【物理】一轮复习随堂检测： 电磁感应产生的条件 楞次定律(3-2-9-1)
新高考物理通用版总复习一轮课件专题九第1讲电磁感应现象楞次定律
4.磁通量的意义. (1)磁通量可以理解为穿过某一面积的__磁__感__线__的条数. (2)同一线圈平面，当它跟磁场方向__垂__直__时，磁通量最大； 当它跟磁场方向平行时，磁通量为零；当正向穿过线圈平面的 磁感线条数和反向穿过的一样多时，磁通量为零.
二、电磁感应现象 1.定义：只要穿过闭合回路的__磁__通__量__发生变化，闭合回 路中就有电流产生，这种利用磁场产生电流的现象叫做电磁感 应现象，产生的电流叫做感应电流. 2.产生感应电流的条件：闭合回路中的____磁__通__量____发生 变化. (1)表述 1：闭合电路的一部分导体在磁场内做_切__割__磁__感__线_ 运动. (2)表述 2：穿过闭合电路的磁通量___发__生__变__化___.
①当 Φ 很大时，ΔΔΦt 可能很小；当 Φ 很小时，ΔΔΦt 可能很大， 当 Φ＝0 时，ΔΔΦt 可能不为零.
②当 Φ 按正弦规律变化时，当 Φ 最大时ΔΔΦt ＝0；反之，当 Φ＝0 时ΔΔΦt 最大.磁通量的变化率ΔΔΦt 是 Φ-t 图象上某点切线的斜 率.
三、楞次定律和右手定则 1.楞次定律. (1)内容：感应电流的磁场总要阻碍____引__起__感__应__电__流__的____ _____磁__通__量_____的变化. (2)适用范围：一切电磁感应现象.
3.产生感应电动势的条件：无论回路是否闭合，只要穿过 线圈平面的_____磁__通__量______发生变化，线圈中就有感应电动 势产生.
4.正确区分磁通量、磁通量的变化量和磁通量的变化率. (1)三者的区别.
(2)三者变化关系的比较：Φ、ΔΦ、ΔΔΦt 的大小没有直接的 关系，可以与运动学中的 v、Δv、ΔΔvt 类比.
热点 3 楞次定律和右手定则、左手定则、安培定则的综 合应用
高考物理一轮复习 第九章电磁感应第1讲 电磁感应产生的条件楞次定律课时训练 人教版
高考物理一轮复习第九章电磁感应第1讲电磁感应产生的条件楞次定律课时训练人教版第1讲电磁感应产生的条件楞次定律一、选择题（本题共11小题，共88分）1．现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及电键如图9－1－19所示)连接．下列说法中正确的是 (A．电键闭合后，线圈A插入或拔出都会引起电流计指针偏转B．线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间电流计指针均不会偏转C．电键闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，会使电流计指针静止在中央零刻度D．电键闭合后，只有滑动变阻器的滑片P加速滑动，电流计指针才能偏转解析：电键闭合后，线圈A插入或拔出都会引起穿过线圈B的磁通量发生变化，从而电流计指针偏转，选项A正确；线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间，线圈B的磁通量会发生变化，电流计指针会偏转，选项B错误；电键闭合后，滑动变阻器的滑片P无论匀速滑动还是加速滑动，都会导致线圈A的电流发生变化，线圈B的磁通量变化，电流计指针都会发生偏转，选项C、D错误．答案：A2．两个大小不同的绝缘金属圆环如图9－1－20叠放在一起，小圆环有一半面积在大圆环内，当大圆环通上顺时针方向电流的瞬间，小圆环中感应电流的方向是 ( )A．顺时针方向图9－1－20 B．逆时针方向C．左半圆顺时针，右半圆逆时针D．无感应电流解析：根据安培定则，当大圆环中电流为顺时针方向时，圆环所在平面内的磁场是垂直于纸面向里的，而环外的磁场方向垂直于纸面向外，虽然小圆环在大圆环里外的面积一样，但环里磁场比环外磁场要强，净磁通量还是垂直于纸面向里．由楞次定律知，感应电流的磁场阻碍“×”方向的磁通量的增强，应垂直于纸面向外，再由安培定则得出小圆环中感应电流的方向为逆时针方向，B选项正确．答案：B3．如图9－1－21所示，ab 是一个可以绕垂直于纸面的轴O 转动的闭合矩形导体线圈，当滑动变阻器R 的滑片P 自左向右滑动过程中，线圈ab 将 ( ) A ．静止不动 B ．逆时针转动C ．顺时针转动D ．发生转动，但因电源的极性不明，无法确定转动的方向解析：当P 向右滑动时，电路中电阻减小，电流增大，线圈ab 的磁通量增加，根据楞 次定律判断，线圈ab 将顺时针转动．答案：C4．直导线ab 放在如图9－1－22所示的水平导体框架上，构成一个闭合回路．长直导线cd 和框架处在同一个平面内，且cd 和ab 平行，当cd中通有电流时，发现ab 向左滑动．关于cd 中的电流下列说法正确的是 ( )A ．电流肯定在增大，不论电流是什么方向B ．电流肯定在减小，不论电流是什么方向C ．电流大小恒定，方向由c 到dD ．电流大小恒定，方向由d 到c解析：ab 向左滑动，说明通过回路的磁通量在减小，通过回路的磁感应强度在减弱， 通过cd 的电流在减小，与电流方向无关．答案：B5．如图9－1－23所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A 、 B ，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab 和cd .当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab 和cd 的运动情况是 ( )A ．一起向左运动B ．一起向右运动C ．ab 和cd 相向运动，相互靠近D ．ab 和cd 相背运动，相互远离解析：电流增强时，电流在abdc 回路中产生的垂直向里的磁场增强，回路磁通量增大， 根据楞次定律可知回路要减小面积以阻碍磁通量的增加，因此，两导体要相向运动，相 互靠拢．答案：C6．两根相互平行的金属导轨水平放置于图9－1－24所示的匀强磁场中，在导轨上接触良好的导体棒AB 和CD 可以自由滑动．当 AB 在外力F 作用下向右运动时，下列说法中正确的是 ( )A ．导体棒CD 内有电流通过，方向是D →CB ．导体棒CD 内有电流通过，方向是C →DC ．磁场对导体棒CD 的作用力向左D ．磁场对导体棒AB 的作用力向左 解析：利用楞次定律．两个导体棒与两根金属导轨构成闭合回路，分析出磁通量增加， 图9－1－21图9－1－22图9－1－23图9－1－24结合安培定则判断回路中感应电流的方向是B→A→C→D→B.以此为基础，再判断CD 内的电流方向，最后根据左手定则进一步确定CD的受力方向，经过比较可得正确答案．答案：BD7．如图9－1－25所示，一个金属薄圆盘水平放置在竖直向上的匀强磁场中，下列做法中能使圆盘中产生感应电流的是 ( )A．圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动B．圆盘以某一水平直径为轴匀速转动C．圆盘在磁场中向右匀速平移D．匀强磁场均匀增加解析：将金属圆盘看成是一个个同心圆环，当通过每个圆环的磁通量发生变化时，圆盘中产生感应电流，所以只有选项B、D正确．答案：BD8．如图9－1－26所示是世界上早期制作的发电机及电动机的实验装置，A盘和B盘分别是两个可绕固定转轴转动的铜盘，实验时用导线将A盘的中心和B盘的边缘连接起来，用另一根导线将B盘的中心和A盘的边缘连接起来．当A盘在外力作用下转动起来时，B盘也会转动．则下列说法中正确的是( )A．不断转动A盘使得铜盘沿径向排列的无数根铜条做切割磁感线运动，产生感应电动势并获得持续电流B．不断转动A盘使得铜盘盘面上无数个同心圆环中的磁通量发生变化，产生感应电动势并获得持续电流C．当A盘顺时针转动时，B盘逆时针转动，A盘中心的电势比盘边缘高D．当A盘顺时针转动时，B盘也顺时针转动，A盘中心的电势比盘边缘低解析：A盘在外力作用下顺时针转动时，相当于发电机，由右手定则可知径向铜条中的电流由中心流向边缘，从等效电源来看，A盘中心的电势比盘边缘低；B盘相当于电动机，电流从其中心流向边缘，由左手定则可知，B盘应逆时针转动．答案：A9．如图9－1－27为一种早期发电机原理示意图，该发电机由固定的圆形线圈和一对用铁芯连接的圆柱形磁铁构成，两磁极相对于线圈平面对称．在磁极绕转轴匀速转动过程中，磁极中心在线圈平面上的投影沿圆弧XOY运动(O是线圈中心)，则 ( )图9－1－27图9－1－25图9－1－26A ．从X 到O ，电流由E 经流向F ，先增大再减小B ．从X 到O ，电流由F 经流向E ，先减小再增大C ．从O 到Y ，电流由F 经流向E ，先减小再增大D ．从O 到Y ，电流由E 经流向F ，先增大再减小解析：从X 到O 过程中，原磁场方向指向上不断增加，则感应电流的磁场方向应该指向 下，再由右手螺旋定则知，感应电流方向应该是由F 经到E ，又感应电流从零到有再 到零，则一定经历先增大再减小的过程．同理，当从O 到Y 的过程中，感应电流的方向 应该是由E 经到F ，大小也是先增大再减小．答案：D10．如图9－1－28所示，金属棒ab 置于水平放置的金属导体框架cdef 上，棒ab 与框架接触良好．从某一时刻开始，给这个空间施加一个斜向上的匀强磁场，并且磁场均匀增加，ab 棒仍静止，在磁场均匀增加的过程中，关于ab棒受到的摩擦力，下列说法正确的是 ( ) A ．摩擦力大小不变，方向向右 B ．摩擦力变大，方向向右C ．摩擦力变大，方向向左D ．摩擦力变小，方向向左解析：本题考查电磁感应定律和平衡条件．由法拉第电磁感应定律和安培定则知，ab 中产生的电流的大小恒定，方向由b 到a ，由左手定则，ab 受到的安培力方向向左下 方，F ＝BIL ，由于B 均匀变大，F 变大，F 的水平分量F x 变大，静摩擦力F f ＝F x 变大， 方向向右，B 正确，本题难度中等．答案：B11．如图9－1－29所示，由导体棒ab 和矩形线框cdef 组成的 “10”图案在匀强磁场中一起向右匀速平动，匀强磁场的方向垂直线框平面向里，磁感应强度B 随时间均匀增大，则下列说法正确的是 ( )A ．导体棒的a 端电势比b 端电势高，电势差U ab 在逐渐增大B ．导体棒的a 端电势比b 端电势低，电势差U ab 在逐渐增大C ．线框cdef 中有顺时针方向的电流，电流大小在逐渐增大D ．线框cdef 中有逆时针方向的电流，电流大小在逐渐增大解析：本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律．对导体棒ab 由右手定则可判断a 端 电势高，由E ＝Blv 可知，因为磁感应强度均匀增大，所以U ab 变大，故选项A 对，B 错；对矩形线框cdef ，由楞次定律可判断，感应电流的方向为逆时针方向，但由于磁感应强度是均匀增大，所以感应电流是恒定的，不会增大，所以选项C 、D 都不对．难度 中等．答案：A二、非选择题（第12题12分）12．我国的“嫦娥二号”探月卫星在发射1 533秒后进入近地点高度为200 km 的地月转移轨道．假设卫星中有一边长为50cm 的正方形导线框，由于卫星的调姿由水平方向转至竖直图9－1－28图9－1－29方向，此时地磁场磁感应强度B＝4×10－5 T，方向如图9－1－30所示．(1)该过程中磁通量的改变量是多少？(2)该过程线框中有无感应电流？设线框电阻为R＝0.1 Ω，若有电流则通过线框的电量是多少？(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)解析：(1)设线框在水平位置时法线n方向竖直向上，穿过线框的磁通量Φ1＝BS cos 53°＝6.0×10－6 Wb.当线框转至竖直位置时，线框平面的法线方向水平向右，与磁感线夹角θ＝143°，穿过线框的磁通量Φ2＝BS cos 143°＝－8.0×10－6 Wb该过程磁通量的改变量大小ΔΦ＝Φ1－Φ2＝1.4×10－5 Wb.(2)因为该过程穿过闭合线框的磁通量发生了变化，所以一定有感应电流．根据电磁感应定律得，I＝ER＝ΔΦRΔt.通过的电量为q＝I·Δt＝ΔΦR＝1.4×10－4 C.答案：(1)1.4×10－5 Wb (2)1.4×10－4 C。
高考物理一轮复习 第九章 第1讲 电磁感现象 楞次律跟踪检测
权掇市安稳阳光实验学校第1讲电磁感应现象楞次定律(对应学生用书第153页)电磁感应现象1.电磁感应现象当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，电路中有感应电流产生的现象．2．产生感应电流的条件(1)条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化．(2)特例：闭合电路的一部分导体在磁场内做切割磁感线运动．错误!【针对训练】1．如图9－1－1所示，开始时矩形线圈平面与匀强磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外，若要线圈产生感应电流，下列方法中不可行的是( )图9－1－1A．将线圈向左平移一小段距离B．将线圈向上平移C．以ab为轴转动(小于90°)D．以ac为轴转动(小于60°)【解析】当线圈向左平移一小段距离时，穿过闭合电路abdc的磁通量变化(减小)，有感应电流产生，A正确；将线圈向上平移时，穿过闭合电路的磁通量不变，无感应电流，B错误；以ab为轴转动小于90°和以ac为轴转动小于60°时，穿过闭合电路的磁通量都是从最大减小，故有感应电流，C、D正确．【答案】B感应电流方向的判断1.(1)内容：感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化．(2)适用范围：一切电磁感应现象．2．右手定则(1)内容：伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向．(2)适用情况：导体切割磁感线产生感应电流．错误!【针对训练】2．如图是验证楞次定律实验的示意图，竖直放置的线圈固定不动，将磁铁从线圈上方插入或拔出，线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流．各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况，其中表示正确的是( )【解析】先根据楞次定律“来拒去留”判断线圈的N极和S极．A中线圈上端为N极，B中线圈上端为N极，C中线圈上端为S极，D中线圈上端为S 极，再根据安培定则确定感应电流的方向，A、B、D错误，C正确．【答案】C(对应学生用书第154页)电磁感应现象发生的条件1.磁通量的物理意义(1)磁通量可以理解为穿过某一面积的磁感线的条数．(2)同一平面，当它跟磁场方向垂直时，磁通量最大；当它跟磁场方向平行时，磁通量为零；当正向穿过线圈平面的磁感线条数和反向穿过的一样多时，磁通量为零．2．磁通量发生变化的三种常见情况(1)磁场强弱不变，回路面积改变．(2)回路面积不变，磁场强弱改变．(3)回路面积和磁场强弱均不变，但二者的相对位置发生改变．(2012·杭州模拟)现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及电键如图9－1－2所示连接．下列说法中正确的是( )图9－1－2A．电键闭合后，线圈A插入或拔出都会引起电流计指针偏转B．线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间电流计指针均不会偏转C．电键闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，会使电流计指针静止在零刻度D．电键闭合后，只有滑动变阻器的滑片P加速滑动，电流计指针才能偏转【审题视点】能够引起线圈B中磁通量发生变化的因素有三点：(1)电键的闭合和断开．(2)电键闭合后，线圈A插入或拔出．(3)电键闭合后，滑片P左、右滑动．【解析】电键闭合后，线圈A插入或拔出都会引起穿过线圈B的磁通量发生变化，从而电流计指针偏转，选项A正确；线圈A插入线圈B中后，电键闭合和断开的瞬间，线圈B的磁通量会发生变化，电流计指针会偏转，选项B 错误；电键闭合后，滑动变阻器的滑片P无论匀速滑动还是加速滑动，都会导致线圈A的电流发生变化，线圈B的磁通量变化，电流计指针都会发生偏转，选项C、D错误．【答案】A【即学即用】1.图9－1－3在图9－1－3所示的闭合铁芯上绕有一组线圈，与滑动变阻器、电池构成闭合电路，a、b、c为三个闭合金属圆环，假定线圈产生的磁场全部集中在铁芯内，则当滑动变阻器的滑片左右滑动时，能产生感应电流的金属圆环是( ) A．a、b两个环B．b、c两个环C．a、c两个环 D．a、b、c三个环【解析】当滑片左右滑动时，通过a、b的磁通量变化，而通过c环的合磁通量始终为零，故a、b两环中产生感应电流，而c环中不产生感应电流．故A对．【答案】A楞次定律的理解和应用1.楞次定律中“阻碍”的含义谁阻碍谁感应电流的磁场阻碍引起感应电流的磁通量的变化阻碍什么阻碍的是磁通量的变化，而不是阻碍磁通量本身如何阻碍错误!错误!错误!2．楞次定律的使用步骤(2012·上海高考)为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图9－1－4所示．已知线圈由a端开始绕至b端；当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．图9－1－4(1)将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转．俯视线圈，其绕向为__________(填“顺时针”或“逆时针”)．(2)当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，指针向右偏转．俯视线圈，其绕向为________(填“顺时针”或“逆时针”)．【审题视点】(1)由磁铁运动的方向确定磁通量的变化情况，由楞次定律确定线圈的N极、S极．(2)由指针偏转的方向确定电流方向．由安培定则确定线圈导线的绕向．【解析】(1)将磁针N极向下插入L时，根据楞次定律L的上方应为N 极．由电流计指针向左偏转，可确定L中电流由b端流入，根据安培定则，俯视线圈，电流为逆时针，线圈绕向为顺时针．(2)将磁针远离L，由楞次定律，线圈L上方仍为N极，由于此时电流计指针向右偏转，可确定L中电流由a端流入．根据安培定则，俯视线圈，电流为逆时针，线圈绕向也为逆时针．【答案】(1)顺时针(2)逆时针楞次定律的推广应用推广表述：感应电流的效果总是阻碍产生感应电流的原因．其具体方式为：(1)阻碍原磁通量的变化——“增反减同”．(2)阻碍相对运动——“来拒去留”．(3)使线圈面积有扩大或缩小的趋势——“增缩减扩”．(4)阻碍原电流的变化(自感现象)——“增反减同”．【即学即用】2．如图9－1－5所示为一个圆环形导体，圆心为O，有一个带正电的粒子沿图中的直线从圆环表面匀速飞过，则环中的感应电流的情况是( )图9－1－5A．沿逆时针方向B．沿顺时针方向C．先沿逆时针方向后沿顺时针方向D．先沿顺时针方向后沿逆时针方向【解析】由于带正电的粒子没有沿直径运动，所以它产生的磁场的磁感线穿过圆环时不能抵消，所以穿过圆环的磁通量开始时向外增加，然后向外减少，根据楞次定律，圆环中感应电流的方向先沿顺时针方向，后沿逆时针方向，故D正确．【答案】D(对应学生用书第155页)楞次定律的综合应用1.规律比较基本现象应用的规律运动电荷、电流产生磁场安培定则磁场对运动电荷、电流的作用左手定则电磁感应部分导体做切割磁感线运动右手定则闭合回路磁通量变化楞次定律2.应用技巧四种记忆方法：(1)“因动而电”——用右手；“因电而动”——用左手．(2)“通电受力用左手，运动生电用右手”．(3)“力”的最后一笔“”方向向左，用左手；“电”的最后一笔“”方向向右，用右手．(4)直接记住“左力右感”．如图9－1－6所示，导轨间的磁场方向垂直于纸面向里，当导线MN 在导轨上向右加速滑动时，正对电磁铁A的圆形金属环B中( )图9－1－6A．有感应电流，且B被A吸引B．无感应电流C．可能有，也可能没有感应电流D．有感应电流，且B被A排斥【潜点探究】(1)导线MN切割磁感线运动时，应用右手定则来判断感应电流的方向．(2)结合导线MN的运动情况判断电磁铁A的磁场变化及通过金属环B的磁通量的变化情况．(3)利用楞次定律判断金属环B中电流方向及磁场方向，从而确定B的受力情况．【规范解答】MN向右加速滑动，根据右手定则，MN中的电流方向从N→M，且大小在逐渐变大，根据安培定则知，电磁铁A的左端为N极，且磁场强度逐渐增强，根据楞次定律知，B环中的感应电流产生的内部磁场方向向右，B被A 排斥．故D正确．【答案】D【即学即用】3．(黄山模拟)某实验小组用如图9－1－7所示的实验装置来验证楞次定律，当条形磁铁自上而下穿过固定的线圈时，通过电流计的感生电流方向是( )A．a→G→bB．先a→G→b，后b→G→aC．b→G→aD．先b→G→a，后a→G→b【解析】当条形磁铁自上而下穿过固定的线圈时，穿过线圈的磁通量方向始终竖直向下，大小先增大后减小，根据楞次定律，线圈中产生的感应电流的磁场方向先竖直向上后竖直向下，再根据右手定则可知，线圈中产生的感应电流的方向先是逆时针方向后是顺时针方向(从上往下看)，所以通过电流计的感生电流方向是先b→G→a，后a→G→b.本题答案为D.【答案】D(对应学生用书第155页)●产生感应电流的条件1．如图所示，能产生感应电流的是( )【解析】A图中线圈没闭合，无感应电流；B图中磁通量增大，有感应电流；C图中导线在圆环的正上方，不论电流如何变化，穿过线圈的磁感线相互抵消，磁通量恒为零，也无感应电流；D图中的磁通量恒定，无感应电流．故选B.【答案】B●楞次定律的理解和应用2．(2012·苏州模拟)在一根较长的铁钉上，用漆包线绕上两个线圈A、B，将线圈B的两端接在一起，并把CD段直漆包线沿南北方向放置在静止的小磁针的上方，如图9－1－8所示．下列判断正确的是( )图9－1－8A．开关闭合时，小磁针不发生转动B．开关闭合时，小磁针的N极垂直纸面向里转动C．开关断开时，小磁针的N极垂直纸面向里转动D．开关断开时，小磁针的N极垂直纸面向外转动【解析】开关保持接通时，A内电流的磁场向右；开关断开时，穿过B 的磁感线的条数向右减少，因此感应电流的磁场方向向右，感应电流的方向由C到D，CD下方磁感线的方向垂直纸面向里，小磁针N极向里转动．【答案】C●右手定则的应用3．(2013安师大附中模拟)在北半球，地磁场的水平分量由南向北，竖直分量竖直向下．北京平安大街上，如图9－1－9，某人骑车从东往西行驶，则下列说法正确的是( )A．自行车左车把的电势与右车把的电势等高B．自行车左车把的电势比右车把的电势低C．图中辐条AB此时A端比B端的电势高D．图中辐条AB此时A端比B端的电势低【解析】从东往西，车把切割地磁场的竖直分量，由右手定则知左车把电势高，而辐条切割水平分量，B端电势高，即D正确．【答案】D●楞次定律、右手定则、左手定则、安培定则的综合应用4．(安庆一中模拟)如图9－1－10所示，通电直导线cd右侧有一个金属框与导线cd在同一平面内，金属棒ab放在框架上，若ab受到向左的磁场力，则cd中电流的变化情况是( )图9－1－10①cd中通有由d→c方向逐渐减小的电流②cd中通有由d→c方向逐渐增大的电流③cd中通有由c→d方向逐渐减小的电流④cd中通有由c→d方向逐渐增大的电流A．①②B．③④C．①③D．②④【解析】若ab受到向左的磁场力，根据楞次定律知金属框和ab围成的回路中的磁通量一定在增加，故不论c→d中电流方向怎样，c→d中的电流一定是增大的，故②、④正确．【答案】D5．如图9－1－11所示，闭合的矩形金属框abcd的平面与匀强磁场垂直，现金属框固定不动而磁场运动，发现ab边所受安培力的方向为竖直向上，则此时磁场的运动可能是( )图9－1－11A．水平向右平动B．水平向左平动C．竖直向上平动D．竖直向下平动【解析】ab边受到的力向上，由左手定则可知，ab上电流的方向由b→a，由楞次定律可得，线框内的磁通量在增加，磁场向右运动，A项正确，B项错误；当磁场上下运动时，线框内的磁通量不变化，不产生感应电流，C、D项错误．【答案】A课后作业(二十六) (对应学生用书第267页) (时间45分钟，满分100分)一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分．只有一个选项正确．)1.图9－1－12如图9－1－12所示，闭合圆圈导线放置在匀强磁场中，线圈平面与磁场平行，其中ac、bd分别是平行、垂直于磁场方向的两条直径．试分析线圈做如下运动时，能产生感应电流的是( )A．使线圈在纸面内平动B．使线圈平面沿垂直纸面方向向纸外平动C．使线圈以ac为轴转动D．使线圈以bd为轴转动【解析】使线圈在纸面内平动，沿垂直纸面方向向纸外平动或以ac为轴转动，线圈中的磁通量始终为零，不变化，无感应电流产生；以bd为轴转动时，线圈中的磁通量不断变化，能产生感应电流．所以D选项正确．【答案】D2．(哈尔滨九中模拟)绕有线圈的铁芯直立在水平桌面上，铁芯上套着一个铝环，线圈与电源、电键相连，如图9－1－13所示，线圈上端与电源正极相连，闭合电键的瞬间，铝环向上跳起．则下列说法中正确的是( )图9－1－13A．若保持电键闭合，则铝环不断升高B．若保持电键闭合，则铝环停留在某一高度C．若保持电键闭合，则铝环跳起到某一高度后将回落D．如果电源的正、负极对调，观察到的现象不同【解析】若保持电键闭合，磁通量不变，感应电流消失，所以铝环跳起到某一高度后将回落，A、B错，C对；正、负极对调，同样磁通量增加，由楞次定律知，铝环向上跳起，现象不变，D错误．【答案】C3.图9－1－14(2012·杭州统测训练)两根通电直导线M、N都垂直纸面固定放置，通过它们的电流方向如图9－1－14所示，线圈L的平面跟纸面平行，现将线圈从位置A沿M、N连线的中垂线迅速平移到位置B，则在平移过程中，线圈中的感应电流( )A．沿顺时针方向，且越来越小B．沿逆时针方向，且越来越大C．始终为零D．先顺时针，后逆时针【解析】根据直线电流周围磁场磁感线的分布特点．线圈L中的磁通量始终为零，故感应电流始终为零．【答案】C4.图9－1－15如图9－1－15所示，在直线电流附近有一根金属棒ab，当金属棒以b端为圆心，以ab为半径，在过导线的平面内匀速旋转达到图中的位置时( ) A．a端聚积电子B．b端聚积电子C．金属棒内电场强度等于零D．a端电势低于b端电势【解析】因导体棒所在区域的磁场的方向垂直于纸面向外，当金属棒转动时，由右手定则可知，a端的电势高于b端的电势，b端聚积电子，B正确．【答案】B5.图9－1－16如图9－1－16所示，虚线abcd为矩形匀强磁场区域，磁场方向竖直向下，圆形闭合金属线框以一定的速度沿光滑绝缘水平面向磁场区域运动．如图所示给出的是圆形闭合金属线框的四个可能到达的位置，则圆形闭合金属线框的速度可能为零的位置是( )A．①②B．③④C．①④ D．②③【解析】因为线框在进、出磁场时，线框中的磁通量发生变化，产生感应电流，安培力阻碍线框运动，使线框的速度可能减为零，故①④正确．【答案】C6.甲乙图9－1－17(宁夏石嘴山十七中模拟)如图9－1－17所示，甲、乙两个矩形线圈同处在纸面内，甲的ab边与乙的cd边平行且靠得较近，甲、乙两线圈分别处在垂直纸面方向的匀强磁场中，穿过甲的磁感应强度为B1，方向指向纸面内，穿过乙的磁感应强度为B2，方向指向纸面外，两个磁场可同时变化，当发现ab边和cd边间有排斥力时，磁场的变化情况可能是( )A．B1变小，B2变大 B．B1变大，B2变大C．B1变小，B2变小 D．B1不变，B2变小【解析】ab边与cd边有斥力，则两边通过的电流方向一定相反，由楞次定律可知，当B1变小，B2变大时，ab边与cd边中的电流方向相反．【答案】A7．如图9－1－18所示，甲是闭合铜线框，乙是有缺口的铜线框，丙是闭合的塑料线框，它们的正下方都放置一薄强磁铁，现将甲、乙、丙拿至相同高度H处同时释放(各线框下落过程中不翻转)，则以下说法正确的是( )图9－1－18A．三者同时落地B．甲、乙同时落地，丙后落地C．甲、丙同时落地，乙后落地D．乙、丙同时落地，甲后落地【解析】甲是闭合铜线框，在下落过程中产生感应电流，所受的安培力阻碍它的下落，故所需的时间长；乙没有闭合回路，丙是塑料线框，故都不会产生感应电流，它们做自由落体运动，故D正确．【答案】D8.图9－1－19(铜陵模拟)如图9－1－19所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的变化的磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导线abcd所围区域内磁场的磁感强度按下图中哪一图线所示的方式随时间变化时，可使导体圆环对桌面的压力减小( )【解析】要想使导体圆环对桌面的压力减小，就是要使导体圆环具有竖直向上靠近螺线管的运动趋势，根据楞次定律“来拒去留”原则，穿过导体圆环的磁通量具有减小的趋势，即是要使通电螺线管产生的磁场强度逐渐减小，也就是流过螺线管的感应电流减小，即要使连接螺线管的闭合回路中产生的感应电动势减小，闭合回路的面积不变，所以只要ΔBΔt逐渐减小即可，显然，只有选项A符合题意．本题答案为A.【答案】A9．如图9－1－20所示，在水平地面下有一条沿东西方向铺设的水平直导线，导线中通有自东向西稳定、强度较大的直流电流．现用一闭合的检测线圈(线圈中串有灵敏电流计，图中未画出)检测此通电直导线的位置，若不考虑地磁场的影响，在检测线圈位于水平面内，从距直导线很远处由北向南沿水平地面通过导线的上方并移至距直导线很远处的过程中，俯视检测线圈，其中的感应电流的方向是( )图9－1－20A．先顺时针后逆时针B．先逆时针后顺时针C．先顺时针后逆时针，然后再顺时针D．先逆时针后顺时针，然后再逆时针【解析】如图为地下通电直导线产生的磁场的正视图，当线圈在通电直导线正上方的左侧时由楞次定律知，线圈中感应电流方向为逆时针，同理在右侧也为逆时针，当线圈一部分在左侧一部分在右侧时为顺时针，故D对．【答案】D10．(阜阳模拟)如图9－1－21所示，粗糙水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈，当一竖直放置的条形磁铁从线圈中线AB正上方等高快速经过时，若线圈始终不动，则关于线圈受到的支持力F N及在水平方向运动趋势的正确判断是( )图9－1－21A．F N先小于mg后大于mg，运动趋势向左B．F N先大于mg后小于mg，运动趋势向左C．F N先小于mg后大于mg，运动趋势向右D．F N先大于mg后小于mg，运动趋势向右【解析】根据楞决定律“来拒去留”的原则，当条形磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量逐渐增大，线圈为阻碍增大，一方面具有水平向右以“拒绝”磁铁靠近的运动趋势，另一方面具有竖直向下远离条形磁铁的运动趋势，所以刚开始“F N先大于mg，运动趋势向右”；最后条形磁铁要远离线圈，穿过线圈的磁通量逐渐减小，线圈为阻碍减小，一方面具有水平向右以“留住”磁铁远去的运动趋势，另一方面具有竖直向上靠近条形磁铁的运动趋势，所以后来“F N 小于mg，运动趋势仍然向右”．本题答案为D.【答案】D二、非选择题(本题共2小题，共30分．计算题要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位．)11．(14分)如图9－1－22所示，匀强磁场区域宽为d，一正方形线框abcd 的边长为l，且l＞d，线框以速度v通过磁场区域，从线框进入到完全离开磁场的时间内，线框中没有感应电流的时间是多少？图9－1－22【解析】从线框进入到完全离开磁场的过程中，当线框bc边运动至磁场右边缘至ad边运动至磁场左边缘过程中无感应电流．此过程位移为：l－d故t＝l－dv.【答案】l－dv12.图9－1－23(16分)如图9－1－23所示，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，金属棒MN沿框架以速度v向右做匀速运动．t＝0时，磁感应强度为B0，此时MN到达的位置使MDEN构成一个边长为l的正方形．为使MN 棒中不产生感应电流，从t＝0开始，磁感应强度B应怎样随时间t变化？请推导出这种情况下B与t的关系式．【解析】要使MN棒中不产生感应电流，应使穿过线圈平面的磁通量不发生变化在t＝0时刻，穿过线圈平面的磁通量Φ1＝B0S＝B0l2设t时刻的磁感应强度为B，此时磁通量为Φ2＝Bl(l＋vt)由Φ1＝Φ2得B＝B0ll＋vt.【答案】B＝B0ll＋vt。
高考物理一轮复习课件 第1节 电磁感应现象 楞次定律
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【基础自测】
一、判断题
(1)1831年，英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象。
(√)
(2)闭合电路内只要有磁通量，就有感应电流产生。
(×)
(3)穿过线圈的磁通量和线圈的匝数无关。
(√)
(4)线框不闭合时，即使穿过线框的磁通量发生变化，线框中也没有
感应电流产生。
(√)
(5)当导体切割磁感线时，一定产生感应电动势。
感线运动的情景,导体 ab 上的感应电流方向为 a→b 的是( )
解析：ab 棒顺时针转动，运用右手定则，磁感线穿过手心，拇 指指向顺时针方向，则导体 ab 上的感应电流方向为 a→b，故 A 项正确；ab 向纸外运动，运用右手定则时，磁感线穿过手心， 拇指指向纸外，则知导体 ab 上的感应电流方向为 b→a，故 B 项错误；穿过回路的磁通量减小，由楞次定律知，回路中感应 电流方向由 b→a→d，则导体 ab 上的感应电流方向为 b→a， 故 C 项错误；ab 棒沿导轨向下运动，由右手定则判断知导体 ab 上的感应电流方向为 b→a，故 D 项错误。 答案：A
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3．[电磁感应现象中的功能分析]
如图所示，螺线管与灵敏电流计相连，磁铁从螺
线管的正上方由静止释放，向下穿过螺线管。下
列说法正 确的是
()
A．电流计中的电流先由 a 到 b，后由 b 到 a
B．a 点的电势始终低于 b 点的电势
C．磁铁减少的重力势能等于回路中产生的热量
D．磁铁刚离开螺线管时的加速度小于重力加速度
电磁感应
第十章
DISHIZHANG
第1节 电磁感应现象 楞次定律
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着眼“四层” 夯基础 立足“四翼” 探考点 聚焦“关键” 提素能
高三物理一轮复习讲义 63 64[1]电磁感应产生条件、楞次定律、右手定则
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高三物理一轮复习讲义（63）电磁感应产生条件、楞次定律、右手定则班级学号姓名一、电磁感应产生的条件1．__________________________叫电磁感应现象，是__________首先发现的．2．感应电流产生的条件是______________．3．感应电动势产生的条件：无论电路是否闭合，只要穿过线圈平面的______________发生变化，线路中就有感应电动势．二、感应电流方向的判定1．楞次定律：感应电流的磁场总是要______________引起感应电流的磁通量的______________．2．右手定则：伸开右手，使拇指与其余四个手指______________，并且都与手掌在同一个______________，让磁感线从手心进入，并使拇指指向______________的方向，这时四指所指的方向就是的方向．三、磁通量1．______________叫磁通量，单位______________，符号______________，公式______________．2．磁通量是______________，只有______________，没有______________，磁通量正、负表示磁感线从正、负两个面穿过．3．磁通量变化量△φ= ______________．四．对“楞次定律”的理解2．对”阻碍”的理解(1)“阻碍”并不是“相反”，当φ变小时，感应电流磁场方向与原磁场方向相同．(2)“阻碍”并不能“阻止”．3．楞次定律的广义表述：感应电流的“效果”总是反抗(或阻碍)引起感应电流的“原因”。
常见方式有四种：①阻碍原磁通量的变化，即φ增加，B感与B原反向；φ减小，B感与B 原同向．②阻碍导体和磁场的相对运动，即“来拒去留”或“来斥去引”．③通过改变线圈能够来“反抗”，即线圈有收缩或扩张趋势．④阻碍原电流变化，即自感现象应用．24．应用楞次定律判断感应电流的方法楞次定律没有直接告诉感应电流的方向，它说明的是感应电流的磁场与原磁场方向之间的关系，即穿过闭合回路的磁通量增大时，两磁场方向相反；磁通量减小时，两磁场方向相同．因此根据楞次定律判断感应电流的方向时，应按以下步骤进行：(1)明确闭合电路范围内的原磁场的方向；(2)分析穿过闭合电路的磁通量的变化情况；(3)根据楞次定律，判定感应电流磁场的方向；(4)利用安培定则，判定感应电流的方向．例1：电阻R 、电容C 与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N 极朝下，如图所示。
高三物理一轮复习课件 电磁感应现象 楞次定律
高三物理备课组
考点内容
要 高考(全国卷)三年命题情况对照分析
求
命题分析
电磁感应现象 Ⅰ 1.高考对本章内容考查的命题频率较
磁通量
Ⅰ 高，大部分以选择题的形式出题，也有
楞次定律
Ⅱ 部分是计算题。
2.命题热点：感应电流的产生条件、方
法拉第电磁感应定律 Ⅱ 向判定和导体切割磁感线产生感应电动
2．右手定则
(1)内容：如图所示，伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直并
且都与手掌在同一平面内：让磁__感__线__从掌心进入，并使拇指指向 导__线__运__动__的方向，这时四指所指的方向就是_感_应__电__流__的方向。
(2)适用情况：导线切__割__磁__感__线__产生感应电流。
磁通量 电磁感应现象
5．物理意义：
相当于穿过某一面积的_磁__感__线_的条数。如图所示，矩形 abcd、
abb′a′、a′b′cd 的面积分别为 S1、S2、S3，匀强磁场的磁感应强度 B
与平面 a′b′cd 垂直，则：
(1)通过矩形 abcd 的磁通量为 BS1cos θ 或__B_S_3__。
(2)通过矩形 a′b′cd 的磁通量为__B__S_3 _。
动。 3．实质
产生_感__应__电_动__势__，如果电路闭合，则有感应电流。如果电路不 闭合，则只有_感__应_电__动__势__而无感应电流。
三、感应电流方向的判定 1．楞次定律
(1)内容：感应电流的磁场总要_阻_碍__引起感应电流的_磁_通__量__的变
化。 (2)适用范围：一切电磁感应现象。
S2
(3)通过矩形 abb′a′的磁通量为_0_。
高三物理一轮复习：电磁感应现象、楞次定律 PPT课件 课件 人教课标版
19、就算生活让你再蛋疼，也要笑着学会忍。
•ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
20、当你能飞的时候就不要放弃飞。
•
21、所有欺骗中，自欺是最为严重的。
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22、糊涂一点就会快乐一点。有的人有的事，想得太多会疼，想不通会头疼，想通了会心痛。
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23、天行健君子以自强不息；地势坤君子以厚德载物。
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24、态度决定高度，思路决定出路，细节关乎命运。
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70、当你的希望一个个落空，你也要坚定，要沉着！
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71、生命太过短暂，今天放弃了明天不一定能得到。
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72、只要路是对的，就不怕路远。
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73、如果一个人爱你、特别在乎你，有一个表现是他还是有点怕你。
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74、先知三日，富贵十年。付诸行动，你就会得到力量。
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75、爱的力量大到可以使人忘记一切，却又小到连一粒嫉妒的沙石也不能容纳。
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52、思想如钻子，必须集中在一点钻下去才有力量。
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53、年少时，梦想在心中激扬迸进，势不可挡，只是我们还没学会去战斗。经过一番努力，我们终于学会了战斗，却已没有了拼搏的勇气。因此，我们转向自身，攻击自己，成为自己最大的敌人。
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54、最伟大的思想和行动往往需要最微不足道的开始。
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55、不积小流无以成江海，不积跬步无以至千里。
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46、在浩瀚的宇宙里，每天都只是一瞬，活在今天，忘掉昨天。
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47、小事成就大事，细节成就完美。
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48、凡真心尝试助人者，没有不帮到自己的。
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49、人往往会这样，顺风顺水，人的智力就会下降一些；如果突遇挫折，智力就会应激增长。
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50、想像力比知识更重要。不是无知，而是对无知的无知，才是知的死亡。
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书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 选修3-2 第九章 电磁感应 第1讲 电磁感应产生的条件 楞次定律3-2-9-1
图9－1－14 1．实验室有一个旧的学生直流电源，输出端的符号模糊不清，无法分辨正负极．某同学设计了下面的判断电源两极的方法．在桌面上放一个小磁针，在小磁针东面放一个螺线管，如图9－1－14所示，闭合开关后，小磁针指南的一端向东偏转．下述判断正确的是( )
A．电源A端是正极，在电源内电流由A流向B B．电源B端是正极，在电源内电流由A流向B C．电源A端是正极，在电源内电流由B流向A D．电源B端是正极，在电源内电流由B流向A 解析：小磁针的N极向左偏，由右手螺旋定则，电流方向由B经外电路流向A，电源B端是正极，在电源内电流由A流向B.
答案：B
图9－1－15 2．直导线ab放在如图9－1－15所示的水平导体框架上，构成一个闭合回路．长直导线cd和框架处在同一个平面内，且cd和ab平行，当cd中通有电流时，发现ab向左滑动．关于cd中的电流下列说法正确的是( )
A．电流肯定在增大，不论电流是什么方向 书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 B．电流肯定在减小，不论电流是什么方向 C．电流大小恒定，方向由c到d D．电流大小恒定，方向由d到c 解析：ab向左滑动，说明通过回路的磁通量在减小，通过回路的磁感应强度在减弱，通过cd的电流在减小，与电流方向无关．
答案：B
图9－1－16 3．(江门模拟)如图9－1－16是某电磁冲击钻的原理图，若突然发现钻头M向右运动，则可能是( )
A．开关S闭合瞬间 B．开关S由闭合到断开的瞬间 C．开关S已经是闭合的，变阻器滑片P向左迅速滑动 D．开关S已经是闭合的，变阻器滑片P向右迅速滑动 解析：当开关突然闭合时，左线圈上有了电流，产生磁场，而对于右线圈来说，磁通量增加，由楞次定律可知，为了阻碍磁通量的增加，钻头M向右运动远离左边线圈，故A项正确；当开关由闭合到断开瞬间，穿过右线圈的磁通量要减少，为了阻碍磁通量的减少，钻头M要向左运动靠近左边线圈，故B项错误；开关闭合时，当变阻器滑片P突然向左滑动时，回路的电阻减小，回路电流增大，产生的磁场增强，穿过右线圈的磁通量增大，为了阻碍磁通量的增加，钻头M向右运动远离左边线圈，故C项正确；当变阻器滑片P突然向右滑动时，回路的电阻增大，回路电流减小，产生的磁场减弱，穿过右线圈的磁通量减少，为了阻碍磁通量的减少，钻头M向左运动靠近左边线圈，故D项错误．
答案：AC
图9－1－17 书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料
书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 4．如图9－1－17所示，通过水平绝缘传送带输送完全相同的铜线圈，线圈均与传送带以相同的速度匀速运动．为了检测出个别未闭合的不合格线圈，让传送带通过一固定匀强磁场区域，磁场方向垂直于传送带，线圈进入磁场前等距离排列，穿过磁场后根据线圈间的距离，就能够检测出不合格线圈，通过观察图形，判断下列说法正确的是( )
A．若线圈闭合，进入磁场时，线圈相对传送带向后滑动 B．若线圈不闭合，进入磁场时，线圈相对传送带向后滑动 C．从图中可以看出，第2个线圈是不合格线圈 D．从图中可以看出，第3个线圈是不合格线圈状 解析：由电磁感应条件和楞次定律，A正确，B错误．由各线圈位置关系，C错误，D正确． 答案：AD
图9－1－18 5．(2009·安徽，20)如图9－1－18甲所示，一个电阻为R，面积为S的矩形导线框abcd，水平放置在匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B，方向与ad边垂直并与线框平面成45°角，o、o′分别是ab边和cd边的中点．现将线框右半边obco′绕oo′逆时针旋转90°到图9－1－18乙所示位置．在这一过程中，导线中通过的电荷量是( )
A.2BS2R B.2BSR C.BSR D．0 解析：根据法拉第电磁感应定律可以导出感应的电荷量为：Q＝ΔΦR；而ΔΦ＝B×S2cos 45°－－B×S2sin 45°＝BScos 45°＝22BS，故答案选A. 答案：A 书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料
书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 1．如图所示，四根等长的铝管和铁块(其中C中铝管不闭合，其他两根铝管和铁管均闭合)竖直放置在同一竖直平面内，分别将磁铁和铁块沿管的中心轴线从管的上端由静止释放，忽略空气阻力，则下列关于磁铁和铁块穿过管的运动时间的说法正确的是( )
A．tA>tB＝tC＝tD B．tC＝tA＝tB＝tD C．tC>tA＝tB＝tD D．tC＝tA>tB＝tD 解析：A中闭合铝管不会被磁铁磁化，但当磁铁穿过铝管的过程中，铝管可看成很多圈水平放置的铝圈，据楞次定律知，铝圈将发生电磁感应现象，阻碍磁铁的相对运动；因C中铝管不闭合，所以磁铁穿过铝管的过程不发生电磁感应现象，磁铁做自由落体运动；铁块在B中铝管和D中铁管中均做自由落体运动，所以磁铁和铁块在管中运动时间满足tA>tC
＝tB＝tD，A正确．
答案：A
图9－1－19 2．两根相互平行的金属导轨水平放置于图9－1－19所示的匀强磁场中，在导轨上接触良好的导体棒AB和CD可以自由滑动．当AB在外力F作用下向右运动时，下列说法中正确的是( )
A. 导体棒CD内有电流通过，方向是D→C B. 导体棒CD内有电流通过，方向是C→D C．磁场对导体棒CD的作用力向左 D．磁场对导体棒AB的作用力向左 解析：利用楞次定律.两个导体棒与两根金属导轨构成闭合回路，分析出磁通量增加，结合安培定则判断回路中感应电流的方向是B→A→C→D→B.以此为基础，再判断CD内的电流方向，最后根据左手定则进一步确定CD的受力方向，经过比较可得正确答案. 书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 图9－1－20 答案：BD 3．某研究性学习小组在探究电磁感应现象和楞次定律时，设计并进行了如下实验：如图9－1－20，矩形金属线圈放置在水平薄玻璃板上，有两块相同的蹄形磁铁，相对固定，四个磁极之间的距离相等．当两块磁铁匀速向右通过线圈位置时，线圈静止不动，那么线圈所受摩擦力的方向是( )
A．先向左，后向右 B．先向左，后向右，再向左 C．一直向右 D．一直向左 解析：根据楞次定律的推广意义，线圈中产生的感应电流的磁场会阻碍原来磁通量变化，线圈相对磁铁“来拒去留”，即当磁铁靠近时它们互相排斥，线圈受到向右的斥力，当磁铁远离时，线圈受到向右的引力，线圈静止不动，故线圈受到玻璃板对它的静摩擦力方向始终向左．
答案：D
图9－1－21 4．如图9－1－21所示，一根长导线弯曲成如图所示形状，通以直流电I，正中间用绝缘线悬挂一金属环C，环与导线处于同一竖直平面内．在电流I增大的过程中，下列叙述正确的是( )
A．金属环中无感应电流产生 B．金属环中有顺时针方向的感应电流 C．悬挂金属环C的竖直线中的张力不变 D．金属环C仍能保持静止状态 书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 书利华教育网www.shulihua.net精心打造一流新课标资料 解析：导线中的电流在金属环C内产生的合磁通量向里，故电流I增大的过程中，金属环C中的磁通量向里增大，由安培定则及楞次定律知金属环中有逆时针方向的感应电流，故A、B选项错．由对称性及左手定则知金属环受到了竖直向下的安培力的作用且随着电流I增大而增大，金属环C仍能保持静止状态，故C项错，D项正确．
答案：D
图9－1－22 5．某同学在学习了法拉第电磁感应定律之后，自己制作了一个手动手电筒，如图9－1－22是手电筒的简单结构示意图，左右两端是两块完全相同的条形磁铁，中间是一根绝缘直杆，由绝缘细铜丝绕制的多匝环形线圈只可在直杆上自由滑动，线圈两端接一灯泡，晃动手电筒时线圈也来回匀速滑动，灯泡就会发光，其中O点是两磁极连线的中点，a、b两点关于O点对称，则下列说法中正确的是( )
A．线圈经过O点时穿过的磁通量最小 B．线圈经过O点时受到的磁场力最大 C．线圈沿不同方向经过b点时所受的磁场力方向相反 D．线圈沿同一方向经过a、b两点时其中的电流方向相同 解析：画出磁铁间的磁场分布图可知，靠近两极处磁感应强度最大，O点处磁感应强度最小，故线圈经过O点时穿过的磁通量最小，其所受磁场力也最小，故A项正确，B项错误；线圈沿不同方向经过b点时感应电流方向相反，其所受的磁场力方向也相反，C项正确；线圈沿同一方向经过a、b两点时磁场方向相同，但其变化的方向相反，故电流方向相反，D错误．
答案：AC
图9－1－23 6．电阻R、电容器C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图