2019年11月浙江省学考选考浙江省湖丽衢三地高三联考教学质量检测试卷数学试题高清版湖丽衢联考

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衢州、湖州、丽水2020年11月三地市高三教学质量检测数学试卷及答案

衢州、湖州、丽水2020年11月三地市高三教学质量检测数学试卷及答案
的余弦值是▲.
16.一个口袋中有3个红球,3个白球,2个黑球,现从中任取3个球,
记取出的球的颜色有 种,则 ▲.
17.若实数 满足 ,则 的最小值是▲.
三、解答题:本大题共5小题,共74分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
18.(本小题满分14分)
在锐角 中,角 所对的边分别是 , .
(Ⅰ)求角 的大小;
A. B. C. D.
9.已知数列 的前 项和是 ,前 项的积是 .
①若 是等差数列,则 是等差数列;
②若 是等比数列,则 是等比数列;
③若 是等差数列,则 是等差数列;
④若 是等比数列,则 是等比数列.
其中正确命题的个数有
A.1个B.2个C.3个D.4个
10.已知空间向量 两两的夹角均为 ,且 , .若向量 满足 , ,则 的最大值是
A. B. C. D.
第Ⅱ卷(非选择题部分,共110分)
注意事项:
用钢笔或签字笔将试题卷上的题目做在答题卷上,做在试题卷上的无效.
二.填空题(本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分)
11.古希腊著名数学家毕达格拉斯发现:数量为 的石子,可以排成三角形(如图),我们把这样的数称为“三角形数”,依此规律,第 个“三角形数”是 ,则第5个“三角形数”是▲,前6个“三角形数”的和是▲.
当 时,存在 ,使得 ,
∴ 在区间 上单调递增,在区间 上单调递减,在区间 上单调递增,从而要使 有三个零点,必有 ,
∴ ,即 ,∴ ,
又∵ ,令 ,则
∵当 时, ,∴ 在区间 单调递增,
∴ ,即 .-------------------------------------------11分

2019届浙江省金丽衢十二校高三第二次联考数学试题(解析版)

2019届浙江省金丽衢十二校高三第二次联考数学试题(解析版)

2019届浙江省金丽衢十二校高三第二次联考数学试题一、单选题1.集合,,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】解:A={x|x<0,或x>2},B={x|﹣3<x<3};∴A∩B={x|﹣3<x<0,或2<x<3},A∪B=R;∵A∩B≠A,且A∩B≠B,∴B⊈A,A⊈B;即B正确.故选:B.2.点和是双曲线的两个焦点,则()A.B.2 C.D.4【答案】D【解析】根据双曲线方程可求焦距,即可得.【详解】由可知所以,则,所以.【点睛】本题主要考查了双曲线的方程,双曲线的简单几何性质,属于中档题.3.复数,,则()A.5 B.6 C.7 D.【答案】D【解析】根据复数模的性质知,即可求解.【详解】因为,,所以故选D.【点睛】本题主要考查了复数模的性质,属于中档题.4.某几何体的三视图如图所示(图中单位:),则该几何体的表面积为()A.B.C.D.【答案】B【解析】试题分析:由三视图可知,该几何体的直观图为一个竖立的圆锥和一个倒立的圆锥组成,其表面积为,选B.【考点】1.三视图;2.表面积.5.已知直线平面,直线平面,则“”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A【解析】试题分析:根据已知题意,由于直线平面,直线∥平面,如果两个平面平行,则必然能满足,但是反之,如果,则对于平面可能是相交的,故条件能推出结论,但是结论不能推出条件,故选A【考点】本试题主要是考查了立体几何中点线面的位置关系运用。

点评:解决该试题的关键是利用面面平行的性质定理和线面平行、垂直的性质定理来熟练的判定其位置关系,同时结合了充分条件的概念,来判定命题的条件和结论之间的关系运用,属于基础题。

6.甲和乙两人独立的从五门选修课课程中任选三门进行学习,记两人所选课程相同的门数为,则为()A.1.2 B.1.5 C.1.8 D.2【答案】C【解析】由已知得=1,2,3,分别求出相应的概率,由此能求出.【详解】由已知得=1,2,3,, , ,所以,故选C【点睛】本题主要考查了离散型随机变量,离散型随机变量的期望,属于中档题. 7.函数的图像大致为()A.B.C.D.【答案】A【解析】根据函数解析式结合所给图象,采用排除法即可选出.【详解】函数定义域为,当时,,,故排除选项B,D,当时,,,故排除C,所以选A.【点睛】本题主要考查了指数函数的性质与图像,无限趋近的思想,属于中档题.8.已知,,和为空间中的4个单位向量,且,则不可能等于()A.3 B.C.4 D.【答案】A【解析】根据n个向量的和的模不大于n个向量的模的和可推出结论.【详解】因为而,所以因为,,,是单位向量,且,所以不共线,所以,故选A.【点睛】本题主要考查了向量与不等式的关系,涉及向量的共线问题,属于难题.9.正三棱锥的底面边长为,高为,它在六条棱处的六个二面角(侧面与侧面或者侧面与底面)之和记为,则在从小到大的变化过程中,的变化情况是()A.一直增大B.一直减小C.先增大后减小D.先减小后增大【答案】D【解析】利用无限逼近的思想,当,有,当,有,当刚好使得正三棱锥变为正四面体时,二面角之和记为,利用的值,可分析出,即可选出答案.【详解】当(比0多一点点),有;当,有;当刚好使得正三棱锥变为正四面体时,二面角之和记为,则,于是,所以,即,所以与的变化情况相符合的只有选项.【点睛】本题主要考查了无限逼近的极限思想,二面角,余弦二倍角公式,属于中档题.10.数列满足:,,则的值所在区间为()A.B.C.D.【答案】A【解析】由递推关系可得,根据,知,利用放缩法可知,从而可得,即可求解.【详解】因为,所以可得:所以.本题主要考查了数列的递推关系,不等式的性质,属于中档题.二、填空题11.《九章算术》第七章“盈不足”中第一题:“今有共买物,人出八,盈三钱;人出七,不足四,问人数物价各几何?”借用我们现在的说法可以表述为:有几个人合买一件物品,每人出8元,则付完钱后还多3元;若每人出7元,则还差4元才够付款.问他们的人数和物品价格?答:一共有_____人;所合买的物品价格为_______元.【答案】753【解析】根据物品价格不变,可设共有x人,列出方程求解即可【详解】设共有人,由题意知,解得,可知商品价格为53元.即共有7人,商品价格为53元.【点睛】本题主要考查了数学文化及一元一次方程的应用,属于中档题.12.展开式中的系数为___;所有项的系数和为____.【答案】-80-1【解析】令可得所有项的系数和,根据通项公式可写出含的系数.【详解】因为,令,,所以的系数为-80,设,令,则,所以所有项的系数和为-1.【点睛】本题主要考查了二项展开式的通项公式,二项式所有项的系数和,属于中档题. 13.若实数,满足约束条件则目标函数的最小值为___;最大值【答案】2【解析】作出可行域,由可得,作出直线,平移直线当截距最大时,z有最大值,平移直线当截距最小时,z有最小值.【详解】作出可行域如下:由可得,作出直线,平移直线过B(1,0)时,z有最小值,平移直线过A(1,)时,z有最大值.【点睛】本题主要考查了线性规划最优解,属于中档题.14.在中,角,和所对的边长为,和,面积为,且为钝角,则__;的取值范围是___.【答案】【解析】根据三角形面积公式及余弦定理可得,利用正弦定理可知,根据三角函数恒等变换及三角函数性质可求出其取值范围.【详解】因为,所以即,因为为钝角,所以,由正弦定理知因为为钝角,所以,即所以所以,即的取值范围是.【点睛】本题主要考查了正弦定理,余弦定理,三角形面积公式,三角恒等变换及正切函数的性质,属于难题.15.安排3名支教老师去6所学校任教,每校至多2人,则不同的分配方案共有种.(用数字作答)【答案】210【解析】略16.定义在上的偶函数满足:当时有,且当时,,若方程恰有三个实根,则的取值范围是____.【答案】【解析】方程恰有三个实根即与图象有三个交点,因为函数是偶函数,先分析当时函数的图象,利用数形结合可确定m的取值范围,再根据函数的对称性,得到时,m的取值范围即可.【详解】因为当时,,设,则,所以,又,所以,可作出函数在上的图象,又函数为偶函数,可得函数在的图象,同时作出直线,如图:方程恰有三个实根即与图象有三个交点,当时,由图象可知,当直线过,即时有4个交点,当直线过,即时有2个交点,当时有3个交点,同理可得当时,满足时,直线与有3个交点.故填.【点睛】,本题主要考查了函数与方程,函数的图象,数形结合的思想方法,属于难题.17.过点的直线与椭圆交于点和,且.点满足,若为坐标原点,则的最小值为_.【答案】【解析】设,,,根据.点满足可得,同理可得纵坐标的关系,根据A,B在椭圆上可得,利用点到直线的距离即可求出最小值.【详解】设,,则于是,同理,于是我们可以得到.即,所以Q点的轨迹是直线,即为原点到直线的距离,所以【点睛】本题主要考查了直线与圆锥曲线的位置关系,向量的坐标运算,轨迹问题,属于难题.三、解答题18.已知函数.(1)求的最小正周期;(2)求函数在区间上的取值范围.【答案】(Ⅰ);(Ⅱ);(Ⅲ).【解析】试题分析:(Ⅰ)本小题用降幂公式,二倍角公式和辅助角公式把函数变形为,用周期公式可求得其周期;(Ⅱ)因为,令,解出x 的范围即可;(Ⅲ)本小题由x 的范围得到的范围,根据正弦函数的图象可得的取值范围,从而可得函数在区间上的取值范围.试题解析:(1)所以.(2)由得所以函数的单调递增区间是.(3)由得,所以所以.【考点】降幂公式,二倍角公式,辅助角公式,周期公式,正弦函数的图象和性质,化归思想.19.在三棱拄111ABC A B C -中,AB ⊥侧面11BB C C ,已知1BC =,13BCC π∠=,12AB C C ==.(Ⅰ)求证:1C B ⊥平面ABC ;(Ⅱ)试在棱1C C (不包含端点1,C C )上确定一点E 的位置,使得1EA EB ⊥;AEBCC1B1A1(Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,求AE 和平面ABC 所成角正弦值的大小.【答案】(Ⅰ)详见解析;(Ⅱ)详见解析; 【解析】试题分析:(Ⅰ)欲证线面垂直,先考察线线垂直,易证1BC AB ⊥,可试证1BC BC ⊥,由题目给条件易想到利用勾股定理逆定理;(Ⅱ)要想在棱1C C 找到点E ,使得1EA EB ⊥,易知1AB EB ⊥,那么这时就需要使1BE EB ⊥,这时就转化为一个平面几何问题:以矩形11BB C C 的边1BB 为直径作圆,与1C C 的公共点即为所求,易知只有一点即1C C 的中点 ,将以上分析写成综合法即可,找到这一点后,也可用别的方法证明,如勾股定理逆定理;(Ⅲ)求直线与平面所成的角,根据其定义,应作出这条直线在平面中的射影,再求这条直线与其射影的夹角(三角函数值),本题可考虑点E 在平面ABC 的射影,易知平面ABC 与侧面11BB C C 垂直,所以点E 在平面ABC 的射影必在两平面的交线上,过E 做1BC 的垂线交1BC 于F ,则EAF ∠为所求的直线与平面的夹角.试题解析:(Ⅰ)因为1BC =,13BCC π∠=,12C C =,所以1BC =,22211BC BC CC +=,所以1BC BC ⊥ 因为AB ⊥侧面11BB C C ,1BC ⊂平面11BB C C ,所以1BC AB ⊥,又BC AB B =,所以,1C B ⊥平面ABC4分(Ⅱ)取1C C 的中点E ,连接BE ,1BC CE ==,13BCC π∠=,等边1BEB ∆中,3BEC π∠=同理,11111B C C E ==, 1123B C E π∠=,所以116B EC π∠=,可得12BEB π∠=,所以1EB EB ⊥因为AB ⊥侧面11BB C C ,1EB ⊂平面11BB C C ,所以1EB AB ⊥,且EBAB B =,所以1B E ⊥平面ABE ,所以1EA EB ⊥; 8分 (Ⅲ)AB ⊥侧面11BB C C ,AB ⊂平面,得平面11BCC B ⊥平面1ABC , 过E 做1BC 的垂线交1BC 于F ,EF ⊥平面1ABC 连接AF ,则EAF ∠为所求,因为 1BC BC ⊥ ,1EF BC ⊥,所以BC EF ,E 为1CC 的中点 得F 为1C B 的中点,12EF = , 由(2)知5AE = ,所以152sin 105EAF ∠== 13分【考点】空间中直线与平面垂直、直线与平面平行、平面与平面垂直的判定与性质. 20.数列的前项和为,,对任意,有.(1)求数列的通项公式; (2)若,求数列的前项和. 【答案】(1)(2)【解析】(1)根据数列中项与前n 项和的关系即可求解(2)利用错位相减法求数列的前n 项和即可. 【详解】 (1)由知两式相减得:又,所以也成立,故即数列是以1为首项,为公比的等比数列,所以. (2)因为,所以两式相减得:,所以.【点睛】本题主要考查了数列前n项和与项的关系,错位相减法,属于中档题.21.已知抛物线:内有一点,过的两条直线,分别与抛物线交于,和,两点,且满足,,已知线段的中点为,直线的斜率为.(1)求证:点的横坐标为定值;(2)如果,点的纵坐标小于3,求的面积的最大值.【答案】(1)见证明;(2)【解析】(1)设中点为,根据向量的线性运算可知,且,和三点共线,利用点差法可得,,即,可知轴,故为定值(2)由得到,设,,联立直线与抛物线方程可求,写出面积公式即可求最值.【详解】(1)设中点为,则由,可推得,,这说明,且,和三点共线.对,使用点差法,可得,即.同理.于是,即轴,所以为定值.(2)由得到,设,,联立得,所以,,根据点到直线的距离公式知P到AB的距离为,于是,令x=,则,,令得,当时, ,函数为增函数,当时,,函数为减函数,故当,即时,有最大值.【点睛】本题主要考查了直线与抛物线的位置关系,向量的线性运算,三角形面积,属于难题. 22.函数,其中,.(1)若为定值,求的最大值;(2)求证:对任意,有;(3)若,,求证:对任意,直线与曲线有唯一公共点.【答案】(1)(2)见证明;(3)见证明;【解析】(1)n看作常数,函数求导后令导数等于零,可得,可知函数在处有极大值,可得函数最大值(2)取得,利用放缩法得,再根据裂项相消法求和即可(3)要证明当,时,关于的方程有唯一解,令,即证明有唯一零点,再利用导数得函数单调性,极值确定函数大致图象,证明只有唯一零点即可.【详解】(1)为定值,故,令,得,当时,,当时,,所以函数在上单调递增,在上单调递减,所以当时,函数有极大值,也是最大值,所以.(2)由前一问可知,取得,于是.(3)要证明当,时,关于的方程有唯一解,令,即证明有唯一零点,先证明存在零点,再利用导数得函数单调性,极值确定函数只有唯一零点.我们先证三个引理【引理1】(由第1问取即可)【引理2】(由【引理1】变形得到)【引理3】(可直接证明也可由【引理2推出】证明:.下面我们先证明函数存在零点,先由【引理2】得到:.令,可知.再由【引理3】得到,于是.令,且,可知.由连续性可知该函数一定存在零点.下面我们开始证明函数最多只能有一个零点.我们有.令,则,则在递增,在递减,即.当时,有恒成立,在上递增,所以最多一个零点.当时,令,,即,于是.再令,由【引理1】可以得到.因此函数在递增,递减,递增,时,有极大值但其极大值,所以最多只有一个零点.综上,当,时,函数与的图像有唯一交点.【点睛】本题主要考查了利用导数求函数的最大值,证明不等式,涉及导数在研究单调性,恒成立,不等式方面的应用,属于难题.。

2019届浙江湖州三校普通高等学校招生全国统一考试数学试题及答案

2019届浙江湖州三校普通高等学校招生全国统一考试数学试题及答案

2019届浙江省湖州三校普通高等学校招生全国统一考试数学试题一、单选题1.已知集合,,则()A.B.C.D.【答案】B【】根据交集定义求解.选B.【】本题考查集合交集,考查基本求解能力,属基本题.2.双曲线的一个焦点到一条渐近线的距离是()A.1 B.2 C.4 D.【答案】A【】根据双曲线的焦点到渐近线的距离等于虚轴长一半,即得结果.因为双曲线的焦点到渐近线的距离等于虚轴长一半,所以双曲线的一个焦点到一条渐近线的距离是1,选A.【】本题考查双曲线的焦点与渐近线,考查基本分析求解能力,属基本题.3.复数(为虚数单位)的共轭复数是()A.B.C.D.【答案】C【】先化简复数为代数形式,再根据共轭复数概念求解.因为,所以其共轭复数是,选C.【】本题考查共轭复数概念,考查基本分析求解能力,属基本题.4.若变量,满足约束条件,则的最大值是()A.1 B.2 C.3 D.4【答案】D【】先作可行域,再求范围,最后可得的最大值.作可行域,如图,则直线过点A(-1,-1)时取最小值-4,过点时取最大值2,因此的最大值是4,选D.【】本题考查线性规划求最值,考查基本分析求解能力,属基本题.5.设函数,则函数的图像可能为()A.B.C.D.【答案】C【】先判断函数奇偶性,舍去B,D,再根据函数值正负确定选项.因为,所以舍去B,D,因为ln3>0,所以选C.【】本题考查函数图象识别,考查基本分析判断能力,属基本题.6.设平面与平面相交于直线,直线在平面内,直线在平面内,且,则“”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A【】根据面面垂直性质定理可证得充分性成立,举反例说明必要性不成立.因为,平面与平面相交于直线,直线在平面内,且,所以,因为直线在平面内,所以,即充分性成立,若,,但时,与不一定垂直,即不一定垂直,即必要性不成立. 选A.【】本题考查面面垂直性质定理与充要关系,考查基本分析判断能力,属中档题.7.已知袋子中装有若干个大小形状相同且标有数字1,2,3的小球,每个小球上有一个数字,它们的个数依次成等差数列,从中随机抽取一个小球,若取出小球上的数字的数学期望是2,则的方差是()A.B.C.D.【答案】B【】根据题意可假设标有数字1,2,3的小球各有1个,再根据方差定义求结果.因为取出小球上的数字的数学期望是2,且个数依次成等差数列,所以不妨设标有数字1,2,3的小球各有1个,从而随机抽取一个小球概率皆为,方差为,选B.【】本题考查数学期望与方差,考查基本分析与求解能力,属中档题.8.已知三棱锥中,为正三角形,,且在底面内的射影在的内部(不包括边界),二面角,二面角,二面角的大小分别为,,,则()A.B.C.D.【答案】C【】作出三个二面角,再根据,确定二面角大小.设在底面内的射影为O,过O分别作AB,BC,CA垂线,垂足分别为D,E,F,则,,,从而,,,因为,所以,,即,即,选C.【】本题考查二面角,考查基本分析与判断能力,属中档题.9.已知向量,的夹角为,且,则的最小值为()A.B.C.5 D.【答案】B【】建立坐标系,将转化为直线上一动点到两定点距离和,再根据对称求最小值.由题意可设,,因此表示直线上一动点到定点距离的和,因为关于直线的对称点为,所以选B.【】本题考查向量坐标表示与直线对称,考查等价转化与数形结合思想方法,考查基本求解能力,属难题.10.已知数列满足,,则使的正整数的最小值是()A.2018 B.2019 C.2020 D.2021【答案】C【】令,利用裂项相消法得,再根据范围求正整数的最小值.令,则,所以,从而,因为,所以数列单调递增,设当时, 当时,所以当时,,,从而,因此,选C.【】本题考查数列递推关系与裂项相消法,考查等价转化与构造法,考查综合分析与求解能力,属难题.二、填空题11.我国古代某数学著作中记载了一个折竹抵地问题:“今有竹高二丈,末折抵地,去本六尺,问折者高几何?”意思是:有一根竹子(与地面垂直),原高二丈(1丈=10尺),现被风折断,尖端落在地上,竹尖与竹根的距离为六尺,则折断处离地面的高为__________尺.【答案】9.1尺【】根据题意列方程,解得结果.设折断处离地面的高为尺.则【】本题考查数学文化与应用,考查基本分析与求解能力,属基础题.12.某几何体的三视图如图所示(单位:),则该几何体的体积(单位:)等于_______,表面积(单位:)等于__________.【答案】【】先还原几何体,再根据柱体与锥体性质求体积与表面积.几何体一个边长为2的正方体挖去一个正四棱锥(顶点在正方体下底面中心,底面为正方体上底面),因此几何体的体积为,表面积为【】本题考查三视图与柱体与锥体性质,考查空间想象能力与基本求解能力,属基础题. 13.在中,内角,,所对的边分别为,,.已知,则的值为__________,若,,则的面积等于_________.【答案】16【】第一空根据两角和正切公式得,再根据同角三角函数关系得的值,第二空先根据正弦定理得,再根据两角和正弦公式得,最后根据面积公式得结果.因为,所以,因此因为,所以因为()=,所以的面积等于【】本题考查两角和正切公式、两角和正弦公式与正弦定理,考查基本分析求解能力,属基础题.14.若,则_________,_________.【答案】-27-940【】利用赋值法求系数.令得,所以,令得,令得,两式相加得【】本题考查利用赋值法求二项展开式系数,考查基本分析求解能力,属基础题.15.已知函数,则__________,若实数,且,则的取值范围是__________.【答案】4【】第一空直接代入对应式求解即可,第二空先根据函数图象确定关系及取值范围,再求的取值范围.),因为,且,所以,,因此.【】本题考查分段函数求值以及函数图像,考查综合分析与求解能力,属中档题.16.现有排成一排的7个不同的盒子,将红、黄、蓝、白颜色的4个小球全部放入这7个盒子中,若每个盒子最多放一个小球,则恰有两个空盒相邻且红球与黄球不相邻的不同放法共有_______种.(结果用数字表示)【答案】336【】根据相邻问题捆绑法,不相邻问题插空法进行求解.先不考虑红球与黄球不相邻,则4个小球有种排法,再安排空盒,有种方法,再考虑红球与黄球相邻,则4个小球有种排法,再安排空盒,有种方法,因此所求放法为【】本题考查排列组合应用,考查综合分析与求解能力,属中档题.17.已知椭圆的两个顶点,,过,分别作的垂线交该椭圆于不同于的,两点,若,则椭圆的离心率是__________.【答案】【】先求出,两点坐标,再根据弦长公式化简,解得离心率.过作的垂线的方程为,与联立方程组解得,过作的垂线的方程为,与联立方程组解得,因为,所以【】本题考查椭圆的离心率,考查综合分析与求解能力,属中档题.三、解答题18.已知函数.(Ⅰ)求函数的单调递减区间;(Ⅱ)求方程在区间内的所有实根之和.【答案】(Ⅰ),.(Ⅱ).【】(Ⅰ)先根据二倍角公式、辅助角公式化基本三角函数,再根据正弦函数性质求减区间,(Ⅱ)根据正弦函数图像与性质求简单三角方程的根.(Ⅰ),由单调递减可知,递增,故,,即.∴函数的单调递增区间是,.(Ⅱ)由,得.由在上递增,在上递减,且,得,方程在上有两不等实根,,且满足.∴.【】本题考查二倍角公式、辅助角公式以及正弦函数图像与性质,考查综合分析与求解能力,属中档题.19.如图,在四棱锥中,底面是边长为2的正方形,且,平面平面,二面角为.(Ⅰ)求证:平面;(Ⅱ)求与平面所成角的正弦值.【答案】(Ⅰ)见(2)【】(Ⅰ)根据面面垂直性质定理得平面,即得即为二面角的平面角,利用余弦定理解得,根据勾股定理得.最后根据线面垂直判定定理得结论,(Ⅱ)先利用等体积法求点到平面的距离,再根据解三角形得结果.(Ⅰ)证明:平面平面,交线为,且,∴平面,从而,,∴即为二面角的平面角,即.又,,由余弦定理得,∴,即.又,∴平面.(Ⅱ)由(Ⅰ)知,平面,从而,,又,,故.由已知,点到平面的距离等于点到平面的距离,设点到平面的距离为,则点到平面的距离也为,由得:,.∴与平面所成角的正弦值.【】本题考查面面垂直性质定理、二面角、线面垂直判定定理、等体积法求点到平面的距离以及线面角,考查综合分析与求解能力,属中档题.20.已知等差数列的前项和为,,公差,且,,成等比数列,数列满足,的前项和为.(Ⅰ)求数列和的通项公式;(Ⅱ)记,试比较与的大小.【答案】(Ⅰ),(Ⅱ)见【】(Ⅰ)根据待定系数法求得公差,再利用和项与通项关系得的通项公式,(Ⅱ)先利用裂项相消法求,利用等比数列求和公式得,最后作差,利用二项展开式比较大小.(Ⅰ)由已知得,即,又,∴,∴,.由得.时,.∴,显然也满足,∴.(Ⅱ),,,当时,,,当时,,,当时,,∴.综上,当时,;当时.【】本题考查利用和项与通项关系求通项公式、裂项相消法求和以及二项展开式应用,考查综合分析与求解能力,属中档题.21.已知抛物线:的焦点为,过点的动直线与抛物线交于,两点,直线交抛物线于另一点,的最小值为4.(Ⅰ)求抛物线的方程;(Ⅱ)记、的面积分别为,,求的最小值.【答案】(Ⅰ)(Ⅱ).【】(Ⅰ)根据抛物线性质可得,即得结果,(Ⅱ)设直线方程,与抛物线方程联立,利用韦达定理以及弦长公式求,再利用基本不等式求最值.(Ⅰ)由已知及抛物线的几何性质可得,∴,∴抛物线的方程为.(Ⅱ)设直线:,:,,,,由,,同理可得,从而,点到的距离,,∴.又,∴.当且仅当,即时有最小值.【】本题考查抛物线定义与性质以及基本不等式求最值,考查综合分析与求解能力,属中档题.22.已知函数,,曲线与有且仅有一个公共点.(Ⅰ)求的值;(Ⅱ)若存在实数,,使得关于的不等式对任意正实数恒成立,求的最小值.【答案】(Ⅰ)(Ⅱ)4【】(Ⅰ)根据导数研究函数图象,再根据图象确定有且仅有一个公共点的条件,解得结果,(Ⅱ)先根据特殊值缩小的取值范围,再根据二次函数性质确定成立的条件,利用导数确定成立的条件,结合两个条件消得关于满足的条件,最后利用导数分析取值范围,即得最小值.(Ⅰ)由题意知,即,令,则.∵在上递增,在上增减,∴,∴.(Ⅱ)解法一:由题意知必有,即,当时,,,不符合题意;当时,有,此时,,不符合题意,因此有,因此①令,则,在递增,在递减,故②由①②两式知,构造函数,则,在递减,在递增,故,此时.解法二:由(1)知,,设,可知,,∵在恒成立,即,又,∴,即①由在恒成立,即在恒成立,设,,则,由得,在上单调递增,由得,在上单调递减,故,得②由①②得③存在,使得③成立的充要条件是,即,记,显然,,∴在上单调递增,在上单调递减,,,故在存在,使,∴不等式的解为,∴的最小值为4,从而由③得.【】本题考查利用导数研究函数零点以及利用导数研究不等式恒成立,考查综合分析与求解能力,属难题.。

浙江省湖州三校2019年普通高等学校招生全国统一考试数学试题(解析版)

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浙江省湖州三校2019年普通高等学校招生全国统一考试数学试题(解析版)2019年普通高等学校招生全国统一考试数学试题一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合,,则()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】根据交集定义求解.【详解】选B.【点睛】本题考查集合交集,考查基本求解能力,属基本题.2.双曲线的一个焦点到一条渐近线的距离是()A. 1B. 2C. 4D.【答案】A【解析】【分析】根据双曲线的焦点到渐近线的距离等于虚轴长一半,即得结果.【详解】因为双曲线的焦点到渐近线的距离等于虚轴长一半,【点睛】本题考查线性规划求最值,考查基本分析求解能力,属基本题.5.设函数,则函数的图像可能为()A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】先判断函数奇偶性,舍去B,D,再根据函数值正负确定选项.【详解】因为,所以舍去B,D,因为ln3>0,所以选C.【点睛】本题考查函数图象识别,考查基本分析判断能力,属基本题.6.设平面与平面相交于直线,直线在平面内,直线在平面内,且,则“”是“”的()A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】根据面面垂直性质定理可证得充分性成立,举反例说明必要性不成立.【详解】因为,平面与平面相交于直线,直线在平面内,且,所以,因为直线在平面内,所以,即充分性成立,若,,但时,与不一定垂直,即不一定垂直,即必要性不成立.选A.【点睛】本题考查面面垂直性质定理与充要关系,考查基本分析判断能力,属中档题.7.已知袋子中装有若干个大小形状相同且标有数字1,2,3的小球,每个小球上有一个数字,它们的个数依次成等差数列,从中随机抽取一个小球,若取出小球上的数字的数学期望是2,则的方差是()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】根据题意可假设标有数字1,2,3的小球各有1个,再根据方差定义求结果.【详解】因为取出小球上的数字的数学期望是2,且个数依次成等差数列,所以不妨设标有数字1,2,3的小球各有1个,从而随机抽取一个小球概率皆为,方差为,选B.【点睛】本题考查数学期望与方差,考查基本分析与求解能力,属中档题.8.已知三棱锥中,为正三角形,,且在底面内的射影在的内部(不包括边界),二面角,二面角,二面角的大小分别为,,,则()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】作出三个二面角,再根据,确定二面角大小.【详解】设在底面内的射影为O,过O分别作AB,BC,CA 垂线,垂足分别为D,E,F,则,,,从而,,,因为,所以,,即,即,选C.【点睛】本题考查二面角,考查基本分析与判断能力,属中档题.9.已知向量,的夹角为,且,则的最小值为()A. B. C. 5 D.【答案】B【解析】【分析】建立坐标系,将转化为直线上一动点到两定点距离和,再根据对称求最小值.【详解】由题意可设,,因此表示直线上一动点到定点距离的和,因为关于直线的对称点为,所以选B.【点睛】本题考查向量坐标表示与直线对称,考查等价转化与数形结合思想方法,考查基本求解能力,属难题. 10.已知数列满足,,则使的正整数的最小值是()A. 2018B. 2019C. 2020D. 2021【答案】C【解析】【分析】令,利用裂项相消法得,再根据范围求正整数的最小值.【详解】令,则,所以,从而,因为,所以数列单调递增,设当时, 当时,所以当时,,,从而,因此,选C.【点睛】本题考查数列递推关系与裂项相消法,考查等价转化与构造法,考查综合分析与求解能力,属难题.二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分.11.我国古代某数学著作中记载了一个折竹抵地问题:“今有竹高二丈,末折抵地,去本六尺,问折者高几何?”意思是:有一根竹子(与地面垂直),原高二丈(1丈=10尺),现被风折断,尖端落在地上,竹尖与竹根的距离为六尺,则折断处离地面的高为__________尺.【答案】9.1尺【解析】【分析】根据题意列方程,解得结果.【详解】设折断处离地面的高为尺.则【点睛】本题考查数学文化与应用,考查基本分析与求解能力,属基础题.12.某几何体的三视图如图所示(单位:),则该几何体的体积(单位:)等于_______,表面积(单位:)等于__________.【答案】(1). (2).【解析】【分析】先还原几何体,再根据柱体与锥体性质求体积与表面积. 【详解】几何体一个边长为2的正方体挖去一个正四棱锥(顶点在正方体下底面中心,底面为正方体上底面),因此几何体的体积为,表面积为【点睛】本题考查三视图与柱体与锥体性质,考查空间想象能力与基本求解能力,属基础题.13.在中,内角,,所对的边分别为,,.已知,则的值为__________,若,,则的面积等于_________.【答案】(1). (2). 16【解析】【分析】第一空根据两角和正切公式得,再根据同角三角函数关系得的值,第二空先根据正弦定理得,再根据两角和正弦公式得,最后根据面积公式得结果.【详解】因为,所以,因此因为,所以因为()=,所以的面积等于【点睛】本题考查两角和正切公式、两角和正弦公式与正弦定理,考查基本分析求解能力,属基础题.14.若,则_________,_________.【答案】(1). -27(2). -940【解析】【分析】利用赋值法求系数.【详解】令得,所以,令得,令得,两式相加得【点睛】本题考查利用赋值法求二项展开式系数,考查基本分析求解能力,属基础题.15.已知函数,则__________,若实数,且,则的取值范围是__________.【答案】(1). 4 (2).【解析】【分析】第一空直接代入对应解析式求解即可,第二空先根据函数图象确定关系及取值范围,再求的取值范围. 【详解】),因为,且,所以,,因此.【点睛】本题考查分段函数求值以及函数图像,考查综合分析与求解能力,属中档题.16.现有排成一排的7个不同的盒子,将红、黄、蓝、白颜色的4个小球全部放入这7个盒子中,若每个盒子最多放一个小球,则恰有两个空盒相邻且红球与黄球不相邻的不同放法共有_______种.(结果用数字表示)【答案】336【解析】【分析】根据相邻问题捆绑法,不相邻问题插空法进行求解.【详解】先不考虑红球与黄球不相邻,则4个小球有种排法,再安排空盒,有种方法,再考虑红球与黄球相邻,则4个小球有种排法,再安排空盒,有种方法,因此所求放法为【点睛】本题考查排列组合应用,考查综合分析与求解能力,属中档题.17.已知椭圆的两个顶点,,过,分别作的垂线交该椭圆于不同于的,两点,若,则椭圆的离心率是__________.【答案】【解析】【分析】先求出,两点坐标,再根据弦长公式化简,解得离心率.【详解】过作的垂线的方程为,与联立方程组解得,过作的垂线的方程为,与联立方程组解得,因为,所以【点睛】本题考查椭圆的离心率,考查综合分析与求解能力,属中档题.三、解答题:本大题共5小题,共74分。

浙江省金丽衢十二校2019年高三第一次联考数学试题(解析版)

浙江省金丽衢十二校2019年高三第一次联考数学试题(解析版)

浙江省金丽衢十二校2019届高三第一次联考数学试题一、选择题(本大题共10小题,共40.0分)1.若集合A=(-∞,5),B=[3,+∞),则(∁R A)∪(∁R B)=()A. RB. ⌀C. [3,5)D. (−∞,3)∪[5,+∞)2.已知向量a⃗=(4,√3),b⃗ =(1,5√3),则a⃗与b⃗ 的夹角为()A. 30∘B. 45∘C. 60∘D. 90∘3.等比数列{a n}的前n项和为S n,己知S2=3,S4=15,则S3=()A. 7B. −9C. 7或−9D. 6384.双曲线9y2-4x2=1的渐近线方程为()A. y=±49x B. y=±94x C. y=±23x D. y=±32x5.已知一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()A. 323B. 163C. 83D. 436.己知复数z满足zi5=(π+3i)2,则z−在复平面内对应的点位于()A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限7.设函数f(x)的定义域为D,如果对任意的x∈D,存在y∈D,使得f(x)=-f(y)成立,则称函数f(x)为“H函数”,下列为“H函数”的是()A. y=sinxcosx+cos2xB. y=lnx+e xC. y=2xD. y=x2−2x8.如图,二面角α-BC-β的大小为π6,AB⊂α,CD⊂β,且AB=√2,BC=CD=2,∠ABC=π4,∠BCD=π3,则AD与β所成角的大小为()A. π4B. π3C. π6 D. π129. 五人进行过关游戏,每人随机出现左路和右路两种选择.若选择同一条路的人数超过2人,则他们每人得1分;若选择同一条路的人数小于3人,则他们每人得0分,记小强游戏得分为ξ,则E ξ=( )A. 516B. 1116C. 58D. 1210. 在等腰直角△ABC 中,AB ⊥AC ,BC =2,M 为BC 中点,N 为AC 中点,D 为BC 边上一个动点,△ABD 沿AD 向纸面上方或者下方翻折使BD ⊥DC ,点A 在面BCD 上的投影为点O ,当点D 在BC 上运动时,以下说法错误的是( )A. 线段NO 划过的曲面面积为√2π4B. |BC|≥√2C. ∠AMO +∠MAO =90∘D. |OM|取值范围为[0,√2)二、填空题(本大题共7小题,共36.0分)11. 已知n ∈N *,(x 2-1√5x 3)n 的展开式中存在常数项,则n 的最小值为______,此时常数项为______.12. 偶函数f (x )满足f (x -1)=f (x +1),且当x ∈[0,1]时,f (x )=x ,则f (43)=______,则若在区间[-1,3]内,函数g (x )=f (x )-kx -k 有4个零点,则实数k 的取值范围是______.13. 若实数x 、y 满足x >y >0,且log 2x +log 2y =1,则2x +1y 的最小值是______,x−y x 2+y 2的最大值为______.14. 在从100到999的所有三位数中,百位、十位、个位数字依次构成等差数列的有______个;构成等比数列的有______个. 15. 若等边△ABC 的边长为2√3,平面内一点M 满足CM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =16CB ⃗⃗⃗⃗⃗ +23CA ⃗⃗⃗⃗⃗ ,则MA ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅MB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =______. 16. 己知函数y =sin x +√3cos x 是由y =sin x -√3cos x 向左平移φ(φ∈(0,2π)个单位得到的,则φ=______. 17. 已知P 是椭圈x 2a2+y 2b 2=1(a >0,b >0)上的动点,过P 作椭圆的切线l 与x 轴、y 轴分别交于点A 、B ,当△AOB (O 为坐标原点)的面积最小时,cos ∠F 1PF 2=34(F 1、F 2是椭圆的两个焦点),则该椭圆的离心率为______. 三、解答题(本大题共5小题,共74.0分)18. 如图,在△ABC 中,已知点D 在边AB 上,AD =3DB ,cos A =45,cos ∠ACB =513,BC =13.(1)求cos B 的值; (2)求CD 的长.19. 如图,在四棱锥P -ABCD 中,已知PA ⊥平面ABCD ,且四边形ABCD 为直角梯形,∠ABC =∠BAD =π2,PA =AD =2,AB =BC =1,点M ,E 分别是BA ,PD 的中点. (1)求证:CE ∥平面BMD ;(2)点Q 为线段BP 中点,求直线PA 与平面CEQ 所成角的余弦值.20. 已知数列{a n },a 1=2,a 2=6,且满足a n+1+a n−1a n +1=2(n ≥2且n ∈N +).(1)求证:{a n +1-a n }为等差数列; (2)令b n =10(n+1)a n-12,•设数列{b n }的前n 项和为S n ,求{S 2n -S n }的最大值.21.已知椭圆C:x2+y2=1左顶点为A,O为原点,M,N是直线x=t上的两个动点,且2MO⊥ON,直线AM和AN分别与椭圆C交于E,D两点.(1)若t=-1,求△MON的面积的最小值;(2)若E,O,D三点共线,求实数t的值.22.已知函数f(x)=-x3+9x2-26x+27.(1)若f(x)在x=x1,x2(x1≠x2)处导数相等,证明:f(x1)+f(x2)为定值,并求出该定值;(2)已知对于任意k>0,直线y=kx+a与曲线y=f(x)有唯一公共点,求实数a 的取值范围.答案和解析1.【答案】D【解析】解:(∁R A)∪(∁R B)=[5,+∞)∪(-∞,3),故选:D.根据补集和并集的定义进行求解即可.本题主要考查集合的基本运算,结合补集并集的定义是解决本题的关键.2.【答案】C【解析】解:由条件可知,=,所以=,故与的夹角为60°.故选:C.利用夹角公式进行计算.本题考查了运用平面向量数量积运算求解向量夹角问题,属于基础题.3.【答案】C【解析】解:由S2=3,S4=15,可得,则1+q2=5,即q2=4,即q=±2,则=-1,∴S3=(1-q3)=-[1-(±2)3],即S3为7或-9,故选:C.根据等比数列的求和公式即可求出.本题考查了等比数列的求和公式,考查了运算求解能力,属于基础题.4.【答案】C【解析】解:根据题意,双曲线9y2-4x2=1的标准方程为-=1,其焦点在y轴上,且a=,b=,则其渐近线方程为y=±x;故选:C.根据题意,将双曲线的方程变形为标准方程,分析焦点位置以及a、b的值,由双曲线的渐近线方程分析可得答案.本题考查双曲线的几何性质,涉及双曲线渐近线方程的计算,注意分析双曲线的焦点位置.5.【答案】C【解析】解:根据几何体的三视图知,该几何体是等底同高的三棱锥与三棱柱的组合体,画出直观图如图所示;则几何体的体积为V几何体=V三棱柱+V三棱锥=××2+×××2=.故选:C.根据几何体的三视图知该几何体是等底同高的三棱锥与三棱柱的组合体,结合图中数据即可求出它的体积.本题考查了空间几何体三视图的应用问题,是基础题目.6.【答案】A【解析】解:由zi5=(π+3i)2,得,∴,则在复平面内对应的点的坐标位于第一象限.故选:A.把已知等式变形,再由复数代数形式的乘除运算化简得答案.本题考查复数代数形式的乘除运算,考查复数的代数表示法及其几何意义,是基础题.7.【答案】B【解析】解:由y=sinxcosx+cos2x=sin2x+=+sin(2x+),由f(x)+f(y)=1+sin(2x+)+sin(2y+)=0,取x=,可得sin(2y+)=-1-<-1,y不存在,故A不为“H函数”;由y=lnx+e x,且f(x)+f(y)=lnx+e x+lny+e y=0,由于y=lnx+e x递增,且x→0,y→-∞;x→+∞,y→+∞,即有任一个x(x>0),可得唯一的y,使得f(x)=-f(y),故B为“H函数”;由y=2x可得2x>0,2x+2y=0不成立,故C不为“H函数”;由y=x2-2x,若f(x)+f(y)=x2-2x+y2-2y=(x-1)2+(y-1)2-2=0,可取x=3,可得y无解,故D不为“H函数”.故选:B.运用二倍角公式和辅助角公式化简函数y,取x=,可判断A;由函数的单调性和值域,可判断B;由指数函数的值域即可判断C;运用配方法,可取x=3可判断D.本题主要考查函数与方程之间的关系,将条件转化为f(x)+f(y)=0是解决本题的关键.8.【答案】C【解析】解:过A作AM⊥BC,M为垂足,∵AB=,∠ABC=,∴AM=BM=1,∴M为BC的中点,连结BD,∵BC=CD=2,∠BCD=,∴△BCD是边长为2的等边三角形,∴DM⊥BC,DM=,∴∠AMD为二面角α-BC-β的平面角,即∠AMD=,∴∠ADM为AD与β所成的角,在△AMD中,由余弦定理可得AD==1,∴AD=AM,故∠ADM=∠AMD=.故选:C.过A作AM⊥BC,M为垂足,可证M为BC的中点,则∠AMD为二面角的平面角,在△AMD中求出∠ADM即可.本题考查空间中线面位置关系等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力,考查化归与转化思想等,是中档题.9.【答案】B【解析】解:五人进行过关游戏,每人随机出现左路和右路两种选择.若选择同一条路的人数超过2人,则他们每人得1分;若选择同一条路的人数小于3人,则他们每人得0分,∴P(ξ=1)=++=,P(ξ=0)=1-=,∴Eξ=1×=.故选:B.推导出P(ξ=1)=++=,P(ξ=0)=1-=,由此能求出Eξ.本题考查离散型随机变量的数学期望的求法,考查二项分布的性质等基础知识,考查运算求解能力,考查函数与方程思想,是基础题.10.【答案】D【解析】解:如图所示,对于A,△AOC为直角三角形,ON为斜边AC上的中线,ON=AC为定长,线段NO划过的曲面为圆锥侧面的一部分,面积为即A正确;对于B,D在M时,BC取得最小值,因此|BC|≥,正确.对于C.∠AMO+∠MAO=90°,正确;对于D,D在M时,M与O点重合,可得AM⊥底面BCM,此时OM=0.D不在M时,可得OM<OC+CM=1+,CO=1,∴|CO|∈[1,),即正确;由A可知,点O的轨迹是圆弧,即D正确;故选:D.作出图形,判定A,B,D正确,即可得出结论.如图所示,对于A,△AOC为直角三角形,ON为斜边AC上的中线,ON=AC为定长,即A正确;对于B,D在M时,AO=1,CO=1,∴|CO|∈[1,],即正确;对于D,由A可知,点O的轨迹是圆弧,即D正确;本题考查了余弦定理、三角形面积计算公式、平方关系,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.11.【答案】5 2【解析】解:∵(x2-)n的展开式的通项公式为T r+1=••x2n-5r,令2n-5r=0,可得2n=5r,故n的最小值为5,r=2,此时常数项为•=2,故答案为:5;2.在二项展开式的通项公式中,令x的幂指数等于0,求出n与r的关系,可得n 的最小值以及此时常数项.本题主要考查二项式定理的应用,二项展开式的通项公式,二项式系数的性质,属于基础题.12.【答案】23(0,14]【解析】解:∵偶函数f(x)满足f(x-1)=f(x+1),∴f(x)=f(x+2),即函数f(x)是周期为2的周期函数,则f()=f(-2)=f(-)=f()=,若-1≤x≤0,则0≤-x≤1,则f(-x)=-x=f(x),即f(x)=x,-1≤x≤0,由g(x)=f(x)-kx-k=0得f(x)=k(x+1),要使函数g(x)=f(x)-kx-k有4个零点等价为函数f(x)与g(x)=k(x+1)有四个不同的交点,作出两个函数的图象如图:g(x)过定点A(-1,0),f(3)=1,则k满足0<g(3)≤1,即0<4k≤1,得0<k≤,即实数k的取值范围是(0,],故答案为:,(0,]根据函数奇偶性和条件,判断函数是周期为2的周期函数,利用函数与方程之间的关系转化为两个函数图象交点个数问题,利用数形结合进行求解即可.本题主要考查函数与方程的应用,利用条件判断函数的奇偶性以及利用数形结合进行转化是解决本题的关键.13.【答案】2 14【解析】解:实数x、y满足x>y>0,且log2x+log2y=1,则xy=2,则+≥2=2,当且仅当=,即x=2,y=1时取等号,故+的最小值是2,===≤=,当且仅当x-y=,即x-y=2时取等号故的最大值为,故答案为:2,.先根据对数的运算性质可得xy=2,再根据基本不等式即可求本题考查利用基本不等式求最值,对代数式进行变形与灵活配凑,是解本题的关键,属于中等题.14.【答案】45 17【解析】解:①百位、十位、个位数字依次构成等差数列:公差d=0时,共有9个:111, (999)公差d=1时,共有7个:123, (789)公差d=2时,共有5个:135, (579)公差d=3时,共有3个:147,258,369.公差d=4时,共有1个:159.同理可得:公差d=-1时,共有8个,987,……,321,210.公差d=-2时,共有6个.公差d=-3时,共有4个.公差d=-4时,共有2个.综上共有45个.②百位、十位、个位数字依次构成等比数列:公比q=1时,共有9个:111, (999)公比q=2时,共有2个:124,248.公比q=时,共有2个:421,842.公比q=3时,共有1个:139.公比q=时,共有1个:931.公比q=时,共有1个:469.公比q=时,共有1个:964.综上共有:17个.故答案为:45,17.利用等差数列与等比数列的定义,通过分类讨论即可得出.本题考查了等差数列与等比数列的定义,通过分类讨论,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.15.【答案】-2【解析】解:以C点为原点,以AC所在直线为x轴建立直角坐标系,可得,∴,,∵=+=,∴M,∴,,=(,)•(,)=-2.故答案为:-2.先合理建立直角坐标系,因为三角形是正三角形,故设,这样利用向量关系式,求得M,然后求得,,运用数量积公式解得为-2本试题考查了向量的坐标运算.也体现了向量的代数化手段的重要性.考查了基本知识的综合运用能力.16.【答案】2π3【解析】解:函数y=sinx+cosx=2sin(x+)是由y=sinx-cosx=2sin(x-)向左平移个单位得到的,∵函数y=sinx+cosx=2sin(x+)是由y=sinx-cosx=2sin(x-)向左平移φ(φ∈(0,2π)个单位得到的,∴φ=,故答案为:.利用辅助角公式化简函数的解析式,再利用函数y=Asin(ωx+φ)的图象变换规律,求得φ的值.本题主要考查辅助角公式,函数y=Asin(ωx+φ)的图象变换规律,属于基础题.17.【答案】√23【解析】解:如图所示,设切点P(x0,y0),(x0,y0>0)直线AB的方程为:y-y0=k(x-x0).(k>0)联立,化为:(b2+a2k2)x2+2a2k(y0-kx0)x+a2-a2b2=0.由直线AB与椭圆相切,可得:△=4a4k2-4(b2+a2k2)•[a2-a2b2]=0.化为:=b2+a2k2.∴2x0=,化为:=.由+=1,可得:==,解得x0=,y0=.由直线AB的方程为:y-y0=k(x-x0).(k>0).可得A,B(0,y0-kx0).S△OAB====≥a2b2.当且仅当b=-ak时取等号.设|PF1|=m,|PF2|=n,m+n=2a.cos∠F1PF2====,化为:7mn=8b2.mn=•=,代入化为:=,∴e===.故答案为:.如图所示,设切点P(x0,y0),(x0,y0>0)直线AB的方程为:y-y0=k(x-x0).(k >0).与椭圆方程联立化为:(b2+a2k2)x2+2a2k(y0-kx0)x+a2-a2b2=0.由直线AB与椭圆相切,可得:△=0.化为:=b2+a2k2.利用根与系数的关系可得:=.由+=1,可得:==,解得x0,y0.由直线AB的方程为:y-y0=k(x-x0).(k>0).可得A,B(0,y0-kx0).S△OAB====≥a2b2.当且仅当b=-ak时取等号.设|PF1|=m,|PF2|=n,m+n=2a.利用余弦定理进而得出.本题考查了椭圆的标准方程及其性质、直线与圆的相切、三角形面积计算公式、余弦定理、基本不等式的性质,考查了推理能力与计算能力,属于难题.18.【答案】解:(1)在△ABC中,cos A=4,A∈(0,π),5.所以sin A=√1−cos2A=35.同理可得,sin∠ACB=1213所以cos B=cos[π-(A+∠ACB)]=-cos(A+∠ACB)=sin A sin ∠ACB -cos A cos ∠ACB =35×1213−45×513=1665;(2)在△ABC 中,由正弦定理得,AB =BCsinA sin ∠ACB =1335×1213=20.又AD =3DB ,所以DB =14AB =5.在△BCD 中,由余弦定理得,CD =√BD 2+BC 2−2BD ⋅BCcosB =√52+132−2×5×13×1665=9√2.【解析】(1)在△ABC 中,求出sinA==.,sin ∠ACB=.可得cosB=-cos (A+∠ACB )=sinAsin ∠ACB-cosAcosB ; (2)在△ABC 中,由正弦定理得,AB=sin ∠ACB .在△BCD 中,由余弦定理得,CD=.本题考查了正余弦定理、三角恒等变形,属于中档题.19.【答案】(1)证明:连接ME ,因为点M ,E 分别是PA ,PD 的中点,所以ME =12AD ,ME ∥AD ,所以BC ∥ME ,BC =ME ,所以四边形BCEM 为平行四边形, 所以CE ∥BM .又因为BM ⊂平面BMD ,CE ⊄平面BMD , 所以CE ∥平面BMD .……………………(6分)(2)如图,以A 为坐标原点建立空间坐标系O -xyz ,则又CQ ⃗⃗⃗⃗⃗ =(-12,-1,1),CE ⃗⃗⃗⃗⃗ =(-1,0,1),设平面CEQ 的法向量为n ⃗ =(x ,y ,z ),列方程组{n ⃗ ⋅CQ ⃗⃗⃗⃗⃗ =0n⃗ ⋅CE ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,可得:{−12x −y +z =0−x +z =0其中一个法向量为n⃗ =(2,1,2),设直线PA 与平面CEQ 所成角大小为θ,于是sinθ=√4+1+4⋅√0+0+1=23, 进而求得cosθ=√53…………………………(15分)【解析】(1)连接ME ,证明ME ∥AD ,BC ∥ME ,推出CE ∥BM .然后证明CE ∥平面BMD . (2)以A 为坐标原点建立空间坐标系O-xyz ,求出平面CEQ 的法向量,利用空间向量的数量积,求解直线PA 与平面CEQ 所成角的余弦函数值即可. 本题考查直线与平面平行的判断定理的应用,直线与平面所成角的求法,考查转化思想以及计算能力.20.【答案】解:(1)证明:由题意得a n +1+a n -1=2a n +2,则(a n +1-a n )-(a n -a n -1)=2,所以{a n +1-a n }是首项为4,公差为2的等差数列; (2)n ≥2,a n =(a n -a n -1)+…+(a 2-a 1)+a 1 =4(n -1)+(n−1)(n−2)2×2+2=n (n +1).当n =1,a 1=2满足上式.则a n =n (n +1). b n =10(n+1)n(n+1)-12=10n -12 ∴S n =10(1+12+…+1n )-n2,∴S 2n =10(1+12+…+1n +1n+1+1n+2+…+12n )-2n2, 设M n =S 2n -S n =10(1n+1+1n+2+…+12n )-n2, ∴M n +1=10(1n+2+1n+3+…+12n +12n+1+12n+2)-n+12,∴M n +1-M n =10(12n+1+12n+2-1n+1)-12 =10(12n+1-12n+2)-12=10(2n+1)(2n+2)-12,∴当n =1时,M n +1-M n =103×4-12>0,即M 1<M 2,当n ≥2时,M n +1-M n <0, 即M 2>M 3>M 4>…,∴(M n )max =M 2=10×(13+14)-1=296, 则{S 2n -S n }的最大值为S 4-S 2=296. 【解析】(1)由已知等式结合等差数列的定义可证;(2)由累加法求出a n ,从而求出b n ,进一步求出S n ,换元作差求出结果. 本题主要考查数列通项公式和前n 项和的求解,利用累加法和作差法是解决本题的关键.21.【答案】解:(1)由勾股定理、三角形面积可得:|MN |2=|OM |2+|ON |2≥2|OM |•|ON |,|MN |=|OM |•|ON |, ∴|MN |≥2.S △OMN =12|MN |•1≥12×2=1, 即△MON 的面积的最小值为1. (2)设E (√2cosθ,sinθ), 则AE 方程为:y =sinθ√2cosθ+√2(x +√2),则M 为(t ,(t+√2)sinθ√2(cosθ+1)),同理N 为(t ,−(t+√2)sinθ√2(1−cosθ)),∵OM ⊥ON ,∴OM⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ •ON ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =t 2-(t+√2)22=0,得t =√2±2. 【解析】(1)由勾股定理、三角形面积可得:|MN|2=|OM|2+|ON|2≥2|OM|•|ON|,|MN|=|OM|•|ON|,|MN|≥2.再利用S △OMN =|MN|•1,即可得出. (2)设E (cosθ,sinθ),可得AE 方程为:y=(x+),可得M 为,同理N 为,根据OM ⊥ON ,利用数量积运算性质即可得出.本题考查了椭圆的标准方程及其性质、椭圆的参数方程、向量垂直与数量积的关系、勾股定理、基本不等式的性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.22.【答案】(1)证明:∵f (x )=-x 3+9x 2-26x +27,∴f ′(x )=-3x 2+18x -26,由题意得,x 1+x 2=6,则f (x 1)+f (x 2)=−x 13+9x 12−26x 1+27−x 23+9x 22−26x 2+27=−(x 13+x 23)+9(x 12+x 22)−26(x 1+x 2)+54=−(x 1+x 2)(x 12−x 1x 2+x 22)+9(x 12+x 22)−26×6+54=−6[(x 1+x 2)2−3x 1x 2]+9[(x 1+x 2)2−2x 1x 2]-102 =-6(36-3x 1x 2)+9(36-2x 1x 2)-102 =-216+18x 1x 2+324-18x 1x 2-102 =6;(2)解:∵f″(x)=-6x+18=-6(x-3),∴函数f(x)在(0,3)的图象为下凸,在(3,+∞)的图象为上凸,记P(3,f(3)),求得P处f(x)的切线为y=x,再记Q(0,a),由f′(x)=0,求得的极大值点为M(3+√33,3+2√39),①当a≥3+2√39时,直线y=kx+a与曲线y=f(x)显然只有唯一公共点;②当3≤a<3+2√39时,直线QM斜率为正,且与曲线y=f(x)有三个公共点,舍去;③当0<a<3时,直线QP斜率为正,且与曲线y=f(x)有三个公共点,舍去;④当a≤0时,若k∈(0,k PQ),P在直线上方,直线y=kx+a与曲线y=f(x)的上凸部分有唯一公共点,与下凸部分不相交;若k=k PQ,直线y=kx+a与曲线y=f(x)交于P点,与上凸部分和下凸部分均不相交;若k∈(k PQ,+∞),P在直线下方,直线y=kx+a与曲线y=f(x)的下凸部分有唯一公共点,与上凸部分不相交,此种情况成立.综上,a的取值范围为(-∞,0]∪[3+2√39,+∞).【解析】(1)求出原函数的导函数,结合在x=x1,x2(x1≠x2)处导数相等及根与系数的关系可得x1+x2=6,从而求得f(x1)+f(x2)为定值6;(2)由f″(x)=-6(x-3),可知函数f(x)在(0,3)的图象为下凸,在(3,+∞)的图象为上凸,求得函数的极大值点为M(),再由直线y=kx+a过点(0,a),然后对a分类讨论求使直线y=kx+a与曲线y=f(x)有唯一公共点的实数a的取值范围.本题考查利用导数研究函数的单调性,考查函数零点的判定,考查转化与化归思想方法,考查推理论证能力,是中档题.。

浙江省湖州三校2019年普通高等学校招生全国统一考试数学试题(解析版)

浙江省湖州三校2019年普通高等学校招生全国统一考试数学试题(解析版)

2019年普通高等学校招生全国统一考试数学试题一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合,,则( )A.B.C.D.【答案】B 【解析】 【分析】根据交集定义求解. 【详解】选B.【点睛】本题考查集合交集,考查基本求解能力,属基本题. 2.双曲线的一个焦点到一条渐近线的距离是( )A. 1B. 2C. 4D.【答案】A 【解析】 【分析】根据双曲线的焦点到渐近线的距离等于虚轴长一半,即得结果. 【详解】因为双曲线的焦点到渐近线的距离等于虚轴长一半, 所以双曲线的一个焦点到一条渐近线的距离是1,选A. 【点睛】本题考查双曲线的焦点与渐近线,考查基本分析求解能力,属基本题. 3.复数(为虚数单位)的共轭复数是( )A.B.C.D.【答案】C 【解析】 【分析】先化简复数为代数形式,再根据共轭复数概念求解.【详解】因为,所以其共轭复数是,选C.【点睛】本题考查共轭复数概念,考查基本分析求解能力,属基本题.4.若变量,满足约束条件,则的最大值是()A. 1B. 2C. 3D. 4 【答案】D【解析】【分析】先作可行域,再求范围,最后可得的最大值.【详解】作可行域,如图,则直线过点A(-1,-1)时取最小值-4,过点时取最大值2,因此的最大值是4,选D.【点睛】本题考查线性规划求最值,考查基本分析求解能力,属基本题.5.设函数,则函数的图像可能为()A. B.C. D. 【答案】C【解析】【分析】先判断函数奇偶性,舍去B,D,再根据函数值正负确定选项.【详解】因为,所以舍去B,D,因为ln3>0,所以选C.【点睛】本题考查函数图象识别,考查基本分析判断能力,属基本题.6.设平面与平面相交于直线,直线在平面内,直线在平面内,且,则“”是“”的()A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】根据面面垂直性质定理可证得充分性成立,举反例说明必要性不成立.【详解】因为,平面与平面相交于直线,直线在平面内,且,所以,因为直线在平面内,所以,即充分性成立,若,,但时,与不一定垂直,即不一定垂直,即必要性不成立.选A.【点睛】本题考查面面垂直性质定理与充要关系,考查基本分析判断能力,属中档题.7.已知袋子中装有若干个大小形状相同且标有数字1,2,3的小球,每个小球上有一个数字,它们的个数依次成等差数列,从中随机抽取一个小球,若取出小球上的数字的数学期望是2,则的方差是()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】根据题意可假设标有数字1,2,3的小球各有1个,再根据方差定义求结果.【详解】因为取出小球上的数字的数学期望是2,且个数依次成等差数列,所以不妨设标有数字1,2,3的小球各有1个,从而随机抽取一个小球概率皆为,方差为,选B.【点睛】本题考查数学期望与方差,考查基本分析与求解能力,属中档题.8.已知三棱锥中,为正三角形,,且在底面内的射影在的内部(不包括边界),二面角,二面角,二面角的大小分别为,,,则()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】作出三个二面角,再根据,确定二面角大小.【详解】设在底面内的射影为O,过O分别作AB,BC,CA垂线,垂足分别为D,E,F,则,,,从而,,,因为,所以,,即,即,选C.【点睛】本题考查二面角,考查基本分析与判断能力,属中档题.9.已知向量,的夹角为,且,则的最小值为()A. B. C. 5 D.【答案】B【解析】【分析】建立坐标系,将转化为直线上一动点到两定点距离和,再根据对称求最小值.【详解】由题意可设,,因此表示直线上一动点到定点距离的和,因为关于直线的对称点为,所以选B.【点睛】本题考查向量坐标表示与直线对称,考查等价转化与数形结合思想方法,考查基本求解能力,属难题.10.已知数列满足,,则使的正整数的最小值是()A. 2018B. 2019C. 2020D. 2021【答案】C【解析】【分析】令,利用裂项相消法得,再根据范围求正整数的最小值.【详解】令,则,所以,从而,因为,所以数列单调递增,设当时, 当时,所以当时,,,从而,因此,选C.【点睛】本题考查数列递推关系与裂项相消法,考查等价转化与构造法,考查综合分析与求解能力,属难题.二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分.11.我国古代某数学著作中记载了一个折竹抵地问题:“今有竹高二丈,末折抵地,去本六尺,问折者高几何?”意思是:有一根竹子(与地面垂直),原高二丈(1丈=10尺),现被风折断,尖端落在地上,竹尖与竹根的距离为六尺,则折断处离地面的高为__________尺.【答案】9.1尺【解析】【分析】根据题意列方程,解得结果.【详解】设折断处离地面的高为尺.则【点睛】本题考查数学文化与应用,考查基本分析与求解能力,属基础题.12.某几何体的三视图如图所示(单位:),则该几何体的体积(单位:)等于_______,表面积(单位:)等于__________.【答案】(1). (2).【解析】【分析】先还原几何体,再根据柱体与锥体性质求体积与表面积.【详解】几何体一个边长为2的正方体挖去一个正四棱锥(顶点在正方体下底面中心,底面为正方体上底面),因此几何体的体积为,表面积为【点睛】本题考查三视图与柱体与锥体性质,考查空间想象能力与基本求解能力,属基础题.13.在中,内角,,所对的边分别为,,.已知,则的值为__________,若,,则的面积等于_________.【答案】(1). (2). 16【解析】【分析】第一空根据两角和正切公式得,再根据同角三角函数关系得的值,第二空先根据正弦定理得,再根据两角和正弦公式得,最后根据面积公式得结果.【详解】因为,所以,因此因为,所以因为()=,所以的面积等于【点睛】本题考查两角和正切公式、两角和正弦公式与正弦定理,考查基本分析求解能力,属基础题.14.若,则_________,_________.【答案】(1). -27(2). -940【解析】【分析】利用赋值法求系数.【详解】令得,所以,令得,令得,两式相加得【点睛】本题考查利用赋值法求二项展开式系数,考查基本分析求解能力,属基础题.15.已知函数,则__________,若实数,且,则的取值范围是__________.【答案】(1). 4 (2).【解析】【分析】第一空直接代入对应解析式求解即可,第二空先根据函数图象确定关系及取值范围,再求的取值范围.【详解】),因为,且,所以,,因此.【点睛】本题考查分段函数求值以及函数图像,考查综合分析与求解能力,属中档题.16.现有排成一排的7个不同的盒子,将红、黄、蓝、白颜色的4个小球全部放入这7个盒子中,若每个盒子最多放一个小球,则恰有两个空盒相邻且红球与黄球不相邻的不同放法共有_______种.(结果用数字表示)【答案】336【解析】【分析】根据相邻问题捆绑法,不相邻问题插空法进行求解.【详解】先不考虑红球与黄球不相邻,则4个小球有种排法,再安排空盒,有种方法,再考虑红球与黄球相邻,则4个小球有种排法,再安排空盒,有种方法,因此所求放法为【点睛】本题考查排列组合应用,考查综合分析与求解能力,属中档题.17.已知椭圆的两个顶点,,过,分别作的垂线交该椭圆于不同于的,两点,若,则椭圆的离心率是__________.【答案】【解析】【分析】先求出,两点坐标,再根据弦长公式化简,解得离心率.【详解】过作的垂线的方程为,与联立方程组解得,过作的垂线的方程为,与联立方程组解得,因为,所以【点睛】本题考查椭圆的离心率,考查综合分析与求解能力,属中档题.三、解答题:本大题共5小题,共74分。

浙江金丽衢十二校2019高三第一次联考-数学文

(Ⅱ) g(x) = 2 ln x x 2 b ,( x 0 ) x
——————6 分
g (x) = x2 x 2 ,由 g (x) >0 得 x 1, 由 g (x) <0 得 0 x 1 . x2
所以 g(x) 旳单调递增区间是1,,单调递减区间0,1
x 1时 g(x) 取得极小值 g(1) .——————10 分
(Ⅱ)当 EG 面 PFC 时, EG PF 又 G 为 FB 旳中点,
EF EP 2 ,t 2 —————7 分 过点G 在平面 PEF 中作 EP 旳垂线,垂足为 N,连接 DN . DE 面 PEF 面 PED 面 PEF GN 面 PED
GDN 即为 DG 与平面 PED 所成角.——————11 分
20.(本小题满分 14 分)如图在梯形 ABCD 中, AB // DC , E 、 F 是线段 AB 上旳两点,
且 DE AB , CF AB , CF 3, EF FB 2 , G 为 FB 旳中点,设 AE t ,
现将ADE, BCF 分别沿 DE, CF 折起,使 A 、 B 两点重合于点 P ,得到多面体
PEFCD . (Ⅰ)求证: PD // 平面 EGC ; (Ⅱ)当 EG 面 PFC 时,求 DG 与平面
PED 所成角旳正切值.
21.(本题满分 15 分)已知函数 f x 2 a ln x 2 .若曲线 y f (x) 在点 P(1, f (1)) 处
x 旳切线与直线 y x 2 垂直. (Ⅰ)求实数a 旳值; (Ⅱ)记 g(x) f (x) x b(b R) ,函数 g(x) 在区间[e1, e] 上有两个不同旳零点
x 3.设 x, y R ,那么“ x y 0 ”是“ y 1”旳

浙江省金丽衢十二校2019届高三第二次联考数学试题Word版含解析

浙江省金丽衢十二校2019届高三第二次联考数学试题一、选择题(共10小题,每小题4分,满分40分)1. 设集合M={x| },N={x|0<x<2},则M∪N=()A. [0,1)B. (0,1)C. [0,2)D. (0,2)【答案】C【解析】分析:解分式不等式得集合M,再根据集合的并集定义得结果.详解:因为,所以,因此M∪N= [0,2),选C.点睛:集合的基本运算的关注点(1)看元素组成.集合是由元素组成的,从研究集合中元素的构成入手是解决集合运算问题的前提.(2)有些集合是可以化简的,先化简再研究其关系并进行运算,可使问题简单明了,易于解决.(3)注意数形结合思想的应用,常用的数形结合形式有数轴、坐标系和Venn图.2. 若双曲线的两条渐近线相互垂直,则它的离心率是()A. B. C. 2 D.【答案】A【解析】双曲线两条渐近线互相垂直, ,计算得出.即为等轴双曲线.因此,本题正确答案是.3. 某四面体的三视图如图所示,正视图、左视图都是腰长为2的等腰直角三角形,俯视图是边长为2的正方形,则此四面体的最大面的面积是()A. 2B.C.D. 4【答案】C【解析】分析:先还原几何体,再根据锥体体积公式得结果.详解:因为几何体为一个四面体,六条棱长分别为,所以四面体的四个面的面积分别为因此四面体的最大面的面积是,选C.点睛:1.解答此类题目的关键是由多面体的三视图想象出空间几何体的形状并画出其直观图.2.三视图中“正侧一样高、正俯一样长、俯侧一样宽”,因此,可以根据三视图的形状及相关数据推断出原几何图形中的点、线、面之间的位置关系及相关数据.4. 函数f(x)=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0,|φ|<)的图象如图,则φ=()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析:先根据图确定半个周期,得ω,再根据最大值求φ.详解:因为,所以因为|φ|<因此,选B.点睛:已知函数的图象求解析式(1). (2)由函数的周期求(3)利用“五点法”中相对应的特殊点求.5. 已知(﹣1+3i )(2﹣i )=4+3i (其中i 是虚数单位,是z 的共轭复数),则z 的虚部为( ) A. 1 B. ﹣1 C. i D. ﹣i 【答案】A【解析】分析:根据复数除法得,再得z ,根据复数概念得结果. 详解:因为(﹣1+3i )(2﹣i )=4+3i , 所以因此,虚部为1,选A............................... 6. 已知正项数列{a n }中,a 1=1,a 2=2,(n ≥2),则a 6=( )A.B. 4C. 16D. 45【答案】B【解析】分析:先根据等差数列定义及其通项公式得,再根据正项数列条件得a n ,即得a 6.详解:因为,所以所以公差等差数列,,因为,因此,选B.点睛:证明或判断为等差数列的方法:(1)用定义证明:为常数);(2)用等差中项证明:;(3)通项法:为的一次函数;(4)前项和法:7. 用0,1,2,3,4可以组成的无重复数字的能被3整除的三位数的个数是()A. 20B. 24C. 36D. 48【答案】A【解析】分析:先根据能被3整除的三位数字组成为012,024,123,234四种情况,再分类讨论排列数,最后相加得结果.详解:因为能被3整除的三位数字组成为012,024,123,234四种情况,所以对应排列数分别为因此一共有,选A.点睛:求解排列、组合问题常用的解题方法:(1)元素相邻的排列问题——“捆邦法”;(2)元素相间的排列问题——“插空法”;(3)元素有顺序限制的排列问题——“除序法”;(4)带有“含”与“不含”“至多”“至少”的排列组合问题——间接法.8. 如果存在正实数a,使得f(x+a)为奇函数,f(x﹣a)为偶函数,我们称函数f(x)为“Θ函数”.给出下列四个函数:①f(x)=sinx ②f(x)=cosx ③f(x)=sinx﹣cosx ④f(x)=sin2(x+).其中“Θ函数”的个数为()A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】B【解析】分析:根据奇偶性求出对应a的值,若存在就是“Θ函数”.详解:若f(x)=sinx是“Θ函数”,则,若f(x)=cosx是“Θ函数”,则,若f(x)=sinx﹣cosx =是“Θ函数”,则,若f(x)= sin2(x+)是“Θ函数”,则,因此“Θ函数”的个数为2,选B.点睛:函数是奇函数;函数是偶函数;函数是奇函数;函数是偶函数.9. 设a>b>0,当取得最小值c时,函数f(x)=|x﹣a|+|x﹣b|+|x﹣c|的最小值为()A. 3B.C. 5D.【答案】A【解析】分析:根据基本不等式求最值c,并确定a,b取值,再根据绝对值定义去掉绝对值,结合分段函数图像确定最小值.详解:因为,所以当且仅当时取等号,此时因为,所以因此当时,f(x)取最小值为3.选A.点睛:在利用基本不等式求最值时,要特别注意“拆、拼、凑”等技巧,使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用,否则会出现错误.10. 如图,正方体ABCD﹣A1B1C1D1的棱长为1,线段B1D1上有两个动点E,F,且EF=0.6,则当E、F移动时,下列结论中错误的是()A. AE∥平面C1BDB. 四面体ACEF的体积为定值C. 三棱锥A﹣BEF的体积为定值D. 异面直线AF、BE所成的角为定值【答案】D【解析】分析:先证面AB1D1平行面C1BD,即得AE∥平面C1BD,通过计算四面体ACEF的体积、三棱锥A﹣BEF的体积以及异面直线AF、BE所成的角确定命题的真假.详解:因为B1D1// BD,C1D// AB1,所以面AB1D1平行面C1BD,因此AE∥平面C1BD,所以A正确,因为为定值,所以B正确,因为为定值,所以C正确,当E,F交换后,异面直线AF、BE所成的角发生变化,因此D错,选D.点睛:立体几何中定值或定位置问题,其基本思想方法是以算代证,或以证代证,即从条件出发,计算所求体积或证线面平行与垂直关系,得到结果为定值或位置关系为平行或垂直.二、填空题(共7小题,每小题6分,满分36分)11. 若f(x)为偶函数,当x≥0时,f(x)=x(1﹣x),则当x<0时,f(x)=_____;方程[5f(x)﹣1][f(x)+5]=0的实根个数为_____.【答案】 (1). (2). 6【解析】分析:根据偶函数性质求对偶区间解析式,结合函数图像与确定交点个数.详解:因为f(x)为偶函数,所以当x<0时,f(x)=,因为[5f(x)﹣1][f(x)+5]=0,所以研究与交点个数,如图:因此有6个交点.点睛:对于方程解的个数(或函数零点个数)问题,可利用函数的值域或最值,结合函数的单调性、草图确定其中参数范围.从图象的最高点、最低点,分析函数的最值、极值;从图象的对称性,分析函数的奇偶性;从图象的走向趋势,分析函数的单调性、周期性等.12. 在的展开式中,常数项为_____;系数最大的项是_____.【答案】 (1). (2).【解析】分析:先根据二项展开式通项公式得项的次数与系数,再根据次数为零,算出系数得常数项,根据系数大小比较,解得系数最大的项.详解:因为,所以由得常数项为因为系数最大的项系数为正,所以只需比较大小因此r=2时系数最大,项是,点睛:求二项展开式有关问题的常见类型及解题策略(1)求展开式中的特定项.可依据条件写出第项,再由特定项的特点求出值即可.(2)已知展开式的某项,求特定项的系数.可由某项得出参数项,再由通项写出第项,由特定项得出值,最后求出其参数.13. 已知向量满足的夹角为,则 =_____;与的夹角为_____.【答案】 (1). (2).【解析】分析:根据向量模的性质以及向量数量积求以及||,再根据向量数量积求向量夹角.详解:因为的夹角为,所以,,所以因此.点睛:求平面向量夹角方法:一是夹角公式;二是坐标公式;三是几何方法,从图形判断角的大小.14. 函数f(x)=x2+acosx+bx,非空数集A={x|f(x)=0},B={x|f(f(x))=0},已知A=B,则参数a的所有取值构成的集合为_____;参数b的所有取值构成的集合为_____.【答案】 (1). (2).【解析】分析:根据条件A=B,得f(0)=0,解得a;再根据f(-b)=0,得f(x)=-b无解或仅有零根,解得b的取值范围.详解:因为A=B,所以f(x)=0成立时f(f(x))=0也成立,因此f(0)=0,,即参数a的所有取值构成的集合为,因为f(x)=x2+ bx,所以由f(x)=0得当-b=0时, f(f(x))= x4=0,满足A=B,当时,由f(f(x))=0得f(x)=0或f(x)=-b,因此f(x)=-b无解或仅有零根,因为,即方程无解,,综上b的取值范围为点睛:已知函数有零点或方程有解求参数取值范围常用的方法和思路(1)直接法:直接根据题设条件构建关于参数的方程或不等式,再通过解方程或不等式确定参数范围;(2)分离参数法:先将参数分离,转化成求函数交点或函数值域问题加以解决;(3)数形结合法:先对解析式变形,在同一平面直角坐标系中,画出函数的图象,然后数形结合求解.15. 已知直线m,l,平面α,β,且m⊥α,l⊂β,给出下列命题:①若α∥β,则m⊥l;②若α⊥β,则m∥l;③若m⊥l,则α∥β④若m∥l,则α⊥β其中正确的命题的序号是_____.(注:把你认为正确的命题的序号都填上).【答案】①④【解析】分析:因为m⊥α,则m垂直与α平行所有平面中的直线;若m∥l,则β过垂直于α一条垂线,所以α⊥β;对于不成立的可以举反例说明.详解:因为m⊥α,则m垂直与α平行所有平面中的直线;所以若m⊥α,l⊂β,α∥β,则m⊥l;若m∥l,m⊥α,l⊂β,则β过垂直于α一条垂线,所以α⊥β;若α⊥β,m⊥α,l⊂β,则m,l位置关系不定;若m⊥l,m⊥α,l⊂β,则α,β也可相交,因此命题的序号是①④.点睛:垂直、平行关系证明中应用转化与化归思想的常见类型.(1)证明线面、面面平行,需转化为证明线线平行.(2)证明线面垂直,需转化为证明线线垂直.(3)证明线线垂直,需转化为证明线面垂直.16. 从放有标号为1、2、4、8、16、32的6个球的口袋里随机取出3个球(例如2、4、32),然后将3个球中标号最大和最小的球放回口袋(例子中放回2和32,留下4),则留在手中的球的标号的数学期望是_____.【答案】7.2【解析】分析:先确定随机变量的取法2,4,8,16,再分别求对应概率,最后根据数学期望公式求期望.详解:因为留在手中的球的标号可以为2,4,8,16,所以,,,因此点睛:求解离散型随机变量的数学期望的一般步骤为:第一步是“判断取值”,第二步是“探求概率”,第三步是“写分布列”,第四步是“求期望值”.17. 设直线2x+y﹣3=0与抛物线Γ:y2=8x交于A,B两点,过A,B的圆与抛物线Γ交于另外两点C,D,则直线CD的斜率k=_____.【答案】2【解析】分析:根据圆以及抛物线的对称性可得直线AB与直线CD关于x轴对称,所以斜率和相反,即得结果.详解:因为根据圆以及抛物线的对称性可得直线AB与直线CD关于x轴对称,所以直线AB与直线CD斜率和相反,因为直线AB斜率为-2,所以直线CD斜率为2.点睛:研究解几问题,一是注重几何性,利用对称性减少参数;二是巧记一些结论,简约思维、简化运算,如利用关于原点对称,为椭圆上三点).三、解答题(共5小题,满分74分)18. 已知函数f(x)=sin(x+)+sin(x﹣)+cosx.(Ⅰ)求f(x)的最小正周期;(Ⅱ)在△ABC中,f(A)=,△ABC的面积为,AB=,求BC的长.【答案】(1)(2)2或【解析】分析:(1)先根据两角和与差正弦公式展开,再根据配角公式得基本三角函数形式,最后根据正弦函数周期公式求结果,(2)先求A,再根据面积公式求不,最后根据余弦定理求a.详解:解:函数f(x)=sin(x+)+sin(x﹣)+cosx.化简可得:f(x)=2sinxcos+cosx=sinx+cosx=2sin(x+)(Ⅰ)f(x)的最小正周期T=;(Ⅱ)由f(A)=,即2sin(A+)=,∴sin(A+)=,∵0<A<π,∴<(A+).可得:(A+)=或则A=或A=.当则A=时,△ABC的面积为=bcsinA,AB=c=,∴b=AC=2余弦定理:BC2=22+(2)2﹣2××cos,解得:BC=2当A=时,△ABC的面积为=bc,AB=c=,∴b=AC=1直角三角形性质可得:BC2=22+(2)2,解得:BC=.点睛:解三角形问题,多为边和角的求值问题,这就需要根据正、余弦定理结合已知条件灵活转化边和角之间的关系,从而达到解决问题的目的.19. 四棱锥S﹣ABCD的底面是边长为1的正方形,则棱SB垂直于底面.(Ⅰ)求证:平面SBD⊥平面SAC;(Ⅱ)若SA与平面SCD所成角为30°,求SB的长.【答案】(1)见解析(2)1【解析】分析:(1)由正方形性质得AC⊥BD,由已知线面垂直关系得AC⊥SB,由线面垂直判定定理得AC⊥面SBD,再根据面面垂直判定定理得结论,(2)先将四棱锥补成正四棱柱ABCD ﹣A′SC′D′,作AE⊥A′D于E,则根据线面垂直判定定理得AE⊥面SCD,即得∠ASE即为SA与平面SCD所成角的平面角,最后根据解三角形得结果.详解:证明:(Ⅰ)连结AC,BD,∵四边形ABCD是正方形,∴AC⊥BD,∵SB⊥底面ABCD,∴AC⊥SB,∴AC⊥面SBD,又由AC⊂面SAC,∴面SAC⊥面SBD.解:(Ⅱ)将四棱锥补成正四棱柱ABCD﹣A′SC′D′,连结A′D,作AE⊥A′D于E,连结SE,由SA′∥CD,知平面SCD即为平面SCDA′,∵CD⊥侧面ADD′A′,∴CD⊥AE,又AE⊥A′D,∴AE⊥面SCD,∴∠ASE即为SA与平面SCD所成角的平面角,设SB=x,在直角△ABS中,SA=,在直角△DAA′中,∴=,解得x=1,∴SB的长为1.点睛:垂直、平行关系证明中应用转化与化归思想的常见类型.(1)证明线面、面面平行,需转化为证明线线平行.(2)证明线面垂直,需转化为证明线线垂直.(3)证明线线垂直,需转化为证明线面垂直.20. 已知函数f(x)=a x﹣xlna(a>0且a≠1).(Ⅰ)求函数f(x)在点(0,f(0))处的切线方程;(Ⅱ)求函数f(x)单调区间;(Ⅲ)若对任意x1,x2∈R,有|f(sinx1)﹣f(sinx2)|≤e﹣2(e是自然对数的底数),求实数a的取值范围.【答案】(1)y=1(2)在[0,+∞)递增,在(﹣∞,0]递减;(3)【解析】分析:(1)先求导数,再根据导数几何意义得切线斜率,最后根据点斜式求切线方程,(2)根据a与1大小分类讨论导函数符号,再根据导函数符号确定单调区间,(3)先将恒成立问题转化为对应函数最值,再根据单调性确定函数最值,通过构造函数解不等式,可得实数a的取值范围.详解:解:(Ⅰ)∵f′(x)=a x lna﹣lna=(a x﹣1)lna,∴f′(0)=0,又∵f(0)=1,∴所求切线方程是:y=1;(Ⅱ)当a>1时,令f′(x)>0,解得:x>0,令f′(x)<0,解得:x<0,当0<a<1时,令f′(x)>0,解得:x>0,令f′(x)<0,解得:x<0,故对∀a>0,且a≠1,f(x)在[0,+∞)递增,在(﹣∞,0]递减;(Ⅲ)记f(x)在x∈[﹣1,1]上的最大值是M,最小值是m,要使对任意x1,x2∈R,有|f(sinx1)﹣f(sinx2)|≤e﹣2,只需M﹣m≤e﹣2即可,根据f(x)的单调性可知,m=f(0)=1,M为f(﹣1),f(1)的最大值,f(﹣1)=+lna,f(1)=a﹣lna,f(﹣1)﹣f(1)=﹣a+2lna,令g(x)=﹣x+2lnx,g′(x)=﹣≤0,故g(x)在(0,+∞)递减,又∵g(1)=0,∴a>1时,g(a)<g(1)=0,即f(﹣1)<f(1),此时M=a﹣lna,要使M﹣m≤e﹣2,即有a﹣lna﹣1≤e﹣2,再令h(x)=x﹣lnx,由h′(x)=可知h(x)在(1,+∞)递增,不等式a﹣lna≤e﹣1可化为h(a)≤h(e),解得:1<a≤e,当0<a<1时,g(a)>g(1)=0,即f(﹣1)>f(1),此时M=+lna,要使M﹣m≤e﹣2,即有+lna﹣1≤e﹣2,再令l(x)=+lnx,由l′(x)=,可知l(x)在(0,1)递减,不等式+lna≤e﹣1可化为l(a)≤l(),解得:≤a<1,综上,a的范围是[,1)∪(1,e].点睛:对于求不等式成立时的参数范围问题,一般有三个方法,一是分离参数法, 使不等式一端是含有参数的式子,另一端是一个区间上具体的函数,通过对具体函数的研究确定含参式子满足的条件.二是讨论分析法,根据参数取值情况分类讨论,三是数形结合法,将不等式转化为两个函数,通过两个函数图像确定条件.21. 已知椭圆T的焦点在x轴上,一个顶点为A(﹣5,0),其右焦点到直线3x﹣4y+3=0的距离为3.(Ⅰ)求椭圆T的方程;(Ⅱ)设椭圆T的长轴为AA',P为椭圆上除A和A'外任意一点,引AQ⊥AP,A'Q⊥A'P,AQ 和A'Q的交点为Q,求点Q的轨迹方程.【答案】(1)(2)【解析】分析:(1)根据条件列关于a,b,c方程组,解方程组可得a,b,(2)交轨法求轨迹,先设P,Q坐标,根据垂直关系得斜率乘积为-1,两式对应相乘,利用椭圆方程化简可得Q点轨迹方程,最后根据根据纯粹性去掉两点.详解:解:(Ⅰ)设椭圆的方程为:(a>b>0),设椭圆的右焦点为(c,0),则=3,解得:c=4,由题意的焦点在x轴上,则a=5,b2=a2﹣c2=3,∴椭圆的标准方程:;(Ⅱ)设P(5cosθ,3sinθ),A'(5,0),θ≠kπ,k∈Z,设Q(x,y),x≠5且x≠﹣5,于是,×=﹣1,×=﹣1,两式相乘:×=1,化简,所求轨迹方程为:,x≠5且x≠﹣5,∴点Q的轨迹方程,x≠5且x≠﹣5.点睛:求轨迹方程,一般有以下方法,一是定义法,动点满足圆或圆锥曲线定义;二是直接法,化简条件即得;三是转移法,除所求动点外,一般还有已知轨迹的动点,寻求两者关系是关键;四是交轨法或参数法,如何消去参数是解题关键,且需注意消参过程中的等价性.22. 已知数列{an}的首项a1=1,前n项和为Sn,且an+1=Sn+n+1(n∈N+)(Ⅰ)求证数列{an+1}为等比数列;(Ⅱ)设数列{ }的前n项和为Tn,求证:.(Ⅲ)设函数,令,求数列{bn}的通项公式,并判断其单调性.【答案】(1)见解析(2)见解析(3)见解析【解析】分析:(1)先根据和项与通项关系得项之间递推关系,再利用等比数列定义证数列{an+1}为等比数列;(2)先根据等比数列通项公式求an +1,解得an,再放缩利用等比数列求和公式得结论,(3)先求导数,得,再利用错位相减法求其中部分和,即得,最后根据相邻两项差的关系判断数列单调性,这时可利用数学归纳法证明.详解:解:(Ⅰ)证明:an+1=Sn+n+1,可得当n≥2时,an =Sn﹣1+n,两式相减可得,an+1﹣an=an+1,可得an+1+1=2(an+1),n≥2,由a1+1=2,a2+1=4,可得数列{an+1}为公比为2的等比数列;(Ⅱ)an+1=2•2n﹣1=2n,即有an=2n﹣1,当n=1时,T1=1,当n=2时,T2=1+,当n=3时,T3=1++=显然有;n>3时,Tn=1++++…+<1+++(++…+)=1+++<1+++=1++<1++=;(Ⅲ)设函数,令,f′n(x)=an +2an﹣1x+…+na1x n﹣1,则bn=f′n(1)=an +2an﹣1+…+na1=(2n﹣1)+2(2n﹣1﹣1)+3(2n﹣2﹣1)+…+n(21﹣1)=2n+2•2n﹣1+3•2n﹣2+…+n•21﹣.令A=2n+2•2n﹣1+3•2n﹣2+…+n•21,A=2n﹣1+2•2n﹣2+3•2n﹣3+…+n•20,两式相减可得,A=2n+2n﹣1+2n﹣2+…+2﹣n=2n+1﹣n﹣2,即A=2n+2﹣2n﹣4,bn=2n+2﹣2n﹣4﹣=2n+2﹣n2﹣n﹣4,{bn}递增,只需证明当n为自然数时,bn+1﹣bn=2n+2﹣n﹣3>0.当n=1时,2n+2﹣n﹣3=4>0,假设n=k时,2k+2﹣k﹣3>0,则当n=k+1时,2k+3﹣k﹣4=(2k+2﹣k﹣3)+(2k+2﹣1)>0恒成立,综上可得,当n为一切自然数时,bn+1>bn.即数列{bn}为递增数列.点睛:用错位相减法求和应注意的问题(1)要善于识别题目类型,特别是等比数列公比为负数的情形;(2)在写出“”与“”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步准确写出“”的表达式;(3)在应用错位相减法求和时,若等比数列的公比为参数,应分公比等于1和不等于1两种情况求解.。

浙江省湖州三校2019年普通高等学校招生全国统一考试数学试卷

浙江省湖州三校2019年普通高等学校招生全国统一考试数学试卷一、单选题 (共10题;共20分)1.(2分)已知集合P={x|−1<x<1},Q={x|0<x<2},那么P∪Q=()A.(-1,2)B.(0,1)C.(-1,0)D.(1,2)2.(2分)双曲线x24−y2=1的一个焦点到一条渐近线的距离是()A.1B.2C.4D.√53.(2分)复数21+i(i为虚数单位)的共轭复数是()A.−1+i B.1−i C.1+i D.−1−i4.(2分)若变量x,y满足约束条件{y≤xx+y≤1y≥−1,则|x+3y|的最大值是()A.1B.2C.3D.45.(2分)设函数f(x)=x2ln1+x1−x,则函数f(x)的图像可能为()A.B.C.D.6.(2分)设平面α与平面β相交于直线m,直线a在平面α内,直线b在平面β内,且b⊥m则“ α⊥β”是“ a⊥b”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.即不充分不必要条件7.(2分)已知袋子中装有若干个大小形状相同且标有数字1,2,3的小球,每个小球上有一个数字,它们的个数依次成等差数列,从中随机抽取一个小球,若取出小球上的数字X的数学期望是2,则X的方差是()A .13B .23C .83D .438.(2分)已知三棱锥 P −ABC 中, ΔABC 为正三角形, PA >PB >PC ,且 P 在底面 ABC内的射影在 ΔABC 的内部(不包括边界),二面角 P −AB −C ,二面角 P −BC −A ,二面角 P −AC −B 的大小分别为 α , β , γ ,则( ) A .α>β>γB .γ>α>βC .α<γ<βD .α<β<γ9.(2分)已知向量 a ⇀ , b ⇀ 的夹角为 60° , |a ⇀|=1 且 c ⇀=−2a ⇀+tb ⇀(t ∈R) ,则 |c ⇀|+|c ⇀−a ⇀|的最小值为( ) A .√13B .√19C .5D .9√13410.(2分)已知数列 {a n } 满足 a 1=12 , a n+1=a n 22018+a n (n ∈N ∗) ,则使 a n >1 的正整数 n的最小值是( ) A .2018B .2019C .2020D .2021二、填空题 (共7题;共11分)11.(1分)我国古代某数学著作中记载了一个折竹抵地问题:“今有竹高二丈,末折抵地,去本六尺,问折者高几何?”意思是:有一根竹子(与地面垂直),原高二丈(1丈=10尺),现被风折断,尖端落在地上,竹尖与竹根的距离为六尺,则折断处离地面的高为 尺.12.(2分)某几何体的三视图如图所示(单位:cm ),则该几何体的体积(单位:cm 3)等于 ,表面积(单位:cm 2) 等于 .13.(2分)在 ΔABC 中,内角 A , B , C 所对的边分别为 a , b , c .已知 tan(π4+A)=2 ,则 sinA 的值为 ,若 B =π4 , a =4 ,则 ΔABC 的面积等于 . 14.(2分)若 (x −3)3(2x +1)5=a 0+a 1x +a 2x 2+...+a 8x 8 ,则 a 0= , a 0+a 2+...+a 8= .15.(2分)已知函数 f(x)={2−x ,x ≤0−x 2+4x,x >0 ,则 f(f(−1))= ,若实数 a <b <c ,且 f(a)=f(b)=f(c) ,则 a +b +c 的取值范围是 .16.(1分)现有排成一排的7个不同的盒子,将红、黄、蓝、白颜色的4个小球全部放入这7个盒子中,若每个盒子最多放一个小球,则恰有两个空盒相邻且红球与黄球不相邻的不同放法共有 种.(结果用数字表示)17.(1分)已知椭圆 x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0) 的两个顶点 A(a,0) , B(0,b) ,过 A , B 分别作AB 的垂线交该椭圆于不同于的 C , D 两点,若 2|BD|=3|AC| ,则椭圆的离心率是 .三、解答题 (共5题;共25分)18.(5分)已知函数 f(x)=2cos 2x −2√3sinxcosx .(Ⅰ)求函数 f(x) 的单调递减区间;(Ⅱ)求方程 f(x)=−13在区间 [0,π2] 内的所有实根之和.19.(5分)如图,在四棱锥 E −ABCD 中,底面 ABCD 是边长为2的正方形,且 DE =√3 ,平面 ABCD ⊥ 平面 ADE ,二面角 A −CD −E 为 30° .(Ⅰ)求证: AE ⊥ 平面 CDE ;(Ⅱ)求 AB 与平面 BCE 所成角的正弦值.20.(5分)已知等差数列 {a n } 的前 n 项和为 S n , a 1=1 ,公差 d ≠0 ,且 S 1 , S 3 , S 9成等比数列,数列 {b n } 满足 b 1S 1+b 2S 2+...+b n S n =6−n 2+4n+62n(n ∈N ∗) , {b n } 的前 n 项和为 T n .(Ⅰ)求数列 {a n } 和 {b n } 的通项公式;(Ⅱ)记 R n =1a 1a 2+1a 2a 3+...+1a n a n+1 ,试比较 R n 与 12T n 的大小. 21.(5分)已知抛物线 L : y 2=2px(p >0) 的焦点为 F ,过点 M(5,0) 的动直线 l 与抛物线 L交于 A , B 两点,直线 AF 交抛物线 L 于另一点 C , |AC| 的最小值为4.(Ⅰ)求抛物线L的方程;(Ⅱ)记ΔABC、ΔAFM的面积分别为S1,S2,求S1⋅S2的最小值.22.(5分)已知函数f(x)=2x2,g(x)=mlnx(m>0),曲线f(x)与g(x)有且仅有一个公共点.(Ⅰ)求m的值;(Ⅱ)若存在实数a,b,使得关于x的不等式g(x)≤ax+b≤f(x)+2对任意正实数x 恒成立,求a的最小值.答案解析部分1.【答案】A【解析】【解答】利用数轴,取P,Q所有元素,得P∪Q=(−1,2).【分析】利用并集的运算法则结合数轴求出集合P和集合Q的并集。

浙江省丽水、湖州、衢州2022年11月三地市高三教学质量检测数学试题(定稿)

丽水、湖州、衢州2022年11月三地市高三教学质量检测数学试题卷注意事项:1.答卷前,考生务必用黑色字迹钢笔或签字笔将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上.2.作答选择题时,用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑.非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上.不按以上要求作答的答案无效.一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合3|01x A x x -⎧⎫=≤⎨⎬-⎩⎭,{}|2B x x =>,则A B =A .{}|23x x <≤B .{}|12x x ≤≤C .{}|13x x ≤≤D .{}|12x x <≤2.设复数11iz =-(其中i 为虚数单位),z 是z 的共轭复数,则=+z z A .1-B .1C .i D .1i 2+3.已知点P 是ABC ∆所在平面上的一点,且13AP AB t AC =+(R t ∈),若点P 在ABC ∆的内部,则实数t 的取值范围是A .104t <<B .103t <<C .102t <<D .203t <<4.已知函数()()sin f x A x ωϕ=+(0,0,πA ωϕ>><)的部分图象如图,当π0,2x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时,满足()1f x =的x 的值是A.π2B.5π12C.π3D.π65.在正三棱锥P ABC -中,M ,N 分别是棱PC ,BC 的中点,且AM MN ⊥,设三棱锥P ABC -外接球的体积和表面积分别是V 和S .若2AB =,则A.66V π=B .126V π=C .6S π=D .24S π=6.若函数()sin f x ax x =+的图象上存在两条相互垂直的切线,则实数a 的值是A .2B .1C .0D .1-7.如图,已知抛物线22y x =,过点()10P ,和()3,0Q 分别作斜率大于0的两平行直线,交抛物线于A ,B 和C ,D ,连接AD交x 轴于点3,02M ⎛⎫⎪⎝⎭,则直线AB 的斜率是A .1B .2C .3D .2(第4题图)8.设14a =,1sin81b e =-,9ln 7c =,则A .a b c >>B .a c b >>C .c a b >>D .b c a>>二、多项选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,至少有两个是符合题目要求的,全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.9.为了增强学生体育锻炼的积极性,某中学需要了解性别因素与学生对体育锻炼的喜好是否有影响,为此对学生是否喜欢体育锻炼的情况进行普查.得到下表:性别合计男性女性喜欢280p 280+p 不喜欢q 120120+q 合计280+q120+p400+p +q附:()()()()()22n ad bc K a b c d a c b d -=++++,n a b c d =+++.()20P K k ≥0.150.100.050.0250.0100.00l 0k 2.0722.7063.8415.0246.63510.828已知男生喜欢该项运动的人数占男生人数的710,女生喜欢该项运动的人数占女生人数的35,则下列说法正确的是A .列联表中q 的值为120,p 的值为180B .随机对一名学生进行调查,此学生有90%的可能喜欢该项运动C .有99%的把握认为学生的性别与其对该项运动的喜好有关系D .没有99.9%的把握认为学生的性别与其对该项运动的喜好有关系10.已知函数()11,1ln ,01,x e x f x x x -⎧-≥⎪=⎨<<⎪⎩()()g x f x ax b =--,则A .对于任意,R a b ∈,函数()g x 有零点B .对于任意R b ∈,存在0a >,函数()g x 恰有一个零点C .对于任意0a >,存在R b ∈,函数()g x 恰有二个零点D .存在,R a b ∈,函数()g x 恰有三个零点11.已知点A ,B 分别为圆1C :2228160x y x y +-++=与圆2C :22650x y x +-+=上的两个动点,点P 为直线l :20x y -+=上一点,则A.PA PB -的最大值为3+B.PA PB -的最小值为3--C.PA PB +的最小值为3D.PA PB +312.定义在()0,+∞上的函数()f x 的导函数为()f x ',且()()()20f x x x f x '++<恒成立,则A .()()4231f f <B .()()8293f f <C .()()3321f f >D .()()153164f f >三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.61x x ⎛⎫+ ⎪⎝⎭的展开式中常数项是▲.14.从数字1,2,3,4,5中任意取出两个数字,这两个数字不是连续的自然数的概率是▲.15.已知函数()f x (R x ∈)满足()()22f x f x -+=,若函数1xy x =-与()y f x =的图象的交点为(),i i x y (1,2,,2022i = ),则()20221iii x y =+=∑▲.16.设F 是椭圆22221x y a b +=(0a b >>)的右焦点,O 为坐标原点,过F的直线l 交椭圆于A ,B 两点(点A 在x 轴上方),过O 作AB 的垂线,垂足为H ,且HB HF =,则该椭圆的离心率是▲.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(本题满分10分)在数列{}n a 中,113a =,112n n n n a a a a ++-=(*N n ∈).(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)求满足不等式1223117k k a a a a a a +++⋯+<(*N k ∈)成立的k 的最大值.18.(本题满分12分)在ABC ∆中,内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,已知()sin 22cos A C B +=-.(1)求tan B 的值;(2)若ABC ∆的面积为2,求ABC ∆周长L 的最小值.19.(本题满分12分)如图,在三棱台111ABC A B C -中,三棱锥111C A B C -,1AB C ∆的面积为4,112AB A B =,且1A A ⊥平面ABC .(1)求点B 到平面1AB C 的距离;(2)若1BB BA =,且平面1AB C ⊥平面11ABB A ,求二面角11A B C A --的余弦值.B 1(第19题图)A 1C 1BCA20.(本题满分12分)自主招生和强基计划是高校选拔录取工作改革的重要环节.自主招生是学生通过高校组织的笔试和面试之后,可以得到相应的降分政策.2020年1月,教育部决定2020年起不再组织开展高校自主招生工作,而是在部分一流大学建设高校开展基础学科招生改革试点(也称强基计划).下表是某高校从2018年起至2022年通过自主招生或强基计划在部分专业的招生人数:年份数学物理化学总计201847617201958518202069520202187621202298623请根据表格回答下列问题:(1)统计表明招生总数和年份间有较强的线性关系.记x 为年份与2017的差,y 为当年数学、物理和化学的招生总人数,试用最小二乘法建立y 关于x 的线性回归方程,并以此预测2023年的数学、物理和化学的招生总人数(结果四舍五入保留整数);(2)在强基计划实施的首年,为了保证招生录取结果的公平公正,该校招生办对2020年强基计划录取结果进行抽检.此次抽检从这20名学生中随机选取3位学生进行评审.记选取到数学专业的学生人数为X ,求随机变量X 的数学期望()E X ;(3)经统计该校学生的本科学习年限占比如下:四年毕业的占0076,五年毕业的占0016,六年毕业的占008.现从2018到2022年间通过上述方式被该校录取的学生中随机抽取1名,若该生是数学专业的学生,求该生恰好在2025年毕业的概率.附:ˆˆy bxa =+为回归方程,()()()121ˆniii nii x xy b y xx ==--=-∑∑,ˆˆay bx =-.21.(本题满分12分)已知点(A 在离心率为3的双曲线C 上,过点()1,0M 的直线l 交曲线C 于D ,E 两点(D ,E 均在第四象限),直线AD ,AE 分别交直线1x =于P ,Q 两点.(1)求双曲线C 的标准方程;(2)若APQ ∆的面积为24,求直线l 的方程.22.(本题满分12分)已知函数()ln 1e a xx fx x a x =+--(R a ∈).(1)当1a =时,求()f x 的单调区间;(2)若函数()f x 有两个不同的零点1x ,2x ,证明:1212elnx x a+>.(其中e 2.71828≈是自然对数的底数)。

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湖州、衢州、丽水三地市教学质量检测试卷
高三数学(2019.11)
注意事项:
2.本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共4页,全卷满分150分,考试时间120分钟.
第Ⅰ卷
(选择题,共40分)
一、选择题(本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只
有一项是符合题目要求的)1.已知集合{}1, 0, 1P =-,{}
11Q x x =-≤<,则P Q = A .{}0B .[1,0]
-C .{}
1, 0-D .[1,1)
-2.已知复数1i
i
z +=
(i 为虚数单位),则复数z 的虚部是A .1B .1-C .i
D .i
-3.已知实数,x y 满足2360,20,0,x y x y y -≤⎧⎪
-≥⎨⎪≥⎩
++则22x y +的最小值是
A
B .2
C .4
D .8
4.若,R a b ∈,则“1≤+b a ”是“2
2
1a b +≤”的
A .充分不必要条件
B .必要不充分条件
C .充分必要条件
D .既不充分也不必要条件
5.函数()sin x
f x x
=
,()(),00,x ππ∈- 的图象大致是A B C D
1.本科考试分试题卷和答题卷,考生须在答题卷上作答.
6.已知随机变量,X Y 的分布列如下:
若c b a ,,成等差数列,则下列结论一定成立的是A .()()
Y D X D >B .()()
Y E X E =C .()()
Y E X E <D .()()
Y D X D =7
.已知(A
,(B ,作直线l ,使得点,A B 到直线l 的距离均为d ,且这样的
直线l 恰有4条,则d 的取值范围是A.1
d ≥ B.01
d << C.01
d <≤ D.02
d <<8.若函数22
2,0
(),0
x x x m x f x e mx e x ⎧---<⎪=⎨-+≥⎪⎩恰有两个零点,则实数m 的取值范围是A.(0,1)(,)e +∞ B.(,)e +∞C.2
(0,1)(,)
e +∞ D.2
(,)
e +∞9.如图,矩形ABCD 中心为O ,BC AB >,现将DAC ∆沿着对角线AC 翻折成EAC ∆,
记BOE α∠=,二面角B AC E --的平面角为β,直线DE 和BC 所成角为γ,则A.,2βαβγ>>B.,2βαβγ><C.,2βαβγ<>D.,2βαβγ
<<10.设数列{}n a 满足11a =,+1=e 1n a m n a -+,*n ∈N ,若对一切*n ∈N ,2n a ≤,则实数m 的取值范围是A .2
m ≥B .12
m ≤≤C .3
m ≥D .23
m ≤≤X 3
2
1
P
a
b
c
Y 1
2
3
P
a
b
c
第9题图
A
B
C
D
E
O
第Ⅱ卷
(非选择题部分,共110分)
注意事项:
用钢笔或签字笔将试题卷中的题目做在答题卷上,做在试题卷上无效.
二、填空题(本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分)
11.双曲线22
145
x y -=的焦距为
▲,离心率为▲.
12.已知二项式()(
)*
2 n
x n -∈N
的展开式中,第二项的系数是14-,则n =


含x 的奇次项的二项式系数和的值是


13.某几何体的三视图如图所示(单位:cm ),
则该几何体的体积为▲cm 3,
最长的棱长为

cm.
14.在锐角ABC ∆中,D 是线段BC 的中点,
若2AD =
,BD =30BAD ∠= ,
则角B =

,AC =


15.已知1F ,2F 是椭圆:C 22
143
x y +=的左右焦点,P 是直线:l y x m =+()R m ∈上
一点,若12PF PF +的最小值是4,则实数m =▲.
16.已知平面向量,,a b c 满足60a b ⋅= ,||4a b -= ,||1c a -=
,则c 的取值范围



17.已知函数()2
12f x x x a b =+-+(),a b ∈R ,
若[]1,1x ∈-时,()1f x ≤,则1
2
a b +的最大值是


三、解答题(本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
18.(本小题满分14分)
已知平面向量,cos )a x x = ,(cos ,0)b x = ,函数()|2|f x a b =+ ()R ∈x .
(Ⅰ)求函数()x f 图象的对称轴;
(Ⅱ)当0,
2x π⎛⎫
∈ ⎪⎝

时,求()f x 的值域.4
2
24
正视图
侧视图
俯视图
第13题图
19.(本小题满分15分)
如图,已知三棱台111ABC A B C -,平面11A ACC ⊥平面ABC ,90ABC ∠=

30BAC ∠= ,11114AA CC BC A C ====,,E F 分别是11A C ,BC 的中点.
(Ⅰ)证明:BC EF ⊥;
(Ⅱ)求直线EB 与平面11BCC B 所成角的正弦值.20.(本小题满分15分)
已知数列{}n a 满足11a =,()
111n n a n a +=
+*
()n ∈N

(Ⅰ)求2a ,3a ,并猜想{}n a 的通项公式(不需证明);)
1- *()n ∈N .
21.(本小题满分15分)
如图,F 是抛物线()2
20y px p =>的焦点,,,A B M 是抛物线上三点(M 在第一象
限),直线AB 交x 轴于点N (N 在F 的右边),四边形FMNA 是平行四边形,记
MFN ∆,FAB ∆的面积分别为12,S S .
(Ⅰ)若1MF =,求点M 的坐标(用含有p 的代数式表示);
(Ⅱ)若122
5
S S =,求直线OM 的斜率(O 为坐标原点).
22.(本小题满分15分)
已知函数())ln f x x x a =+-∈R 有两个极值点12,x x ,且12<x x .(Ⅰ)若5=a ,求曲线()=y f x 在点()()
4,4f 处的切线方程;(Ⅱ)记()()()12g a f x f x =-,求a 的取值范围,使得()15
04ln 24
g a <≤
-.A
C 1
A 1
B 1
C E
B
第19题图
F 第21题图
N F
M
A
B
x
y
O。

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