辽宁省辽河油田第二高级中学2017-2018学年高一下学期期中考试物理---精校 Word解析版

- 1 - 辽宁省辽河油田第二高级中学2017-2018学年高一下学期期中考试 物理试卷

一、选择题 1. 某人向放在水平地面上正前方的小桶中水平抛球，结果球划着一条弧线飞到小桶的前方，如图所示.不计空气阻力，为了能把小球抛进小桶中，则下次再水平抛球时，可能做出的调整为( )

A. 增大初速度，提高抛出点高度 B. 增大初速度，抛出点高度不变 C. 初速度大小不变，降低抛出点高度 D. 初速度大小不变，提高抛出点高度 【答案】C 【解析】试题分析：设小球平抛运动的初速度为v0，抛出点离桶的高度为h，水平位移为x，则 由 h＝gt2得．水平位移；小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，要使球落在桶中，必须减小水平位移，由上式知，可采用的方法是：减小初速度，抛出点高度不变，或初速度大小不变，降低抛出点高度，故BD错误，AC正确．故选AC． 考点：平抛运动 【名师点睛】本题运用平抛运动的知识分析处理生活中的问题，比较简单，关键运用运动的分解方法得到水平位移的表达式． 2. 质量为1t的汽车在平直的公路上运动，v-t图象如图1所示.不可求（ ）

A. 前25 s内汽车的平均速度 B. 前10 s内汽车所受的阻力 C. 前10 s内汽车的加速度 D. 15 s～25 s内合外力对汽车所做的功 【答案】B - 2 -

【解析】A项：平均速度等于物体经过的位移的大小与所用时间的比值，25s内经过的位移的大小为0-25s所围成图形的面积，根据图形很容易求得，由可以求得平均速度的大小，所以A正确； B项：整个过程中不知道汽车的牵引力的大小，只有加速度的大小是不能求出所受阻力的大小的，所以B错误； C项：直线的斜率表示物体的加速度的大小，由图形可知，斜率的大小为，故C正确； D项：15s末和25s末物体的速度的大小是知道的，根据动能定理可以求合外力对汽车所做的功，所以D正确。 故应选B。 3. 北斗卫星导航系统是我国自行研制开发的区域性三维卫星定位与通信系统(CNSS)，建立后的北斗卫星导航系统包括5颗同步卫星和30颗一般轨道卫星.关于这些卫星，以下说法正确的是( ) A. 5颗同步卫星的轨道距地高度不同 B. 5颗同步卫星的运行轨道不一定在同一平面内 C. 导航系统所有卫星的运行速度一定大于第一宇宙速度 D. 导航系统所有卫星中，运行轨道半径越大的，周期一定越大 【答案】D 【解析】A、B项：因为同步卫星要和地球自转同步，所以运行轨道就在赤道所在平面内，根据，因为ω一定，所以 r 必须固定，即一定位于空间同一轨道上且距地高度相同，故A、B错误； C项：第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，所以它们运行的线速度一定小于7.9km/s，故C错误；

D项：由公式得：，所以运行轨道半径越大的，周期一定越大，故D正确。 点晴：地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度。 4. 假设地球可视为质量均匀分布的球体.已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g，地球自转的周期为T，引力常量为G.地球的密度为( )

A. B. C. D. 【答案】A - 3 -

【解析】在两极，引力等于重力，则有： 由此可得地球质量 在赤道处，引力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律，则有：

而密度公式 故应选A。 点晴：根据万有引力等于重力，则可列出物体在两极的表达式，再由引力与支持力的合力提供向心力，列式综合可求得地球的质量，最后由密度公式，即可求解。 5. 质量不等，但有相同动能的两个物体，在动摩擦因数相同的水平地面上滑行，直至停止，则( ) A. 质量小的物体滑行的距离小 B. 质量大的物体滑行的距离小 C. 它们滑行的距离一样大 D. 质量大的克服摩擦力所做的功多 【答案】B

..................... D项：由动能定理得：-W=0-EK，则W=EK，由于物体初动能相同，它们克服摩擦力所做的功一样大，故D错误。 6. 质量m＝100 kg的小船静止在平静水面上，船两端载着m甲＝60 kg、m乙＝40 kg的游泳者，在同一水平线上甲向左、乙向右同时以相对于岸3 m/s的速度跃入水中，如图所示，则小船的运动速率和方向为 ( )

A. 0.6 m/s，向左 B. 3 m/s，向左 C. 0.6 m/s，向右 D. 3 m/s，向右 【答案】C - 4 -

【解析】以向右为正方向，由系统动量守恒得：m乙v乙+m甲v甲+mv=0 则： 负号表示船将向右运动，速度大小为0.6 m/s。 故应选C。 7. 如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上．若以地面为参考平面，且不计空气阻力，则下列选项正确的是( )

A. 物体落到海平面时的势能为mgh B. 物体在最高点处的机械能为 C. 物体在海平面上的机械能为+mgh D. 物体在海平面上的动能为 【答案】B 【解析】A项：以地面为零势能面，海平面低于地面h，所以物体在海平面上时的重力势能为-mgh，故A错误； B、C项：整个过程机械能守恒，即初末状态的机械能相等，以地面为零势能面，抛出时的机械能为，所以物体在海平面时的机械能也为，故B正确，C错误； D项：由动能定理w=Ek2-Ek1，有，故D错误。 点晴：此题应用了动能定理解决重力势能的变化与重力做功的关系，动能定理揭示了外力对物体所做总功与物体动能变化之间的关系，它描述了力在空间的积累效果，力做正功，物体的动能增加，力做负功，动能减少．动能定理解决的问题不受运动形式和受力情况的限制．还有就是重力势能的变化与零势能面的选取无关。 8. 质量为m的物体，以v0的初速度沿斜面上滑，到达最高点后又返回原处时的速度为v1，且v1＝0.5v0，则( ) A. 上滑过程中重力的冲量比下滑时大 B. 上滑和下滑的过程中支持力的冲量都等于零 - 5 -

C. 在整个过程中合力的冲量大小为 D. 整个过程中物体动量的变化量为 【答案】C 【解析】A项：因为物体返回原处的速度小于初速度，可知物体与斜面间有摩擦，根据牛顿第二定律知，上滑的加速度大小大于下滑的加速度，根据得，上滑的时间小于下滑的时间，所以上滑过程中重力的冲量比下滑时小，故A错误； B项：冲量等于力与时间的乘积，可知上滑和下滑过程中支持力的冲量不为零，故B错误； C、D项：根据动量定理知，合力的冲量等于动量的变化量，规定向下为正方向，，可知合力冲量的大小为，故C正确，D错误。 点晴：根据牛顿第二定律比较上滑和下滑的加速度大小，结合位移时间公式比较运动的时间，从而比较出重力的冲量大小．根据动量定理，结合动量的变化量得出合力的冲量。 9. （多选）下列说法正确的是( ) A. 做曲线运动的物体的速度一定变化 B. 速度变化的运动一定是曲线运动 C. 同一物体的动量越大，其速度一定越大 D. 物体所受合力不为零，其机械能一定不守恒 【答案】AC 【解析】A项：做曲线运动的物体的速度方向一定改变，所以速度一定变化，故A正确； B项：速度变化的运动不一定是曲线运动，如匀加速直线运动，速度方向不变，大小变化，故B错误； C项：由公式可知，同一物体动量越大，速度一定越大，故C正确； D项：物体所受合外力不为零，其机械能不一定守恒，如平抛运动合外力不为零，但只有重力做功，其机械能守恒，故D错误。 10. （多选）如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点.将小球拉至A点，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，当小球运动到O点正下方与A点的竖直高度差为h的B点时，速度大小为v.已知重力加速度为g，下列说法正确的是( ) - 6 -

A. 小球运动到B点时的动能等于mv2 B. 小球由A点到B点机械能减少mgh C. 小球到达B点时弹簧的弹性势能为mgh D. 小球由A点到B点克服弹力做功为mgh－mv2 【答案】AD 【解析】A项：小球在B点的速度为v，所以动能为，故A正确； B项：以B点所在的位移为参考平面，小球在A点的机械能为mgh，在B点的机械能为，所以机械能的减小为：，故B错误； C项：由小球和弹簧组的系统机械能守恒可知，小球从A到B过程中，小球减小的机械能等于弹簧增加的弹性势能即为，由功能关系可知，小球由A点到B点克服弹力做功为等于增加的弹性势能，故C错误，D正确。 11. （多选）据报道，美国计划从2021年开始每年送15 000名旅客上太空旅行。如图所示，当旅客围绕地球沿椭圆轨道运行时， A、B为运动的近日点和远日点，则 ( )

A. 在A点的角速度大于B点的角速度 B. 在A点的加速度小于B点的加速度 C. 由A运动到B过程中动能减小，势能增加 D. 由A运动到B过程中引力做正功，机械能增大 【答案】AC 【解析】A项：根据开普勒第二定律可得到，在近地点A的线速度大于远地点B的线速度，根据可知，因为，，所以，故A正确； B项：根据牛顿第二定律有，解得：，因为，所以，故B错误； C、D项：由A运动到B过程中，引力做负功即合外力做负功，所以动能减小，势能增大，机械能守恒，故C正确，D错误。 点晴：根据开普勒第二定律判断近地点与远地点的速度结合v=ωr比较角速度大小，根据牛顿第二定律比较加速度大小。