计算机原理平时作业
计算机基础A平时作业(新)
计算机基础A平时作业
作业一 Word作业
要求1 word文档基本操作
1、创建并保存文档；
2、对文档进行基本的格式设置与编辑
（1）字体、段落格式设置；
（2）查找与替换；
（3）页眉页脚设置；
（4）项目符号的使用；
（5）页面设置。
要求2 word图文混编
1、在指定文档中按要求插入图片、艺术字、
表格及特殊符号等对象；
2、对插入的对象设置格式；
3、对插入的表格数据进行简单的计算；
4、对文档进行总体排版
要求3 word高级排版
1、样式的应用及创建；
2、目录的自动生成；
3、宏的创建及应用；
4、邮件合并的应用。
作业二 Excel作业
要求1 excel数据处理
1、excel文件的创建；
2、各种类型数据的输入；
3、序列的产生；
4、对数据表进行格式设置；
5、工作表的管理；
6、数据引用及函数、公式的使用。
要求2 excel数据管理
1、数据有效性；
2、数据排序；
3、数据筛选；
4、分类汇总；
5、数据图表的生成；
6、页面设置。
作业三 PowerPoint作业
要求 powerpoint演示文稿应用
1、演示文稿的创建；
2、幻灯片管理；
3、数据对象的添加剂格式设置；
4、模板的应用；
5、版式的应用；
6、配色方案的应用；
7、母版的应用；
8、幻灯片放映设置。
中山大学计算机网络课平时作业（2）及参考答案
中⼭⼤学计算机⽹络课平时作业（2）及参考答案计算机⽹络（09DE)作业3参考答案⽹络层1、IP分组的头部长度≤ B，选项长度≤ B，整个IP分组长度≤ B。
答：60，40，655352、针对因特⽹的⽹络层，以下说法是否正确：（多选）(a) 该层提供⽆连接的不可靠的尽⼒服务；(b) ⼀台源主机发往同⼀⽬标主机的多个IP分组将会经过相同的路由器到达⽬的地；(c) ⼀个IP分组被中间路由器分拆成多个⽚段(fragment)，它们将会经过相同的路由器到达⽬的地；(d) ⽬的主机发现IP分组的某个⽚段丢失后则丢弃整个分组；(e) 中间的路由器既将分组拆分为⽚断也负责⽚段重组；答：(a)(d)3、IP协议是如何防⽌分组⼀直在⽹上绕圈的？答：采⽤TTL，经过⼀个路由器将减1，减⾄0将被丢弃,并⽤ICMP分组通告源主机.4、⼀个路由器收到⼀个⽆选项的IP分组（协议号=6，TTL=60，TOS=0，没有选项，标识=26208，源地址=192.168.1.120,⽬标地址=172.16.45.96,Payload的长度为4000），现在需要将该分组转发到⼀个以太⽹上(MTU=1500), 该路由器将如何分段，先填写原分组的值，然后写出拆分后各个⽚断的字段值。
5、指出以下IP地址的类别(A,B,C,D类)，并分别说明它们的⽹络号和主机号：(a) 66.144.54.160(b) 190.168.1.34(c) 218.30.66.5(d) 192.168.1.1答：类别⽹络号主机号(a) A类 66 144.54.160(b) B类 190.168 1.34(c) C类 218.30.66 5(d) C类(私⽤⽹) 192.168.1 16、给定⼀个C类地址202.116.64.0, 如何采⽤⼦⽹掩码划分为8个⼦⽹，使它们都可以容纳20台主机，写出每个⼦⽹的主机地址范围和⼦⽹掩码。
答：202.116.64.1~202.116.64.30202.116.64.33~202.116.64.62202.116.64.65~202.116.64.95202.116.64.97~202.116.64.126202.116.64.129~202.116.64.158202.116.64.161~202.116.64.190202.116.64.193~202.116.64.222202.116.64.225~202.116.64.254⼦⽹掩码：255.255.255.2247、采⽤VLSM将⼀个C类⽹202.116.64.0/24划分成如下四个⼦⽹（允许⼦⽹号为全0）：（1）⼀个可以容纳100台主机的⼦⽹；(2) ⼀个可以容纳50台主机的⼦⽹；(3) ⼀个可以容纳18台主机的⼦⽹；(4) 2个点到点⼦⽹；写出每个⼦⽹的主机地址格式（主机位采⽤X表⽰）和⼦⽹掩码。
微型计算机原理练习附答案
复习提纲1.两个4字节的无符号数分别存放在从2000H和2010H开始的存储单元中，编写程序完成它们的相加操作，并将所求的和放在从2000H开始的内存单元中。
2.设在2000H开始的内存单元中，存放50个无符号字节数，编程找出其中的最大值，并把它存放到DL寄存器中。
3.将AL中的两个组合BCD数分别转换成对应的ASCII码，并存放在CX中（高位BCD数的转换结果放在CH中，低位BCD数的转换结果放在CL中）。
4.已知在BUF为首地址的单元中，存放了10个ASCII码数据，编程将它们转换为BCD码后，存放在BUF+10为首地址的单元中。
编一个程序段。
数据段有100个无符号字节数据块BUF，试找出其中数值为0的数据个数并放入ZERO单元中5.在数据段BUF开始的连续10个单元中存放有10个无符号数，编程求出它们的和并放入SUM单元中。
6.在数据段BUF开始的连续10个单元中存放有10个无符号数，编程找出其中的最大值放入MAX单元中。
7.如图1所示，8255A的A口PA0、PA1、PA2引脚分别接3个开关K0、K1、K2，B口PB0、PB1、PB2通过驱动电路分别接到3个发光二极管的阳极。
开关的状态通过A口输入到8255A，然后将其送到B口输出，控制发光二极管的亮与灭。
（1）通过译码电路分析确定8255A的端口地址：（假定未使用的引脚均为低电平“0”）A口地址：B口地址：C口地址：控制口地址=（2）编程：根据读入A口开关状态，去控制发光二极管的程序。
（要求说明8255A控制字的设置过程）8.已知8255A的A口PA0～PA5接6只共阴数码管LED0～LED5的段码，B口PB0～PB5分别接LED0～LED5的位码，A、B口工作于方式0，8255A的工作方式控制字如图所示。
要求：a.简单画出8255A的A、B口与LED的接线图；b.已知8255A的端口地址为：380H~383H，写出能在LED0和LED1上同时显示“66”的程序。
XXX《计算机基础》平时作业1【标准答案】
XXX《计算机基础》平时作业1【标准答案】1.自计算机问世以来，人们将其分为了四个时代，主要依据是计算机的构成元件。
2.当前的计算机被认为是第四代计算机，其所采用的逻辑元件是大规模集成电路。
3.同上。
4.个人计算机属于微型计算机。
5.计算机进行数值计算时的高精确度主要决定于基本字长。
6.计算机具有逻辑判断能力，主要取决于编制的软件。
7.计算机最主要的工作特点是存储程序与自动控制。
8.当前计算机的应用领域极为广泛，但其应用最早的领域是科学计算。
9.利用计算机对指纹进行识别、对图像和声音进行处理所属的应用领域是信息处理。
10.用来表示计算机辅助设计的英文缩写是CAD。
11.所谓的信息是指处理后的数据。
12.计算机系统由硬件系统和软件系统两大部分组成。
13.构成计算机物理实体的部件被称为计算机硬件。
14.组成计算机主机的主要是中央处理器和主存储器。
15.微型计算机的微处理器芯片上集成了控制器和运算器。
16.正确的叙述应该是软件配置受硬件的制约。
17.下面各组设备中，同时包括了输入设备、输出设备和存储设备的是鼠标、绘图仪、光盘。
18.个人计算机(PC)必备的外部设备是显示器和键盘。
19.在微型计算机的各种设备中，既可输入又可输出的设备是磁盘驱动器。
20.XXX?诺依曼结构计算机的五大基本构件包括运算器、存储器、输入设备、输出设备和控制器。
21.原理的提出者是XXX?XXX。
22.计算机中用来保存程序和数据，以及运算的中间结果和最后结果的装置是内存和外存。
23.在计算机领域中，通常用大写英文字母B来表示字节。
24.为解决某一特定的问题而设计的指令序列称为程序。
25.通常所说的“裸机”是指计算机仅有硬件系统。
26.下列软件中，属于系统软件的是Windows操作系统。
27.某单位的人事管理程序属于应用软件。
28.正确答案为D，即xxxxxxxx的十进制数为254.29.正确答案为C，即二进制方式最简单，所需的物理元件最少。
计算机原理作业
<!--[if !vml]--><!--[endif]-->
6．答：32Ｋ×16位)/(16Ｋ×８位)=2*2=4，即4个芯片构成.32Ｋ×16位即15根地址线,16根数据线,而16Ｋ×８位芯片的地址线14根,数据线8根，故4个芯片分成两个组，即每个组由2个芯片构成16位位扩展，1根地址线作字扩展，选择两个组.本题是字、位均扩展。
画图见下图:
<!--[if !vml]--><!--[endif]-->
第五次
[论述题]
注意:作业一定要作,否则没有相应的平时成绩,很多同学因此不及格.
1．某机字长16位，定位表示，尾数15位，数符1位，问：
(1) 定点原码整数表示时，最大正数是多少？最大负数是多少？
(2)定点原码小数表示时，最大正数是多少？最大负数是多少？
2.机器数字长为8位（含1位符号位），若机器数为FF（十六进制），当它分别表示原码、补码、反码和移码时，等价的十进制整数分别是多少？
3.指令有哪些寻址方式？设指令格式如下所示，其中OP为操作码，试分析指令格式特点。
16 12 11 10 9 5 4 0
*作业下载开放时间：2015-11-26。
21春XXX《计算机基础》平时作业4
21春XXX《计算机基础》平时作业4 XXX《计算机基础》平时作业41：下面说法正确的是( )A、信息的泄露只在信息的传输过程中发生B、信息的泄露只在信息的存储过程中发生C、信息的泄露在信息的传输和存储过程中发生D、上面三个都不对答案：C2：访问控制不包括( )A、网络访问控制B、主机、操作系统访问控制C、应用程序访问控制D、外设访问的控制答案：D3：下列不属于可用性服务的是( )A、后备B、身份鉴别C、在线恢复D、灾难恢复答案：B4：信息安全不涉及的领域的是( )A、计算机技术和网络技术B、法律制度C、公共道德D、身心健康谜底：D5：保障信息安全最根本、最核心的技术步伐是( )A、信息加密技术B、信息确认技术C、收集控制技术D、反病毒技术答案：A6：系统更新的精确说法是( )A、系统需要更新是因为操作系统存在着漏洞B、系统更新后，能够不再受病毒的攻击C、系统更新只能从XXX网站下载补丁D、所有的更新应及时下载安装，否则可能系统会立即崩溃答案：A7：以下关于多媒体技术的描绘中，精确的选项是A、多媒体技术中的“媒体”概念特指音频和视频B、多媒体技术就是能用来观看的数字电影的技术C、“多媒体技术”是指将多种媒体进行有机组合而成的一种新的媒体应用系统D、多媒体技术中的“媒体”概念不包括文本谜底：C8：以下硬件装备中，不是多媒体硬件系统必需包括的装备是A、计算机最根本的硬件装备B、CD-ROMC、音频输入、输出和处置惩罚装备D、多媒体通信传输设备谜底：D9：以下设备中，属于视频设备的是A、声卡B、DV卡C、音箱D、发话器答案：B10：以下设备中，属于音频设备的是A、视频采集卡B、视频紧缩卡C、电视卡D、数字调音台谜底：D11：以下接口中，一般不能用于连接扫描仪的是A、USBB、SCSIC、并行接口D、VGA接口谜底：D12：以下设备中，用于获取视频信息的是A、声卡B、彩色扫描仪C、数码摄像机D、条码读写器答案：C13：以下设备中，用于对摄像头或者摄像机等信号进行捕捉的是A、电视卡B、视频监控卡C、视频压缩卡D、数码相机答案：B14：下面的多媒体软件工具，由Windows自带的是A、Media PlayerB、GoldWaveC、WinampD、RealPlayer答案：A15：以下说法中，错误的是A、使用Windows“画图”可以给图像添加简单效果B、利用Windows“录音机”能够给声音添加简单效果C、利用Windows Media Player能够给视频添加简单效果D、利用WinRAR能够对ZIP文件进行解紧缩答案：C16：以下有关Windows“画图”程序的说法中，精确的选项是A、画图区的大小是牢固的，不成以更改B、只能够挑选图画中的矩形区域，不能挑选其他形状的区域C、绘制直线时能够挑选线条的粗细D、在调色板的色块上单击鼠标左键能够设置当前的背景色谜底：C17：使用Windows“画图”创建文本时，能够实现的是A、设置文本块的背景颜色B、设置文本的下标效果C、设置文本的阴影效果D、设置火焰字效果答案：A18：以下软件中，不属于音频播放软件的是A、WinampB、录音机C、PremiereD、RealPlayer答案：C19：以下软件中，一般仅用于音频播放的软件是A、QuickTime PlayerB、Media PlayerC、录音机D、超级解霸答案：C20：Windows Media Player支持播放的文件格式是A、RAMB、MOVC、MP3D、RMVB答案：C21：以下关于文件压缩的说法中，错误的是A、文件紧缩后文件尺寸一般会变小B、不同类型的文件的紧缩比率是不同的C、文件压缩的逆过程称为解压缩D、利用文件紧缩工具能够将JPG图像文件紧缩70％左右谜底：D22：以下关于WinRAR的说法中，精确的选项是A、使用WinRAR不能进行分卷压缩B、使用WinRAR可以制作自解压的EXE文件C、利用WinRAR进行解紧缩时，必需一次性解紧缩紧缩包中的一切文件，而不能解紧缩其中的个别文件D、双击RAR紧缩包翻开WinRAR窗口后，一般能够直接双击其中的文件进行解紧缩谜底：B23：以下选项中，用于压缩视频文件的压缩标准是A、JPEG尺度B、MP3紧缩C、MPEG标准D、LWZ压缩谜底：C24：以下格式中，属于音频文件格式的是A、WAV花式B、JPG格式C、DAT格式D、MOV格式答案：A25：以下格式中，属于视频文件格式的是A、WMA格式B、MOV格式C、XXX花式D、MP3格式谜底：B26：上面4个工具中，属于多媒体创作工具的是A、PhotoshopB、FireworksC、PhotoDrawD、Authorware谜底：D27：世界上第一台电子数字计算机诞生于：A、1962年B、1959年C、1952年D、1946年答案：D28：世界上第一台电子数字计算机采用的电子器件是：A、大规模集成电路B、晶体管C、电子管D、集成电路谜底：C29：计算机可分为数字计算机、模拟计算机和混合计算机，这类分类的依据是：A、功用和代价B、处置惩罚数据的方式C、利用规模D、性能和规律谜底：B30：某单位的人事管理程序属于：A、应用软件B、系统软件C、操作系统D、系统程序谜底：A31：在微型计算机中，应用最普遍的字符编码是：A、BCD码B、ASCII码C、汉字编码D、UNICODE编码谜底：B32：十进制数向二进制数进行转换时，十进制数255相称于二进制数:A、xxxxxxxB、xxxxxxxC、xxxxxxxxD、xxxxxxx谜底：C33：计算机配置的内存的容量为1GB，其中的1GB是指:A、1× 1024× 1000 × 1000个字节B、1× 1024 × 1024个字节C、1 × 1024 × 1000 × 1024个字节D、1 × 1024 × 1024 × 1024个字节谜底：D34：小我计算机（PC）必备的外部装备是：A、显示器和键盘B、鼠标和键盘C、显示器和扫描仪D、打印机和显示器答案：A35：微型计算机的微处置惩罚器芯片上集成了：A、CPU和RAMB、运算器和I/0接口C、控制器和RAMD、控制器和运算器谜底：D36：操作系统是以下哪项的接口:A、用户与软件B、系统软件与使用软件C、用户与计算机D、主机与外设谜底：C37：为解决某一题目而设想的一系列有序的语句的调集被称为:A、程序B、程序设想语言C、指令D、指令系统答案：A38：下列各类计算机存储器中，断电后，信息会丢失的是:A、ROMB、RAMC、硬盘D、光盘答案：B39：以下四项不属于Windows操作系统特点的是:A、图形界面B、多任务C、即插即用D、不会受到黑客攻击谜底：D40：在Windows中，剪贴板是用来在程序和文件间传递信息的临时存储区，此存储区是：A、内存的一部分B、回收站的一部分C、硬盘的一部分D、软盘的一部分答案：A41：Windows中，附件中的“画图”软件所建文件的默认扩展名是：A。
南开大学2021年8月《计算机原理》作业考核试题及答案参考6
南开大学2021年8月《计算机原理》作业考核试题及答案（参考）1. 下列度量单位中，用来度量计算机内存空间大小的是( )A、MB/sB、MIPSC、GHzD、MB参考答案：D2. 8253三个计数通道结构完全相同，且独立工作。
( )A.错误B.正确参考答案：B3. 指令助记符为SUB的是( )指令。
A.加法B.减法C.传送D.跳转参考答案：B4. 使用DOS功能调用时，子程序编号应放在( )寄存器中。
A.ALB.AHC.AXD.任意指定参考答案：B5. 变址寻址与基址寻址的有效地址的计算方法是相同的。
( )A.正确B.错误参考答案：A6. 线性地址是同一标准的不分段的地址空间内的32位地。
( )A.错误B.正确参考答案：B7. 当8086进行取指令操作时，使用的段基值是在( )A.DS中B.CS中C.SS中D.ES中参考答案：B8. 中断服务程序的中断入口地址是固定不变的。
( )A.正确B.错误参考答案：B9. Pentium系统的段寄存器为32位寄存器。
( )A.错误B.正确参考答案：A10. 根据下面定义的数据段：DSEG SEGMENT DAT1 DB ‘1234’ DAT2 DW 5678H DAT3 DD 12345678H ADDR EQU DAT3-DAT1 DSEG ENDS执行指令MOV AX，ADDR后，AX寄存器中的内容是( )。
A.5678HB.0008HC.0006HD.0004H参考答案：C11. 以下四种类型的半导体存储器中，以传输同样多的字为比较条件，则读出数据传输率最高的是( )A.DRAMB.SRAMC.FLASHD.EEPROM参考答案：B12. 第一台电子数字计算机ENIAC诞生于( )。
A.1927B.1936C.194613. 计算机硬件由五个基本部分组成，不属于这五个基本组成部分的是( )A.运算器和控制器B.存储器C.总线D.输入设备和输出设备参考答案：C14. 通道程序存放在主存中。
电大计算机组成原理2021平时测试答案
一.选择题题目1 正确获得8.00分中的8.00分IB标记題目题干两个补码数相加，只有在（）时有可能产生溢岀。
选择一项：a. 符号位相同巴b.符号位不同「C.两个正数相加结果为正「d.数值位产生向符号位的进位，符号位也向更高位产生进位反馈Your answer is correct.正确答案是：符号位相同题目2正确获得8.00分中的8.00分IB标记题目题干怎点数补码减法可直接用加法器完成，此时，符号位（）参与运算：并把补码形式的减数诸位求发送加法器，再向最低位给出进位信号。
选择一项：r a.与数值位一起参与运算，1 ' b.与数值位分别进行运算，1「c.与数值位一起参与运算，0C d.与数值位分别进行运算，0反馈Your answer is correct.正确答案是：与数值位一起参与运算，1题目3 正确获得8.00分中的8.00分IE标记題目懸干针对8位2进制整数，下列说法中正确的是()。
选择一项：「a. 0的补码等于一1的反码「b. -126的补码与+2的移128方案的移码有相同的表示1C. 127 的补码为10000000「d. +1的补码等于一127的反码反馈Your answer is correct.正确答案是：126的补码与+2的移128方案的移码有相同的表示题目4 正确获得8.00分中的8.00分IB标记题目题干某让算机字长32位，采用原码宦点小数表示，符号位为1位，数值位为31位，则可表示的最大正小数为(),最小负小数为()o选择一项：a. + (231-1),・(1・2・31)b. + (1-2-31), - (1-2-31)C. + (231-1) , - (1-2-32)d. + (232-1 ) , - (1-2-31)反馈Your answer is correct.正确答案是：+ (1-2-31),・(1-2-31)题目5 正确获得8.00分中的8.00分IE标记題目趣干长度相同但格式不同的2种浮点数，假设前者阶码长、尾数短，后者阶码短、尾数长，其他规左均相同，则它们可表示的数的范围和精度为O。
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平时作业
1．请简要概述冯。
诺伊曼计算机的主要设计思想、主要组成部分及各部分的功能。
答：主要设计思想是：数字计算的数制采用二进制，计算机应该按照程序顺序执行，主要组成部分有：运算器、逻辑控制装置、存储器、输入和输出设备
2．请给出下列数的原码，补码，反码和移码。
a.27/64
b.-27/64
答：a. 27/64的原码是0.011011，补码是0.011011，反码是0.011011，小数无移码（正数的原码补码反码都不变）
b. -27/64的原码是1.011011，补码是1.100101，反码是1.100100，小数无移码（负数反码=原码除符号位外每位取反；补码=反码+1；反码=补码-1）
3．已知x和y,用变形补码计算x+y,同时指出结果是否溢出。
a.x=11001，y=01011;
b.x=11001, y=-01011;
c.x=-11001, y=-01011;
答：a. 0011001+0001011=0100100 正溢出
b. 0011001+1101011=0000100 没有溢出
c. 1111001+1101011=1100100 没有溢出
4．请概要描述进行浮点算术运算的几个主要步骤。
答：
1、浮点加减法的运算步骤
①对阶操作：小阶向大阶看齐
②进行尾数加减运算
③规格化处理
④舍入操作
⑤判结果的正确性
2、浮点乘除法的运算步骤
①阶码运算：阶码求和（乘法）或阶码求差（除法）
②浮点数的尾数处理：浮点数中尾数乘除法运算结果要进行舍入处理
5．请概要描述计算机多级存储体系结构的工作原理。
在多级存储体系中，如何进行字容量扩充？如何进行位宽扩充？
答：计算机系统中通常采用三级层次结构来构成存储系统，主要是由高速缓冲存储器cache，主存储器，和辅助存储器组成。
主存储器用来存放需CPU运行的程序和数据。
可由CPU直接编程访问，采取随机存取方式。
Cache位于CPU与主存之间(有些Cache 集在CPU芯片之中)，高速缓冲存储器（Cache）设置在CPU和主存之间，可以放在CPU 内部或外部。
用来存放当前运行的程序和数据，它的内容是主存某些局部区域(页)的复制品。
其作用也是解决主存与CPU的速度匹配问题，辅助存储器用来存放暂不运行但需联机存放的程序和数据。
从CPU看来，这个整体的速度接近于Cache和寄存器的操
作速度、容量是辅存（或海量存储器）的容量，每位价格接近于辅存的位价格。
从而较好地解决了存储器中速度、容量、价格三者之间的矛盾，满足了计算机系统的应用需要。
可以缩小主存和cpu之间的速度差距，从整体上提高存储器系统的存取速度。
进行字容量扩充扩展每个存储单元的位数，进行位宽扩充扩展存储单元的个数。
6．一个Cache存储器的的主要技术指标包括cache/主存平均访问时间和cache的命中率，请简要描述这两个指标的推导过程。
答：
Cache的命中率
基于程序访问的局部性原理，增加Cache使得要访问的数据绝大多数都可以在Cache中找到，这样才能在性能上使主存的平均读出时间尽可能接近Cache的读出时间。
Cache 的工作效率通常用“命中率”来表示。
命中率指的是CPU要访问的信息在Cache中的概率，Cache的命中率越高，CPU访问主存的速度就越接近访问Cache的速度。
通常Cache的容量越大，存储的块也越多，CPU 的命中率就越高。
但是，当Cache的容量达到一定值时，命中率并不会随着容量的增大而增加，而且Cache容量的增大将导致成本的增加，所以，Cache的容量一般是命中率与成本价格的折中。
在一个程序执行期间，设Nc表示Cache完成存取的总次数，Nm表示主存完成存取的总次数，h定义为命中率，则有
若tc表示命中时的Cache访问时间，tm表示未命中时的主存访问时间，1-h表示未命中率，则Cache－主存系统的平均访问时间ta为：
设e表示访问效率，则有
为提高访问效率e，命中率h越接近1越好。
命中率h与程序的行为、Cache的容量、组织方式、块的大小有关。
7．请列出至少五种操作数寻址方式。
答：立即寻址，寄存器寻址，直接寻址，寄存器间接寻址，寄存器相对寻址，基址变址寻址，相对基址变址寻址。
8．请简要描述流水线的基本工作原理。
对于一个五级流水线系统，在理想情况下，与非流水线设计相比，系统性能最多能提高多少倍？为什么？
答：对于一个五级流水线，如果流水线各阶段操作平衡，那么在流水线上指令执行时间为(在理想情况下)：指令执行时间(流水线)=指令执行时间(非流水线)/流水线步骤数即在理想的情况下，流水线所带来的加速比与流水线的执行步骤的数目相同。
系统性能可以从加速比来分析，一个有五个执行步骤的流水线能获得加速比也是五。
然而，在实际处理过程中，各个步骤间并不是完全的平衡的。
另外，流水线中还包括一
些常规的额外开销。
所以，在流水线机器中每一条指令的执行时间会超过这个最小的可能值，因此流水线能够获得加速比也就小于流水线的步骤数。
9．请简要描述总线系统中，集中式仲裁方式的几种工作模式。
答：
(1) 链式查询方式：离中央仲裁器最近的设备具有最高优先级，通过接口的优先级排队
电路来实现。
(2)计数器定时查询方式：总线上的任一设备要求使用总线时，发出总线请求，中央仲裁
器接到请求信号以后让计数器开始计数，计数值通过一组地址线发向各设备。
每个设备接口都有一个设备地址判别电路，当地址线上的计数值与请求总线的设备地址相一致时，该设备获得了总线使用权，此时中止计数查询。
优先级均等而且可以用程序改变。
(3)独立请求方式：每一个共享总线的设备均有一对总线请求线和总线授权线。
当设备要
求使用总线时，便发出该设备的请求信号。
总线仲裁器重根据一定的优先次序决定首先响应那个请求。
10．请简要描述一个计算机系统与输入输出系统进行信息交换的几种主要方式。
答：
程序查询方式，程序中断方式，DMA方式和通道方式
1.程序查询方式：数据传送完全靠计算机程序控制，程序进入查询循环时白白浪费掉
CPU很多时间
2.程序中断方式：中断时外围设备来主动通知CPU，准备送出输入数据或者接收输出
数据的一种方法，它节省了CPU宝贵时间，中断方式一般适用于随机出现的服务
3.DMA方式：是一种完全由硬件执行I/O交换的工作方式，DMA控制器从CPU完全
接管对总线的控制，数据交换不经过CPU，这种方式适用于内存和高速外围设备之间大批数据交换的场合
4.通道方式：通道是一个具有特殊功能的处理器，某些应用中称为输入输出处理器
IOP，他可以实现对外围设备的统一管理和外围与内存之间的数据传送。