山东省德州市武城二中2016-2017学年高一(上)第一次月考物理试卷(解析版).doc
2017-2018学年山东省德州市武城二中高一(上)期中物理试卷和答案
2017-2018学年山东省德州市武城二中高一（上）期中物理试卷一、选择题（共10小题．每小题4分，其中1--7为单选题，8--10为多选题，漏选得2分，不选或错选得0分，共40分）1．（4分）对位移和路程理解正确的是（）A．当物体做单向直线运动时，位移就是路程B．路程是物体实际运动轨迹的长度，有方向C．位移是矢量，是由初始位置指向终止位置的有向线段D．路程是标量，表示位移的大小2．（4分）下列关于摩擦力的说法中，错误．．的是（）A．滑动摩擦力的方向可以与物体的运动方向相同，也可以相反B．两物体间有摩擦力，一定有弹力，且摩擦力的方向和它们的弹力方向垂直C．在两个运动的物体之间可以存在静摩擦力，且静摩擦力的方向可以与运动方向成任意角度D．两物体间的摩擦力大小和它们间的压力一定成正比3．（4分）在足球比赛中，足球以4m/s的速度飞来，运动员把足球以8m/s的速度反向踢回，踢球时，脚与球的接触时间为0.2s，则足球的平均加速度大小是（）A．20 m/s2B．60 m/s2C．30 m/s2D．40 m/s24．（4分）长为5m的竖直杆下端距离一个竖直隧道口为5m，若这个隧道长也为5m，让这根杆自由下落，它通过隧道的时间为（）A．s B．（﹣1）s C．（+1）s D．（+1）s5．（4分）一辆汽车沿平直公路行驶，开始以2m/s的速度行驶了全程的一半，接着以速度3m/s行驶另一半路程，则全程的平均速度v等于（）A．2.5m/s B．2.4m/s C．2m/s D．3m/s6．（4分）a、b两辆游戏车在两条平直车道上行驶，t=0时两车从同一计时处开始比赛，它们在四次比赛中的v﹣t图象如图，则图中所对应的比赛，一辆赛车能追上另一辆赛车的是（）A．B．C．D．7．（4分）汽车刹车后，在平直公路上做匀减速直线运动，其运动情况经仪器监控扫描，输入计算机后得到该运动的汽车位移时间的关系为x=10t﹣t2（m），则该汽车在前6s内经过的路程为（）A．26 m B．25 m C．24 m D．50 m8．（4分）物体沿一直线做匀加速直线运动，已知它在第2s内的位移为4.0m，第3s内的位移为6.0m，则下列说法中正确的是（）A．它在第2 s到第3 s内的平均速度的大小是5.0 m/sB．它在第1 s内的位移是2.0 mC．它的初速度为零D．它的加速度大小是2.0 m/s29．（4分）如图所示，计时开始时A、B两质点在同一位置，由图可知（）A．2 s末A、B两质点速度大小相等，方向相同B．2 s末A、B两质点相遇C．A、B两质点运动方向相反D．A、B两质点在2S末，相距6 m10．（4分）如图所示，a、b为两根相连的轻质弹簧，原长分别为l a=6cm、l b=4cm，劲度系数分别为k a=1×103 N/m、k b=2×103 N/m，在下端挂一重10N的物体G，平衡时（）A．弹簧a下端受的拉力为4 N，b下端受的拉力为6 NB．弹簧a下端受的拉力为10 N，b下端受的拉力为10 NC．弹簧a的长度变为6.4 cm，b的长度变为4.3 cmD．弹簧a的长度变为7 cm，b的长度变为4.5 cm二、实验题（共2小题，每空2分，共14分）11．（6分）如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为．（2）A、B、C、D是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距x=；C点对应的速度是（计算结果保留三位有效数字）．12．（8分）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车依靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：（用字母填写）②图（b）中标出的相邻两计数点的时间间隔T=s③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5=．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=．三、计算题（13题共46分）13．（10分）汽车在平直的公路上以30m/s的速度匀速行驶，开始刹车以后又以4m/s2的加速度做匀减速直线运动，求：（1）开始刹车8s内，汽车前进了多少米？（2）静止前2s内汽车通过的距离．14．（12分）从斜面上某一位置每隔0.1s 释放一颗小球，在连续释放几颗后，对斜面上正在运动着的小球拍下部分照片，如图所示．现测得x AB=12cm，x BC=18cm，已知小球在斜面上做匀加速直线运动，且加速度大小相同．（1）求小球的加速度．（2）求拍摄时B球的速度．（3）C、D两球相距多远？（4）A球上面正在运动着的小球共有几颗？15．（12分）客车以v=20m/s的速度行驶，突然发现同车道的正前方x0=120m处有一列货车正以v0=6m/s的速度同向匀速前进，于是客车紧急刹车，若客车刹车的加速度大小为a=1m/s2，做匀减速运动，问：（1）客车与货车速度何时相等？（2）此时，客车和货车各自位移为多少？（3）客车是否会与货车相撞？若会相撞，则在什么时刻相撞？相撞时客车位移为多少？若不相撞，则客车与货车的最小距离为多少？16．（12分）在一次低空跳伞训练中，当直升机悬停在离地面H=224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动．运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以a=12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过v=5m/s，取g=10m/s2，求：（1）伞兵在空中的最短时间为多少？（2）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？2017-2018学年山东省德州市武城二中高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题．每小题4分，其中1--7为单选题，8--10为多选题，漏选得2分，不选或错选得0分，共40分）1．（4分）对位移和路程理解正确的是（）A．当物体做单向直线运动时，位移就是路程B．路程是物体实际运动轨迹的长度，有方向C．位移是矢量，是由初始位置指向终止位置的有向线段D．路程是标量，表示位移的大小【解答】解：A、只有在单向直线运动中，路程等于位移的大小，路程是标量，位移是矢量，不能说成位移就是路程，故A错误；B、路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向，故B错误；C、位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，故B正确；D、路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，路程不是位移的大小，故D错误。
山东省德州市武城二中高三物理下学期第一次月考试卷(含解析)
2015-2016学年山东省德州市武城二中高三（下）第一次月考物理试卷二、选择题（本题包括8小题，每小题6分，共计48分，其中1-4为单选题，5-8小题为多选题，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献．以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是（）A．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受力越大则速度就越大B．两物体从同一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢C．人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方D．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”2．如图所示，质量为M的斜面体A放在粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，轻绳与斜面平行且另一端固定在竖直墙面上，不计小球与斜面间的摩擦，斜面体与墙不接触，整个系统处于静止状态．则（）A．水平面对斜面体没有摩擦力作用B．水平面对斜面体有向左的摩擦力作用C．斜面体对水平面的压力等于（M+m）gD．斜面体对水平面的压力小于（M+m）g3．探月工程三期飞行试验器于2014年10月24日2时在中国西昌卫星发射中心发射升空，飞行试验器飞抵距月球6万千米附近进入月球引力影响区，开始月球近旁转向飞行，最终进入距月球表面h=200km的圆形工作轨道．设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g，引力常量为G，则下列说法正确的是（）A．飞行试验器绕月球运行的周期为2πB．在飞行试验器的工作轨道处的重力加速度为（）2gC．飞行试验器在工作轨道上的绕行速度为D．由题目条件可知月球的平均密度为4．如图所示，磁感应强度为B的匀强磁场垂直纸面分布在半径为R的圆内，一带电粒子沿半径方向从a点射入，从b点射出，速度方向改变了60°；若保持入射速度不变，而使磁感应强度变为B，则粒子飞出场区时速度方向改变的角度为（）A．90° B．45° C．30° D．60°5．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R=10Ω，其余电阻均不计，从某时刻开始在原线圈c、d 两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法中正确的是（）A．当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22VB．当单刀双掷开关与a连接且t=0.01s时，电流表示数为零C．当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变小D．当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出电压的频率变为25Hz6．如图所示，两个固定的等量正点电荷相距为4L，其连线中点为O，以O为圆心、L为半径的圆与两正点电荷间的连线及连线的中垂线分别交于a、b和c、d，以O为坐标原点、垂直ab向上为正方向建立Oy轴．取无穷远处电势为零，则下列判断正确的是（）A．a、b两点的场强相同B．Oy轴上沿正方向电势随坐标y的变大而减小C．将一试探电荷+q自a点由静止释放，若不计电荷重力，试探电荷将在a、b间往复运动D．Oy轴上沿正方向电场强度的大小随坐标y的变大而增大7．如图所示，两根平行长直金属轨道，固定在同一水平面内，间距为d，其左端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中．一质量为m的导体棒ab垂直于轨道放置，且与两轨道接触良好，导体棒与轨道之间的动摩擦因数为μ，导体棒在水平向右、垂直于棒的恒力F作用下，从静止开始沿轨道运动距离l时，速度恰好达到最大（运动过程中导体棒始终与轨道保持垂直）．设导体棒接入电路的电阻为r，轨道电阻不计，重力加速度大小为g，在这一过程中（）A．导体棒运动的平均速度为B．流过电阻R的电荷量为C．恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于回路产生的电能D．恒力F做的功与安培力做的功之和大于导体棒增加的动能8．如图所示，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，另一端与置于水平面上的质量为m 的小物体接触（未连接），如图中O点，弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢向左推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，如图中B点，此时物体静止．撤去F后，物体开始向右运动，运动的最大距离距B点为3x0，C点是物体向右运动过程中弹力和摩擦力大小相等的位置，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F时，弹簧的弹性势能为3μmgx0B．物体先做加速度逐渐变小的加速运动，再做加速度逐渐变大的减速运动，最后做匀减速运动C．从B→C位置物体弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量D．撤去F后，物体向右运动到O点时的动能最大二、（必做+选做）9．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图1所示，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示A点到光电门B处的距离，b表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处由静止开始运动．（1）滑块通过B点的瞬时速度可表示为；（2）某次实验测得倾角θ=30°，重力加速度用g表示，滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量可表示为△E k= ，系统的重力势能减少量可表示为△Ep=，在误差允许的范围内，若△E k=△E p则可认为系统的机械能守恒；（3）在上次实验中，某同学改变A、B间的距离，作出的v2﹣d图象如图2所示，并测得M=m，则重力加速度g= m/s2．10．为了测量某种材料制成的电阻丝R x的电阻率，提供的器材有：A．电流表G，内阻R g=120Ω，满偏电流I g=3mAB．电流表A，内阻约为1Ω，量程为0～0.6AC．螺旋测微器，刻度尺D．电阻箱R0（0～9999Ω，0.5A）E．滑动变阻器R（5Ω，1A）F．电池组E（6V，0.05Ω）G．一个开关S和导线若干某同学进行了以下操作：（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×10”档时发现指针偏转角度过大，他应该换用档（填“×1”或“×100”），进行一系列正确操作后，指针静止时位置如图1所示．（2）把电流表G与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表使用，则电阻箱的阻值应调为R0= Ω．（3）请用改装好的电压表设计一个测量电阻R x阻值的实验，根据提供的器材和实验需要，请将图2中电路图补画完整．（4）电阻率的计算：测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d．电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的示数为I1，电流表A的示数为I2，请用已知量和测量量的字母符号（各量不允许代入数值）写出计算电阻率的表达式ρ=．11．如图所示，绝缘水平面上的AB区域宽度为d，带正电、电量为q的小滑块以大小为v0的初速度从A点进入AB区域，当滑块运动至区域的中点C时，速度大小为v C=v0，从此刻起在AB区域内加上一个水平向左的匀强电场，电场强度E保持不变，并且AB区域外始终不存在电场．（1）求滑块受到的滑动摩擦力大小；（2）若加电场后小滑块受到的电场力与滑动摩擦力大小相等，求滑块离开AB区域时的速度；（3）要使小滑块在AB区域内运动的时间到达最长，电场强度E应满足什么条件？并求这种情况下滑块离开AB区域时的速度．12．如图所示，相距为R的两块平行金属板M、N正对着放置，s1，s2分别为M、N板上的小孔，s1、s2、O三点共线，它们的连线垂直M、N，且s2O=R．以O为圆心、R为半径的圆形区域内存在磁感应强度为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场．D为收集板，板上各点到O点的距离以及板两端点的距离都为2R，板两端点的连线垂直M、N板．质量为m，带电量为+q的粒子，经s1进入M、N间的电场后，通过s2进入磁场．粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计．（1）当M、N间的电压为U时，求粒子进入磁场时速度的大小v；（2）若粒子恰好打在收集板D的中点上，求M、N间的电压值U0；（3）当M，N间的电压不同时，粒子从s1到打在D上经历的时间t会不同，求打在D上经历的时间的范围．【物理选修3-3】13．下列说法正确的是（）A．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B．外界对物体做功，物体内能一定增加C．温度越高，布朗运动越显著D．饱和汽压与体积有关，与温度无关E．当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大14．如图所示，竖直放置的气缸开口向下，活塞a 和活塞b将长为L的气室中的气体分成体积比为1：2的A、B两部分，温度均为127℃，系统处于平衡状态．当气体温度都缓慢地降到27℃时系统达到新的平衡，不计活塞a的厚度及活塞与气缸间的摩擦．求活塞a、b移动的距离．（设外界大气压强不变）2015-2016学年山东省德州市武城二中高三（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题（本题包括8小题，每小题6分，共计48分，其中1-4为单选题，5-8小题为多选题，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献．以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是（）A．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受力越大则速度就越大B．两物体从同一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢C．人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方D．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”【考点】作用力和反作用力．【专题】定性思想；推理法；受力分析方法专题．【分析】两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大，不符合伽利略、牛顿的观点．伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快、力不是维持物体运动的原因．人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方，符合伽利略、牛顿的惯性理论．根据伽利略、牛顿的观点判断选项的正误．【解答】解：A、力越大，物体运动的速度越大，是亚里士多德的观点，不是伽利略、牛顿的观点．故A错误；B、伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快，所以此选项不符合他们的观点．故B错误．C、人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，人保持起跳时车子的速度，水平速度将车子的速度，所以将落在起跳点的后方．符合伽利略、牛顿的惯性理论．故C正确．D、此选项说明力是维持物体运动的原因，是亚里士多德的观点，不是伽利略、牛顿的观点．故D错误．故选：C【点评】本题要对亚里士多德的观点和伽利略、牛顿的观点关于力和运动关系的观点有了解．可以根据牛顿的三大定律进行分析．2．如图所示，质量为M的斜面体A放在粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，轻绳与斜面平行且另一端固定在竖直墙面上，不计小球与斜面间的摩擦，斜面体与墙不接触，整个系统处于静止状态．则（）A．水平面对斜面体没有摩擦力作用B．水平面对斜面体有向左的摩擦力作用C．斜面体对水平面的压力等于（M+m）gD．斜面体对水平面的压力小于（M+m）g【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，根据平衡条件求斜面体受到的支持力和摩擦力．【解答】解：以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，水平方向：f=Tcosθ，方向水平向右，故AB错误；竖直方向：N=（m+M）g﹣Tsinθ，可见N＜（M+m）g，根据牛顿第三定律：斜面体对水平面的压力N′=N＜（M+m）g故C错误D正确；故选：D．【点评】本题采用整体法分析问题较简单，作出力图结合平衡条件分析即可．采用整体法时球与斜面间的作用力不用分析．3．探月工程三期飞行试验器于2014年10月24日2时在中国西昌卫星发射中心发射升空，飞行试验器飞抵距月球6万千米附近进入月球引力影响区，开始月球近旁转向飞行，最终进入距月球表面h=200km的圆形工作轨道．设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g，引力常量为G，则下列说法正确的是（）A．飞行试验器绕月球运行的周期为2πB．在飞行试验器的工作轨道处的重力加速度为（）2gC．飞行试验器在工作轨道上的绕行速度为D．由题目条件可知月球的平均密度为【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【专题】定量思想；推理法；万有引力定律的应用专题．【分析】根据万有引力与星球表面重力相等列出等式，根据牛顿第二定律得出飞行试验器在工作轨道上的加速度；飞行器绕月运行时万有引力提供圆周运动向心力列出等式求解；根据万有引力提供向心力，推导出线速度求解；根据密度定义求解．【解答】解：令月球质量为M，在月球表面重力与万有引力相等有：可得：GM=gR2A、飞行器绕月运行时万有引力提供圆周运动向心力有：，r=R+h解得：飞行试验器绕月球运行的周期为：，故A错误；B、飞行试验器工作轨道处的重力加速度为：，故B正确；C、，故C错误；D、月球的密度为：，故D错误；故选：B．【点评】万有引力提供圆周运动向心力和万有引力与星球表面重力相等是解决此类问题的主要入手点，关键是掌握相关公式及公式变换．4．如图所示，磁感应强度为B的匀强磁场垂直纸面分布在半径为R的圆内，一带电粒子沿半径方向从a点射入，从b点射出，速度方向改变了60°；若保持入射速度不变，而使磁感应强度变为B，则粒子飞出场区时速度方向改变的角度为（）A．90° B．45° C．30° D．60°【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可得到轨迹半径表达式，分析出磁感应强度变为B时轨迹半径与原来轨迹半径的关系，结合轨迹求解．【解答】解：带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由 qvB=m，得：r=当磁感应强度由B变为B时，轨迹半径变为原来的r，即：r′=r．设粒子原来速度的偏向角为α，B变化后速度的偏向角为β．根据几何关系有：tan=，tan=又α=60°则得：β=90°所以粒子飞出场区时速度方向改变的角度为90°．故选：A．【点评】带电粒子在匀强磁场中匀速圆周运动问题，关键是画出粒子圆周的轨迹，往往用数学知识求轨迹半径与磁场半径的关系5．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R=10Ω，其余电阻均不计，从某时刻开始在原线圈c、d 两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法中正确的是（）A．当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22VB．当单刀双掷开关与a连接且t=0.01s时，电流表示数为零C．当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变小D．当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出电压的频率变为25Hz【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解答】解：由图象可知，电压的最大值为311V，交流电的周期为2×10﹣2s，所以交流电的频率为f==50Hz，A、交流电的有效值为220V，根据电压与匝数程正比可知，副线圈的电压为22V，故A正确；B、电流表示数为电流的有效值，不随时间的变化而变化，所以电流表的示数为I=A=2.2A，故B错误．C、当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的匝数变小，所以副线圈的输出的电压要变大，电阻R上消耗的功率变大，原线圈的输入功率也要变大，故C错误；D、变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为50Hz，故D错误；故选：A．【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．6．如图所示，两个固定的等量正点电荷相距为4L，其连线中点为O，以O为圆心、L为半径的圆与两正点电荷间的连线及连线的中垂线分别交于a、b和c、d，以O为坐标原点、垂直ab向上为正方向建立Oy轴．取无穷远处电势为零，则下列判断正确的是（）A．a、b两点的场强相同B．Oy轴上沿正方向电势随坐标y的变大而减小C．将一试探电荷+q自a点由静止释放，若不计电荷重力，试探电荷将在a、b间往复运动D．Oy轴上沿正方向电场强度的大小随坐标y的变大而增大【考点】电场的叠加；电势差与电场强度的关系．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据点电荷场强公式E，运用矢量合成的平行四边形定则求出连线中垂线上各个点的合场强．解答本题关键是作出y轴所在处的电场强度方向，根据顺着电场线方向电势降低，判断电势高低．根据电场线的疏密判断场强大小．【解答】解：A、根据两等量正点电荷电场特点，a、b两点的电场强度大小相同，方向相反，故A错误；B、根据点电荷电场强度公式，结合矢量的合成法则，则有Oy轴上沿正方向的电场强度方向沿着y轴正方向，那么电势随坐标y的变大而减小，故B正确；C、将一试探电荷+q自a点由静止释放，若不计电荷重力，试探电荷在O点左边受到向右的电场力，而在O点右边时，受到向左的电场，则将在a、b间往复运动，故C正确；D、根据点电荷电场强度公式E=，结合矢量的合成法则可知，Oy轴上沿正方向电场强度的大小先增大后减小，故D错误．故选：BC．【点评】本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，关键在于掌握电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场强度的大小，电场线的方向表示电势的高低，作出电场线，就能判断电势的高低，注意掌握点电荷电场强度公式E=，结合矢量的合成法则是解题的关键．7．如图所示，两根平行长直金属轨道，固定在同一水平面内，间距为d，其左端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中．一质量为m的导体棒ab垂直于轨道放置，且与两轨道接触良好，导体棒与轨道之间的动摩擦因数为μ，导体棒在水平向右、垂直于棒的恒力F作用下，从静止开始沿轨道运动距离l时，速度恰好达到最大（运动过程中导体棒始终与轨道保持垂直）．设导体棒接入电路的电阻为r，轨道电阻不计，重力加速度大小为g，在这一过程中（）A．导体棒运动的平均速度为B．流过电阻R的电荷量为C．恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于回路产生的电能D．恒力F做的功与安培力做的功之和大于导体棒增加的动能【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】导体在恒力作用下向左先做加速运动后做匀速运动，此时速度达到最大，根据平衡条件和安培力的表达式F A=求解最大速度．由q=求解电量．根据功能关系分析：恒力F做的功与安培力做的功之和与动能变化量的关系，以及恒力F做的功与摩擦力做的功之和与动能的变化量的关系．【解答】解：A、杆匀速运动时速度最大．设杆的速度最大值为v，此时杆所受的安培力为F A=BId=Bd=，而且杆受力平衡，则有F=F A+μmg，解得，v=，由于杆做变速运动，因此平均速度不可能为．故A错误．B、流过电阻R的电荷量为 q==．故B正确．C、D、根据动能定理得：恒力F做的功、摩擦力做的功、安培力做的功之和等于杆动能的变化量，而摩擦力做负功，安培力也做负功，则知恒力F做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量，恒力F做的功与摩擦力做的功之和大于杆动能的变化量．故C错误，D正确．故选：BD【点评】本题是收尾速度问题，从力和能两个角度分析，关键掌握两个经验公式：安培力表达式F A=，感应电量表达式q=，选择题可以直接运用，不过计算题要有推导的过程．8．如图所示，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在墙上，另一端与置于水平面上的质量为m 的小物体接触（未连接），如图中O点，弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢向左推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，如图中B点，此时物体静止．撤去F后，物体开始向右运动，运动的最大距离距B点为3x0，C点是物体向右运动过程中弹力和摩擦力大小相等的位置，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F时，弹簧的弹性势能为3μmgx0B．物体先做加速度逐渐变小的加速运动，再做加速度逐渐变大的减速运动，最后做匀减速运动C．从B→C位置物体弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量D．撤去F后，物体向右运动到O点时的动能最大【考点】功能关系；牛顿第二定律．【专题】定量思想；寻找守恒量法；功能关系能量守恒定律．【分析】研究物体从B向右运动到最右端的过程，由能量守恒求撤去F时弹簧的弹性势能．通过分析物体的受力情况，来确定其运动情况：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力大小不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动．再结合功能关系分析即可．【解答】解：A、撤去F后一直到物体停止运动的过程，根据能量守恒得：弹簧的弹性势能E p=μmg•3x0=3μmgx0，故A正确；B、撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于摩擦力，合力向右，弹力减小，合减小，则加速度减小．后来弹力小于摩擦力，合力向左，弹力减小时，合力增大，加速度增大．则做加速度逐渐变小的加速运动，再做加速度逐渐变大的减速运动，物体离开弹簧后做匀减速运动．故B正确；C、从B→C物体做加速运动，动能增大，由能量守恒可知，弹簧弹性势能的减少量等于物体动能的增加量和产生的内能之和，所以弹簧弹性势能的减少量大于物体动能的增加量，故C 正确；D、物体向右运动过程中，加速度为零时，速度最大，故到C点时的动能最大，故D错误．故选：ABC【点评】本题分析物体的受力情况和运动情况是解答的关键，要抓住加速度与合外力成正比，即可得到加速度是变化的．对于物体弹簧弹性势能的减少量与物体动能的增加量间的关系通常应用动能定理结合功能关系解决．二、（必做+选做）9．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图1所示，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示A点到光电门B处的距离，b表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处由静止开始运动．（1）滑块通过B点的瞬时速度可表示为；。
山东省德州市武城县第二中学2020学年高一物理上学期第一次月考试题
高一年级上学期物理第一次月考试题2020.10一、选择题（共12小题，每小题4分。
对于多项选择题，漏选得2分，错选得0分，共48分）1.下列情况中的物体可以看做质点的是（）A.研究直升机螺旋桨的转动B.研究百米赛跑运动员的起跑动作C.观测正在轨道上调整姿势的卫星D.研究从常州开往北京的列车的运动速度2.下列各组物理量都为矢量的是（）A.位移时间B.平均速度加速度C.速率瞬时速度D.路程速度3.（多选）以下说法正确的是（）A.速度越大，加速度越大B.速度为零，加速度一定为零C.速度概念的建立利用比值定义法D.做匀速直线运动的物体，其位移跟时间的比值是一个恒量4.如图所示，小球以v1＝3 m/s的速度竖直向下运动，碰地面经Δt＝0.02s 后以v2＝1 m/s的速度沿同一直线反向弹回，小球在这0.02 s内的平均加速度是( ) A．100 m/s2，方向向上B．100 m/s2，方向向下C．200 m/s2，方向向上D．200 m/s2，方向向下5.（多选）关于匀变速直线运动，下列说法中正确的是（）A.匀变速直线运动的加速度恒定不变B.若加速度方向与速度方向相同，则做匀加速直线运动C.在任何相等的时间t∆内的速度变化量v∆都相等D.速度与运动时间成正比6.一辆匀加速直线行驶的汽车，经过路旁两根电线杆共用5s 时间，汽车的加速度为2m/s 2，它经过第2根电线杆时的速度为25m/s ，则汽车经过第1根电线杆的速度为（ ）A.2m/sB.10m/sC.15m/sD.5m/s7.一物体由静止开始做匀变速直线运动，在时间t 内通过的位移为x ，则它从出发开始经过4x 的位移所用的时间为（ ） A.4t B.2t C.16t D.22t 8.如图所示，一辆正以8m/s 的速度沿直线行驶的汽车，突然以1m/s 2的加速度加速行驶，则汽车行驶了18m 时的速度为（ ）A.8m/sB.12m/sC.10m/sD.14m/s 9.如图是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果是（ ）A ．0-1s 内的加速度小于2-4s 内的加速度B. 1-2s 内质点静止不动C. 0-1s 内的运动方向与2-4s 内的运动方向相反D ．前4s 内质点的平均速度为1.25m/s10.（多选）物体甲的x －t 图象和物体乙的v t 图象分别如图所示，则这两物体的运动情况是（ ）A.甲在整个6s 时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mB.甲在整个6s 时间内来回运动，它通过的总位移为零C.乙在整个6s 时间内来回运动，它通过的总位移为零D.乙在整个6s 时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为12m11.一个物体由静止开始做匀加速直线运动，第1s 末的速度达到4m/s ，物体在第2s 内的位移是（ ）A.6mB.8mC.4mD.1.6m12.（多选）做初速度不为零的匀加速直线运动的物体在时间T 内通过位移1x 到达A 点，接着在时间T 内又通过位移2x 到达B 点，则以下判断正确的是（ ）A.物体在A 点的速度大小为122x x T +B.物体运动的加速度为122x TC.物体运动的加速度为212x x T - D.物体在B 点的速度大小为2132x x T - 二、实验题（共12分，每空2分）13.（1）（多选）以下是练习使用电磁打点计时器的部分实验步骤，其中有错误的操作是（ ）A.把打点计时器固定在桌子上，纸带穿过限位孔，把复写纸片套在定位轴上，并压在纸带下面B.把打点计时器的两个接线柱分别接上导线，与6V 以下低压交流电源相连C.用手水平地拉动纸带，然后打开电源开关D.取下纸带，用刻度尺测量最后一个点与计时起点的距离0x ，时间间隔为t ，用公式0x v t=计算纸带运动的平均速度 （2）如图所示，打点计时器所用电源的频率为50 Hz ，某次实验中得到一条纸带，用毫米刻度尺测出各计时点间的距离如图所示，则 ：①可读出：AC= cm②由此可以算出纸带在AC 间的平均速度 m/s 。
山东省德州市武城二中2015_2016学年高一物理上学期期末模拟试卷(六)(含解析)
2015-2016学年山东省德州市武城二中高一（上）期末物理模拟试卷（六）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，1～6小题只有一个选项正确，7～10小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．某飞机由静止开始做匀加速直线运动，从运动开始到起飞共前进1600米，所用时间为40秒，则它的加速度a和离地时的速度v分别为（）A．2m/s2 80m/s B．1m/s2 40m/s C．1m/s2 80m/s D．2m/s2 40m/s2．如图，一个物体受到三个共点力F1、F2、F3的作用，若将它们平移并首尾相接，三个力矢量组成了一个封闭三角形，则物体所受这三个力的合力大小为（）A．2F1B．F2C．2F3D．03．如图所示，在水平力F的作用下，木块A、B保持静止．若木块A与B的接触面是水平的，且F≠0．则关于木块B的受力个数可能是（）A．3个或4个B．3个或5个C．4个或5个D．4个或6个4．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθ，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）A． B． C． D．5．关于物理学发展，下列表述正确的有（）A．笛卡儿明确指出：除非物体受到力的作用，物体将永远保持其静止或运动状态，永远使自己沿曲线运动，或直线上运动B．牛顿最早通过理想斜面实验得出，力不是维持物体运动的原因C．胡克认为，只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的长度成正比D．伽利略科学思想方法的核心是把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学认识的发展6．小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其v﹣t图象如图所示，则以下说法错误的是（）A．小球下落的最大速度为5m/sB．小球第一次反弹后瞬间速度的大小为3m/sC．小球能弹起的最大高度为0.45mD．小球能弹起的最大高度为1.25m7．如图所示，用网球拍打击飞过来的网球，网球拍打击网球的力（）A．比球撞击球拍的力更早产生 B．与球撞击球拍的力同时产生C．大于球撞击球拍的力D．小于球撞击球拍的力8．A、B两物体做匀加速直线运动，4kg的A物体速度从0变到5m/s用了2s，3kg的B物体速度从10m/s变到20m/s用了4s，则下列说法正确的是（）A．A的加速度比B的加速度大B．A的加速度与B的加速度大小相同C．A的惯性比B的惯性小D．A的惯性比B的惯性大9．某运动员（可看作质点）参加跳板跳水比赛，t=0是其向上起跳瞬间，其速度与时间关系图象如图所示，则（）A．t1时刻开始进入水面B．t2时刻开始进入水面C．t3时刻已浮出水面D．0～t2时间内，运动员处于失重状态10．电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为6N，关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为4m/s2B．电梯可能向下匀速运动，加速度大小为4m/s2C．电梯可能向上减速运动，加速度大小为4m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为4m/s2二、实验题（共2小题，每空2分，共16分，把答案直接填在横线上）11．某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，将一轻弹簧竖直悬挂让其自然下垂，测出其自然长度L0；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图所示．（本实验过程中未超出弹簧的弹性限度）．由图可知该弹簧的自然长度为m；该弹簧的劲度系数为N/m．（计算结果均保留两位有效数字）12．物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图1，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接．打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz．开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点．（1）图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图所示．根据图中数据计算的加速度a= （保留三位有效数字）．（2）回答下列两个问题：①为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有．（填入所选物理量前的字母）A．木板的长度l B．木板的质量m1 C．滑块的质量m2D．托盘和砝码的总质量m3 E．滑块运动的时间t②测量①中所选定的物理量时需要的实验器材是．（3）滑块与木板间的动摩擦因数μ= （用被测物理量的字母表示，重力加速度为g）．与真实值相比，测量的动摩擦因数（填“偏大”或“偏小”）．写出支持你的看法的一个论据：．三、计算题（本题共4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．一物体以一定的初速度冲上一倾角为θ的斜面，结果最后静止在斜面上，如图所示，在第1s内位移为6m，停止运动前的最后1s内位移为2m，求：（1）在整个减速运动过程中质点的位移大小；（2）整个减速过程共用多少时间．14．如图所示，绷紧的传送带与水平而的夹角θ=30°，皮带在电动机的带动下，始终保持v=2m/s的速率运行．现把m=10kg的工件（可看作质点）轻轻放在皮带的底端，经时间1.9s，工件被传送到h=1.5m的高处，取g=10m/s2．求工件与皮带间的动摩擦因数．15．如图所示，在倾角为θ的固定粗糙斜面上，一个质量为m的物体被水平力F推着静止于斜面上，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，且μ＜tanθ，求力F的取值范围．（物体与斜面间最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力）16．两个完全相同的物块A、B，质量均为m=0.8kg，在同一粗糙水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动．图中的两条直线分别表示A物块受到水平拉力F作用和B物块不受拉力作用的v﹣t图象，求：（1）物块A所受拉力F的大小；（2）8s末物块A、B之间的距离x．2015-2016学年山东省德州市武城二中高一（上）期末物理模拟试卷（六）参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，1～6小题只有一个选项正确，7～10小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．某飞机由静止开始做匀加速直线运动，从运动开始到起飞共前进1600米，所用时间为40秒，则它的加速度a和离地时的速度v分别为（）A．2m/s2 80m/s B．1m/s2 40m/s C．1m/s2 80m/s D．2m/s2 40m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出飞机的加速度，结合速度时间公式求出飞机离地的速度．【解答】解：根据x=得加速度为：a=，离地时的速度为：v=at=2×40m/s=80m/s．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，并能灵活运用，本题也可以根据平均速度推论求出飞机离地的速度，结合速度时间公式求出加速度．2．如图，一个物体受到三个共点力F1、F2、F3的作用，若将它们平移并首尾相接，三个力矢量组成了一个封闭三角形，则物体所受这三个力的合力大小为（）A．2F1B．F2C．2F3D．0【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】三角形定则是指两个力（或者其他任何矢量）合成，其合力应当为将一个力的起始点移动到第二个力的终止点，合力为从第二个的起点到第一个的终点．三角形定则是平面力系求解力的合成与分解的基本法则，是由平行四边形定则发展而来，与平行四边形定则在本质上是一致的．【解答】解：根据三角形定则，F1与F2的合力等于从F1的起点到F2的终点的有向线段，正好与F3大小相等，方向相反，故合力等于0．故选：D．【点评】本题涉及力的合成的三角形定则，即有两个力，大小方向都不同，用矢量三角形求出它们合力的大小，就把第二个力的尾连上第一个力的头，它们的合力就是第一个力的尾指向第二个力的头的这样一个矢量，画出来之后你可以看到三者构成一个三角形．3．如图所示，在水平力F的作用下，木块A、B保持静止．若木块A与B的接触面是水平的，且F≠0．则关于木块B的受力个数可能是（）A．3个或4个B．3个或5个C．4个或5个D．4个或6个【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A分析，B对A有向右的静摩擦力；再分析B受力，B可能受到斜面的静摩擦力，也可能不受斜面的静摩擦力，B受力情况有两种可能．【解答】解：B至少受到重力、A对B的压力和静摩擦力、斜面的支持力四个力．斜面对物体B可能有静摩擦力，也有可能没有静摩擦力；故选C．【点评】本题关键先对A分析，根据平衡条件得到B对A有向左的静摩擦力，然后根据牛顿第三定律得到A对B有向右的静摩擦力；再按照重力、弹力、摩擦力的顺序找力．4．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθ，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）A． B． C． D．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＜tanθ知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度a2；比较知道a1＞a2【解答】解：初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：加速度：a1==gsinθ+μgcosθ；当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＜tanθ知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律求出此时的加速度：a2==gsinθ﹣μgcosθ；比较知道a1＞a2，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率变小．故选D【点评】本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑．2、小木块两段的加速度不一样大．是一道易错题．5．关于物理学发展，下列表述正确的有（）A．笛卡儿明确指出：除非物体受到力的作用，物体将永远保持其静止或运动状态，永远使自己沿曲线运动，或直线上运动B．牛顿最早通过理想斜面实验得出，力不是维持物体运动的原因C．胡克认为，只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的长度成正比D．伽利略科学思想方法的核心是把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学认识的发展【考点】物理学史．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，他将继续以同一速度沿同一直线，既不停下来也不偏离原来的方向，故A错误；B、伽利略最早通过理想斜面实验得出，力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，从而推翻了亚里士多德的错误理论，故B错误；C、胡克认为，在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故C错误；D、伽利略科学思想方法的核心是把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，有力地推进了人类科学认识的发展，故D正确．故选：D【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．6．小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其v﹣t图象如图所示，则以下说法错误的是（）A．小球下落的最大速度为5m/sB．小球第一次反弹后瞬间速度的大小为3m/sC．小球能弹起的最大高度为0.45mD．小球能弹起的最大高度为1.25m【考点】匀变速直线运动的图像；自由落体运动．【专题】运动学中的图像专题．【分析】由图象可知物体下落到地面时的最大速度及反弹后瞬间的速度大小；由图象与时间轴围成的面积可求得小球反弹后上升的最大高度．【解答】解：A、由图可知，小球下落的最大速度为5m/s，故A正确；B、小球第一次反弹后的瞬时速度大小为3m/s，故B正确；C、小球弹起的高度等于0.4s后小球的图象与时间轴围成的面积，故上升的高度h=×3×0.3m=0.45m，故C正确，D错误；本题选错误的，故选D．【点评】由v﹣t图象可直接读出的数有任一时刻的速度大小及方向；可以计算得出的有加速度及物体在某一时间内通过的位移．7．如图所示，用网球拍打击飞过来的网球，网球拍打击网球的力（）A．比球撞击球拍的力更早产生 B．与球撞击球拍的力同时产生C．大于球撞击球拍的力D．小于球撞击球拍的力【考点】力的概念及其矢量性．【分析】用网球拍打击飞过来的网球过程中，根据牛顿第三定律分析网球拍打击网球的力与球撞击球拍的力的关系．【解答】解：用网球拍打击飞过来的网球过程中，网球拍打击网球的力与球撞击球拍的力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律得知，两个力是同时产生的，大小相等，方向相反．故选B【点评】本题应用牛顿第三定律分析实际生活中力的关系．作用力与反作用力是同时产生、同时消失的．8．A、B两物体做匀加速直线运动，4kg的A物体速度从0变到5m/s用了2s，3kg的B物体速度从10m/s变到20m/s用了4s，则下列说法正确的是（）A．A的加速度比B的加速度大B．A的加速度与B的加速度大小相同C．A的惯性比B的惯性小D．A的惯性比B的惯性大【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；惯性．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据速度时间公式求出加速度，从而比较大小，结合质量的大小比较惯性．【解答】解：A、由v=v0+at得，a=，则，，故A错误，B正确．C、质量是惯性大小的惟一量度，质量越大，惯性越大，可知A的关系比B的惯性大，故C 错误，D正确．故选：BD．【点评】解决本题的关键知道质量是惯性大小的量度，质量越大，惯性越大，基础题．9．某运动员（可看作质点）参加跳板跳水比赛，t=0是其向上起跳瞬间，其速度与时间关系图象如图所示，则（）A．t1时刻开始进入水面B．t2时刻开始进入水面C．t3时刻已浮出水面D．0～t2时间内，运动员处于失重状态【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在v﹣t图象中，直线的斜率表示加速度的大小，速度的正负代表运动的方向，根据v﹣t图象可以分析人的运动的情况，即可进行选择．【解答】解：AB、从0﹣t2时间内，v﹣t图象为直线，说明整个过程中的加速度是相同的，所以在0﹣t2时间内人在空中，先上升后下降，t1时刻到达最高点，t2之后速度减小，开始进入水中，故A错误，B正确；C、t3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故C错误；D、0～t2时间内，人一直在空中具有向下的加速度，处于失重状态，故D正确；故选：BD【点评】本题主要就是考查学生对速度时间图象的理解，要知道在速度时间的图象中，速度的正负表示运动方向，直线的斜率代表的是加速度的大小．10．电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为6N，关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为4m/s2B．电梯可能向下匀速运动，加速度大小为4m/s2C．电梯可能向上减速运动，加速度大小为4m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为4m/s2【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对重物受力分析，根据牛顿第二定律得出重物的加速度大小和方向，从而得出电梯的加速度大小和方向，从而判断出电梯的运动规律．【解答】解：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，知重物的重力等于10N；在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为6N，对重物有：mg﹣F=ma，解得：a=4m/s2，方向竖直向下；则电梯的加速度大小为4m/s2，方向竖直向下，电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动．故A错误，B错误，C正确，D错误；故选：C．【点评】解决本题的关键知道重物和电梯具有相同的加速度，根据牛顿第二定律进行分析，通过加速度判断电梯的运动情况．二、实验题（共2小题，每空2分，共16分，把答案直接填在横线上）11．某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，将一轻弹簧竖直悬挂让其自然下垂，测出其自然长度L0；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图所示．（本实验过程中未超出弹簧的弹性限度）．由图可知该弹簧的自然长度为0.10 m；该弹簧的劲度系数为50N/m．（计算结果均保留两位有效数字）【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题．【分析】该题考察了应用弹力与弹簧长度关系的图象分析问题，由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长可知弹簧的原长．再由胡克定律可求出弹簧的劲度系数．【解答】解：当外力F大小为零时，弹簧的长度即为原长，由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长，可知弹簧的原长为：L0=10cm=0.10m；当拉力为10.0N时，弹簧的形变量为：x=30﹣10=20cm=0.2m图线的斜率是其劲度系数，由胡克定律F=kx得：k==N/m=50N/m，故答案为：0.10，50．【点评】该题要求要会从图象中正确地找出弹簧的原长及在各外力作用下弹簧的长，并会求出弹簧的形变量，在应用胡克定律时，要首先转化单位，要知道图线与坐标轴的交点的横坐标是弹簧的原长．知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数12．物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图1，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接．打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz．开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点．（1）图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图所示．根据图中数据计算的加速度a= 0.497m/s2（保留三位有效数字）．（2）回答下列两个问题：①为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有CD ．（填入所选物理量前的字母）A．木板的长度l B．木板的质量m1 C．滑块的质量m2D．托盘和砝码的总质量m3 E．滑块运动的时间t②测量①中所选定的物理量时需要的实验器材是天平．（3）滑块与木板间的动摩擦因数μ= （用被测物理量的字母表示，重力加速度为g）．与真实值相比，测量的动摩擦因数偏大（填“偏大”或“偏小”）．写出支持你的看法的一个论据：忽略了纸带与限位孔之间的摩擦力、空气阻力、滑轮处的摩擦力、细绳质量．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】实验题；定量思想；实验分析法；摩擦力专题．【分析】（1）由匀变速直线运动的推论△x=aT2，利用逐差法求出加速度；（2）利用牛顿第二定律列式，求出计算动摩擦因数的表达式，根据表达式判断需要测量哪些物理量，根据需要测量的物理量选择实验器材；（3）由于忽略了纸带与限位孔之间的摩擦力、空气阻力、滑轮处的摩擦力、细绳质量，导致测量的动摩擦因数偏大．【解答】解：（1）由逐差法得：a=．（2）对系统由牛顿第二定律得：m3g﹣μm2g=（m2+m3）a，解得：μ=，据此可知为测量动摩擦因数，还应测量的有滑块的质量m2，托盘和砝码的总质量m3，测量质量需要的实验器材是天平．（3）由（2）的分析可知滑块与木板间的动摩擦因数为：μ=，由于忽略了纸带与限位孔之间的摩擦力、空气阻力、滑轮处的摩擦力、细绳质量，导致测量的动摩擦因数偏大．故答案为：（1）0.497m/s2；2）①CD；②天平；（3），偏大，忽略了纸带与限位孔之间的摩擦力、空气阻力、滑轮处的摩擦力、细绳质量．【点评】本题考查动摩擦因数的测量，解题的关键是掌握实验原理，利用牛顿第二定律写出计算动摩擦因数的表达式，平时注意掌握实验误差的分析．三、计算题（本题共4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．一物体以一定的初速度冲上一倾角为θ的斜面，结果最后静止在斜面上，如图所示，在第1s内位移为6m，停止运动前的最后1s内位移为2m，求：（1）在整个减速运动过程中质点的位移大小；（2）整个减速过程共用多少时间．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据运动学公式已知物体在最后1s内的位移可以求出物体运动的加速度大小，再根据物体在第1s内的位移可以求出物体运动的初速度，根据初速度和加速度可以求出物体的位移，再根据位移和加速度求出物体运动的时间．【解答】解：（1）（8分）设质点做匀减速运动的加速度大小为a，初速度为v0．由于质点停止运动前的最后1s内位移为2m，则x2=at，所以质点在第1s内位移为6m，x1=v0t1﹣at2，所以v0==m/s=8 m/s．在整个减速运动过程中质点的位移大小为：x== m=8 m．（2）对整个过程逆向考虑x=at2，所以t== s=2 s．答：（1）在整个减速运动过程中质点的位移大小为8m；（2）整个减速过程共用2s时间．【点评】熟悉匀变速直线运动的速度时间关系、位移时间关系以及速度位移关系是解决本题的关键．14．如图所示，绷紧的传送带与水平而的夹角θ=30°，皮带在电动机的带动下，始终保持v=2m/s的速率运行．现把m=10kg的工件（可看作质点）轻轻放在皮带的底端，经时间1.9s，工件被传送到h=1.5m的高处，取g=10m/s2．求工件与皮带间的动摩擦因数．【考点】牛顿第二定律；动摩擦因数．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】分析工件的受力情况，工件受到重力、支持力、和沿斜面向上的滑动摩擦力作用，合力沿斜面向上，工件做匀加速运动，速度与传送带相等后，工件与传送带一起向上做匀速运动．由牛顿第二定律求出匀加速运动的加速度．再根据牛顿第二定律求解动摩擦因数．【解答】解：设工件上升1.5 m的过程中，匀加速运动时间为t1，加速位移为s1，加速度为a1，匀速运动时间为（t﹣t1），位移为（s﹣s1），则；v=at1；s﹣s1=v（t﹣t1）又联立以上各式解得t1=0.8s，a=2.5 m/s2因为=×2.5×0．82m=0.8＜3m，说明假设正确，即说明工件先匀加速运动，后匀速运动．由牛顿第二定律得μmgcos30°﹣mgsi n30°=ma解得。
山东省武城县第二中学2016-2017学年高二6月月考物理试题(解析版)
0山东省武城县第二中学2016-2017学年高二6月月考物理试题一、选择题（共12小题，每小题4分。
16小题每题只有一个选项是正确，712小题每题有多个选项正确，漏选2分，错选0分。
）1. 下列说法正确的是（）A. 汤姆孙发现电子，表明原子具有核式结构B. 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应C. 一束光照射到某金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短D. 按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大【答案】D【解析】卢瑟福的a粒子散射实验表明原子具有核式结构，A错误；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的氢核聚变反应，又称热核反应，B错误；光波越长，频率越小，一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长，C错误；可按库仑力对电子做负功进行分析，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电场力对电子做负功；故电子的动能变小，电势能变大（动能转为电势能）；由于发生跃迁时要吸收光子，故原子的总能量增加，故D正确；2. 关于光电效应，下列说法正确的是（）A. 极限频率越大的金属材料逸出功越大B. 只要光照射的时间足够长，任何金属都能发生光电效应C. 从金属表面出来的光电子的最大初动能越大，这种金属的逸出功越小D. 入射光的光照强度一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多【答案】A【解析】试题分析：根据可知，极限频率越大的金属材料逸出功越大，选项A正确；能否发生光电效应与入射光的频率有关，与照射的强度和时间无关，选项B错误；金属的逸出功与金属本身的性质有关，而与从金属表面出的光电子的最大初动能无关，选项C错误；光子频率决定光电效应能否发生，在发生光电效应的前提下光强的大小决定光电子的多少，选项D错误；故选A.考点：光电效应.【名师点睛】此题考查了学生对光电效应现象的理解；要知道只有当入射光的频率大于金属的极限频率时才能发生光电效应，与入射光的强度和照射时间无关；当发生光电效应时，光强越大，则单位时间逸出的光电子的数量越多.3. 下列说法中正确的是（）A. β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B. 玻儿理论认为，原子中的核外电子轨道是量子化的C. “原子由电子和带正电的物质组成”是通过卢瑟福α粒子散射实验判定的D. 天然放射性元素（钍）共经过4次衰变和6次β衰变变成（铅）【答案】B【解析】A、β衰变现象释放的的电子是中子衰变成一个质子和一个电子，A错误；B、玻儿理论认为，原子只能处在能量不连续的一系列状态，原子中的核外电子轨道是量子化的，对应的能量也是量子化的，B正确；C、通过卢瑟福α粒子散射实验判定的是原子具有核式结构，并不是判定：原子由电子和带正电的物质组成，故C错误；D、Th衰变成时，质量数减小24，而质子数减小8，对于β衰变质量数不变，质子数增加1，而α衰变质量数减小4，质子数减小2，因此经过6次α衰变，经过4次β衰变，故D错误。
山东省德州市武城二中高一物理上学期期中试题(含解析)
2015-2016学年山东省德州市武城二中高一（上）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．关于质点，下列说法正确的是（）A．研究刘翔在110m栏比赛中的过杆技术是否合理时，可以将刘翔看作质点B．陈中和主教练在奥运会女排决赛中，在战术板上布置队员怎样跑位时，不能把女排队员看成质点C．研究奥运会跳水冠军田亮的跳水动作时，不能把他看成质点D．研究乒乓球比赛中打弧圈球时，能把乒乓球看作质点2．关于时刻和时间，下列说法正确的是（）A．时刻表示时间极短，时间表示时间较长B．时刻对应位置，时间对应位移C．作息时间表上的数字均表示时间D．1min只能分成60个时刻3．下列各组物理量中，全部是矢量的是（）A．位移、时间、速度、加速度B．质量、路程、速度、平均速度C．速度、速率、位移、加速度D．位移、力、速度变化量、加速度4．做匀加速运动的列车出站，0时刻车头经过站台上某点A的速度是1m/s，8s末车尾经过A 点的速度是7m/s，则这列列车在4s末的速度为（）A．5m/s B．5.5m/s C．4m/s D．3.5m/s5．一辆以12m/s的速度在水平路面行驶的汽车，刹车过程中以3m/s2的加速度作匀减速直线运动，则汽车在5s内的位移是（）A．10m B．18m C．24m D．30m6．如图所示为一物体沿南北方向（规定向北为正方向）做直线运动的速度﹣时间图象，由图可知（）A．3s末物体回到初始位置B．3s末物体的加速度方向发生变化C．物体的运动方向一直向南D．物体加速度的方向一直向北7．甲乙两物体分别从高10m处和高20m处同时由静止自由下落，不计空气阻力，下面几种说法中正确的是（）A．下落1s时甲的速度与乙的速度相同B．落地的时间乙是甲的2倍C．落地时甲的速度是乙的D．甲、乙两物体在最后1s内下落的高度相等8．一质点在x轴上运动，初速度v0＞0，加速度a≥0，当加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到零，则该质点（）A．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止B．速度一直在增大，直到加速度等于零为止C．位移先增大后减小，直到加速度等于零为止D．位移一直在增大，直到加速度等于零为止9．下列说法正确的是（）A．重力的方向总是竖直向下B．重力的方向总指向地心C．重力就是地球对物体的吸引力D．对质量分布均匀且形状规则物体的重心必与其几何中心重合10．下列关于速度、速度变化量、加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度方向为正时，加速度方向也为正B．物体的速度变化量为正时，加速度方向也为正C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大11．下列所给的图象中能反映作直线运动的物体在2秒末回到初始位置的是（）A．B．C．D．12．光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法正确的是（）A．物体运动全过程中的平均速度是B．物体在时的瞬时速度是C．物体运动到斜面中点时瞬时速度是D．物体从顶端运动到斜面中点所需的时间是二、实验题（本大题有2小题，第13小题6分，第14小题6分，共12分．请把答案写在答题卡上．）13．在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，用电磁打点计时器记录纸带运动的时间，计时器所用电源的频率为50Hz，如图所示是一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出，按时间顺序取0、1、2、3、4、5、6七个计数点，用刻度尺量出1、2、3、4、5、6点到0点的距离分别为1.40cm、3.55cm、6.45cm、10.15cm、14.55cm、19.70cm．（1）电磁打点计时器是使用（填“直流”或“交流”）电源的仪器．（2）接通电磁打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是A．先接通电源，后让纸带运动 B．先让纸带运动，再接通电源C．让纸带运动的同时接通电源 D．先让纸带运动或先接通电源都可以（3）由纸带数据计算可得计数点4所代表时刻的瞬时速度大小为v4= m/s，小车的加速度大小a= m/s2．（结果保留三位有效数字）14．某同学在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时，打点计时器所用电源的频率是50Hz，在实验中得到一条点迹清晰的纸带，他把某一点记作O，再选依次相邻的6个点作为测量点，分别标以A、B、C、D、E和F，如图甲所示．（1）如果测得C、D两点相距2.70cm，D、E两点相距2.90cm，则在打D点时小车的速度是m/s．（2）该同学分别算出打各点时小车的速度，然后根据数据在v﹣t坐标系中描点（如图乙所示），①根据这些数据点在图上画出v﹣t图线；②根据所画图线可求得小车的加速度a= m/s2．（注：第15题中所有计算结果均保留三位有效数字）三、计算题（本大题有3小题，第15小题10分，第16小题14分，第17小题18分，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的盐酸步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．请把解答过程写在答题卡上．）15．（10分）（2015秋•德州校级期中）一辆卡车初速度为v0=10m/s，以a=2m/s2的加速度匀加速度行驶．求：（1）卡车在3s末的速度v3（2）卡车在第6s内的位移△x6．16．（14分）（2015秋•德州校级期中）从离地面500m的空中自由落下一个小球，取g=10m/s2，求小球：（1）经过多长时间落到地面；（2）自开始下落计时，在第1s内的位移大小；（3）落地时的速度大小；（4）自开始下落至落地全过程的平均速度大小．17．（16分）（2015秋•德州校级期中）在十字路口，汽车以0.5m/s2的加速度从停车线启动做匀加速运动，恰好有一辆自行车以5m/s的速度匀速驶过停车线与汽车同方向行驶，求：①什么时候它们相距最远？最远距离是多少？②在什么地方汽车追上自行车？追到时汽车的速度是多大？2015-2016学年山东省德州市武城二中高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．关于质点，下列说法正确的是（）A．研究刘翔在110m栏比赛中的过杆技术是否合理时，可以将刘翔看作质点B．陈中和主教练在奥运会女排决赛中，在战术板上布置队员怎样跑位时，不能把女排队员看成质点C．研究奥运会跳水冠军田亮的跳水动作时，不能把他看成质点D．研究乒乓球比赛中打弧圈球时，能把乒乓球看作质点【考点】质点的认识．【专题】直线运动规律专题．【分析】解决本题要正确理解质点的概念：质点是只计质量不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点与物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．【解答】解：A、研究刘翔在110m栏比赛中的过杆技术是否合理时，要看具体的动作，因此不能看作质点，故A错误；B、在战术板上布置队员怎样跑位时，不能忽略运动员的体积大小，可以把女排队员看成质点，故B错误；C、研究奥运会跳水冠军田亮的跳水动作时，人的形状不能忽略，所以“不能把它看成质点”，符合题意，故C正确；D、研究乒乓球的旋转时，不能把乒乓球看成质点，因为看成质点的话，就没有旋转可言了，所以D错误．故选C．【点评】本题属于简单基础题目，掌握了物体可以看做质点的条件就能顺利解决此类题目．2．关于时刻和时间，下列说法正确的是（）A．时刻表示时间极短，时间表示时间较长B．时刻对应位置，时间对应位移C．作息时间表上的数字均表示时间D．1min只能分成60个时刻【考点】时间与时刻．【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，在难以区分是时间还是时刻时，可以通过时间轴来进行区分．作息时间表、列车时间表等时间表上面的数字均表示时刻；1min只能分成无数个时刻．【解答】解：A、时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．故A错误；B、时间对应在时间轴上对应一段距离，对应的是某一个过程；时刻对应在时间轴上对应的是一个点．对应的是瞬时．故B正确；C、作息时间表上面的数字均表示时刻．故C错误；D、1min只能分成无数个时刻．故D错误．故选：B【点评】时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬间通常与物体的状态相对应；时间间隔具有连续性的特点，与某一过程相对应．3．下列各组物理量中，全部是矢量的是（）A．位移、时间、速度、加速度B．质量、路程、速度、平均速度C．速度、速率、位移、加速度D．位移、力、速度变化量、加速度【考点】矢量和标量．【分析】既有大小又有方向，运算时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如速度、加速度、位移等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量．【解答】解：A、位移、速度和加速度是矢量，时间是标量．故A错误．B、质量、路程是标量，速度和平均速度是矢量，故B错误．C、速率是标量，速度、位移、加速度是矢量，故C错误．D、位移、力、速度变化量、速度都是矢量，故D正确．故选：D【点评】对于矢量与标量，一方面的区别是矢量有方向，标量没有方向；另一方面的区别是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．4．做匀加速运动的列车出站，0时刻车头经过站台上某点A的速度是1m/s，8s末车尾经过A 点的速度是7m/s，则这列列车在4s末的速度为（）A．5m/s B．5.5m/s C．4m/s D．3.5m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速度的大小和4s末的速度大小【解答】解：列车的加速度为：a=4s末的速度为：v=故选：C【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用5．一辆以12m/s的速度在水平路面行驶的汽车，刹车过程中以3m/s2的加速度作匀减速直线运动，则汽车在5s内的位移是（）A．10m B．18m C．24m D．30m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出汽车刹车后的位移．【解答】解：汽车速度减为零的时间为：＜5s．则汽车在5s内的位移等于4s内的位移为：x=，故C正确，A、B、D错误．故选：C．【点评】本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动．6．如图所示为一物体沿南北方向（规定向北为正方向）做直线运动的速度﹣时间图象，由图可知（）A．3s末物体回到初始位置B．3s末物体的加速度方向发生变化C．物体的运动方向一直向南D．物体加速度的方向一直向北【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】物体沿南北方向做直线运动，根据规定的正方向，由速度图线分析物体的运动情况，根据图线与坐标轴所围“面积”表示位移，分析物体在什么时刻回到初始位置．图线的斜率等于加速度．【解答】解：A、在前3s内，速度为负值，说明物体一直向南运动，没有回到初始位置．故A错误．B、直线的斜率是一定的，说明物体在6s内的加速度恒定不变，则3s末物体的加速度方向没有发生变化．故B错误．C、在前3s内，速度为负值，后3s内速度为正值，则物体先向南运动，后向北运动．故C错误．D、图线的斜率一直大于零，说明物体加速度的方向一直向北．故D正确．故选D【点评】由速度图象读出速度的大小、方向、加速度、位移等等是基本功，加强训练，熟练应用．7．甲乙两物体分别从高10m处和高20m处同时由静止自由下落，不计空气阻力，下面几种说法中正确的是（）A．下落1s时甲的速度与乙的速度相同B．落地的时间乙是甲的2倍C．落地时甲的速度是乙的D．甲、乙两物体在最后1s内下落的高度相等【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】根据速度时间公式比较下落1s时的速度，根据位移时间公式比较运动的时间，根据速度位移公式比较落地的速度．【解答】解：A、根据v=gt知，下落1s时甲乙的速度相同，故A正确．B、根据h=得，t=，下落的高度之比为1：2，则下落的时间之比为1：，故B错误．C、根据知，下落的高度之比为1：2，则落地的速度之比为1：，故C错误．D、因为自由落体运动的速度越来越快，乙下落的高度大，则最后1s内乙下落的高度大，故D 错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．8．一质点在x轴上运动，初速度v0＞0，加速度a≥0，当加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到零，则该质点（）A．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止B．速度一直在增大，直到加速度等于零为止C．位移先增大后减小，直到加速度等于零为止D．位移一直在增大，直到加速度等于零为止【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离【解答】解：A、由题意知：加速度的方向始终与速度方向相同，加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到0的过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大．故A错误．B、根据A选项分析，故B正确．C、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大．故C错误．D、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大，加速度等于零时做匀速运动，位移仍然增大，故D错误．故选：B【点评】要清楚物理量的物理意义：加速度描述速度变化快慢，速度描述位移变化快慢，同时要掌握某一个量的变化是通过哪些因素来确定．9．下列说法正确的是（）A．重力的方向总是竖直向下B．重力的方向总指向地心C．重力就是地球对物体的吸引力D．对质量分布均匀且形状规则物体的重心必与其几何中心重合【考点】重心；重力．【分析】重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，重心是物体受到的重力作用的集中点，与质量分布及几何外形有关．【解答】解：A、重力的方向竖直向下，不是指向地心，故A正确，B错误；C、重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，但不是地球的吸引力，故C错误；D、质量分布均匀，有规则的几何外形的物体的重心在其几何中心上，故D正确．故选：AD．【点评】本题考查的是学生对重力、重心的理解，还要了解物体的重心分布与哪些因素有关．10．下列关于速度、速度变化量、加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度方向为正时，加速度方向也为正B．物体的速度变化量为正时，加速度方向也为正C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大【考点】加速度．【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，加速度的方向与速度方向相同．【解答】解：A、加速度的方向与速度变化量的方向相同，与速度方向无关，所以速度变化量的方向为正，则加速度方向也为正，故A错误，B正确．C、根据a=知，速度变化量越大，加速度不一定大，还与时间有关，故C错误．D、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故D正确．故选：BD．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关．11．下列所给的图象中能反映作直线运动的物体在2秒末回到初始位置的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】x﹣t图象中的纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量表示位移．v﹣t图象中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图象中的运动过程可得出正确结果．【解答】解：A、由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，说明物体又回到了初始位置，故A正确；B、由于t=0时刻的位置坐标是2m，t=2s末时位置坐标是﹣2m，则知物体没有回到初始位置，故B错误；C、物体先做匀变速直线运动，后沿原方向做加速度大小相等、方向相反的匀变速直线运动，则t=2s内位移不为零，物体没有回到初始位置，故C错误．D、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，则知物体没有回到初始位置，故D错误．故选：A．【点评】图象为物理学中的重要方法，在研究图象时首先要明确图象的坐标，从而理解图象的意义；即可确定点、线、面的含义．12．光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法正确的是（）A．物体运动全过程中的平均速度是B．物体在时的瞬时速度是C．物体运动到斜面中点时瞬时速度是D．物体从顶端运动到斜面中点所需的时间是【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体的平均速度等于位移与时间之比．物体做匀加速直线运动，t时间内平均速度等于中点时刻的瞬时速度．由斜面的长度L和时间t，求出加速度，由位移速度公式求出斜面中点的瞬时速度，再由速度公式求解物体从顶端运动到斜面中点所需的时间．【解答】解：A、物体运动全过程中的平均速度==．故A正确．B、物体在时的瞬时速度等于物体运动全过程中的平均速度=．故B错误．C、设物体的加速度为a，运动到斜面中点时瞬时速度为v，则由L=得到，a=．又v2=2a•，解得v=．故C正确．D、设物体从顶端运动到斜面中点所需的时间是T，由v=aT，得到T===．故D正确．故选ACD【点评】本题考查运用运动学规律处理匀加速直线运动问题的能力．要加强练习，熟悉公式，灵活选择公式解题．二、实验题（本大题有2小题，第13小题6分，第14小题6分，共12分．请把答案写在答题卡上．）13．在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，用电磁打点计时器记录纸带运动的时间，计时器所用电源的频率为50Hz，如图所示是一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出，按时间顺序取0、1、2、3、4、5、6七个计数点，用刻度尺量出1、2、3、4、5、6点到0点的距离分别为1.40cm、3.55cm、6.45cm、10.15cm、14.55cm、19.70cm．（1）电磁打点计时器是使用交流（填“直流”或“交流”）电源的仪器．（2）接通电磁打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是 A A．先接通电源，后让纸带运动 B．先让纸带运动，再接通电源C．让纸带运动的同时接通电源 D．先让纸带运动或先接通电源都可以（3）由纸带数据计算可得计数点4所代表时刻的瞬时速度大小为v4= 0.405 m/s，小车的加速度大小a= 0.756 m/s2．（结果保留三位有效数字）【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题．【分析】利用打点计时器的常识和实验操作要求判断；利用匀变速直线运动的两推论求瞬时速度和加速度．【解答】解：（1）据打点计时器的工作电压可知，电磁打点计时器使用交流电源．（2）据实验过程中的操作要求可知：先接电源，在让纸带运动，故A正确，BCD错误．（3）据题意可知相邻两点间对应时间T=0.1s利用匀变速直线运动的两推论：v4===0.405m/s利用逐差法得：a===0.756m/s2故答案为：（1）交流；（2）A （3）0.405；0.756【点评】实验时需要注意的问题我们可以结合实验原理记忆，明确实验原理是处理实验题的重中之重，从纸带上求解速度和加速度是处理纸带的两个主要问题，一定要熟练掌握．14．某同学在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时，打点计时器所用电源的频率是50Hz，在实验中得到一条点迹清晰的纸带，他把某一点记作O，再选依次相邻的6个点作为测量点，分别标以A、B、C、D、E和F，如图甲所示．（1）如果测得C、D两点相距2.70cm，D、E两点相距2.90cm，则在打D点时小车的速度是 1.40 m/s．（2）该同学分别算出打各点时小车的速度，然后根据数据在v﹣t坐标系中描点（如图乙所示），①根据这些数据点在图上画出v﹣t图线；②根据所画图线可求得小车的加速度a= 5.00 m/s2．（注：第15题中所有计算结果均保留三位有效数字）【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题；直线运动规律专题．【分析】（1）匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，据此可正确解答打D点时小车的速度的大小．（2）利用描点法可以正确画出v﹣t图线，在速度﹣时间图象中斜率大小表示物体加速度的大小，据此可正确解答．【解答】解：（1）计数点之间的时间间隔为T=0.02s根据匀变速直线运动的规律可得，打D点的速度等于CE段的平均速度，即：v D=．（2）①根据描点作一条过原点的直线，如图所示：直线的斜率即为小车的加速度，求出加速度为：．故答案为：（1）1.40；（2）①如上图所示，②5.00．【点评】本题考查了“探究小车速度随时间变化的规律”中的数据处理基本知识，对于这些基本知识要在平时加强训练，提高基本知识的应用能力．三、计算题（本大题有3小题，第15小题10分，第16小题14分，第17小题18分，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的盐酸步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．请把解答过程写在答题卡上．）15．（10分）（2015秋•德州校级期中）一辆卡车初速度为v0=10m/s，以a=2m/s2的加速度匀加速度行驶．求：（1）卡车在3s末的速度v3（2）卡车在第6s内的位移△x6．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出卡车在3s末的速度；利用匀变速直线的位移公式求出第6秒内的位移．【解答】解：根据匀变速直线运动的速度时间公式得：v=v0+at=（10+2×3）m/s=16m/s据匀变速直线的运动规律x=vt+得：第6秒内的位移为：△x=（6×10+）m﹣（5×10+）m=21m答：（1）卡车在3s末的速度为16m/s（2）卡车在第6s内的位移21m．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用把第几秒内的位移表示出来，基础题．16．（14分）（2015秋•德州校级期中）从离地面500m的空中自由落下一个小球，取g=10m/s2，求小球：（1）经过多长时间落到地面；（2）自开始下落计时，在第1s内的位移大小；（3）落地时的速度大小；（4）自开始下落至落地全过程的平均速度大小．【考点】自由落体运动．【分析】（1）根据位移时间公式求出小球落地的时间．（2）根据位移时间公式求出第1s内位移．（3）根据速度时间公式求出小球落地的速度．（4）根据总位移和时间求出全过程中的平均速度大小．【解答】解：（1）根据h=gt2解得：t=s=10 s．（2）第1s内下降的高度．（3）物体落地的速度v=gt=10×10m/s=100m/s．（4）自开始下落至落地全过程的平均速度大小．答：（1）经过10s时间落到地面；（2）自开始下落计时，在第1s内的位移大小为5m；（3）落地时的速度大小为100m/s；（4）自开始下落至落地全过程的平均速度大小为50m/s．【点评】解决本题的关键知道自由落体运动的规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．17．（16分）（2015秋•德州校级期中）在十字路口，汽车以0.5m/s2的加速度从停车线启动做匀加速运动，恰好有一辆自行车以5m/s的速度匀速驶过停车线与汽车同方向行驶，求：①什么时候它们相距最远？最远距离是多少？②在什么地方汽车追上自行车？追到时汽车的速度是多大？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】在汽车速度没有达到自行车速度之前，两者的距离是越来越大，当两者速度相等时，距离将保持不变，当汽车速度大于自行车速度时，汽车将开始反追自行车，两者距离逐渐减小．抓住相距最远的临界条件（两者速度相等）利用匀变速直线运动的规律可求相距最远的时间及最远距离，汽车做初速度为0的匀加速直线运动，自行车做匀速直线运动，汽车追上自行车时，两者相对于停车线的位移相等，利用位移相等可求相遇所需的时间t，利用v=v0+at 可得追上时汽车的速度v．【解答】解：①由题意知两车速度相等时相距最远，设所用时间为t汽车做初速度为0的匀加速直线运动，所以v汽=at=v自已知a=0.5m/s2。
山东省德州市武城二中2015-2016学年高一下学期月考物理试卷(6月份) 含解析
2015-2016学年山东省德州市武城二中高一（下）月考物理试卷（6月份）一、选择题（本题共20小题，每小题4分，共80分．在每小题给出的四个选项中，1～13小题只有一个选项正确，14～20小题有多个选项正确．全部选对的得4分,选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．下列说法有误的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．平抛运动是一种匀变速运动C．做曲线运动物体的速率一定变化D．分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动2．天文学家发现了某恒星有一颗行星在圆形轨道上绕其运动，并测出了行星的轨道半径和运行周期，已知引力常量G，由此可推算出（)A．行星的质量B．行星的半径C．恒星的质量D．恒星的半径3．如图所示，在水平的船板上有一人拉着固定在岸边树上的绳子，用力使船向前移动．关于力对船做功的下列说法中正确的是（）A．绳的拉力对船做了功B．人对绳的拉力对船做了功C．树对绳子的拉力对船做了功D．人对船的静摩擦力对船做了功4．关于地球同步卫星下列判断正确的是（）A．运行速度大于7.9 km/sB．离地面高度一定，相对地面静止C．绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度小D．向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小相等5．如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上．若以地面为零势能面且不计空气阻力，则下列说法中不正确的是（）A．物体到海平面时的重力势能为mghB．重力对物体做的功为mghC．物体在海平面上的动能为mv02+mghD．物体在海平面上的机械能为mv026．一个小物块从内壁粗糙的半球形碗边下滑，在下滑过程中由于摩擦力的作用，物块的速率恰好保持不变，如图所示，下列说法中正确的是( ）A．物块所受合外力为零B．物块所受合外力越来越大C．物块所受合外力大小保持不变，但方向时刻改变D．物块所受摩擦力大小不变7．如图所示，船从A处开出后沿直线AB到达对岸,若AB与河岸成37°角，水流速度4m/s，则船在静水中的最小速度为( ）(sin37°=0.6，cos37°=0.8）A．5 m/s B．2.4 m/s C．3 m/s D．3。
山东省德州市武城二中高一物理下学期3月月考试卷(含解析)
2015-2016学年山东省德州市武城二中高一（下）月考物理试卷（3月份）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列说法正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．曲线运动一定是匀变速运动C．匀速圆周运动是速度不变的运动D．只要两个分运动是直线运动，合运动一定也是直线运动2．做平抛运动的物体，在水平方向通过的最大距离取决于（）A．物体的高度和所受重力B．物体的高度和初速度C．物体所受的重力和初速度D．物体所受的重力、高度和初速度3．在匀速圆周运动中，下列说法错误的是（）A．线速度不变B．线速度的方向不断改变C．线速度大小不变D．角速度不变4．在高处以初速度v0水平抛出一石子，当它的速度由水平变化为与水平成θ角的过程中，石子的水平方向位移是（）A．B．C．D．5．甲、乙两球位于同一竖直直线上的不同位置，甲比乙高出h，如图所示，将甲、乙两球分别以v1、v2的速度沿同一水平方向抛出，不计空气阻力，下列条件中有可能使乙球击中甲球的是（）A．同时抛出，且v1＜v2B．甲迟抛出，且v1＞v2C．甲早抛出，且v1＞v2D．甲早抛出，且v1＜v26．质点做匀速圆周运动，当线速度为v时，圆周半径为R，若保持向心力大小不变，当圆周半径为2R时，角速度应为（）A．B．C．D．7．如图所示，当正方形薄板绕着过其中心O并与板垂直的转动轴转动时，板上A、B两点的（）A．角速度之比ωA：ωB=1：1 B．角速度之比ωA：ωB=1：C．线速度之比v A：v B=：1 D．线速度之比v A：v B=1：18．一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过30m宽的河，河水的速度为4m/s，则下列说法正确的是（）A．船不能渡过河 B．船渡河的速度一定为5m/sC．船不能垂直到达对岸D．船渡河的时间不可能为10s9．如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是（）A．球的速度v等于LB．球从击出至落地所用时间为C．球从击球点至落地点的位移等于LD．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关10．如图，两个质量均为m的小木块a和b（可视为质点）放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g，若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速运动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（）A．b一定比a先开始滑动B．a，b所受的摩擦力始终相等C．当ω=时，b开始滑动的临界角速度D．当ω=时，a所受摩擦力的大小为kmg二、实验题（本大题共2小题，共16分．请把答案写在答题卷上．）11．如图为用频闪摄影方法拍摄的小球作平抛运动的照片，小球在运动过程中的几个位置如图中的a、b、c、d所示．下列说法正确的是（）A．若已知小方格的边长，可求得平抛的初速度B．若已知小方格的边长，可求得频闪周期C．若已知小方格的边长和当地的重力加速度，可求得a、b、c、d任一点的速度D．若已知小方格的边长和频闪周期，可以求得当地的重力加速度12．利用如图所示的装置研究平抛运动的规律（1）下列关于该实验的说法正确的是A．钢球每次从同一位置释放，这样保证钢球每次抛出的初速度相同B．在实验中设法描出钢球轨迹上的多个点，然后用折线连接就可以得到平抛运动的轨迹C．实验中必须要求斜槽末端水平D．该实验产生误差主要是因为斜槽粗糙（2）如图为一小球做平抛运动描的几个点，图中方格每边长为5cm，g取10m/s2，则小球的初为m/s，小球在B点时的竖直分速度为m/s．三、计算题（本大题有3小题，共44分．请把解答过程写在答题卷上．）13．如图，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，经过3.0s落到斜坡上的A点．已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg．不计空气阻力．（取sin 37°=0.60，cos 37°=0.80；g取10m/s2）求：（1）A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度大小；（3）运动员落到A点时的速度大小．14．如图所示，质量为m的木块，用一轻绳拴着，置于很大的水平转盘上，细绳穿过转盘中央的细管，与质量也为m的小球相连，木块与转盘间的最大静摩擦力为其重力的μ倍（μ=0.2），当转盘以角速度ω=4rad/s匀速转动时，要保持木块与转盘相对静止，木块转动半径的范围是多少？（g取10m/s2）15．如图所示，用内壁光滑的薄壁细圆管弯的由半圆形APB（圆半径比细管的内径大得多）和直线BC组成的轨道固定在水平桌面上，已知半圆形APB的半径R=1.0m，BC 段L=1.5m．弹射装置将一个质量为1kg的小球（可视为质点）以v0=5m/s的水平初速度从A点弹入轨道，小球从C点离开轨道随即水平抛出，桌子的高度h=1.25m，不计空气阻力，g取10m/s2，π取3.14，求：（1）小球在半圆轨道上运动时的向心力大小及从A运动到C点的时间（2）小球落地瞬间速度与水平方向的夹角．2015-2016学年山东省德州市武城二中高一（下）月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列说法正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．曲线运动一定是匀变速运动C．匀速圆周运动是速度不变的运动D．只要两个分运动是直线运动，合运动一定也是直线运动【考点】曲线运动．【分析】物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动．【解答】解：A、由于曲线运动速度时刻在改变，故曲线运动一定是变速运动；故A正确；B、曲线运动不一定是匀变速运动，如圆周运动的加速度的方向时刻都在变化；故B错误；C、匀速圆周运动的方向时刻改变，是变速运动．故C错误；D、两个分运动是直线运动，合运动不一定也是直线运动，如平抛运动是水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，故D错误；故选：A．2．做平抛运动的物体，在水平方向通过的最大距离取决于（）A．物体的高度和所受重力B．物体的高度和初速度C．物体所受的重力和初速度D．物体所受的重力、高度和初速度【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．【解答】解：根据h=得，t=，则水平距离x=，知水平方向通过的最大距离由物体的高度和初速度决定．故B正确，A、C、D错误．故选：B．3．在匀速圆周运动中，下列说法错误的是（）A．线速度不变B．线速度的方向不断改变C．线速度大小不变D．角速度不变【考点】匀速圆周运动．【分析】匀速圆周运动速度的大小不变，方向时刻改变，角速度不变．【解答】解：A、匀速圆周运动速度的大小不变，方向时刻改变，故A错误，BC正确；D、匀速圆周运动相等的时间内转过的角度相同，则角速度不变，故D正确．本题选错误的故选：A4．在高处以初速度v0水平抛出一石子，当它的速度由水平变化为与水平成θ角的过程中，石子的水平方向位移是（）A．B．C．D．【考点】平抛运动．【分析】根据平行四边形定则求出竖直分速度，结合速度时间公式求出运动的时间，根据初速度和时间求出水平方向的位移．【解答】解：根据平行四边形定则知，tanθ=，解得v y=v0tanθ，则运动的时间t=，水平方向的位移x=．故选：C．5．甲、乙两球位于同一竖直直线上的不同位置，甲比乙高出h，如图所示，将甲、乙两球分别以v1、v2的速度沿同一水平方向抛出，不计空气阻力，下列条件中有可能使乙球击中甲球的是（）A．同时抛出，且v1＜v2B．甲迟抛出，且v1＞v2C．甲早抛出，且v1＞v2D．甲早抛出，且v1＜v2【考点】运动的合成和分解；平抛运动．【分析】要使乙球击中甲球，两球应同时出现在同一位置；而平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由两球的位置关系可知正确结果．【解答】解：由图可知甲的抛出点高于乙的抛出点，故甲应先抛出；而两物体的水平位移相同，而运动时间甲的要长，故甲的速度要小于乙的速度，v1＜v2；故选D．6．质点做匀速圆周运动，当线速度为v时，圆周半径为R，若保持向心力大小不变，当圆周半径为2R时，角速度应为（）A．B．C．D．【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】题中物体的向心力不变，根据向心力公式F=m=mω2R列式求解即可．【解答】解：质点做匀速圆周运动，当线速度为v时，圆周半径为R，故向心力为：F=m保持向心力大小不变，当圆周半径为2R，故：F=mω2（2R）解得：ω=故选：B．7．如图所示，当正方形薄板绕着过其中心O并与板垂直的转动轴转动时，板上A、B两点的（）A．角速度之比ωA：ωB=1：1 B．角速度之比ωA：ωB=1：C．线速度之比v A：v B=：1 D．线速度之比v A：v B=1：1【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】板上A、B两点绕同一个转轴转动，所以具有相同的角速度；根据v=rω得出线速度之比．【解答】解：A、B、板上A、B两点绕同一个转轴转动，所以具有相同的角速度；即角速度之比ωA：ωB=1：1，故A正确，B错误；C、D、根据几何关系得板上A、B的轨道半径之比为1：；所以线速度之比v A：v B=1：，故C错误，D错误；故选：A．8．一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过30m宽的河，河水的速度为4m/s，则下列说法正确的是（）A．船不能渡过河 B．船渡河的速度一定为5m/sC．船不能垂直到达对岸D．船渡河的时间不可能为10s【考点】运动的合成和分解．【分析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸方向上的速度求出渡河的时间．通过判断合速度能否与河岸垂直，判断船能否垂直到对岸．【解答】解：A、当静水速与河岸不平行，则船就一定能渡过河．故A错误．B、因为船的静水速的方向未知，根据平行四边形定则，无法判断船渡河的速度大小．故B 错误．C、根据平行四边形定则，由于船在静水中的速度小于水流速，则合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸．故C正确．D、当静水速与河岸垂直时，渡河时间t==s=10s．故D错误．故选：C．9．如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是（）A．球的速度v等于LB．球从击出至落地所用时间为C．球从击球点至落地点的位移等于LD．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关【考点】平抛运动．【分析】网球做的是平抛运动，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可．【解答】解：A、网球做的是平抛运动，在水平方向上匀速直线运动：L=vt在竖直方向上，小球做自由落体运动：H=gt2代入数据解得：v=，t=，所以AB正确．C、位移是指从初位置到末位置的有向线段，初位置是在球网正上方距地面H处，末位置是在底线上，所以位移的大小为，与球的质量无关，所以CD错误．故选：AB．10．如图，两个质量均为m的小木块a和b（可视为质点）放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g，若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速运动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（）A．b一定比a先开始滑动B．a，b所受的摩擦力始终相等C．当ω=时，b开始滑动的临界角速度D．当ω=时，a所受摩擦力的大小为kmg【考点】向心力．【分析】木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，而所需要的向心力大小由物体的质量、半径和角速度决定．当圆盘转速增大时，提供的静摩擦力随之而增大．当需要的向心力大于最大静摩擦力时，物体开始滑动．因此是否滑动与质量无关，是由半径大小决定．【解答】解：A、B、两个木块的最大静摩擦力相等．木块随圆盘一起转动，静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律得：木块所受的静摩擦力f=mω2r，m、ω相等，f∝r，所以b所受的静摩擦力大于a的静摩擦力，当圆盘的角速度增大时b的静摩擦力先达到最大值，所以b 一定比a先开始滑动，故A正确，B错误；C、当b刚要滑动时，有kmg=mω2•2l，解得：ω=，故C正确；D、以a为研究对象，当ω=时，由牛顿第二定律得：f=mω2l，可解得：f=，故D错误．故选：AC．二、实验题（本大题共2小题，共16分．请把答案写在答题卷上．）11．如图为用频闪摄影方法拍摄的小球作平抛运动的照片，小球在运动过程中的几个位置如图中的a、b、c、d所示．下列说法正确的是（）A．若已知小方格的边长，可求得平抛的初速度B．若已知小方格的边长，可求得频闪周期C．若已知小方格的边长和当地的重力加速度，可求得a、b、c、d任一点的速度D．若已知小方格的边长和频闪周期，可以求得当地的重力加速度【考点】研究平抛物体的运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移求出小球的初速度．【解答】解：竖直方向上相等时间内的位移之差△y=L．根据△y=gT2得，相等的时间间隔T=，而水平方向v0=，因此必须知道小方格的边长与当地的重力加速度，即可求解初速度大小，再根据，求得中时刻竖直方向的速度，最后由速度的合成，即可求解该点的瞬时速度，从而利用速度与时间关系，进而求得其它点的速度，故CD正确，AB错误；故选：CD．12．利用如图所示的装置研究平抛运动的规律（1）下列关于该实验的说法正确的是ACA．钢球每次从同一位置释放，这样保证钢球每次抛出的初速度相同B．在实验中设法描出钢球轨迹上的多个点，然后用折线连接就可以得到平抛运动的轨迹C．实验中必须要求斜槽末端水平D．该实验产生误差主要是因为斜槽粗糙（2）如图为一小球做平抛运动描的几个点，图中方格每边长为5cm，g取10m/s2，则小球的初为 2 m/s，小球在B点时的竖直分速度为 3 m/s．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】研究平抛运动的轨迹，使每次小球从斜槽的同一位置由静止释放，做平抛运动，小球与斜槽之间的摩擦对测量的结果准确性没有影响；平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出平抛运动的初速度，即水平分速度．根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度，求出B点竖直方向上的分速度．【解答】解：A、要保证小球的初速度相同，小球每次从斜槽上开始运动的位置必须相同，故A正确；B、在实验中设法描出钢球轨迹上的多个点，然后用光滑的曲线连接就可以得到平抛运动的轨迹，不能用折线，故B错误；C、为保证小球做平抛运动，安装斜槽时其末端切线必须水平，故C正确．D、本实验运用描迹法，画出平抛运动的轨迹，求出初速度，小球与斜槽之间的摩擦对测量的结果准确性没有影响，故D错误．故选：AC（2）根据△y=gT2，解得：T=，小球做平抛运动的初速度，B点竖直方向上的分速度等于AC在竖直方向上的平均速度，则．故答案为：（1）AC；（2）2；3三、计算题（本大题有3小题，共44分．请把解答过程写在答题卷上．）13．如图，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，经过3.0s落到斜坡上的A点．已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg．不计空气阻力．（取sin 37°=0.60，cos 37°=0.80；g取10m/s2）求：（1）A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度大小；（3）运动员落到A点时的速度大小．【考点】平抛运动．【分析】（1）从O点水平飞出后，人做平抛运动，根据水平方向上的匀速直线运动，竖直方向上的自由落体运动规律可以求出下落的高度，由几何关系求得A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度就是平抛初速度的大小，根据水平方向上匀速直线运动可以求得；（3）整个过程中机械能守恒，根据机械能守恒可以求得落到A点时的速度大小．【解答】解：（1）运动员在竖直方向做自由落体运动，则Lsin37°=gt2所以A点与O点的距离为：L==m=75m．（2）设运动员离开O点的速度为v0，运动员在水平方向做匀速直线运动，即Lcos37°=v0t解得 v0==20m/s（3）由机械能守恒，取A点为重力势能零点，运动员落到A点的动能为=mgLsin37°+mv02可得 v A===10m/s答：（1）A点与O点的距离L是75m；（2）运动员离开O点时的速度大小是20m/s；（3）运动员落到A点时的速度大小是10m/s．14．如图所示，质量为m的木块，用一轻绳拴着，置于很大的水平转盘上，细绳穿过转盘中央的细管，与质量也为m的小球相连，木块与转盘间的最大静摩擦力为其重力的μ倍（μ=0.2），当转盘以角速度ω=4rad/s匀速转动时，要保持木块与转盘相对静止，木块转动半径的范围是多少？（g取10m/s2）【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】当圆周运动的半径取最小值时，最大静摩擦力方向与拉力方向相反，当半径取最大值时，拉力与最大静摩擦力方向相同，根据牛顿第二定律得出转动半径的范围．【解答】解：由于转盘以角速度ω=4rad/s匀速转动，因此木块做匀速圆周运动所需向心力为：F=mrω2．当木块做匀速圆周运动的半径取最小值时，其所受最大静摩擦力与拉力方向相反，则有：mg ﹣μmg=mr minω2，代入数据解得：r min=0.5m；当木块做匀速圆周运动的半径取最大值时，其所受最大静摩擦力与拉力方向相同，则有：mg+μmg=mr maxω2，代入数据解得：r max=0.75m．因此，要保持木块与转盘相对静止，木块转动半径的范围是：0.5m≤r≤0.75m．答：木块转动半径的范围是：0.5m≤r≤0.75m．15．如图所示，用内壁光滑的薄壁细圆管弯的由半圆形APB（圆半径比细管的内径大得多）和直线BC组成的轨道固定在水平桌面上，已知半圆形APB的半径R=1.0m，BC 段L=1.5m．弹射装置将一个质量为1kg的小球（可视为质点）以v0=5m/s的水平初速度从A点弹入轨道，小球从C点离开轨道随即水平抛出，桌子的高度h=1.25m，不计空气阻力，g取10m/s2，π取3.14，求：（1）小球在半圆轨道上运动时的向心力大小及从A运动到C点的时间（2）小球落地瞬间速度与水平方向的夹角．【考点】平抛运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】（1）根据向心力的大小公式求出小球做圆周运动的向心力大小，结合小球走过的路程求出运动的时间．（2）根据平抛运动的高度求出竖直方向上的分速度，结合平行四边形定则求出小球落地时瞬时速度与水平方向的夹角．【解答】解：（1）小球做匀速圆周运动向心力大小F=．小球从A到B的时间．从B到C的时间小球从A到C的时间t=t1+t2=0.928s．（2）小球做平抛运动，解得小球落地瞬间速度与水平方向的夹角θ=45°．答：（1）小球在半圆轨道上运动时的向心力大小为25N，从A运动到C点的时间为0.928s．（2）小球落地瞬间速度与水平方向的夹角为45°．。
山东省德州市武城二中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析
2016-2017学年山东省德州市武城二中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本题共15小题，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分，第11～15题有多项符合题目要求，每小题3分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在电场中的某点放一个检验电荷，其电量为q，受到的电场力为F，则该点的电场强度，下列说法正确的是（）A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若检验电荷的电量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反D．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小方向均不变2．如图所示的电场，其中有M、N两点，则（）A．该电场一定是点电荷产生的电场B．M点的电场强度比N点电场强度小C．M点的电势比N点的电势高D．M点的电势比N点的电势低3．在静电场中，下列说法中正确的是（）A．某点的电场强度大，该点的电势一定高B．某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大C．电场力对电荷做正功，电荷的电势能减少D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功4．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中仅受到电场力作用，根据此图可判断出（）A．该粒子带正电B．该粒子在a的加速度小于在b的加速度C．该粒子在a的速度小于在b的速度D．该粒子在a的电势能小于在b的电势能5．两个相同的带电金属小球，带电量分别为+5q和﹣7q，球半径远小于两球心的距离L，它们相互接触后再放回原位置，则静电力为（）A．k B．k C．k D．k6．一根粗细均匀的电阻丝通过的电流为I时，在t时间内产生的热量为Q，若将该电阻丝均匀拉长至原来的2倍，并通过的电流为2I，则在时间t内产生的热量为（）A．8Q B．16Q C．D．7．原来都静止的质子H和α粒子He，经过同一电压加速后，它们的速度大小之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：4 D．：18．图中，每个电池的电动势为E，内阻为r，电阻器的电阻R保持不变．甲图中通过R的电流为I1，乙图中通过R的电流为I2．已知I1：I2=3：4，则R：r（）A．等于3：4 B．等于4：3 C．等于1：1 D．不能确定9．如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下级板都接地．在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两极板间的电场强度，E P 表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A．θ增大，E增大B．θ增大，E P不变C．θ减小，E P增大D．θ减小，E不变10．真空中一半径为r0的带电金属球，通过其球心的一直线上各点的电势φ分布如图所示，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离，根据电势图象（φ﹣r图象），判断下列说法中正确的是（）A．该金属球可能带负电B．A点的电场强度方向由A指向BC．A点的电场强度小于B点的电场强度D．电荷量为q的正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做功W=q（φ2﹣φ1）11．下列说法中正确的是（）A．由可知，匀强电场中两点的距离越大，这两点间的电势差就越大B．由可知，真空中距离场源点电荷越远，电场强度就越小C．由可知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D．由可知，对于某一确定的导体，所加电压跟通过导体的电流之比是个恒量12．如图所示，两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．则（）A．正电荷由a静止释放能运动到cB．负电荷在a的电势能大于在c的电势能C．b点的场强小于d的场强D．a、b间的电势差等于b、c间的电势差13．三个α粒子在同一点沿同一方向垂直飞入偏转电场，出现了如图所示的运动轨迹，由此可判断（）A．在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B．b和c同时飞离电场C．进入电场时，c的速度最大，a的速度最小D．动能的增加值c最小，a和b一样大14．如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在ab的中点时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向a端移动，则（）A．电源的总功率减小 B．R3消耗的功率增大C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小15．如图所示，带电体P、Q可视为点电荷，电荷量相同．倾角为θ、质量为M的斜面体放在粗糙水平面上，将质量为m的物体P放在粗糙的斜面体上，当物体Q放在与P等高（PQ 连线水平）且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）A．P对斜面的压力为0B．斜面体受到地面的摩擦力为0C．P、Q所带电荷量为D．斜面体对地面的压力为（M+m）g二、实验题（本题包括2小题，共22分．请把答案写在答题卷上．）16．要测绘一个标有“3V、0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V．（1）实验的电路图应选用下图1中的（填字母代号）（2）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图2所示，当小灯泡的电压为1.0V，其电阻为Ω，由图2可得，当电压U＞1V后，小灯泡电阻R随温度T的升高而（填“增大”或“减小”）．17．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图甲可知其长度为l=mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图，由图乙可知其直径为d=mm；（3）用多用电表的电阻“×100”挡按正确操作步骤粗测圆柱体电阻，测量时发现指针偏转角过大，这时应该将选择开关换成欧姆挡的挡位（选填A．“×10”或B．“×1K”），换挡结束后，实验操作上首先要进行的步骤是，正确操作后，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值R=Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）；电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）；电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）；滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）；开关S；导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电流表应选（选填A．“A1”或B．“A2”），电压表应选（选填A．“V1”或B．“V2”），滑动变阻器应选（选填A．“R1”或B．“R2”），请在图丁中画出测量的电路图．（5）计算此圆柱体材料电阻率的表达式为ρ=（用R、d、l表示）．三、计算题（本题包括3小题，共28分．请把解答过程写在答题卷上．）18．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=1.2×10﹣7J求：（1）匀强电场的场强E（2）电荷从b移到c，电场力做功W2（3）a、c两点的电势差U ac．19．直流电动机在生产、生活中有着广泛的应用．如图所示，一直流电动机M和电灯L并联之后接在直流电源上，电动机内阻r'=0.5Ω，电灯灯丝电阻R=9Ω，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω．开关S闭合，电动机正常工作时，电压表读数为9V．求：（1）流过电源的电流．（2）流过电动机的电流．（3）电动机对外输出的机械功率．20．如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．2016-2017学年山东省德州市武城二中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共15小题，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分，第11～15题有多项符合题目要求，每小题3分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在电场中的某点放一个检验电荷，其电量为q，受到的电场力为F，则该点的电场强度，下列说法正确的是（）A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若检验电荷的电量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反D．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小方向均不变【考点】电场强度．【分析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．【解答】解：A、由题，该点的电场强度，若移去检验电荷，该点的电场强度仍为．故A错误．B、若检验电荷的电量变为4q，检验电荷所受的电场力为4F，该点的电场强度仍为．故B错误．C、D若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，检验电荷所受的电场力为﹣2F，该点的电场强度仍为．故C错误，D正确．故选：D．2．如图所示的电场，其中有M、N两点，则（）A．该电场一定是点电荷产生的电场B．M点的电场强度比N点电场强度小C．M点的电势比N点的电势高D．M点的电势比N点的电势低【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【分析】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大；电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．由此判断即可．【解答】解：A、该电场的电场线会聚型直线，可能是负点电荷产生的电场，也可能不是，故A错误．B、电场线越密的地方电场强度越大，所以M点的电场强度比N点电场强度大，故B错误．CD、沿着电场线电势降低，所以M点的电势比N点的电势低，故C错误，D正确．故选：D3．在静电场中，下列说法中正确的是（）A．某点的电场强度大，该点的电势一定高B．某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大C．电场力对电荷做正功，电荷的电势能减少D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功【考点】电势能；电势差与电场强度的关系．【分析】电场强度与电势无关；正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小；电场力做正功，电荷的电势能减小；【解答】解：A、因为电场强度与电势没有直接关系，某点的电场强度大，则该点的电势不一定高，故A错误．B、某点的电势高，检验电荷在该点的电势能为E p=qφ，还与检验电荷的电性有关，正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小．故B错误C、电场力对电荷做正功，电荷的电势能减少，故C正确，D、由于负电荷在电势高的地方电势能小，所以将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做负功．故D错误故选：C4．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中仅受到电场力作用，根据此图可判断出（）A．该粒子带正电B．该粒子在a的加速度小于在b的加速度C．该粒子在a的速度小于在b的速度D．该粒子在a的电势能小于在b的电势能【考点】电场线；电势能．【分析】粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线的疏密可以判断电场强度的强弱，进而判断电场力的大小；根据电场力做功情况，判断动能和电势能的变化．当电场力做正功时，电荷的电势能减小，动能增大；当电场力做负功时，电荷的电势能增大，动能减小．【解答】解：A：粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左．由于电场线方向不明，所以无法确定粒子的电性．故A错误；B、根据电场线的疏密反映了电场强度的相对大小，可知a点的电场强度大，故粒子在a点受到的电场力的大，根据牛顿第二定律可知，带电粒子在a点的加速度比b点的加速度大．故B错误；CD、粒子受到的电场力沿电场线向左，则从a到b，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大，在a点的电势能较小，故C错误，D正确．故选：D5．两个相同的带电金属小球，带电量分别为+5q和﹣7q，球半径远小于两球心的距离L，它们相互接触后再放回原位置，则静电力为（）A．k B．k C．k D．k【考点】库仑定律．【分析】两相同小球接触时电量先中和再平分，从而明确各小球的带电量，再根据库仑定律列式即可求得静电力的大小．【解答】解：因两电荷异性，带电量分别为5Q，﹣7Q，两物体接触后电量先中和再平分，则可知各自的带电量为﹣q；由库仑定律可知：静电力F=故选：D．6．一根粗细均匀的电阻丝通过的电流为I时，在t时间内产生的热量为Q，若将该电阻丝均匀拉长至原来的2倍，并通过的电流为2I，则在时间t内产生的热量为（）A．8Q B．16Q C．D．【考点】焦耳定律．【分析】电阻丝在拉长时体积不变，根据长度的变化可明确截面积的变化，再根据电阻定律即可明确电阻的变化；再根据焦耳定律可明确产生的热量变化．【解答】解：开始时：Q=I2R由电阻定律R=可知，电阻丝拉长到2倍时，由于体积不变，故截面积变为原来的，则可知电阻变成原来的4倍；通过的电流为2I，则在时间t内产生的热量：Q′=（2I）2•4R=16I2R=16Q，故B正确，ACD 错误．故选：B．7．原来都静止的质子H和α粒子He，经过同一电压加速后，它们的速度大小之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：4 D．：1【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】根据动能定理，结合电荷量之比和质量之比求出速度大小之比．【解答】解：根据动能定理知，，解得v=，因为质子和α粒子的电荷量之比为1：2，质量之比为1：4，则它们的速度之比为．故D正确，A、B、C错误．故选：D．8．图中，每个电池的电动势为E，内阻为r，电阻器的电阻R保持不变．甲图中通过R的电流为I1，乙图中通过R的电流为I2．已知I1：I2=3：4，则R：r（）A．等于3：4 B．等于4：3 C．等于1：1 D．不能确定【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据闭合电路欧姆定律分别得出电路中电流与电阻的关系，再求解R与r之比．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得I1=已知I1：I2=3：4，得到：=3：4解得，R：r=1：1故选C9．如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下级板都接地．在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两极板间的电场强度，E P 表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A．θ增大，E增大B．θ增大，E P不变C．θ减小，E P增大D．θ减小，E不变【考点】电容器的动态分析．【分析】电容器充电后断开电源，极板上的电量不变；根据电容器的定义式可分析电容的变化，再根据决定式分析电压的变化，从而分析静电计指针夹角的变化；根据U=Ed分析电场强度的变化；根据电势与电势差之间的关系可分析P点电势，再由电势分析电势能的变化．【解答】解：电容器与电源断开，故电量不变；上极板向下移动时，两板间的距离减小，根据C=可知，电容C增大，则根据C=可知，电压U减小；故静电计指针偏角减小；两板间的电场强度E===；因此电场强度与板间距无关，因此电场强度不变；再根据设P与下极板距离为l，则P点的电势φP=El，电势能E P=ELq；因此电荷在P点的电势能保持不变；故D正确，ABC错误；故选：D．10．真空中一半径为r0的带电金属球，通过其球心的一直线上各点的电势φ分布如图所示，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离，根据电势图象（φ﹣r图象），判断下列说法中正确的是（）A．该金属球可能带负电B．A点的电场强度方向由A指向BC．A点的电场强度小于B点的电场强度D．电荷量为q的正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做功W=q（φ2﹣φ1）【考点】电场强度；电势能．【分析】根据直线上各点的电势φ分布图判断A点和B点电势．沿电场线方向电势逐点降低．根据电场力做功表达式W=qU，结合电势差等于两点电势之差，即可求解．【解答】解：A、由图可知0到r0电势不变，之后电势变小，带电金属球为一等势体，再依据沿着电场线方向，电势降低，则金属球带正电，故A错误；BC、A点的电场强度方向由A指向B，A点的电场强度大于B点的电场强度，选项B正确、C错误；D、正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做功W=qU AB=q（φ1﹣φ2），故D错误．故选：B．11．下列说法中正确的是（）A．由可知，匀强电场中两点的距离越大，这两点间的电势差就越大B．由可知，真空中距离场源点电荷越远，电场强度就越小C．由可知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D．由可知，对于某一确定的导体，所加电压跟通过导体的电流之比是个恒量【考点】电场强度；欧姆定律．【分析】在公式E=中，d表示沿电场线方向的距离，不是两点的距离；是点电荷的场强公式，结合公式分析电场强度与距离场源电荷距离的关系．根据欧姆定律知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比．【解答】解：A、在公式E=中，d表示沿电场线方向的距离，匀强电场中两点的距离越大，两点的电势差不一定大，若两点在同一等势线上，电势差为零，故A错误．B、由可知，真空中距离场源点电荷越远，电场强度就越小，故B正确．C、根据欧姆定律知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故C正确．D、对于确定的导体，电阻不变，则所加电压和通过电流之比是个恒量，故D正确．故选：BCD．12．如图所示，两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．则（）A．正电荷由a静止释放能运动到cB．负电荷在a的电势能大于在c的电势能C．b点的场强小于d的场强D．a、b间的电势差等于b、c间的电势差【考点】电场的叠加；电势；电势差与电场强度的关系．【分析】根据正电荷的受力情况，分析其运动情况．根据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小．由电势能的定义可知ac两点电势能的大小．由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势差；【解答】解：A、ac间的电场线不是直线，正电荷由a静止释放后会沿通过a点的电场线方向向上运动，不会运动到c点，故A错误．B、因a点的电势高于c点的电势，则负电荷在a点的电势能小于在c点的电势能，故B错误．C、在两等量异号电荷连线上，连线中点处电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，连线中点处电场强度最大，则知b点的场强小于连线中点处的场强，d点的场强大于连线中点处的场强，所以b点场强小于d点场强，故C正确．D、由对称性可知，a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差，故D正确；故选：CD13．三个α粒子在同一点沿同一方向垂直飞入偏转电场，出现了如图所示的运动轨迹，由此可判断（）A．在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B．b和c同时飞离电场C．进入电场时，c的速度最大，a的速度最小D．动能的增加值c最小，a和b一样大【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】三个α粒子都做类平抛运动，在垂直电场方向上做匀速直线运动，在沿电场方向上做初速度为0的匀加速直线运动．粒子的质量和电量相同，加速度相同．比较沿电场方向上的位移，可比较出运动时间，再根据垂直电场方向的位移可知初速度的大小．通过动能定理比较动能的变化量．【解答】解：A、三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同．a、b两粒子在竖直方向上的位移相等，根据y=，可知运动时间相等．故A正确．B、b、c竖直方向上的位移不等，y c＜y b．根据y=，可知t c＜t b．故B错误．C、在垂直于电场方向即水平方向，三个粒子做匀速直线运动，则有：v=．因x c=x b，t c＜t b，则v c＞v b．根据t a=t b，x b＞x a．则v b＞v a．所以有：v c＞v b＞v a．故C正确．D、根据动能定理知，a、b两电荷，电场力做功一样多，所以动能增加量相等．c电荷电场力做功最少，动能增加量最小．故D正确．故选：ACD．14．如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在ab的中点时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向a端移动，则（）A．电源的总功率减小 B．R3消耗的功率增大C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】理清电路，确定电压表测的是什么电压，电流表测定的是什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路电路的欧姆定律进行分析；根据分析电源总功率变化情况，由分析消耗的功率【解答】解：的滑动触点向a端移动时，增大，整个电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，外电压增大，即电压表示数U增大，电压减小，、并联电压增大，通过的电流增大，即示数增大，而总电流I减小，则通过的电流减小，即示数减小，故C正确；D错误；电源的总功率，总电流I减小，电源的总功率减小，故A正确；消耗的功率，总电流减小，R3消耗的功率减小，故B错误；故选：AC15．如图所示，带电体P、Q可视为点电荷，电荷量相同．倾角为θ、质量为M的斜面体放在粗糙水平面上，将质量为m的物体P放在粗糙的斜面体上，当物体Q放在与P等高（PQ 连线水平）且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）A．P对斜面的压力为0B．斜面体受到地面的摩擦力为0C．P、Q所带电荷量为D．斜面体对地面的压力为（M+m）g【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】以P为研究对象，根据平衡条件求Q对P的库仑力和斜面对P的支持力，再由库仑定律求电荷量．以斜面体和P整体为研究对象，由平衡条件求解地面对斜面体的支持力和摩擦力，即可得到斜面体对地面的压力和摩擦力．【解答】解：A、以P为研究对象，受到重力mg、斜面体的支持力N和库仑力F，如图，由平衡条件得：F=mgtanθN=根据库仑定律得：F=k联立解得：q=由牛顿第三定律得P对斜面的压力为：N′=N=，故A错误，C正确．B、以斜面体和P整体为研究对象，由平衡条件得知地面对斜面体的摩擦力为：f=F地面对斜面体的支持力为：N1=（M+m）g根据牛顿第三定律得斜面体受到地面的摩擦力为F，斜面体对地面的压力为为：N1′=N1=（M+m）g．故B错误，D正确．故选：CD二、实验题（本题包括2小题，共22分．请把答案写在答题卷上．）16．要测绘一个标有“3V、0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V．。
《解析》山东省德州市武城二中2015-2016学年高一上学期第三次月考物理试卷Word版含解析
2015-2016学年山东省德州市武城二中高一（上）第三次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在一次交通事故中，交通警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是30米，该车辆最大刹车加速度是15m/s2，该路段的限速60km/h．则该车是否超速（）A．超速B．不超速C．无法判断D．刚好是60km/h2．下列说法中正确的是（）A．加速度增大，速度一定增大B．速度为零，加速度也一定为零C．速度变化越快，加速度越大D．速度变化越大，加速度越大3．甲乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．乙追上甲时距出发点40 m远B．甲的平均速度始终大于乙的平均速度C．乙比甲始终运动得快D．2 s末乙追上甲4．倾角为θ、质量为M的斜面体静止在粗糙水平面上，质量为m的滑块静止在斜面体上，滑块与斜面体间动摩擦因数为μ，重力加速度为g；如图所示．下列结论正确的是（）A．滑块受到的摩擦力大小一定是μmgcosθB．滑块对斜面体的作用力为mgC．地面对斜面体有水平向右的摩擦力D．若只是增大滑块的质量，其它条件不变，释放滑块后，滑块可能沿斜面下滑5．如图所示为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（）A．整个运动过程中，CE段的加速度最大B．整个运动过程中，BC段的加速度最大C．整个运动过程中，质点在C点的状态所对应的位置离出发点最远D．OA段所表示的运动通过的路程是25m6．哈尔滨西客站D502次列车是世界首条高寒区高速铁路哈大高铁正式开通运营．哈大高铁运营里程921公里，设计时速350公里．D502次列车到达大连北站时做匀减速直线运动，开始刹车后第5s内的位移是57.5m，第10s内的位移是32.5m，则下列说法正确的有（）A．在研究列车从哈尔滨到大连所用时间时不能把列车看成质点B．时速350公里是指平均速度，921公里是指位移C．列车做匀减速运动时的加速度大小为6.25 m/s2D．列车在开始减速时的速度为80 m/s7．关于惯性，下述哪些说法是正确的（）A．惯性除了跟物体质量有关外，还跟物体速度有关B．物体只有在不受外力作用的情况下才能表现出惯性C．乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故D．战斗机投人入战斗时，必须丢掉副油箱，减小惯性以保证其运动的灵活性8．如图所示，在水平力F的作用下，A、B相对水平面保持静止，下列说法正确的是（）A．A、B间的摩擦力等于2F B．A、B间的摩擦力等于FC．B与水平面间摩擦力等于零D．B与水平面间摩擦力等于F9．如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回．若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中（）A．P做匀变速直线运动B．P的加速度大小不变，但方向改变一次C．P的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小D．有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大10．升降机地板上水平放置一完好的盘秤，现往盘秤上放一质量为m的物体，当秤的示数为0.8mg时，升降机可能做的运动是（）A．加速上升B．减速下降C．减速上升D．加速下降二、实验题（本大题有2小题，第11小题6分，第12小题9分，共15分．请把答案写在答题卡上．）11．某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，将一轻弹簧竖直悬挂让其自然下垂，测出其自然长度L0；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图所示．（本实验过程中未超出弹簧的弹性限度）．由图可知该弹簧的自然长度为m；该弹簧的劲度系数为N/m．（计算结果均保留两位有效数字）12．在研究匀变速直线运动的实验中，如图所示是一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.10s．（以下结果均保留三位有效数字）（1）根据平均速度计算C、D点的瞬时速度，则v C=m/s，v D m/s．（2）小车运动的加速度a=m/s2．三、计算题（本大题有3小题，第13小题14分，第14小题14分，第15小题17分，共45分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的盐酸步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．请把解答过程写在答题卡上．）13．如图所示，小滑块在较长的斜面顶端，以初速度v0=2m/s、加速度a=2m/s2向下滑，在到达底端前1s里，所滑过的距离为，其中L为斜面长，则（1）小球在斜面上滑行的时间为多少？（2）小球到达斜面底端时的速度v是多少？（3）斜面的长度L是多少？14．如图所示，某人用轻绳牵住一只质量m=0.6kg的氢气球，因受水平风力的作用，系氢气球的轻绳与水平方向成37°角．已知空气对气球的浮力为15N，人的质量M=50kg，且人受的浮力忽略．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）在答卷上画出气球的受力分析图，并求出水平风力的大小（2）通过计算说明，若水平风力增强，人对地面的压力如何变化？15．质量为m=20kg的物体，在大小恒定的水平外力F的作用下，沿水平面向右做直线运动.0～2s内F与运动方向相反，2～4s内F与运动方向相同，物体的速度﹣时间图象如图所示（g=10m/s2）．求：（1）F的大小；（2）物体与水平面间的动摩擦因数；（3）若t=4s时，撤去外力F，求物体静止时的位置．2015-2016学年山东省德州市武城二中高一（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在一次交通事故中，交通警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是30米，该车辆最大刹车加速度是15m/s2，该路段的限速60km/h．则该车是否超速（）A．超速B．不超速C．无法判断D．刚好是60km/h【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】汽车刹车时做匀减速运动，根据匀变速直线运动的位移﹣速度公式，求出汽车的初速度，然后判断该车是否超车．【解答】解：汽车刹车时做匀减速运动，根据，可得汽车的初速度为：60km/h=16.67m/s，所以30m/s＞60km/h，故该汽车超速，故BCD错误，A正确．故选A．2．下列说法中正确的是（）A．加速度增大，速度一定增大B．速度为零，加速度也一定为零C．速度变化越快，加速度越大D．速度变化越大，加速度越大【考点】加速度．【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．【解答】解：A、若加速度方向与速度方向相反，加速度增大，速度减小，故A 错误．B、速度为零，速度的变化率不一定为零，加速度不一定为零，比如自由落体运动的初始时刻，速度为零，加速度不为零，故B错误．C、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故C正确．D、速度变化量大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故D错误．故选：C．3．甲乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．乙追上甲时距出发点40 m远B．甲的平均速度始终大于乙的平均速度C．乙比甲始终运动得快D．2 s末乙追上甲【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】通过图象可以发现甲和乙的运动性质以及乙的加速度，根据v﹣t图象中图形所包围的面积求解位移去比较．【解答】解：A、4s末乙追上甲，距出发点40m远，故A正确；B、0﹣4s内，x甲=40m，x乙=40m，0﹣4s内，甲的平均速度等于乙的平均速度，故B错误；C、从v﹣t图象中可以看出0﹣2s内，v甲＞v乙，2﹣4s内，v甲＜v乙，故C错误；D、2s末甲乙的速度相等，位移不相等，故D错误．故选：A．4．倾角为θ、质量为M的斜面体静止在粗糙水平面上，质量为m的滑块静止在斜面体上，滑块与斜面体间动摩擦因数为μ，重力加速度为g；如图所示．下列结论正确的是（）A．滑块受到的摩擦力大小一定是μmgcosθB．滑块对斜面体的作用力为mgC．地面对斜面体有水平向右的摩擦力D．若只是增大滑块的质量，其它条件不变，释放滑块后，滑块可能沿斜面下滑【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】先对木块m受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解支持力和静摩擦力；然后对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡．【解答】解：A、先对木块m受力分析，受重力mg、支持力N和静摩擦力f，根据平衡条件，有；f=mgsinθ ①N=mgcosθ ②故A错误；B、斜面体对木块有支持力和静摩擦力两个力，斜面体对木块的作用力是支持力和摩擦力的合力，根据平衡条件可知，支持力和摩擦力的合力与重力mg大小相等，所以斜面体对木块的作用力大小为mg，故B正确．C、对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为N=（M+m）g，静摩擦力为零，故C错误；D、物体静止在斜面上，有：mgsinθ≤μmgcosθ；如果只是增大滑块的质量，依然有：mgsinθ≤μmgcosθ；故滑块依然保持平衡；故D错误；故选：B．5．如图所示为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（）A．整个运动过程中，CE段的加速度最大B．整个运动过程中，BC段的加速度最大C．整个运动过程中，质点在C点的状态所对应的位置离出发点最远D．OA段所表示的运动通过的路程是25m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】（1）v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大；（2）图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．（3）图象与坐标轴围成的面积表示位移，BC段与时间轴围成的梯形面积表示其运动的路程．【解答】解：A、整个过程中，CE段倾斜角最大，故其加速度数值最大，故A正确，B错误；C、从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点离出发点最远，故C错误；D、OA段与时间轴围成的三角形面积为S=．故D错误．故选：A6．哈尔滨西客站D502次列车是世界首条高寒区高速铁路哈大高铁正式开通运营．哈大高铁运营里程921公里，设计时速350公里．D502次列车到达大连北站时做匀减速直线运动，开始刹车后第5s内的位移是57.5m，第10s内的位移是32.5m，则下列说法正确的有（）A．在研究列车从哈尔滨到大连所用时间时不能把列车看成质点B．时速350公里是指平均速度，921公里是指位移C．列车做匀减速运动时的加速度大小为6.25 m/s2D．列车在开始减速时的速度为80 m/s【考点】加速度；质点的认识．【分析】能否把物体看做质点关键是看大小或形状是否影响所研究的问题，位移是指初位置到末位置的有向线段，根据相邻相等时间内位移之差等于常数即可求得加速度，根据运动学公式求的减速时的初速度．【解答】解：A、研究列车从哈尔滨到大连所用时间时，由于哈尔滨到大连距离远远大于列车的长度，故可以看做质点，故A错误；B、时速350公里是指平均速度，921公里是指运动轨迹的长度，是路程，故B 错误；C、根据△x=aT2可得a=，故C错误；D、第5s内的位移为，解得v0=80m/s，故D正确．故选：D7．关于惯性，下述哪些说法是正确的（）A．惯性除了跟物体质量有关外，还跟物体速度有关B．物体只有在不受外力作用的情况下才能表现出惯性C．乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故D．战斗机投人入战斗时，必须丢掉副油箱，减小惯性以保证其运动的灵活性【考点】惯性．【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．【解答】解：A、惯性大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．故A错误；B、惯性是物体的固有属性，任何物体在任何情况下都有惯性，故B错误；C、乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故，故C正确；D、战斗机投人战斗时，必须丢掉副油箱，减小质量，减小惯性以保证其运动的灵活性．故D正确；故选：CD．8．如图所示，在水平力F的作用下，A、B相对水平面保持静止，下列说法正确的是（）A．A、B间的摩擦力等于2F B．A、B间的摩擦力等于FC．B与水平面间摩擦力等于零D．B与水平面间摩擦力等于F【考点】滑动摩擦力．【分析】对物体A分析，根据平衡条件判断A受到的静摩擦力；对AB整体受力分析，根据平衡条件判断其与地面间的静摩擦力．【解答】解：A、B、对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和向左的静摩擦力，根据平衡条件，有：f=F；故A错误，B正确；C、D、对AB整体受力分析，竖直方向重力和支持力平衡，水平方向两个拉力也平衡，故不受地面的静摩擦力，故B与水平面间摩擦力等于零，故C正确，D错误；故选：BC．9．如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回．若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中（）A．P做匀变速直线运动B．P的加速度大小不变，但方向改变一次C．P的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小D．有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】木块水平方向只受到弹簧的弹力，根据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比．当木块向右压缩弹簧时，弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，做变减速运动．【解答】解：A、P水平方向只受到弹簧的弹力，方向与速度方向相反，而且弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，P做加速度增大的变减速直线运动．故A错误．B、由A的分析可知，加速度的大小逐渐增大，弹力一直与运动方向相反，所以加速度方向没有改变，故B错误；C、当P向右压缩弹簧时，弹簧压缩的长度逐渐增大，加速度逐渐增大，P 速度逐渐减小，当压缩到最右端时，加速度最大，速度为零，最小．故C正确；D、P的加速度方向一直与速度方向相反，一直做减速运动，所以速度一直减小．故D错误．故选：C．10．升降机地板上水平放置一完好的盘秤，现往盘秤上放一质量为m的物体，当秤的示数为0.8mg时，升降机可能做的运动是（）A．加速上升B．减速下降C．减速上升D．加速下降【考点】牛顿运动定律的应用﹣超重和失重．【分析】根据物体的受力情况判断物体加速度方向，然后判断升降机的运动状态．【解答】解：托盘秤的读数为0.8mg，物体受到的支持力竖直向上为0.8mg，则物体受到的合力为mg﹣0.8mg=0.2mg，方向：竖直向下，则物体的加速度竖直向下，则升降机可能竖直向下做匀加速运动，或竖直向上做匀减速运动，故CD正确，AB错误；故选：CD二、实验题（本大题有2小题，第11小题6分，第12小题9分，共15分．请把答案写在答题卡上．）11．某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，将一轻弹簧竖直悬挂让其自然下垂，测出其自然长度L0；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图所示．（本实验过程中未超出弹簧的弹性限度）．由图可知该弹簧的自然长度为0.10m；该弹簧的劲度系数为50N/m．（计算结果均保留两位有效数字）【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】该题考察了应用弹力与弹簧长度关系的图象分析问题，由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长可知弹簧的原长．再由胡克定律可求出弹簧的劲度系数．【解答】解：当外力F大小为零时，弹簧的长度即为原长，由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长，可知弹簧的原长为：L0=10cm=0.10m；当拉力为10.0N时，弹簧的形变量为：x=30﹣10=20cm=0.2m图线的斜率是其劲度系数，由胡克定律F=kx得：k==N/m=50N/m，故答案为：0.10，50．12．在研究匀变速直线运动的实验中，如图所示是一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.10s．（以下结果均保留三位有效数字）（1）根据平均速度计算C、D点的瞬时速度，则v C= 2.64m/s，v D 3.90m/s．（2）小车运动的加速度a=12.6m/s2．【考点】测定匀变速直线运动的加速度；探究小车速度随时间变化的规律．【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．【解答】解：（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，利用匀变速直线运动的推论得：v C===2.64m/sv D===3.90m/s（2）根据运动学公式得：△x=at2，a===12.6m/s2故答案为；（1）2.64，3.90；（2）12.6．三、计算题（本大题有3小题，第13小题14分，第14小题14分，第15小题17分，共45分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的盐酸步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．请把解答过程写在答题卡上．）13．如图所示，小滑块在较长的斜面顶端，以初速度v0=2m/s、加速度a=2m/s2向下滑，在到达底端前1s里，所滑过的距离为，其中L为斜面长，则（1）小球在斜面上滑行的时间为多少？（2）小球到达斜面底端时的速度v是多少？（3）斜面的长度L是多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】设出到达底端的速度和小球滑行时所用的时间，结合匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式进行求解．【解答】解：设小球滑行时所用的时间为t，到达底端的速度为v．最后1s内的位移=．v1=v0+atv=v0+a（t+1）联立解得t=2s，v=8m/s，L=15m．则小球在斜面上滑行的时间t′=2+1s=3s．答：（1）小球在斜面上滑行的时间为3s．（2）小球到达斜面底端时的速度v是8m/s．（3）斜面的长度L是15m．14．如图所示，某人用轻绳牵住一只质量m=0.6kg的氢气球，因受水平风力的作用，系氢气球的轻绳与水平方向成37°角．已知空气对气球的浮力为15N，人的质量M=50kg，且人受的浮力忽略．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）在答卷上画出气球的受力分析图，并求出水平风力的大小（2）通过计算说明，若水平风力增强，人对地面的压力如何变化？【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】（1）对气球受力分析应用平衡条件可求水平风力的大小；（2）当风力变大时我们可以通过选整体为研究对象来判断人对地面压力的变化．【解答】解：（1）对氢气球进行受力分析如图，设氢气球受绳子拉力为T，水平风力为F，风由平衡条件列式：Tsin37°；竖直方向：F浮=mg+水平方向：F风=Tcos37°；T=15N．解得：F风=12N，，若风力增强，人对（2）把人与气球视为整体，受力分析可得：N=mg+Mg﹣F浮地面的压力不变．答：（1）气球的受力分析图，如图所示，水平风力的大小为12N；（2）若水平风力增强，人对地面的压力不变．15．质量为m=20kg的物体，在大小恒定的水平外力F的作用下，沿水平面向右做直线运动.0～2s内F与运动方向相反，2～4s内F与运动方向相同，物体的速度﹣时间图象如图所示（g=10m/s2）．求：（1）F的大小；（2）物体与水平面间的动摩擦因数；（3）若t=4s时，撤去外力F，求物体静止时的位置．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】（1）（2）先分析物体的运动过程，共分两个阶段：匀减速直线运动和反向的匀加速直线运动．速度时间图象的斜率表示加速度；分阶段对物体进行受力分析，利用牛顿第二定律计算出物体与水平面间的动摩擦因数（3）根据v﹣t图象判断出0﹣4s内的位移，撤去外力后，物体做减速运动，根据牛顿第二定律求得加速度大小，利用运动学公式求得继续滑行的位移名即可求得物体的位置【解答】解：（1）（2）设两过程的加速度大小分别为a1、a2．0～2 s内，由牛顿第二定律可得：F+μmg=ma12 s～4 s内，由牛顿第二定律可得：F﹣μmg=ma2由图可知：a1=5 m/s2，a2=1 m/s2联立上述各式，解得：μ=0.2，F=60 N（3）由图象的0﹣2s物体的位移为：，方向向右0﹣2s物体的位移为：，方向向左t=4s时物体的速度为：v=2m/s，方向向左t=4s后物体的加速度为：，方向向右t=4s后物体运动的位移为：，方向向左物体的位置为：x=x1﹣x2﹣x3=10﹣2﹣1m=7m，即物体在初位置右方7m处答：（1）F的大小为60N；（2）物体与水平面间的动摩擦因数为0.2；（3）若t=4s时，撤去外力F，物体静止时的位置为在初位置右方7m处2017年4月7日。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2016-2017学年山东省德州市武城二中高一（上）第一次月考物理试卷
一、选择题（本题共10小题：每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，1-7题只有一个选项正确，8-10题有多个选项符合题目要求．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分．） 1．在研究下述运动时，能把物体看作质点的是（ ） A．研究跳水运动员在空中的跳水动作时 B．研究飞往火星的宇宙飞船最佳运行轨道时 C．一枚硬币用力上抛并猜测它落地面时正面朝上还是朝下时 D．研究一列火车通过长江大桥所需的时间时 2．关于位移和路程，下列说法中正确的是（ ） A．沿直线运动的物体，位移和路程是相等的 B．质点沿不同的路径由A到B，其路程可能不同，而位移是相同的 C．质点通过一段路程，其位移不可能是零 D．质点运动的位移大小可能大于路程 3．如图所示为某质点做直线运动的v﹣t图象，由图可知这个质点的运动情况是（ ）
A．前5s内是静止 B．5～15s内做匀加速运动，加速度为1m/s2 C．15～20s内做匀减速运动，加速度为﹣3.2m/s2 D．质点15s末离出发点最远，20秒末回到出发点 4．如图所示是某质点做直线运动的x﹣t图象，由图象可知（ ） A．质点一直处于运动状态 B．质点第3s内位移是2m C．此图象表示了质点运动的轨迹 D．该质点前4s内位移是2m 5．伽利略在研究自由落体运动时，设计了如图所示的斜面实验．下列哪些方法是他在这个
实验中采用过的（ ）
A．用秒表计时 B．用打点计时器打出纸带进行数据分析 C．改变斜面倾角，比较各种倾角得到的x与t的平方成正比，然后将斜面实验的结果合理“外
推”，说明自由落体运动是特殊的匀变速直线运动 D．改变斜面倾角，比较各种倾角得到的v与t成正比，然后将斜面实验的结果合理“外推”，
说明自由落体运动是特殊的匀变速直线运动 6．下列关于物体运动的说法，正确的是（ ） A．物体速度不为零，其加速度也一定不为零 B．物体具有加速度时，它的速度可能不会改变 C．物体加速度方向改变时，速度方向可以保持不变 D．物体的加速度变大时，速度也一定随之变大 7．一质点始终向着一个方向做直线运动，在前t时间内平均速度为，后t时间内平均
速度为2v，则物体在t时间内平均速度大小是（ ） A． B． C．v D． 8．为了求出楼房高度，让一石子从楼顶自由下落，空气阻力不计，测出下列哪个物理量的
值能计算出楼房的高度（当地重力加速度g已知）（ ） A．石子开始下落1s内的位移 B．石子落地时的速度 C．石子最后1s内的位移 D．石子通过最后1m的时间 9．甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度﹣时间图象分别如图中的a和b所示．在
t1时刻（ ）
A．它们的运动方向相同 B．它们的运动方向相反 C．甲的速度比乙的速度大 D．乙的速度比甲的速度大 10．一物体自距地面高H处自由下落，经时间t落地，此时速度为v，则（ ） A．时物体距地面高度为 B．时物体距地面高度为 C．物体下落时速度为 D．物体下落时速度为
二、实验题（共2小题，每空2分，共12分） 11．电磁打点计时器是一种使用 （直流或交流）电源的计时仪器，它的工作电压是 V，
当电源的频率是50Hz时，它每隔 s打一次点． 12．在研究匀变速直线运动的实验中，图甲所示是一次记录小车运动情况的纸带，图中A、
B、C、D、E为相邻的计数点，A端左侧连接小车，相邻计数点间的时间间隔T=0.10s
则打C点的速度为vC= m/s，打D点的速度为vD= m/s，加速度为a= m/s2（结果保留3位有效数字）．
三、计算题（共3小题，共38分） 13．猎豹是目前世界上在陆地奔跑速度最快的动物，时速可达110多公里，但不能维持长时
间高速奔跑，否则会因身体过热而危及生命．猎豹在一次追击猎物时，经4s速度由静止达 到最大，然后匀速运动保持了4s仍没追上猎物，为保护自己它放弃了这次行动，以3m/s2的加速度减速，经10s停下，设此次追捕猎豹始终沿直线运动．求： （1）猎豹奔跑的最大速度． （2）猎豹加速时的平均加速度． 14．汽车以10m/s的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后经2s速度变为6m/s，求： （1）刹车后2s内前进的距离以及刹车过程中的加速度； （2）刹车后8s内前进的距离． （3）刹车后前进9m所用的时间． 15．汽车先以a1=0.5m/s2的加速度由静止开始做匀加速直线运动，在20s末改做匀速直线运
动，当匀速运动持续10s后，因遇到障碍汽车马上紧急刹车，不考虑人的反应时间．已知汽车刹车的加速度大小为a2=2m/s2，求： （1）汽车匀速运动时的速度大小； （2）汽车刹车后6s内所通过的位移大小； （3）在坐标图上画出该汽车运动全过程的速度﹣时间图象． 2016-2017学年山东省德州市武城二中高一（上）第一次月考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共10小题：每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，1-7题只有一个选项正确，8-10题有多个选项符合题目要求．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分．） 1．在研究下述运动时，能把物体看作质点的是（ ） A．研究跳水运动员在空中的跳水动作时 B．研究飞往火星的宇宙飞船最佳运行轨道时 C．一枚硬币用力上抛并猜测它落地面时正面朝上还是朝下时 D．研究一列火车通过长江大桥所需的时间时 【考点】质点的认识． 【分析】质点是在物体的形状和大小对所研究的问题可以忽略不计时的理想化物理模型，能不能看做质点是由问题的性质决定的，可据此对应做出判断 【解答】解：A、研究跳水运动员的跳水姿势时，不能看作质点，否则无法研究，故A错误； B、研究飞往火星的宇宙飞船最佳运行轨道时，飞船的大小和形状无法忽略；可以看作质点；
故B正确； C、一枚硬币用力上抛并猜测它落地面时正面朝上还是朝下时一定要考虑大小和形状，故不
能看作质点；故C错误； D、研究火车通过长江大桥的时间时，火车的长度不能忽略，不能看作质点；故D错误； 故选：B．
2．关于位移和路程，下列说法中正确的是（ ） A．沿直线运动的物体，位移和路程是相等的 B．质点沿不同的路径由A到B，其路程可能不同，而位移是相同的 C．质点通过一段路程，其位移不可能是零 D．质点运动的位移大小可能大于路程 【考点】位移与路程． 【分析】位移的大小等于初末位置的距离，方向由初位置指向末位置．路程是运动轨迹的长度． 【解答】解：A、沿单向直线运动的物体位移大小和路程才是相等．故A错误． B、路程不相等，但位移可能相同，比如从A地到B地，有不同的运行轨迹，但位移
相同．故B正确． C、物体通过一段路程，位移可能为零．比如圆周运动一圈．故C错误． D、质点运动的位移的大小不可能大于路程，最大等于路程，故D错误； 故选：B．
3．如图所示为某质点做直线运动的v﹣t图象，由图可知这个质点的运动情况是（ ）
A．前5s内是静止 B．5～15s内做匀加速运动，加速度为1m/s2 C．15～20s内做匀减速运动，加速度为﹣3.2m/s2 D．质点15s末离出发点最远，20秒末回到出发点 【考点】匀变速直线运动的图像． 【分析】速度﹣时间图象表示物体的速度随时间变化的关系，图象的斜率表示物体的加速度，由图象可知物体的运动情景；由图象与时间轴围成的面积可得出物体位移的变化． 【解答】解：A、前5s内的图线为水平直线，表示质点的速度不变，故做匀速直线运动，故A错误； B、5s～15s内做匀加速运动，加速度为 a===0.8m/s2；故B错误． C、15﹣20s做匀减速直线运动，加速度为 a===﹣3.2m/s2；故C正确； D、20s内物体一直沿正方向运动，故物体的位移一直在增大，20s末位移最大，没有回到出
发点，故D错误； 故选：C
4．如图所示是某质点做直线运动的x﹣t图象，由图象可知（ ） A．质点一直处于运动状态 B．质点第3s内位移是2m C．此图象表示了质点运动的轨迹 D．该质点前4s内位移是2m 【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系． 【分析】位移图象表示物体的位移随时间的变化情况，其斜率等于速度，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动． 【解答】解：A、由图象知，2﹣4s内图线的斜率为0，即物体速度为零，处于静止，故质点并不是一直处于运动状态，故A错误； B、由图象质点3s末的纵坐标为2m，即表示位移为2m，2s末对应的位移也是2m，则2s末到3s末即第3s内的位移是0，故B错误； C、位移时间图象只能表示做直线运动物体的位移变化情况，即质点的运动轨迹是直线，而
此图象为折线，故位移﹣时间图象不表示轨迹，故C错误； D、由图象知4s末的纵坐标为2m，即表示位移为2m，故D正确； 故选：D．
5．伽利略在研究自由落体运动时，设计了如图所示的斜面实验．下列哪些方法是他在这个
实验中采用过的（ ）
A．用秒表计时 B．用打点计时器打出纸带进行数据分析 C．改变斜面倾角，比较各种倾角得到的x与t的平方成正比，然后将斜面实验的结果合理“外
推”，说明自由落体运动是特殊的匀变速直线运动