定积分典型例题
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定积分典型例题标准化工作室编码[XX968T-XX89628-XJ668-XT689N]
定积分典型例题
例1 求332
1lim
)n n n →∞+.
分析 将这类问题转化为定积分主要是确定被积函数和积分上下限.若对题目中被积函数难以想到,可采取如下方法:先对区间[0,1]n 等分写出积分和,再与所求极限相比较来找出被积函数与积分上下限.
解 将区间[0,1]n 等分,则每个小区间长为1i x n ∆=,然后把2111
n n n
=⋅
的一个因子1n 乘入和式中各项.于是将所求极限转化为求定积分.即
3321lim
)n n n →∞+=3
1lim )n n n n →∞+=3
4
=⎰.
例2 0⎰=_________.
解法1 由定积分的几何意义知,0⎰等于上半圆周22(1)1x y -+= (0y ≥)
与x 轴所围成的图形的面积.故0⎰=
2
π
. 例18 计算2
1||x dx -⎰.
分析 被积函数含有绝对值符号,应先去掉绝对值符号然后再积分.
解 2
1||x dx -⎰=0
2
10
()x dx xdx --+⎰⎰=220210[][]22x x --+=5
2
.
注 在使用牛顿-莱布尼兹公式时,应保证被积函数在积分区间上满足可积条
件.如
3
322
2111
[]6
dx x x --=-=⎰,则是错误的.错误的原因则是由于被积函数21x 在0x =处间断且在被积区间内无界.
例19 计算2
20max{,}x x dx ⎰.
分析 被积函数在积分区间上实际是分段函数
212
()01x x f x x x ⎧<≤=⎨≤≤⎩
.
解 23212
2
2
1201001
1717
max{,}[][]23236
x x x x dx xdx x dx =+=+=+=⎰⎰⎰
例20 设()f x 是连续函数,且1
0()3()f x x f t dt =+⎰,则()________f x =. 分析 本题只需要注意到定积分()b
a f x dx ⎰是常数(,a
b 为常数). 解 因()f x 连续,()f x 必可积,从而1
0()f t dt ⎰是常数,记1
0()f t dt a =⎰,则
()3f x x a =+,且1
1
(3)()x a dx f t dt a +==⎰⎰.
所以
210
1
[3]2
x ax a +=,即132a a +=, 从而14a =-,所以 3()4
f x x =-.
例21 设23, 01
()52,12
x x f x x x ⎧≤<=⎨-≤≤⎩,0()()x F x f t dt =⎰,02x ≤≤,求()F x , 并讨论()F x 的
连续性.
分析 由于()f x 是分段函数, 故对()F x 也要分段讨论. 解 (1)求()F x 的表达式.
()F x 的定义域为[0,2].当[0,1]x ∈时,[0,][0,1]x ⊂, 因此
23300
()()3[]x
x
x
F x f t dt t dt t x ====⎰⎰.
当(1,2]x ∈时,[0,][0,1][1,]x x =, 因此, 则
1201
()3(52)x
F x t dt t dt =+-⎰⎰=31201[][5]x t t t +-=2
35x x -+-,
故
3
2
, 01
()35,12x x F x x x x ⎧≤<⎪=⎨-+-≤≤⎪⎩
. (2) ()F x 在[0,1)及(1,2]上连续, 在1x =处,由于
211lim ()lim(35)1x x F x x x +
+
→→=-+-=, 311lim ()lim 1x x F x x -
-
→→==, (1)1F =.
因此, ()F x 在1x =处连续, 从而()F x 在[0,2]上连xu
例22 计算21
-⎰.
分析 由于积分区间关于原点对称,因此首先应考虑被积函数的奇偶性. 解 21
-⎰=21
1
--+⎰
⎰
2是偶函数,而
是奇函数,有1
0-=⎰, 于是
21
-⎰=2
1
4⎰=04⎰=1044dx -⎰⎰
由定积分的几何意义可知4
π
=
⎰, 故
21
1
4444
dx π
π-=-⋅
=-⎰
⎰.
例23 计算3
4
1
2
e e
⎰.
分析 被积函数中含有1x
及ln x ,考虑凑微分.
解 3
4
1
2
e e
⎰=3
4e 3
4
12
e e
⎰=⎰=3
4
12
e e =
6
π. 例24 计算40sin 1sin x
dx x
π
+⎰. 解 40
sin 1sin x dx x
π+⎰
=420sin (1sin )1sin x x dx x π--⎰=24
4200sin tan cos x dx xdx x ππ-⎰⎰ =24
4
20
cos (sec 1)cos d x x dx x π
π
---⎰
⎰ =
44
00
1[][tan ]cos x x x ππ
--=24
π-例26 计算
0a ⎰0a >. 解法1 令sin x a t =,则
[]20
1ln |sin cos |2
t t t π
=++=4π. 注 如果先计算不定积分
,再利用牛顿-莱布尼兹公式求解,则比较复
杂,由此可看出定积分与不定积分的差别之一.
例27 计算ln 0
⎰. 分析 被积函数中含有根式,不易直接求原函数,考虑作适当变换去掉根式.
解 设u =2ln(1)x u =+,2
21
u
dx du u =
+,则
ln 0
⎰
=22220(1)241u u u du u u +⋅=++⎰2
2222200442244
u u du du u u +-=++⎰⎰ 2
2
20
1
284
du du u =-=+⎰⎰
4π-. 例29 计算30sin x xdx π
⎰.
分析 被积函数中出现幂函数与三角函数乘积的情形,通常采用分部积分法.
解 30
sin x xdx π
⎰30
(cos )xd x π
=-⎰330
0[(cos )](cos )x x x dx π
π
=⋅---⎰
30cos 6
xdx π
π
=-+⎰6
π=
-.