理论力学课后习题答案第8章动量定理及其应用

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第8章 动量定理及其应用

8-1 计算下列图示情况下系统的动量。

(1) 已知OA =AB =l ,=45°,为常量,均质连杆AB 的质量为m ,而曲柄OA 和滑块B 的质量不计(图a )。

(2) 质量均为m 的均质细杆AB 、BC 和均质圆盘CD 用铰链联结在一起并支承如图。已知AB = BC = CD = 2R ,图示瞬时A 、B 、C 处于同一水平直线位置,而CD 铅直,AB 杆以角速度ω转动(图b )。

(3) 图示小球M 质量为m 1,固结在长为l 、质量为m 2的均质细杆OM 上,杆的一端

O 铰接在不计质量且以速度v 运动的小车上,杆OM 以角速度ω绕O 轴转动(图c )。

解:(1)p = mv C =ωml 2

5

,方向同C v (解图(a )

); (2)p = mv C 1 + mv C 2 = mv B = 2Rm ,方向同B v ,垂直AC (解图(b ));

(3)j i p )60sin 2

60sin ()]60cos 2()60cos ([2121︒+︒+︒-+︒-=ωωωωl m l m l v m l v m

j i 4

23]42)[(2

12121m m l l m m v m m +++-

+=ωω(解图(c )

)。

8-2 图示机构中,已知均质杆AB 质量为m ,长为l ;均质杆BC 质量为4m ,长为2l 。图示瞬时AB 杆的角速度为ω,求此时系统的动量。

解:杆BC 瞬时平移,其速度为v B

ω

ωωml ml l m p p p BC

AB 29

42=+=+= 方向同

v B 。

A

B

O

θ

ωC

v C

O 1

A B C

D

ω v B

C 1

C 2 v C 1

v C 2

O

M v

ω 60˚

v

v r

习题8-1解图

(a)

(b)

(c)

x

y

习题8-1图

A

B

O

θ

ω A

B

C

D

ω

O

M

v

ω 60˚

(a)

(b)

(c)

A

B

C

O ω

45˚ 45˚

习题8-2解图

v B

8-3 两均质杆AC 和BC 的质量分别为m 1和m 2,在C 点用铰链连接,两杆立于铅垂平面内,如图所示。设地面光滑,两杆在图示位置无初速倒向地面。问:当m 1= m 2和m 1= 2m 2时,点C 的运动轨迹是否相同。

解:根据受力分析知:∑

=0x F ,故系统的质心在水平方向运动守恒。

当m 1= m 2时,系统关于y 轴对称,质心位于y 轴上,且沿y 轴作铅垂直线运动,点C 的运动轨迹亦为铅垂直线。

当m 1= 2m 2时,质心位于y 轴左侧,且作铅垂直线运动,点C 的运动轨迹必为曲线。

故两种情况下,点C 的运动轨迹不相同。

8-4 图示水泵的固定外壳D 和基础E 的质量为m 1,曲柄OA =d ,质量为m 2,滑道B 和活塞C 的质量为m 3。若曲柄OA 以角速度ω作匀角速转动,试求水泵在唧水时给地面的动压力(曲柄可视为匀质杆)。

解:以整个水泵为研究对象,受力如图(a ): 解法1:用动量定理求解 瞬时t ,系统动量 p = p 2+p 3

ω2

2222d m v m p C ⋅==,方向如图 ϕωsin 3333 d m v m p C ==,方向如图 由质系动量应理:

∑==y y y

F F t p d d (1)

∑==x x x F F t

p

d d

(2)

ϕωϕωsin sin 23232d m d m p p p y y y +⋅=+= ϕωcos 2

232d

m p p p x

x x ⋅=+=

x x x F F F ==∑

g m m m F F F )(321++-==∑y y y 代入(1)、(2),并注意到t ωϕ=得:

g m m m F t d m t d m t y )(sin sin 2d d 32132++-=⎪⎭⎫

⎝⎛+⋅ωωωω

x F t d m t =⎪⎭

⎝⎛⋅ωωcos 2d d 2

得t ωd m m g m m m F 2y ωcos 2

2)(3

2321++++= (3) t m d F 2x ωωsin 2

2-= (4)

解法2:用质心运动定理解 研究对象及受力同前: R F a =C M 32p p p +=

3

322C C C m m M v v v +=

习题8-4图

A

B

C

m 1g

m 2g

d

习题8-3解图

N A

F N B

y

O

A g 2m C

x

F y

F

g

1m g 3m D

B 3

p

p

(a)

C 2

C 3

ϕ

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