(全国通用)2019版高考物理 全程刷题训练 周测十一(A卷)课件
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2019版高考物理(5年高考+3年模拟)(精品课件+高清PDF讲义)全国卷2地区通用版专题十一 电磁感应
所示。实验中发现,当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时,磁针也随着一起转
动起来,但略有滞后。下列说法正确的是 ( )
A.圆盘上产生了感应电动势 B.圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动 C.在圆盘转动的过程中,磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化 D.圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流,此电流产生的磁场导致磁针转动
答案 AB 设圆盘的半径为L,可认为圆盘由无数根辐条构成,则每根辐条切割磁感线产生的 感应电动势E= BL2ω,整个回路中的电源为无数个电动势为E的电源并联而成,电源总内阻为
E BL2 ω B 2 L4 ω2 2 零,故回路中电流I= = ,由此可见A正确。R上的热功率P=I R= ,由此可见,ω变为原 4R 2R R
面向外,故D项正确。
审题指导 关键词在审题中的作用 关键词:①同一根铁芯,意味着左右两侧线圈中磁通量变化率相同;②远处,说明此处小磁针不 再受线圈中磁通量变化的影响;③小磁针悬挂在直导线正上方,说明磁针的偏转受直导线上电 流产生的磁场影响。
2.(2017课标Ⅱ,20,6分)(多选)两条平行虚线间存在一匀强磁场,磁感应强度方向与纸面垂直。 边长为0.1 m、总电阻为0.005 Ω的正方形导线框abcd位于纸面内,cd边与磁场边界平行,如图
上电流向左,由安培定则可知小磁针处直导线上电流产生的磁场方向垂直纸面向里,A项正
确。开关闭合并保持一段时间后,磁场不再变化,左侧线圈中没有感应电流,小磁针N、S极回 到原始方向,故B、C两项错误。开关断开的瞬间,右侧线圈中电流减小,左侧线圈正面感应电 流向下,远处直导线上电流向右,由安培定则知,小磁针处直导线上电流产生的磁场方向垂直纸
答案 BC 本题考查电磁感应、安培力。导线框匀速进入磁场时速度v= = m/s=0.5 m/s,
2019版高考物理全程刷题训练周测六(B卷)课件
(本试卷满分 95 分)
一、选择题(本题包括 8 小题，每小题 6 分，共 48 分．在每小 题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题 有多个选项是正确的．全部选对的得 6 分，选不全的得 3 分，有选 错或不答的得 0 分)
1. 如图所示，一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置，在管子的
6．原有一带电油滴静止在极板水平放置的平行板电容器中， 给电容器再充上一些电荷 ΔQ，油滴开始向上运动，经时间 t 后， 电容器突然放电，失去一部分电荷 ΔQ′，又经时间 t，油滴回到原 位置，假如在运动过程中油滴电荷量一定，则( )
＝L6，L2＝56L，则 vA＝ωL1＝
6kmq2L，vB＝ωL2＝ 265mkqL2，A、C
错误，由 T＝2ωπ知，B 正确．
3．两个点电荷位于 x 轴上，在它们形成的电场中，若取无限 远处的电势为零，则在正 x 轴上各点的电势如图中曲线所示，当 x→0 时，电势 φ→∞，当 x→∞时，电势 φ→0；电势为零的点的坐标为 x1，电势为极小值－φ0 的点的坐标为 x2，根据图线提供的信息，下 列判断正确的是( )
5．(2018·四川资阳一诊)现有两个边长不等的正方形 ABDC 和 abdc，如图所示，且 Aa、Bb、Cc、Dd 间距相等．在 AB、AC、CD、 DB 的中点分别放等量的点电荷，其中 AB、AC 的中点放的点电荷 带正电，CD、BD 的中点放的点电荷带负电，取无穷远处电势为零．则 下列说法中正确的是( )
A．O 点的电场强度和电势均为零 B．将一正点电荷沿着 b→d→c 的路径移动时，电场力所做总 功为零
C．同一点电荷在 a、d 两点所受电场力不同 D．将一负点电荷由 a 点移到 b 点电势能减少
答案：B 解析：上下两个点电荷在 O 点产生的电场强度方向向下，左右 两个点电荷在 O 点产生的电场强度方向向右，根据矢量合成法则可 知，O 点电场强度不为零，方向沿 OD 方向，O 点处的电势为零， 故 A 错误．根据对称性，b、c 两点处电势相等，将一正点电荷沿 着 b→d→c 的路径移动时，电场力所做总功为零，故 B 正确．根据 库仑定律和力的合成法则，同一点电荷在 a、d 两点所受电场力相 同，故 C 错误．取无穷远处电势为零，a 点的电势为正，b、O、c 三点电势相等，均为零，则负点电荷从 a 点移到 b 点电场力做负功， 所以电势能增加，故 D 错误．
一、选择题(本题包括 8 小题，每小题 6 分，共 48 分．在每小 题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题 有多个选项是正确的．全部选对的得 6 分，选不全的得 3 分，有选 错或不答的得 0 分)
1. 如图所示，一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置，在管子的
6．原有一带电油滴静止在极板水平放置的平行板电容器中， 给电容器再充上一些电荷 ΔQ，油滴开始向上运动，经时间 t 后， 电容器突然放电，失去一部分电荷 ΔQ′，又经时间 t，油滴回到原 位置，假如在运动过程中油滴电荷量一定，则( )
＝L6，L2＝56L，则 vA＝ωL1＝
6kmq2L，vB＝ωL2＝ 265mkqL2，A、C
错误，由 T＝2ωπ知，B 正确．
3．两个点电荷位于 x 轴上，在它们形成的电场中，若取无限 远处的电势为零，则在正 x 轴上各点的电势如图中曲线所示，当 x→0 时，电势 φ→∞，当 x→∞时，电势 φ→0；电势为零的点的坐标为 x1，电势为极小值－φ0 的点的坐标为 x2，根据图线提供的信息，下 列判断正确的是( )
5．(2018·四川资阳一诊)现有两个边长不等的正方形 ABDC 和 abdc，如图所示，且 Aa、Bb、Cc、Dd 间距相等．在 AB、AC、CD、 DB 的中点分别放等量的点电荷，其中 AB、AC 的中点放的点电荷 带正电，CD、BD 的中点放的点电荷带负电，取无穷远处电势为零．则 下列说法中正确的是( )
A．O 点的电场强度和电势均为零 B．将一正点电荷沿着 b→d→c 的路径移动时，电场力所做总 功为零
C．同一点电荷在 a、d 两点所受电场力不同 D．将一负点电荷由 a 点移到 b 点电势能减少
答案：B 解析：上下两个点电荷在 O 点产生的电场强度方向向下，左右 两个点电荷在 O 点产生的电场强度方向向右，根据矢量合成法则可 知，O 点电场强度不为零，方向沿 OD 方向，O 点处的电势为零， 故 A 错误．根据对称性，b、c 两点处电势相等，将一正点电荷沿 着 b→d→c 的路径移动时，电场力所做总功为零，故 B 正确．根据 库仑定律和力的合成法则，同一点电荷在 a、d 两点所受电场力相 同，故 C 错误．取无穷远处电势为零，a 点的电势为正，b、O、c 三点电势相等，均为零，则负点电荷从 a 点移到 b 点电场力做负功， 所以电势能增加，故 D 错误．
(全国通用)2019版高考物理 全程刷题训练 周测九(B卷)
8．(2018·河北武邑中学月考)(多选)如图所示为音箱的电路图， 高、低频混合电流由 a、b 端输入，L1 和 L2 是线圈，C1 和 C2 是电 容器，则( )
A．甲扬声器是低频扬声器 B．C2 的作用是阻碍高频电流通过乙扬声器 C．L1 的作用是阻碍高频电流通过甲扬声器 D．L2 的作用是减少通过乙扬声器的高频电流
vm＝mgR1B＋2LR22sinθ.
10．(12 分) 半径分别为 r 和 2r 的同心圆形导轨固定在同一水 平面内，一长为 r、质量为 m 且质量分布均匀的直导体棒 AB 置于 圆导轨上面．BA 的延长线通过圆导轨中心 O，装置的俯视图如图 所示．整个装置位于一匀强磁场中，磁感应强度的大小为 B，方向 竖直向下．在内圆导轨的 C 点和外圆导轨的 D 点之间接有一阻值 为 R 的电阻(图中未画出)．直导体棒在水平外力作用下以角速度 ω 绕 O 逆时针匀速转动，在转动过程中始终与导 轨保持良好接触．设导体棒与导轨之间的动摩
二、非选择题(本题包括 4 小题，共 47 分) 9．(11 分)两根足够长的平行金属导轨间的距离为 L，导轨光滑 且电阻不计，导轨所在的平面与水平面夹角为 θ.在导轨所在平面内， 分布磁感应强度为 B、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．把一 个质量为 m 的导体棒 ab 放在金属导轨上，在外力作用下保持静止， 导体棒与金属导轨垂直且接触良好，与金属导轨接触的两点间的导
7．(2018·陕西西安中学二模)(多选)霍尔元件广泛应用于测量和自 动控制等领域，霍尔元件一般用半导体材料做成，有的半导体中的载
流子(自由电荷)是自由电子，有的半导体中的载流子是空穴(相当于正 电荷)．如图所示为用半导体材料制成的霍尔元件的工作原理示意图， 磁感应强度 B 垂直于霍尔元件的工作面向下，通入电流 I 的方向如图 所示，C、D 两侧面会形成电势差．则下列说法中正确的是( )
2019版高考物理全程刷题训练模拟仿真预测卷(二)课件
D．卫星从 C→D→A 的运动过程中，万有引力对其做的功为12 GMmk1a－ba2
答案：D 解析：本题考查万有引力、变轨、能量问题等知识．由题图 1 可知，卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，要有外力对卫星做功，所以卫
星在轨道Ⅰ上的机械能小于其在轨道Ⅱ上的，A 错误；若卫星要从 轨道Ⅱ上的 C 位置变轨到轨道Ⅰ上，则在 C 位置时卫星要减速，动 力气源要向前喷气，B 错误；在 A、C 两点卫星的运动可近似看做 半径均为 ka，速度分别为 vA、vC 的圆周运动，则有 GMam2 ＝mkvaA2 ， GMbm2 ＝mvkaC2 ，从 C→D→A 的运动过程中，由动能定理得 W＝12mvA2－
要使 A、B 之间发生相对滑动，A 对 B 向右的摩擦力 fA 使 B 加 速运动，由牛顿第二定律，fA－fB＝mBaB，解得 aB＝4 m/s2；对 A， 由牛顿第二定律，F－fA＝mAaA，且 aA>aB，解得 F>24 N．当 F＝21 N 时，A、B 未发生相对滑动，可解得 A 的加速度 a′＝3 m/s2，选
答案：D 解析：本题考查法拉第电磁感应定律及其相关的知识点．导体 棒在匀强磁场的第一个区域内运动时，前半个区域，通过大圆环的 电流为顺时针方向，且根据法拉第电磁感应定律，内圆环 a 端电势 高于 b 端，后半个区域，内圆环 a 端电势低于 b 端，可能正确的是 图 D.
运动，直到软绳刚好全部离开斜面(此时物块未到达地面)，在此过 程中( )
A．细线对软绳所做的功大于软绳机械能的增加量 B．细线对软绳所做的功等于软绳机械能的增加量 C．物块重力势能的减少量等于软绳克服摩擦力所做的功 D．物块的机械能逐渐增加
答案：A 解析：本题考查了功能关系等知识点，意在考查考生的理解和 应用能力．细线对软绳做的功等于软绳机械能的增加量和克服摩擦 力做功之和，所以，选项 A 正确，选项 B 错误；物块重力势能的 减少量一部分转化为物块的动能和软绳机械能的增加量，一部分转 化为软绳克服摩擦力做的功，所以物块的机械能逐渐减小，选项 C、 D 错误．
答案：D 解析：本题考查万有引力、变轨、能量问题等知识．由题图 1 可知，卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，要有外力对卫星做功，所以卫
星在轨道Ⅰ上的机械能小于其在轨道Ⅱ上的，A 错误；若卫星要从 轨道Ⅱ上的 C 位置变轨到轨道Ⅰ上，则在 C 位置时卫星要减速，动 力气源要向前喷气，B 错误；在 A、C 两点卫星的运动可近似看做 半径均为 ka，速度分别为 vA、vC 的圆周运动，则有 GMam2 ＝mkvaA2 ， GMbm2 ＝mvkaC2 ，从 C→D→A 的运动过程中，由动能定理得 W＝12mvA2－
要使 A、B 之间发生相对滑动，A 对 B 向右的摩擦力 fA 使 B 加 速运动，由牛顿第二定律，fA－fB＝mBaB，解得 aB＝4 m/s2；对 A， 由牛顿第二定律，F－fA＝mAaA，且 aA>aB，解得 F>24 N．当 F＝21 N 时，A、B 未发生相对滑动，可解得 A 的加速度 a′＝3 m/s2，选
答案：D 解析：本题考查法拉第电磁感应定律及其相关的知识点．导体 棒在匀强磁场的第一个区域内运动时，前半个区域，通过大圆环的 电流为顺时针方向，且根据法拉第电磁感应定律，内圆环 a 端电势 高于 b 端，后半个区域，内圆环 a 端电势低于 b 端，可能正确的是 图 D.
运动，直到软绳刚好全部离开斜面(此时物块未到达地面)，在此过 程中( )
A．细线对软绳所做的功大于软绳机械能的增加量 B．细线对软绳所做的功等于软绳机械能的增加量 C．物块重力势能的减少量等于软绳克服摩擦力所做的功 D．物块的机械能逐渐增加
答案：A 解析：本题考查了功能关系等知识点，意在考查考生的理解和 应用能力．细线对软绳做的功等于软绳机械能的增加量和克服摩擦 力做功之和，所以，选项 A 正确，选项 B 错误；物块重力势能的 减少量一部分转化为物块的动能和软绳机械能的增加量，一部分转 化为软绳克服摩擦力做的功，所以物块的机械能逐渐减小，选项 C、 D 错误．
2019版高考物理全程刷题训练课练9课件
5．(2018·甘肃一诊)(多选)如图所示，在水平面上，有两个质量
分别为 m1 和 m2 的物体 A、B，它们与水平面之间的动摩擦因数均 为 μ，m1>m2，A、B 间水平连接有一轻质弹簧测力计．若用大小为 F 的水平力向右拉 B，稳定后 B 的加速度大小为 a1，弹簧测力计示 数为 F1；如果改用大小为 F 的水平力向左拉 A，稳定后 A 的加速度 大小为 a2，弹簧测力计示数为 F2.下列关系式正确的是( )
答案：AD
解析：不考虑杆对滑块的作用时，滑块受重力、支持力和滑动
摩擦力，根据牛顿第二定律，对滑块 A 有 m1gsinθ－μ1mgcosθ＝m1a1， 解得 a1＝g(sinθ－μ1cosθ)；同理，对滑块 B 有 a2＝g(sinθ－μ2cosθ)．考 虑杆对两滑块的作用，若 μ1>μ2，则 a1<a2，B 的加速度较大，则杆 受到压力，故 A 正确；若 μ1＝μ2，则 a1＝a2，两滑块加速度相同， 说明无相对运动趋势，杆不受到作用力，故 B 错误，D 正确；若 μ1<μ2， 则 a1>a2，A 的加速度较大，则杆受到拉力，故 C 错误．
3．(2018·安徽蚌埠期末)爱因斯坦曾经设计了一个真空中的理 想实验，在这个实验中，当电梯(内部为真空)相对于地球静止时， 封闭在电梯里的观察者发现，从手中释放的苹果和羽毛落到电梯底 板上，当电梯做自由落体运动时，观察者发现从手中释放的苹果和 羽毛会停在空中而不下落．以下对这一实验的说法中正确的是
答案：BD 解析：细线被剪断前，a、b 受力如图，F1＝F′1 ＝mg，F2＝F′1＋mg＝2mg，剪断细线瞬间，细线拉 力 F2 变为零，弹簧弹力不变．对 a 有 F′1＋mg＝maa， aa＝2g；b 受力情况不变，加速度为零，A 错误；弹簧 恢复原长时，a 和 b 都只受重力，加速度大小均为 g， B 正确；由于开始 a 的加速度大于 b 的加速度，下落 时弹簧长度开始变短，弹簧恢复原长时，a 的速度大 于 b 的速度，弹簧开始处于压缩状态，C 错误；下落 过程中 a、b 和弹簧组成的系统动能、重力势能、弹性 势能相互转化，系统机械能守恒，D 正确．
(全国通用)2019版高考物理 全程刷题训练 周测一(B卷)
7. 如图所示为某质点做直线运动的 v-t 图象．图中 t2＝3t1，质 点在 0～t1 时间内和 t1～t2 时间内位移相等．则( )
A．在 0～t1 时间内，质点的加速度逐渐变小 B．在 t1～t2 时间内，质点的加速度逐渐变大 C．质点在 0～t1 时间内和 t1～t2 时间内的平均速度是相等的 D．质点在 0～t1 时间内和 t1～t2 时间内，速度方向相同，加速 度方向相反
二、非选择题(本题包括 4 小题，共 47 分) 9．(8 分)如图甲所示，用包有白纸的质量为 m(kg)的圆柱棒代 替纸带和重物，蘸有颜料的毛笔固定在电动机上并随之转动，代替 打点计时器．当烧断悬挂圆柱棒的线后，圆柱棒竖直自由下落，毛 笔就在圆柱棒表面的纸上画出记号，如图乙所示，设毛笔接触棒时 不影响棒的运动．测得记号之间的距离依次为 20.0 mm、44.0 mm、 68.0 mm、92.0 mm、116.0 mm、140 mm，已知电动机铭牌上标有 “1 200 r/min”字样，由此研究圆柱棒的运动情况．根据以上内容， 回答下列问题：
a1 做匀加速直线运动到某速度 v 后，立即以加速度 a2 做匀减速直线 运动至 B 点时速度恰好减为 0，所用总时间为 t.若物体以速度 v0 匀 速通过 AB 之间，所用时间也为 t，则( )
A．v＝2v0
B.a11＋a12＝vt
C.a11－a12＝2tv D.a11＋a12＝2tv
答案：AB 解析：根据题意并结合运动学公式有 x＝v0t＝v2t1＋v2t2＝v2(t1＋t2) ＝v2t，解得 v＝2v0，故 A 正确；由 t1＝av1，t2＝av2，得 t＝av1＋av2，即 a11＋a12＝vt ，故 B 正确，C、D 错误．
A．a2＝3a1 B．v2＝3v1 C．质点向 x 轴正方向运动的时间为 2 s
2019版高考物理全程刷题训练课练7课件
解析：
(1)在“探究求合力的方法”的实验中，所用的科学方法是等效 替代法，选项 B 正确．(2)①中只记录了弹簧测力计示数的大小，没 有标出弹簧测力计的方向；②中只用一个力拉时，应该让它与两个 力拉时的效果相同，即忘记了将结点再次拉至 O 点．(3)根据题意， 要使结点仍在 O 处，说明合力仍是不变的，M 的大小不变，夹角 α 减小，由图可知，只能减小 N 的读数，减小 β 角的大小，选项 B 正 确．
解析：钩码的重力等于其对弹簧的拉力，又根据胡克定律 F＝ kx＝k(L－L0)，图线在横轴上的截距表示弹簧的原长，斜率表示弹 簧的劲度系数，故 L0＝10 cm，k＝14－1400×10－2 N/m＝1 000 N/m， 即 F＝1 000(L－0力的方法”的实验中， (1)本实验采用的科学方法是 ( B ) A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法
1.下列是某小组做“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中准备 完成的实验步骤．请你帮该小组按操作的先后顺序用字母排列出 来：D__B_C_A__E_F_.
A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组数据 (x，F)对应的点，作出 F—x 图线．
B．记下弹簧不挂钩码时，其下端在刻度尺上的刻度 L0. C．依次在弹簧下端挂上 1 个、2 个、3 个、4 个……钩码，并 分别记下钩码静止时，弹簧下端所对应的刻度并记录在表格内，然 后取下钩码 D．将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在 弹簧附近竖直固定一刻度尺． E．以弹簧伸长量为自变量，写出弹力与弹簧伸长量的关系式． F．解释函数表达式中常数的物理意义．
(3)在做“互成角度的两个力的合力”的实验中，用 M、N 两个 弹簧测力计拉橡皮条的结点使其位于 O 处，此时 α＋β＝90°，如图 所示；然后保持 M 的读数不变，当 α 角由图中所示的值减小时，要 使结点仍在 O 处，可采用的办法是( B )
(全国通用)2019版高考物理 全程刷题训练 周测五(B卷)
A．若物体仍以速度 v 做匀速运动，则可能有 F2＝F1 B．若物体仍以速度 v 做匀速运动，则一定有 F2>F1 C．若物体仍以速度 v 做匀速运动，则 F2 的功率可能等于 F1 的功率 D．若物体以大于 v 的速度做匀速运动，则 F1 的功率可能等于 F2 的功率
答案：AD
解析：本题考查功率．物体做匀速运动，由平衡条件，F1 作用时，
二、非选择题(本题包括 4 小题，共 47 分) 9．(8 分)
在“验证机械能守恒定律”实验中，小伟所用实验装置如图甲 所示．
(1) 从 仪 器 结 构 和 电 源 使 用 情 况 来 看 ， 该 打 点 计 时 器 是 电_磁__打__点__计__时__器__(填“电磁打点计时器”或“电火花打点计时器”)．
6．(多选)如图所示，在光滑水平面上停放着质量为 m、装有光
滑弧形槽的小车，一质量也为 m 的小球以水平初速度 v0 沿水平槽 口向小车滑去，到达某一高度后，小球又返回右端，则( )
A．小球离开槽右端后将向右做平抛运动
B．小球离开槽右端后将做自由落体运动 C．此过程小球对小车做的功为m2v20 D．小球在槽内上升的最大高度为2vg20
7．(多选)如图所示，质量均为 m 的 A、B 两物体用轻绳相连，将 物体 A 用一轻弹簧悬挂于天花板上，系统处于静止状态，如果弹簧的
劲度系数为 k，弹簧的弹性势能表达式为 Ep＝12kx2(式中 x 为弹簧的伸 长量)，且弹簧一直处在弹性限度内，现将 A、B 间的连线剪断，则在 这之后的过程中(已知重力加速度为 g)( )
A．绳子剪断的瞬间物体 A 的加速度为12g
B．绳子剪断后物体 A 能上升的最大高度为2mk g C．物体 A 的最大动能为m22kg2 D．物体 A 速度达到最大时，弹簧弹力做的功为m2kg2
答案：AD
解析：本题考查功率．物体做匀速运动，由平衡条件，F1 作用时，
二、非选择题(本题包括 4 小题，共 47 分) 9．(8 分)
在“验证机械能守恒定律”实验中，小伟所用实验装置如图甲 所示．
(1) 从 仪 器 结 构 和 电 源 使 用 情 况 来 看 ， 该 打 点 计 时 器 是 电_磁__打__点__计__时__器__(填“电磁打点计时器”或“电火花打点计时器”)．
6．(多选)如图所示，在光滑水平面上停放着质量为 m、装有光
滑弧形槽的小车，一质量也为 m 的小球以水平初速度 v0 沿水平槽 口向小车滑去，到达某一高度后，小球又返回右端，则( )
A．小球离开槽右端后将向右做平抛运动
B．小球离开槽右端后将做自由落体运动 C．此过程小球对小车做的功为m2v20 D．小球在槽内上升的最大高度为2vg20
7．(多选)如图所示，质量均为 m 的 A、B 两物体用轻绳相连，将 物体 A 用一轻弹簧悬挂于天花板上，系统处于静止状态，如果弹簧的
劲度系数为 k，弹簧的弹性势能表达式为 Ep＝12kx2(式中 x 为弹簧的伸 长量)，且弹簧一直处在弹性限度内，现将 A、B 间的连线剪断，则在 这之后的过程中(已知重力加速度为 g)( )
A．绳子剪断的瞬间物体 A 的加速度为12g
B．绳子剪断后物体 A 能上升的最大高度为2mk g C．物体 A 的最大动能为m22kg2 D．物体 A 速度达到最大时，弹簧弹力做的功为m2kg2
2019高考物理新调研课件：专题11
6．(2017·课标全国Ⅱ)(多选)两条平行虚线间存在一匀强磁 场，磁感应强度方向与纸面垂直．边长为 0.1 m、总电阻为 0.005 Ω 的正方形导线框 abcd 位于纸面内，cd 边与磁场边界平行，如 图(a)所示．已知导线框一直向右做匀速直线运动，cd 边于 t＝0 时刻进入磁场．线框中感应电动势随时间变化的图线如图(b)所示 (感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正)．下列说法正确 的是( )
答案 A 解析 当加恒定磁场后，当紫铜薄板上下及左右振动时，导 致穿过板的磁通量变化，从而产生感应电流，感应磁场进而阻碍 板的运动，而 B、C 两项，只能左右振动时，才有磁通量变化， 上下振动，却没有磁通量变化，因此只有 A 项穿过板的磁通量变 化，故 A 项正确，B、C、D 三项错误．
5．(2015·课标全国Ⅰ)(多选)1824 年， 法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实 验”，实验中将一铜圆盘水平放置，在其 中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由 旋转的磁针，如图所示，实验中发现，当 圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着 一起转动起来，但略有滞后，下列说法正确的是( )
7．(2016·课标全国Ⅱ)(多选)法拉第圆盘 发电机的示意图如图所示．铜圆盘安装在竖 直的铜轴上，两铜片 P、Q 分别与圆盘的边 缘和铜轴接触．圆盘处于方向竖直向上的匀 强磁场 B 中．圆盘旋转时，关于流过电阻 R 的电流，下列说法 正确的是( )
A．若圆盘转动的角速度恒定，则电流大小恒定 B．若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流沿 a 到 b 的方 向流动 C．若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方 向可能发生变化 D．若圆盘转动的角速度变为原来的两倍，则电流在 R 上的 热功率也变为原来的 2 倍
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A．人动量变化的时间 B．人受到的冲量 C．人的动量变化量 D．人的动量变化率
答案：D 解析：膝盖弯曲的过程叫缓冲，不能改变动量变化量和冲量， 但是延长了作用时间，可以减小动量变化率，即减小作用力，答案 选 D.
2. 如图所示，在光滑的水平面上放有一物体 M，物体 M 上有 一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为 R，最低点为 C，两端 A、B 等 高，现让小滑块 m 从 A 点由静止开始下滑，在此后的过程中( )
D．用能量为 10.3 eV 的光子照射，可使处于基态的氢原子跃 迁到激发态
E．用能量为 1CE 解析：由于氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光能量大于锌
的逸出功 3.34 eV，所以用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光 照射锌板一定能产生光电效应，选项 A 错误．一群处于 n＝3 能级 的氢原子向基态跃迁时，能放出 3 种不同频率的光，选项 B 正确．一 群处于 n＝3 能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光子的最大能量 为 12.09 eV，用此光子照射锌板，根据爱因斯坦光电效应方程，锌 板表面所发出的光电子的最大初动能为 8.75 eV，选项 C 正确．用 能量为 10.2 eV 的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态， 而用能量为 10.3 eV 的光子照射，不能使处于基态的氢原子跃迁到 激发态，选项 D 错误．用能量为 14.0 eV 的光子照射，可使处于基 态的氢原子电离，选项 E 正确．
解析：29325U 在衰变过程中，由电荷数守恒得 82－92＝－7×2 ＋m×1，所以 m＝4.氢核的聚变方程为：12H＋31H→24He＋01n.一次核 聚变释放出的能量为：7.03×4－1.09×2－2.78×3＝17.6 MeV.
12．(16 分)用质子轰击锂核37Li，生成 2 个 α 粒子，已知质子的 初动能是 E＝0.6 MeV，质子、α 粒子和锂核的质量分别为 mH＝ 1.0073 u，mα＝4.0015 u，mLi＝7.0160 u，试回答：
11．(11 分)(2018·福州三中模拟)核裂变和核聚变的过程中能够 放出巨大核能．核裂变中经常使用的29325U 具有天然放射性，若29325U 经过 7 次 α 衰变和 m 次 β 衰变，变成28027Pb，则 m＝____4____.核聚 变中，最常见的反应就是一个氘核与一个氚核结合成一个氦核．已
B．ma OB ＝ma OA ＋mb OC
C．ma OA ＝ma OB ＋mb OC
解析：(1)小球离开轨道后应做平抛运动，所以在安装实验器材 时斜槽的末端必须保持水平，才能使小球做平抛运动．(2)为防止在 碰撞过程中入射小球被反弹，入射小球 a 的质量 ma 应该大于被碰 小球 b 的质量 mb.为保证两个小球的碰撞是对心碰撞，两个小球的 半径应相等．(3)由题图 1 所示装置可知，小球 a 和小球 b 相碰后， 根据动量守恒和能量守恒可知小球 b 的速度大于小球 a 的速度．由 此可判断碰后小球 a、b 的落点位置分别为 A、C 点．(4)小球下落 高度一样，所以在空中的运动时间 t 相等，若碰撞过程满足动量守 恒，则应有 mav0＝mava＋mbvb，两边同时乘以时间 t 可得 mav0t＝mavat ＋mbvbt，即有 ma OB ＝ma OA ＋mb OC ，故选项 B 正确．
3．(多选)在光电效应实验中，用频率为 ν 的光照射光电管阴极， 发生了光电效应，下列说法正确的是( )
A．增大入射光的强度，光电流增大 B．减小入射光的强度，光电效应现象消失 C．改用频率小于 ν 的光照射，一定不发生光电效应 D．改用频率大于 ν 的光照射，光电子的最大初动能变大
答案：AD 解析：已知用频率为 ν 的光照射光电管阴极，发生了光电效应， 可知光电管阴极金属材料的极限频率肯定小于 ν，改用频率较小的 光照射时，仍有可能发生光电效应，选项 C 错误；根据爱因斯坦光 电效应方程 Ek＝hν－W0 可知，增大照射光频率，光电子最大初动 能也增大，故选项 D 正确；增大入射光强度，单位时间内照射到单 位面积的光电子数增加，则光电流将增大，故选项 A 正确；光电效 应是否产生与照射光频率有关，而与照射光强度无关，故选项 B 错 误．
10．(10 分)(2018·武昌调研) 一光电管的阴极用极限波长为 λ0 的材料制成，将它连接在如图 所示的电路中，当用波长为 λ 的光照射阴极 K(λ<λ0)，并调节滑动变 阻器使光电管阳极 A 和阴极 K 之间的电势差逐渐增大到 U 时，光 电 数 _的_h流 _值值c_达 _为1λ上_－到 _e_等λ)1饱_0_＋于和 __e且 __U__饱 ．_eI_和 (_已_电_知_流，普为朗到I克.达则常每阳量秒极为内h由A，阴真的极空电K中子发光的出速的最为电大c，子动元个能电数为荷在 如果阳极 A 和阴极 K 之间的电势差 U 不变， 仅将同种照射光的强度增到原来的三倍，则到达
4. (多选)如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是 3.34 eV， 那么对氢原子在能级跃迁过程中发射或吸收光子的特征认识正确 的是( )
A．用氢原子从高能级向基态跃迁时 发射的光照射锌板一定不能产生光电效应
B．一群处于 n＝3 能级的氢原子向基 态跃迁时，能放出 3 种不同频率的光
C．一群处于 n＝3 能级的氢原子向基 态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面 所发出的光电子的最大初动能为 8.75 eV
(1)在安装实验器材时斜槽的末端应保__持__水__平__． (2)小球 a、b 质量 ma、mb 的大小关系应满足 ma___>_____mb， 两球的半径应满足 ra___＝_____rb.(选填“>”、“<”或“＝”) (3)本实验中小球落地点的平均位置距 O 点的距离如图 2 所示， 小球 a、b 碰后的平均落地点依次是图 2 中的____A____点和___C_____ 点． (4) 在 本 实 验 中 ， 验 证 动 量 守 恒 的 式 子 是 下 列 选 项 中 的 ____B____． A．ma OC ＝ma OA ＋mb OB
(本试卷满分 95 分) 一、选择题(本题包括 8 小题，每小题 6 分，共 48 分．在每小 题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题 有多个选项是正确的．全部选对的得 6 分，选不全的得 3 分，有选 错或不答的得 0 分)
1．人从高处跳下，为更好地保护身体，双脚触地，膝盖弯曲 让身体重心继续下降．着地过程这样做，可以减小( )
A．M 和 m 组成的系统机械能守恒，动量守恒 B．M 和 m 组成的系统机械能守恒，动量不守恒 C．m 从 A 到 C 的过程中 M 向左运动，m 从 C 到 B 的过程中 M 向右运动 D．m 从 A 到 B 的过程中，
M 运动的位移为Mm＋Rm
答案：B 解析：M 和 m 组成的系统机械能守恒，总动量不守恒，但水平 方向动量守恒，A 错误、B 正确；m 从 A 到 C 过程中，M 向左加速 运动，当 m 到达 C 处时，M 向左速度最大，m 从 C 到 B 过程中， M 向左减速运动，C 错误；在 m 从 A 到 B 过程中，有 MxM＝mxm， xM＋xm＝2R，得 xM＝2mR/(m＋M)，D 错误．
6．(多选)下列关于波粒二象性的说法正确的是( ) A．光电效应揭示了光的波动性 B．使光子一个一个地通过单缝，若时间足够长，底片上也会 出现衍射图样
C．黑体辐射的实验规律可用光的粒子性解释 D．热中子束射到晶体上产生衍射图样说明中子具有波动性 E．动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等
答案：BCD 解析：光电效应说明了光的粒子性，A 错；单个光子通过单缝 后在底片上呈现出随机性，但大量光子通过单缝后在底片上呈现出 波动性，B 对；黑体辐射的实验规律说明了电磁辐射是量子化的， 即黑体辐射是不连续的、一份一份的，所以黑体辐射用光的粒子性 来解释，C 对；热中子束射在晶体上产生衍射图样，是由于运动的 实物粒子具有波的特性，即说明中子具有波动性，D 对；根据德布
阳极 A 的电子的最大动能__不__变____(填“变大”、 “不变”或“变小”)．
解析：由于 I＝nte，所以每秒内由阴极 K 发出的电子个数在数 值上等于eI.到达阳极 A 的电子最大初动能：Ekm＝hcλ－hλc0＋eU.若不 改变阳极与阴极之间的电势差，仅将同种照射光的强度增加到原来
的三倍，因为照射光的频率不变，故到达阳极的电子最大动能不变．
(1)写出核反应方程． (2)核反应前后发生的质量亏损？ (3)核反应中释放的能量为多少？ (4)若核反应释放的能量全部用来增加两个 α 粒子的总动能，则 求核反应后两个 α 粒子具有的总动能．
答案：(1)11H＋37Li→242He (2)0.0203 u
(3)18.90945 MeV (4)19.50945 MeV 解析：(1)根据质量数守恒、电荷数守恒得 11H＋73Li→224He. (2)质量亏损： Δm＝mLi＋mH－2mα ＝7.0160 u＋1.0073 u－2×4.0015 u ＝0.0203 u. (3)由爱因斯坦质能方程得 ΔE＝0.0203×931.5 MeV＝18.90945 MeV. (4)根据题意得 Ek＝E＋ΔE ＝0.6 MeV＋18.90945 MeV ＝19.50945 MeV.
5．一个原子核经过 6 次 α 衰变和 4 次 β 衰变，最后变成稳定 的某种原子核，衰变后，原子核中的中子共减少( )
A．12 个 B．4 个 C．10 个 D．16 个
答案：D 解析：α 衰变的过程中电荷数减少 2，质量数减少 4，β 衰变的 过程中电荷数增加 1，质量数不变，则质量数减少 6×4＝24，电荷 数减少 6×2－4＝8，中子数＋质子数＝质量数，则中子数减少 16， D 正确．
答案：D 解析：β 衰变的实质在于核内的中子转化成了一个质子和一个 电子，其转化方程是01n→11H＋－01e，故 D 正确．
二、非选择题(本题包括 4 小题，共 47 分) 9．(10 分)(2018·南昌期中)某同学用图 1 所示装置来验证动量守 恒定律，实验时先让小球 a 从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚 下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复 10 次；然后再把小 球 b 静置在斜槽轨道末端，让小球 a 仍从原固定点由静止开始滚下， 和小球 b 相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复 10 次．回 答下列问题：
答案：D 解析：膝盖弯曲的过程叫缓冲，不能改变动量变化量和冲量， 但是延长了作用时间，可以减小动量变化率，即减小作用力，答案 选 D.
2. 如图所示，在光滑的水平面上放有一物体 M，物体 M 上有 一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为 R，最低点为 C，两端 A、B 等 高，现让小滑块 m 从 A 点由静止开始下滑，在此后的过程中( )
D．用能量为 10.3 eV 的光子照射，可使处于基态的氢原子跃 迁到激发态
E．用能量为 1CE 解析：由于氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光能量大于锌
的逸出功 3.34 eV，所以用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光 照射锌板一定能产生光电效应，选项 A 错误．一群处于 n＝3 能级 的氢原子向基态跃迁时，能放出 3 种不同频率的光，选项 B 正确．一 群处于 n＝3 能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光子的最大能量 为 12.09 eV，用此光子照射锌板，根据爱因斯坦光电效应方程，锌 板表面所发出的光电子的最大初动能为 8.75 eV，选项 C 正确．用 能量为 10.2 eV 的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态， 而用能量为 10.3 eV 的光子照射，不能使处于基态的氢原子跃迁到 激发态，选项 D 错误．用能量为 14.0 eV 的光子照射，可使处于基 态的氢原子电离，选项 E 正确．
解析：29325U 在衰变过程中，由电荷数守恒得 82－92＝－7×2 ＋m×1，所以 m＝4.氢核的聚变方程为：12H＋31H→24He＋01n.一次核 聚变释放出的能量为：7.03×4－1.09×2－2.78×3＝17.6 MeV.
12．(16 分)用质子轰击锂核37Li，生成 2 个 α 粒子，已知质子的 初动能是 E＝0.6 MeV，质子、α 粒子和锂核的质量分别为 mH＝ 1.0073 u，mα＝4.0015 u，mLi＝7.0160 u，试回答：
11．(11 分)(2018·福州三中模拟)核裂变和核聚变的过程中能够 放出巨大核能．核裂变中经常使用的29325U 具有天然放射性，若29325U 经过 7 次 α 衰变和 m 次 β 衰变，变成28027Pb，则 m＝____4____.核聚 变中，最常见的反应就是一个氘核与一个氚核结合成一个氦核．已
B．ma OB ＝ma OA ＋mb OC
C．ma OA ＝ma OB ＋mb OC
解析：(1)小球离开轨道后应做平抛运动，所以在安装实验器材 时斜槽的末端必须保持水平，才能使小球做平抛运动．(2)为防止在 碰撞过程中入射小球被反弹，入射小球 a 的质量 ma 应该大于被碰 小球 b 的质量 mb.为保证两个小球的碰撞是对心碰撞，两个小球的 半径应相等．(3)由题图 1 所示装置可知，小球 a 和小球 b 相碰后， 根据动量守恒和能量守恒可知小球 b 的速度大于小球 a 的速度．由 此可判断碰后小球 a、b 的落点位置分别为 A、C 点．(4)小球下落 高度一样，所以在空中的运动时间 t 相等，若碰撞过程满足动量守 恒，则应有 mav0＝mava＋mbvb，两边同时乘以时间 t 可得 mav0t＝mavat ＋mbvbt，即有 ma OB ＝ma OA ＋mb OC ，故选项 B 正确．
3．(多选)在光电效应实验中，用频率为 ν 的光照射光电管阴极， 发生了光电效应，下列说法正确的是( )
A．增大入射光的强度，光电流增大 B．减小入射光的强度，光电效应现象消失 C．改用频率小于 ν 的光照射，一定不发生光电效应 D．改用频率大于 ν 的光照射，光电子的最大初动能变大
答案：AD 解析：已知用频率为 ν 的光照射光电管阴极，发生了光电效应， 可知光电管阴极金属材料的极限频率肯定小于 ν，改用频率较小的 光照射时，仍有可能发生光电效应，选项 C 错误；根据爱因斯坦光 电效应方程 Ek＝hν－W0 可知，增大照射光频率，光电子最大初动 能也增大，故选项 D 正确；增大入射光强度，单位时间内照射到单 位面积的光电子数增加，则光电流将增大，故选项 A 正确；光电效 应是否产生与照射光频率有关，而与照射光强度无关，故选项 B 错 误．
10．(10 分)(2018·武昌调研) 一光电管的阴极用极限波长为 λ0 的材料制成，将它连接在如图 所示的电路中，当用波长为 λ 的光照射阴极 K(λ<λ0)，并调节滑动变 阻器使光电管阳极 A 和阴极 K 之间的电势差逐渐增大到 U 时，光 电 数 _的_h流 _值值c_达 _为1λ上_－到 _e_等λ)1饱_0_＋于和 __e且 __U__饱 ．_eI_和 (_已_电_知_流，普为朗到I克.达则常每阳量秒极为内h由A，阴真的极空电K中子发光的出速的最为电大c，子动元个能电数为荷在 如果阳极 A 和阴极 K 之间的电势差 U 不变， 仅将同种照射光的强度增到原来的三倍，则到达
4. (多选)如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是 3.34 eV， 那么对氢原子在能级跃迁过程中发射或吸收光子的特征认识正确 的是( )
A．用氢原子从高能级向基态跃迁时 发射的光照射锌板一定不能产生光电效应
B．一群处于 n＝3 能级的氢原子向基 态跃迁时，能放出 3 种不同频率的光
C．一群处于 n＝3 能级的氢原子向基 态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面 所发出的光电子的最大初动能为 8.75 eV
(1)在安装实验器材时斜槽的末端应保__持__水__平__． (2)小球 a、b 质量 ma、mb 的大小关系应满足 ma___>_____mb， 两球的半径应满足 ra___＝_____rb.(选填“>”、“<”或“＝”) (3)本实验中小球落地点的平均位置距 O 点的距离如图 2 所示， 小球 a、b 碰后的平均落地点依次是图 2 中的____A____点和___C_____ 点． (4) 在 本 实 验 中 ， 验 证 动 量 守 恒 的 式 子 是 下 列 选 项 中 的 ____B____． A．ma OC ＝ma OA ＋mb OB
(本试卷满分 95 分) 一、选择题(本题包括 8 小题，每小题 6 分，共 48 分．在每小 题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题 有多个选项是正确的．全部选对的得 6 分，选不全的得 3 分，有选 错或不答的得 0 分)
1．人从高处跳下，为更好地保护身体，双脚触地，膝盖弯曲 让身体重心继续下降．着地过程这样做，可以减小( )
A．M 和 m 组成的系统机械能守恒，动量守恒 B．M 和 m 组成的系统机械能守恒，动量不守恒 C．m 从 A 到 C 的过程中 M 向左运动，m 从 C 到 B 的过程中 M 向右运动 D．m 从 A 到 B 的过程中，
M 运动的位移为Mm＋Rm
答案：B 解析：M 和 m 组成的系统机械能守恒，总动量不守恒，但水平 方向动量守恒，A 错误、B 正确；m 从 A 到 C 过程中，M 向左加速 运动，当 m 到达 C 处时，M 向左速度最大，m 从 C 到 B 过程中， M 向左减速运动，C 错误；在 m 从 A 到 B 过程中，有 MxM＝mxm， xM＋xm＝2R，得 xM＝2mR/(m＋M)，D 错误．
6．(多选)下列关于波粒二象性的说法正确的是( ) A．光电效应揭示了光的波动性 B．使光子一个一个地通过单缝，若时间足够长，底片上也会 出现衍射图样
C．黑体辐射的实验规律可用光的粒子性解释 D．热中子束射到晶体上产生衍射图样说明中子具有波动性 E．动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等
答案：BCD 解析：光电效应说明了光的粒子性，A 错；单个光子通过单缝 后在底片上呈现出随机性，但大量光子通过单缝后在底片上呈现出 波动性，B 对；黑体辐射的实验规律说明了电磁辐射是量子化的， 即黑体辐射是不连续的、一份一份的，所以黑体辐射用光的粒子性 来解释，C 对；热中子束射在晶体上产生衍射图样，是由于运动的 实物粒子具有波的特性，即说明中子具有波动性，D 对；根据德布
阳极 A 的电子的最大动能__不__变____(填“变大”、 “不变”或“变小”)．
解析：由于 I＝nte，所以每秒内由阴极 K 发出的电子个数在数 值上等于eI.到达阳极 A 的电子最大初动能：Ekm＝hcλ－hλc0＋eU.若不 改变阳极与阴极之间的电势差，仅将同种照射光的强度增加到原来
的三倍，因为照射光的频率不变，故到达阳极的电子最大动能不变．
(1)写出核反应方程． (2)核反应前后发生的质量亏损？ (3)核反应中释放的能量为多少？ (4)若核反应释放的能量全部用来增加两个 α 粒子的总动能，则 求核反应后两个 α 粒子具有的总动能．
答案：(1)11H＋37Li→242He (2)0.0203 u
(3)18.90945 MeV (4)19.50945 MeV 解析：(1)根据质量数守恒、电荷数守恒得 11H＋73Li→224He. (2)质量亏损： Δm＝mLi＋mH－2mα ＝7.0160 u＋1.0073 u－2×4.0015 u ＝0.0203 u. (3)由爱因斯坦质能方程得 ΔE＝0.0203×931.5 MeV＝18.90945 MeV. (4)根据题意得 Ek＝E＋ΔE ＝0.6 MeV＋18.90945 MeV ＝19.50945 MeV.
5．一个原子核经过 6 次 α 衰变和 4 次 β 衰变，最后变成稳定 的某种原子核，衰变后，原子核中的中子共减少( )
A．12 个 B．4 个 C．10 个 D．16 个
答案：D 解析：α 衰变的过程中电荷数减少 2，质量数减少 4，β 衰变的 过程中电荷数增加 1，质量数不变，则质量数减少 6×4＝24，电荷 数减少 6×2－4＝8，中子数＋质子数＝质量数，则中子数减少 16， D 正确．
答案：D 解析：β 衰变的实质在于核内的中子转化成了一个质子和一个 电子，其转化方程是01n→11H＋－01e，故 D 正确．
二、非选择题(本题包括 4 小题，共 47 分) 9．(10 分)(2018·南昌期中)某同学用图 1 所示装置来验证动量守 恒定律，实验时先让小球 a 从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚 下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复 10 次；然后再把小 球 b 静置在斜槽轨道末端，让小球 a 仍从原固定点由静止开始滚下， 和小球 b 相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复 10 次．回 答下列问题：