贵州省兴义天赋中学2015届高三第一次半月考物理试题

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【全国百强校】贵州省遵义航天高级中学2015-2016学年高一第一次(3月)月考理综物理试题解析(解析版)

一、选择题:14、下列说法正确的是（）A.参考系必须是固定不动的物体B.参考系可以是变速运动的物体C.地球很大，又因有自转，研究地球公转时，地球不可视为质点D.研究跳水运动员转体动作时，运动员可视为质点【答案】B考点：参考系；质点【名师点睛】此题是对参考系和质点概念的考查；要知道研究物体的机械运动时，任何物体都可以做参考系，参考系的选择是任意的；当一个物体的形状和大小对所研究的问题相比可以忽略不计时，则可以把物体看做质点.15、下列说法中正确的是( )A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．曲线运动一定是变速运动C．物体在变力作用下不可能做直线运动D．物体做曲线运动的加速度可能为零【答案】B【解析】试题分析：物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项A错误；曲线运动的物体的速度方向一定变化，故一定是变速运动，选项B正确；当物体所受的力与速度共线时，物体在变力作用下也可能做直线运动，选项C错误；物体做曲线运动，则速度不断在改变，则物体的加速度不可能为零，选项D错误；故选B.考点：曲线运动【名师点睛】此题是对曲线运动的特征的考查；要知道曲线运动一定是变速运动，故加速度一定不为零；物体做曲线运动的条件是物体所受的合外力与速度方向不共线时物体就做曲线运动；同时要牢记两种特殊的曲线运动的特征：平抛和匀速圆周运动.16、如图，船从A处开出后沿直线AB到达对岸，若AB与河岸成370角，水流速度为4m/s，则船从A点开出的最小速度为( )A．3.5m/s B．3m/s C．2.4m/s D．2m/s【答案】C考点：运动的合成和分解【名师点睛】本题考查速度的合成及分解问题；要知道小船参与两个分运动，其实际运动为和运动；解题时关键先确定分速度与合速度中的已知情况，然后根据平行四边形定则确定未知情况。

17、如图所示的皮带传动装置中，轮A和B同轴，A、B、C分别是三个轮边缘的质点，且RA=RC=2RB，若传动过程中皮带不打滑，则下列说法正确的是( )A．A点与C点的线速度大小相同B．B点与C点的角速度相同C．A点的向心加速度大小是B点的2倍D．B点的运行周期大于C点的运行周期【答案】C考点：角速度、线速度、向心加速度【名师点睛】利用同轴4转动角速度相同，传动过程中皮带皮带不打滑，边缘上各点线速度大小相等是解题的关键，灵活应用利用线速度、角速度和周期关系即可求解．18、一物体由静止开始自由下落，一小段时间后突然受一恒定水平向右的风力的影响，但着地前一段时间风突然停止，则其运动的轨迹可能是图中的哪一个( )【答案】C【解析】试题分析：物体由静止开始下落先做直线运动，当受到水平方向的水平风力时，合力的方向与速度的方向不在同一条直线上，做曲线运动，风停止后，物体所受的合力方向竖直向下，与速度不在同一条直线上，仍做曲线运动，且曲线运动的轨迹夹在速度方向和合力方向之间，合力方向大致指向轨迹凹的一向．故C 正确，ABD错误．故选C.考点：曲线运动【名师点睛】此题考查曲线运动的轨迹特征；要知道物体做曲线运动的轨迹夹在速度方向和合力方向之间，合力方向大致指向轨迹凹的一向．根据物体所受的合力方向与速度方向关系，可判断其轨迹。

高2015级第一次月考

威远县竞力学校高2015级第3学期鏖战景岗第1次月考理工农医类（物理试题）1.关于电场强度和电场线，下列说法正确的是A、某点放一检验电荷后，该点的电场强度会发生改变B. 由电场强度的定义式E=F/q可知，电场中某点的E与q成反比，与q所受的电场力F成正比C. 电荷在电场中某点所受力的方向即为该点的电场强度方向D. 初速为零、重力不计的带电粒子在电场中运动的轨迹可能不与电场线重合2、下列说法正确的是：（）A. 只要带电体足够小，就可以看成点电荷B.电场是一种物质，它不依赖我们的感觉而客观存在的东西C．由公式C=Q/U可知，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U有关D．只要初速度为零，正电荷必将在电场中沿电场线方向运动3、关于静电场下列说法中正确的是( )A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电势降落的方向就是场强的方向C．根据公式U= Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少4、如图所示，A、B两点各放有电量为+Q和+2Q的点电荷，A、B、C、D 四点在同一条直线上，且AC=CD=DB。

将一正电荷从C点沿直线移到D点，则（）ArrayA.电场力一直做正功；B.电场力先做正功再做负功；C、电场力一直做负功；D、电场力先做负功再做正功。

5．如图所示，在平面直角坐标系中，有一个方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0 V，点A处的电势为6 V，点B处的电势为3 V，则电场强度的大小为( )A．200 V/m B．200 3V/mC．100 V/m D．100 3 V/m6、如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab = U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，下列判断不正确的．．．是（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大7、如图5所示，平行板电容器的两个极板为A、B，B极板接地，A极板带有电荷量＋Q，板间电场有一固定点P，若将B极板固定，A极板下移一些，或者将A极板固定，B极板上移一些，在这两种情况下，以下说法正确的是( ) A极板下移时，P点的电场强度不变，P点电势不变B．A极板下移时，P点的电场强度不变，P点电势升高C．B极板上移时，P点的电场强度不变，P点电势降低D．B极板上移时，P点的电场强度减小，P点电势降低8、如图所示，在O点处放置一个正电荷．在过O点的竖直平面内的A点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为A B Em 、电荷量为q .小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以O 为圆心、R 为半径的圆(图中实线表示)相交于B 、C 两点，点O 、C 在同一水平线上，∠BOC ＝30°，A 点距离OC 的竖直高度为h .若小球通过B 点的速度为v ，下列说法中正确的是( )A ．小球通过C 点的速度大小是2gh B ．小球通过C 点的速度大小是v 2＋gR C ．小球由A 点到C 点电场力做的功是12mv 2－mgh D ．小球由A 点到C 点损失的机械能是mg (h －R 2)－12mv 2 二、计算题（本题共5小题，共62分。

贵州省贵阳市2015届高三适应性监测考试(一)理综物理试题及答案

贵阳市2015年高三适应性监测考试（一）理综物理部分二、选择题：（本大题共8小题，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题意，第19~21题有多个选项符合题意．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）14．2014年12月26日，贵广高铁正式开通营运，把贵阳到广州的列车运行时间从20多个小时缩短到5小时左右，贵州从此进入了高铁时代．列车从贵阳北站开出后速度由20km/h 增加到50km/h 所用的时间为t 1、位移为x 1；速度由50km/h 增加到80km/h 所用的时间为t 2、位移为x 2．假设上述列车始终做匀变速直线运动，则以下判断正确的是A ．t 1>t 2B ．t 1<t 2C ．x 1<x 2D ．x 1>x 215．在同一匀强磁场中，两个完全相同的矩形闭合金属线圈分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图中曲线a 、b 所示．则A ．t =0时刻穿过两线圈的磁通量均为零B ．曲线a 表示的交变电动势有效值为15VC ．曲线a 表示的交变电动势频率为50HzD ．曲线a 、b 对应的线圈转速之比为3:216．我国先后发射的“天宫一号”和“神舟十号”的运动轨迹如图所示．已知“天宫一号”绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r ，周期为T ，引力常量为G ．下列说法正确的是A ．根据题中条件可以计算出地球的质量B ．在远地点P 处，“神舟十号”的加速度比“天宫一号”大C ．根据题中条件可以计算出地球对“天宫一号”的引力大小D ．要增大“神舟十号”的运行周期，只需在运行过程中点火减速17．如图所示，在x 轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B ．在xOy 平面内，从原点O 处沿与x 轴正方向成θ角（0<θ<π）以速率v 发射一个带正电的粒子（重力不计）．则下列说法正确的是A ．若v 一定，θ越大，则粒子离开磁场的位置距O 点越远B ．若v 一定，θ越大，则粒子在磁场中运动的时间越短C ．若θ一定，v 越大，则粒子在磁场中运动的角速度越大D ．若θ一定，v 越大，则粒子在磁场中运动的时间越短18．正电荷均匀分布在半球面上，它们在此半球的球心O 处产生的电场强度大小为E 0．现将一个通过O 点且与半球底面成α=60º的平面把半球面分出一个小“小瓣”球面．如图所示，所分出的“小瓣”球面上的电荷在O处产生电场的电场强度大小为A ．031EB ．021E C ．023E D ．0E 19．如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放置在粗糙水平面上，A 、B 两物体通过细绳相连，并处于静止状态，不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦．现用水平向右的拉力F 作用于物体B 上，将物体B 缓慢拉高一定的距离，在此过程中斜面体与物体A 仍然保持静止．关于此过程中，下列说法正确的是A．斜面体对物体A的摩擦力一定增大B．地面对斜面体的支持力可能变大C．斜面体对物体A的摩擦力一定变大D．斜面体对物体A的作用力可能变大20．如图所示，从靠近A板发出的电子经电场加速后，水平向往水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上．关于电子的运动，下列说法正确的是A．仅将光屏向左平移时，电子打在荧光屏上的位置上升B．公将变阻器的滑片向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升C．仅将电压U减小时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D．仅将电压U减小时，电子从发出到到打在荧光屏的时间不变21．如图所示，固定在水平地面上的粗糙斜面体高为h0．某物体以初E K0从斜面体底端P点开始沿斜面上滑并开始计时．一段时间之后物体离开斜面做斜上抛运动，t1时刻经过最高点Q．取地面为零势能面，不计空气阻力作用．则下列关于物体从P运动到Q的过程中，物体的动能E k、机械能E、加速度大小a及离地面的高度h随时间的变化关系图象中，可能正确的是22．如图所示为测量物块与水平固定桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图，细线平行于桌面．已知物块和遮光片的总质量为M，重物质量为m，遮光片的宽度为d，两光电门之间的距离为s，重力加速度为g．让物块从光电门A的左侧由静止释放，分别测出遮光片通过光电门A、B所用的时间t A、t B．用遮光片通过光电门的平均速度表示遮光片竖直中线通过光电门的瞬时速度．（1）利用实验中已知量和测量量，可得到物块运动的加速度大小为______________；（2）如果设物块运动的加速度为a，则用已知量和a表示物块与水平桌面之间的动摩擦因数μ，得μ=____________；（3）遮光片通过光电门时的平均速度__________（选填“大于”、“小于”或“等于”）遮光片竖直中线通过光电门的瞬时速度，由此会产生误差，请你写出一种减小这一误差的方法是_________________．23．（8分）有一个电压表V，其内阻为30kΩ、量程约25V～35V，共有30个均匀小格，但刻度数值已经模糊．为了测量其量程并重新刻度，现提供下列器材选用：标准电压表V1：量程0～3V，内阻为3kΩ标准电压表V2：量程0～6V，内阻为1kΩ电流表A：量程0～3A，内阻未知滑动变阻器R：总阻值1kΩ稳压电源E：30V，内阻不能忽略电键、导线若干（1）根据上述器材，有一位同学设计了如图所示的实验电路图，请指出此电路中测量部分存在的问题：____________________________．（2）请设计一个合理的电路图，画在答题卡的方框内，将所选用的器材用相应的符号表示（要求测量多组数据，并尽可能提高测量的精确度）；选用记录数据中任一组，写出计算量程的表达式U g=___________；式中各字母的意义是：_______________________．24．（14分）1831年10月28日，法拉弟在一次会议上展示了他发明的圆盘发电机，如图甲所示，这是人类历史上的第一台发电机．图乙是这个圆盘发电机的示意图：轻质圆形铜盘安装在水平铜轴上并与之垂直，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘接触，使铜盘转动，阻值为R的电阻中就有电流通过．设铜盘转动的角速度为ω，铜盘半径为r，除R外其余电阻均不计，图示所示中磁场为磁感应强度大小为B、以过转轴的水平面为理想边界的匀强磁场，这个磁场只分布在过转轴的水平面以下的空间，不考虑摩擦和空气阻力．（1）求通过电阻R的电流大小和方向；（2）要使铜盘匀速转动，需要对它施加外力的作用，求外力的功率．25．（18分）如图所示，固定的光滑圆弧轨道ACB的半径R为0.8m，A点与圆心O在同一水平线上，圆弧轨道底端B点与圆心在同一竖直线上．C点离B点的竖直高度h为0.2m．质量为0.1kg的物块（可视为质点）从轨道上的A点由静止释放，滑过B点后进入足够长的水平传送带，传送带由电动机驱动按图示方向匀速运转．不计物块通过轨道与传送带交接处的动能损失，物块与传送带间的动摩擦因数μ为0.1．若物块从A点下滑到传送带上后，又恰能返回到C点．g取10m/s2．求：（1）物块第一次经过B点时的速度大小和对轨道的压力大小；（2）传送带的速度大小．33．[物理——选修3-3]（15分）（1）（5分）下列说法正确的是___________．（选填正确答案标号．选对一个得2分，选对2个给4分，选对3个给5分．每错选一个扣3分，最低得分为0分）A．热传递的方向是几内能大的物体传向内能小的物体B．分子间距离减小时，分子间的作用力一定增大，分子势能可能减小C．多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的，所以多晶体的物理性质呈各向同性D．小般能漂浮在水上是因为液体表面张力引起的E．一定温度下饱和汽的分子数密度为一定值，温度升高，饱和汽的分子数密度增大（2）（10分）如图所示，绝热气缸内密闭一事实上质量的理想气体，绝热活塞和钩码的总质量为M=1kg，活塞与气缸壁无摩擦且不漏气．当缸内气体温度为27℃时，活塞稳定在距气缸底部d0=30cm处．已知活塞横截面积S=10cm2，外界大气压p0=1×105Pa，重力加速度g取10m/s2．现给气缸内的电热丝提供微弱电流，当电热丝缓慢放出10J的热量时，活塞缓慢往下移动了d=5cm．求：（i）此时缸内气体的温度；（ii）此过程缸内气体增加的内能．34．[物理——选修3-4]（15分）（1）（5分）波速相等的甲、乙两列简谐横波均沿x轴正方向传播，某时刻波的图象分别如图所示，其中P、Q两质点均处于波峰，关于这两列波，下列说法正确的是___________．（选填正确答案标号．选对一个得2分，选对2个给4分，选对3个给5分．每错选一个扣3分，最低得分为0分）A．甲波中质点M比质点P先回到平衡位置B．质点P、Q、M的振幅均为6cmC．甲波更容易观察到明显的衍射现象D．从图示的时刻开始，质点P比质点Q先回到平衡位置E．图示时刻质点P的加速度比质点Q的加速度小（2）（10分）如图所示，空气中一透明柱体的横截面是边长为d的正方形ABCD ，在DA 边的延长线上距A 点d 63处有一点光源O ，发出一束单色光从AB 边中点E 进入介质后，经BC 中点F 射出，求：（i ）透明介质对单色光的折射率；（ii ）光从O 点到E 点的传播时间t OE 与从E 点到F 点的传播时间t EF 之比．35．[物理——选修3-5]（15分）（1）（5分）放射性元素在衰变过程中，有些放出α射线，有些放出β射线，有些在放出α射线或β射线的同时，还以射线的形式释放能量．例如Th 23490核的衰变过程可表示为：γe Pa Th ++→_012349123490，关于此衰变，下列说法正确的是___________．（选填正确答案标号．选对一个得2分，选对2个给4分，选对3个给5分．每错选一个扣3分，最低得分为0分）A ．Th 23490核的质量等于Pa 23491核的质量B ．Th 23490核的质量大于Pa 23491核的质量C ．一个Th 23490核衰变成一个Pa 23491核后，中子数减少了1D ．γ射线是由Th 原子的外层电子从高能级向低能级跃迁时释放出的E ．此衰变是β衰变，所释放出的电子是原子核内的中子转化成质子时产生的（2）（10分）如图所示，在光滑水平地面上，有一质量分别为9m 和m 的甲、乙两个小球均以大小为v 0=1m/s 的速度先后向右运动，甲与右边地竖直墙壁碰撞后以相同速率反向弹回，然后与乙小球发生弹性正碰．（i ）若m =1kg ，求甲小球与墙壁碰撞过程受到墙壁的冲量大小；（ii ）求甲、乙小球碰撞后乙小球的速度大小．参考答案。

贵州省高三上学期物理第一次月考试卷A卷

贵州省高三上学期物理第一次月考试卷A卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共8题；共16分)1. （2分） (2019高一下·临汾期中) 学习物理不仅要掌握物理知识，还要领悟并掌握处理物理问题的思想方法。

在下图所示的几个实验中，研究物理问题的思想方法相同的是（）A . 甲、乙B . 乙、丙C . 甲、丙D . 丙、丁2. （2分） (2016高一上·大田期中) 一辆汽车从车站以初速度为零匀加速直线开去，开出一段时间之后，司机发现一乘客未上车，便紧急刹车做匀减速运动，从启动到停止一共经历t=10s，前进了15m，在此过程中，汽车的最大速度为（）A . 1.5m/sB . 3m/sC . 4m/sD . 无法确定3. （2分） (2017高一上·铜陵期末) 某人在静止的湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度．不计空气阻力，取向上为正方向，在下边v﹣t图象中，最能反映小铁球运动过程的速度﹣时间图线是（）A .B .C .D .4. （2分） (2016高一上·上海期中) 关于自由落体运动，下列说法中正确的是（）A . 自由落体是初速度为零的匀加速直线运动B . 任何物体在任何地点做自由落体运动时的加速度值都是相等的C . 加速度为重力加速度的运动就是自由落体运动D . 静止开始下落的物体都做自由落体运动5. （2分）如图，注射器内密封一部分气体，若针筒和活塞隔热性能良好，则缓慢向外移动活塞的过程中气体（）A . 对活塞不做功B . 对活塞做负功C . 温度保持不变D . 压强逐渐减小6. （2分） (2017高一上·北仑期中) 有一个直角支架AOB，A0水平放置，表面粗糙，OB竖直放置，表面光滑．A0上套有小环P，OB上套有小环Q，两环质量均为m，两环用一质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡，如图，现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对P环的支持力FN和细绳上的拉力FT的变化情况是（）A . FN不变，FT变大B . FN不变，FT变小C . FN变大，FT变大D . FN变大，FT变小7. （2分） (2019高一上·嘉兴期中) 如图所示，质量为m的小球被水平绳AO和与竖直方向成θ角的轻弹簧系着处于静止状态，现将绳AO烧断，在绳AO烧断的瞬间，下列说法正确的是（g为重力加速度）（）A . 小球的合力大小为B . 弹簧的拉力大小F=mgcosθC . 小球的加速度大小为gtanθD . 小球的加速度大小为gsinθ8. （2分） (2016高二上·资中期中) 如图所示，两条不等长的细线一端拴在同一点，另一端分别栓两个带同种电荷的小球，电荷量分别q1 ， q2质量分别为m1 ． m2 ，当两小球处于同一水平面恰好静止，且α＜β，造成α，β不相等的原因是（）A . q1＜q2B . q1＞q2C . m1＞m2D . m1＜m2二、多选题 (共5题；共15分)9. （3分） (2017高三上·宝安期末) 一定质量的理想气体经历一系列变化过程，如图所示，下列说法正确的是（）A . b→c过程中，气体压强不变，体积增大B . a→b过程中，气体体积增大，压强减小C . c→a过程中，气体压强增大，体积不变D . c→a过程中，气体内能增大，体积变小E . c→a过程中，气体从外界吸热，内能增大10. （3分） (2016高一上·抚州期中) 物体沿一直线运动，在t1时间内通过的路程为x，它中间位置 x 处的速度为v1 ，在中间时刻 t1的速度为v2 ，则v1和v2的关系为（）A . 物体做匀加速直线运动，v1＞v2B . 物体做匀减速运动，v1＞v2C . 物体做匀速直线运动，v1=v2D . 物体做匀减速直线运动，v1＜v211. （3分） (2017高一上·岳阳期末) 如图所示，一物块分别沿倾角不等而底边相等的固定斜面1、2、3下滑，从静止开始由斜面顶端滑到底端．三个斜面的倾角分别是30°、45°、60°，不计物块与斜面间的摩擦，下列分析正确的是（）A . 沿斜面3滑行时，物块的加速度最大B . 沿斜面2滑行时，物块的滑行时间最短C . 沿斜面2滑行时，物块到达斜面底端时的速度最大D . 沿斜面1、3滑行时，物块到达斜面底端时的速度一样大12. （3分）如图所示，正三角形的三个顶点、、处，各有一条垂直于纸面的长直导线。

《解析》贵州省铜仁地区思南中学2015-2016学年高二上学期第一次半月考物理试卷Word版含解析

2015-2016学年贵州省铜仁地区思南中学高二（上）第一次半月考物理试卷一、选择题（1--6为单选，每小题6分，7--10为多选，全部选对6分，选对但不全4分，共60分）1．关于摩擦起电现象，下列说法正确的是（）A．摩擦起电现象使得本来没有电子和质子的物体中创生了电子和质子B．两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量同种电荷C．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显正电D．摩擦起电，可能是因为摩擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的2．半径相同的金属球A、B带有相等电荷量q，相距一定距离时，两球间的库仑力为F，今让第三个与A、B相同的不带电的金属球C先后与A、B接触，然后再移开，此时A、B间的相互作用力大小可能是（）A． B． C． D．3．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）A． B． C． D．4．电场中有一点P，下列说法中正确的是（）A．若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大C．若P点没有试探电荷，则P点场强为零D．P点的场强方向就是放在该点的电荷受电场力的方向5．如图所示，点电荷q1，q2，q3处于在一条直线上，q2与q3的距离是q1与q2距离的2倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电量q1：q2：q3之比为（）A．﹣9：4：﹣36 B．9：4：36 C．﹣3：2：6 D．3：2：66．如图把一带正电的小球a放在光滑绝缘面上，欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，则b应（）A．带负电，放在A点B．带正电，放在B点C．带负电，放在C点 D．带正电，放在C点7．如图，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．M点的电势大于N点的电势B．M点的电势小于N点的电势C．粒子在M点的动能大于在N点的动能D．粒子在M点受到的电势能大于在N点的电势能8．如图所示一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点少3.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J9．如图所示，两个等量的正电荷分别置于P、Q两位置，在P、Q连线的垂直平分线上有M、N两点，另有一试探电荷q，则（）A．若q是正电荷，q在N点的电势能比在M点的电势能大B．若q是负电荷，q在M点的电势能比在N点的电势能大C．M、N两点的电场强度方向向右D．中垂线MN为一条等势线10．如图所示，虚线a、b、c表示O处点电荷的电场中的三个等势面，一电子（不计重力）射入电场后的运动轨迹如图中虚线所示，其中1、2、3、4是运动轨迹与等势面的一些交点．由此可以判定（）A．电子在每个位置具有的电势能与动能的总和一定相等B．O处的点电荷一定带负电C．a、b、c三个等势面的电势关系是φa＞φb＞φcD．电子运动时的电势能先增大后减小二、计算题（每题20分）11．如图所示在竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场．其电场强度为E，在该匀强电场中，用绝缘丝线悬挂质量为m的带正电小球，丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡，此时小球距离右板距离为b，重力加速度为g，求：（1）悬线对小球的拉力为多大？（2）小球带电荷量是多少？（3）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？12．如图所示，一个质量为1.0×10﹣4kg的带电小球，穿过一根光滑的绝缘杆，置于场强为2.0×102N/C的水平向右的匀强电场中，杆与水平面夹角为53°，小球刚好匀速下滑，问：（sin 53°=0.8，cos 53°=0.6）（1）小球带何种电荷、电荷量为多少？（2）杆上A、B两点相距10cm，小球由A运动至B电场力所做的功为多大？A、B两点的电势差U AB为多大？2015-2016学年贵州省铜仁地区思南中学高二（上）第一次半月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1--6为单选，每小题6分，7--10为多选，全部选对6分，选对但不全4分，共60分）1．关于摩擦起电现象，下列说法正确的是（）A．摩擦起电现象使得本来没有电子和质子的物体中创生了电子和质子B．两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量同种电荷C．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显正电D．摩擦起电，可能是因为摩擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：摩擦起电实质是由于两个物体的原子核对核外电子的约束能力不相同，因而电子可以在物体间转移．若一个物体失去电子，其质子数比电子数多，我们说它带正电荷．若一个物体得到电子，其质子数比电子数少，我们说它带负电荷．使物体带电并不是创造出电荷．A、摩擦起电现象使电子转移，而不是产生，故A错误；B、两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷，故B错误；C、丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显示带正电荷，故C正确；D、摩擦起电，可能是因为摩擦导致电子从一个物体转移到另一个物体而形成的，故D错误；故选：C．【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．2．半径相同的金属球A、B带有相等电荷量q，相距一定距离时，两球间的库仑力为F，今让第三个与A、B相同的不带电的金属球C先后与A、B接触，然后再移开，此时A、B间的相互作用力大小可能是（）A． B． C． D．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】理解库仑定律的内容和公式F=k．知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．【解答】解：假设A带电量为q，B带电量为﹣q，两球之间的相互吸引力的大小是F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为﹣=﹣，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=k=F；若A带电量为q，B带电量为q，两球之间的相互吸引力的大小是F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为=，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=k=F；故AC正确，BD错误；故选：AC．【点评】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．3．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）A． B． C． D．【考点】电荷守恒定律．【分析】当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电．【解答】解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有B符合条件．故选：B．【点评】本题根据电荷间的相互作用，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．4．电场中有一点P，下列说法中正确的是（）A．若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大C．若P点没有试探电荷，则P点场强为零D．P点的场强方向就是放在该点的电荷受电场力的方向【考点】电场强度．【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，采用比值法下的定义；利用场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向．【解答】解：AC、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以在p点电荷减半或无检验电荷，P点的场强不变，故AC错误．B、据F=Eq知，P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故B正确．D、据场强方向的规定，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，所以P点的场强方向为正电荷在该点的受力方向，故D正确．故选：BD．【点评】明确电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向的依据．5．如图所示，点电荷q1，q2，q3处于在一条直线上，q2与q3的距离是q1与q2距离的2倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电量q1：q2：q3之比为（）A．﹣9：4：﹣36 B．9：4：36 C．﹣3：2：6 D．3：2：6【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】解决本题一定要把握“每个电荷都处于平衡状态”这一特点进行分析，已知q2为负电荷，可以利用假设法判断q1和q3的电性，如假设q1带正电，其它电荷是否平衡等，也可以利用“两同夹异，近小远大”（三个电荷处于平衡时两边电性相同和中间相反，中间电荷离电量小的近，离电量大的远）进行判断．三个电荷处于同一直线上，每个电荷受两个库仑力作用处于平衡状态，据此列方程即可求解．【解答】解：若q2为负电荷，假设q1带负电，要使q2平衡则q3也应带负电，但此时q1、q3因都受斥力而不平衡，故q1带正电，同理分析q3带正电．若同理也可能是q1、q3带负电，q2带正电．由于三个电荷均处于平衡状态，所以对q1有：= ①对q2有：②对q3有：③联立①②③可解得：根据题意可知l2=2l1，所以由于q1、q3是同种电荷，故q1：q2：q3=﹣9：4：﹣36或q1：q2：q3=9：﹣4：36，故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】本题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用，对于三个电荷平衡可以利用“两同夹异，近小远大”的规律进行电性判断，本题的难点在于计算，学生列出方程容易，但是计算正确难．6．如图把一带正电的小球a放在光滑绝缘面上，欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，则b应（）A．带负电，放在A点B．带正电，放在B点C．带负电，放在C点 D．带正电，放在C点【考点】共点力平衡的条件及其应用；库仑定律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可．【解答】解：小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零．小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上，故小球b对小球a若为静电斥力，小球a不可能平衡，故只能是吸引力；同时，根据平衡条件，静电引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上，故只能放在C位置；故选C．【点评】本题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件，得到未知力的方向范围．7．如图，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．M点的电势大于N点的电势B．M点的电势小于N点的电势C．粒子在M点的动能大于在N点的动能D．粒子在M点受到的电势能大于在N点的电势能【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．由粒子轨迹的弯曲方向判断电场力方向．电场力方向应指向轨迹的内侧．由电场力做功正负，判断电势能的大小和动能的大小．由电场线的疏密判断场强大小，确定电场力的大小．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势．故A正确；B错误．C、D、由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，从M 到N电场力对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的电势能大于在N 点的电势能，在M点的动能小于在N点的动能，在M点的速度小于在N点受到的速度．故C错误，D正确．故选：AD【点评】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小．8．如图所示一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点少3.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功．从运动轨迹上判断，粒子带正电．从A到B的过程中，电场力做正功为1.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能．从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可求出动能的变化情况．从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比较AB两点的机械能．【解答】解：A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电．选项A错误．B、从A到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在A点是的电势能要大于在B点时的电势能．选项B错误．C、从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可知，粒子在A 点的动能比在B点多0.5J，选项C错误．D、从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，选项D正确．故选D．【点评】对于本题，大家要明确以下几点：1、电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．2、电势能是电荷与所在的电场所共有的，且具有相对性，通常取无穷远处或大地为电势能的零点．3、电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．9．如图所示，两个等量的正电荷分别置于P、Q两位置，在P、Q连线的垂直平分线上有M、N两点，另有一试探电荷q，则（）A．若q是正电荷，q在N点的电势能比在M点的电势能大B．若q是负电荷，q在M点的电势能比在N点的电势能大C．M、N两点的电场强度方向向右D．中垂线MN为一条等势线【考点】电场的叠加；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】等量同种正电荷连线中垂线上的电场方向，在上半部分竖直向上，在下半部分竖直向下，根据沿电场线方向电势逐渐降低的电势的高低，根据电荷的电性得出电势能的变化．【解答】解：AB、在M、N处的电场强度方向由N指向M，因为沿电场线方向电势逐渐降低，则N点的电势高于M点的电势，若q是正电荷，根据E p=qφ知，N点的电势能大于M 点的电势能，若q是负电荷，则M点的电势能大于N点的电势能．故AB正确．C、在M、N处的电场强度方向由N指向M，故C错误；D、若等量异种电荷，则中垂线MN才是一条等势线，故D错误；故选：AB．【点评】解决本题的关键知道等量同种电荷周围的电场分布，知道沿电场线方向电势逐渐降低，根据电势能的表达式判断电势能的变化．10．如图所示，虚线a、b、c表示O处点电荷的电场中的三个等势面，一电子（不计重力）射入电场后的运动轨迹如图中虚线所示，其中1、2、3、4是运动轨迹与等势面的一些交点．由此可以判定（）A．电子在每个位置具有的电势能与动能的总和一定相等B．O处的点电荷一定带负电C．a、b、c三个等势面的电势关系是φa＞φb＞φcD．电子运动时的电势能先增大后减小【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电子的运动轨迹判断受力情况，从而确定场源电荷的电性；根据功能关系判断能量的转化情况；根据沿着电场线电势降低判断电势的变化情况【解答】解：A、电子在运动的整个过程中，只受电场力，故只有电场力做功，电场力做功等于电势能的减小量，总功又等于动能的增加量，故电势能和动能之和守恒，故A正确B、由于曲线运动的合力的方向应该指向曲线的内侧，故从电子的运动轨迹可以看出，电子受到排斥力，故场源电荷是负电荷，故B正确；C、由于场源电荷是负电荷，又由于沿着电场线电势降低，故结合负点电荷的电场线分布规律可以知道：φa＜φb＜φc，故C错误；D、由于电子受力的方向向右，所以电子向左运动的过程中电场力做负功，电势能增大；电子向右运动的过程中电场力做正功，电势能减小．故D正确；故选：ABD【点评】本题关键是要根据运动轨迹确定受力情况，然后结合点电荷的电场线和等势面情况来确定电势情况和能量的转化情况二、计算题（每题20分）11．如图所示在竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场．其电场强度为E，在该匀强电场中，用绝缘丝线悬挂质量为m的带正电小球，丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡，此时小球距离右板距离为b，重力加速度为g，求：（1）悬线对小球的拉力为多大？（2）小球带电荷量是多少？（3）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）先分析小球的受力情况，重力竖直向下，电场力水平向右，绳子拉力沿绳子向上，处于三力平衡状态，根据平衡条件求解电荷量；（2）如将细线剪断，绳子的拉力撤去，其余二力的合力一定沿绳子的反方向，大小等于原先绳子的力，所以小球将做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动规律解出物体的运动时间【解答】解：由于小球处于平衡状态知小球带正电，对小球受力分析如右图所示F T sin θ=qE①F T cos θ=mg②由得tan θ=，故q=，（2）由第（1）问中的方程②知F T=，而剪断丝线后小球所受电场力和重力的合力与未剪断丝线时丝线对小球的拉力大小相等，故剪断丝线后小球所受重力、电场力的合力等于．小球的加速度a==，小球由静止开始沿着丝线拉力的反方向做匀加速直线运动，当碰到金属板上时，它的位移为x=，又由x=at2，得t=答：（1）悬线对小球的拉力为（2）小球带电荷量是（3）若剪断丝线，小球碰到金属板需时间为【点评】解决本题的关键正确分析小球的受力情况和运动情况，知道正电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同12．如图所示，一个质量为1.0×10﹣4kg的带电小球，穿过一根光滑的绝缘杆，置于场强为2.0×102N/C的水平向右的匀强电场中，杆与水平面夹角为53°，小球刚好匀速下滑，问：（sin 53°=0.8，cos 53°=0.6）（1）小球带何种电荷、电荷量为多少？（2）杆上A、B两点相距10cm，小球由A运动至B电场力所做的功为多大？A、B两点的电势差U AB为多大？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）小球匀速下滑时，受力平衡，分析小球的受力情况，运用平衡条件求解小球的电荷量，并确定电性．（2）根据公式W AB=qELcosα求解电场力做功，α是电场力与位移方向的夹角．A、B两点的电势差U AB由公式U AB=求解．【解答】解：（1）有小球匀速下滑可判断其受力如右图所示，根据平衡条件得：qE=mgtan 53°得，q==×10﹣5 C小球所带电荷为负电．（2）小球由A运动到B，电场力做功为：W AB=﹣qELcos 53°=﹣8×10﹣5 JA、B两点的电势差U AB==12 V．答：（1）小球带负电荷、电荷量为×10﹣5 C．（2）小球由A运动至B电场力所做的功为﹣8×10﹣5 J，A、B两点的电势差UAB为12V．【点评】本题只要把电场力当作一般的力，按力学的方法，分析力平衡问题和计算电场力做功，就变得容易理解．2016年1月24日。

2021-2022年高三物理第一次半月考试卷

2021年高三物理第一次半月考试卷一、选择题（每小题4分，共48分,选不全的得2分）1．（多选）关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．速度的大小与方向都在时刻变化B．在某一点的速度方向是在曲线的这一点的切线方向C．物体在恒力作用下不可能作曲线运动D．物体在变力或恒力作用下都可能作直线运动2．下面叙述正确的是（）A．曲线运动是一种变速运动B．变速运动一定是曲线运动C．物体做曲线运动时，所受外力的合力可能与速度方向在同一条直线上D．物体做曲线运动时，所受外力的合力一定是变力3．如图所示，红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在 A点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右作匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的( )A．直线pB．曲线QC．曲线RD．无法确定4．船在静水中的速度与时间的关系如图甲，河水的流速与船离河岸的距离的变化关系如图乙，则（）A．船渡河的最短时间60sB．要使船以最短时间渡河，船在行驶过程中，船头必须始终与河岸垂直C．船在河水中航行的轨迹是一条直线甲乙D．船在河水中的最大速度是5m/s5．如图所示，以9.8m/s的水平初速度v0抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上，可知物体完成这段飞行的时间是（）ω mA.sB.sC.sD.2s6．如图所示，A 、B 两质点以相同的水平速度从坐标系点O 沿x 轴正方向抛出，A 在竖直平面内运动，原地点为P 1；B 紧贴光滑的斜面运动，落地点为P 2，P 1和P 2对应的x 坐标分别为x 1和x 2，不计空气阻力，下列说法中正确的是（）A ．A 、B 同时到P 1、P 2点B ．B 先到达P 2点C ．x 1=x 2D ．x 1<x 27、（多选）如图所示，物体A 、B 经无摩擦的定滑轮用细线连在一起，A 物体受水平向右的力F 的作用，此时B 匀速下降，A 水平向左运动，可知( )A 、物体A 做匀速运动B 、A 做加速运动C 、物体A 所受摩擦力逐渐增大D 、物体A 所受摩擦力逐渐减小8．（多选）如图，小物体m 与圆盘保持相对静止，随盘一起做匀速圆周运动，则物体的受力情况是（） A ．受重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用B ．摩擦力的方向始终指向圆心OC ．重力和支持力是一对平衡力D ．摩擦力是使物体做匀速圆周运动的向心力9．（多选）一轻杆一端固定一质量为m 的小球，以另一端O 为圆心，使小球在竖直平面内做半径为R 的圆周运动，以下说法正确的是（） A ．小球过最高点时，杆所受的弹力可以为零B ．小球过最高点时最小速度为C ．小球过最高点时，杆对球的作用力可以与球所受重力方向相反，此时重力一定大于杆对球的作用力D ．小球过最高点时，杆对球的作用力一定与小球所受重力方向相反10．（多选）图中为一皮带传动装置，右轮的半径为r ，a 是它边缘上的一点。

【整理】2015届高三年联考物理试卷 Word版含答案

2015届高三第一次联考物理试题本卷满分：100分，考试时间：90分钟第I 卷(选择题共36分)一、选择题(本题共12题，每小题3分，共36分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1．关于物理学的研究方法，以下说法错误的是（）A ．伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B ．质点、点电荷、重心的概念用了“理想化模型”的方法C ．电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D ．合力与分力、总电阻用的是“等效替代”的方法2．如图所示，在一内壁光滑的半圆球壳内有两个可视为质点的小球用一劲度系数为k 的轻弹簧连接着，已知球壳固定且内半径为R ，两小球质量均为m.两小球与弹簧静止时处在同一水平线上，小球与球壳球心连线与水平方向成θ角，弹簧形变在弹性限度范围内，则弹簧的原长为 ( ) A ．mg ktan θB. mg2ktan θC ．mgktan θ＋2Rcos θD. mg2ktan θ＋2Rcos θ3．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v-t 图象如图所示，由图可知( )A ．甲比乙运动得快，且早出发，所以乙追不上甲B ．t=20s 时，乙追上了甲C ．t=10s 时，甲与乙间的间距最大D ．在t=20s 之前，甲比乙运动得快，t=20s 之后乙比甲运动得快4．如图所示，小球以V o 正对倾角为的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t 为（重力加速度为g ）( )5．如图所示，足够长的水平传送带以v 0=2m/s 的速度匀速运行。

t =0时，在最左端轻放一质量为m 的小滑块，t =2s 时，传送带突然制动停下。

已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2。

下列关于滑块相对地面运动的v -t 图像正确的是（）10 2010 20 30 t/sv/m s -1 甲乙6．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab =U bc ，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知以下说法中不正确的是（） A ．三个等势面中，a 的电势最高 B ．带电质点通过P 点时的电势能比Q 点大 C ．带电质点通过P 点时的动能比Q 点大D ．带电质点通过P 点时的加速度比Q 点大 7．质量为m 的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动．已知月球质量为M ，月球半径为R ，月球表面重力加速度为g ，引力常量为G ，不考虑月球自转的影响，则航天器的 ( ) A ．线速度v ＝GMRB ．角速度ω＝gRC ．运行周期T ＝2πg RD ．向心加速度a ＝2R Gm8．如图所示，一张薄纸板放在光滑水平面上，其右端放有小木块，小木块与薄纸板的接触面粗糙，原来系统静止。

2017-2018学年贵州省黔西南州兴义八中高三(上)第一次月考物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年贵州省黔西南州兴义八中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题1．（3分）（2013秋•兴义市校级月考）如图所示的s﹣t图象和v﹣t图象中，给出的四条曲线1、2、3、4，分别代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（）A．曲线1表示物体做曲线运动B．s﹣t图象中，t1时刻v1＞v2C．v﹣t图象中0至t3时间内物体3和物体4的平均速度大小相等D．两图象中，t2、t4时刻分别表示物体2、4开始反向运动考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移时间图线的切线斜率表示物体的瞬时速度，速度时间图线通过位移的大小判断平均速度的大小．在位移时间图线中，通过物体位移增加还是减小判断物体的运动方向，在速度时间图线中，通过速度的正负值判断物体的运动方向解答：解：A、位移时间图线是物体的位移随时间的变化规律，并不是物体运动的轨迹．故A错误．B、位移时间图线的切线斜率表示物体的瞬时速度，图线1在t1时刻的斜率大于图线2的斜率，则v1＞v2．故B正确．C、v﹣t图象中0至t3时间，4的位移大于3的位移，时间相等，则4的平均速度大于3的平均速度．故C错误．D、在位移时间图线中，在t2时刻，位移减小，则运动反向，在速度时间图线中，在t4时刻，速度减小，但方向不变．故D错误．故选：B点评：本题中s﹣t图象与v﹣t图象形状相同，但物理意义不同，关键根据斜率的物理意义分析物体的运动情况．2．（3分）（2013秋•兴庆区校级期末）两个共点力同向时合力为a，反向时合力为b，当两个力垂直时合力大小为（）A．B．C．D．考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：设两个力分别为F1和F2，根据已知条件并运用平行四边形定则列式分析即可．解答：解：两力同向时，有：F1+F2=a；两力反向时，有：F1﹣F2=b；解得：F1=，F2=；两个力垂直时，有：F=解得：F=；故选：B．点评：本题关键是先假设出两个分力，然后根据题意列方程求解出两个分力，最后再得到合力F．3．（3分）（2012•金山区一模）如图所示是给墙壁粉刷涂料用的“涂料滚”的示意图．使用时，用撑竿推着粘有涂料的涂料滚沿墙壁上下缓缓滚动，把涂料均匀地粉刷到墙上．撑竿的重力和墙壁的摩擦均不计，且撑竿足够长，粉刷工人站在离墙壁一定距离处缓缓上推涂料滚，设该过程中撑竿对涂料滚的推力为F1，涂料滚对墙壁的压力为F2，则（）A．F1增大，F2减小B． F1增大，F2增大C．F1减小，F2减小D． F1减小，F2增大考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：将研究涂料滚对墙壁的压力为F2，转换为研究墙壁对涂料滚的压力F2'，对涂料滚受力分析可得各力之间的关系，再利用角度变化来研究各力变化．解答：解：对涂料滚受力分析如图：有G=F1•cosαF2′=G•tanα由于α变小，则F1减小，F2'减小．由牛顿第三定律知，F2=F2'，故F2减小．故选C．点评：本题考查共点作用下物体的平衡，以及牛顿第三定律，难度较小，为基础题．4．（3分）（2013•甘肃一模）如图所示，一只半球形碗倒扣在水平桌面上处于静止状态，球的半径为R．质量为m的蚂蚁只有在离桌面高度大于或等于时，才能停在碗上．那么蚂蚁和碗面间的最大静摩擦力为（）A．B．C．D．考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：蚂蚁受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，根据平衡求出蚂蚁和碗面间的动摩擦因数．解答：解：蚂蚁受重力、支持力和摩擦力处于平衡，根据平衡有：f=mgsinθ=μN=μmgcosθ而cosθ=0.8．所以μ==tanθ=．故最大静摩擦力为：f=μmgcosθ=故选：A．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．5．（3分）（2014秋•南康市校级月考）小明同学为感受相互作用力的大小，他用手托着书使它做下述各种情况的运动，那么，书对手的作用力最大的情况是（）A．向下的匀加速运动B．向上的匀减速运动C．向左的匀速运动D．向右的匀减速运动考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：手托着书运动时，书受到重力和手对书的作用力，根据运动状态，判断物体处于超重状态还是失重状态，分析哪种情况下手对书的作用力最大．解答：解：向下的匀加速运动或向上的匀减速运动时，书的加速度向下，处于失重状态，手对书的作用力小于书的重力；向左的匀速运动时，手对书的作用力等于书的重力；向右的匀减速运动时，加速度向左，根据牛顿第二定律分析得知，手对书的作用力大于书的重力．所以向右的匀减速运动时，手对书的作用力最大．故选：D点评：本题牛顿第二定律的具体应用，根据加速度方向，由牛顿第二定律分析手对书的作用力与重力的关系．6．（3分）（2011•西湖区校级三模）取一根长2m左右的细线，5个铁垫圈和一个金属盘．在线端系上第一个垫圈，隔12cm再系一个，以后垫圈之间的距离分别为36cm、60cm、84cm，如图．站在椅子上，向上提起线的上端，让线自由垂下，且第一个垫圈紧靠放在地上的金属盘．松手后开始计时，若不计空气阻力，则第2、3、4、5 各垫圈（）A．落到盘上的声音时间间隔越来越大B．落到盘上的声音时间间隔相等C．依次落到盘上的速率关系为1：：：2D．依次落到盘上的时间关系为1：（﹣1）：（﹣）：（2﹣）考点：自由落体运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：自由落体运动专题．分析：5个铁垫圈同时做自由落体运动，下降的位移之比为1：3：5：7．根据初速度为零的匀加速直线运动的推论知，在相等时间内的位移之比为1：3：5：7，可以确定落地的时间间隔是否相等，从而根据v=gt得出落到盘中的速率之比．解答：解：A、5个铁垫圈同时做自由落体运动，下降的位移之比为1：3：5：7．可以看成一个铁垫圈自由下落，经过位移之比为1：3：5：7．因为初速度为零的匀加速直线运动在相等时间内的位移之比为1：3：5：7，知各垫圈落到盘中的时间间隔相等．故A错误，B正确．C、因为各垫圈落到盘中的时间间隔相等，则各垫圈依次落到盘中的时间比为1：2：3：4．故CD错误．故选：B．点评：解决本题本题的关键掌握自由落体运动的规律，知道初速度为零的匀加速直线运动的一些推论．7．（3分）（2013•安新县校级模拟）下面关于作用力与反作用力的说法不正确的是（）A．物体相互作用时，先产生作用力，后产生反作用力B．作用力和反作用力一定大小相等，方向相反，在同一直线上，它们的合力为零C．大小相等，方向相反，在同一直线上，分别作用于两个物体上的两个力一定是一对作用力和反作用力D．马拉车加速前进时，马拉车的力仍等于车拉马的力考点：作用力和反作用力．分析：由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．解答：解：A、物体相互作用时，作用力与反作用力它们同时产生，同时变化，同时消失．故A错误；B、作用力和反作用力作用在不同的物体上，作用效果不能抵消，不能合成，故B错误；C、大小相等，方向相反，在同一直线上，分别作用于两个物体上的两个力不一定是一对作用力和反作用力，必须是A对B的力和B对A的力，才是一对作用力和反作用力，故C错误；D、马拉车的力和车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小相等，故D正确．本题选择不正确的．故选：ABC．点评：考查牛顿第三定律及其理解．理解牛顿第三定律与平衡力的区别．作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产生各自的作用效果．8．（3分）（2012•江西校级三模）在粗糙水平地面上放着一个截面为半圆的柱状物体A，A 与竖直墙之间放一光滑半圆球B，整个装置处于平衡状态．已知A、B两物体的质量分别为M和m，则下列说法正确的是（）A．A物体对地面的压力大小为MgB．A物体对地面的压力大小为（M+m）gC．B物体对A物体的压力小于MgD．A物体对地面的摩擦力可能大于Mg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：隔离对B分析，根据合力为零，求出A对B的弹力，墙壁对B的弹力，再对整体分析，求出地面的支持力和摩擦力．解答：解：对B物体受力如右上图，根据合力等于0，运用合成法得，墙壁对B的弹力N1=mgtanα，A对B的弹力．则B物体对A的压力大于mg．对整体分析得，地面的支持力N3=（M+m）g，摩擦力f=N1=mgtanα＜mg．因为m和M的质量大小未知，所以A物体对地面的摩擦力可能大于Mg．故A、C错误，B、D正确．故选BD．点评：解决本题的关键能够合适地选择研究对象，正确地进行受力分析，抓住合力为零，运用共点力平衡知识求解．9．（3分）（2013秋•兴义市校级月考）匀速上升的升降机顶部悬殊有一轻质弹簧，弹簧下端挂有一小球，若升降机突然停止，在地面上的观察者看来，小球仍在继续上升的过程中（）A．速度逐渐减小B．速度先增大后减小C．加速度逐渐增大D．加速度逐渐减小考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：升降机匀速上升时，小球受重力和弹簧的弹力处于平衡，小球上升时，通过牛顿第二定律判断加速度的变化，通过加速度方向和速度的方向关系判断速度的变化．解答：解：开始小球受重力和弹簧弹力处于平衡，小球继续上升的过程中，导致合力的方向逐渐增大，根据牛顿第二定律，加速度的大小逐渐增大，加速度的方向向下，与速度反向，则速度逐渐减小．故A、C正确，B、D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键会根据牛顿第二定律判断加速度的变化，会根据速度方向与加速度方向的关系判断速度的变化．10．（3分）（2011•上海）受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其v﹣t 图线如图所示，则（）A．在0～t1秒内，外力F大小不断增大B．在t1时刻，外力F为零C．在t1～t2秒内，外力F大小可能不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．专题：压轴题．分析：（1）v﹣t图象中，斜率表示加速度，从图象中可以看出0～t1秒内做加速度越来越小的加速运动，t1～t2秒内做加速度越来越大的减速运动，两段时间内加速度方向相反；（2）根据加速度的变化情况，分析受力情况．解答：解：A．根据加速度可以用v﹣t图线的斜率表示，所以在0～t1秒内，加速度为正并不断减小，根据加速度，所以外力F大小不断减小，A错误；B．在t1时刻，加速度为零，所以外力F等于摩擦力，不为零，B错误；C．在t1～t2秒内，加速度为负并且不断变大，根据加速度的大小，外力F大小可能不断减小，C正确；D．如果在F先减小一段时间后的某个时刻，F的方向突然反向，根据加速度的大小，F后增大，因为v﹣t图线后一段的斜率比前一段大，所以外力F大小先减小后增大是可能的，故D正确．故选CD．点评：本题考查v﹣t图线的相关知识点，涉及牛顿第二定律的应用及受力分析的能力，难度较大．11．（3分）（2011•江苏）如图所示，倾角为α的等腰三角形斜面固定在水平面上，一足够长的轻质绸带跨过斜面的顶端铺放在斜面的两侧，绸带与斜面间无摩擦．现将质量分别为M、m（M＞m）的小物块同时轻放在斜面两侧的绸带上．两物块与绸带间的动摩擦因数相等，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等．在α角取不同值的情况下，下列说法正确的有（）A．两物块所受摩擦力的大小总是相等B．两物块不可能同时相对绸带静止C．M不可能相对绸带发生滑动D．m不可能相对斜面向上滑动考点：牛顿第二定律；牛顿第三定律．专题：压轴题．分析：对物体M和物体m分别受力分析，受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第三定律判断两物块所受摩擦力的大小关系；通过求解出M、m与斜面间的最大静摩擦力并结合牛顿第二定律判断两个物块可能的运动情况．解答：解：A、轻质绸带与斜面间无摩擦，受两个物体对其的摩擦力，根据牛顿第二定律，有：f M﹣f m=m绸a=0（轻绸带，质量为零）故f M=f mM对绸带的摩擦力和绸带对M的摩擦力是相互作用力，等大；m对绸带的摩擦力和绸带对m的摩擦力也是相互作用力，等大；故两物块所受摩擦力的大小总是相等；故A正确；B、当满足Mgsinα＜μMgcosα、mgsinα＜μmgcosα和Mgsinα＞mgsinα时，M加速下滑，m 加速上滑，均相对绸带静止，故B错误；C、由于M与绸带间的最大静摩擦力较大，故绸带与M始终相对静止，m与绸带间可能有相对滑动，故C正确；D、当动摩擦因数较大时，由于绸带与斜面之间光滑，并且M＞m，所以M、m和绸带一起向左滑动，加速度为a，根据牛顿第二定律，有：整体：Mgsinα﹣mgsinα=（M+m）a隔离M，有：Mgsinα﹣f M=Ma对m有：f m﹣mgsinα=ma解得：故D错误；故选：AC．点评：本题关键根据牛顿第三定律判断出绸带对M和m的拉力（摩擦力提供）相等，然后根据牛顿第二定律判断．多数学生对本题有疑问，关键是没有认识到物理模型的应用，题中丝绸质量不计，类似轻绳模型．12．（3分）（2012•庆城县校级三模）商场搬运工要把一箱苹果沿倾角为θ的光滑斜面推上水平台，如图所示．他由斜面底端以初速度v0开始将箱推出（箱与手分离），这箱苹果刚好能滑上平台．箱子的正中间是一个质量为m的苹果，在上滑过程中其他苹果对它的作用力大小是（）A．mg B．mgsinθC．m gcosθD．0考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：箱子沿斜面上升做匀减速运动，且加速度为a=gsina．对于箱子正中间的苹果，也随箱子一起做减速，加速度相同．对苹果受力分析即可求得其他苹果对其作用力F．解答：解：箱子沿斜面上升，做匀减速运动，对箱子进行受力分析，根据牛顿第二定律得：Ma=Mgsinθ所以加速度为a=gsinθ．对于箱子正中间的苹果，也随箱子一起做减速，加速度为gsinθ．所以其它苹果对正中间苹果的合力方向要垂直斜面向上．对苹果受力分析所以F=mgcosθ故选C．点评：本题考查了对物体运动的分析，即力与运动的关系．难度不大，属于基础题．13．（3分）（2012•云南二模）如图所示绘出了轮胎与地面间的动摩擦因数分别为μ1和μ2时，紧急刹车时的刹车痕（即刹车距离s）与刹车前车速v 的关系曲线，则μ1和μ2的大小关系为（）A．μ1＜μ2B．μ1=μ2C．μ1＞μ2D．条件不足，不能比较考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先根据牛顿第二定律求解出加速度，然后根据速度位移关系公式求解出x与v的函数表达式，最后结合图象进行分析．解答：解：根据牛顿第二定律，有：μmg=ma，解得a=μg；根据速度位移关系公式，有：v2=2as；联立得到：v2=2μgs，由图象得到，当s相同时，v2＜v1，结合表达式可知，μ越大则v越大，故μ2＜μ1；故选C．点评：本题关键是先根据牛顿第二定律和运动学公式得到x与v的函数表达式，然后结合图象进行分析．14．（3分）（2013秋•兴义市校级月考）如图所示，是某同学站在压力传感器上，做下蹲﹣起立的动作时记录的力随时间变化的图线，纵坐标为力（单位为牛顿，横轴的单位为时间．由图可知（）A．该同学做了两次下蹲﹣起立的动作B．该同学做了一次下蹲﹣起立的动作C．下蹲过程中人处于失重状态D．下蹲过程中先处于超重状态后处于失重状态考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度．人下蹲过程分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，起立也是如此．解答：解：人下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重对应先失重再超重，起立对应先超重再失重，对应图象可知，该同学做了一次下蹲﹣起立的动作，A错误；由图象看出两次超重的时间间隔就是人蹲在地上持续的时间，约2s，B正确；下蹲过程既有失重又有超重，且先失重后超重，C、D均错误；故选：B点评：本题考察物理知识与生活的联系，注意细致分析物理过程，仔细观察速度的变化情况，与超失重的概念联系起来加以识别二、解答题15．（2008•四川）水平面上有一带圆弧形凸起的长方形木块A，木块A上的物体B用绕过凸起的轻绳与物体C相连，B与凸起之间的绳是水平的．用一水平向左的拉力F作用在物体B上，恰使物体A、B、C保持相对静止，如图．已知物体A、B、C、的质量均为m，重力加速度为g，不计所有的摩擦，则拉力F应为多大？考点：牛顿运动定律的应用-连接体；牛顿第二定律．专题：压轴题；整体法和隔离法．分析：本题为连接体类问题，应分别研究整体、物体B及物体C，由牛顿第二律列出表达式联立可求得加速度，则由整体法可求得拉力F．解答：解：设绳中张力为T，A、B、C共同的加速度为a，与C相连部分的绳与竖直线夹角为α，由牛顿运动定律，对A、B、C 组成的整体有F=3ma …①对B有F﹣T=ma …②对C有Tcosα=mg …③Tsinα=ma …④联立①②式得：T=2ma…⑤联立③④式得：T2=m2（g2+a2）…⑥联立⑤⑥式得：…⑦利用①⑦式得…⑧拉力F应为mg．点评：连接体的处理方法就是要灵活应用整体法与隔离法，正确选择研究对象可以起到事半功倍的效果；本题在对C的分析中，要注意C竖直方向受力平衡，而水平方向具有水平向左的加速度．16．（2012•武汉校级模拟）如图所示，长L=9m的木板质量为M=50kg，木板置于水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为μ=0.1，质量为m=25kg的小孩立于木板左端，木板与人均静止，人以a1=4m/s2的加速度匀加速向右奔跑至板的右端，求：（1）木板运动的加速度a2的大小；（2）小孩从开始奔跑至到达木板右端所经历的时间．考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）人向右做匀加速直线运动，受重力、支持力和向右的静摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解可得到静摩擦力；然后对木板受力分析，受重力、压力、支持力向左的静摩擦力和向右的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度；（2）人向右加速的同时木板向左加速，两种的位移大小之和等于木板的长度，根据位移时间关系公式列式求解即可．解答：解：（1）设人的质量为m，加速度为a1，木板的质量为M，加速度为a2，人对木板的摩擦力为f．对人，由牛顿第二定律得：f=ma1=25×4=100N；对木板，由牛顿第二定律得：f﹣μ（M+m）g=Ma2，解得：a2===0.5m/s2，（2）人向右加速的同时木板向左加速，设人从左端跑到右端时间为t．由运动学公式得：L=a1t2+a2t2解得：t=；答：（1）木板运动的加速度a2的大小为0.5m/s2；（2）小孩从开始奔跑至到达木板右端所经历的时间为2s．点评：本题是已知受力情况确定运动情况的问题，关键是求解出加速度，不难．17．（2013秋•兴义市校级月考）航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2㎏，动力系统提供的恒定升力F=28N．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升．设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2．（1）第一次试飞，飞行器飞行t1=8s 时到达高度H=64m．求飞行器所阻力f的大小．（2）第二次试飞，飞行器飞行t2=6s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力．求飞行器能达到的最大宽度h．（3）为了使飞行器不致坠落到地面，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3．考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：（1）第一次试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升做匀加速直线运动，根据位移时间公式可求出加速度，再根据牛顿第二定律就可以求出阻力f的大小；（2）失去升力飞行器受重力和阻力作用做匀减速直线运动，当速度减为0时，最大高度等于失去升力前的位移与失去升力后的位移之和；（3）求飞行器从开始下落时做匀加速直线运动，恢复升力后做匀减速直线运动，为了使飞行器不致坠落到地面，到达地面时速度恰好为0，根据牛顿第二定律以及运动学基本公式即可求得飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间．解答：解：（1）第一次飞行中，设加速度为a1，因飞行器做匀加速运动，则有：H=a1t2，解得：a1==═2m/s2；由牛顿第二定律有：F﹣mg﹣f=ma1解得：f=F﹣mg﹣ma1=28﹣2×10﹣2×2=4N；（2）第二次飞行中，设失去升力时的速度为v1，上升的高度为h1匀加速运动过程，有：h1=a1t22=×2×62=36m；v1=a1t2=2×6m/s=12m/s设失去升力后的速度为a2，上升的高度为h2由牛顿第二定律有：mg+f=ma2得：a2=g+=10+=12m/s2；上升的高度为：h2===6m，解得：h=h1+h2=42m；（3）设失去升力下降阶段加速度为a3；由牛顿第二定律有：mg﹣f=ma3，解得：a3=g﹣=10﹣=8m/s2；恢复升力后加速度为a4，恢复升力时速度为v3，则有：F﹣mg+f=ma4，得：a4=﹣g=﹣10=6m/s2；且+=h，v3=a3t3，解得：t3≈2.1s答：（1）第一次试飞，飞行器飞行t1=8s时到达高度H=64m，飞行器所受阻力阻力F f的大小为4N．（2）第二次试飞，飞行器飞行t2=6s时摇控器出现故障，飞行器立即失去升力，飞行器能达到的最大高度h为42m．（3）为了使飞行器不坠落地面，飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3为2.1s．点评：本题的关键是对飞行器的受力分析以及运动情况的分析，结合牛顿第二定律和运动学基本公式求解，本题难度适中．18．（2011秋•南阳期末）如图所示，水平面上放有质量均为m=1kg的物块A和B（均视为质点），A、B与地面的动摩擦因数分别为μ1=0.4和μ2=0.1，相距L=0.75m．现给物块A一初速度v0使之向物块B运动，与此同时给物块B一个F=3N水平向右的力使其由静止开始运动，取g=10m/s2．若要使A能追上B，求v0应满足什么条件？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：应用牛顿第二定律可以求出A、B的加速度，根据牛顿第二定律求出A的加速度．由题，A恰好能追上B，相遇时，两者的速度相等，位移之差等于l，由位移公式和速度公式，结合关系式求出物块A初速度大小．解答：解：如图所示，设物块A经过时间t追上物块B，对A：μ1mg=ma A，对B：F﹣μ2mg=ma B，m=1kg，μ1=0.4，μ2=0.1，F=3N，a A=4m/s2，a B=2m/s2．A、B的位移分别为x A=v0t﹣a A t2，x B=a B t2，恰好追上的条件为A追上B时A、B速度相等，有v=v0﹣a A t，v=a B t，x A﹣x B=L联立各式并代入数据解得：t=0.5s，v0=3m/s，v0应满足的条件：v0≥3m/s．答：若要使A能追上B，v0≥3m/s点评：本题是追击问题，关键是写出位移差的表达式，当位移差值等于l时，表示刚好追上；本题除可以用临界值法外，还可以用解析法、图想法分析．。

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贵州省兴义天赋中学2015届高三第一次半月考物理试题
二、选择题（本题包括8小题，每小题6分共48分。其中14～18题每小题给出的四个选项中，
只有一个选项正确，19～21题中有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，
有选错的得0分）
14．质量为m的物体在沿斜面向上的拉力F作用下沿放在水平地面上的质量为M的粗糙斜
面匀速下滑，此过程中斜面体保持静止，则斜面与地面间

A．没有摩擦力 B．摩擦力的方向水平向右
C．支持力为(M＋m)g D．支持力小于(M＋m)g
15．关于物体运动的加速度，下列说法正确的是：
A．做直线运动的物体，加速度方向一定不变
B．做曲线运动的物体，加速度可能不变
C．做匀速圆周运动的物体，加速度不变
D．以额定功率做加速直线运动的汽车，加速度是恒定的
16．如图所示，木块A放在木块B的左端上方，用水平恒力F将A拉到B的右端，第一次将B
固定在地面上，F做功W1，生热Q1；第二次让B在光滑水平面上可自由滑动，F做功W2，生热
Q2，则下列关系中正确的是：

A．W1C．W117．假设空间某一静电场的电势φ随x变化情况如图所示，根据图中信息可以确定下列说
法中正确的是

A．空间各点场强的方向均与x轴垂直
B．将电荷沿x轴从0移到x1的过程中，电荷做匀加速直线运动
C．正电荷沿x轴从x2移到x3的过程中，电场力做正功，电势能减小
D．负电荷沿x轴从x4移到x5的过程中，电场力做负功，电势能增加
18．一正三角形导线框ABC（高度为a）从图示位置沿x轴正向匀速穿过
两匀强磁场区域。两磁场区域磁感应强度大小均为B、方向相反、垂直于平面、宽度均为a。
图乙反映感应电流I与线框移动距离x的关系，以逆时针方向为电流的正方向。
图像正确的是

19．如图所示，T为理想变压器，原副线圈匝数比为5:1。A1、A2为理想交流电流表，V1、V
2

为理想交流电压表，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻（阻值随光照强度的增大而减小），原

线圈两端电压2202sin314Vut，以下说法正确的是

A．当光照增强时，电压表V1示数为442V保持不变
B．当光照增强时，电压表V2示数变大
C．通过电流表A1的电流方向每秒变化100次
D．当光照增强时，电流表A1、A2示数同时变大
20．银河系处于本超星系团的边缘。已知银河系距离星系团中心约2亿光年，绕星系团中
心运行的公转周期约1000亿年，引力常量G=6.67×10－11N·m2/kg2，根据上述数据可估算
A．银河系绕本超星系团中心运动的线速度
B．银河系绕本超星系团中心运动的加速度
C．银河系的质量
D．银河系与本超星系团的之间的万有引力
21．设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一带
电粒子在电场力和洛伦兹力的作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为
零，C点是运动的最低点，忽略粒子的重力，以下说法中正确的是

A．此粒子必带正电荷 B．A点和B位于同一高度
C．离子在C点时机械能最大 D．离子到达B点后，将沿原曲线返回A点
第Ⅱ卷

三、非选择题（包括必考题和选考题两部分，第22～32题为必考题，每个试题考
生都必须作答，第33～40题，考生根据要求作答）
（一）必考题
22．（6分）在用重锤和打点计时器“验证机械能守恒的实验”中，已知打点计时器使用
的交流电源的周期为0.02s，当地的重力加速度g=9.80m/s2。该实验选取的重锤质量为1.00kg，
选取如图所示的一段纸带并测量出相邻各点之间的距离，利用这些数据验证重锤通过第2点至
第5点间的过程中遵从机械能守恒定律。通过计算可以得出在第2点位置时重锤的动能为 J；
第5点位置时重锤的动能为 J；重锤从第2点至第5点间的过程中重力势能的减小量为 J。
（保留三位有效数字）

23．（9分）某同学用下列器
材测量一电阻丝的电阻Rx：电源E，适当量程的电流表、电压表各一只（电流表有内阻，电压
表内阻不是无限大），滑动变阻器R、RP，开关S1、S2，导线若干。他设计如图（a）所示的电
路测量电阻Rx的值，并有效地消除了因电压表和电流表内阻而产生的系统误差。

实验步骤如下：
A．先闭合S1，断开S2，调节R和RP，使电流表和电压表示数合理，记下两表示数为I1，
U1；
B．闭合S2，调节RP，记下电流表和电压表示数为I2、U2。

（1）请你帮他按电路图在实物图（b）上连线；
（2）指出上述步骤B中错误的做法并进行改正，写出用测量数据表示被测电阻Rx的
表达式。
24．（14分）如图所示，有一水平放置的足够长的皮带输送机以v=5m/s的速率沿顺时针方
向运行。有一物体以v0=10m/s的初速度从皮带输送机的右端沿皮带水平向左滑动。若物体与皮
带间的动摩擦因数μ=0.5，并取g=10m/s2，求物体从滑上皮带到离开皮带所用的时间。
25．（18分）如图（甲）所示，在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场，
右侧有一个以点（3L，0）为圆心、半径为L的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为M、N。
现有一质量为m，带电量为e的电子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场
后从M点进入圆形区域，速度方向与x轴夹角为30°。此时在圆形区域加如图（乙）所示周期性
变化的磁场，以垂直于纸面向外为磁场正方向，最后电子运动一段时间后从N飞出，速度方向
与进入磁场时的速度方向相同（与x轴夹角也为30°）。求：

（1）电子进入圆形磁场区域时的速度大小；
（2）0≤x≤L区域内匀强电场场强E
的大小；
（3）写出圆形磁场区域磁感应强度
B0的大小、磁场变化周期T各应满足的表
达式。

（二）选考题：共45分。请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科
任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号
必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做
的第一题计分。
（物理选考题，15分）
33．【物理——选修3－3】（15分）
（1）（6分）下列说法正确的是。
A．固体、液体、气体中都有扩散运动和布朗运动
B．热量能够从高温物体传到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体
C．水和酒精混合后总体积减小，说明分子间有空隙
D．当分子间的距离r=r0时，斥力等于引力，表现出分子力为零
E．扩散运动和布朗运动的剧烈程度都与温度有关
（2）（9分）如图所示，U形管右管横截面积为左管横截面积的2倍，在左管内用水银封
闭一段长为26cm、温度为280K的空气柱，左右两管水银面高度差为36cm，外界大气压为
76cmHg。若给左管的封闭气体加热，使管内气柱长度变为30cm，则此时左管内气体的温度为
多少？

34．【物理——选修3－4】（15分）
（1）（6分）如图所示，空间同一平面内有A、B、C三点，AB=5m，BC=4m，AC=3m。A、
C两点处有完全相同的波源做简谐振动，振动频率为1360Hz，波速为340m/s。下列说法正确的
是。
A．B点的位移总是最大
B．A、B间有7个振动加强的点
C．两列波的波长均为0.25m
D．B、C间有8个振动减弱的点
E．振动减弱点的位移总是为零
（2）（9分）一等腰三角形玻璃砖放在某液体中，其截面如图所示，三个顶点分别为A、
B、C。∠ABC=∠ACB=75°，AC面镀一层反光膜。CB的延长线上有一D点，从D点发射一束光
线射到AB面上的E点，从E点进入玻璃砖的光在AC面经过第一次反射后沿原路返回。已知∠
EDB=45°，求液体相对于玻璃砖的折射率。

35．【物理——选修3－5】（15分）
（1）（6分）下列说法正确的是。
A．康普顿效应进一步证实了光的波动特性
B．天然放射元素衰变的快慢与所处的化学、物理状态有关
C．经典物理学不能解释原子的稳定性和原子光谱的分立特性
D．为了解释黑体辐射规律，普朗克提出电磁辐射的能量是量子化的
E．爱因斯坦提出了光子说成功地解释了光电效应现象
（2）（9分）如右下图所示，小球A质量为m，系在细线的一端，线的另一端固定在O点，
O点到水平面的距离为h。物块B质量是小球的5倍，置于粗糙的水平面上且位于O点正下方，
物块与水平面间的动摩擦因数为μ。现拉动小球使线水平伸直，小球由静止开始释放，运动到

最低点时与物块发生正碰（碰撞时间极短），反弹后上升至最高点时到水平面的距离为16h。
小球与物块均视为质点，不计空气阻力，重力加速度为g，求碰撞过程物块获得的冲量及物块
在地面上滑行的的距离。