计算机网络安全第七章new
计算机等级考试三级网络复习资料 第七章
第七章电子商务和电子政务7-1 电子商务7-1-1电子商务的基本概念1、什么是电子商务电子商务是以开放的因特网环境为基础，在计算机系统支持下进行的商务活动。
它基于浏览器/服务器（B/S）应用方式，是实现网上购物、网上交易和在线支付的一种新型商业运营模式。
其主要交易类型有企业与个人的交易（B to C）方式和企业之间的交易（B to B）方式。
由于目前专用网络仍然是企业进行各种电子商务活动的重要基础和物质平台，因此，广义上讲，电子商务的概念为：是以计算机与通信网络为基础平台，利用电子工具实现的在线商业交换和行政作业活动的全过程。
2、电子商务的优越性1)以最小的费用制作最大的广告2)丰富的网络资源有利于企业了解市场的变化，做出理性的决策。
3)展示产品而不需要占用店面，小企业可以和大企业获得几乎同等的商业机会。
4)提高服务质量，及时获得顾客的反馈信息。
5)在线交易方便、快捷、可靠。
3、EDI与电子商务电子数据交换EDI是电子商务的先驱，先期的和目前的大部分EDI应用系统不是基于因特网的。
（1）EDI的基本概念电子数据交换EDI是按照协议对具有一定结构特征的标准信息，经数据通信网络，在计算机系统之间进行交换和自动处理，即EDI用户根据国际通用的标准格式编制报文，以机器可读的方式将结构化的信息，例如订单、发票、提货单海关申报单或进出口许可证等，按照协议将标准化文件通过计算机网络传送。
报文接收方按国际统一规定的语法规则，对报文进行处理，通过信息管理系统和作业管理决策支持系统，完成综合自动交换和处理。
EDI的特点：1)EDI是两个或多个计算机应用系统之间的通信。
2)计算机之间传输的信息遵循一定的语法规则与国际标准。
3)数据自动地投递和传输处理而不需要人工介入，应用程序对它自动响应。
综上所述，对于EDI系统来说，计算机通信网是EDI应用的基础，计算机系统应用是EDI的前提条件，而数据信息的标准化是EDI的关键。
计算机网络安全教程课后答案
计算机网络安全教程复习资料第1章(P27)一、选择题1. 狭义上说的信息安全，只是从自然科学的角度介绍信息安全的研究内容。
2. 信息安全从总体上可以分成5个层次，密码技术是信息安全中研究的关键点。
3. 信息安全的目标CIA指的是机密性，完整性，可用性。
4. 1999年10月经过国家质量技术监督局批准发布的《计算机信息系统安全保护等级划分准则》将计算机安全保护划分为以下5个级别。
二、填空题1. 信息保障的核心思想是对系统或者数据的4个方面的要求：保护（Protect），检测（Detect），反应（React），恢复（Restore）。
2. TCG目的是在计算和通信系统中广泛使用基于硬件安全模块支持下的可信计算平台Trusted Computing Platform，以提高整体的安全性。
3. 从1998年到2006年，平均年增长幅度达50％左右，使这些安全事件的主要因素是系统和网络安全脆弱性（Vulnerability）层出不穷，这些安全威胁事件给Internet带来巨大的经济损失。
4. B2级，又叫结构保护（Structured Protection）级别，它要求计算机系统中所有的对象都要加上标签，而且给设备（磁盘、磁带和终端）分配单个或者多个安全级别。
5. 从系统安全的角度可以把网络安全的研究内容分成两大体系：攻击和防御。
三、简答题●1. 网络攻击和防御分别包括哪些内容？答：①攻击技术：网络扫描，网络监听，网络入侵，网络后门，网络隐身②防御技术：安全操作系统和操作系统的安全配置，加密技术，防火墙技术，入侵检测，网络安全协议。
●2. 从层次上，网络安全可以分成哪几层？每层有什么特点？答：从层次体系上，可以将网络安全分为4个层次上的安全：（1）物理安全特点：防火，防盗，防静电，防雷击和防电磁泄露。
（2）逻辑安全特点：计算机的逻辑安全需要用口令、文件许可等方法实现。
（3）操作系统特点：操作系统是计算机中最基本、最重要的软件。
计算机网络谢希仁第七版课后答案完整版
计算机网络谢希仁第七版课后答案完整版1. 概述计算机网络是当今社会发展不可或缺的一部分，它负责连接世界各地的计算机和设备，提供信息交流和资源共享的便利。
而谢希仁的《计算机网络》第七版是一本经典的教材，旨在帮助读者深入了解计算机网络的原理、技术和应用。
本文将提供《计算机网络谢希仁第七版》全部课后答案的完整版本，以便帮助读者更好地掌握该教材的知识点。
2. 第一章：绪论本章主要介绍了计算机网络的基本概念和发展历程。
通过学习本章，读者将了解到计算机网络的定义、功能和分类，以及互联网的起源和发展。
3. 第二章：物理层物理层是计算机网络的基础，它负责传输原始比特流。
本章对物理层的相关内容进行了全面的介绍，包括数据通信基础、传输媒介、信道复用技术等。
4. 第三章：数据链路层数据链路层负责将原始比特流划分为以太网帧等数据包进行传输。
本章详细介绍了数据链路层的各种协议和技术，如以太网、局域网、无线局域网等。
5. 第四章：网络层网络层是计算机网络中最关键的一层，它负责将数据包从源主机传输到目标主机。
本章对网络层的相关内容进行了深入研究，包括互联网协议、路由算法、IP地址等。
6. 第五章：传输层传输层负责提供端到端的可靠数据传输服务。
本章对传输层的相关知识进行了细致的讲解，包括传输层协议的设计原则、TCP协议、UDP协议等。
7. 第六章：应用层应用层是计算机网络中最高层的一层，它负责向用户提供各种网络应用服务。
本章详细介绍了应用层的相关内容，包括HTTP协议、DNS协议、电子邮件等。
8. 第七章：网络安全与管理网络安全和管理是计算机网络中不可忽视的重要方面。
本章对网络安全和管理的相关内容进行了全面的阐述，包括网络安全威胁、防火墙、入侵检测系统等。
9. 第八章：多媒体网络多媒体网络是指能够传输音频、视频等多种媒体数据的计算机网络。
本章介绍了多媒体网络的相关技术和应用，包括流媒体、语音通信、视频会议等。
10. 第九章：计算机网络的高级话题本章涵盖了计算机网络中的一些高级话题，如网络性能评价、网络协议的形式化描述方法、无线和移动网络等。
必知必会的网络安全基础知识
必知必会的网络安全基础知识【第一章：网络安全概述】网络安全是指保护计算机网络和网络资源免受非法访问、破坏和威胁的一系列措施。
随着互联网的普及和发展，网络安全问题引起了广泛关注。
了解网络安全的基础知识是保护个人和组织信息安全的必备要素。
【第二章：网络安全威胁与攻击】网络安全威胁是指可能对网络安全造成威胁的各种因素和行为。
常见的网络安全威胁包括病毒、恶意软件、网络钓鱼、拒绝服务攻击等。
理解这些威胁对于预防和应对攻击至关重要。
【第三章：网络安全防护措施】网络安全防护措施是指保护计算机网络和网络资源免受网络攻击和威胁的各种措施。
常见的网络安全防护措施包括防火墙、入侵检测系统、加密技术等。
采取合适的防护措施是保证网络安全的重要手段。
【第四章：密码学与加密技术】密码学是研究通信安全和信息安全的数学理论。
加密技术是保护信息安全的核心方法之一。
了解密码学和加密技术的基本原理和常用算法对于保护数据安全非常重要。
【第五章：网络安全管理与政策】网络安全管理是指制定与实施网络安全策略、规范与流程的一系列活动。
了解网络安全管理的基本原则和方法有助于有效管理和保护网络安全。
此外，了解相关的网络安全法律法规也是保护个人和组织信息的重要手段。
【第六章：网络身份识别与访问控制】网络身份识别与访问控制是指对网络用户身份进行识别和管理，在保证合法用户访问的前提下，防止非法用户入侵和访问敏感信息。
了解网络身份识别技术和访问控制方法对于保护网络安全至关重要。
【第七章：网络安全意识与教育】网络安全意识与教育是促使个人和组织养成良好的网络安全习惯和行为的一系列活动。
提高网络安全意识和教育能够增强人们对网络安全的重视，减少安全事件的发生。
【第八章：网络安全事件响应与处置】网络安全事件响应与处置是指在发生网络安全事件后，采取相应的措施进行应对和处置。
了解网络安全事件的分类和处理流程，及时有效地响应和处置事件是限制损失的关键。
【第九章：未来发展趋势与挑战】网络安全领域的发展日新月异，未来的网络安全将面临更多的挑战。
网络安全攻防入门指南
网络安全攻防入门指南第一章：介绍网络安全攻防的基本概念网络安全攻防是指在互联网和计算机系统中，通过各种措施来保护计算机和网络免受恶意攻击和未经授权的访问。
本章将介绍网络安全攻防的基本概念，包括攻击类型、防御策略和常见安全威胁。
第二章：密码学与加密技术密码学是网络安全中的一项重要技术，它用于保护数据的机密性和完整性。
本章将详细介绍密码学中的基本概念，如对称加密和非对称加密，以及常用的加密算法和协议，如DES、AES、RSA等。
同时还会探讨密码学在网络安全中的应用。
第三章：防火墙与网络访问控制防火墙是网络安全的第一道防线，它通过监控和过滤网络流量来保护计算机和网络免受恶意攻击。
本章将介绍防火墙的工作原理、类型和配置方式，并讨论如何使用防火墙来设置网络访问控制策略，以保证网络的安全性。
第四章：入侵检测与防御入侵检测与防御是指通过监视和分析网络流量，及时发现和应对未经授权的访问和恶意攻击。
本章将介绍入侵检测与防御的基本概念和原理，包括基于特征的入侵检测系统和基于行为的入侵检测系统。
同时还会讨论如何配置和管理入侵防御系统，提升网络的安全性。
第五章：安全漏洞与漏洞管理安全漏洞是指计算机和网络系统中存在的未被发现或未被修补的弱点，它们可能被黑客利用来进行恶意攻击。
本章将介绍常见的安全漏洞类型，如缓冲区溢出、跨站脚本攻击等，并提供漏洞管理的方法和工具，帮助管理员及时发现和修复安全漏洞。
第六章：社会工程学与用户教育社会工程学是一种通过欺骗、影响和操纵人的行为来窃取信息或获取未经授权访问的技术。
本章将介绍社会工程学的基本原理和常见技巧，并强调用户教育在网络安全中的重要性。
同时还会提供一些有效的用户教育方法和策略，帮助用户提高网络安全意识。
第七章：应急响应与事件管理网络安全事故是指由网络攻击或安全漏洞导致的计算机系统和网络的中断或损坏。
本章将介绍建立有效的应急响应和事件管理计划的重要性，并提供相关的方法和工具，帮助组织及时应对网络安全事故，减少损失和恢复业务。
《网络安全》教学大纲(计算机科学)
《网络安全》课程教学大纲课程编码： 4300131 课程总学时： 48 ，理论学时：24 ，实践（实验）学时：24 课程学分：2开课学期： 7 适用专业：计算机技科学与技术一、教学目标使学生掌握网络安全的基本知识，并为学生进一步从事网络安全工作，做好知识准备；使学生掌握网络安全及其防范技术的基本方法，并能自觉运用安全管理的技术与规范；使学生了解网络安全的标准和法律法规，自觉维护网络系统的安全。
二、课程性质与任务本课程是计算机科学与技术专业学生的一门网络方向学科专业课。
主要讲述计算机系统的安全技术及其方法。
内容包括计算机系统的环境安全、软件安全、数据加密技术、网络安全与防火墙技术、计算机病毒的诊断与消除等。
三、预修课程学习本课程之前，应先学习计算机文化、计算机网络、操作系统和数据库原理等课程。
四、学时分配本课程总学时48学时，其中课堂讲授24学时，实验教学24学时。
课堂讲授内容与学五、讲授内容第一章网络安全概述教学目的和要求：了解网络安全研究的体系、研究网络安全的必要性、研究网络安全社会意义以及目前计算机网络安全的相关法规。
如何评价一个系统或者应用软件的安全等级。
教学难点和重点：重点是网络安全相关的基本概念，网络安全研究的体系结构以及配置实验环境。
难点是网络安全防护体系。
教学内容：第一节网络安全基础知识1 网络安全的定义2 网络安全的特征3网络安全的重要性第二节网络安全的主要威胁因素1 协议安全问题2 操作系统与应用程序漏洞3 安全管理问题4 黑客攻击5 网络犯罪第三节常用的防范措施1 完善安全管理制度2 采用访问控制3 数据加密措施4 数据备份与恢复第四节网络安全策略1 我国评价标准2 国际评价标准第五节环境配置1 安装VMware虚拟机2 配置VMware虚拟机3 Sniffer工具的介绍和使用第二章远程攻击的一般步骤教学目的和要求：要求掌握网络攻击的过程及其分类。
理解本地入侵和远程入侵的区别。
计算机网络自顶向下 第七版 第七章答案
Computer Networking: A Top-Down Approach,7th Edition计算机网络自顶向下第七版Solutions to Review Questions and ProblemsChapter 7 Review Questions1.In infrastructure mode of operation, each wireless host is connected to the largernetwork via a base station (access point). If not operating in infrastructure mode, a network operates in ad-hoc mode. In ad-hoc mode, wireless hosts have noinfrastructure with which to connect. In the absence of such infrastructure, the hosts themselves must provide for services such as routing, address assignment, DNS-like name translation, and more.2.a) Single hop, infrastructure-basedb) Single hop, infrastructure-lessc) Multi-hop, infrastructure-basedd) Multi-hop, infrastructure-less3.Path loss is due to the attenuation of the electromagnetic signal when it travelsthrough matter. Multipath propagation results in blurring of the received signal at the receiver and occurs when portions of the electromagnetic wave reflect off objects and ground, taking paths of different lengths between a sender and receiver. Interference from other sources occurs when the other source is also transmitting in the samefrequency range as the wireless network.4.a) Increasing the transmission powerb) Reducing the transmission rate5.APs transmit beacon frames. An AP’s beacon frames will be transmitted over one ofthe 11 channels. The beacon frames permit nearby wireless stations to discover and identify the AP.6.False7.APs transmit beacon frames. An AP’s beacon frames will be transmitted over one ofthe 11 channels. The beacon frames permit nearby wireless stations to discover and identify the AP.8.False9.Each wireless station can set an RTS threshold such that the RTS/CTS sequence isused only when the data frame to be transmitted is longer than the threshold. This ensures that RTS/CTS mechanism is used only for large frames.10.No, there wouldn’t be any advantage. Suppose there are two stations that want totransmit at the same time, and they both use RTS/CTS. If the RTS frame is as long asa DATA frames, the channel would be wasted for as long as it would have beenwasted for two colliding DATA frames. Thus, the RTS/CTS exchange is only useful when the RTS/CTS frames are significantly smaller than the DATA frames.11.Initially the switch has an entry in its forwarding table which associates the wirelessstation with the earlier AP. When the wireless station associates with the new AP, the new AP creates a frame with the wireless station’s MAC address and broadcasts the frame. The frame is received by the switch. This forces the switch to update itsforwarding table, so that frames destined to the wireless station are sent via the new AP.12.Any ordinary Bluetooth node can be a master node whereas access points in 802.11networks are special devices (normal wireless devices like laptops cannot be used as access points).13.False14.“Opportunistic Scheduling” refers to matching the physical layer protocol to channelconditions between the sender and the receiver, and choosing the receivers to which packets will be sent based on channel condition. This allows the base station to make best use of the wireless medium.15.UMTS to GSM and CDMA-2000 to IS-95.16.The data plane role of eNodeB is to forward datagram between UE (over the LTEradio access network) and the P-GW. Its control plane role is to handle registration and mobility signaling traffic on behalf of the UE.The mobility management entity (MME) performs connection and mobility management on behalf of the UEs resident in the cell it controls. It receives UE subscription information from the HHS.The Packet Data Network Gateway (P-GW) allocates IP addresses to the UEs and performs QoS enforcement. As a tunnel endpoint it also performs datagram encapsulation/decapsulation when forwarding a datagram to/from a UE.The Serving Gateway (S-GW) is the data-plane mobility anchor point as all UE traffic will pass through the S-GW. The S-GW also performs charging/billing functions and lawful traffic interception.17.In 3G architecture, there are separate network components and paths for voice anddata, i.e., voice goes through public telephone network, whereas data goes through public Internet. 4G architecture is a unified, all-IP network architecture, i.e., both voice and data are carried in IP datagrams to/from the wireless device to severalgateways and then to the rest of the Internet.The 4G network architecture clearly separates data and control plane, which is different from the 3G architecture.The 4G architecture has an enhanced radio access network (E-UTRAN) that is different from 3G’s radio access network UTRAN.18.No. A node can remain connected to the same access point throughout its connectionto the Internet (hence, not be mobile). A mobile node is the one that changes its point of attachment into the network over time. Since the user is always accessing theInternet through the same access point, she is not mobile.19.A permanent address for a mobile node is its IP address when it is at its homenetwork. A care-of-address is the one its gets when it is visiting a foreign network.The COA is assigned by the foreign agent (which can be the edge router in theforeign network or the mobile node itself).20.False21.The home network in GSM maintains a database called the home location register(HLR), which contains the permanent cell phone number and subscriber profileinformation about each of its subscribers. The HLR also contains information about the current locations of these subscribers. The visited network maintains a database known as the visitor location register (VLR) that contains an entry for each mobile user that is currently in the portion of the network served by the VLR. VLR entries thus come and go as mobile users enter and leave the network.The edge router in home network in mobile IP is similar to the HLR in GSM and the edge router in foreign network is similar to the VLR in GSM.22.Anchor MSC is the MSC visited by the mobile when a call first begins; anchor MSCthus remains unchanged during the call. Throughout the call’s duration and regardless of the number of inter-MSC transfers performed by the mobile, the call is routed from the home MSC to the anchor MSC, and then from the anchor MSC to the visitedMSC where the mobile is currently located.23.a) Local recoveryb) TCP sender awareness of wireless linksc) Split-connection approachesChapter 7 ProblemsProblem 1Output corresponding to bit d 1 = [-1,1,-1,1,-1,1,-1,1]Output corresponding to bit d 0 = [1,-1,1,-1,1,-1,1,-1]Problem 2Sender 2 output = [1,-1,1,1,1,-1,1,1]; [ 1,-1,1,1,1,-1,1,1]Problem 3181111)1()1(111111)1()1(1112=⨯+⨯+-⨯-+⨯+⨯+⨯+-⨯-+⨯=d 181111)1()1(111111)1()1(1122=⨯+⨯+-⨯-+⨯+⨯+⨯+-⨯-+⨯=dProblem 4Sender 1: (1, 1, 1, -1, 1, -1, -1, -1)Sender 2: (1, -1, 1, 1, 1, 1, 1, 1)Problem 5a) The two APs will typically have different SSIDs and MAC addresses. A wirelessstation arriving to the café will associate with one of the SSIDs (that is, one of the APs). After association, there is a virtual link between the new station and the AP. Label the APs AP1 and AP2. Suppose the new station associates with AP1. When the new station sends a frame, it will be addressed to AP1. Although AP2 will alsoreceive the frame, it will not process the frame because the frame is not addressed to it. Thus, the two ISPs can work in parallel over the same channel. However, the two ISPs will be sharing the same wireless bandwidth. If wireless stations in different ISPs transmit at the same time, there will be a collision. For 802.11b, the maximum aggregate transmission rate for the two ISPs is 11 Mbps.b) Now if two wireless stations in different ISPs (and hence different channels) transmitat the same time, there will not be a collision. Thus, the maximum aggregatetransmission rate for the two ISPs is 22 Mbps for 802.11b.Problem 6Suppose that wireless station H1 has 1000 long frames to transmit. (H1 may be an AP that is forwarding an MP3 to some other wireless station.) Suppose initially H1 is the onlystation that wants to transmit, but that while half-way through transmitting its first frame, H2 wants to transmit a frame. For simplicity, also suppose every station can hear every other station’s signal (that is, no hidden terminals). Before transmitting, H2 will sense that the channel is busy, and therefore choose a random backoff value.Now suppose that after sending its first frame, H1 returns to step 1; that is, it waits a short period of times (DIFS) and then starts to transmit the second frame. H1’s second frame will then be transmitted while H2 is stuck in backoff, waiting for an idle channel. Thus, H1 should get to transmit all of its 1000 frames before H2 has a chance to access the channel. On the other hand, if H1 goes to step 2 after transmitting a frame, then it too chooses a random backoff value, thereby giving a fair chance to H2. Thus, fairness was the rationale behind this design choice.Problem 7A frame without data is 32 bytes long. Assuming a transmission rate of 11 Mbps, the time to transmit a control frame (such as an RTS frame, a CTS frame, or an ACK frame) is (256 bits)/(11 Mbps) = 23 usec. The time required to transmit the data frame is (8256 bits)/(11 Mbps) = 751DIFS + RTS + SIFS + CTS + SIFS + FRAME + SIFS + ACK= DIFS + 3SIFS + (3*23 + 751) usec = DIFS + 3SIFS + 820 usecProblem 8a) 1 message/ 2 slotsb) 2 messages/slotc) 1 message/slota)i) 1 message/slotii) 2 messages/slotiii) 2 messages/slotb)i) 1 message/4 slotsii) slot 1: Message A→ B, message D→ Cslot 2: Ack B→ Aslot 3: Ack C→ D= 2 messages/ 3 slotsiii)slot 1: Message C→ Dslot 2: Ack D→C, message A→ BRepeatslot 3: Ack B→ A= 2 messages/3 slotsProblem 10a)10 Mbps if it only transmits to node A. This solution is not fair since only A is gettingserved. By “fair” it m eans that each of the four nodes should be allotted equal number of slots.b)For the fairness requirement such that each node receives an equal amount of dataduring each downstream sub-frame, let n1, n2, n3, and n4 respectively represent the number of slots that A, B, C and D get.Now,data transmitted to A in 1 slot = 10t Mbits(assuming the duration of each slot to be t)Hence,Total amount of data transmitted to A (in n1 slots) = 10t n1Similarly total amounts of data transmitted to B, C, and D equal to 5t n2, 2.5t n3, and t n4 respectively.Now, to fulfill the given fairness requirement, we have the following condition:10t n1 = 5t n2 = 2.5t n3 = t n4Hence,n2 = 2 n1n3 = 4 n1n4 = 10 n1Now, the total number of slots is N. Hence,n1+ n2+ n3+ n4 = Ni.e. n1+ 2 n1 + 4 n1 + 10 n1 = Ni.e. n1 = N/17Hence,n2 = 2N/17n3 = 4N/17n4 = 10N/17The average transmission rate is given by:(10t n1+5t n2+ 2.5t n3+t n4)/tN= (10N/17 + 5 * 2N/17 + 2.5 * 4N/17 + 1 * 10N/17)/N= 40/17 = 2.35 Mbpsc)Let node A receives twice as much data as nodes B, C, and D during the sub-frame.Hence,10tn1 = 2 * 5tn2 = 2 * 2.5tn3 = 2 * tn4i.e. n2 = n1n3 = 2n1n4 = 5n1Again,n1 + n2 + n3 + n4 = Ni.e. n 1+ n1 + 2n1 + 5n1 = Ni.e. n1 = N/9Now, average transmission rate is given by:(10t n1+5t n2+ 2.5t n3+t n4)/tN= 25/9 = 2.78 MbpsSimilarly, considering nodes B, C, or D receive twice as much data as any other nodes, different values for the average transmission rate can be calculated.Problem 11a)No. All the routers might not be able to route the datagram immediately. This isbecause the Distance Vector algorithm (as well as the inter-AS routing protocols like BGP) is decentralized and takes some time to terminate. So, during the time when the algorithm is still running as a result of advertisements from the new foreign network, some of the routers may not be able to route datagrams destined to the mobile node.b)Yes. This might happen when one of the nodes has just left a foreign network andjoined a new foreign network. In this situation, the routing entries from the oldforeign network might not have been completely withdrawn when the entries from the new network are being propagated.c)The time it takes for a router to learn a path to the mobile node depends on thenumber of hops between the router and the edge router of the foreign network for the node.Problem 12If the correspondent is mobile, then any datagrams destined to the correspondent would have to pass through the correspondent’s home agent. The foreign agent in the network being visited would also need to be involved, since it is this foreign agent thatnotifies the correspondent’s home agent of the location of the correspondent. Datagrams received by the correspondent’s home agent would need to be encapsulated/tunneled between the correspondent’s home agent and for eign agent, (as in the case of the encapsulated diagram at the top of Figure 6.23.Problem 13Because datagrams must be first forward to the home agent, and from there to the mobile, the delays will generally be longer than via direct routing. Note that it is possible, however, that the direct delay from the correspondent to the mobile (i.e., if the datagram is not routed through the home agent) could actually be smaller than the sum of the delay from thecorrespondent to the home agent and from there to the mobile. It would depend on the delays on these various path segments. Note that indirect routing also adds a home agent processing (e.g., encapsulation) delay.Problem 14First, we note that chaining was discussed at the end of section 6.5. In the case of chaining using indirect routing through a home agent, the following events would happen: •The mobile node arrives at A, A notifies the home agent that the mobile is now visiting A and that datagrams to the mobile should now be forwarded to thespecified care-of-address (COA) in A.•The mobile node moves to B. The foreign agent at B must notify the foreign agent at A that the mobile is no longer resident in A but in fact is resident in Band has the specified COA in B. From then on, the foreign agent in A willforward datagrams it receives that are addressed to the mobile’s COA in A to t he mobile’s COA in B.•The mobile node moves to C. The foreign agent at C must notify the foreign agent at B that the mobile is no longer resident in B but in fact is resident in C and has the specified COA in C. From then on, the foreign agent in B will forwarddatagrams it receives (from the foreign agent in A) that are addressed to themobile’s COA in B to the mobile’s COA in C.Note that when the mobile goes offline (i.e., has no address) or returns to its home network, the datagram-forwarding state maintained by the foreign agents in A, B and C must be removed. This teardown must also be done through signaling messages. Note that the home agent is not aware of the mobile’s mobility beyond A, and that the correspondent is not at all aware of the mobil e’s mobility.In the case that chaining is not used, the following events would happen: •The mobile node arrives at A, A notifies the home agent that the mobile is now visiting A and that datagrams to the mobile should now be forwarded to thespecified care-of-address (COA) in A.•The mobile node moves to B. The foreign agent at B must notify the foreign agent at A and the home agent that the mobile is no longer resident in A but infact is resident in B and has the specified COA in B. The foreign agent in A can remove its state about the mobile, since it is no longer in A. From then on, thehome agent will forward datagrams it receives that are addressed to the mobile’sCOA in B.•The mobile node moves to C. The foreign agent at C must notify the foreign agent at B and the home agent that the mobile is no longer resident in B but in fact is resident in C and has the specified COA in C. The foreign agent in B canremove its state about the mobile, since it is no longer in B. From then on, thehome agent will forward datagrams it receives that are addressed to the mobile’sCOA in C.When the mobile goes offline or returns to its home network, the datagram-forwarding state maintained by the foreign agent in C must be removed. This teardown must also bedone through signaling messages. Note that the home agent is always aware of the mobile’s cu rrent foreign network. However, the correspondent is still blissfully unaware of the mobile’s mobility.Problem 15Two mobiles could certainly have the same care-of-address in the same visited network. Indeed, if the care-of-address is the address of the foreign agent, then this address would be the same. Once the foreign agent decapsulates the tunneled datagram and determines the address of the mobile, then separate addresses would need to be used to send the datagrams separately to their different destinations (mobiles) within the visited network.Problem 16If the MSRN is provided to the HLR, then the value of the MSRN must be updated in the HLR whenever the MSRN changes (e.g., when there is a handoff that requires the MSRN to change). The advantage of having the MSRN in the HLR is that the value can be provided quickly, without querying the VLR. By providing the address of the VLR Rather than the MSRN), there is no need to be refreshing the MSRN in the HLR.。
计算机网络谢希仁第七版课后答案完整版
计算机网络谢希仁第七版课后答案完整版在学习计算机网络这门课程时，谢希仁教授所著的第七版教材是众多学子的重要参考资料。
而课后答案则对于我们理解和掌握知识点起着关键的作用。
以下将为您呈现一份完整的计算机网络谢希仁第七版课后答案。
第一章主要介绍了计算机网络的基本概念、组成和分类等。
课后习题中，对于网络的定义和功能的理解，答案强调网络是将地理位置不同的具有独立功能的多台计算机及其外部设备，通过通信线路连接起来，在网络操作系统、网络管理软件及网络通信协议的管理和协调下，实现资源共享和信息传递的计算机系统。
其功能包括数据通信、资源共享、分布式处理、提高可靠性和负载均衡等。
第二章探讨了物理层的相关知识。
对于信号的传输方式，答案解释了基带传输、宽带传输以及频带传输的特点和适用场景。
在涉及到信道复用技术的问题时，答案详细阐述了频分复用、时分复用、波分复用和码分复用的工作原理和优缺点。
第三章聚焦于数据链路层。
关于数据链路层的三个基本问题，即封装成帧、透明传输和差错检测，答案给出了清晰的解释和示例。
在滑动窗口协议方面，详细分析了停止等待协议、后退 N 帧协议和选择重传协议的工作流程和性能特点。
第四章讲述了网络层。
对于网络层提供的两种服务，即虚电路服务和数据报服务，答案对比了它们的差异和适用情况。
在路由算法的问题上，分别介绍了距离向量路由算法和链路状态路由算法的原理和计算过程。
关于 IP 地址的分类和子网掩码的使用，答案通过实例进行了详细的说明。
第五章涉及运输层。
在运输层的端口号相关问题上，答案解释了端口号的作用和分类，并说明了如何通过端口号来识别不同的应用进程。
对于 TCP 和 UDP 协议的特点和应用场景，答案进行了深入的比较和分析。
在 TCP 的拥塞控制算法方面，详细阐述了慢开始、拥塞避免、快重传和快恢复等算法的工作机制。
第六章阐述了应用层。
对于 DNS 系统的工作原理，答案说明了域名解析的过程以及各级域名服务器的作用。
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第7章 黑客攻击与防范 知 识 点：
● 黑客攻击的目的、黑客攻击的三个阶段 ● 黑客攻击的常用工具、黑客攻击的防备 ● 网络监听及其检测 ● 扫描器及其使用 ● 来自E-mail的攻击、E-mail的安全策略 ● 特洛伊木马程序及其检测、删除
难 点：
● 黑客攻击的防备 ● 网络监听及其检测 ● 特洛伊木马程序及其检测、删除
◆ 要 求
熟练掌握以下内容： ● 什么是黑客？黑客攻击的目的、常用工具及攻击的防备 ● 网络监听及其检测方法 ● 来自E-mail的攻击、E-mail的安全策略 ● 特洛伊木马程序及其检测、删除 ● 熟悉常用入侵检测系统 了解以下内容： ● E-mail的安全漏洞 ● 特洛伊木马的存在形式
随着互联网的发展，黑客攻击已经从以系统为主的攻击转变到以网络为主的攻击。黑客的攻击段多达500多种。例如，通过网络监听获取网上用户的账号和密码；使用扫描器获得系统或软件漏洞，以便进行攻击；利用FTP，采用匿名用户访问进行攻击；通过电子邮件、特洛伊木马等进行攻击；突破防火墙等。被称为网络盗贼的黑客已成为公认的网络大敌。 第七章黑客攻击与防范 ·153· 7.1 黑客攻击介绍 7.1.1黑客与入侵者 从严格意义上讲，黑客和入侵者是有区别的。 黑客的行为没有恶意。“黑客”是英文“hacker”的译音，hacker(计算机窃贼)曾被人们用来描述计算机狂的代名词，hacker以计算机为生，是热衷于电脑程序的设计者，是对于任何计算机操作系统的奥秘都有强烈兴趣的人。黑客具有如下特点：他们大都是程序员，具有操作系统和编程语言方面的高级知识，知道系统中的漏洞及其原因所在；他们不断追求更深的知识，并公开他们的发现，与其他人分享；他们从来没有、也永远不会存心破坏数据。他们遵从的信念是：计算机是大众的工具、信息属于每个人、源代码应当共享、编码是艺术、计算机是有生命的。 入侵者的行为具有恶意。入侵者是指那些强行闯入远端系统或者以某种恶意的目的干扰远端系统完整性的人。他们利用获得的非法访问权，破坏重要数据，拒绝合法用户服务请求，或为了达到自己的目的而制造一些麻烦。入侵者可能技术水平很高，也可能是个初学者。 然而，在网络世界里，要想区分开谁是真正意义上的黑客，谁是真正意义上的入侵者并不容易，因为有些人可能既是黑客，也是入侵者。而且在大多数人的眼里，黑客就是入侵者。所以，在以后的讨论中不再区分黑客、入侵者，将他们视为同一类。
7.1.2 黑客攻击的目的 黑客进行攻击总有一定的目的。为了能更好地对付可能的攻击，下面分析黑客攻击所要达到的目的。 1．窃取信息 黑客进行攻击，最直接、最明显的目的就是窃取信息。黑客可不只是为了逛庙，他们选定的攻击目标往往有许多重要的信息与数据，他们窃取了这些信息与数据之后，进行各种犯罪活动。政府、军事、邮电和金融网络是他们攻击的主要目标。随着计算机网络在政府、军事、金融、医疗卫生、交通、电力等各个领域发挥的作用越来越大，黑客的各种破坏活动也随之越来越猖獗。 当然，窃取信息并不一定要把信息带走，比如对信息进行涂改和暴露。 涂改信息包括对重要文件进行修改、更换和删除，经过这样的涂改，原来信息的性质就发生了变化，以至于不真实或者错误的信息给用户带来难以估量的损失，达到计算机网络安全 ·154· 黑客进行破坏的目的。 暴露信息是指黑客将窃取的重要信息发往公开的站点，由于公开站点常常会有许多人访问，其他的用户完全有可能得到这些信息，从而达到黑客扩散信息的目的，通常这些信息是隐私或机密。 2．获取口令 实际上，获取口令也属于窃取信息的一种。黑客攻击的目标是系统中的重要数据，因此黑客通过登上目标主机，或者使用网络监听程序进行攻击。监听到的信息可能含有非常重要的信息，比如是用户口令文件。口令是一个非常重要的数据，当黑客得到口令，便可以顺利地登到其他主机，或者去访问一些原本拒绝访问的资源。 3．控制中间站点 也有一些黑客在登上目标主机后，不是为了窃取信息，只是运行一些程序，这些程序可能是无害的，仅仅是消耗了一些系统的处理器时间。在一些情况下，黑客为了攻击一台主机，往往需要一个中间站点，以免暴露自己的真实所在。这样即使被发现了，也只能找到中间站点的地址，与己无关。还有另外一些情况，比如，有一个站点能够访问另一个严格受控的站点或者网络，这时，黑客往往把这个站点当作中间站点，先攻击该站点。 4．获得超级用户权限 黑客在攻击某一个系统时，都企图得到超级用户权限，这样他就可以完全隐藏自己的行踪；可在系统中埋伏下一个方便的后门；可以修改资源配置，为所欲为。 当然，黑客的攻击目的也不止这些。由于黑客的成长经历和生活工作环境的不同，其攻击目的会多种多样，大致可归为以上几类。 对黑客的攻击目的有了一个大致的了解后，用户可以在实际应用中有针对性的加以防范。下面讨论黑客进行攻击要经过哪些环节。 第七章黑客攻击与防范 ·155· 7.1.3 黑客攻击的3个阶段
１．确定目标 黑客进行攻击，首先要确定攻击的目标。比如，某个具有特殊意义的站点；某个可恶的ISP；具有敌对观点的宣传站点；解雇了黑客的单位的主页，等等。黑客也可能找到DNS（域名系统）表，通过DNS可以知道机器名、Internet地址、机器类型，甚至还可知道机器的属主和单位。攻击目标还可能是偶然看到的一个调制解调器的号码，或贴在机器旁边的使用者的名字。
2．搜集与攻击目标相关的信息，并找出系统的安全漏洞 信息收集的目的是为了进入所要攻击的目标网络的数据库。黑客会利用下列的公开协议或工具，收集驻留在网络系统中的各个主机系统的相关信息。 SNMP协议：用来查阅网络系统路由器的路由表，从而了解目标主机所在网络的拓扑结构及其内部细节。 TraceRoute程序：能够用该程序获得到达目标主机所要经过的网络数和路由器数。 Whois协议：该协议的服务信息能提供所有有关的DNS域和相关的管理参数。 DNS服务器：该服务器提供了系统中可以访问的主机的IP地址表和它们所对应的主机名。 Finger协议：用来获取一个指定主机上的所有用户的详细信息（如用户注册名、电话号码、最后注册时间以及他们有没有读邮件等等）。 Ping实用程序：可以用来确定一个指定的主机的位置。 自动Wardialing软件：可以向目标站点一次连续拨出大批电话号码，直到遇到某一正确的号码使其MODEM响应。 在收集到攻击目标的一批网络信息之后，黑客会探测网络上的每台主机，以寻求该系统的安全漏洞或安全弱点，黑客可能使用下列方式自动扫描驻留在网络上的主机。 自编程序：对于某些产品或者系统，已经发现了一些安全漏洞，该产品或系统的厂商或组织会提供一些“补丁”程序给予弥补。但是用户并不一定及时使用这些“补丁”程序。黑客发现这些“补丁”程序的接口后会自己编写程序，通过该接口进入目标系统。这时该目标系统对于黑客来讲就变得一览无余了。 利用公开的工具：像Internet的电子安全扫描程序ISS（Internet Security Scanner）、审计网络用的安全分析工具 SATAN（Security Analysis Tool for Auditing Network）等。这样的工具可以对整个网络或子网进行扫描，寻找安全漏洞。这些工具有两面性，就看是什么人在使用它们。系统管理员可以使用它们，以帮助发现其管理的网络系统内部隐藏的安全漏洞，从而确定系统中哪些主机需要用“补丁”程序去堵塞漏洞。而黑客也可以利用这些工具，收集目标系统的信息，获取攻击目标系统的非法访问权。 ３．实施攻击 黑客使用上述方法，收集或探测到一些“有用”信息之后，就可能会对目标系统计算机网络安全 ·156· 实施攻击。黑客一旦获得了对攻击的目标系统的访问权后，又可能有下述多种选择： 该黑客可能试图毁掉攻击入侵的痕迹，并在受到损害的系统上建立另外的新的安全漏洞或后门，以便在先前的攻击点被发现之后，继续访问这个系统。 该黑客可能在目标系统中安装探测器软件，包括特洛伊木马程序，用来窥探所在系统的活动，收集黑客感兴趣的一切信息，如Telnet和FTP的账号名和口令等等。 黑客可能进一步发现受损系统在网络中的信任等级，这样黑客就可以通过该系统信任级展开对整个系统的攻击。 如果该黑客在这台受损系统上获得了特许访问权，那么它就可以读取邮件，搜索和盗窃私人文件，毁坏重要数据，从而破坏整个系统的信息，造成不堪设想的后果。 攻击一个系统得手后，黑客往往不会就此罢手，他会在系统中寻找相关主机的可用信息，继续攻击其他系统。 那么，黑客攻击会使用哪些工具呢？
7.1.4黑客攻击手段 实际上，黑客只需要一台计算机、一条电话线、一个调制解调器就可以远距离作案。除此以外，黑客还常常使用其他作案工具。例如： 1．黑客往往使用扫描器 一般情况下，大部分的网络入侵是从扫描开始的。黑客可以利用扫描工具找出目标主机上各种各样的漏洞来。但是，扫描器并不是一个直接的攻击网络漏洞的程序，它仅能帮助发现目标主机存在的某些弱点，而这些弱点可能是攻击目标的关键之所在。 2．黑客经常利用一些别人使用过的并在安全领域广为人知的技术和工具。 常言道：大洞不补，小洞吃苦。尽管有许多工具找到的系统漏洞已公布于众，但是，许多系统中这些漏洞仍然存在，并没有得到系统管理员的高度重视，这就给了黑客一个可乘之机。比如，在一个UNIX系统中，黑客利用已知的漏洞进行攻击，之后，又会在系统中设置大大小小的漏洞，为自己以后的再度光临大开方便之门。当然，系统管理员要想清理这些漏洞是很困难的，只能是重装系统了。 3．黑客利用Internet站点上的有关文章 在Internet成千上万的站点上有许多描述系统安全漏洞的文章，还有一些入侵者所作的文章极详尽地描述了这些技术，在这些文章里详细地讲述了如何完成某类攻击，甚至有相应的程序可用。 4．黑客利用监听程序 黑客将监听程序安装在UNIX服务器中，对登录进行监听，例如监听23、21等端口。一有用户登录，它就将监听到的用户名和口令保存起来，于是黑客就得到了帐号和口令。在网上有大量的监听程序可用。