同济大学第六版高等数学综合测试题答案
同济大学第六版高等数学综合测试题答案
This manuscript was revised on November 28, 2020
第一章综合测试题解答
一、1.[1,2) 2
.()g x =.
11e
- 4.ln 5 5
.[[2,1+
二、1.(C ) 2.(B) 3.(D ) 4.(D ) 5.(C ) 三、解 20,0,0, ()00, 0,1()(||)[()],0.
(),()0,0,
2x x x f x x x f x x x x x x x ????<<??=+===???≥≥≥??? 21()0,[()](||).2f x f x x x x ?≥∴=+ 四、解 1、令2x t -=,则2x →时,0t →,
∴ 原式00(4)16lim(4)cot lim cos 444t t t t t t t t t πππ
π→→-=-==.
2、原式=23
2211113(1)(2)(2)lim lim lim 11(1)(1)1x x x x x x x x x x x x x x →→→++--+-+===---++++. 3、设11()31x f x x =+-,原式=()()1()lim 1()xf x f x x f x →+∞??+????.
1111lim ()lim [31]lim lim (31)1 1lim ln 31ln 3,x x x x x x x xf x x x x x x x x
→+∞→+∞→+∞→+∞→+∞=+-=?+-=+?=+ ∴ 原式1ln33.e e +==
4、22222121212121
n n n n n n n n n n ++++++≤+++≤+++++, 22212(1)112lim lim lim ,12(1)2n n n n n n n n n n n
→∞→∞→∞+++++++===+++ ∴ 原式12
=. 5、1/1/01101lim arctan =();10122
x x x e e x ππ-→++?-=-- ++1/1/1/1/001111 lim arctan =lim arctan ,112
x x x x x x e e e x e x π--→→++=--
∴ 原式2π
=.
五、解 当0x <时,2(4)()sin x x f x x
π-=为初等函数,()f x 在点()x n n Z =-∈处无定义,
22222(4)(4)8lim ()lim lim ;sin (2)x x x x x x x f x x x πππ→-→-→---===+ lim ()1,3,4,;x n f x n →-=∞=,
当0x >时,2(1)()1
x x f x x +=-为初等函数,()f x 在点1x =处无定义,1
lim ();x f x →=∞ 0x =在点处,220000(4)4(1)lim ()lim ,lim ()lim 0;sin 1
x x x x x x x x f x f x x x ππ--++→→→→--+====- 综上,()f x 的间断点为=(),x k k Z +-∈=0x 与1x =,且2x =-为可去间断点(第一类),=0x 为跳跃间断点(第一类),(1,3,4,)x n n =-=与1x =为无穷间断点(第二类). ()f x 在其它点处皆连续.
六、解
lim lim lim
x x x A
βα→+∞
==
)321 lim 21 lim 111,
2k
x k x A x x A x x →+∞-→+∞+=-?=-++=???
31;24
k A ∴==- 七、解 224230001/2()sin 3()lim lim lim 5,1/3()2(1x x x f x x f x x f x x →→→?===? 20()10lim .3
x f x x →∴= 八、证明:由已知,得(0)2(0)f f =,(0)0f ∴=.
(,)x ?∈-∞+∞,()()()f x x f x f x +?=+?. 由)(x f 在0x =处连续性,得
00
lim[()()]lim ()(0)0.x x f x x f x f x f ?→?→+?-=?==
从而)(x f 在点x 处连续性,由x 的任意性,)(x f 在(,)-∞+∞内连续.
九、证明:(,)x ?∈-∞+∞, 则,n Z ?∈ 使得1,n x n ≤<+ 则[]x n =.于是()0,()11,f x n n f x n n ≥-=≤+-= 从而()f x 在(,)-∞+∞上有界. (,)x ?∈-∞+∞,(1)1[1]1([]1)()f x x x x x f x +=+-+=+-+=,∴()f x 是以1为周期的周期函数.
十、证明:构造辅助函数()()()F x f x a f x =+-. 由已知,得
(0)()(0)()F f a f f a =-=,(1)(1)(1)(1)F a f f a f a -=--=--,由)(x f 非负,可得,
(0)(1)()(1)0F F a f a f a ?-=-?-≤.
若()0f a =或(1)=0f a -,可取00x =或01x a =-,即有00()()f x a f x +=. 否则(0)(1)0F F a ?-<,()f x 在]1,0[上连续,()F x ∴在[0,1]a -上连续. 根据零点定理0(0,1)[0,1],x a ?∈-? 使得0[0,1]x a +∈,且()0F x =,即00()()f x a f x +=. 得证.