天津市滨海新区2021届新高考物理考前模拟卷(2)含解析
2021年天津市滨海新区高考物理模拟试卷
2021年天津市滨海新区高考物理模拟试卷一、单选题（本大题共5小题，共25.0分）1.2020年12月，我国自主研制新一代“人造太阳”，“中国环流器二号M”装置首次成功放电，标志我国核物理发展取得重大突破。
“人造太阳”中的核反应方程为： 12H+13H→24He+X.下列说法正确的是()A. 该核反应是核聚变反应，聚变反应过程需要吸收能量才能进行B. 该核反应是核裂变反应，核反应方程式中的X是中子C. 人造太阳释放的能量大小的计算公式是△E=△mc2D. 核反应表明，原子核越重，比结合能越大2.如今共享单车随处可见，与大多山地自行车相比，共享单车具有以下特点：①质量更小更轻便；②科技含量更高，携带GPS模块和SIM卡便于定位和传输信息；③每辆车自带二维码，以方便手机扫描进行连接；④自行车可通过车轮转动给车内电池进行充电。
根据以上信息，下列说法不正确的是()A. 共享单车比山地自行车惯性更大更容易改变运动状态B. App上定位共享单车位置信息须通过人造通讯卫星C. 共享单车和手机之间是靠电磁波传递信息D. 共享单车内部电源的充电是利用电磁感应原理实现的3.《天问》是中国战国时期诗人屈原创作的一首长诗，全诗问天问地问自然，表现了作者对传统的质疑和对真理的探索精神。
2020年7月23日，我国探测飞船天问一号发射成功飞向火星，屈原的“天问”梦想成为现实。
图中虚线为天问一号的“地”“火”转移轨道，下列说法正确的是()A. 天问一号最小发射速度为7.9km/sB. 天问一号由虚线轨道进入火星轨道需要点火加速C. 天问一号由地球到火星的虚线轨道上线速度逐渐变大D. 天问一号从地球飞到火星轨道的时间大于火星公转周期的一半4.关于热学的说法中，下列表述正确的是()A. 花粉颗粒在液体中的布朗运动，是由于花粉颗粒内部分子无规则热运动引起的B. 冰箱在制冷过程中，能将热量从温度低的物体传到温度高的物体，所以冰箱工作时不遵守热力学第二定律C. 在完全失重的状态下，密闭容器对容器壁压强为零D. 在绝热过程中，外界对一定质量的理想气体做功，气体的内能必然增加5.海上作业和军事领域中，在雷达无法使用的时候，经常通过解析海上浮标的位置信号来粗略地定位船舶和潜艇。
天津市滨海新区2021届新高考物理教学质量调研试卷含解析
天津市滨海新区2021届新高考物理教学质量调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．2019年11月5日01时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭,成功发射第49颗北斗导航卫星,标志着北斗三号系统3颗倾斜地球同步轨道卫星全部发射完毕。
倾斜地球同步轨道卫星是运转轨道面与地球赤道面有夹角的轨道卫星,运行周期等于地球的自转周期,倾斜地球同步轨道卫星正常运行时,下列说法正确是A ．此卫星相对地面静止B ．如果有人站在地球赤道处地面上,此人的向心加速比此卫星的向心加速度大C ．此卫星的发射速度小于第一宇宙速度D ．此卫星轨道正下方某处的人用望远镜观测，可能会一天看到两次此卫星【答案】D【解析】【详解】A ．由题意可知，倾斜地球同步轨道卫星相对地面有运动，故A 错误；B ．由向心加速度2a r ω=，赤道处的人和倾斜面地球同步轨道卫星角速度相同，则人的向心加速度小，故B 错误；C ．此卫星的发射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故C 错误；D ．由题意可知，此卫星轨道正下方某处的人用望远镜观测，会一天看到两次此卫星，故D 正确。
2．下列说法正确的是____________A ．β射线为原子的核外电子电离后形成的电子流B ．一个氢原子从n=3的激发态跃迁到基态时，最多能产生3个不同频率的光子C ．用加温、加压或改变其化学状态的方法都不能改变原子核衰变的半衰期D ．原子核经过衰变生成新核，则新核的质量总等于原核的质量【答案】C【解析】试题分析：β衰变的电子是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子，A 错误；一个氢原子从n=3的激发态跃迁到基态时，最多产生两种不同频率的光子，但是若是大量氢原子从n=3的激发态跃迁到基态时，最多可产生3种不同频率的光子，B 错误；原子核的半衰期与外界因素无关，C 正确；原子核经过衰变生成新核，需要释放出射线，质量减小，D 错误；考点：考查了原子衰变，氢原子跃迁3．一根重为G的金属棒中通以恒定电流，平放在倾角为30°光滑斜面上，如图所示为截面图。
天津市滨海新区2021届新高考物理模拟试题(2)含解析
天津市滨海新区2021届新高考物理模拟试题（2）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，一段长方体形导电材料，左右两端面的边长都为a和b，内有带电量为q的某种自由运动电荷．导电材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，内部磁感应强度大小为B．当通以从左到右的稳恒电流I时，测得导电材料上、下表面之间的电压为U，且上表面的电势比下表面的低．由此可得该导电材料单位体积内自由运动电荷数及自由运动电荷的正负分别为A．IBq aU，负B．IBq aU，正C．IBq bU，负D．IBq bU，正【答案】C【解析】【详解】因为上表面的电势比下表面的低，根据左手定则，知道移动的电荷为负电荷；根据电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡可得：UqvB qa=解得：UvBa=因为电流为：I nqvs nqvab==解得：IBnq bU=A.与分析不符，故A错误；B.与分析不符，故B错误；C.与分析相符，故C正确；D.与分析不符，故D错误．2．如图所示，两根互相平行的长直导线垂直于平面S，垂足分别为M、N，导线中通有大小相等、方向相反的电流。
O为MN的中点，PQ为M、N的中垂线，以O为圆心的圆与MN、PQ分别相交于a、b、c、d四点。
则下列说法中正确的是（）A．O点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．a、c两点处的磁感应强度方向不同D．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同【答案】D【解析】【分析】【详解】A．根据右手螺旋定则，M处导线在O点产生的磁场方向竖直向下，N处导线在O点产生的磁场方向竖直向下，合成后磁感应强度不等于0，故A错误；B．M在a处产生的磁场方向竖直向下，在b处产生的磁场方向竖直向下，N在a处产生的磁场方向竖直向下，b处产生的磁场方向竖直向下，根据场强的叠加知，a、b两点处磁感应强度大小相等，方向相同，故B错误；C．M在a处产生的磁场方向竖直向下，N在a处产生的磁场方向竖直向下，则a处的合磁场方向竖直向下，M在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下，N在c处产生的磁场方向垂直于cN偏下，且大小相等，由平行四边形定则可知，c处的合磁场方向竖直向下，故C错误；D．M在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下，N在c处产生的磁场方向垂直于cN偏下，且大小相等，由平行四边形定则可知，c处的合磁场方向竖直向下，同理可知，d处的合磁场方向竖直向下，由于c到M、N的距离与d到M、N的距离相等，则c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同，故D正确。
天津市滨海新区2021届高考物理模拟试卷 Word版含解析
天津市滨海新区2021届高考物理模拟试卷一、单项选择题（每小题6分，共30分．每小题给出四个选项中，只有一个选项是正确的）1．氢原子从n=3的能级跃迁到n=2的能级时辐射出a光，从n=4的能级跃迁到n=2的能级时辐射出b光．下列关于这两种光的说法正确的是( )A．由于电磁波传播速度仅由介质打算，所以a、b光在同种介质中的传播速度大小相同B．a、b光以相同的入射角从水射入空气，在增大入射角的过程中折射光a先消逝C．若a光不能使某金属发生光电效应，则b光肯定不能使该金属发生光电效应D．用同一双缝干涉装置进行试验，得到的相邻干涉条纹的间距，a光的比b光的大2．甲、乙、丙三图中物体的质量相同，弹簧秤、绳和滑轮的质量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计．在图甲、乙、丙中，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，则( )A．F3＞F1=F2B．F3=F1＞F2C．F1=F2=F3D．F1＞F2=F33．如图所示，长木板静止在光滑的水平面上，长木板的左端固定一个档板，档板上固定一个长度为L的轻质弹簧，长木板与档板的总质量为M，在木板的右端有一质量为m的铁块．现给铁块一个水平向左的初速度v0，铁块向左滑行并与轻弹簧相碰，碰后返回恰好停在长木板的右端．依据以上条件可以求出的物理量是( )A．铁块与轻弹簧相碰过程中所具有的最大弹性势能B．弹簧被压缩的最大长度C．长木板运动速度的最大值D．铁块与长木板间的动摩擦因数4．如图所示，一航天器围绕地球沿椭圆形轨道运动，地球的球心位于该椭圆的一个焦点上，A、B两点分别是航天器运行轨道上的近地点和远地点．若航天器所受阻力可以忽视不计，则该航天器( ) A．由近地点A运动到远地点B的过程中动能增大B．由近地点A运动到远地点B的过程中万有引力做正功C．在近地点A的加速度小于它在远地点B的加速度D．运动到A点时其速度假如能增加到其次宇宙速度，那么它将不再围绕地球运行5．某住宅区的应急供电系统，由沟通发电机和副线圈匝数可调的抱负降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围成的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动．矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可转变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列推断正确的是( )A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最小B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωtC．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动D．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将上升二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E．在与环心等高处放有一质量为m、带电+q 的小球，由静止开头沿轨道运动，下述说法正确的是( )A．小球经过环的最低点时速度最大B．小球在运动过程中机械能守恒C．小球经过环的最低点时对轨道压力为（mg+qE）D．小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg+qE）7．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系，和物体速度v 与时间t的关系如图所示，取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得( )A．物块的质量m=0.5 kg，物块与地面之间的动摩擦因数μ=0.4B．前2 s内拉力F做的功为2 JC．2～4 s物体克服摩擦力做的功为8 JD．4～6 s合外力做的功为16 J8．一列简谐横波沿x轴正方向传播，传播速度为l0m/s．当波传到x=5m处的质点P时，波形如图所示．则以下推断正确的是( )A．这列波的周期为0.5sB．再经过0.4s，质点P第一次回到平衡位置C．再经过0.7s，x=9m处的质点Q到达波峰处D．质点Q到达波峰时，质点P恰好到达波谷处三、填空试验题：9．写出两个质子（H ）与两个中子（n ）聚变生成一个氦核（He）的核反应方程式__________．若质子的质量为m1、中子的质量为m2、氦核的质量为m3，则反应中放出的能量为__________．10．如图，为测量做匀加速直线运动的物块的加速度，将宽度均为d的挡光片固定在物块上，测得二光电门之间距离为s．①当滑块匀加速运动时，测得挡光片先后经过两个光电门的时间为△t1和△t2，则小车的加速度a=__________；②（多选）为减小试验误差，可实行的方法是__________A．增大两挡光片宽度d B．适当减小两挡光片宽度dC．增大两光电门之间的距离s D．减小两光电门之间的距离s．11．为了测量某电池的电动势E（约为3V）和内阻r，选用的器材如下：A．电流表G1（量程为2mA，内电阻为100Ω）B．电流表G2（量程为1mA，内电阻为200Ω）C．电阻箱R1（0～99.99Ω）D．电阻箱R2（0～9999Ω）E．滑动变阻器R3（0～100Ω 允许最大电流1A）F．待测电池G．开关一个、导线若干（1）某同学利用上述器材，接受图甲的电路测量该电池的电动势和内阻，请依据图甲将图乙所示的实物图连线；（2）图甲中利用电阻箱R1将电流表G1改装成了量程为0.5A的电流表，利用电阻箱R2将将电流表G2装成了量程为3V的电压表，则电阻箱R2的阻值调到__________Ω；（3）以G2示数I2为纵坐标，G1示数I1为横坐标，作出I2﹣I1图象如图丙所示，结合图象可得出电源的电动势为__________V，电源的内阻为__________Ω；（结果均保留两位有效数字）四、解答题（共3小题，满分54分）12．（16分）如图，LMN是竖直平面内固定的光滑绝缘轨道，MN水平且足够长，LM下端与MN相切．质量为m 的带正电小球B静止在水平轨道上，质量为2m的带正电小球A从LM上距水平轨道高为h处由静止释放，在A 球进入水平轨道之前，由于A、B两球相距较远，相互作用力可认为是零，A球进入水平轨道后，A、B两球间相互作用视为静电作用．带电小球均可视为质点．已知A、B两球始终没有接触．重力加速度为g．求：（1）A、B两球相距最近时，A球的速度v；（2）A、B两球最终的速度v A、v B的大小．13．（18分）如图所示，有一区域足够大的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向与水平放置的导轨垂直．导轨宽度为L，右端接有电阻R，MN是一根质量为m的金属棒，金属棒与导轨垂直放置，且接触良好，金属棒与导轨电阻均不计．金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ，现给金属棒一水平冲量，使它以初速度v0沿导轨向左运动．已知金属棒在整个运动过程中，通过任一截面的总电荷量为q．求：（1）金属棒运动的位移s；（2）金属棒运动过程中回路产生的焦耳热Q；（3）金属棒运动的时间t．14．如图所示，一个带正电的粒子沿磁场边界从A点射入左侧磁场，粒子质量为m、电荷量为q，其中区域Ⅰ、Ⅲ内是垂直纸面对外的匀强磁场，左边区域足够大，右边区域宽度为1.3d，磁感应强度大小均为B，区域Ⅱ是两磁场间的无场区，两条竖直虚线是其边界线，宽度为d；粒子从左边界线A点射入磁场后，经过Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ区域后能回到A点，若粒子在左侧磁场中的半径为d，整个装置在真空中，不计粒子的重力．（1）求：粒子从A点射出到回到A点经受的时间t（2）若在区域Ⅱ内加一水平向右的匀强电场，粒子仍能回到A点，求：电场强度E．天津市滨海新区2021届高考物理模拟试卷一、单项选择题（每小题6分，共30分．每小题给出四个选项中，只有一个选项是正确的）1．氢原子从n=3的能级跃迁到n=2的能级时辐射出a光，从n=4的能级跃迁到n=2的能级时辐射出b光．下列关于这两种光的说法正确的是( )A．由于电磁波传播速度仅由介质打算，所以a、b光在同种介质中的传播速度大小相同B．a、b光以相同的入射角从水射入空气，在增大入射角的过程中折射光a先消逝C．若a光不能使某金属发生光电效应，则b光肯定不能使该金属发生光电效应D．用同一双缝干涉装置进行试验，得到的相邻干涉条纹的间距，a光的比b光的大考点：氢原子的能级公式和跃迁；光电效应．专题：原子的能级结构专题．分析：能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，依据能级差的大小比较光子能量的大小，光子能量越大，频率越大，折射率越大，在介质中的速度越小．频率越大，波长越小，依据双缝干涉条纹的间距公式比较条纹间距的大小．解答：解：A、从n=3的能级跃迁到n=2的能级时辐射出的光子能量小于从n=4能级跃迁到n=2的能级时辐射出的光子能量，即a光子能量小于b的光子能量，a的光子能量小，频率小，折射率小，依据v=知，在介质中的传播速度大．故A错误．B、当a、b光以相同的入射角从水射入空气，因a的折射率小，则临界角大，若在增大入射角的过程中折射光b先消逝．故B错误．C、b光的频率大，若a光不能使某金属发生光电效应，则b光有可能使该金属发生光电效应．故C错误．D、a 光的频率小，则波长长，依据△x=λ知，a光照射双缝得到相邻亮条纹的间距比用b光照射双缝得到的相邻亮条纹的间距大．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键通过能级跃迁比较出光子频率的大小，知道光电效应的条件，以及知道频率、折射率、波长等物理量的大小联系．2．甲、乙、丙三图中物体的质量相同，弹簧秤、绳和滑轮的质量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计．在图甲、乙、丙中，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，则( )A．F3＞F1=F2B．F3=F1＞F2C．F1=F2=F3D．F1＞F2=F3考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：弹簧称的读数等于弹簧受到的拉力．甲图、乙图分别以物体为争辩对象由平衡条件求解．丙图以动滑轮为争辩对象分析受力状况，依据平衡条件求解．解答：解：甲图：物体静止，弹簧的拉力F1=mg；乙图：对物体为争辩对象，作出力图如图．由平衡条件得：F2=Gsin60°=mg=0.866mg丙图：以动滑轮为争辩对象，受力如图．由几何学问得F3=mg．故：F3=F1＞F2故选：B点评：本题是简洁的力平衡问题，关键是分析物体的受力状况，作出力图．对于丙图，是平衡中的特例，结果要记忆3．如图所示，长木板静止在光滑的水平面上，长木板的左端固定一个档板，档板上固定一个长度为L的轻质弹簧，长木板与档板的总质量为M，在木板的右端有一质量为m的铁块．现给铁块一个水平向左的初速度v0，铁块向左滑行并与轻弹簧相碰，碰后返回恰好停在长木板的右端．依据以上条件可以求出的物理量是( )A．铁块与轻弹簧相碰过程中所具有的最大弹性势能B．弹簧被压缩的最大长度C．长木板运动速度的最大值D．铁块与长木板间的动摩擦因数考点：动量守恒定律；弹性势能；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：A、铁块从木板的右端端沿板面对左滑行，当铁块与木板的速度相同时，弹簧压缩最短，其弹性势能最大．依据能量守恒列出此过程的方程．从两者速度相同到铁块运动到木板的右端过程时，两者速度再次相同，依据能量守恒定律再列出整个过程的方程．依据系统动量守恒可知，两次速度相同时，铁块与木板的共同速度相同，依据动量守恒定律求出共同速度，联立求解弹簧具有的最大弹性势能．B、由于不知道弹簧的劲度系数和长木板的长度，因此不能求出弹簧被压缩的最大长度、长木板运动速度的最大值、铁块与长木板间的滑动摩擦力．解答：解：A、设铁块与木板速度相同时，共同速度大小为v，铁块相对木板向左运动时，滑行的最大路程为s，摩擦力大小为f．依据能量守恒定律得：铁块相对于木板向左运动过程：铁块相对于木板运动的整个过程：又依据系统动量守恒可知，mv0=（M+m）v联立得到：E p =fs=故A正确．B 、，由于不知道弹簧的劲度系数，所以不能求出弹簧被压缩的最大长度．故B错误．C、由于不知道弹簧的劲度系数k和长木板的长度（或是铁块滑行的最大路程s），所以求不出长木板运动速度的最大值．故C错误．D、由A得分析可知，可以求出fs，但是不知道s，所以不知道f，因此求不出铁块与长木板间的动摩擦因数．故D错误．故选A．点评：本题是系统的动量守恒和能量守恒问题，分析两个过程进行争辩，要抓住铁块与木板两次共同速度相同．4．如图所示，一航天器围绕地球沿椭圆形轨道运动，地球的球心位于该椭圆的一个焦点上，A、B两点分别是航天器运行轨道上的近地点和远地点．若航天器所受阻力可以忽视不计，则该航天器( )A．由近地点A运动到远地点B的过程中动能增大B．由近地点A运动到远地点B的过程中万有引力做正功C．在近地点A的加速度小于它在远地点B的加速度D．运动到A点时其速度假如能增加到其次宇宙速度，那么它将不再围绕地球运行考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：依据开普勒其次定律可知：在近地点的速度大于远地点的速度，依据做功公式推断功的正负，依据万有引力供应向心力公式推断加速度的大小．当卫星的速度增加到其次宇宙速度时，将脱离地球的束缚，到太阳系中绕太阳运动．解答：解：A、依据开普勒其次定律可知：在近地点的速度大于远地点的速度，所以A点的速度大于B点的速度，即由近地点A运动到远地点B的过程中动能减小，故A错误；B、万有引力指向地心，从A到B的过程，位移的方向与万有引力的方向相反，故万有引力做负功，故B错误；C、依据牛顿其次定律和万有引力定律得：a=，由于A的轨道半径小于B的轨道半径，所以在近地点A的加速度大于它在远地点B的加速度，故C错误．D、当卫星的速度增加到其次宇宙速度时，将脱离地球的束缚，到太阳系中绕太阳运动，故D正确；故选：D．点评：本题主要考查了开普勒其次定律、万有引力公式、力做功正负推断方法的应用，难度不大，属于基础题．5．某住宅区的应急供电系统，由沟通发电机和副线圈匝数可调的抱负降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围成的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动．矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可转变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列推断正确的是( )A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最小B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωtC．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动D．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将上升考点：变压器的构造和原理；沟通发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：沟通电专题．分析：当线圈与磁场平行时，感应电流最大，当两者垂直时，感应电流最小；确定瞬时表达式时，留意线圈开头计时的位置，从而得出正弦还是余弦；依据闭合电路欧姆定律来确定电流随着电阻变化而变化，但不会转变原线圈的电压，从而即可求解解答：解：A、当线圈与磁场平行时，感应电流最大，故A错误；B、从垂直中性面计时，则感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωt，故B正确；C、当用户数目增多时，功率增大，依据功率P=UI，当电压不变，则电流增大，损失电压增大，从而可确定触头P移动方向向上，故C错误；D、当触头P向下移动，只会转变副线圈的电流，从而转变原线圈的电流，不会转变原线圈的电压，故D错误故选：B点评：考查瞬时表达式的书写时，关注线圈的开头计时位置，得出最大值，区分与有效值，理解电阻的变化，只会转变电流与功率，不会影响电压的变化二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E．在与环心等高处放有一质量为m、带电+q 的小球，由静止开头沿轨道运动，下述说法正确的是( )A．小球经过环的最低点时速度最大B．小球在运动过程中机械能守恒C．小球经过环的最低点时对轨道压力为（mg+qE）D．小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg+qE）考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒．依据动能定理知小球经过环的最低点时速度最大．依据动能定理求出小球经过在最低点时的速度，由牛顿其次定律求出环对球的支持力，得到球对环的压力．解答：解：A、小球从最高点到最低点的过程中，合力做正功最多，则依据动能定理得知，动能增加增大，速率增大增大，所以小球经过环的最低点时速度最大．故A正确B、小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒．故B错误．C、D小球从最高点到最低点的过程，依据动能定理得：（mg+qE）R=又由，联立解得N=3（mg+qE）．故D正确，C错误．故选：AD点评：本题是带电体在匀强电场中做圆周运动的问题，由动能定理和牛顿运动定律结合求解是常用的思路．7．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系，和物体速度v 与时间t的关系如图所示，取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得( )A．物块的质量m=0.5 kg，物块与地面之间的动摩擦因数μ=0.4B．前2 s内拉力F做的功为2 JC．2～4 s物体克服摩擦力做的功为8 JD．4～6 s合外力做的功为16 J考点：动能定理的应用；功的计算．专题：功的计算专题．分析：依据v﹣t图和F﹣t图象可知，在4﹣6s，物块匀速运动，处于受力平衡状态，所以拉力和摩擦力相等，由此可以求得物体受到的摩擦力的大小，在依据在2﹣4s内物块做匀加速运动，由牛顿其次定律可以求得物体的质量的大小．由摩擦力公式可求得动摩擦因数的大小；依据动能定理可求出功的大小．解答：解：A、4﹣6s做匀速直线运动，则：f=F=2N．2﹣4s 内做匀加速直线运动，加速度为：，依据牛顿其次定律得：F﹣f=ma，即：kg．摩擦力公式得，所以A正确．B、前2s内物体没有位移，故力做功为零；故B错误；C、2～4 s位移x=4m；物体克服摩擦力做的功为W=2×4=8 J；故C正确；D、4～6 s物体动能的变化量为零；故合外力做的功为0；故D错误；故选：AC．点评：本题考查动能定理及图象的综合应用，要留意明确v﹣t图象中点线面的精确意义，并能机敏应用．8．一列简谐横波沿x轴正方向传播，传播速度为l0m/s．当波传到x=5m处的质点P时，波形如图所示．则以下推断正确的是( )A．这列波的周期为0.5sB．再经过0.4s，质点P第一次回到平衡位置C．再经过0.7s，x=9m处的质点Q到达波峰处D．质点Q到达波峰时，质点P恰好到达波谷处考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：依据波的传播方向确定各质点的振动方向，分析振动传播的过程，争辩回复力、加速度变化状况．解答：解：A．传播速度为10m/s，波长为4m，这列波的周期为0.4s，所以再经过0.4s，质点P其次次回到平衡位置，故AB错误．C．再经过0.7s，即1个周期，P和Q相差一个波长，所以Q 点运动了个周期由于，质点Q起振方向向下，因此此时Q达到波峰处．故C正确．D．P和Q相差一个波长，质点Q到达波峰时，质点P恰好到达波峰处，故D错误．故选：C．点评：本题的技巧是运用波形平移争辩质点的状态，这是波动图象问题中经常接受的方法，要学会应用．三、填空试验题：9．写出两个质子（H）与两个中子（n）聚变生成一个氦核（He）的核反应方程式2H+2n→He．若质子的质量为m1、中子的质量为m2、氦核的质量为m3，则反应中放出的能量为．考点：爱因斯坦质能方程；裂变反应和聚变反应．专题：衰变和半衰期专题．分析：结合质量数守恒与核电荷数守恒即可求出核反应方程；先求出核反应中质量亏损，再由爱因斯坦质能方程，反应释放的核能△E=△m•c2，从而即可求解．解答：解：两个质子（H）与两个中子（n）聚变生成一个氦核（He ），其核反应方程为：2H+2n→He．质子的质量为m1、中子的质量为m2、氦核的质量为m3，则反应中放出的能量：E=△m•c2=故答案为：2H+2n→He，点评：本题考查应用质能方程争辩核反应中质量亏损的力量．另外要知道核反应向平均结合能增大的方向进行，要释放能量．10．如图，为测量做匀加速直线运动的物块的加速度，将宽度均为d的挡光片固定在物块上，测得二光电门之间距离为s．①当滑块匀加速运动时，测得挡光片先后经过两个光电门的时间为△t1和△t2，则小车的加速度a=；②（多选）为减小试验误差，可实行的方法是BCA．增大两挡光片宽度d B．适当减小两挡光片宽度dC．增大两光电门之间的距离s D．减小两光电门之间的距离s．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：试验题．分析：（1）光电门测量滑块瞬时速度的原理是遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替，即v=，求出小车经过两个光电门的速度，再依据运动学公式即可求出物体的加速度a．（2）依据极限靠近思想用平均速度代替瞬时速度，则b要小；另外A、B 点越远，相对误差越小．解答：解：（1）挡光片通过光电门的平均速度可以认为是小车在此时刻的瞬时速度，故小车两次同过光电门的速度分别为：则挡光片第一次经光电门时的瞬时速度v1=挡光片其次次经光电门时的瞬时速度v2=此段时间小车的位移为d，由运动学速度位移关系式得：带入数据得：a=（2）d越小，所测的平均速度越接近瞬时速度，s越大初速度与末速度差距越大，速度平方差越大，相对误差越小．故为减小试验误差，可实行的方法是减小两挡光片宽度d或增大两挡光片间距s，故BC正确．故选：BC．故答案为：（1）；（2）BC点评：本题应把握光电门测量滑块瞬时速度的原理，正确进行误差分析，是考查同学综合力量的好题．11．为了测量某电池的电动势E（约为3V）和内阻r，选用的器材如下：A．电流表G1（量程为2mA，内电阻为100Ω）B．电流表G2（量程为1mA，内电阻为200Ω）C．电阻箱R1（0～99.99Ω）D．电阻箱R2（0～9999Ω）E．滑动变阻器R3（0～100Ω 允许最大电流1A）F．待测电池G．开关一个、导线若干（1）某同学利用上述器材，接受图甲的电路测量该电池的电动势和内阻，请依据图甲将图乙所示的实物图连线；（2）图甲中利用电阻箱R1将电流表G1改装成了量程为0.5A的电流表，利用电阻箱R2将将电流表G2装成了量程为3V的电压表，则电阻箱R2的阻值调到2.8Ω；（3）以G2示数I2为纵坐标，G1示数I1为横坐标，作出I2﹣I1图象如图丙所示，结合图象可得出电源的电动势为2.7V，电源的内阻为9.0Ω；（结果均保留两位有效数字）考点：测定电源的电动势和内阻．专题：试验题．分析：本题（1）的关键是连线时留意正负极；题（2）的关键是依据串并联规律和欧姆定律列出表达式求解即可；题（3）的关键是依据闭合电路欧姆定律写出公式（留意总电流），然后整理出有关纵轴和横轴物理量的表达式，再依据斜率和截距的概念即可求解．解答：解：（1）：实物连线图如图所示：。
天津市滨海新区2021届第二次新高考模拟考试物理试卷含解析
天津市滨海新区2021届第二次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．图甲中的变压器为理想变压器，原线圈匝数1n 与副线圈匝数2n 之比为10：1，变压器的原线圈接如图乙所示的正弦交流电，电阻1220R R ==Ω，与电容器C 连接成如图所示的电路，其中电容器的击穿电压为8V ，电表均为理想交流电表，开关S 处于断电状态，则（ ）A ．电压表的读数为10VB ．电流表的读数为0.05AC ．电阻2R 上消耗的功率为2.5WD ．若闭合开关S ，电容器会被击穿【答案】C【解析】【详解】A ．开关断开时，副线圈为R 1和R 2串联，电压表测量R 2的电压，由图可知原线圈电压为2V ，所以副线圈电压为2V ，则电压表的读数是R 2的电压为2V≈7.07V ，故A 错误；B ．由A 的分析可知，副线圈电流为2212102A 0.252A 2020U I R R ++＝＝＝ 所以原线圈电流为21110.0252A n I I n ＝＝ 故B 错误；C ．电阻R 1、R 2上消耗的功率为2220.25()220 2.5W P I R ⨯＝＝＝故C 正确；D ．当开关闭合时，R 1与R 3并联后和R 2串联，电容器的电压为并联部分的电压，并联部分电阻为R 并=10Ω，所以并联部分的电压为210102102V V 20103C R U U R R ⨯++并并＝＝＝最大值为102202V 8V 33⨯＝＜，所以电容器不会被击穿，故D 错误。
故选C 。
2．如图所示，大小可以忽略的小球沿固定斜面向上运动，依次经a 、b 、c 、d 到达最高点e.已知ab=bd= 6m, bc=1m,小球从a 到c 和从c 到d 所用的时间都是2s,设小球经b 、c 时的速度分别为v b 、v a , 则下列结论错误的是( )A ．de=3mB ．3m /s c v =C ．从d 到e 所用时间为4sD ．10m/s b v 【答案】A【解析】【详解】B.由题，小球从a 到c 和从c 到d 所用的时间都是2s ，根据推论得知，c 点的速度等于ad 间的平均速度，则有123m/s 222c ac cd v t +⨯＝＝＝ 选项B 不符合题意；D.ac 间中点时刻的瞬时速度为17 3.5m/s 2ac v t ＝＝＝ cd 中间时刻的瞬时速度 25m/s 2.5m/s 2cd v t ＝＝＝ 故物体的加速度2210.5m/s v v a t-=＝ 由v b 2−v c 2＝2a•bc 得，v b 10m/s ．故D 不符合题意．A.设c 点到最高点的距离为s ，则：2239m 220.5c v s a =⨯＝＝ 则de=s-cd=9-5m=4m ．故A 符合题意．C.设d 到e 的时间为T ，则de=12aT 2， 解得T=4s ．故C 不符合题意．3．如图所示为五个点电荷产生的电场的电场线分布情况，a 、b 、c 、d 是电场中的四个点，曲线cd 是一带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，则下列说法正确的是（ ）A ．该带电粒子带正电B ．a 点的电势高于b 点的电势C ．带电粒子在c 点的动能小于在d 点的动能D ．带电粒子在c 点的加速度小于在d 点的加速度【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．带电粒子做曲线运动，所受的合力指向轨迹凹侧，分析可知该带电粒子带负电，A 错误；BC ．根据等势面与电场线垂直，画出过a 点的等势面如图所示。
天津市滨海新区(六校联考)2021届新高考模拟物理试题含解析
天津市滨海新区(六校联考）2021届新高考模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．一开口向下导热均匀直玻璃管，通过细绳悬挂在天花板上，玻璃管下端浸没在固定水银槽中，管内外水银面高度差为h ，下列情况中能使细绳拉力增大的是（ ）A ．大气压强增加B ．环境温度升高C ．向水银槽内注入水银D ．略微增加细绳长度，使玻璃管位置相对水银槽下移【答案】A【解析】【分析】【详解】管内密封气体压强0P P gh ρ=-绳子的拉力等于T mg ghS ρ=+S 表示试管的横截面积，要想拉力增大，则必须使得玻璃管内部的液面高度上升，当0P 增大，则h 增大；温度升高，气体体积增大，对外膨胀，h 减小；向水银槽内注入水银或者略微增加细绳长度，使玻璃管位置相对水银槽下移，都使得h 下降，故A 正确，B 、C 、D 错误；故选A 。
2．已知天然材料的折射率都为正值（10n >）。
近年来，人们针对电磁波某些频段设计的人工材料，可以使折射率为负值（20n <），称为负折射率介质。
电磁波从正折射率介质入射到负折射介质时，符合折射定律，但折射角为负，即折射线与入射线位于界面法线同侧，如图所示。
点波源S 发出的电磁波经一负折射率平板介质后，在另一侧成实像。
如图2所示，其中直线SO 垂直于介质平板，则图中画出的4条折射线（标号为1、2、3、4）之中，正确的是（ ）A ．1B ．2C ．3D ．4【答案】D【解析】【分析】【详解】 ABCD ．由题，点波源S 发出的电磁波经一负折射率平板介质后，折射光线与入射光线在法线的同一侧，所以不可能是光学1或2；根据光线穿过两侧平行的介质后的特点：方向与开始时的方向相同，所以光线3出介质右侧后，根据折射光线与入射光线在法线同侧这一条件，光线将无法汇聚形成实像；光线4才能满足“同侧”+“成实像”的条件，所以折射光线4可能是正确的，光线3是错误的，由以上的分析可知，ABC 错误D 正确。
天津市滨海新区2021届新高考模拟物理试题(校模拟卷)含解析
天津市滨海新区2021届新高考模拟物理试题（校模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线。
实线是一带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，A 、B 、C 为轨迹上的三点。
下列判断正确的是（ ）A ．轨迹在一条电场线上B ．粒子带负电C ．场强E A >E CD ．粒子的电势能E PA >E PC【答案】C【解析】【分析】【详解】 A ．因为电场线与等势线垂直，所以轨迹不可能在一条电场线上，故A 错误；B ．电场线的方向大体上由C 到A ，粒子受到的力的方向大概指向左上方，与电场线方向大体相同，所以粒子应该带正电，故B 错误；C ．AB 之间的距离小于BC 之间的距离，AB 与BC 之间的电势差相等，根据公式U E d=可知，场强E A >E C ，故C 正确；D ．因为粒子带正电，A 处的电势要比C 处的电势低，根据公式pE q ϕ=，所以粒子的电势能E PA ＜E PC ，故D 错误。
故选C 。
2．一滴水的质量为0.05g ，水滴间隔相等的时间从距石头上方5m 处由静止下落，水滴和石头的撞击时间为0.01s ，重力加速度g 取10m/s 2，不计空气阻力。
若在一滴水撞击石头的同时下一滴水开始落下，则一天时间内水滴对石头作用力的总冲量大小约为（ ）A ．1N▪sB ．10N▪sC ．20N▪sD ．40N▪s 【答案】D【解析】【分析】【详解】10m/s v ===设向上为正方向，由动量定理得()0F mg t mv -∆=-水滴间隔t =一天时间内有N 滴水撞击石头，则有243600N t⨯= 一天时间内水滴对石头作用力的总冲量大小F NF =总联立解得43.2N F ≈总故ABC 错误，D 正确。
故选D 。
3．欧姆在探索通过导体的电流和电压、电阻关系时由于无电源和电流表，他就利用金属在冷水和热水中产生电动势代替电源，用小磁针的偏转检测电流，具体做法是：在地磁场作用下处于水平静止的小磁针上方，平行于小磁针水平放置一直导线，当该导线中通有电流时，小磁针会发生偏转；当通过该导线的电流为I 时，小磁针偏转了30°，则当他发现小磁针偏转了60°时，通过该直导线的电流为（已知直导线在某点产生的磁场与通过直导线的电流成正比）（ ）A ．2IB ．3ICD 【答案】B【解析】【详解】小磁针的指向是地磁场和电流磁场的合磁场方向，设地磁场磁感应强度为B 地，电流磁场磁感应强度为B 电=kI ，由题意知二者方向相互垂直，小磁针在磁场中静止时所指的方向表示该点的合磁场方向，则有kI=B 地tan30°，kI'=B 地tan60°，所以I'=3I. A. 2I ，与结论不相符，选项A 错误；B. 3I ，与结论相符，选项B 正确；C.，与结论不相符，选项C 错误；D. ，与结论不相符，选项D 错误；离其他天体，它们在彼此的万有引力作用下，绕某一点做匀速圆周运动。
天津市滨海新区2021届新高考模拟物理试题(市模拟卷)含解析
天津市滨海新区2021届新高考模拟物理试题（市模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，S 是波源，振动频率为100Hz ，产生的简谐横波向右传播，波速为40m/s 。
波在传播过程中经过P 、Q 两点，已知P 、Q 的平衡位置之间相距0.6m 。
下列判断正确的是（ ）A ．Q 点比P 点晚半个周期开始振动B ．当Q 点的位移最大时，P 点的位移最小C ．Q 点的运动方向与P 点的运动方向可能相同D ．当Q 点通过平衡位置时，P 点也通过平衡位置【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．根据v f λ=可知，波长 40m 0.4m 100v f λ=== 又 0.6m 1.5PQ λ==故Q 点比P 点晚1.5个周期开始振动，A 错误；BC ．P 、Q 两点的平衡位置距离是半个波长的奇数倍，故两者振动情况完全相反，即两点的运动方向始终相反，当Q 点的位移最大时，P 点的位移也最大，但两者方向相反，BC 错误；D 、两点平衡位置距离是半个波长的奇数倍，所以当Q 通过平衡位置时，P 点也通过平衡位置，但两者运动方向相反，D 正确。
故选D 。
2．如图所示，上表面粗糙、倾角θ=37︒的斜面体放在光滑的水平地面上，一物块静止在斜面体上。
现给斜面体一水平向左的推力F ，发现无论F 多大，物块均能与斜面体保持相对静止。
若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin 37︒=0.6，cos 37︒=0.8，则物块与斜面体间的动摩擦因数μ应满足的条件为（ ）A ．43μ<B ．43μ… C ．34μ< D ．34μ… 【答案】B【解析】【分析】【详解】当F=0时，物块能静止在斜面上，可知sin cos mg mg θμθ≤得tan μθ≥即34μ≥当F 特别大时，对物块受力分析，将加速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，由牛顿第二定律，沿斜面方向 sin cos f mg ma θθ+=垂直斜面方向cos sin N mg ma θθ-=又f N μ≤，由于F 可以取无穷大，加速度无穷大，所以以上各式中的sin mg θ和cos mg θ可忽略，联立解得14=tan 3μθ≥ 综合分析得 43μ≥故ACD 错误，B 正确。
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天津市滨海新区2021届新高考物理考前模拟卷（2）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，两同心圆环A、B置于同一光滑水平桌面上，其中A为均匀带电绝缘环，B为导体环，若A环以图示的顺时针方向，绕圆心由静止转动起来，则（）A．B环将顺时针转动起来B．B环对桌面的压力将增大C．B环将有沿半径方向扩张的趋势D．B环中将有顺时针方向的电流【答案】C【解析】略考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．分析：因带电绝缘环A的运动，相当于电荷定向移动，从而产生电流，导致圆环B中的磁通量发生变化，产生感应电流．使得处于磁场中的B圆环受到力的作用．解答：解：A、A环以图示的顺时针方向，绕圆心由静止转动起来，设绝缘环带正电，所以产生顺时针方向的电流，使得B环中的磁通量变大，由楞次定律可得感应电流方向是逆时针的，两环的电流方向相反，则具有沿半径扩张趋势．若绝缘环带负电，所以产生逆时针方向的电流，使得B环中的磁通量仍变大，由楞次定律可得感应电流方向是顺时针的，两环的电流方向仍相反，则仍具有沿半径扩张趋势．由上可知，B环不会转动，同时对桌面的压力不变．故选C点评：由楞次定律来确定感应电流方向，同时当电流方向相同时，两者相吸引；而当电流方向相反时，两者相排斥．2．下列关于原子物理知识的叙述正确的是（）A． 衰变的实质是核内的中子转化为一个质子和一个电子B．结合能越大，原子核内核子结合得越牢固，原子核越稳定C．两个轻核结合成一个中等质量的核，核子数不变质量不亏损D．对于一个特定的氡原子，知道了半衰期，就能准确的预言它在何时衰变【答案】A【解析】【分析】【详解】A ．β衰变所释放的电子，是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，故A 正确；B ．比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，结合能大，原子核不一定越稳定，故B 错误；C ．两个轻核结合成一个中等质量的核，会释放一定的能量，根据爱因斯坦质能方程可知存在质量亏损，故C 错误；D ．半衰期是统计规律，对于一个特定的衰变原子，我们只知道它发生衰变的概率，并不知道它将何时发生衰变，发生多少衰变，故D 错误。
故选A 。
3．两辆汽车A B 、在同一时刻开始运动，运动方向相同。
如图所示为运动的v t -图像。
A 车的图像在00~t 段和00~2t t 段的形状对称相同。
0t 时刻两车并排行驶。
下列表述中正确的是（ ）A ．00~t 内A 车先加速运动后减速运动B ．00~2t 内两车的加速度有一个时刻相同C ．02t 时刻A 车在B 车之前D ．开始时刻两车的距离与02t 时刻两车的距离相等【答案】D【解析】【详解】A ．根据v t -图像可知，在00~t 内A 车速度一直在增大，故A 错误；B ．图像斜率表示加速度。
如图所示：00~2t 内A 车图像斜率有两个时刻与B 车图像斜率相等，故B 错误；C ．0t 时刻A B 、两车并排行驶，在同一位置。
v t -图像与t 轴所围面积为位移，00~2t t 内A 车正方向运动的位移小于B 车正方向运动的位移，则02t 时刻A 车在B 车之后，故C 错误；D ．因为对称，图象围成的面积相等，所以00~t 内与00~2t t 内两车单向运动的位移相等，则开始时刻两车的距离与02t 时刻两车的距离相等，故D 正确。
故选D 。
4．如图所示，一个圆弧面AB 在A 点与水平面相切，圆弧面的半径4m R =。
在AB 两点间放平面薄木板。
一个小物块以0410m/s v =的速度从A 点滑上木板，并恰好能运动至最高点。
物块与木板间的动摩擦因数为3，取210m/s g =。
则小物块向上运动的时间为（ ）A ．10sB ．10s C ．10sD ．210s【答案】A【解析】【详解】设木板长度为l 。
向上滑动过程能量守恒，有201cos 2mv mg l mgh μθ=⋅+如图所示由几何关系得222l x h =+，sin h l θ=，cos xl θ=又有12R lhl =运动过程有cos sin mg mg ma μθθ+=又有0v at =解以上各式得 10s 5t = A 正确，BCD 错误。
故选A 。
5．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶．在t=0到t=t 1的时间内，它们的v-t 图象如图所示．在这段时间内A ．汽车甲的平均速度比乙大B ．汽车乙的平均速度等于C ．甲乙两汽车的位移相同D ．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大【答案】A【解析】试题分析：因为图线与坐标轴所夹的面积是物体的位移，故在0-t 1时间内，甲车的位移大于乙车，故根据x v t=可知，甲车的平均速度大于乙车，选项A 正确，C 错误；因为乙车做变减速运动故平均速度不等于122v v +，选项B 错误；因为图线的切线的斜率等于物体的加速度，故甲乙两车的加速度均逐渐减小，选项D 错误．考点：v-t 图象及其物理意义6．取水平地面为重力势能零点。
一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能是重力势能的4倍。
不计空气阻力，该物块落地时的位移方向与水平方向夹角的正切值（ ）A ．0.25B ．0.5C ．1D ．2【答案】A【解析】取水平地面为重力势能零点，设抛出时物体的初速度为v 0，高度为h ，物块落地时的竖直方向的速度大小为v y ，落地速度与水平方向的夹角为α，位移方向与水平方向的夹角为β，根据题有20142mv mgh = 解得0v =竖直方向有212y mv mgh = 解得y v =根据几何关系得0tan yv v α=代y v 、0v 解得tan 0.5α=又根据速度夹角正切值与位移夹角正切值的关系有tan 2tan αβ=解得tan 0.25β=故A 正确，BCD 错误。
故选A 。
二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．对于物质固体、液体、气体的认识，下列说法正确的是（ ）A ．液晶具有晶体的光学各向异性B ．绝对湿度的单位是Pa ，相对湿度没有单位C ．液体表面张力的方向与液面垂直并指向液体内部D ．单晶体和多晶体的物理性质是各向异性的，非晶体是各向同性的E.液体的饱和汽压与温度有关，温度越高饱和汽压越大，但饱和汽压与饱和汽的体积无关【答案】ABEA.液晶既有液体的流动性，又有光学的各向异性，故A正确；B.绝对湿度指大气中水蒸汽的实际压强，空气的绝对湿度用空气中所含水蒸汽的压强表示，单位是Pa；而空气的相对湿度是空气中水蒸气的绝对湿度与同温度水的饱和汽压的比值，所以空气的相对湿度没有单位，故B正确；C.液体表面张力产生在液体表面层，它的方向与液体表面相切而使得表面有收缩的趋势，同时跟液面分界线垂直，故C错误；D.单晶体物理性质是各向异性的，非晶体和多晶体是各向同性的；故D错误；E.饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物质的本性和温度，而与体积无关；一定温度下饱和汽压的分子数密度是一定值，温度越高饱和汽压越大，故E正确。
故选ABE.8．如图所示，半圆形圆弧轨道固定在竖直面内，直径AD水平，一个质量为m的物块从A点以一定的初速度沿圆弧轨道向下运动，物块恰好匀速率沿圆弧轨道运动到最低点C，运动到B点时物块与圆心O的连线与竖直方向的夹角为θ，重力加速度为g，物块可视为质点，则A．物块在B点受到轨道支持力的大小等于mgcosθB．物块在B点受到轨道摩擦力的大小等于mgsinθC．物块在B点时与轨道间的动摩擦因数等于tanθD．物块从A点运动到C点的过程中，受到轨道的作用力不断增大【答案】BD【解析】【详解】A．受力分析如图所示：物块在B点时，有：F N-mgcosθ=m2 vR，因此物块在点受到轨道的支持力大于mgcosθ。
故A不符合题意。
B．在B点沿切向加速度为零，即在B点受到轨道摩擦力的大小等于mgsinθ。
故B符合题意。
C．在B点，μF N=mgsinθ，则μ=sin sincosNmg mgF mgθθθ<=tanθ。
故C不符合题意。
D．由于轨道对物块的作用力F和重力mg的合力大小恒定，方向始终指向圆心，根据力的合成及动态分析可知，随着物块向下运动轨道对物块的作用力逐渐增大。
故D符合题意。
9．如图所示，一条形磁铁竖直放置，金属线圈从磁铁正上方某处下落，经条形磁铁A、B两端时速度分别为v1、v2，线圈中的电流分别为I1、I2，线圈在运动过程中保持水平，则()A．I1和I2的方向相同B．I1和I2的方向相反C．I1∶I2＝v21∶v22D．I1∶I2＝v1∶v2【答案】BD【解析】【详解】AB．金属线圈经条形磁铁A、B两端时，磁通量先向上的增大后向上减小，依据楞次定律“增反减同”，导致感应电流产生的磁场方向先向下，后向上，根据右手螺旋定则可知，则I1和I2感应电流的方向先顺时针，后逆时针（从上向下），即它们的方向相反，故A错误，B正确；CD．依据法拉第电磁感应定律，及闭合电路欧姆定律，则有I==E BLvR R即I与v成正比，故C错误，D正确。
故选BD。
10．如图(a)，A、B为某电场中沿x方向上的两个点，现将正点电荷q从A点静止释放，仅在电场力作用下沿x轴方向运动一段距离到达B点，其电势能E p随x的变化关系如图(b)所示，则A．从A到B，电势先逐渐降低后逐渐升高B．从A到B，电场强度先增大后减小C．从A到B的过程中，电荷所受电场力先减小后增大D．从A到B的过程中，电场力对电荷先做负功后做正功【答案】AC【解析】【详解】AD.正点电荷q从A点静止释放，仅在电场力作用下沿x轴方向运动一段距离到达B点，电势能先减小后增大，则正电荷从A到B电场力先做正功，后做负功；正点电荷q电势能先减小后增大，所以电势先降低后升高。
故A正确，D错误；BC.电势能E P随位移x的变化关系图象的斜率表示电场力的大小，因此电场力先减小后增大，电场强度先减小后增大，故B错误，C正确。
11．如图所示，M为固定在水平桌面上的有缺口的方形木块，abed为半径是R的四分之三光滑圆弧形轨道，a为轨道的最高点，de面水平且有一定长度.今将质量为m的小球在d点的正上方高为h处由静止释放，让其自由下落到d处切入轨道内运动，不计空气阻力，则（）A．只要h大于R，释放后小球就能通过a点B．只要改变h的大小，就能使小球通过a点后，既可能落回轨道内，又可能落到de面上C．无论怎样改变h的大小，都不可能使小球通过a点后落回轨道内D ．调节h 的大小，可以使小球飞出de 面之外（即e 的右侧）【答案】CD【解析】【详解】A ．小球恰能通过a 点的条件是小球的重力提供向心力，根据牛顿第二定律：2v mg m R= 解得：v =根据动能定理：212mg h R mv -=（） 得：h=1.5R 可知只有满足h≥1.5R ，释放后小球才能通过a 点，故A 错误；BC ．小球离开a 点时做平抛运动，用平抛运动的规律，水平方向的匀速直线运动：x=vt竖直方向的自由落体运动： R=12gt 2， 解得：R ＞R ，故无论怎样改变h 的大小，都不可能使小球通过a 点后落回轨道内，则B 错误，C 正确。