湖南省岳阳县一中2015届高三理科实验班周考(物理)试题
湖南省十三校2015届高三第二次联考 理综物理试题
AB湖南省2015届高三 十三校联考 第二次考试理科综合 物理试题总分：300分 时量：150分钟 2015年4月12日由长郡中学；衡阳八中；永州四中；岳阳县一中；湘潭县一中；湘西州民中 石门一中；澧县一中；郴州一中；益阳市一中；桃源县一中；株洲市二中 麓山国际联合命题可能用到的相对原子质量：Na-23 S-32 O-16 H-1 C-12 Mg-24 N-14二、选择题:本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．物理学中研究问题有多种方法，有关研究问题的方法叙述错误的是：A ．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非,是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B ．伽利略斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻地反映自然规律C ．探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，可以在质量一定的情况下，探究物体的加速度与力的关系；再在物体受力一定的情况下，探究物体的加速度与质量的关系。
最后归纳出加速度与力、质量之间的关系。
这是物理学中常用的控制变量的研究方法D ．在公式R U I =电压U 和电流I 具有因果关系、公式tE ∆∆Φ=n 中ΔΦ和E 具有因果关系 同理在ta ∆∆=V中 ΔV 和a 具有因果关系15．如图所示，斜劈A 静止放置在水平地面上，木桩B 固定在水平地面上，弹簧K 把物体与木桩相连，弹簧与斜面平行。
质量为m 的物体和人在弹簧K 的作用下沿斜劈表面向下运动，此时斜劈受到地面的摩擦力方向向左。
则下列说法正确的是：A ．若剪断弹簧，物体和人的加速度方向一定沿斜面向下B ．若剪断弹簧，物体和人仍向下运动，A 受到的摩擦力方向可能向右C ．若人从物体m 离开，物体m 仍向下运动，A 受到的摩擦力可能向右D ．若剪断弹簧同时人从物体m 离开，物体m 向下运动，A 可能不再受到地面摩擦力 16．如图所示，斜面体固定在水平地面上。
湖南省岳阳市湘阴一中高三物理下学期第三次月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2014-2015学年湖南省岳阳市湘阴一中高三〔下〕第三次月考物理试卷一、选择题〔本大题共有12个小题，每一小题4分，共48分．其中1～8题每个小题只有一个正确选项；9～12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分．〕1．17世纪，意大利物理学家伽利略根据实验指出：在水平面上运动的物体之所以会停下来，是因为受到摩擦阻力的缘故．这里的实验是指“伽利略斜面实验〞，关于该实验，你认为如下陈述不正确的答案是〔〕A．该实验否认了亚里士多德“力是维持物体运动的原因〞的错误概念B．该实验是一理想实验，是在思维中进展的，无真实的实验根底，故其结果是不可信的C．该实验为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据D．该实验是以可靠的事实为根底，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律2．学校对升旗手的要求是：国歌响起时开始升旗，当国歌完毕时国旗恰好升到旗杆顶端．国歌从响起到完毕的时间是48s，红旗上升的高度是17.6m．假设国旗先向上做匀加速运动，时间持续4s，然后做匀速运动，最后做匀减速运动，减速时间也为4s，红旗到达旗杆顶端时的速度恰好为零．如此国旗匀加速运动时加速度a与国旗匀速运动时的速度v，正确的答案是〔〕A．a=0.2m/s2 v=0.1m/s B．a=0.4m/s2 v=0.2m/sC．a=0.1m/s2 v=0.4m/s D．a=0.1m/s2 v=0.2m/s3．如下列图，一木板B放在水平地面上，木块A放在B的上面，A的右端通过轻质弹簧秤固定在直立的墙壁上．用F向左拉动B，使它以速度v运动，这时弹簧秤的示数为T．下面说法正确的答案是〔〕A．木块A受到的滑动摩擦力的大小等于TB．地面受到的滑动摩擦力的大小等于TC．假设木板以2v的速度运动，木块A受到的摩擦力大小等于2TD．假设2F的力作用在木板上，木块A所受摩擦力的大小等于T4．粗细均匀的电线架在A、B两根电线杆之间．由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如下列图的两种形状，假设电线杆始终处于竖直状态，如下说法中正确的答案是〔〕A．冬季，电线对电线杆的拉力较大B．夏季，电线对电线杆的拉力较大C．夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大D．夏季，杆对地面的压力较大5．如下列图，一条小船位于200m宽的河正中A点处，从这里向下游100m处有一危险区，当时水流速度为4m/s，为了使小船避开危险区沿直线到达对岸，小船在静水中的速度至少是〔〕A． m/s B． m/s C．2m/s D．4m/s6．电梯内的地板上竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上方有一质量为m的物体．当电梯静止时弹簧被压缩了x；当电梯运动时弹簧又被压缩了x．试判断电梯运动的可能情况是〔〕A．以大小为2g的加速度加速上升B．以大小为2g的加速度减速上升C．以大小为g的加速度加速下降D．以大小为g的加速度减速下降7．游乐园中的“空中飞椅〞可简化成如下列图的模型图，它的根本装置是将绳子上端固定在转盘上的边缘上，绳子的下端连接座椅，人坐在座椅上随转盘旋转而在空中飞旋．其中P 为处于水平面内的转盘，可绕OO′轴转动，圆盘半径d=24m，绳长l=10m．假设座椅随圆盘做匀速圆周运动时，绳与竖直平面的夹角θ=37°，座椅和人的总质量为60kg，如此〔g取10m/s2〕〔〕A．绳子的拉力大小为650 NB．座椅做圆周运动的线速度大小为5 m/sC．圆盘的角速度为 0.5 rad/sD．座椅转一圈的时间约为1.3 s8．如下列图，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平地面上，A、B两物体通过细绳连接，并处于静止状态〔不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦〕．现用水平向右的力F作用于物体B 上，将物体B缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止．在此过程中〔〕A．水平力F一定变小B．斜面体所受地面的支持力一定变大C．地面对斜面体的摩擦力一定变大D．物体A所受斜面体的摩擦力一定变大9．如下列图，A和B的质量分别是1kg和2kg，弹簧和悬线的质量不计，在A上面的悬线烧断的瞬间〔〕A．A的加速度等于3g B．A的加速度等于gC．B的加速度为零D．B的加速度为g10．如下列图，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时〔〕A．M受静摩擦力增大B．M对车厢壁的压力增大C．M可能掉到车上D．M受静摩擦力不变11．受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其v﹣t图线如下列图，如此〔〕A．在0～t1秒内，外力F大小不断增大B．在t1时刻，外力F为零C．在t1～t2秒内，外力F大小可能不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大12．如下列图，水平面上从B点往左都是光滑的，从B点往右都是粗糙的．质量为M和m 的两个小物块〔可视为质点〕，在光滑水平面上相距L以一样的速度向右运动，它们在进入粗糙区域后最后静止．假设它们与粗糙水平面间的动摩擦因数一样，设静止后两物块间的距离为s，M运动的时间为t1、m运动的时间为t2，如此以下说法正确的答案是〔〕A．假设M=m，如此s=L B．无论M、m取何值，总是s=0C．假设M=m，如此t1=t2D．无论M、m取何值，总是t1＜t2二、实验题〔每空2分，共10分〕13．某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻弹簧竖直悬挂于某一深度为h=25.0cm，且开口向下的小筒中〔没有外力作用时弹簧的下局部位于筒内，但测力计可以同弹簧的下端接触〕，如图〔甲〕所示，如果本实验的长度测量工具只能测量出筒的下端弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出F﹣l变化的图线如图〔乙〕所示．，如此弹簧的劲度系数为N/m．弹簧的原长l0= cm．14．在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图甲所示的实验装置，小车与车中砝码的质量用M表示，盘与盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带由打点计时器打上的点计算出．〔1〕当M与m的大小关系满足时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘与盘中砝码受到的重力．〔2〕如图〔a〕为甲同学根据测量数据作出的aF图线，说明实验存在的问题是．〔3〕乙、丙同学用同一装置做实验．画出了各自得到的aF图线如图〔b〕所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？．三、计算题15．如下列图，轨道ABCD的AB段为一半径R=0.2m的光滑圆形轨道，BC段为高h=5m的竖直轨道，CD段为水平轨道．一质量为0.1Kg的小球由A点从静止开始下滑到B点时速度的大小为2m/s，离开B点做平抛运动〔g取10m/s2〕，求：①小球离开B点后，在CD轨道上的落地点到C的水平距离；②小球到达B点时对圆形轨道的压力大小？③如果在BCD轨道上放置一个倾角θ=45°的斜面〔如图中虚线所示〕，那么小球离开B点后能否落到斜面上？如果能，求它第一次落在斜面上的位置．16．如下列图，质量为m=1kg的物块，放置在质量M=2kg足够长木板的中间，物块与木板间的动摩擦因数为0.1，木板放置在光滑的水平地面上．在地面上方存在两个作用区，两作用区的宽度均为1m，边界距离为d，作用区只对物块有力的作用：Ⅰ作用区对物块作用力方向水平向右，Ⅱ作用区对物块作用力方向水平向左．作用力大小均为3N．将物块与木板从图示位置〔物块在Ⅰ作用区内的最左边〕由静止释放，在整个过程中物块不会滑离木板．取g=10m/s2．〔1〕在物块刚离开Ⅰ区域时，物块的速度多大？〔2〕假设物块刚进入Ⅱ区域时，物块与木板的速度刚好一样，求两作用区的边界距离d；〔3〕物块与木板最终停止运动时，求它们相对滑动的路程．四、[选修3-4]〔本局部包括两个小题，其中17题为选择题，分值6分，选对一个得2分，选对两个得4分，选对三个得6分，选错一个扣3分；18题为计算题，分值9分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．〕17．如下现象中，不属于光的衍射的是〔〕A．雨后天空出现彩虹B．通过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹C．海市蜃楼现象D．日光照射在肥皂膜上出现彩色条纹E．泊松亮斑18．一列横波的波形如下列图，实线表示t1=0时刻的波形图，虚线表示t2=0.005s时刻的波形图，求：〔1〕假设2T＞t2﹣t1＞T，波速可能为多大？〔T为周期〕〔2〕假设T＜t2﹣t1，并且波速为3600m/s，如此波向哪个方向传播？2014-2015学年湖南省岳阳市湘阴一中高三〔下〕第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔本大题共有12个小题，每一小题4分，共48分．其中1～8题每个小题只有一个正确选项；9～12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分．〕1．17世纪，意大利物理学家伽利略根据实验指出：在水平面上运动的物体之所以会停下来，是因为受到摩擦阻力的缘故．这里的实验是指“伽利略斜面实验〞，关于该实验，你认为如下陈述不正确的答案是〔〕A．该实验否认了亚里士多德“力是维持物体运动的原因〞的错误概念B．该实验是一理想实验，是在思维中进展的，无真实的实验根底，故其结果是不可信的C．该实验为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据D．该实验是以可靠的事实为根底，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】力是改变物体运动状态的原因．物体运动不需要力来维持，运动的物体之所以停下来，是因为物体受到了与运动方向相反的摩擦阻力．物体绝对不受力的情况是不可能存在的，要想得到一个无阻力的外表，让小车运动得无限远只能靠理论推理．该实验为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据．【解答】解：A、伽利略由此推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因．故A正确；B、伽利略的斜面实验是以可靠的事实为根底，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出的结论，故B不正确；C、该实验否认了力是维持物体运动的原因，为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据，牛顿总结了前人的经验，指出了物体运动的原因，即牛顿第一定律，故C正确；D、该实验是以可靠的事实为根底，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律．故D正确．此题选不正确的，应当选：B．【点评】此题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况．2．学校对升旗手的要求是：国歌响起时开始升旗，当国歌完毕时国旗恰好升到旗杆顶端．国歌从响起到完毕的时间是48s，红旗上升的高度是17.6m．假设国旗先向上做匀加速运动，时间持续4s，然后做匀速运动，最后做匀减速运动，减速时间也为4s，红旗到达旗杆顶端时的速度恰好为零．如此国旗匀加速运动时加速度a与国旗匀速运动时的速度v，正确的答案是〔〕A．a=0.2m/s2 v=0.1m/s B．a=0.4m/s2 v=0.2m/sC．a=0.1m/s2 v=0.4m/s D．a=0.1m/s2 v=0.2m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】由于红旗匀加速运动和匀减速运动的时间相等，根据对称性得知这两个过程的加速度的大小也相等，确定出匀速运动的时间，用位移公式分别得出三个运动过程的位移表达式，求出匀速运动的速度，再求解匀加速运动的加速度大小．【解答】解：对于红旗加速上升阶段：对于红旗匀速上升阶段：v2=at1x2=v2t2对于红旗减速上升阶段：对于全过程：a1=a3x1+x2+x3=17.6 m由以上各式可得：a1=0.1m/s2v2=0.4 m/s．应当选：C【点评】此题涉与三个运动过程，三个过程之间根本的联系是速度，前一过程的末速度等于后一过程的初速度，研究三个之间的关系是解题的关键．3．如下列图，一木板B放在水平地面上，木块A放在B的上面，A的右端通过轻质弹簧秤固定在直立的墙壁上．用F向左拉动B，使它以速度v运动，这时弹簧秤的示数为T．下面说法正确的答案是〔〕A．木块A受到的滑动摩擦力的大小等于TB．地面受到的滑动摩擦力的大小等于TC．假设木板以2v的速度运动，木块A受到的摩擦力大小等于2TD．假设2F的力作用在木板上，木块A所受摩擦力的大小等于T【考点】滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】摩擦力专题．【分析】此题通过对于摩擦力的有关概念和规律的认识，来考查对于概念和规律的理解能力和推理能力．木块虽然处于静止，但木块和长木板间有相对运动，木块与长木板间的摩擦力是滑动摩擦力．确定滑动摩擦力的大小，可以由滑动摩擦定律来确定，也可以由木块处于静止，受力平衡来确定．木块处所受的滑动摩擦力跟弹簧秤的拉力相平衡，滑动摩擦力等于T．滑动摩擦力的大小跟木板运动的速度大小和所受的其它力的大小无关，不管长木板的速度多大，也不管它是匀速运动还是变速运动，木块受到的滑动摩擦力都等于T．【解答】解：A、木板在抽出过程中相对于地面做匀速直线运动，而木块处于静止状态，如此木板B给木块A的滑动摩擦力的大小等于T，故A正确；B、地面受到的滑动摩擦力的大小等于木板下外表受地面的摩擦力．木板下外表受地面的摩擦力f′=μ〔G A+G B〕＞T，故B错误．C、假设长木板以2υ的速度运动时，根据滑动摩擦力公式，木块A受滑动摩擦力的大小跟木板运动的速度大小和所受的其它力的大小无关，受到的摩擦力大小仍等于T，故C错误；D、假设用2F的力作用在长木板上，此时木块A仍处于平衡状态，所以此时A所受的摩擦力的大小仍等于T，故D正确．应当选：AD．【点评】此题考查了平衡力的区分，会判断摩擦力的方向，并会根据影响滑动摩擦力的大小因素分析摩擦力的大小变化是解决此题的关键．4．粗细均匀的电线架在A、B两根电线杆之间．由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如下列图的两种形状，假设电线杆始终处于竖直状态，如下说法中正确的答案是〔〕A．冬季，电线对电线杆的拉力较大B．夏季，电线对电线杆的拉力较大C．夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大D．夏季，杆对地面的压力较大【考点】力的合成．【分析】以整条电线为研究对象，受力分析根据平衡条件列出等式，结合夏季、冬季的电线几何关系求解．【解答】解：以整条电线为研究对象，受力分析如右图所示，由共点力的平衡条件知，两电线杆对电线的弹力的合力与其重力平衡，由几何关系得：Fcosθ=，即：F=由于夏天气温较高，电线的体积会膨胀，两杆正中部位电线下坠的距离h变大，如此电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角θ变小，故变小，所以两电线杆处的电线拉力与冬天相比是变小．电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，夏季、冬季杆对地面的压力相等．所以选项BCD错误，A正确．应当选：A．【点评】要比拟一个物理量的大小关系，我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出来，此题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解．5．如下列图，一条小船位于200m宽的河正中A点处，从这里向下游100m处有一危险区，当时水流速度为4m/s，为了使小船避开危险区沿直线到达对岸，小船在静水中的速度至少是〔〕A． m/s B． m/s C．2m/s D．4m/s【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】小船离河岸100m处，要使能安全到达河岸，如此小船的合运动最大位移为．因此由水流速度与小船的合速度，借助于平行四边形定如此，即可求出小船在静水中最小速度．【解答】解：要使小船避开危险区沿直线到达对岸，如此有合运动的最大位移为．因此小船能安全到达河岸的合速度，设此速度与水流速度的夹角为θ，即有tanθ=所以θ=30°又流水速度，如此可得小船在静水中最小速度为：v船=v水sinθ=×4m/s=2m/s应当选：C【点评】一个速度要分解，一个分速度的大小与方向，还另一个分速度的大小且最小，如此求这个分速度的方向与大小值．这种题型运用平行四边形定如此，由几何关系来确定最小值．6．电梯内的地板上竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上方有一质量为m的物体．当电梯静止时弹簧被压缩了x；当电梯运动时弹簧又被压缩了x．试判断电梯运动的可能情况是〔〕A．以大小为2g的加速度加速上升B．以大小为2g的加速度减速上升C．以大小为g的加速度加速下降D．以大小为g的加速度减速下降【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对电梯内的物体受力分析，静止时，受力平衡，运动时，合力向上，具有向上的加速度，从而分析可能的运动形式．【解答】解：电梯静止时，有mg=kx，电梯运动时，2kx﹣mg=ma，a=g，加速度方向向上，运动形式可以是匀加速上升或匀减速下降，D正确．应当选：D【点评】此题考查了超重和失重，抓住关键：超重时具有向上的加速度，失重时具有向下的加速度7．游乐园中的“空中飞椅〞可简化成如下列图的模型图，它的根本装置是将绳子上端固定在转盘上的边缘上，绳子的下端连接座椅，人坐在座椅上随转盘旋转而在空中飞旋．其中P 为处于水平面内的转盘，可绕OO′轴转动，圆盘半径d=24m，绳长l=10m．假设座椅随圆盘做匀速圆周运动时，绳与竖直平面的夹角θ=37°，座椅和人的总质量为60kg，如此〔g取10m/s2〕〔〕A．绳子的拉力大小为650 NB．座椅做圆周运动的线速度大小为5 m/sC．圆盘的角速度为 0.5 rad/sD．座椅转一圈的时间约为1.3 s【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】对座椅进展受力分析，求出绳子的拉力；由牛顿第二定律求出座椅的线速度，然后求出角速度与周期．【解答】解：A、座椅受力如下列图，由平衡条件可得，在竖直方向上，mg=Tcosθ，绳子拉力：T===750N，故A错误，B、由牛顿第二定律得：mgtanθ=，线速度为：v===15m/s，故B错误；C、转盘的角速度与座椅的角速度相等，角速度ω====0.5rad/s，故C正确；D、座椅转一圈的时间，即周期T===12.56s，故D错误；应当选：C．【点评】此题考查了求绳子拉力、圆周运动的线速度、角速度、周期等问题，对座椅正确受力分析，应用牛顿第二定律、向心力公式即可正确解题．8．如下列图，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平地面上，A、B两物体通过细绳连接，并处于静止状态〔不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦〕．现用水平向右的力F作用于物体B 上，将物体B缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止．在此过程中〔〕A．水平力F一定变小B．斜面体所受地面的支持力一定变大C．地面对斜面体的摩擦力一定变大D．物体A所受斜面体的摩擦力一定变大【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】此题中物体A、B两个物体和斜面原来处于静止状态，水平方向没有力；当受到水平力F时，对于物体B，如如下图1受力分析；将物体B缓慢拉高一定的距离，然后静止，重力大小不变，绳子和重力的夹角θ变大，如图2所示受力分析，F、T都变大；因此得解．【解答】解：这是典型的相互作用中的静力学问题，取物体B为研究对象分析其受力情况如图，如此有F=mgtanθ，T=，在物体B缓慢拉高的过程中，θ增大，如此水平力F随之变大，故C正确A错误；对A、B两物体与斜面体这个整体而言，由于斜面体与物体A仍然保持静止，如此地面对斜面体的摩擦力一定变大，但是因为整体竖直方向并没有其它力，故斜面体所受地面的支持力应该没有变，故B错误；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是由于物体A所受斜面体的摩擦力开始并不知道其方向，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定，故D错误．应当选C．【点评】此题属共点力作用下物体平衡的基此题型，只要能掌握运动情景与正确受力分析即可顺利求解．9．如下列图，A和B的质量分别是1kg和2kg，弹簧和悬线的质量不计，在A上面的悬线烧断的瞬间〔〕A．A的加速度等于3g B．A的加速度等于gC．B的加速度为零D．B的加速度为g【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】解答此题关键按两个状态研究：先分析悬线烧断前，由平衡条件求出细线的拉力；再研究悬线烧断的瞬间，抓住弹簧的弹力没有变化，分析两物体的受力情况，根据牛顿第二定律即可求得加速度．【解答】解：悬线烧断前，由平衡条件得：细线的拉力大小T=〔m A+m B〕g=30N；悬线烧断的瞬间，弹簧的弹力没有改变，如此知B物体的受力情况与悬线烧断前一样，如此B的加速度为零．对于A：由平衡条件推论得知，此瞬间所受的合力大小等于T，如此A的加速度为a A==．应当选AC【点评】此题是瞬时问题，解题的关键是抓住悬线烧断的瞬间弹簧的弹力没有变化，根据牛顿第二定律求解加速度．10．如下列图，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时〔〕A．M受静摩擦力增大B．M对车厢壁的压力增大C．M可能掉到车上D．M受静摩擦力不变【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小车向右做匀加速直线运动，物体M相对小车静止，加速度与车的加速度一样，分析物块的受力情况根据牛顿第二定律研究摩擦力、弹力．【解答】解：以物块为研究对象，分析受力，作出力图如图．A、根据牛顿第二定律得，摩擦力f=Mg，保持不变．故A错误，D正确．B、C小车的加速度增大时，弹力N=ma增大，物块受到的最大静摩擦力增大，物块不可能沿壁下滑．故B正确，C错误．应当选BD【点评】此题运用正交分解研究物体在水平方向运动的问题，要正确分析受力情况，作出力图是根底．11．受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其v﹣t图线如下列图，如此〔〕A．在0～t1秒内，外力F大小不断增大B．在t1时刻，外力F为零C．在t1～t2秒内，外力F大小可能不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大【考点】匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【专题】压轴题．【分析】〔1〕v﹣t图象中，斜率表示加速度，从图象中可以看出0～t1秒内做加速度越来越小的加速运动，t1～t2秒内做加速度越来越大的减速运动，两段时间内加速度方向相反；〔2〕根据加速度的变化情况，分析受力情况．【解答】解：A．根据加速度可以用v﹣t图线的斜率表示，所以在0～t1秒内，加速度为正并不断减小，根据加速度，所以外力F大小不断减小，A错误；B．在t1时刻，加速度为零，所以外力F等于摩擦力，不为零，B错误；C．在t1～t2秒内，加速度为负并且不断变大，根据加速度的大小，外力F 大小可能不断减小，C正确；D．如果在F先减小一段时间后的某个时刻，F的方向突然反向，根据加速度的大小，F后增大，因为v﹣t图线后一段的斜率比前一段大，所以外力F大小先减小后增大是可能的，故D正确．应当选CD．【点评】此题考查v﹣t图线的相关知识点，涉与牛顿第二定律的应用与受力分析的能力，难度较大．。
湖南省岳阳市第一中学高三物理第2次周考试题(无答案)
湖南省岳阳市第一中学2014届高三物理第2次周考试题（无答案）第Ⅱ卷三、非选择题。
包括必考题和选考题两部分。
第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。
第33题～第40题为选考题，考生根据要求做答。
（一）必考题（11题，共129分）22．（4分）利用频闪照相技术探究平抛运动规律时，将自由落体运动与平抛运动类比得出运动规律与结论。
两小球运动的频闪照片如图。
拍摄时，光源的频闪频率为10Hz，a球从A点水平抛出的同时，b球从B点开始下落，背景的坐标纸小方格为相同的正方形。
重力加速度g取10m/s2，不计阻力。
根据照片显示的信息可求， a球沿水平方向的运动初速度为 m/s，运动过程中a球与b球之间的距离最小为 m。
23．（11分）为确定某电子元件的电气特性，做如下测量。
1)用多用表测量该元件的电阻，选用“×100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过大，因此需选择＿＿＿＿倍率的电阻档(填：“×10”或“×1k”)，并欧姆调零再进行测量，多用表的示数如图所示，测量结果为＿＿＿＿Ω。
2）某同学想精确测得上述待测电阻R x的阻值，实验室提供如下器材：r1＝10.0Ω）A．电流表AB．电流表A2（量程200mA、内阻r2约为2Ω）C．电流表A3（量程0.6A、内阻r3约为O.2Ω）D．定值电阻R0＝50.0ΩE．滑动变阻器R（最大阻值约为5Ω）F．电源E（电动势为4V）G．开关S、导线若干回答：①试选择适当器材设计测量电阻R x的实验电路，保证测量时电流表读数不小于其量程的1/3，能测量多组有效数据，在答题卡虚线框中画出电路图（图中标出器材选项前相应的英文字母）。
②R x的计算式为R x＝。
（用题中字母表示，若用到电流表读数，用I1、I2、I3分别表示A1、A2、A3的读数）24．如图所示，倾角为θ= 37°的足够长的斜面上质量为m =1kg的小物体在水平力F的作用下沿斜面向上运动，2s末撤除力F，此时物体的位移为30m，再减速运动45m后物体速度变为零。
湖南省岳阳市2015届高考信息卷物理试卷
2015届高三物理信息卷选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14. 体育器材室里，篮球摆放在图示的水平球架上．已知球架的宽度为d ，每只篮球的质量为m 、直径为D ，不计球与球架之间摩擦，重力加速度为g ．则每只篮球对一侧球架的压力大小为A. mg 21B. dmgD C. D d D mg 222- D. 222dD mgD - 15. 为推动中国深海运载技术发展，为中国大洋国际海底资源调查和科学研究提供重要高技术装备，我国启动“蛟龙号”载人深潜器。
这是”蛟龙号”深潜器在某次实验时，内部显示屏上显示了从水面开始下潜到返回水面过程中的速度--时间图像，则A ．深潜器运动的最大加速度是2.0m/s 2B ．下潜的最大深度为360mC ．在3—8min 内的平均速度大小为0.8m/sD ．深潜器在6-8min 内处于失重状态16. 双星运动是在宇宙中普遍存在的行星运动。
研究发现，双星系统演化过程中，两星的总质量、距离和周期均可能发生变化。
若某双星系统中两星做圆周运动的周期为T ,经过一段时间演化后，两星总质量变为原来的k 倍，两星之间的距离变为原来的n 倍，则此时圆周运动的周期为A ．T k n 23B ．T k n 3C ．T k n 2D ．T k n 17．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根直导体棒，在导体棒中通有垂直纸面向里的电流，图中a 点在导体棒正下方，b 点与导体棒的连线与斜面垂直，c 点在a 点左侧，d点在b 点右侧。
现欲使导体棒静止在斜面上，下列措施可行的是A ．在a 处放置一电流方向垂直纸面向里的直导体棒B ．在b 处放置一电流方向垂直纸面向里的直导体棒C ．在c 处放置一电流方向垂直纸面向里的直导体棒D ．在d 处放置一电流方向垂直纸面向里的直导体棒18．如图所示，空间存在两个被固定的、等量同种正点电荷M 、N ，在它们的连线上有A 、B 、C 三点，已知MA=CN=NB，MA＜NA．现有一正点电荷q，关于在电场中移动电荷q，下列说法中正确的是A．沿半圆弧1将q从B点移到C点，电场力不作功B．沿曲线3将q从A点移到C点，电场力作正功C．沿曲线2将q从B点移到C点，电场力作负功D．沿直线将q从A点移到B点，电场力作正功19．在离子注入工艺中，初速度可忽略的铊离子Tl＋和Tl3＋，经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里、有一定宽度的匀强磁场区域，如图所示．已知离子P＋在磁场中转过θ＝30°后从磁场右边界射出．在电场和磁场中运动时，离子P＋和P3＋A．在电场中的加速度之比为1∶1B．在磁场中运动的半径之比为3∶1C．在磁场中转过的角度之比为1∶1D．离开电场区域时的动能之比为1∶320. 美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一大步。
湖南省岳阳县第一中学2015-2016学年高二上学期第一次月考物理试题
2015年县一中高二上学期第一次月考试卷物理试题一、选择题(每小题4分，共48分，多选题中全部选对的得满分，选不全的得2分，有选错的得0分，其中1-8题为单选，9-12题为多选。
)1、真空中两个同种点电荷1q 、2q ，相隔一定的距离．现将点电荷1q 固定，在把2q 移到远处的过程中，2q 受到的库仑力F 和系统的电势能p E 的大小( )A ．F 增大，p E 增大B ．F 减小，p E 减小C ．F 减小，p E 不变D ．F 减小，pE 增大2、在电场中某点放入正点电荷q ，它受到的电场力方向向右．当放入负点电荷q 时，它受到的电场力方向向左．下列说法正确的是( )A ．该点放入正电荷时，电场方向向右；放入负电荷时，电场方向向左B ．该点不放电荷时，电场强度为零C ．该点放入2q 的正点电荷时，电场强度变为原来的2倍D ．该点电场强度的方向向右3、一根均匀的电阻丝，在温度不变的情况下，下列情况中其电阻值不变的是( ) A ．长度不变，横截面积增大一倍 B ．横截面积不变，长度增大一倍 C ．长度和横截面半径都增大一倍 D ．长度和横截面积都缩小一半4、如图所示，平行板电容器的两极板A 、B 接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S ，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是( )A ．保持S 闭合，将A 板向B 板靠近，则θ减小 B ．保持S 闭合，将A 板向B 板靠近，则θ不变C ．断开S ，将A 板向B 板靠近，则θ增大D ．断开S ，将A 板向B 板靠近，则θ不变5、如图所示，A 、B 为相同的两个灯泡，均发光，当滑动变阻器的滑片P 向下端滑动时．则 ( )A ．A 灯变亮，B 灯变暗 B ．A 灯变暗，B 灯变亮C ．A 、B 灯均变亮D ．A 、B 灯均变暗6、一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如图9所示，径迹上的每一小段可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小(带电量不变) 从图中可以确定( )A ．粒子从a 到b ，带正电B ．粒子从b 到a ，带正电C ．粒子从a 到b ，带负电D ．粒子从b 到a ，带负电7、如图所示，电阻31R R =，42R R =，21R R <，在A 、B 两端接上电源后，各电阻消耗的功率依次为1P 、2P 、3P 、4P ，则( )A ．>2P >1P >3P 4PB ．>2P >1P >4P 3PC ．>1P >2P >3P 4P D ．=1P =2P =3P 4P8、如图所示，一根固定的通有电流I 1 的长直导线跟一个可以自由移动的矩形线框处在同一平面内，PQ 和MN 为线框的中心轴线，PQ 与长直导线平行．当矩形线框通有如图所示的电流I 2 时，由于电磁作用，可使线框( ) A ．绕轴MN 转动 B ．绕轴PQ 转动 C ．靠近直导线平动 D ．远离直导线平动9、如图所示，一束粒子沿水平方向飞过悬挂的小磁针下方，此时小磁针的S 极向纸内偏转，这一束粒子可能是( )A ．向右飞行的正离子束B ．向左飞行的负离子束C ．向右飞行的电子束D ．向左飞行的电子束10、回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒都处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列措施可行的是( )A ．增大匀强电场间的加速电压B ．增大磁场的磁感应强度C ．减小狭缝间的距离D ．增大D 形金属盒的半径11、关于电动势，下列说法正确的是 ( )A ．电源电动势等于电源正负极之间的电势差B ．实际中用电压表直接测量电源两极得到的电压数值，总略小于电源电动势的准确值BNSI 1C ．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D ．电源电动势在数值上等于电路中通过1C 的正电荷时，电源提供的能量 12、电场中某区域的电场线分布如图所示，a 、b 是电场中的两点，则 ( ) A ．电荷在a 点受到电场力方向必定与场强方向一致B ．同一点电荷放在a 点受到的电场力大于在b 点时受到的电场力C ．a 点的电势大于b 点的电势D ．将正电荷放在a 点由静止释放，只在电场力作用下它运动的轨迹与电场线一致二、实验题(共14分)13、读出游标卡尺的读数为__________cm ．14、如图，用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图所示的读数是_________mm 。
湖南省岳阳市岳阳县一中高三物理上学期第一次月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年湖南省岳阳市岳阳县一中高三〔上〕第一次月考物理试卷一、单项选择题：〔每一小题4分，共32分〕1．下面是摘自上个世纪美国报纸上的一篇文章：阿波罗登月火箭在脱离地球飞向月球的过程中，宇航员通过无线电与在家中上小学的儿子汤姆通话．宇航员：“汤姆，我们现在已关闭了火箭上所有的发动机，正向月球飞去．〞汤姆：“你们关闭了所有的发动机，那么靠什么力量推动火箭向前运动呢？〞宇航员犹豫了半天，说：“我想大概是伽利略在推动火箭向前运动吧．〞假设不计天体对火箭的引力，由上述材料可知如下说法错误的答案是：〔〕A．汤姆问话所表现的物理思想是“力是维持物体运动的原因〞B．宇航员答话所表现的物理思想是“力是维持物体运动的原因〞C．宇航员答话所表现的物理思想是“物体运动不需要力来维持〞D．宇航员答话的真实意思是火箭正在依靠惯性飞行2．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么开始刹车后2s内与开始刹车后6s内汽车通过的位移之比为〔〕A．1：1 B．1：3 C．3：4 D．4：33．降落伞在匀速下降过程中遇到水平方向吹来的风，假设风速越大，如此降落伞〔〕A．下落的时间越短B．下落的时间越长C．落地时速度越小D．落地时速度越大4．如图，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈上，现用大小均为F、方向相反的力分别推A和B，它们均静止不动，如此〔〕A．A与B之间一定存在摩擦力B．B与地之间一定存在摩擦力C．B对A的支持力一定小于mgD．地面对B的支持力的大小一定等于〔M+m〕g5．物块M在静止的传送带上匀速下滑时，传送带突然转动，传送带转动的方向如图中箭头所示．如此传送带转动后〔〕A．M将减速下滑B．M仍匀速下滑C．M受到的摩擦力变小D．M受到的摩擦力变大6．《机动车驾驶证申领和使用规定》已经正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规〞．某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，v﹣t图线如下列图．假设绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离L=10.5m，如此绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t0为〔〕A．0.5 s B．1.5 s C．3 s D．3.5 s7．在一正方形的小盒内装一圆球，盒与球一起沿倾角为θ的斜面下滑，如下列图，假设不存在摩擦，当θ角增大时，下滑过程中圆球对方盒前壁压力T与对方盒底面的压力N将如何变化？〔〕A．N变小，T变大B．N变小，T为零C．N变小，T变小D．N不变，T变大8．三个质量均为1Kg的一样木块a、b、c和两个劲度均为500N/m的一样轻弹簧p、q用轻绳连接如图，其中a放在光滑水平桌面上．开始时p弹簧处于原长，木块都处于静止．现用水平力缓慢地向左拉p弹簧的左端，直到c木块刚好离开水平地面为止，g取10m/s2．该过程p弹簧的左端向左移动的距离是〔〕A．4cm B．6cm C．8cm D．10cm二、不定项选择题：〔每一小题4分，共16分〕9．甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的 v﹣t图象如下列图．如下判断正确的答案是〔〕A．乙车启动时，甲车在其前方50m处B．运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75mC．乙车启动10s后正好追上甲车D．乙车超过甲车后，两车不会再相遇10．如图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，假设忽略小球与小车间的摩擦力，如此在此段时间内小车可能是〔〕A．向右做加速运动B．向右做减速运动C．向左做加速运动D．向左做减速运动11．某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如下列图的物理模型，一个小朋友在AB段的动摩擦因数u1＜tanθ，在BC段的动摩擦因数为u2＞tanθ，他从A点开始下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态，如此该小朋友从斜面顶端A点滑到底端C点的过程中〔〕A．地面对滑梯始终无摩擦力作用B．地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右C．地面对滑梯的支持力的大小始终等于小朋友和滑梯的总重力的大小D．地面对滑梯的支持力的大小先小于、后大于小朋友和滑梯的总重力的大小12．如下列图，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力T之间的函数关系如下列图．以下判断正确的答案是〔〕A．图线与纵轴的交点M的值a M=﹣gB．图线与横轴的交点N的值T N=mgC．图线的斜率等于物体的质量mD．图线的斜率等于物体质量的倒数三、实验题〔每空3分，共12分〕13．在做验证力的平行四边行定如此实验中，假设F1的大小与方向固定不变〔如下列图〕，那么为了使橡皮条仍然伸长到O点，对F2来说，下面几种说法中正确的答案是〔〕A．F2可以有多个方向B．F2的方向和大小可以有多个值C．F2的方向和大小是唯一确定值D．F2的方向是惟一的，但大小可有多个值．14．某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数〞的实验方案．如图示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端．开始时小球和滑块均静止，剪短细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音．用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移x．〔空气阻力对本实验的影响可以忽略〕①滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为．②滑块与斜面间的动摩擦因数为．③以下能引起实验误差的是．a．滑块的质量 b．当地重力加速度的大小c．长度测量时的读数误差 d．小球落地和滑块撞击挡板不同时．四、计算题〔共50分，请将答案填写在答题卷上，写出必要的文字说明和解答过程，直接写答案不得分〕15．〔10分〕〔2015秋•岳阳县校级月考〕测定一列车的制动性能，当它以标准速度20m/s 在水平轨道上行驶时，制动后做匀减速运动需40s才停下．现在这列车正以20m/s的速度在水平轨道上行驶，司机突然发现前方180m处一货车正以6m/s的速度同向行驶，于是立即制动保持测试时的加速度做匀减速直线运动．求：〔1〕列车的制动性能测定出的加速度多大？〔2〕计算说明是否会发生撞车事件？16．〔12分〕〔2012秋•聊城期末〕如下列图，质量为m B=14kg的木板B放在水平地面上，质量为m A=10kg的货箱A放在木板B上．一根轻绳一端拴在货箱上，另一端拴在地面，绳绷紧时与水平面的夹角为θ=37°．货箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1=0.5，木板B与地面之间的动摩擦因数μ2=0.4．重力加速度g取10m/s2．现用水平力F将木板B从货箱A下面匀速抽出，试求：〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8〕〔1〕绳上张力T的大小；〔2〕拉力F的大小．17．〔14分〕〔2014•和平区校级一模〕如下列图，有一块木板静止在光滑且足够长的水平面上，木板质量为M=4kg，长为L=1.4m．木板右端放着一小滑块，小滑块质量为m=1kg，其尺寸远小于L．小滑块与木板之间的动摩擦因数为μ=0.4，取g=10m/s2〔1〕现用恒力F作用在木板M上，为了使得m能从M上面滑落下来，问：F大小的范围是什么？〔2〕其它条件不变，假设恒力F=22.8N，且始终作用在M上，最终使得m能从M上面滑落下来．问：m在M上面滑动的时间是多大？18．〔14分〕〔2009•某某模拟〕如下列图，一质量为1kg的小球套在一根固定的直杆上，直杆与水平面夹角θ为30°．现小球在F=20N的竖直向上的拉力作用下，从A点静止出发向上运动，杆与球间的动摩擦因数μ为．试求：〔1〕小球运动的加速度a1；〔2〕假设F作用1.2s后撤去，小球上滑过程中距A点最大距离s m；〔3〕假设从撤去力F开始计时，小球经多长时间将经过距A点上方为2.25m的B点．2015-2016学年湖南省岳阳市岳阳县一中高三〔上〕第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：〔每一小题4分，共32分〕1．下面是摘自上个世纪美国报纸上的一篇文章：阿波罗登月火箭在脱离地球飞向月球的过程中，宇航员通过无线电与在家中上小学的儿子汤姆通话．宇航员：“汤姆，我们现在已关闭了火箭上所有的发动机，正向月球飞去．〞汤姆：“你们关闭了所有的发动机，那么靠什么力量推动火箭向前运动呢？〞宇航员犹豫了半天，说：“我想大概是伽利略在推动火箭向前运动吧．〞假设不计天体对火箭的引力，由上述材料可知如下说法错误的答案是：〔〕A．汤姆问话所表现的物理思想是“力是维持物体运动的原因〞B．宇航员答话所表现的物理思想是“力是维持物体运动的原因〞C．宇航员答话所表现的物理思想是“物体运动不需要力来维持〞D．宇航员答话的真实意思是火箭正在依靠惯性飞行考点：牛顿第一定律．分析：根据题意分析可知，汤姆的问话想表达的真实意思是火箭的运动需要力来维持，根据伽利略的理论：物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，来分析宇航员的真实意思．解答：解：A、汤姆说：“你们关闭了所有推动机，那么靠什么力量推动火箭向前运动？〞，想表达的真实意思是“火箭的运动需要力来维持〞，故A正确．BCD、由题意知，宇航员说大概是伽利略在推动飞船向前运动，真实意思是根据伽利略的理论，“火箭的运动不需要力来维持〞，火箭正在依靠惯性飞行〞，而不是伽俐略用力推动着火箭向前运动，故B错误，CD正确．此题选错误的，应当选：B．点评：此题考查学生读题能力和理解能力，要准确把握两人对话的真实意思，实质考查对伽利略理论的理解和掌握能力．2．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么开始刹车后2s内与开始刹车后6s内汽车通过的位移之比为〔〕A．1：1 B．1：3 C．3：4 D．4：3考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：先求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车速度为零后不再运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车后的位移．解答：解：汽车从刹车到静止用时：t刹==s=4s，故刹车后2s为：s1=v0t﹣at2=20×2 m﹣×5×22m=30m刹车后6s内汽车的位移：s2=v0t刹﹣at刹2=20×4 m﹣×5×42m=40m，故：s1：s2=3：4，故ABD错误，C正确；应当选：C．点评：此题属于刹车问题，关键要求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车速度为零后不再运动．3．降落伞在匀速下降过程中遇到水平方向吹来的风，假设风速越大，如此降落伞〔〕A．下落的时间越短B．下落的时间越长C．落地时速度越小D．落地时速度越大考点：运动的合成和分解．分析：降落伞参加了竖直方向的分运动和水平方向分运动，水平方向的分运动对竖直分运动无影响．解答：解：A、B、降落伞参加了竖直方向的分运动和水平方向分运动，水平方向的分运动对竖直分运动无影响，故风速变大时，下落的时间不变，故AB均错误；C、D、根据v=，假设风速越大，水平风速v x越大，如此降落伞落地时速度越大，故C错误，D正确；应当选：D．点评：此题关键在于水平分运动与竖直分运动互不影响，落地时间由竖直分运动决定．4．如图，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈上，现用大小均为F、方向相反的力分别推A和B，它们均静止不动，如此〔〕A．A与B之间一定存在摩擦力B．B与地之间一定存在摩擦力C．B对A的支持力一定小于mgD．地面对B的支持力的大小一定等于〔M+m〕g考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对A、B整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体A受力分析，根据平衡条件求解B对A的支持力和摩擦力．解答：解：B、D、对A、B整体受力分析，如图，受到重力〔M+m〕g、支持力N和的两个推力，对于整体，由于两个推力刚好平衡，故整体与地面间没有摩擦力；根据共点力平衡条件，有N=〔M+m〕g故B错误，D正确；A、C、再对物体A受力分析，受重力mg、的推力F、斜面体B对A的支持力N′和摩擦力f，当推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如如下图当推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，如如下图当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，如如下图根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可以得到：N′=mgcosθ+Fsinθ故A错误，C也错误；应当选：D．点评：此题关键是对A、B整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然后再对物体A受力分析，再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况．5．物块M在静止的传送带上匀速下滑时，传送带突然转动，传送带转动的方向如图中箭头所示．如此传送带转动后〔〕A．M将减速下滑B．M仍匀速下滑C．M受到的摩擦力变小D．M受到的摩擦力变大考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．分析：在传送带突然转动前后，对物块进展受力分析解决问题．解答：解：传送带突然转动前物块匀速下滑，对物块进展受力分析：物块受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力．传送带突然转动后，对物块进展受力分析，物块受重力、支持力，由于上面的传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到的摩擦力不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑．应当选B．点评：判断物体的运动必须对物体进展受力分析，还要结合物体的运动状态．6．《机动车驾驶证申领和使用规定》已经正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规〞．某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，v﹣t图线如下列图．假设绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离L=10.5m，如此绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t0为〔〕A．0.5 s B．1.5 s C．3 s D．3.5 s考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移，能根据图象读取有用信息知位移x=L=10.5．解答：解：根据速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移知x=l=6×0.5×6×〔t0﹣0.5〕=10.5解得t0=3.0s应当选：C点评：知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．7．在一正方形的小盒内装一圆球，盒与球一起沿倾角为θ的斜面下滑，如下列图，假设不存在摩擦，当θ角增大时，下滑过程中圆球对方盒前壁压力T与对方盒底面的压力N将如何变化？〔〕A．N变小，T变大B．N变小，T为零C．N变小，T变小D．N不变，T变大考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体分析，得出加速度的变化，抓住小球的加速度与整体的加速度一样，隔离对小球分析，得出圆球对方盒前壁压力F N与对方盒底面的压力F N′的变化情况．解答：解：整体的加速度a=，当θ角增大时，整体的加速度增大，如此小球的加速度增大．隔离对小球分析，根据牛顿第二定律得：mgsinθ﹣T=ma，解得：T=0，垂直斜面方向上，有：F N′=mgcosθ，θ增大时，F N′变小．应当选：B点评：解决此题的关键知道小球和盒子具有一样的加速度，抓住垂直斜面方向合力为零，沿斜面方向产生加速度，结合牛顿第二定律进展求解．8．三个质量均为1Kg的一样木块a、b、c和两个劲度均为500N/m的一样轻弹簧p、q用轻绳连接如图，其中a放在光滑水平桌面上．开始时p弹簧处于原长，木块都处于静止．现用水平力缓慢地向左拉p弹簧的左端，直到c木块刚好离开水平地面为止，g取10m/s2．该过程p弹簧的左端向左移动的距离是〔〕A．4cm B．6cm C．8cm D．10cm考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：开始时p弹簧处于原长，木块都处于静止，弹簧q处于压缩状态，受到的压力等于b物体的重力，根据胡克定律求出压缩的长度．当用水平力缓慢地向左拉p弹簧的左端，直到c木块刚好离开水平地面时，弹簧q处于伸长状态，受到的拉力为等于c物体的重力，根据胡克定律求出弹簧q伸长的长度，再求出该过程p弹簧的左端向左移动的距离．解答：解：开始未用水平力拉p弹簧时，弹簧q处于压缩状态，受到的压力等于b物体的重力，由胡克定律得到，弹簧q压缩的长度为：x1=．当c木块刚好离开水平地面时，弹簧q处于伸长状态，受到的拉力为等于c物体的重力，根据胡克定律得，弹簧q伸长的长度：x2=此时，弹簧p处于伸长状态，受到的拉力等于b、c的总重力，如此弹簧p伸长的长度为：x3=根据几何关系得到，该过程p弹簧的左端向左移动的距离为：S=x1+x2+x3=代入解得：S=8cm应当选C点评：对于含有弹簧的问题，要分析弹簧的状态，根据几何关系得出所求的距离与弹簧的伸长或压缩长度的关系．二、不定项选择题：〔每一小题4分，共16分〕9．甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的 v﹣t图象如下列图．如下判断正确的答案是〔〕A．乙车启动时，甲车在其前方50m处B．运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75mC．乙车启动10s后正好追上甲车D．乙车超过甲车后，两车不会再相遇考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度﹣时间图象切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，根据两车的速度关系和位移分析何时相遇．解答：解：A、根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，可知乙在t=10s时启动，此时甲的位移为x==50m，即甲车在乙前方50m处，故A正确．B、当两车的速度相等时相遇最远，最大距离为：S max=×〔5+15〕×10m﹣×10×5m=75m，故B正确．C、由于两车从同一地点沿同一方向沿直线运动，当位移相等时两车才相遇，由图可知，乙车启动10s后位移小于甲的位移，还没有追上甲，故C错误．D、乙车超过甲车后，由于乙的速度大，所以不可能再相遇，故D正确．应当选：ABD．点评：此题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理．10．如图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，假设忽略小球与小车间的摩擦力，如此在此段时间内小车可能是〔〕A．向右做加速运动B．向右做减速运动C．向左做加速运动D．向左做减速运动考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：小球和小车具有一样的加速度，对小球运用牛顿第二定律，判断出加速度的方向，得知小车的加速度方向，从而知道小车的运动情况．解答：解：小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，知小球所受的合力向右，根据牛顿第二定律，小球的加速度方向向右，小球和小车具有一样的加速度，知小车具有向右的加速度，所以小车向右做加速运动或向左做减速运动．故A、D正确，B、C错误．应当选AD．点评：解决此题的关键抓住小球和小车具有一样的加速度，运用牛顿第二定律进展求解．11．某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如下列图的物理模型，一个小朋友在AB段的动摩擦因数u1＜tanθ，在BC段的动摩擦因数为u2＞tanθ，他从A点开始下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态，如此该小朋友从斜面顶端A点滑到底端C点的过程中〔〕A．地面对滑梯始终无摩擦力作用B．地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右C．地面对滑梯的支持力的大小始终等于小朋友和滑梯的总重力的大小D．地面对滑梯的支持力的大小先小于、后大于小朋友和滑梯的总重力的大小考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小朋友在AB段做匀加速直线运动，加速度沿斜面向下；在BC段做匀减速直线运动，加速度沿斜面向上．以小朋友和滑梯整体为研究对象，将小朋友的加速度分解为水平和竖直两个方向，由牛顿第二定律分析地面对滑梯的摩擦力方向和支持力的大小．解答：解：A、B小朋友在AB段做匀加速直线运动，将小朋友的加速度a1分解为水平和竖直两个方向，如图1．以小朋友和滑梯整体为研究对象，由于小朋友有水平向左的分加速度，根据牛顿第二定律得知，地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左．同理可知，小朋友在BC段做匀减速直线运动时，地面对滑梯的摩擦力方向水平向右．故A错误，B正确．C、D以小朋友和滑梯整体为研究对象，小朋友在AB段做匀加速直线运动时，有竖直向下的分加速度，如此由牛顿第二定律分析得知地面对滑梯的支持力F N小于小朋友和滑梯的总重力．同理，小朋友在BC段做匀减速直线运动时，地面对滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的总重力．故C错误，D正确．应当选：BD．点评：此题对加速度不同的两个运用整体法处理，在中学阶段应用得不多，也可以采用隔离法研究．12．如下列图，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力T之间的函数关系如下列图．以下判断正确的答案是〔〕A．图线与纵轴的交点M的值a M=﹣gB．图线与横轴的交点N的值T N=mgC．图线的斜率等于物体的质量mD．图线的斜率等于物体质量的倒数考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对货物受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律求出加速度的一般表达式进展分析．解答：解：对货物受力分析，受重力mg和拉力T，根据牛顿第二定律，有T﹣mg=maa=﹣g作出加速度与拉力T的关系图象如如下图A、当T=0时，a=﹣g，即图线与纵轴的交点M的值a M=﹣g，故A正确；B、当a=0时，T=mg，故图线与横轴的交点N的值T N=mg，故B正确；C、D、图线的斜率表示质量的倒数，故C错误，D正确；应当选ABD．点评：此题关键是根据牛顿第二定律求出加速度的一般表达式进展讨论．三、实验题〔每空3分，共12分〕13．在做验证力的平行四边行定如此实验中，假设F1的大小与方向固定不变〔如下列图〕，那么为了使橡皮条仍然伸长到O点，对F2来说，下面几种说法中正确的答案是〔〕A．F2可以有多个方向B．F2的方向和大小可以有多个值C．F2的方向和大小是唯一确定值D．F2的方向是惟一的，但大小可有多个值．考点：验证力的平行四边形定如此．专题：实验题；平行四边形法如此图解法专题．分析：当合力不变时，知道其中一个力的大小方向保持不变，根据平行四边形定如此分析另一个力变化情况，．解答：解：因一个弹簧秤的拉力大小、方向不变，而橡皮筋伸长到O点，说明合力不变，如此由平行四边形定如此可知另一个大小方向也唯一确定，故ABD错误，C正确．应当选：C．点评：此题考查了力的分解原如此，知道当合力不变时，根据平行四边形定如此可知，假设其中一个力的大小方向保持不变，如此另一个可以唯一确定．14．某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数〞的实验方案．如图示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端．开始时小球和滑块均静止，剪短细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音．用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移x．〔空气阻力对本实验的影响可以忽略〕①滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为．。
湖南省岳阳县一中、湘阴县一中联考高三物理上学期12月月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
湖南省岳阳县一中、湘阴县一中联考2015届高三上学期月考物理试卷〔12月份〕一、选择题〔每一小题4分，共48分，其中第3、9、10、12题为多项选择〕1．如下说法正确的答案是( )A．牛顿发现了万有引力定律并测出了万有引力常量B．第谷通过对太阳系各行星运动的观测和记录并总结出了行星运动的三大规律C．库仑总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律D．伽利略通过“理想斜面实验〞得出“力是维持物体运动的原因〞考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量，故A错误；B、开普勒通过对太阳系各行星运动的观测和记录并总结出了行星运动的三大规律，故B错误；C、库仑总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律，故C正确；D、伽利略通过“理想斜面实验〞得出“力不是维持物体运动的原因〞，故D错误；应当选：C．点评：此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．一直线上有a、b两点，相距2m，一质点沿该直线做匀变速直线运动，经过1s的时间先后通过a、b两点，如此关于该质点通过a、b中点时的速度大小，的如下判断正确的答案是( )A．假设为匀加速运动，如此v＞2 m/s，假设为匀减速运动，如此v＜2 m/sB．假设为匀加速运动，如此v＜2 m/s，假设为匀减速运动，如此v＞2 m/sC．无论加速还是减速，都有v＞2m/sD．无论加速还是减速，都有v＜2m/s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：匀变速直线运动中，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，不论匀加速还是匀减速运动，中间位置的瞬时速度大于中间时刻的瞬时速度．解答：解：匀变速直线运动质点通过a、b两点间的平均速度．因为，中间位置的瞬时速度．因为＞0，知无论加速还是减速，中间位置的速度都大于中间时刻的速度，都有v＞2m/s．故C正确，A、B、D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键知道匀变速直线运动的推论，知道在匀变速直线运动中，中间位置的瞬时速度大于中间时刻的瞬时速度．3．如图，电梯内重为10N的物体悬挂在弹簧测力计上．某时刻，乘客观察到测力计示数变为8N，如此电梯可能( )A．匀加速向上运动B．匀减速向上运动C．匀加速向下运动D．匀减速向下运动考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，受重力和拉力，结合牛顿第二定律，判断出加速度的方向；然后判断电梯和乘客的超、失重情况．解答：解：由题意乘客观察到测力计示数变为8N，小于物体的重力，所以知物体失重，具有向下的加速度，运动状态可能是匀减速向上运动或匀加速向下运动．应当选：BC点评：此题关键是对物体受力分析，根据牛顿第二定律判断出小球的加速度方向，由于小球和电梯相对静止，从而得到电梯的加速度，最后判断电梯的超、失重情况．4．将两个质量均为m的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，如下列图．用力F 拉小球b，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持θ=30°，如此F 的最小值为( )A．mg B．mg C．mg D．mg考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以两个小球组成的整体为研究对象，当F垂直于Oa线时取得最小值，根据平衡条件求解F的最小值．解答：解：以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时整体的受力图，根据平衡条件得知：F与T的合力与重力mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为：根据平衡条件得：F=2mgsin30°=mg应当选：B．点评：此题是隐含的临界问题，关键运用图解法确定出F的范围，得到F最小的条件，再由平衡条件进展求解．5．冥王星绕太阳的公转轨道是个椭圆，公转周期为T0，其近日点到太阳的距离为a，远日点到太阳的距离为b，半短轴的长度为c，A、B、C、D分别为长短轴的端点，如下列图．假设太阳的质量为M，万有引力常量为G，忽略其他行星对它的影响如此( )A．冥王星从A→B→C的过程中，速率逐渐变大B．冥王星从A→B所用的时间等于C．冥王星从B→C→D的过程中，万有引力对它先做正功后做负功D．冥王星在B点的加速度为考点：万有引力定律与其应用；功能关系．专题：万有引力定律的应用专题．分析：熟记理解开普勒的行星运动三定律：第一定律：所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上．第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在一样时间内扫过的面积相等．第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等．根据力与速度方向的夹角判断该力是做正功还是负功．解答：解：A、根据第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在一样时间内扫过的面积相等．所以冥王星从A→B→C的过程中，冥王星与太阳的距离增大，速率逐渐变小，故A错误；B、公转周期为T0，冥王星从A→C的过程中所用的时间是0.5T0，由于冥王星从A→B→C的过程中，速率逐渐变小，从A→B与从B→C的路程相等，所以冥王星从A→B所用的时间小于，故B错误；C、冥王星从B→C→D的过程中，万有引力方向先与速度方向成钝角，过了C点后万有引力方向与速度方向成锐角，所以万有引力对它先做负功后做正功，故C错误；D、根据几何关系可知，冥王星在B点到太阳的距离为r=，根据万有引力充当向心力知=ma知冥王星在B点的加速度为=，故D正确；应当选：D．点评：正确理解开普勒的行星运动三定律是解答此题的关键，会根据力与速度方向的夹角判断该力是做正功还是负功．6．如下列图，在粗糙水平板上放一个物体，使水平板和物体一起在竖直平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，ab为水平直径，cd为竖直直径，在运动过程中木板始终保持水平，物块相对木板始终静止，如此( )A．物块始终受到三个力作用B．只有在a、b、c、d四点，物块受到合外力才指向圆心C．从a到b，物体所受的摩擦力先增大后减小D．从b到a，物块处于超重状态考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：木板托着物体在竖直平面内逆时针方向一起做匀速圆周运动，物体所受的合力提供圆周运动所需的向心力．当加速度方向向上时，物体处于超重状态，加速度向下时，物体处于失重状态．解答：解：A、在cd两点处，只受重力和支持力，在其他位置处物体受到重力，支持力、静摩擦力三个作用，故A错误；B、物体作匀速圆周运动，合外力提供向心力，所以合外力始终指向圆心，故B错误；C、从a运动到b，物体的加速度的方向始终指向圆心，水平方向的加速度先减小后反向增大，根据牛顿第二定律可得，物体所受木板的摩擦力先减小后增大．故C错误．D、从b运动到a，向心加速度有向上的分量，所以物体处于超重状态，故D正确；应当选：D点评：解决此题的关键知道A所受的合力提供向心力，向心力大小不变，知道A所受合力在竖直方向的分力等于重力和支持力的合力，在水平方向的分力等于摩擦力．7．如下列图是某个点电荷电场中的一根电场线，在线上O点由静止释放一个自由的负电荷，它将沿电场线向B点运动．如下判断中正确的答案是( )A．电场线由B指向A，该电荷做加速运动，加速度越来越小B．电场线由B指向A，该电荷做加速运动，其加速度大小的变化不能确定C．电场线由A指向B，该电荷做匀速运动D．电场线由B指向A，该电荷做加速运动，加速度越来越大考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据负电荷的运动方向判断电场力，确定场强方向．场强的大小由电场线的疏密反映，电场线越密场强越大．解答：解：由题，负电荷由静止开始从O运动到B，负电荷所受电场力方向从0到B，场强方向与电场力方向相反，即场强方向由B指向A．负电荷从静止开始，必定做加速运动．由于电场线的分布情况未知，场强如何变化无法确定，电场力和加速度如何变化也无法确定，如此电荷加速度可能越来越小，也可能越来越大．故B正确，ACD错误．应当选：B．点评：此题根据电荷的运动方向确定场强方向不难，容易产生的错误在于分析场强大小的变化来确定加速度的变化，条件不明时，考虑问题要全面．8．如下列图，在等势面沿竖直方向的匀强电场中，一带负电的微粒以一定初速度射入电场，并沿直线从A向B运动，由此可知( )A．电场中A点的电势低于B点的电势B．微粒在A点时的动能大于在B点时的动能，在A点时的电势能小于在B点时的电势能C．微粒在A点时的动能小于在B点时的动能，在A点时的电势能大于在B点时的电势能D．微粒在A点时的机械能与电势能之和等于在B点时的机械能与电势能之和考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解决此题的突破口是：电场力与重力共同作用，使其做直线运动，由力与运动的关系，可知，微粒做匀减速运动，同时注意电场线和等势线垂直，说明电场沿水平方向，从而确定了电场的方向，这样问题就解决了．解答：解：A、根据电场线和等势线垂直，可知电场沿水平方向，负电荷受到电场力与重力，沿着A到B直线运动，可知，电场力水平向左，与重力的合力沿B到A方向，故电场的方向水平向右．根据沿电场线电势降低，所以A点的电势高于B点的电势，故A错误．B、由上分析可知，微粒应做匀减速运动，动能减小，电场力做负功，电势能在增大，如此微粒在A点时的动能大于在B点时的动能，在A点时的电势能小于在B点时的电势能，故B 正确；C错误；D、从A到B过程中，动能、重力势能与电势能之和保持不变，微粒在A点时的机械能与电势能之和等于在B点时的机械能与电势能之和，故D正确．应当选：BD．点评：此题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做直线运动的物体，是否存在合外力，假设有合外力，其方向如何确定．注意电场力的方向与电场方向要根据电荷的电性来确定．9．光滑水平面上放置两个等量同种电荷，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个质量m=1kg的小物块自C点由静止释放，小物块带电荷量q=2C，其运动的v﹣t图线如图乙所示，其中B点为整条图线切线斜率最大的位置〔图中标出了该切线〕，如此以下分析正确的答案是( )A．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1V/mB．由C点到A点物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点，电势逐渐降低D．B、A两点间的电势差为U BA=8.25V考点：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据v﹣t图象的斜率等于加速度和牛顿第二定律求解电场强度E．根据能量守恒定律分析物块电势能的变化情况．根据电场线方向判断电势的上下．根据动能定理求解AB两点电势差U AB．解答：解：A、v﹣t图象的斜率等于加速度，B点处为整条图线切线斜率最大的位置，说明物块在B处加速度最大，根据牛顿第二定律得：F=qE=ma，B为中垂线上电场强度最大的点，由图得：B点的加速度为 a===2m/s2，E==V/m=lV/m．故A正确．B、由图知，由C到A的过程中，物块的速度不断增大，动能增大，根据能量守恒得：物块的电势能不断减小．故B错误．C、由电势能的公式E P=qφ知，由C到A的过程中，电势逐渐降低，故C正确．D、物块从A到B的过程，根据动能定理得：qU AB=mv B2﹣mv A2，如此得，U AB==×〔42﹣72〕=﹣8.25V，所以U BA=﹣U AB=8.25V，故D正确．应当选：ACD点评：解决此题的关键是掌握速度图象的物理意义和动能定理，知道电势与电势能的关系E P=qφ．10．在一次探究活动中，某同学设计了如下列图的实验装置，将半径R=1m的光滑半圆弧轨道固定在质量M=0.5kg、长L=4m的小车的上外表中点位置，半圆弧轨道下端与小车的上外表水平相切，现让位于轨道最低点的质量m=0.1kg的光滑小球随同小车一起沿光滑水平面向右做匀速直线运动，某时刻小车碰到障碍物而瞬时处于静止状态〔小车不反弹〕，之后小球离开圆弧轨道最高点并恰好落在小车的左端边沿处，该同学通过这次实验得到了如下结论，其中正确的答案是〔g取10m/s2〕( )A．小球到达最高点的速度为m/B．小车与障碍物碰撞时损失的机械能为12.5JC．小车瞬时静止前、后，小球在轨道最低点对轨道的压力由1N瞬时变为6.5ND．小车向右做匀速直线运动的速度约为6.5m/s考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球从圆弧最高点做平抛运动，由竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速运动，即可求得抛出速度，由动能定理即可求得小车和小球的初速度，根据能量守恒判断出小车损失机械能解答：解：A、从最高点做平抛运动，下落时间为t=抛出时的速度为v=，故A正确；B、小球在上滑过程中由动能定理可知解得，故小车和小球向右运动的速度为故小车损失机械能为，故B正确，D错误；C、碰撞前小球静止，故此时小球对轨道的压力为F N1=mg=1N，碰撞后由牛顿第二定律得，解得F N2=6N，由牛顿第三定律可知对轨道的压力为6N，故C错误；应当选：AB点评：此题是一道力学综合题，是多研究对象多过程问题，物体运动过程复杂，分析清楚运动过程是正确解题的前提与关键，分析清楚运动过程后，应用相关规律即可正确解题．11．如下列图，电灯A标有“10V，10W〞，电灯B标有“8V，20W〞，滑动变阻器的总电阻为6Ω，当滑动触头由a端向b端滑动的过程中〔不考电灯电阻的变化〕( )A．安培表示数一直减小，伏特表示数一直增大B．安培表示数一直增大，伏特表示数一直减小C．安培表示数先增大后减小，伏特表示数先减小后增大D．安培表示数先减小后增大，伏特表示数先增大后减小考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：先两灯的额定电压和功率，求出其电阻大小．再分析当滑动触头P由a端向b端滑动的过程中，变阻器总电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律分析路端电压和总电流的变化，再据滑动变阻器的触头判断两灯的电流的变化．解答：解：电灯A的电阻为R A=Ω=10Ω，电灯B的电阻为R B=Ω=3.2Ω，如此知R A＞R B所以当滑动触头P由a端向b端滑动的过程中，变阻器两侧并联的总电阻一直减小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流一直增大，路端电压一直减小，如此电流表的示数一直增大，电压表的示数一直减小．故B正确．应当选：B点评：此题是电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部〞的思路进展分析．对于变阻器，两侧电路并联，根据两灯的电阻大小确定总电阻如何变化是关键．12．如下列图，电阻R1=20Ω，电动机的绕组R2=10Ω．当开关打开时，电流表的示数是0.5A，当开关合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是( )A．I=1.5A B．I＜1.5A C．P=15W D．P＜15W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：当电键S断开时，由欧姆定律求出电阻R1的电压U．当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电路是非纯电阻电路，由I2＜求出其电流的范围，即得到电流表电流的范围．由P=UI求解电路中功率范围．解答：解：当电键S断开时，由欧姆定律得，U=I1R1=10V．当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流I2，故电流表的电流I＜1.5A，电路中电功率P=UI ＜15W．故BD正确．应当选BD点评：此题要抓住非纯电阻电路与纯电阻电路的区别，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，I2＜是关键不等式．二、实验题〔5+9=14分〕[13．如图甲所示是某同学探究加速度与力的关系的实验装置．他在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，力传感器可直接测出绳中拉力，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放．气垫导轨摩擦阻力很小可忽略不计，由于遮光条的宽度很小，可认为遮光条通过光电门时速度不变．〔1〕该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，如此d=2.30mm．〔2〕实验时，该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，将滑块从A位置由静止释放，测量遮光条到光电门的距离L，假设要得到滑块的加速度，还需由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：游标卡尺读数结果等于固定刻度读数加上可动刻度读数，不需要估读．滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度．根据运动学公式解答．解答：解：〔1〕由图知第6条刻度线与主尺对齐，d=2mm+6×0.05mm=2.30 mm；〔2〕初速度为零，位移为L，要计算加速度，需要知道末速度，故需要由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t；故答案为：〔1〕2.30；〔2〕时间t点评：此题要知道滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度．要求能够根据实验原理分析操作的合理性．14．如图2所示，小灯泡L1〔4V、1.6W〕，小灯泡L2〔6V、3.6W〕，滑动变阻器R1〔0～10Ω、0.5A〕，滑动变阻器R2〔0～20Ω、1.5A〕，以与电源E〔ε=9V、r=0〕和开关S各一只，导线假设干．〔1〕设计一个电路，要求在电路中L1和L2均正确发光，且电路中消耗的功率最小，在方框中画出设计的电路图；〔2〕按设计要求在如图1所示实物中连线．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据实验原理与实验要求设计合理的电路，并根据原理图连接实物图．解答：解：〔1〕电源电动势E=9V，大于灯泡的额定电压，故应采用一滑动变阻器分压；两灯泡的额定电压值不同，故将L1与滑动变阻器R1串联，然后与L2并联；电路如下列图；〔2〕根据原理图连接实物图如下列图；注意导线不能交叉，滑动变阻器采用限流接法，故接“一上一下〞故答案如下列图：点评：此题考查实验电路图的设计与实物图的连接，要注意实验电路的合理性与实物图的连接方法．三、计算题〔共38分〕15．有两个人要把质量m=1000kg的货物装进离地h=1m高的卡车车厢内．他们找来L=5m的斜面，但没有其它任何工具可用．假设货物在水平地面上和此斜面上滑动时所受摩擦阻力恒为货物重力的0.12倍，两个人的最大推力各为800N．〔1〕通过分析说明俩人能否将货物直接推进车厢？〔2〕请你帮助他们设计一个可行的方案，两人用最大推理将货物推进车厢．并详细证明之．〔g 取10m/s2〕考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：通过对货物进展受力分析，比拟两个推力与摩擦力和重力沿斜面方向分力之和的大小，判断能否将货物推进车厢．可以先让货物在水平面上做匀加速直线运动，以一定的初速度滑上木板，初速度越大，越容易滑进车厢，运用牛顿第二定律，结合运动学公式求出货物刚好滑进车厢时在水平面上加速的距离．解答：解：〔1〕两人最大推力F m=2F=1600N货物受摩擦力 f=0.12G=1200N货物沿斜面向下的分力：F x=mgsinθ=mg=1000×10×=2000N，因为F m＜f+F x，故两人不可能直接将货推上车厢；〔2〕因F m＞f，因此在水平地面上可使货物加速运动，从而使其在水平面上获得一定速度〔动能〕，即可匀减速滑到斜面顶端设货物在水平面上滑动位移为s，由牛顿第二定律与运动学规律有：F m﹣f=ma1，到斜面底端时速度 v=，设货物在斜面上匀减速的加速度为a2，有f+F x﹣F m=ma2要使货物刚好滑到顶端，有v=，由以上各式解出s=L=，代入数据解得，s=20m；答：〔1〕两人不可能直接将货推上车厢；〔2〕设计方案为：两人用最大推力使货物在水平面上至少滑行20m后再推物体滑上斜面．从而使其在水平面上获得一定速度〔动能〕，即可匀减速滑到斜面顶端．点评：解决此题的关键能够正确进展受力分析，运用牛顿第二定律结合运动学公式进展求解．16．一物体在距某一行星外表某一高度O点由静止开始做自由落体运动，依次通过A、B、C 三点，AB段与BC段的距离相等，均为24cm，通过AB与BC的时间分为0.2s与0.1s，假设该星球的半径为180km，如此环绕该行星的卫星做圆周运动的最小周期为多少？考点：万有引力定律与其应用；匀变速直线运动规律的综合运用．分析：分别对AB、BC段由位移公移列式，联立可求得该行量外表的重力加速度；当卫星在行星外表飞行时，运行周期最小，如此由万有引力定律的应用可求得最周期．解答：解：设通过A点的速度为v0，行星外表的重力加速度为g，环绕该行星的卫星做圆周运动的最小周期为T，行星质量为M，卫星质量为m，行星的半径为R，由公式得对AB段有：…①；对AC段有：…②；由①②得：g=8m/s2…③；对于近地卫星有：…④；在行星外表有：…⑤；由③④⑤得：；答：卫星做圆周运动的最小周期为942s．点评：此题为万有引力与运动学公式的结合，应明确天体的运动中万有引力充当向心力，而在地球外表处万有引力可以近似看作等于重力．17．如下列图，跨过轻质定滑轮的细绳两端，一端连接质量为m的物体A，另一端通过一轻质弹簧与质量为M的物体B连接，B物体静止在地面上，用手托着A物体，在A距地面高h 处时，细绳刚好被拉直、弹簧无形变．今将A物体从h高处无初速释放，A物体恰好能到达地面，且A到达地面时，B物体对地面的压力恰好减为零．重力加速度为g，弹簧的弹性势能与劲度系数k、弹簧的伸长量x的关系是：E弹=kx2；两个物体均可视为质点，不计绳子和滑轮的质量、不计滑轮轴上的摩擦力和空气阻力．问：〔1〕A、B两物体的质量之比为多少？〔2〕现将A、B两物体的初始位置互换，再让B物体从h高处无初速释放，当A物体刚要离开地面时，B物体的速度是多少？考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：〔1〕对于A下降的过程，运用机械能守恒列式；A到达地面时，B物体对地面的压力恰好减为零，弹簧的弹力等于B的重力，列式，即可求解．〔2〕当A物体刚要离开地面时，弹簧的弹力等于A的重力，根据机械能守恒和胡克定律结合求解．解答：解：〔1〕由A下降过程，系统的机械能守恒得：=mgh当A刚好到达地面时，对B有：kh=Mg联立可解得：M=2m，即 m：M=1：2．〔2〕将A、B的初始位置互换，设A刚要离开地面时B物体下降了x，且此时B的速度为v，此时对A有：kx=mg由B下降过程，由系统的机械能守恒有：+=Mgx解得：x=，v=答：〔1〕A、B两物体的质量之比为1：2．〔2〕当A物体刚要离开地面时，B物体的速度是．点评：此题综合考查了共点力平衡、胡克定律和机械能守恒，要抓住临界状态，选择适宜的规律进展求解．。
湖南省岳阳县一中、湘阴县一中2015届高三12月联考物理试题Word版无答案
岳阳县一中湘阴县一中高三月考联考试卷物 理时量 ： 90分钟 分值 ：100分命题：岳阳县一中 张晏兵 审题：岳阳县一中 米庶一、选择题选择题（每小题4分，共48分，其中第3、9、10、12题为多选）1、下列说法正确的是A.牛顿发现了万有引力定律并测出了万有引力常量B.第谷通过对太阳系各行星运动的观测和记录并总结出了行星运动的三大规律C.库仑总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律D.伽利略通过“理想斜面实验”得出“力是维持物体运动的原因”2、一直线上有a 、b 两点，相距2m ，一质点沿该直线做匀变速直线运动，经过1s 的时间 先后通过a 、b 两点，则关于该质点通过a 、b 中点时的速度大小，的下列判断正确的是 cA ．若为匀加速运动，则v>2 m/s ，若为匀减速运动，则v<2 m/sB ．若为匀加速运动，则v<2 m//s ，若为匀减速运动，则v>2 m/sC ．无论加速还是减速，都有v>2m ／sD ．无论加速还是减速，都有v<2m//s3、如图，电梯内重为10N 的物体悬挂在弹簧测力计上．某时刻，乘客观察到测力计示数变为8N ，则电梯可能A ．匀加速向上运动B ．匀减速向上运动C ．匀加速向下运动D ．匀减速向下运动4、将两个质量均为m 的小球a 、b 用细线相连后，再用细线悬挂于O 点，如图所示。
用力F 拉小球b ，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa 与竖直方向的夹角保持θ=30°，则F 的最小值为A. 3 mg/3B. 3 mg/2C. mgD.mg/25、冥王星绕太阳的公转轨道是个椭圆，公转周期为T0，其近日点到太阳的距离为a ，远日点到太阳的距离为b ，半短轴的长度为c ，A 、B 、C 、D 分别为长短轴的端点，如图所示．若太阳的质量为M ，万有引力常量为G ，忽略其他行星对它的影响则A ．冥王星从A ―→B ―→C 的过程中，速率逐渐变大B ．冥王星从A ―→B 所用的时间等于T 04C ．冥王星从B ―→C ―→D 的过程中，万有引力对它先做正功后做负功D ．冥王星在B 点的加速度为4GM 4c 2+(b-a)26、如图所示，在粗糙水平板上放一个物体，使水平板和物体一起在竖直平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，ab 为水平直径，cd 为竖直直径，在运动过程中木板始终保持水平，物块相对木板始终静止，则： （ ）A ．物块始终受到三个力作用B ．只有在a 、b 、c 、d 四点，物块受到合外力才指向圆心C ．从a 到b ，物体所受的摩擦力先增大后减小D ．从b 到a ，物块处于超重状态7、如右图所示，AB 是某个点电荷电场的一根电场线，在电场线上O 点由静止释放一个负电荷，它仅在电场力作用下沿电场线向B 运动，下列判断正确的是A ．电场线由B 指向A ，负电荷做加速运动，加速度越来越小B ．电场线由B 指向A ，负电荷做加速运动，其加速度大小变化不能确定C ．电场线由A 指向B ，负电荷做匀加速运动D ．电场线由B 指向A ，负电荷做加速运动，加速度越来越大8、如图所示，在等势面沿竖直方向的匀强电场中，一带负电的微粒以一定初速度射入 电场，并沿直线从A 向B 运动，由此可知A ．电场中A 点的电势低于B 点的电势B ．微粒在A 点时的动能大于在B 点时的动能，在A 点时的电势能小于在B 点时的电势能C ．微粒在A 点时的动能小于在B 点时的动能，在A 点时的电势能大于在B 点时的电势能D ．微粒在A 点时的机械能与电势能之和等于在B点时的机械能与电势能之和9、光滑水平面上放置两个等量同种电荷，其连线中垂线上有A 、B 、C 三点，如图甲所示， 一个质量m ＝1kg 的小物块自C 点由静止释放，小物块带电荷量q ＝2C ，其运动的v －t 图线如图乙所示，其中B 点为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线），则以下分析正确的是A ．B 点为中垂线上电场强度最大的点，场强E ＝1V ／mB ．由C 点到A 点，电势逐渐降低C ．由C 点到A 点物块的电势能先减小后变大D ．B 、A 两点间的电势差为U BA ＝8．25V10、在一次探究活动中，某同学设计了如图所示的实验装置，将半径R=1m 的光滑半圆弧轨道固定在质量M=0.5kg 、长L=4m 的小车的上表面中点位置，半圆弧轨道下端与小车的上表面水平相切，现让位于轨道最低点的质量m=0.1kg 的光滑小球随同小车一起沿光滑水平面向右做匀速直线运动，某时刻小车碰到障碍物而瞬时处于静止状态（小车不反弹），之后小球离开圆弧轨道最高点并恰好落在小车的左端边沿处，该同学通过这次实验得到了如下结论，其中正确的是（g 取10m/s 2）A ．小球到达最高点的速度为10 m/sB ．小车与障碍物碰撞时损失的机械能为12.5JC ．小车瞬时静止前、后，小球在轨道最低点对轨道的压力由1N 瞬时变为6.5ND ．小车向右做匀速直线运动的速度约为6.5m/s11、如图所示，电灯A 标有“10V ，10W ”，电灯B 标有“8V ，20W ”，滑动变阻器的总电阻为6Ω，当滑动触头由a 端向b 端滑动的过程中(不考电灯电阻的变化)A.安培表示数一直减小，伏特表示数一直增大；B.安培表示数一直增大，伏特表示数一直减小；C.安培表示数先增大后减小，伏特表示数先减小后增大；D.安培表示数先减小后增大，伏特表示数先增大后减小。
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2015届湖南省岳阳县一中理科实验班周考试题一、选择题（4分*12=48分）1．如图所示的两个斜面，倾角分别为37°和53°，在顶点两个小球A、B以同样大小的初速度分别向左、向右水平抛出，小球都落在斜面上，若不计空气阻力，则A、B两个小球平抛运动时间之比为（）A.1:1B.4:3C.16:9D.9:162．如图，手持一根长为ｌ的轻绳的一端在水平桌面上做半径为r、角速度为ω的匀速圆周运动，绳始终保持与该圆周相切，绳的另一端系一质量为m的小木块，木块也在桌面上做匀速圆周运动，不计空气阻力，则（）A.木块只受重力、桌面的支持力和绳子拉力的作用B.绳的拉力大小为mωC.手对木块不做功D.手拉木块做功的功率等于()lrl rm223+ω3．（多选）如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上。
初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面。
在此过程中（）A．a的动能小于b的动能B．两物体机械能的变化量相等C．a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量D．绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的代数和为零4．如图所示的xOy坐标系中，x轴上固定一个点电荷Q，y轴上固定一根光滑绝缘细杆（细杆的下端刚好在坐标原点O处），将一个套在杆上重力不计的带电圆环（视为质点）从杆上P处由静止释放，圆环从O处离开细杆后恰好绕点电荷Q做圆周运动．下列说法正确的是A．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，加速度一直增大B．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，速度先增大后减小C．增大圆环所带的电荷量，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动D．将圆环从杆上P的上方由静止释放，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动5．对于真空中电荷量为q的静止点电荷而言，当选取离点电荷无穷远处的电势为零时，离点电荷距离为r处的电势为φ=kq/r（k为静电力常量），如图所示，两电荷量大小均为Q的异种点电荷相距为d，现将一质子（电荷量为e ）从两电荷连线上的A 点沿以负电荷为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点，在质子从A 到C 的过程中，系统电势能的变化情况为（ ） A ．减少222R d kQeR- B ．增加222Rd kQeR + C ．减少222R d kQe - D ．增加222R d kQe +6．如图所示，一个带电粒子从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计)电压为U 1的加速电场，经加速后从小孔S 沿平行金属板A 、B 的中心线射入．A 、B 板长为L ，相距为d ，电压为U 2.则带电粒子能从A 、B 板间飞出应该满足的条件是（ ) A.212U d U L ＜ B. 21U dU L＜ C. 22212U d U L＜ D. 2221U d U L ＜7．如图甲所示，一电子以v 0的初速度沿平行金属板的轴线射入金属板空间．从电子射入的时刻开始在金属板间加如图乙所示的交变电压，假设电子能穿过平行金属板．则下列说法正确的是（ ）A ．电子只可能从轴线到上极板之间的空间射出（不包括轴线）B ．电子只可能从轴线到下极板之间的空间射出（不包括轴线）C ．电子可能从轴线到上极板之间的空间射出，也可能沿轴线方向射出D ．电子射出后动能一定增大8．如图所示，E 为内阻不能忽略的电池，R 1、R 2、R 3均为定值电阻，与均为理想电表；开始时开关S闭合，均有读数，某时刻发现和读数均变大，则电路中可能出现的故障是A ．R 1断路B ．R 2断路C ．R 1短路D ．R 3短路 9．（多选）如图所示电路中，电源内电阻为r ，R 1、R 3、R 4均为定值电阻，电表均为理想电表．闭合开关S ，将滑动变阻器R 2的滑片向左滑动，电流表和电压表示数变化量的大小分别为ΔI 、ΔU ，下列结论正确的是( ) A ．电流表示数变大，电压表示数变小 B ．电阻1R 被电流表短路C.U r I ∆>∆ D.Ur I∆<∆ 10．（多选）劳伦斯和利文斯设计的回旋加速器工作原理如图所示，置于高真空中的D 形金属半径为R ，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可忽略，磁感应强度为B 的匀强磁场与盒面垂直，高频交流电频率为f ，加速电压为U.若A 处粒子源产生的质子质量为m 、电荷量为＋q ，在加速器中被加速，且加速过程中不考虑相对论效应和重力的影响，则下列说法正确的是（）A ．质子离开回旋加速器时的最大动能与加速电压U 无关B ．质子离开回旋加速器时的最大动能与交流电频率f 成正比C ．质子被加速后的最大速度不可能超过2πRfD ．质子第2次和第1次经过两D 形盒间狭缝后轨道半径之比为111．有一带电量为+q ，质量为m 的带电粒子，沿如图所示的方向，从A 点沿着与边界夹角30°、并且垂直磁场的方向，进入到磁感应强度为B 的匀强磁场中，已知磁场的上部没有边界，若离子的速度为v ，则该粒子离开磁场时，距离A 点的距离（ ）A.mv qB12．（多选）在一个边界为等边三角形的区域内，存在一个方向垂直于纸面向里的匀强磁场，在磁场边界上的P 点处有一个粒子源，发出比荷相同的三个粒子a 、b 、c （不计重力）沿同一方向进入磁场，三个粒子通过磁场的轨迹如图所示，用t a 、t b 、t c 分别表示a 、b 、c 通过磁场的时间；用r a 、r b 、r c 分别表示a 、b 、c 在磁场中的运动半径，则下列判断正确的是（ ）A. t a =t b ＞t cB. t c ＞t b ＞t aC. r c ＞r b ＞r aD. r b ＞r a ＞r c二、填空题（6分*3=18分）13．如图所示，真空中存在空间范围足够大的、方向水平向右的匀强电场，在电场中，一个质量为m 、带电量为q 的粒子从O 点出发，初速度的大小为v 0，在重力和电场力的共同作用下恰能沿与场强的反方向成θ角做匀减速直线运动，则：匀强电场的场强的大小为______________；粒子运动的最高点与出发点之间的电势差_______________14．如图所示，带正电的甲球固定在足够大的光滑绝缘水平面上的A 点，其带电量为Q ；质量为m ，带正电的乙球在水平面上的B 点由静止释放，，其带电量为q ；A 、B 两点间的距离为0l ．释放后的乙球除受到甲球的静电力作用外，还受到一个大小为24KQqF l（k 为静电力常数）、方向指向甲球的恒力（非电场力）作用，两球均可视为点电荷．则：乙球在释放瞬间的加速度大小______________；乙球的速度最大时两球间的距离_______________15．有一电流表A ，量程为1 mA ，内阻r1约为100 Ω，要求测量其内阻．可选用器材有：电阻箱R 1，最大阻值为99 999.9 Ω；滑动变阻器甲，最大阻值为10 k Ω；滑动变阻器乙，最大阻值为2 k Ω；电源E ，电动势约为6 V ，内阻不计；开关2个，导线若干．采用的测量电路图如图所示，实验步骤如下： ①断开S 1和S 2，将R 调到最大； ②合上S 1，调节R 使A 表满偏；③保持R 不变，合上S 2，调节R 1使A 表半偏，此时可以认为A 表的内阻r 1＝R 1.在上述可供选择的器材中，可变电阻R 应该选择__ _(选填“甲”或“乙”)；认为内阻r 1＝R 1，此结果与r 1的真实值相比__ _(选填“偏大”、“偏小”或“相等”)． 三、计算题 16．（13分）如图所示，M 、N 为两块带等量异种电荷的平行金属板，两板间电压可取从零到某一最大值之间的各种数值．静止的带电粒子带电荷量为＋q ，质量为m(不计重力)，从点P 经电场加速后，从小孔Q 进入N 板右侧的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外，CD 为磁场边界上的一绝缘板，它与N 板的夹角为θ＝45°，孔Q 到板的下端C 的距离为L ，当M 、N 两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在CD 板上，求： (1)两板间电压的最大值U m ；(2)CD 板上可能被粒子打中区域的长度s ； (3)粒子在磁场中运动的最长时间t m . 17．（13分）半径为R 的圆形匀强磁场区域，磁感应强度为B ，方向垂直纸面向里，在y=R 的虚线上方足够大的范围内，有方向水平向左的匀强电场，电场强度为E ，从O 点向不同方向发射速率相同的质子，质子的运动轨迹均在纸面内，且质子在磁场中的偏转半径也为R ，已知质子的电荷量为q ，质量为m ， 不计重力、粒子间的相互作用力及阻力，求：①质子射入磁场时速度的大小；②沿x 轴正方向射入磁场的质子，到达y 轴所需的时间；③与x 轴正方向成300角（如图所示）射入的质子，达到y 轴的位置坐标.18．（18分）“太空粒子探测器”是由加速、偏转和收集三部分组成，其原理可简化如下：如图甲所示，辐射状的加速电场区域边界为两个同心平行半圆弧面，圆心为O ，外圆弧面AB 的半径为L ，电势为φ1，内圆弧面CD 的半径为L/2，电势为φ2。
足够长的收集板MN 平行边界ACDB ，O 到MN 板的距离OP 为L 。
假设太空中漂浮着质量为m ，电量为q 的带正电粒子，它们能均匀地吸附到AB 圆弧面上，并被加速电场从静止开始加速，不计粒子间的相互作用和其它星球对粒子引力的影响。
（1）求粒子到达O 点时速度的大小：（2）如图乙所示，在边界ACDB 和收集板MN 之间加一个半圆形匀强磁场，圆心为O ，半径为L 磁场方向垂直纸面向内，则发现从AB 圆弧面收集到的粒子有2/3能打到MN 板上（不考虑过边界ACDB 的粒子再次返回），求所加磁感应强度的大小；（3）随着所加磁场大小的变化，试定量分析收集板MN 上的收集效率η与磁感应强度B 的关系。
物理答案1 23 4 5 6 7 8 9 10 11 12 D DADCACCBADACAAC13．（1）cot mg qθ（2）mv 02cos 2θ／2q 14．（1）2034kQqa ml =（2）x ＝2l 0 15．甲，偏小16．（1）222qB L m（2）(2（3）m Bq π【解析】试题分析：(1)M 、N 两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在CD 板上，所以圆心在C 点，如图所示，CH ＝QC ＝L(1分)，故半径1r ＝L ，又因为qv 1B ＝m 211v r (2分)且qU m ＝2112mv ，所以U m ＝222qB L m (2分)(2)设粒子在磁场中运动的轨迹与CD 板相切于K 点，此轨迹的半径为r 2，设圆心为A ，在△AKC 中：sin 45°＝22r L r -，解得r 2＝－1)L ，即KC ＝r2＝－1)L(3分) 所以CD 板上可能被粒子打中的区域的长度s ＝HK ，即s ＝r 1－r 2＝(2)L(2分) (3)打在QE 间的粒子在磁场中运动的时间最长，均为半个周期，所以t m ＝2T ＝m Bqπ17．①mqBR v =; ②2mqB π+③（mE qR BR R 323,0+）【解析】 试题分析：（1）质子射入磁场后做匀速圆周运动，有Rv mqvB 2= 解得 m qBR v = （2）质子沿x 轴正向射入磁场，经41圆弧后以速度v 垂直于电场方向进入电场.在磁场中运动的时间 qBm T t 241π== 进入电场后做类平抛运动，沿电场方向运动R 后到达y 轴 因此有 22222121t mqE at R ⋅⋅== 解得 qEmR t 22= 所求时间 qE mR qB m t t t 2221+=+=π （3）质子磁场中转过1200角后从P 点垂直于电场线进入电场，如图所示.P 点距y 轴的距离 R R R x 5.130sin 1=︒+= 在电场中 23121t mqE x ⋅=得质子到达y 轴所需时间为 qEmR t 33=在y 方向质子做匀速直线运动，有mEqR BR R vt R y 32360sin 3+=+︒= 质子到达y 轴的位置坐标为（mEqR BR R 323,0+）.考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；类平抛运动的规律.18．（1）()m q v 212ϕϕ-=（2）()qm L B 21021ϕϕ-=（3）磁感应强度增大，收集效率变小 【解析】所以：()mq v 212ϕϕ-=（1分）（2）从AB 圆弧面收集到的粒子有2/3能打到MN 板上，则刚好不能打到MN 上的粒子从磁场中出来后速度的方向与MN 平行，则入射的方向与AB 之间的夹角是60°，在磁场中运动的轨迹如图甲，轨迹圆心角θ=600。