【化学】初三化学化学科普阅读题技巧和方法完整版及练习题及解析

【化学】初三化学化学科普阅读题技巧和方法完整版及练习题及解析

一、中考化学科普阅读题

1．⑴我国是一个海洋大国，海域面积十分辽阔。习主席在三亚考察时指出，一定要向海洋进军，加快建设海洋强国。加强创新协作，加快打造深海研发基地，加快发展深海科技事业，推动我国海洋科技全面发展。

海水中蕴含着丰富的化学资源，我们应予以合理开发及综合利用。

①海水淡化的常见方法有_____（至少答一条）。

②海水制镁工艺中，电解熔融氯化镁制取金属镁的化学方程式为_____。

③海水晒盐的基本原理为_____（选填“蒸发结晶”或“降温结晶”）。

④我国著名化学家_____创立了联合制碱法，极大优化了纯碱Na2CO3的生产工艺。

⑵我国有9900多万公顷盐碱地，根据土壤类型和气候条件，分为滨海盐渍区、黄淮海平原盐渍区、荒漠及荒漠草原盐渍区、草原盐渍区四大类型。盐碱地影响农作物正常生长，农作物产量极低，甚至寸草不生。盐碱土形成的根本原因在于水分状况不良，各种易溶性盐类在集盐地区的土壤表层逐渐积聚起来。有些地区春季地表水分蒸发强烈，地下水中的盐分随毛管水上升而聚集在土壤表层，此即"返盐"季节；有些地区到了秋季，土壤中会析出芒硝（主要成分是Na2SO4?10H2O），人们将上述现象俗称为“春泛盐，秋泛硝”。

根据上述信息，试回答下列问题：

①由图2可知，50℃时，两者中溶解度较大的物质是_____。

②将40℃等质量的NaCl和Na2SO4的饱和溶液同时降温到10℃，析出晶体较多的是

_____。

③40℃时，将25gNa2SO4固体放入50g水中，充分溶解后，可得到Na2SO4的_____溶液。（选填“饱和”或“不饱和”）

④结合图2中的溶解度曲线，试解释“秋泛硝”的原理_____。

⑤盐碱地也是一种珍贵的土地资源，许多科技工作者正以满腔热情投入到治理盐碱地的工作中，目前已有许多可喜的实质性进展。

下列方法措施中，不能改良盐碱地的是_____（选填序号之一）。

A向盐碱地里撒施大量熟石灰

B春秋季平整土地，适时耙地，并适量灌水洗盐

C施用有机肥料（能产生有机酸）和高效复合肥，并配合使用富含活性菌的土壤改良剂

D种植沙枣、白榆、胡杨、滨柃、枸杞等耐盐碱的植物

【答案】蒸馏法MgCl2（熔融）通电

Mg+Cl2↑蒸发结晶侯德榜硫酸钠硫酸钠溶

液饱和秋季温度较低，硫酸钠的溶解度减小，硫酸钠晶体从土壤中析出A 【解析】

【详解】

（1）①目前普遍采用的海水淡化方法有多级闪急蒸馏法、反渗透法等；

故填：蒸馏法；

②电解熔融氯化镁制取金属镁的化学方程式：MgCl2（熔融）通电

Mg+Cl2↑；

③“海水晒盐”利用的方法是蒸发结晶，因为氯化钠的溶解度受温度的变化不大；故答案为蒸发结晶；

④我国著名化学家侯德榜创立了联合制碱法，极大优化了纯碱Na2CO3的生产工艺。

（2）①由图2可知，50℃时，两者中溶解度较大的物质硫酸钠。

②温度小于40℃时，硫酸钠的溶解度受温度影响较大，将40℃等质量的NaCl和Na2SO4的饱和溶液同时降温到10℃，析出晶体较多的是硫酸钠溶液。

③40℃时，硫酸钠的溶解度为48.8g，即100g水最多溶解硫酸钠的质量为48.8g，将

25gNa2SO4 固体放入50g水中，充分溶解后有固体剩余，可得到Na2SO4的饱和溶液。

④硫酸钠的溶解度随温度的升高而增大，秋季温度较低，硫酸钠的溶解度减小，所以土壤中会有硫酸钠晶体析出。

⑤A、熟石灰溶液呈碱性，不能改良盐碱地，不正确，符合题意；

B、春秋季平整土地，适时耙地，并适量灌水洗盐，正确，不符合题意；

C、施用有机肥料（能产生有机酸）和高效复合肥，并配合使用富含活性菌的土壤改良剂，

正确，不符合题意；

D 、种植沙枣、白榆、胡杨、滨柃、枸杞等耐盐碱的植物，正确，不符合题意。 故选A 。

2．活性氧化锌（ZnO ）粒径介于1~100nm ，是一种面向21世纪的新型高功能精细无机产品。某科研小组利用某废弃的氧化铜锌矿（主要成分为CuO 和ZnO ，其余成分既不与酸反应，也不溶解于水）回收铜，并制备活性氧化锌。 （查阅资料）()()4324422Z ZnSO +n +2NH H O OH NH SO ?↓；

()4323424ZnSO +4NH H O Zn NH SO +4H O ???

??；()22Zn OH ZnO+H O △ 常温下氢氧化物沉淀时溶液的pH 见下表：

氢氧化物

()3Fe OH ()2Fe OH ()2Zn OH ()2Cu OH 开始沉淀时的

pH

1.9 7.0 6.0 4.7 沉淀完全时的

pH 3.2 9.0 8.0 6.7

（实验设计）设计的部分实验流程如图所示：

请根据上述资料和实验流程回答下列问题：

（1）操作1的名称是____________。

（2）在氧化铜锌矿中加入过量稀硫酸，主要成分发生反应的化学方程式为

_______________。

（3）加过量铁粉后，发生反应的基本反应类型是__________，得到滤渣1的成分为__________。

（4）加入双氧水的作用是___________；不选用高锰酸钾，而选用双氧水的优点是_______。

（5）完成操作2的实验步骤①___________；②_______；③灼烧。

（交流反思）（6）从绿色化学的角度分析上述实验流程，除了能回收金属单质和活性氧化

锌外，还可以获取的有用副产品是（写出化学式，并指明其用途）________。

【答案】过滤 2442CuO+H SO CuSO +H O ；2442ZnO+H SO ZnSO +H O 置换反应 Cu 、Fe 将4FeSO （2Fe +）氧化成()243Fe SO （3Fe +），以便在后续操作中将溶液中的铁元素除去 不引入较难除去的杂质 加入适量稀硫酸，调节溶液的pH 至8.0 过滤、洗涤、干燥 23Fe O 作颜料、()442NH SO 作化肥

【解析】

【分析】

【详解】

实验设计：

（1）操作1是使不溶性物质氢氧化铁和其他可溶性物质分离的过程，为过滤；

（2）在氧化铜锌矿中加入过量稀硫酸，目的是使氧化铜和氧化锌完全反应进入溶液，主要成分发生反应的化学方程式为：2442=CuO+H SO CuSO +H O 、

2442=ZnO+H SO ZnSO +H O ；

（3）由于加入铁粉前是硫酸铜、硫酸锌以及剩余的硫酸的混合溶液，加入铁粉，反应的反应分别为：44Fe+CuSO =Cu+FeSO 和2442=F Fe+H SO SO +H e ↑，都是单质和化合物反应生成新的单质和新的化合物，为置换反应。反应后，由于加入的铁过量，所以滤渣含有剩余的Fe ，同时还有生成的Cu 。

（4）加入双氧水的作用是 4FeSO （2Fe +）氧化成()243Fe SO （3Fe +），以便在后续操作中将溶液中的铁元素除去；不选用高锰酸钾，而选用双氧水的优点是：不引入较难除去的杂质。

（5）()2Zn OH 沉淀完全时的pH 为8.0，故操作2的实验步骤为：①加入适量稀硫酸，调节溶液的pH 至8.0；②过滤、洗涤、干燥；③灼烧。

交流反思：

（6）从绿色化学的角度分析上述实验流程，除了能回收金属单质和活性氧化锌外，()3Fe OH 受热可得到23Fe O ，可作颜料，以及()442NH SO 可作化肥，故还可以获取的有用副产品是：23Fe O 作颜料、()442NH SO 作化肥。

3．阅读下面科普短文。

说起二氧化硫(SO 2)，你可能首先想到它是空气质量播报中堤及的大气污染物。其实你真的了解SO 2吗？难道它只是有害物质吗？SO 2与食品工业SO 2作为防腐剂、漂白剂和抗氧化剂广泛用于食品行业，葡萄酒酿制中适量添加SO 2，可防止葡萄酒在陈酿和贮藏过程中被氧化，抑制葡萄汁中微生物的活动，食糖加工过程中可使用SO 2进行脱色，按照我国食品添加剂使用标准(GB2760-2014)，SO 2合理使用不会对人体健康造成危害。标准中部分食品SO 2的最大残留量

食品蜜饯葡萄酒食糖水果干巧克力果蔬汁

最大残留量

SO2与化石燃料化石燃料中的煤通常含有硫元素，直接燃烧会产生SO2为了减少煤燃烧产生的SO2污染空气，可以采取“提高燃煤质量，改进燃烧技术”的措施，例如，对燃煤避行脱硫固硫处理；还可以采取“优化能源结构、减少燃煤使用”等措施，例如、北京大力推广的“煤改气、煤改电”工程，有效改善了空气质量。

现在，你对SO2一定有了新的认识，在今后的化学学习中你对SO2：还会有更全面的认试回答下列问题：

(1)按照国家标准，葡萄酒中的SO2最大残留量为______g/L。

(2)葡萄酒酸制过程中SO2的作用是______。

(3)你所知道的SO2排放过多，通常可以造成的环境问题是______写一种即可。

(4)下列措施能减少SO2排放的是______(填序号)。

A．将煤块粉碎对燃煤进行脱硫

C．推广煤改气、煤改电循环利用工业尾气中的SO2

【答案】0.25 防止葡萄酒在陈酿和贮藏的过程中被氧化，抑制葡萄汁中微生物的活动

形成酸雨 BCD

【解析】

【详解】

(1)由图中数据可知：食糖中SO2的最大残留量为0.25g/L。

(2)由题目所给信息可知：葡萄酒酿制过程中SO2的作用是：防止葡萄酒在陈酿和贮藏的过程中被氧化，抑制葡萄汁中微生物的活动

(3)二氧化硫是形成酸雨的主要成分。

(4)A选项煤块粉碎并不能改变煤的含硫量，最终生成的二氧化硫质量不变，A不对；

B选项对燃煤进行脱硫显然可以降低生成二氧化硫的质量；

C选项文章最后一段有原话，煤改气或改电可以改善空气质量；

D选项合理的循环使用尾气中的二氧化硫，可以减少的排放。

4．二氧化碳是人类生存不可缺少的物质。早在公元三世纪，我国西晋时期的张华在其所著的《博物志》中就有“烧白石作白灰既讫……”的记载，其中“白石”即石灰石，同时生成CO2。随着人类社会的发展，化石燃料的消耗量急剧增加，释放的CO2越来越多……．当大气中CO2等气体的含量升高时，会增强大气对太阳光中红外线辐射的吸收，阻止地球表面的热量向外散发，从而导致温室效应增强，全球气候变暖。科学家一直致力于将CO2分离回收、循环利用和再生转化成资源，化学吸收法是利用吸收剂与CO2发生化学反应来吸收分离CO2的方法，常见的吸收剂有氢氧化钠、氢氧化钙、碳酸钾溶液以及各类胺溶液等。CO2和H2在催化剂的作用下会发生生成甲醇、一氧化碳和甲烷等的一系列反应，实现再生转化，我国科学家在催化剂研究方面取得重大突破，分别合成出了ZnGa2O4介孔光催化材料和单晶纳米带，并将其用于CO2的光还原，成功地实现了将CO2转化为碳

氢化合物燃料。

请回答：

（1）《博物志》中所记载“白灰”的主要成分的化学式为______；

（2）温室效应加剧对环境的影响有______（写一条即可）；

（3）ZnGa2O4中Ga元素的化合价为______；

（4）用碳酸钾溶液吸收CO2时，产物是KHCO3，该反应的化学方程式为______；

（5）一定条件下，CO2和H2反应生成CH4和H2O．请在以下框图中将该反应的微观粒子补充完整。____

K CO+CO+H O=2KHCO

【答案】CaO 全球气候变暖 +3 23223

【解析】

【分析】

（1）《博物志》中所记载“白灰”的主要成分是氧化钙；

（2）温室效应加剧对环境的影响有：全球气候变暖、冰川融化、海平面上升等；

（3）有关化合价的计算要准确；

（4）碳酸钾溶液吸收CO2生成KHCO3，配平即可；

（5）根据质量守恒定律作图。

【详解】

（1）《博物志》中所记载“白灰”的主要成分是氧化钙；故答案为：CaO；

（2）温室效应加剧对环境的影响有：全球气候变暖、冰川融化、海平面上升等；

故答案为：全球气候变暖（合理即可）；

（3）设ZnGa2O4中Ga元素的化合价为x，+2+2x+（-2）×4=0，x=+3，故答案为：+3；（4）碳酸钾溶液吸收CO2生成KHCO3，配平即可；故答案为：

K CO+CO+H O=2KHCO；

23223

（5）根据质量守恒定律，化学反应前后原子的种类、数目不变，故答案为：

。

【点睛】

本题考査的是化学式、化学方程式的书写、空气中各个成分的作用等，有关二氧化碳造成的温室效应问题，不仅引起了全球的重视而且也是近几年中考的热点问题。本题中还有一点要注意要用化学符号表示，不能用名称。

5．中科院大连化学物理研究所研究出天然气转化利用的新技术：通过新型高效的催化剂，成功实现了甲烷（CH 4）在无氧条件下一步高效生产氢气、乙烯和苯等高值化学品，没有产生二氧化碳。相关的物质转化示意图如下：

（1）甲烷中碳元素的质量分数为________。

（2）根据催化剂的特性可知，催化剂在甲烷转化的反应前后，其质量和________不变。 （3）甲烷在无氧条件下通过催化剂转化成为A 和B 两种物质的化学方程式为 ________。 （4）物质C 的化学式是________ 。

（5）该新技术的优点是________(写一点）。

【答案】75 % 化学性质 2CH 4

催化剂C 2H 4 + 2H 2 C 6H 6 有利于减缓温室效应（或其他合理答案)

【解析】

【分析】

【详解】

（1）甲烷中碳元素的质量分数为12100%12+14

??＝75%；故填：75%； （2）催化剂的质量与化学性质在化学反应前后保持不变；故填：化学性质；

（3）通过新型高效的催化剂，成功实现了甲烷（CH 4）在无氧条件下一步高效生产乙烯和氢气；故填：42422CH C H +2H 催化剂；

（4）由分子结构模型可知，每个C 分子是由6个碳原子和6个氢原子构成的，其化学式为C 6H 6；故填：C 6H 6；

（5）通过新型高效的催化剂，成功实现了甲烷（CH4）在无氧条件下一步高效生产氢气、乙烯和苯等高值化学品，没有产生二氧化碳，所以该技术有利于减缓温室效应；故填：有利于减缓温室效应。

6．（1）2001年中国消协对部分装修后的室内环境状况抽样测试后发现，近半数存在苯污染。国际卫生组织已把苯定为强烈致癌物质。苯是一种没有颜色带有特殊气味的液体，密度比水小，不溶于水，苯的沸点是80.1℃，熔点是5.5℃。在一定条件下，苯分别能跟氢气、溴、浓硝酸、浓硫酸等物质发生化学反应，苯还能在空气里燃烧生成二氧化碳和水。请回答下列问题：

苯的物理性质有____________________________________________；

苯的化学性质有____________________________________________；

苯在空气中燃烧的文字

．．表达式：_________________________________________。

（2）根据信息书写化学方程式练习：

发射卫星的火箭用联氨（N2H4）作燃料，以四氧化二氮（N2O4）作氧化剂，燃烧尾气由氮气和水蒸气组成。试写出反应的符号表达式_____________________________________；用粮食作原料酿酒时，往往发现制得的酒酸，这是因为酒精（C2H5OH）在酶的作用下与空

气中的氧气作用，生成了醋酸（CH3COOH）和水，请写出该反应的文字

．．表达式为

_________。

【答案】没有颜色带有特殊气味的液体，密度比水小，不溶于水，苯的沸点是80.1℃，熔点是5.5℃。能跟氢气、溴、浓硝酸、浓硫酸等物质发生化学反应，具有可燃性苯+氧

气u u u u u u u u u r

点燃

二氧化碳+水联氨+四氧化二氮

u u u u u u u u u r

点燃

氮气+水乙醇+氧气

u u u u u u r

酶

醋酸+

水

【解析】

【详解】

苯的物理性质有：没有颜色带有特殊气味的液体，密度比水小，不溶于水，苯的沸点是80.1℃，熔点是5.5℃。；

苯的化学性质有：能跟氢气、溴、浓硝酸、浓硫酸等物质发生化学反应，具有可燃性；

苯在空气中燃烧产生二氧化碳和水的文字

．．表达式：苯+氧气u u u u u u u u u r

点燃

二氧化碳+水。

（2）发射卫星的火箭用联氨在四氧化二氮中燃烧反应氮气和水蒸气反应的符号表达式：联

氨+四氧化二氮u u u u u u u u u r

点燃

氮气+水；

用粮食作原料酿酒时，往往发现制得的酒酸，酒精在酶的作用下与空气中的氧气作用，生

成了醋酸和水的文字

．．表达式为：乙醇+氧气u u u u u u r

酶

醋酸+水。

7．阅读下面的科普材料。

金属是具有光泽、富有延展性、能够导电、导热等性质的物质。地球上的金属资源广泛地存在于地壳和海洋中,除少数很不活泼的金属有单质形式存在外,其余均以化合物的形式存在于自然界中,在日常生活中合金的应用较为广泛。

从含有金属元素并有开采价值的矿石中提炼金属的过程称为金属的冶炼。冶炼金属有多种方法,常见的方法是利用一氧化碳或碳等还原剂将金属从其金属氧化物中还原出来，例如铁铜等;对于活泼金属，则要采用电解的方法进行冶炼，例如镁、铝等。

金属钛因为具有神奇的性能越来越引起人们的关注。钛是一种银白色金属，化学性质比较活泼,加热时能与O 2、N 2等非金属单质发生反应。在常温下，钛表面易生成一层极薄且致密的氧化物保护膜,可以抵抗强酸甚至王水的腐蚀。钛的硬度与钢铁差不多,而它的重量几乎只有同体积钢铁的一半。钛和钛合金无毒且与人体组织有很好的相容性,所以在医疗方面应用广泛。目前大规模生产金属钛的方法是:先将金红石（主要成分为TiO 2）和炭粉的混合物在高温条件下通入Cl 2 制得TiCI 4和一种可燃性气体，然后在氩气的环境中,用过量的Mg 在高温条件下与TiCl 4反应制得金属钛。

请回答下列问题:

（1）“真金不怕火炼”说明黄金在自然界中主要以______________________形式存在。 （2）写出金属钛的一条物理性质_____________________。

（3）钛可以抵抗强酸甚至王水的腐蚀,其原因是_____________________。

（4）工业上用赤铁矿冶炼铁的化学方程式为_____________________。

（5）将一定量的镁粉和锌粉加入AgNO 3和Cu （NO 3）2混合溶液中,充分反应后过滤,得到滤渣和滤液。若滤液为蓝色时，则滤液中一定存在的溶质为_____________________；若向滤渣中滴加稀盐酸,有气泡产生,则滤渣的组成有_____________________，种情况。

【答案】单质 银白色（或硬度与钢铁差不多或密度小） 在常温下，钛表面易生成一层极薄且致密的氧化物保护膜 2323CO Fe O 2Fe 3CO ++高温 硝酸铜、硝酸镁、硝酸锌 2（或两）

【解析】

【详解】

（1）“真金不怕火炼"说明金的化学性质稳定，即使高温条件下也不与氧气反应；结合材料“少数很不活泼的金属有单质形式存在”，可知黄金在自然界中主要以单质形式存在；

（2）结合短文内容分析，可知钛呈银白色、硬度与钢铁差不多、密度小，以上均属于钛的物理性质；

（3）由材料可知，钛可抵抗强酸甚至王水腐蚀的原因是：在常温下，钛表面易生成一层极薄且致密的氧化物保护膜；

（4）工业上用一氧化碳与赤铁矿来冶炼铁，反应原理是氧化铁和一氧化碳在高温条件下生成铁和二氧化碳，反应方程式为2323CO Fe O 2Fe 3CO ++高温；

（5）结合相关金属活动性顺序可知，镁先与硝酸银反应再与硝酸铜反应，当镁消耗完后，锌才可参与反应。据此分析，若滤液为蓝色，说明硝酸铜有剩余，则镁、锌均全部消耗，则滤液中一定有反应生成的硝酸镁、硝酸锌以及反应剩余的硝酸铜，可能含有硝酸银；根

据题干信息“向滤渣中滴加稀盐酸，有气泡产生”，可知滤渣中一定含有氢前金属锌，可能含有金属镁，说明硝酸银、硝酸铜全部反应完，进而可知滤渣成分为银、铜、锌或银、铜、锌、镁2种情况。

【点睛】

在金属活动顺序表中，金属的位置越靠前，金属的活动性越强。位置靠前的金属能将位于其后的金属从它的盐溶液中置换出来。

8．化学课上，老师表演了“魔棒生烟”的魔术（如图一），当分别蘸有浓盐酸和浓氨水的两根玻璃棒靠近时会产生白烟。

为了揭秘这个魔术，化学兴趣小组的同学查阅了大量资料发现：

①浓盐酸会挥发出氯化氢（HCl）气体，浓氨水会挥发出氨气（NH3），两种气体反应生成白色固体氯化铵（NH4Cl）；

②气体的相对分子质量越小，分子运动速率越快。

然后化学兴趣小组的同学进一步设计了如图二所示的实验。试回答以下问题：

（1）图一中“魔棒生烟”魔术中两根玻璃棒无需接触，只要靠近就能产生白烟，说明分子具有的性质是_____。

（2）“魔棒生烟”涉及反应的文字表达式是_____，关于该反应中各元素化合价的说法正确的是_____（填字母）。

A 所有元素化合价都不变

B 有一种元素化合价改变

C 有两种元素化合价改变

D 所有元素化合价都改变

（3）图二中同时打开开关a和b，玻璃管c中出现白烟，白烟最浓厚的地方是_____（选填“d”“e”或“f”），理由是_____。

（4）如果将图二中的烧瓶A和B放入冰水中，能更_____（选填“快”或“慢”）地观察到白烟的产生。

（5）图二实验相对于图一实验的优点是_____。

【答案】分子在不停的运动氯化氢+氨气??→氯化铵 A d 氨气的相对分子质量小，分子运动速率越快慢无污染

【解析】

【分析】

【详解】

（1）图一中“魔棒生烟”魔术中两根玻璃棒无需接触，只要靠近就能产生白烟，说明分子具有的性质是：分子在不停的运动；

（2）“魔棒生烟”涉及浓盐酸会挥发出氯化氢（HCl）气体，浓氨水会挥发出氨气（NH3），两种气体反应生成白色固体氯化铵（NH4Cl）反应的文字表达式是：氯化氢+氨气??→氯化铵，关于该反应中各元素化合价的说法正确的是

A、所有元素化合价都不变；选项正确；

B、有一种元素化合价改变；选项错误；

C 、有两种元素化合价改变；选项错误；

D 、所有元素化合价都改变；选项错误；

故选：A。

（3）图二中同时打开开关a和b，玻璃管c中出现白烟，白烟最浓厚的地方是d，理由是：氨气的相对分子质量小，分子运动速率越快；

（4）如果将图二中的烧瓶A和B放入冰水中，温度降低，分子运动减缓，能更慢地观察到白烟的产生。

（5）图二实验相对于图一实验的优点是：在密闭容器中进行实验，无污染。

9．土豆是餐桌上的美味食材，含淀粉、蛋白质、维生素C等多种营养物质，土豆变绿、发芽时，龙葵素含量显著增高，而龙葵素多食可导致中毒，就算是把变绿发芽的部位削掉，也不宜食用。土豆切开后发生褐变，用水浸泡能防止褐变，但会引起营养物质流失。用土豆片进行实验，测得其食用品质、淀粉含量和维生素C含量随浸泡时间的变化如下：

依据以上信息回答下列问题

（1）由图1可知：浸泡30min比10min脆性分值_____________（填“升高”、“不变”、降低”，下同）：浸泡10min，硬度、咬脆感___________，在60min内，随着浸泡时间的增加，粘结性、弹性分值________。

（2）由图2可知：浸泡__________min，土豆片的淀粉含量和维生素C含量相等；土豆片的淀粉含量与浸泡时间的关系是___________。

（3）要想吃到不粘的土豆丝，是否是浸泡时间越长越好________（填“是”或“否”）。原因___________。

（4）变绿、发芽的土豆不宜食用，其原因是______________。

（5）下列说法正确的是_________（填字母序号）。

A土豆是四大粮食作物之一

B土豆中维生素C含量最高

C用水泡可防止土豆片褐变

D土豆开发应用的前景广阔

【答案】升高不变均降低 35 在其他条件相同时，在研究范围内，土豆片的淀粉含量随浸泡时间的延长而降低否浸泡时间过长会导致部分营养物质流失土豆变绿、发芽时，龙葵素含量显著增高，而龙葵素多食可导致中毒 ACD

【解析】

【详解】

（1）分析图1，浸泡30min比10min脆性分值升高，浸泡10min，硬度、咬脆感不变，在60min内，随着浸泡时间的增加，粘结性、弹性分值均降低；

故填：升高；不变；均降低。

（2）分析图2，浸泡35min，土豆片的淀粉含量和维生素C含量相等；在其他条件相同时，在研究范围内，土豆片的淀粉含量随浸泡时间的延长而降低；

故填：35；在其他条件相同时，在研究范围内，土豆片的淀粉含量随浸泡时间的延长而降低。

（3）要想吃到不粘的土豆丝，浸泡时间不能过长，浸泡时间过长会导致部分营养物质流失；

故填：否；浸泡时间过长会导致部分营养物质流失。

（4）变绿、发芽的土豆，龙葵素含量显著增高，而龙葵素多食可导致中毒；

故填：土豆变绿、发芽时，龙葵素含量显著增高，而龙葵素多食可导致中毒。

（5）A．土豆是继水稻、小麦、玉米之后的第四大粮食作物，A正确；

B．土豆中，淀粉的含量最高，故B错误；

C．由题干“土豆切开后发生褐变，用水浸泡能防止褐变，但会引起营养物质流失。”可知，C正确；

D．除食用外，土豆还可以作为原料广泛用于医药、化工、纺织、造纸等工业中，D正确。故填：ACD。

10．货币天然是金银

马克思在《政治经济学批判》一书中写道：“金银天然不是货币，但货币天然是金银！”虽然金有工业用途，但都远比不了铝、铁、铜等主流金属，那为什么它还这么值钱呢？

让我们拿出一张元素周期表，看看每一种元素是否都适合做货币呢？首先，所有的气体元素都可以被排除。两种液体元素溴和汞也可以被排除，更何况它们都有毒。还有一些非金属元素，要么气味很臭，要么本身有毒，如硫、磷、砷、硒等，当然也无法使用。元素周期表最左边的两列—碱金属和碱土金属也可以被排除，它们在水里会爆炸，握在手上会灼烧手心。元素周期表最下方的人造元素自然也被排除，我们的老祖先根本无法在自然界找到它们。类似的，放射性元素也可以被挨弃，你总不想因为用钱得癌症吧。还有一族稀土元素，它们极其相似，难以分离，自然它们也被排除。过渡元素钛、钒、铬，都不存在天然的游离态，要将它们提取出来需要超级高温，硅、明、铝也类似。铁、锌、锡、铜和铅

容易生锈，铋太脆也无法充当货币而碳在高温下不稳定。

这样就只剩下6种铂系金属和金、银了。铂系金属也有用作货币的潜质，它们具有金属光泽，而且化学性质稳定，在自然界就能找到。但铂系金属熔点高，难以分离和冶炼，可锻造性差。就这样，最后只剩下两种“完美”的货币元素：金和银。它们符合货币的各种要求。

阅读上述内容，回答下列问题：

（1）不管是金首饰，还是工业上用的金线、金箱，都体现了金的_____性。

（2）材料中提到的两种液体元素是_____和_____。

（3）铝也是一种优良的金属，没有选它作为货币的主要因素是_____（用化学方程式表示）。

（4）概括金银符合货币的要求：_____。

（5）请你根据所学的化学知识说明为什么“点石成金”只是古代人的一种美好愿望，理由：_____。

【答案】延展性溴汞 4Al+3O2=2Al2O3化学性质稳定，在自然界中能找到（合理即可）根据质量守恒定律，化学反应前后元素种类不变

【解析】

【详解】

（1）不管是金首饰，还是工业上用的金线、金箱，都体现了金的延展性性。

（2）材料中提到的两种液体元素是溴和汞。

（3）铝和空气中的氧气常温下即可反应生成氧化铝，反应方程式为4Al+3O2=2Al2O3。（4）概括金银符合货币的要求：化学性质稳定，在自然界中能找到（合理即可）。

（5）根据质量守恒定律，化学反应前后元素种类不变，组成石头和金的化学元素不同，故“点石成金”不可能实现。