【名校解析】云南省云天化中学2018-2019学年高二上学期期中考试物理试卷(精校Word版)
云南省云天化中学2017-2018学年高二上学期第二次月考
云天化中学2017—2018学年度阶段测试（二）高二年级物理试卷第I卷（选择题，共48分）一、选择题：本大题共12小题,每小题4分.(1—8题只有一个正确选项；9—12题有多个正确选项，选对但不全得2分，有选错的不给分。
请把正确选项前的字母填涂在答题卡上。
）1.关于电源的电动势和内阻，下列说法正确的是A. 电源内部非静电力做功越多，电动势越大B. 电源电动势越大，储存的电能越多C. 电源电动势大小与内阻无关D. 电源的电动势就是电源两端的电压2.以下说法正确的是A.导体中的电流是正电荷的定向移动形成的B. 电荷定向移动的速率等于电流的传导速率C. 导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越大D. 单位时间内通过导体横截面的电荷量越大，电流越大3.铜的原子量为m，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为A.IneSρB.IneSC.mIneSρD.I neSm ρ4.2015年4月，中国南车设计制造的全球首创超级电容储能式现代电车在宁波下线，不久将成为二三线城市的主要公交用车．这种超级电车的核心是我国自主研发、全球首创的“超级电容器”．如图所示，这种电容器安全性高，可反复充放电100万次以上，使用寿命长达十二年，且容量超大(达到9 500 F)，能够在10 s内完成充电．下列说法正确的是A. 充电时电源的正极应接“超级电容器”的负极B. 该“超级电容器”的电容随电压的增大而增大C. 该“超级电容器”放电过程中把化学能转化为电能D. 该“超级电容器”能储存电荷5.如图所示，有三个质量相等、分别带正电、负电和不带电的油滴从两水平放置的金属板左侧中央以相同的水平初速度v0先后射入电场中，最后分别打在正极板的C、B、A处，则A. 三种油滴在电场中运动时间相同B. 三种油滴在电场中的加速度为a A>a B>a CC. 三种油滴到达正极板时动能E kC>E kB>E kAD. 落在C处的油滴带正电，落在B处的油滴不带电，落在A处的油滴带负电6.质子(11H)、α粒子(42He)、钠离子(Na+)三个粒子分别从静止状态经过电压为U的同一电场加速后，获得动能最大的是A. 质子(11H) B. α粒子(42He)C. 钠离子(Na＋)D. 都相同7.把6个相同电灯接成如图(甲)、(乙)所示两电路，调节变阻器，两组电灯均能正常发光．设(甲)、(乙)两电路消耗的电功率分别为P1、P2，则( )A．P1＜3P2B．P1＝3P2C．P1＞3P2D．3P1＝P28.如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是( )A．R1 ：R2＝1：3B．R1 ：R2＝3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1 ：I2＝3：1D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1 ：I2＝1：39.如图所示的电路中，输出电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V12W”字样，电动机线圈的电阻0.50MR=Ω．若灯泡恰能正常发光，下列说法中正确的是（）A.电动机的热功率2.0WB.电动机的输入功率12WC. 电动机的输出功率12WD. 整个电路消耗的电功率22W10.示波器可以用来观察电信号随时间变化的情况，其核心部件是示波管，其原理图如下，XX'为水平偏转电极，YY'为竖直偏转电极。
云南楚雄州南华县民中2018—2019学年高二(上)期中物理试题含答案解析
云南楚雄州南华县民中【最新】高二（上）期中物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示，电荷q均匀分布在半球面上，球面的半径为R，CD为通过半球顶点C与球心O的轴线．P、Q为CD轴上关于O点对称的两点．如果带电量为Q的均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零，电势都相等．则下列判断正确的是( )A．P点的电势与Q点的电势相等B．带正电的微粒在O点的电势能为零C．在P点静止释放带正电的微粒(重力不计)，微粒将做匀加速直线运动D．P点的电场强度与Q点的电场强度相等2．如图所示，两个点电荷，电荷量分别为q1＝4×10－9C和q2＝－9×10－9C，两者置于光滑绝缘水平面上相距20cm的a、b两点．现引入第三个点电荷q放在a、b所在直线上，且三者只在静电力作用下均静止不动，该点电荷所处的位置是( )A．距a点左侧40cm处B．距a点右侧8cm处C．距b点右侧20cm处D．无法确定3．如图是一个点电荷电场中的等势面的一部分，下列说法中正确的是( )A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的场强可能等于B点的场强C．A点的电势一定高于B点的电势D．A点的电势一定低于B点的电势4．如图所示为一个简单的报警器电路图，下列说法正确的是（）A．S l，S2都合上时报警器发声；B．S l断开，S2合上时报警器发声；C．S l，S2都断开时报警器发声；D．S l闭合，S2断开时报警器发声．5．一根粗细均匀的导线，两端加上电压U时，通过导线中的电流强度为I；若导线均，再给它两端加上电压U，则通过导线的电流为（）匀拉长，使其半径变为原来的12A．I/16 B．I/8 C．I/4 D．I/26．如图所示,在E=500 V/m的匀强电场中,a、b两点相距d=2 cm,它们的连线跟场强方向的夹角是60°,则U ab等于（）A．5 V B．10 V C．-5 V D．-10 V7．质量为m的带电小球射入匀强电场后，以方向竖直向上、大小为2g的加速度向下运动，在小球下落h的过程中( )A．小球的重力势能减少了2mghB．小球的动能减少了2mghC．电场力做负功2mghD．小球的电势能增加了2mgh8．如图所示，电场中有a、b、c三点，一个电荷量为q=+2×10-8C的检验电荷在b点受到的静电力是F=6×10-6N，方向由b指向c，关于b点的电场强度，下列说法正确的是（）A．b点的场强大小是300N/C、方向由b指向aB．b点的场强大小是300N/C，方向由b指向cC．若在b点改放一个q= -1×10-8C的电荷，则该点的场强变为600 N/C，方向由b指向aD．若在b点改放一个q= -1×10-8C的电荷，则该点的场强变为600 N/ C，方向仍由b 指向c9．关于电源电动势下列说法中正确的是A．电源的电动势实质上就是电源两极间的电压B．电源的电动势在数值上等于两极间的电压C．电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别D．电动势越大，电源两极间的电压一定越高10．如图所示，一块光滑铁板水平放置，在铁板上方高为h处依次有带电量为＋Q和带电量为－Q的两个点电荷，一个带电量为＋q的绝缘小球从铁板的左端以初速度v0向右运动，并一直沿着铁板表面到达铁板的右端，则在小球通过铁板的过程中( )A．先减速，后加速B．先加速，后减速C．先减速，后加速，再减速D．一直匀速11．真空中两个点电荷Q1、Q2，它们间的作用力为F，下列做法可以使它们间的作用力变为1.5F的是A．使Q1变为原来的2倍，Q2变为原来的3倍，同时使它们间距离变为原来的2倍B．使Q1变为原来的4倍，Q2变为原来的1.5倍，同时使它们间距离变为原来的3倍C．使每一个电荷电量都变为原来的1.5倍，间距也变为1.5倍D．保持它们的电量不变，使它们间的距离变为原来的1.5倍12．如图所示，在平行板电容器正中有一个带电微粒.S闭合时，该微粒恰好能保持静止.在以下两种情况下：①保持S闭合，②充电后将S断开.下列说法能实现使该带电微粒向上运动打到上极板的是( )A．①情况下，可以通过上移极板M实现B．①情况下，可以通过上移极板N实现C．②情况下，可以通过上移极板M实现D．②情况下，可以通过上移极板N实现13．如图所示，虚线a、b、c代表电场中一簇等势线，相邻等势线之间的电势差相等，实线为一带正电的粒子(重力不计)仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，粒子先后通过这条轨迹上的P、Q两点，对同一粒子，据此可知( )A．三个等势线中，a的电势最高B．粒子通过P点时的动能比通过Q点时大C．粒子通过P点时的电场力比通过Q点时大D．粒子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大二、多选题14．“测量金属的电阻率”实验中，关于误差的下列说法中正确的是( )A．电流表采用外接法，将会使ρ测<ρ真B．电流表采用外接法，由于电压表的并联引起了电阻丝分压的减小而引起测量误差C．由ρ=24d UπIl可知，I、d、U、l中每一个物理量的测量都会引起ρ的测量误差D．由ρ=24d UπIl可知对实验结果准确性影响最大的是直径d的测量15．下列关于电势高低的判断，正确的是( )A．负电荷从P点移到M点，电势能增加，P点电势一定较低B．负电荷从P点移到M点，电势能增加，M点电势一定较低C．正电荷从P点移到M点，电势能增加，P点电势一定较低D．正电荷从P点移到M点，电势能增加，M点电势一定较低16．如图，A、B为两等量异号点电荷，A带正电，B带负电，在A、B连线上有a、b、c 三点，其中b为连线的中点，ab=bc，则( )A．a点与c点的电场强度不相同B．a点与c点的电势相同C．a、b间电势差与b、c间电势差相等D．点电荷q沿A、B连线的中垂线移动，电场力不做功三、实验题17．（1）要用伏安法测量R x的电阻，已知电压表内阻约几kΩ，电流表内阻约1Ω，若采用甲图的电路，R x的测量值比真实值____（选择偏大或偏小），若R x约为10Ω，则采用______（选甲图或乙图）的电路误差较小（2）无论是用甲图或乙图测量，都不可避免地会产生由电表内阻引起的测量误差，有个研究性学习小组设计了以下的实验方案：I．按如图丙所示的电路进行测量，则由电压表、电流表内阻造成的误差可以基本消除，具体的实验步骤如下：①闭合开关S1，开关S2接2，调节可变电阻R P和R W，使电压表和电流表的示数都较大，并读出此时电压表和电流表的示数U1和I1；②保持R P的阻值不变，____________（A）请你在②的横线上用简要的语言（含物理量）写出未完成的主要操作步骤．（B）写出待测电阻R x的表达式：R x=________．18．在练习使用多用表的实验中（1）某同学连接的电路如图所示．①若旋转选择开关，使其尖端对准直流电流档，此时测得的是通过____________的电流；②若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆档，此时测得的是____________的阻值；③若旋转选择开关，使其尖端对准直流电压档，闭合电键，并将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时测得的是____________两端的电压．（2）在使用多用表的欧姆档测量电阻时，若（）A．双手捏住两表笔金属杆，测量值将偏大B．测量时发现指针偏离中央刻度过大，则必需减小倍率，重新调零后再进行测量C．选择“×10”倍率测量时发现指针位于20与30正中间，则测量值小于25ΩD．欧姆表内的电池使用时间太长，虽能完成调零，但测量值将略偏大四、解答题19．如图所示，在真空中的O点放一个点电荷Q＝＋1.0×10－9C，直线MN通过O点，OM的距离r＝30 cm，M点放一个点电荷q＝－1.0×10－10C，求：(1)q在M点受到的电场力；(2)M点的场强；(3)拿走q后M点的场强；(4)M、N两点的场强哪点大？20．如图所示电路中，电阻R1=8Ω，电动机绕组电阻R0=2Ω，当开关S断开时，电阻R1消耗的电功率是2.88W；当开关S闭合时电阻R1消耗的电功率是2W．若电源的电动势为6V，求：(1)电源的内阻；(2)开关S闭合时，电动机输出的机械功率．21．环保汽车在2008年奥运会场馆服务．某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车，总质量m＝3×103kg.当它在水平路面上以v＝36 km/h的速率匀速行驶时，驱动电机的输入电流I＝50 A，电压U＝300 V．在此行驶状态下：(1)求驱动电机的输入功率P电；(2)若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，求汽车所受阻力与车重的比值(g取10 m/s2)．22．电荷量q=1×10-4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示.重力加速度g=10 m/s2.求：（1）物块与水平面间的动摩擦因数；（2）物块在4 s内减少的电势能.参考答案1．D【解析】【详解】A 、由电场的叠加原理可知半球面右边的电场线是水平向右的，沿电场线方向电势逐渐降低，所以P 点的电势高于Q 点的电势，故A 错误；B 、本题没有选取零势点，所以带正电的微粒在O 点的电势能不一定为零，故B 错误；C 、电场线方向水平向右，所以在P 点释放静止带正电的微粒(重力不计)，微粒将作加速运动，距离远后电场力减小，所以是变加速运动，故C 错误；D 、均匀带电半球相当于一个均匀带正电的球和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边，然后看PQ 两点，可以看到，PQ 两点在在上述涉及到的正电半球和负电半球中的相同的位置上，而由题目给出的条件，正电球在P 、Q 两点产生的电场为零，所以，正电半球在Q 点产生的电场强度相当于负电半球在Q 点产生的电场强度，而与P 点的环境比较，唯一的区别是电荷符号相反，从而电场大小相同，只有可能有方向的区别，而分析可知，方向是相同的，故电场强度相等，故D 正确；故选D 。
云南省云天化中学2017-2018学年高二下学期期中物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年云南省云天化中学高二（下）期中物理试卷一、选择题（共8小题，每题6分，其中1-4为单项选择，5-8为多项选择，少选得3分，多选、错选得0分）1．如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1＞I2；a、b、c、d 为导线某一横截面所在平面内的四点，且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d 的连线与导线所在平面垂直．磁感应强度可能为零的点是（）A．a点B．b点C．c点D．d点2．如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的左上方固定一直导线，导线与磁场垂直，若给导线通以垂直于纸面向里的电流，则（）A．磁铁对桌面压力增大B．磁场对桌面压力减小C．桌面对磁铁没有摩擦力 D．桌面对磁铁摩擦力向右3．分子甲和乙相距较远时，它们之间的分子力可忽略．现让分子甲固定不动，将分子乙由较远处逐渐向甲靠近直到不能再靠近，在这一过程中（）A．分子力总是对乙做正功B．分子乙总是克服分子力做功C．先是分子力对乙做正功，然后是分子乙克服分子力做功D．分子力先对乙做正功，再对乙做负功，最后又对乙做正功4．如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置，小磁场先后在两管中从相同的高度处由静止释放，并落至底部．则小磁块（）A．在P和Q中都做自由落体运动B．在两个下落过程中的机械能都守恒C．在P中的下落时间比在Q中的短D．落至底部时在P中的速度比在Q中的小5．如图所示，有一混合正离子束先后通过正交电场、磁场区域Ⅰ和匀强磁场区域Ⅱ，如果这束正离子束在区域Ⅰ中不偏转，进入区域Ⅱ后偏转半径又相同，则说明这些正离子具有相同的（）A．速度 B．质量 C．电荷量D．比荷6．如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合开关S，下列说法正确的是（）A．P向下滑动时，灯L亮度不变B．P向上滑动时，变压器的输出功率变小C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向下滑动时，变压器的输出电压不变7．如图所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图中曲线a、b所示，则（）A．两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合B．曲线a、b对应的线圈转速之比为3：2C．曲线a表示的交变电动势频率为25 HzD．曲线b表示的交变电动势有效值为10 V8．如图所示，有两根和水平方向成α角的光滑平行的金属轨道，上端接有可变电阻R，下端足够长，空间有垂直于轨道平面的匀强磁场，磁感强度为B，一根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下．经过足够长的时间，金属杆的速度趋近于一个最大速度v m，则（）A．如果B增大，v m将变大B．如果α变大，v m将变大C．如果R变大，v m将变大D．如果m变小，v m将变大二、非选择题：第9-第12题都为必做题，考生根据要求作答9．在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，用注射器将一滴油酸酒精溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃板放在坐标纸上，其形状如图所示，坐标纸上正方形小方格的边长为10mm，该油酸膜的面积是cm2；若一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是4×10﹣6 mL，则油酸分子的直径是m．（上述结果均保留1位有效数字）10．如图1为“用DIS研究通电螺线管的磁感应强度”实验装置的示意图，E1和E2是两个电动势不同的电源，且E2＞E1．将螺线管接入电源后放置在水平桌面上，调节磁传感器的高度，使磁传感器的探管正好在螺线管的轴线上．正确进行实验操作后，启动“绘图”功能在显示屏上作出B﹣d图线（如图2）．（1）（多选题）某同学第一次实验作出图线1，第二次实验作出图线2，第二次实验得到的图线与第一次图线不同的原因可能是A．滑动变阻器的滑动片位置不变，电键S由位置a改接到位置b后测量B．滑动变阻器的滑动片位置不变，电键S由位置b改接到位置a后测量C．电键S接在b位置，滑动变阻器的滑动片向右移动一段后测量D．电键S接在b位置，滑动变阻器的滑动片向左移动一段后测量（2）若螺线管的匝数为200匝，横截面积为1.50×10﹣4m2，由图线1可求出穿过螺线管中部的磁通量大约为Wb．11．横截面积S=0.2m2、n=100匝的圆形线圈A处在如图所示的磁场内，磁感应强度变化率为0.02T/s．开始时S未闭合，R1=3Ω，R2=6Ω，C=30 μF，线圈内阻1Ω，求：（1）闭合S后，求回路中的感应电动势的大小；（2）闭合S后，通过R2的电流的大小和方向；（3）闭合S后一段时间又断开，问S断开后通过R2的电荷量是多少？12．图中左边有一对平行金属板，两板相距为d，电压为V；两板之间有匀强磁场，磁感应强度大小为B0，方向平行于板面并垂直于纸面朝里．图中右边有一边长为a的正三角形区域EFG （EF边与金属板垂直），在此区域内及其边界上也有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面朝里．假设一系列电荷量为q的正离子沿平行于金属板面、垂直于磁场的方向射入金属板之间，沿同一方向射出金属板之间的区域，并经EF边中点H射入磁场区域．不计重力．（1）已知这些离子中的离子甲到达磁场边界EG后，从边界EF穿出磁场，求离子甲的质量．（2）已知这些离子中的离子乙从EG边上的I点（图中未画出）穿出磁场，且GI长为．求离子乙的质量．（3）若这些离子中的最轻离子的质量等于离子甲质量的一半，而离子乙的质量是最大的，问磁场边界上什么区域内可能有离子到达．2017-2018学年云南省云天化中学高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每题6分，其中1-4为单项选择，5-8为多项选择，少选得3分，多选、错选得0分）1．如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1＞I2；a、b、c、d 为导线某一横截面所在平面内的四点，且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d 的连线与导线所在平面垂直．磁感应强度可能为零的点是（）A．a点B．b点C．c点D．d点【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】由安培定则可判出两导线在各点磁感线的方向，再由矢量的合成方法可得出磁感应强度为零的点的位置．【解答】解：两电流在该点的合磁感应强度为0，说明两电流在该点的磁感应强度满足等大反向关系．根据右手螺旋定则在两电流的同侧磁感应强度方向相反，则为a或c，又I1＞I2，所以该点距I1远距I2近，所以是c点；故选C．2．如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的左上方固定一直导线，导线与磁场垂直，若给导线通以垂直于纸面向里的电流，则（）A．磁铁对桌面压力增大B．磁场对桌面压力减小C．桌面对磁铁没有摩擦力 D．桌面对磁铁摩擦力向右【考点】左手定则；作用力和反作用力．【分析】先判断电流所在位置的磁场方向，然后根据左手定则判断安培力方向；再根据牛顿第三定律得到磁体受力方向，最后对磁体受力分析，根据平衡条件判断．【解答】解：根据条形磁体磁感线分布情况得到直线电流所在位置磁场方向，如图，在根据左手定则判断安培力方向，如左图；根据牛顿第三定律，电流对磁体的作用力向右下方，如右图根据平衡条件，可知通电后支持力变大，静摩擦力变大，向左．故选A．3．分子甲和乙相距较远时，它们之间的分子力可忽略．现让分子甲固定不动，将分子乙由较远处逐渐向甲靠近直到不能再靠近，在这一过程中（）A．分子力总是对乙做正功B．分子乙总是克服分子力做功C．先是分子力对乙做正功，然后是分子乙克服分子力做功D．分子力先对乙做正功，再对乙做负功，最后又对乙做正功【考点】分子间的相互作用力．【分析】开始时由于两分子之间的距离大于r0，因此分子力为引力，当相互靠近时分子力做正功，当分子间距小于r0，分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功．【解答】解：分子乙由较远处逐渐向甲靠近直到不能再靠近的过程中，分子力先为引力后为斥力，故分子力对乙先做正功后做负功，或者说分子力对乙先做正功后克服分子力做功；由于分子力做功等于分子势能的减小量，故分子势能先减小后增加；故ABD错误，C正确；故选C．4．如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置，小磁场先后在两管中从相同的高度处由静止释放，并落至底部．则小磁块（）A．在P和Q中都做自由落体运动B．在两个下落过程中的机械能都守恒C．在P中的下落时间比在Q中的短D．落至底部时在P中的速度比在Q中的小【考点】机械能守恒定律；自由落体运动．【分析】当小磁块在光滑的铜管P下落时，由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，因磁场，从而产生安培阻力，对于塑料管没有任何阻碍，从而即可求解．【解答】解：A、当小磁块在光滑的铜管P下落时，由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，P将受到安培阻力作用，而对于塑料管内小磁块没有任何阻力，在做自由落体运动，故A错误；B、由A选项分析可知，在铜管P的小磁块机械能不守恒，而在塑料管的小磁块机械能守恒，故B错误；C、在铜管中小磁块受到安培阻力，则在P中的下落时间比在Q中的长，故C正确；D、根据动能定理可知，因安培阻力，导致产生热能，则至底部时在P中的速度比在Q中的小，故D正确．故选：D．5．如图所示，有一混合正离子束先后通过正交电场、磁场区域Ⅰ和匀强磁场区域Ⅱ，如果这束正离子束在区域Ⅰ中不偏转，进入区域Ⅱ后偏转半径又相同，则说明这些正离子具有相同的（）A．速度 B．质量 C．电荷量D．比荷【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】由题意中的离子在区域Ⅰ中直线运动，可知离子受力平衡，由牛顿运动定律可判断出粒子具有相同的速度；进入区域Ⅱ后，各离子的运动半径相同，由离子在匀强磁场中的运动半径结合速度相等可推导出离子具有相同的比荷．【解答】解：在正交的电磁场区域中，正离子不偏转，说明离子受力平衡，在此区域Ⅰ中，离子受电场力和洛伦兹力，由qvB=qE，得v=，可知这些正离子具有相同的速度；进入只有匀强磁场的区域Ⅱ时，偏转半径相同，由R=和v=，可知，R=；故这些正离子具有相同的比荷与相同的速度；故选：AD．6．如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合开关S，下列说法正确的是（）A．P向下滑动时，灯L亮度不变B．P向上滑动时，变压器的输出功率变小C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向下滑动时，变压器的输出电压不变【考点】变压器的构造和原理；闭合电路的欧姆定律．【分析】与闭合电路中的动态分析类似，可以根据滑动变阻器R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况【解答】解：A、P向下滑动时，由变压器的电压特点可知，U2是不变的，灯L亮度也不变，故A正确；BC、P向上滑动时，滑动变阻器的阻值减小，由P=可知，变压器的输出功率P2变大，又理想变压器的输入功率等于输出功率，则输入功率P1也变大，由P1=U1I1及U1不变可知，变压器的输入电流变大，BC项错误，D、P向下滑动时，原线圈的电压不变，匝数比不变，变压器的输出电压不变，D项正确．故选：AD7．如图所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图中曲线a、b所示，则（）A．两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合B．曲线a、b对应的线圈转速之比为3：2C．曲线a表示的交变电动势频率为25 HzD．曲线b表示的交变电动势有效值为10 V【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】根据图象可分别求出两个交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．【解答】解：A、在t=0时刻，感应电动势为零，此时线圈一定处在中性面上；故A正确；B、由图可知，a的周期为4×10﹣2s；b的周期为6×10﹣2s，则由n=可知，转速与周期成反比，故转速之比为：3：2；故B正确；C、曲线a的交变电流的频率f==25Hz；故C正确；D、曲线a、b对应的线圈转速之比为3：2，曲线a表示的交变电动势最大值是15V，根据E m=nBSω得曲线b表示的交变电动势最大值是10V，则有效值为U=；故D错误；故选：ABC．8．如图所示，有两根和水平方向成α角的光滑平行的金属轨道，上端接有可变电阻R，下端足够长，空间有垂直于轨道平面的匀强磁场，磁感强度为B，一根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下．经过足够长的时间，金属杆的速度趋近于一个最大速度v m，则（）A．如果B增大，v m将变大B．如果α变大，v m将变大C．如果R变大，v m将变大D．如果m变小，v m将变大【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】金属杆受重力、支持力、安培力做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度减小到零，速度最大．根据合力为零，求出金属杆的最大的速度．根据最大的速度的表达式进行求解．【解答】解：金属杆受重力、支持力、安培力，开始时重力沿斜面的分力大于安培力，所以金属杆做加速运动．随着速度的增加，安培力在增大，所以金属杆加速度逐渐减小，当加速度减小到零，速度最大．当加速度为零时，速度最大．有mgsinα=BIL，I=v m=A、如果B增大，v m将变小，故A错误．B、如果α变大，v m将变大，故B正确．C、如果R变大，v m将变大，故C正确．D、如果m变小，v m将变小，故D错误．故选：BC．二、非选择题：第9-第12题都为必做题，考生根据要求作答9．在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，用注射器将一滴油酸酒精溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃板放在坐标纸上，其形状如图所示，坐标纸上正方形小方格的边长为10mm，该油酸膜的面积是80cm2；若一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是4×10﹣6 mL，则油酸分子的直径是m．（上述结果均保留1位有效数字）【考点】用油膜法估测分子的大小．【分析】在油膜所围成的方格中，先数出坐标纸上方格的个数，不足半个舍去，多于半个的算一个，即可统计出油酸薄膜的面积；根据求出分子直径．【解答】解：①在围成的方格中，不足半个舍去，多于半个的算一个，共有80个方格，故油酸膜的面积为根据故答案为：80，10．如图1为“用DIS研究通电螺线管的磁感应强度”实验装置的示意图，E1和E2是两个电动势不同的电源，且E2＞E1．将螺线管接入电源后放置在水平桌面上，调节磁传感器的高度，使磁传感器的探管正好在螺线管的轴线上．正确进行实验操作后，启动“绘图”功能在显示屏上作出B﹣d图线（如图2）．（1）（多选题）某同学第一次实验作出图线1，第二次实验作出图线2，第二次实验得到的图线与第一次图线不同的原因可能是BDA．滑动变阻器的滑动片位置不变，电键S由位置a改接到位置b后测量B．滑动变阻器的滑动片位置不变，电键S由位置b改接到位置a后测量C．电键S接在b位置，滑动变阻器的滑动片向右移动一段后测量D．电键S接在b位置，滑动变阻器的滑动片向左移动一段后测量（2）若螺线管的匝数为200匝，横截面积为1.50×10﹣4m2，由图线1可求出穿过螺线管中部的磁通量大约为 2.1×10﹣7Wb．【考点】磁感应强度．【分析】（1）电流越大，电流产生的磁场越强，根据图象判断两次实验磁感应强度大小，判断出电路电流大小，然后分析各选项答题．（2）由图象找出磁感应强度大小，由磁通量公式求出磁通量．【解答】解：（1）由图象可知，在同一位置，图线1的磁感应强度大，通过螺旋管的电流大，图线2所对应的电流小；已知电源电动势E2＞E1；A、滑动变阻器的滑动片位置不变，电键S由位置a改接到位置b后通过螺旋线管的电流变大，磁感应强度变大，不符合题意，故A错误；B、滑动变阻器的滑动片位置不变，电键S由位置b改接到位置a后通过螺线管的电流变小，磁感应强度变小，符合题意，故B正确；C、电键S接在b位置，滑动变阻器的滑动片向右移动一段后滑动变阻器接入电路的阻值变小，通过螺线管的电流变大，磁通量变大，不符合题意，故C错误；D、电键S接在b位置，滑动变阻器的滑动片向左移动一段后，滑动变阻器接入电路的阻值变大，通过螺线管的电流变小，磁通量变小，符合题意，故D正确；故选：BD．（2）由图示图线1可知，在螺线管中部的磁感应强度B=1.4mT=1.4×10﹣3T，穿过螺旋管中部的磁通量φ=BS=1.4×10﹣3×1.50×10﹣4=2.1×10﹣7Wb；故答案为：（1）BD；（2）2.1×10﹣7．11．横截面积S=0.2m2、n=100匝的圆形线圈A处在如图所示的磁场内，磁感应强度变化率为0.02T/s．开始时S未闭合，R1=3Ω，R2=6Ω，C=30 μF，线圈内阻1Ω，求：（1）闭合S后，求回路中的感应电动势的大小；（2）闭合S后，通过R2的电流的大小和方向；（3）闭合S后一段时间又断开，问S断开后通过R2的电荷量是多少？【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）根据法拉第电磁感应定律求出回路中感应电动势的大小；（2）由闭合电路欧姆定律求回路电流，根据楞次定律求通过的电流方向；（3）先求出S闭合后两端的电压及电容器所带的电量，S断开后通过的电荷量即S闭合时电容器所带的电荷量【解答】解：（1）磁感应强度变化率的大小为=0.02 T/s，B逐渐减弱所以E=n=100×0.02×0.2 V=0.4 V（2）回路电流I=A=0.04 A，方向从上向下流过R2（3）R2两端的电压为U2=×0.4 V=0.24 V所以Q=CU2=30×10﹣6×0.04 C=7.2×10﹣6 C答：（1）闭合S后，回路中的感应电动势的大小为0.4V；（2）闭合S后，通过R2的电流的大小0.04A和方向从上向下流过；（3）闭合S后一段时间又断开，S断开后通过R2的电荷量是12．图中左边有一对平行金属板，两板相距为d，电压为V；两板之间有匀强磁场，磁感应强度大小为B0，方向平行于板面并垂直于纸面朝里．图中右边有一边长为a的正三角形区域EFG （EF边与金属板垂直），在此区域内及其边界上也有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面朝里．假设一系列电荷量为q的正离子沿平行于金属板面、垂直于磁场的方向射入金属板之间，沿同一方向射出金属板之间的区域，并经EF边中点H射入磁场区域．不计重力．（1）已知这些离子中的离子甲到达磁场边界EG后，从边界EF穿出磁场，求离子甲的质量．（2）已知这些离子中的离子乙从EG边上的I点（图中未画出）穿出磁场，且GI长为．求离子乙的质量．（3）若这些离子中的最轻离子的质量等于离子甲质量的一半，而离子乙的质量是最大的，问磁场边界上什么区域内可能有离子到达．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律．【分析】（1）粒子做匀速直线运动，粒子处于受力平衡状态，所以电场力和磁场力大小相等，进入磁场后粒子做匀速圆周运动；（2）由于I点将EG边按1比3等分，根据三角形的性质说明此轨迹的弦与EG垂直，由此可以分析求得离子乙的质量；（3）根据半径公式离子的轨迹半径与离子质量成正比，所以质量在甲和最轻离子之间的所有离子都垂直边界EF穿出磁场，甲最远离H的距离．【解答】解：（1）粒子进入正交的电磁场做匀速直线运动，设粒子的速度为v，电场的场强为E0，根据平衡条件得E0q=B0qv①②由①②化简得③粒子甲垂直边界EF进入磁场，又垂直边界EF穿出磁场，则轨迹圆心在EF上．粒子运动中经过EG，说明圆轨迹与EG相切，在如图的三角形中半径为R=acos30°tan15°④⑤连立④⑤化简得⑥在磁场中粒子所需向心力由洛仑兹力提供，根据牛顿第二定律得⑦连立③⑦化简得⑧（2）由于I点将EG边按1比3等分，根据三角形的性质说明此轨迹的弦与EG垂直，在如图的三角形中，有⑨同理⑩（3）最轻离子的质量是甲的一半，根据半径公式离子的轨迹半径与离子质量成正比，所以质量在甲和最轻离子之间的所有离子都垂直边界EF穿出磁场，甲最远离H的距离为，最轻离子最近离H的距离为，所以在离H的距离为到之间的E F边界上有离子穿出磁场．比甲质量大的离子都从EG穿出磁场，其中甲运动中经过EG上的点最近，质量最大的乙穿出磁场的1位置是最远点，所以在EG上穿出磁场的离子都在这两点之间．2018年11月2日。
2020-2021学年云南省昭通市云天化中学高二上学期期中考试物理试卷(解析版)
云天化中学2020~2021学年秋季学期半期测试题高二物理满分100分，考试用时90分钟。
第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1 ~ 8题只有一项符合题目要求；第9~12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 如图，两个等量异种点电荷电场，AB为中垂线，且A、B两点关于两电荷的连线对称，则（）A. A、B两点场强不相等B. 正电荷从A运动到B，电势能减小C. 负电荷从A运动到B，电势能增加D. A、B两点电势差为零『答案』D『解析』A．一对等量异号电荷的电场强度关于两者的连线对称，故A、B两点的电场强度相同，故A错误；BC．一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，它们的电势相等，即电势差为零，电荷从等势面上的A点移动到另一点B，不论正电荷，还是负电荷，电场力做的功一定为零，因此电势能也不变，故BC错误；D．一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，故A、B两点的电势相等，电势差为零，故D正确。
故选D。
2. 如图所示，用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中，三个带电小球质量相等，A球带负电，平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零，则（）A. B球和C球都带负电荷B. B球带正电荷，C球带负电荷C. B球带负电荷，C球带正电荷D. B球和C球都带正电荷『答案』D『解析』A．如果B球和C球都带负电荷，则A、B、C三球相互排斥，此时细绳上有了拉力，不符合题意，A错误；B．如果B带正电荷，C带负电荷，则B球受到A和C的库仑力的合力方向是向右斜上方，B球受力不再平衡，不符合题意，B错误；C．如果B球带负电荷，C球带正电荷，A球对B排斥，C球对B球吸引，A、C球对B球的库仑力的合力斜向下，若B球能平衡，AB球间细绳上有拉力，不符合题意，C错误；D．如果B球和C球都带正电荷，B球受重力及A 、C对B球的库仑力而处于平衡状态；如下图所示，则A、C球对B球的库仑力的合力应与重力大小相等，方向相反；同理，C球受力也处于平衡状态，符合题意，而库仑力的方向只能沿两电荷的连线方向，故可知A 对B的库仑力应指向A，C对B的库仑力应指向B的左侧；因此A球带负电，则B、C 球都应带正电，故D正确。
2018-2019学年云南省大理市下关第一中学高二上学期期中考试物理试题(答案+解析)
下关一中2018~2019学年高二年级上学期期中考物理试题试卷满分100分考试时间90分钟一、单选题（本大题共10小题，共40.0分）1.如图所示，a、b是带有同种电荷的小球，用绝缘细线挂于同一点，两球静止时离水平地面的高度相等，不计空气阻力，两球带电荷量不变。
若同时将两细线剪断，则下列说法中正确的是A. a球先落地B. 两球落地时动能相等C. 落地时a球飞行的水平距离比b球小D. 在飞行过程中，a球受到的电场力比b球受到的电场力小2.真空中两个点电荷相距r时，静电力为F；如果将它们其中一个的电荷量减半，同时将距离增大为2r时，则静电力将变为（）A. B. F C. 2F D.3.AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O。
将电量分别为+q和-q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示，此时圆心O处电场强度为E。
要使圆心处的电场强度大小为E，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q（）A. 应放在A点，B. 应放在B点，C. 应放在C点，D. 应放在D点，4.学习物理要正确理解物理规律和公式的内涵．你认为下列理解正确的是（）A. 根据库仑定律公式可知，两个电荷的距离趋于零时，库仑力为无穷大B. 根据电荷守恒定律可知，一个与外界没有电荷交换的系统，电荷的代数和不变C. 由匀强电场电势差与电场强度的关系可知，匀强电场中任意两点间的电势差与这两点间的距离成正比D. 根据电容器的电容的定义式可知，电容器的电容与它所带电荷量成正比5.位于某电场中的x轴上的电势φ随位置x变化的图象如图所示，x=x1和x=-x1处，图象切线的斜率绝对值相等且最大，则在x轴上（）A. 和两处，电场强度相同B. 和两处，电场强度最小C. 处电场强度大小为零D. 正电荷从运动到过程中，电势能逐渐减小6.有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电量为e，此时电子的定向移动速度为v，在△t时间内，通过导线的横截面积的自由电子数目可表示为（）A. B. C. D.7.硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点．如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I的关系图象（电池内阻不是常数），围线b是某电阻R 的U-I图象．在该光照强度下将它们组成闭合回路时，硅光电池的内阻为（）A. B. C. D.8.如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同。
云南省云天化中学2018-2019学年高二上学期期中考试化学---精校解析Word版
2018～2019学年度上学期半期测试高二年级化学试卷第Ⅰ卷(选择题，共50分)一、选择题：（本题共25小题，每小题2分，共50分）。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1.以下化学用语正确的是A. 乙烯的结构简式CH2CH2B. 羟基的电子式C. 乙醛的分子式C2H4OD. 乙醇的结构式CH3CH2OH【答案】C【解析】【详解】A. 乙烯分子中含有碳碳双键，结构简式为CH2＝CH2，A错误；B. 羟基不带电，电子式为，B错误；C. 乙醛的分子式为C2H4O，C正确；D. 乙醇的结构简式为CH3CH2OH，结构式为，D错误。
答案选C。
2.下列各组物质中，互为同系物的是A. CH3CH2CH2CH3和CH（CH3）3B.C. 和D. CH2=CH—CH=CH2和CH2=CHCH3【答案】B【解析】【分析】结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；互为同系物的物质具有以下特点：结构相似、分子式通式相同、分子式不同、物理性质不同；注意同系物中的“结构相似”是指物质种类相同，若含有官能团，官能团的种类与数目相同。
【详解】A．CH3CH2CH2CH3和CH(CH3)3都是烷烃，分子式相同，结构不同，互为同分异构体，选项A错误；B．通式相同，都是苯的同系物，选项B正确；C．羟基与苯环相连的是酚，与苯环侧链相连的是醇，二者不是同类物质，结构不相似，不属于同系物，选项C错误；D．CH2=CH—CH=CH2和CH2=CHCH3，分别是二烯烃和烯烃，含有的碳碳双键数目不同，通式不同，不是同系物，选项D错误。
答案选B。
【点睛】本题考查有机物的结构与同系物辨析，难度不大，注意同系物中的“结构相似”是指物质种类相同，若含有官能团，官能团的种类与数目相同。
3.下列反应中，不属于．．．取代反应的是A. +HNO3+H2OB. CH2=CH2+Br2BrCH2CH2BrC. CH4+Cl2CH3Cl+HClD. CH3CH2CH2Br+NaOH CH3CH2CH2OH+NaBr【答案】B【解析】【分析】有机物中的原子或原子团被其他的原子或原子团所代替生成新的化合物的反应叫取代反应，有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应是加成反应；根据定义分析解答。
2018-2019学年云南省云天化中学高二上学期期中考试数学试题 Word版
正视图侧视图俯视图435云天化中学2018—2019学年度上学期半期测试高二年级数学试卷命题人：雷清泉 审题人：罗征琼第Ⅰ卷（选择题）一、选择题:（每小题5分,共60分.每小题只有一个．．．．选项符合题意.） 1.已知直线:10l x -=,则直线的倾斜角为（ ）.A0 .B30 .C 45.D902.在正方体1111D C B A ABCD -中,M N 、分别为棱BC 和棱1CC 的中点,则异面直线AC和MN 所成的角为（ ）.A30 .B60 .C90 .D 453.()()()3663a a a -+-≤≤的最大值为（ ）.A 9 .B 92 .C 3 .D 3224.设某几何体的三视图如上图所示,则该几何体的体积为（ ）.A 96π .B 52π .C 32π .D 24π5.把38化为二进制数为 ( ).A ()2110100 .B ()2101010 .C ()2110010 .D ()2100110 6.过点(1,2)M 的直线l 将圆()2229x y -+=分成两段弧,当其中的劣弧最短时,直线的方程是 ( ).A 1x = .B 1y = .C 230x y -+=.D 10x y -+=7.某程序框图如右图所示,该程序运行后输出的k 的值是( ).A 4 .B 5 .C 6 .D 78.若圆C 的半径为1,圆心在第一象限,且与直线430x y -=和x 轴都相切,则该圆的标准方程是( ).A ()()22311x y -+-= .B ()()22231x y -+-= .C ()()22211x y -+-= .D ()()22321x y -+-= 9.将函数sin2y x =的图像向左平移4π个单位后,再向上平移1个单位长度,所得图像对应的函数解析式是（ ）.A cos2y x = .B 22c o s y x = .C 1sin 24y x π⎛⎫=++ ⎪⎝⎭.D 22sin y x =10.已知O 是坐标原点,点(1,1)A -,若点(,)M x y 为平面区域220240330x y x y x y +-≥⎧⎪-+≥⎨⎪--≤⎩上的一个动点,则AM 的最小值是（ ）.A 355.B 2 .C 5.D 1311.直线3y kx =+与圆()()22234x y -+-=相交于M N 、两点,若23MN ≥,则k 的取值范围是（ ）.A 3,04⎡⎤-⎢⎥⎣⎦ .B [)3,0,4⎡⎤-∞-⋃+∞⎢⎥⎣⎦ .C 33,33⎡⎤-⎢⎥⎣⎦.D 2,03⎡⎤-⎢⎥⎣⎦12.如图,正方体1111ABCD ABC D -的棱长为1,线段11B D 上有两个动点E F 、,且12EF =．则下列结论中正确的个数．．．．．为（ ） ①AC BE ⊥; ②//EF 平面ABCD ;③三棱锥A BEF -的体积为定值; ④AEF ∆的面积与BEF ∆的面积相等..A 1 .B 2 .C 3 .D 4第II 卷（非选择题）二、填空题：（每小题5分,共20分.）13.已知,x y 满足约束条件,1,1,y x x y y ≤⎧⎪+≤⎨⎪≥-⎩则2z x y =+的最小值为________.14.已知向量,a b 满足0,1,2a b a b ⋅===,则2a b -=________.15.在平面直角坐标系x O y 中,已知圆224x y +=上有且只有四个点到直线1250x y c -+=的距离为1,则实数c 的取值范围是________． 16.过点()0,2引直线l 与曲线21x y -=相交于A 、B 两点,O 为坐标原点,当ABO ∆的面积取最大值时,直线l 的斜率为 ．三、解答题：(解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.其中第17题10分,1822-每题12分,共70分.)17.直线1:40l x y +-=与直线2:20l x y -+=相交于点P ,求（Ⅰ）过点P 与直线210x y --=平行的直线方程; （Ⅱ）过点P 与直线210x y --=垂直的直线方程.18.设ABC ∆的内角C B A ,,所对应的边长分别是,,,a b c 且3cos ,25B b ==.（Ⅰ）当︒=30A 时，求a 的值；（Ⅱ）当ABC ∆的面积为3时，求c a +的值．APDCOB19.已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,首项11a =,且对于任意n N +∈,都有12n n na S +=（Ⅰ）求{}n a 的通项公式; （Ⅱ）设131n n n b a a ++=,且数列{}n b 的前n 项之和为n T ,求证:512n T <20.已知四棱锥P ABCD-的底面ABCD为菱形,且060,ABC ∠=2PB PD AB ===,PA PC =,AC 与BD 相交于点O .（Ⅰ）求证:⊥PO 底面ABCD ; （Ⅱ）求点O 到平面PCD 的距离;21.已知圆0442:22=-+-+y x y x C ,在圆C 上存在不同两点A B 、关于直线1-=kx y 对称.（Ⅰ）求k 的值;（Ⅱ）当以AB 为直径的圆经过原点时,求直线AB 的方程.22.在平面直角坐标系xOy 中,点)3,0(A ,直线42:-=x y l .设圆C 的半径为1,圆心在l上.（Ⅰ）若圆心C 也在直线1-=x y 上,过点A 作圆C 的切线,求切线的方程;（Ⅱ）若圆C 上存在点M ,使MO MA 2 ,求圆心C 的横坐标a 的取值范围.云天化中学2018—2019学年度上学期半期测试高二年级数学试卷答案一、选择题：题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 选项DBBDDCACBACC二、填空题13．3- 14.22 15. (－13,13) 16.33- 三、解答题17． 解：交点P （1，3）（1）解：设所求额直线方程为2x y c 0-+=，斜率2=k ，交点P （1，3）代入直线中，可知 直线：12+=x y ,即210x y -+=（5分）（2）解：设所求额直线方程为1y x c2=-+斜率21-=k ，交点P （1，3）代入直线中直线：2721+-=x y 即270x y +-=（10分）18． 试题解析：（Ⅰ）∵,53cos =B ∴,54sin =B ，由正弦定理可知：25sin =A a ，∴.45=a （6分） （Ⅱ）∵,sin 21B ac S ABC =∆∴215,352==ac ac 由余弦定理得：B ac c a b cos 2222-+= ∴95642222-+=-+=c a ac c a ，即1322=+c a则：,28)(,132)(22=+=-+c a ac c a 故：72=+c a （12分）19.试题解析：解：（Ⅰ）解法一：由12n n na S +=① 得当2n ≥时，()112n n n a S --=②，由①﹣②可得，()()11122n n n n n na n a S S a +---=-=， 所以()11n n na n a +=+， 即当2n ≥时，，所以，将上面各式两边分别相乘得，，即（3n ≥），又211222a S a ===，所以n a n =（3n ≥）， 此结果也满足12,a a ，故n a n =对任意n N +∈都成立．…（6分） 解法二：由12n n na S +=及11n n n a S S ++=-， 得()12n n nS n S +=+， 即，∴当2n ≥时，（此式也适合1S ）， ∴对任意正整数n 均有，∴当2n ≥时，1n n n a S S n -=-=（此式也适合1a ），OADBC PNFM故n a n =．…（6分） （Ⅱ）依题意可得：1311111()(1)(3)213n n n b a a n n n n ++===-++++11111111111(...)2243546213n T n n n n ∴=-+-+-++-+-+++ 111111115()()2232322312n n =+--<⨯+=++（12分）20．（1）证明：∵O 为AC 中点，PB=PD ∴PO ⊥BD 同理 PO ⊥AC 又BD 交AC 于O∴PO ⊥平面ABCD （6分） 解：（2）过O 作OF ⊥CD 于F,连PF∵OP ⊥平面ABCD ∴PF ⊥CD ∴ CD ⊥平面POF ∴平面POF ⊥平面PCD作OM ⊥PF 于M ∴ OM ⊥平面PCD 则OM 为O 到平面PCD 的距离 在POF Rt ∆中27,23,1===PF OF PO ∴OM=721 ∴O 到平面PCD 的距离为721。
2019高二物理期中试题
金台区2019—2020学年度第一学期高二物理(理科)期中质量检测试题（卷） 2019 . 11 温馨提示：1．本试题分为第Ⅰ卷、第Ⅱ卷、附加题和答题卡。
基础题全卷满分100分，附加题10分。
2．考生答题时，必须将第Ⅰ卷上所有题的正确答案用2B 铅笔涂在答题卡上所对应的信息点处，答案写在Ⅰ卷上无效，第Ⅱ卷所有题的正确答案按要求用黑色签字笔填写在答题卡上试题对应题号上，写在其他位置无效。
3．考试结束时，将答题卡交给监考老师。
第Ⅰ卷 （选择题，共 48分）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。
其中1-9小题给出的四个选项中，只有一个．．选项符合题目要求；10-12小题给出的四个选项中，有多个．．选项符合题目要求。
) 1. “理想模型”法是物理学研究的一种重要思想。
下列物理概念不是．．采用“理想模型”法的是( ) A ．质点 B ．点电荷 C ．电场线 D ．电场强度2. 如图所示，a 、b 、c 是一条电场线上的三点，电场线的方向由a 到c ，a 、b 间距离等于b 、c 间距离，用c b a ϕϕϕ、、表示a 、b 、c 三点的电势，pc pb pa E E E 、、表示正电荷在三点的电势能，可以判定( )A. c b a ϕϕϕ<<B. pc pb pa E E E >>C. c b b a ϕϕϕϕ-=-D. pc pb pa E E E ==3. 一段均匀带电的半圆形细线在其圆心O 处产生的场强为E ，把细线分成等长的圆弧AB⌒ 、BC ⌒ 、CD ⌒ ，则圆弧BC ⌒ 在圆心O 处产生的场强大小和方向为( ) A. 2E 水平向右 B. 2E 水平向左 C. 3E 水平向右 D. 3E 水平向左 4. 示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成。
当偏转极板的X 和Y 均带正电时，会在在荧光屏上P 点出现亮斑，如图所示。
那么要在荧光屏中Q 点出现亮斑，则( )A ．极板X ，Y 应带正电B ．极板X Y '，应带正电C ．极板X Y ''，应带正电D ．极板X Y '，应带正电5. 如图所示，闭合开关S ，电路稳定后，水平放置的平行金属板间的带电质点P 处于静止状态。
2018-2019高二下学期物理期中考试试卷(含答案)
2018-2019学年第二学期高二年级期中考试卷物理试卷（考试时间：100分钟，满分：100分）注意事项：1.本卷满分100分，时间100分钟。
答卷前，考生务必将自己的姓名、考号、班级填写在答题卡相应的位置。
2.作答时，将答案都写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
卷I（选择题共60分）一、选择题（本题共计 15小题，第1～10题单选题，每题4分。
第11～15题多选题，每题4分，多选题少选得2分，多选、错选都不得分。
共计60分。
）1．下面关于冲量的说法中正确的是( )A．物体受到很大的冲力时，其冲量一定很大B．当力与位移垂直时，该力的冲量为零C．不管物体做什么运动，在相同时间内重力的冲量相同D．只要力的大小恒定，其相同时间内的冲量就恒定2. 质量为m ,速度为v的A球与质量为 3 m 的静止B球发生正碰。
碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，因此，碰撞后B球的速度可能有不同的值。
碰撞后B球的速度大小可能是( )A．0.6 v B．0.4 v C．0.2 v D．v3.下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是( )A．甲图中，卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子B．乙图中，在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大C．丙图中，射线甲由电子组成，射线乙为电磁波，射线丙由α粒子组成D．丁图中，链式反应属于轻核裂变4.以下说法正确的是（）A.汤姆孙发现电子并提出了原子核式结构模型B.光表现出波动性时，就不具有粒子性了；光表现出粒子性时，就不再具有波动性了C.康普顿提出的能量量子化理论能正确解释黑体辐射实验规律D.密立根通过著名的“油滴实验”精确测定了电子电荷5. 23592U经过 m 次α衰变和 n 次β衰变成20782Pb，则( )A.m=7，n=3B.m=7，n=4C.m=14，n=9D.m=14，n=18 6. 关于三种射线，下列说法正确的是( )A．α射线是原子核自发放射出的氦核，它的穿透能力最强B．β射线是原子核外电子电离形成的电子流，它具有中等的穿透能力C．γ射线一般伴随着α或β射线产生，它的穿透能力最强D．γ射线是电磁波，它的穿透能力最弱7．下面列出的是一些核反应方程：3015P →3014Si＋X，94Be＋ 21H →105B＋Y，42He＋42He →73Li＋Z.其中 ( )A．X是质子，Y是中子，Z是正电子 B．X是正电子，Y是质子，Z是中子C．X是中子，Y是正电子，Z是质子 D．X是正电子，Y是中子，Z是质子8．为纪念爱因斯坦对物理学的巨大贡献，联合国将2005年定为“国际物理年”．对于爱因斯坦提出的质能方程E ＝ mc2，下列说法中不正确的是( )A． E ＝ mc2 表明物体具有的能量与其质量成正比B．根据ΔE＝Δmc2 可以计算核反应中释放的核能C．一个中子和一个质子结合成氘核时，释放出核能，表明此过程中出现了质量亏损D．在核反应中，能量与质量都不守恒9.A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图为两球碰撞前后的位移图象，a、b分别为A、B两球碰前的位移图象，c为碰撞后两球共同运动的位移图象.若A球质量是 m = 2 kg，则由图判断下列结论不正确的是（）A.A、B碰撞前的总动量为 3 kg·m/sB.碰撞时A对B所施冲量为 -4 N·sC.碰撞前后A的动量变化为 4 kg·m/sD.碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为 10 J10.如图所示，用细线挂一质量为M的木块，有一质量为m的子弹自左向右水平射穿此木块，穿透前后子弹的速度分别为 v0 和 v （设子弹穿过木块的时间和空气阻力不计），木块的速度大小为( )A. B. C. D.11．如图为光电管的工作原理图．当用绿光照射光电管阴极K时，可以发生光电效应，电路中有光电流．则以下说法中正确的是( )A．增大绿光照射强度，光电子最大初动能增大B．增大绿光照射强度，电路中的光电流可能会增大C．改用比绿光波长大的光照射光电管阴极K时，电路中一定有光电流D．改用比绿光频率大的光照射光电管阴极K时，电路中一定有光电流12.关于核衰变和核反应的类型，下列表述正确的有 ( )A.23892U→23490Th＋42He 是α衰变 B.147N＋42He→178O＋11H 是β衰变C.21H＋31H→42He＋1n 是轻核聚变 D.8234Se→8236Kr＋2 0-1e 是重核裂变13.某光电管的阴极由金属钾制成，钾的逸出功为2.25 eV .氢原子的能级如下图所示，一群氢原子处于量子数n＝4能级状态，则( )A.从n＝4向n＝3跃迁产生的光子不能使光电管产生光电子B.从n＝3向n＝1跃迁产生的光子不能使光电管产生光电子C.这群氢原子的光谱共有6条谱线D.有3种频率的辐射光子能使光电管的阴极金属甲发生光电效应14. 用质子轰击锂核（73Li）生成两个α粒子，以此进行有名的验证爱因斯坦质能方程的实验．已知质子的初动能是0.6MeV，质子、α粒子和锂核的质量分别是1.0073u、4.0015u和7.0160u．已知1u相当于931.5MeV，则下列叙述中正确的是（）A．此反应过程质量减少0.0103uB．若生成的两个α粒子的动能之和是18.3MeV，与实验相符C．核反应中释放的能量是18.9MeV，与实验相符D．若生成的两个α粒子的动能之和是19.5MeV，与实验相符15.如图，质量分别为 m1 = 1.0 kg和 m2 = 2.0 kg的弹性小球a、b，用轻绳紧紧的把它们捆在一起，使它们发生微小的形变．该系统以速度v0 = 0.10 m/s沿光滑水平面向右做直线运动．某时刻轻绳突然自动断开，断开后两球仍沿原直线运动．经过时间t = 5.0 s后，测得两球相距s = 4.5 m，则下列说法正确的是（）A.刚分离时，a 球的速度大小为 0.7 m/sB.刚分离时，b 球的速度大小为 0.2 m/sC.刚分离时，a、b 两球的速度方向相同D.两球分开过程中释放的弹性势能为0.27 J卷II（非选择题共40分）二、解答题（本题共计 4小题，共计40分。
解析云南省云天化中学2020┄2021学年高二上学期期中考试物理试卷
高二物理一.本题共12小题,每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第9－-12题有不只一项符合题目要求,其余题只有一项符合题目要求,全部选对得４分，选对但不全的得2分,有错选得0分。
1.将不带电的导体A和带有负电荷Q的导体Ｂ接触后,导体A所带的电量情况Ａ. 无法确定 B. 带电量为-QC. 带电量为+ＱD. 带电量为-Ｑ/2【答案】A【解析】【详解】两导体相互接触后，电荷量将重新分布，总量不变,但由于不明确两导体的形状，故无法确定A 导体的带电量；故选Ａ。
2.如图所示,Q1和Q２是两个固定的负点电荷，在它们的连线上有a、b、c三点,其中ｂ点的合场强为零．现将另一正点电荷q由a点沿连线移到c点.在移动的过程中,点电荷ｑ的电势能变化的情况是（)A．不断减小 B. 不断增大C．先减小后增大D．先增大后减小【答案】D【解析】试题分析：根据题意可知，b点的合场强为零，根据矢量合成法则，可知ab间合场强的方向向左,同理可知bｃ间合场强方向向右，则正点电荷q从a到c过程中,受到的电场力先向左，过了b点后向右，电场力先做负功后做正功,电势能先增加后减少．故D正确,ABＣ错误.故选D。
考点：电场强度;电势及电势能【名师点睛】本题的突破口是b点的电场强度为零，可根据数学知识严格分析ab间和bc间场强的方向,还要明确电场力做正功时电势能减小，相反,电势能增加。
3.如图所示,匀强电场中有一平行四边形abcｄ，且平行四边形所在平面与场强方向平行.其中φa＝１２V,φｂ=4V，φｄ=8 V,则c点电势为Ａ. 10V B. ０VC. 7V Ｄ. 8V【答案】B【解析】【详解】在匀强电场中，由公式U=Ed知：沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，故有:φa-φｄ=φb-φc，则得φc=φb－φa+φd=4-１２+8=0，故选B。
【点睛】解决本题的关键是掌握公式U=Ed，知道在匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离,电势变化相等,从而根据电势差值求解c点的电势．4．质量为2．0kg的小球从高20m处自由下落到软垫上，反弹后上升的最大高度为5.0m．小球与软垫接触的时间为１.0s，在接触时间内小球受到合力的冲量大小为（空气阻力不计，ｇ取10m／s2)A. 20N·sＢ．８0N·ｓＣ．6０N·ｓＤ. 40N·s【答案】C【解析】【详解】由动能定理可得:小球从开始下落到落到软垫上过程中:mgh１=ｍv１2－0,解得:v1=20m/s,方向：竖直向下;小球从反弹到到达最高点过程中:－mgh2＝0-mv2２,解得:ｖ2=10ｍ/s，方向竖直向上;以竖直向上为正方向，由动量定理得:I=ｍv2-mｖ1=２kｇ×１0m/s-２kg×（-２0m/ｓ)＝60N•s,方向竖直向上;故选C。
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第 1 页 共 11 页 云天化中学2018～2019学年度上学期半期试题 高 二 物 理 一．本题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第9--12题有不只一项符合题目要求，其余题只有一项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选得0分。 1.将不带电的导体A和带有负电荷Q的导体B接触后，导体A所带的电量情况
A. 无法确定 B. 带电量为-Q C. 带电量为+Q D. 带电量为-Q/2 【答案】A 【解析】 【详解】两导体相互接触后，电荷量将重新分布，总量不变，但由于不明确两导体的形状，故无法确定A导体的带电量；故选A。 2.如图所示，Q1和Q2是两个固定的负点电荷，在它们的连线上有a、b、c三点，其中b点
的合场强为零．现将另一正点电荷q由a点沿连线移到c点．在移动的过程中，点电荷q的电势能变化的情况是（ ）
A. 不断减小 B. 不断增大 C. 先减小后增大 D. 先增大后减小 【答案】D 【解析】 试题分析：根据题意可知，b点的合场强为零，根据矢量合成法则，可知ab间合场强的方向向左，同理可知bc间合场强方向向右，则正点电荷q从a到c过程中，受到的电场力先向左，过了b点后向右，电场力先做负功后做正功，电势能先增加后减少．故D正确，ABC错误．故选D。 考点：电场强度；电势及电势能 【名师点睛】本题的突破口是b点的电场强度为零，可根据数学知识严格分析ab间和bc间场强的方向，还要明确电场力做正功时电势能减小，相反，电势能增加。 第 2 页 共 11 页
3.如图所示,匀强电场中有一平行四边形abcd，且平行四边形所在平面与场强方向平行.其中
φa=12V，φb=4V，φd=8 V，则c点电势为
A. 10V B. 0V C. 7V D. 8V 【答案】B 【解析】 【详解】在匀强电场中，由公式U=Ed知：沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，故有：φa-φd=φb-φc，则得 φc=φb-φa+φd=4-12+8=0，故选B。 【点睛】解决本题的关键是掌握公式U=Ed，知道在匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，从而根据电势差值求解c点的电势． 4.质量为2.0kg的小球从高20m处自由下落到软垫上，反弹后上升的最大高度为5.0m．小球
与软垫接触的时间为1.0s，在接触时间内小球受到合力的冲量大小为（空气阻力不计，g取10m/s2） A. 20N·s B. 80N·s C. 60N·s D. 40N·s 【答案】C 【解析】 【详解】由动能定理可得：小球从开始下落到落到软垫上过程中：mgh1=mv12-0，解得：v1=20m/s，方向：竖直向下；小球从反弹到到达最高点过程中：-mgh2=0-mv22，解得：v2=10m/s，
方向竖直向上；以竖直向上为正方向，由动量定理得：I=mv2-mv1=2kg×10m/s-2kg×（-20m/s）=60N•s，方向竖直向上；故选C。 5.一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A并立即留在其中，A、B用一根弹性良好的
轻质弹簧连在一起，如图所示。则在子弹打击木块A至弹簧第一次被压缩最短的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统 第 3 页 共 11 页
A. 动量守恒，机械能守恒 B. 动量守恒，机械能不守恒
C. 动量不守恒，机械能不守恒 D. 动量不守恒，总动能减小
【答案】B 【解析】 【详解】在子弹打击木块A及弹簧压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，系统所受的外力之和为零，则系统的动量守恒。在此过程中，除弹簧弹力做功外还有摩擦力对系统做功，所以系统机械能不守恒。故B正确，ACD错误。故选B。 【点睛】本题考查动量守恒和机械能守恒的判断和应用能力．动量是否守恒要看研究的过程，要细化过程分析，不能笼统． 6.如图，质量为m的人在质量为M（M>m）的平板车上从左端走到右端，若不计平板车与
地面的摩擦，则下列说法正确．．的是
A. 当人在车上行走时，车将向右运动 B. 当人停止走动时，由于车的惯性大，车将继续运动 C. 若人越慢地从车的左端走到右端，则车在地面上移动的距离越小 D. 不管人在车上行走的速度多大，车在地面上移动的距离都相同 【答案】D 【解析】 【详解】人与车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得：mv人+Mv车=0，故车的方向一定与人的运动方向相反；故人与车的速度方向相反，人在车上向右行走时，车将向左运动，故A错误；因总动量为零，故人停止走动速度为零时，车的速度也为零，故B错误；因人与车
的运动时间相等，动量守恒，以人的方向为正方向，则有：mx人-Mx车=0；故车与人的位移
之比为：不变；则车的位移与人的运动速度无关，不论人的速度多大，车在地面上移动的距离都相等；故C错误，D正确。故选D。 【点睛】本题考查了“人船模型”，“人船模型”是动量守恒定律的应用的一个经典模型，该模型应用的条件：一个原来处于静止状态的系统，当系统中的物体间发生相对运动的过程中，有一个方向上动量守恒。 第 4 页 共 11 页
7.下列说法中正确的是
A. 沿着电场线的方向场强一定越来越弱 B. 沿着电场线的方向电势不一定降低 C. 电势降落最快的方向就是电场强度方向 D. 匀强电场中，各点的电势一定相等 【答案】C 【解析】 【详解】根据电场线的两个物理意义：顺着电场线方向，电势降低，电场线越密，场强越大。沿电场线方向，电势必定降低，而电场线疏密不一定，则场强不一定减小。故AB错误；电势降落最快的方向就是电场强度方向，选项C正确；匀强电场中，各点的场强相等，而电势不一定相等，沿电场线的方向电势降低。故D错误。故选C。 【点睛】电场强度和电势都是描述电场本身性质的物理量，可根据电场线的物理意义来理解它们之间的关系：场强大小看电场线的疏密，而电势高低看电场线的方向，两者无关． 8.如下图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，
静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是
A. 断开S后，使A板向右平移一些 B. 断开S后，使A、B两板错开一些 C. 保持S闭合，在A、B之间加入木板 D. 保持S闭合，使A、B两板正对面积减小一些 【答案】B 【解析】 【详解】断开S，电容器带电量保持不变，A板向右平移一些，即A、B间距减小一些，根据，d变小，C变大。根据C=Q/U，U变小，张角变小，故A错误。断开S，电容器带电量保持不变，使A、B正对面积错开一些，根据，S变小，C变小。根据C=Q/U，U增大，张角增大。故B正确。合上开关，电容器两端间的电势差不变，静电计指第 5 页 共 11 页
针张角不变。故CD错误。故选B。 【点睛】解决本题的关键在处理电容器动态分析时，电容始终与电源相连，两端间电势差不变，与电源断开，电量保持不变． 9.如图所示，虚线 a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即
Uab=Ubc,实线为一带负电的离子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹， P、Q 是这条
轨迹上的两点，据此可知
A. 三个等势面中， b的电势最低 B. 带电离子通过P点时的电势能较大 C. 带电离子通过P点时的动能较大 D. 带电离子通过P点时的加速度较大 【答案】BD 【解析】 【详解】电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D正确。故选BD。 【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化． 10.如图，水平放置的金属板正上方放有一固定的正点电荷Q，一表面绝缘的带正电小球(可
视为质点且不影响Q的电场)，从左端以初速度v0滑上金属板，沿光滑的上表面向右运动过程中 第 6 页 共 11 页
A. 小球做匀速直线运动 B. 小球可能不能运动到金属板最右端 C. 小球的电势能保持不变 D. 静电力对小球做负功 【答案】AC 【解析】 【详解】金属板在Q的电场中达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，小球所受电场力与金属板表面垂直，在金属板上向右运动的过程中，电场力方向与位移方向垂直，对小球不做功，根据动能定理得知，小球的动能不变，速度不变，所以小球做匀速直线运动。故A正确，B错误；电场力方向与位移方向垂直，对小球不做功，所以小球的电势能保持不变。故C正确，D错误。故选AC。 【点睛】本题关键抓住静电平衡导体的特点：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面，知道电场线与等势面垂直，并能运用这些知识来分析实际问题． 11.如图所示，在等量异种点电荷形成的电场中有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中
点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线上距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度E的大小、电势高低的比较，正确的是
A. EB＞EA＞EC， B. EA＝EC＞EB， C. , D. 【答案】AD 【解析】 【详解】根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比C点密，B点的电场线比A点密，则EB＞EA＞EC，A正确，B错误；等量的异种电荷的中垂线为等势线，则A点的电势与C点
的电势相等，沿着电场线方向电势逐渐降低，则A点的电势大于B点电势。所以φA=φC＞φB．故C错误，D正确。故选AD。