2016年茂名一模物理试题
广东省茂名市高考物理一模试卷Word版含解析
二、选择题：本题共有8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图（甲）所示，导线MN和矩形线圈abcd共面且固定．在MN中通以图（乙）所示的电流（NM方向为电流的正方向），则在0～T时间内（）A．线框感应电流方向始终沿adcba方向B．线框感应电流方向先沿abcda后沿adcbaC．ab边始终不受力的作用D．bc边受安培力先向右后向左2．如图所示，平行水平放置的光滑导轨AB、CD相距0.2m，电阻不计，导轨的左右两端分别接有阻值为1Ω的电阻R1和R2，金属圆环的直径为0.2m，电阻为2Ω，整个装置放在大小为1T、方向竖直向下的匀强磁场中，M、N为圆环与导轨接触的两点．当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时，下列说法正确的是（）A．导轨中没有电流B．M、N两点的电压为2VC．M、N两点的电压为1.57V D．R1的功率为1W3．如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们与盘间的摩擦因数相同，当圆盘转动到两个物体刚好还未发生滑动时，烧断细线，两个物体的运动情况是（）A．两物体沿切向方向滑动B．两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远C．两物体仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动D．物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远4．如图所示为一只理想变压器，原、副线圈匝数比是10：1，原线圈接入电压为220V的正弦交流电，一个理想二极管与一个最大阻值为10Ω的滑动变阻器串联后接在副线圈上，滑片P在变阻器的最下端，则下列说法正确的是（）A．1分钟内电阻R上产生的热量为1452JB．电压表的示数为22VC．二极管两端的最大电压为22VD．滑片P向上移动时，电流表A的示数减小5．如图所示，两根等长且不可伸长的细线结于O点，A端固定在水平杆上，B端系在轻质圆环（不计重力）上，圆环套在竖直光滑杆上，C端挂一重物，重物质量为m．开始时用手握住轻圆环，使其紧靠D端，且AD=OA，当重物静止时如图所示．现释放圆环，圆环在竖直光滑杆上自由滑动，当重物再次静止时OA绳拉力为F A，OB绳拉力为F B，则（）A．F A＜mg；F B＜mg B．F A=mg；F B=0 C．F A=mg；F B=mg D．F A＞mg； F B=mg6．质量为m的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去F，其V﹣t图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，在这过程中力F做的功为W，则下列关系式正确的是（）A．F=2μmg B．F=3μmg C．W=μmgV0t0D．W=3μmgV0t07．如图所示，带有正电荷量Q的细铜圆环竖直固定放置，一带量为q的正点电荷从很远处沿水平轴线飞来并到达圆心，不计粒子的重力．关于粒子的上述过程，下列说法正确的是（）A．粒子先做加速运动后做减速运动B．粒子的电势能先增大后减小C．粒子的加速度先增大后减小D．粒子的动能与电势能之和不变8．如图所示是牛顿研究抛体运动时绘制的一幅草图，以不同的速度抛出的物体分别沿a、b、c、d轨迹运动，其中a是一段曲线，b 是贴近地球表面的圆，C是椭圆，d是双曲线的一部分．已知引力常数为G，地球质量为M，半径为R，地球附近的重力加速度为g．以下说法正确的是（）A．沿a运动物体的初速度一定小于B．沿b运动物体的初速度一定等于C．沿c运动物体的初速度与P点时速度大小相等D．沿d运动物体的初速度一定大于第一宇宙速度三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．在“利用打点计时器测定匀变速直线运动加速度”的实验中，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5点取一个计数点，共取了A、B、C、D、E、，六个计数点在一次课外实践活动中，某课题研究小组收集到电子产品中的一些旧电池及从废旧收音机上折下来的电容、电阻、电感线圈等电子元件．现从这些材料中选取两待测元件，一是电阻R0（约为2kΩ），一是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流500mA）．在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表（量程为0﹣3﹣15V，电阻R V约为0﹣15﹣75kΩ）B．电流表A1（量程为100mA，内阻不计）C．电流表A2（量程为2mA，内阻不计）D．滑动变阻器R1（0～2kΩ，额定电流0.01A）E．滑动变阻器R2（0～10Ω，额定电流0.6A）F．电阻箱R（0～999.9Ω）G．开关一只，导线若干（1）为了测定电阻R0的阻值，小组成员设计了如图（甲）所示的电路，所选器材均标在图上，其器材选取中有不妥之处，你认为应该怎样调整？答：．（2）当滑片移到某一位置时，电压表示数如图（乙）所示，此时R0的电压测量值为V．（3）如果在实际过程中，发现滑动变阻器、电压表已损坏，请你用余下的器材测量电池的电动势E和内阻r．①请你在图（丙）所示的方框内画出实验电路图（标明所用器材符号）②该项实验小组的同学在实验中取得多组数据，然后作出图（丁）所示的图象，则电源的电动势E=V，内电阻r= Ω．11．质量为4kg的物体系在气球的下端，绳子伸直且物体刚好接触地面．释放气球，使物体由静止开始竖直上升，8s后绳子断开，再经6s物体落回地面，g取10m/s2．求：（1）绳子对物体的拉力？（2）从释放到绳子断开前，绳子拉力的平均功率？12．在真空中有大小为B=1.0T、方向垂直纸面向里的环形匀强磁场，内环半径R1=m，外环半径R2=1.0m．在圆心O与内环间加上电压U后，内圆内形成一个辐射性的电场．荷质比为=4.0×103C/kg 的带正电的粒子由圆心O处静止释放后经电场加速后进入磁场，不计带电粒子的重力．求（1）带电粒子不能穿越磁场外边界的最大电压U m；（2）当电压为U m时，带电粒子从圆心静止释放后第一次在磁场中的运动时间．三、[物理-选修3-3]（共2小题，满分15分）13．下列说法中正确的是（）A．单晶体的各向异性是由晶体微观结构决定的B．布朗运动就是液体分子的运动C．能量转化和守恒定律是普遍规律，但是能量耗散违反能量转化和守恒定律D．小昆虫水黾可以站在水面上是由于液体表面张力的缘故E．物体可从单一热源吸收热量并全部用于做功14．如图所示，一直立的气缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为S，汽缸内壁光滑且缸壁是导热的，开始活塞被固定在A点，打开固定螺栓K，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在B点，已知AB=h，大气压强为p0，重力加速度为g．①求活塞停在B点时缸内封闭气体的压强；②设周围环境温度保持不变，求整个过程中通过缸壁传递的热量Q（一定量理想气体的内能仅由温度决定）．四、[物理-选修3-4]（共2小题，满分0分）15．简谐运动的振动图线可用下述方法画出：如图（甲）所示，在弹簧振子的小球上安装一支绘图笔P，让一条纸带在与小球振动方向垂直的方向上匀速运动，笔P在纸带上画出的就是小球的振动图象．取振子水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移正方向，纸带运动的距离代表时间，得到的振动图线如图乙所示．则下列说法中正确的是（）A．弹簧振子的周期为4sB．弹簧振子的振幅为10cmC．t=17s时振子相对平衡位置的位移是10cmD．若纸带运动的速度为2cm/s，振动图线上1、3两点间的距离是4cmE．2.5s时振子正在向x轴正方向运动16．如图所示，一个半径为R的四分之一透明圆柱体放置在水平桌面上，一束蓝光沿水平方向垂直入射到OA上，经过圆柱体后在水平面形成一个光斑．已知圆柱体对蓝光的折射率为2．求：①蓝光在圆柱体中的传播速度；②圆柱体右侧水平桌面上黑暗部分的长度．五、[物理-选修3-5]（共2小题，满分0分）17．以下说法中，正确的是（）A．衰变成要经过6次β衰变和8次α衰变B．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为这束光的光强太小C．原子核发生一次β衰变时，其内部的一个中子转变为一个质子和一个电子D．β射线与γ射线一样是电磁波，穿透本领远比γ射线强E．在原子核中，平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固18．如图所示，甲车的质量为m1=3kg，质量为m=1kg的小球用长为0.5m轻绳悬挂在L形支架一上，它们静止在水平面．质量为m2=2kg 的乙车以V0=5m/s的速度向甲车运动，甲、乙两车碰撞后一起运动．g=10m/s2．求：①乙车碰撞甲后瞬时速度；②绳子偏离竖直方向的最大偏角（可用反三角函数表示）．2016年广东省茂名市高考物理一模试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共有8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图（甲）所示，导线MN和矩形线圈abcd共面且固定．在MN中通以图（乙）所示的电流（NM方向为电流的正方向），则在0～T时间内（）A．线框感应电流方向始终沿adcba方向B．线框感应电流方向先沿abcda后沿adcbaC．ab边始终不受力的作用D．bc边受安培力先向右后向左【考点】楞次定律．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】根据右手螺旋定则可判定线圈所处磁场的方向，再由电流与时间的关系来确定磁场大小变化，由楞次定律可确定线圈产生的感应电流方向，从而根据左手定则可确定安培力的方向得出结果．【解答】解：A、由题意可知，NM方向为电流正方向，根据右手螺旋定则可知，在0到T时间内，穿过线框abcd磁场方向垂直纸面向里，大小在减小，则线框产生的感应电流方向，由楞次定律可得，感应电流方向顺时针，即为abcda；当在到T时间内，穿过线框abcd 磁场方向垂直纸面向外，大小在增大，则线框产生的感应电流方向，由楞次定律可得，感应电流方向仍为顺时针，即为abcda；故AB错误；C、当NM电流大小变化时，周围产生磁场，导致线框中产生感应电流，从而使线框ab受到安培力作用；当通以正向电流时，线框bc 受到向右的安培力；当通以反向电流时，线框bc受到向左的安培力，故C错误，D正确；故选：D【点评】考查右手螺旋定则、楞次定则、左手定则，及法拉第电磁感应定律，得出电流方向同向的相互吸引，电流方向反向的相互排斥．且磁场与时间的图象斜率表示磁场的变化．2．如图所示，平行水平放置的光滑导轨AB、CD相距0.2m，电阻不计，导轨的左右两端分别接有阻值为1Ω的电阻R1和R2，金属圆环的直径为0.2m，电阻为2Ω，整个装置放在大小为1T、方向竖直向下的匀强磁场中，M、N为圆环与导轨接触的两点．当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时，下列说法正确的是（）A．导轨中没有电流B．M、N两点的电压为2VC．M、N两点的电压为1.57V D．R1的功率为1W【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】参照思想；等效替代法；电磁感应与电路结合．【分析】当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时切割磁感线产生感应电动势，相当于一个并联电池组，有效的切割长度等于其直径，由E=BLv求出感应电动势，再由电路规律解答．【解答】解：A、当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时切割磁感线产生感应电动势，导轨中有感应电流．故A错误．BC、圆环产生的感应电动势为E=BLv=1×0.2×10V=2V，通过导轨的电流 I===A=2AM、N两点的电压是路端电压，为 U=E﹣I•=2﹣2××1=1V．故BC错误．D、R1的功率为 P==W=1W，故D正确．故选：D【点评】本题要用等效的思维方法来理解电路，要知道圆环相当于一个并联电池组，有效的切割长度等于其直径，在分析电路结构的基础上，应用E=BLv、欧姆定律、功率公式即可正确解题．3．如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们与盘间的摩擦因数相同，当圆盘转动到两个物体刚好还未发生滑动时，烧断细线，两个物体的运动情况是（）A．两物体沿切向方向滑动B．两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远C．两物体仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动D．物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】对AB两个物体进行受力分析，找出向心力的来源，即可判断烧断细线后AB的运动情况．【解答】解：当圆盘转速加快到两物体刚要发生滑动时，A物体靠细线的拉力与圆盘的最大静摩擦力的合力提供向心力做匀速圆周运动，所以烧断细线后，A所受最大静摩擦力不足以提供其做圆周运动所需要的向心力，A要发生相对滑动，离圆盘圆心越来越远，但是B所需要的向心力小于B的最大静摩擦力，所以B仍保持相对圆盘静止状态，故A、B、C选项错误，D选项正确．故选D【点评】解决本题的关键是找出向心力的来源，知道AB两物体是由摩擦力和绳子的拉力提供向心力，难度不大，属于基础题．4．如图所示为一只理想变压器，原、副线圈匝数比是10：1，原线圈接入电压为220V的正弦交流电，一个理想二极管与一个最大阻值为10Ω的滑动变阻器串联后接在副线圈上，滑片P在变阻器的最下端，则下列说法正确的是（）A．1分钟内电阻R上产生的热量为1452JB．电压表的示数为22VC．二极管两端的最大电压为22VD．滑片P向上移动时，电流表A的示数减小【考点】变压器的构造和原理．【专题】定量思想；推理法；交流电专题．【分析】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解答】解：A、B、C、原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为22V，最大值为V，则C错误；由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，根据电流的热效应知解得U=11V，故B错误；则1 min内产生的热量为Q==1452J，故A 正确．D、P向上移动时，电阻变小，副线圈电流变大，则原线圈电流也变大．则D错误故选：A【点评】本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管的作用要了解．5．如图所示，两根等长且不可伸长的细线结于O点，A端固定在水平杆上，B端系在轻质圆环（不计重力）上，圆环套在竖直光滑杆上，C端挂一重物，重物质量为m．开始时用手握住轻圆环，使其紧靠D端，且AD=OA，当重物静止时如图所示．现释放圆环，圆环在竖直光滑杆上自由滑动，当重物再次静止时OA绳拉力为F A，OB绳拉力为F B，则（）A．F A＜mg；F B＜mg B．F A=mg；F B=0 C．F A=mg；F B=mg D．F A＞mg； F B=mg【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】题中圆环质量很轻，重力不计，受到竖直杆的支持力和绳OB的拉力两个力作用，当让圆环在竖直光滑杆上自由滑动，重物再次静止时，OB必须与竖直杆垂直才能平衡．根据几何知识得到此时OA绳与水平杆的夹角，分析结点O的受力情况，作出力图，根据平衡条件进行分析．【解答】解：据题分析可知，圆环的重力不计，受到竖直杆的支持力和绳OB的拉力两个力作用，竖直杆对圆环的支持力与杆垂直向左，二力平衡时，这两个力必定在同一直线上，则当让圆环在竖直光滑杆上自由滑动，重物再次静止时，OB绳也与竖直杆垂直．设此时OA与水平杆的夹角为α，三个细线的长度均为L，则几何知识得 cosα═0.6，得α=53°以结点O为研究对象，分析受力情况如图，由平衡条件得知：F B 与mg的合力与F A大小相等，方向相反，由于α=53°＞45°，则根据几何知识分析得到：F A=mg，F B=0故选：B．【点评】本题中分析出轻环处于二力平衡状态是解题的关键，再以结点为研究对象，根据平衡条件进行分析．6．质量为m的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去F，其V﹣t图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，在这过程中力F做的功为W，则下列关系式正确的是（）A．F=2μmg B．F=3μmg C．W=μmgV0t0D．W=3μmgV0t0【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．【专题】整体思想；图析法；运动学中的图像专题；动能定理的应用专题．【分析】对全过程，运用动量定理求F的大小．在v﹣t图象中，面积表示位移大小，据此求解各个时间段的位移大小，从而全过程摩擦力做功，对全程根据动能定理列式求解拉力F做的功．【解答】解：取初速度方向为正方向，根据动量定理，对全过程：Ft0﹣μmg•3t0=0，解得：F=3μmg；0～t0时间内，全过程的位移为：x=v0•3t0=对全过程，运用动能定理得：W﹣μmgx=0，得W=μmgv0t0．故BC正确，AD错误．故选：BC【点评】本题涉及力在时间上的累积效应，可优先考虑运用动量定理研究F的大小，当然也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．7．如图所示，带有正电荷量Q的细铜圆环竖直固定放置，一带量为q的正点电荷从很远处沿水平轴线飞来并到达圆心，不计粒子的重力．关于粒子的上述过程，下列说法正确的是（）A．粒子先做加速运动后做减速运动B．粒子的电势能先增大后减小C．粒子的加速度先增大后减小D．粒子的动能与电势能之和不变【考点】电场的叠加；牛顿第二定律；电势能．【专题】比较思想；合成分解法；电场力与电势的性质专题．【分析】带有正电荷圆环的电场电场线从圆环出发到无穷远终止，分析粒子q所受的电场力方向，即可判断其运动情况．根据电场力做功正负，判断电势能的变化．无穷远场强为零，O点场强也为零，即可从无穷远到O点，场强先增大后减小，粒子的加速度先增大，后减小．根据能量守恒分析动能与电势能之和如何变化．【解答】解：A、圆环带正电，根据电场的叠加原理可知，水平轴线上电场线从圆环中心出发到无穷远终止，带正电的粒子q所受的电场力方向与其运动方向相反，所以粒子一直做减速运动．故A错误．B、电场力对粒子q一直做负功，其电势能一直增大．故B错误．C、无穷远场强为零，O点场强也为零，即可从无穷远到O点，场强先增大后减小，粒子所受的电场力先增大后减小，所以其加速度先增大，后减小．故C正确．D、根据能量守恒得知：粒子的动能与电势能之和保持不变．故D正确．故选：CD【点评】本题要掌握电场的叠加原理来分析电场的分布情况，采用极限法分析场强的变化，来分析加速度的变化是关键．8．如图所示是牛顿研究抛体运动时绘制的一幅草图，以不同的速度抛出的物体分别沿a、b、c、d轨迹运动，其中a是一段曲线，b 是贴近地球表面的圆，C是椭圆，d是双曲线的一部分．已知引力常数为G，地球质量为M，半径为R，地球附近的重力加速度为g．以下说法正确的是（）A．沿a运动物体的初速度一定小于B．沿b运动物体的初速度一定等于C．沿c运动物体的初速度与P点时速度大小相等D．沿d运动物体的初速度一定大于第一宇宙速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】比较思想；模型法；人造卫星问题．【分析】沿b运动的物体做匀速圆周运动，由重力提供向心力，列式可求出其速度，分析其他物体的速度与沿b运动的物体速度的关系．第一宇宙速度是物体绕地球做匀速圆周运动的最大速度．【解答】解：A、沿b运动的物体做匀速圆周运动，由重力提供向心力，得 mg=m，则 v b=沿a运动的物体做近心运动，初速度一定比b的速度小，则沿a运动的物体初速度一定小于．故A正确．B、沿b运动的物体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有 G=m，得 v b=．故B正确．C、沿c运动的物体做椭圆运动，根据开普勒第二定律知，沿c 运动物体的初速度大于P点时的速度大小．故C错误．D、沿b运动的物体的速度等于第一宇宙速度，沿d运动的物体做离心运动，其运动速度一定大于b的速度，即大于第一宇宙速度．故D正确．故选：ABD【点评】解决本题的关键要抓住做匀速圆周运动的卫星，才能根据万有引力或重力等于向心力列式，求解其运行速度．其他物体的速度，要根据其运动情况，结合变轨原理分析．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．在“利用打点计时器测定匀变速直线运动加速度”的实验中，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5点取一个计数点，共取了A、B、C、D、E、，六个计数点在一次课外实践活动中，某课题研究小组收集到电子产品中的一些旧电池及从废旧收音机上折下来的电容、电阻、电感线圈等电子元件．现从这些材料中选取两待测元件，一是电阻R0（约为2kΩ），一是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流500mA）．在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表（量程为0﹣3﹣15V，电阻R V约为0﹣15﹣75kΩ）B．电流表A1（量程为100mA，内阻不计）C．电流表A2（量程为2mA，内阻不计）D．滑动变阻器R1（0～2kΩ，额定电流0.01A）E．滑动变阻器R2（0～10Ω，额定电流0.6A）F．电阻箱R（0～999.9Ω）G．开关一只，导线若干（1）为了测定电阻R0的阻值，小组成员设计了如图（甲）所示的电路，所选器材均标在图上，其器材选取中有不妥之处，你认为应该怎样调整？答：用A2替换A1．（2）当滑片移到某一位置时，电压表示数如图（乙）所示，此时R0的电压测量值为 2.40 V．（3）如果在实际过程中，发现滑动变阻器、电压表已损坏，请你用余下的器材测量电池的电动势E和内阻r．①请你在图（丙）所示的方框内画出实验电路图（标明所用器材符号）②该项实验小组的同学在实验中取得多组数据，然后作出图（丁）所示的图象，则电源的电动势E= 3.5 V，内电阻r= 7 Ω．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】（1）根据闭合电路欧姆定律，估算出电路中电流的范围，从而得到电流表量程偏大；（2）根据图乙直接读出电压表示数；（3）①滑动变阻器可以用电阻箱替换，由于电阻箱的电阻可以直接读出，因而可以不用电压表；②先推导出电阻R与电流关系的一般表达式，然后结合图象得到数据．【解答】解：（1）根据闭合电路欧姆定律，当滑动变阻器短路时，电流为：I=，故用电流表A1 量程太大，读数不准确，用A2替换A1 ．（2）根据图乙可知，电压测量值为：U=2.40V，（3）①发现滑动变阻器、电压表已损坏，则用电阻箱和A1 串联接入电源，测量电池的电动势E和内阻r，如图所示：②根据闭合电路欧姆定律，电流的表达式为：I=，则：，结合图象可以得到：r=7Ω，E=3.5V故答案为：（1）用A2替换A1；（2）2.40；（3）①如图所示；②3.5，7．【点评】本题关键要从实验要求中的安全、准确、操作方便的角度进行分析，第三问要注意先推导出电阻R与电流关系的一般表达式，根据图象的斜率和截距求解，难度适中．11．质量为4kg的物体系在气球的下端，绳子伸直且物体刚好接触地面．释放气球，使物体由静止开始竖直上升，8s后绳子断开，再经6s物体落回地面，g取10m/s2．求：（1）绳子对物体的拉力？（2）从释放到绳子断开前，绳子拉力的平均功率？【考点】牛顿第二定律；平均速度；物体的弹性和弹力．【专题】计算题；定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）根据运动学公式，抓住物体先匀加速，然后做竖直上抛运动，求出匀加速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出拉力的大小．（2）根据位移时间公式求出匀加速运动的位移，结合平均功率的公式求出拉力的平均功率．【解答】解：（1）设物体匀加速直线运动的加速度为a，则8s 末的速度为：v1=at1=8a，8s内的位移为：，绳子断后，物体做竖直上抛运动，根据代入数据解得：a=2.25m/s2．。
广东省2016届高三上学期第一次联考物理试卷
2015-2016学年广东省高三（上）第一次联考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个先项中，第1～4题只有一项符合题目要求．第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．如图所示，物体在斜面向右上方的力F的作用下向右做匀速直线运动，则物体受力的个数为( )A．1个B．2个C．3个D．4个2．甲、乙两物体朝同一方向做匀速直线运动，已知甲的速度大于乙的速度，t=0时，乙在甲之前一定距离处，则两个物体运动的位移图象应是( )A．B．C．D．3．2014年10月11日，在广西南宁进行的第四十五届世界体操锦标赛中，我国选手刘洋在男子吊环决赛中获得金牌，如图是其比赛时的照片，设刘洋与吊环的总重为G，绳子重力不计，两根绳子悬挂点间的距离恰好为刘洋的肩宽，若刘洋张开双臂静止在图示位置时，则( )A．每根绳子的拉力大于B．每根绳子的拉力等于C．每根绳子的拉力小于D．若增加绳长，每根绳子的拉力不变4．2015年6月以来，我国南方多地遭遇暴雨袭击，为抢险救灾，某教授小分队需购买冲锋舟，为测试A、B两种不同型号的冲锋舟的性能．该小分队做了全力制动距离测试，测试结果如图所示，若把冲锋舟制动过程的运动视为匀减速直线支动，则同图可知，A、B两种冲锋舟的加速度之比为( )A．4：3 B．3：4 C．：2 D．2：5．图示为王先生提着包回家的情景，其中王先生对包做了功的是( ) A．将包题起来B．站在水平匀速行驶的车上C．乘升降电梯D．提着包上楼6．2015年7月25日，搭载两颗新一代北斗导航卫星的“长征三号乙/远征一号”运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射，并精确入轨和正常运行．图示为部分北斗卫星的轨道图，这些卫星绕地球做圆周运动的半径相同，则对这些卫星，下列物理量相同的是( )A．向心力B．动能C．线速度的大小D．周期7．如图所示，在一竖直平面内的三条平行导线串有两个电阻R1和R2，导体棒PQ与三条导线均接触良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里，导体棒的电阻可忽略．若导体棒向左加速运动，则( )A．流经R1的电流方向向上B．流经R1的电流方向向下C．流经R2的电流方向向上D．流经R2的电流方向向下8．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电荷量q=1×10﹣9C的正电荷由A点移动到C点，电场力做功W1=4×10﹣8J，该电荷由C点移动到B 点，电场力做功W2=0．若B点电势为零，则下列说法正确的是( )A．C点电势为4VB．A点电势为4VC．匀强电场的方向由A点垂直指向BCD．匀强电场的方向由A点指向B点二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题-12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第23题---28题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．图示为某同学设计的“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验装置．在实验中认为细线对小车的拉力F的大小等于砝码和砝码盘的总重力，小车运动的加速度a可由纸带上的点求得．（1）本实验应用的实验方法是__________．A．比较法B．转换法C．控制变量法D．等效替代法（2）实验过程中，打点计时器应接在__________（选填“直流”或“交流”）电源上．10．图示的实验装置可以测量“小滑块与小平面之间的支摩擦因数μ”．弹簧左端固定，右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置．某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处．已知当地重力加速度为g．（1）实验中，测得小滑块上遮光条的宽度为d及与光电门相连的数字计时器显示的时间为△t，则小滑块经过A处时的速度v=__________．（用题中的符号表示）（2）为了测量小滑块与水平地面间的动摩擦因数，除了（1）中所测物理量外，还需要测量的物理量是__________．（说明物理意义并用符号表示）（3）利用测量的量表示动摩擦因数μ=__________．（用题中所测的物理量的符号表示）11．（13分）在驾照科目三的训练中，某学徒驾驶一辆小轿车在水平路面上，从静止开始做匀加速直线运动，经过t=10s发生的位移x=50m．已知小轿车的质量m=1×103kg，牵引力F=2.2×103N，行驶过程中小轿车所受的阻力恒定，求：（1）小轿车运动的加速度大小a．（2）运动过程中，小轿车所受的阻力大小f．12．（19分）一质量M=4kg、倾角为30°的上表面光滑的斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面上有两个质量均为m=2kg的小球A、B，它们用轻质细绳连接．现对小球B施加一水平向左的拉力F使小球A、B及斜面体一起向左做匀速直线运动，如图所示，重力加速度g=10m/s2．求：（1）细绳的拉力T；（2）水平拉力F的大小；（3）水平地面与斜面体间的动摩擦因数μ．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3个选修中任选一个作答．如果多答则按所答的第一个计分．【物理-----选修3-3】13．下列说法正确的是( )A．给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明分子间存在斥力B．一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体分子的平均动能减少C．液体表面层的分子较密集，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力D．一定量的气体，在体积不变时，分子平均每秒碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少E．第二类永动机是不能制造出来的，虽然它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律14．如图所示，在竖直放置的圆柱形导热容器内用一轻质活塞密封一定质量的理想气体，活塞与容器壁间无摩擦，容器的横截面积为S．开始时活塞与容器底的距离为h0，设大气压恒为p0．若外界温度保持不变，现用外力将活塞缓慢提升d后，活塞再次平衡．求活塞再次平衡时容器内气体的压强的大小．【物理---选修3-4】15．沿x轴方向的一条细绳上有O、A、B、C、D、E、F、G八个点，=======1m，质点O在垂直于x轴方向上做简谐运动，沿x轴方向传播形成横波．T=0时刻，O点开始向上运动，经t=0.2s，O点第一次到达上方最大位移处，这时A点刚好开始运动．那么在t=2.5s时刻，以下说法中正确的是( )A．B点位于x轴下方 B．A点与E点的位移相同C．D点的速度最大D．C点正向上运动E．这列波的波速为5m/s16．如图所示，一个横截面为直角三角形的三棱镜，∠A=30°，∠C=90°，一束与BC面成θ=45°的光线从BC面的中点射入三棱镜，最后从三棱镜的另一面射出．不考虑光线在AB面的反射情况．已知三棱镜对该光的折射率n=．求：①光线经BC面的折射角．②光线在AB面的入射角．【物理---选修3-5】17．已知电子处于基态时的能量为E，该电子吸收频率为v的光子后跃迁到某一激发态，随后又立即辐射出一个光子，从而跃迁到另一个激发态，此时电子的能量为E′，则该辐射光子的频率为__________．若辐射的光子恰好使某金属发生光电效应，则该金属的逸出功为__________．（已知普朗克常量为h）18．如图所示，一质量M=3kg的小车左端放有一质量m=2kg的铁块，它们以v0=5m/s的共同速度沿光滑水平面向竖直墙运动，车与墙碰撞的时间极短，不计碰撞过程中机械能的损失．小车足够长，最终小车与铁块相对静止．求小车与铁块的共同速度v．2015-2016学年广东省高三（上）第一次联考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个先项中，第1～4题只有一项符合题目要求．第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．如图所示，物体在斜面向右上方的力F的作用下向右做匀速直线运动，则物体受力的个数为( )A．1个B．2个C．3个D．4个考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：物体做匀速直线运动，合力为零，根据共点力平衡判断物体的受力个数．解答：解：做匀速直线运动，合力为零，对物体受力分析，物体受重力，拉力，把拉力进行分析，具有水平方向的分量，所以必定受到摩擦力与之平衡，则必有支持力，所以物体受力重力、支持力、拉力F，摩擦力4个力．故选：D．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．2．甲、乙两物体朝同一方向做匀速直线运动，已知甲的速度大于乙的速度，t=0时，乙在甲之前一定距离处，则两个物体运动的位移图象应是( )A． B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：s﹣t图象中每一点的坐标表示该时刻物体的位置，倾斜的直线说明物体做匀速直线运动，其斜率表示速度．与纵坐标的交点不同说明初始位置不同．解答：解：根据已知，甲乙两物体在同一直线上向同一方向做匀速直线运动，所以图象是倾斜的直线而且倾斜方向相同，由因甲的速度大于乙的速度，所以甲的倾斜度要比乙的倾斜度大，故B、D错误．又因为初始时刻乙在甲的前面，所以与纵坐标的交点应乙在上面，甲在下面，故A错误，C 正确．故选C．点评：本题是位移﹣时间图象的应用，能根据图象读取信息，要明确斜率和坐标轴交点的含义，属于基础题．3．2014年10月11日，在广西南宁进行的第四十五届世界体操锦标赛中，我国选手刘洋在男子吊环决赛中获得金牌，如图是其比赛时的照片，设刘洋与吊环的总重为G，绳子重力不计，两根绳子悬挂点间的距离恰好为刘洋的肩宽，若刘洋张开双臂静止在图示位置时，则( )A．每根绳子的拉力大于B．每根绳子的拉力等于C．每根绳子的拉力小于D．若增加绳长，每根绳子的拉力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：运动员受绳子的拉力及重力而处于平衡状态，三力为共点力；两绳索向上的分力之和应与向下的重力大小相等、方向相反，则由共点力的平衡可求得绳索的拉力．解答：解：ABC、运动员的受力分析简化如图：设细线与竖直方向的夹角为θ，由共点力的平衡可知，在竖直方向上：2Fcosθ=G解得：F=；故F＞故A正确，BC错误；D、若增加绳长，细线与竖直方向的夹角θ减小，故拉力F减小，故D错误；故选：A点评：本题中应注意两线索的拉力与重力相交于一点，故属于共点力平衡，可将两力分解为水平向和竖直向两分力，则在两个方向上的合力为零，由竖直方向的平衡关系可解得拉力的大小．4．2015年6月以来，我国南方多地遭遇暴雨袭击，为抢险救灾，某教授小分队需购买冲锋舟，为测试A、B两种不同型号的冲锋舟的性能．该小分队做了全力制动距离测试，测试结果如图所示，若把冲锋舟制动过程的运动视为匀减速直线支动，则同图可知，A、B两种冲锋舟的加速度之比为( )A．4：3 B．3：4 C．：2 D．2：考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出加速度，从而得出两种情况下冲锋舟的加速度之比．解答：解：根据v2=2ax得，a=，因为初速度相等时，A、B制动的距离之比为x A：x B=20：15=4：3，则加速度之比a A：a B=3：4，故B正确，A、C、D错误．故选：B点评：解决本题的关键知道汽车刹车后做匀减速直线运动，结合匀变速直线运动的速度位移公式分析判断．5．图示为王先生提着包回家的情景，其中王先生对包做了功的是( )A．将包题起来B．站在水平匀速行驶的车上C．乘升降电梯D．提着包上楼考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：掌握做功的两个必要因素即作用在物体上的力和在力的方向通过的位移，二者缺一不可解答：解：A、拉力竖直向上并在拉力方向上通过了位移，故拉力做功，故A正确；B、拉力竖直向上，位移水平方向，故拉力不做功，故B错误；C、拉力竖直向上，通过的位移竖直向上，故拉力做功，故C正确；D、拉力竖直向上，在竖直方向上也有位移，故拉力做功，故D正确；故选：ACD点评：此题考查了做功的必要因素，关键是看在力的方向通过的位移6．2015年7月25日，搭载两颗新一代北斗导航卫星的“长征三号乙/远征一号”运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射，并精确入轨和正常运行．图示为部分北斗卫星的轨道图，这些卫星绕地球做圆周运动的半径相同，则对这些卫星，下列物理量相同的是( )A．向心力B．动能C．线速度的大小D．周期考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供，据此分析速度大小与轨道半径的关系，根据物理量的特点进行分析．解答：解：根据万有引力提供向心力有有：A、半径相同，卫星的质量未知，故不能确定卫星的向心力大小相同，且其方向也不相同，故A错误；BC、据v=可知，卫星的线速度大小相同，但卫星质量未知，不能确定动能相同，故B错误，C正确；D、据T=2可知，卫星的周期相同，故D正确．故选：CD．点评：卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，确定描述圆周运动物理量与半径的关系是正确解题的关键．7．如图所示，在一竖直平面内的三条平行导线串有两个电阻R1和R2，导体棒PQ与三条导线均接触良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里，导体棒的电阻可忽略．若导体棒向左加速运动，则( )A．流经R1的电流方向向上B．流经R1的电流方向向下C．流经R2的电流方向向上D．流经R2的电流方向向下考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．分析：根据右手定则，可判断PQ作为电源，Q端电势高，在PQcd回路和在电阻r的回路中找出电流方向．解答：解：AB、根据右手定则，可判断PQ作为电源，Q端电势高，在导线与R1回路中，电流为顺时针方向，即流过R的电流为向上，故A正确、B错误；CD、同理，流经R2的电流方向向上，故C正确、D错误．故选：AC点评：本题考查右手定则的应用．注意PQ作为电源构成了两个回路，分别在各自的回路中找出电流方向．8．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电荷量q=1×10﹣9C的正电荷由A点移动到C点，电场力做功W1=4×10﹣8J，该电荷由C点移动到B 点，电场力做功W2=0．若B点电势为零，则下列说法正确的是( )A．C点电势为4VB．A点电势为4VC．匀强电场的方向由A点垂直指向BCD．匀强电场的方向由A点指向B点考点：电势能．分析：根据试探电荷的电荷量和电场力做功，根据公式U=分别求出A与无穷远间、A与B间电势差，无穷远处电势为零，再确定A、B两点的电势．解答：解：AB、对于A、C间电势差为U AC==V=40V，而电荷由C点移动到B点，电场力做功W2=0．则有CB电势差为零，若B点电势为零，U CB=φC﹣φB，则C点电势φC=0．而A与C间的电势差为U AC=φA﹣φC，则A点电势φA=40V．故A错误，B错误；CD、由上分析可知，BC的电势差为0，BC点的连线即为等势线，且电场线垂直于等势线，根据沿着电场线方向，电势降低，则有匀强电场的方向由A点垂直指向BC，故C正确，D 错误；故选：C．点评：本题考查对电势差公式的应用能力，U AB=应用时，各量均需代入符号．注意电势有正负，而电压没有正负可言．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题-12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第23题---28题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．图示为某同学设计的“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验装置．在实验中认为细线对小车的拉力F的大小等于砝码和砝码盘的总重力，小车运动的加速度a可由纸带上的点求得．（1）本实验应用的实验方法是C．A．比较法B．转换法C．控制变量法D．等效替代法（2）实验过程中，打点计时器应接在交流（选填“直流”或“交流”）电源上．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）加速度与物体质量、物体受到的合力有关，在探究加速度与物体质量、受力关系的实验中，应该使用控制变量法．（2）打点计时器应使用交流电源．解答：解：（1）探究加速度与力的关系时，要控制小车质量不变而改变拉力大小；探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，这种实验方法是控制变量法．故选：C（2）计时器应接在交流电源上．故答案为：（1）C；（2）交流点评：本题考查了物理实验的几种常见方法的应用，要求同学们能掌握控制变量法、等效替代法等物理方法，明确打点计时器应使用交流电源．10．图示的实验装置可以测量“小滑块与小平面之间的支摩擦因数μ”．弹簧左端固定，右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置．某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处．已知当地重力加速度为g．（1）实验中，测得小滑块上遮光条的宽度为d及与光电门相连的数字计时器显示的时间为△t，则小滑块经过A处时的速度v=．（用题中的符号表示）（2）为了测量小滑块与水平地面间的动摩擦因数，除了（1）中所测物理量外，还需要测量的物理量是光电门和B点之间的距离L．（说明物理意义并用符号表示）（3）利用测量的量表示动摩擦因数μ=．（用题中所测的物理量的符号表示）考点：探究影响摩擦力的大小的因素．专题：实验题；摩擦力专题．分析：（1）很短的时间内，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，由此可以求得铁块的速度大小；（2）根据滑动摩擦力的公式可以判断求动摩擦因数需要的物理量；（3）由滑块的运动情况可以求得铁块的加速度的大小，再由牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小，再由滑动摩擦力的公式可以求得滑动摩擦因数．解答：解：（1）根据极限的思想，在时间很短时，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，所以铁块通过光电门l的速度是v=（2）（3）要测量动摩擦因数，由f=μF N可知要求μ，需要知道摩擦力和压力的大小；小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处，滑块做的是匀减速直线运动，根据光电门和B点之间的距离L，由速度位移的关系式可得，v2=2aL对于整体由牛顿第二定律可得，Mg﹣f=Ma因为f=μF N，所以由以上三式可得：μ=；需要测量的物理量是：光电门和B点之间的距离L故答案为：；光电门和B点之间的距离L；点评：测量动摩擦因数时，滑动摩擦力的大小是通过牛顿第二定律计算得到的，加速度是通过铁块的运动情况求出来的．运用动能定理来求解弹性势能，注意摩擦力做负功．11．（13分）在驾照科目三的训练中，某学徒驾驶一辆小轿车在水平路面上，从静止开始做匀加速直线运动，经过t=10s发生的位移x=50m．已知小轿车的质量m=1×103kg，牵引力F=2.2×103N，行驶过程中小轿车所受的阻力恒定，求：（1）小轿车运动的加速度大小a．（2）运动过程中，小轿车所受的阻力大小f．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）汽车做初速度为0的匀加速直线运动，由位移时间公式可求解加速度；（2）根据牛顿第二定律可求解汽车所受阻力．解答：解：（1）汽车做匀加速直线运动，初速度为0，由位移公式可得：m/s2（2）汽车受牵引力和阻力，根据牛顿第二定律可得：F﹣f=ma代入数据，解得：f=1200N答：（1）汽车运动的加速度大小为1m/s2；（2）运动过程中汽车所受的阻力大小为1200N点评：本题考查牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．12．（19分）一质量M=4kg、倾角为30°的上表面光滑的斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面上有两个质量均为m=2kg的小球A、B，它们用轻质细绳连接．现对小球B施加一水平向左的拉力F使小球A、B及斜面体一起向左做匀速直线运动，如图所示，重力加速度g=10m/s2．求：（1）细绳的拉力T；（2）水平拉力F的大小；（3）水平地面与斜面体间的动摩擦因数μ．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）以球A为研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解细线的拉力；（2）以A、B整体为研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解；（3）以A、B、斜面整体为研究对象，受力分析后根据共点力平衡条件列式求解摩擦力和支持力，最后根据滑动摩擦定律列式求解动摩擦因素．解答：解：（1）以A为研究对象，受重力、拉力和支持力，根据平衡条件，有：T=mgsin30°=2×=10N（2）以A、B整体为研究对象，受拉力、重力和支持力，根据平衡条件，有：Fcos30°=2mgsin30°解得：F=N（3）以A、B、斜面及弹簧整体为研究对象，根据平衡条件，有：F=f=μ（M+2m）g解得：μ==答：（1）细绳的拉力T为10N；（2）水平拉力F的大小为N；（3）水平地面与斜面体间的动摩擦因数μ为．点评：对于连接体问题注意整体与隔离法的应用，正确选取研究对象然后受力分析，根据所处状态列方程求解．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3个选修中任选一个作答．如果多答则按所答的第一个计分．【物理-----选修3-3】13．下列说法正确的是( )A．给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明分子间存在斥力B．一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体分子的平均动能减少C．液体表面层的分子较密集，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力D．一定量的气体，在体积不变时，分子平均每秒碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少E．第二类永动机是不能制造出来的，虽然它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律考点：热力学第二定律．专题：热力学定理专题．分析：温度是分子平均动能的标志，根据热力学第一定律判断内能的变化，液体表面层的分子较稀疏，分子间引力大于斥力，第二类水动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律．解答：解：A、给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明内部压强越来越大，与分子斥力无关，故A错误；B、一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，对外做功内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减少少，故B正确；C、液体表面层的分子较稀疏，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力，故C错误；D、一定量的气体，在体积不变时，温度降低，则分子运动的激烈程度降低，所以分子平均每秒碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少，故D正确；E、第二类水动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律，故E正确；故选：BDE点评：掌握温度是分子平均动能的标志，会用热力学第一定律公式判断内能的变化，知道永动机不可能制成的原因．14．如图所示，在竖直放置的圆柱形导热容器内用一轻质活塞密封一定质量的理想气体，活塞与容器壁间无摩擦，容器的横截面积为S．开始时活塞与容器底的距离为h0，设大气压恒为p0．若外界温度保持不变，现用外力将活塞缓慢提升d后，活塞再次平衡．求活塞再次平衡时容器内气体的压强的大小．考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：在整个过程中为等温变化，找出初末状态，根据玻意耳定律求的压强解答：解：活塞上升过程为等温变化开始状态：P1=P0，V1=sh0活塞提升d后：V2=S（h0+d0，压强为P2根据玻意耳定律有P1V1=P2V2。
茂名一模物理试题及答案
茂名一模物理试题及答案一、单项选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的。
1. 根据牛顿第二定律，力和加速度之间的关系是：A. 力是产生加速度的原因B. 加速度是产生力的原因C. 力和加速度没有关系D. 力和加速度是同一种物理量答案：A2. 以下哪个选项是描述物体运动状态的物理量？A. 速度B. 质量C. 力D. 功率答案：A3. 光在真空中的传播速度是：A. 2.998×10^8 m/sB. 3.0×10^8 m/sC. 2.998×10^5 km/sD. 3.0×10^5 km/s答案：B4. 以下哪个选项是描述电场强度的物理量？A. 电势B. 电势差C. 电场力D. 电场线答案：C5. 以下哪个选项是描述磁场强度的物理量？A. 磁通量B. 磁感应强度C. 磁通密度D. 磁力线答案：B6. 以下哪个选项是描述热力学第一定律的？A. 能量守恒定律B. 能量转换定律C. 能量耗散定律D. 能量守恒与转换定律答案：D7. 以下哪个选项是描述电磁感应现象的？A. 电生磁B. 磁生电C. 电和磁相互独立D. 电和磁相互转化答案：B8. 以下哪个选项是描述相对论效应的？A. 时间膨胀B. 长度收缩C. 质量增加D. 以上都是答案：D二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项是正确的。
9. 以下哪些因素会影响物体的动量？A. 物体的质量B. 物体的速度C. 物体的形状D. 物体的颜色答案：A、B10. 以下哪些因素会影响物体的动能？A. 物体的质量B. 物体的速度C. 物体的形状D. 物体的颜色答案：A、B11. 以下哪些因素会影响物体的电势能？A. 物体的电荷量B. 物体的电势C. 物体的形状D. 物体的颜色答案：A、B12. 以下哪些因素会影响物体的磁能？A. 物体的磁矩B. 物体的磁感应强度C. 物体的形状D. 物体的颜色答案：A、B三、填空题：本题共4小题，每小题6分，共24分。
广东省茂名市中考物理一模试卷
广东省茂名市中考物理一模试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共8题；共16分)1. （2分）以下关于电流的说法正确的是（）A . 电荷只要运动就能形成电流B . 只有自由电子的移动才能形成电流C . 电荷定向移动的方向就是电流的方向D . 正电荷定向移动的方向与电流方向相同2. （2分） (2018八下·罗庄期中) 关于大气压强，下列说法正确的是（）A . 大气压强随海拔高度的增加而减小B . 注射器能将药液吸入针筒与大气压强无关C . 历史上是用马德堡半球实验首先测出来大气压强的值D . 医生用注射器把药水推入病人肌肉中是利用大气压工作的3. （2分） (2017九上·梧州月考) 下列字母是电压单位的是（）A . AB . VC . JD . C4. （2分）将未装满水且密闭的矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示。
两次放置时，水对瓶底和瓶盖的压强分别为pA和pB ，水对瓶底和瓶盖的压力分别为FA和FB ，则下列关系式正确的是（）A . pA＞pB ， FA＞FBB . pA＜pB ， FA=FBC . pA=pB ， FA＜FBD . pA＜pB ， FA＞FB5. （2分）(2017·毕节) 2017年4月26日我国第二艘航空母舰下水仪式在中国船舶重工集团公司大连造船厂举行．下列相关物理知识描述不正确的是（）A . 航母排水量越大，所受浮力越大B . 航母浸入海水中的深度越深，舰底受到海水压强越小C . 舰母搭载的国产歼﹣15飞机起飞后，航母受到浮力减小D . 航母搭载的国产歼﹣15飞机起飞后，与指挥中心靠电磁波传递信息6. （2分）下列说法正确的是（）A . 铁导线的电阻一定比铜导线的电阻大B . 两根长度相同的镍铬合金导线，横截面积较小的电阻一定大C . 长度相同的两根导线，细的导线电阻一定大D . 长度相同，材料相同，横截面积也相同的导线，在任何情况下，电阻都一样大7. （2分）如图所示，电源两端电压不变。
茂名市中考物理一模试卷
茂名市中考物理一模试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共18题；共36分)1. （2分） (2017八上·武安期末) 我们经常提到的像有：①小孔成像；②平面镜成像；③放大镜成像；④电影银幕上的像；⑤汽车观后镜中的像．其中（）A . 由于反射而形成的像是②⑤B . 由于折射而形成的像是①③C . 属于实像的是①②③D . 属于虚像的是②③④2. （2分）(2014·海南) 下列关于新材料及信息传递的说法中，正确的是（）A . 超导体主要用于制作电饭锅等电热器B . 半导体可用来制作LED灯的发光二极管C . 移动电话（手机）利用超声波传递信息D . 声呐利用电磁波传递信息3. （2分） (2017八上·邹城期中) 自行车是节能环保的交通工具，为了方便市民，我市在市区不同位置设立了自行车停取处．一天，小明用卡取自行车去上学，如图所示，在行驶途中，他说自己是“静止”的，所选择的参照物是（）A . 公路两旁的房屋B . 公路两旁的树C . 他骑的自行车D . 对面驶来的汽车4. （2分）学校举行初三年级排球比赛，激发了同学们对排球有关问题的讨论。
下列说法中错误的是（）A . 排球从空中下落，速度逐渐加快，其重力势能转化为动能B . 静止在水平地面上的排球，它所受的重力与排球对地面的压力是一对平衡力C . 扣球时，球发生了形变，说明力可以改变物体的形状D . 排球被网弹回，是力改变了排球的运动状态5. （2分）估测是初中生应具备的一种技能．下列所估测的数据中最接近实际的是（）A . 正常人的脉搏跳动大约为70次/sB . 初中生的高度大约为1700mmC . 普通铅笔的长度约为40cmD . 中学生百米赛跑速度约为1Om/s6. （2分）图中的四个冲程不是按照热机正常工作的顺序排列的，你认为让汽车获得动力的冲程是（）A .B .C .D .7. （2分）如图，O为支点，在A端施加一个力使杠杆在水平位置平衡，则这个杠杆（）A . 一定省力B . 一定费力C . 不省力也不费力D . 都有可能8. （2分）如图所示，甲、乙、丙是电表。
2016年广东省茂名市(2区1县3县级市)高中学校招生考试物理精品模拟试卷及其答案
2016年广东省茂名市（2区1县3县级市）高中学校招生考试物理精品模拟试卷说明：本试卷分选择题和非选择题两部分，满分共100分，考试时间90分钟。
本卷中可能用到的物理量的取值如下：第I卷（选择题共24分）一、选择题（8小题，每小题3分，共24分，下列各题所列选项中，只有一项是符合题目要求的，选对的给3分，选错或不选的给0分）1．用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”；夏天打开冰棒纸时，可以看到冰棒周围也出现“白气”，以下说法正确的是( )A．壶嘴里冒出的“白气”是水沸腾时产生的水蒸气B．冰棒周围的“白气”是冰棒发生升华形成的水蒸气C．在这两种“白气”形成的过程中，都需要吸收热量D．这两种“白气”都是水蒸气液化形成的2.下列实验探究“声音传播需要介质”的是( )3.在探究凸透镜成像规律的实验中，小聪选用了焦距为10cm的凸透镜。
他将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，当光屏移动到如图所示刻度线处时，在光屏上恰好呈现出烛焰清晰的像。
如果将蜡烛从图中位置移动，关于该实验下列说法正确的是( )5g50g20gA．发声的电铃放入钟罩，从钟罩抽气C．改变尺子伸出桌边的长度，拔动尺子B．点燃的蜡烛放在音箱前，加大音量D．拔动绷紧的粗细不同的橡皮筋3题图4题图A．蜡烛向左移动2cm，光屏应向右移动到适当位置才能呈现烛焰清晰的像B．蜡烛向右移动10cm，光屏应向右移动到适当位置才能呈现烛焰清晰的像C．蜡烛向右移动2cm，光屏应向右移动到适当位置才能呈现烛焰清晰的像D．蜡烛移到20cm刻度线处，光屏应移动到70cm刻度线处才能呈现烛焰清晰的像4.从图中读出金属球的质量、体积大小，则( )A．该金属球的质量是75gB．若将该金属球放到月球上去，它的质量变为约14gC．若该球是铁质空心球（已知ρ铁=7.9g/cm3）,则空心部分体积是8 cm3D．若金属球是实心的，则该金属球的密度是3.95 g/cm35.如图所示，工人用250N的力将重400N的物体匀速提升2m，共用了10秒，若在此过程中（忽略绳重和摩擦），下列说法正确的是( )A．绳子自由端移动的距离是6m B．动滑轮的重是10NC．工人做功的功率是80W D．滑轮组的机械效率是80％5题图6题图7题图6.小明同学在利用如图所示电路进行电学实验时，闭合开关，发现灯L1亮、灯L2不亮，电流表和电压表均有示数．则故障原因是( )A．灯L1断路B．灯L1短路C．灯L2断路D．灯L2短路7.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，变阻器的滑片R向右移动时，三个电表的示数变化情况是( )A．电流表A1示数变小，电流表A2变小，电压表示数变小B．电流表A1示数变小，电流表A2变小，电压表示数变大C．电流表A1示数变小，电流表A2不变，电压表示数不变D．电流表A1示数变大，电流表A2变大，电压表示数不变8.各地高高耸立的电视塔是地标性建筑，电视塔上天线的作用是( )A．让声音、图像信号转化为电信号B．让声音、图像信号加载到高频电流上C．让音频、视频电信号加载到高频电流上D．让载有音频、视频信号的高频电流产生电磁波第II卷（非选择题共76分）二、填空题（每空2分，共20分）9.锤子的锤头变松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上，如图，这是因为锤柄突然停止时，锤头由于＿＿会继续向下运动，这样就套紧了，其大小只与锤头的＿＿有关．9题图 10题图 11题图10.护士给病人输液时，药水瓶上插着两根管，一根给病人输液，另一根通过瓶盖扎进瓶内药水中，如图12所示。
2015-2016学年广东省茂名市高州一中高二(下)第一次月考物理试卷(解析版)
2015-2016学年广东省茂名市高州一中高二（下）第一次月考物理试卷一、选择题（每小题4分）1．某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率为0.02HzB．交变电流的瞬时表达式为i=5cos50πt（A）C．在t=0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D．若发电机线圈电阻为0.4Ω，则其产生的热功率为5W2．如图甲所示，为一种调光台灯电路示意图，它通过双向可控硅电子器件实现了无级调节亮度．给该台灯接220V的正弦交变电流后加在灯管两端的电压如图乙所示，则此时交流电压表的示数为（）A．220 V B．110 V C．V D．V3．下列说法正确的是（）A．动量的方向一定跟物体的速度方向相同，且动量大的物体其速度一定大B．冲量的方向一定跟对应的作用力方向相同，且冲量大对应的作用力一定大C．物体受到的冲量方向与物体末动量的方向不一定相同D．合外力的冲量为零，则物体所受各力的冲量均为零4．（2014•惠城区校级模拟）人在高处跳到低处时，为了安全，一般都让脚尖先着地，这样做是为了（）A．减小冲量B．减小动量的变化量C．增大与地面的作用时间，从而减小冲力D．增大人对地面的压强，起到安全作用5．（2008•韶关一模）关于一对作用力与反作用力在作用过程中，它们的总功W和总冲量I，下列说法中正确的是（）A．W一定等于零，I可能不等于零B．W可能不等于零，I一定等于零C．W和I一定都等于零D．W和I可能都不等于零6．（2015春•银川校级期末）如图所示的装置中，木块B与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象（系统），则此系统在从子弹即将射入木块到弹簧压缩至最短的过程中（）A．动量守恒，机械能守恒 B．动量不守恒，机械能不守恒C．动量守恒，机械能不守恒D．动量不守恒，机械能守恒7．一只猴子用绳子拉着一块与其等质量的石块，在光滑水平面上运动（如图），开始时猴子和石块都静止，然后猴子以相对于绳子的速度u拉石块，则石块的速度为（）A．B．u C．D．2u8．质量为m、半径为R的小球，放在半径为2R、质量为2m的大空心球壳内，如图所示，当小球从图示位置无初速度沿内壁滚到最低点时，大球移动的位移为（）A．，方向水平向右B．，方向水平向左C．，方向水平向右D．，方向水平向左二、不定项选择题（本题共6小题，每小题6分，共36分，错选或不选得0分，漏选得3分）9．（6分）（2009•宁波模拟）如图甲所示，变压器原、副线圈的匝数比为3：1，L1、L2、L3为三只规格均为“9V，6W”的相同的灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端交变电压u 的图象如图乙所示．则以下说法中正确的是（）A．电压表的示数为27VB．三只灯泡均能正常发光C．电流表的示数为2 AD．变压器副线圈两端交变电流的频率为50 Hz10．（6分）（2015秋•新疆校级期末）如图所示，变压器初级线圈接电压一定的交流电，在下列措施中能使电流表示数减小的是（）A．只将S1从2拨向1B．只将S2从4拨向3C．只将S3从闭合改为断开D．只将变阻器R3的滑动触头上移11．（6分）如图所示，在光滑水平桌面上放着长为L质量为M的方木块，今有A、B两颗子弹沿同一水平直线分别以v A、v B从方木块的两侧同时射入．A、B在木块中嵌入的深度分别为d A、d B，且d A＞d B，（d A+d B）＜L，而木块却一直保持静止，则可判断A、B子弹入射前（）A．速度v A＞v BB．子弹A的动能等于B的动能C．子弹A的动量大于B的动量D．子弹A的动量大小等于B的动量大小12．（6分）（2014•惠城区校级模拟）如图所示，位于光滑水平桌面，质量相等的小滑块P 和Q都可以视作质点，Q与轻质弹簧相连，设Q静止，P以某一初动能E0水平向Q运动并与弹簧发生相互作用，若整个作用过程中无机械能损失，用E1表示弹簧具有的最大弹性势能，用E2表示Q具有的最大动能，则（）A．E1=B．E1=E0C．E2=D．E2=E013．（6分）长为L质量为M的木板车停在光滑的水平面上，质量为m的立在木板车的左端，当人从左端走到右端的过程中，下列说法正确的是（）A．人相对平板车位移为L B．人相对地面位移为LC．车处于静止状态D．车相对地面位移为L14．（6分）一个质量为2kg的物体以2m/s的速度向东运动，某时刻受到一个向西的力，过一段时间，该物体向西运动，当其速度也为2m/s时，下列说法正确的是（）A．动量变化8kg•m/s，向东B．动量变化8kg•m/s，向西C．动能变化为8J D．动能变化为零三．非选择题计算题（本题包括2小题，共32分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．（16分）如图所示，为一个冲击摆，它可以用来测量高速运动的子弹的速率．一质量m=10g的子弹，以一定水平速度v射入冲击摆的木质摆锤中，冲击摆的摆锤上升至最大高度时摆线与竖直方向的夹角为θ=60°，设摆锤质量M=1.00kg，摆长L=1.6m．运动过程不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2．求：（1）子弹击中摆锤后两者的共同速度是多大？（2）子弹的初速度v是多大？16．（16分）如图所示，在光滑的水平面上停放着一辆质量为M=10.0kg的小车，小车上的平台是粗糙的，停靠在光滑的水平桌面旁．现有一质量为m=2.0kg的质点C以初速度v0=6.0m/s沿水平桌面向右运动，滑上平台后以速度v1=2.0m/s从A端点离开平台，并恰好落在小车的前端B点．此后，质点C与小车以共同的速度运动．已知OA=0.8m，求：（1）质点C刚离开平台A端时，小车获得的速度v2为多少？（2）OB的长度为多少？（3）在质点C与小车相互作用的整个过程中，系统损失的机械能是多少？2015-2016学年广东省茂名市高州一中高二（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分）1．某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率为0.02HzB．交变电流的瞬时表达式为i=5cos50πt（A）C．在t=0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D．若发电机线圈电阻为0.4Ω，则其产生的热功率为5W【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；交流发电机及其产生正弦式电流的原理【分析】根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，即可求得结论．【解答】解：A、由图象可知，交流电的周期为20×10﹣3s，所以交流电的频率为f==50Hz，所以A错误；B、根据图象可得，交变电流的瞬时表达式为i=Acosωt=5cos100πt（A），所以B错误；C、在t=0.01s时，感应电流最大，所以此时穿过交流发电机线圈的磁通量的变化率最大，穿过交流发电机线圈的磁通量最小，所以C错误；D、交流电的有效值为I==A，所以发电机的发热功率为P=I2r=×0.4W=5W，所以D正确．故选D．【点评】解决本题的关键就是有电流的瞬时值表达式求得原线圈中电流的最大值，进而求得原线圈的电流的有效值的大小．2．如图甲所示，为一种调光台灯电路示意图，它通过双向可控硅电子器件实现了无级调节亮度．给该台灯接220V的正弦交变电流后加在灯管两端的电压如图乙所示，则此时交流电压表的示数为（）A．220 V B．110 V C．V D．V【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【分析】根据电流的热效应：由一个周期内交变电流通过电阻R的产生热量与直流电通过电阻R一个周期内产生热量相等，求解有效值．【解答】解：设交流电的有效值为U，将交流电与直流电分别通过相同电阻R，分析一个周期内热量：交流电Q=直流电Q=解得：U=110V故选：B【点评】求解交流电的有效值，要从有效值的定义出发，根据一个周期内通过相同的电阻，发热量相同，此直流的值即为交流电的有效值．3．下列说法正确的是（）A．动量的方向一定跟物体的速度方向相同，且动量大的物体其速度一定大B．冲量的方向一定跟对应的作用力方向相同，且冲量大对应的作用力一定大C．物体受到的冲量方向与物体末动量的方向不一定相同D．合外力的冲量为零，则物体所受各力的冲量均为零【考点】动量定理【分析】动量和冲量都是矢量，动量定理的内容是合外力的冲量等于物体动量的变化．【解答】解：A、动量的方向一定跟物体的速度方向相同，但动量的大小由质量和速度二者决定，故A错误B、冲量的方向一定跟对应的作用力方向相同，但大小由力和时间二者确定，故B错误C、物体受到的冲量方向与物体动量的变化量方向相同，与物体末动量的方向不一定相同，故C正确D、合外力的冲量为零，就每个力来说，其冲量必定不会是零，故D错误故选C【点评】注意物理量的矢量性，熟练全面理解物理定律，这是学习的基本内容．4．（2014•惠城区校级模拟）人在高处跳到低处时，为了安全，一般都让脚尖先着地，这样做是为了（）A．减小冲量B．减小动量的变化量C．增大与地面的作用时间，从而减小冲力D．增大人对地面的压强，起到安全作用【考点】动量定理【分析】人落下时速度的变化量相同，根据动量定理可分析让脚尖着地的好处．【解答】解：人在和地面接触时，人的速度减为零，由动量定理可知（F﹣mg）t=△mv；而脚尖着地可以增加人着地的时间，由公式可知可以减小受到地面的冲击力；故C正确，A、B、D错误．故选：C【点评】本题考查动量定理的定性的应用，物理知识在生产生活中有着广泛的应用，在学习中应注意体会．5．（2008•韶关一模）关于一对作用力与反作用力在作用过程中，它们的总功W和总冲量I，下列说法中正确的是（）A．W一定等于零，I可能不等于零B．W可能不等于零，I一定等于零C．W和I一定都等于零D．W和I可能都不等于零【考点】动量定理；牛顿第三定律；功的计算【分析】作用力与反作用力总是等值、反向、共线，作用在不同的物体上，相互作用的两个物体不一定都有位移，故作用力和反作用力不一定同时都做功，所以它们的总W可能不等于零；作用力与反作用力具有同时性、等值、方向，所以它们的冲量的矢量和一定为零．【解答】解：相互作用的两个物体不一定都有位移，故作用力和反作用力不一定同时都做功，例如用黑板擦擦黑板，摩擦力对黑板擦做负功，由于黑板没有发生位移，摩擦力对黑板没有做功，所以它们的总W可能不等于零．冲量是矢量，作用力与反作用力的方向始终相反，它们的冲量的矢量和I一定为零．故选B．【点评】此题要理解功是标量，冲量是矢量，功等于力与力的方向上的位移的乘积，有力没有位移，该力不做功．6．（2015春•银川校级期末）如图所示的装置中，木块B与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象（系统），则此系统在从子弹即将射入木块到弹簧压缩至最短的过程中（）A．动量守恒，机械能守恒 B．动量不守恒，机械能不守恒C．动量守恒，机械能不守恒D．动量不守恒，机械能守恒【考点】动量守恒定律【分析】根据动量守恒与机械能守恒的条件分析答题；当系统所受合外力为零时，系统动量守恒；当只有重力或只有弹力做功时，系统机械能守恒．【解答】解：在木块与子弹一起向左运动压缩弹簧的过程中，木块、子弹、弹簧所组成的系统所受合外力不为零，则系统动量不守恒；在子弹击中木块的过程中，要克服摩擦力做功，系统的部分机械能转化为内能，系统机械能不守恒，因此子弹、木块和弹簧所组成的系统，在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中，动量不守恒、机械能不守恒；故选：B【点评】本题考查了判断系统动量与机械能是否守恒，知道动量与机械能守恒的条件、分析清楚过程即可正确解题．7．一只猴子用绳子拉着一块与其等质量的石块，在光滑水平面上运动（如图），开始时猴子和石块都静止，然后猴子以相对于绳子的速度u拉石块，则石块的速度为（）A．B．u C．D．2u【考点】动量守恒定律【分析】通过对猴子和石块进行分析可知，系统动量守恒，由此可得知猴子和石块的速度之间的关系，通过相对运动的知识对速度进行合成，即可得知石块相对地面的速度．【解答】解：设猴子相对于地面的速度为v1，石块相对于地面的速度为v2，猴子和石块的质量均为m，猴子和石块所组成的系统的动量守恒，选向右的方向为正，有：mv1+mv2=0得：v1=﹣v2猴子相对于绳子速度即为相对于石块的速度，由题意有：v1﹣v2=u解得：v2=﹣，方向向左，大小为，所以选项A正确，BCD错误．故选：A【点评】该题考考查到了动量守恒和速度的合成，对于动量守恒定律的应用，要注意解题步骤，首先应确定哪些物体组成的系统为研究对象，分析其是否符合守恒的条件，选定正方向后列矢量式进行计算．对于速度的合成，要分两个分速度是在同一条直线上还是成一定的夹角，在同一直线上时，转化成代数和的运算，成一定的角度时，利用平行四边形定则进行合成．8．质量为m、半径为R的小球，放在半径为2R、质量为2m的大空心球壳内，如图所示，当小球从图示位置无初速度沿内壁滚到最低点时，大球移动的位移为（）A．，方向水平向右B．，方向水平向左C．，方向水平向右D．，方向水平向左【考点】动量守恒定律【分析】小球无初速下滑到达最低点时，小球与大球组成的系统水平方向动量守恒，用位移表示平均速度，根据水平方向平均动量守恒定律求出小球发生的水平位移，再由几何知识求出大球的位移【解答】解：设小球滑到最低点所用的时间为t，发生的水平位移大小为R﹣x，大球的位移大小为x，取水平向左方向为正方向．则根据水平方向平均动量守恒得：m﹣2m=0即：m=2m，解得：x=R，方向向左，故D正确，ABC错误．故选：D【点评】本题不能静止地看问题，把圆环当作不动的，要注意位移的参考系．中等难度．二、不定项选择题（本题共6小题，每小题6分，共36分，错选或不选得0分，漏选得3分）9．（6分）（2009•宁波模拟）如图甲所示，变压器原、副线圈的匝数比为3：1，L1、L2、L3为三只规格均为“9V，6W”的相同的灯泡，各电表均为理想交流电表，输入端交变电压u 的图象如图乙所示．则以下说法中正确的是（）A．电压表的示数为27VB．三只灯泡均能正常发光C．电流表的示数为2 AD．变压器副线圈两端交变电流的频率为50 Hz【考点】变压器的构造和原理【分析】闭合电路动态分析中，电源部分是由变压器提供，其它仍用闭合电路殴姆定律．当断开开关S时，导致总电阻发生变化，而电压不变，则可判断出电路中的电流及电压如何变化．同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就相当于一个新的恒定电源，其值就是刚才的有效值．【解答】解：由输入端交变电压u的图象，可求出有效值36V，由原、副线圈匝数之比3：1，可得原、副线圈的电压之比3：1，电流之比1：3，设灯泡两端电压为U，所以U+3U=36V，则U=9V，因此原线圈电压为27V，副线圈电压为9V，四只灯泡均能正常发光．电流表的读数为I=3=3×A=2A．A、由上可知，电压表示数为27V，故A错误；B、三只灯泡均能正常发光，故B正确；C、由上可知，电流表示数为2A．故C正确；D、变压器副线圈两端交变电流的频率f===50Hz，故D正确；故选：BCD【点评】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时运用闭合电路殴姆定律来分析随着电阻变化时电流、电压如何变化．分析的思路先干路后支路，以不变应万变．最后值得注意的是变压器的原线圈与灯泡串联后接入交流中，所以图象的有效值不是原线圈的有效值．10．（6分）（2015秋•新疆校级期末）如图所示，变压器初级线圈接电压一定的交流电，在下列措施中能使电流表示数减小的是（）A．只将S1从2拨向1B．只将S2从4拨向3C．只将S3从闭合改为断开D．只将变阻器R3的滑动触头上移【考点】变压器的构造和原理【分析】理想变压器原副线圈电压与匝数成正比，电流与匝数成反比；理想变压器输入功率等于输出功率；根据以上两条规律分析讨论即可．【解答】解：A、只将S1从2拨向1时，原线圈匝数减小，输出电压变大，故输出电流变大，输入电流即电流表的示数也变大，故A错误；B、只将S2从4拨向3时，副线圈匝数减小，输出电压变小，故输出电流变小，输入电流变小，故B正确；C、只将S3从闭合变为断开，少一个支路，电压不变，总电阻变大，输出功率减小，则输入功率也减小，电流表的示数减小，故C正确；D、只将变阻器R3的滑动触头上移，负载总电阻变大，故输出电流变小，故输入电流减小，故D正确．故选：BCD．【点评】本题关键：（1）根据变压比讨论输出电压的变化情况；（2）对三个电阻的混连部分进行动态分析．11．（6分）如图所示，在光滑水平桌面上放着长为L质量为M的方木块，今有A、B两颗子弹沿同一水平直线分别以v A、v B从方木块的两侧同时射入．A、B在木块中嵌入的深度分别为d A、d B，且d A＞d B，（d A+d B）＜L，而木块却一直保持静止，则可判断A、B子弹入射前（）A．速度v A＞v BB．子弹A的动能等于B的动能C．子弹A的动量大于B的动量D．子弹A的动量大小等于B的动量大小【考点】动量守恒定律【分析】根据子弹A、B从木块两侧同时射入木块，木块始终保持静止，分析子弹对木块作用力的大小关系，根据动能定理研究初动能的关系，从而确定初速度关系．根据动量守恒定律研究动量关系．【解答】解：B、子弹A、B从木块两侧同时射入木块，木块始终保持静止，分析可知，两子弹对木块的推力大小相等，方向相反，子弹在木块中运动时间必定相等，否则木块就会运动．设两子弹所受的阻力大小均为f，由动能定理得：对A子弹：﹣fd A=0﹣E kA，解得：E kA=fd A，对B子弹：﹣fd B=0﹣E kB，解得：E kB=fd B，由于d A＞d B，则子弹入射时的初动能：E kA＞E kB，故B错误；C、两子弹和木块组成的系统动量守恒，开始系统的总动量为零，则子弹A的动量大小等于子弹B的动量大小，故C错误，D正确；A、由动量与动能的关系：P=mv=，=，而EkA＞E kB，则得到m A＜m B，由动能的计算公式得：E k=mv2，得到初速度v A＞v B，故A正确；故选：AD．【点评】本题运用动能定理和动量守恒定律研究冲击块模型，分析木块处于静止状态，确定出两子弹所受的阻力大小相等是正确解题的关键．12．（6分）（2014•惠城区校级模拟）如图所示，位于光滑水平桌面，质量相等的小滑块P 和Q都可以视作质点，Q与轻质弹簧相连，设Q静止，P以某一初动能E0水平向Q运动并与弹簧发生相互作用，若整个作用过程中无机械能损失，用E1表示弹簧具有的最大弹性势能，用E2表示Q具有的最大动能，则（）A．E1=B．E1=E0C．E2=D．E2=E0【考点】动量守恒定律【分析】当P、Q速度相等时，弹簧的弹性势能最大，根据动量守恒定律和能量守恒定律求出弹簧的最大弹性势能．当弹簧被压缩后再次恢复原长时Q的动能最大，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出Q的最大动能．【解答】解：A、弹簧的最大弹性势能发生在P、Q的速度相等时，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=2mv，由能量守恒定律得，弹簧的最大弹性势能为：E1=mv﹣2×mv2，解得：E1=mv=E0，故A正确，B错误；C、由于P、Q之间发生的是完全弹性碰撞，且P、Q的质量相等，最终P、Q将交换速度，即小滑块P将静止，小滑块Q以动能E0运动，故C错误，D正确．故选：AD．【点评】本题综合考查了动量守恒定律和能量守恒定律，难度不大，关键知道当两者速度相同时，弹簧的弹性势能最大．13．（6分）长为L质量为M的木板车停在光滑的水平面上，质量为m的立在木板车的左端，当人从左端走到右端的过程中，下列说法正确的是（）A．人相对平板车位移为L B．人相对地面位移为LC．车处于静止状态D．车相对地面位移为L【考点】动量守恒定律【分析】车开始时停在光滑的水平面上，当人在车上相对于车运动时，人与车组成的系统在水平方向的动量守恒，由此列式即可求出车子相对地面运动的距离．【解答】解：A、当人从左端走到右端的过程中，人相对平板车位移为L．故A正确．B、由于人从左端走到右端的过程中，车向左后退，所以人相对地面位移小于L，故B错误．C、根据的和车组成的系统动量守恒可知，人相对地运动时，人相对地也要运动，故C错误．D、设车相对地面位移大小为x，则人相对地面的位移大小为L﹣x，选择车相对地面的速度方向为正方向，根据系统的动量守恒，得：M﹣m=0解得，车相对地面位移为x=L．故D正确．故选：AD【点评】该题考查动量守恒定律，逐一分析物体间的相互作用过程，分析得到物体间相互作用时满足的规律即可，要注意涉及位移时，常常使用平均动量守恒求出要求的物理量．14．（6分）一个质量为2kg的物体以2m/s的速度向东运动，某时刻受到一个向西的力，过一段时间，该物体向西运动，当其速度也为2m/s时，下列说法正确的是（）A．动量变化8kg•m/s，向东B．动量变化8kg•m/s，向西C．动能变化为8J D．动能变化为零【考点】动量定理；动能定理【分析】先选取正方向，表示出初速度和末速度，再求动量的变化量．根据速度的大小，求动能的变化量．【解答】解：AB、取向东为正方向．则物体的初速度为v=2m/s，末速度为v′=﹣2m/s物体动量的变化量为△P=mv′﹣mv=2×（﹣2）﹣2×2=﹣8kg•m/s，负号表示方向向西．故A 错误，B正确．CD、动能变化量为△E k=﹣=0，故C错误，D正确．故选：BD【点评】分析本题时，要注意动量与动能的区别：动量是矢量，动能是标量，在规定正方向后，要用正负号表示出速度的方向．三．非选择题计算题（本题包括2小题，共32分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．（16分）如图所示，为一个冲击摆，它可以用来测量高速运动的子弹的速率．一质量m=10g的子弹，以一定水平速度v射入冲击摆的木质摆锤中，冲击摆的摆锤上升至最大高度时摆线与竖直方向的夹角为θ=60°，设摆锤质量M=1.00kg，摆长L=1.6m．运动过程不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2．求：（1）子弹击中摆锤后两者的共同速度是多大？（2）子弹的初速度v是多大？【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】（1）子弹击中摆锤后，整体上摆的过程，摆线的拉力不做功，只有重力做功，由机械能守恒定律可以求出共同速度；（2）子弹击中摆锤过程中系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出子弹的初速度．【解答】解：（1）摆锤和子弹一起上升过程机械能守恒，则有：（M+m）v共2=（M+m）gL（1﹣cosθ）代入数据解得子弹击中摆锤后两者的共同速度为：v共=4m/s（2）子弹进入木质摆锤的过程中，内力远大于外力，系统动量守恒，取向右为正方向，则由动量守恒定律得：mv=（m+M）v共代入数据，解得子弹的初速度：v=404m/s答：（1）子弹击中摆锤后两者的共同速度是4m/s．（2）子弹的初速度v是404m/s．【点评】本题综合考查了动量守恒定律和机械能守恒定律，要知道子弹射击的过程，属于内力远大于外力的情况，系统的动量守恒．16．（16分）如图所示，在光滑的水平面上停放着一辆质量为M=10.0kg的小车，小车上的平台是粗糙的，停靠在光滑的水平桌面旁．现有一质量为m=2.0kg的质点C以初速度v0=6.0m/s沿水平桌面向右运动，滑上平台后以速度v1=2.0m/s从A端点离开平台，并恰好落在小车的前端B点．此后，质点C与小车以共同的速度运动．已知OA=0.8m，求：（1）质点C刚离开平台A端时，小车获得的速度v2为多少？（2）OB的长度为多少？（3）在质点C与小车相互作用的整个过程中，系统损失的机械能是多少？【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】（1）物体C在平台上运动过程中，物体C与小车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律求解小车获得的速度v2．。
广东省茂名市直属学校中考一模物理试卷
广东省茂名市直属学校中考一模物理试卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题1．我们今天使用的能源有化石能源、风能、水能、太阳能、地热能、核能、电能、生物质能等。
下列对这些能源分类正确的是................................................. （）A．地热能、电能、生物质能都是“一次能源”B．太阳能、地热能、电能都是“二次能源”C．化石能源、核能、太阳能都是“不可再生能源”D．风能、水能、生物质能都是“可再生能源”2．如图所示的装置中，A的质量为0.3kg，B是一个底面积为0.01m2，质量为0.5kg的金属块，A、B均保持静止状态，不计弹簧力计C的自重及绳与滑轮的摩擦，则下列说法正确的是（g＝10N/kg）（）A．弹簧测力计的示数为5NB．弹簧测力计的示数为8NC．B对水平地面的压强为500PaD．B对水平地面的压强为200 Pa3．如图所示的鞋底、轮胎上都有凸凹不平的花纹，这主要是为了 ............ （）A．增大受力面积，减小压强B．减小受力面积，增大压强C．使接触面粗糙，增大摩擦D．增强产品的美观C4．现要测量某圆柱体的直径，如图所示几种测量方法中正确的是（）5．某工厂要配制1.1×103kg/m3的盐水，配好后检验时用量筒取1000cm3盐水，称其质量为1200g，那么这样的盐水与要求相比（）A．合格B．应加适量的盐才合适C．应加适量的水才合格D．无法判断6．下列属于电磁波的是................................................ （）A．无线电波B．超声波C．次声波D．水波7．在海水中游泳的人要上岸，在从深水处向浅水处行走的过程中（）A．人所受的重力逐渐变小B．人所受的重力逐渐变大C．海底对人的支持力逐渐变小D．海底对人的支持力逐渐变大8．用铜和铝两种材料制成的导线.如果它们的质量和横截面积都相同.则这两条导线的长度之比等于:（）A．27:89 ; B.89:27; C.1:3 ;D.3:1.9．小明同学按图甲所示的电路进行实验，已知L1的额定功率为2W，L2的额定电压为2V。
2016年广东省茂名市中考物理学业水平模拟试卷及参考答案
2016年广东省茂名市中考物理学业水平模拟试卷一、单项选择题．本大题14小题，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，选对的得2分，选错的或不答的得0分．1．（2分）小明按照物理属性的不同将六种物品分成了a、b两组．其中a组有铜条、铅笔芯、水银；b组有玻璃丝、塑料棒、陶瓷片．小明这样分类依据的物理属性是（）A．密度B．硬度C．导电性D．磁性2．（2分）当喇叭响起“我和你，心连心，共住地球村…”的男声演唱时，小周和小杨齐声说：“是刘欢在演唱！”他们作出判断的依据是：不同演员声音的（）A．音调不同B．响度不同C．音色不同D．声速不同3．（2分）以下是我们生活中常见的几种现象，在这些现象中，物体因为受力而改变运动状态的是（）①篮球撞击在篮板上被弹回②用力揉面团，面团形状发生变化③用力握小球，小球变瘪了④一阵风把地面上的灰尘吹得漫天飞舞．A．①②B．①④C．②③D．②④4．（2分）2016年端午节期间，茂名市多地将举办龙舟赛．下列说法中正确的是（）A．龙舟静止时没有惯性，运动时才有惯性B．龙舟到达终点后不能立即停下来，是因为受到惯性力的作用C．运动员不再划龙舟，龙舟会慢慢停下来，说明物体运动需要力来维持D．运动员用浆向后划水使龙舟前进，说明物体间力的作用是相互的5．（2分）下列光现象中，是由于光的反射形成的是（）A．城市里高楼大厦的玻璃幕墙造成的“光污染”B．海面上出现的“海市蜃楼”现象C．太阳光透过树叶的缝隙在地面上形成的圆形光斑D．“日食”的形成6．（2分）下列实例中，不能用来说明扩散现象的是（）A．在医院的走廊里随处都可闻到消毒水的气味B．炒菜时加点盐，菜就有咸味C．扫地时灰尘飞扬D．香水瓶盖打开后能闻到香味7．（2分）下列说法中正确的是（）A．用吸管能把饮料吸入嘴里，其实是大气压强的作用B．石头扔进河里会沉入水底说明石头在水中不受浮力C．用高压锅煮食物熟得快是因为锅内气压加大使液体（锅内的水）的沸点降低D．正在码头装载货物的轮船所受浮力不变8．（2分）下列物体中一定带负电的是（）A．与丝绸摩擦过的玻璃棒B．能与带正电的物体相互吸引的轻小物体C．与带正电物体接触过的验电器D．与毛皮摩擦过的橡胶棒9．（2分）如图所示，将乒乓球放置于吹风机出风口的正上方，球会悬在空中，若将乒乓球稍微右移，放手后乒乓球将会（）A．停在右边B．回到正上方C．往下掉落D．往右移动10．（2分）2014年12月7日“长征四号乙”运载火箭在太原卫星发射中心执行中巴地球资源卫星04星的发射任务，如图所示是火箭发射时的情景，关于卫星加速上升的过程中，下列说法正确的是（）A．动能变小，势能变大，机械能保持不变B．动能变大，势能变小，机械能保持不变C．动能变小，势能变大，机械能变大，内能转化为机械能D．动能变大，势能变大，机械能变大，内能转化为机械能11．（2分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，下列对电路的分析正确的是（）A．L1与L2串联B．电流表A1测L1的电流C．当开关S2断开时，通过L1的电流变小D．当开关S2断开时，电流表A2的示数变小12．（2分）关于内能及其利用，下列说法正确的是（）A．温度高的物体内能一定大B．做功和热传递都可以改变物体的内能C．比热容跟物体吸收或放出的热量有关D．热机的做功冲程是将机械能转化为内能13．（2分）小花从冰箱里拿出了一个鸡蛋，她发现不一会儿鸡蛋上布满了许多细小水珠，过一段时间小水珠又自动消失了．关于以上现象解释正确的是（）A．“鸡蛋上布满小水珠”是凝华现象B．“鸡蛋上布满小水珠”是汽化现象C．“小水珠消失了”是汽化现象D．“小水珠消失了”是升华现象14．（2分）如图所示，电源电压不变，闭和开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时（）A．电流表A1示数变小，电压表V示数变小B．电流表A2示数变大，电压表V示数变大C．电压表V示数与电流表A1示数比值不变D．电压表V示数与电流表A2示数比值不变二、双项选择题．本大题3小题，共12分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项是正确的，选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．15．（4分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，实验桌上有光具座、蜡烛、光屏、焦距分别为15cm和20cm的凸透镜L1和L2等器材，小明先将蜡烛、凸透镜、光屏正确安放在光具座上，如图所示．下列说法正确的是（）A．若凸透镜是L1，小明不能在光屏上看到烛焰清晰的像B．若凸透镜是L1，小明将光屏向右移动适当的距离，光屏上能出现烛焰清晰的像C．若凸透镜是L2，小明将光屏移到60 cm刻度线处，光屏上能出现烛焰清晰的像D．若凸透镜是L2，小明将光屏移到70 cm刻度线处，光屏上能出现烛焰清晰的像16．（4分）如图所示，电源电压保持18V不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=60Ω．为保证各器件安全，不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）A．S断开时电压表示数为0VB．S闭合后，电压表最大示数为15VC．小灯泡L正常发光时，变阻器R消耗的电功率为6WD．S闭合后，小灯泡L的最小实际电功率为0.75W17．（4分）考试时，许多同学有一个不良习惯，将笔放在手指上不停地旋转，笔会经常掉到地面或桌面上发出噪声．下列说法正确的是（）A．笔在下落过程中不受力的作用B．笔停在静止的手指上时受到平衡力作用C．笔在手指不停地拨动下才会连续旋转，说明力是改变物体运动状态的原因D．手指不拨动笔，笔也会在手指上继续转动一段时间，说明笔与手指间不存在摩擦力三、填空题．本大题6小题，每空1分，共18分．18．（3分）小明用天平和量筒测量矿石的密度．先把天平放在桌面上，调节好天平后，测出矿石的质量如图所示，矿石的质量为g，接着他测出矿石的体积为20cm3．则矿石的密度为kg/m3．19．（3分）某工人在水平地面上，用100N水平推力以0.5m/s的速度匀速推动重500N的物体，使它沿水平方向移动10m，该过程中工人所做的功是J，水平推力的功率是W，重力做功为J．20．（3分）如图所示，将一根条形磁铁插入线圈时，与之相连的灵敏电流计的指针会发生偏转．在这个闭合电路中，相当于电源，这一现象中能量的转化情况是．发电机是利用现象制成的．21．（3分）我国家庭电路的电压是V．家庭电路中的电冰箱、电视机、电灯等用电器的连接方式是联．丹麦物理学家第一个发现了电流的磁效应．22．（3分）登陆月球表面的月球车携带有红外线成像光谱仪、激光点阵器等多套科学探测仪器，探测得到的图象是通过（选填“超声波”或“电磁波”）传播到地球的．“激光橡皮”在激光的照射下，纸张上的黑色碳粉直接（填物态变化名称）为高温碳蒸气，在这个过程中，碳粉是通过（选填“做功”或“热传递”）的方式来改变内能的．23．（3分）汽车的散热器用水作冷却剂利用了水的较大的性质；如果散热器中装有10kg的水，在温度升高10℃的过程中水吸收的热量相当于完全燃烧m3的天然气放出的热量．[天然气的热值q=4.2×107J/m3，水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃）]．四、作图题．本大题3小题，每小题2分，共6分．24．（2分）如图所示，在杠杆上的A点挂一重物，在C点对杠杆施加一个最小的力，使杠杆平衡在图示位置．试画出这个力的示意图和力臂．25．（2分）图中S为发光点，从它发出的两条光线经平面镜反射后的两条反射光线分别与虚线a、b重合．根据平面镜成像规律在图中画出平面镜，并找出发光点S在平面镜里的像S′．26．（2分）如图甲所示是家用插线板．在图乙中画出插线板内部开关和两插座的连线，并接入家庭电路，要求：①插线板上的开关可同时控制两插座的通、断；②开关接通时两插座都能提供220V电压．五、计算题．本大题2小题，共16分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题目，答案中必须写出数值和单位．27．（8分）“五一”放假期间，陈东同学跟爸爸妈妈到高州仙人洞自然风景区旅游，=2.5×103kg/m3，ρ水=1.0捡到一个质量为1.25kg的鹅卵石，已知鹅卵石的密度ρ石×103kg/m3，p大气=1.013×105Pa，g=10N/kg．当用手托着鹅卵石在水面下0.5m 深处静止不动时，求：（1）鹅卵石受到的压强大小；（2）鹅卵石受到的浮力大小；（3）手对鹅卵石的支持力大小．28．（8分）如图所示是一款多功能洗衣机的简化电路图．此款洗衣机额定电压220V，它有两个档位，当开关置于位置1时（电路接入R1和R2）为加热状态，消耗功率为2400W；当开关置于位置2时（电路接入R2和电动机○M）为保湿洗涤状态．已知电阻R1的阻值为22Ω，水的比热容为c=4.2×103J/（kg•℃）．水（1）在洗衣机内加入质量为20kg、初温为20℃的冷水，求加热到70℃时水吸收的热量．（2）求R2的阻值．（3）已知洗衣机在保湿洗涤状态下工作时，电动机的功率为240W，请问此时通过电路的总电流为多少？六、实验探究题．本大题4小题，共20分．29．（3分）将如图所示的三种仪器的测量结果（数值及单位）填写在下表相应的空格中．30．（5分）某同学用蜡烛、凸透镜和光屏做“探究凸透镜成像规律”的实验，装置如图所示．（1）要使烛焰的像能成在光屏的中央，应将蜡烛向（选填“上”或“下”）调节．（2）实验过程中，当烛焰距凸透镜20cm时，移动光屏至某一位置，能在光屏上得到一个等大清晰的像，则该凸透镜的焦距是cm．（3）当烛焰距凸透镜35cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个清晰、倒立、缩小的实像，日常生活中利用这一原理制成的光学仪器是（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）．要使烛焰在光屏上所成的像变大，应保持透镜的位置不动，调节蜡烛的位置，同时将光屏（选填“靠近”或“远离”）透镜，直至得到清晰的像．（4）实验中怎样操作，才能在光屏上得到最清晰的像？31．（6分）小强为了探究物体所受浮力的大小跟其排开的液体所受重力的关系，做了如下的实验（弹簧测力计每小格示数是0.5N）：（1）请在图A中画出被测物体所受力的示意图．（2）你认为更合理的实验顺序是．（3）通过实验你得到的结论是：浸在液体中的物体，所受浮力的大小等于．（4）请你根据小强在实验中获得的数据，计算出物体的体积是m3；你认为通过本实验获得的数据（选填“能”或“不能”）计算出此物体的密度．（5）请你指出实验中的注意事项，．（说出一条即可）32．（6分）张皓同学做“测定小灯泡电功率”的实验，设计的电路图如图甲所示，所选用的电压表有0～3V和0～15V两个量程，小灯泡所标示的额定电压为2.5V．（1）本实验中电压表应选用V量程；（2）张皓同学按甲图连好电路如图乙所示，闭合开关前，他应将滑片P移到滑动变阻器的最（选填“左”或“右”）端；（3）接着检查电路连接，他发现有一根导线连接错了，请你在图乙中应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法；（4）改正连接后，他闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表有示数，电压表示数为0，移动滑动变阻器的滑片P可以改变电流表的示数，那么电路的故障原因是；（5）排除故障后进行实验，他根据实验测得的数据，画出了小灯泡的电流随电压变化的图象如图丙所示，由图象可知小灯泡的额定功率是W；（6）由步骤（5）知小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，他结合实验过程分析得知，形成这种情况的原因是．2016年广东省茂名市中考物理学业水平模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题．本大题14小题，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，选对的得2分，选错的或不答的得0分．1．（2分）小明按照物理属性的不同将六种物品分成了a、b两组．其中a组有铜条、铅笔芯、水银；b组有玻璃丝、塑料棒、陶瓷片．小明这样分类依据的物理属性是（）A．密度B．硬度C．导电性D．磁性【解答】解：铜条、铅笔芯、水银都能够导电，是导体；玻璃丝、塑料棒、陶瓷片都不能导电，是绝缘体．所以是根据导电性的不同来分组的．故选C．2．（2分）当喇叭响起“我和你，心连心，共住地球村…”的男声演唱时，小周和小杨齐声说：“是刘欢在演唱！”他们作出判断的依据是：不同演员声音的（）A．音调不同B．响度不同C．音色不同D．声速不同【解答】解：音色是由发声体的材料和结构决定的，不同人发出的声音音色不同，可以用来辨别不同人或不同物体发出的声音．故选C3．（2分）以下是我们生活中常见的几种现象，在这些现象中，物体因为受力而改变运动状态的是（）①篮球撞击在篮板上被弹回②用力揉面团，面团形状发生变化③用力握小球，小球变瘪了④一阵风把地面上的灰尘吹得漫天飞舞．A．①②B．①④C．②③D．②④【解答】解：①篮球撞在篮板上被弹回，运动状态变化；②用力揉面团，面团形状发生变化；③用力握小皮球，皮球瘪了，形状变化；④一阵风把地面上的灰尘吹得漫天飞舞，运动状态变化．在这四种现象中：①④物体是因为受力而改变运动状态，②③是力改变了物体的形状．故选B．4．（2分）2016年端午节期间，茂名市多地将举办龙舟赛．下列说法中正确的是（）A．龙舟静止时没有惯性，运动时才有惯性B．龙舟到达终点后不能立即停下来，是因为受到惯性力的作用C．运动员不再划龙舟，龙舟会慢慢停下来，说明物体运动需要力来维持D．运动员用浆向后划水使龙舟前进，说明物体间力的作用是相互的【解答】解：A、一切物体在任何状态下都有惯性，所以龙舟静止时有惯性，运动起来也有惯性．此选项错误；B、龙舟到达终点后不能立即停下来，是因为具有惯性的原因，要保持原来的运动状态．此选项错误；C、运动员不再划龙舟，龙舟会慢慢停下来，原因是龙舟受到水的阻力作用．此选项错误；D、运动员用桨向后划水，对水施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，水就会对船桨产生向前的反作用力使龙舟前进．此选项正确．故选D．5．（2分）下列光现象中，是由于光的反射形成的是（）A．城市里高楼大厦的玻璃幕墙造成的“光污染”B．海面上出现的“海市蜃楼”现象C．太阳光透过树叶的缝隙在地面上形成的圆形光斑D．“日食”的形成【解答】解：A、城市里高楼大厦的玻璃幕墙造成的“光污染”是光的镜面反射，故A符合题意；B、海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果，故B不符合题意；C、太阳光透过树叶的缝隙在地面上形成的圆形光斑，是太阳通过树叶缝隙所成的实像，由于光的直线传播，故C不符合题意；D、发生日食是因为月球挡住了太阳光，它是由于光的直线传播形成的，故D不符合题意．故选A．6．（2分）下列实例中，不能用来说明扩散现象的是（）A．在医院的走廊里随处都可闻到消毒水的气味B．炒菜时加点盐，菜就有咸味C．扫地时灰尘飞扬D．香水瓶盖打开后能闻到香味【解答】解：A、闻到消毒水的气味，是气体分子运动的结果，属于扩散现象，不符合题意；B、炒菜时加点盐，菜就有咸味，是分子运动的结果，属于扩散现象，不符合题意；C、扫地时尘土飞扬，尘土是可见的，属于宏观物体的运动，不属于扩散现象，符合题意；D、香水瓶盖打开后能闻到香味，是香水分子运动到空气中，属于扩散现象，不符合题意．故选C．7．（2分）下列说法中正确的是（）A．用吸管能把饮料吸入嘴里，其实是大气压强的作用B．石头扔进河里会沉入水底说明石头在水中不受浮力C．用高压锅煮食物熟得快是因为锅内气压加大使液体（锅内的水）的沸点降低D．正在码头装载货物的轮船所受浮力不变【解答】解：A、用吸管吸饮料时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管，故本选项正确．B、石头放入水中，由于受到水对它竖直向上的浮力小于竖直向下的重力，所以石头会沉入水底，故本选项错误．C、因为水的沸点与压强有关，压强增大，沸点升高，煮饭菜时高压锅的气压比普通锅内的气压高，所以水沸腾时高压锅内的温度高于普通锅内的温度，温度越高，饭菜熟的越快．故本选项错误．D、由物体的浮沉条件可知，漂浮在水面上的轮船，受到的浮力等于船受到重力；当船上装载的货物增加时，轮船仍然漂浮在水面上，轮船受到的浮力等于轮船装货后的重力，所以轮船受到的浮力增大．故本选项错误．故选A．8．（2分）下列物体中一定带负电的是（）A．与丝绸摩擦过的玻璃棒B．能与带正电的物体相互吸引的轻小物体C．与带正电物体接触过的验电器D．与毛皮摩擦过的橡胶棒【解答】解：A、玻璃棒和丝绸摩擦，玻璃夺电子的本领弱，摩擦过程中，失去电子因缺少电子带正电；丝绸夺电子的本领强，摩擦过程中，因多余电子带等量的负电．不符合题意．B、带正电的物体靠近带负电的轻小物体时，可以相互吸引，带正电的物体靠近不带电的轻小物体时，也能出现吸引现象；所以该轻小物体可能带负电，也可能不带电．不符合题意C、原来金属球不带电，对外显中性，金属球与带正电的物体接触时，带正电物体夺得电子的本领大于不带电的金属球，带正电的玻璃棒夺得电子，验电器失去电子带正电．不符合题意．D、与毛皮摩擦过的橡胶棒由于束缚电子的能力较强，容易得到电子而带负电，符合题意．故选D．9．（2分）如图所示，将乒乓球放置于吹风机出风口的正上方，球会悬在空中，若将乒乓球稍微右移，放手后乒乓球将会（）A．停在右边B．回到正上方C．往下掉落D．往右移动【解答】解：如图所示，将乒乓球放置于吹风机出风口的正上方，球会悬在空中，若将乒乓球稍微右移，由吹风机的作用，乒乓球的左侧空气流速快，压强小，乒乓球的右侧空气流速慢，压强大，所以乒乓球在右侧较大的压强的作用下被压回原位置．故选B．10．（2分）2014年12月7日“长征四号乙”运载火箭在太原卫星发射中心执行中巴地球资源卫星04星的发射任务，如图所示是火箭发射时的情景，关于卫星加速上升的过程中，下列说法正确的是（）A．动能变小，势能变大，机械能保持不变B．动能变大，势能变小，机械能保持不变C．动能变小，势能变大，机械能变大，内能转化为机械能D．动能变大，势能变大，机械能变大，内能转化为机械能【解答】解：卫星从地面发射升空的过程中，卫星是加速升空的，卫星的质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；卫星升空时，没有发生弹性形变，不具有弹性势能；机械能=动能+重力势能，机械能增大．火箭喷气发动机工作时，内能转化为机械能．故选项D正确，选项ABC错误．故选D．11．（2分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，下列对电路的分析正确的是（）A．L1与L2串联B．电流表A1测L1的电流C．当开关S2断开时，通过L1的电流变小D．当开关S2断开时，电流表A2的示数变小【解答】解：A、A1、L2、S2三个元件在同一支路上，L1单独在一个支路上，所以是并联电路，故A错误；B、A1、L2在同一支路上，所以A1是测L2电流，故B错误；C、当开关S2断开时，L2所在支路断路，电流变为0，而L1所在支路电流不受影响，故C错误；D、当开关S2断开时，L2所在支路断路，电流变为0，而L1所在支路电流不受影响，所以干路电流变小，A2测干路电流，因此电流表A2的示数变小，故D正确．故选：D．12．（2分）关于内能及其利用，下列说法正确的是（）A．温度高的物体内能一定大B．做功和热传递都可以改变物体的内能C．比热容跟物体吸收或放出的热量有关D．热机的做功冲程是将机械能转化为内能【解答】解：A、在状态、质量不确定的情况下，温度高的物体内能不一定大，故A错误；B、做功和热传递都可以改变物体的内能，故B正确；C、每种物质都有自己的比热容，比热容与物体的质量、物体的温度变化和物体吸收热量的多少均无关；故C错误；D、热机的做功冲程是将内能转化为机械能；压缩冲程是将机械能转化为内能；故D错误。
广东省茂名市2016届高考物理一模试卷(解析版)
2016年广东省茂名市高考物理一模试卷二、选择题：本题共有 8小题，每小题6分•在每小题给出的四个选项中，第 1〜5题只有一项符合 题目要求，第6〜8题有多项符合要求•全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0 分.导线MN 和矩形线圈abed 共面且固定.在MN 中通以图（乙）所示的电流（NM ，则在 0〜T 时间内（ ）甲A .线框感应电流方向始终沿 adeba 方向B .线框感应电流方向先沿 abeda 后沿adebaC. ab 边始终不受力的作用D. be 边受安培力先向右后向左 2 .如图所示，平行水平放置的光滑导轨AB 、CD 相距0.2m ，电阻不计，导轨的左右两端分别接有阻值为1 Q 的电阻R i 和R 2，金属圆环的直径为 0.2m ，电阻为2 Q,整个装置放在大小为 1T 、方向竖 直向下的匀强磁场中， M 、N 为圆环与导轨接触的两点.当圆环以速度为 10m/s 向右匀速运动时，下列说法正确的是（）A .导轨中没有电流B . M 、N 两点的电压为2VC . M 、N 两点的电压为1.57VD . R i 的功率为1W3•如图所示，在匀速转动的水平圆盘上， 沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A 和B ,1.如图（甲）所示, 方向为电流的正方向）它们与盘间的摩擦因数相同，当圆盘转动到两个物体刚好还未发生滑动时，烧断细线，两个物体的B. 两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远C. 两物体仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动D .物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远4 •如图所示为一只理想变压器，原、畐U线圈匝数比是10 : 1,原线圈接入电压为220V的正弦交流电，一个理想二极管与一个最大阻值为10Q的滑动变阻器串联后接在副线圈上，滑片P在变阻器的最下端，则下列说法正确的是（）A . 1分钟内电阻R上产生的热量为1452JB .电压表的示数为22VC. 二极管两端的最大电压为22VD .滑片P向上移动时，电流表A的示数减小5. 如图所示，两根等长且不可伸长的细线结于0点，A端固定在水平杆上，B端系在轻质圆环（不计重力）上，圆环套在竖直光滑杆上，C端挂一重物，重物质量为m.开始时用手握住轻圆环，使其紧靠D端，且AD=OA，当重物静止时如图所示.现释放圆环，圆环在竖直光滑杆上自由滑动，当重物再次静止时0A绳拉力为F A , OB绳拉力为F B，则（）A . F A < mg ； FB v mg B . F A =mg ； F B =OC . F A =mg ； F B =mgD . F A >mg ; F B =mg6. 质量为m 的物体在水平恒力F 作用下沿水平面运动，在t o 时刻撤去F ,其V - t 图象如图所示.已 知物体与水平面间的动摩擦因数为 □，在这过程中力F 做的功为 W ，则下列关系式正确的是 （ ）A . F=2（imgB . F=3（imgC . W=—呵gV o t oD . W=3 pmgV o t o 7.如图所示，带有正电荷量 Q 的细铜圆环竖直固定放置，一带量为q 的正点电荷从很远处沿水平轴线飞来并到达圆心，不计粒子的重力.关于粒子的上述过程，下列说法正确的是（）r\!T -W ■ 'V ■. 1 W ■ ■V 1 ■W 3 ■ WV V 1 ■uA .粒子先做加速运动后做减速运动B .粒子的电势能先增大后减小C .粒子的加速度先增大后减小D .粒子的动能与电势能之和不变&如图所示是牛顿研究抛体运动时绘制的一幅草图，以不同的速度抛出的物体分别沿 a 、b 、c 、d轨迹运动，其中a 是一段曲线，b 是贴近地球表面的圆，C 是椭圆，d 是双曲线的一部分.已知引力常数为G ,地球质量为 M ，半径为R ,地球附近的重力加速度为g .以下说法正确的是（）1 为了测定电阻 R 0的阻值，小组成员设计了如图（甲）所示的电路，所选器材均标在图上，其器材选取中有不妥之处，你认为应该怎样调整？答：____________ .a 运动物体的初速度一定小于 .■匚B. 沿 A .沿b 运动物体的初速度一定等于三、非选择题：包括必考题和选考题两部分•第22题〜第32题为必考题，每个试题考生都必须作答•第33题〜第40题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（共 129分） 9•在 利用打点计时器测定匀变速直线运动加速度”的实验中，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5点取一个计数点，共取了 A 、B 、C 、D 、E 、，六个计数点在一次课外实践活动中，某课题 研究小组收集到电子产品中的一些旧电池及从废旧收音机上折下来的电容、电阻、电感线圈等电子 元件•现从这些材料中选取两待测元件，一是电阻R o （约为2k Q ）, —是手机中常用的锂电池（电动势E 标称值为3.7V ，允许最大放电电流 500mA ）.在操作台上还准备了如下 实验器材：A .电压表（量程为0 - 3 - 15V ，电阻R V 约为0 - 15 - 75k Q ） B. 电流表A 1 （量程为100mA ，内阻不计） C. 电流表A 2 （量程为2mA ，内阻不计） D .滑动变阻器 R 1 （ 0〜2k Q,额定电流0.01A ） E. 滑动变阻器 R 2 （0〜10Q,额定电流0.6A ） F. 电阻箱R （ 0〜999.9 Q ） G .开关一只，导线若干（2）从释放到绳子断开前，绳子拉力的平均功率?12 .在真空中有大小为 B=1.0T 、方向垂直纸面向里的环形匀强磁场，内环半径R 1=m ，外环半径3R 2=1.0m .在圆心O 与内环间加上电压 U 后，内圆内形成一个辐射性的电场.荷质比为壬=4.0x103C/kgn的带正电的粒子由圆心 0处静止释放后经电场加速后进入磁场，不计带电粒子的重力.求 （1） 带电粒子不能穿越磁场外边界的最大电压U m ；（2） 当电压为U m 时，带电粒子从圆心静止释放后第一次在磁场中的运动时间.C .沿 c 运动物体的初速度与 P 点时速度大小相等D .沿d 运动物体的初速度一定大于第一宇宙速度三、［物理-选修3-3］（共2小题，满分15分）13. 下列说法中正确的是（）A .单晶体的各向异性是由晶体微观结构决定的B .布朗运动就是液体分子的运动C.能量转化和守恒定律是普遍规律，但是能量耗散违反能量转化和守恒定律D .小昆虫水黾可以站在水面上是由于液体表面张力的缘故巳物体可从单一热源吸收热量并全部用于做功14. 如图所示，一直立的气缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为S,汽缸内壁光滑且缸壁是导热的，开始活塞被固定在A点，打开固定螺栓K，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在B点，已知AB=h，大气压强为p o,重力加速度为g.①求活塞停在B点时缸内封闭气体的压强；②设周围环境温度保持不变，求整个过程中通过缸壁传递的热量Q （一定量理想气体的内能仅由温度决定）.四、［物理-选修3-4］（共2小题，满分0分）15 •简谐运动的振动图线可用下述方法画出：如图（甲）所示，在弹簧振子的小球上安装一支绘图笔P，让一条纸带在与小球振动方向垂直的方向上匀速运动，笔P在纸带上画出的就是小球的振动图象•取振子水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移正方向，纸带运动的距离代表时间，得到的振动图线如图乙所示•则下列说法中正确的是（）图甲图£A •弹簧振子的周期为4sB. 弹簧振子的振幅为10cmC. t=17s时振子相对平衡位置的位移是10cmD .若纸带运动的速度为2cm/s,振动图线上1、3两点间的距离是4cmE. 2.5s时振子正在向x轴正方向运动16•如图所示，一个半径为R的四分之一透明圆柱体放置在水平桌面上，一束蓝光沿水平方向垂直入射到OA 上，经过圆柱体后在水平面形成一个光斑.已知圆柱体对蓝光的折射率为2.求:①蓝光在圆柱体中的传播速度；②圆柱体右侧水平桌面上黑暗部分的长度.五、［物理-选修3-5］（共2小题，满分0 分）17. 以下说法中，正确的是（）A . < -' ' I衰变成尹：|.要经过6次B衰变和8次a衰变B •一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为这束光的光强太小C. 原子核发生一次B衰变时，其内部的一个中子转变为一个质子和一个电子D. B射线与丫射线一样是电磁波，穿透本领远比丫射线强巳在原子核中，平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固18. 如图所示，甲车的质量为m i=3kg，质量为m=1kg的小球用长为0.5m轻绳悬挂在L形支架一上, 它们静止在水平面•质量为m2=2kg的乙车以V o=5m/s的速度向甲车运动，甲、乙两车碰撞后一起运动.g=10m/s2.求：①乙车碰撞甲后瞬时速度；②绳子偏离竖直方向的最大偏角（可用反三角函数表示）.2016年广东省茂名市高考物理一模试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共有8小题，每小题6分•在每小题给出的四个选项中，第1〜5题只有一项符合题目要求，第6〜8题有多项符合要求•全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0 分.1.如图（甲）所示，导线MN和矩形线圈abed共面且固定.在MN中通以图（乙）所示的电流（NM 方向为电流的正方向），则在0〜T时间内（）甲A .线框感应电流方向始终沿adeba方向B .线框感应电流方向先沿abeda后沿adebaC. ab边始终不受力的作用D. be边受安培力先向右后向左【考点】楞次定律.【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合.【分析】根据右手螺旋定则可判定线圈所处磁场的方向，再由电流与时间的关系来确定磁场大小变化，由楞次定律可确定线圈产生的感应电流方向，从而根据左手定则可确定安培力的方向得出结果.【解答】解：A、由题意可知，NM方向为电流正方向，根据右手螺旋定则可知，在0到一T时间内，2穿过线框abed磁场方向垂直纸面向里，大小在减小，则线框产生的感应电流方向，由楞次定律可得，感应电流方向顺时针，即为abeda；当在_汀到T时间内，穿过线框abed磁场方向垂直纸面向外，大小在增大，则线框产生的感应电流方向，由楞次定律可得，感应电流方向仍为顺时针，即为abeda ；故AB错误；C、当NM电流大小变化时，周围产生磁场，导致线框中产生感应电流，从而使线框ab受到安培力作用；当通以正向电流时，线框be受到向右的安培力；当通以反向电流时，线框be受到向左的安培力，故C错误，D正确；故选：D【点评】考查右手螺旋定则、楞次定则、左手定则，及法拉第电磁感应定律，得出电流方向同向的相互吸引，电流方向反向的相互排斥•且磁场与时间的图象斜率表示磁场的变化.2 •如图所示，平行水平放置的光滑导轨AB、CD相距0.2m，电阻不计，导轨的左右两端分别接有阻值为1 Q的电阻R i和R2，金属圆环的直径为0.2m，电阻为2 Q,整个装置放在大小为1T、方向竖直向下的匀强磁场中，M、N为圆环与导轨接触的两点.当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时，下列说法正确的是（）A •导轨中没有电流B . M、N两点的电压为2VC. M、N两点的电压为1.57V D . R i的功率为1W【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率.【专题】参照思想；等效替代法；电磁感应与电路结合.【分析】当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时切割磁感线产生感应电动势，相当于一个并联电池组，有效的切割长度等于其直径，由E=BLv求出感应电动势，再由电路规律解答.【解答】解：A、当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时切割磁感线产生感应电动势，导轨中有感应电流.故A错误.BC、圆环产生的感应电动势为E=BLv=1 >0.2 XI0V=2V，通过导轨的电流M、N两点的电压是路端电压，为U=E - 环=2 - 2 >X=1V .故BC错误.2 2D、R1的功率为P=丨W=1W，故D正确.故选：D【点评】本题要用等效的思维方法来理解电路，要知道圆环相当于一个并联电池组，有效的切割长度等于其直径，在分析电路结构的基础上，应用E=BLv、欧姆定律、功率公式即可正确解题.3•如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B, 它们与盘间的摩擦因数相同，当圆盘转动到两个物体刚好还未发生滑动时，烧断细线，两个物体的运动情况是（）A•两物体沿切向方向滑动B .两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远C.两物体仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动D .物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远【考点】向心力；牛顿第二定律.【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用.【分析】对AB两个物体进行受力分析，找出向心力的来源，即可判断烧断细线后AB的运动情况. 【解答】解：当圆盘转速加快到两物体刚要发生滑动时，A物体靠细线的拉力与圆盘的最大静摩擦力的合力提供向心力做匀速圆周运动，所以烧断细线后，A所受最大静摩擦力不足以提供其做圆周运动所需要的向心力，A要发生相对滑动，离圆盘圆心越来越远，但是B所需要的向心力小于B的最大静摩擦力，所以B仍保持相对圆盘静止状态，故A、B、C选项错误，D选项正确.故选D【点评】解决本题的关键是找出向心力的来源，知道AB两物体是由摩擦力和绳子的拉力提供向心力，难度不大，属于基础题.4 •如图所示为一只理想变压器，原、畐U线圈匝数比是10 : 1,原线圈接入电压为220V的正弦交流电，一个理想二极管与一个最大阻值为 10Q 的滑动变阻器串联后接在副线圈上，滑片 P 在变阻器的最下端，则下列说法正确的是（）B. 电压表的示数为 22V C •二极管两端的最大电压为 22VD •滑片P 向上移动时，电流表 A 的示数减小 【考点】变压器的构造和原理.【专题】 定量思想；推理法；交流电专题.【分析】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流 通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论.【解答】解: A 、B 、C 、原、副线圈的电压与匝数成正比， 所以副线圈两端电压为 22V ,最大值为:- 992T ir V ，则C 错误；由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，根据电流的热效应知 ：「'解得R Rn 2 U=11 -V ，故B 错误；则1 min 内产生的热量为 Q= - =1452J ,故A 正确.RD 、P 向上移动时，电阻变小，副线圈电流变大，则原线圈电流也变大•贝U D 错误故选：A【点评】 本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管的作用要了解.5•如图所示，两根等长且不可伸长的细线结于 0点，A 端固定在水平杆上，B 端系在轻质圆环（不计重力）上，圆环套在竖直光滑杆上，C 端挂一重物，重物质量为 m ・开始时用手握住轻圆环，使其紧靠D 端，且AD=OA ，当重物静止时如图所示•现释放圆环，圆环在竖直光滑杆上自由滑动，A . F A < mg ； FB v mg B . F A =mg ； F B =OC . F A =mg ； F B =mgD . F A >mg ; F B =mg【考点】共点力平衡的条件及其应用.1452J【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】题中圆环质量很轻，重力不计，受到竖直杆的支持力和绳0B的拉力两个力作用，当让圆环在竖直光滑杆上自由滑动，重物再次静止时，0B必须与竖直杆垂直才能平衡. 根据几何知识得到此时0A绳与水平杆的夹角，分析结点0的受力情况，作出力图，根据平衡条件进行分析.【解答】解：据题分析可知，圆环的重力不计，受到竖直杆的支持力和绳0B的拉力两个力作用，竖直杆对圆环的支持力与杆垂直向左，二力平衡时，这两个力必定在同一直线上，则当让圆环在竖直光滑杆上自由滑动，重物再次静止时，0B绳也与竖直杆垂直.设此时0A与水平杆的夹角为a,三个细线的长度均为L,则几何知识得COS a0.6 ,得a=53 °以结点O为研究对象，分析受力情况如图，由平衡条件得知：F B与mg的合力与F A大小相等，方向相反，由于a=53 °>45 °,则根据几何知识分析得到：F A=mg, F B=0故选：B.【点评】本题中分析出轻环处于二力平衡状态是解题的关键，再以结点为研究对象，根据平衡条件进行分析.6. 质量为m的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，在t o时刻撤去F,其V - t图象如图所示.已知物体与水平面间的动摩擦因数为□，在这过程中力F做的功为W，则下列关系式正确的是（）A . F=2 呵gB . F=3 呵g C. W=—呵gV o t o D. W=3 pmgV o t o【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像.【专题】整体思想；图析法；运动学中的图像专题；动能定理的应用专题.【分析】对全过程，运用动量定理求F的大小.在v-t图象中，面积表示位移大小，据此求解各个时间段的位移大小，从而全过程摩擦力做功，对全程根据动能定理列式求解拉力F做的功. 【解答】解：取初速度方向为正方向，根据动量定理，对全过程:解得：F=3 gg ；0〜t o时间内，全过程的位移为：1 3x= vo?3to= .对全过程，运用动能定理得：W - mgx=o，得W==(imgv o t o.故BC 正确，AD 错误. 2故选：BC【点评】本题涉及力在时间上的累积效应，可优先考虑运用动量定理研究F的大小，当然也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解.7. 如图所示，带有正电荷量Q的细铜圆环竖直固定放置，一带量为q的正点电荷从很远处沿水平轴线飞来并到达圆心，不计粒子的重力.关于粒子的上述过程，下列说法正确的是（）Ah tm r m m vruA .粒子先做加速运动后做减速运动B. 粒子的电势能先增大后减小C. 粒子的加速度先增大后减小D .粒子的动能与电势能之和不变【考点】电场的叠加；牛顿第二定律；电势能.【专题】比较思想；合成分解法；电场力与电势的性质专题.【分析】带有正电荷圆环的电场电场线从圆环出发到无穷远终止，分析粒子q所受的电场力方向，即可判断其运动情况.根据电场力做功正负，判断电势能的变化.无穷远场强为零，O点场强也为零，即可从无穷远到O点，场强先增大后减小，粒子的加速度先增大，后减小.根据能量守恒分析动能与电势能之和如何变化.Ft o-河？3心0,【解答】 解：A 、圆环带正电，根据电场的叠加原理可知，水平轴线上电场线从圆环中心出发到无 穷远终止，带正电的粒子 q 所受的电场力方向与其运动方向相反，所以粒子一直做减速运动.故 错误. B 、电场力对粒子q —直做负功，其电势能一直增大•故 B 错误.C 、无穷远场强为零， 0点场强也为零，即可从无穷远到 场力先增大后减小，所以其加速度先增大，后减小•故C 正确.D 、根据能量守恒得知：粒子的动能与电势能之和保持不变•故 D 正确.故选：CD【点评】 本题要掌握电场的叠加原理来分析电场的分布情况，采用极限法分析场强的变化，来分析 加速度的变化是关键.&如图所示是牛顿研究抛体运动时绘制的一幅草图，以不同的速度抛出的物体分别沿 轨迹运动，其中a 是一段曲线，b 是贴近地球表面的圆，C 是椭圆，d 是双曲线的一部分•已知引力人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用.沿b 运动的物体做匀速圆周运动，由重力提供向心力，列式可求出其速度，分析其他物体的速度与沿b 运动的物体速度的关系•第一宇宙速度是物体绕地球做匀速圆周运动的最大速度.【解答】 解：A 、沿b 运动的物体做匀速圆周运动，由重力提供向心力，得沿a 运动的物体做近心运动， 初速度一定比b 的速度小，则沿a 运动的物体初速度一定小于一；.故0点，场强先增大后减小，粒子所受的电 a 、b 、c 、 dR ,地球附近的重力加速度为g .以下说法正确的是（B .沿C .沿 c 运动物体的初速度与 P 点时速度大小相等D •沿 d 运动物体的初速度一定大于第一宇宙速度【考点】 【专题】 比较思想；模型法；人造卫星问题.2mg=m 一:，贝H v b = '【分析】b 运动物体的初速度一定等于A正确.B、沿b运动的物体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有G.』=m ；，得v b=,：=.故B正确.C、沿c运动的物体做椭圆运动，根据开普勒第二定律知，沿c运动物体的初速度大于P点时的速度大小•故C错误.D、沿b运动的物体的速度等于第一宇宙速度，沿d运动的物体做离心运动，其运动速度一定大于b 的速度，即大于第一宇宙速度.故D正确.故选：ABD【点评】解决本题的关键要抓住做匀速圆周运动的卫星，才能根据万有引力或重力等于向心力列式,求解其运行速度.其他物体的速度，要根据其运动情况，结合变轨原理分析.三、非选择题：包括必考题和选考题两部分•第22题〜第32题为必考题，每个试题考生都必须作答•第33题〜第40题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（共129分）9•在利用打点计时器测定匀变速直线运动加速度”的实验中，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5点取一个计数点，共取了A、B、C、D、E、，六个计数点在一次课外实践活动中，某课题研究小组收集到电子产品中的一些旧电池及从废旧收音机上折下来的电容、电阻、电感线圈等电子元件•现从这些材料中选取两待测元件，一是电阻R o （约为2k Q）, —是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流500mA）.在操作台上还准备了如下实验器材：A .电压表（量程为0 - 3 - 15V，电阻R V约为0- 15 - 75k Q）B .电流表A1 （量程为100mA，内阻不计）C.电流表A2 （量程为2mA，内阻不计）D •滑动变阻器R1 （0〜2k Q,额定电流0.01A）E. 滑动变阻器R2 （0〜10必额定电流0.6A）F. 电阻箱R （0〜999.9 Q）G. 开关一只，导线若干(2)当滑片移到某一位置时，电压表示数如图(乙)所示，此时(3)如果在实际过程中，发现滑动变阻器、电压表已损坏，请你用余下的器材测量电池的电动势 和内阻r .①请你在图(丙)所示的方框内画出实验电路图(标明所用器材符号)(1) 根据闭合电路欧姆定律，估算出电路中电流的范围，从而得到电流表量程偏大;(2) 根据图乙直接读出电压表示数;(3) ①滑动变阻器可以用电阻箱替换，由于电阻箱的电阻可以直接读出，因而可以不用电压表; ②先推导出电阻R 与电流关系的一般表达式，然后结合图象得到数据.【解答】解：(1 )根据闭合电路欧姆定律，当滑动变阻器短路时，电流为: =缶-吕m —s ,故用电流表 (2)根据图乙可知，电压测量值为： U=2.40V ,和内阻r ,如图所示:结合图象可以得到：r=7 Q, E=3.5V故答案为：(1 )用A 2替换A i ；( 2) 2.40 ； ( 3)①如图所示；②3.5, 7.]—【点评】 本题关键要从实验要求中的安全、准确、操作方便的角度进行分析，第三问要注意先推导 出电阻R 与电流关系的一般表达式，根据图象的斜率和截距求解，难度适中.器材选取中有不妥之处，你认为应该怎样调整？答:用A 2替换A lR o 的电压测量值为2.40 V .② 该项实验小组的同学在实验中取得多组数据, 然后作出图(丁)所示的图象，则电源的电动势 E=3.5 V ,内电阻r= 7 Q.【考点】 伏安法测电阻.【专题】 实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题.【分析】 A 1量程太大，读数不准确，用 A 2替换A 1 . (3)① 发现滑动变阻器、电压表已损坏，则用电阻箱和A 1 串联接入电源，测量电池的电动势 E② 根据闭合电路欧姆定律，电流的表达式为:E=+.2，则:Eh --畫<y>(1)为了测定电阻 R o 的阻值，小组成员设计了如图(甲)所示的电路，所选器材均标在图上，其11 •质量为4kg的物体系在气球的下端，绳子伸直且物体刚好接触地面•释放气球，使物体由静止开始竖直上升，8s后绳子断开，再经6s物体落回地面，g取10m/s2•求：(1)绳子对物体的拉力？(2)从释放到绳子断开前，绳子拉力的平均功率？【考点】牛顿第二定律；平均速度；物体的弹性和弹力.【专题】计算题；定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题.【分析】(1)根据运动学公式，抓住物体先匀加速，然后做竖直上抛运动，求出匀加速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出拉力的大小.(2)根据位移时间公式求出匀加速运动的位移，结合平均功率的公式求出拉力的平均功率.【解答】解：(1)设物体匀加速直线运动的加速度为a,则8s末的速度为：V1=at1=8a,1 9 18s内的位移为：厂一二「二”二” rd】绳子断后，物体做竖直上抛运动，根据；-工代入数据解得：a=2.25m/s°根据牛顿第二定律得：F - mg=ma,解得：F=mg+ma=40+4 >2.25N=49N .(2) 8s内物体的位移为: $ -―' H f=72m ,—49X 72则拉力的平均功率为：：■ :：.；1'.t O答：(1)绳子对物体的拉力为49N ；(2)从释放到绳子断开前，绳子拉力的平均功率为441W .【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，通过运动学公式求出物体的加速度是解决本题的关键.12.在真空中有大小为1”、方向垂直纸面向里的环形匀强磁场，内环半径R1= ' m，外环半径R2=1.0m .在圆心O与内环间加上电压U后，内圆内形成一个辐射性的电场. 荷质比为壬=4.0x103C/kg的带正电的粒子由圆心n O处静止释放后经电场加速后进入磁场，不计带电粒子的重力.求(1) 带电粒子不能穿越磁场外边界的最大电压U m；(2) 当电压为U m时，带电粒子从圆心静止释放后第一次在磁场中的运动时间.。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
第Ⅰ卷二、选择题：本题共有8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如图（甲）所示，导线MN和矩形线圈abcd共面且固定。
在MN中通以图（乙）所示的电流（NM方向为电流的正方向），则在0~T时间内A．线框感应电流方向始终沿adcba方向B．线框感应电流方向先沿abcda后沿adcbaC．ab边始终不受力的作用D．bc边受安培力先向右后向左15．如图所示，平行水平放置的光滑导轨AB、CD相距0.2m，电阻不计，导轨的左右两端分别接有阻值为1Ω的电阻R1和R2，金属圆环的直径为0.2m，电阻为2Ω，整个装置放在大小为1T、方向竖直向下的匀强磁场中，M、N为圆环与导轨接触的两点。
当圆环以速度10m/s向右匀速运动时，下列说法正确的是A．导轨中没有电流B．M、N两点的电压为2VC．M、N两点的电压为1.57VD．R1的功率为1W16．如图所示，在匀速转动的水平盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们与盘面间的动摩擦因数相同。
当匀速转动的圆盘转速恰为两物体刚好未发生滑动时的转速，烧断细绳，则两物体的运动情况将是A ．两物体沿切线方向滑动B ．两物体沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远C ．两物体仍随圆盘一起做匀速圆周运动，不会发生滑动D ．物体A 仍随圆盘一起做匀速圆周运动，物体B 发生滑动，离圆盘圆心越来越远17．如图所示为一只理想变压器，原、副线圈匝数比是10:1，原线圈接入电压为220V 的正弦交流电，一个理想二极管与一个最大阻值为10Ω的滑动变阻器串联后接在副线圈上，滑片P 在变阻器的最下端，则下列说法正确的是A ．1分钟内电阻R 上产生的热量为1452JB ．电压表的示数为22VC ．二极管两端的最大电压为22VD ．滑片P 向上移动时，电流表A 的示数减小18．如图所示，两根等长且不可伸长的细线结于O 点，A 端固定在水平杆上，B 端系在轻质圆环（不计重力）上，圆环套在竖直光滑杆上，C 端挂一重物，重物质量为m 。
开始时用手握住轻圆环，使其紧靠D 端，且AD=OA ，当重物静止时如图所示。
现释放圆环，圆环在竖直光滑杆上自由滑动，当重物再次静止时OA 绳拉力为F A ，OB 绳拉力为F B ，则A ．F A <mg ，FB <mgB ．F A =mg ，F B =mgC ．F A =mg ，F B ＝0D ．F A ＞mg ，F B ＝mg19．质量为m 的物体在水平恒力F 作用下沿水平面运动，在t 0时刻撤去F ，其V —t 图象如图所示。
已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，在这过程中力F 做的功为W ，则下列关系式正确的是A ．mg F μ2=B ．mg F μ3=C ．0023t mgV W μ= D ．003t mgV W μ=20．如图所示，带有正电荷量Q的细铜圆环竖直固定放置，一带量为q的正点电荷从很远处沿水平轴线飞来并到达圆心，不计粒子的重力。
关于粒子的上述过程，下列说法正确的是A．粒子先做加速运动后做减速运动B．粒子的电势能先增大后减小C．粒子的加速度先增大后减小D．粒子的动能与电势能之和不变21、如图所示是牛顿研究抛体运动时绘制的一幅草图，以不同的速度抛出的物体分别沿a、b、c、d轨迹运动，其中a是一段曲线，b是贴近地球表面的圆,C是椭圆，d是双曲线的一部分。
已知引力常数为G，地球质量为M，半径为R，地球附近的重力加速度为g。
以下说法正确的是A．沿a运动物体的初速度一定小于RgGMB．沿b运动物体的初速度一定等于RC．沿c运动物体的初速度与P点时速度大小相等D．沿d运动物体的初速度一定大于第一宇宙速度第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第33题~第40题为选考题，考生根据要求作答。
(一)必考题(共129分)22．(6分)在“利用打点计时器测定匀变速直线运动加速度”的实验中，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5点取一个计数点，共取了A、B、C、D、E、F六个计数点(每相邻两个计数点间还有四个点)。
从A点开始在每一个计数点处将纸带剪开分成五段(分别为a、b、C、d、e段)，将这五段纸带由长到短紧靠但不重叠地粘在X0Y坐标系中，如图所示。
(1)若把每一段纸带的右上端连接起来，结果得到一条倾斜的直线，如图所示，由图可知纸带做_________运动，你判断的依据是____________________________________。
(2)为求出打B点时小车的瞬时速度，需要测出_________段纸带的长度?(3)若测得a段纸带的长度为10.0 cm，e段纸带的长度为2.0 cm，则可求出加速度的大小为______m／s2。
23．(9分)在一次课外实践活动中，某课题研究小组收集到电子产品中的一些旧电池及从废旧收音机上折下来的电容、电阻、电感线圈等电子元件。
现从这些材料中选取两待测元件，一是电阻R0(约为2kΩ)，一是手机中常用的锂电池(电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流500mA)。
在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表(量程为0-3-15V，电阻R V约为0-15-75 kΩ)B．电流表A1(量程为100mA，内阻不计)C．电流表A2(量程为2mA，内阻不计)D．滑动变阻器R1(0~2 kΩ，额定电流0.01A)E．滑动变阻器R2(0~1 0Ω，额定电流0.6A)F．电阻箱R(0~999.9Ω)G．开关一只，导线若干(1)为了测定电阻R0的阻值，小组成员设计了如图(甲)所示的电路，所选器材均标在图上，其器材选取中有不妥之处，你认为应该怎样调整？答：____________________________________________。
(2)当滑片移到某一位置时，电压表示数如图（乙）所示，此时R0的电压测量值为______V。
(3)如果在实际过程中，发现滑动变阻器、电压表已损坏，请你用余下的器材测量电池的电动势E和内阻r.①请你在图（丙）所示的方框内画出实验电路图(标明所用器材符号)②该项实验小组的同学在实验中取得多组数据，然后作出图（丁）所示的图象，则电源的电动势E=_________V，内电阻r=_________Ω。
24．(12分)质量为4kg 的物体系在气球的下端，绳子伸直且物体刚好接触地面。
释放气球，使物体由静止开始竖直上升，8s 后绳子断开，再经6s 物体落回地面，g 取10m/s 2，忽略空气阻力。
求：（1）绳子对物体的拉力？（2）从释放到绳子断开前，绳子拉力的平均功率？25．(20分)在真空中有大小为B=1.0T 、方向垂直纸面向里的环形匀强磁场，内环半径R 1=33m ，外环半径R 2=1.0m 。
在圆心O 与内环间加上电压U 后，内圆内形成一个辐射性的电场。
荷质比为mq ＝4.0×103C/kg 的带正电的粒子由圆心O 处静止释放后经电场加速后进入磁场，不计带电粒子的重力。
求(1)带电粒子不能穿越磁场外边界的最大电压U m ；(2)当电压为U m 时，带电粒子从圆心静止释放后第一次在磁场中的运动时间。
(二)选考题33．[物理-选修3-3] (15分)(1) 下列说法中正确的是______(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分。
每错选1个扣3分，最低得0分)。
A ．单晶体的各向异性是由晶体微观结构决定的B ．布朗运动就是液体分子的运动C ．能量转化和守恒定律是普遍规律，但是能量耗散违反能量转化和守恒定律D ．小昆虫水黾可以站在水面上是由于液体表面张力的缘故E ．物体可从单一热源吸收热量并全部用于做功(2)如图所示，直立气缸用质量为m 的活塞封闭一定质量的理想气体，活塞横截面积为S ，气缸内壁光滑且缸壁是导热的，开始时活塞被固定，打开固定螺栓K ，活塞下落，经过足够长时间，活塞停在B 点，已知AB=h ，大气压强为p 0，重力加速度为g 。
①求活塞停在B 点时缸内封闭气体的压强；②设周围环境温度保持不变，求整个过程中通过缸壁传递的热量Q(一定质量理想气体的内能仅由温度决定)。
34．[物理-选修3-4] (15分)(1) (6分)简谐运动的振动图线可用下述方法画出：如图(甲)所示，在弹簧振子的小球上安装一支绘图笔P ，让一条纸带在与小球振动方向垂直的方向上匀速运动，笔P 在纸带上画出的就是小球的振动图像。
取振子水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移正方向，纸带运动的距离代表时间，得到的振动图线如图乙所示。
则下列说法中正确的是_______(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分。
每错选1个扣3分，最低得0分)。
A ．弹簧振子的周期为4sB ．弹簧振子的振幅为10 cmC ．t=17 s 时振子相对平衡位置的位移是10 cmD ．若纸带运动的速度为2 cm ／s ，振动图线上1、3两点间的距离是4 cmE ．2.5 s 时振子正在向x 轴正方向运动(2) (9分)如图所示，一个半径为R 的四分之一透明圆柱体放置在水平桌面上，一束蓝光沿水平方向垂直入射到OA 上，经过圆柱体后在水平面形成一个光斑。
已知圆柱体对蓝光的折射率为2。
求：①蓝光在圆柱体中的传播速度；②圆柱体右侧水平桌面上黑暗部分的长度。
35．[物理-选修3-5] (15分)(1) (6分)以下说法中，正确的是________(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分。
每错选1个扣3分，最低得0分)。
A ．U 23892衰变成Pb 20682要经过6次β衰变和8次α衰变B ．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为这束光的光强太小C ．原子核发生一次β衰变时，其内部的一个中子转变为一个质子和一个电子D ．β射线与γ射线一样是电磁波，穿透本领远比γ射线强E ．在原子核中，平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固(2) (9分)如图所示，甲车的质量为m 1=3kg ，质量为m=1kg 的小球用长为0.5m 轻绳悬挂在L 形支架一上，它们静止在水平面。
质量为m 2=2kg 的乙车以V 0=5m/s 的速度向甲车运动，甲、乙两车碰撞后一起运动。
g=10m/s 2。
求：①乙车碰撞甲后瞬时速度；②绳子偏离竖直方向的最大偏角(可用反三角函数表示)。
22、(1)__________________，________________________________________________；(2)_____________；(3)___________。