2018-2019学年高一下学期人教版物理必修二期末综合测试含解析
模块综合测试(时间:90分钟 满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分) 1.自由下落的物体,其动能与位移的关系如图所示,则图中直线的斜率表示该物体的( )A.质量B.机械能C.重力大小D.重力加速度解析:根据机械能守恒定律有K E =mgh,显然K E -h 图象的斜率表示物体重力大小mg,所以选项C 正确。
答案:C2.一个物体在三个共点力1F 、2F 、3F 作用下做匀速直线运动。
现保持1F 、2F 不变,不改变3F 的大小,只将3F 的方向顺时针转过60︒后,下列说法中正确的是( ) A.力3F 一定对物体做负功B.物体的动能一定变化C.物体一定做匀变速曲线运动D.物体可能做匀变速直线运动解析:因为物体可能沿任意方向运动,所以力3F 与速度方向关系不确定,无法判断做功正负,选项A 错误;因为合外力恒定,合外力方向不可能始终垂直于速度方向,所以物体的合外力一定做功,动能一定变化,选项B 正确;将3F 的方向顺时针转过60︒后,物体所受合外力不变,加速度不变,物体做匀变速运动,既可能是匀变速曲线运动,也可能是匀变速直线运动,选项C 错误,D 正确。
答案:BD3.游乐场内两支玩具枪在同一位置先后沿水平方向各射出一颗子弹,打在远处的同一个靶上,A 为甲枪子弹留下的弹孔,B 为乙枪子弹留下的弹孔,两弹孔在竖直方向上相距高度为h,如图所示,不计空气阻力。
关于两枪射出的子弹初速度大小,下列判断正确的是( )A.甲枪射出的子弹初速度较大B.乙枪射出的子弹初速度较大C.甲、乙两枪射出的子弹初速度一样大D.无法比较甲、乙两枪射出的子弹初速度的大小解析:两子弹均做平抛运动,它们的运动时间由下落高度决定,根据公式2h gt =,乙枪射出的子弹下落高度较大,所以其做平抛运动的时间较长,即t t >,乙甲又因为它们沿水平方向上的位移相等,即v 甲t v =乙甲t ,乙所以v v >,乙甲即甲枪射出的子弹初速度较大,选项A 正确。
答案:A4.某学生在体育场上抛出铅球,其运动轨迹如图所示。
已知在B 点时的速度与加速度相互垂直,则下列说法中正确的是 )A.D 点的速率比C 点的速率大B.D 点的加速度比C 点的加速度大C.从B 到D 加速度与速度始终垂直D.从B 到D 加速度与速度的夹角先增大后减小解析:铅球做斜抛运动,满足机械能守恒定律,可知,D 点的速率比C 点的速率大,选项A 正确;铅球只受重力作用,加速度等于重力加速度,即大小恒定不变,方向始终竖直向下,所以D 点的加速度与C 点的加速度相等;从B 到D 加速度与速度的夹角逐渐减小,所以选项B 、C 、D 错误。
答案:A5.”飞车走壁”杂技表演比较受青少年的喜爱,这项运动由杂技演员驾驶摩托车,简化后的模型如图所示,表演者沿表演台的侧壁做匀速圆周运动。
若表演时杂技演员和摩托车的总质量不变,摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力恰好为零,轨道平面离地面的高度为H,侧壁倾斜角度α不变,则下列说法中正确的是( )A.摩托车做圆周运动的H 越高,向心力越大B.摩托车做圆周运动的H 越高,线速度越大C.摩托车做圆周运动的H 越高,向心力做功随高度H 不变D.摩托车对侧壁的压力随高度H 变大而减小解析:选取杂技演员和摩托车组成的系统为研究对象,系统做圆周运动时,只受到重力和侧壁对摩托车的弹力的作用,根据系统在竖直方向上合力为零可知,摩托车对侧壁的压力恒定不变,即与高度H 无关,系统受到的合力沿水平方向指向圆心,即提供向心力,显然,向心力也不变,选项A 、D 错误;摩托车做圆周运动的H 越高,轨道半径越大,根据向心力公式2mv rF =可知,向心力F 恒定,轨道半径r 越大时,线速度v =,所以选项B 正确;由于向心力时刻与速度方向垂直,所以向心力不做功,选项C 正确。
答案:BC6.如图所示,一物体m 在沿斜面向上的恒力F 作用下,由静止从底端沿光滑的斜面向上做匀加速直线运动,经时间t 力F 做功为60 J,此后撤去恒力F,物体又经t 时间回到出发点,若以地面为零势能点,则下列说法正确的是( )A.物体回到出发点时的动能是60 JB.开始时物体所受的恒力F=2mgsin θC.撤去力F 时,物体的重力势能是45 JD.动能与势能相同的位置在撤去力F 之前的某位置解析:根据动能定理,选项A 说法正确;设开始时的加速度大小为1a ,撤去力F 后的加速度大小为2a ,根据运动学规律有22211112220a t a t a t +-=,可得123a a =,前后两个过程对物体受力分析并根据牛顿第二定律有F-mgsin 1ma mg θ=,sin 2ma θ=,联立以上各式,可得43F m g =sin θ,B 说法错误;撤去力F 时,物体的速度大小为11v a t =,设此时物体的重力势能是}rm E p,回到出发点时物体的速度大小为2v =|12a t a t -|1122a t v ==,又此时物体的动能是60J,所以22112122460mv mv =⨯= J 211215mv ,= J,在撤去力F 以后的过程中,对物块运用机械能守恒定律有E p+2112mv =2122mv ,可得E p=45 J,所以C 说法正确;整个过程中,物体的机械能大小为60 J,所以当势能等于30 J 时,动能与势能相同,此位置要低于撤去力时物体的高度,所以该位置出现在撤去力F 之前的某位置,D 说法正确。
答案:ACD7.2011年12月美国宇航局发布声明宣布,通过开普勒太空望远镜项目证实了太阳系外第一颗类似地球的、可适合居住的行星。
该行星被命名为开普勒-22b(Kepler —22b),距离地球约600光年之遥,体积是地球的2.4倍。
这是目前被证实的从大小和运行轨道来说最接近地球形态的行星,它每290天环绕着一颗类似于太阳的恒星运转一圈。
若行星开普勒—22b 绕恒星做圆运动的轨道半径可测量,万有引力常量G 已知。
根据以上数据可以估算的物理量有 )A.行星的质量B.行星的密度C.恒星的质量D.恒星的密度解析:已知围绕该恒星的做圆周运动的一颗卫星的公转周期T 和轨道半径r,可以利用公式2324rGT M π=计算该恒星的质量,只有C 正确。
答案:C8.我国未来将建立月球基地,并在绕月轨道上建立空间站,如图所示,关闭动力的航天飞机在月球引力的作用下沿椭圆轨道向月球靠近,并将与空间站在B 处对接,已知空间站绕月轨道半径为r,运动周期为T,万有引力常量为G,下列说法正确的是( )A.图中航天飞机飞向B 处的过程中,月球引力做正功B.航天飞机在B 处由椭圆轨道可直接进入空间站轨道C.根据题中条件可算出月球的质量D.根据题中条件可算出空间站所受月球引力的大小解析:图中航天飞机飞向B 处的过程中,月球引力指向月心,与航天飞机运行速度方向间的夹角为锐角,所以引力做正功,选项A 正确;航天飞机需要在B 处先减速才能由椭圆轨道进入空间站轨道,选项B 错误;设绕月球飞行的空间站质量为m,根据万有引力提供向心力有2Mm Gr=22()T m r π,可以算出月球质量2324r GT M π=,所以选项C 正确;由于空间站的质量不知,不能算出空间站受到的月球引力大小,选项D 错误。
答案:AC9.如图所示,汽车在拱形桥顶点A 匀速率运动到桥的B 点。
下列说法正确的是( )A.合外力对汽车做的功为零B.阻力做的功与牵引力做的功相等C.重力的瞬时功率随时间变化D.汽车对坡顶A 的压力等于其重力解析:汽车动能改变量为零,根据动能定理可知,合外力对汽车做的功为零,选项A 正确;该过程中,有三个力对汽车做功,它们分别是重力、阻力和牵引力,三个力做功的代数和就是合外力做的功,即代数和为零,显然选项B 错误;汽车的速率不变,而运动方向时刻改变,汽车沿竖直方向上的分速度大小随时间变化,所以重力的瞬时功率也随时间变化,选项C 正确;汽车对坡顶A 的压力为N F 2(mv r G r=-为轨道半径),选项D 错误。
答案:AC10.如图所示,光滑固定斜面C 倾角为θ,质量均为m 的A 、B 一起以某一初速度沿斜面向上做匀减速运动,已知A 上表面是水平的。
则下列说法正确的是( )A.A 受到B 的摩擦力水平向右B.B 受到A 的支持力不做功C.B 的机械能不变D.A 、B 之间的摩擦力为mgsin θcos θ 解析:根据题意,A 、B 的加速度方向和合外力方向均是沿斜面向下;先对B 受力分析,它受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和沿水平方向的摩擦力,因为三个力的合力方向沿斜面向下,所以摩擦力方向水平向左,根据牛顿第三定律可知,A 受到B 的摩擦力水平向右,A 正确;B 受到A 的支持力竖直向上,而B 在竖直方向上发生了位移,所以该支持力做功,B 错误;在上滑过程中,由A 、B 组成的系统机械能守恒,即系统的机械能大小保持不变,显然,A 和B 的机械能均不变,C 正确;B 的加速度大小为a=gsin θ,合外力沿斜面向下,大小为ma=mgsin θ,合外力沿水平方向上的分量等于A 对B 的摩擦力,大小为mgsin θcos θ,所以A 、B 之间的摩擦力为mgsin θcos θ,正确。
答案:ACD二、填空题(本题共2小题,每题8分,共16分。
把答案填在题中的横线上)11.某实验小组利用拉力传感器和速度传感器探究”动能定理”,如图所示,他们将拉力传感器固定在小车上,用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与钩码相连,用拉力传感器记录小车受到拉力的大小。
在水平桌面上相距50.0 cm 的A 、B 两点各安装一个速度传感器记录小车通过A 、B 时的速度大小。
小车中可以放置砝码。
(1)实验主要步骤如下:①测量 和拉力传感器的总质量1M ;把细线的一端固定在拉力传感器上,另一端通过定滑轮与钩码相连;正确连接所需电路;②将小车停在C 点， ,小车在细线拉动下运动,记录细线拉力及小车通过A 、B 时的速度。
③在小车中增加砝码,或 ,重复②的操作。
(2)下表是他们测得的一组数据,其中M 是1M 与小车中砝码质量m 之和,|2221v v -|是两个速度传感器记录速度的平方差,可以据此计算出动能变化量∆E,F 是拉力传感器受到的拉力,W 是F 在A 、B 间所做的功。
表格中∆3E = 3W ,= (结果保留三位有效数字)(3)根据上表中的数据,请在方格纸上作出∆E-W 图线。
解答:(1)①小车、砝码 ②释放小车 ③减少砝码(2)由各组数据可知:∆12E m =|2221v v -|,所以∆3E =0.600 J;观察FW 数据规律可得数值上20F =.610;(3)在方格纸上作出∆E-W 图线如图所示。
2018-2019学年人教版物理必修二：全册综合检测(含答案)
综合检测限时：90分钟 总分：100分一、选择题(1～6为单选，7～10为多选。
每小题4分，共40分)1．有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v 的大河．小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直．去程与回程所用时间的比值为k ，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为( )A.kv k 2－1 B.v 1－k 2C.kv 1－k2D.v k 2－12.如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动，盘面上离转轴距离2.5 m 处有一小物体与圆盘始终保持相对静止．物体与盘面间的动摩擦因数为32(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，盘面与水平面的夹角为30°，g 取10 m/s 2.则ω的最大值是( )A. 5 rad/sB. 3 rad/s C ．1.0 rad/sD ．0.5 rad/s3．假设在质量与地球质量相同、半径为地球半径两倍的某天体上进行运动比赛，那么与地球上的比赛成绩相比，下列说法正确的是( )①跳高运动员的成绩会更好②用弹簧秤称体重时，体重数值会变得更小 ③投掷铁饼的距离会更远④用手投出的篮球，水平方向的分速度会更大 A ．①②③ B ．②③④ C ．①③④D ．①②④4．人造卫星环绕地球运转的速率v ＝gR2r，其中g 为地面处的重力加速度，R 为地球半径，r 为卫星离地球中心的距离．下面说法正确的是( )A ．从公式可见，环绕速度与轨道半径的平方根成反比B ．从公式可见，把人造卫星发射到越远的地方越容易C ．由第一宇宙速度公式v ＝gR 知卫星轨道半径越大，其运行速度越大D ．以上答案都不对 5.一物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如图所示，在A 点，物体开始与弹簧接触，到B 点时，物体速度为零，然后被弹回．下列说法中正确的是( )A ．物体从A 下降到B 的过程中，动能不断变小 B ．物体从B 上升到A 的过程中，动能不断变小C ．物体从A 下降到B ，以及从B 上升到A 的过程中，动能都是先增大，后减小D ．物体从A 下降到B 的过程中，物体动能和重力势能的总和不变6．如图所示，物体从倾角为α，长为L 的斜面顶端自静止开始下滑，到达斜面底端时与挡板M 发生碰撞．设碰撞时无能量损失，碰撞后又沿斜面上升．如果物体到最后停止时总共滑过的路程为s ，则物体与斜面间的动摩擦因数为( )A.Lsin αs B.Lssin αC.Ltan αsD.Lscos α7.如图所示，一辆玩具小车静止在光滑的水平导轨上，一个小球用细绳悬挂在车上，由图中位置无初速度释放，则小球在下摆过程中，下列说法正确的是( )A．绳的拉力对小车做正功B．绳的拉力对小球做正功C．小球的合力不做功D．绳的拉力对小球做负功8．以下说法中正确的是( )A．在光滑的水平冰面上，汽车可以转弯B．火车转弯速率小于规定的数值时，内轨将会受压力作用C．飞机在空中沿半径为R的水平圆周盘旋时，飞机的两翼一定处于倾斜状态D．汽车转弯时需要的向心力是由司机转动方向盘所提供的答案1．B 去程时船头垂直河岸如图所示，由合运动与分运动具有等时性并设河宽为d ，则去程时间t 1＝dv 1；回程时行驶路线垂直河岸，故回程时间t 2＝dv 21－v2，由题意有t 1t 2＝k ，则k ＝v 21－v2v 1，得v 1＝v 21－k 2＝v1－k2，选项B 正确． 2．C当物体转到圆盘的最低点恰好不滑动时，转盘的角速度最大，其受力如图所示(其中O 为对称轴位置) 由沿斜面的合力提供向心力，有 μmgcos30°－mgsin30°＝m ω2R 得ω＝g4R＝1.0 rad/s ，选项C 正确． 3．A 根据万有引力定律可知人在该天体上受到的引力小于地球上的重力，即物体好像变“轻”了，所以①、②、③是正确的，选A.4．A 错选B 的同学将运行速度与发射速度混淆了．实际上，当r 增加时，v 减小，但要把卫星送上更高轨道需要克服地球引力做更多的功，发射应更困难，B 错．错选C 的同学误将第一宇宙速度公式当成了运行速度公式且把g 当常量而将R 当变量，而实际上当R 增加时，g 是减小的，故C 错．公式v ＝gR 2r 中，g 为地球表面的重力加速度，R 为地球半径，g 和R 均为常量，所以v ∝1r，A 正确．5．C 物体的动能先增大后减小，同理，物体从B 返回到A 的过程，动能先增大后减小，A 、B 错误，C 正确；物体运动过程中，物体和弹簧组成的系统机械能守恒，因弹簧的弹性势能变化，故动能和重力势能的和在变化，D 错误，故选C.6．C 由能量守恒定律知，物体在运动过程中将机械能全部转化为克服摩擦力做功产生的内能．设物体滑过的总路程为s，则mgLsinα＝μmgscosα，所以μ＝Lsinαscosα＝Ltanαs，所以C项正确．7．AD 在小球向下摆动的过程中，小车向右运动，绳对小车做正功，小车的动能增加．小球和小车组成的系统机械能守恒，小车的机械能增加，则小球的机械能一定减少，所以绳对小球拉力做负功．8．BC 在水平面上汽车转弯需要的向心力是摩擦力提供的，所以在光滑的水平冰面上，汽车是无法转弯的．火车转弯处外轨高于内轨，如果按设计速率行驶，内外轨与轮缘均不挤压，如果行驶速率大于设计速率，则外轨与轮缘挤压，产生向内侧的弹力，辅助提供向心力，反之将由内轨挤压内侧车轮的轮缘．飞机转弯时，空气对飞机的升力应偏离竖直方向，使它与重力的合力沿水平方向提供向心力．9.质量为m 的物体始终固定在倾角为θ的斜面上，下列说法正确的是( ) A ．若斜面水平向右匀速运动距离x ，斜面对物体不做功 B ．若斜面向上匀速运动距离x ，斜面对物体做功mgxC ．若斜面水平向左以加速度a 运动距离x ，斜面对物体做功maxD ．若斜面向下以加速度a 运动距离x ，斜面对物体做功m(g ＋a)x 10.如图所示，M 为固定在桌面上的异形木块，abcd 为34圆周的光滑轨道，a 为轨道最高点，de 面水平且与圆心等高．今将质量为m 的小球在d 点的正上方高为h 处由静止释放，使其自由下落到d 处后，又切入圆轨道运动，则下列说法正确的是( )A ．在h 一定的条件下，释放后小球的运动情况与小球的质量有关B ．只要改变h 的大小，就能使小球在通过a 点之后既可能落回轨道之内，又可能落到de 面上C ．无论怎样改变h 的大小，都不可能使小球在通过a 点之后，又落回轨道之内D ．要使小球飞出de 面之外(即落在e 的右边)是可能的 二、填空题(每小题5分，共20分)11．以30°角斜向上抛出一物体，t s 后落在离抛出点30 3 m 远的与抛出点在同一水平面上的A 点，不考虑空气的阻力，g 取10 m/s 2，则该物体的初速度为__________m/s ，物体能上升的最大高度为__________m.12．汽车车轮的直径是1.2 m ，行驶速率是43.2 km/h ，在行驶中车轮的角速度是__________rad/s ，其转速是__________r/min.13．如图所示，一块均匀的正方形板的边长为a ，重为G ，可绕通过O 点的水平轴转动，从AO 呈水平位置开始将板释放，摆动一定时间后最后静止，静止时B 点在O 点的正下方，在这个过程中，其损失的机械能为________．14．一士兵乘飞机巡查，用一部自动照相机在空中摄影，他选好快门开启的时间间隔1 s，镜头放大率为1，将一苹果从飞机上自由落下开始到落地的拍摄照片如下图所示．100(1)该地的重力加速度为________ m/s2.(2)飞机离地面的高度________ m.(3)试根据此照片验证机械能守恒定律．______________________________________三、计算题(共40分)15.(8分)某地区遭受水灾，空军某部奉命赶赴灾区空投物资．空投物资离开飞机后在空中沿抛物线降落，如图所示．已知飞机在垂直高度AO＝2 000 m的高空进行空投，物资恰好准确落在P处，此时飞机飞行的速度v ＝10 m/s.求飞机空投时距目的地的距离OP.答案9.ABC 物体受到平衡力作用而处于匀速直线运动状态，与重力相平衡的力是斜面给它的作用力，方向竖直向上．斜面沿水平方向匀速运动时，力与位移垂直，斜面对物体不做功．斜面向上匀速运动时，力与位移同向，W ＝F·x＝mgx.斜面水平向左加速运动时，物体所受的合外力为ma ，恰等于斜面给它的作用力在位移方向的分量，W ＝F s ·x＝max.斜面向下加速时，对物体有mg ＋F ＝ma ，W ＝F·x＝m(a －g)·x，故选A 、B 、C.10．CD 只要小球能通过轨道的最高点a ，即有v a ≥gR.小球能否落回轨道之内，取决于小球离开a 点后做平抛运动的水平射程x ，由平抛运动公式x ＝v a t 及R ＝12gt 2得；x≥2R ，由此可知，小球在通过a 点之后，不可能落回轨道之内，但可能飞出de 面之外，C 、D 正确．11．10 6 7.5解析：设初速度为v 0.由题意得水平方向v 0cos30°·t＝30 3 ①，竖直方向v 0sin30°＝gt2 ②.由①②两式联立，解得v 0＝10 6 m/s.由上抛过程公式(v 0sin30°)2＝2gh ，得(56)2＝2×10h.所以h ＝7.5 m.12．20600π解析：汽车的速度v ＝43.2 km/h ＝12 m/s ，所以ω＝v R ＝120.6 rad/s ＝20 rad/s ，T ＝2πω＝0.1π s ．每分钟转的圈数n ＝60T ＝600πr/min.13.2－2解析：木板在摆动一段时间后停下来，说明要克服阻力做功，根据动能定理mgh ＝WF f ，而WF f 为损失的机械能，h 为方木板重心下降的高度，所以h ＝2－2，WF f ＝2－2.14．(1)9.8 (2)78.2 (3)见解析解析：(1)由底片和放大率可得连续相等时间内的位移x 1＝4.9 m ，x 2＝14.6 m ，x 3＝24.5 m ，x 4＝34.2 m ，由Δx ＝aT 2＝gT 2和逐差法得g ＝x 4＋x 3－x 2－x 14T2＝9.8 m/s 2. (2)因飞机离地面的高度是底片上起点和终点间距离的100倍． 所以h ＝78.2×10－2×100 m＝78.2 m.(3)取C 、O 两点研究 ΔE k ＝12mv 2＝12m ⎣⎢⎡⎦⎥⎤102OD －OB 2T2≈430.7m J， |ΔE p |＝mg·O C ×102＝431.2m J. 在误差允许范围内ΔE k ＝|ΔE p |，所以在只有重力做功的条件下机械能守恒． 15．200 m解析：解法1：空投物资做平抛运动，轨迹是一条抛物线， 所以有轨迹方程y ＝g 2v 2x 2.由题意知：y ＝2 000 m ，g ＝10 m/s 2，v ＝10 m/s. 所以OP ＝x ＝200 m.解法2：由题意判断，空投物资做平抛运动，所以 ⎩⎪⎨⎪⎧AO ＝y ＝12gt 2，①OP ＝x ＝vt.②将g ＝10 m/s 2，y ＝2 000 m 代入①式得t ＝20 s ； 将v ＝10 m/s ，t ＝20 s 代入②式得OP ＝200 m.16.(10分)如图所示，位于竖直平面内的光滑轨道，由一段斜的直轨道和与之相切的圆形轨道连接而成，圆形轨道的半径为R.一质量为m 的小物块从斜轨道上某处由静止开始下滑，然后沿圆形轨道运动．要求物块能通过圆形轨道最高点，且在该最高点与轨道间的压力不能超过5mg(g 为重力加速度)．求物块初始位置相对于圆形轨道底部的高度h 的取值范围．17.(10分)有一种叫“飞椅”的游乐项目，示意图如图所示．长为L 的钢绳一端系着座椅，另一端固定在半径为r 的水平转盘边缘，转盘可绕穿过其中心的竖直轴转动．当转盘以角速度ω匀速转动时，钢绳与转轴在同一竖直平面内，与竖直方向的夹角为θ.不计钢绳的重力，求转盘转动的角速度ω与夹角θ的关系．答案16.52R≤h≤5R 解析：设物块在圆形轨道最高点的速度为v ，由机械能守恒得mgh ＝2mgR ＋12mv 2，①物块在最高点受重力mg 、轨道的压力N.重力与压力的合力提供向心力，有 mg ＋N ＝m v2R，②物块能通过最高点的条件是N≥0，③ 由②③式得v≥gR ，④ 由①④式得h≥52R.⑤按题的要求，N≤5mg，由②式得v≤6gR ，⑥由①⑥式得h≤5R，h 的取值范围是52R≤h≤5R. 17.ω＝ gtan θr ＋Lsin θ解析：分析座椅的受力情况如图所示，则由牛顿第二定律得：mgtan θ＝m ω2(r ＋Lsin θ)，由此得：ω＝gtan θr ＋Lsin θ.18.(12分)电机带动水平传送带以速度v匀速运动，一质量为m的小木块由静止轻放在传送带上，若小木块与传送带之间的动摩擦因数为μ，如图所示，当小木块与传送带相对静止时，求：(1)小木块的位移；(2)传送带转过的路程；(3)小木块获得的动能；(4)摩擦过程产生的内能；(5)电机因传送小物块多输出的能量．答案18.(1)v22μg(2)v2μg(3)12mv2(4)12mv2(5)mv2解析：对小木块，相对滑动时，由μmg＝ma得，加速度a＝μg，由v＝at得，达到相对静止所用时间t＝vμg.(1)小木块的位移s1＝v2t＝v22μg.(2)传送带始终匀速运动，转过的路程s2＝vt＝v2μg.(3)小木块获得的动能E k＝12mv2.(4)摩擦产生的内能Q＝μmg(s2－s1)＝12mv2.(5)由能的转化与守恒定律知，电机多输出的能量转化为小木块的动能与摩擦产生的内能，所以E总＝E k＋Q＝mv2.。
人教版高一物理下学期必修2物理期末复习卷(6)(解析版)
人教版高一物理下学期必修2物理期末复习卷（6）（解析版）一、选择题(共8小题，每小题6分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1～6小题只有一个选项符合题目要求，第5～8小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分)1. 右图中ae 为珠港澳大桥上四段110 m 的等跨钢箱连续梁桥，若汽车从a 点由静止开始做匀加速直线运动，通过ab 段的时间为t ，则通过ce 段的时间为( )A ．t B.2t C ．(2－2)t D ．(2＋2)t【答案】C解析：根据初速度为零的匀变速直线运动的规律，对ab 过程，由位移与时间关系，得x ab ＝12at 2，即110 m＝12at 2，同理，对ac ，ae 过程，x ac ＝12at 21＝220 m ，x ae ＝12at 22＝440 m ．则通过ce 段的时间t ′＝t 2－t 1，联立解得t ′＝(2－2)t ，C 正确．2．一个物体从某一高度做自由落体运动．已知它在第1 s 内的位移恰为它在最后1 s 内位移的三分之一．则它开始下落时距地面的高度为(g ＝10 m/s 2)( ) A ．15 m B ．20 m C ．11.25 m D ．31.25 m【答案】B解析：物体在第1 s 内的位移h ＝12gt 2＝5 m ，则物体在最后1 s 内的位移为15 m ，对最后1 s 可得12gt 2总－12g (t 总－1)2＝15 m ，可得t 总＝2 s ，则物体下落时距地面的高度为H ＝12gt 2总＝20 m ，B 正确．3．我国已经成功实现舰载机在航母上的起飞和降落．若舰载机在航母上从静止开始做匀加速直线运动然后起飞．起飞过程的平均速度为v ，起飞过程的时间为t ，则下列说法中正确的是 ( ) A ．舰载机离开航母起飞时的速度为v B ．起飞过程的加速度为2vtC ．在航母上供舰载机起飞所需要的跑道的最短长度为2vtD ．舰载机起飞过程的加速度始终与速度的方向相反 【答案】B解析：由v －＝0＋v t 2＝v 得v t ＝2v ，故A 错；由a ＝v t －0t 得a ＝2v t ，故B 对；由x ＝v －t 得x ＝vt ，C 错；由于舰载机做匀加速直线运动，故a 与v 同向，D 错．4. 如图所示为甲、乙两物体在同一条直线上做匀变速运动的位移—时间图象，两图象相切于A 点，其坐标为(2.0，4.0)．已知甲物体的初速度为0，乙物体的加速度大小为1 m/s 2，下列说法正确的是( )A ．甲物体的加速度大小为4 m/s 2B ．甲、乙两物体的加速度方向相同C ．乙物体的初速度大小为4 m/sD ．t ＝0时刻，甲、乙两物体相距6 m 【答案】D解析：甲、乙都做匀变速直线运动，则该题中甲、乙的图象都是抛物线，由x ＝12at 2代入A 处坐标甲，得甲的加速度a ＝2 m/s 2，则2 s 时的速度是4 m/s ，故A 错误；在x －t 中图象的斜率表征速度，明显甲做加速运动，乙做减速运动，所以甲、乙的加速度方向相反，故B 错误；在A 处两图象相切，则此时两物体速度相等，在0→2 s 内，由v ＝v 0－at 得乙的初速度是v 0＝6 m/s ，故C 错误；由x ＝x 0＋v 0t －12at 2得t ＝0时刻，甲、乙相距x 0＝6 m ，故D 正确．5．一旅客在站台8号车厢候车线处候车，若动车一节车厢长25 m ，动车进站时可以看做匀减速直线运动．他发现第6节车厢经过他时用了4 s ，动车停下时旅客刚好在8号车厢门口(8号车厢最前端)，则该动车的加速度大小约为( ) A ．2 m/s 2 B ．1 m/s 2 C ．0.5 m/s 2 D ．0.2 m/s 2【答案】C解析：设第6节车厢刚到达旅客处时，车的速度为v 0，加速度为a ，则有L ＝v 0t ＋12at 2，从第6节车厢刚到达旅客处到动车停下来，有0－v 20＝2a ·2L ，解得a ≈－0.5 m/s 2或a ≈－18 m/s 2(舍去)，则加速度大小约为0.5 m/s 2. 6．在一次救灾活动中，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8 s ，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4 s 停在巨石前．则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是( )A ．加速、减速中的加速度大小之比a 1∶a 2等于2∶1B ．加速、减速中的平均速度大小之比v －1∶v －2等于1∶1 C ．加速、减速中的位移之比x 1∶x 2等于2∶1D ．加速、减速中的平均速度大小之比v －1∶v －2等于1∶2 【答案】BC解析：由v －＝v 0＋v t 2知，v －1＝v －2，故B 对，D 错；由a ＝Δv Δt 得a 1∶a 2＝1∶2，故A 错；由x ＝v －·t 知x 1∶x 2＝2∶1，故C 对．7．如图所示，小球从竖直砖墙某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5所示小球在运动过程中每次曝光的位置．连续两次曝光的时间间隔均为T ，每块砖的厚度为d ，根据图中的信息，下列判断正确的是( )A ．位置1是小球释放的初始位置B ．小球做匀加速直线运动C ．小球下落的加速度为d T 2D ．小球在位置3的速度为7d2T【答案】BCD解析：由Δx ＝d 为恒量判断，小球做匀加速直线运动，故B 正确；由Δx ＝aT 2得a ＝d T2，故C 正确；v 3＝v－24＝7d 2T ，故D 正确；v 1＝v 3－a ·2T ＝7d 2T －d T 2×2T ＝3d 2T>0，故A 错误． 8．随着空气质量的恶化，雾霾天气现象增多，危害加重．雾和霾相同之处都是视程障碍物，会使有效水平能见度减小从而带来行车安全隐患．在一大雾天，一辆小汽车以30 m/s 的速度匀速行驶在高速公路上，突然发现正前方30 m 处有一辆大卡车以10 m/s 的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵．如图所示，图线a 、b 分别为小汽车和大卡车的v －t 图象(忽略刹车反应时间)，以下说法不正确的是( )A ．因刹车失灵前小汽车已减速，故不会发生追尾事故B ．在t ＝3 s 时发生追尾事故C ．在t ＝5 s 时发生追尾事故D ．若紧急刹车时两车相距40米，则不会发生追尾事故且两车最近时相距10米 【答案】ACD解析：根据速度－时间图线与时间轴所围“面积”大小等于位移大小，由题图知，t ＝3 s 时，b 车的位移为s b ＝v b t ＝10×3 m ＝30 m ；a 车的位移为s a ＝12×(30＋20)×1 m ＋12×(20＋15)×2 m ＝60 m ．则s a －s b ＝30 m ，所以在t ＝3 s 时追尾，故B 正确，A 、C 错误；由图线可知在t ＝5 s 时两车速度相等，小汽车相对于大卡车的位移Δx ＝12×(20＋10)×1 m ＋12×10×4 m ＝35 m ＜40 m ，则不会发生追尾事故且两车最近时相距5米，故D 错误．二、非选择题(本题共2小题，满分16分)9．(8分)研究小车匀变速直线运动的实验装置如图甲所示，其中斜面倾角θ可调．打点计时器的工作频率为50 Hz.纸带上计数点的间距如图乙所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．(1)部分实验步骤如下：A ．测量完毕，关闭电源，取出纸带．B ．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车．C ．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连．D ．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔． 上述实验步骤的正确顺序是：________(用字母填写)． (2)图乙中标出的相邻两计数点的时间间隔T ＝________s. (3)计数点5对应的瞬时速度大小的计算式为v 5＝________．(4)为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a ＝________________________． 【答案】(1)DCBA (2)0.1 (3)x 4＋x 52T (4)（x 4＋x 5＋x 6）－（x 1＋x 2＋x 3）9T 2解析：(1)按常规实验步骤，先安装再操作后整理，再根据打点计时器的使用方法可知正确步骤为D 、C 、B 、A.(2)T 打＝150 s ＝0.02 s ，因为相邻两计数点间有4个记录点未画出，故计数点的时间间隔T ＝5T 打＝0.1 s.(3)由v t 2＝v ＝xt 得，v 5＝x 4＋x 52T.(4)为了充分利用数据，应采用逐差法： a ＝x 4－x 13T 2＋x 5－x 23T 2＋x 6－x 33T 23＝（x 4＋x 5＋x 6）－（x 1＋x 2＋x 3）9T 2.10.(8分)某学习小组做探究“合力的功和物体速度变化的关系”的实验，图中小车是在1条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行，这时橡皮筋对小车做的功记为W。
2018高一物理期末答案-word文档资料
2019—2019学年度第二学期高一期末学业水平诊断物理试题参考答案及评分意见一、1~9小题每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确；10~14小题每小题给出的选项中二、本题共4小题，共20分. 15.5.509~5.511，530.0 (每空2分) 16.⑴0.761，0.770（每空2分）⑵在误差允许的范围内，重物自由下落过程机械能守恒 （1分） 17.⑴如图(3分） ⑵偏大（2分）18.⑴如图（2分）⑵1.45~1.46，0.69~0.72（每空2分）三、本题共4小题，共38 分．解答应写出必要的文字说 明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位．19.（8分）解：①212137tan v m h mgu mgh =-︒............................................(3分) 解得4v =m/s............................................(1分) ②2v m mgs u 2102-=-............................................(3分)解得:s=1.6m............................................(1分) 20.（9分）①解：221gt h =............................................(2分) 得：t =0.2s............................................(1分)②t h R R 0v =-+22............................................(2分)得：2=0v m/s............................................(1分) t h R R 0v =--22............................................(2分)得：5.0=0v m/s............................................(1分) 抛出的初速度为2m/s 或0.5m/s 21.（9分）解：Ω=+=4.2323223R R R R R ................................................(2分)231R R r EI ++=................................................(2分)25.0=I A................................................(1分) 6.023==IR U V................................................(2分)34.0-2==r I EI P W................................................(2分)22.（12分）解：①21021v m qU =..................................................(2分) 得：20211==mqU v m/s..................................................(1分) ②222121212v v m m U q-=..................................................(2分) 得：5101=v m/s..................................................(1分) ③500===mdqU m qE a m/s 2..................................................(2分) 2212at d =..................................................(2分) 得：02.0==adt s..................................................(1分) 4.01==t L v m..................................................(1分)。
人教版高中物理必修二高一下学期期末测试试题(图片版).docx
高中物理学习材料2014—2015学年度(下)市级重点高中协作校期末测试高一物理答案二、填空题（共16分） 11、（1）P（2）0.98m ／s（3）△E p =0.49098J △E k =0.4802J （4）“>” 有机械能损失12、mgh 21 ; mgh 2113、9三、计算题（共34分） 14、解：（1）解法一：应用动能定理Fs-mgh+W f =21mv t 2-21mv 02 （3分）解得 W f =-14200J （2分）解法二：由v t 2- v 02=2as （1分）解得 a=0.21m/s 2 （1分） 由Mgsin θ+f -F =ma （1分） 解得 f=71N （1分） 所以 W f =-fs=-14200J （1分）（2）解法一：应用动能定理-mgs ’sin θ–fs ’= 0-21mv 02 （3分）解得s ’=41.32 m （2分）解法二：Mgsinθ+f =ma’（2分）解得a’=1.21m/s2 （1分）v t 2- v2 =2a’s’（1分）s’=41.32 m （1分）15、解：（1）解法一对A、B系统应用机械能守恒定律，以地面为零势能面，得：mgh ＝12(m＋m)v2 + mgh sinθ（3分）解得v＝)sin-gh(1θ（2分）解法二对A、B系统应用动能定理，得：mgh - mgh sinθ＝12(m＋m)v2 （3分）解得v＝)sin-gh(1θ（2分）（2）解法一此过程中物体B机械能守恒，以地面为零势能面，由机械能守恒定律，得12mv2＋mgh sinθ＝mgH （3分）解得H＝12h(1＋sinθ) （2分）解法二对物体B应用动能定理，得：mg(H -h sinθ)＝0 - 12mv2（3分）解得H ＝12h (1＋sin θ) （2分）16、解：（1）物体由A 到B 应用动能定理，得：mgR ＝ 12mV B 2 - 0 （2分）在B 点有RV m mg N B 2=- （2分）解得 N ＝ 60N （1分） 所以滑块在B 点对轨道的压力为60N （1分） （2）滑块有B 到C 应用动能定理，得：μmg L= 21mV B 2 - 21mV C 2 （2分） 解得 μ= 0.3 （1分） （3）对滑块进行分析μmg=ma （1分） 解得a=3 m/s 2 由v=v 0+at 得 （1分）01分）摩擦产生的热量Q=μmgX 相对=4J （2分）。
2019学年高一物理下学期期末考试试题新人教 版新人教 版
2019学年度第二学期期末考试题高一理科物理答题要求：1．本卷满分110分，考试时间100分钟。
2．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。
3.请在答卷上指定区域内作答，答题超出指定位置无效一．选择题：本题共15小题，每小题4分。
共60分.在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11～15题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1．飞机从停机坪沿直线滑出,在第1s内,在第2s内,在第3s内的位移分别是2m、4m、6m,那么( )A. 飞机做匀加速运动B. 飞机做匀速运动C. 3 s内的平均速度是2 m/sD. 3 s内的平均速度是4 m/s2．一木块沿着高度相同、倾角不同的三个斜面由顶端静止滑下(如图所示)若木块与各斜面间的动摩擦因数都相同，则滑到底端时的动能大小关系是（） A. 倾角大的动能最大B. 倾角小的动能最大C. 倾角等于45∘的动能最大D. 三者的动能一样大3．如图所示,小车上固定着三角硬杆,杆的端点处固定着质量为m的小球。
当小车有水平向右的加速度且从零开始增大时,杆对小球作用力的变化(用F1至F4表示变化)可能是下列图中的(OO′沿杆的方向)( )A B C D4．一根轻质细线将2个薄铁垫圈A、B连接起来，一同学用手固定B，此时A、B间距为3L，距地面为L，如图所示，由静止释放A、B，不计空气阻力，且A、B落地后均不再弹起．从释放开始到A落地历时t1，A落地前瞬间速率为v1，从A落地到B落在A上历时t2，B落在A上前瞬间速率为v2，则 ( )A. t1：t2=2：1B. 两垫圈加速度不确定，时间无法比较C. v1：v2=1：2D. 两垫圈作为整体，同时落地5．自然界中某个量D的变化量，与发生这个变化所用时间的比值，叫做这个量D的变化率。
下列说法正确的是( )A. 若D表示某质点做平抛运动的速度，则是恒定不变的B. 若D表示某质点做匀速圆周运动的动量，则是恒定不变的C. 若D表示某质点做竖直上抛运动离抛出点的高度，则一定变大。
人教版高一物理第二学期期末综合检测题(附答案)
第1页 共10页 ◎ 第2页 共10页装…………○…………____姓名：________班级：_______装…………○…………绝密★启用前人教版高一物理第二学期期末综合检测题（附答案）注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息; 2．请将答案正确填写在答题卡上;卷I （选择题）一、 选择题 （本题共计 12 小题 ，每题 3 分 ，共计36分 ， ）1. 关于曲线运动，下列说法正确的是（ ）A.若物体受到与速度不在同一直线上的合外力作用，则该物体一定做曲线运动B.做曲线运动的物体，受到的合外力的方向一定不断变化C.做匀变速曲线运动的物体，受到的合外力为零D.只要物体做圆周运动，它所受的合外力方向一定指向圆心2. 同步卫星在同步轨道上定位以后，由于受太阳、月球及其他天体引力作用的影响，会产生漂移运动而偏离原来的轨道，若偏离达到一定程度，就要启动卫星上的小发动机进行修正，如图，实线为同步轨道，A 和B 为两个己经偏离同步轨道但仍在赤道平面内做匀速圆周运动的卫星，若同步卫星绕地球公转的周期为T ，卫星A 和卫星B 在偏离轨道上绕地球公转周期分别为T A 和T B ，下列说法正确的是（ ）A.T B >T >T AB.若启动卫星A 的小发动机向后喷气可使卫星A 适当加速后回到同步轨道C.卫星B 的机械能比在同步轨道时的机械能小D.卫星A 和卫星B 在各自的偏离轨道上从相距最近到第一次相距最远所需要的时间为T A T B 2(T B −T A )3. 关于曲线运动的论述中，正确的是（ ） A.作曲线运动的物体所受的合外力可能为零B.物体不受外力时，其运动轨迹可能是直线也可能是曲线C.作曲线运动的物体的速度一定时刻变化D.作曲线运动的物体，其所受的合外力方向与速度方向可能一致4. 已知地球半径为R ，地球表面的重力加速度为g ，引力常量为G ，不考虑地球自转的影响，根据上述各量可以推算出地球的质量为（ ） A.gR 2GB.gRGC.R 2gGD.R 3gG5. 半径为R 的大圆盘以角速度ω旋转，如图所示，有人站在盘边P 点上随盘转动，他想用枪击中在圆盘中心的目标O ，若子弹的速度为v 0，则（ ）A.枪应瞄准目标O 射去B.枪应向PO 的右方偏过θ角射去，而cos θ=ωR v 0C.枪应向PO 的左方偏过θ角射去，而tan θ=ωR v 0D.枪应向PO 的左方偏过θ角射去，而sin θ=ωR v 06. 被誉为“中国天眼”的射电望远镜FAST 自工作以来，已经发现43颗脉冲星，为我国天文观测做出了巨大的贡献．脉冲星实质是快速自转的中子星，中子星每自转一周，它的磁场就会在空间划一个圆，而且扫过地球一次，地球就会接收到一个射电脉冲．若观测到某个中子星的射电脉冲周期为T ，中子星的半径为R ，引力常量为G ，则下列说法正确的是（ ） A.中子星的质量为4π2R 3GT 2B.中子星的密度为3πGT 2 C.中子星的第一宇宙速度为2πR TD.若上述中子星赤道上的物体恰好处于完全失重状态，则该中子星的密度为3πGT7. 一斜面倾角为θ，A 、B 两个小球均以水平初速度v 0水平抛出（如图所示），A 球垂直撞在斜面上，B 球落到斜面上的位移最短，不计空气阻力，则A 、B 两个小球下落时间t A 与t B 之间的关系为（ ）A.t A ＝t BB.t A ＝2t BC.t B ＝2t AD.无法确定第3页共10页◎第4页共10页8. 如图所示A、B两飞船绕地球在同一个平面内的不同轨道上顺时针匀速圆周运动，A、B两飞船到地面的高度分别为ℎ1、ℎ2(ℎ12)，运行的速率分别为v1、v2，已知万有引力常量为G，地球可视为质量均匀分布的球体，则下列说法正确的是A.飞船A的运行周期大于飞船B的周期B.若飞船B加速，可能与飞船A相遇C.利用上述数据，可以算出地球的密度D.利用上述数据，可以算出地球对飞船A的引力9. 如图所示，质量为m的小球A沿高度为ℎ倾角为θ的光滑斜面由静止滑下，另一质量与A相同的小球B自相同高度由静止落下．下列说法正确的是（）A.落地前的瞬间A球的速度大于B球的速度B.从释放至落地瞬间，重力对两球做的功相同C.落地前的瞬间A球重力的瞬时功率大于B球重力的瞬时功率D.从释放至落地瞬间，两球重力的平均功率相同10. 在地面上以速率v1竖直向上抛出一个物体，物体落地时的速率为v2，若物体所受空气阻力的大小与其速率成正比，则物体在空中运动的时间（）A.t=v1+v2g B.t=v1−v22gC.t<v1+v2gD.t<v1−v2g11. 已知地球的第一、第二、第三宇宙速度分别为7.9km/s、11.2km/s和16.7km/s，对于宇宙速度的认识，下列说法不正确的是（）A.飞行器绕地球做匀速圆周运动的线速度不可能大于7.9km/sB.在地球上发射卫星的速度可以小于7.9km/sC.当飞行器的发射速度为13 km/s时，飞行器将会脱离地球的引力场D.当飞行器的发射速度为17 km/s时，飞行器将会脱离太阳的引力场12. 在离水平地面ℎ高处将一质量为m的小球水平抛岀，在空中运动的过程中所受空气阻力大小恒为f。
2018-2019学年高一(下)期末物理试卷(附答案解析)
2018-2019学年高一（下）期末物理试卷注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。
第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。
第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。
答案写在试卷上均无效，不予记分。
第I卷（选择题共58分）一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1.甲乙两运动物体在t1、t2、t3时刻的速度矢量v1、v2、v3和v1′、v2′、v3′．下列说法中正确的是（）A. 甲作的可能是直线运动，乙作的可能是圆周运动B. 甲和乙可能都作圆周运动C. 甲和乙受到的合力都可能是恒力D. 甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力2.如图所示，在竖直的转动轴上，a、b两点间距为40cm，细线ac长50cm，bc长30cm，在c点系一质量为m的小球，在转动轴带着小球转动过程中，下列说法不正确的是()A. 转速小时，ac受拉力，bc松弛B. bc刚好拉直时，ac中拉力为1.25mgC. bc拉直后转速增大，ac拉力不变D. bc拉直后转速增大，ac拉力增大3.如图所示，河水流动的速度为v且处处相同，河宽度为a．在船下水点A的下游距离为b处是瀑布．为了使小船渡河安全（不掉到瀑布里去）（）A. 小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为t =bv .速度最大，最大速度为v max=avbB. 小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小.速度最大，最大速度为v max=√a2+b2vbC. 小船沿轨迹AB运动位移最大、时间最长.速度最小，最小速度v min=avbD. 小船沿轨迹AB运动位移最大、速度最小.最小速度v min=av√a2+b24.如图所示为一种叫做“魔盘”的娱乐设施，当转盘转动很慢时，人会随着“魔盘”一起转动，当“魔盘”转动到一定速度时，人会“贴”在“魔盘”竖直壁上，而不会滑下．若“魔盘”半径为r，人与“魔盘”竖直壁间的动摩擦因数为μ，在人“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动过程中，则下列说法正确的是（）A. 人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力和向心力作用B. 如果转速变大的过程中，人与器壁之间的摩擦力变大C. 如果转速变大的过程中，人与器壁之间的弹力不变D. “魔盘”的转速一定大于12π√g μr5.如图所示，A、B、C三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知三颗卫星的质量关系为m A=m B＜m C，轨道半径的关系为r A＜r B=r C，则三颗卫星（）A. 线速度大小关系为v A<v B=v CB. 加速度大小关系为a A>a B=a CC. 向心力大小关系为F A=F B<F CD. 周期关系为T A>T B=T C6.牛顿那一代的科学家们围绕万有引力的研究，经了大量曲折顽强而又闪耀着智慧的科学实践．在万有引力定律的发现历程中，下列叙述不符合史实是（）A. 开普勒研究了第谷的行星观测记录，提出了开普勒行星运动定律B. 牛顿将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出了万有引力定律C. 卡文迪许在实验室中准确地得出了引力常量G的数值D. 根据天王星的观测资料，哈雷利用万有引力定律计算出了海王星的轨道7.如图，倾角θ=37°的光滑斜面固定在水平面上，斜面长L=0.75m，质量m=1.0kg的物块从斜面顶端无初速度释放，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2，则（）A. 物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力做功为7.5JB. 物块滑到斜面底端时的动能为1.5JC. 物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力的平均功率为24WD. 物块滑到斜面底端时重力的瞬时功率为18W二、多选题（本大题共10小题，共30.0分）8.某汽车从静止开始以加速度a匀加速启动，最后做匀速运动．已知汽车的质量为m，额定功率为p，匀加速运动的末速度为v1，匀速运动的速度为v m，所受阻力为f．下图是反映汽车的速度随时间及加速度、牵引力和功率随速度变化的图象，其中正确的是（）A. B. C. D.9.2014年10月24日02时00分，我国自行研制的探月工程三期再人返回飞行试验器，在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭发射升空，我国探月工程首次实施的载入返回飞行试验首战告捷．假设月球是一个质量为M，半径为R的均匀球体．万有引力常数为C，下列说法错误的是（）A. 在月球上发射一颗环绕其表面运行的卫星，它的最小周期为2πR√RGMB. 在月球上发射一颗环绕其表面运行的卫星，它的最大运行速度为√RGMC. 在月球上以初速度ν0竖直上抛一个物体，物体落回到抛出点所用时间为R2v0GMD. 在月球上以初速度ν0竖直上抛一个物体，物体上升的最大高度为R2v02GM10.有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（）A. 如图a，汽车通过拱桥的最高点处于超重状态B. 如图b所示是两个圆锥摆，增大θ，但保持圆锥的高度不变，则圆锥摆的角速度不变C. 如图c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则在A、B两位置小球的角速度相等D. 如图c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则在A、B两位置所受筒壁的支持力大小相等11.如图所示，A、B、C三个物体放在旋转圆台上，它们与圆台之间的动摩擦因数均为μ，A的质量为2m，B、C质量均为m，A、B离轴心距离为R，C离轴心2R，则当圆台旋转时（设A、B、C都没有滑动）A. 物体C的向心加速度最大B. 物体B受到的静摩擦力最大C. ω=√μg2R是C开始滑动的临界角速度 D. 当圆台转速增加时，B比A先滑动12.如图所示，圆弧形光滑轨道ABC固定在竖直平面内，O是圆心，OC竖直，0A水平．A点紧靠一足够长的平台MN，D点位于A点正上方，如果从D点无初速度释放一个小球，从A点进入圆弧轨道，有可能从C点飞出，做平抛运动，落在平台MN上．下列说法正确的是（）A. 只要D点的高度合适，小球可以落在MN上任意一点B. 在由D运动到M和由C运动到P的过程中重力功率都越来越大C. 由D经A、B、C点到P过程中机械能守恒D. 如果DA距离为h，则小球经过圆弧轨道最低点B时对轨道的压力为2mg+2mgℎR13.如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。
江西省南昌二中2018_2019学年高一物理下学期期末考试试题含解析
C. W1>W2，P1＝P2，Q1>Q2D. W1>W2，P1＝P2，Q1＝Q2
【答案】B
【解析】
试题分析：拉力对小物体做的功由物体对地位移决定，即W＝FL，故W1=W2；拉力的功率为P＝ ，第二次运动过程中小物体的对地速度比第一次大，所以所用时间较短，功率较大，即P1<P2；物体和传送带之间因摩擦而产生的热量由二者相对位移决定，即Q＝fs相对，第一次二者相对位移为L，第二次相对位移为L-v2t<L，故Q1＞Q2，选项B正确。
考点：此题考查了功和功率。
8.一钢球从某高度自由下落到一放在水平地面的弹簧上，从钢球与弹簧接触到压缩到最短的过程中，弹簧的弹力F、钢球的加速度a、重力所做的功WG以及小球的机械能E与弹簧压缩量x的变化图线如下图(不考虑空间阻力)，选小球与弹簧开始接触点为原点，建立图示坐标系，并规定向下为正方向，则下述选项中的图象符合实际的是( )
【答案】A
【解析】
【详解】因为各球间发生的碰撞是弹性碰撞，则碰撞过程机械能守恒，动量守恒。因碰撞后三个小球的动量相等设为p，则总动量为3p。由机械能守恒得 ，即 ，代入四个选项的的质量比值关系，只有A项符合，故选A。
【点睛】本题要注意灵活设出中间量p，从而得出正确的表达式，再由选择得出正确的条件．
6.如图所示，用高压水枪喷出的强力水柱冲击煤层，设水柱直径为D，水流速度大小为v，方向水平向右。水柱垂直煤层表面，水柱冲击煤层后水的速度变为零，水的密度为ρ，高压水枪的重力不可忽略，手持高压水枪操作，下列说法正确的是
江西省南昌二中2018-2019学年高一物理下学期期末考试试题（含解析）
高一物理人教版必修二下学期期末考试试题答案解析
2018-2019学年度第二学期高一物理期末考试试卷一.选择题1. 关于重力势能，下列说法中正确的是（）A. 重力势能的大小只由物体本身决定B. 重力势能恒大于零C. 在地面上的物体，它具有的重力势能一定等于零D. 重力势能是物体和地球所共有的【答案】D【解析】重力势能取决于物体的重力和高度；故A错误；重力势能的大小与零势能面的选取有关，若物体在零势能面下方，则重力势能为负值；故B错误；重力势能的大小与零势能面的选取有关；若选取地面以上为零势能面，则地面上的物体重力势能为负；若选地面以下，则为正；故C错误；重力势能是由物体和地球共有的；故D正确；故选D．【考点】重力势能【点评】本题考查重力势能的决定因素，重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大；明确重力势能是由地球和物体共有的；其大小与零势能面的选取有关。
2.在一条直线上运动的物体,其初动量为8N·s,它在第一秒内受到的合冲量为-3N·s,第二秒内受到的合冲量为5N·s.它在第二秒末的动量为A. 10kg·m/sB. 11kg·m/sC. 13kg·m/sD. 16kg·m/s【答案】A【解析】根据动量定理得：P-mv0=Ft，则P=Ft+mv0=-3+5+8=10kg•m/s，故选A。
3.在光滑的水平面上有两个质量均为m的小球A和B,B球静止,A球以速度v和B球发生碰撞.碰后两球交换速度.则A、B球动量的改变量△P A、△P B和A、B系统的总动量的改变量△P为A. △P A=mv,△P B=-mv,△p=2mvB. △P A=mv, △P B=-mv,△P=0C. △P A=0, △P B=mv,△P=mvD. △P A=-mv,△P B=mv, △P=0【答案】D【解析】碰撞前，A动量为：p A=mv，B动量为零，系统的总动量为mv；碰撞后，A动量为零，B动量为p B=mv，系统的总动量为mv；故A球动量的改变量△p A=0-mv=-mv；B球动量的改变量△p B=mv-0=mv；A、B系统的总动量的改变△p为0，故选D。
湛江市2018—2019学年度第二学期期末调研考试(高一物理必修2)试题+答案
【湛江市2018—2019学年度第二学期期末调研考试 高一物理（必修2）试卷 第1页 共8页】湛江市2018—2019学年度第二学期期末调研考试高一物理（必修2）试卷说明：1、考试时间90分钟；满分100分。
2、请把答案作在答题卡上。
一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，请把正确的答案序号填在答题卡相应的表格内） 1．首次测出万有引力常量的科学家是A ．开普勒B ．牛顿C ．爱因斯坦D ．卡文迪许2．用起重机将质量为m 的物体匀速吊起一段距离，关于作用在物体上的各力做功情况,下列说法中正确的是A ．重力做正功，拉力做负功，合力做功为零B ．重力做负功，拉力做正功，合力做正功C ．重力做负功，拉力做正功，合力做功为零D ．重力不做功，拉力做正功，合力做正功3．如图所示，在同一平台上的O 点水平抛出的三个物体分别落到a 、b 、c 三点，不计空气阻力，则三个物体运动的初速度v a 、v b 、v c 的关系和三个物体运动的时间t a 、t b 、t c 的关系分别是A ．v a ＞v b ＞v c ；t a ＞t b ＞t cB ．v a ＜v b ＜v c ；t a ＝t b ＝t cC ．v a ＜v b ＜v c ；t a ＞t b ＞t cD ．v a ＞v b ＞v c ；t a ＜t b ＜t c4．如图所示，两个物体与水平地面间的动摩擦因数相等，它们的质量也相等．在甲图中用力F 1拉物体，在乙图中用力F 2推物体，夹角均为α，两个物体都做匀速直线运动，通过相同的位移．设F 1和F 2对物体所做的功分别为W 1和W 2，物体克服摩擦力做的功分别为W 3和W 4，下列判断正确的是甲 乙A ．F 1＝F 2B ．W 1＝W 2C ．W 3＝W 4D ．W 1－W 3＝W 2－W 45．上端固定的一根细线下面悬挂一摆球，摆球在空气中摆动，摆动的幅度越来越小，对此现象下列说法正确的是A ．总能量守恒，摆球的机械能正在减少，减少的机械能转化为内能【湛江市2018—2019学年度第二学期期末调研考试 高一物理（必修2）试卷 第2页 共8页】B ．摆球机械能守恒C ．能量正在消失D ．只有动能和重力势能的相互转化6．如图所示，一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，有两个质量相等的小球A 和B 紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则以下说法中正确的是A ．A 球的角速度等于B 球的角速度 B ．A 球的线速度大于B 球的线速度C ．A 球的运动周期小于B 球的运动周期D ．A 球对筒壁的压力大于B 球对筒壁的压力7．一轻杆一端固定质量为m 的小球，以另一端O 为圆心，使小球在竖直平面内做半径为R 的圆周运动，如图所示，则下列说法正确的是A ．小球过最高点的最小速度是gRB ．小球过最高点时，杆所受到的弹力可以等于零C ．小球过最高点时，杆对球的作用力一定随速度增大而增大D ．小球过最高点时，杆对球的作用力一定随速度增大而减小8．中国北斗卫星导航系统(BDS)是中国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统(GPS)、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统(GLONASS)之后第三个成熟的卫星导航系统．预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力．如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a 、b 、c 三颗卫星都做圆周运动，a 是地球同步卫星，则A ．卫星a 的角速度小于c 的角速度B ．卫星a 的加速度大于b 的加速度C ．卫星a 的运行速度大于第一宇宙速度D ．卫星b 的周期大于24 h二、多项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分．以下各有多个选项正确，全对的每题得4分，选对不全的得2分，有选错或不选的得0分。