2018年高考物理全国用二轮复习精练：四 高考仿真练(一) Word版含答案
2018年高考物理全国用二轮复习精练：四 高考仿真练(一) Word版含答案
精练四高考仿真练高考仿真练(一)一、选择题(共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14.如图1所示，在倾斜的滑杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的物体，在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向。
则( )图1A.物体做匀加速运动B.环只受三个力作用C.环一定受四个力作用D.物体的重力大于悬绳对物体的拉力解析在运动过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，以物体为研究对象，物体受到竖直向下的重力和绳子竖直向上的拉力，这两个力的合力必为零，说明物体做匀速直线运动，则环也做匀速直线运动，所以环受到重力、绳子竖直向下的拉力、滑杆的支持力和滑动摩擦力，共四个力，选项C正确。
答案 C15.根据氢原子的能级图，现让一束单色光照射到一群处于基态(量子数n＝1)的氢原子上，受激的氢原子能自发地发出6种不同频率的光，则照射氢原子的单色光的光子能量为( )图2A.13.6 eVB.3.4 eVC.12.75 eVD.12.09 eV解析 根据受激的氢原子能发出6种不同频率的色光，有6＝n （n －1）2，解得n ＝4，即能发出6种不同频率的光的受激氢原子一定是在n ＝4能级，则照射处于基态的氢原子的单色光的光子能量为－0.85 eV －(－13.6 eV)＝12.75 eV ，C 正确。
答案 C16.如图3所示，电子在电势差为U 1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U 2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子射出时的偏转角变大的是( )图3A.U 1变大，U 2变大B.U 1变小，U 2变大C.U 1变大，U 2变小D.U 1变小，U 2变小解析 设电子被加速后获得的初速度为v 0，平行极板长为l ，平行极板间距为d ，则由动能定理得eU 1＝12mv 20，电子在电场中偏转所用时间t ＝l v0，设电子在平行板间受电场力作用产生的加速度为a ，由牛顿第二定律得a ＝eE2m ＝eU2dm ，电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度v y ＝at ，由以上式子联立可得v y ＝eU2l dmv0，又有tan θ＝vy v0＝eU2l dmv20＝eU2l 2deU1＝U2l 2dU1，故U 2变大、U 1变小都能使偏转角θ变大，B 正确。
2018年高考物理仿真模拟卷及答案(共六套)
2018年高考物理仿真模拟卷及答案(共六套)2018年高考物理仿真模拟卷及答案(一)(时间：70分钟；满分：110分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．智能手机的普及使“低头族”应运而生．低头时，颈椎受到的压力会增大(当人体直立时，颈椎所承受的压力等于头部的重量)．现将人体头颈部简化为如图所示的模型：重心在头部的P点，在可绕O转动的颈椎OP(轻杆)的支持力和沿PQ方向肌肉拉力的作用下处于静止．当低头时，若颈椎与竖直方向的夹角为45°，PQ与竖直方向的夹角为53°，此时颈椎受到的压力与直立时颈椎受到压力的比值为(sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)()A．4B．5C．42D．5 215．随着我国登月计划的实施，我国宇航员登上月球已不是梦想；假如我国宇航员登上月球并在月球表面附近以初速度v0竖直向上抛出一个小球，经时间t 后回到出发点．己知月球的半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的是()A．月球表面的重力加速度为v0 tB．月球的质量为2v0R2 GtC．宇航员在月球表面获得v0Rt的速度就可能离开月球表面围绕月球做圆周运动D．宇航员在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的绕行周期为Rt v016．一质量为2 kg的物块在水平牵引力的作用下做直线运动，v－t图象如图1所示，物块与水平地面间的动摩擦因数为0.4.下列说法正确的是()A．图2 表示物块的加速度随时间的变化关系B ．图3 表示水平牵引力随位移的变化关系C ．图4 表示水平牵引力功率随时间的变化关系D ．图5 表示合力对物块做的功随位移的变化关系17．如图所示为半径为R 、均匀带正电的球体，A 、B 为过球心O 的直线上的两点，且OA ＝2R ，OB ＝3R ；球体的空间产生球对称的电场，场强大小沿半径方向分布情况如图所示，图中E 0已知，E －r 曲线下O ～R 部分的面积等于2R ～3R 部分的面积；则下列说法正确的是( )A ．A 点的电势低于B 点的电势B ．A 点的电场强度小于B 点的电场强度C ．从球面到A 点的电势差小于A 、B 两点间的电势差D ．带电量为q 的正电荷沿直线从A 点移到B 点的过程中，电场力做功12E 0Rq18．半径为r 的圆形空间内，存在着垂直纸面向里的匀强磁场，一个带正电粒子(不计重力)从A 点以速度v 0垂直于磁场方向射入磁场中，并从B 点射出，∠AOB ＝120°，如图所示，则该带电粒子在磁场中运动的时间为( )A.πr v 0B.23πr 3v 0C.πr 3v 0D.3πr 3v 019．物理学的发展极大的丰富了人类对世界的认识，推动了科学技术的创新与革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．下列说法正确的是( )A ．相对论的创立表明经典力学已不再适用B ．光电效应证实了光的波动性C ．重核裂变过程生成中等质量的核，反应前后质量数守恒，但质量一定减少D ．在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能E k 越大，则这种金属的逸出功W 0越小20．用导线绕一圆环，环内有一用同样导线折成的内接正方形线框，圆环与线框绝缘，如图所示．把它们放在磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直于圆环平面(纸面)向里．当磁场均匀减弱时( )A ．圆环和线框中的电流方向都为顺时针B ．圆环和线框中的电流方向都为逆时针C ．圆环和线框中的电流大小之比为2∶1D ．圆环和线框中的电流大小比为2∶121．A 、B 两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移－时间图象．a 、b 分别为A 、B 两球碰前的位移－时间图象，c 为碰撞后两球共同运动的位移－时间图象，若A球质量m＝2 kg，则由图可知下列结论正确的是() A．A、B碰撞前的总动量为3 kg·m/sB．碰撞时A对B所施冲量为－4 N·sC．碰撞前后A的动量变化为4 kg·m/sD．碰撞中A、B两球组成的系中损失的动能为10 J试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题(共47分)22．(5分)某实验小组采用如图1所示装置探究钩码和木块组成系统的动能定理．实验中，木块碰到制动装置时，钩码尚未到达地面，打点计时器的工作频率为f.用天平测出木块的质量为M，钩码的质量为m.图1图2(1)在实验操作过程中，小组某些成员认为：A．连接电磁打点计时器的电源应是0～12 V的低压直流电源B．实验时，木块与钩码的质量一定要满足M远大于mC．实验时，需要考虑到摩擦阻力D．实验时，先接通电源让打点计时器打点，再释放木块让钩码拉着木块拖着纸带运动你认为以上合理的是________．(填写相应的字母)(2)如图2所示是按照正确的实验步骤得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E为打点计时器连续打的六个点(O为打下的第一点)．用刻度尺测出O到D的距离为s，则D点的速度为________．(用s、f表示)(3)木块从静止释放滑行s距离过程中，克服摩擦力做的功为____________．(重力加速度为g)23．(10分)学校实验室购买了一捆标称长度为100 m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度，该同学首先测得导线横截面积为1.0 mm2，查得铜的电阻率为1.7×10－8Ω，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6 A，内阻约0.2 Ω电压表：量程3 V，内阻约为9 kΩ滑动变阻器R1：最大阻值5 Ω滑动变阻器R2：最大阻值20 Ω定值电阻：R0＝3 Ω电源：电动势6 V，内阻可不计，开关、导线若干．回答下列问题：(1)实验中滑动变阻器应选________(选填“R1”或“R2”)，闭合开关S前应将滑片移至________(选填“a”或“b”)端．(2)在实物图丙中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．(3)调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50 A，电压表示数如图乙所示，其读数为________ V.(4)根据电路图用公式R x＝ρlS和R x＝UI－R0，可求得导线实际长度为________．24．(12分)电视机显像管(抽成真空玻璃管)的成像原理主要是靠电子枪产生高速电子束，并在变化的磁场作用下发生偏转，打在荧光屏不同位置上发出荧光而成像．显像管的原理示意图(俯视图)如图甲所示，在电子枪右侧的偏转线圈可以产生使电子束沿纸面发生偏转的磁场(如图乙所示)，其磁感应强度B＝μNI，式中μ为磁通量，N为螺线管线圈的匝数，I为线圈中电流的大小．由于电子的速度极大，同一电子穿过磁场过程中可认为磁场没有变化，是稳定的匀强磁场．已知电子质量为m，电荷量为e，电子枪加速电压为U，磁通量为μ，螺线管线圈的匝数为N，偏转磁场区域的半径为r，其圆心为O点．当没有磁场时，电子束通过O点，打在荧光屏正中的M点，O点到荧光屏中心的距离OM＝L.若电子被加速前的初速度和所受的重力、电子间的相互作用力以及地磁场对电子束的影响均可忽略不计，不考虑相对论效应以及磁场变化所激发的电场对电子束的作用．(1)求电子束经偏转磁场后打到荧光屏上P点时的速率；(2)若电子束经偏转磁场后速度的偏转角θ＝60°，求此种情况下电子穿过磁场时，螺线管线圈中电流I0的大小；(3)当线圈中通入如图丙所示的电流，其最大值为第(2)问中电流的0.5倍，求电子束打在荧光屏上发光形成“亮线”的长度．25．(20分)如图所示，质量M＝4.0 kg的长木板B静止在光滑的水平地面上，在其右端放一质量m＝1.0 kg的小滑块A(可视为质点)．初始时刻，A、B分别以v0＝2.0 m/s向左、向右运动，最后A恰好没有滑离B板．已知A、B之间的动摩擦因数μ＝0.40，取g＝10m/s2.求：(1)A、B相对运动时的加速度a A和a B的大小与方向；(2)A相对地面速度为零时，B相对地面运动已发生的位移大小x；(3)木板B的长度l.(二)选考题(请考生从2道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．)33．[物理—选修3-3](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A ．理想气体吸热后温度一定升高B ．100℃、1 g 的氢气与100℃、1 g 的氧气相比，平均动能一定相等，内能一定不相等C ．某理想气体的摩尔体积为V 0，阿伏加德罗常数为N A ，则该理想气体的分子体积为V 0N AD ．甲、乙两个分子在只受分子力的作用下由无穷远处逐渐靠近直到不能再靠近的过程中，分子引力与分子斥力都增大，分子势能先减小后增大E ．扩散现象与布朗运动都能说明分子在永不停息的运动(2)(10分)在大气中有一水平放置的固定圆筒，它由a 、b 和c 三个粗细不同的部分连接而成，各部分的横截面积分别为2S 、12S 和S .已知大气压强为p 0，温度为T 0.两活塞A 和B 用一根长为4L 的不可伸长的轻杆相连，把温度为T 0的空气密封在两活塞之间，此时两活塞的位置如图所示．现对被密封的气体加热，其温度缓慢上升到T ，若活塞与圆筒壁之间的摩擦可忽略，此时两活塞之间气体的压强为多少？34．[物理—选修3-4](15分)(1)(5分)在均匀介质中坐标原点O 处有一波源做简谐运动，其表达式为y ＝5sin π2t (m)，它在介质中形成的简谐横波沿x 轴正方向传播，某时刻波刚好传播到x ＝12 m 处，波形图象如图所示，则________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A ．此后再经6 s 该波传播到x ＝24 m 处B ．M 点在此后第3 s 末的振动方向沿y 轴正方向C ．波源开始振动时的运动方向沿y 轴负方向D ．波源开始振动时的运动方向沿y 轴正方向E ．此后M 点第一次到达y ＝－3 m 处所需时间是2 s(2)(10分)如图所示，一束光从空气中垂直入射到折射率为3的直角三棱镜．求从棱镜第一次射出的光线与原入射方向的偏转角度．参考答案与解析14．解析：选C .受力分析，如图所示．在水平方向：F N sin 45°＝F sin 53°，竖直方向：F N cos 45°＝mg ＋F cos 53°，联立解得F N ＝42mg ，所以C 正确；A 、B 、D 错误．15．[导学号：67814295] 解析：选B.小球在月球表面做竖直上抛运动，根据匀变速运动规律得t ＝2v 0g 月，解得g 月＝2v 0t ，故A 错误；物体在月球表面上时，由重力等于地月球的万有引力得G Mm R 2＝mg 月，解得M ＝R 2g 月G ，联立t ＝2v 0g 月，可得M ＝2v 0R 2Gt ，故B 正确；宇航员离开月球表面围绕月球做圆周运动至少应获得的速度大小即月球的第一宇宙速度大小，所以G Mm R 2＝m v 2R ，解得v ＝GM R ＝2v 0Rt ，故C 错误；宇航员乘坐飞船在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动，根据重力提供向心力得mg 月＝m 4π2R T 2＝m 2v 0t ，解得T ＝π2Rt v 0，故D 错误．16．[导学号：67814296] 解析：选C.0～2 s 加速度为a 1＝42 m/s 2＝2 m/s 2，4～6 s 加速度为a 2＝－42 m/s 2＝－2 m/s 2，故图2不能表示物块的加速度随时间的变化关系，选项A 错误；因0～2 s 的位移等于4～6 s 的位移，小于2～4 s 的位移，故图3不能表示水平牵引力随位移的变化关系，选项B 错误；0～2 s 的牵引力的功率：P 1＝Fv ＝(ma 1＋μmg )a 1t ＝24t ；2～4 s 牵引力的功率：P 2＝fv ＝μmg ×a 1t ＝8×2×2 W ＝32 W ；4～6 s 的牵引力的功率：P 3＝Fv ＝4×(4－2t )＝16－8t ，则选项C 正确；0～2 s 内合外力的功：W 1＝ma 1x ＝4x ；2～4 s 内合外力的功为W 2＝0；4～6 s 合外力的功：W 3＝－4x .选项D 错误．17．解析：选D.球体带正电，电场线方向沿半径向外，故A 点的电势高于B 点的电势，因为A 距O 点半径为2R ，B 距O 点距离为3R ，从E －r 图中可看出2R 处的电场强度大于3R 处的电场强度，即E A >E B ，A 、B 错误；根据U ＝Ed 可知图线与横轴围成的面积表示电势差，从E －r 图可知R ～2R 围成的面积大于2R ～3R 围成的面积，即从球面到A 点的电势差大于A 、B 两点间的电势差，C 错误；因为曲线下O ～R 部分的面积等于2R ～3R 部分的面积，即O ～R 间的电势差等于2R ～3R 间的电势差，即等于A 、B 间的电势差，故电场力做功为W ＝Uq ＝12RE 0q ，D 正确． 18．解析：选D.根据题图可知∠AOB ＝120°，弧AB 所对圆心角θ＝60°，设带电粒子做匀速圆周运动的半径为R ，由几何知识可得R ＝3r ，t ＝AB ︵v 0＝π33rv 0＝3πr 3v 0，D 正确． 19．[导学号：67814297] 解析：选CD.经典力学适用于宏观物体和低速运动物体，对于微观世界和高速运动不再适用．相对论并没有否定经典力学，而是在其基础上发展起来的，有各自成立范围，故A 错误；光电效应证实了光的粒子性，故B 错误；重核裂变过程生成中等质量的核，反应前后质量数守恒，过程伴随着释放能量，质量一定减少，C 正确；据光电效应方程hν＝W 0＋E km 可知，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能越大，则这种金属的逸出功越小，D 正确．20．解析：选AC.根据楞次定律可得当磁场均匀减小时，线圈内产生的感应磁场方向与原磁场方向相同，即感应电流方向都为顺时针，A 正确，B 错误；设圆半径为a ，则圆面积为S ＝πa 2，圆周长为L ＝2πa ，正方形面积为S ′＝2a 2，正方形周长为L ′＝42a ，因为磁场是均匀减小的，故E ＝ΔB ·S Δt，所以圆和正方形内的电动势之比为E E ′＝S S ′＝π2，两者的电阻之比为R R ′＝π22，故电流之比为I I ′＝E R E ′R ′＝E R ×R ′E ′＝22π×π2＝21，故C 正确，D 错误． 21．解析：选BCD.由s －t 图象可知，碰撞前有：v A ＝Δs A Δt A＝4－102 m/s ＝－3 m/s ，v B ＝Δs B Δt B ＝42 m/s ＝2 m/s ，碰撞后有：v ′A ＝v ′B ＝v ＝Δs Δt ＝2－44－2m/s ＝－1 m/s ；对A 、B 组成的系统，A 、B 两球沿一直线运动并发生正碰，碰撞前后两球都是做匀速直线运动，所以系统的动量守恒，碰撞前后A 的动量变化为：Δp A ＝mv ′A －mv A ＝[2×(－1)－2×(－3)] kg ·m/s ＝4 kg ·m/s ，根据动量守恒定律，碰撞前后B 的动量变化为：Δp B ＝－Δp A ＝－4 kg ·m/s ，又：Δp B ＝m B (v ′B －v B )，所以：m B ＝Δp B v ′B －v B ＝－4－1－2kg ＝43 kg ，所以A 与B 碰撞前的总动量为：p 总＝mv A ＋m B v B ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤2×（－3）＋43×2 kg ·m/s ＝－103 kg ·m/s ，由动量定理可知，碰撞时A 对B 所施冲量为：I B ＝Δp B ＝－4 kg ·m/s ＝－4 N ·s.碰撞中A 、B 两球组成的系统损失的动能：ΔE k ＝12mv 2A ＋12m B v 2B －12(m ＋m B )v 2，代入数据解得：ΔE k ＝10 J ，故A 错误，B 、C 、D 正确．22．解析：(1)电磁打点计时器用4～6 V 的交流电源，A 错；因为本实验把钩码和木块组成的系统作为研究对象，所以对二者之间的质量关系没有要求，B 错；因为动能定理涉及的是合外力所做的功，所以木块所受摩擦力要考虑并测量，C 对；使用打点计时器要保障先打点再移动，否则会损坏振针，D 对．(2)纸带做匀变速直线运动，初速度为0，(O 为打下的第一点)，所以平均速度等于末速度的一半，因此：v －＝12v D ＝s 4f＝sf 4，解得：v D ＝sf 2.(3)由动能定理，对钩码、木块有：mgs －W f ＝12(M ＋m )v 2D ，解得： W f ＝mgs －18(M ＋m )s 2f 2.答案：(1)CD (2)sf 2(3)mgs －18(M ＋m )s 2f 2 23．[导学号：67814298] 解析：(1)本实验采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值应为R 0和R x 总阻值的4倍以上，R 0＝3Ω，所以滑动变阻器选R 2，闭合开关S 前应将滑片移至阻值最大处，即a 处；(2)根据实验电路图，连接实物图，如图所示：(3)电压表量程为3 V ，由图乙所示电压表可知，其分度值为0.1 V ，所示为2.30 V ；(4)根据欧姆定律得：R 0＋R x ＝U I ＝2.30.5 Ω＝4.6 Ω，则R x ＝1.6Ω由电阻定律：R x ＝ρl S可知：l ＝R x S ρ，代入数据解得：l ≈94 m. 答案：(1)R 2 a (2)如解析图所示 (3)2.30(4)94 m24．[导学号：67814299] 解析：(1)设经过电子枪加速电场加速后，电子的速度大小为v ，根据动能定理有：eU ＝12mv 2，解得：v ＝ 2eU m .(2)设电子在磁场中做圆周运动的半径为R ，运动轨迹如图所示．根据几何关系有：tan θ2＝r R洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律有：evB ＝m v 2R ，由题知B ＝μNI 0，解得：I 0＝6meU 3r μeN. (3)设线圈中电流为0.5I 0时，偏转角为θ1，此时电子在屏幕上落点距M 点最远．此时磁感应强度B 1＝0.5μNI 0＝B 2轨迹圆半径R 1＝mv eB 1＝2R ＝23r ， tan θ12＝r R 1＝123＝36 电子在屏幕上落点距M 点最远距离y ＝L tan θ1＝4311L亮线长度Y ＝2y ＝8311L .答案：(1) 2eU m (2)6meU 3r μeN (3)8311L 25．解析：(1)A 、B 分别受到大小为μmg 的摩擦力作用，根据牛顿第二定律 对A 有μmg ＝ma A ，则a A ＝μg ＝4.0 m/s 2，方向水平向右对B 有μmg ＝Ma B ，则a B ＝μmg /M ＝1.0 m/s 2，方向水平向左．(2)开始阶段A 相对地面向左做匀减速运动，设到速度为零时所用时间为t 1，则v 0＝a A t 1，解得t 1＝v 0/a A ＝0.50 sB 相对地面向右做匀减速运动x ＝v 0t 1－12a B t 21＝0.875 m.(3)A 先相对地面向左匀减速运动至速度为零，后相对地面向右做匀加速运动，加速度大小仍为a A ＝4.0 m/s 2B 板向右一直做匀减速运动，加速度大小为a B ＝1.0 m/s 2当A 、B 速度相等时，A 滑到B 最左端，恰好没有滑离木板B ，故木板B 的长度为这个全过程中A 、B 间的相对位移．在A 相对地面速度为零时，B 的速度v B ＝v 0－a B t 1＝1.5 m/s设由A 速度为零至A 、B 速度相等所用时间为t 2，则a A t 2＝v B －a B t 2解得t 2＝v B /(a A ＋a B )＝0.3 s共同速度v ＝a A t 2＝1.2 m/s从开始到A 、B 速度相等的全过程，利用平均速度公式可知A 向左运动的位移x A ＝（v 0－v ）（t 1＋t 2）2＝（2－1.2）×（0.5＋0.3）2m ＝0.32 m B 向右运动的位移x B ＝（v 0＋v ）（t 1＋t 2）2＝（2＋1.2）×（0.5＋0.3）2m ＝1.28 mB 板的长度l ＝x A ＋x B ＝1.6 m.答案：(1)a A ＝4.0 m/s 2，方向水平向右a B ＝1.0 m/s 2，方向水平向左 (2)0.875 m (3)1.6 m33．解析：(1)根据热力学第一定律，气体吸热的同时对外做功，内能不一定增加，即温度不一定升高，A 错误；两者摩尔质量不同，即分子数不相同，温度相同，内能不相同，B 正确；分子间有间隙，所以体积不为V 0N A ，V 0N A为每个分子占据空间的体积，C 错误；从无穷远靠近的过程中，分子引力与分子斥力都增大，当距离大于平衡距离时，表现为引力，靠近过程中，分子力做正功，分子势能减小，当距离小于平衡距离时，表现为斥力，靠近过程中，分子力做负功，分子势能增加，D 正确；由于分子运动是永不停息的，故布朗运动和扩散现象都是永不停息的；它们都能说明分子在永不停息地运动，E 正确．(2)开始升温过程中封闭气体做等压膨胀，直至B 活塞左移L 为止．设B 刚好左移L 距离对应的温度为T ′，则L ×2S ＋2L ×12S ＋LS T 0＝2L ×2S ＋2L ×12ST ′得T ′＝54T 0所以，若T ≤54T 0，p ＝p 0若T ＞54T 0，由p ′×5LS T ＝p 0×4LS T 0得p ′＝4T 5T 0p 0. 答案：(1)BDE (2)见解析34．[导学号：67814300] 解析：(1)由题中波的图象可知，该波的波长λ＝8m ．由波源简谐运动的表达式y ＝5sin π2t (m)可知，ω＝π2 rad/s ，周期T ＝2πω＝4 s ，波速v ＝λT ＝2 m/s .此后再经6 s ，该波再向前传播的距离s ＝vt ＝2×6 m ＝12m ，即再经6 s ，该波传播到x ＝12 m ＋12 m ＝24 m 处，选项A 正确．题中波的图象上此时M 点向下振动，在此后的第3 s 末⎝ ⎛⎭⎪⎫即经过3T 4的振动方向沿y 轴正方向，选项B 正确．由题图为某时刻波刚好传播到x ＝12 m 时的波的图象可知，波源开始振动时的方向沿y 轴正方向，选项C 错误，D 正确．题图中M 点振动方向向下，此后M 点第一次到达y ＝－3 m 处所需的时间小于半个周期，即小于2 s ，选项E 错误．(2)光线射到斜面时，由几何关系知，入射角i ＝60°设棱镜的临界角为C ，由于sin C ＝1n ＝33<sin 60°＝32所以光射到斜面上时发生全反射由几何关系可知，光反射到另一直角边时的入射角i ′＝30°设光从另一直角边射出时的折射角为r ，则由折射定律可得sin i ′sin r ＝1n解得r ＝60°即与原方向的偏转角α＝90°－60°＝30°.答案：(1)ABD (2)见解析2018年高考物理仿真模拟卷及答案(二)(时间：70分钟；满分：110分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．下列说法正确的是()A．光子像其他粒子一样，不但具有能量，也具有动量B．比结合能越大，原子核越不稳定C．将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会改变放射性元素的半衰期D．原子核的质量大于组成它的核子的质量之和，这个现象叫做质量亏损15．一圆柱形磁铁竖直放置，如图所示，在它的右侧上方有一带正电小球，现使小球获得一水平速度，小球若能在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是()A．俯视观察，小球的运动方向可以是顺时针，也可以是逆时针B．俯视观察，小球的运动方向只能是顺时针C．俯视观察，小球的运动方向只能是逆时针D．不可能实现小球在平面内做匀速圆周运动16．如图，两段等长轻质细线将质量分别为m、3m的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在a球上的力大小为F1、作用在b球上的力大小为F2，则此装置平衡时，出现了如图所示的状态，b球刚好位于O点的正下方．则F1与F2的大小关系应为()A．F1＝4F2B．F1＝3F2C．3F1＝4F2D．3F1＝7F217．质量为60 kg的建筑工人，不慎从高空跌下，由于弹性安全带的保护，使他悬挂起来；已知弹性安全带的缓冲时间是1.2 s，安全带长5 m，不计空气阻力影响，g取10 m/s2，则安全带所受的平均冲力的大小为()A．100 N B．500 NC．600 N D．1 100 N18．2016年2月1日15点29分，我国在西昌卫星发射中心成功发射了第五颗新一代北斗导航卫星．该卫星绕地球做圆周运动，质量为m，轨道半径约为地球半径R的4倍．已知地球表面的重力加速度为g，忽略地球自转的影响，则()A．卫星的绕行速率大于7.9 km/sB．卫星的动能大小约为mgR 8C．卫星所在高度的重力加速度大小约为1 4gD．卫星的绕行周期约为4πRg19.如图所示，带电物体P、Q可视为点电荷，电荷量相同．倾角为θ、质量为M的斜面体放在粗糙水平面上，将质量为m的物体P放在粗糙的斜面体上．当物体Q放在与P等高(PQ连线水平)且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k，则下列说法正确的是()A．P、Q所带电荷量为mgr2tanθkB．P对斜面的压力为0C．斜面体受到地面的摩擦力为0D．斜面体对地面的压力为(M＋m)g20．如图所示，等量异种电荷A、B固定在同一水平线上，竖直固定的光滑绝缘杆与A、B连线的中垂线重合，C、D是绝缘杆上的两点，ACBD构成一个正方形．一带负电的小球(可视为点电荷)套在绝缘杆上自C点无初速度释放，则小球由C运动到D的过程中，下列说法正确的是()A．杆对小球的作用力先增大后减小B．杆对小球的作用力先减小后增大C．小球的速度一直增大D．小球的速度先减小后增大21．如图所示，两根光滑的金属导轨平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨在左端接有电阻R，导轨的电阻可忽略不计，斜面处在匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上，质量为m、电阻可忽略不计的金属棒ab在沿斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨由静止开始上滑，并上升h高度，在这一过程中()A．作用在金属棒上的合力所做的功大于零B．恒力F所做的功等于mgh与电阻R上发出的焦耳热之和C．恒力F与安培力的合力的瞬时功率一定时刻在变化D．恒力F与重力mg的合力所做的功大于电阻R上产生的焦耳热试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题(共47分)22．(5分)如图所示为用光电门测定钢球下落时受到的阻力的实验装置．直径为d、质量为m的钢球自由下落的过程中，先后通过光电门A、B，计时装置测出钢球通过A、B的时间分别为t A、t B.用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度．测出两光电门间的距离为h，当地的重力加速度为g.(1)钢球下落的加速度大小a＝______________，钢球受到的空气平均阻力F f＝______________．(2)本题“用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度”，但从严格意义上讲是不准确的，实际上钢球通过光电门的平均速度________(选填“>”或“<”)钢球球心通过光电门的瞬时速度．23．(10分)(1)利用如图所示电路测量一量程为300 mV的电压表的内阻R V(约为300 Ω)．某同学的实验步骤如下：①按电路图正确连接好电路，把滑动变阻器R的滑片P滑到a端，闭合开关S2，并将电阻箱R0的阻值调到较大；②闭合开关S1，调节滑动变阻器滑片的位置，使电压表的指针指到满刻度；③保持开关S1闭合和滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S2，调整电阻箱R0的阻值大小，使电压表的指针指到满刻度的三分之一；读出此时电阻箱R0＝596 Ω的阻值，则电压表内电阻R V＝________Ω.实验室提供的器材除待测电压表、电阻箱(最大阻值999.9 Ω)、电池(电动势约1.5 V，内阻可忽略不计)、导线和开关之外，还有如下可供选择的实验器材：A．滑动变阻器：最大阻值200 ΩB．滑动变阻器：最大值阻10 ΩC．定值电阻：阻值约20 ΩD．定值电阻：阻值约200 Ω根据以上设计的实验方法，回答下列问题．(2)为了使测量比较精确，从可供选择的实验器材中，滑动变阻器R应选用________，定值电阻R′应选用________(填写可供选择实验器材前面的序号)．(3)对于上述的测量方法，从实验原理分析可知，在测量操作无误的情况下，实际测出的电压表内阻的测量值R测________真实值R V (填“大于”“小于”或“等于”)，这误差属于________误差(填“偶然”或者“系统”)且在其他条件不变的情况下，若R V越大，其测量值R测的误差就越________(填“大”或“小”)．24．(12分)我国发射的“嫦娥一号”卫星发射后首先进入绕地球运行的“停泊轨道”，通过加速再进入椭圆“过渡轨道”，该轨道离地心最近距离为L1，最远距离为L2，卫星快要到达月球时，依靠火箭的反向助推器减速，被月球引力“俘获”后，成为环月球卫星，最终在离月心距离L3的“绕月轨道”上飞行，如图所示．已知地球半径为R，月球半径为r，地球表面重力加速度为g，月球表面的重力加速度为g6，求：。
2018年高考物理二轮复习 高考仿真模拟卷1 新人教版
高考仿真模拟卷(一)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分110分．考试时间60分钟．第Ⅰ卷(选择题 共48分)本卷共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．甲、乙两物体从同一地点同时开始沿同一方向运动，甲物体运动的v －t 图象为两段直线，乙物体运动的v －t 图象为两段半径相同的14圆弧曲线，如图所示，图中t 4＝2t 2，则在0～t 4时间内，以下说法正确的是( )A ．甲物体的加速度不变B ．乙物体做曲线运动C ．两物体t 1时刻相距最远，t 4时刻相遇D ．甲物体的平均速度等于乙物体的平均速度D 0～t 2时间段内，甲做匀加速直线运动，t 2～t 4时间内甲物体做匀减速直线运动，故A 错；速度是矢量，在速度时间图象中，只能表示直线运动，B 错；在整个运动过程中，t 3时刻两物体相距最远，C 错；在速度时间图象中，图线下面所包围的面积即为位移，可求知0～t 4时间段内，位移相等，故平均速度相同，D 对．15．下列说法正确的是( )A ．放射性元素发生一次β衰变，原子序数减少1B ．氢原子由n ＝3向n ＝1的能级跃迁时，只能辐射2种频率的光子C ．在光电效应实验中，光电子的最大初动能与入射光强无关，只随入射光的频率增大而增大D.23592U 的半衰期约为7亿年，随着地球环境的不断变化，半衰期可能变短C 放射性元素发生一次β衰变，多一个质子，原子序数增加1，A 错；由n ＝3向n ＝1的能级跃迁时，能辐射3种频率的光子，B 错误；由光电效应方程E k ＝h ν－W ，可知C 正确；放射性元素的半衰期不会随环境的变化而改变，故D 错．16．(多选)如图，一滑块随传送带一起顺时针匀速运动．当滑块运动到中间某个位置时，由于某种原因，传送带突然原速率反向转动，则滑块在传送带上运动的整个过程中，其对地速度v 1及相对传送带的速度v 2随时间变化关系图象不可能为( )D 一开始滑块随传送带一起顺时针匀速运动，说明滑块受力平衡，它的重力沿传送带斜向下的分力等于静摩擦力，此时滑块相对传送带的速度为0.传送带突然反向转动，滑块由于惯性继续沿传送带向下运动，此时受到的是滑动摩擦力，故一定有μmg cos θ≥mg sin θ.设传送带的速率为v0，若μmg cos θ＝mg sin θ，则反转后滑块仍然沿传送带向下做匀速运动，其对地速度v1及相对传送带的速度v2均恒定，且v1＝v0，v2＝2v0，A、C项可能．若μmg cos θ>mg sin θ，则反转后滑块相对传送带速度由2v0先减速到0，然后再反向匀加速运动，直到与传送带共速，而滑块相对地面速度v1由v0先减速到零，然后再反向匀加速，直到与传送带共速，B项可能，D项不可能．17．真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量分别为Q E和Q F，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF>∠NFE.则( )A．E带正电，F带负电，且Q E>Q FB．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C．过N点的等势面与过N点的切线垂直D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能C 根据电场线可知，两点电荷为异种电荷，但哪个电荷带正电无法判断，选项A错误；由于电场线一般为曲线，带电粒子在电场中运动轨迹不可能与电场线重合，选项B错误；由于N点的电场线沿水平方向，等势线与电场线垂直，因而选项C正确；由于不能确定电场线的方向，因而无法确定负检验电荷在哪点的电势能大，选项D错误．18．如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN是一竖直放置的足够长的感光板．从圆形磁场最高点P以速度v垂直磁场射入大量带正电的粒子，且粒子所带电荷量为q、质量为m.不考虑粒子间的相互作用力和粒子的重力，关于这些粒子的运动以下说法正确的是( )A ．只要对着圆心入射，出射后均可垂直打在MN 上B ．即使是对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也不一定过圆心C ．只要速度满足v ＝qBRm，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN 上 D ．对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，时间也越长C 粒子的速度不同，在磁场中做圆周运动的半径不同，从圆形磁场中出来后不一定垂直打在MN 板上，选项A 错误；沿圆心进入圆形磁场的粒子，离开磁场时速度的反向延长线一定过圆心，选项B 错误；若粒子的速度为v ＝qBRm，粒子在磁场中做圆周运动的半径为r ＝R ，粒子离开磁场时速度沿水平方向，垂直打在MN 板上，选项C 正确；速度越大的粒子在磁场中的运动轨迹对应的圆心角越小，因而运动时间越短，选项D 错误．19．如图所示电路中的变压器为理想变压器，S 为单刀双掷开关．P 是滑动变阻器R 的滑动触头，U 1为加在原线圈两端的交变电压，I 1、I 2分别为原线圈和副线圈中的电流．下列说法正确的是( )A ．保持P 的位置及U 1不变，S 由a 切换到b ，则I 2减小B ．保持P 的位置及U 1不变，S 由b 切换到a ，则R 上消耗的功率减小C ．保持P 的位置及U 1不变，S 由b 切换到a ，则I 1增大D ．保持U 1不变，S 接在b 端，将P 向上滑动，则I 1减小AC 保持P 的位置不变和U 1不变，S 由a 打到b ，副线圈匝数减小，根据U 1U 2＝n 1n 2可知副线圈两端电压U 2减小，因而电流I 2减小，选项A 正确；保持P 的位置不变和U 1不变，S 由b 打到a ，副线圈匝数增大，根据U 1U 2＝n 1n 2可知副线圈两端电压U 2增大，电流I 2增大，R 消耗的功率增大，选项B 错误，选项C 正确；保持U 1不变，S 打到b ，P 上滑，则电流I 2增大，I 1增大，选项D 错误．20．如图，质量为m 的小球从斜轨道高h 处由静止滑下，然后沿竖直圆轨道的内侧运动．已知圆轨道的半径为R ，不计一切摩擦阻力，重力加速度为g .则下列说法正确的是( )A ．当h ＝2R 时，小球恰好能到达最高点MB ．当h ＝2R 时，小球在圆心等高处P 时对轨道压力为2mgC ．当h ≤R 时，小球在运动过程中不会脱离轨道D ．当h ＝R 时，小球在最低点N 时对轨道压力为2mgBC A ．在圆轨道的最高点M ，由牛顿第二定律有：mg ＝m v 20R，得：v 0＝gR根据机械能守恒得：mgh ＝mg ·2R ＋12mv 2解得：h ＝2.5R ，故A 错误．B ．当h ＝2R 时，小球在圆心等高处P 时速度为v ，根据机械能守恒得：mg ·2R ＝mgR ＋12mv 2小球在P 时，有：N ＝m v 2R联立解得 N ＝2mg ，则知小球在圆心等高处P 时对轨道压力为2mg ，故B 正确．C ．当h ≤R 时，根据机械能守恒得知小球在圆轨道上圆心下方轨道上来回运动，在运动过程中不会脱离轨道，故C 正确．D ．当h ＝R 时，设小球在最低点N 时速度为v ′，则有：mgR ＝12mv ′2在圆轨道最低点，有：N ′－mg ＝m v ′2R解得：N ′＝3mg ，则小球在最低点N 时对轨道压力为3mg ，故D 错误．21．如图两根足够长光滑平行金属导轨PP ′、QQ ′倾斜放置，匀强磁场垂直于导轨平面向上，导轨的上端与水平放置的两金属板M 、N 相连，板间距离足够大，板间有一带电微粒，金属棒ab 水平跨放在导轨上，下滑过程中与导轨接触良好．现在同时由静止释放带电微粒和金属棒ab ，则( )A ．金属棒ab 一直加速下滑B ．金属棒ab 最终可能匀速下滑C ．金属棒ab 下滑过程中M 板电势高于N 板电势D ．带电微粒可能先向N 板运动后向M 板运动ACD 根据牛顿第二定律有mg sin θ－BIl ＝ma ，而I ＝ΔqΔt ，Δq ＝C ΔU ，ΔU ＝Bl Δv ，Δv＝a Δt ，联立解得a ＝mg sin θm ＋B 2l 2C，因而金属棒将做匀加速运动，选项A 正确，B 错误；ab 棒切割磁感线，相当于电源，a 端相当于电源正极，因而M 板带正电，N 板带负电，选项C 正确；若带电粒子带负电，在重力和电场力的作用下，先向下运动然后再反向向上运动，选项D 正确．第Ⅱ卷(非选择题 共62分)本卷包括必考题和选考题两部分．第22～25题为必考题，每个试题考生都必须做答．第33～34题为选考题，考生根据要求做答．(一)必考题(共47分)22．(6分)某同学用如图甲的装置来测定滑块与导轨间的动摩擦因数．在气垫导轨上安装了两个光电门1、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线跨过定滑轮与钩码相连．(1)用游标卡尺测遮光条的宽度d ，图乙中游标卡尺读数为________cm.滑块在轨道上做匀加速运动时，先后通过光电门1、2所用的时间分别为t 1、t 2，两光电门间的距离为L ，用d 、t 1、t 2、L 表示滑块运动的加速度a ＝________.(2)要使细线中拉力近似等于钩码重力，滑块质量M 与钩码质量m 应满足________关系． (3)满足(2)后，调整气垫导轨水平，断开气源时，测得滑块在轨道上运动的加速度为a 1；不改变钩码的质量，接通气源，测得滑块在轨道上运动的加速度为a 2，用a 1、a 2、g 表示滑块与导轨间的动摩擦因数μ＝________.解析 (1)游标卡尺的读数为2 mm ＋0.05 mm×5＝2.25 mm ＝0.225 cm ；根据v 22－v 21＝2aL 可得a ＝d 22L (1t 22－1t 21)．(2)若钩码的重力近似等于细线拉力，则钩码质量应远远小于滑块的质量．(3)气垫导轨水平，气源断开时，对于滑块有mg －μMg ＝Ma 1；接通电源时，对滑块有mg ＝Ma 2，联立解得μ＝a 2－a 1g.答案(1)0.225 d22L(1t22－1t21) (2)M远远大于m(3)a2－a1g23．(9分) 实验室有一破损的双量程电压表，两量程分别是3 V和15 V，其内部电路如图所示，因电压表的表头G已烧坏，无法知道其电学特性，但两个精密电阻R1、R2完好，测得R1＝2.9 kΩ，R2＝14.9 kΩ.现有两个表头，外形都与原表头G相同，已知表头的满偏电流为1 mA，内阻为50 Ω；表头的满偏电流为0.5 mA，内阻为200 Ω，又有三个精密定值电阻r1＝100 Ω，r2＝150 Ω，r3＝200 Ω.若保留R1、R2的情况下，对电压表进行修复，根据所给条件回答下列问题：(1)原表头G满偏电流I＝____________，内阻r＝____________.(2)在虚线框中画出修复后双量程电压表的电路(标识出所选用的相应器材符号)(3)某学习小组利用修复的电压表，再加上可以使用的以下器材：测量一未知电阻R x的阻值，电流表A量程0～5 mA，内阻未知；最大阻值约为100 Ω的滑动变阻器；电源E(电动势约3 V)；开关S、导线若干．由于不知道未知电阻的阻值范围，学习小组为精确测出未知电阻的阻值，选择合适的电路，请你帮助他们补充完整电路连接，正确连线后读得电压表示数为2.40 V，电流表示数为4.00 mA，则未知电阻阻值R x为________Ω.解析(1)由图示电路图可知，电压表量程：I g(r g＋R1)＝3 V，I g(r g＋R2)＝15 V，代入数据解得：I g＝1 mA，r g＝100 Ω；(2)修复电压表，表头满偏电流为I g＝1 mA，电阻应为：r g＝100 Ω，需要的实验器材为：表头的满偏电流0.5 mA，内阻为200 Ω的表头以及r3，即将表头和r3并联在电路中使用，电路图如图所示：(3)根据题意可明确实验中应采用分压接法，电流表采用外接法，故实物图如图所示：电压表量程为3 V，则其内阻R V＝30.001Ω＝3000 Ω，根据欧姆定律可知R ＝U I ＝ 2.44×10－3－2.43000Ω＝750 Ω.答案 (1)1 mA 100 Ω (2)如图 (3)电路如图75024．(12分)如图所示，将质量为m 的物块A 和质量为3m 的物块B 叠放在竖直墙壁与水平面之间，当撤去外力后，A 沿墙竖直下落，B 沿水平面向右滑行．已知A 、B 的接触面与竖直方向的夹角α＝30°，不计一切摩擦，重力加速度为g .求(1)物块A 、B 的加速度大小；(2)A 下落高度h 时(A 、B 未分离)，物块A 、B 的速度大小． 解析 (1)由几何关系得a B ＝a A tan α 由牛顿第二定律对物块A ：mg －N sin α＝ma A 对物块B ：N ′cos α＝3ma B 又N ＝N ′解得a A ＝g 2，a B ＝36g(2)由几何关系得v B ＝v A tan αA 下落的过程中，物块A 、B 组成的系统机械能守恒，有mgh ＝12mv 2A ＋12(3m )v 2B解得v A ＝gh ，v B ＝gh3答案 (1)g 2 36g (2)ghgh325．(20分)如图在坐标系xOy 里，有质量为m ，电荷量为＋q 的粒子从原点O 沿y 轴正方向以初速度v 0射出，现要求该粒子能通过点P (l ，－d )，可通过在粒子运动的空间范围内加适当的“场”来实现，粒子重力忽略不计(静电力常量为k )．(1)若只在整个Ⅰ、Ⅱ象限内加垂直纸面向外的匀强磁场，使粒子在磁场中做匀速圆周运动，并能到达P 点，求磁感应强度B 的大小；(2)若只在x 轴上某点固定一带负电的点电荷Q ，使粒子在点电荷产生的电场中做匀速圆周运动，并能到达P 点，求点电荷Q 的电荷量大小；(3)若在整个Ⅰ、Ⅱ象限内加垂直纸面向外的匀强磁场，并在第Ⅳ象限内加平行于x 轴，沿x 轴正方向的匀强电场，也能使粒子运动到达P 点．如果此过程中粒子在电、磁场中运动的时间相等，求磁感应强度B 的大小和电场强度E 的大小．解析 (1)粒子由O 到P 的轨迹如图所示，粒子在磁场中做圆周运动，半径为R 1，由几何关系知：R 1＝l 2由牛顿第二定律可知：mv 20R 1＝qv 0B 由此得B ＝2mv 0ql(2)粒子由O 到P 的轨迹如图所示，粒子在电场中做圆周运动，半径为R 2，由几何关系知： (l －R 2)2＋d 2＝R 22R 2＝l 2＋d 22l由牛顿第二定律可知：kQq R 22＝mv 2R 2由此得：Q ＝mv 20l 2＋d 22lkq(3)粒子由O 经P ′到P 的轨迹如图所示，在磁场中做圆周运动，在电场中做类平抛运动在电场中运动时间t ＝d v 0在磁场中运动时间t ＝T 2＝πm qB由此得：B ＝πmv 0qd在磁场中做圆周运动，设半径为R 3 则有v 0t ＝πR 3R 3＝d π电场中P ′P ″＝l －2R 3＝l －2d πP ′P ″＝1qE 2mt 2由此得E ＝2mv 2πl －2dπqd2答案 (1)2mv 0ql(2)mv 2l 2＋d 22lkq(3)πmv 0qd2mv 20πl －2dπqd2(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道物理题中任选一题做答．如果多做，则按第一题计分．)33．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________．(填入正确选项前的字母．选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A ．气体放出热量，其分子的平均动能可能增大B ．布朗运动不是液体分子的运动，但它可以说明分子在永不停息地做无规则运动C ．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D ．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律E ．某气体的摩尔体积为V ，每个分子的体积为V 0，则阿伏加德罗常数可表示为N A ＝VV 0(2)(10分)如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑气缸，其侧壁是绝热的，底部导热，内有两个质量均为m 的密闭活塞，活塞A 导热，活塞B 绝热，将缸内理想气体分成Ⅰ、Ⅱ两部分．初状态整个装置静止不动且处于平衡状态，Ⅰ、Ⅱ两部分气体的高度均为L 0，温度为T 0.设外界大气压强为p 0保持不变，活塞横截面积为S ，且mg ＝p 0S ，g 为重力加速度，环境温度保持不变．求：在活塞A 上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2m 时，两活塞在某位置重新处于平衡，活塞A 下降的高度．解析 (1)气体放出热量，若外界对气体做功，气体的温度可能升高，分子的平均动能可能增大，选项A 正确；布朗运动不是液体分子的运动，但是能反映分子在永不停息地做无规则运动，选项B 正确；当分子力表现为斥力时，随着分子间距离减小，分子力做负功，分子力和分子势能均增大，选项C 正确；第二类永动机不违背能量守恒定律，但是违背热力学第二定律，选项D 错误；对于气体分子，依据每个气体分子所占空间的体积估算分子数目，但不能根据每个气体分子的体积估算分子数目，选项E 错误．(2)对Ⅰ气体，初状态：p 1＝p 0＋mg S＝2p 0 末状态：p 1′＝p 0＋3mgS＝4p 0由玻意耳定律得：p 1L 0S ＝p 1′L 1S 解得：L 1＝12L 0对Ⅱ气体，初状态：p 2＝p 1＋mgS＝3p 0 末状态：p 2′＝p 1′＋mgS＝5p 0 由玻意耳定律得：p 2L 0S ＝p 2′L 2S 解得：L 2＝35L 0A活塞下降的高度为：ΔL＝(L0－L1)＋(L0－L2)＝9 10 L0答案(1)ABC (2)910L034．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)在以下各种说法中，正确的是________．(填入正确选项前的字母．选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分) A．变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场B．相对论认为：真空中的光速大小在不同惯性参照系中都是相同的C．横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期D．机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象E．如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发出的光波波长长，这说明该星系正在远离我们而去(2)(10分)投影仪的镜头是一个半球形的玻璃体，光源产生的单色平行光投射到玻璃体的平面上，经半球形镜头折射后在光屏MN上形成一个圆形光斑．已知镜头半径为R，光屏MN到球心O的距离为d(d>3R)，玻璃对该单色光的折射率为n，不考虑光的干涉和衍射．求光屏MN上被照亮的圆形光斑的半径．解析(1)均匀变化的电场产生稳定的磁场，均匀变化的磁场产生稳定的电场，选项A错误；相对论认为光速与参考系无关，选项B正确；质点并不随波迁移，选项C错误；机械波和电磁波本质不同，但均能产生反射、折射、干涉和衍射等现象，选项D正确；若测得遥远星系上某些元素发出光的波长比地球上静止的该元素发出的光的波长要长，表明这些星系正远离地球，这就是常说的“红移”现象，选项E正确．(2)如图所示，光线入射到D点时恰好发生全反射，则sin C ＝1nOF ＝Rcos C ＝R n 2－1n＝nR n 2－1又r ＝O 1F cot CO 1F ＝d －OF解得r ＝d n 2－1－nR答案 (1)BDE (2)d n 2－1－nR。
【新课标-全国卷】最新2018年高考理综(物理)第四次四校联考模拟试题及答案解析
新课标2018年高考理综（物理）第四次四校联考（考试时间150分钟满分300分）第Ⅰ卷(选择题126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．下列各种叙述中，正确的是A．单位m、kg、N是一组属于国际单位制的基本单位B．牛顿进行了“月﹣地检验”，将天体间的力和地球对物体的力统一起来C．法拉第通过实验观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系D．奥斯特由环形电流和条形磁铁磁场的相似性，提出分子电流假说，解释了磁现象的电本质15．如图所示，质量均为m的小球A、B用两根不可伸长的轻绳连接后悬挂于O点，在外力F的作用下，小球A、B处于静止状态。
若要使两小球处于静止状态，且悬线OA与竖直方向的夹角θ保持30°不变，则外力F的大小不可能为A．0.5mgB．mgC．2mgD．5mg16．从A点斜向上抛出一个小球，曲线ABCD是小球运动的一段轨迹。
建立如图所示的正交坐标系xOy，x轴沿水平方向，轨迹上三个点的坐标分别为A（-L，0）、C（L，0），D（2L，3L），小球受到的空气阻力忽略不计，轨迹与y轴的交点B的坐标为A．（0，-0.25L）B．（0，-0.6L）C．（0，-L）D．（0，-3L）17．矩形导线框abcd 如图甲所示放在匀强磁场中，磁感线方向与线框平面垂直，磁感应强度B 随时间变化的图象如图乙所示。
t ＝0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里。
若规定导线框中感应电流逆时针方向为正，则在0～4 s 时间内，线框中的感应电流I以及线框的ab 边所受安培力F(取向上为正方向)随时间变化的图象正确的是18．如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10:1，原线圈接入正弦式交变电流，电流表A 、电压表V 均为理想电表，R 是光敏电阻（其阻值随光的强度增大而减小），L 是理想线圈，D 是灯泡。
2018版高考物理(全国通用)专题总复习文档：仿真模拟卷(四)含解析
仿真模拟卷(四)(时间：90分钟 满分：110分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．下列说法中正确的是( )A ．光电效应是原子核吸收光子向外释放电子的现象B ．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，揭示了原子核结构C ．铀238的半衰期约长达45亿年，随地球环境的变化，半衰期可能变短D ．碘131能自发地进行β衰变，衰变后生成的新物质原子核比碘131原子核多一个质子而少一个中子答案 D解析 当入射光的频率大于金属的极限频率时，金属中的一个电子吸收了光子的能量，克服原子核的束缚而释放出来，从而形成了光电效应，故A 错误．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，发现少数α粒子发生了大角度偏转，从而揭示了原子的核式结构，故B 错误．半衰期由原子核本身决定，与环境无关，所以环境变化时半衰期不变，故C 错误．β衰变是一个中子变为质子同时释放一个电子的过程，因此β衰变后生成的新物质原子核比碘131原子核少一个中子而多一个质子，故D 正确．15.如图1所示，一滑块以5 m/s 的速度从固定斜面底端O 点冲上斜面，经时间t 1到达A 点时的速度为3 m/s ，再经时间t 2到达B 点时的速度为0，下列说法正确的是( )图1A ．O 、A 间的距离与A 、B 间的距离之比为5∶3B ．O 、A 间的距离与A 、B 间的距离之比为3∶5C ．t 1与t 2之比为2∶3D ．t 1 与t 2之比为3∶2答案 C解析 根据速度时间公式可知：x OA ＝v 2A －v 20－2aAB 间的距离为：x AB ＝0－v 2A －2a故x OA x AB ＝v 2A －v 20－v 2A＝52－3232＝169，故A 、B 错误； 根据速度时间公式可得：t 1＝v A －v 0－a ，t 2＝0－v A －a故有：t 1t 2＝v A －v 0－v A ＝5－33＝23，故C 正确，D 错误． 16．如图2所示，质量为m 的硬纸面字典A 对称放在硬纸面的书本B 上．将书本B 的一端缓慢抬高至字典刚要滑动，此时书脊与水平面的夹角为θ.下列说法正确的是( )图2A ．B 对A 的作用力为零B ．B 的一个侧面对A 的弹力为mg cos θC ．B 对A 的最大静摩擦力的合力为mg sin θD ．A 受到三个力的作用答案 C解析 字典A 受到竖直向下的重力、两个侧面的支持力、两个侧面的静摩擦力，共五个力作用，选项D 错误．由平衡条件可知，B 对A 的作用力大小等于A 的重力，方向竖直向上，选项A 错误．B 的两个侧面对A 的弹力的合力等于mg cos θ，选项B 错误．由平衡条件可知，两个侧面的静摩擦力的合力等于mg sin θ.将书本B 的一端缓慢抬高至字典刚要滑动，则B 对A 的最大静摩擦力的合力为mg sin θ，选项C 正确．17.如图3所示，在正方形abcd 区域内存在一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小为B 1 .一带电粒子从ad 边的中点P 垂直ad 边射入磁场区域后，从cd 边的中点Q 射出磁场；若将磁场的磁感应强度大小变为B 2后，该粒子仍从P 点以相同的速度射入磁场，结果从c 点射出磁场，则B 1B 2等于 ( )图3A.52B.72C.54D.74答案 A解析 设正方形磁场边长为L ，由题意可知，粒子在磁场B 1中做圆周运动的轨道半径：r 1＝L 2，粒子在磁场B 2中的运动轨迹如图所示，由几何知识得：L 2＋(r 2－L 2)2＝r 22，解得：r 2＝54L 粒子在磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：q v B ＝m v 2r解得B ＝m v qr则B 1B 2＝r 2r 1＝54L 12L ＝52，故A 正确，B 、C 、D 错误． 18．如图4所示，光滑水平面OB 与足够长的粗糙斜面BC 相接于B 点，一轻弹簧左端固定于竖直墙面，现用质量为m 的滑块压缩弹簧至D 点(弹簧在弹性限度内)，然后由静止释放，滑块脱离弹簧后经B 点滑上斜面，上升到最大高度h 时静止在斜面上．重力加速度为g ，以水平面OB 为参考平面．下列说法正确的是()图4A ．弹簧弹开滑块的过程中，弹性势能越来越大B ．弹簧对滑块做功为W 时，滑块的动能为0.5WC ．滑块在斜面上静止时的重力势能为mghD ．滑块在斜面上运动的过程中，克服摩擦力做功为mgh答案 C解析 弹簧弹开滑块的过程中，弹簧的压缩量越来越小，则弹性势能越来越小，故A 错误．弹簧对滑块做功为W 时，对滑块，由动能定理知滑块的动能为W ，故B 错误．滑块在斜面上静止时离OB 面的高度为h ，以水平面OB 为参考平面，则滑块的重力势能为mgh ，故C 正确．对滑块在斜面上运动的过程，由动能定理得－mgh －W f ＝0－12m v 2B ，解得滑块克服摩擦力做功为 W f ＝12m v 2B －mgh ，由于不知道v B 的大小，故无法求解滑块克服摩擦力做的功，故D 错误． 19．如图5甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为5∶1，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈接有相同的灯泡L 1、L 2，电路中分别接了理想交流电压表V 1、V 2，导。
普通高校招生全国统一考试2018年高考仿真模拟卷(四)物理试卷Word版含解析
普通高校招生全国统一考试2018年高考仿真模拟卷(四)物理试卷本试卷分第一部分(选择题）和第二部分(非选择题)两部分。
满分110分。
考试时间60分钟。
第一部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
·(请将答案填写在第5页答题区)14.如图所示为氢原子的能级图，对于处在n=4能级的大量氢原子，下列说法正确的是A.这群氢原子向低能级跃迁时一共可以辐射出4种不同频率的光子B.处在n=4能级的氢原子可以吸收任何一种光子而跃迁到高能级C.这群氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级时向外辐射的光子的波长最长D.这群氢原子辐射的光子中如果只有两种能使某金属发生光电效应，则该金属的逸出功W0应满足10.2eV<W0≤12.09eV15.如图所示，将一右端带有固定挡板的长薄板放在水平面上，一轻质弹簧右端拴接在挡板上，左端拴接一可视为质点的滑块，当弹簧原长时滑块位于长薄板的O点，当滑块位于图中的A点时整个装置处于静止状态。
现将长薄板的右端缓慢地抬起直到滑块将要沿长薄板下滑。
滑块所受的静摩擦力、支持力的大小分别用F f、F N表示。
则长薄板的右端缓慢抬起的过程，下列说法正确的是A.F f先减小后增大、F N一直减小B.F f先增大后减小、F N一直增大C.F f一直增大、F N先减小后增大D.F f保持不变、F N一直减小16.已知其静电场的电场强度的方向与x轴的正方向一致，电场强度大小E与位置x的关系图象如图所示，其中0~x2段为抛物线的一段且关于x=x1对称，x2~x3段为倾斜的直线，且x1-0=x2-x1=x3-x2，开始时一带正电的粒子位于原点，现给该粒子一水平向右的初速度，使其仅在电场力的作用下沿x轴的正方向运动。
则下列说法正确的是A.带电粒子在0~x2段先做减速运动再做加速运动B.带电粒子在x2~x3段做匀加速直线运动C.位置0与x1间的电势差等于位置x1与x2间的电势差D.在0~x3段电场力对带电粒子一直做负功17.如图甲所示为一自耦变压器，P2为副线圈的滑动触头，电压表与电流表均为理想交流电表，P1为滑动变阻器R的滑动触头，变压器的原线圈接有如图乙所示的交流电，则下列说法正确的是A.当P2位于正中央时，电压表的读数为B.流过电流表的电流方向1s内改变50次C.当P2向下缓慢移动的过程中，两理想电表的读数均减小D.当P1向下移动时，变压器的输入功率减小18.如图所示为飞船B与空间站A对接的示意图，已知飞船B对接前沿图中的椭圆轨道运行，空间站A沿图中的圆轨道运行。
2018年普通高等学校招生全国统一测验仿真卷物理(一)word解析版
2018年普通高等学校招生全国统一测验仿真卷物理(一)word 解析版————————————————————————————————作者：————————————————————————————————日期：绝密★启用前2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真卷理科综合能力测试·物理（一）本试卷共32页，38题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12N 14O 16S 32第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。
第19～21题有多选项题目要求。
全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．在物理学发展史上，许多科学家通过恰当地运用科学研究方法，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果。
下列表述符合物理学史事实的是A．牛顿由斜面实验通过逻辑推理得出了自由落体运动的规律B．库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系研究C．法拉第发现载流导线对小磁针的作用，揭示了电现象与磁现象之间存在的联系D．安培用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，促进了电磁现象的研究【解析】伽利略通过斜面实验发现了自由落体运动的规律，故A项错；库仑利用库仑扭秤实验实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系的研究，故B项正确；奥斯特发现了载流导线对小磁针的作用，揭示了电现象与磁现象之间存在的联系，故C项错；电场线和磁感线都是法拉第引入的，故D项错。
广西达标名校2018年高考四月仿真备考物理试题含解析
广西达标名校2018年高考四月仿真备考物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．2013年6月20日，女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里成功进行了我国首次太空授课．授课中的一个实验展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应．在视频中可观察到漂浮的液滴处于相互垂直的两个椭球之间不断变化的周期性“脉动”中．假设液滴处于完全失重状态，液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性微小变化（振动），如图所示．已知液滴振动的频率表达式为f kr αβγρσ＝，其中k 为一个无单位的比例系数，r 为液滴半径，ρ为液体密度，σ为液体表面张力系数（其单位为N/m ），α、β、γ是相应的待定常数．对于这几个待定常数的大小，下列说法中可能正确的是（ ）A ．32α＝，12β＝，12γ＝-B ．32α＝-，12β＝-，12γ＝ C ．2α＝-，12β＝，12γ＝-D ．3α＝- ，1β＝-，1γ＝2．如图所示，一条质量分布均匀的柔软细绳平放在水平地面上，捏住绳的一端用恒力F 竖直向上提起，直到全部离开地面时，绳的速度为v ，重力势能为E p (重力势能均取地面为参考平面)。
若捏住绳的中点用恒力F 竖直向上提起，直到全部离开地面时，绳的速度和重力势能分别为（ ）A ．v ，E pB ．2v ，2pEC ．2v ，2p ED ．22v ，2p E 3．如图所示，纸面为竖直面，MN 为竖直线段，MN 之间的距离为h ，空间存在平行于纸面的足够宽的匀强电场，其大小和方向未知，图中未画出，一带正电的小球从M 点在纸面内以v 0=2gh 的速度水平向左开始运动，以后恰好以大小为v =2v 0的速度通过N 点。
已知重力加速度g ，不计空气阻力。
则下列说法正确的的是（ ）A ．可以判断出电场强度的方向水平向左B ．从M 点到N 点的过程中小球的机械能先增大后减小C ．从M 到N 的运动过程中小球的速度最小为2v D ．从M 到N 的运动过程中小球的速度最小为055v 4．新型冠状病毒在显微镜下的形状如图所示，他的大小在纳米的数量级下，根据我们高中所学内容，下列单位属于国际基本单位的是（ ）A ．长度B ．mC ．nmD ．m/s5．物块以60J 的初动能从固定的斜面底端沿斜面向上滑动，当它的动能减少为零时，重力势能增加了40J ，则物块回到斜面底端时的动能为（ ）A ．10JB ．20JC ．30JD ．40J6．如图所示，两同心圆环A 、B 置于同一水平面上，其中A 为均匀带正电的绝缘环，B 为导体环，两环均可绕中心在水平面内转动，若A 逆时针加速转动，则B 环中（ ）A ．一定产生恒定的感应电流B ．产生顺时针方向的感应电流C ．产生逆时针方向的感应电流D ．没有感应电流二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．把光电管接成如图所示的电路，用以研究光电效应。
2018届高三物理(通用)二轮复习高考仿真冲刺卷：(四)含解析
高考仿真冲刺卷(四)(建议用时:60分钟满分:110分)二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,第14～18题只有一项符合题目要求,第19～21题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.14.下列说法正确的是( )A.氡的半衰期是3.8天,所以10个氡原子核经过3.8天一定还剩5个B.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应C.核子凭借核力结合在一起构成原子核D.温度越高,放射性元素衰变越快15.甲、乙两人同时同地骑自行车出发做直线运动,前1 h内的位移—时间图像如图所示,下列表述正确的是( )A.0.2～0.5 h内,甲的速度比乙的小B.0.2～0.5 h内,甲的加速度比乙的大C.0.7～0.9 h内,甲的位移比乙的小D.0.9 h,甲追上乙16.质量为m的人造地球卫星与地心的距离为r时,引力势能可表示为E p=-,其中G为引力常量,M为地球质量.当卫星的机械能大于0时,卫星就会脱离地球的束缚,某卫星原来在半径为R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动,要想使该卫星成为绕太阳运行的人造行星,则对卫星做的功必须大于( )A. B.C. D.17. 如图所示,在粗糙水平面上有A,B,C,D四个小物块,它们用四根相同的橡皮绳连接成一个菱形并保持静止.已知∠DAB=120°,每根橡皮绳的弹力大小为F,当剪断AD间橡皮绳后,物块A所受摩擦力大小为( )A.FB. FC.2FD.018.如图所示电路中,电流表A和电压表V均可视为理想电表.闭合开关S后,将滑动变阻器R P的滑片向右移动,下列说法正确的是( )A.电流表A的示数变大B.电压表V的示数变大C.电容器C所带的电荷量减少D.电源的效率增加19.如图(甲)所示,x轴上固定两个点电荷Q1,Q2(Q2位于坐标原点O),其上面有M,N,P三点,间距MN=NP,Q1,Q2在轴上产生的电势 随x变化关系如图(乙).则( )A.N点电场强度大小为零B.从M点到P点电场强度先增大后减小C.M,N之间电场方向沿x轴正方向D.一正试探电荷从P移到M过程中,电场力做功|W PN|=|W NM|20.铁路运输中设计的多种装置都运用了电磁感应原理.有一种电磁装置可以向控制中心传输信号以确定火车的位置和运动状态,装置的原理是:将能产生匀强磁场的磁铁安装在火车首节车厢下面,如图(甲)所示(俯视图),当它经过安放在两铁轨间的矩形线圈时,线圈便产生一个电信号传输给控制中心.线圈宽为l1,长为l2,匝数为n.若匀强磁场只分布在一个矩形区域内,当火车首节车厢通过线圈时,控制中心接收到线圈两端电压u与时间t的关系如图(乙)所示(ab,cd均为直线),则在t1～t2时间内( )A.火车做匀速直线运动B.M点电势低于N点电势C.火车加速度大小为D.火车平均速度大小为21. 如图所示,内壁光滑的玻璃管竖直的放在水平地面上,管内底部竖直放有一轻弹簧处于自然伸长状态,正上方有两个质量分别为m和2m的a,b小球,用竖直的轻杆连着,并处于静止状态,球的直径比管的内径稍小.现释放两个小球,让它们自由下落,重力加速度大小为g.则在从b球与弹簧接触至运动到最低点的过程中,下列说法正确的是( )A.a球的动能始终减小B.b球克服弹簧弹力做的功是杆对b球做功的3倍C.弹簧对b球做的功等于a,b两球机械能的变化量D.b球到达最低点时杆对a球的作用力等于mg三、非选择题:包括必考题和选考题两部分,第22～25题为必考题,每个试题考生都必须作答,第33～34题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共47分.22. (6分)如图是某同学研究小球下落时的频闪照片,频闪仪每隔0.1 s闪光一次并进行拍照.照片中小球静止时在位置1,某时刻释放小球,下落中的小球各位置与位置1的距离如图中所标的数据(单位:cm).实验过程并没有错误,但该同学发现图中数据存在以下问题:根据h=gt2得位置1与位置2的距离为4.90 cm,而图中标出的位置1和位置2的距离为 1.23 cm,比 4.90 cm小很多,你对此问题的解释是下落中小球在位置3的速度为m/s,小球做自由落体运动的加速度为m/s2.(计算结果保留三位有效数字)23.(9分)某同学对实验室的一个多用电表中的电池进行更换时发现,里面除了一节1.5 V的干电池外,还有一个方形电池(电动势9 V左右).为了测定该方型电池的电动势E和内电阻r,实验室中提供如下器材:A.电流表A1(满偏电流10 mA,内阻R A1=10 Ω)B.电流表A2(0～0.6 A,内阻未知)C.滑动变阻器R0(0～100 Ω,1 A)D.定值电阻R(阻值990 Ω)E.开关与导线若干(1)根据现有的实验器材,设计一个电路,较精确测量该电池的电动势和内阻,请在图(甲)中的虚线框中画出电路图.(2)请根据你设计的电路图,写出电流表A1的示数I1与电流表A2的示数I2之间的关系式:I1= .(3)如图(乙)为该同学根据正确设计的实验电路测出多组数据并绘出的I1I2图线,由图线可以求出被测方形电池的电动势E= V,内阻r= Ω.(结果保留两位有效数字)24. (12分)“太空粒子探测器”是由加速装置、偏转装置和收集装置三部分组成的,其原理可简化如下:如图所示,辐射状的加速电场区域边界为两个同心圆,圆心为O,外圆的半径R1=2 m,电势ϕ1=50 V,内圆的半径R2=1 m,电势ϕ2=0,内圆内有磁感应强度大小B=5×10-3T、方向垂直纸面向里的匀强磁场,收集薄板MN与内圆的一条直径重合,收集薄板两端M,N与内圆间各存在狭缝(图中未画出).假设太空中漂浮着质量m=1.0×10-10kg、电荷量q=4×10-4C的带正电粒子,它们能均匀地吸附到外圆面上,并被加速电场从静止开始加速,进入磁场后,发生偏转,最后打在收集薄板MN上并被吸收(收集薄板两侧均能吸收粒子),不考虑粒子相互间的碰撞和作用.(1)求粒子刚到达内圆时速度的大小;(2)以收集薄板MN所在的直线为x轴建立如图的平面直角坐标系.分析外圆哪些位置的粒子将在电场和磁场中做周期性运动.指出该位置并求出这些粒子运动一个周期内在磁场中所用时间.25. (20分)如图所示,倾角θ=37°的光滑且足够长的斜面固定在水平面上,在斜面顶端固定一个轮半径和质量不计的光滑定滑轮D,质量均为m=1 kg的物体A和B用一劲度系数k=240 N/m的轻弹簧连接,物体B被位于斜面底端且垂直于斜面的挡板P挡住.用一不可伸长的轻绳使物体A跨过定滑轮与质量为M的小环C连接,小环C穿过竖直固定的光滑均匀细杆,当整个系统静止时,环C位于Q处,绳与细杆的夹角α=53°,且物体B对挡板P的压力恰好为零.图中SD水平且长度为d=0.2 m,位置R与位置Q关于位置S对称,轻弹簧和定滑轮右侧的绳均与斜面平行.现让环C从位置R由静止释放,且环C在下落过程中绳始终未松弛.sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g取10 m/s2.求:(1)小环C的质量M;(2)小环C通过位置S时的动能E k及环从位置R运动到位置S的过程中轻绳对环做的功W T;(3)小环C运动到位置Q的速率v.(二)选考题:共15分.(请考生从给出的2道物理题中任选一题作答)33.[物理——选修33](15分)(1)(5分)关于热学知识的下列叙述中正确的是(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分).A.布朗运动就是液体分子的热运动B.物体温度升高,并不表示物体内所有分子的动能都增大C.内能可以全部转化为机械能而不引起其他变化D.分子间距等于分子间平衡距离r0时,分子势能最小E.一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行(2)(10分) 如图,上端开口的竖直汽缸由大、小两个同轴圆筒组成,两圆筒中各有一个活塞,两活塞用刚性轻杆连接,两活塞间充有氧气,小活塞下方充有氮气.已知大活塞的质量为2m、横截面积为2S,小活塞的质量为m、横截面积为S,两活塞间距为L,大活塞导热性能良好,汽缸及小活塞绝热,初始时氮气和汽缸外大气的压强均为p0,氮气的温度为T0,大活塞与大圆筒底部相距为,小活塞与小圆筒底部相距为L.两活塞与汽缸壁之间的摩擦不计,重力加速度为g.现通过电阻丝缓慢加热氮气,当小活塞缓慢上升至上表面与大圆筒底部平齐时,求①两活塞间氧气的压强;②小活塞下方氮气的温度.34.[物理——选修34](15分)(1)(5分)如图波源S1在绳的左端发出频率为f1,振幅为A1的半个波形a,同时另一个波源S2在绳的右端发出频率为f2、振幅为A2的半个波形b(f1<f2),P为两个波源连线的中点,下列说法正确的是(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分).A.两列波将同时到达P点B.a的波峰到达S2时,b的波峰也恰好到达S1C.两列波在P点叠加时P点的位移最大可达A1+A2D.两列波相遇时,绳上位移可达A1+A2的点只有一个,此点在P点的左侧E.两波源起振方向相同(2) (10分)如图所示,等腰直角三角形棱镜ABC,一组平行光线垂直斜面AB射入(图中未画出).①如果光线不从AC,BC面射出,求三棱镜的折射率n的范围;②如果光线顺时针转过θ=60°,即与AB成30°角斜向下(如图所示),不考虑反射光线的影响,当n=时,能否有光线从BC,AC面射出?高考仿真冲刺卷(四)14.C 半衰期对大量的原子核适用,对少量的原子核不适用,选项A错误;太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应,选项B错误;核子凭借核力结合在一起构成原子核,选项C正确;半衰期与外界条件无关,选项D 错误.15.D x t图像的斜率表示速度,甲的斜率大,则甲的速度比乙的大,故A错误,由图知,0.2~0.5 h内甲、乙都做匀速直线运动,加速度均为零,故B错误,物体的位移等于x的变化量,则知0.7~0.9 h内,甲的位移比乙的大,故C错误,0.9 h时,甲、乙在同一位置,甲追上乙,故D正确.16.A 设卫星在半径为R1的轨道上运行时的速度为v1,则=m,解得此时卫星的动能为E k1=,所以卫星的机械能为E=E k1+E p1=-,则要使卫星脱离地球的束缚成为绕太阳运行的人造卫星,卫星的机械能要大于零,则对卫星做的功必须大于,A正确.17.A 物块A水平方向受两橡皮绳的拉力和摩擦力作用而处于平衡状态,由于∠DAB=120°,每根橡皮绳的弹力大小为F,故A受拉力的合力为F,方向沿AC方向;当剪断AD间橡皮绳后,物体只受A,B间橡皮绳拉力,大小为F,则此时A仍能处于静止,摩擦力大小与拉力的大小相等,方向沿AB的反方向,故A正确.18.D R P的滑片向右移动,接入电路的电阻增大,电路的总电阻增大,由I=知,干路中的电流减小,路端电压增大,R1两端的电压减小,电压表V的示数变小,B错误;并联部分的电压增大,电容器C所带的电荷量增加,C错误;通过R2的电流增大,所以通过R P支路的电流减小,电流表的示数变小,A错误;电源的效率η=×100%=,所以效率增加,D正确.19.AC 电势φ随x变化关系图线中切线的斜率表示电场强度,所以N点电场强度大小为零,故A正确;从M 点到P点电场强度先减小后增大,故B错误;M点的电势为零,N点电势小于零,因沿电场线方向电势降低,故在MN间电场方向由M指向N,沿x轴正方向,故C正确;由图知|U MN|>|U NP|,故一正试探电荷从P移到M过程中,电场力做功|W PN|<|W NM|,D错误.20.BD 由E=BLv可知,动生电动势与速度成正比,而在(乙)图中ab段的电压与时间成线性关系,因此可知在t1到t2这段时间内,火车的速度随时间均匀增加,所以火车在这段时间内做的是匀加速直线运动,故A错误;根据右手定则,线圈中的感应电流是逆时针的,M点电势低于N点电势,B正确;由图知t1时刻对应的速度为v1=,t2时刻对应的速度为v2=,故这段时间内的加速度为a==,平均速度为v==,故C错误,D正确.21.BC 刚开始接触时,由于弹簧的弹力还小于两者的重力,所以此时两球仍做加速运动,当弹簧的弹力等于两者的重力时,两者速度达到最大,之后弹力大于两者的重力,两球做减速运动,则a球动能先增大后减小,故A 错误;两球的加速度始终相等,设为a.根据牛顿第二定律,对a球有F杆-mg=ma,对b球有F弹-2mg-F杆=2ma,解得F弹=3F杆.因两球位移相等,则由W=Fl可知,弹簧对b球做功的大小是杆对b球做功的3倍,即b球克服弹簧弹力做的功是杆对b球做功的3倍,故B正确;将两球看做一个整体,整体除了重力做功之外就是弹力做功,由功能关系可知弹簧对b球做的功等于a,b两球机械能的变化量,C正确;到达最低点时ab均具有向上的加速度,此时a球受向上的杆的作用力一定大于自身的重力,故D错误.22.解析:小球下落到位置2时下落的时间小于0.1 s,所以位置1和位置2的距离比4.90 cm小很多;下落中小球在位置3的速度为v3==m/s=1.47 m/s;小球做自由落体运动的加速度为g==m/s2=9.80 m/s2.答案:(1)小球在位置2时下落的时间小于0.1 s(2)1.47 (3)9.80评分标准:每问2分.23.解析:(1)由于需要测量较为精确的数据,故需要多次测量,则需要将变阻器当成外电阻,用电压表和电流表分别测其路端电压和通过电源的电流,而题中没有提供电压表,需要通过电流表A1与定值电阻串联组成,再用电流表A2测电流,故电路图如图所示.(2)根据闭合电路欧姆定律,有E=U+Ir=I1(R+R A1)+(I1+I2)r,解之得I1=E-I2.(3)在图线上取两组数据,代入到上式中,可解得E≈9.1 V,r≈10 Ω.答案:(1)见解析(2)E-I2(3)9.1 10评分标准:电路图3分,每空2分.24.解析:(1)带电粒子在电场中被加速时,由动能定理可知qU=mv2-0(2分)U=φ1-φ2(2分)解得v=2×104 m/s.(1分)(2)粒子进入磁场后,在洛伦兹力的作用下发生偏转,有qvB=(2分)解得r=1.0 m,(1分)因为r=R2,所以由几何关系可知,从收集板左端贴着收集板上表面进入磁场的粒子在磁场中运动圆周后,射出磁场,进入电场,在电场中先减速后反向加速,并返回磁场,如此反复的周期运动,其运动轨迹如图所示,则在磁场中运动的时间为T.(2分)T==,解得T=π×10-4 s.(1分)粒子进入电场的四个位置坐标分别为(0,2 m),(2 m,0),(0,-2 m),(-2 m,0).(1分)答案:(1)2×104m/s (2)(0,2 m),(2 m,0),(0,-2 m),(-2 m,0) π×10-4 s25.解析:(1)系统静止时先以A,B组成的整体为研究对象,A,B系统受到重力,支持力和绳子的拉力处于平衡状态,则绳子的拉力为T=2mgsin θ=12 N(2分)以C为研究对象,则C受到重力、绳子的拉力和杆的弹力处于平衡状态,则Tcos α=Mg(2分)代入数据得M=0.72 kg.(1分)(2)由题意,开始时B恰好对挡板没有压力,所以B受到重力、支持力和弹簧的拉力,弹簧处于伸长状态,弹簧对B产生拉力,F1=mgsin θ=6 N(1分)弹簧的伸长量Δx1==0.025 m(1分)当小环C、通过位置S时A下降的距离为x A=-d=0.05 m(1分)此时弹簧的压缩量Δx2=x A-Δx1=0.025 m(1分)所以小环C从R运动到S的过程中,初、末态的弹性势能相等,小环C运动到位置S时A的速度为零,对于小环C弹簧和A组成的系统由机械能守恒得,+mgx A sin θ=E k(2分)解得E k=1.38 J(1分)环从位置R运动到位置S的过程中,由动能定理可知W T+=E k(2分)解得W T=0.3 J.(1分)(3)环从位置R运动到位置Q的过程中,对于小环C、弹簧和A组成的系统,由机械能守恒得=Mv2+m(2分)v A=vcos α(2分)两式联立可得v=2 m/s.(1分)答案:(1)0.72 kg (2)1.38 J 0.3 J (3)2 m/s33.解析:(1)布朗运动是小微粒的运动,A错误;温度升高,平均动能增大,但不是物体内所有分子的动能都增大,故B正确;不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功,而不引起其他变化,C错误;分子间距离等于分子间平衡距离时,分子之间的相互作用是零,若增大分子间距,分子之间的引力做负功,分子势能增大;若减小分子间距,分子斥力又做负功,分子势能增大,所以此时的分子势能最小,故D正确;根据热力学第二定律,熵只会增加,一切自然过程总是向分子热运动的无序性增大的方向进行,故E正确.(2)①以两活塞整体为研究对象,设初始时氧气压强为p1,根据平衡条件有p0S+3mg=p1S(1分)解得p1=p0+(1分)初始时氧气体积V1=S L-+2S·=(1分)当小活塞缓慢上升至上表面与大圆筒底部平齐时,氧气体积V2=2SL(1分)由于大活塞导热,小活塞缓慢上升可认为氧气温度不变,设此时氧气压强为p2,由玻意耳定律得p2V2=p1V1(1分)联立解得氧气的压强p2=p0+.(1分)②设此时氮气压强为p,温度为T,根据平衡条件有p0·2S+3mg=p2S+pS(1分)得p=p0+(1分)根据理想气体状态方程有=(1分)联立得T=+T0(1分)答案:(1)BDE (2)①p0+②+T034.解析:(1)两列波在同一介质中传播,波速相等,同时到达中点P,A正确;因波长不同,当a的波峰到达S2时,b 的波峰已越过S1,B错误;由于a的波长大于b的波长,两列波在P点叠加时两列波的波峰不可能同时到达P 点,所以P点的位移最大不可能达A1+A2,C错误;两列波相遇时,两列波峰同时到达P点的左侧,叠加后位移达到最大值,所以两列波相遇时,绳上位移可达A1+A2的点只有一个,而且此点在P点的左侧,D正确;依据波的传播方向,可知,波源的振动方向均向上,E正确.(2)①光线穿过AB面后方向不变,在AC,BC面上的入射角均为45°,发生全反射的条件为sin 45°≥,解得n≥,(3分)②当n=时,设发生全反射的临界角为C,则有sin C=(3分)折射光线如图所示,n=,解得r=30°(2分)在BC边的入射角β=15°<C,所以光线可以从BC射出,(1分)在AC边的入射角θ=75°>C,所以光线不能从AC边射出,即光只能从BC边射出.(1分)答案:(1)ADE(2)①n≥②光只能从BC边射出。
云南省达标名校2018年高考四月仿真备考物理试题含解析
云南省达标名校2018年高考四月仿真备考物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．关于卢瑟福的α粒子散射实验和原子的核式结构模型，下列说法中不正确的是（）A．绝大多数α粒子穿过金箔后，基本上仍沿原来的方向前进B．只有少数α粒子发生大角度散射的原因是原子的全部正电荷和几乎全部质量集中在一个很小的核上C．卢瑟福依据α粒子散射实验的现象提出了原子的“核式结构”理论D．卢瑟福的“核式结构模型”很好地解释了氧原子光谱的实验2．如图所示，两根不可伸长的轻绳一端与一个质量为m的小球相连于O点，另一端分别固定在小车天花板上的A、B两点，OA绳与天花板的夹角为30°，OB绳与天花板的夹角为60°，重力加速度为g．当小车以速度ν向右做匀速直线运动，小球与车保持相对静止时，下列说法正确的是A．OA绳对小球的拉力大小为32mgB．OB绳对小球的拉力大小为12mgC．OA绳对小球拉力做功的功率为3 mgvD．重力对小球做功的功率为mgv3．如图所示，物体m与斜面体M一起静止在水平面上。
若将斜面的倾角θ稍微增大一些，且物体m仍静止在斜面上，则A．斜面体对物体的支持力不变B．斜面体对物体的摩擦力变大C．水平面与斜面体间的摩擦力变大D．水平面与斜面体间的摩擦力变小4．如图所示，放在光滑水平桌面上的A、B木块之间夹着一被压缩的弹簧。
现释放弹簧，A、B木块被弹开后，各自在桌面上滑行一段距离飞离桌面。
A的落地点到桌左边的水平距离为0.5m，B的落地点到桌右边的水平距离为1m ，则（ ）A ．A 、B 离开弹簧时的速度大小之比为1∶2B ．A 、B 离开弹簧时的速度大小之比为2∶1C ．A 、B 质量之比为1∶2D ．A 、B 质量之比为1∶15．一弹簧振子做简谐运动，周期为T ，以下描述正确的是A ．若△t=2T ，则在t 时刻和（t+△t ）时刻弹簧长度一定相等B ．若△t=T ，则在t 时刻和（t+△t ）时刻振子运动的加速度一定相等C ．若t 和（t+△t ）时刻振子运动速度大小相等，方向相反，则△t 一定等于2T 的整数倍 D ．若t 和（t+△t ）时刻振子运动位移大小相等，方向相反，则△t 一定等于T 的整数倍6．二氧化锡传感器的电阻随着一氧化碳的浓度增大而减小，将其接入如图所示的电路中，可以测量汽车尾气一氧化碳的浓度是否超标。
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精练四高考仿真练高考仿真练(一)一、选择题(共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14.如图1所示，在倾斜的滑杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的物体，在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向。
则( )图1A.物体做匀加速运动B.环只受三个力作用C.环一定受四个力作用D.物体的重力大于悬绳对物体的拉力解析在运动过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，以物体为研究对象，物体受到竖直向下的重力和绳子竖直向上的拉力，这两个力的合力必为零，说明物体做匀速直线运动，则环也做匀速直线运动，所以环受到重力、绳子竖直向下的拉力、滑杆的支持力和滑动摩擦力，共四个力，选项C正确。
答案 C15.根据氢原子的能级图，现让一束单色光照射到一群处于基态(量子数n＝1)的氢原子上，受激的氢原子能自发地发出6种不同频率的光，则照射氢原子的单色光的光子能量为( )图2A.13.6 eVB.3.4 eVC.12.75 eVD.12.09 eV解析 根据受激的氢原子能发出6种不同频率的色光，有6＝n （n －1）2，解得n ＝4，即能发出6种不同频率的光的受激氢原子一定是在n ＝4能级，则照射处于基态的氢原子的单色光的光子能量为－0.85 eV －(－13.6 eV)＝12.75 eV ，C 正确。
答案 C16.如图3所示，电子在电势差为U 1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U 2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子射出时的偏转角变大的是( )图3A.U 1变大，U 2变大B.U 1变小，U 2变大C.U 1变大，U 2变小D.U 1变小，U 2变小解析 设电子被加速后获得的初速度为v 0，平行极板长为l ，平行极板间距为d ，则由动能定理得eU 1＝12mv 20，电子在电场中偏转所用时间t ＝l v 0，设电子在平行板间受电场力作用产生的加速度为a ，由牛顿第二定律得a ＝eE 2m ＝eU 2dm ，电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度v y ＝at ，由以上式子联立可得v y ＝eU 2l dmv 0，又有tan θ＝v y v 0＝eU 2l dmv 20＝eU 2l 2deU 1＝U 2l 2dU 1，故U 2变大、U 1变小都能使偏转角θ变大，B 正确。
答案 B17.在光滑的水平桌面上有两个在同一直线上运动的小球a 和b ，正碰前后两小球的位移随时间变化的关系如图4所示，则小球a 和b 的质量之比为( )图4A.2∶7B.1∶4C.3∶8D.4∶1解析 由位移—时间图象的斜率表示速度可得，正碰前，小球a 的速度v 1＝1－41－0m/s ＝－3 m/s ，小球b 的速度v 2＝1－01－0 m/s ＝1 m/s ；正碰后，小球a 、b 的共同速度v ＝2－16－1m/s ＝0.2 m/s 。
设小球a 、b 的质量分别为m 1、m 2，正碰过程，根据动量守恒定律有m 1v 1＋m 2v 2＝(m 1＋m 2)v ，得m 1m 2＝v －v 2v 1－v＝14，选项B 正确。
答案 B18.如图5所示，理想变压器原线圈接有交流电源，保持输入电压不变，开始时单刀双掷开关K 接b 。
S 断开时，小灯泡A 发光较暗，要使小灯泡A 亮度增加，下列操作可行的是( )图5A.闭合开关SB.把滑动变阻器滑片向右移动C.把滑动变阻器滑片向左移动D.开关K 接a解析 闭合开关S ，副线圈回路电阻变小，电流变大，滑动变阻器上的分压增大，并联部分的电压变小，灯泡A 变暗，故A 错误；把滑动变阻器滑片向右移动，副线圈回路总电阻变小，总电流变大，灯泡A 两端的电压变大，灯泡A 变亮，故B 正确；把滑动变阻器滑片向左移动，副线圈回路总电阻变大，总电流变小，灯泡A 两端的电压变小，灯泡A 变暗，故C 错误；开关K 接a ，根据U 1n 1＝U 2n 2，副线圈两端的电压减小，灯泡A 中电流变小，灯泡A 变暗，故D 错误；故选B 。
答案 B19.如图6所示，A 是放在地球赤道上的一个物体，正在随地球一起转动。
B 是赤道上方一颗近地卫星。
A 和B 的质量相等，忽略B 的轨道高度，下列说法正确的是( )图6A.A 和B 做圆周运动的向心加速度大小相等B.A 和B 受到的地球的万有引力大小相等C.A 做圆周运动的线速度比B 大D.B 做圆周运动的周期比A 小解析 A 随地球自转，周期与地球自转周期相同，万有引力除了提供其随地球自转的向心力外主要表现为物体的重力，对于近地卫星，万有引力提供其做圆周运动的向心力，两者质量相等，向心力不相等，故两者向心加速度大小不相等，A 错误；忽略B 卫星的轨道高度，A 和B 与地心的距离相等，根据万有引力定律可知，它们受到地球的万有引力大小相等，B 正确；因为B 做圆周运动时万有引力提供其向心力，而A 则是万有引力的一小部分提供其做圆周运动的向心力，根据F 向＝mv 2r知，B 的线速度大于A 的线速度，故C 错误；A 与B 做圆周运动的半径相等，B 的线速度远大于A 的线速度，结合T ＝2πr v可知A 做圆周运动的周期比B 大，D 正确。
答案 BD20.在如图7所示的虚线MN 上方存在磁感应强度为B 的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，纸面上直角三角形OPQ 的∠Q 为直角，∠QON ＝30°。
两带电粒子a 、b 分别从O 、P 两点垂直于MN 同时射入磁场，恰好在Q 点相遇，则由此可知( )图7A.带电粒子a 的速度一定比b 大B.带电粒子a 的比荷一定比b 大C.带电粒子a 的运动周期一定比b 大D.带电粒子a 的轨道半径一定比b 大解析 由题意作出两粒子的运动轨迹如图所示，a 粒子顺时针方向偏转，b 粒子逆时针方向偏转，由左手定则可知，a 带正电，b 带负电，由几何知识可知，a 粒子转过的圆心角为θa ＝120°，则其运动时间为a 粒子做圆周运动周期的13，b 粒子转过的圆心角为θb ＝60°，则其运动时间为b 粒子做圆周运动周期的16；又由于两粒子的运动时间相等，因此可知T a 3＝T b 6，因此T b ＝2T a ，因此C 错误；粒子在磁场中做圆周运动的周期T ＝2πm qB，因此可知周期大的粒子比荷小，因此带电粒子a 的比荷一定大于b 的比荷，B 正确；由几何知识可知，两粒子的轨道半径大小相等，则D 错误；粒子的轨道半径大小为R ＝mv Bq，因此比荷大的粒子的速度大，所以带电粒子a 的速度一定大于b 的速度，A 正确。
答案 AB21.如图8所示，光滑轨道ABCD 是大型游乐设施过山车轨道的简化模型。
最低点B 处的入、出口靠近但相互错开，C 是半径为R 的圆形轨道的最高点，BD 部分水平，末端D 点与右端足够长的水平传送带无缝连接，传送带以恒定速度v 逆时针转动，现将一质量为m 的小滑块从轨道AB 上某一固定位置A 由静止释放，滑块能通过C 点后再经D 点滑上传送带，则( )图8A.固定位置A 到B 点的竖直高度可能为2RB.滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v 有关C.滑块可能重新回到出发点A 处D.传送带速度v 越大，滑块与传送带摩擦产生的热量越多解析 设AB 的高度为h ，假设滑块从A 点下滑刚好通过最高点C ，则此时应该是A 下滑的高度的最小值，则刚好通过最高点C 时，由重力提供向心力，则mg ＝mv 2C R，解得v C ＝gR ，从A 到C 根据动能定理mg (h －2R )＝12mv 2C －0，整理得h ＝2.5R ，故选项A 错误；从A 到最终停止，根据动能定理得mgh －μmgx ＝0，可以得到x ＝h μ，可以看出滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v无关，与高度h有关，故选项B错误；滑块在传送带上先做减速运动，可能反向做加速运动，如果再次到达D点时速度大小不变，则根据能量守恒，可以再次回到A点，故选项C正确；滑块与传送带之间产生的热量Q＝μmgΔx相对，当传送带的速度越大，则在相同时间内二者相对位移越大，则产生的热量越多，故选项D正确。
答案CD二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。
第22题～第25题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第33题～第34题为选考题，考生根据要求作答。
)(一)必考题(共47分)22.(6分)小环同学在实验室中用多用电表测电阻，回答下列问题：图9(1)一多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、×10、×100。
用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到________挡。
如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是________，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图9所示，则该电阻的阻值是________________________________________________Ω。
(2)下列关于用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是________。
A.测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则不会影响测量结果B.测量阻值不同的电阻时，都必须重新欧姆调零C.测量电路中的电阻时，应该把该电阻与电源断开D.多用电表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但仍能调零，其测量结果与原来相比不变(3)用多用电表探测二极管的极性，用欧姆挡测量，黑表笔接a端，红表笔接b端时，指针偏转角较大，然后黑、红表笔反接指针偏转角较小，说明________(填“a”或“b”)端是二极管正极。
解析(1)刚开始多用电表指针偏转角度较小，说明选用倍率偏小，应换用大倍率。
每次换挡之后多用电表都需重新欧姆调零。
多用电表的测量值是指针读数与倍率的乘积，为22×100 Ω＝2 200 Ω。
(2)多用电表测电阻时，红、黑表笔插错不会影响测量结果，A正确；测不同的电阻时，只要没更换倍率，不需重新欧姆调零，B 错误；测电路中的电阻时应将待测电阻与电源断开，C 正确；多用电表中的电池电动势变小、内阻变大后，会影响测量结果，D 错误。
(3)二极管具有单向导电性，多用电表的红表笔接的是表内电池的负极，接b 端时，指针偏转角度大，二极管电阻小，说明b 端是二极管的负极，a 端是其正极。
答案 (1)×100(1分) 欧姆调零(1分) 2 200(1分) (2)AC(2分) (3)a (1分)23.(9分)如图10所示，用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验。