高二物理下册4月月考测试题3
2022~2023年高二第三次月考物理试卷带参考答案和解析(辽宁省营口市部分重点高中)
选择题下列说法正确的有（）A.单摆的周期与振幅无关，仅与当地的重力加速度有关B.相对论认为时间和空间与物质的运动状态无关C.在干涉现象中，振动加强点的位移一定比减弱点的位移大D.声源与观察者相互靠近，观察者接收的频率大于声源的频率【答案】D【解析】A．根据可知，单摆的周期与振幅无关，与当地的重力加速度以及摆长有关，选项A错误；B．相对论认为空间和时间与物质的运动状态有关，长度缩短，时间变长，故B错误；C．振动加强质点的振幅最大，位移不总是最大，在随着时间在变化，加强点可能处于波峰，也可能波谷，也可能在平衡位置；例如在某一时刻，振动加强质点处于平衡位置时，其位移等于零，此时可能小于振动减弱点的位移，故C错误；D．根据多普勒效应可知，声源与观察者相对靠近，观察者所接收的频率大于声源发出的频率，故D正确。
选择题在双缝干涉实验中，一钠灯发出的波长为589nm的光，在距双缝1.00m的屏上形成干涉图样．图样上相邻两明纹中心间距为0.350cm，则双缝的间距为（）A.2.06×10－7mB.2.06×10－4mC.1.68×10－4mD.1.68×10－3m【答案】C【解析】根据双缝干涉实验中相邻两明纹中心间距公式有：Δx=，解得：d= =×589×10－9m＝1.68×10－4m，故C正确，ABD错误．选择题关于电磁波，下列说法不正确的是（）A.电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关B.周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波C.电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度D.利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输【答案】D【解析】A．电磁波在真空中的传播速度均相同，与电磁波的频率无关，选项A正确，不符合题意；B．周期性变化的电场和磁场可以相互激发，由近及远的传播形成电磁波，故B正确，不符合题意；C．电磁波是横波，每一处的电场强度和磁场强度总是相互垂直的，且与波的传播方向垂直，故C正确，不符合题意；D．利用电磁波传递信号可以实现无线通信，电磁波也能通过电缆、光缆传输，故D错误，符合题意。
精品解析：山东省滨州高新高级中学2022-2023学年高二下学期4月月考物理试题(解析版)
高新高级中学高二下学期第一次月考物理试卷一、选择题（共10道题，1-8单项选择题，每道4分，9-11为多项选择题每道5分，错选，多选不得分，对但不全3分。
共47分）1. 有人根据B ＝FIl 提出以下说法，其中正确的是（ ）A. 磁场中某点的磁感应强度B 与通电导线在磁场中所受的磁场力F 成正比B. 磁场中某点的磁感应强度B 与乘积Il 成反比C. 磁场中某点的磁感应强度B 不一定等于F IlD. 通电直导线在某点所受磁场力为零，则该点磁感应强度B 为零 【答案】C 【解析】 【分析】【详解】AB ．磁感应强度FB Il=是用比值定义法定义B 的，但磁感应强度是磁场的固有性质，与通电导线所受磁场力F 及乘积Il 等外界因素无关，A 、B 错误； CD ．FB Il=是在通电导线与磁场垂直的情况下得出的，如果不垂直，设通电导线与磁场方向夹角为θ，则根据sin F IlB θ＝得sin FB Il θ=即B 不一定等于FIl， 如果θ＝0，虽然B ≠0，但F ＝0，故C 正确，D 错误。
故选C 。
2. 一个可以自由运动的线圈1L 和一个固定的线圈2L 互相绝缘垂直放置，且两个线圈的圆心重合，当两线圈通过如图所示的电流时，从左向右看，则线圈1L 将（ ）。
A. 不动B. 顺时针转动C. 逆时针转动D. 向纸面内平动 【答案】B 【解析】【详解】根据安培定则可以判断出线圈L 2在L 1所在平面上产生的磁场方向竖直向上，根据左手定则可以分析出L 1最上方所受安培力垂直纸面向外，最下方所受安培力垂直纸面向内，则从左向右看，线圈L 1将顺时针转动。
故选B 。
3. 如图，在坐标系的第一和第二象限内存在磁感应强度大小分别为12B 和B 、方向均垂直于纸面向外的匀强磁场．一质量为m 、电荷量为q （q >0）的粒子垂直于x 轴射入第二象限，随后垂直于y 轴进入第一象限，最后经过x 轴离开第一象限．粒子在磁场中运动的时间为A.5π6mqBB.7π6mqBC.11π6mqBD.13π6mqB【答案】B 【解析】【详解】运动轨迹如图:即运动由两部分组成,第一部分是14个周期,第二部分是16个周期, 粒子在第二象限运动转过的角度为90°，则运动的时间为2212442T m mt qB qBππ==⋅=；粒子在第一象限转过的角度为60°，则运动的时间为111226632T m m t B qB q ππ==⋅=；则粒子在磁场中运动的时间为：1227326m m mt t t qB qB qBπππ=+=+=，故B 正确，ACD 错误．. 4. 磁流体发电机的原理如图所示。
高二物理4月月考试卷附解析
2014-2015高二物理4月月考试卷（附解析）2014-2015学年贵州省黔西南州兴义市万屯中学高二（下）月考物理试卷（4月份）一、选择题（第1-5题为单项选择题．每题6分，6-8题为多项选择题，全对得6分，选不全得3分．共计48分）1．关于科学家在电磁学中的贡献，下列说法错误的是（）A．密立根测出了元电荷e的数值B．法拉第提出了法拉第电磁感应定律C．奥斯特发现了电流的磁效应D．安培提出了分子电流假说2．如图所示，在2L≥x≥0的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面（纸面）向里，具有一定电阻的矩形框abcd位于xOy平面内，线框的ab边与y轴重合，bc边长为L．令线框从t=0的时刻起由静止开始沿x轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流I（取逆时针方向的电流为正）随时间t的函数图象可能是下图中的哪一个？（）A．B．C．D．3．如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示．在0～时间内，直导线中电流方向向上，则在～T时间内，线框中感应电流的方向与所受安培力方向正确的是（）A．逆时针，向右B．逆时针，向左C．顺时针，向右D．顺时针，向左4．如图所示，两个闭合金属圆环1和2的圆心重合，放在同一平面内．当圆环1中通以顺时针方向的电流，且电流逐渐增强时，对于圆环2的说法正确的是（）A．穿过圆环2的磁通量变大，而且圆环2有收缩的趋势B．穿过圆环2的磁通量变大，而且圆环2有扩张的趋势C．穿过圆环2的磁通量变小，而且圆环2有收缩的趋势D．穿过圆环2的磁通量变小，而且圆环2有扩张的趋势5．如图表示一交流电的电流随时间而变化的图象，此交变电流的有效值是（）A．AB．5AC．AD．3.5A6．某兴趣小组自制一小型发电机，使线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴转动，穿过线圈的磁通量Φ随时间t按正弦规律变化的图象如图所示，线圈转动周期为T，线圈产生的电动势的最大值为Em．则（）A．在t=时，磁场方向与线圈平面垂直B．在t=时，线圈中的磁通量变化率最大C．线圈中电动势的瞬时值e=Emsin（）D．若线圈转速增大为原来的2倍，则线圈中电动势变为原来的4倍7．如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计．以下判断不正确的是（）A．闭合S稳定后，电容器两端电压为EB．闭合S稳定后，电容器的a极板不带电C．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带正电D．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带负电8．要使b线圈中产生图示I方向的电流，可采用的办法有（）A．闭合K瞬间B．K闭合后把R的滑动片向右移C．闭合K后把b向a靠近D．闭合K后把a中铁芯从左边抽出二、实验题（每空3分，共计24分）9．两个闭合金属圆环穿在同一根绝缘光滑横杆上，如图所示，当条形磁铁向下抽出时，两环中的感应电流方向（填“相同”或“相反”）；左环与右环感应电流间的作用力为（填“吸引”或“排斥”）；两环的运动情况是（填“靠近”或“远离”）．10．如图所示，导线环面积为10cm2，环中接入一个电容器，C=10μF，线圈放在均匀变化的磁场中，磁感线垂直线圈平面．若磁感应强度以0.01T/S的速度均匀减小，则电容器极板所带电荷量为，其中带正电荷的是板．11．某交变电压随时间的变化规律如图所示，则此交变电流的频率为Hz．若将此电压加在10μF的电容器上，则电容器的耐压值不应小于V；若将该电压加在一阻值为1kΩ的电阻器上，该电阻器正好正常工作，为了避免意外事故的发生，该电路中保险丝的额定电流不能低于A．三、计算题（有必要的文字说明．共计28分）12．在竖直方向的磁场中，有一个共有100匝的闭合矩形线圈水平放置，总电阻为10Ω、，在0.02s时间内，穿过线圈的磁通量从零均匀增加到6.4×10﹣4Wb，求：（1）磁通量的变化量△Φ；（2）线圈产生的总感应电动势E；（3）线圈中的感应电流大小．13．截面积为0.2m2的100匝圆形线圈A处在匀强磁场中，磁场方向垂直线圈平面向里，如图所示，磁感应强度正按=0.02T/s的规律均匀减小，开始时S未闭合．R1=4Ω，R2=6Ω，C=30µF，线圈内阻不计．求：（1）S闭合后，通过R2的电流大小；（2）S闭合后一段时间又断开，则S切断后通过R2的电量是多少？14．正弦交变电源与电阻R、交流电压表、交流电流表按照图1所示的方式连接，R=200Ω．图2是交变电源输出电压u随时间t变化的图象．则：（1）此交流电的频率为多少？（2）输出电压最大值为多少？（3）电流表的示数为多少？2014-2015学年贵州省黔西南州兴义市万屯中学高二（下）月考物理试卷（4月份）参考答案与试题解析一、选择题（第1-5题为单项选择题．每题6分，6-8题为多项选择题，全对得6分，选不全得3分．共计48分）1．关于科学家在电磁学中的贡献，下列说法错误的是（）A．密立根测出了元电荷e的数值B．法拉第提出了法拉第电磁感应定律C．奥斯特发现了电流的磁效应D．安培提出了分子电流假说【考点】物理学史．【分析】本题是物理学史问题，根据各个科学家的物理学贡献进行答题．【解答】解：A、密立根通过油滴实验测出了元电荷e的数值，故A正确．B、法拉第发现了电磁感应现象，但没有提出了法拉第电磁感应定律，故B错误．C、奥斯特发现了电流的磁效应，故C正确．D、安培提出了分子电流假说，揭示了磁现象的电本质，故D正确．本题选错误的，故选：B．【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如图所示，在2L≥x≥0的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面（纸面）向里，具有一定电阻的矩形框abcd位于xOy平面内，线框的ab边与y轴重合，bc边长为L．令线框从t=0的时刻起由静止开始沿x轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流I（取逆时针方向的电流为正）随时间t的函数图象可能是下图中的哪一个？（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应与图像结合．【分析】先根据楞次定律分析感应电流的方向．再根据E=BLv和I=求出感应电流与时间的关系式．分三段研究：线框进入磁场、完全进入磁场、穿出磁场．【解答】解：分三段研究：线框进入磁场的过程：磁通量从零开始增加，根据楞次定律分析可知，感应电流的方向为逆时针方向，电流为正值；感应电流大小I==t，则知，I与t成正比；设此过程所用时间为t0，则有L=a，得t0=（a是线框的加速度）线框完全进入磁场的过程中，穿过线框的磁通量不变，没有感应电流产生．根据运动学规律知，此过程所用时间为（﹣1）t0=0.4t0；线框穿出磁场的过程：磁通量减小，根据楞次定律分析可知，感应电流的方向为顺时针方向，电流为负值；感应电流大小I=﹣=﹣t．此过程所用时间为（﹣）t0=0.32t0；根据数学知识分析得知，C正确．故选C．【点评】本题根据楞次定律判断出感应电流的方向，确定出电流的正负，根据E=BLv和欧姆定律得到电流的表达式，再选择图象，是常用的方法和思路．3．如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示．在0～时间内，直导线中电流方向向上，则在～T时间内，线框中感应电流的方向与所受安培力方向正确的是（）A．逆时针，向右B．逆时针，向左C．顺时针，向右D．顺时针，向左【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】在～T时间内，直线电流方向向下，根据安培定则判断出直导线周围的磁场，根据磁场的变化，通过楞次定律判断出金属线框中的感应电流，从而通过受力判断线框所受安培力的合力．【解答】解：在～T时间内，直线电流方向向下，根据安培定则，知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐增大，则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生顺时针方向的感应电流．根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左，离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力，所以金属框所受安培力的合力水平向右．故C正确，A、B、D 错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握安培定则判断电流与其周围磁场的方向的关系，运用楞次定律判断感应电流的方向，以及运用左手定则判断安培力的方向．4．如图所示，两个闭合金属圆环1和2的圆心重合，放在同一平面内．当圆环1中通以顺时针方向的电流，且电流逐渐增强时，对于圆环2的说法正确的是（）A．穿过圆环2的磁通量变大，而且圆环2有收缩的趋势B．穿过圆环2的磁通量变大，而且圆环2有扩张的趋势C．穿过圆环2的磁通量变小，而且圆环2有收缩的趋势D．穿过圆环2的磁通量变小，而且圆环2有扩张的趋势【考点】楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】当线圈1中通有不断增大的顺时针方向的电流时，周围的磁场发生变化，即通过线圈2的磁通量发生变化，根据楞次定律结合右手螺旋定则判断出2线圈中感应电流的方向．根据楞次定律的另一种表述，引起的机械效果阻碍磁通量的变化，确定线圈2有扩张还是收缩趋势．【解答】解：当线圈1中通有不断增大的顺时针方向的电流时，知穿过线圈2的磁通量垂直向里，且增大，根据楞次定律，线圈2产生逆时针方向的电流，由于穿过线圈2的磁通量增大，根据楞次定律的另一种表述，线圈2有扩张的趋势，阻碍磁通量的增加．故B正确，A、C、D 错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，以及掌握楞次定律的另一种表述，感应电流引起的机械效果阻碍磁通量的变化．5．如图表示一交流电的电流随时间而变化的图象，此交变电流的有效值是（）A．AB．5AC．AD．3.5A【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】计算题；恒定电流专题．【分析】由图象可知交变电流的周期，一个周期内分为两段，每一段均为恒定电流，根据焦耳定律即可得一个周期内交变电流产生的热量．【解答】解：由有效值的定义可得，代入数据得0.02，解得I=5A故选B．【点评】本题考察的是根据交变电流有效值的定义计算有关交变电流的有效值．6．某兴趣小组自制一小型发电机，使线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴转动，穿过线圈的磁通量Φ随时间t按正弦规律变化的图象如图所示，线圈转动周期为T，线圈产生的电动势的最大值为Em．则（）A．在t=时，磁场方向与线圈平面垂直B．在t=时，线圈中的磁通量变化率最大C．线圈中电动势的瞬时值e=Emsin（）D．若线圈转速增大为原来的2倍，则线圈中电动势变为原来的4倍【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【专题】交流电专题．【分析】（1）当线圈平面与磁感线的方向垂直时，穿过线圈的磁通量最大，此时感应电流为0；当线圈与磁感线的方向平行时，穿过线圈的磁通量为0，此时的感应电动势和感应电流最大；（2）交流发电机产生电动势的最大值Em=nBSω，根据Φ﹣t图线得出周期T以及角速度．从而求出感应电动势的最大值．（3）图中是以垂直于中性面开始计时的，所以感应电动势的瞬时表达式：e=Emcos（ωt）．【解答】解：A、由交流电的变化规律可知，当线圈平面与磁感线的方向垂直时，穿过线圈的磁通量最大，所以在t=时，磁场方向与线圈平面垂直．故A正确；B、由交流电的变化规律可知，当线圈与磁感线的方向平行时，即在t=时，穿过线圈的磁通量为0，此时的感应电动势线圈中的磁通量变化率最大．故B正确；C、由图可知，t=0时，磁通量为0，线圈与磁感线的方向平行，此时的感应电动势线圈中的感应电动势最大，为Em，所以线圈中电动势的瞬时值e=Emcos（）．故C错误；D、若线圈转速增大为原来的2倍，则线圈中最大电动势：Em′=nBS2ω=2nBSω=2Em，线圈中电动势变为原来的2倍．故D错误．故选：AB【点评】解决本题的关键知道正弦式交流电峰值的表达式Em=nBSω，以及知道峰值与有效值的关系．7．如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计．以下判断不正确的是（）A．闭合S稳定后，电容器两端电压为EB．闭合S稳定后，电容器的a极板不带电C．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带正电D．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带负电【考点】自感现象和自感系数．【分析】闭合S瞬间，通过R中电流强度大于通过灯泡中电流强度大小；由于线圈L的直流电阻不计，S闭合电路稳定后，电容器被短路，两端电压为零．当断开S的瞬间，线圈中电流要减小，产生自感电动势，电容器充电，极板的电性变化．【解答】解：A、闭合S稳定后，线圈L相当于导线，则电容器被短路，则其电压为零，故A错误；B、当闭合S稳定后，电容器被短路，则其电压为零，电容器的a极板不带电，故B正确．C、D断开S的瞬间，线圈L中电流减小，产生自感电动势，相当于电源，结电容器充电，根据线圈的电流方向不变，则电容器的a极板将带正电．故C正确，D错误．本题选择错误的，故选：AD．【点评】本题考查自感线圈的双重作用的理解：当电流稳定不变时，自感线圈是电阻不计的导线；当电流变化时，相当于一个电源．8．要使b线圈中产生图示I方向的电流，可采用的办法有（）A．闭合K瞬间B．K闭合后把R的滑动片向右移C．闭合K后把b向a靠近D．闭合K后把a中铁芯从左边抽出【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；楞次定律．【分析】首先知道判断感应电流的方向利用楞次定律，让后逐项分析即可．【解答】解：A、闭合K瞬间，通电螺旋管a在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量增大，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍增大，即产生的磁场方向向左，用右手螺旋定则可知，b线圈产生图示I方向的电流，故A正确；B、K闭合后把R的滑动片向右移，通电螺旋管a的电流减小，在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量减小，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍减小，即产生的磁场方向向右，用右手螺旋定则可知，b线圈产生与图示I方向的电流相反，故B错误；C、闭合K后把b向a靠近，通电螺旋管a在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量增大，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍增大，即产生的磁场方向向左，用右手螺旋定则可知，b线圈产生图示I方向的电流，故C正确；D、闭合K后把a中铁芯从左边抽出，产生的磁场减弱，在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量减小，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍减小，即产生的磁场方向向右，用右手螺旋定则可知，b 线圈产生与图示I方向的电流相反，故D错误．故选：AC．【点评】灵活应用楞次定律求解是解题的关键，一定注意原磁场的方向，磁通量的变化和感应电流产生磁场的方向．二、实验题（每空3分，共计24分）9．两个闭合金属圆环穿在同一根绝缘光滑横杆上，如图所示，当条形磁铁向下抽出时，两环中的感应电流方向相反（填“相同”或“相反”）；左环与右环感应电流间的作用力为排斥（填“吸引”或“排斥”）；两环的运动情况是靠近（填“靠近”或“远离”）．【考点】楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】当磁铁的运动，导致两金属圆环的磁通量发生变化，从而由楞次定律可得线圈中产生感应电流，则处于磁铁的磁场受到安培力，使两圆环运动，同时两圆环间的电流相互作用而导致间距变化．【解答】解：磁铁向下抽出的过程中，穿过两环的磁通量都减少，由于穿过两环的磁通量的方向相反，所以感应电流的方向相反；根据电流间相互作用力的规律，同向相吸、反向相斥，因此两感应电流间的作用力为排斥力；该排斥力较小，能使两环运动的应当是感应电流受到的原磁场的磁场力，由楞次定律判断知，两个环都向着磁体运动，相互靠近．故答案为：相反，排斥，靠近【点评】从楞次定律相对运动角度可得：近则斥，远则吸．同时同向电流相互吸引，反向电流相互排斥．10．如图所示，导线环面积为10cm2，环中接入一个电容器，C=10μF，线圈放在均匀变化的磁场中，磁感线垂直线圈平面．若磁感应强度以0.01T/S的速度均匀减小，则电容器极板所带电荷量为1×10﹣10C，其中带正电荷的是a板．【考点】法拉第电磁感应定律；电容．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据楞次定律判断感应电动势的方向，从而得知极板所带电量的电性，根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势的大小，根据Q=CU求出所带电量的大小．【解答】解：由题意，磁场均匀减小，根据楞次定律知，感应电动势的方向是顺时针方向，则上极板带正电，即a极带正电．根据法拉第电磁感应定律得：E==0.01×10×10﹣4=1×10﹣5V则：Q=CU=CE=10×10﹣6×1×10﹣5=1×10﹣10C．故答案为：1×10﹣10C；a．【点评】解决本题的关键掌握楞次定律判断出感应电动势的方向，以及掌握法拉第电磁感应定律．11．某交变电压随时间的变化规律如图所示，则此交变电流的频率为50Hz．若将此电压加在10μF的电容器上，则电容器的耐压值不应小于200V；若将该电压加在一阻值为1kΩ的电阻器上，该电阻器正好正常工作，为了避免意外事故的发生，该电路中保险丝的额定电流不能低于0.14A．【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；闭合电路的欧姆定律；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】交流电专题．【分析】根据图象可知交流电的电压最大值以及周期，然后进一步可求出电压的有效值和频率，最后求解电功率．【解答】解：从图象可以看出，该电压为余弦式交变电压，周期为0.02s，频率为50Hz；电压的最大值为200V，则电容器的耐压不应小于200V；电压有效值为：U=100V；将该电压加在一阻值为1kΩ的纯电阻用电器，用电器恰能正常工作，则该用电器的额定电流为：I===0.14A；故答案为：50，200，0.14．【点评】本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角频率等物理量，知道有效值是根据电流的热效应定义的．三、计算题（有必要的文字说明．共计28分）12．在竖直方向的磁场中，有一个共有100匝的闭合矩形线圈水平放置，总电阻为10Ω、，在0.02s时间内，穿过线圈的磁通量从零均匀增加到6.4×10﹣4Wb，求：（1）磁通量的变化量△Φ；（2）线圈产生的总感应电动势E；（3）线圈中的感应电流大小．【考点】法拉第电磁感应定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据法拉第电磁感应定律E=，求感应电动势的大小，闭合电路的欧姆定律求电流．【解答】解：（1）磁通量的变化量为△∅=∅﹣∅′=6.4×10﹣4Wb﹣0=6.4×10﹣4Wb；（2）由法拉第电磁感应定律得：E==100×=3.2V；（3）闭合电路的欧姆定律得：I===0.32A；答：（1）这段时间内线圈中磁通量的变化量为6.4×10﹣4Wb；（2）线圈中产生的感应电动势3.2V；（3）通过线圈的感应电流为0.32A．【点评】解决本题的关键知道感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，会运用法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律解题．13．截面积为0.2m2的100匝圆形线圈A处在匀强磁场中，磁场方向垂直线圈平面向里，如图所示，磁感应强度正按=0.02T/s的规律均匀减小，开始时S未闭合．R1=4Ω，R2=6Ω，C=30µF，线圈内阻不计．求：（1）S闭合后，通过R2的电流大小；（2）S闭合后一段时间又断开，则S切断后通过R2的电量是多少？【考点】法拉第电磁感应定律；电容．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流．由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小．再由闭合电路的殴姆定律可求出电流，从而得出电阻两端电压，最终确定电量．【解答】解：（1）磁感应强度变化率的大小为=0.02T/s，B逐渐减弱，所以E=nS=100×0.02×0.2V=0.4VI==A=0.04A，（2）R2两端的电压为U2=E=×0.4V=0.24V所以Q=CU2=30×10﹣6×0.24Q=7.2×10﹣6C．答：（1）S闭合后，通过R2的电流大小0.04A；（2）S闭合后一段时间又断开，则S切断后通过R2的电量是7.2×10﹣6C．【点评】利用法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律求解电流大小．S断开后，流过R2的电荷量就是S闭合时C 上带有的电荷量．14．正弦交变电源与电阻R、交流电压表、交流电流表按照图1所示的方式连接，R=200Ω．图2是交变电源输出电压u随时间t变化的图象．则：（1）此交流电的频率为多少？（2）输出电压最大值为多少？（3）电流表的示数为多少？【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】交流电专题．【分析】由图象可知电压最大值、周期，进而求得频率，电流表的读数为有效值．【解答】解：（1）由图知：T=0.02S由f=（2）由图输出电压最大值为311V（3）电流表的求数为有效值：I==1.1A答：（1）此交流电的频率为50Hz（2）输出电压最大值为311V（3）电流表的示数为1.1A【点评】题考查了交流电的描述，要明确交流电正余弦两种描述方法，以及公式中各个物理量的含义，要求同学们能根据图象得出有效信息，电压表和电流表都是有效值．。
高二物理下学期4月月考试题及答案
-黑龙江省大庆铁人中学高二下学期4月月考（物理）选修（3、5）一、选择题1. 甲、乙两个分子相距很远（此时它们相互间的作用力可忽略不计）。
设甲固定不动，乙逐渐向甲靠近，直到不能靠近为止。
则在上述过程中分子力做功情况是（）A.分子力一直对乙做正功B. 分子力一直对乙做负功C. 分子力先对乙做正功，后对乙做负功D. 分子力先对乙做负功，后对乙做正功2. 如图所示，一个质量不计的活塞，将一定量的理想气体封闭在上端开口的直立圆筒形汽缸内，活塞上堆放着细砂。
最初活塞静止，现设法对缸内气体缓慢加热，同时不断地取走细砂，使活塞缓慢上升，直到细砂全部被取走。
则在此过程中（）A.气体的压强不变，气体对外做功B.气体的温度可能不变，气体对外做功C.气体的压强减小，内能可能不变Gas D.气体对外做功，内能可能增加3.如图所示，两端开口的均匀细玻璃管插在汞槽中，管内有一段被汞柱封闭的空气柱，管内下部汞面低于管外汞面h2，则下列判断正确的是 ()A.若将管稍向下插，管内空气柱长度减小.B.若将管稍向下插，管内外汞面高度差h2增大.C.若从管口再加入少量汞，管内空气柱长度减小.D.若从管口再加入少量汞，管内外汞面高度差h2增大.4.下列现象中哪个不是由表面引力引起的（）A．使用钢笔难以在油纸上写字B．布伞有孔，但不漏水C．草叶上的露珠呈球形D．玻璃细杆顶端被烧熔后变成圆形5、下列关于热现象的论述中，正确的是（）A．给自行车车轮打气时，要克服空气分子间的斥力来压活塞B．布朗运动的剧烈程度与温度的高低无关C．随科学技术的发展，物体的温度可以降低到绝对零度D．热机的效率不可能提高到100%，因为它违背热力学第二定律6.如图所示，粗细均匀U形管中装有水银，左端封闭有一段空气柱，原来两管水银面相平，将开关K打开后，放掉些水银，再关闭K，重新平衡后若右端水银下降h，则左管水银面( )A、不下降；B、下降h；C、下降高度小于h；D、下降高度大于h。
高二物理下学期4月月考试卷高二全册物理试题_02
嗦夺市安培阳光实验学校望城区高二（下）月考物理试卷（4月份）一、选择题（本大题为必考题，每个考生都必须作答．本题包括16小题，每小题3分，共48分．每小题只有一个选项符合题意）1．一小球从半径为R的四分之一圆弧面顶端沿圆弧滑至底端，如图所示．则物体在该运动过程中（）A．位移大小是R B ．位移大小是C．路程是2R D．路程是πR2．下列物理量中，属于矢量的是（）A．速度 B．时间 C．功率 D．质量3．下列叙述正确的是（）A．伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快得结论B．爱因斯坦发现了电流的磁效应，揭示电现象和磁现象之间的联系C．牛顿略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究D．开普勒发现了万有引力定律4．11月11日在航展中心举行，中国空八一飞行表演队女飞行员将首次驾驶歼十亮相．在表演中，八一飞行表演队的表演机保持队形，直刺苍穹，做出了很多个高难度动作，如图所示，下列关于飞机运动情况的说法不正确的是（）A．地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B．飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的5．冰壶是冬奥会的正式比赛项目．运动员将冰壶推出后，在较长时间内冰壶的运动可近似看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的（）A．摩擦力非常小 B．重力小 C．推力小 D．不受任何力6．人从快速行驶的汽车上跳下来后容易（）A．向汽车行驶的反方向跌倒 B．向汽车行驶的同方向跌倒C．向车右侧方向跌倒 D．向车左侧方向跌倒7．如图所示，一质点沿螺旋线自外向内运动，已知其走过的弧长s与时间t成正比．关于该质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点运动的线速度不变 B．质点运动的线速度越来越大C．质点运动的角速度越来越小 D．质点所受的角速度不变8．F1和F2是共点力，根据平行四边形定则求合力F，作图正确的是（）A ．B ．C ．D ．9．“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，其发射速度为（）A．7.9km/sB．11.2km/sC．大于7.9km/s，小于11.2km/sD．大于11.2km/s，小于16.7km/s10．关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等B．合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动C．恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关D．滑动摩擦力对物体一定做负功11．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，关于平衡摩擦力的说法中不正确的是（）A．“平衡摩擦力”的本质就是使小车所受的重力在沿斜面方向的分力与所受到的摩擦阻力相平衡B．“平衡摩擦力”的本质就是想法让小车受到的摩擦力为零C．“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力D．“平衡摩擦力”是否成功，可由小车运动后，由打点计时器打出的纸带上的点迹间距是否均匀而确定12．关于自由落体运动的加速度，正确的是（）A．重的物体下落的加速度大B．在地球赤道比在地球北极大C．在地球上任何地方都一样大D．同一地点，任何物体下落的加速度一样大13．一个人站在磅秤上，在他蹲下的过程中，磅秤的示数将（）A．先小于体重后大于体重，最后等于体重B．先大于体重后小于体重，最后等于体重C．先小于体重，后等于体重D．先大于体重，后等于体重14．下列系统不具有势能的有（）A．高高悬挂的大石头 B．被压缩的弹簧C．满弓上的箭 D．已经着地的足球15．从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有（）A．方向性 B．永恒性 C．持久性 D．有条件性16．在“探究力的平行四边形定则”实验中，下列不正确的实验要求是（）A．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行B．两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直C．读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度D．使用弹簧测力计时，不能超过其量程二、非选择题（本大题包括必考题和选考题两部分．第17题--第22题为必考题，每个考生都必须作答．第23-34题为选考题，考生任选一模块作答）（一）必考题（共6题，总分30分，17-20题每题4分，每空2分，21、22题均7分．）17．以20m/s的速度在水平路面上运动的汽车，刹车后以2m/s2的加速度做匀减速运动，则在刹车后停下，其最大位移是m．18．某物体从A点运动到B点，合力对它所做的功为60J，物体在这一过程中动能增加了J；物体经过A点时的动能为20J，则物体经过B点时的动能为J．19．用如图所示的装置研究平抛运动，用小锤打击弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，同时B球被松开，自由下落．A、B两球同时开始运动，观察到两球落地（填“同时”或“不同时”）；改变打击的力度，重复这个实验，观察到两球落地（填“同时”或“不同时”）．20．在研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带，已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D几个计数点，如图所示．用刻度尺量得OA=1.50cm，OB=3.40cm，OC=5.70cm，OD=8.40cm．打C点时纸带的速度大小为m/s，纸带的加速度大小为m/s2．21．某人驾驶一辆新型电动汽车在水平路面上从静止开始做匀加速直线运动，汽车行驶了5s时速度达到10m/s．若人与汽车的总质量m=800kg，汽车所受阻力为F阻=160N．求：（1）汽车的加速度大小a；（2）汽车的牵引力大小F；（3）汽车牵引力的反作用力作用在哪个物体上？22．如图所示，摩托车特技表演，从平台A水平飞越到平台B上，已知AB的高度差为h=1.25m，两平台的水平距离为s=5m，（不计空气阻力，g取10m/s2）求：（1）摩托车在空中运动时间；（2）摩托车在平台A开始飞越时的最小速度．（二）选考题[选修1-1]共22分：23-26题每题3分，27题每空2分，28题6分．其中23题--26题每小题只有一个选项符合题意，把符合题意的选项序号填入相应的空格中]23．两个半径很小带等量异种电荷的小球，两球心相距1m时的作用力为F，现将它们接触一下后，放到相距2m的位置，则它们的相互作用力大小变为（）A．4F B．0 C． D．24．下列电器中主要是利用电流通过导体产生热量工作的是（）A．电冰箱 B．吸尘器 C．电风扇 D．电饭煲25．如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）A．小磁针保持不动B．小磁针的N 极将向下转动C．小磁针的N 极将垂直于纸面向里转动D．小磁针的N 极将垂直于纸面向外转动26．关于理想变压器，下面各说法中正确的是（）A．它的输出功率小于它的输入功率B．它的输出功率等于它的输入功率C．原副线圈两端的电压与它们的匝数成反比D．原副线圈的电流与它们的匝数成正比27．如图所示，桌面上放着一个单匝矩形线圈，线圈中心上方某高度处有一竖立的条形磁铁，此时穿过线圈的磁通量为0.04Wb．现使磁铁竖直下落，经0.5s 后磁铁的S极落到线圈内的桌面上，这时穿过线圈的磁通量为0.12Wb．此过程中穿过线圈的磁通量增加了Wb，线圈中的感应电动势大小为V．28．某地地磁场的磁感应强度大约是4.0×10﹣5T．一根长为1000m的电线，电流为10A，①该导线受到的最大磁场力是多少？②当导线中电流变为5A时，当地地磁场的磁感应强度变为多少？【选修3-1】[共22分．其中29题--32题，每题3分，只有一个选项符合题意，33题4分，34题6分]29．如图所示，小球A固定在绝缘支架上，小球B用丝线悬挂，两小球均带有正电荷．现将A向右移近B，观察到丝线与竖直方向的夹角增大，这表明电荷间的作用力（）A．随距离的减小而增大 B．随距离的减小而减小C．随电荷量的减小而增大 D．随电荷量的减小而减小30．一个点电荷从静电场中的A点移动到B点，它的电势能变化为零，这说明（）A．A和B两点的电场强度一定相同B．A和B两点的电势不一定相同C．电荷一定是沿着等势面移动的D．从A到B的过程中，电场力做的功一定是零31．有四盏灯，如图所示连接在电路中，L1和L2都标有“220V，100W”字样，L3和L4都标有“220V，40W”字样，把电路接通后，最暗的是（）A．L1B．L2C．L3D．L432．如图所示，一矩形线框置于磁感应强度为B的匀强磁场中，线框平面与磁场方向平行，若线框的面积为S，则当线框左边为轴转过30°时通过线框的磁通量为（）A．0 B．BS C ． D ．33．一个电源接8Ω电阻时，通过电源的电流为0.15A；接13Ω电阻时，通过电源的电流为0.10A．则此电源的电动势为V，内阻为Ω．34．一电子以v0=4×107m/s的初速度沿着匀强电场的电场线方向飞入匀强电场，已知匀强电场的电场强度大小E=2×105N/C，电子质量为9.1×10﹣31kg，电荷量为1.6×10﹣19C，不计重力，求：①电子在电场中运动的加速度大小；②电子进入电场的最大距离．望城区高二（下）月考物理试卷（4月份）参考答案与试题解析一、选择题（本大题为必考题，每个考生都必须作答．本题包括16小题，每小题3分，共48分．每小题只有一个选项符合题意）1．一小球从半径为R的四分之一圆弧面顶端沿圆弧滑至底端，如图所示．则物体在该运动过程中（）A．位移大小是R B．位移大小是C．路程是2R D．路程是πR【考点】位移与路程．【分析】位移是从起点到终点的有向线段，路程是物体运动路线的长度．【解答】解：路程等于运动轨迹的长度，为l=πR，位移大小等于首末位置的距离为x=R．故选：B2．下列物理量中，属于矢量的是（）A．速度 B．时间 C．功率 D．质量【考点】矢量和标量．【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．【解答】解：矢量是既有大小又有方向的物理量，速度是矢量，而标量是只有大小没有方向的物理量，时间、功率和质量都是标量，故A正确，BCD错误．故选：A．3．下列叙述正确的是（）A．伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快得结论B．爱因斯坦发现了电流的磁效应，揭示电现象和磁现象之间的联系C．牛顿略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究D．开普勒发现了万有引力定律【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快的结论，故A正确；B、奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故B错误；C、伽利略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究，故C 错误；D、牛顿发现了万有引力定律，故D错误；故选：A4．11月11日在航展中心举行，中国空八一飞行表演队女飞行员将首次驾驶歼十亮相．在表演中，八一飞行表演队的表演机保持队形，直刺苍穹，做出了很多个高难度动作，如图所示，下列关于飞机运动情况的说法不正确的是（）A．地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B．飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的【考点】参考系和坐标系．【分析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．【解答】解：A、地面上的人看到飞机是相对于地面飞过，是以地面为参考系，故A正确B、飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系，故B正确C、D、以编队中某一飞机为参考系，所有飞机的位置相对不变，其他飞机是静止的，故C正确，D错误．本题选择错误的，故选：D5．冰壶是冬奥会的正式比赛项目．运动员将冰壶推出后，在较长时间内冰壶的运动可近似看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的（）A．摩擦力非常小 B．重力小 C．推力小 D．不受任何力【考点】牛顿第一定律．【分析】冰壶被推出后靠惯性运动，重力不变与支持力大小相等，冰面上的摩擦力小．【解答】解：冰壶被推出后不再受推力，竖直方向重力与支持力平衡，冰壶的运动可看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的摩擦力小．选项A正确，BCD错误．故选：A6．人从快速行驶的汽车上跳下来后容易（）A．向汽车行驶的反方向跌倒 B．向汽车行驶的同方向跌倒C．向车右侧方向跌倒 D．向车左侧方向跌倒【考点】惯性．【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质．【解答】解：人从正在行驶车中跳下时，由于惯性人保持和车相同的速度，而脚受阻力很快停下来，上身继续前冲而摔到，所以人会向汽车行驶的方向跌倒．故B正确，ACD错误．故选：B7．如图所示，一质点沿螺旋线自外向内运动，已知其走过的弧长s与时间t 成正比．关于该质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点运动的线速度不变 B．质点运动的线速度越来越大C．质点运动的角速度越来越小 D．质点所受的角速度不变【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】通过的弧长s与运动时间t成正比，知小球的线速度大小不变，结合v=rω，判断角速度的变化．【解答】解：AB、因为弧长s与时间t成正比，所以线速度大小不变．故AB错误．CD、根据ω=知，v不变，r减小，则角速度增大．故C正确，D错误．故选：C．8．F1和F2是共点力，根据平行四边形定则求合力F，作图正确的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】力的合成．【分析】两个力合成时，以表示这两个力的线段为邻边作平行四边形，这两个邻边之间的对角线就代表合力的大小和方向，根据平行四边形定则的内容即可解答．【解答】解：两个力合成时，以表示这两个力的线段为邻边作平行四边形，这两个邻边之间的对角线就代表合力的大小和方向，所以力的合成的平行四边形定则只适用于共点力，与两个分力共点的那条对角线所表示的力才是它们的合力，故C正确，ABD错误．故选：C．9．“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，其发射速度为（）A．7.9km/sB．11.2km/sC．大于7.9km/s，小于11.2km/sD．大于11.2km/s，小于16.7km/s【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】掌握第一宇宙速度、第二宇宙速度的含义．7.9km/s即第一宇宙速度是卫星发射的最小速度，11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．【解答】解：7.9km/s即第一宇宙速度是卫星发射的最小速度，是指发射绕地球表面运行卫星时的速度；发射高度越高，则发射速度越大；11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，由此可知此卫星仍绕地球运行，但一定不会绕地面运行；故从地面发射的速度介于7.9km/s和11.2km/s 之间．故选：D．10．关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等B．合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动C．恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关D．滑动摩擦力对物体一定做负功【考点】功的计算．【分析】力做功的正负即决于力和位移的方向关系，结合根据作用力和反作用力、平衡力的性质可以判断两力做功的情况．【解答】解：A、作用力和反作用力的作用点的位移可能同向，也可能反向，大小可以相等，也可以不等，故作用力和反作用力对发生相互作用的系统做功不一定相等，也不一定是一正一负；故A错误；B、合外力对物体不做功只能说明物体的动能不变，但速度方向可能在发生变化；如匀速圆周运动；故B错误C、恒力做功与路径无关，只与初末位置有关．比如重力做功．故C正确．D、滑动摩擦力阻碍的是物体间的相对运动，可能出现摩擦力与运动方向相同的情况，故摩擦力可能做正功；故D错误；故选：C．11．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，关于平衡摩擦力的说法中不正确的是（）A．“平衡摩擦力”的本质就是使小车所受的重力在沿斜面方向的分力与所受到的摩擦阻力相平衡B．“平衡摩擦力”的本质就是想法让小车受到的摩擦力为零C．“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力D．“平衡摩擦力”是否成功，可由小车运动后，由打点计时器打出的纸带上的点迹间距是否均匀而确定【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】小车所受的摩擦力不可避免，平衡摩擦力的本质就是使小车的重力沿斜面方向的分力与小车所受的阻力相平衡，恰好平衡摩擦力时，小车拖动纸带，不给小车提供拉力，给小车一个初速度，小车做匀速直线运动，由打点计时器打出的纸带点迹间距应该是均匀的．【解答】解：AB、平衡摩擦力的实质是小车（及车上砝码）的重力沿木板方向的分力与木板与小车间、纸带与计时器间、绳与滑轮间、滑轮与轴间等摩擦力平衡，故A正确，B错误．C、“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力，故C正确．D、恰好平衡摩擦力时，小车拖动纸带，不给小车提供拉力，给小车一个初速度，小车做匀速直线运动，由打点计时器打出的纸带点迹间距应该是均匀的．故D 正确．本题选择不正确的．故选：B．12．关于自由落体运动的加速度，正确的是（）A．重的物体下落的加速度大B．在地球赤道比在地球北极大C．在地球上任何地方都一样大D．同一地点，任何物体下落的加速度一样大【考点】自由落体运动．【分析】自由落体运动的加速度g是由重力产生的，由牛顿第二定律可知a=g，重力加速度与物体的质量无关，而重力是由万有引力产生的，所以万有引力的大小会影响自由落体加速度的大小．【解答】解：A、同一地点物体的重力近似等于万有引力，则： =mg，可得，因为R是定值，所以同一地点轻重物体的g值一样大，故A错误；B、因为地球近似一个椭球形，在赤道的半径比两极半径略大，由可知自由落体运动的加速度在地球赤道比在地球北极小，故B错误；C、地面的物体的重力加速度受纬度和海拔的影响，因此地球上不同地方的g 值不同，C错误；D、地面的物体的重力加速度受纬度和海拔的影响，同一地点，海拔和纬度都相同，因此任何物体下落的加速度一样大，故D正确．故选：D．13．一个人站在磅秤上，在他蹲下的过程中，磅秤的示数将（）A．先小于体重后大于体重，最后等于体重B．先大于体重后小于体重，最后等于体重C．先小于体重，后等于体重D．先大于体重，后等于体重【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然站起时，具有向上的加速度，根据牛顿第二定律人所受的支持力，再由牛顿第三定律分析测力计示数的变化．【解答】解：由题，当人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然下蹲时，人向下加速，具有向下的加速度，人处于失重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力小于人的重力，则人对测力计的压力也小于人的重力，然后人向下减速，具有向上的加速度，人处于超重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力大于人的重力，则人对测力计的压力也大于人的重力，故A正确，BCD错误故选：A．14．下列系统不具有势能的有（）A．高高悬挂的大石头 B．被压缩的弹簧C．满弓上的箭 D．已经着地的足球【考点】重力势能；弹性势能．【分析】重力势能大小的影响因素：物体的质量、被举的高度；同时具备以上两个因素，物体就具有重力势能；弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小；物体发生弹性形变就具有弹性势能．【解答】解：A、高高悬挂的大石头，石头具有质量，也有高度，因此高高悬挂的大石头具有重力势能；B、被压缩的弹簧，由于发生了弹性形变，因此弹簧具有弹性势能；C、满弓上的箭，由于弓发生了弹性形变，因此满弓上的箭具有弹性势能；D、已经着地的足球，由于没有被举高，也没发生弹性形变，因此不具有势能．故选：D．15．从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有（）A．方向性 B．永恒性 C．持久性 D．有条件性【考点】热力学第二定律．【分析】从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有方向性，结合热力学第二定律分析．【解答】解：根据热力学第二定律可知，能量的自发的转化和转移具有方向性，如热量只能自发地从高温物体传到低温物体，不能自发地从低温物体传到高温物体．涉及热现象的宏观过程都具有方向性．故A正确，BCD错误．故选：A 16．在“探究力的平行四边形定则”实验中，下列不正确的实验要求是（）A．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行B．两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直C．读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度D．使用弹簧测力计时，不能超过其量程【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】根据验证力的平行四边形定则的实验原理及注意事项可得出正确答案．【解答】解：A、实验中为了减小因摩擦造成的误差，要求在拉弹簧秤时，要注意使弹簧秤与木板平面平行，故A正确；B、两弹簧测力计的拉力方向不一定要垂直，只有拉到同一点即可，故B不正确；C、实验中拉力的大小可以通过弹簧秤直接测出，读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度，故C正确；D、弹簧测力计时，不能超过其量程，故D正确．本题选不正确的，故选：B．二、非选择题（本大题包括必考题和选考题两部分．第17题--第22题为必考题，每个考生都必须作答．第23-34题为选考题，考生任选一模块作答）（一）必考题（共6题，总分30分，17-20题每题4分，每空2分，21、22题均7分．）17．以20m/s的速度在水平路面上运动的汽车，刹车后以2m/s2的加速度做匀减速运动，则在刹车10S 后停下，其最大位移是100 m．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】由速度时间公式求刹车时间，由速度位移公式求刹车距离．【解答】解：由速度公式可得刹车时间：t===10s刹车距离：x===100m故答案为：10S 10018．某物体从A点运动到B点，合力对它所做的功为60J，物体在这一过程中动能增加了60 J；物体经过A点时的动能为20J ，则物体经过B点时的动能为80 J．【考点】功能关系．【分析】本题的关键是对动能定理的理解：合外力对物体做的功等于物体动能的变化，而与其它因素无关．【解答】解：合力对物体所做的功为60J，根据动能定理，此过程中物体的动能增加60J；物体经过A点时的动能为20J，则物体经过B点时的动能E kB=E kA+△E k=20+60=80J 故答案为：60 8019．用如图所示的装置研究平抛运动，用小锤打击弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，同时B球被松开，自由下落．A、B两球同时开始运动，观察到两球同时落地（填“同时”或“不同时”）；改变打击的力度，重复这个实验，观察到两球同时落地（填“同时”或“不同时”）．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】在探究平抛运动的过程，在上图中，改变小球距地面的高度和打击力度，都是同时落地，说明小球A在竖直方向上的运动为自由落体运动．【解答】解：由于两球同时运动，A球做平抛运动，B球自由落体运动，发现每次两球都同时落地，由于两球同时落地，因此说明A、B在竖直方向运动规律是相同的，故根据实验结果可知，平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动．故答案为：同时，同时．20．在研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带，已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D几个计数点，如图所示．用刻度尺量得OA=1.50cm，OB=3.40cm，OC=5.70cm，OD=8.40cm．打C点时纸带的速度大小为0.25 m/s，纸带的加速度大小为0.4 m/s2．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．【解答】解：由于每相邻两个计数点间还有4个点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．v C===0.25m/s设0到A之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3﹣x1=2a1T2x4﹣x2=2a2T2。
2022-2023学年河北省河北正定中学高二下学期月考物理试题(三)
2022-2023学年河北省河北正定中学高二下学期月考物理试题（三）1.如图是甲、乙两物体做直线运动的v-t图像。
下列表述正确的是（）A．甲和乙的运动方向相反B．甲和乙的加速度方向相同C．甲的速度比乙的小D．甲的加速度比乙的大2.如图所示，一通电螺线管b放在闭合金属线圈a内，螺线管的中心线正好和线圈的一条直径MN重合。
要使线圈a中产生感应电流，可采用的方法有( )A．将螺线管在线圈a所在平面内转动B．使螺线管上的电流发生变化C．使线圈以MN为轴转动D．使线圈以与MN垂直的一条直径为轴转动3.如图所示是一个水平放置的玻璃圆环形小槽，槽内光滑，槽宽度和深度处处相同。
现将一直径略小于槽宽的带正电小球放在槽中，让它获得一初速度，与此同时，有一变化的磁场垂直穿过玻璃圆环形小槽外径所在的区域，磁感应强度的大小跟时间成正比例增大，方向竖直向下。
设小球在运动过程中电荷量不变，则（）A．小球需要的向心力大小不变B．小球需要的向心力大小不断增大C．磁场力对小球做了功D．小球受到的磁场力大小与时间成正比4.如图所示，方波电压最大值为，正弦波电压最大值为，方波和正弦波的周期相等。
同一电阻分别接到方波、正弦交流电源上时，一个周期所产生的热量后者是前者的，则的值为（）A．B．C．D．5.一个人用手拿着两个小球，站在三层楼的阳台上，将其中一个小球以一定的初速度v竖直上抛，在同一高度将另一个小球以相同的初速度大小竖直下抛，两小球相继落地的时间差为。
如果人站在四层楼的阳台上，用同样的初速度大小抛两小球，忽略空气阻力的影响，则两小球相继落地的时间差将（）A．变小B．变大C．不变D．无法确定6.如图，一理想变压器ab端接交流电源，原线圈匝数为100匝，R1、R2、R3阻值相等。
则当开关S断开时R1功率为P1，当S闭合时R1功率为P2，且P1：P2=9：25，则副线圈匝数为（）A．25 B．50 C．200 D．4007.某风力发电厂稳定输出电压，输出功率，通过远距离输电给电压为220V的用电器供电，如图所示，已知输电线的电阻为5，用户额定功率为56kW，为使用户正常工作，则下列说法正确的是（）A．输电线路上交流电的频率为50HzB．输电线路上的电流为80AC．降压变压器的匝数比为5：1D．升压变压器的原线圈和降压变压器的副线圈电流相等8.伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，对这一过程的分析，下列说法正确的是（）A．运用逻辑推理的方法否定了亚里士多德关于重的物体下落的快，轻的物体下落的慢的论断B．提出了落体运动一定是一种最简单的变速运动，即加速度随时间应该是均匀变化的C．通过对斜面上小球运动的研究，得出小球沿斜面滚下的运动是匀加速直线运动，合理外推出当倾角增大到90 o时，即自由落体运动也会保持匀加速运动的性质．D．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动验证了位移与时间的平方成正比．9.9. 北京市少年宫花样玩具赛车表演中，两位少年宫的小朋友分别控制着甲、乙两辆遥控玩具赛车同时同地从相邻的跑道出发，沿同一方向运动，通过各自的传感器将速度信息传输给计算机，并通过电脑绘制出如图所示的v－t图象，其中甲图线是圆心在坐标原点的圆弧，乙图线是过原点和点(10,10)的直线，在0～10 s内，关于两赛车间的位置关系的说法中正确的是( )A．在t1时刻两赛车相遇B．在t1时刻两赛车间距离最大C．在t1～10 s内的某时刻两赛车相遇D．在t＝10 s时，甲赛车在乙赛车前方约28.5 m处10.如图所示，在光滑绝缘的水平面上方，有两个方向相反的水平方向的匀强磁场，磁场范围足够大，磁感应强度的大小左边为2B，右边为3B，一个竖直放置的宽为L。
四川省成都市树德中学(宁夏校区)2022-2023学年高二下学期4月月考物理试题(含答案解析)
（1）同学们利用欧姆表来核实电流表 A 及定值电阻 R0 的阻值，已知它们的阻值都是准
4 确的，当欧姆表两表笔与电阻 R0 相连时，欧姆表指针恰好偏转到满刻度的 5 ，当欧姆
表两表笔与电流表 A 相连时，欧姆表指针将偏转到满刻度的
（用分数表示）；
（2）由于电流表 A 的量程较小，考虑到安全因素，同学们利用定值电阻 R0 将该电流表
A．它处于平衡位置时弹簧的伸长量等于 2M m g
k
B．振幅的最大值是 2M m g
k
C．弹簧弹性势能最大时，弹力的大小等于 2M m g
D．弹簧运动到最高பைடு நூலகம்时，弹簧的弹力等于 0
二、多选题 5．如图所示，竖直面内有一个闭合导线框 ACD（由细软弹性电阻丝制成），端点 A、D 固定在以水平线段 AD 为直径的半圆形区域内有磁感应强度大小为 B 、方向垂直纸面向 里的有界匀强磁场。设导线框的电阻恒为 r ，圆的半径为 R ，用两种方式使导线框上产 生感应电流。方式一：将导线与圆周的接触点 C 点以恒定角速度 1（相对圆心 O ）从 A 点沿圆弧移动至 D 点；方式二：以 AD 为轴，保持 ADC 45 ，将导线框以恒定的角 速度 2 转 90°，则下列说法正确的是（ ）
（1）以下操作能使人有触电感觉的是( ) A．先将 S1 和 S2 闭合，稳定后再突然断开 S1 B．先将 S1 和 S2 闭合，稳定后再突然断开 S2 C．保持 S2 断开，先闭合 S1，稳定后再突然断开 S1 D．由于电源电动势只有 1.5V，无论怎样操作都不会使人有触电的感觉 （2）保持 S2 断开，先闭合 S1 待稳定后突然打开 S1，此时 A、B 两点中电势较高的点是
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D．输入原线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和 4．如图所示，一根不计质量的弹簧竖直悬吊铁块 M，在其下方吸引了一磁铁 m，已知 弹簧的劲度系数为 k，磁铁对铁块的最大吸引力等于 3mg，不计磁铁对其它物体的作用 并忽略阻力，为了使 M 和 m 能够共同沿竖直方向作简谐运动，那么 （ ）
2024年粤教新版高二物理下册月考试卷558
2024年粤教新版高二物理下册月考试卷558考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______ 姓名：______ 班级：______ 考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、下列说法正确的是（）A. 电场中某一点的电场强度与放在该点的电荷有关B. 电荷在电场中某一点具有的电势能与该电荷无关C. 电场中某一点的电势只由电场本身决定，与放入电荷无关D. 电场中某两点间的电势差与零电势点选择有关2、如图所示，闭合开关k将条形磁铁两次插入闭合线圈，且两次的起始和终止位置相同，第一次用时0.4s第二次用时0.2s则()A. 第一次通过线圈的磁通量变化较大B. 第一次通过线圈的磁通量的变化率较小C. 第一次经过电流表G的总电荷量较多D. 第一次电流表G的指针偏转较大3、如图为动物的某种生理过程示意图；下列相关分析错误的是（）A. 激素 X 是促性腺激素，激素 Y 为雌性激素B. 激素 Y 与靶细胞膜上的受体结合促进卵细胞的形成C. 该生理过程中既存在分级调节，又存在反馈调节D. 长期注射激素 Y 会导致性腺萎缩，甚至失去生殖能力4、在如图所示的匀强磁场中，已经标出了电流I和磁场B以及磁场对电流作用力F三者的方向，其中错误的是()A.B.C.D.5、在学到《机械振动与机械波》时，四位同学就自己看到的现象，发表自己的观点。
小张说：医生用听诊器是利用了固体可以传递机械波小王说：军队过桥时不能齐步走，就是因为怕产生共振，损坏了桥，火车过桥时要减速，也是同样的道理小赵说：树叶在水面上下振动说明，介质并不随机械波向外传递小李说：我家的木板门，春夏季听不到响声，一到秋冬季节，就开始嘭嘭作响，这是风吹振动的让你从物理学的角度来看，你认为谁说的对？（）A. 小张说的对B. 小王说的对C. 小赵说的对D. 小李说的对评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)下列说法中；正确的是（）A. 油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B. 蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C. 在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D. 取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解7、下列说法中；正确的是（）A. 油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B. 蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C. 在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D. 取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)8、一束质量为m、电荷量为q的带电粒子以平行于两极板的速度v0进入匀强电场，如图1—8—4所示．如果两极板间电压为U，两极板间的距离为d、板长为L．设粒子束不会击中极板，则粒子从进入电场到飞出极板时电势能的变化量为____．(粒子的重力忽略不计)9、利用双缝干涉测定光的波长实验中，取双缝间距d=0.5mm, 双缝光屏间距离L=0.5m,用某种单色光照射双缝得到干涉图象如图，分划板在图中A、B位置时游标卡尺读数如图，则图中A位置的游标卡尺读数为，B位置的游标卡尺读数为，单色光的波长为m。
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M NPQ B CRa b秘密★启用前2010年重庆一中高2011级月考试题物 理 试 题 卷 2010.4物理试题共 5 页。
满分120分。
时间 100分钟。
注意事项：1.答题前，务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置上。
2.答选择题时，必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。
3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。
4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。
第一部分(选择题共48分)一、单选题 (本题包括9小题，每小题4分，共36分。
每小题只有一个．．．．选项符合题意。
) 1、下列关于电磁波的叙述中，正确的是A.磁场周围一定产生电场，电场周围一定产生磁场B.电磁波在任何介质中的传播速度为8103 m ／s C.电磁波是纵波D.电磁波具有能量，电磁波的传播是伴随着能量向外传递的2、如图，当月球进入图中的哪个区域时, 在地球上处于夜晚地区的人可以看到月食 A.全部进入区域 I ； B.部分进人区域Ⅱ或Ⅳ； C.全部进入区域Ⅲ； D.全部进人区域Ⅱ或Ⅳ3、如图所示为LC 振荡电路中，某时刻磁场方向和电容器极板上带电情况，则下列说法正确的是：A.磁场正在减弱，电容器正在充电B.磁场正在减弱，电容器正在放电C.自感电动势正在减小，电流正在减小D.自感电动势正在阻碍电流增大4、如图所示，一束会聚光线通过带圆孔的档板N 后，在与档板平行的光屏M 上得到一个直径为d 1的圆形亮斑。
如果用一块厚玻璃砖档住圆孔（如图中虚线所示），则在光屏上得到的圆形亮斑的直径变为d 2，那么d 1、d 2之间的关系是：①d 1<d 2 ②d 1>d 2 ③d 1=d 2A.只可能是①B.只可能是②C.只可能是①③D.①②③都有可能5、如图所示，MN 和PQ 为两根足够长的水平光滑金属导轨，导轨电阻不计，变压器为理想变压器，现在水平导轨部分加一竖直向上的匀强磁场，金属棒ab 与导轨接触良好，以下说法正确的是A.若ab 棒向右匀速运动，则电容器上板带正电B.若ab 棒向右匀速运动，则有恒定电流通过RC.若ab 棒在某一中心位置两侧做简谐运动，则有交变电流通过电阻RD.若ab 棒做匀加速运动，则有电流通过电容器 6、如图所示的交变电流由正弦交变电的一半和反向脉冲电组合而成，则这种交变电流的有效值为 A.021I B. 022I C.023I D. 0I 7、如图是一个14圆柱体棱镜的截面图，图中E 、F 、G 、H 将半 径OM 分成5等份，虚线EE 1、FF 1、GG 1、HH 1平行于半径ON , ON 边可吸收到达其上的所有光线.已知该棱镜的折射率n =53,若平 行光束垂直入射并覆盖OM ,则光线（ ） A. 不能从圆孤NF 1射出 B. 能从圆孤NG 1射出 C. 能从圆孤G 1H 1射出 D. 能从圆孤H 1M 射出8、如图所示电路中电源的内阻不能忽略，A 、B 是两个完全相同的灯泡， L 是自感系数较大的线圈，其直流电阻忽略不计。
当电键K 闭合时，下 列说法正确的是A.A 比B 先亮，然后A 熄灭B.B 比A 先亮，然后B 逐渐变暗，A 逐渐变亮C.AB 一起亮，然后A 熄灭D.A 、B 一起亮.然后A 逐渐变亮.B 的亮度不变 9、在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图所示，当磁场的磁感应强度B 随时间t 如图变化时，正确表示线圈中感应电流I 变化的是2I-I -2IABCDR 0二、不定项选择题 (本题包括3小题，每小题4分，共12分。
每小题给出的四个选项中至少有两个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
)10、如图所示，以半径为r 作一圆使圆所在平面与平面镜垂直，在圆周上有一个发光点s ，若平面镜绕过圆心垂直于圆面的轴顺时针匀速转动，转动角速度为ω，则关于像点绕圆心转动说法正确的是 A.像点线速度大小为r ω B.像点线速度大小为r ω2 C.像点加速度大小为22r ωD.像点加速度大小为24r ω11、一个等腰直角三棱镜的截面如图所示，一细束蓝光从AC面的P 点沿平行底面AB 方向射入棱镜后，经AB 面反射，再 从BC 面的Q 点射出，且有PQ ∥AB （图中未画光在棱镜内的光路）．已知棱镜玻璃的临界角为42°,则 A.蓝光经AB 面反射时，没有光从AB 面射出B.若将蓝光换成白光原路射入将有光线从AB 面射出C.若将蓝光换成紫光原路射入，射出光线仍在Q 点也平行ABD.若将蓝光换成红光原路射入，射出光线不在Q 点但平行AB12、供电系统由于气候原因遭到严重破坏。
为此，某小区启动了临时供电系统，它由备用发电机和副线圈匝数可调的变压器组成，如图所示，图中R 0表示输电线的电阻。
滑动触头P 置于a 处时，用户的用电器恰好正常工作，在下列情况下，要保证用电器仍能正常工作，则 A.当发电机输出的电压发生波动使V 1示数小于正常值， 用电器不变时，应使滑动触头P 向上滑动 B.当发电机输出的电压发生波动使V 1示数小于正常值， 用电器不变时，应使滑动触头P 向下滑动C.如果V 1示数保持正常值不变，那么当用电器增加时，滑动触头P 应向上滑D.如果V 1示数保持正常值不变，那么当用电器增加时， 滑动触头P 应向下滑第二部分(非选择题共72分)三、作图与实验题（本题共两小题，每一小问4分，共24分）13、如图所示，点光源S 在两个相互垂直的平面镜前，请用作图的办法作出点光源在平面镜中的所有像的位置。
(提示：每一个像点至少两条光线)14、由于实验室中矩形玻璃砖的数量不够，部分同学须改用直角三棱镜做“测 定玻璃的折射率”实验，实验步骤如下：a.如图所示，先在一张白纸上作三棱镜的两个界面ab 和ac ；在ab 这一侧以适当角度作一直线OA ，过O 点ab 的垂线MN ； b.将三棱镜放在白纸上，使三棱镜的两边分别与ab 和ac 重合； c. 在观察的这一侧插两枚大头针P 3、P 4d. 在ac 的外侧透过三棱镜观察大头针P 1、P 2的像，调整视线方向，直到P 1的像完全被P 2挡住；ωe.在OA 上插两枚大头针P 1、P 2；f.作光路图，量出角度，计算折射率n ；g. 移去三棱镜和大头针，连接P 3P 4交ac 于O /。
（1）插大头针P 3、P 4下列说法正确的是（ ） A.先任意插P 3再使P 4挡住P 3B.先任意插P 3再使P 4挡住P 1P 2的像和P 3、C.先使P 3挡住P 1P 2的像，P 4挡住P 1P 2的像和P 3D.使P 3挡住P 1的像，P 4挡住P 2的像（2）这个实验测量的两个角度是： 和 。
（3）正确实验步骤顺序为： 。
（4）某同学做实验时，没有将三棱镜的顶点放在a 点， 而是偏左了一些（如图所示），其余操作完全正确，这一 个同学测得的折射率相对于真实值是偏大还是偏小？（5）另一个同学在做这个实验时，不能在ac 这一侧观 察到P 1、P 2的像在一直线上，就找不到所需要的P 3位 置，他应如何改变才能完成这个实验？四、计算题（本题共四个小题，依次各题为10分、13分、12分、13分，共48分）。
要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
15、在水面上放置一个足够大的遮光板，板上有一个半径为r 的圆孔，圆心的正上方h 处放一个点光源S ，在水面 下深H 处的底部形成半径为R 的圆形光亮区域(图中未画出).测得r =8cm ，h =6cm ，H =24cm ，R =26cm ，求水的折射率16、如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕OO′ 轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直。
已知线圈匝数n ＝400匝，线圈上的电阻r ＝0.1Ω， 长L 1＝0.05m ，宽L 2＝0.04m ，角速度ω＝l00 rad ／s ，磁场的磁 感应强度B ＝0.25T 。
线圈两端外接电阻R =9.9Ω的用电器和一个交 流电流表(内阻不计)，求：（1）写出从图示位置开始计时线圈中感应电动势随时间变化的表达式. （2）电流表A 的读数. （3）用电器上消耗的电功率.17、据报道：2008年北京奥运会时，光纤通信网将覆盖所有奥运场 馆，为各项比赛提供安全可靠的通信服务.光纤通信利用光的全反射 将大量信息高速传输.如图所示，一根长为L射率为n .如果把该光纤放在空气中，光在真空中速度用c (1)要使从它的一个端面进入光纤的光发生全反射，最 大的入射角是多少(用该角的正弦函数值表示)？ 1θ2θ⑵光在光导纤维中从左传输到右所经历的时间最大是多少？18、如图所示，直线MN 上方足够大空间为匀强磁场区域，磁场方向垂直位于竖直面内的纸面向外，MN 下方有n 个宽度均为2L 的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面交替向里和向外，各部分磁场的磁感应强度大小均为B 。
边长为L 、质量为m 的导线框abcd 从MN 上方某一高度由静止开始下落，线框总电阻为R （不计空气阻力）（1）求下列①、②两种情况下线框开始运动时ab 边距M N 的高度； ① 线框能匀速进入磁场区域1；② 线框cd 边刚进入磁场区域1到ab 边刚要进入磁场2的时间为t ，且线框依次穿过磁场区域1、2、3…n 的时间均相同。
（2）对于上面第②种运动情况，求线框从静止开始运动到cd 边刚进入第n 个磁场区域过程中产生的焦耳热。
附加题（8分）：在如图所示的电路中，电源的电动势为9V ，内阻为0.9Ω，电感线圈的自感系数3109-⨯=L H 电容器电容F C μ3101⨯=；在开关置于1较长时间后，搬到2并作为计时起点，忽略LC 回路的电磁波辐射，3=π；求t=3610-⨯s 时通过线圈的电流强度。
命题：秦敏 审题：刘万平2010年重庆一中高2011级月考试题（本部）物 理 试 题 答 案 2010.413.略14.（1）C （2）AOM ∠和'NOO ∠（3）abedcgf 或aebdcgf （4）偏大（5）将P 1向右移动一些15（10分）、根据光路图，可知8.0688sin 22221=+=+=hr r θ （3分）6.0241818)(sin 22222=+=+--=Hr R r R θ （3分）由折射定律得21sin sin θθ=n ，得n =34（4分）16（13分）、(1) E m ＝nBSω= 400×0.25×0.05×0.04×l00 V ＝20 V （3分）e ＝nBS ωsin ωt=20sin100t （2分） (2)I m =rR E m+ 代人数据得I m ＝1.09.920+A=2A （2分）∵是正弦交变电流，所以电流表读数即有效值I=22=m I A=1.41A （3分）(3)p ＝I 2R ＝()22×9.9W ＝19.8W. （3分）17（12分）、 （1）rin sin sin =（2分） n C 1sin =（2分）1arcsin 2-=n i （3分）（2）当刚好不在界面发生全发射时，路程最长，时间最长，根据题意有：vc n =C L s sin =和vt s =解得cL n t 2= （5分）18（13分）、设释放线框ab 边离MN 的高度为h 1，线框进入磁场区域1的速度为v ，ab 边和cd 边切割磁感线产生的感应电动势为E 、线框中的电流为I ，则122gh v = （1分）BLv E =，根据闭合电路欧姆定律得REI 2=线框匀速进入有：mg BIL =2 （2分）联立以上各式解得：4422132L B gR m h = （2分）（2）设释放线框ab 边离MN 的高度为2h ,线框刚要进入磁场1时的速度为v ，刚好全部进入磁场1时的速度为v 2，线框ab 边刚要进入磁场2时的速度为v 3，线框从cd 边刚进入磁场1到ab 边刚要离开磁场 1做匀变速运动，根据题意有：gh v 221=31v v =gt v v +=23 t vv L 232+= （3分）解得：22228122gt gt L L h ++= （2分） （3）线框从静止释放到cd 边刚进入第n 个磁场区域过程中，据能量关系可能；222212)1(mv mgL L mg n mgh Q -+-+=解得nmgL Q 2= （3分）附加题（8分）：(1)t=0时由容器带电量331109910Q C ε--=⋅=⨯⨯=⨯V3221810T -==⨯⨯(S)在4T内平均电流334910218104Q I T --⨯⨯===⨯ A (2)设线圈在匀强场中匀速转动，其匝数n ，磁感应强度B ，面积S ，角速度ω，电阻R ，则有4T内平均电流为 2NBS NBSW I tR R π==∆ 其最大电流为m NBSW I R = 有 2m I I π=(3)即 I 32m I π== Asin m i I wt =3323sin()23sin(610)310t T ππ--==⨯⋅⨯⨯=。