高中物理基础小卷综合1-纯答案用卷

基础小卷综合1

答案和解析

【答案】

1. C

2. D

3. D

4. D

5. D

6. C

7. AD

【解析】

1. 解：当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力等于摩擦力，即：

F=μmg；

当拉力倾斜时，物体受力分析如图，有：

f=μF N

F N=mg-F sinθ

可知摩擦力为：f=μ（mg-F sinθ）

f

代入数据为：

mg=μ（mg）

联立可得：μ=

故选：C。

拉力水平时，二力平衡；拉力倾斜时，物体匀速运动，依然是平衡状态，根据共点力的平衡条件解题。

本题考查了共点力的平衡，解决本题的关键是把拉力进行分解，然后列平衡方程。

2. 解：点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越小，场强越大，粒子受到的电场力越大，带电粒子的加速度越大，所以a b＞a c＞a a，

根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在运动的过程中，一直受静电斥力作用，离电荷最近的位置，电场力对粒子做的负功越多，粒子的速度越小，所以v a＞v c＞v b，所以D正确，ABC错误；

故选：D。

根据带电粒子的运动轨迹弯曲方向，即可判断库仑力是引力还是斥力；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，速度增大，电场力做负功，速度减小，根据这些知识进行分析即可．

本题中，点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题．属于基础题目．

3. 解：A、能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差。当从n=2跃迁到n=1的能级，释放的能量是10.2eV，从n=3跃迁到n=2的能级时辐射的能量是1.89eV，根据

E m-E n=hv=n=3跃迁到n=2的能级时，辐射光的波长为656nm，所以从n=2

的能级蹦迁到n=1的能级时，辐射光的波长小于656nm，故A错误；

B、从n=4跃迁到n=2的能级，释放的能量是2.55eV，而逸出功为2.25eV的钾，因2.55eV ＞2.25eV，依据光电效应发生条件，可知，从n=4跃迁到n=2的能级辐射的光子一定能使该金属产生光电效应；故B错误；

C，所以一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时最多能辐射6种不同波

长的光，而一个处于n=4能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3种谱线，故C错误；

D、处于n=4能级上的氢原子能级为-0.85eV，当吸收的能量大于等于0.85eV的能量，就会被电离，故D正确；

故选：D。

大量处于n=4激发态的氢原子向低能级跃迁，可以辐射出6种不同频率的光子，跃迁释放能量满足△E=E m-E n．既不能多于能级差，也不能少于此值，若是电离，即可大于或

等于即可；同时根据

解决本题的关键掌握光电效应现象发生的条件，以及知道能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，注意是电离，不是跃迁。

4. 解：设电动势为E，内阻为R内，满偏电流为I g，

欧姆表调零时，I g

测一阻值为R的电阻时

g

测一未知电阻时

g

解这三式得：

R′=16R

故选：D。

欧姆表调零即待测电阻为零，根据指针偏转位置和闭合回路欧姆定律求解．

考查欧姆表的改装原理，结合闭合回路欧姆定律进而求所测电阻．

5. 解：A、小球到达B点时速度为零，向心力为零，则沿细线方向合力为零，而小球有沿圆弧的切向分力，故在B点小球的合力不为零，不是平衡状态．故A错误；

B、根据动能定理得：mgl sinθ-qEl（1-cosθ）=0，解得，Eq，故B错误；

C、类比单摆，小球将在AB之间往复运动，能量守恒，振幅不变．故C错误．

D、小球从A到B，沿电场线方向运动的有效距离：d=l-l，所以电场力做功：

W=-qEd，故D正确．

故选D．

小球从A点静止释放，运动到B点速度为0，对小球进行受力分析：小球到达B点时速度为零，向心力为零，沿细线方向合力为零，确定其合力，判断是否平衡，根据动能定理列式，求电场力的大小．根据电场力做功公式W=qEd，d是沿电场线方向有效距离，求电场力做功．运用单摆进行类比，分析振幅．

此题要求同学们能正确进行受力，并能联想到已学过的物理模型，根据相关公式解题．6. 【分析】

本题主要考查平抛运动以及机械能守恒定律。本题关键是将平抛运动沿着水平和竖直方向正交分解，根据位移时间关系公式和速度时间关系列式，同时对沿斜面加速过程运用机械能守恒定律列式后联立求解。小球下滑过程中受重力和支持力，其中支持力不做功，只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求出到达B点的速度，到达B

点后小球做平抛运动，根据平抛运动的基本公式，即可求解。

【解答】

小球下滑过程中机械能守恒，则有：

mgh

到达B点后小球做平抛运动，

则有：H

解得：t

x=v B t

根据几何关系有：

故选C。

7. 解：A、在轨道I上运动，从P点开始变轨，可知嫦娥三号做近心运动，在P点应该制动减速以减小向心力，通过做近心运动减小轨道半径，故A正确；

B、轨道Ⅱ的半长轴小于轨道I的半径，根据开普勒第三定律可知沿轨道Ⅱ运行的周期小于轨道I上的周期，故B错误；

C、在轨道Ⅱ上运动时，卫星只受万有引力作用，在P点时的万有引力比Q点的小，故P点的加速度小于在Q点的加速度，故C错误；

D、根据开普勒第二定律可知，知在轨道Ⅱ上由P点运行到Q点的过程中，万有引力对嫦娥三号做正功，嫦娥三号的速度逐渐增大，动能增加，重力势能减小，机械能不变，故D正确．

故选：AD

由开普勒第三定律确定周期大小关系，根据卫星变轨原理确定卫星是加速还是减速变轨．由牛顿第二定律和万有引力定律分析加速度关系．由开普勒第二定律分析速度关系．此题要求同学们掌握航天器变轨原理，知道圆周运动时万有引力完全提供向心力，近心运动时万有引力大于所需向心力．