2014-2015学年山东省潍坊市诸城市四县联考高二(下)期末物理试卷
山东省潍坊市诸城市四县市联考高二物理下学期期中试卷(含解析)
2014-2015学年山东省潍坊市诸城市四县市联考高二（下）期中物理试卷一、本大题共10小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一个选项符合题目要求，第7-10题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．下列有关物理学的史实中，正确的是（）A．贝克勒尔从含铀矿物中发现了天然放射现象B．玻尔最早发现了电子C．普朗克提出光子假设并建立了光电效应方程D．卢瑟福的α粒子散射实验证明了原子核是由质子和中子组成的2．一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交流电，当线圈平面与中性面垂直时，下面说法正确的是（）A．电流方向将发生改变B．磁通量的变化率达到最大值C．通过线圈的磁通量达到最大值D．线圈所受磁场力达到最小值3．一电热器接在10V直流电源上，产生某一大小的热功率，现将电热器接在交流电源上，要使它产生的热功率是原来的一半，则交流电源有效值是（）A． 7.07V B． 10V C． 5V D． 2.5V4．在距地面高为h处，同时以大小相等的初速度分别平抛，竖直上抛，竖直下抛质量相等的物体（空气阻力不计），它们从抛出到落地的过程中动量的增量（）A．三者一样大 B．平抛过程最大C．竖直下抛过程最大 D．竖直上抛过程最大5．一炮艇总质量为M，以速度v0匀速行驶，从艇上以相对海岸的水平速度v沿前进方向射出一质量为m的炮弹，发射炮弹后艇的速度为v′，若不计水的阻力，则下列各关系式中正确的是（）A． Mv0=（M﹣m）v′+m（v+v′） B． Mv0=（M﹣m）v′+m（v+v0）C． Mv0=（M﹣m）v′+mv D． Mv0=Mv′+mv6．一个小水电站，输出的电功率为20kw，输电线总电阻为0.5Ω，如果先用400V的电压输送，后又改用2000V的电压输送，则输送电压提高后，输电导线上损失的电功率变化情况是（）A．减少50W B．减少1200WC．减少7.68×105W D．减小78.13W7．下列关于放射性元素的半衰期的说法正确的是（）A．同种放射性元素，在化合物中的半衰期与在单质中相同B．质量为m的铀经过两个半衰期后，原来所含的铀元素的原子核有发生了衰变C．氡的半衰期是3.8天，若有4g氡原子核，则经过7.6天就只剩下1g氡原子核D．氡的半衰期是3.8天，若有4个氡原子核，则经过7.6天就只剩下一个氡原子核8．我国科学家研制“两弹”所涉及到的基本核反应有：（1）U+n→Sr+Xe+k n （2）H+H→He+d n关于这两个方程的下列说法，正确的是（）A．方程（1）属于α衰变 B．方程（2）属于轻核聚变C．方程（1）中k=10，方程（2）中d=1 D．方程（1）中k=6，方程（2）中d=19．在光滑水平面上，原来静止的物体在水平力F作用下，经过时间t后，动量为p，动能为E K，则在F作用下，这个物体由静止开始经过时间2t（）A．其动能将等于2p B．其动能将等于4pC．其动能将等于2E K D．其动能将等于4E K10．如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，电流表、电压表均为理想电表，R是光敏电阻（其阻值随光强增大而减小）．原线圈接入如图乙示的正弦交流电压u，下列说法正确的是（）A．电压u的频率为100 HzB．电压表的示数为22VC．照射R的光变强时，灯泡变暗D．照射R的光变强时，电流表的示数变大二、本林题包括3小题，共18分11．如图所示，放射源放在铅块上的细孔中，铅块上方有匀强磁场，磁场方向度垂直于纸面向外，已知放射源放出的射线有α、β、γ三种，根据图示可以判断出甲是射线，乙是射线．12．如图所示，断开电键K，用一束光照射阴极P，发现电流表度数不为零，合上电键K，调节滑线变阻器，发现当电压表度数小于0.80V时，电流表读数仍不为零；当电压表读数大于或等于0.80V时，电流表读数为零，已知阴极材料的逸出功3.2eV，由此可知照射光的光子能量为eV．（结果保留两位有效数字）13．（10分）（2015春•诸城市期中）某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验．气垫导轨装置如图（a）所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成．在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔，向导轨空腔内不断通入压缩空气，压缩空气会从小孔中喷出，使滑块稳定地悬浮在导轨上，这样就大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差．（1）下面是实验的主要步骤，试完善实验步骤⑥的内容．①安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；②向气垫导轨通入压缩空气；③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器与弹射架并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；④把滑块1挤压导轨左端弹射架上的弹簧；⑤把滑块2放在气垫导轨的中间；⑥先，然后，让滑块带动纸带一起运动；⑦取下纸带，重复步骤④⑤⑥，选出理想的纸带如图（b）所示；⑧测得滑块1（包括撞针）的质量320g，滑块2（包括橡皮泥）的质量为210g．（2）已知打点计时器每隔0.02s打一个点，计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为kg•m/s；两滑块相互作用以后系统的总动量为kg•m/s（结果均保留三位有效数字）．（3）试说明（2）中两结果不完全相等的主要原因是．三、计算题（本题共4小题，共42分。
山东省潍坊市四县一校高二物理下学期期末考试试题新人教版
高二物理试题本试卷分为第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，考试时间90分钟，满分100分。
第I卷（选择题，共50分）注意事项：1. 答第I卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目、试卷类型（A或B）涂在答题卡上。
2.每一小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净以后，再选涂其它答案标号。
一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）1.下列说法正确的是A.当分子间距减小时，分子间斥力增大，引力减小B.质量、温度都相同的氢气和氧气，分子平均动能不相同C.热量可以从低温物体传递到高温物体D.物理性质具有各向异性的晶体是单晶体2.根据分子动理论和热力学定律，下列说法正确的是A.布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的分子无规则运动的反映B.物体速度增大，则分子动能增大，内能也增大C.使密闭气球内气体的体积减小，气体的内能可能增加D.可以利用高科技手段，将散失在环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化3.关于摩擦力与弹力，下列说法中正确的是A.两物体间有弹力作用时，物体间一定也有摩擦力B.两物体间有摩擦力作用时，物体间也一定有弹力C.两个物体间的弹力和摩擦力的方向总是相互垂直的D.受到滑动摩擦力的物体一定是运动的，受到静摩擦力的物体一定是静止的4.下列说法正确的是A.加速度增大，速度一定增大B.速度变化量越大，加速度一定越大C.物体有加速度，速度就增大D.物体的速度很大，加速度可能为零5.物体从静止开始做匀加速直线运动，已知第4s内与第2s内的位移之差是12m，则可知A.第1s内的位移为3mB.第2s末的速度为8m/sC.物体运动的加速度为2m/s2D.物体在前5s内的平均速度为15m/s6.一弹簧的两端各用10N的外力向外拉伸，弹簧伸长了6cm，现将其中的一段固定于墙上，另一端用5N的外力来拉伸它，则弹簧的伸长量应为A.6cmB.0.75cmC.1.5cmD.3cm7.某跳伞运动训练研究所，让一位跳伞运动员从悬停在高空的直升机中跳下，研究人员利用运动员随时携带的仪器记录下了他的运动情况，通过分析数据，定性画出了运动员从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v-t 图象如图所示，则对运动员的运动，下列说法正确的是A.0~15s 末都做加速度逐渐减小的加速运动B.0~10s 末做自由落体运动，15s 末开始做匀速直线运动C.10s 末打开降落伞，以后做匀减速运动至15s 末D.10s 末~15s 末加速度方向竖直向上，加速度的大小在逐渐减小8.两个共点力F 1、F 2大小不同，它们的合力大小为F ，则A.F 1、F 2同时增大一倍，F 也增大一倍B.F 1、F 2同时增加10N ，F 也增加10NC.F 1增加10N ，F 2减小10N ，F 一定不变D.若F 1、F 2中的一个增大，F 不一定增大9.如图所示，质量为m 的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上，已知三棱柱与斜面之间的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为 A.mg mg 2123和 B.mg mg 2321和 C.mg mg μ2121和 D.mg mg μ2323和 10.对于液体和固体（不计分子间的空隙），若用M 表示摩尔质量，m 0表示分子质量，ρ表示物质密度，V 表示摩尔体积，v 0表示单个分子的体积，N A 表示阿伏伽德罗常数，则下列关系中正确的是A.N A =0v V B.N A =0m V ρ C.N A =V M ρ D.N A =00v m ρ高二物理试题第II 卷（非选择题 共50分）二、实验题：本题包括2小题，共12分，把答案填写在题中横线上11.（6分）实验桌上放有一小木块、一块长木板、一个轻弹簧、一把刻度尺、一段细线、一个铁架台，在没有其他实验器材的情况下，一实验小组的同学想猜出木块与木板之间的动摩擦因数。
4—15学年下学期高二期末考试物理试题(附答案) (1)
2014-2015高二下学期期末（物理）检测一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。
第1～6题只有一项符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求。
全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
把正确的答案涂在答题卡上，答在试卷上的无效）1．在下面研究的各个问题中可以被看做质点的是()A．乒乓球运动员打出的弧旋球B．运动员在万米长跑中，研究运动员所需时间C．运动员在跳水比赛中，研究运动员的姿态D．研究一列火车通过某一路标的时间2.一定质量的理想气体在某一过程中，外界对气体做功7.0×104 J，气体内能减少1.3×105 J，则此过程()A．气体从外界吸收热量2.0×105 J B．气体向外界放出热量2.0×105 JC．气体从外界吸收热量6.0×104 J D．气体向外界放出热量6.0×104 J3.根据你学过的热学中的有关知识，判断下列说法正确的是()A．机械能可以全部转化为内能，内能也可以全部用来做功转化为机械能B．凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性，在热传递中，热量只能从高温物体传递给低温物体，而不能从低温物体传递给高温物体C．尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降到－293 ℃D．第一类永动机违背能量守恒定律，第二类永动机不违背能量守恒定律，随着科技的进步和发展，第二类永动机可以制造出来4.有关气体的压强，下列说法正确的是()A．气体分子的平均速率增大，则气体的压强一定增大B．气体分子的密集程度增大，则气体的压强一定增大C．气体分子的平均动能增大，则气体的压强一定增大D．气体分子的密集程度增大，气体的压强有可能减小5．汽车进行刹车试验，若速度从8 m/s匀减速到零所用的时间为1 s，按规定速率为8 m/s 的汽车刹车后位移不得超过5.9 m，那么上述刹车试验是否符合规定() A．位移为8 m，符合规定B．位移为8 m，不符合规定C．位移为4 m，符合规定D．位移为4 m，不符合规定6.在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g 值可由实验精确测得，近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g归于测长度和时间，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点向上抛小球，又落到原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点后又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于()A.8HT22－T21B.4HT22－T21C.8HT2－T12D.HT2－T127．关于布朗运动，下列说法正确的是 ( )A ．布朗运动是指悬浮在液体中的微粒分子的无规则运动B ．布朗运动的无规则性反映了液体分子运动的无规则性C ．液体温度越高，布朗运动越剧烈D ．悬浮微粒越小，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越少，布朗运动越不明显 8.两分子间的斥力和引力的合力F 与分子间距离r 的关系如图中曲线所示，曲线与r 轴交点的横坐标为r 0.相距很远的两分子在分子力作用下，由静止开始相互接近．若两分子相距无穷远时分子势能为零，下列说法正确的是( )A ．在r >r 0阶段，F 做正功，分子动能增加，势能减小B ．在r <r 0阶段，F 做负功，分子动能减小，势能也减小C ．在r ＝r 0时，分子势能最小，动能最大D ．在r ＝r 0时，分子势能为零9.某球形固体物质，其各向导热性能相同，则该物体( )A ．一定是非晶体B ．可能具有确定的熔点C ．一定是单晶体，因为它有规则的几何外形D ．一定不是单晶体，因为它具有各向同性的物理性质10.做初速度不为零的匀加速直线运动的物体，在时间T 内通过位移s 1到达A 点，接着在时间T 内又通过位移s 2到达B 点，则以下判断正确的是 （ ）A ．物体在A 点的速度大小为122s s T + B ．物体运动的加速度为122sT C ．物体运动的加速度为212s s T - D ．物体在B 点的速度大小为212s sT-11.一物体做竖直上抛运动（不计空气阻力），初速度为30m/s ，当它位移为25m 时，经历时间为 （ ）A ． 1sB ． 2sC ． 3sD ． 5s12,.某跳伞运动员从悬停在高空的直升机上跳下，他从跳离飞机到落地的过程中在空中沿竖直方向运动的v -t 图象如图所示，则下列关于他的运动情况分析正确的是( ) A ．0～10 s 加速度向下，10～15 s 加速度向上B ．0～10 s 、10～15 s 内都在做加速度逐渐减小的变速运动C ．0～10 s 内下落的距离大于100 mD ．10～15 s 内下落的距离大于75 m 二、填空题（每空2分共计6分）13．如下图所示为某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中，由打点计时器得到反映小车运动过程的一条清晰纸带，图中所标的点为计数点，每两个计数点间还有4个点(图中未画出)，测得OA＝7.05 cm、AB＝7.68 cm、BC＝8.33 cm、CD＝8.95 cm、DE＝9.61 cm、EF＝10.26 cm，所用交流电频率为50 Hz，则相邻计数点之间的时间间隔T＝________s，打点计时器打A点时小车的速度是________m/s，小车运动的加速度大小是________m/s2(计算结果保留两位有效数字)．三、计算题（46分）14．(6分)有些国家的交通管理部门为了交通安全，特别制定了死亡加速度为500g(g＝10 m/s2)，以醒世人，意思是如果行车加速度超过此值，将有生命危险，那么大的加速度，一般情况下车辆是达不到的，但如果发生交通事故时，就会达到这一数值．试问：(1)一辆以72 km/h的速度行驶的汽车在一次事故中撞向停在路边的大货车上，设大货车没有被撞动，汽车与大货车的碰撞时间为2.0×10－3 s，汽车驾驶员是否有生命危险？(2)若汽车内装有安全气囊，缓冲时间为1×10－2 s，汽车驾驶员是否有生命危险？15．(6分)某驾驶员以30 m/s的速度匀速行驶，发现前方70 m处车辆突然停止，如果驾驶员看到前方车辆停止时的反应时间为0.5 s，该汽车是否会有安全问题？已知该车刹车的最大加速度大小为7.5 m/s2.16．（16分）A、B两列火车，在同轨道上同向行驶，A车在前，其速度v A＝10 m/s，B车在后，其速度v B＝30 m/s.因大雾能见度低，B车在距A车700 m时才发现前方有A车，这时B 车立即刹车，但B车要经过1 800 m才能停止．问A车若按原速度前进，两车是否会相撞？说明理由．17.（18分）如图所示，粗细均匀、导热良好、装有适量水银的U 型管竖直放置，右端与大气相通，左端封闭气柱长l 1＝20 cm(可视为理想气体)，两管中水银面等高．现将右端与一低压舱(未画出)接通，稳定后右管水银面高出左管水银面h ＝10 cm.(环境温度不变，大气压强p 0＝75 cmHg)(1)求稳定后低压舱内的压强(用“cmHg”作单位)．(2)此过程中左管内的气体对外界________(填“做正功”“做负功”或“不做功”)，气体将________(填“吸热”或“放热”)．2014-2015高二下学期期末（物理）检测答题卡 一、选择题（48分）姓名： 班级： 学号：二、填空题（每空2分共计6分）13．T＝________s，V=________m/s，a=________m/s2(计算结果保留两位有效数字)．三、计算题(46分)14、（6分）15．（6分）16．（16分）2. 3. 4.6.7.8.10.11.12.17、（18分）2014-2015高二下学期期末（物理）检测答案一、选择题13.答案 0.10 0.74 0.6414.解：选汽车运动的方向为正方向，v 0＝72 km/h ＝20 m/s. ① (1)汽车的加速度a ＝0－v 0t ＝－202.0×10－3 m/s 2＝－104 m/s 2② 因加速度大小为104 m/s 2＞500g ， ③ 所以驾驶员有生命危险． ④ (2)在装有安全气囊的情况下 驾驶员的加速度a ′＝0－v 0t ′＝－201×10－2 m/s 2＝－2 000 m/s 2⑤ 因加速度大小为2 000 m/s 2＜500g ，所以驾驶员无生命危险．⑥ ①②③④⑤⑥各1分15.解 汽车做匀速直线运动的位移为x 1＝vt ＝30×0.5 m ＝15 m ① 汽车做匀减速直线运动的位移：x 2＝0－v 22a＝－302－m ＝60 m ②汽车停下来的实际位移为：x ＝x 1＋x 2＝15 m ＋60 m ＝75 m ③ 由于前方距离只有70 m ，所以会有安全问题．④ ①④各1分②③各2分16.解：B 车减速至v A ＝10 m/s 时的时间t ＝v B －v A a B ＝30－100.25s ＝80 s ，①此段时间内A 车的位移为：x A ＝v A t ＝10×80 m ＝800 m ，a B ＝v 2B2x ＝(30 m/s)22×800＝0.25 m/s 2. ②B 车的位移为：x B ＝v B t －12a B t 2＝⎝⎛⎭⎫30×80－12×0.25×802 m ＝1 600 m ③ 因为x B ＝1 600 m>x A ＋x ＝800 m ＋700 m ＝1 500 m ，所以A 、B 两车在速度相同之前已经相撞． ④ ①②③④各4分17.解： (1)设U 形管横截面积为S ，右端与大气相通时左管中封闭气体压强为p 1，右端与一低压舱接通后左管中封闭气体压强为p 2，气柱长度为l 2，稳定后低压舱内的压强为p .左管中封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律，得p 1V 1＝p 2V 2① p 1＝p 0② p 2＝p ＋p h ③ V 1＝l 1S ④ V 2＝l 2S ⑤ 由几何关系，得 h ＝2(l 2－l 1)⑥联立①②③④⑤⑥式，代入数据得p＝50 cmHg⑦(2)左管内气体体积增大，说明气体膨胀对外做正功⑧由于气体温度保持不变，根据热力学第一定律，可得W＋Q＝0，故气体从外界吸热．⑨答案(1)50 cmHg(2)做正功吸热①②③④⑤⑥⑦⑧⑨各2分；。
山东省潍坊市2015-2016学年高二下学期普通高中(期末)模块检测物理试题扫描版含答案
2015—2016学年第四学段模块监测高二物理参考答案 2016.7 本试题分I 、II 两卷，满分100分，答题时间90分钟第I 卷（选择题40分）一、选择题：本题共10小题,每小题4分其中第1~6题在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，第7~10题有多项符合题目要求全部选对得4分，选对但不全得2分，错选得0分1. C2. D 3．A 4．D 5. C 6．A 7. A B D 8．B C 9．CD 10．BCD二、实验题（本题共3个小题，共18分）11. 2mg 21mg l l - （每空2分） 12.（1）BD （3分） （2）16.1(16.0-16.2)（3分）13.AD(2分) 0.53（3分） 3.8(3.6-3.9)（3分）三、计算题（本大题包括4小题，共42分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）14．解：取竖直向下为正方向则v 0=-30 m/s ，x =35m ，g =10m/s 2 从抛出到落地，由2012x v t gt =+-------------------4分 代入数据解得：7t s =----------------------------------2分15．解：（1）野兔位移：x vt =兔--------------------1分猎狗沿最追上野兔需满足：222x s x +=狗兔----------2分解得：80x m =狗------------- ---------------------1分（2）设加速度为a ，加速时间为t 1， 猎狗加速阶段位移：21112x at =----------------------------------2分 猎狗匀速阶段位移：21(6)x v t =-----------------------------------2分12x x x =+狗----------------------------------1分解得：25/a m s =----------------------------------1分16．解：（1）对物块Q ，由平衡条件 sin 53T F mg =︒----------------------------------1分对物块P ，当摩擦力沿斜面向上时F 最大，由平衡条件 max sin 37cos37T F mg F mg μ+︒=+︒------------2分 解得：max 0.36F N =----------------------------------1分 当摩擦力沿斜面向下时F 最小，由平衡条件 min sin 37cos37T F mg mg F μ+︒+︒=----------------------------------2分 解得：min 0.04F N =----------------------------------1分即：0.040.36N F N ≤≤----------------------------------1分（2）撤去拉力F 后对物块Q ：sin 53T mg F ma ︒-=----------------------------------1分 对物块P ：sin 37cos37T F mg mg ma μ-︒-︒=----------------------------------2分 解得： 20.2/a m s =----------------------------------1分17．解：（1）对木板由牛顿第二运动定律：mg Ma μ=板----------1分 解得：21/a m s =板----------------------------------1分（2）设木板的加速度为a 物，经时间t 物块运动到B 点 F mg ma μ-=物----------------------------------1分212x a t =物物----------------------------------1分 212x a t =板板----------------------------------1分 2l x x -=物板----------------------------------1分 解得：22/a m s =物，t =1s ，0.5x m =板----------1分（3）撤去F 瞬间两物体速度v a t =物物----------1分 v a t =板板-------------------1分撤去F 后对物体：2mg ma μ'=物----------------------------------1分 对木板：2mg Ma μ'=板----------------------------------1分物体与木板位移满足2222v v la a+=''2物板物板---------------2分解得：20.6μ=-------------------1分。
山东省潍坊三县市2014-2015学年高二上学期联考物理试卷Word版含答案
高二阶段性教学质量检测物理试题第I卷(选择题共40分)一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分，每小题至少有一个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分。
）1. 在电场中某点放入电荷量为q的正检验电荷时，测得该点的场强为E，若在该点放入电荷量q′=-2q的负检验电荷时，测得场强为E′，则有（）A. E′=E，方向与E相反B. E′=2E，方向与E相反C. E′=2E，方向与E相同D. E′=E，方向与E相同2.一根粗线均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时( )IA.通过金属导线的电流为2IB.通过金属导线的电流为4vC.自由电子定向移动的平均速率为2vD.自由电子定向移动的平均速率为43．某电场的电场线分布如图所示，电场中A、B两点在图示位置，则A、B两点相比较（）A．A点的场强大B．B点的场强大C ．B 点的电势高D ．负电荷在B 点的电势能高4．如图所示，平行板电容器连接在电池两极上，A 板接地， 在两板间的P 点固定一个负电荷．充电完成后断开开关K ，将B 板平移到虚线位置，下列说法中正确的是（ ）A ．电容器极板的带电量Q 变大B ．电容器两极板间的电场强度不变C ．P 点的电势将升高D ．P 点负电荷的电势能将升高5.如图所示，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有a 、b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q (q>0)的固定点电荷。
己知为(k 为静电力常b 点处的场强为22q kR ，则d 点处场强的大小量)( ) A. 23q kR B ．2109q k RC. 289q k RD ．299Q q k R 6．如图所示，R 1和R 2都是4W 、100Ω的电阻,R 3是1W 、100Ω的电阻，则A 、B 两端允许消耗的最大电功率是（ ）A ．1.5WB ．3WC ．9WD ．98W 7．如图所示，平行金属板中带电质点P 原来处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响,R 1的阻值和电源内阻r 相等。
2014-2015学年山东省潍坊市高二(下)期末物理试卷
2014-2015学年山东省潍坊市高二（下）期末物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共24.0分)1.关于惯性的下列说法，正确的是（）A.抛出去的标枪靠惯性向远处运动B.完全失重时物体的惯性将消失C.球由静止释放后加速下落，说明力改变了惯性D.物体沿水平面滑动，速度越大滑行的时间越长，说明速度大惯性就大【答案】A【解析】解：A、投掷出去的标枪，铁饼等是靠惯性向远处运动的．故A正确；B、在完全失重的情况下，物体不受支持力，但物体的惯性并没有消失，故B错误；C、惯性大小只与物体的质量有关，与运动的状态无关，球由静止释放后加速下落是由于受到重力的原因，惯性没有变化．故C错误；D、惯性是物体本身的固有属性，物体的惯性只与物体质量有关，与物体的运动状态无关，速度增大但是惯性不变．故D错误；故选：A．惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．本题考查了对惯性的理解与认识，是一道基础题；知道惯性是物体的固有属性，与物体的受力情况与运动状态无关是解题的关键．2.如图所示，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂质量为M的物体，OO′段水平且长为L，绳上套一光滑的轻环．若在轻环上施加竖直向下的作用力F，物体上升L后再次达到平衡，此时F大小（）A.M gB.M gC.M gD.M g【答案】D【解析】解：重新平衡后，绳子形状如下图：由几何关系知：绳子与竖直方向夹角为30°，则环两边绳子的夹角为60°，则根据平行四边形定则，环两边绳子拉力的合力为M g，根据平衡条件，F=M g故选：D由几何关系求出环两边绳子的夹角，然后根据平行四边形定则求F．该题的关键在于能够对线圈进行受力分析，利用平衡状态条件解决问题．力的计算离不开几何关系和三角函数．3.在竖直向上的拉力F作用下，将货物由地面吊起，其运动的v2-x图象如图所示（取g=10m/s2）．则前3m内与最后2m内拉力的大小之比（）A.12：7B.22：17C.22：23D.18：23【答案】B【解析】解：物体是从静止开始运动的，根据运动学公式v2-v02=2ax得v2-x图象斜率的意义表示物体的加速度，前3m内货物的加速度向上，加速度大小是1m/s2，根据牛顿第二定律得：F1-mg=ma1，最后2m内货物加速度方向向下，加速度大小是1.5m/s2，根据牛顿第二定律得：mg-F2=ma2．解得：前3m内与最后2m内货物的受到的拉力大小之比为22：17，故选：B．由图象可求得物体的加速度，再由牛顿第二定律可求得两段位移内的拉力大小之比．本题关键是根据v2-x图象得到物体的运动情况，然后进一步判断超失重情况，注意只要加速度向上，物体就处于超重状态．4.如图所示，小车上固定一直立木板，木板上端固定一定滑轮，轻绳跨过定滑轮一端系一小球，另一端系在弹簧秤上，弹簧秤固定在小车上，若小车突然由静止向右匀加速运动，则下列说法正确的是（）A.弹簧秤读数变大B.弹簧秤读数变小C.小车对地面的压力变大D.小车对地面的压力变小【答案】A【解析】解：设重球的质量为m，小车的质量为M，则当小车处在静止状态时，轻绳对球的拉力大小为T1=mg，地面对小车的支持力N1=（M+m）g，弹簧秤读数F1=T1=mg；当小车匀加速向右运动，轻绳向左偏离竖直方向，重球受力如图，则T2＞mg，弹簧秤读数F2=T2＞mg，即弹簧秤读数增大；由于竖直方向上没有加速度，对整体，则有地面对小车的支持力N2=（M+m）g，支持力不变，则小车对地面的压力不变．当小车匀加速向左运动时，轻绳对球的拉力大小为T3=mg，地面对小车的支持力N3=（M+m）g，弹簧秤读数F3=T3=mg；弹簧秤读数及小车对地面压力均不变．故选：A以重球为研究对象，分别研究小车静止时和运动时轻绳的拉力，分析弹簧秤读数的变化．以整体为研究对象，研究地面对小车的支持力的变化，再由牛顿第三定律研究小车对地面压力的变化．本题已知物体运动的状态变化，分析物体的受力的变化，采用隔离法和整体法结合分析物体的受力情况，是常用的方法，比较简单．5.如图所示，足够长的水平传送带以v0=2m/s的速度匀速运行．t=0时刻，在左端轻放一质量为m的小滑块，t=2s时刻传送带突然被制动而停止．已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2．则t=2.5s时滑块的速度为（）A.3m/sB.2m/sC.1m/sD.0【答案】C【解析】解：物块在传送带上的加速度为：a=，达到传送带速度时的时间为：，则物块匀速运动的时间为：t2=2-1s=1s．物块匀减速运动的加速度大小为：′，减速的时间为：t3=2.5-2=0.5st=2.5s时滑块的速度为：v=v0+a′t3=2+（-2）×0.5=1m/s故选：C根据牛顿第二定律求出物块在传送带上的加速度，根据运动学公式求出物块速度达到传送带速度时的时间，最后结合速度公式求出2.5s的速度．解决本题的关键理清物块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，难度中等．6.质量为1kg的物体静止在水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2．若对物体分别施加如图所示的水平拉力F，在前3t0内位移最大的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：A、在0-1s内，F＜μmg，物体静止不动．在1-2s内，加速度a1==1m/s2，位移，第2s末的速度v=a1t1=0.5×1m/s=0.5m/s．在2-3s内，加速度a2==，位移=，总位移为2.5m．B、在0-1s内，加速度a1==1m/s2，第1s末速度为v1=a1t1=1m/s．位移，在1-2内，加速度=-1m/s2，位移x2=v1t2+，第2s末速度为v2=v1+a2t2=0.5m/s．在2-3s内，加速度a3==，位移=，则总位移为3m．C、在0-1s内，F＜μmg，物体静止不动．在1-2s内，加速度a1==，位移=，第2s末的速度v=a1t1=3m/s．在2-3s 内，加速度a2==1m/s2，位移=，总位移为5m．D、在0-1s内，加速度a1=，第1s末速度为v1=a1t1=3m/s．第1s内的位移=，在1-2s内，加速度a2==1m/s2，位移x2=v1t2+m=3.5m，第2s末速度为v2=v1+a2t2=3.5m/s．在2-3s内，加速度，则位移m=3m，总位移为8m．可知D选项位移最大．故选：D．根据牛顿第二定律求出加速度，由位移公式求出各段时间内物体的位移，再确定哪种情况位移最大．本题也可以通过计算加速度和速度，作出速度-时间图象，根据“面积”表示位移，判断位移的大小．二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)7.t=0时刻质点位于x=-2m处，沿x轴正向做直线运动，其运动的v-t图象如图所示．下列说法正确的是（）A.t=4s时，质点在x=1m处B.第3s内和第4s内，质点加速度的方向相反C.第3s内和第4s内，质点加速度的方向相同D.0～2s内和0～4s内，质点的平均速度相同【答案】AC【解析】解：A、0-4s内质点的位移等于0-2s的位移，为△x=×（1+2）×2m=3m，t=0时质点位于x=-2m处，则t=4s时，质点在x=1m处，故A正确．B、图线的斜率表示加速度，直线的斜率一定，则知第3s内和第4s内，质点加速度相同，其方向相同，故B错误，C正确．D、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，则知O～2s内和0～4s内，质点的位移相同，但所用时间不同，则平均速度不同，故D错误．故选：AC速度-时间图象中，图线的斜率表示加速度．根据“面积”确定0-4s内的位移，即可确定其位置．平均速度由位移和时间之比分析．本题是速度图象问题，考查理解物理图象意义的能力，关键要抓住速度图象“斜率”表示加速度，“面积”表示位移．8.一体重计放在竖直升降的电梯内，小明站在体重计上，电梯静止时体重计示数为50kg，电梯运动时体重计示数为40kg，（取g=10m/s2）．下列说法中正确的是（）A.电梯的加速度大小为2m/s2B.电梯的加速度方向竖直向下C.电梯一定在竖直向下运动D.小明对体重计的压力小于体重计对他的支持力【答案】AB【解析】解：ABC、小明的体重只有50kg，体重计的示数为40kg，小于重力所以处于失重状态．运动情况可能为：向下加速或向上减速；小明受支持力和重力，由牛顿第二定律可知其加速度为：a=m/s2．故A正确，B正确，C错误．D、小明对体重计的压力与体重计对他的支持力是作用力与反作用力，大小相等，故D 错误．故选：AB．明的体重只有50kg，而他看到体重计的示数为60kg，可知他处于超重，则电梯有向上的加速度，由此来分析各个选项．无论超重还是失重，物体本身的质量并没有变化．本题考查了超重和失重的知识，记住：1、具有向上的加速度超重，具有向下的加速度失重；2、无论超重还是失重，物体本身的质量并没有变化．9.如图所示，在光滑水平面上放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块m．开始时，各物块均静止；若在两物块上各作用一水平恒力F1、F2，使物块滑离木板，分离时木板的速度分别为v1和v2．（物块和木板间的动摩擦因数相同）下列说法正确的是（）A.若F1=F2，M1＞M2，则v1＜v2B.若F1=F2，M1＜M2，则v1＜v2C.若M1=M2，F1＞F2，则v1＞v2D.若M1=M2，F1＜F2，则v1＞v2【答案】AD【解析】解：A、B、首先看F1=F2时情况：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，我们设两物块的加速度大小为a，对于M1、M2，滑动摩擦力即为它们的合力，设M1的加速度大小为a1，M2的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：a1=，，其中m为物块的质量．设板的长度为L，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移：物块与M2的相对位移：若M1＞M2，a1＜a2，所以得：t1＜t2，M1的速度为v1=a1t1，M2的速度为v2=a2t2则v1＜v2，故A正确；若M1＜M2，a1＞a2，所以得：t1＞t2，M1的速度为v1=a1t1，M2的速度为v2=a2t2，则v1＞v2，故B错误；C、D、若F1＞F2、M1=M2，根据受力分析和牛顿第二定律的：则M1上的物块的加速度大于M2上的物块的加速度，即a a＞a b，由于M1=M2，所以M1、M2加速度相同，设M1、M2加速度为a．它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移：物块与M2的相对位移：L=由于a a＞a b，所以得：t1＜t2，则v1＜v2，故C错误；若F1＜F2、M1=M2，a a＜a b，则v1＞v2，故D正确；故选：AD．本题中涉及到两个物体，所以就要考虑用整体法还是隔离法，但题中研究的是两物体的相对滑动，所以应该用隔离法．板和物体都做匀变速运动，牛顿定律加运动学公式和动能定理都能用，但题中“当物体与板分离时”隐含着在相等时间内物体的位移比板的位移多一个板长，也就是隐含着时间因素，所以不方便用动能定理解了，就要用牛顿定律加运动公式解．要去比较一个物理量两种情况下的大小关系，我们应该通过物理规律先把这个物理量表示出来．同时要把受力分析和牛顿第二定律结合应用．10.如图所示，横截面为直角三角形的斜劈A，底面靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球B上，系统处于静止状态．当力F增大时，系统仍保持静止．则下列说法正确的是（）A.A受到的摩擦力一定增大B.墙对A的弹力一定减小C.A对B的弹力一定增大D.B对地的压力一定增大【答案】CD【解析】解：A、对B受力分析，如图：根据平衡条件：F=N′sinθ，可见F增大则N′增大，即AB之间的弹力增大，N″=mg+N′cosθ，可见N′增大则N″增大，根据牛顿第三定律则B球对地面的压力增大，以整体为研究对象，竖直方向：N″+f=M g，若N″增大至与M g相等，则f=0，所以A受到的摩擦力减小，故A错误，CD正确；B、对整体为研究对象，受力分析，根据平衡条件，水平方向：N=F，F增大则N增大，故B错误；故选：CD正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题．正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题．要注意多个物体在一起时，研究对象的选取．三、填空题(本大题共3小题，共18.0分)11.某同学用如图所示的实验装置来探究求合力的方法．弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中的示数为______ N（保留两位有效数字）．（2）下列做法哪些是该实验中必须的实验要求______ （填写对应的字母）A．弹簧测力计应在使用前校零B．实验中必须保证OB水平C．测量重物M的重力D．拉线方向应与木板平面平行E．改变拉力，进行多次实验，每次都要使结点O在同一位置．【答案】3.6；ACD【解析】解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.6N．（2）A、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故A正确；B、该实验中不一定需要OB水平，故B错误；C、弹簧测力计A和B的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向．虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力，故C正确；D、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性，故D正确；E、该实验中，改变拉力时，只要物体处于平衡状态，两弹簧拉力的合力与M的重力等大反向，因此O点不用每次静止在同一位置，故E错误故选：ACD故答案为：（1）3.6；（2）ACD确定出弹簧测力计的分度值，从而读出弹簧秤的读数．在该实验中，由于P、O的位置确定，则A弹簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，则弹簧B的拉力大小和方向也一定，不需进行多次实验．通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图示．同时值得注意其中有一力大小与方向均已一定，从而减少实验的操作步骤，解答实验问题的关键是明确实验原理．12.在探究弹力和弹簧伸长量的关系时，某同学先按图1对弹簧甲进行探究，然后将弹簧乙和弹簧甲串联起来按图2进行探究．不考虑两个弹簧重力的影响，在弹性限度内，将质量m=50g的钩码逐个挂在弹簧下端，分别测得图1、图2中弹簧总长度L1、L2如表所示．取g=9.8m/s2，则弹簧甲的劲度系数k甲= ______ N/m，弹簧乙的劲度系数k乙= ______ N/m．【答案】100；50【解析】解：由表格中的数据可知，当弹力的变化量△F=2mg=2×0.05×9.8N=0.98N时，弹簧形变量的变化量为△x1==0.98cm，根据胡克定律知甲的劲度系数：k1===100N/m．根据表中数据要知，乙的形变量分别为53.44cm、54.41cm、55.39cm、56.38cm；同理可解得k2==50N/m；故答案为：10050根据弹簧形变量的变化量，结合胡克定律求出弹簧甲的劲度系数．通过弹簧并联时的弹力的变化量和形变量的变化量可以求出弹簧并联的劲度系数．解决本题的关键掌握胡克定律，知道F=kx，x表示形变量，以及知道其变形式△F=k△x，△x为形变量的变化量．13.某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律：（1）备有下列器材：A．长木板；B．电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C．细绳、小车、砝码；D．装有细沙的小桶；E．薄木板；F．毫米刻度尺；还缺少的一件器材是______ ．（2）该同学得到如图丙所示的纸带．已知打点计时器电源频率为50H z．A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个计数点，两计数点之间还有四个点未画出．由此可算出小车的加速度a= ______ m/s2（保留两位有效数字）．（3）将小车静止地放在水平长木板上，后面固定一条纸带，纸带穿过打点计时器．把木板不带滑轮的一端慢慢垫高如图（乙）所示，直到小车由静止开始沿木板向下滑动为止．请问这位同学的操作______ 正确（填是、否）（4）如果这位同学先进行（3）中的操作，然后不断改变小车的拉力F，得到M（小车质量）保持不变情况下的a-F图线是图丁中的______ （填选项代号的字母）．【答案】天平；0.20；否；C【解析】解：（1）实验中需要根据牛顿第二定律进行数据处理，并且拉力由砝码的重力代替；故应需要天平；（2）根据刻度尺的示数可知△x=s DG-s AD=3.90cm-2.10cm=1.80cm，两计数点之间还有四个点未画出，所以时间间隔为T=0.1s，代入公式△x=a T2可以求出加速度为：a=m/s2．（3）平衡摩擦力时应是让小车静止在斜面上，用手轻轻一推后，小车做匀速直线运动；该同学使小车下滑时，重力的分力已经大于了摩擦力；故该做法错误；（4）若平衡摩擦力做度，则在没有拉力的情况下，物体已经具有加速度；故图象为C；故答案为：（1）天平（2）0.20（3）否（4）C（1）根据实验的具体操作步骤以及所要测量的数据，即可明确所需器材；（2）根据匀变速直线运动的规律△x=a T2可以求出加速度的大小．（3）根据平衡摩擦力的方法确定应如何判断摩擦力已平衡；（4）根据（3）中的做法可明确物体的受力情况，从而确定图象．本题考查验证牛顿第二定律的实验；对于教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等．四、计算题(本大题共4小题，共42.0分)14.一物块沿水平面由A向B做匀加速直线运动．通过A点时的速度为1m/s，经2s到达B点，再运动8m到达C点，速度为5m/s，求：物块的加速度a及通过B点的速度．【答案】解：对AB过程由速度公式可得：v B=v A+at1①对BC过程由速度和位移关系可得：②联立解得：a=1m/s2v B=3m/s答：物块的加速度a为1m/s2；通过B点的速度为3m/s．【解析】根据已知条件分别对AB和BC过程进行分析，列出运动学公式联立可求得加速度和速度．对于多过程的运动学题目，要注意找出两过程中的关系，然后分别对两过程列式，联立可解．15.如图所示，质量分别为2m和m的A、B两物体通过轻质细线跨过光滑定滑轮连接．弹簧下端固定于地面，上端与B连接，A放在光滑斜面上，开始用手控住A，细线刚好拉直，但无拉力．滑轮左侧细线竖直，右侧细线与斜面平行．物体A释放后沿斜面下滑，当弹簧刚好恢复原长时，B获得最大速度．重力加速度为g，求：（1）斜面倾角α；（2）刚释放时，A的加速度．【答案】解：（1）B速度最大时做匀速直线运动，由平衡条件得：2mgsinα=mg，解得：sinα=，则α=300；（2）刚释放A时，由牛顿第二定律得：对A：2mgsinα-T=2ma，对B：T+F弹-mg=ma，弹力：F弹=mg，解得：a=g，方向沿斜面向下；答：（1）斜面倾角α为30°；（2）刚释放时，A的加速度为g．【解析】（1）B速度最大时做匀速直线运动，由平衡条件可以求出斜面的倾角．（2）分别对A、B应用牛顿第二定律列方程，然后可以求出加速度．本题考查求斜面倾角、A的加速度，分析清楚物体运动过程，对物体正确受力分析，应用平衡条件与牛顿第二定律可以解题．16.国歌从响起到结束的时间是48s，国旗上升的高度是17.6m．国歌响起同时国旗开始向上做匀加速运动4s，然后匀速运动，最后匀减速运动4s到达旗杆顶端，速度恰好为零，此时国歌结束．求：（1）国旗匀加速运动的加速度大小；（2）国旗匀速运动时的速度大小．【答案】解：对于红旗加速上升阶段：①对于红旗匀速上升阶段：v2=a1t1②x2=v2t2③对于红旗减速上升阶段：④对于全过程：a1=a3⑤x1+x2+x3=17.6m⑥由以上各式可得：a1=0.1m/s2⑦v2=0.4m/s．⑧答：（1）国旗匀加速运动的加速度大小为0.1m/s2；（2）国旗匀速运动时的速度大小为0.4m/s．【解析】由于红旗匀加速运动和匀减速运动的加速度大小相等，根据对称性得知这两个过程的时间相等，确定出匀速运动的时间，用位移公式分别得出三个运动过程的位移表达式，求出匀速运动的速度，再求解匀加速运动的加速度大小．本题涉及三个运动过程，三个过程之间基本的联系是速度，前一过程的末速度等于后一过程的初速度，研究三个之间的关系是解题的关键17.如图甲所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为θ=37°固定斜面上（斜面足够长），对物体施加平行于斜面向上的恒力F，作用时间t1=1s时撤去拉力，物体运动的部分v-t图象如图乙所示，设物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）试求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数；（2）拉力F的大小；（3）t=4s时物体的速度．【答案】解：（1）根据速度时间图线知，匀加速直线运动的加速度：a1=20m/s2根据牛顿第二定律得：F-μmgcosθ-mgsinθ=ma1匀减速直线运动的加速度：根据牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma2解得：F=30N，μ=0.5（2）由（1）知，F=30N（3）在物块由A到C过程中，设撤去力后物体运动到最高点时间为t2v1=a2t2，解得t2=2s则物体沿斜面下滑的时间为t3=t-t1-t2=1s设下滑加速度为a3，由牛顿第二定律得mgsinθ-μmgcosθ=ma3解得：a3=2m/s2所以t=4s时物体的速度：v=a3t3=2×1=2m/s，沿斜面向下答：（1）物体与斜面间的动摩擦因数（2）拉力F的大小是30N；（3）物体4s末速度为2m/s．【解析】由图象得出加速上升过程和减速上升过程的加速度，根据牛顿第二定律求出物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F的大小；先通过图象得到3s末速度为零，然后求出3s到4s物体的加速度，再根据速度时间关系公式求解4s末速度．本题关键受力分析后，根据牛顿第二定律，运用正交分解法求解出各个运动过程的加速度，然后结合运动学公式列式求解．。
2014-2015学年山东省潍坊市五县联考高二(下)期中物理试卷
2014-2015学年山东省潍坊市五县联考高二（下）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共3小题，共12.0分)1.根据楞次定律可知，感应电流的磁场一定是（）A.阻碍引起感应电流的磁通量B.阻碍引起感应电流的磁通量变化C.与引起感应电流的磁场方向相反D.与引起感应电流的磁场方向相同【答案】B【解析】解：根据楞次定律，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．原磁场减小时，感应电流的磁场与原磁场的方向相同，原磁场增大时，感应电流的磁场与原磁场的方向相反．故选项ACD错误，选项B正确．故选：B楞次定律的内容是：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．解决本题的关键掌握楞次定律的内容：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化2.如图所示，闭合金属线圈abcd从一定高度自由下落进入一有界匀强磁场，bc边刚进入磁场时，线圈恰好做匀速运动．已知磁场宽度和ab边长度相等．取逆时针方向为电流的正方向，向下为力的正方向，bc边开始进入磁场到ad边刚出磁场的过程中，线圈中感应电流I和所受到的安培力F随时间变化的图象是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：因为磁场宽度和ab边长度相等，ad边进磁场，bc边出磁场，知bc边开始进入磁场到ad边刚出磁场的过程中，线圈一直做匀速直线运动，根据楞次定律，bc边进磁场时，感应电流方向为逆时针方向，bc边出磁场时，感应电流方向为顺时针方向，由于速度不变，根据E=BL v知，电动势不变，则电流大小不变．故B正确，A、C、D错误．故选：Bbc边刚进入磁场时，线圈所受的安培力与重力平衡，线圈做匀速直线运动，当ad边进磁场时，bc边出磁场，所受的安培力仍然与重力平衡，线圈仍然做匀速直线运动直到ad边出磁场．解决本题的关键知道线圈在整个过程中的运动情况，根据楞次定律和切割产生的感应电动势公式进行分析．3.如图1所示变压器为理想变压器，原、副线圈匝数比为2：1，、为理想电流表和理想电压表，电路中R=55Ω，若原线圈接入如图2所示的正弦交变电压，下列表述正确的是（）A.电压表的示数为110VB.电流表的示数为2 AC.变压器的输入功率220WD.交变电压的频率为100H z【答案】C【解析】解：A、由图2可知，原线圈的最大值为220V，则有效值为220V，由电压的关系可得匝数的比例关系：副线圈的电压：V电压表的示数为110V．故A错误；B、电流表的示数为A，则B错误；C、变压器的输入功率等于输出功率，所以：P入=P出=U2I2=110×2=220W．故C正确；D、由图可知，交流电的周期是0.02s，频率为：H z，故D错误．故选：C由电压的关系可得匝数的比例关系，各表的示数为有效值，根据电压的有效值及欧姆定律可求各量之比．该题考查变压器的电流比与匝数比关系，以及交流电的周期与频率关系，掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，明确各表的示数为有效值．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)4.甲、乙两地原来用500k V的超高压输电，在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000k V特高压输电，不考虑其它因素的影响．则输电线上（）A.损失的电压将变为原来的B.损失的电压将变为原来的2倍C.损耗的电功率将变为原来的D.损耗的电功率将变为原来的【答案】AD【解析】解：A、根据I=求出输电线上的电流，与输送的电压成反比，即输电线上的电流将变为原来的，根据U=IR可知，输电线上降落的电压将变为原来的，故A正确，B错误C、当以不同电压输送时，有P=U1I1=U2I2，而在线路上损失的功率为△P=I2R=可知，损失的功率与电压的平方成反比，即△P1：△P2=4：1所以输电线上损失的功率为．故C错误，D正确；故选：AD已知输送的电功率和输电电压，根据I=求出输电线上的电流；根据△P=I2R求出输电线上损失的电功率．本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压三、单选题(本大题共1小题，共4.0分)5.如图所示，一根弯成直角的金属棒abc绕其一端a在纸面内以角速度ω匀速转动，已知ab：bc=4：3，金属棒总长为L，若加一个垂直纸面向里的磁感强度为B的匀强磁场，则棒两端的电势差U ca（）A.BL2ωB.BL2ωC.BL2ωD.BL2ω【答案】B【解析】解：由题：ab：bc=4：3，金属棒总长为L，则得ab=L，bc=L，则ca间的长度为：l==Labc棒以b端为轴在纸面内以角速度ω匀速转动，则c、a间的电势差大小为：U cb=E cb=B（L）2ω=BL2ω；故选：B根据转动切割产生的感应电动势公式E=BL2ω，分别求出cb间和ab间的电势差，即可求得U ca解决本题的关键掌握转动切割产生的感应电动势公式E=BL2ω，知道L是等效长度四、多选题(本大题共4小题，共16.0分)6.下列说法中正确的是（）A.温度越高，布朗运动越剧烈B.布朗运动是由颗粒内分子的无规则运动引起的C.热量可以自发地从低温物体传到高温物体D.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体【答案】AD【解析】解：A、布朗运动是由于液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，悬浮的颗粒越大，表面积越大，周围液体分子数越多，同一时刻撞击颗粒的分子数，冲力越平衡，所以布朗运动越不明显，故A正确．B、布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的运动，是由于液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，所以布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动．故B错误．C、D、根据热力学第二定律，热量传递由方向性，所以热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，故C错误，D正确．故选：AD固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，液体的温度越低，悬浮小颗粒的运动越缓慢，且液体分子在做永不停息的无规则的热运动．固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动；根据热力学第二定律，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体．该题考查布朗运动与热力学第二定律，掌握布朗运动的实质和产生原因，以及影响布朗运动剧烈程度的因素是解决此类题目的关键．7.下列说法正确的是（）A.晶体一定具有固定的熔点B.晶体一定具有规则的几何外形C.草叶上的露珠成球形是表面张力作用的结果D.液体表面张力的方向与液面垂直并指向液体内部【答案】AC【解析】解：A、晶体熔化时具有固定的熔点，故A正确．B、单晶体有固定的几何外形，但是多晶体属于晶体，没有固定的形状，故B错误．C、液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，即是表面张力，表面张力的存在使液体表面想被拉伸的弹簧一样，总有收缩的趋势，从而形成表面张力，草叶上的露珠呈球形是表面张力作用的结果，故C正确．D、表面张力产生在液体表面层，它的方向平行于液体表面，而非与液面垂直；故D错误．故选：AC．晶体具有固定熔点，但是多晶体没有固定的几何外形．表面张力形成的原因是：液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，即是表面张力，表面张力的存在使液体表面想被拉伸的弹簧一样，总有收缩的趋势，从而形成表面张力，依据表面张力形成原因可分析CD．解决本题的关键知道晶体和非晶体的区别，会从形状、熔点、各个方向上的物理性质区分它们，但是要注意多晶体这一特例．8.如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子从无穷远处沿x轴向O点运动，两分子间的分子势能E P与两分子间距离的变化关系如图所示，则乙分子（）A.由x2到x1过程中分子力做正功B.由x2到x1过程中分子力做负功C.在x=x1时，分子力为零D.在x=x2时，分子力为零【答案】BD【解析】解：A、由图象可知，乙分子在x2时分子势能最小，由x2到x1过程中分子势能增大，分子力做负功，故A错误，B正确．C、分子在平衡位置分子势能最小，故乙分子在x2时，分子引力等于分子斥力，合力为0，故C错误，D正确．故选：BD分子间存在相互作用的引力和斥力，当二者大小相等时两分子共有的势能最小，分子间距离为平衡距离，当分子间距离变大或变小时，分子力都会做负功，导致分子势能变大．两分子所具有的总能量为分子动能与分子势能之和．掌握分子力与距离的关系，会分析分子力做功与分子势能变化的关系，知道总能量由分子势能和分子动能两者之和构成．9.已知油酸的摩尔质量为M，密度为ρ，阿伏加德罗常数为N A．若用m表示一个油酸分子的质量，用V0表示一个油酸分子的体积，则下列表达式中正确的是（）A.m=B.m=C.V0=D.V0=【答案】BC【解析】解：A、B、分子的质量等于摩尔质量除以阿伏加德罗常数，则有：m=．故A错误，B正确；C、D、由于油酸分子间隙小，所以分子的体积等于摩尔体积除以阿伏加德罗常数，则有：V0===，故C正确，D错误．故选：BC．分子的质量等于摩尔质量除以阿伏加德罗常数；分子的体积等于摩尔体积除以阿伏加德罗常数．解决本题的关键掌握摩尔质量与分子质量的关系，摩尔体积与分子体积的关系，要注意对于气体，分子体积小于摩尔体积与阿伏加德罗常数之比．五、单选题(本大题共1小题，共4.0分)10.如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B的过程中，则气体（）A.分子的平均动能不变B.分子的平均动能减少C.吸收热量D.放出热量【答案】C【解析】解：由知，理想气体从状态A变化到状态B，温度升高，分子平均动能增大；温度升高，内能增大，又体积膨胀对外做功，根据热力学第一定律知，气体肯定吸热故选：C根据图象可知AB的体积与温度之间的关系，再根据理想气体的状态方程分析AB之间的压强的关系，根据热力学第一定律分析气体的内能的变化气体的体积摄氏温度成正比例变化，由此可以得到体积和热力学温度的关系，这是解决本题的关键的地方，抓住这个特点题目就不难分析了七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)12.某同学在做“用油膜法估测分子大小”的实验中，计算出的分子直径结果明显偏大，可能是由于（）A.油酸未完全散开B.油酸中含有大量酒精C.计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格D.求每滴体积时，lm L的溶液的滴数误多计了10滴【答案】AC【解析】解：计算油酸分子直径的公式是d=，V是纯油酸的体积，S是油膜的面积．A．油酸未完全散开，S偏小，故得到的分子直径d将偏大，故A正确；B．计算时利用的是纯油酸的体积，如果含有大量的酒精，则油酸的实际体积偏小，则直径将偏小，故B错误；C．计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格，S将偏小，故得到的分子直径将偏大，故C正确；D．求每滴体积时，lm L的溶液的滴数误多记了10滴，由V0=可知，纯油酸的体积将偏小，则计算得到的分子直径将偏小，故D错误；故选：AC．用油膜法估测分子直径实验原理是：让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面积，从而求出分子直径．根据此原理分析误差．解答本题关键要理解并掌握单分子油膜法估测分子直径的原理d=，建立这样的模型：油酸分子呈球型分布在水面上，且一个挨一个，再分析误差的大小．六、填空题(本大题共1小题，共4.0分)11.如图所示，电路中电流表正接线柱流入电流时，指针顺时针方向偏转，负接线柱流入电流时指针逆时针方向偏转，当电键K断开瞬间，表A1指针______ 偏转；表A2指针______ 偏转．（填逆时针或者顺时针）【答案】逆时针；顺时针【解析】解：根据题意可知，电流从哪端流入，指针就偏向哪端；当电路稳定后断开，通过电阻这一支路的原电流立即消失，由于电感器对电流的变化有阻碍作用，会阻碍其减小，通过电感器的电流并且通过电阻．所以含有电感器的支路的电流从“+”接线柱流入，A2指针向右摆，即顺时针偏转．含有电阻的支路电流从“-”接线柱流入，A1指针向左摆，即逆时针偏转．故答案为：逆时针；顺时针电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小解决本题的关键知道电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小八、填空题(本大题共1小题，共8.0分)13.为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，电路中分别接了理想交流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2，导线电阻不计，如图所示．当开关S闭合后（1）A1示数______ ，A1与A2示数的比值______ ；（2）V2示数______ ，V1与V2示数的比值______ ．（填变大、变小或者不变）【答案】变大；不变；不变；不变【解析】解：由于理想变压器原线圈接到电压有效值不变，则副线圈电压不变，V2示数不变，V1与V2示数的比值不变．开关S闭合后，变压器副线圈的负载电阻减小，V2不变，由欧姆定律可得A1示数变大，由于理想变压器P2=P1，V1与V2示数的比值不变，所以A1与A2示数的比值不变．故答案为：（1）变大；不变（2）不变；不变和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．九、计算题(本大题共4小题，共44.0分)14.如图所示，用硬质导线做成一个半径为r的圆环，圆环的电阻为R，ab为圆环的一条直径．在ab的左侧有磁感应强度B均匀减小的磁场，变化率=k，磁场方向垂直圆环平面向里．求：（1）感应电流的方向；（2）感应电流的大小；（3）图中a、b两点间的电压的大小．【答案】解：（1）磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小B减少，穿过圆环的磁通量减少，由楞次定律判断可知：圆环中产生的感应电流方向沿顺时针方向；（2）由法拉第电磁感应定律得E=•πr2=kπr2，根据闭合电路欧姆定律，则感应电流大小为I==，（3）a、b两点的电势差应等于路端电压，由闭合电路欧姆定律得ab两点间的电势差为：U=I==|0.25kπr2|，答：（1）感应电流的方向顺时针方向；（2）感应电流的大小；（3）图中a、b两点间的电压的大小|0.25kπr2|．【解析】根据楞次定律判断感应电流的方向，并确定圆环有扩张趋势还是有收缩趋势；由法拉第电磁感应定律求出感应电动势大小，再由欧姆定律求感应电流大小．本题考查楞次定律及法拉第电磁感应定律的应用，注意正确应用楞次定律的两种描述；同时还要注意求磁通量时，面积应为有效面积，本题中不能当作圆的面积来求，而是圆中含有磁通量的部分面积．15.如图所示为一交流发电机的原理示意图，其中矩形线圈abcd的边长ab=cd=50cm，bc=ad=20cm，匝数n=200，线圈的总电阻r=0.20Ω，线圈在磁感强度B=0.05T的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴OO′匀速转动，角速度ω=300rad/s．线圈两端通过电刷E、F与阻值R=4.8Ω的定值电阻连接．（1）从线圈经过中性面开始计时，写出线圈中感应电动势随时间变化的表达式；（2）发电机的输出功率；（3）求从线圈经过中性面开始计时，经过周期时间通过电阻R的电荷量．【答案】解：（1）线圈产生感应电动势的最大值E m=n BωS解得：E m=300V感应电动势随时间变化的表达式e=E m sinωt=300sin300t（V）（2）线圈中感应电动势的有效值E=电流的有效值I=交流发电机的输出功率即为电阻R的热功率P=（3）根据法拉第电磁感应定律有：由闭合电路欧姆定律：q=联立解得：q=0.2C答：（1）从线圈经过中性面开始计时，线圈中感应电动势随时间变化的表达式e=E m sinωt=300sin300t（V）；（2）发电机的输出功率8.64×103W；（3）求从线圈经过中性面开始计时，经过周期时间通过电阻R的电荷量为0.2C【解析】（1）根据E m=n BSω求出最大电动势，再写出瞬时值表达式；（2）先根据最大值与有效值的关系求出有效值，再根据闭合电路欧姆定律求解电流的有效值，之后求解外电阻的热功率就是发电机的输出功率；（3）用平均电流与时间爱你的乘积来计算通过电阻R的电荷量．解决本题的关键知道正弦式交流电峰值的表达式E m=n BSω，以及知道峰值与有效值的关系，知道求解电荷量时要用平均值．16.如图所示，一定质量的理想气体被活塞封闭在竖直放置的高为2h圆柱形气缸内，气缸壁导热良好，活塞可沿气缸壁无摩擦地滑动．开始时气柱高度为h，将气缸倒转过来，再次平衡后气柱高度变为h．保持气体温度不变，已知大气压强P0，气缸横截面积为S，重力加速度为g．求：活塞的质量M．【答案】解：（1）气体初态压强P1=P0+，体积为：V1=h S末态缸倒转后P2=P0-，体积为：V2=1.5h S由玻意尔定律得：P1V1=P2V2解得：M=答：活塞的质量为【解析】气缸内壁导热良好，故封闭气体做等温变化，根据玻意而定律列式求解本题关键是利用活塞根据平衡求解封闭气体的压强，然后根据玻意而定律列式求解即可17.如图，用U形管和细管连接玻璃烧瓶A和橡胶气囊B，A和B内都充有理想气体，A浸泡在温度为27℃的水槽中，U形管内右边水银柱比左侧高h=30cm．现挤压气囊B，使其体积变为原来的，此时U形管两侧的水银柱等高，已知挤压过程中气囊B温度保持不变，U形管和细管的体积远小于A、B的容积，变化过程中烧瓶中气体体积可认为不变．（1）求烧瓶A中气体压强；（用cm H g表示）（2）将橡胶气囊B恢复原状，再将水槽缓慢加热至47℃，U形管两侧的高度差．【答案】解：（1）由题意知：A气体压强P A不变，且与B气体末态压强P′B相等，初态压强满足：P B=P A-P h对B气体由玻意耳定律可知：′代入数据解得：P A=90cm H g（2）由查理定律可知：′解得：P A′=96cm H g两侧的高度差为：△h=30+（P′A-P A）=36cm答：（1）烧瓶A中气体压强90cm H g（2）将橡胶气囊B恢复原状，再将水槽缓慢加热至47℃，U形管两侧的高度差36cm 【解析】以A内封闭气体为研究对象，做等温变化，根据玻意耳定律求出B内的压强，然后求出A内压强；以B中封闭气体为研究对象，根据等容变化列方程求解本题考查了理想气体状态方程的应用，关键是正确分析AB中气体压强的关系。
山东省潍坊市诸城市四县2014-2015学年高二下学期期末考试理数试题Word版含解析
一、选择题：本大题共10个小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设i 是虚数单位，若复数103a i--（a R ∈）是纯虚数，则a 的值为（ ） A ． ﹣3 B ． ﹣1C ． 1D ． 3【答案】D 【解析】 试题分析：∵1010(3)10(3)(3)3(3)(3)10i i a a a a i i i i ++-=-=-=----+是纯虚数，∴30a -=，解得3a =． 故选D ．考点：复数的基本概念．2.已知集合{1,}A a =，{1,2,3}B =，则“3a =”是“A ⊆B“的（ ） A ． 充分而不必要条件 B ． 必要而不充分条件 C ． 充分必要条件 D ． 既不充分也不必要条件 【答案】A 【解析】试题分析：当3a =时，{1,3}A =所以A B ⊆，即3a =能推出A B ⊆；反之当A B ⊆时，所以3a =或2a =，所以A B ⊆成立，推不出3a =，故“3a =”是“A B ⊆”的充分不必要条件，故选A ．考点：必要条件、充分条件与充要条件的判断；集合的包含关系判断及应用．3.定积分⎰的值为（ ）A ．9πB ．3πC ．94πD ．92π【答案】C 【解析】试题分析：由定积分的几何意义知⎰是由曲线y =0x =，3x =围成的封闭图形的面积，故23944ππ⨯==⎰，故选C ． 考点：定积分．4.设随机变量ξ服从正态分布(3,7)N ，若(2)(2)P a P a ξξ>+=<-，则a=（ ） A ． 1 B ． 2C ． 3D ． 4【答案】C 【解析】试题分析：∵随机变量ξ服从正态分布(3,7)N ，∵(2)(2)P a P a ξξ>+=<-，∴2a +与2a -关于3x =对称，∴226a a ++-=，∴26a =，∴3a =，故选C ．考点：正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义．5.有6个大小相同的黑球，编号为1，2，3，4，5，6，还有4个同样大小的白球，编号为7，8，9，10，现从中任取4个球，有如下集中变量：①X 表示取出的最大号码；②Y 表示取出的最小号码；③取出一个黑球记2分，取出一个白球记1分，ξ表示取出的4个球的总得分；④η表示取出的黑球个数，这四种变量中服从超几何分布的是（ ） A ． ①② B ． ③④C ． ①②④D ． ①②③④【答案】B 【解析】试题分析：超几何分布取出某个对象的结果数不定，也就是说超几何分布的随机变量为实验次数，即指某事件发生n 次的试验次数，由此可知③④服从超几何分布．故选：B ． 考点：超几何分布．6.一名小学生的年龄和身高（单位：cm ）的数据如下表：由散点图可知，身高y 与年龄x 之间的线性回归方程为^^8.8y x a =+，预测该学生10岁时的身高为（ ） A ． 154 B ． 153C ． 152D ． 151【答案】B【解析】试题分析：由题意，7.5x =，131y =，代入线性回归直线方程为^^8.8y x a =+，^1318.87.5a =⨯+，可得^65a =，∴^8.865y x =+，∴10x =时，^8.81065153y =⨯+=，故选B ．考点： 线性回归方程．7.43(1)(1x -展开式中2x 的系数是（ ）A ． 3B ． 0C ． ﹣3D ． ﹣6【答案】D 【解析】 试题分析：∵43(1)(1x -0122334402344444333()(C C x C x C x C x C C C x C =-+-+--，∴展开式中2x 的系数是1224341266C C C -+=-+=-，故选：D ．考点：二项式定理的应用．8.从1，2，3，4，5中任取2个不同的数，事件A=“取到的2个数之和为偶数”，事件B=“取到的2个数均为偶数”，则(|)P B A =（ ） A ．B ．C ．D ．【答案】B 【解析】试题分析：2232252()5C C P A C +==，22251()10C P AB C ==，由条件概率公式得()1(|)()4P AB P B A P A ==． 故选：B ．考点：相互独立事件的概率乘法公式．9.设f （x ）是奇函数，对任意的实数x 、y ，有()()()f x y f x f y +=+，当x ＞0时，()0f x <，则()f x 在区间上（ ）A ． 有最大值()f aB ． 有最小值()f aC ． 有最大值()2a bf + D ． 有最小值()2a bf + 【答案】A 【解析】试题分析：任取12x x <，210x x ->，∵当0x >时，()0f x <，∴21()0f x x -<，即21()()0f x f x +-<；∵()f x 是奇函数，∴有21()()0f x f x +-<，∴21()()f x f x <，∴()f x 在R 上递减． ∴()f x 在区间上有最大值()f a ，最小值()f b ，故选A.考点： 函数奇偶性的性质；函数单调性的判断与证明；函数的最值及其几何意义． 10.定义在区间[0,]a 上的函数()f x 的图象如图所示，记以(0,(0))A f ，(,())B a f a ，(,())C x f x 为顶点的三角形的面积为()s x ，则函数()s x 的导函数'()s x 的图象大致是（ ）【答案】D考点：函数的单调性与导数的关系．二、填空题（每题5分，满分25分，将答案填在答题纸上）11.已知函数()4ln f x x x =-，则曲线()y f x =在点(1,(1))f 处的切线方程为 ． 【答案】340x y +-= 【解析】试题分析：函数()4ln f x x x =-，所以函数'4()1f x x=-，切线的斜率为：﹣3，切点为：（1，1）所以切线方程为：340x y +-=，故答案为：340x y +-=. 考点：利用导数研究曲线上某点切线方程．12.设函数2222,0(),0x x x f x x x ⎧++≤=⎨->⎩，若(())2f f a =，则a= ．【解析】试题分析：设()t f a =，则()2f t =，若0t >，则2()2f t t =-=，此时不成立，若0t ≤，由()2f t =得，2222t t ++=，即220t t +=，解得0t =或2t =-，即()0f a =或()2f a =-，若0a >，则2()0f a a =-=，此时不成立；或2()2f a a =-=-，即22a =，解得a =若0a ≤，由()0f a =得，2220a a ++=，此时无解；或()2f a =-，即2240a a ++=，此时无解，综上：a =．考点：函数的值．13.观察分析下表中的数据：猜想一般凸多面体中F ，V ，E 所满足的等式是 ． 【答案】F+V ﹣E=2 【解析】试题分析：凸多面体的面数为F 、顶点数为V 和棱数为E ， ①正方体：F=6，V=8，E=12，得F+V ﹣E=8+6﹣12=2； ②三棱柱：F=5，V=6，E=9，得F+V ﹣E=5+6﹣9=2； ③三棱锥：F=4，V=4，E=6，得F+V ﹣E=4+4﹣6=2．根据以上几个例子，猜想：凸多面体的面数F 、顶点数V 和棱数E 满足如下关系：F+V ﹣E=2 再通过举四棱锥、六棱柱、…等等，发现上述公式都成立． 因此归纳出一般结论：F+V ﹣E=2 故答案为：F+V ﹣E=2 考点：归纳推理．14.从0，1，2，3，4，5这六个数字中任取两个奇数和两个偶数，组成没有重复数字的四位数的个数为 ． （用数字作答） 【答案】180 【解析】试题分析：从六个数字中任取两个奇数和两个偶数，当偶数不包含0时有22423472C C A =，当偶数中含0时有12132333108C C C A =，∴组成没有重复数字的四位数的个数为72+108=180，故答案为：180．考点：排列、组合及简单计数问题．15.如果对定义在R 上的函数()f x ，对任意两个不相等的实数12,x x ，都有11221221()()()()x f x x f x x f x x f x +>+，则称函数()f x 为“H 函数”．给出下列函数①31y x x =-++；②32(sin cos )y x x x =--；③1xy e =+；④ ln ||,0()0,0x x f x x ≠⎧=⎨=⎩．以上函数是“H 函数”的所有序号为 ． 【答案】②③ 【解析】试题分析：∵对于任意给定的不等实数12,x x ，不等式11221221()()()()x f x x f x x f x x f x +>+恒成立，∴不等式等价为1212()[()()]0x x f x f x -->恒成立，即函数()f x 是定义在R 上的增函数． ①31y x x =-++；'231y x =-+，则函数在定义域上不单调．②32(sin cos )y x x x =--；'32(cos sin )3)04y x x x π=-+=-+>，函数单调递增，满足条件．③1x y e =+为增函数，满足条件．④f（x ）=．当0x >时，函数单调递增，当x ＜0时，函数单调递减，不满足条件．综上满足“H 函数”的函数为②③， 故答案为：②③． 考点：函数单调性的性质．三、解答题 （本大题共6小题，共75分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.） 16.设全集为R ，{|25}A x x =<≤，{|38}B x x =<<，{|12}C x a x a =-<<． （Ⅰ）求A B 及()R C A B ；（Ⅱ）若()AB C φ=，求实数a 的取值范围．【答案】（1）{|35}A B x x =<≤，(){|28}R C A B x x x =≤≥或；（2）32a ≤或6a ≥. 【解析】试题分析：本题主要考查集合运算及含有参数的集合运算等基础知识，这类问题通常借助数轴来解决问题，考查学生的分析问题解决问题的能力、计算能力、画图能力.第一问，运用集合间的运算借助于数轴可直接求A B 及()R C A B ；第二问，结合第一问的结论，画出数轴，在数轴上分析a 的取值范围．试题解析：（Ⅰ）∵{|25}A x x =<≤，{|38}B x x =<<， ∴{|35}AB x x =<≤，{|28}A B x x =<<，∴(){|28}R C AB x x x =≤≥或．（Ⅱ）∵{|35}A B x x =<≤，如图，又∵()AB C φ=，∴集合C 应当在如图表示的区域两侧，或C=φ ∴应有23a ≤或15a -≥，或a-1≥2a 解得：32a ≤或6a ≥． 考点：交、并、补集的混合运算；集合关系中的参数取值问题． 17.已知命题:[0,3]p x ∀∈，2223a x x ≥-+-，命题2:,40q x R x x a ∃∈++=，若命题“p q ∧”是真命题，求实数a 的取值范围． 【答案】1[,4]3由命题q ：1640a ∆=-≥，即4a ≤， 又命题“p q ∧”是真命题，∴13a ≥且4a ≤成立，即143a ≤≤， 故实数a 的取值范围是1[,4]3．考点：复合命题的真假．18.某食品企业一个月内被消费者投诉的次数用ξ表示，椐统计，随机变量ξ的概率分布如下：（Ⅰ）求a 的值和ξ的数学期望；（Ⅱ）假设一月份与二月份被消费者投诉的次数互不影响，求该企业在这两个月内共被消费者投诉2次的概率． 【答案】（1）1.7；（2）0.17. 【解析】试题分析：本题主要考查离散型随机变量的期望与方差，通常情况下，都是先求出随机变量取每个值时的概率、再得其分布列、最后用数学期望与方差的定义求解；求复杂事件的概率通常有两种方法：一是将所求事件转化为彼此互斥的事件的和，利用概率加法公式计算互斥事件和的概率．第一问，对于随机变量的所有可能的取值，其相应的概率之和都是1，即P 1+P 2+…=1．借此，我们可以求出a 值，再利用数学期望的定义求解；第二问，由题意得，该企业在这两个月内共被消费者投诉2次的事件分解成两个互斥事件之和，分别求出这两个事件的概率后相加即可．试题解析：（1）由概率分布的性质有0.10.321a a +++=，解得0.2a =， ∴ξ的概率分布为∴00.110.320.430.2 1.7E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯=.（2）设事件A 表示“两个月内共被投诉2次”事件A 1表示“两个月内有一个月被投诉2次，另外一个月被投诉0次”；事件A 2表示“两个月内每月均被投诉1次”，则由事件的独立性得112()(2)(0)20.40.10.08P A C P P ξξ====⨯⨯=，222()[(1)]0.30.09P A P ξ====，∴12()()()0.080.090.17P A P A P A =+=+=，故该企业在这两个月内共被消费者投诉2次的概率为0.17.考点：离散型随机变量的期望与方差；相互独立事件的概率乘法公式．19.已知一家公司生产某种品牌服装的年固定成本为10万元，每生产1千件需另投入2.7万元．设该公司一年内共生产该品牌服装x 千件并全部销售完，每千件的销售收入为()R x 万元，且22110.8,01030()1081000,103x x R x x xx ⎧-<≤⎪⎪=⎨⎪->⎪⎩.（1）写出年利润W （万元）关于年产量x （千件）的函数解析式；（2）年产量为多少千件时，该公司在这一品牌服装的生产中所获得利润最大？（注：年利润=年销售收入﹣年总成本）【答案】（1）38.110,010******** 2.7,103x x x w x x x ⎧--<≤⎪⎪=⎨⎪-->⎪⎩；（2）当年产量为9千件时，该公司在这一品牌服装的生产中所获年利润最大． 【解析】试题分析：本题考查的知识点是分段函数及函数的最值，分段函数分段处理，这是研究分段函数图象和性质最核心的理念，具体做法是：分段函数的定义域、值域是各段上x 、y 取值范围的并集，分段函数的奇偶性、单调性要在各段上分别论证；分段函数的最大值，是各段上最大值中的最大者．第一问，由年利润W=年产量x×每千件的销售收入为R （x ）﹣成本，又由22110.8,01030()1081000,103x x R x x xx ⎧-<≤⎪⎪=⎨⎪->⎪⎩，且年固定成本为10万元，每生产1千件需另投入2.7万元．我们易得年利润W （万元）关于年产量x （千件）的函数解析式；第二问，由第一问的解析式，我们求出各段上的最大值，即利润的最大值，然后根据分段函数的最大值是各段上最大值的最大者，即可得到结果．试题解析：（1）当010x <≤时，3()(10 2.7)8.11030x w xR x x x =-+=--； 当10x >时，1000()(10 2.7)98 2.73w xR x x x x=-+=--． ∴38.110,010******** 2.7,103x x x w x x x ⎧--<≤⎪⎪=⎨⎪-->⎪⎩. （2）①当010x <<时，由2'8.1010x w =-=，得9x =， 且当(0,9)x ∈时，'0w >；当(9,10)x ∈时，'0w <，∴当9x =时，W 取最大值，且3max 18.1991038.630w =⨯-⨯-=， ②当10x >时，max 100098(2.7)98383w x x =-+≤-=， 当且仅当1000 2.73x x=， 即1009x =时，38w =， 故当1009x =时，W 取最大值38． 综合①②知当9x =时，W 取最大值38.6万元，故当年产量为9千件时，该公司在这一品牌服装的生产中所获年利润最大．考点：分段函数的应用；函数的最值及其几何意义．20.设2()32f x ax bx c =++，若0a b c ++=，(0)(1)0f f >，求证：（Ⅰ）方程()0f x =有实根． （Ⅱ）21a b-<<-；设x 1，x 2是方程()0f x =的两个实根，则122||33x x ≤-<． 【答案】（1）证明详见解析；（2）证明详见解析.试题解析：证明：（Ⅰ）若0a =，则b c =-，2(0)(1)(3+2)0f f c a b c c =+=-≤，与已知矛盾，所以0a ≠．方程2320ax bx c ++=的判别式24(3)b ac ∆=-， 由条件0a b c ++=，消去b ，得2222134()4[()]024a c ac a c c ∆=+-=-+>， 故方程()0f x =有实根． （Ⅱ）由条件，知1223b x x a +=-，1233c a b x x a a+==-， 所以222121212431()()4()923b x x x x x x a -=+-=++． 因为21a b-<<-， 所以21214()39x x ≤-<，122||3x x ≤-<. 考点：函数与方程的综合运用．21.已知函数2()ln f x x mx =-，21()2g x mx x =+（m R ∈），令()()()F x f x g x =+． （1）当12m =时，求函数()f x 的单调递增区间； （2）若关于x 的不等式()1F x mx ≤-恒成立，求整数m 的最小值．【答案】（1）递增区间为(0,1)；（2）最小值为2.【解析】试题分析：本题考查了利用导数研究函数的单调性的基本思路，不等式恒成立问题转化为函数最值问题来解的方法．属于中档题．第一问，先求函数的定义域，然后求导，通过导数大于零得到增区间；第二问，关于x 的不等式()1F x mx ≤-恒成立，即为21ln (1)102x mx m x -+-+≤恒成立，令21()ln (1)12h x x mx m x =-+-+，求得导数，求得单调区间，讨论m 的符号，由最大值小于等于0，通过分析即可得到m 的最小值． 试题解析：（1）当12m =时，21()ln 2f x x x =-，（0x >）， 由2'11()0x f x x x x-=-=>，得1x <，又∵0x >， ∴函数()f x 的单调递增区间为(0,1)．（2）关于x 的不等式()1F x mx ≤-恒成立，即为21ln (1)102x mx m x -+-+≤恒成立， 令21()ln (1)12h x x mx m x =-+-+，2'1(1)1()1mx m x h x mx m x x -+-+=-+-=， 当0m ≤可得'()0h x >恒成立，()h x 递增，无最大值，不成立； 当0m >时，'1(1)()()m x x m h x x -+-=， 当1x π>，'()0h x <，()h x 递减，当10x π<<，'()0h x >，()h x 递增， 则有1x π=取得极大值，且为最大值． 由恒成立思想可得111ln02πππ-+≤， 即为2ln 1m m ≥， 显然1m =不成立，2m =时，4ln 21≥即有42e ≥成立．整数m 的最小值为2．考点：利用导数研究函数的单调性；导数在最大值、最小值问题中的应用．。
2014届高二下学期期末考试物理试卷
2014届高二年级下学期期末考试物理试卷(100分 100分钟)一、单选题（8×4分=32分，选对的得4分，选错的得0分）1.如图所示的位移(x)—时间(t)图像和速度(v)—时间(t)图像中给出四条图线,甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况,则下列说法正确的是( )A.甲车做直线运动,乙车做曲线运动B.0～t1时间内,甲车的路程大于乙车的路程C.0～t2时间内,丙、丁两车在t2时刻相距最远D.0～t2时间内,丙、丁两车的平均速度相等2.如图所示,在超市内电梯斜面上有一车西瓜随电梯匀速向上运动,在箱子的中央有一只西瓜,该西瓜随箱子一起匀速前进的过程中, 则周围其他西瓜对它的作用力的方向为( )A.沿斜面向上B.沿斜面向下C.竖直向上D.垂直斜面向上3．关于天然放射现象，叙述正确的是 ( )A．若使放射性物质的温度升高，其半衰期将减少B．β衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的C．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强D．铀核(238 92U)衰变为铅核(206 82Pb)的过程中，要经过8次α衰变和10次β衰变4．美国物理学家康普顿在研究石墨对X射线的散射时，发现光子除了有能量之外还有动量，其实验装置如图所示，被电子散射的X光子与入射的X光子相比( )A．速度减小B．频率不变C．波长减小D．能量减小5.如图所示,甲、乙两物体分别从A、C两地由静止出发做加速运动,B为AC中点,两物体在AB 段的加速度大小均为a1,在BC段的加速度大小均为a2,且a1<a2。
若甲由A到C所用时间为t甲,乙由C到A所用时间为t乙,则t甲与t乙的大小关系为( )A.t甲=t乙B.t甲>t乙C.t甲<t乙D.无法确定6.一质点沿直线Ox方向做加速运动,它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=3+2t3(m),它的速度随时间变化的关系为v=6t2(m/s)。
山东省潍坊市诸城市四县联考2014_2015学年高二化学下学期期末试卷(含解析)
2014-2015学年山东省潍坊市诸城市四县联考高二（下）期末化学试卷一、选择题（本题包括15小题，每小题3分，共45分.每小题只有一个选项符合题意）1．分类是学习和研究化学的一种常用的科学方法．下列分类合理的是（） A．根据酸分子中含有H原子个数将酸分为一元酸、二元酸B．根据反应中是否有电子转移将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应C．根据元素原子最外层电子数的多少将元素分为金属元素和非金属元素D．根据分散系的稳定性大小将混合物分为胶体、溶液和浊液2．下列实验操作的描述中，正确的是（）A．从试剂瓶中取出的某些特殊药品，若有剩余可以放回原试剂瓶B．配制一定质量分数的硫酸溶液时，可先在量筒中加入一定体积的水，再在搅拌下慢慢加入浓硫酸C．称量NaOH固体时，在托盘天平的两个托盘上各放一张质量相同的滤纸，将NaOH固体放在左盘滤纸上称量D．配制一定物质的量浓度溶液过程中，定容摇匀后发现液面低于刻度线，再补加少量蒸馏水至刻度线3．下列说法正确的是（）A．石油分馏和煤的干馏都是化学变化B．棉与蚕丝完全燃烧都只生成CO2和H2OC．纤维素、蛋白质、油脂、卤代烃在一定条件下都能发生水解反应D． HClO溶液、（NH4）2SO4溶液均能使蛋白质失去生理活性4．下列有关有机物说法正确的是（）A．苯和甲苯互为同系物，均能使酸性KMnO4溶液褪色B．用灼烧的方法可以区别丝和棉花C．纤维素和淀粉都是多糖，二者和同分异构体D．乙醇中是否含水，可用金属钠来检验5．已知甲醛（HCHO）分子中的4个原子是共平面的．下列分子中所有原子不可能同时存在于同一个平面上是（）A．苯乙烯 B．苯甲酸 C．苯甲醛 D．苯乙酮6．结构为的有机物可以通过不同的反应得到下列五种物质生成这五种有机物的反应类型依次为（）A．取代、加成、氧化、消去、取代 B．取代、取代、还原、消去、酯化C．酯化、缩聚、取代、消去、取代 D．取代、缩聚、氧化、消去、酯化7．如图表示4﹣溴环已烯所发生的4个不同反应，其中，有机产物含有两种官能团的反应是（）A．①④ B．②③ C．①② D．③④8．除去下列物质中所含少量杂质（括号内为杂质），所选用的试剂和分离方法能到达试题目的是（）混合物试剂分离方法A 苯（苯酚）溴水过滤B 甲烷（乙烯）酸性高锰酸钾溶液洗气C 乙酸乙酯（乙酸）饱和碳酸钠溶液蒸馏D 溴乙烷（乙醇）蒸馏水分液A． A B． B C． C D． D9．下列实验操作中，错误的是（）A．配制5%食盐溶液时，将称量的食盐放入烧杯中，加计量的水搅拌溶解B．硫酸铜晶体水含量测定时，需用小火缓慢加热，防止晶体飞溅C．配制25%H2SO4时，可以将50%的H2SO4溶液与水等质量混合D．配制0.1mol•L﹣1H2SO4溶液时，将量取的浓H2SO4放入容量瓶中加水稀释10．下列表示溶液中所发生反应的离子方程式正确的是（）A．向Ba（OH）2溶液中加入稀H2SO4溶液：Ba2++OH﹣+H++SO42﹣═BaSO4↓+H2OB．将少量SO2气体通入NaClO溶液中：SO2+2ClO﹣+H2O═SO32﹣+2HClOC．碳酸钙与醋酸反应：CaCO3+2H+═Ca2++CO2↑+H2OD． FeSO4溶液中加入H2O2：4Fe2++2H2O2+4H+═4Fe3++4H2O11．若用N A表示阿伏伽德罗常数的值，下列说法中正确的（）A．用12.6gCH2═CHCl和12.5g中含有氯原子数均为0.2N AB． 18g2H2O和18g3H2O中含有质子数均为10N AC． 23gNa与氧气完全反应，消耗氧气分子数一定为0.5N AD． 84gNaHCO3固体和106gNa2CO3固体中CO32﹣的数目为N A12．某种芳香族化合物的分子式为C8H10O，其中与FeCl3溶液混合后显色与不显色的结构分别有（）A． 6种和6种 B． 6种和3种 C． 9种和10种 D． 9种和5种13．0.1mol某有机物9.0g跟足量的O2混合后点燃，反应后生成13.2gCO2和5.4gH2O，该有机物能跟Na反应放出H2，又能跟新制Cu（OH）2反应生成砖红色沉淀，此有机物还可与乙酸反应生成酯类化合物，该酯类化合物的结构简式可能是（）A． B． C．D．14．在100mL 0.10mol•L﹣1的AgNO3溶液中加入100mL溶有2.08g BaCl2的溶液，再加入100mL 溶有0.010mol CuSO4•5H2O的溶液，充分反应，下列说法正确的是（） A．最终得到白色沉淀和无色溶液B．最终得到的白色沉淀是等物质的量的两种化合物的混合物C．最终得到的溶液中，Cl﹣的物质的量为0.020 molD．在最终得到的溶液中，Cu2+的物质的量浓度为0.010 mol•L﹣115．某水溶液只可能含有以下离子中的若干种：K+、NH4+、Mg2+、Ba2+、Cl﹣、CO32﹣和SO42﹣．现取三份100mL溶液进行如下实验：①第一份加入AgNO3溶液有沉淀产生；②第二份加入足量NaOH溶液后加热，收集到标准状况下的气体896mL；③第三份加入足量BaCl2溶液后，得干燥沉淀6.27g，经足量盐酸洗涤，干燥后，沉淀质量为2.33g．根据上述实验事实，以下推测不正确的是（）A．不﹣定存在K+B． 100mL溶液中含有0.02molCO32﹣C．可能存在Cl﹣D．一定不存在Mg2+二、解答题（共5小题，满分55分）16．化学学习中要注重第化学反应过程的分析和对物质结构的认识．按要求回答下列问题：（1）过氧化钠的电子式为，在过氧化钠晶体中阴、阳离子的个数比为；（2）向石蕊试剂中通入氯气，起始时溶液变红，一段时间后溶液褪色，则使溶液变红和褪色的微粒分别是；．（3）过氧化钠与干燥的二氧化碳不反应，与湿润的二氧化碳反应生成氧气，则该过程中第一步反应的化学方程式为．17．（15分）（2015春•诸城市期末）某研究性学习小组欲探究用Na2O2与浓盐酸反应制备并检验氯气，实验装置如图（部分导管省略）：（1）根据实验要求连接装置，则装置的连接顺序是（按气流方向）：a接，接，接；检验气密性后，加入药品，先缓慢通入一定量N2，再向圆底烧瓶中缓慢滴加浓盐酸；（2）写出Na2O2与浓盐酸反应生成氯气的化学方程式；（3）装置D中的球形漏斗起到安全作用，其作用原理是；（4）气体通过KⅠ﹣淀粉溶液时，溶液变蓝色．其可能的原因有两种，分别用离子方程式表示为：①，②；（5）装置C中发生的离子方程式；试写出一种可以在实验室中吸收尾气的氯气，且与NaOH不同类别的物质的化学式；（6）实验室中不用Na2O2与浓盐酸反应制备氯气的理由是．18．卤代烃是一类重要的有机合成中间体．根据卤代烃的相关性质，回答下列问题：（1）化合物A的分子式是C3H6Br2，A的核磁共振氢谱图如图所示，则A的名称是；（2）A的某种同分异构体B的核磁共振氢谱有两组峰，B在NaOH水溶液中加热可生成C，写出由B生成C的化学方程式；C最终可氧化成二元酸D，D和C在一定条件下能生成高聚物E，E的结构简式为；（3）若高聚物E的平均相对分子质量为10000，则其平均聚合度约为．19．已知咖啡酸的结构如图所示．（1）咖啡酸的分子式为；（2）该分子中除含有酚羟基外，还含有的官能团的名称；（3）1mol咖啡酸最多可与molH2发生加成反应；足量咖啡酸与Na2CO3溶液反应时，1mol咖啡酸消耗molNa2CO3；（4）如果将咖啡酸与溴水混合，发生反应的类型是；（5）检验该分子中含有的酚羟基，可以使用的试剂是．20．（16分）（2015春•诸城市期末）已知部分有机物的转化关系如下（生成物中的所有无机物均已略去）已知：①；②同一碳原子上连有两个羟基通常不稳定，易脱水形成羟基；③可以在铁、稀盐酸作用下生成；④．回答下列问题：（1）物质C的化学名称是；（2）写出反应③的化学方程式；（3）验证G中含有氯元素的方法是（形成实验操作、现象和结论）；（4）在F的同分异构体中，符合“含有苯环，且能与NaHCO3溶液反应放出气体”要求的共有种（不考虑立体异构）；其中，核磁共振氢谱中有4组峰，且面积比为6：2：1：1的是（写出其中一种物质的结构简式）；（5）物质C和反应④的某种副产物M经过一系列反应可以生成新物质，过程如下：①反应1所选用的试剂是，反应3选用的试剂与条件是；②反应2的反应类型是，物质M的结构简式是．2014-2015学年山东省潍坊市诸城市四县联考高二（下）期末化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括15小题，每小题3分，共45分.每小题只有一个选项符合题意）1．分类是学习和研究化学的一种常用的科学方法．下列分类合理的是（） A．根据酸分子中含有H原子个数将酸分为一元酸、二元酸B．根据反应中是否有电子转移将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应C．根据元素原子最外层电子数的多少将元素分为金属元素和非金属元素D．根据分散系的稳定性大小将混合物分为胶体、溶液和浊液考点：分散系、胶体与溶液的概念及关系；金属和非金属；酸、碱、盐、氧化物的概念及其相互联系；氧化还原反应．分析： A．根据酸电离出的氢离子的个数将酸分为一元酸、二元酸和多元酸；B．化学反应中元素化合价发生变化是氧化还原反应的判断依据；C．不能根据元素原子最外层电子数的多少将元素分为金属和非金属；D．分散系的分类依据是分散质离子直径大小．解答：解：A．根据酸电离出的氢离子的个数将酸分为一元酸、二元酸和多元酸，故A错误；B．化学反应中元素化合价是否发生变化把反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应，故B正确；C．不能根据元素原子最外层电子数的多少将元素分为金属和非金属，H元素的原子最外层只有一个电子，却是非金属元素，故C错误；D．分散系的分类依据是分散质离子直径大小，根据分散质粒子直径大小不同将混合物分为胶体、溶液和浊液，故D错误；故选B．点评：本题考查了物质的分类，题目难度不大，物质的分类要注意分类的依据和标准，不同的依据物质的分类结果不一样．2．下列实验操作的描述中，正确的是（）A．从试剂瓶中取出的某些特殊药品，若有剩余可以放回原试剂瓶B．配制一定质量分数的硫酸溶液时，可先在量筒中加入一定体积的水，再在搅拌下慢慢加入浓硫酸C．称量NaOH固体时，在托盘天平的两个托盘上各放一张质量相同的滤纸，将NaOH固体放在左盘滤纸上称量D．配制一定物质的量浓度溶液过程中，定容摇匀后发现液面低于刻度线，再补加少量蒸馏水至刻度线考点：化学实验方案的评价．分析： A．对化学实验剩余药品，大多是不可以放回原瓶的，但是极少数例外；B．配制硫酸溶液时，可先在“量筒”中加入一定体积的水，再在搅拌下慢慢加入浓硫酸；量筒不能作反应容器；C．NaOH固体具有强腐蚀性，易潮解；D．再加水至刻度线，导致溶液的体积偏大．解答：解：A．对化学实验剩余药品，大多是不可以放回原瓶的，但是极少数例外，如金属钠切下一小块后可放回原瓶，故A正确；B．量筒不能作反应容器，受热不均，可能会炸裂，故B错误；C．NaOH固体具有强腐蚀性，易潮解，应放玻璃容器中称量，且应“作物右码”，故C错误；D．定容摇匀后发现液面低于刻度线，再加水至刻度线，导致溶液的体积偏大，溶液的浓度偏低，故D错误．故选A．点评：本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，涉及化学实验基本操作等，侧重实验基本操作和实验原理的考查，注意装置的作用及实验的操作性、评价性分析，题目难度不大．3．下列说法正确的是（）A．石油分馏和煤的干馏都是化学变化B．棉与蚕丝完全燃烧都只生成CO2和H2OC．纤维素、蛋白质、油脂、卤代烃在一定条件下都能发生水解反应D． HClO溶液、（NH4）2SO4溶液均能使蛋白质失去生理活性考点：氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；物理变化与化学变化的区别与联系；纤维素的性质和用途．分析： A．分馏为物理变化；B．棉属于纤维素，蚕丝属于蛋白质，分子中出C、H元素外，还含有其它元素，如N元素等；C．纤维素水解生成葡萄糖，蛋白质水解生成氨基酸，油脂水解生成高级脂肪酸和甘油，卤代烃水解生成醇；D．（NH4）2SO4饱和溶液使蛋白质发生盐析．解答：解：A．分馏为物理变化，而干馏为化学变化，故A错误；B．棉属于纤维素，蚕丝属于蛋白质，分子中出C、H元素外，还含有其它元素，如N元素等，故蚕丝燃烧还会生成NO2等，故B错误；C．纤维素水解生成葡萄糖，蛋白质水解生成氨基酸，油脂水解生成高级脂肪酸和甘油，卤代烃水解生成醇，所以在一定条件下都能发生水解反应，故C正确；D．（NH4）2SO4饱和溶液使蛋白质发生盐析，不是变性，故D错误．故选C．点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握官能团与性质的关系即可解答，熟悉有机物的取代、水解为解答的关键，题目难度不大．4．下列有关有机物说法正确的是（）A．苯和甲苯互为同系物，均能使酸性KMnO4溶液褪色B．用灼烧的方法可以区别丝和棉花C．纤维素和淀粉都是多糖，二者和同分异构体D．乙醇中是否含水，可用金属钠来检验考点：有机物的鉴别；芳香烃、烃基和同系物；同分异构现象和同分异构体．分析： A．苯和甲苯互为同系物，但苯不能使KMnO4酸性溶液褪色；B．丝的主要成分为蛋白质，灼烧时有烧焦的羽毛气味；C．淀粉和纤维素分子式不同，不是同分异构体；D．金属钠与乙醇、水反应都能生成氢气．解答：解：A．苯和甲苯互为同系物，甲苯能被酸性KMnO4氧化成苯甲酸，溶液褪色，但苯与酸性KMnO4不反应，不能使KMnO4酸性溶液褪色，故A错误；B．丝的主要成分为蛋白质，棉花的主要成分为纤维素，灼烧蛋白质时有烧焦的羽毛气味，可鉴别，故B正确；C．淀粉和纤维素都为高分子化合物，聚合度在较大的一个范围之间，没有具体值，二者分子式不同，不是同分异构体，故C错误；D．金属钠与乙醇、水反应都能生成氢气，不能鉴别，检验乙醇中是否含有水可用无水硫酸铜，现象是白色固体变为蓝色，故D错误；故选B．点评：本题考查有机物的性质和鉴别，题目难度不大，本题易错点为C，注意淀粉和纤维素都为高分子化合物，聚合度在较大的一个范围之间，二者分子式不同，不是同分异构体．5．已知甲醛（HCHO）分子中的4个原子是共平面的．下列分子中所有原子不可能同时存在于同一个平面上是（）A．苯乙烯 B．苯甲酸 C．苯甲醛 D．苯乙酮考点：有机物的结构式．专题：有机物分子组成通式的应用规律．分析：在常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行判断，注意结合信息中甲醛的平面结构．解答：解：A．苯为平面结构，乙烯为平面结构，通过旋转乙烯基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，故苯乙烯中所有的原子可能处于同一平面，故A不选；B．旋转羧基中的C﹣O单键，可以使羧基中的所有原子处于同一平面，通过旋转羧基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，故苯甲酸中所有的原子可能处于同一平面，故B不选；C．苯环为平面结构，醛基为平面结构，通过旋转醛基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，故苯甲醛中所有的原子可能处于同一平面，故C不选；D．分子中存在甲基，具有甲烷的四面体结构，所有原子不可能处于同一平面，故D选；故选D．点评：本题主要考查有机化合物的结构特点，做题时注意从甲烷、乙烯、苯和乙炔的结构特点判断有机分子的空间结构，其中单键可以旋转．6．结构为的有机物可以通过不同的反应得到下列五种物质生成这五种有机物的反应类型依次为（）A．取代、加成、氧化、消去、取代 B．取代、取代、还原、消去、酯化C．酯化、缩聚、取代、消去、取代 D．取代、缩聚、氧化、消去、酯化考点：有机物的结构和性质．分析：中含﹣COOH和﹣OH，发生分子内酯化反应生成⑤，发生﹣OH的消去反应生成④，发生氧化反应生成③，发生﹣OH的取代反应生成①，发生缩聚反应生成②，以此来解答．解答：解：中含﹣COOH和﹣OH，发生分子内酯化反应生成⑤，该反应属于酯化反应，也属于取代反应；发生﹣OH的消去反应生成④，该反应为消去反应；﹣OH发生氧化反应生成﹣CHO，该反应类型为氧化反应；含﹣OH，与浓HBr发生取代反应生成①，该反应类型为取代反应，发生缩聚反应生成②，则反应类型依次为取代、缩聚、氧化、消去、酯化，故选D．点评：本题考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重羧酸和醇的性质及有机反应类型的考查，题目难度不大．7．如图表示4﹣溴环已烯所发生的4个不同反应，其中，有机产物含有两种官能团的反应是（）A．①④ B．②③ C．①② D．③④考点：卤代烃简介．分析：由结构可知，有机物中含C=C和﹣Br，①为氧化反应，②为加成反应，③为消去反应，④为加成反应，以此来解答．解答：解：由结构可知，有机物中含C=C和﹣Br，①为氧化反应，得到两种官能团；②为加成反应，得到﹣Br和﹣OH两种官能团；③为消去反应，产物中只有C=C；④为加成反应，产物中只有﹣Br，则有机产物含2种官能团的反应是①②，故选C．点评：本题考查有机物的官能团及其性质，明确有机物的结构与性质的关系即可解答，注意把烯烃、卤代烃的性质，题目难度不大．8．除去下列物质中所含少量杂质（括号内为杂质），所选用的试剂和分离方法能到达试题目的是（）混合物试剂分离方法A 苯（苯酚）溴水过滤B 甲烷（乙烯）酸性高锰酸钾溶液洗气C 乙酸乙酯（乙酸）饱和碳酸钠溶液蒸馏D 溴乙烷（乙醇）蒸馏水分液A． A B． B C． C D． D考点：物质的分离、提纯的基本方法选择与应用．分析： A．溴、三溴苯酚均易溶于苯；B．乙烯被高锰酸钾氧化后生成二氧化碳；C．乙酸与碳酸钠反应后，与乙酸乙酯分层；D．乙醇与水互溶，水与溴乙烷分层．解答：解：A．溴、三溴苯酚均易溶于苯，不能除杂，应选NaOH溶液、分液除杂，故A错误；B．乙烯被高锰酸钾氧化后生成二氧化碳，引入新杂质，应选溴水、洗气除杂，故B错误；C．乙酸与碳酸钠反应后，与乙酸乙酯分层，然后分液可除杂，故C错误；D．乙醇与水互溶，水与溴乙烷分层，则加水分液可除杂，故D正确；故选D．点评：本题考查混合物分离提纯，为高频考点，把握物质的性质、混合物分离提纯方法等为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，题目难度不大．9．下列实验操作中，错误的是（）A．配制5%食盐溶液时，将称量的食盐放入烧杯中，加计量的水搅拌溶解B．硫酸铜晶体水含量测定时，需用小火缓慢加热，防止晶体飞溅C．配制25%H2SO4时，可以将50%的H2SO4溶液与水等质量混合D．配制0.1mol•L﹣1H2SO4溶液时，将量取的浓H2SO4放入容量瓶中加水稀释考点：化学实验方案的评价．分析： A．只需将计算称量好的溶质溶于一定量的溶剂中即可；B．晶体飞溅会引起误差；C．质量分数变为原来的；D．容量瓶不能直接用来溶解、稀释溶液．解答：解：A．因配制一定质量分数溶液时，只需将计算称量好的溶质溶于一定量的溶剂中即可，故A正确；B．晶体飞溅会引起误差，需小火缓慢加热，防止晶体飞溅，故B正确；C．溶液质量增大一倍，质量分数变为原来的，故C正确；D．容量瓶不能直接用来溶解、稀释溶液，H2SO4稀释时放热，热的液体不能立即转移到容量瓶中，故D错误．故选D．点评：本题考查化学实验方案的评价，涉及种常见实验的基本操作，为高考常见题型，侧重实验基本操作和实验原理的考查，题目难度不大．10．下列表示溶液中所发生反应的离子方程式正确的是（）A．向Ba（OH）2溶液中加入稀H2SO4溶液：Ba2++OH﹣+H++SO42﹣═BaSO4↓+H2OB．将少量SO2气体通入NaClO溶液中：SO2+2ClO﹣+H2O═SO32﹣+2HClOC．碳酸钙与醋酸反应：CaCO3+2H+═Ca2++CO2↑+H2OD． FeSO4溶液中加入H2O2：4Fe2++2H2O2+4H+═4Fe3++4H2O考点：离子方程式的书写．专题：离子反应专题．分析： A、根据酸、碱的组成判断，参加反应的OH﹣应为Ba2+的2倍；B、HClO具有氧化性，与SO32﹣发生氧化还原反应；C、醋酸为弱酸，应写成化学式；D、H2O2具有氧化性，Fe2+具有还原性，二者在酸性条件下发生氧化还原反应．解答：解：A、H2SO4为二元酸，Ba（OH）2为二元碱，二者反应的离子方程式为Ba2++2OH﹣+2H++SO2﹣4═BaSO4↓+2H2O，故A错误；B、HClO具有氧化性，与SO32﹣发生氧化还原反应，最终产物为SO42﹣和Cl﹣，故B错误；C、醋酸为弱酸，应写成化学式，故C错误；D、H2O2具有氧化性，Fe2+具有还原性，二者在酸性条件下发生氧化还原反应，反应的离子方程式为4Fe2++2H2O2+4H+═4Fe3++4H2O，故D正确．故选D．点评：本题考查离子方程式的书写，题目难度中等，注意书写离子方程式时要注意粒子的符号、守恒以及反应物的量的关系等问题．11．若用N A表示阿伏伽德罗常数的值，下列说法中正确的（）A．用12.6gCH2═CHCl和12.5g中含有氯原子数均为0.2N AB． 18g2H2O和18g3H2O中含有质子数均为10N AC． 23gNa与氧气完全反应，消耗氧气分子数一定为0.5N AD． 84gNaHCO3固体和106gNa2CO3固体中CO32﹣的数目为N A考点：阿伏加德罗常数．分析： A、依据元素守恒计算分析；B、质量换算物质的量，结合分子式计算分析；C、钠和氧气在不同体积反应生成产物不同消耗氧气不同；D、碳酸氢根是弱酸阴离子．解答：解：A、CH2═CHCl和n组成元素相同，所以12.5gCH2═CHCl和12.5g n中元素质量相同，含氯原子数=×1×N A=0.2N A，均为0.2N A，故A正确；B、18g2H2O物质的量==0.9mol；18g3H2O物质的量==0.82Mol，分子中含有的质子数分别为9N A，8.2N A，故B错误；C、23gNa物质的量为1mol．与氧气完全反应，若生成氧化钠4Na+O2=2Na2O，消耗氧气0.25mol，若生成过氧化钠，2Na+O2=Na2O2，消耗氧气0.5mol，故C错误；D、碳酸氢根是弱酸阴离子，84g NaHCO3固体中CO2﹣3的数目小于N A，106g Na2CO3固体中CO2﹣3的数目为N A，故D错误；故选A．点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，难度不大．12．某种芳香族化合物的分子式为C8H10O，其中与FeCl3溶液混合后显色与不显色的结构分别有（）A． 6种和6种 B． 6种和3种 C． 9种和10种 D． 9种和5种考点：同分异构现象和同分异构体．分析：芳香族化合物的分子式为C8H10O，故A含有1个苯环，遇FeCl3溶液可发生显色反应，含有酚羟基，遇FeCl3溶液不显紫色，则不含酚羟基，据此解答．解答：解：芳香族化合物的分子式为C8H10O，故A含有1个苯环，遇FeCl3溶液可发生显色反应，含有酚羟基，侧链可能是﹣CH2CH3、两个甲基．取代基可以是2个：﹣CH2CH3、﹣OH，根据邻、间、，对位置异构可知，共有3种同分异构体；取代基可以是3个：﹣OH、﹣CH3、﹣CH3；2个甲基处于邻位时，﹣OH有2种位置，有2种同分异构体；2个甲基处于间位时，﹣OH有3种位置，有3种同分异构体；2个甲基处于对位时，﹣OH有1种位置，有1种同分异构体；所以符合条件的同分异构体共有9种；遇FeCl3溶液不显紫色，则不含酚羟基，当取代基可以是1个：﹣CH2CH2OH；﹣CHOHCH3，有2种同分异构体；取代基可以是2个：﹣CH2OH、﹣CH3，根据邻、间、对位置异构可知，共有3种同分异构体；所以符合条件的同分异构体共有5种；故选D．点评：本题考查同分异构体、有机物结构的推断、官能团的性质等，难度不大，确定苯环含有的侧链是关键．13．0.1mol某有机物9.0g跟足量的O2混合后点燃，反应后生成13.2gCO2和5.4gH2O，该有机物能跟Na反应放出H2，又能跟新制Cu（OH）2反应生成砖红色沉淀，此有机物还可与乙酸反应生成酯类化合物，该酯类化合物的结构简式可能是（）A． B． C．D．考点：有关有机物分子式确定的计算；有机物结构式的确定．分析：有机物摩尔质量为=90g/mol，计算燃烧生成CO2、H2O的物质的量，根据原子守恒计算有机物分子中C、H原子数目，再根据相对分子质量计算分子中O原子数目，可以确定有机物分子式，该有机物能跟Na反应放出H2，至少含有﹣OH、﹣COOH中的一种，又能跟新制Cu（OH）2反应生成红色沉淀，说明含有﹣CHO，此有机物还能跟乙酸反应生成酯类化合物，有机物一定含有﹣OH，结合分子式确定有机物结构简式，进而判断与乙酸形成的酯．解答：解：13.2g二氧化碳的物质的量为：=0.3mol，5.4g水的物质的量为：=0.3mol，该有机物分子中含有C、H原子数为：N（C）==3、N（H）==6，该有机物分子中含有3个C、6个H，有机物摩尔质量为=90g/mol，则有机物分子中N（O）==3，则有机物分子式为C3H6O3，该有机物能跟Na反应放出H2，至少含有﹣OH、﹣COOH中的一种，又能跟新制Cu（OH）2反应生成红色沉淀，说明含有﹣CHO，此有机物还能跟乙酸反应生成酯类化合物，有机物一定含有﹣OH，符合条件的有机物结构简式为HCOOCH2CH2OH、HCOOCH（OH）CH3、OHCCH（OH）CH2OH、OHCCH2OCH2OH、OHCCH（OH）OCH3，有机物与乙酸形成酯，选项中只有A符合，故选A．点评：本题考查了有机物分子式与结构的确定，题目难度中等，关键是计算有机物分子式，熟练掌握官能团的性质，试题培养了学生的分析、理解能力及化学计算能力，可以利用验证法进行判断．14．在100mL 0.10mol•L﹣1的AgNO3溶液中加入100mL溶有2.08g BaCl2的溶液，再加入100mL 溶有0.010mol CuSO4•5H2O的溶液，充分反应，下列说法正确的是（） A．最终得到白色沉淀和无色溶液B．最终得到的白色沉淀是等物质的量的两种化合物的混合物C．最终得到的溶液中，Cl﹣的物质的量为0.020 molD．在最终得到的溶液中，Cu2+的物质的量浓度为0.010 mol•L﹣1考点：化学方程式的有关计算．专题：计算题．。
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2014-2015学年山东省潍坊市诸城市四县联考高二（下）期末物理试卷一、选择题(本大题共10小题，每小题4分.在每小题给出的四个选项中，第1〜6题只有一个选项符合题目要求，第7〜10题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．（4分）（2015春•诸城市期末）下列说法中正确的是（）A．伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证B．牛顿第一定律、牛顿第二定律都可以通实验来验证C．单位m、kg、s是一组属于国际单位制的基本单位D．用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当的比例，例如加速度a=就是采用比值定义法考点：牛顿第一定律．分析：根据物理学史和常识解答，记住国际单位制中的七个基本国际单位．解答：解：A、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上的理想化推理，故A错误．B、牛顿第一定律不可以通实验来验证，故B错误；C、在国际单位制中，力学的基本单位是千克、米和秒，故C正确；D、加速度a=不是采用比值定义法，故D错误；故选：C点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2．（4分）（2015•青浦区一模）如图所示是一个网球沿竖直方向运动时的频闪照片，由照片可知（）A．网球正在上升 B．网球正在下降C．网球的加速度向上 D．网球的加速度向下考点：加速度；自由落体运动；竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：网球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据竖直上抛运动的对称性特点可正确解答．解答：解：网球做竖直上抛运动时，到达最高点返回时运动具有对称性，从该点上升的时间和返回的时间相同，在该点速度大小相等，因此无法判断网球是上升还是下降，故AB错误；网球上升过程中只受重力作用，因此其加速度竖直向下，大小为g，故C错误，D正确．故选D．点评：竖直上抛运动是高中所学的一种重要的运动形式，要明确其运动特点并能应用其特点解答问题．3．（4分）（2014•静安区二模）如图所示，将一个质量为m的球固定在弹性杆AB的上端，今用测力计沿水平方向缓慢拉球，使杆发生弯曲，在测力计的示数逐渐增大的过程中，AB杆对球的弹力方向为（）A．始终水平向左B．始终竖直向上C．斜向左上方，与竖直方向的夹角逐渐增大D．斜向左下方，与竖直方向的夹角逐渐增大考点：牛顿第三定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：分析球的受力情况：重力、测力计的拉力和AB杆对球作用力，由平衡条件求出AB 杆对球弹力方向．解答：解：以球为研究对象，分析受力情况：重力G、测力计的拉力T和AB杆对球作用力F，由平衡条件知，F与G、T的合力大小相等、方向相反，作出力的合成图如图．则有G、T 的合力方向斜向右下方，测力计的示数逐渐增大，T逐渐增长，根据向量加法可知G、T的合力方向与竖直方向的夹角逐渐增大，所以AB杆对球的弹力方向斜向左上方，与竖直方向的夹角逐渐增大，所以选项ABD错误，C正确．故选C．点评：本题是三力平衡问题，分析受力情况，作出力图是关键．难度不大．4．（4分）（2015春•诸城市期末）“儿童蹦极”中，栓在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳．如图所示，质量为的m小明静止悬挂时两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时的加速度（）A．为零B．大小为g，方向沿原断裂绳的方向斜向下C．大小为g，方向沿未断裂绳的方向斜向上D．大小为g，方向竖直向下考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状态，三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；撤去一个力后，其余两个力未变，故合力与撤去的力等值、反向、共线，求出合力后根据牛顿第二定律求解加速度．解答：解：小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状态，由于T1=T2=mg，故两个拉力的合力一定在角平分线上，且在竖直线上，故两个拉力的夹角为120°，当右侧橡皮条拉力变为零时，左侧橡皮条拉力不变，重力也不变；由于三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故左侧橡皮条拉力与重力的合力与右侧橡皮条断开前的弹力反方向，大小等于mg，故加速度为g，沿原断裂绳的方向斜向下；故选：B．点评：本题关键是对小明受力分析后，根据三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线来确定撤去一个力后的合力，再根据牛顿第二定律求解加速度．5．（4分）（2015春•诸城市期末）如图所示，甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点沿同一方向同时开始做直线运动的位移图象和速度图象，则下列说法中正确的是（）A．0～t1时间内，甲车的平均速度大于乙车的平均速度B．0～t1时间内，丙车的平均速度大于丁车的平均速度C．t1时刻，丙车的加速度大于丁车的加速度D．t2时刻，乙车、丁车均开始反向运动考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间；在速度﹣时间图象中，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．解答：解：A．0～t1时间内，由位移时间图象知甲车通过的位移等于乙车通过的位移，所以平均速度相等，故A错误；B、0～t1时间内，丁图线与坐标轴围城图形的面积大于丙图线与坐标轴围城图形的面积，故丁的位移大，所以丁的平均速度大，故B错误；C、在速度﹣时间图象中，斜率表示加速度，t1时刻，丙的加速度大于丁的加速度，故C正确；D、t2时刻，丁的图象仍在时间轴上方，速度为正，没有反向，故D错误；故选：C点评：要求同学们能根据图象读出有用信息，注意位移﹣时间图象和速度﹣时间图象的区别，难度不大，属于基础题．6．（4分）（2015春•诸城市期末）如图所示，一倾角为α的斜面体置于固定在光滑水平地面上的物体A、B之间，斜面体恰好与物体A、B接触，一质量为m的物体C恰能沿斜面匀速下滑，此时斜面体与A、B均无作用力，若用平行于斜面的力F沿斜面向下推物体C，使其加速下滑，则下列关于斜面体与物体A、B间的作用力的说法正确的是（）A．对物体A、B均无作用力B．对物体A有向左的压力，大小为FcosαC．对物体B有向右的压力，大小为mgcosαsinαD．对物体A有向左的压力，大小为mgcosαsinα考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体C恰能沿斜面匀速下滑，受重力、支持力和滑动摩擦力，三力平衡，故支持力和摩擦力的合力向上，与重力平衡；再对斜面体分析，受重力、支持力、压力和摩擦力；根据牛顿第三定律可知，滑块对斜面体的作用力的合力竖直向下，大小等于滑块的重力；用平行于斜面的力F沿斜面向下推物体C，使其加速下滑，斜面体受力不变，故相对地面依然无滑动趋势．解答：解：A、先对滑块受力分析：物体C恰能沿斜面匀速下滑，受重力、支持力和滑动摩擦力，三力平衡，故支持力和摩擦力的合力向上，与重力平衡，斜面相对地面没有运动的趋势，对物体A、B均无作用力，A正确；B、用平行于斜面的力F沿斜面向下推物体C，使其加速下滑，斜面体受重力、支持力、压力和摩擦力，受力情况不变，故相对地面依然无滑动趋势，对物体A、B均无作用力，BCD错误；故选：A．点评：本题关键灵活地选择研究对象进行受力分析，根据平衡条件得到滑块对斜面体的作用力的合力竖直向下；施加推力后，斜面体受力情况不变．7．（4分）（2015春•诸城市期末）质量为10kg的物体位于光滑水平面上，同时受到三个水平共点力F1、F2和F3作用，其大小分别为F1=42N、F2=28N、F3=20N，且F2的方向指向正北，下列说法中正确的是（）A．物体一定处于静止状态B．物体一定处于匀速直线运动状态C．若物体处于静止状态，则F1、F3的合力大小一定为28N，方向指向正南D．若物体处于匀加速直线运动状态，则最大加速度为9m/s2，方向指向正北考点：牛顿第二定律；力的合成．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据三力合成的方法明确三力的合力可能值；明确三力作用下物体能静止的条件；再根据牛顿第二定律分析最大合力，从而求解最大加速度．解答：解：AB、由于物体受三力作用，且不明确三力的具体方向，故无法确定三力是否真正平衡；故物体不一定处于静止或匀速直线运动；故AB错误；C、若物体处于静止，则F1、F3的合力一定与F2大小相等，方向相反；故合力大小一定为28N，方向指向正南；故C正确；D、若和于匀加速状态，则当三力方向相同时加速度最大；故最大合力为F=42+28+20=90N；则加速度为99m/s2，方向指向正北；故D正确；故选：CD．点评：本题考查牛顿第二定律及三力合成的方法，要注意明确当三力平衡时，任意两力的合力一定与第三力等大反向．8．（4分）（2013•临沭县模拟）如图所示，有一个重力不计的方形容器，被水平力F压在竖直的墙面上处于静止状态，现缓慢地向容器内注水，直到将容器刚好盛满为止，在此过程中容器始终保持静止，则下列说法中正确的是（）A．容器受到的摩擦力不变 B．容器受到的摩擦力逐渐增大C．水平力F可能不变 D．水平力F必须逐渐增大考点：静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：由题知物体处于静止状态，受力平衡，合力为0；再利用二力平衡的条件再分析其受到的摩擦力和F是否会发生变化；解答：解：由题知物体处于静止状态，受力平衡，摩擦力等于容器和水的总重力，所以容器受到的摩擦力逐渐增大，故A错误，B正确；C、水平方向受力平衡，力F可能不变，故C正确，D错误．故选BC点评：物体受到墙的摩擦力等于物体重，物重变大、摩擦力变大，这是本题的易错点．9．（4分）（2015春•诸城市期末）一辆卡车以15m/s的速度匀速行驶，司机突然发现正前方十字路口处有一个小孩跌倒在地，该司机刹车的反应时间为0.6s，刹车后卡车匀减速前进，最后停在小孩前1.5m处．已知刹车过程中卡车加速度的大小为5m/s2，则（）A．司机发现情况时，卡车与该小孩的距离为33mB．司机发现情况时，卡车与该小孩的距离为31.5 mC．司机发现情况后，卡车经过3.6s停下D．司机发现情况后，卡车经过3s停下考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：在司机的反应时间内汽车匀速运动，刹车后匀减速运动，据此求解分析．解答：解：在司机反应时间内汽车的位移为：x1=15×0.6m=9m汽车匀减速运动至停止的位移为：AB、司机发现情况离小孩的距离为为：x=x1+x2+1.5m=33m，故A正确，B错误；CD、汽车匀减速运动的时间t=，加速上反应时间共计3.6s即汽车发现情况后经过3.6s卡车停下，故C正确，D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键是抓住司机反应时间内卡车仍在匀速前进，注意匀减速运动时加速度的方向与速度方向相反，注意符号的正负．10．（4分）（2015春•诸城市期末）如图，穿在水平直杆上质量为m的小球开始时静止．现对小球沿杆方向施加恒力F0，垂直于杆方向施加竖直向上的力F，且F的大小始终与小球的速度成正比，即F=kυ（图中未标出）．已知小球与杆间的动摩擦因数为μ，F0＞μmg，小球运动过程中未从杆上脱落．下列说法正确的是（）A．小球先做加速度减小的加速运动，后做匀速运动B．小球先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，最后做匀速运动C．小球的最大加速度为D．小球的最大速度为考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对小球受力分析，根据牛顿第二定律表示出加速度，分析加速度的变化情况，进而分析运动情况，恒力的功率等于力乘以速度．解答：解：A、刚开始运动，加速度，当速度v增大，加速度增大，当速度v增大到符合kv＞mg后，加速度，当速度v增大，加速度减小，当a2减小到0，做匀速运动，故A错误，B正确；C、当kv=mg时，加速度最大，且，故C正确．D、匀速运动的速度最大，且F0=μ（kv m﹣mg），则小球的最大速度为v m=，故D正确；故选：BD点评：本题考查牛顿第二定律的应用；关键是根据牛顿二定律表示出加速度，分析加速度的变化情况，明确当拉力等于摩擦力时速度最大．二、实验题（本大题包括3个小题，共18分）11．（6分）（2015春•诸城市期末）在做验证力的平行四边形定则实验时：（1）假如F1的大小及方向固定不变，那么为了使橡皮条仍然伸长到O点，对F2来说，下列说法中正确的是CA．F2可以有多个方向B．F2的方向和大小可以有多个值C．F2的方向和大小是惟一确定值D．F2的方向是惟一的，但大小可有多个值．（2）如图所示，是两位同学在做该实验时得到的结果，其中甲同学实验结果比较符合事实（设F´为F1、F2的等效力，F为F1、F2通过平行四边形定则所得的合力）．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：（1）根据实验的原理及实验所测量的数据可确定实验的器材；当合力不变时，根据平行四边形定则可知，若其中一个力的大小方向保持不变，则另一个可以唯一确定；（2）注意通过平行四边形得到的合力与实验测得的之间存在误差，明确什么是实验测量值，什么是理论值即可正确解答．解答：解：（1）因一个弹簧秤的拉力大小、方向不变，而橡皮筋伸长到O点，说明合力不变，则由平行四边形定则可知另一个大小方向也唯一确定，故ABD错误，C正确．故选：C（2）实验测的弹力方向沿绳子方向，由于误差的存在，作图法得到的合力沿平行四边形对角线，它与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与实际力的方向有一定的夹角，故甲更符合实验事实．故答案为：（1）C；（2）甲点评：本题考查了力的分解原则，知道当合力不变时，根据平行四边形定则可知，若其中一个力的大小方向保持不变，则另一个可以唯一确定．12．（6分）（2015春•诸城市期末）某同学利用如图（a）所示的装置做“探究弹簧测力计大小与其长度的关系”的实验．（1）在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态．（2）下表是他实验测得的该弹簧测力计大小F与弹簧长度x的关系的几组数据：弹簧弹力F/N 0 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 6.0弹簧的长度x/cm 4.0 6.0 8.0 10.0 12.0 14.0 16.0由表中数据可得，该弹簧的原长x0= 4.0cm，劲度系数k=50N/m．（3）他又利用实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（b）示数时，该弹簧的长度x=10.0cm．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须竖直；（2）弹簧处于原长时，弹力为零；根据胡克定律F=k△x求解劲度系数；（3）由弹簧秤的读数结合表中数据可得出对应的长度．解答：解：（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度尺要保持竖直状态；（2）弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4.0cm；根据胡克定律F=k△x，有：k=．（3）由图可知，指针示数为3.0N；由表格中数据可知对应的长度为10.0cm；故答案为：（1）竖直；（2）4.0，50（3）10.0点评：本题关键是明确实验原理，然后根据胡克定律F=k△x并结合图象列式求解，不难．13．（6分）（2015•信阳模拟）某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图2所示的a﹣F图象．（1）图线不过坐标原点的原因是没有平衡摩擦力或平衡的不够；（2）本实验中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量否（填“是”或“否”）；（3）由图象求出小车和传感器的总质量为1kg．（保留1位有效数字）考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题．分析：（1）由图象可知，当F≠0时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力，或平衡的不够；（2）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．（3）a﹣F图象中的斜率表示质量的倒数．解答：解：（1）由图象可知，当F≠0时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力或平衡的不够；（2）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．（3）a﹣F图象中的斜率表示质量的倒数，由图可知，k=，所以质量M=kg故答案为：（1）没有平衡摩擦力或平衡的不够；（2）否；（3）1点评：实验中我们要清楚研究对象和研究过程，明确实验原理是解答实验问题的前提．三、计算题（本大題包括4小题，共42分.解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必需明确写出數数值和单位）. 14．（8分）（2015春•诸城市期末）一物体做匀减速直线运动，它的位移与时间的关系是x=24t ﹣2t2（x单位是m，t单位是s），一段时△t（未知）内通过的位移x1=14cm，紧接着的△t以时间内通过的位移x2=10m，此时，物体仍然在运动，且与初速度方向相同．求：（1）△t的值；（2）再经过多少位移物体速度刚好减为零．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据位移时间关系求出匀减速运动的初速度和加速度，再根据△x=aT2求时间；（2）根据v2=2ax求得速度，从而求得再经过多少位移物体的速度刚好为零．解答：解：（1）根据匀变速直线运动的位移时间关系，由x=24t﹣2t2可得物体运动的初速度为v0=24m/s，加速度a=﹣4m/s2根据△x=aT2可得：可得△t=1s（2）设两段时间△t的中间时刻的物体速度为v，则从此时刻开始，物体的速度恰好降为零时运动的位移为x+x2根据速度位移关系有：0﹣v2=2a（x+x2）代入数据可解得x=8m．答：（1）△t的值为1s；（2）再经过8m位移物体速度刚好减为零．点评：掌握匀变速直线运动的规律和推论△x=aT2、是正确解题问题的关键，不难属于基础题．15．（10分）（2015春•诸城市期末）如图所示，长木板B在光滑的水平面上，质量为m A=10kg 的货箱A放在木板B上，一根轻绳一端拴在货箱上，另一端拴在水平面上，绳绷紧时与水平面的夹角为θ=37°．现用F=80N的水平拉力恰能将木板B从货箱A下面匀速抽出，已知sin37°=0.6，cos 37°=0.8，g取10m/s2．求：（1）绳上张力T的大小；（2）A与B之间的动摩擦因数μ．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）对AB整体进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解即可；（2）对A物体进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解即可．解答：解：（1）对AB整体进行受力分析，根据物体平衡可知：F=Tcosθ解得：T=100N（2）对A物体进行受力分析，根据平衡条件得：N=m A g+Tsinθf=Tcosθf=μN联立解得：μ=0.5答：（1）绳上张力T的大小为100N；（2）A与B之间的动摩擦因数μ为0.5．点评：本题关键是先对AB整体受力分析，后对A物体受力分析，然后根据共点力平衡条件并运用正交分解法列方程求解，注意整体法和隔离法在解题过程中的应用．16．（12分）（2015春•诸城市期末）如图所示，在冰面上将一滑块从A点以初速度v0推出，滑块与冰面的动摩擦因数为μ，滑块到达B点时速度为v0．（1）求A、B间的距离L；（2）若C为AB的中点，现将AC用铁刷划擦，使AC段的动摩擦因数变为3μ，再让滑块从A点以初速度v0推出后，求滑块到达B点的速度．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由牛顿第二定律可求得加速度，再由速度和位移关系可求得滑过的位移；（2）分别对AC和CB过程分析，由牛顿第二定律及运动学公式联立解得到达B点的速度．解答：解：（1）滑块沿冰面滑行的加速度a1=μg由速度位移关系可知：v02﹣（）2=2a1L解得：L=；（2）AC段用铁刷划擦后，滑块运动到C点的速度为v c；滑块沿AC段滑行的加速度a2=3μg由速度和位移关系有：v02﹣v c2=2a2v c2﹣v2=2a1联立解得v=v0；答：（1）A、B间的距离L为；（2）滑块到达B点的速度v0．点评：本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确滑块受到的合外力为摩擦力，故加速度a=μg；再结合运动学公式求解即可．17．（12分）（2015春•诸城市期末）如图甲所示，绳长L1=7.5cm，上端固定，平板车长L2=3m，上表面与绳末端等高，始终保持v=2m/s的恒定速度沿水平面向右运动，当平板车右端到绳末端的距离为s（已知）时，一特技演员（视为质点）从绳上端，要让该演员滑下后能留在车上，则车由静止开始沿绳下滑一段距离后，突然握紧绳子，与绳子之间产生f=1800N的摩擦阻力，滑到绳子末端时速度刚好为零．该演员沿绳子下滑的速度随时间变化的关系如图乙所示，g取10m/s2．求：（1）特技演员的质量；（2）若演员与平板车之间动摩擦系数μ=0.2，演员落入平板车后，车速不变，为了要让该演员滑下后能留在车上，则s的大小范围应为多大？考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由图示图象求出演员的运动时间，由运动学公式求出加速度，然后由牛顿第二定律求出演员的质量．（2）求出演员留在车上时s的最大与最小距离，然后确定其范围．解答：解：（1）由图乙所示可知，演员演绳子下滑的总时间：T=1.5s，位移：L1=T，代入数据解得：v m=10m/s，演员握紧绳子的时间为t，则：t==1s，演员握紧绳子后沿绳子下滑的加速度：a1==20m/s2，由牛顿第二定律得：f﹣mg=ma1，解得：m=60kg；（2）演员在车上的加速度：a2=μg=2m/s2，演员与车共速的时间：△t==1s，演员在车上滑行的距离：△s=v△t﹣△t=1m，为了让演员滑下后能留在车上，s的最大值：s1=vT=3m，s的最小值：s2=s1﹣（L2﹣△s）=1m，则s的大小范围：1m≤s≤3m；答：（1）特技演员的质量为60kg；（2）为了要让该演员滑下后能留在车上，则s的大小范围应为：1m≤s≤3m．点评：本题涉及到多个运动的过程，对每个过程都要仔细的分析物体运动的情况，这道题可以很好的考查学生的分析问题的能力，有一定的难度．。