金版教程物理全解答案及教案 (18)
《金版教程(物理)》2025高考科学复习解决方案第二章 相互作用第3讲 启智微专题 2含答案
《金版教程(物理）》2025高考科学复习解决方案第二章 相互作用思想方法2 整体法与隔离法在多物体平衡问题中的应用 方法概述对于两个或两个以上物体组成的系统的平衡问题，分析外力对系统的作用时，宜用整体法；而在分析系统内各物体(或一个物体各部分)间的相互作用时常用隔离法。
对一些较复杂的问题，通常需要多次选取研究对象，交替使用整体法和隔离法。
(2023·云南省丽江市高三下第一次模拟统测)如图所示，质量分别为M 、m 的两个木块A 、B 通过轻弹簧连接，木块A 放在水平桌面上，木块B 用轻绳通过定滑轮在力F 的作用下整体恰好处于静止状态，绳与水平方向成α角，重力加速度为g ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
不计滑轮与绳间的摩擦，则下列说法正确的是( )A ．木块A 对桌面的压力为(M ＋m )g －FB ．木块A 与桌面之间的动摩擦因数μ＝F cos α（M ＋m ）g －FC ．弹簧与水平方向的夹角β的正切值tan β＝F sin α－mg F cos αD ．弹簧的弹力大小为F 弹＝（F sin α）2＋（F cos α－mg ）2[答案] C[解析] 对木块A 、B 和弹簧构成的系统整体受力分析，系统恰好静止，根据平衡条件，竖直方向有F sin α＋N 地＝(M ＋m )g ，水平方向有F cos α＝f max ，解得桌面对木块A 的支持力N 地＝(M ＋m )g －F sin α，桌面对木块A 的最大静摩擦力f max ＝F cos α，根据牛顿第三定律可知木块A 对桌面的压力为N ＝N 地＝(M ＋m )g －F sin α，根据f max ＝μN 可知木块A 与桌面之间的动摩擦因数μ＝F cos α（M ＋m ）g －F sin α，故A 、B 错误；因轻绳对木块B 的拉力沿右上方向，分析可知，要使木块B 静止，弹簧对木块B 的弹力一定沿左下方向，对木块B 受力分析，根据平衡条件有F 弹sin β＝F sin α－mg ，F 弹cos β＝F cos α，两式相比得tan β＝F sin α－mg F cos α，两式平方相加得F 弹＝（F cos α）2＋（F sin α－mg ）2，故C 正确，D 错误。
《金版教程(物理)》2024导学案选择性必修第一册人教版新第四章 光1.光的折射含答案
《金版教程(物理）》2024导学案选择性必修第一册人教版新第四章光1．光的折射1．理解光的折射定律，并能用其解释和计算有关问题。
2.理解折射率的物理意义，知道光速与折射率的关系。
3.会用插针法测量玻璃的折射率。
4.会用折射规律分析色光的折射现象。
一折射定律1．光的反射和折射：光从第1种介质射到该介质与第2种介质的01分界面时，一部分光会返回到第1种介质，这个现象叫作02光的反射；另一部分光会进入第2种介质，这个现象叫作03光的折射。
204同一平面内，折射光线与入射光线分别05两侧；入射角的正弦与折射角的正弦成06正比，即07sinθ1＝n12。
式中n12是sinθ208无关，只与09两种介质的性质有关。
310可逆的。
二折射率101真空射入某种介质发生折射时，入射角的02正弦与折射角的03正弦之比，叫作这种介质的绝对折射率，简称04折射率，用符号n表示。
n＝05sinθ1sinθ2，其中θ1为真空中的入射角。
2．物理意义：衡量材料06光学性能的重要指标。
不同的介质有不同的折射率。
3．光速与折射率的关系：某种介质的折射率，等于光在真空中的传播速度c与光在这种介质中的传播速度v之比，即07n＝cv。
由于光在真空中的传播速度c大于光在任何其他介质中的传播速度v，因而任何介质的折射率n都08大于1，所以光从真空射入任何介质时，入射角总是09大于折射角。
三插针法测量玻璃的折射率如图所示，当光以一定的入射角透过一块两面平行的玻璃砖时，只要找出与入射光线01AO相对应的出射光线02O′D，就能够画出光从空气射入玻璃砖后的折射光线03OO′，于是就能测量入射角θ1和折射角θ2。
根据04折射定律，就可以求出玻璃的折射率。
1．判一判(1)一束光从空气进入水中时，传播方向一定发生变化。
()(2)光的反射现象中，光路是可逆的，光的折射现象中，光路不是可逆的。
()(3)光从一种介质进入另一种介质时发生了折射，则其传播速度一定发生了变化。
《金版教程(物理)》2024导学案选择性必修第一册人教版新第一章 动量守恒定律3.动量恒定律含答案
《金版教程(物理）》2024导学案选择性必修第一册人教版新第一章动量守恒定律3．动量守恒定律1．理解系统、内力、外力的概念。
2.知道动量守恒定律的内容及表达式，理解其守恒的条件，知道动量守恒定律的普适性。
3.会用动量守恒定律解答相关问题。
一系统、内力与外力1．系统：由01两个(或多个)相互作用的物体构成的整体。
2．内力：系统中物体间的作用力。
3．外力：系统02以外的物体施加给系统内物体的力。
二动量守恒定律1．内容：如果一个系统01不受外力，或者02所受外力的矢量和为0，这个系统的总动量保持不变。
2．表达式：对两个物体组成的系统，常写成：03p1′＋p2′＝p1＋p2或04m1v1′＋m2v2′＝m1v1＋m2v2。
3．适用条件：系统05不受外力或者所受外力的矢量和06为0。
4．普适性：动量守恒定律适用于目前为止物理学研究的07一切领域。
1．判一判(1)系统的动量守恒时，系统内各物体的动量一定守恒。
()(2)题目中涉及甲、乙、丙三个物体时，可以将甲和乙、甲和丙、乙和丙以及甲、乙、丙选为系统，具体如何选择要依据实际问题分析。
()(3)应用动量守恒定律时，若碰撞前后物体的速度方向相反，应规定正方向，将矢量运算转化为代数运算。
()(4)动量守恒定律只适用于宏观低速的物体。
()(5)如果系统的机械能守恒，则动量也一定守恒。
()提示：(1)×(2)√(3)√(4)×(5)×2．想一想(1)一个力对某个系统来说是外力，这个力在另一个系统中可以是内力吗？提示：可以。
一个力是内力还是外力关键看所选择的系统，如发射炮弹时，以炮弹和炮车为系统，地面对炮车的力是外力，如果选炮弹、炮车及地球为系统，地面对炮车的力就是内力。
(2)系统内存在摩擦力，系统的动量还守恒吗？提示：守恒。
系统内的摩擦力是内力，动量是否守恒取决于系统所受外力的情况。
(3)动量守恒定律和牛顿运动定律的适用范围一样吗？提示：不一样，动量守恒定律的适用范围更广。
《金版教程(物理)》2024导学案必修第册人教版新第十章 静电场中的能量1.电势能和电势含答案
《金版教程(物理）》2024导学案必修第册人教版新第十章静电场中的能量1.电势能和电势1．知道静电力做功与路径无关。
2.理解电势能的概念，理解静电力做功与电势能变化的关系，认识电势能的相对性。
3.知道电势的定义及其定义式、单位，能根据电场线判断电势高低。
一静电力做功的特点101起始位置和02终止位置有关，03无关。
2．在匀强电场中静电力所做的功W04qEL cosθ，其中θ为静电力与电荷位移L间的夹角。
二电势能101电场中具有的势能，用E p表示。
2．静电力做功与电势能变化的关系：如果用W AB表示电荷由A点运动到B点静电力所做的功，E p A和E p B分别表示电荷在A点和B点的电势能，它们之间的关系为W AB02E p A－E p B。
03减少；静电力做负功，电势能04增加。
305零势能位置时静电力所做的功。
4．零势能位置：060的位置，07无限远处或在08大地表面的电势能规定为0。
三电势1．定义：电荷在电场中某一点的电势能与它的电荷量之比，叫作电场在这一点的电势。
2．定义式：φ＝01E p q 。
3．单位：在国际单位制中，电势的单位是02伏特，符号是V，1 V＝1 J/C。
4．电势与电场线的关系：沿着电场线方向电势逐渐03降低。
5．特点(1)相对性：电场中各点电势的高低与所选取的零电势点的位置有关，常取离场源电荷04无限远处或05大地的电势为0。
(2)标矢性：在规定了零电势点之后，电场中各点的电势可以是06正值，也可以是07负值。
电势只有大小，没有方向，是个08标量。
1．判一判(1)静电力做功与重力做功相似，均与路径无关。
()(2)正电荷具有的电势能一定是正的，负电荷具有的电势能一定是负的。
()(3)静电力做功为零，电荷的电势能也为零。
()(4)电场中电场强度为零的地方电势一定为零。
()(5)带电粒子一定从电势能大的地方向电势能小的地方移动。
()(6)电势是标量，有正负，电势的正负不表示大小。
《金版教程(物理)》2024导学案必修第册人教版新第十二章 电能 能量守恒定律实验：电量含答案
《金版教程(物理）》2024导学案必修第册人教版新第十二章电能能量守恒定律3.实验：电池电动势和内阻的测量1．掌握伏安法测量电池电动势和内阻的原理，会选用实验器材正确连接电路并进行实验数据处理。
2.理解“伏阻法”“安阻法”测量电池电动势和内阻的原理，掌握其数据处理方法。
3.尝试进行电源电动势和内阻测量误差的分析，了解测量中减小误差的办法。
一实验思路(伏安法)如图所示电路中，E＝U＋Ir，如果能测出U、I的两组数据，就可以列出两个关于E、r的方程，从中解出E、r。
然而只测量两组数据，通过联立解方程解得E和r，误差可能较大，应该01多次测量，并对数据处理，才能减小误差。
所以，应该使用02滑动变阻器改变外电路电阻，进行多次测量。
二实验器材电池、开关、滑动变阻器、电压表、电流表、导线。
三实验步骤1．确定电流表、电压表的量程，按图连接好电路，并将滑动变阻器的滑片移到使接入电路的阻值最大的一端。
2．闭合开关S，接通电路，将滑动变阻器的滑片由一端向另一端移动，从电流表有明显读数开始，记录一组电流表、电压表读数。
3．用同样的方法，依次记录多组U、I值。
4．断开开关S，拆除电路。
5．用公式法或图像法求出电池的电动势和内阻。
探究1测量过程·获取数据仔细观察下列图片，认真参与“师生互动”。
活动1：本实验的研究对象是什么？研究什么？提示：本实验的研究对象是电源，要测出它的电动势和内阻。
活动2：本实验的原理图应是上图中的哪个？为什么不选另一个图？提示：本实验的原理图是图甲。
尽管图甲的接法也存在误差，但是图乙测出的内阻是电源的内阻和电流表的内阻之和，而这两个内阻一般来说大小不相上下，则测出的结果没有实际价值。
活动3：本实验要获得的是什么数据？测两组数据够吗？提示：要通过电压表、电流表获得路端电压和电路的电流这两个数据。
根据实验原理，两组数据就可以解出E、r，但误差可能很大。
为了减小误差，只有两组数据还不够，还应该调节滑动变阻器获得多组数据。
《金版教程(物理)》2025高考科学复习解决方案第十章 磁场第2讲 磁场对运动电荷的作用含答案
《金版教程(物理）》2025高考科学复习解决方案第十章 磁场第讲 磁场对运动电荷的作用[教材阅读指导](对应人教版选择性必修第二册相关内容及问题)第一章第2节阅读“洛伦兹力的方向”这一部分内容，体会洛伦兹力既与速度垂直，又与磁场垂直，即垂直于速度和磁场所确定的平面。
思考：洛伦兹力做功有什么特点？提示：因洛伦兹力总与速度垂直，故总不做功。
第一章第2节“洛伦兹力的大小”这部分的[思考与讨论]，洛伦兹力与安培力是什么关系？ 提示：导线中运动电荷所受洛伦兹力的矢量和在宏观上表现为安培力。
第一章第2节“电子束的磁偏转”这部分的[思考与讨论]第3问。
提示：偏转磁场先垂直纸面向里减小至零，再从零开始垂直纸面向外增大。
第一章第3节阅读“带电粒子在匀强磁场中的运动”这一部分内容，带电粒子在磁场中做匀速圆周运动需要满足什么条件？提示：磁场必须是匀强磁场，带电粒子初速度方向与磁场垂直。
第一章第3节阅读“带电粒子在磁场中做圆周运动的半径和周期”这一部分内容，带电粒子在磁场中做圆周运动的速度越大，周期越小吗？提示：不是，由T ＝2πm qB可知，带电粒子运动周期与速度大小无关。
必备知识 梳理与回顾一、洛伦兹力、洛伦兹力的方向 洛伦兹力公式1．洛伦兹力的定义：01运动电荷在磁场中受到的力称为洛伦兹力。
2．洛伦兹力的方向(1)用左手定则判定：伸开左手，使拇指与其余四个手指02垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心03垂直进入，并使四指指向04正电荷运动的方向，这时拇指所指的方向就是运动的05正电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向。
负电荷受力的方向与正电荷受力的方向相反。
(2)方向特点：F ⊥B ，F ⊥v ，即F 垂直于06B 和v 所决定的平面(注意B 和v 可以有任意夹角)。
由于F 始终07垂直于v 的方向，故洛伦兹力永不做功。
3．洛伦兹力的大小：F ＝qvB sin θ，其中θ为电荷运动方向与磁场方向之间的夹角。
《金版教程(物理)》2025高考科学复习解决方案第十章 磁场第1讲 磁场及其对电流的作用含答案
《金版教程(物理）》2025高考科学复习解决方案第十章磁场第讲磁场及其对电流的作用[教材阅读指导](对应人教版必修第三册、选择性必修第二册相关内容及问题) 必修第三册第十三章第1节图13.11，通电导线呈东西走向时，小磁针还偏转吗？为什么？提示：通电导线呈东西走向时，小磁针不偏转。
因为若没有通电导线，小磁针在地磁场的作用下呈南北走向，当通电导线呈东西走向时，其产生的磁场在小磁针所在位置的方向仍然为南北方向，给小磁针的力还是南北方向，不会使小磁针偏转。
必修第三册第十三章第1节，阅读“磁感线”这一部分内容。
必修第三册第十三章第1节，阅读“安培定则”这一部分内容，对直线电流和环形电流或通电螺线管，安培定则在用法上有什么不同？提示：对直线电流，拇指指向与电流方向一致，弯曲的四指指向同磁感线的环绕方向一致；对环形电流或通电螺线管，拇指指向与内部轴线上的磁感线方向一致，弯曲的四指指向同电流的环绕方向一致。
必修第三册第十三章第1节，阅读[科学漫步]“安培分子电流假说”这一部分内容。
必修第三册第十三章第1节[练习与应用]T7。
提示：乙。
地磁场北极在地球南极附近，地磁场南极在地球北极附近。
应用环形电流的安培定则判定。
必修第三册第十三章第2节，阅读“磁感应强度”这一部分内容，公式B ＝F Il有什么适用条件？提示：只有电流与磁场垂直时，公式B ＝F Il 才成立。
必修第三册第十三章第2节图13.2-6，除了用有效面积S ′求磁通量外，还可以用什么方法？ 提示：把B 分解为垂直于S 的B ⊥和平行于S 的B ∥，用Φ＝B ⊥S 求解。
选择性必修第二册第一章第1节，阅读“安培力的方向”这一部分内容；[练习与应用]T 2，体会安培力既与电流垂直，又与磁场垂直，即垂直于电流和磁场所确定的平面。
选择性必修第二册第一章[复习与提高]A 组T 2(1)，导线怎样运动？提示：逆时针转动的同时下移。
选择性必修第二册第一章[复习与提高]A 组T 3。
《金版教程(物理)》2025高考科学复习解决方案第一章 运动的描述 匀变速直线运动第3讲含答案
《金版教程(物理）》2025高考科学复习解决方案第一章运动的描述匀变速直线运动第讲自由落体运动和竖直上抛运动多过程问题[教材阅读指导](对应人教版必修第一册相关内容及问题)第二章第4节图2.4-1，轻重不同的物体下落快慢的研究：在现实生活中人们看到物体下落的快慢不同的原因是什么？提示：受到空气阻力的影响。
第二章第4节观察“表一些地点的重力加速度”，总结重力加速度的变化规律。
提示：从赤道到两极，重力加速度逐渐变大。
第二章第4节[科学漫步]图2.4-6，伽利略的斜面实验中如何测量时间？如何由斜面上的运动规律推出自由落体的运动规律？提示：当时只能靠滴水计时，让铜球沿阻力很小的斜面滚下，“冲淡”了重力，使加速度变小，时间变长，更容易测量。
合理外推将斜面的倾角增大到90°。
第二章第4节[练习与应用]T6，如何制作一把“人的反应时间测量尺”？提示：根据自由落体运动公式算出直尺下落的时间，即为人的反应时间。
必备知识梳理与回顾一、自由落体运动1．定义：01重力作用下从02静止开始下落的运动。
2．运动性质：初速度v0＝0、加速度为重力加速度g03匀加速直线运动。
3．基本规律(1)速度与时间的关系式：v04gt。
(2)位移与时间的关系式：h0512gt2。
(3)速度与位移的关系式：v 2＝062gh 。
4．伽利略对自由落体运动的研究(1)伽利略通过07逻辑推理的方法推翻了亚里士多德的“重的物体下落得快”的结论。
(2)伽利略对自由落体运动的研究方法是逻辑推理―→猜想与假设―→实验验证―→合理外推。
这种方法的核心是把实验和08逻辑推理(包括数学演算)和谐地结合起来。
二、竖直上抛运动1．运动特点：加速度为g ，上升阶段做01匀减速直线运动，下降阶段做02自由落体运动。
2．基本规律(1)速度与时间的关系式：v ＝03v 0－gt 。
(2)位移与时间的关系式：h ＝04v 0t －12gt 2。
(3)速度与位移的关系式：v 2－v 20＝05－2gh 。
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板块四 限时·规范·特训时间：45分钟满分：100分 一、选择题(本题共10小题，每小题6分，共60分，其中1～6为单选，7～10为多选)1．如图，理想变压器原、副线圈匝数比为20∶1，两个标有“12 V ，6 W ”的小灯泡并联在副线圈的两端。
当两灯泡都正常工作时，原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想的)的示数分别是( )A.120 V ,0.10 AB ．240 V ,0.025 A C.120 V ,0.05 AD ．240 V ,0.05 A答案 D解析 副线圈电压U 2＝12 V ，由U 1U 2＝n 1n 2得U 1＝240 V ，副线圈中电流I 2＝2·P U ＝1 A ，由I 1I 2＝n 2n 1得I 1＝0.05 A ，D 选项正确。
2．如图所示，将理想变压器原线圈接入电压随时间变化规律为：u ＝220 2 sin100πt (V)的交流电源上，在副线圈两端并联接入规格为“22 V 22 W ”的灯泡10个，灯泡均正常发光。
除灯泡外的电阻均不计，下列说法正确的是( )A.变压器原、副线圈匝数比为102∶1B.电流表示数为1 AC.电流表示数为10 AD.副线圈中电流的频率为5 Hz答案 B解析由u＝220 2 sin100πt(V)可知，输入电压的有效值U1＝2202V＝220 V，又知在输出端10个灯泡并联且正常发光，则知输2出端电压的有效值U2＝22 V，则n1∶n2＝U1∶U2＝10∶1，A选项错。
＝1 A，输出端10个灯泡均正常发光，总灯泡正常发光时的电流I＝PU电流I2＝10I＝10 A，根据I1∶I2＝n2∶n1，得出电流表示数I1＝1 A，B 选项对，C选项错。
变压器中输出电流的频率与输入电流的频率是一致的f＝100π2πHz＝50 Hz，D选项错。
3.[2015·江西二模]图甲为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为4∶1，原线圈接图乙所示的正弦交流电。
图甲中R t为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R1为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。
则下列说法正确的是()A.图乙所示电压的瞬时值表达式为u＝51 sin50πt VB.变压器原、副线圈中的电流之比为1∶4C.变压器输入、输出功率之比为1∶4D.R t处温度升高时，电压表和电流表的示数均变大答案 B解析 题图乙所示电压的瞬时值表达式为u ＝51sin100πt V ，A 选项错误。
根据n 1n 2＝I 2I 1可知，原、副线圈中的电流之比与匝数成反比，理想变压器的输入、输出功率相等，B 选项正确，C 选项错误。
R t 处温度升高时，R t 的阻值减小，电压表示数不变，电流表示数变大，所以D 选项错误。
4.[2015·湖北二联]如图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T 为理想变压器，V 1、A 1为监控市电供电端的电压表和电流表，V 2、A 2为监控校内变压器的输出端的电压表和电流表，R 1、R 2为教室的负载电阻，V 3、A 3为教室内的监控电压表和电流表，配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S 闭合时( )点击观看解答视频A ．电流表A 1、A 2和A 3的示数都变大B.只有电流表A 1的示数变大C.电压表V 3的示数变小D.电压表V 2和V 3的示数都变小答案 C解析 在电路中，S 闭合前，由U 1U 2＝n 1n 2可知，电压表V 2的示数为U 2＝n 2n 1U 1，电路中电流表A 2与A 3是串联关系，则由欧姆定律可得I 2＝I 3＝U 2r ＋R 1(r 为电线电阻)，电压表V 3的示数为U 3＝R 1I 2，再由I 2I 1＝n 1n 2可知电流表A 1的示数为I 1＝n 2n 1I 2，同理，在电路中S 闭合后，可知因U 1不变，电压表V 2示数为U 2′＝n 2n 1U 1＝U 2不变，I 2′＝U 2r ＋R 并(r 为电线电阻)，因R 并<R 1，则有I 2′>I 2，又I 1′＝n 2n 1I 2′，则I 1′>I 1，由U 2′＝U r ′＋U 3′＝I 2′r ＋U 3′，可知U 3′<U 3，又I 3′＝U 3′R 1，则I 3′<I 3，则可判断V 1的示数不变，V 2的示数不变，V 3的示数变小，A 1的示数变大、A 2的示数变大、A 3的示数变小，A 、B 、D 选项都错误，C 选项正确。
5．如图是原、副线圈都有中心抽头(匝数一半处)的理想变压器，原线圈通过单刀双掷开关S 1与电流表连接，副线圈通过另一单刀双掷开关S 2与定值电阻R 0连接，通过S 1、S 2可以改变原、副线圈的匝数。
现在原线圈上加一电压有效值为U 的正弦交流电，当S 1接a ，S 2接c 时，电流表的示数为I ，下列说法正确的是( )A.当S 1接a ，S 2接d 时，电流为2IB.当S 1接a ，S 2接d 时，电流为I 2C.当S 1接b ，S 2接c 时，电流为4ID.当S 1接b ，S 2接d 时，电流为I 2 答案 C 解析 设S 1、S 2分别接a 、c 时，匝数比为n 1∶n 2，则输出电压U 2＝n 2n 1U ，功率P ＝UI ＝U 22R 0，I ＝P U ＝n 22U n 21R 0；在S 1、S 2分别接a 、d 时，输出电压U 2′＝n 2U 2n 1，功率P ′＝UI ′＝U 2′2R 0，解得I ′＝P ′U ＝n 22U 4n 21R 0＝14I ，所以A 、B 选项均错，同理可知，C 选项对，D 选项错误。
6.如图所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图象，则( )A ．用户用电器上交流电的频率是100 HzB.发电机输出交流电的电压有效值是500 VC.输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定D.当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小 答案 D解析 由图乙知，交流电的周期为0.02 s ，所以频率f ＝1T ＝50 Hz ，A 选项错误。
发电机输出交流电的电压最大值为U m ＝500 V ，故有效值U ＝U m 2＝250 2 V ，B 选项错误。
输电线电流I 线＝P 入－P 用R 线，可见I 线与R 线及用户电路有关，C 选项错误。
当用户用电器总电阻增大时，P 用减小，I 用减小，I 线减小，输电线上损失的电功率P 损＝I 2线R 线减小，D 选项正确。
7.如图所示的电路中，P 为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U 1不变，闭合电键S ，下列说法正确的是 ( )A.P 向下滑动时，灯L 变亮B.P 向下滑动时，变压器的输出电压不变C.P 向上滑动时，变压器的输入电流变小D.P 向上滑动时，变压器的输出功率变大答案 BD解析 对于理想变压器U 2＝n 2n 1U 1，U 1不变则U 2不变，与调节P 无关，故B 选项正确。
又U L ＝U 2，所以灯的亮度不变，A 选项错。
P向上滑动时R P 减小，则R 总减小，P 出＝U 22R 总增大，P 入＝P 出＝U 1I 1，所以I 1增大，可知C 选项错误，D 选项正确。
8.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n 1∶n 2＝10∶1，b 是原线圈的中心抽头，S 为单刀双掷开关，定值电阻R ＝10 Ω。
从某时刻开始在原线圈c 、d 两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法中正确的是 ( )A ．当S 与a 连接后，理想电流表的示数为2.2 AB.当S 与a 连接后，t ＝0.01 s 时理想电流表示数为零C.当S 由a 拨到b 后，原线圈的输入功率变为原来的4倍D.当S 由a 拨到b 后，副线圈输出电压的频率变为25 Hz 答案 AC解析 S 与a 连接后，由U 1U 2＝n 1n 2，又知U 1＝22022V ＝220 V ，得U 2＝22 V ，则理想电压表的示数为22 V ，又知定值电阻R ＝10 Ω，可得理想电流表示数为I ＝U 2R ＝2.2 A ，故A 选项对、B 选项错。
S 由a拨到b 后，n 1∶n 2＝5∶1，则U 1∶U 2′＝5∶1，得U 2′＝2U 2，据P ＝U 2R 得功率变为原来的4倍，故C 选项对。
输出电压频率不变，仍为50 Hz ，故D 选项错。
9.如图所示，a 、b 间输入电压有效值为220 V 、频率为50 Hz 的正弦式交流电，两灯泡额定电压相等，变压器为理想变压器，电流表和电压表均为理想交流电表，闭合电键后，两灯泡均正常发光，电流表的示数为1 A ，电压表示数为22 V ，由此可知( )点击观看解答视频A ．变压器原、副线圈的匝数比为9∶1B.正常发光时，灯泡L 1的电阻是L 2的3倍C.原线圈电流为19A D.副线圈交变电流的频率为5 Hz答案 AC解析 因为两灯泡额定电压相等，闭合电键后，两灯泡均正常发光，所以原线圈两端电压为220 V －22 V ＝198 V ，原、副线圈匝数比n 1n 2＝U 1U 2＝19822＝91，A 正确；根据I 1I 2＝n 2n 1＝19，原线圈电流I 1＝19 A ，根据I 1R L1＝I 2R L2，可知R L1＝9R L2，B 错误，C 正确；变压器不改变交流电的频率，D 错误。
10.在远距离送电时，输送的电功率为P ，输送电压为U ，所用导线的电阻率为ρ，横截面积为S ，总长度为L ，输电线损失的电功率为P ′，用户得到的电功率为P 用，则P ′、P 用的关系式正确的是( )A.P ′＝U 2S ρL B ．P ′＝P 2ρL U 2S C.P 用＝P －U 2S ρLD ．P 用＝P ⎝⎛⎭⎪⎫1－PρL U 2S 答案 BD 解析 输电线损失的电功率P ′＝I 2R ，用户得到的电功率P 用＝P －P ′输电线电阻R ＝ρL S输电电流I ＝P U故输电线上损失的电功率为：P ′＝I 2R ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫P U 2ρL S ＝P 2ρL U 2S ，B 选项正确。
用户得到的功率为：P 用＝P －P ′＝P ⎝ ⎛⎭⎪⎫1－PρL U 2S ，D 选项正确。
二、非选择题(本题共3小题，共40分)11．(10分)如图所示，理想变压器的交流输入电压U 1＝220 V ，有两组副线圈，其中n 2＝36匝，标有“6 V 9 W ”、“12 V 12 W ”的电灯分别接在两副线圈上均正常发光，求：(1)原线圈的匝数n 1和另一副线圈的匝数n 3；(2)原线圈中电流I 1。
答案 (1)n 1＝1320匝，n 3＝72匝 (2)I 1＝0.095 A解析 (1)两灯均正常发光，U 2＝6 V ，U 3＝12 V ，由n 2n 3＝U 2U 3，得n 3＝72匝，由U 1U 2＝n 1n 2得n 1＝1320匝。