陕西吴起高级中学高二上学期第一次月考物理(基础卷)试题 含答案
陕西高二高中物理月考试卷带答案解析
陕西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、实验题1.有一标有为“220V，100W”的灯泡，现用一标准的欧姆表测其电阻，测量结果其电阻A．小于484ΩB．等于484ΩC．大于484ΩD．无法确定2.读出下列仪器仪表的示数（1）螺旋测微器的示数为___ ___mm（2）游标卡尺的示数为 mm（3）当电压表的量程为3V时其示数为___ __A；量程为15V时其示数为___ __A3.某实验小组用伏安法测量一个定值电阻的阻值，现有实验器材如下表器材代码规格（1）为了准确测量，并多读几组数据，电流表应选，滑动变阻器应选（填器材代码）。
（2）在实物图中完成其余连线使之成为完整的实验电路。
二、选择题1.根据如图所示的电场线，可以判定A ．该电场一定是匀强电场B ．A 点的电势一定低于B 点电势C ．负电荷在B 点的电势能比A 点大D ．负电荷在B 点的电势能比A 点小2.关于安培力和洛伦兹力，如下说法中正确的是A ．通电直导线在匀强磁场中一定受到安培力的作用B ．安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现C ．洛伦兹力可能对带电粒子做正功D ．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行3.如图所示，当电流通过线圈时，磁针将发生偏转，以下的判断正确的是A ．当线圈通以沿顺时针方向的电流时，磁针S 极将指向读者B ．当线圈通以沿逆时针方向的电流时，磁针S 极将指向读者C ．当磁针N 极指向读者，线圈中电流沿逆时针方向D ．不管磁针如何偏转，线圈中的电流总是沿顺时针方向4.关于磁通量,正确的说法有A ．磁通量不仅有大小而且有方向,是矢量B ．磁通量大,磁感应强度不一定大C ．把某线圈放在磁场中的M 、N 两点,若放在M 处的磁通量比在N 处的大,则M 处的磁感应强度一定比N 处大D ．在匀强磁场中,a 线圈面积比b 线圈面积大,但穿过a 线圈的磁通量不一定比穿过b 线圈的大5.一个可以自由运动的线圈L 1和一个固定的线圈L 2互相绝缘垂直放置，且两个线圈圆心重合，当两线圈通入如图所示的电流时，从左向右看线圈L 1将A ．不动B ．逆时针转动C ．顺时针转动D ．向纸面外运动6.如图所示，有A 、B 、C 、D 四个离子，它们带等量的同种电荷，质量关系m A =m B <m C =m D ，以不等的速度v A <v B =v C <v D 进入速度选择器后，只有两种离子从速度选择器中射出，进入B 2磁场，由此可以判断A ．离子应带负电B ．进入B 2磁场的离子是C 、D 离子C ．到达b 位置的是C 离子D ．到达a 位置的是C 离子7.一个示波管，放在一通电直导线的上方，现发现示波管中的电子束向下偏转，如图所示，则此通电直导线的放置位置和电流方向为A ．直导线如图所示位置放置，电流从B 流向AB ．直导线垂直于纸面放置，电流流向纸内C ．直导线如图所示位置放置，电流从A 流向BD ．直导线垂直于纸面放置，电流流向纸外8.1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D 形盒D 1、D 2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是A ．离子由加速器的边缘进入加速器B ．离子从磁场中获得能量C ．离子从电场中获得能量D ．增大电场间的电压，带电粒子的最大动能也增大9.如图所示的电路中，电源的电动势E 和内阻r 恒定不变，变阻器R 1的滑片P 处在如图位置时，电灯L 正常发光。
2024届陕西省延安市吴起高级中学物理高二上期中综合测试试题含解析
2024届陕西省延安市吴起高级中学物理高二上期中综合测试试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。
写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一轻质弹簧在弹性限度内伸长了1cm时产生了2N的弹力，则这根弹簧的劲度系数是（）A．2N／m B．211N／m C．21N／m D．1．2N／m2、在阴极射线管中电子射线的方向由左向右，其上方有一根通电直导线，电流方向向右，导线与射线管平行，则阴极射线将：A．向上偏转B．向下偏转C．向里偏转D．向外偏转m s，3、一个质量为1kg的物体被人用手由静止向上提升1m，这时物体的速度是2/则下列说法中错误的是（）A．手对物体做功12J B．合外力对物体做功12JC．合外力对物体做功2J D．物体克服重力做功10J4、关于安培力和洛伦兹力，下列说法正确的是A．洛伦兹力对运动电荷一定不做功B．安培力对通电导线一定不做功C．放置在磁场中的通电导线一定受到安培力作用D．带电粒子在磁场中运动时，一定受到洛伦兹力作用5、如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）B．小磁针的N极将向下转动C．小磁针的N极将垂直于纸面向外转动D．小磁针的N极将垂直于纸面向里转动6、关于自感现象，下列说法正确的是( )A．感应电流一定和原电流方向相反B．线圈中产生的自感电动势较大时，其自感系数一定较大C．对于同一线圈，当电流变化较快时，线圈中的自感系数较大D．对于同一线圈，当电流变化较快时，线圈中的自感电动势也较大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
陕西高二高中物理月考试卷带答案解析
陕西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列说法中正确的是（ ）A ．由R=知道，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比B ．比值反映了导体阻碍电流的性质，即电阻R=C ．通过导体的电流越大，电阻越小D ．由I=知道，一段导体两端的电压跟通过它的电流成正比2.有一段长1m 电阻丝，电阻是10Ω，现把它均匀拉伸到长为5m 的电阻丝，则电阻变为（ ）A ．10ΩB ．50ΩC ．150ΩD ．250Ω3.R 1和R 2分别标有“2Ω、1.0A”和“4Ω、0.5A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为（ ）A ．6.0 WB ．5.0 WC ．3.0 WD ．1.5 W4.如图，E 为内阻不能忽略的电池，R 1、R 2、R 3为定值电阻，S 0、S 为开关，与分别为电压表和电流表．初始时S 0与S 均闭合，现将S 断开，则（ ）A ．的读数变大，的读数变小 B ．的读数变大，的读数变大 C ．的读数变小，的读数变小 D ．的读数变小，的读数变大5.在如图所示的电路中，当滑动变阻器R 3的滑动触头P 向下滑动时（ ）A ．电压表示数变大，电流表示数变小B ．电压表示数变小，电流表示数变大C ．电压表示数变大，电流表示数变大D ．电压表示数变小，电流表示数变小6.有一内电阻为4.4Ω的电解槽和一盏标有“110V 、60W”的灯泡串联后接在电压为220V 的直流电路两端，灯泡正常发光，则（ ）A ．电解槽消耗的电功率为120WB．电解槽的发热功率为60WC．电解槽消耗的电功率为60WD．电路消耗的总功率为60W7.关于磁感应强度B，下列说法中正确的是（）A．根据磁感应强度定义B=，磁场中某点的磁感应强度与F成正比，与IL成反比B．磁感应强度B是标量，没有方向C．磁感应强度B是矢量，方向与F的方向相反D．在确定的磁场中，同一点的磁感应强度口是确定的，不同点的磁感应强度B可能不同，磁感线密集的地方磁感应强度B大些，磁感线稀疏的地方磁感应强度B小些8.关于磁感应强度B，下列说法中正确的是（）A．磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B．磁场中某点B的方向，跟放在该点的试探电流元所受磁场力方向一致C．在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D．在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大9.如图所示，正方形线圈abcd位于纸面内，边长为L，匝数为N，过ab中点和cd中点的连线OO′恰好位于垂直纸面向里的匀强磁场的右边界上，磁感应强度为B，则穿过线圈的磁通量为（）A．B．C．BL2D．NBL210.如图所示，长为L的通电直导体棒放在光滑水平绝缘轨道上，劲度系数为k的水平轻弹簧一端固定，另一端拴在棒的中点，且与棒垂直，整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中，弹簧伸长x，棒处于静止状态．则（）A．导体棒中的电流方向从b流向aB．导体棒中的电流大小为C．若只将磁场方向缓慢顺时针转过一小角度，x变大D．若只将磁场方向缓慢逆时针转过一小角度，x变大11.为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的．在如图四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）A．B．C．D．12.在等边三角形的三个顶点a 、b 、c 处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图．过c 点的导线所受安培力的方向（ ）A ．与ab 边平行，竖直向上B ．与ab 边平行，竖直向下C ．与ab 边垂直，指向左边D ．与ab 边垂直，指向右边13.两个完全相同的通电圆环A 、B 圆心O 重合、圆面相互垂直的放置，通电电流相 同，电流方向如图所示，设每个圆环在其圆心O 处独立产生的磁感应强度为B 0，则O 处的磁感应强度大小为（ ）A ．0B ．2B 0C ．B 0D ．无法确定14.如图所示，金属棒MN 两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M 向N 的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ．如果仅改变下列某一个条件，θ角的相应变化情况是（ ）A ．棒中的电流变大，θ角变大B ．两悬线等长变短，θ角变小C ．金属棒质量变大，θ角变大D ．磁感应强度变大，θ角变小15.如图所示的电路中，L 1，L 2是两个不同的小灯泡，a ，b 间有恒定的电压，他们都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，发生的现象是（ ）A ．L 1亮度不变，L 2变暗B ．L 1变暗，L 2变亮C ．电路消耗的总功率变小D ．流过滑动变阻器的电流变小16.如图所示，电源电动势为E ，内阻为r ，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（ ）A ．小灯泡L 1、L 2均变暗B ．小灯泡L 1变亮，小灯泡L 2变暗C ．电流表A 的读数变小，电压表V 的读数变大D ．电流表A 的读数变大，电压表V 的读数变小17.如图所示，A和B为两根互相平行的长直导线，通以同方向等大电流，虚线C为在A和B所确定的平面内与A、B等距的直线，则下列说法正确的是（）A．两导线间的空间不存在磁场B．虚线C处磁感应强度为零C．AC间磁感应强度垂直纸面向里D．CB间磁感应强度垂直纸面向外18.在磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长通电直导线，电流的方向垂直于纸面向里．如图所示，a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中（）A．b、d两点的磁感应强度相等B．a、b两点的磁感应强度相等C．c点的磁感应强度的值最小D．b点的磁感应强度的值最大二、实验题1.如图所示为多用电表的刻度盘．若选用倍率为“×100”的电阻挡测电阻时，表针指示如图所示，则：（1）所测电阻的阻值为Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是（选填“×10”、“×100”或“×1k”）．（2）用此多用电表进行测量，当选用量程为50mA的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为 mA；当选用量程为250mA的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为 mA．（3）当选用量程为10V的电压挡测量电压时，表针也指于图示位置，则所测电压为 V．2.某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻．①分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图（a）和如图（b）所示，长度为 cm，直径为 mm．②按如图（c）连接电路后，实验操作如下：（a）将滑动变阻器R1的阻值置于最处（填“大”或“小”）；将S2拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I；（b）将电阻箱R2的阻值调至最（填“大”或“小”），S2拨向接点2；保持R1不变，调节R2，使电流表示数仍为I 0，此时R 2阻值为1280Ω；③由此可知，圆柱体的电阻为 Ω．三、计算题1.如图所示的电路中，R 1=8Ω，R 2=4Ω，R 3=6Ω，R 4=3Ω．（1）求电路中的总电阻．（2）当加在电路两端的电压U=42V 时，通过每个电阻的电流是多少？2.如图所示，导线abc 为垂直折线，其中电流为I ，ab=bc=L ，导线所在的平面与匀强磁场垂直，匀强磁场的磁感应强度为B ，求导线abc 所受安培力的大小和方向．3.水平放置的光滑金属导轨宽L=0.2m ，接有电源电动势E=3V ，电源内阻及导轨电阻不计．匀强磁场竖直向下穿过导轨，磁感应强度B=1T ．导体棒ab 的电阻R=6Ω，质量m=10g ，垂直放在导轨上并良好接触（如图），求合上开关的瞬间．（1）金属棒受到安培力的大小和方向；（2）金属棒的加速度．4.如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m ，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T 、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V 、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.04kg 的导体棒ab 放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R 0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g 取10m/s 2．已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力大小；（3）导体棒受到的摩擦力．陕西高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.下列说法中正确的是（ ）A ．由R=知道，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比B ．比值反映了导体阻碍电流的性质，即电阻R=C ．通过导体的电流越大，电阻越小D ．由I=知道，一段导体两端的电压跟通过它的电流成正比【答案】B【解析】导体电阻取决于导体本身，电流取决于导体两端的电压及电阻；电压决定了电流，而电流不能决定电压． 解：A 、导体的电阻取决于导体自身，与U 、I 无关，故A 、C 错误；B 、比值反映了导体对电流的阻碍作用，定义为电阻，所以B 正确；D 、由电流与电压的关系知电压是产生电流的原因，所以正确的说法是“通过导体的电流跟加在它两端的电压成正比”，因果关系不能颠倒，D 错误．故选：B ．【点评】本题要注意欧姆定律中的相关决定关系，要正确理解所对应的因果关系，不能颠倒．2.有一段长1m 电阻丝，电阻是10Ω，现把它均匀拉伸到长为5m 的电阻丝，则电阻变为（ ）A ．10ΩB ．50ΩC ．150ΩD ．250Ω【答案】D【解析】当导体的长度由1m 变为5m 时，导体的体积不变，导体的横截面积变成原来的．根据电阻定律，分析电阻的变化．解：设导体原来的横截面积为S 1，长度原来为L 1，拉长后横截面积为S 2，长度为L 2．由体积V=SL 得，V 不变，L 与S 成反比．长度之比L 1：L 2=1：5，则S 1：S 2=5：1．根据电阻定律R=得，R 2：R 1=25：1 则电阻变为250Ω．故选D ．【点评】本题考查运用比例法解决物理问题的能力．还要抓住当导体长度变化时，体积不变，横截面积也同时发生变化的特点．3.R 1和R 2分别标有“2Ω、1.0A”和“4Ω、0.5A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为（ ）A ．6.0 WB ．5.0 WC ．3.0 WD ．1.5 W【答案】D【解析】把R 1和R 2串连接入电路中，他们的电流相同，根据R 1和R 2的参数可知，串联时的最大的电流为0.5A ，根据P=I 2R ，可以求得电路中允许消耗的最大功率．解：把R 1和R 2串联后，由于R 2的最大电流较小，所以串联后的最大电流为0.5A ，串联后的总电阻为6Ω， 所以电路的最大的功率为P=I 2R=0.52×6W=1.5W ，所以D 正确．故选：D ．【点评】本题考查的是串联电路的特点，在串联电路中，电路的电流的大小是相同的，根据这一个特点就可以判断出电流中允许通过的最大的电流．4.如图，E 为内阻不能忽略的电池，R 1、R 2、R 3为定值电阻，S 0、S 为开关，与分别为电压表和电流表．初始时S 0与S 均闭合，现将S 断开，则（ ）A ．的读数变大，的读数变小 B ．的读数变大，的读数变大 C ．的读数变小，的读数变小 D ．的读数变小，的读数变大【答案】B【解析】根据S 的通断可分析出电路电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中总电流及路端电压的变化；再由串并联电路的性质可判及各部分电流的变化．解：S断开时，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；把R1的电压和内电压减小，故R3两端的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，故B正确；故选：B．【点评】应用闭合电路欧姆定律解决电路的动态分析时一般可按照：外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行，灵活应用闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质进行分析即可求解．5.在如图所示的电路中，当滑动变阻器R3的滑动触头P向下滑动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小【答案】A【解析】先分析电路结构，由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E﹣Ir可得出路端电压的变化，得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．解：当滑片向下移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流减小，故内压减小，因此路端电压增大，并联部分电压也增大，故R2电压增大，电压表示数变大，故流过R2的电流增大，因总电流减小，故电流表示数减小；故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理．6.有一内电阻为4.4Ω的电解槽和一盏标有“110V、60W”的灯泡串联后接在电压为220V的直流电路两端，灯泡正常发光，则（）A．电解槽消耗的电功率为120WB．电解槽的发热功率为60WC．电解槽消耗的电功率为60WD．电路消耗的总功率为60W【答案】C【解析】由于电解槽和灯泡串联，根据灯泡正常发光，可以判断出电解槽的电压和电流，从而可以求得电解槽的输入功率、发热功率以及输出功率．解：A、由于灯泡正常发光，所以电动机的电压为：U=220﹣110=110V，由于电解槽和灯泡串联，它们的电流相等，所以有：I=A，所以电解槽的输入功率为：P=UI=110×=60W，所以A错误．B、电解槽的发热功率为：P热=I2r=（）2×4.4=1.3W，所以B错误．C、电解槽消耗的总功率等于电解槽的输入功率为：P=UI=110×=60W，所以C正确．D、电路消耗总功率为：P总=220V×A=120W，所以D错误．故选：C．【点评】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．7.关于磁感应强度B，下列说法中正确的是（）A．根据磁感应强度定义B=，磁场中某点的磁感应强度与F成正比，与IL成反比B．磁感应强度B是标量，没有方向C．磁感应强度B是矢量，方向与F的方向相反D．在确定的磁场中，同一点的磁感应强度口是确定的，不同点的磁感应强度B可能不同，磁感线密集的地方磁感应强度B大些，磁感线稀疏的地方磁感应强度B小些【答案】D【解析】在磁场中磁感应强度有强弱，则由磁感应强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．解：A、由B=，可知，是通过比值定义，所以B与F，与IL均无关，而B由磁场本身性质决定．故A错误；B、磁感应强度B是矢量，其方向即为小磁针静止时N极指向，故B错误．C、通电导线在磁场中的受力方向，由左手定则来确定，磁场力的方向与感应强度B的方向垂直，故C错误；D、磁感应强度反映磁场本身的强弱和方向，由磁场本身决定，磁感线密集的地方磁感应强度B大些，磁感线稀疏的地方磁感应强度B小些．故D正确；故选D【点评】磁感应强度的定义式B=，可知，是属于比值定义法，且通电导线垂直放在磁场中．即B与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定．例如：电场强度E=一样．同时还要注意的定义式B=，是有条件的．8.关于磁感应强度B，下列说法中正确的是（）A．磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B．磁场中某点B的方向，跟放在该点的试探电流元所受磁场力方向一致C．在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D．在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大【答案】D【解析】根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力的方向垂直；磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．此比值与磁场力及电流元均无关．解：A、磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．此比值与磁场力及电流元均无关．故A错误；B、根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力的方向垂直．故B错误；C、当通电直导线的方向与磁场的方向平行时，通电直导线受到的安培力为0，而磁感应强度却不为0．故C错误；D、磁感线的疏密表示磁场的强弱，在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度大．故D正确．故选：D【点评】本题关键要掌握磁感应强度的物理意义、定义方法，以及磁感应强度与安培力之间的关系，即可进行分析判断．基础题目．9.如图所示，正方形线圈abcd位于纸面内，边长为L，匝数为N，过ab中点和cd中点的连线OO′恰好位于垂直纸面向里的匀强磁场的右边界上，磁感应强度为B，则穿过线圈的磁通量为（）A．B．C．BL2D．NBL2【答案】A【解析】在匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量为Φ=BS，图中S有磁感线穿过线圈的面积，即为有效面积，磁通量与线圈的匝数无关．解：如图，当正方形线圈abcd有一半处在磁感应强度为B的匀强磁场中时，磁通量为：Φ=B•=故选：A．【点评】本题考查对于匀强磁场中磁通量的求解能力．对于公式Φ=BS，要懂得S的意义：有效面积，即有磁感线穿过的面积．10.如图所示，长为L的通电直导体棒放在光滑水平绝缘轨道上，劲度系数为k的水平轻弹簧一端固定，另一端拴在棒的中点，且与棒垂直，整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中，弹簧伸长x，棒处于静止状态．则（）A．导体棒中的电流方向从b流向aB．导体棒中的电流大小为C．若只将磁场方向缓慢顺时针转过一小角度，x变大D．若只将磁场方向缓慢逆时针转过一小角度，x变大【答案】B【解析】根据弹簧伸长可知安培力的方向，由左手定则可确定通电导线的电流方向．根据安培力的大小公式可求得电流大小．当磁场方向变化时，则导致安培力方向也改变，从而确定弹力变大还是变小．解：A、由于弹簧伸长，则安培力方向水平向右；由左手定则可得，导体棒中的电流方向从a流向b，故A错误，B、由于弹簧伸长为x，根据胡克定律可得，kx=BIL，则有I=，故B正确；C、若只将磁场方向缓慢顺时针转过一小角度，则水平向右方向安培力也顺时针转动一小角度，根据力的分解与平衡可得，弹力变小，导致x变小，故C错误；D、若只将磁场方向缓慢逆时针转过一小角度，则水平向右方向安培力也逆时针转动一小角度，根据力的分解与平衡可得，弹力变小，导致x变小，故D错误；故选：B【点评】理解左手定则、胡克定律、平衡条件，以及力的分解．注意右手定则与左手定则分开，同时掌握法拉第电磁感应定律的内容．11.为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的．在如图四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）A．B．C．D．【答案】B【解析】要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向．解：地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西．故B正确．故选B．【点评】主要考查安培定则和地磁场分布，掌握安培定则和地磁场的分布情况是解决此题的关键所在．另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定．12.在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图．过c点的导线所受安培力的方向（）A．与ab边平行，竖直向上B．与ab边平行，竖直向下C．与ab边垂直，指向左边D．与ab边垂直，指向右边【答案】C【解析】通电导线在磁场中受到安培力，方向是由左手定则可确定，而通电导线与通电导线间的安培力由通电导线周围存在磁场是由安培定则来确定，则对放入其中的通电导线有安培力作用，从而由安培力的叠加可确定其方向． 解：等边三角形的三个顶点a 、b 、c 处均有一通电导线，且导线中通有大小相等的恒定电流．由安培定则可得：导线a 、b 的电流在c 处的合磁场方向竖直向下．再由左手定则可得：安培力的方向是与ab 边垂直，指向左边．故选：C【点评】从题中可得这一规律：通电导线的电流方向相同时，则两导线相互吸引；当通电导线的电流方向相反时，则两导线相互排斥．13.两个完全相同的通电圆环A 、B 圆心O 重合、圆面相互垂直的放置，通电电流相 同，电流方向如图所示，设每个圆环在其圆心O 处独立产生的磁感应强度为B 0，则O 处的磁感应强度大小为（ ）A ．0B ．2B 0C ．B 0D ．无法确定【答案】C【解析】该题是关于磁场的叠加问题．首先用安培定则每个圆环在圆心O 处产生的磁感应强度B 0的方向，利用平行四边形定则进行矢量叠加，求出O 处的磁感应强度大小．解：根据安培定则可知，通电圆环A 在圆心O 处产生的磁感应强度方向垂直纸面向里，大小为B 0，通电圆环B 在圆心O 处产生的磁感应强度方向竖直向下，大小为B 0，两者相互垂直，根据平行四边形定则进行合成得知，O 处的磁感应强度大小为B=．故选C【点评】本题的解题关键是掌握安培定则，并能熟练应用，同时要能正确运用平行四边形定则进行矢量合成．14.如图所示，金属棒MN 两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M 向N 的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ．如果仅改变下列某一个条件，θ角的相应变化情况是（ ）A ．棒中的电流变大，θ角变大B ．两悬线等长变短，θ角变小C ．金属棒质量变大，θ角变大D ．磁感应强度变大，θ角变小【答案】A【解析】对通电导线受力分析，求出夹角的关系表达式，然后根据表达式分析答题．解：导体棒受力如图所示，tanθ==；A 、棒中电流I 变大，θ角变大，故A 正确；B 、两悬线等长变短，θ角不变，故B 错误；C 、金属棒质量变大，θ角变小，故C 错误；D 、磁感应强度变大，θ角变大，故D 错误；故选A ．【点评】对金属棒进行受力分析、应用平衡条件，根据安培力公式分析即可正确解题．15.如图所示的电路中，L 1，L 2是两个不同的小灯泡，a ，b 间有恒定的电压，他们都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，发生的现象是（）A．L1亮度不变，L2变暗B．L1变暗，L2变亮C．电路消耗的总功率变小D．流过滑动变阻器的电流变小【答案】BCD【解析】电路结构是：滑动变阻器与灯泡L2并联，再与灯泡L1串联．滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，引起并联部分电阻变化，外电路总电阻变化，干路电流变化，再分析灯泡L2电压的变化来分析灯泡亮度的变化．根据P=UI来判断电路消耗的总功率．解：A、B、滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，RP 变大，外电路总电阻R变大，干路电流I=减小，L1变暗，灯泡L2的电压U2=U﹣IR1变大，L2变亮．故A错误，B正确；C、由于干路电流减小，根据P=UI，电路消耗的总功率变小，故C正确；D、由于干路电流减小，灯泡L2的电压U2=U﹣IR1变大，流过L2的电流变大，故流过滑动变阻器的电流减小，故D正确．故选：BCD．【点评】本题是简单的电路动态变化分析问题，通常按照“部分→整体→部分”的思路分析．16.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A．小灯泡L1、L2均变暗B．小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C．电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D．电流表A的读数变大，电压表V的读数变小【答案】BC【解析】将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律判断干路电流的变化，即可知道电流表示数的变化和路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．分析并联部分电压的变化，判断L1灯亮度的变化．解：将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，则L2灯变暗，电流表读数变小．电源的内电压减小，则路端电压增大，电压表读数变大．根据串联电路分压特点可知，并联部分电压增大，则L1灯变亮．故BC正确．故选BC【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式、灵活应用欧姆定律公式是正确解题的关键．17.如图所示，A和B为两根互相平行的长直导线，通以同方向等大电流，虚线C为在A和B所确定的平面内与A、B等距的直线，则下列说法正确的是（）A．两导线间的空间不存在磁场B．虚线C处磁感应强度为零C．AC间磁感应强度垂直纸面向里D．CB间磁感应强度垂直纸面向外【答案】BCD。
陕西省吴起高级中学2019-2020学年高二上学期第一次月考数学(文)(基础卷)试题 含答案
吴起高级中学2019—2020学年第一学期第一次月考高二文科数学基础卷说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分150分，考试时间120分钟。
第Ⅰ卷（选择题 共60分）一、选择题：(共12小题，每小题5分，共计60分) 1.已知31=-+a a n n ，则数列{a n }是( )A. 等差数列B. 等比数列C. 常数列D. 不能确定 2.已知等差数列{}a n中，21=--aa n n(n ≥2)，且11=a ，则这个数列的第10项为( )A ．18B ．19C ．20D ．21 3.在△ABC 中，下列各式正确的是（ ） A.A bc c b a cos 2222-+=； B. A bc b a c cos 2222--=； C. B bc c a b cos 2222++=； D. ab C c b a 2cos 222-++=.4.在△ABC 中，a ＝15，b ＝10，A ＝60°，则sinB =（ ）A36. B.31 C.21D.33 5.已知等比数列{a n }的首项a 1＝1，公比q ＝－2，则a 5等于( )A ．-16B ．16C ．32D ．－326.数列0，23，45，67，…的一个通项公式为( )A ．a n ＝n －1n ＋2(n ∈N ＋)B ．a n ＝n －12n ＋1(n ∈N ＋)C ．a n ＝2(n －1)2n －1(n ∈N ＋)D ．a n ＝2n2n ＋1(n ∈N ＋)7.在△ABC 中，已知a=4，b=32，c=2，则B cos 的值是（ ）A. 13B. 32- C. 12D. 21-8.已知数列{a n }为等差数列，853=+a a ，则a 4等于 （ ）A. 8B. 4C. -4D. 29.在△ABC 中，已知a ＝4，b ＝6，C ＝120°，则边c 的长是（ ）A.3B.3C.32D.192 10.定义一种运算“⊕”，对于正整数n 满足以下运算：①1⊕1＝1；②(n ＋1)⊕1＝2＋n ⊕1，则n ⊕1用含n 的代数式表示为( ) A ．2n －1 B ．n C ．2n －1 D ．2n －111.等差数列{a n }和{b n }的前n 项和分别为S n 和T n ，且S n T n ＝2n 3n ＋1，则a 5b 5＝( )A.23B.79C.2031D.914 12.在△ABC 中，下列关系一定成立的是( )A ．a <b sin AB ．a ＝b sin AC ．a ≤b sin AD ．a ≥b sin A第Ⅱ卷（非选择题 共90分）二、填空题：(每题5分，共20分)13.按活期存入银行1 000元，年利率为0.72%，那么按照单利，第5年末的本利和为________元． 14.《张丘建算经》卷上第22题为：“今有女善织，日益功疾．初日织五尺，今一月日织九匹三丈．”其意思为今有女子善织布，且从第2天起，每天比前一天多织相同量的布．若第一天织5尺布，现在一个月(按30天计)共织390尺布，则该女最后一天织________尺布． 15.如图所示，设A ，B 两点在河的两岸，一测量者在A 所在的同侧河岸边选定一点C ，测出AC 的距离为50 m ，∠ACB ＝45°，∠CAB ＝105°后，就可以计算AB 两点的距离为m.16.已知三角形两边长分别为5和3，它们夹角的余弦值是方程5x 2－7x －6＝0 的根，求三角形的第三边的长 ．三、解答题：（共70分）17．(10分)设等比数列{a n }，9,353==a a ，求a 6。
陕西高二高中物理月考试卷带答案解析
陕西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.形成持续电流的条件是( )A．只要有电压加在物体的两端B．必须保持导体两端有电压C．只在导体两端瞬时加电压D．只要有大量的自由电荷2.对于欧姆定律的理解，下列说法中正确的是( )A．由，通过电阻的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B．由U=IR,通过电阻的电流越大，它两端的电压也越大C．由，导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比D．对一定的导体，它两端的电压与通过它的电流的比值保持不变3.关于电源电动势的说法，正确的是( )A．在某电池的电路中每通过2C的电荷量，电池提供的电能是4J，那么这个电池的电动势是0.5VB．电源的路端电压增大时，其电源电动势一定也增大C．无论内电压和外电压如何变化，其电源电动势一定不变D．电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越快4.一只电炉的电阻丝和一台电动机线圈电阻相同，都为R，设通过它们的电流相同(电动机正常运转)，则在相同时间内( )A．电炉和电动机产生的热量相同B．电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率C．电炉两端电压小于电动机两端电压D．电炉和电动机两端电压相等5.根据电阻定律，电阻率对于温度一定的某种金属来说，它的电阻率( )A．跟导线的电阻成正比B．跟导线的横截面积成正比C．跟导线的长度成反比D．由所用金属材料的本身特性决定6.滑动变阻器的原理如图所示，则下列说法中正确的是( )A．若将a、c两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值增大B．若将a、d两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值减小C．若将b、c两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值增大D．若将a、b两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻器的阻值不变7.一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为( )A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J8.一个标有“4V0.7A”的小灯泡，所加的电压U 由零逐渐增大到4V ，在此过程中电压U 和电流I 的关系可以用图象表示，在图中符合实际的是( )9.有一只灯泡的灯丝断了，通过转动灯泡灯丝接通，再接入电源后，所发生的现象及其原因是( )A ．灯丝电阻变小，通过它的电流变大，根据P=I 2R ，电灯变亮B ．灯丝电阻变大，通过它的电流变小，根据P=I 2R ，电灯变暗C ．灯丝电阻变小，它两端的电压不变，根据，电灯变亮 D ．灯丝电阻变大，它两端的电压不变，根据，电灯变暗10.许多人造卫星都用太阳能电池供电，太阳电池由许多片电池板组成。
陕西省吴起高级中学高二物理上学期第一次月考试题(基础卷)(2021年整理)
陕西省吴起高级中学2018-2019学年高二物理上学期第一次月考试题（基础卷）编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（陕西省吴起高级中学2018-2019学年高二物理上学期第一次月考试题（基础卷））的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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吴起高级中学2018-2019学年第一学期第一次月考高二物理 (基础卷)一、选择题（本题共10小题,共40分,1-7题只有一个选项符合题意,8—10题有多个选项符合题意,全部选对得4分，选对但不全得2分,不选或有错选得0分）1. 合外力的冲量引起物体动量的变化。
在国际单位制中，冲量的单位是( ）A．N/s B．N·s C．Kg·s D．J·s2。
若质量一定的物体的动量发生了变化．则物体运动的( ）A．速度大小一定改变 B．速度方向一定改变C．速度一定变化 D．加速度可能为零3. 放在水平桌面上的物体质量为m,用一个大小为F的水平推力推它t秒，物体始终不动，那么t秒内,推力对物体的冲量大小是（）A．F·t B．mg·t C．0 D．无法计算4。
篮球运动员通常伸出双手迎接传来的篮球．接球时,两手随球迅速收缩至胸前．这样做可以（）A．减小球对手的冲量 B．减小球对手的冲击力C．减小球的动量变化量 D．减小球的动能变化量5．两球在水平面上相向运动，发生正碰后都变为静止．可以肯定的是，碰前两球的( )A．质量相等B．动能相等 C．动量大小相等D．速度大小相等6．假设一个人静止于完全光滑的水平冰面上，现欲离开冰面，下列方法中可行的是（) A．向后踢腿B．手臂向后甩C．在冰面上滚动D．脱下外衣水平抛出7．把一支枪水平地固定在小车上，小车放在光滑的水平地面上，枪发射出子弹时,下列关于枪、子弹和车的说法中正确的是（)A．枪和子弹组成的系统动量守恒B．枪和车组成的系统动量守恒C．若忽略不计子弹和枪筒之间的摩擦,枪、车和子弹组成系统的动量才近似守恒D．枪、子弹和车组成的系统动量守恒8．下列关于元电荷的说法中正确的是（)A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．一个带电体的带电荷量可以为205。
陕西省吴起高级中学最新高二物理上学期第一次月考试题能力卷
v0
2eU0
则偏转侧移： y 1 a(t)2 1 Ue (t)2 UL2
2
2 dm
4U0d
（2)考虑电子所受重力和电场力的数量级，有重力 G=ｍg=１0—29N
电场力 F Ue 1015 N d
由于Ｆ>＞Ｇ,因此不需要考虑电子所受的重力。
-7- /7
Ｃ。摩擦起电是通过摩擦创造出了等量的异种电荷的过程
D．不论是摩擦起电还是感应起电，都是创造出了电荷
３。 A、B、Ｃ三点在同一直线上,AB：ＢC=1:２，B 点位于 A、C 之间，在 B 处固定一电
荷量为 Q 的点电荷.当在 A 处放一电荷量为+ｑ的点电荷时,它所受到的电场力为 F；移去Ａ
处电荷，在 C 处放电荷量为-2q 的点电荷，其所受电场力为
（ ）
（A)F/2 ( ﻩB）－F/2( ﻩﻩＣ）-Ｆ （ ﻩＤ）Ｆ
４. 如图，电荷量为ｑ1 和 q２的两个点电荷分别位于 P 点和 Q 点。已知在 P、Q 连线上某点 R 处的电场强度为零,且ＰＲ=2ＲＱ。则( )
A。q１＝2q2
B。q1=4q２
q1
P C.q1=-2q2 D。q1=－4q2
（1）小球所受电场力 F 的大小。
（２)小球的质量 m。
（3)将电场撤去，小球回到最低点时速度 v 的大小。
E 37º.
-4- /7
物理精品资料
17。(12 分) 如图所示,充电后的平行板电容器水平放置,电容为Ｃ，极板间距离为 d，
上极板正中有一小孔。质量为 m、电荷量为＋ｑ的小球从小孔正上方高ｈ处由静止开始下
2 解得： v 2gl(1 cos 37) ＝２.0m／s 17。 (１2 分） (1）由 v2 2gh 得 v 2gh (2)在极板间带电小球受重力和电场力，有
延安市吴起中学高二物理上学期第一次月考试题含解析
B.A、D两点场强大小相等，方向相反
C.E、O、F三点比较，O点场强最弱
D.B、O、C三点比较,O点场强最强
【答案】A
【解析】
【详解】A．由等异种点电荷的电场线分布规律可知,B、C两点场强大小相等，方向都水平向右,故A正确；
B．由等异种点电荷的电场线分布规律可知，A、D两点场强大小相等,方向相同，故B错误;
A. 锤子抡起的过程中，车向右运动
B. 锤子下落的过程中,车向左运动
C. 锤子抡至最高点时,车速度为0
D. 锤子敲击车瞬间，车向左运动
【答案】C
【解析】
A．铁锤、人和车组成的系统水平方向动量守恒，锤子向右抡起的过程中，车向左运动，故A错误；
B．锤子下落的过程中,有水平向左的速度，根据动量守恒定律，车向右运动，故B错误；
B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍,故B正确；
C．元电荷的值通常取作e=1.60×10－19C,故C正确；
D．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的，故D正确。
故选BCD
10。 用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点场强的强弱。如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点:O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称。则（ )
A。 1700 NB。 2000 NC. 2300 ND。 2500 N
【答案】B
【解析】
【详解】鸡蛋从45m高处自由落体,由运动学规律可得速度为
对鸡蛋撞击的过程,取向下为正方向,由动量定理：
解得：
故选B.
【点睛】本题应用动量研究碰撞过程物体的速度．对于打击、碰撞、爆炸等变力作用过程，往往用动量定理研究作用力．
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吴起高级中学2019—2020学年第一学期
第一次月考高二物理试卷(基础卷)
命题人：审题人：李锦辉
一、选择题（本题共12小题，共48分，1—8题只有一个选项正确，9—12题有
多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，不选或有错选得0分）1.静电现象在自然界中普遍存在，我国早在西汉末年已有对静电现象的记载《春
秋纬•考异邮》中有“玳瑁吸衣若”之说，但下列不属于静电现象的是( )
A．梳过头发的塑料梳子吸起纸屑
B．带电小球移至不带电金属球附近，两者相互吸引
C．小磁针吸引小铁屑
D．从干燥的地毯走过，手碰到金属把手时有被电击的感觉
2. A、B、C、D四个球都带电，A球能排斥B球，C球能吸引A球，D球又排斥C 球。
已知D球带正电，则A、B、C三个球带电性质为( )
A．A带正电 B．B带负电 C．C带负电 D．以上说法都正确
3.下列说法中不正确的是（）
A .点电荷是一种理想模型，真正的点电荷是不存在的．
B .点电荷就是体积和带电量都很小的带电体
C . 所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍
D . 元电荷的数值通常取作e＝1.60×10－19 C
4. 真空中有两个点电荷Q和q，它们之间的库仑力为F，下面哪些做法可以使它们之间的库仑力变为1.5F（）
A．使Q的电荷量变为2Q，使q的电荷量变为3q，同时使它们的距离变为原来的2倍
B．使每个电荷的电荷量都变为原来的1.5倍，距离也变为原来的1.5倍
C．使其中一个电荷的电荷量变为原来的1.5倍，距离变为原来的1.5倍
D．保持电荷量不变，使距离变为原来的2/3倍
5．关于电场强度的定义式E= ，下列说法中正确的是（）
A．E和F成正比，F越大E越大
B．E和q成反比，q越大E越小
C．移去电荷q，E的大小变为零
D． E的方向与+q受力F的方向相同
6．关于静电场的电场线，下列说法正确的是（）
A．电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹
B．沿电场线方向，电场强度一定越来越小
C．电场线越密的地方，同一电荷受到的电场力就越大
D．不存在两条平行的电场线
7．对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）
/q，说明两点间的电势差U AB与静电力做功W AB成正A．电势差的定义式U
AB＝W AB
比，与移动电荷的电荷量q成反比
与移动电荷的电荷量q无关
B．电势差的定义式中，U
AB
>0
C．把负电荷从A点移到B点电场力做正功，则有U
AB
D．电荷由A点移到B点的过程中，除受静电力外，还受其他力的作用，电荷电势能的变化就不再等于静电力所做的功
8．如图所示，电场中a、b、c三点，ab=bc，则把点电荷+q从a点经b移到c 的过程中，电场力做功的大小关系有（）
A．Wab＞Wbc B．Wab=Wbc
C．Wab＜Wbc D．无法比较
9. 连接在电池两极的平行板电容器，当两极板间距离减小时( )
A．电容器的电容C增大
B．电容器的带电量Q变小
C．电容器两极板间的电压U增大
D．电容器两极板间人场强E增大
10．图中实线是匀强电场的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上两点.若带电粒子在运动中只受电场力作用，则下列说法正确的是（）
A.带电粒子带负电荷
B.带电粒子带正电荷
C.a点的电势比b点的电势高
C. 粒子在a点的电势能比在b点的电势能大
11．如图所示，三个质量相等，分别带正电、负电荷和不带电的粒子，从带电平
行放置的极板的右侧中央以相同的水平速度先后垂直极板间电场射入，分别落在下极板的A、B、C处，则
A．三个粒子在电场中运动时间是相等的
B．A处粒子带正电，B处粒子不带电，C处粒子带负电
C．三个粒子在电场中的加速度
D．三个粒子到达正极板时的动能
12．如图所示，从电子源发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速
电压为U
1，偏转电压为U
2
，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，下
列方法中正确的是（）
A．使U
1
减小为原来的1/2
B．使U
2
增大为原来的2倍
C．使偏转板的长度增大为原来2倍
D．使偏转板的距离增大为原来的2倍
二、填空题（共14分,每空2分）
13．两个可自由移动的点电荷分别放在A、
B两处，如图所示。
A处电荷带正电
荷量Q1，B处电荷带负电荷量Q2，且|Q2|＝4Q1，另取一个可以自由移动的点电荷
Q
3
，放在AB直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则Q3为__________电荷（正、负），且放于A的_________(左方、右方)
14. 如图所示，在场强为E的匀强电场中有相距为L的A、B两点，连线AB与电场线的夹角为θ，将一电荷量为q的正电荷从A点移到B点，若沿直线AB移动该
电荷，电场力做的功W
1=______；若沿路径AB移动该电荷电
场力做的功为W
1、沿直线ACB移动该电荷电场力做的功为W
2
、
沿曲线ADB动电荷电场力做的功为W
3，则W
1
、W
2
、W
3
三者的大小关系
为；AB两点的电势差U
AB
= .
15.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的一个正方形的四个顶点，该正方形的边长为1cm，已知A、B、C三点的电势
分别为φ
A =15V，φ
B
=3V，φ
C
=-3V，则D点的电势Φ
D
=
V.把一个带电量为0.4C的正电荷从A点移到B点电场力做
人功W= J.
三、计算题（共38分，解答应写出必要文字说明、方程式
和重要的演算步骤，否则不能得分）
16.(12分) 如图所示，长L=1m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ=37°。
已知小球所带电荷量q=1.0×10–6C，匀强电场的场强E=3.0×103N/C，取重力加速度g=10 m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8.，求：
（1）小球带何种电荷。
（2）小球所受电场力F的大小。
（3）小球的质量m。
17.(13分) 把带电荷量2×10-8C的正点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功8×10-6J，若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功2×10-6J，取无限远处电势为零．求：
（1）A、B两点的电势差；
（2）A点的电势；
（3）若把2×10-5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功．
18.(13分) 一束电子流（电子质量为m,电量绝对值为e）经电压为U的加速电场加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距为d，板长为L，那么，要使电子能从平行板间飞出，则
(1)电子进入偏转电场的速度大小是多少？
(2)两个极板上最多能加多大的偏转电压U ′
2019-2020学年第一学期第一次月考高二物理试卷
（基础卷）
答案(仅供参考)
一、选择题（每题4分，共48分）
二、填空题及实验题（每空2分，共14分）
13.负 , 左方
14. EqLcosθ；W1=W2=W3 ; ELcosθ
15. 9, 4.8
三、计算题 (共40分)
16. （12分）
（1）带正电
（2）根据电场强度定义式可知，小球所受电场力大小为：
F＝qE＝1.0×10-6×3.0×103N＝3.0×10-3N
（3）小球受mg、绳的拉力T和电场力F作用，如下图所示
根据共点力平衡条件和图中几何关系有：mg tan37°＝F
解得：m＝4.0×10-4kg
17. （13分）
(1)正点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功8×10－6 J，所以E pA＝8×10－6 J．φA＝400 V，
(2)E pB＝2×10－6 J，φB＝＝＝100 V．
由电势差定义：U AB＝φA－φB＝300 V.
(3)把2×10－5 C的负电荷由A点移到B点电场力做的功为：
W AB＝qU AB＝－2×10－5×300 J＝－6×10－3 J.
18. （13分）
(2)电子进入偏转电场的速度
(2)两个极板上最多能加多大的偏转电压U′=。