玻意耳定律列方程，忽略很小量，求出气泡的体积与其原来体积之比的近似值【解答】解：（1）由△P=，得△P==70 Pa（2）可以近似相等．水下10m处气泡外压强P1=p0+ρ水gh1==2.0×105 Pa显然，气泡内外的压强差远小于气泡外压强．（3）10m处气泡内气体压强近似为P1=2.0×105 Pa，体积为V1接近水面时，气体压强近似为P2=1.0×105 Pa，体积为V2因为等温变化，P1 V1=P2 V2得，==2所以，接近水面时气泡的体积与其原来体积之比的近似值为2．答：（1）在水下10m处气泡内外的压强差为；（2）在水下是否可以将气泡内外的压强可以看作近似相等，气泡内外的压强差远小于气泡外压强（3）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，气泡此时体积与其原来体积之比的近似值2．20．如图，光滑水平面AB和粗糙斜面BC平滑连接，斜面倾角为53°，AB=BC=3.75m．质量为m=2kg的小物块在与水平面成53°角的恒力F=20N作用下，从A点由静止开始沿ABC运动到C 点．（取sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）求：（1）物块从A点运动到B点所用的时间t1；（2）若物块在AB和BC上运动的时间之比为2：1，求物块与斜面间的动摩擦因数；（3）若斜面光滑，改变恒力的大小（方向不变），仍能使物体沿ABC运动到C，求力F的取值范围．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）根据牛顿第二定律求得加速度，有运动学公式求得时间；（2）根据运动学公式判断出物体在斜面上运动，利用牛顿第二定律求得摩擦因数；（3）物体能沿AB运动到C，故在AB段F竖直方向的分力最大等于mg即可判断出最大值，当F最小时，物体恰能到达C点，即可判断出最小值【解答】解：（1）对物块受力分析，Fcos53°=ma1得，a1=6m/s2根据位移时间公式可知，t1=（2）物块在BC上的运动时间t2=t1=s因为S BC=v B t2+a2t22，物体在B点的速度为v B=a1t1=3m/s联立解得，a2=0，即物块在斜面上匀速运动．在斜面上，F=f+mgsin53°N=mgcos53°f=μN联立上式，计算得物块与斜面间的动摩擦因数μ=（3）当物块与水平地面间弹力恰好为零时，F值最大．此时，F max sin53°=mg代入数据得，F max=25N当物块恰好能到达C点（v C=0）时，F值最小．此时，物块在AB间的加速度a1'与BC间的加速度a2'大小相等．根据牛顿第二定律，F min cos53°=ma1'mgsin53°﹣F min=ma2'因此，F min cos53°=mgsin53°﹣F min代入数据计算，得F min=10N综上，F的取值范围为[10N，25N]答：（1）物块从A点运动到B点所用的时间t1为（2）若物块在AB和BC上运动的时间之比为2：1，物块与斜面间的动摩擦因数为；（3）若斜面光滑，改变恒力的大小（方向不变），仍能使物体沿ABC运动到C，力F的取值范围为[10N，25N]2017年1月15日。
【答案】2017-2018年上海市金山区中考物理一模试卷参考答案与试题解析
D、电压表 V 示数与电流表 A1 示数的比值为滑动变阻器的电阻，电阻变大，比值 变大，故 D 错误。 故选：C。 【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得 出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆 定律是关键。
10．（2 分）如图所示，底面积不同的甲、乙圆柱形容器分别盛有相同深度、密 度为ρ甲、ρ乙两种液体，甲、乙液体对容器底部的压强分别是 p 甲、p 乙，且 p 甲＞ p 乙．现将体积为 VA、VB 的两球分别浸没在甲、乙两容器的液体中，无液体溢出， 甲、乙容器底受到液体的压力相等。则下列说法正确的是（ ）
B、由电路ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ可知，两电阻并联，并联阻值为 ，闭合电键后，电流表示数
IB= = =2IA；
C、由电路图可知，闭合电键后，电流表所在支路被短路，电流表示数为零，IC=0；
D、由电路图可知，闭合电键后，两电阻串联，电流表示数 ID= = ；
由以上分析可知，闭合电键后，电流表示数最小的是 C。 故选：C。 【点评】本题考查了比较电流表示数大小的问题，分析清楚电路结构，应用串并
3．（2 分）家用空调器的额定功率约为（ ）
A．10 瓦 B．100 瓦 C．300 瓦 D．1500 瓦
【分析】根据我们对生活中常用用电器额定功率的了解去选择。
【解答】解：在我们日常生活中，空调器的额定功率一般为 1500W 以上，结合
选项可知 D 正确。
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故选：D。 【点评】解决本题的关键是熟悉常见家用电器的额定功率，平时在学习和生活中 要注意知识的积累。
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9．（2 分）如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键 S，将滑动变阻器 的滑片 P 向右移动的过程中，则下列说法正确的是（ ）
上海市金山区高考物理一模试卷解析版.pdf
2017年上海市金山区高考物理一模试卷一、选择题（共40分，1～8每小题3分，9～12每小题3分．每小题只有一个正确选项．）1．某物体做竖直上抛运动，在运动过程中不变的是（）A．路程B．位移C．速度D．加速度2．如图，弹簧振子在M、N之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，以向右为正方向建立Ox轴．若振子位于N点时开始计时，则其振动图象为（）A．B．C．D．3．如图，水平地面上的倾斜直杆顶端固定一小球，则直杆对球的作用力方向为（）A．沿杆向上B．沿杆向下C．竖直向上D．竖直向下4．关于单摆，下列说法正确的是（）A．摆球做匀速圆周运动B．摆动到最低点时加速度为零C．速度变化的周期等于振动周期D．振动的频率与振幅有关5．2016年10月19日，航天员景海鹏、陈冬顺利进入天宫二号．在天宫二号内，下列实验不能进行的是（）A．用弹簧秤验证平行四边形定则B．用伏安法测干电池电动势和内阻C．用自由落体运动研究动能与重力势能转化的规律D．用DIS研究温度不变时，一定质量气体压强与体积的关系6．如图为一定质量理想气体的体积V与温度T的关系图象，它由状态A等温变化到状态B，再等容变化到状态C，设A、B、C状态对应的压强分别为P A、P B、P C，则（）A．P A＜P B，P B＜P C B．P A＞P B，P B=P C C．P A＜P B，P B＞P C D．P A＞P B，P B＜P C 7．某同学将10kg的桶装水从一楼搬到二楼，用时约30s，则该同学对桶装水做功的平均功率约为（）A．0.1W B．1W C．10W D．30W8．如图，光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，B端与水平面相切，轨道上的小球在水平向右的力F作用下，缓慢地由A向B运动，轨道对球的弹力为N，在运动过程中（）A．F增大，N减小B．F减小，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大9．一质点做匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，速度变为原来的3倍．该质点的加速度为（）A．B．C．D．10．金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示．容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度比B点的大B．小球表面的电势比容器内表面的低C．将检验电荷从A点移到B点，电场力做负功D．将检验电荷从A点沿不同路径移到B点，电场力做的功相同11．甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v﹣t图象如图所示．已知两车在t=3s 时并排行驶，则（）A．在t=1s时，甲车在乙车后B．在t=0时，乙车在甲车前15mC．两车另一次并排行驶的时刻是t=2sD．甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m12．如图，电源内阻忽略不计，闭合电键，电压表V1示数为U1，电压表V2示数为U2，电流表A示数为I．在滑动变阻器R1的滑片由a端滑到b端的过程中（）A．I先增大后减小B．U1先增大后减小C．U1与I的比值先增大后减小D．U2变化量与I变化量的比值先增大后减小二、填空题（共24分，每空3分．）13．形象描述电场分布的曲线叫做，我们用（用文字表述）表示电场的强弱．14．如图为两频率相同的横波在传播过程中某时刻叠加情况的俯视图，两列波的振幅都为10cm，质点沿竖直方向振动，实线表示波峰，虚线表示波谷．则此时a点的位移为；a、b、c点中，振动加强的点为．15．如图所示电路，电源电动势为3V，内阻为1Ω，滑动变阻器总电阻为5Ω，闭合电键，在滑片从a移到b的过程中，电源总功率的最小值为W，变阻器消耗的最大功率为W．16．如图，倾角为θ的光滑斜面上用平行斜面的细线拴有带电小球A，地面上用杆固定带电小球B，AB在同一水平高度，且距离为L．已知A球质量为m，电量为﹢q．若细线对小球A无拉力，则B带电（选填“正”或“负”）；若斜面对小球A无支持力，则B球的电量应为．三、综合题（共36分）17．关于“用DIS描绘电场等势线”实验，下列说法正确的是（）A．用交流电源连接两个电极B．在一块平整木板上依次铺放复写纸、白纸、导电纸C．导电纸有导电物质的一面应该向上D．在实验过程中电极与导电纸的相对位置可以改变18．在“用DIS研究机械能守恒定律”的实验中，某同学将传感器固定在最低点，如图（a）所示．该同学将摆锤从不同位置由静止释放，记录摆锤每次下落的高度h和最低点的速度v，作出了如图（b）所示的v2﹣h图线，则该直线的斜率应为．计算摆锤在释放点和最低点之间的势能变化大小△E p与动能变化大小△E k，结果如下列表格所示：△E p（×10﹣2J） 4.899.7914.6919.5929.38△E k（×10﹣2J） 5.0410.1015.1120.0229.85结果显示△E p与△E k之间存在差异，他认为这并不是由于空气阻力造成的，理由是．19．在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差△P与气泡半径r之间的关系为△P=，其中σ=0.070N/m．现让水下10m处有一半径为0.20cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0=1.0×105Pa，取g=10m/s2，ρ水=1.0×103kg/m3．（1）求在水下10m处气泡内外的压强差；（2）在水下是否可以将气泡内外的压强看作近似相等？为什么？（3）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡此时体积与其原来体积之比的近似值．20．如图，光滑水平面AB和粗糙斜面BC平滑连接，斜面倾角为53°，AB=BC=3.75m．质量为m=2kg的小物块在与水平面成53°角的恒力F=20N作用下，从A点由静止开始沿ABC运动到C点．（取sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）求：（1）物块从A点运动到B点所用的时间t1；（2）若物块在AB和BC上运动的时间之比为2：1，求物块与斜面间的动摩擦因数；（3）若斜面光滑，改变恒力的大小（方向不变），仍能使物体沿ABC运动到C，求力F的取值范围．2017年上海市金山区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共40分，1～8每小题3分，9～12每小题3分．每小题只有一个正确选项．）1．某物体做竖直上抛运动，在运动过程中不变的是（）A．路程B．位移C．速度D．加速度【考点】竖直上抛运动．【分析】做竖直上抛运动的物体只受重力作用，加速度相同，速度是矢量要考虑方向．【解答】解：A、竖直上抛运动是匀变速直线运动，路程随时间而变化，故A错误；B、竖直上抛运动是匀变速直线运动，位移h=，随时间而变化．故B 错误；C、竖直上抛运动是匀变速直线运动，故速度均随时间变化而变化，故C错误；D、上抛运动为加速度为g的匀变速直线运动，加速度不变，故D正确；故选：D2．如图，弹簧振子在M、N之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，以向右为正方向建立Ox轴．若振子位于N点时开始计时，则其振动图象为（）A．B．C．D．【考点】简谐运动的振幅、周期和频率．【分析】当振子运动到N点时开始计时，分析此时振子的位置，即确定出t=0时刻质点的位置，即可确定位移时间的图象．【解答】解：由题意：设向右为x正方向，振子运动到N点时，振子具有正方向最大位移，所以振子运动到N点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故B正确，ACD错误．故选：B3．如图，水平地面上的倾斜直杆顶端固定一小球，则直杆对球的作用力方向为（）A．沿杆向上B．沿杆向下C．竖直向上D．竖直向下【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对小球受力分析，根据平衡条件即可求解杆的作用力的大小和方向，要注意明确杆对球的弹力可以沿任意方向．【解答】解：小球受重力和杆的作用力而处于平衡状态，则可知，小球受到杆的作用力一定与重力等大反向，故杆对球的作用力竖直向上．故C正确，ABD错误．故选：C．4．关于单摆，下列说法正确的是（）A．摆球做匀速圆周运动B．摆动到最低点时加速度为零C．速度变化的周期等于振动周期D．振动的频率与振幅有关【考点】单摆周期公式；单摆．【分析】明确单摆的性质，知道单摆的振动过程中的速度、加速度以及合外力的变化，同时明确单摆周期的公式T=2．【解答】解：A、单摆在摆动中速度大小是变化的，不是匀速圆周运动，故A错误；B、摆动到最低点时加速度为零，摆球受向上的合外力，故加速度竖直向上，故B错误；C、速度变化的周期以及位移变化的周期均等于振动周期，故C正确；D、振动的频率与振幅无关，只取决于摆长和当地的重力加速度，故D错误．故选：C．5．2016年10月19日，航天员景海鹏、陈冬顺利进入天宫二号．在天宫二号内，下列实验不能进行的是（）A．用弹簧秤验证平行四边形定则B．用伏安法测干电池电动势和内阻C．用自由落体运动研究动能与重力势能转化的规律D．用DIS研究温度不变时，一定质量气体压强与体积的关系【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】天宫二号在空中飞行时，万有引力充当向心力，飞船内物体均处于失重状态，此时与重力有关的实验无法进行．【解答】解：A、用弹簧秤验证平行四边形定则与重力无关，故可以进行，B、用伏安法测干电池电动势和内阻与重力无关，可以进行，C、用自由落体运动研究动能与重力势能转化的规律时，与物体的重力有关，故C不能进行，D、气体压强与重力无关，故用DIS研究温度不变时，一定质量气体压强与体积的关系可以进行，本题选择不能进行的，故选：C．6．如图为一定质量理想气体的体积V与温度T的关系图象，它由状态A等温变化到状态B，再等容变化到状态C，设A、B、C状态对应的压强分别为P A、P B、P C，则（）A．P A＜P B，P B＜P C B．P A＞P B，P B=P C C．P A＜P B，P B＞P C D．P A＞P B，P B＜P C 【考点】理想气体的状态方程．【分析】由图象分析气体的状态变化过程，然后由气体气体实验定律比较各状态的压强【解答】解：气体从状态A变化到状态B，发生等温变化，p与V体积成反比，，所以从状态B到状态C，气体发生等容变化，压强p与热力学温度成正比，，所以，故A正确，BCD错误；故选：A7．某同学将10kg的桶装水从一楼搬到二楼，用时约30s，则该同学对桶装水做功的平均功率约为（）A．0.1W B．1W C．10W D．30W【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】楼层大约3m，计算出该同学对桶装水做的功，再求做功的平均功率．【解答】解：每层楼高3m，则该同学将10kg的桶装水从一楼搬到二楼做的功为：W=mgh=10×10×3J=300J对桶装水做功的平均功率为：P===10W．故选：C8．如图，光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，B端与水平面相切，轨道上的小球在水平向右的力F作用下，缓慢地由A向B运动，轨道对球的弹力为N，在运动过程中（）A．F增大，N减小B．F减小，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据共点力平衡条件列式求解出拉力和支持力的数值，在进行分析讨论．【解答】解：对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如图所示，根据共点力平衡条件，有：N=F=mgtanθ其中θ为支持力N与竖直方向的夹角；当物体向下移动时，θ变小，故N变小，F变小；故B正确，ACD错误．故选：B．9．一质点做匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，速度变为原来的3倍．该质点的加速度为（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】质点做匀加速直线运动，应用匀变速直线运动的速度公式与速度位移公式可以求出质点的加速度．【解答】解：设质点的初速度为v0，质点的速度为：v=v0+at=3v0，由速度位移公式得：v2﹣v02=2as，解得：a=；故选：A．10．金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示．容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度比B点的大B．小球表面的电势比容器内表面的低C．将检验电荷从A点移到B点，电场力做负功D．将检验电荷从A点沿不同路径移到B点，电场力做的功相同【考点】静电场中的导体；电势．【分析】根据电场线的疏密可判定电场强度的强弱；依据沿着电场线方向电势是降低的小球表面和容器表面的电势高低；根据电场线总与等势线垂直即可确定B点的电场强度与该处的内表面是否垂直；在同一等势线上移送电荷时电场力做功为零．【解答】解：A、依据电场线越疏，电场强度越弱，而电场线越密的，则电场强度越强，由图可知，则A点的电场强度比B点的小，故A错误；B、根据沿着电场线方向电势是降低的，可知，小球表面的电势比容器内表面的高，故B错误；C、因容器内表面为等势面，且电场线总垂直于等势面，因此将检验电荷从A点移到B点，电场力不做功，故C错误；D、因A、B在同一等势面上，将检验电荷从A点沿不同路径到B点，电场力所做的功相同，均为零，故D正确；故选：D11．甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v﹣t图象如图所示．已知两车在t=3s 时并排行驶，则（）A．在t=1s时，甲车在乙车后B．在t=0时，乙车在甲车前15mC．两车另一次并排行驶的时刻是t=2sD．甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】在速度时间图象中，图象与坐标轴围成面积表示位移，根据位移关系分析两车位置关系．可结合几何知识分析两车另一次并排行驶的时刻．并求出两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离．【解答】解：AC、根据“面积”表示位移，由几何知识可知，1﹣3s甲、乙两车通过的位移相等，而两车在t=3s时并排行驶，所以两车在t=1s时也并排行驶．故AC错误．B、由图象可知，0﹣1s内甲车的位移为x甲==5m；乙车的位移为x乙=20×1m=20m，两车在t=1s时并排行驶，所以在t=0时，甲车在乙车前15m，故B 错误．D、1到3s，甲车的位移为：x=×2m=40m，即甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m，故D正确．故选：D12．如图，电源内阻忽略不计，闭合电键，电压表V1示数为U1，电压表V2示数为U2，电流表A示数为I．在滑动变阻器R1的滑片由a端滑到b端的过程中（）A．I先增大后减小B．U1先增大后减小C．U1与I的比值先增大后减小D．U2变化量与I变化量的比值先增大后减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】图中变阻器两侧电阻并联，滑片位于中点时并联电阻最大，根据欧姆定律分析即可．【解答】解：AB、闭合电键后，滑动变阻器滑片P由由a端滑到b端的过程中，变阻器并联的阻值先增大后减小，总电阻先增大后减小，则总电流先减小后增大，即A示数先减小后增大．由欧姆定律知，V2示数先减小后增大．根据路端电压随外电阻的增大而增大，可知V1示数先增大后减小．故A错误，B正确；C、，因为外电阻先增大后减小，所以U1与I的比值先增大后减小，故C 正确；D、R2是定值电阻，则，所以U2变化量与I变化量的比值不变，故D 错误；故选：BC二、填空题（共24分，每空3分．）13．形象描述电场分布的曲线叫做电场线，我们用电场线的疏密（用文字表述）表示电场的强弱．【考点】电场线；电场强度．【分析】电荷的周围存在电场，电场的基本性质是对放入其中的电荷有力的作用，电场线可形象表示电场的强弱和方向．【解答】解：有电荷存在的地方，周围就有电场存在，电场对放入其中的电荷有力的作用，为了形象的描述电场的分布，我们人为引入电场线，使这些线上每一点的切线方向跟该点电场强度方向一致，使线的疏密程度来表示电场强度的相对大小．故答案为：电场线，电场线的疏密14．如图为两频率相同的横波在传播过程中某时刻叠加情况的俯视图，两列波的振幅都为10cm，质点沿竖直方向振动，实线表示波峰，虚线表示波谷．则此时a点的位移为0；a、b、c点中，振动加强的点为b、c．【考点】波的叠加．【分析】两列频率相同的两列水波可形成稳定的干涉，波峰与波谷相遇处振动减弱，波峰与波峰、波谷与波谷相遇处振动加强，振动加强点的振幅等于两列波单独传播时振幅的两倍．【解答】解：点a位置为波峰与波谷叠加，故位移为：x=A﹣A=0cm；波峰与波峰叠加的点、波谷与波谷叠加的点是振动加强点，故点b、c为振动加强点；故答案为：0，b、c．15．如图所示电路，电源电动势为3V，内阻为1Ω，滑动变阻器总电阻为5Ω，闭合电键，在滑片从a移到b的过程中，电源总功率的最小值为 1.5W，变阻器消耗的最大功率为 2.25W．【考点】电功、电功率．【分析】明确功率公式的应用，由P=EI可知，当电流最小时电源的总功率最小；而根据电源的输出功率结论可知，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大．【解答】解：电源的总功率P总=EI，则可知，当电流最小时总功率最小，则可知当接入电阻最大时，功率最小；则可知，最小功率为：P min===1.5W；而当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，变阻器消耗的功率最大，则变阻器消耗的最大功率为：P max===2.25W；故答案为：1.5，2.2516．如图，倾角为θ的光滑斜面上用平行斜面的细线拴有带电小球A，地面上用杆固定带电小球B，AB在同一水平高度，且距离为L．已知A球质量为m，电量为﹢q．若细线对小球A无拉力，则B带正电（选填“正”或“负”）；若斜面对小球A无支持力，则B球的电量应为﹣．【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】根据库仑定律求解两个球间的库仑斥力大小，然后根据共点力平衡条件分别列式分析求解．【解答】解：已知A球电量为﹢q，若细线对小球A无拉力，依据同种电荷相斥，异种电荷相吸，及平衡条件，则B带正电．根据库仑定律，小球A与B之间库仑力的大小为：F=；若斜面对A球支持力刚好为零，则有：mg=tanθ；解得：q B=；且B球带负电，即为q B=﹣故答案为：正，﹣．三、综合题（共36分）17．关于“用DIS描绘电场等势线”实验，下列说法正确的是（）A．用交流电源连接两个电极B．在一块平整木板上依次铺放复写纸、白纸、导电纸C．导电纸有导电物质的一面应该向上D．在实验过程中电极与导电纸的相对位置可以改变【考点】用描迹法画出电场中平面上的等势线．【分析】解答本题应抓住以下几点：（1）本实验的原理是用恒定电流场模拟静电场，使用直流电源；（2）作图利用复写纸作在白纸上，整个操作在导电纸上进行，可知在木板上依次铺放导电纸、复写纸和白纸；导电纸与电极接触应良好，有导电物质的一面应朝上．【解答】解：A、本实验的目的是描绘电场等势线，那么必须使用直流电源，连接两个电极；故A错误．B、在一块平整木板上依次铺放导电纸、复写纸和白纸（从上往下）．故B错误．C、整个操作在导电纸上进行，导电纸有导电物质的一面应该向上．故C正确．D、连接电源正负极的电极a、b必须与导电纸保持良好接触，否则不能形成电流．故D错误．故选：C．18．在“用DIS研究机械能守恒定律”的实验中，某同学将传感器固定在最低点，如图（a）所示．该同学将摆锤从不同位置由静止释放，记录摆锤每次下落的高度h和最低点的速度v，作出了如图（b）所示的v2﹣h图线，则该直线的斜率应为2g．计算摆锤在释放点和最低点之间的势能变化大小△E p与动能变化大小△E k，结果如下列表格所示：△E p（×10﹣2J） 4.899.7914.6919.5929.38△E k（×10﹣2J） 5.0410.1015.1120.0229.85结果显示△E p与△E k之间存在差异，他认为这并不是由于空气阻力造成的，理由是空气阻力会造成△E k小于△E p，但表中△E k大于△E p．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】根据系统机械能守恒得出验证的表达式．根据系统机械能守恒得出v2﹣h的关系式，从而求出斜率的表达式．在该实验中，考虑到空气阻力做功，则增加的动能略小于减小的重力势能．【解答】解：系统重力势能的减小量△E p=mgh，系统动能的增加量为：，则需验证．所以在v2﹣h图线上，斜率：k=根据系统机械能守恒得，△E p=△E k．考虑到空气阻力做功，则增加的动能略小于减小的重力势能．由于表格中△E k大于△E p，所以并不是由于空气阻力造成的．故答案为：2g，空气阻力会造成△E k小于△E p，但表中△E k大于△E p19．在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差△P与气泡半径r之间的关系为△P=，其中σ=0.070N/m．现让水下10m处有一半径为0.20cm的气泡缓慢上升，已知大气压强p0=1.0×105Pa，取g=10m/s2，ρ水=1.0×103kg/m3．（1）求在水下10m处气泡内外的压强差；（2）在水下是否可以将气泡内外的压强看作近似相等？为什么？（3）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡此时体积与其原来体积之比的近似值．【考点】理想气体的状态方程．【分析】（1）根据题给公式△p=算在水下10m处气泡内外的压强差；（2）求出水下10m处气泡外压强，将气泡内外的压强差与气泡外压强进行比较，判断气泡内外的压强是否可以看作近似相等；（3）先确定初末状态的p、V，根据玻意耳定律列方程，忽略很小量，求出气泡的体积与其原来体积之比的近似值【解答】解：（1）由△P=，得△P==70 Pa（2）可以近似相等．水下10m处气泡外压强P1=p0+ρ水gh1==2.0×105 Pa 显然，气泡内外的压强差远小于气泡外压强．（3）10m处气泡内气体压强近似为P1=2.0×105 Pa，体积为V1接近水面时，气体压强近似为P2=1.0×105 Pa，体积为V2因为等温变化，P1 V1=P2 V2得，==2所以，接近水面时气泡的体积与其原来体积之比的近似值为2．答：（1）在水下10m处气泡内外的压强差为；（2）在水下是否可以将气泡内外的压强可以看作近似相等，气泡内外的压强差远小于气泡外压强（3）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，气泡此时体积与其原来体积之比的近似值2．20．如图，光滑水平面AB和粗糙斜面BC平滑连接，斜面倾角为53°，AB=BC=3.75m．质量为m=2kg的小物块在与水平面成53°角的恒力F=20N作用下，从A点由静止开始沿ABC运动到C点．（取sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）求：（1）物块从A点运动到B点所用的时间t1；（2）若物块在AB和BC上运动的时间之比为2：1，求物块与斜面间的动摩擦因数；（3）若斜面光滑，改变恒力的大小（方向不变），仍能使物体沿ABC运动到C，求力F的取值范围．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）根据牛顿第二定律求得加速度，有运动学公式求得时间；（2）根据运动学公式判断出物体在斜面上运动，利用牛顿第二定律求得摩擦因数；（3）物体能沿AB运动到C，故在AB段F竖直方向的分力最大等于mg即可判断出最大值，当F最小时，物体恰能到达C点，即可判断出最小值【解答】解：（1）对物块受力分析，Fcos53°=ma1得，a1=6m/s2根据位移时间公式可知，t1=（2）物块在BC上的运动时间t2=t1=s因为S BC=v B t2+a2t22，物体在B点的速度为v B=a1t1=3m/s联立解得，a2=0，即物块在斜面上匀速运动．在斜面上，F=f+mgsin53°N=mgcos53°f=μＮ联立上式，计算得物块与斜面间的动摩擦因数μ＝（3）当物块与水平地面间弹力恰好为零时，F值最大．=mg此时，F max sin53°代入数据得，F max=25N当物块恰好能到达C点（v C=0）时，F值最小．此时，物块在AB间的加速度a1'与BC间的加速度a2'大小相等．根据牛顿第二定律，F min cos53°=ma1'mgsin53°﹣F min=ma2'因此，F min cos53°=mgsin53°﹣F min代入数据计算，得F min=10N综上，F的取值范围为[10N，25N]答：（1）物块从A点运动到B点所用的时间t1为（2）若物块在AB和BC上运动的时间之比为2：1，物块与斜面间的动摩擦因数为；（3）若斜面光滑，改变恒力的大小（方向不变），仍能使物体沿ABC运动到C，力F的取值范围为[10N，25N]2017年1月15日第21页（共21页）。
上海市2017浦东新区高三物理一模试卷(含答案)
3 .做简谐运动的单摆,其周期((A)随摆长的增大而增大 (C)随摆球质量的增大而减小4 .如下图是玩具陀螺的示意图, 垂直于地面的轴线 OO9速旋转时( (A) a 、c 两点的线速度相同 (C) a 、b 两点的转速不同(B)随振幅的增大而增大 (D)随摆球密度的增大而减小 a 、b 和c 是陀螺外表上的三个点, )(B) b 、c 两点的周期相同 (D) b 、c 两点的角速度不同5. “研究感应电流方向〞的实验装置如下图,以下对实验现象 描述正确的选项是( )(A)条形磁铁N 极朝下,插入螺线管的过程中,通过电流计G 的感应电流方向为a-b(B)条形磁铁S 极朝下,插入螺线管的过程中,通过电流计G 的浦东新区2021学年度第一学期期末教学质量检测高三物理本试卷共4页,总分值100分,测试时间60分钟.全卷包括三大题,第一大题为单项选择题,第二大 题为填空题,第三大题为综合题. 考生注意：1 .答卷前,务必用钢笔或圆珠笔在做题纸正面清楚地填写姓名、准考证号,并将核对后的条形码贴 在指定位置上.2 .第一大题的作答必须用 2B 铅笔涂在做题纸上相应区域内与试卷题号对应的位置,需要更改时,必 须将原选项用橡皮擦去,重新选择.第二和第三大题的作答必须用黑色的钢笔或圆珠笔写在做题纸上 与试卷题号对应的位置(作图可用铅笔) .3 .第18、19题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案,而未写出主 要演算过程的,不能得分.有关物理量的数值计算问题,答案中必须明确写出数值和单位.一、单项选择题(共 40分,1-8题每题3分,9-12题每题4分.每题只有一个正确选项) 1 .以下物理量中属于标量的是( )(A)速度(B)力 (C)磁通量 (D)电场强度2 .在“观察水波的干预现象〞实验中得到如下图的干预图样. 实线表示波峰,虚线表示波谷.图中关于质点 A 、B 、C 、D 的振动情况描述正确的选项是( )(A)质点A B 是振动增强点,质点 C 、D 是振动减弱点 (B)质点C D 是振动增强点,质点 A 、B 是振动减弱点 (C)质点A B C 、D 都是振动增强点(D)质点A B C 、D 都是振动减弱点感应电流方向为b-a(C)条形磁铁N 极朝下,拔出螺线管的过程中,通过电流计 G 的感应电流方向为 a-b (D)条形磁铁S 极朝下,拔出螺线管的过程中,通过电流计G 的感应电流方向为 a-b6.如下图,a 、b 两细绳一端系着质量为 m 的小球,另一端系在 竖直放置的圆环上,开始时绳 b 水平.设绳a 、b 对小球作用力的 合力大小为F 合.现将圆环在竖直平面内逆时针极其缓慢地向左滚 动90° ,在此过程中( )(A) F 合始终增大 (B) F 合保持不变(C) F 合先增大后减小(D) F 合先减小后增大7 .万有引力常量为 G 地球的质量为M 半径为 面重力加速度g 的大小可表示为()m M m(A) g= GR (B) g= GR(C) g =隼8 .如下图,用两段长均为 L 的金属杆,组成金属框架 COD 两杆间的夹 角为60 ,处于磁感应强度为 B 的匀强磁场中,磁场方向垂直于 COD^f 在 平面.当杆中通以电流强度为 I ,方向 8CHD 的电流时,金属框架 CO 两受的安培力大小为( )(A) 乎 BIL(B) 小 BIL(C) BIL(D) 2BIL9 .在离地面足够高的地方以 20m/s 的初速度竖直上抛一小球,不计空气阻力,经过一段时间后,小球速度大小变为 10m/s o 此时()(A)小球的位移方向一定向上 (B)小球的位移方向一定向下 (C)小球的速度方向一定向上(D)小球的速度方向一定向下10 .如下图的电路中,电源电动势为 E 、内阻为r,电流表 A 和电压表 V的电阻对电路的影响不计.当滑动变阻器 R 的滑片P 从a 端滑到b 端的过程中( )(A)灯泡L 逐渐变亮 (B)电压表V 的读数增大 (C)电流表A 的读数减小(D)电压表读数变化量 A U 与电流表读数变化量 A I 的比值不变11 . 一个物块放在光滑的水平地面上, 从静 始受到水平向右的外力 F 的作用,外力F 与 的关系如下图.那么()(A) 0〜t°时间内,物块向右做匀加速运动 (B) t .〜2t .时间内,物块向左做匀加速运 (C) 0〜2t0时间内,物块的速度先增大后R,有一质量为m 的物体放在地球外表.地球表M(D) g =牛止开 时间t动 减小(D) 0〜2t0时间内,物块的加速度先增大后减小12 . 一带正电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动,其电势能E P随位移X 变化的关系如下图,其中0〜X 2段是曲线,X 2〜X 3段是直线,那么〔〕（A ） 0〜x i段电场力对粒子做 负功 （B ） X 1〜x 2段粒子的动能增大 〔C 〕粒子在X 2〜X 3段做匀速运动〔D 〕 X 2〜X 3段沿X 轴方向各点电场强度相同二、填空题〔共 24分,每题6分〕13 .位移是描述物体 的物理量,速度是描述物体 体 的物理量.14 . 一简谐横波在水平绳上向右传播,波速 v=4m/s,某一 瞬间恰好传到 AB 两质点之间,如下图. AB 间距离为 2m,那么该的波长为 m,此时质点 B 的振动方向为 ,质点A 的振动周期为 so15 .将两个质量均为 m 带电量分别为+q 、-q 的小球A 、B 两段长度均为 L 的绝缘细线相连,并悬挂于O 点,如图〔a所示.在两球所在区域加一水平向左的匀强电场,每个小球所 _ .............................. 3 ... .... _ ________ _ 受的电场力大小为其重力的 4倍,整个装置再次平衡时,状态如图〔b 〕所示.那么此时 OA 线的拉力大小为 ; 线偏离竖直方向的角度为 ,整个过程中小球B 的 势能减少了 . 16 .在竖直平面内,一根光滑硬质杆弯成如下图形状, 相应的曲线方程为 y=0.1cos x 〔单位：成,杆足够长, 图中只画出了一局部.将一质量为m 的小环〔可视为质点〕 套在杆上,在 P 点给小环一个沿杆斜向下的初速度V 0=1m/s , g 取10m/s 2,那么小环经过最低点 Q 时处于 状态〔选填“超重〞、“失重〞或“平衡〞〕 ；小环运动过程中能到达的最高点的 y 轴坐标为m,以及^■应的 x 轴坐标为 m . 三、综合题〔共36分〕17 . 〔12分〕实验题在“用DIS 测电源的电动势和内阻〞实验中,某次实验得到的电源的U -I 图线如图〔a 〕所示.的物理量,加速度是描述物(a) (b)y/mJ I0.1物块由静止开始运动,由A运动到B的过程中力F随位移x变化关系如图(b)所示,到达斜面底端2B点后撤去力F,物块冲上足够长的光滑斜面.其中AB段长为L=5m, g取10m/s.问：(1)由A运动到B的过程中,物块克服摩擦力所做的功是多少？(2)物块由A运动到B所用的时间是多少？(3)不计物块在B处的动能损失,物块沿斜面上滑的最大高度是多少?19. (12分)如图(a)所示,宽度为L的足够长光滑金属导轨水平固定在磁感强度为B、范围足够大的匀强磁场中,磁场方向垂直于导轨平面向上.现有一根质量为m1电阻为R的金属棒MN放置在金属导轨上, 金属棒MN台终与导轨接触良好且垂直,不计导轨电阻.(1)假设金属棒MN&水平向右的力F的作用下以速度v向右匀速运动,请判断通过MN棒的电流方向,并利用能的转化和能量守恒定律,通过推导证实棒MN产生的感应电动势I BLv；(2)假设金属棒MN在水平恒力F的作用下由静止开始运动,试从度、加速度两个角度通过分析、推理、计算来描述金属棒MN的运态；(3)假设给金属棒MN向右的初速度同时施加一水平外力,使金属作匀减速直线运动,此过程中,外力随时间的变化关系图线如图所示(以初速度方向为正方向),图线与横、纵坐标交点分别为3、求金属棒MN的加速度大小a和初速度V0O图(b)速动状棒MN (b)浦东新区2021学年度第一学期教学质量检测 高三物理参考答案及评分标准、选择题〔共 40分,1-8题每题3分,9-12题每题4分.每题只有一个正确选项〕题号 1 2 3 4 5 6 答案 C A A B C B 题号 7 8 9 10 11 12 答案DC ADCD二、填空题〔共 24分,每空2分〕13.位置变化,位置变化快慢〔或运动快慢和方向〕 ,速度变化快慢. . 兀,、 16 .超重,0.05 , x=—或3 三、综合题〔共36分〕c , E 、 2一P 出=〔二 〕R=R+ r… ।-E 2…因此,当R =「时,R=47最大.14. 2,向上,0.59.15. 2mg 37 ,刀 mgL17. 〔12分〕实验题解析： （1） E= 2.83V , r = 1.03Q （2） x= 1.03 , y= 1.94.〔3〕画出的图线如图〔1〕 不得分〕〔每空2分〕〔每空2〔画出图线如图〔1〕得2分, 如图〔2〕得1分,如图〔3〕得1分,其它 F 2 + 2Rr+ r22rR+^+2r RE 2RE2 B -,L一“八t,t,〔1〕当电池用旧了, E减小,r增大,当R= r时,P i=「最大；图线峰值降低且右移；〔1分〕〔2〕当x=UI = R一定,由于E减小,r增大,y=IU=〔后三〕2R变小,图线降低.〔1分〕r\+ r18 . 〔12分〕解析：〔1〕由A运动到B的过程中,物块受滑动摩擦力F f的作用,物块克服摩擦力做功W>F f = [L mg = 0.25 X2X 10g 5N 〔1 分〕W = F f L=〔5 X5〕J = 25J 〔2 分〕〔2〕由图像可知0—2.5m：F >F f,故物块做初速度为零的匀加速直线运动； 2.5m—5m：F=F f,故物块做匀速直线运动.0—2.5m：由牛顿第二定律 F - F f = ma 〔1分〕得a =〔F - F f〕/ m =〔15-5〕/2 m/s 2=5m/s2〔1 分〕由匀变速直线运动公式s [a42得t1 J在JZ^s 1s 2 a 5〔1分〕到达B点时的速度v B at1 5m/s 〔1分〕2.5m—5m：以V B的速度做匀速运动,t2 2 25s 0.5s 〔1分〕V B 5因此,物块由A运动到B所用的时间：t = h+t2=1.5s 〔1分〕〔3〕由于斜面光滑,物块在斜面上运动时机械能守恒. 〔1分〕1 2由机械能守恒定律一mv B mgh 〔1分〕2/口, V B252一一八、得h = —m= 1.25m 〔1 分〕2g 2 入 1019. 〔12分〕解析：〔1〕电流方向由M指向N; 〔1分〕根据能的转化和能量守恒定律〔或根据功能关系：外力克服安培力做功,机械能转化为电能〕设感应电流为I , MN^动s距离所需时间为t. 〔1分〕贝U W= Fs=EItF=F A= BIL 〔1 分〕s v=r所以E= BLv 〔1分〕〔2〕 MN$在外力F和安培力共同作用下运动,由牛顿第二定律,得F F A maB2L2vBILB2L2vma 〔1分〕v增大,a减小,MNB先做加速度逐渐减小的加速运动. 〔1分〕B2L2V当—^― F时,a=0, R速度到达最大速度Vm, MNB以V m做匀速运动.FRVm= BL2〔3〕由牛顿第二定律,得〔1分〕〔1分〕F A F maB2L2VF ma Rv v0atB2L2V O B2L2a 得F ma tR R由图像可得斜率的绝对值为.F°B2L2aK - ----------------t o RF o R 解得：a=配彳°由图像纵轴截距可得B2L2V0b F0 ------------ maRFR 〔B2L2t 0+ mR 解得：v0 = BVt o〔1分〕〔1分〕〔1分〕〔1分〕。
上海市金山区高三上学期物理质量监控(一模)试卷解析版
高三上学期物理质量监控〔一模)试卷一、单项选择题1.物体做匀速圆周运动时，保持不变的量是〔〕A. 向心力B. 角速度C. 线速度D. 加速度2.如图，气球在水平风力作用下处于静止状态，气球受到的作用力有〔〕A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个3.密闭的玻璃杯内气体温度升高时，气体〔〕A. 分子数增加B. 每个分子的动能增加C. 密度增加D. 每秒撞击单位面积的器壁的分子数增多4.电荷量的单位C用根本单位可表示为〔〕A. N·m/sB. A·sC. J/VD. V/A5.某弹簧振子简谐运动图像如下列图，t1~t2时间内振子〔〕A. 速度增大B. 加速度增大C. 回复力增大D. 机械能增大6.发波水槽中产生一列水波，用一支圆珠笔插入水中，如下列图，笔对波的传播〔〕A. 有影响，水波发生明显衍射现象B. 有影响，水波不发生明显衍射现象C. 无影响，水波发生明显衍射现象D. 无影响，水波不发生明显衍射现象7.小球做自由落体运动，其动能E k与离地高度h的关系图象是〔〕A. B. C. D.8.嫦娥五号探测器成功在月球外表获取了月土样本，假设月球外表的重力加速度为g0，那么离月面高度等于月球半径处的重力加速度为〔〕A. 2g0B. g0C. 4g0D. g09.如图，A、B为两个等量异种点电荷连线上的两点，A为连线中点，A、B处的电场强度分别为E A、E B，电势分别为φA、φB。
那么〔〕A. ，φA<φBB. ，φA>φBC. ，φA<φBD. ，φA>φB10.如图，两个摆长相同的单摆一前一后悬挂在同一高度，虚线表示竖直方向，分别拉开一定的角度〔都小于5°〕同时由静止释放，不计空气阻力。
沿两单摆平衡位置的连线方向观察，释放后可能看到的是〔〕A. B. C. D.11.如下列图电路中，R为定值电阻，电源内阻不可忽略。
可判定滑动变阻器滑片移动到了正中间的依据是〔〕A. V1读数最大、V2读数最大B. V2读数最大、V3读数最大C. V1读数最小、V2读数最小D. V2读数最小、V3读数最小12.假设超市的自动门〔阴影局部〕移动时所受合力大小恒为40N，开门过程共右移1.6m，如下列图。
2017年长宁、金山区中考物理一模试卷及解析
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19.如图所示，一个重为 4 牛的木块放置在水平地面上，请用力的图示法画出木 块对地面的压力 F．
20.如图所示，重 2 牛的小球静止在水面上，请用力的图示法画出球所受的浮力 F 浮．
21.在右图中的○里填上适当的电表符号，填上后要求两灯并联，电路能正常工 作．
17.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键 S 后，当滑动变阻器 P 向 右移动时，电表示数不变的是 ______ ，电流表 A2 与电流表 A 的示数比值将 ______ （选填“变大”、“不变”或“变小”）．
18.如图所示，某小组同学研究物体浸没在水中时弹簧测力计的示数 F 与哪些因 素有关，他们将体积相同的球体 A，思棱体 B、正方体 C 和 D 分别挂在弹簧测力 计下浸没在水中，弹簧测力计的示数如图（a）、（b）、（c）、（d）所示．（已 知物体所受重力关系为：GA=GB=GC＜GD） （1）分析比较图（a）、（b）和（c）的实验现象及相关条件，可知：浸没在水 中的不同形状的物体，重力和体积相同时 ______ ． （2）分析比较图（c）和（d）的实验现象及相关条件，可知： ______ ．
15.标有“220V 110W”字样的灯正常工作时，通过灯的电流为 ______ 安，工作 10 小时耗电 ______ 度．一盏 10 瓦的节能灯和一盏 110 瓦的白炽灯正常工作时 的亮度相当，若它们发光 10 小时，节能灯比白炽灯节能 ______ 千瓦时．
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16.将同一长方体木块 A 先后放入甲、乙两个完全相同的装满水的柱形容器中， 木块静止时如图所示，则木块所受的浮力 F 甲 ______ F 乙，下表面所受的压强 p 甲 ______ p 乙，放入木块前后容器对桌面的压强变化量 AP 甲 ______ AP 乙．（均 选填“大于”、“等于”或“小于”）
2017学年上海金山第二学期高三物理答案
金山区2017学年第二学期质量监控高三物理参考答案一、选择题（40分，1~8每题3分，9~12每题4分）。
二、填空题（20分）13．调零，相同 14．平衡位置，重力沿圆弧切向的分力15．65，9 16．mg －2F ，mg －F 17．先增大后减小，0.75 三、综合题（共40分）18．（1）电压，（2分）导电；（2）等量异种点电荷，传感器示数为零；（3）B 19．（14分）（1）5分、（2）5分、（3）4分（1）小环在OP 杆上运动时，受重力和弹力作用，且只有重力做功。
（2分） 小环机械能守恒，设y ＝0处为零势能面（1分），则 12m v 02＝12m v 2＋mgy （1分）代入数据，得v ＝5m/s （1分） （2）小环在直杆上的受力如图所示（2分），由牛顿定律 mg sin37°－f ＝ma （1分） N ＝mg cos37° （1分）且 f ＝μN （1分）代入数据，可得a ＝2m/s 2 （1分）（3）设小环在y ´处，E k ＝E p ，即12m v ´2＝mgy ´ （1分）由匀加速运动公式，v ´2－v 2＝2aS （1分） 其中S ＝y －y ´sin37°（1分）代入数据，可得y ´＝716m （1分）20．（16分）（1）5分、（2）4分、（3）7分 （1）杆切割磁感线产生的感应电动势E ＝BL v 回路中的感应电流 I ＝ER ＋r杆所受安培力F A ＝BIL ＝B 2L 2v R ＋r（1分）杆在磁场中匀速运动时，水平方向的受力如图所示 （1分） 则 B 2L 2vR ＋r＋f ＝F （1分）其中，f ＝μmg （1分）代入数据，可得 v ＝3m/s （1分） （2）感应电动势E ＝BL v ＝0.6V （1分）回路中电流恒定，I ＝ER ＋r ＝0.2A （1分）杆在磁场中运动的时间为 t ＝dv ＝1s （1分） R 上产生的热量 Q ＝I 2Rt ＝0.08J （1分）（3）撤去F 后，所受F A 和 f 与运动方向相反，杆一直做减速运动。
上海市金山区高三物理上学期期末考试(一模)试题(含解析)沪科版
2015年上海市金山区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项．）1．下列属于物理学中的理想化模型的是（）A．电阻B．电场线C．加速度D．电场强度分析：理想化是对事物的各个物理因素加以分析、忽略与问题无关或影响较小的因素，突出对问题起作用较大的主要因素，从而把问题简化．解答：解：电场强度，电阻，加速度三个物理量采用了比值定义法，电场线是为了形象的描述电场的强度和方向引入的假想的曲线，属于理想化模型．故选：B．点评：理想化模型是抓住问题的主要方面，忽略问题的次要方面，是物理学中一种常见的研究方法．2．下列单位中属于国际基本单位的是（）A．安培B．牛C．特斯拉D．焦耳分析：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．解答：解：牛是由牛顿第二定律F=ma推到出的单位是导出单位，特斯拉是由B=推到出的单位也是导出单位，焦耳是由W=FL推到出的单位也是导出单位，只有安培是电流的单位，是国际单位制中的基本单位，所以A正确．故选：A．点评：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．3．下列用电器中，利用静电的吸附作用进行工作的是（）A．电饭煲B．电话机C．复印机D．电冰箱考点：静电现象的解释．分析：本题考查各种电器的工作原理，从各种实例的原理出发可以得出结论．解答：解：A、电饭煲是利用了电流的热效应，来加热的．故A错误；B、电话是利用电磁波传递信息，利用了电流的磁效应工作的，故B错误；C、复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉吸附在鼓上．故C正确；D、电冰箱是利用物态变化时的吸热和放热原理制冷的，故D错误；故选：C点评：本题是常识性问题，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪个工作原理．体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念．4．（2分）（2015•金山区一模）面积是S的矩形导线框，放在磁感应强度为B的匀强磁场中，当线框平面与磁场方向平行时，穿过导线框所围面积的磁通量为（）A．B S B．0C．D．考点：磁通量．分析：线圈在匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向垂直时，穿过线圈的磁通量Φ=BS，B是磁感应强度，S是线圈的面积．当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈的磁通量Φ=0．当存在一定夹角时，则将磁感应强度沿垂直平面方向与平行平面方向分解，从而求出磁通量．解答：解：当线框平面与磁场方向平行时，穿过导线框所围面积的磁通量为为零；故选：B．点评：对于匀强磁场中磁通量的求解，可以根据一般的计算公式Φ=BSsinθ（θ是线圈平面与磁场方向的夹角）来分析线圈平面与磁场方向垂直、平行两个特殊情况．5．（2分）（2015•金山区一模）分子间同时存在引力和斥力，当分子间距减小时，分子间（）A．引力增加，斥力减小B．引力增加，斥力增加C．引力减小，斥力减小D．引力减小，斥力增加考点：分子间的相互作用力．分析：分子间存在相互作用的引力和斥力，引力和斥力都随分子间距离的减小而增加，但斥力增加的更快，故当距离于r0时合力表现为引力，小于r0时合力表现为斥力．解答：解：分子间同时存在引力和斥力，当分子间距减小时，引力与斥力同时增加，但斥力增加的更快；故ACD错误，B正确；故选：B．点评：分子力来源于原子间电荷的作用力，同时存在引力和斥力；分子力做功对应着分子势能的变化，要正确分析分子之间距离与分子力、分子势能的关系．6．（2分）（2015•金山区一模）一列简谐波在两时刻的波形如图中实线和虚线所示，由图可确定这列波的（）A．周期B．波速C．波长D．频率考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：波长可波的图象直接读出．根据波的周期性、双向性和波速公式判断周期、波速是否确定，进而判断频率是否确定．解答：解：A、题中未给出实线波形和虚线波形的时刻，不知道时间差或波的传播方向，无法确定周期．故A错误．B、周期无法确定，波长可读出，波速也无法确定．故B错误．C、由波的图象直接读出波长为4m．故C正确．D、f=，周期不确定，则频率不确定．故D错误故选：C．点评：本题画出了两个时刻的波形，如给出时间差，就可求出周期、波速、频率的通项式．要注意波的双向性和周期性，防止漏解．7．（2分）（2015•金山区一模）如图所示，由基本门电路组成的四个电路，其中能使小灯泡发光的是（）A．B．C．D．考点：简单的逻辑电路．分析：小灯泡发光说明小灯泡两端的电压是大的，即门电路的输出是高电压，根据门电路性质进行分析即可．解答：解：A、输入高电平后经非门输出低，灯不亮，故A错误；B、输入0、1经与门后输出为低，灯不亮，故B错误；C、输入0、0后经或门后输出为低电平，灯不亮，故C错误D、输入0、1后经或门后输出为高电平，灯亮，故D正确故选：D点评：考查了基本逻辑关系及门电路的基本逻辑关系．注意三种门电路的性质，并要记住带实心点的端输进电压为高电平1．8．（2分）（2015•金山区一模）如图，竖直平面内有一半径为1.6m、长为10cm的圆弧轨道，小球置于圆弧端点并从静止释放，取g=10m/s2，小球运动到最低点所需的最短时间为（）A．0.2πs B．0.4πs C．0.8πs D．πs考点：单摆周期公式．分析：由题，由于圆弧两端点距最低点高度差H远小于圆弧的半径，小球在圆弧上的运动等效成单摆运动，小环运动到最低点所需的最短时间为周期．周期为T=2π，R是圆弧的半径．解答：解：将小球的运动等效成单摆运动，则小环运动到最低点所需的最短时间为周期，即最低时间为：t=T=×2π=×2π=0.2πs．故A正确，故选：A点评：本题的解题关键是将小环的运动等效成单摆运动，即可根据单摆的周期公式和机械能守恒等知识求解．二、单项选择题（共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项．）9．（3分）（2015•金山区一模）如图为某质点做简谐振动的振动图象，则（）A．质点的振动周期为10s B．2s时质点的加速度最大C．4s时质点的速度为零D．7s时质点的位移最大考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：由振动图象读出周期．由位移的最大值读出振幅．根据加速度与位移方向相反，读出加速度的方向．分析位移的变化，确定速度方向．解答：解：A、由图知质点的振动周期为12s，故A错误；B、根据a=﹣知位移最大时加速度最大，故t=2s时加速度不是最大，B错误；C、4s时处于平衡位置，速度最大，故C错误；D、由图知7s时在负的最大位移处，质点的位移最大，D正确；故选：D．点评：本题考查基本的读图能力．要抓住简谐运动的特征：a=﹣，研究加速度与位移的关系．10．（3分）（2015•金山区一模）如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小．若将两轻绳各剪去一小段，但仍保持等长且悬挂点不变，则（）A．F1不变，F2变大B．F1不变，F2变小C．F1变大，F2变大D．F1变小，F2变小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析即可．解答：解：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即：F1=0；根据共点力平衡条件，有：2F2cosθ=mg解得：F2=当细线变短时，细线与竖直方向的夹角θ增加，故cosθ减小，拉力F2变大．故选：A．点评：本题是简单的三力平衡问题，关键是受力分析后运用图示法分析，不难．11．（3分）（2015•金山区一模）某天体的质量和半径分别约为地球的和，地球表面的重力加速度为g，则该天体表面的重力加速度约为（）A．0.2g B．0.4g C．2.5g D．5g考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据星球表面的万有引力等于重力列出等式表示出重力加速度．通过某天体的质量和半径与地球的关系找出重力加速度的关系解答：解：根据星球表面的万有引力等于重力知道G=mg得出：g=某天体的质量和半径分别约为地球的和所以某天体表面的重力加速度g′=g=0.4g故选：B．点评：求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先根据物理规律用已知的物理量表示出来，再进行之比．12．（3分）（2015•金山区一模）如图，竖直放置的右管上端开口的U型玻璃管内用水银封闭了一段气体，右管内水银面高于左管内水银面，若U型管匀减速下降，管内气体（）A．压强增大，体积增大B．压强增大，体积减小C．压强减小，体积增大D．压强减小，体积减小考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：初始状态P0=P x+P h，若试管自由下落，则p h=0，P x=P0，压强增大，若匀减速下降，加速度向上，超重．解答：解：初始状态P0=P x+P h，若匀减速下降，加速度向上，超重，则右侧水银对气体的压力增大，h高水银柱产生的压强P=，所以压强增大由玻意耳定律知，PV=C，故V减小．故选：B．点评：关键知道失重时，水银柱的压强减小，超重时，压强增大．13．（3分）（2015•金山区一模）特战队员在进行素质训练时，抓住一端固定在同一水平高度的不同位置的绳索，从高度一定的平台由水平状态无初速开始下摆，如图所示，在到达竖直状态时放开绳索，特战队员水平抛出直到落地．不计绳索质量和空气阻力，特战队员可看成质点．下列说法正确的是（）A．绳索越长，特战队员落地时的水平位移越大B．绳索越长，特战队员落地时的速度越大C．绳索越长，特战队员落地时的水平方向速度越大D．绳索越长，特战队员落地时的竖直方向速度越大考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据动能定理、结合平抛运动的规律推导出水平位移的表达式，从而确定何时水平位移最大．根据动能定理比较落地的速度大小，以及落地时水平方向的速度．解答：解：A、设平台离地的高度为H，绳长为L，根据动能定理得：mgL=，解得：v=，对于平抛过程，根据H﹣L=，t=，得水平位移为：x=vt=，则知当L=时，水平位移最大．故A错误．B、对全过程运用动能定理知，mgH=，可知落地的速度大小与绳索长度无关，故B错误．C、落地时水平方向的速度等于平抛运动的初速度，根据v=知，绳索越长，落地时水平方向的速度越大，故C正确．D、绳索越长，平抛运动的高度越小，平抛运动的时间越短，则落地时竖直方向上的速度越小，故D错误．故选：C．点评：本题考查了动能定理与圆周运动和平抛运动的综合，知道圆周运动向心力的来源和平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律是解决本题的关键．14．（3分）（2015•金山区一模）如图，地面上某空间区域内，水平虚线上方存在场强为E1、方向竖直向下的匀强电场，虚线下方存在场强为E2，方向竖直向上的匀强电场．若质量为m、带电量为+q的小球从上方电场的A点由静止释放，恰好能到达下方电场中与A关于虚线对称的B点，则（）A．场强大小关系满足E2=2E1B．场强E1不可能大于E2D．带电小球在AB两点电势能相等C．若AB高度差为h，则U AB=考点：电场线；电势能．分析：根据运动的对称性得出加速度的大小关系，通过动能定理求出A、B的电势差．结合牛顿第二定律得出两电场强度的关系．解答：解：A、A到B的过程：，知道E1＜E2，，故A错误，B正确C、对A到B的过程运用动能定理得，qU AB+mgh=0，解得：UAB=，知A、B的电势不等，则电势能不等．故CD错误；故选：B．点评：本题考查了动能定理和牛顿第二定律的综合运用，抓住小球在上方电场和下方电场中运动的对称性入手分析求解．15．（3分）（2015•金山区一模）一物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度为v，若将水平拉力的大小改为F2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v，对于上述两个过程，用W F1、W F2分别表示拉力F1、F2所做的功，W f1、W f2分别表示前两次克服摩擦力所做的功，则（）A．W F2＞4W F1，W f2＞2W f1B．W F2＞4W F1，W f2=2W f1C．W F2＜4W F1，W f2=2W f1D．W F2＜4W F1，W f2＜2W f1考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：根据动能定理，结合运动学公式，求出滑动摩擦力做功，从而求得结果．解答：解：由题意可知，两次物体均做匀加速运动，则在同样的时间内，它们的位移之比为S1：S2==1：2；两次物体所受的摩擦力不变，根据力做功表达式，则有滑动摩擦力做功之比W f1：W f2=fS1：fS2=1：2；再由动能定理，则有：W F﹣W f=；可知，W F1﹣W f1=；W F2﹣W f2=4×；由上两式可解得：W F2=4W F1﹣2W f1，故C正确，ABD错误；故选：C．点评：考查做功表达式的应用，掌握动能定理的内容，注意做功的正负．16．（3分）（2015•金山区一模）如图甲所示，R为电阻箱，为理想电流表，电源的电动势为E，内阻为r．图乙为电源的输出功率P与电流表示数I的关系图象，其中功率P0分别对应电流I1、I2，外电阻R1、R2．下列说法中正确的是（）A．I1+I2＞B．I1+I2=C．D．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由P=UI结合闭合电路欧姆定律分析便可求解．解答：解：A、由闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，输出功率为：P=UI=EI﹣I2r，故有，整理得：I1+I2=，故A错误，B正确；C、根据电功率表达式，P0==，且I=，则有：；整理得：，故CD错误；故选：B点评：用好闭合电路欧姆定律的表达式，结合输出功率的表达式，有一定的运算量．三、多项选择题（共16分，每小题4分．每小题有二个或三个正确选项．全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分．）17．（4分）（2015•金山区一模）如图，一列简谐横波向右传播，质点a和b的平衡位置相距0.5m．某时刻质点a运动到波峰位置时，质点b刚好处于平衡位置向上运动．这列波的波长可能是（）A．1m B．2m C．0.4m D．0.5m考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：a质点经过平衡位置速度方向可能向上，也可能向下，结合波的周期性，得到波长的通项，再得到特殊值．解答：解：据题质点a运动到波峰位置时，质点b刚好处于平衡位置向上运动，则ab间距离与波长的关系为：x ab=（n+）λ，n=0，1，2，3…则得λ===m当n=0时，λ=2m；当n=1时，λ=0.4m；故选：BC．点评：本题关键抓住波的空间周期性，得到波长的通项，考查运用数学知识解决物理问题的能力和分析波动形成过程的能力．18．（4分）（2015•金山区一模）一带正电粒子在正点电荷的电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动．取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，则下列关于电场强度E、粒子动能E k、粒子电势能E P、粒子加速度a与位移x的关系图象可能的是（）A．B．C．D．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据点电荷的场强公式分析电场强度随x的变化情况，根据动能定理分析动能随x的变化情况，根据电势能与x图线的斜率分析其图象的正误，根据牛顿第二定律分析加速度随x的变化图线的正误．解答：解：A、正电荷的场强公式E=，可知电场强度随x的变化不是均匀减小，故A错误．B、由于电场强度不是匀强电场，电场力做功W≠qEx，则动能不是随x均匀增大，故B错误．C、E p﹣x图线的切线斜率表示电场力，随着x的增大，电场力逐渐减小，故C正确．D、加速度a=，可知a随x的变化图线是曲线，且减小，故D正确．故选：CD．点评：本题关键是明确粒子的受力情况和运动情况，然后结合动能定理进行分析，图象的斜率的物理意义要清楚．19．（4分）（2015•金山区一模）如图，电源内阻为r，两个定值电阻阻值均为R，闭合电键，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V3示数变化量的绝对值为△U3，理想电流表A1、A2示数变化量的绝对值分别为△I1、△I2，则（）A．A2示数增大B．V2示数与A1示数的比值减小C．△U3与△I1的比值小于2R D．△I1小于△I2考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路．分析电路的连接关系，根据欧姆定律分析．解答：解：A、据题理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器并联后再与R串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A1的示数增大，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，R的电压增大，所以并联部分电压减小，则通过并联部分R的电流减小，所以通过滑动变阻器的电流增大，即A2示数增大，故A正确；B、V2示数与A1示数的比值等于外电路电阻，则减小，故B正确；C、根据闭合电路欧姆定律得：U3=E﹣I1（R+r），则得：=R+r，不一定小于2R，故C错误；D、A1的示数增大量等于A2示数增大和通过与滑动变阻器并联的R的电流减小量之和，所以△I1小于△I2，故D正确；故选：ABD点评：本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．20．（4分）（2015•金山区一模）如图（a），用力F拉一质量为1kg的小物块使其由静止开始向上运动，经过一段时间后撤去F．以地面为零势能面，物块的机械能随时间变化图线如图（b）所示，已知2s末拉力大小为10N，不计空气阻力，取g=10m/s2，则（）A．力F做的功为50J B．1s末力F的功率为25wC．2s末物块的动能为25J D．落回地面时物块的动能为50J考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：通过机械能随时间变化图线，求出拉力F的大小，根据功的公式求出拉力做功的大小．根据功率的公式求出拉力F的瞬时功率，由撤外力后机械能守恒求得落回地面时物块的动能．解答：解：A、由功能关系可知，力F做的功等于物体机械能的增量，故力F做的功为50J，故A正确；B、物体匀加速上升，设2s末速度为v，则有：W=F×h=F×，故1s末力F的功率为F×故B正确；C、设物体上升加速度为a，高度为h，则有：h=at2，且有v2=2ah，而动能mv2=mah，此时，重力势能为mgh，而a≠g，故此时E K≠E P，故2s末物块的动能不为25J，故C错误；D、撤掉外力后机械能守恒求得落回地面时物块的动能为50J，故D正确．故选：AD点评：本题的关键是通过图象挖掘信息，掌握功能关系和机械能守恒的条件并灵活应用．四、填空题（共20分，每空格2分．）本大题中第22题为分叉题，分A、B两类，考生可任选一类答题．若两类试题均做，一律按A类题计分．（22、23选做一题）21．（4分）（2015•金山区一模）如图为密闭的理想气体在温度T1、T2时的分子速率分布图象，图中f（v）表示v处单位速率区间内的分子数百分率，则T1小于 T2（选填“大于”或“小于”）；气体温度升高时压强增大，从微观角度分析，这是由于分子热运动的平均动能增大了．考点：温度是分子平均动能的标志．分析：温度越高分子热运动越激烈，分子运动激烈是指速率大的分子所占的比例大．解答：解：温度越高分子热运动越激烈，分子运动激烈是指速率大的分子所占的比例大，图T2腰粗，速率大的分子比例最大，温度最高；图T1速率大的分子，所占比例最小，温度低．从微观角度分析，当温度升高时，分子平均动能增大，分子的平均速率增大．故答案为：小于，平均动能点评：本题关键在于理解：温度高与低反映的是分子平均运动快慢程度，理解气体的压强与分子的运动的激烈程度之间的关系．22．（4分）（2015•金山区一模）光滑水平面上有两小球a、b，开始时a球静止，b球以一定速度向a运动，a、b相撞后两球粘在一起运动，在此过程中两球的总动量守恒（填“守恒”或“不守恒”）；机械能不守恒（填“守恒”或“不守恒”）．考点：动量守恒定律．分析：考察了动量守恒和机械能守恒的条件，在整个过程中合外力为零，系统动量守恒．解答：解：两球组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，由于碰撞是完全非弹性碰撞，碰撞过程机械能不守恒；故答案为：守恒，不守恒．点评：本题考查动量守恒定律和机械能守恒定律的适用条件，注意区分，基础题．23．（2015•金山区一模）两颗人造地球卫星运行的角速度之比为ω1：ω2=1：2，则它们的轨道半径之比R1：R2= ．若其中一颗卫星由于受到微小的阻力，轨道半径缓慢减小，则该卫星的向心加速度将增大（填“减小”或“增大”）．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力，计算轨道半径之比．根据，可知轨道半径减小时，加速度变大．解答：解：根据万有引力提供向心力，得，所以=根据，得，当轨道半径减小时，加速度变大．故答案为：，增大．点评：本题关键是要掌握万有引力提供向心力这个关系，要能够根据题意选择恰当的向心力的表达式．24．（4分）（2015•金山区一模）如图，电源电动势E=3V，内阻r=1Ω，电阻R1=2Ω，滑动变阻器总电阻R=16Ω，在滑片P从a滑到b的过程中，电流表的最大示数为 1 A，滑动变阻器消耗的最大功率为0.75 W．考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：分析电路明确电路结构，再根据闭合电路欧姆定律求得电流表的最大示数；由功率公式可知当内外电阻相等时功率达最大．解答：解：由图可知，滑动变阻器两端相互并联后与R1串联，当滑动变阻器短路时，电流表示数最大，则最大电流I===1A；把保护电阻看做电源的内阻，电源与保护电阻等效于电源，滑动变阻器是外电路，滑片P从a滑到b的过程中，电路外电阻R先变大后变小，等效电源电动势E不变，由P=可知，滑动变阻器消耗的电功率先变小后变大，当内外电路电阻相等时，外电路功率最大，即当R=r+R1=1+2=3Ω时，外电路功率最大，故此时滑动变阻器消耗的功率为：P===0.75W；故答案为：1；0.75．点评：本题考查闭合电路欧姆定律及功率公式的应用，要注意等效内阻法的应用，明确当内外电阻相等时，外部功率最大．25．（4分）（2015•金山区一模）如图，在匀强磁场中，单位长度质量为m0的“U型”金属导线可绕水平轴OO′转动，ab边长为L1，bc边长为L2．若导线中通以沿abcd方向的电流I，导线保持静止并与竖直方向夹角为θ，则磁场的磁感应强度至少为，此时方向为沿ba方向．考点：安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．分析：先对导体棒受力分析，根据平衡条件并结合合成法得到安培力的最小值；然后结合安培力公式F A=BIL和左手定则分析．解答：解：对导体棒受力分析，受重力、安培力和拉力，如图所示：根据平衡条件，当安培力与ab边垂直向上时，安培力最小，为：F A=mgsinθ故磁感应强度为：B=sinθ根据左手定则，磁感线方向沿悬线向上。
上海物理高考试题及答案
上海物理高考试题及答案[正文内容]本文收录了一些上海地区往年的物理高考试题及其答案，供广大考生查阅和学习参考。
以下是一些典型的试题示例：1. （2017年上海高考物理试题）【题目】某物体从初速度为0开始做匀加速直线运动，5s 后其速度为 10 m/s，10s 后其速度为 30 m/s。
求：（1）物体的加速度；（2）物体在10s内所走的路程。
【答案】（1）根据匀加速直线运动的速度变化率公式 v = at，将已知条件代入可得：10 = a × 5，30 = a × 10，解得加速度 a = 2 m/s²；（2）根据匀加速直线运动的位移公式 S = vt + 0.5at²，将已知条件代入可得：S = 0.5 × 10 × 5 + 0.5 × 2 × 5² = 25 m。
2. （2018年上海高考物理试题）【题目】如图所示，一抛物线形截面的平板轨道，顶点为O，长轴的两端分别为A、B，A、B 在同一水平线上，A 与 B 的距离为2R。
小球以初速度v0由A 点自由滚下，忽略空气阻力和滚动摩擦。
小球离开轨道与水平面的最大高度为h，则小球滚到B 点的时间为：【答案】根据机械能守恒定律，小球在离开轨道与水平面的最大高度时，其动能等于势能：0.5mv² = mgh，其中m为小球质量，g为重力加速度，h为离开轨道与水平面的最大高度。
考虑到小球在滚动过程中的动能，可以推导得到：v = √(2gh-2Rg)，由此可以得到小球从A点滚到B点的时间：t = 2R/v0。
3. （2019年上海高考物理试题）【题目】在平直导线上悬挂着一根长为L 的导线，该导线自上而下垂直地穿过一个平面放置的矩形回路，如图所示。
矩形回路的长为a，宽为b（a＞b）。
若该导线的质量为m，都不影响该导线和矩形回路的自感，该导线通过矩形回路的电流稳恒为I，请问：（1）求该矩形回路在导线通电时受到的安培力的大小和方向；（2）当矩形回路的长边a平行于平直导线，且位于已知回路上空，且距离为d时，求该矩形回路在导线通电时受到的安培力的大小。
2017年上海高考物理试题及答案【上海高考物理试题及答案】
2017年上海高考物理试题及答案【上海高考物理试题及答案】孩儿立志出乡关，学不成名誓不还。
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2017年上海高考物理试题及答案发布入口以下是上海高考试题及答案频道为大家提供的2017年上海高考试题及答案：延伸阅读：高考物理计算题答题技巧(1)仔细审题，明确题意每一道计算题，首先要认真读题，弄清题意。
审题是对题目中的信息进行搜索、提取、加工的过程。
在审题中，要特别重视题中的关键词和数据，如静止、匀速、最大速度、一定、可能、刚好等。
一个较为复杂的运动过程要分解成几个不同的阶段。
否则，一旦做题方向偏了，只能是白忙一场。
(2)敢于做题，贴近规律解题就是建立起与未知数数量相等的方程个数，怎样建立方程呢?方程蕴含在物理过程中以及整个过程的各个阶段中，存在于状态或状态变化之中;隐藏在约束关系之中。
应由题目中的物理现象及过程所对应的或贴近的物理规律，建立主体关系式。
(3)敢于解题，深于研究遇到设问多、信息多、过程复杂的题目，在审题过程中，若明确了某一阶段的情景，并列出了方程。
要敢于先把结果解出来，这对完全理顺题意起着至关重要的作用。
很多情况下第二阶段的情景要由第一阶段的结果来判定，所以第一阶段的结果成为打通障碍的重要武器。
(4)答题要规范，得分有技巧①简洁文字说明与方程式相结合②尽量用常规方法，使用通用符号③分步列式，不要用综合或连等式④对复杂的数值计算题，最后结果要先解出符号表达，再代入数值进行计算。
还要提醒考生的是，由于网上阅卷需要进行扫描，要求考生字迹大小适中清晰。
合理安排好答题的版面，不要因超出方框而不能得分。
切记：所有物理量要用题目中给的。
没有的要设出，并详细说明。
切记：物理要写原始公式，而不是导出公式。
切记：既然是计算题就不要期待一步成功。
2017年全国高考物理一模试卷含参考答案(新课标ⅲ卷)
2017年全国高考物理一模试卷（新课标Ⅲ卷）二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一个选项符合题目要求，第5～8题有多个选项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分．1．（6分）2017年2月12日消息，福岛第一核电站2号机组安全壳内辐射量达到高值，对此中国驻日本大使馆在其官方网站发布安全提醒，建议在日侨胞及赴日中国公民妥善安排出行计划．关于核电站，下列说法正确的是（）A．核电站是使核能转化为内能，通过汽轮机带动发电机来发电的B．发电的能量来自于天然放射性元素衰变放出的能量C．核泄漏中放射性物质都是天然放射性元素D．核电站的核废枓可以直接堆放在露天垃圾场2．（6分）如图所示，OO'为圆柱筒的轴线，磁感应强度大小为B的匀强磁场的磁感线平行于轴线方向，在圆筒壁上布满许多小孔，如aa'、bb'、cc'…，其中任意两孔的连线均垂直于轴线，有许多同一种比荷为的正粒子，以不同速度、入射角射入小孔，且均从直OO'轴线的对称的小孔中射出，入射角为30°正粒子的速度大小为km/s、则入射角为45°的粒子速度大小为（）A．0.5 km/s B．1 km/s C．2 km/s D．4 km/s3．（6分）一物块以一定的初速度沿足够长的光滑斜面底端向上滑出，从滑出至回到斜面底端的时间为6s，若在物块上滑的最大位移的一半处设置一垂直斜面的挡板，仍将该物块以相同的初速度在斜面底端向上滑出，物块撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反．撞击所需时间不计，则这种情况下物块从上滑至回到斜面底端的总时间约为（不计空气阻力）（）A．1.0 s B．1.8 s C．2.0 s D．2.6 s4．（6分）如图所示的装置可以通过静电计指针偏转角度的变化，检测电容器电容的变化来检测导电液体是增多还是减少的仪器原理图。